文档内容
2019年湖南省娄底市中考数学试卷（教师版）
一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，满分36分，每小题给出的四个选项中，只
有一个选项是符合题目要求的）
1．（3分）2019的相反数是（ ）
A．﹣2019 B．2019 C． D．﹣
【考点】14：相反数．
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【分析】直接利用相反数的定义分析得出答案．
【解答】解：2019的相反数是：﹣2019．
故选：A．
【点评】此题主要考查了相反数，正确把握相反数的定义是解题关键．
2．（3分）下列计算正确的是（ ）
A．（﹣2）3＝8 B．（a2）3＝a6 C．a2•a3＝a6 D．4x2﹣2x＝2x
【考点】46：同底数幂的乘法；47：幂的乘方与积的乘方．
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【分析】分别根据幂的定义、幂的乘方、同底数幂的乘法法则以及合并同类项的法则逐
一判断即可．
【解答】解：A．（﹣2）3＝﹣8，故选项A不合题意；
B．（a2）3＝a6，故选项B符合题意；
C．a2•a3＝a5，故选项C不合题意；
D.4x2与x不是同类项，故不能合并，所以选项D不合题意．
故选：B．
【点评】本题主要考查了幂的运算以及合并同类项的法则，熟练掌握幂的运算性质是解
答本题的关键．
3．（3分）顺次连接菱形四边中点得到的四边形是（ ）
A．平行四边形 B．菱形 C．矩形 D．正方形
【考点】L6：平行四边形的判定；LA：菱形的判定与性质；LC：矩形的判定；LF：正
方形的判定；LN：中点四边形．
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【分析】作出图形，根据三角形的中位线平行于第三边并且等于第三边的一半判定出四
边形EFGH是平行四边形，再根据菱形的对角线互相垂直可得 EF⊥FG，然后根据有一
第1页（共22页）个角是直角的平行四边形是矩形判断．
【解答】解：如图，∵E、F分别是AB、BC的中点，
∴EF∥AC且EF＝ AC，
同理，GH∥AC且GH＝ AC，
∴EF∥GH且EF＝GH，
∴四边形EFGH是平行四边形，
∵四边形ABCD是菱形，
∴AC⊥BD，
又根据三角形的中位线定理，EF∥AC，FG∥BD，
∴EF⊥FG，
∴平行四边形EFGH是矩形．
故选：C．
【点评】本题主要考查了三角形的中位线定理，菱形的性质，以及矩形的判定，连接四
边形的中点得到的四边形的形状主要与原四边形的对角线的关系有关，原四边形的对角
线相等，则得到的四边形是菱形，原四边形对角线互相垂直，则得到的四边形是矩形，
连接任意四边形的四条边的中点得到的四边形都是平行四边形．
4．（3分）一组数据﹣2、1、1、0、2、1．这组数据的众数和中位数分别是（ ）
A．﹣2、0 B．1、0 C．1、1 D．2、1
【考点】W4：中位数；W5：众数．
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【分析】根据一组数据中出现次数最多的数据叫做众数，将一组数据按照从小到大（或
从大到小）的顺序排列，如果数据的个数是奇数，则处于中间位置的数就是这组数据的
中位数进行分析即可．
【解答】解：这组数据的众数为1，
从小到大排列：﹣2，0，1，1，1，2，中位数是1，
故选：C．
第2页（共22页）【点评】此题主要考查了众数和中位数，关键是掌握两种数的定义．
5．（3分）2018年8月31日，华为正式发布了全新一代自研手机SoC麒麟980，这款号称
六项全球第一的芯片，随着华为Mate20系列、荣耀Magic2相继搭载上市，它的强劲性
能、出色能效比、卓越智慧、顶尖通信能力，以及为手机用户带来的更强大、更丰富、
更智慧的使用体用，再次被市场和消费者所认可．麒麟980是全球首颗7nm（1nm＝10﹣
9m）手机芯片．7nm用科学记数法表示为（ ）
A．7×10﹣8m B．7×10﹣9m C．0.7×10﹣8m D．7×10﹣10m
【考点】1J：科学记数法—表示较小的数．
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【分析】绝对值小于1的正数也可以利用科学记数法表示，一般形式为a×10﹣n，与较大
数的科学记数法不同的是其所使用的是负指数幂，指数由原数左边起第一个不为零的数
字前面的0的个数所决定．
【解答】解：7nm用科学记数法表示为7×10﹣9m．
故选：B．
【点评】本题考查用科学记数法表示较小的数，一般形式为a×10﹣n，其中1≤|a|＜10，
n为由原数左边起第一个不为零的数字前面的0的个数所决定．
6．（3分）下列命题是假命题的是（ ）
A．到线段两端点距离相等的点在线段的垂直平分线上
B．等边三角形既是轴对称图形，又是中心对称图形
C．n边形（n≥3）的内角和是180°n﹣360°
D．旋转不改变图形的形状和大小
【考点】O1：命题与定理．
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【分析】利用垂直平分线的判定、等边三角形的性质、多边形的内角和及旋转的性质分
别判断后即可确定正确的选项．
【解答】解：A、到线段两端点距离相等的点在线段的垂直平分线上，正确，是真命题；
B、等边三角形是轴对称图形，但不是中心对称图形，错误，是假命题；
C、n边形（n≥3）的内角和是180°n﹣360°，正确，是真命题；
D、旋转不改变图形的形状和大小，正确，是真命题，
故选：B．
【点评】本题考查了命题与定理的知识，解题的关键是了解垂直平分线的判定、等边三
角形的性质、多边形的内角和及旋转的性质，难度不大．
第3页（共22页）7．（3分）如图， O的半径为2，双曲线的解析式分别为y＝ ，则阴影部分的
⊙
面积是（ ）
A．4 B．3 C．2 D．
【考点π】G5：反比例函数系π数k的几何意义；MO：π 扇形面积的计算．π
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【分析】根据反比例函数的对称性得出图中阴影部分的面积为半圆面积，进而求出即可．
【解答】解：双曲线y＝ 的图象关于x轴对称，
根据图形的对称性，把第二象限和第四象限的阴影部分的面积拼到第一和第三象限中的
阴影中，可以得到阴影部分就是一个扇形，
并且扇形的圆心角为180°，半径为2，
所以：S阴影 ＝ ＝2 ．
π
故选：C．
【点评】本题考查的是反比例函数，题目中的两条双曲线关于x轴对称，圆也是一个对
称图形，可以得到图中阴影部分的面积等于圆心角为180°，半径为2的扇形的面积，用
扇形面积公式计算可以求出阴影部分的面积．
8．（3分）如图，边长为2 的等边△ABC的内切圆的半径为（ ）
A．1 B． C．2 D．2
【考点】KK：等边三角形的性质；MI：三角形的内切圆与内心．
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【分析】连接AO、CO，CO的延长线交AB于H，如图，利用内心的性质得CH平分
第4页（共22页）∠BCA，AO平分∠BAC，再根据等边三角形的性质得∠CAB＝60°，CH⊥AB，则∠OAH
＝30°，AH＝BH＝ AB＝3，然后利用正切的定义计算出OH即可．
【解答】解：设△ABC的内心为O，连接AO、BO，CO的延长线交AB于H，如图，
∵△ABC为等边三角形，
∴CH平分∠BCA，AO平分∠BAC，∵△ABC为等边三角形，
∴∠CAB＝60°，CH⊥AB，
∴∠OAH＝30°，AH＝BH＝ AB＝ ，
在Rt△AOH中，∵tan∠OAH＝ ＝tan30°，
∴OH＝ × ＝1，
即△ABC内切圆的半径为1．
故选：A．
【点评】本题考查了三角形的内切圆与内心：三角形的内心到三角形三边的距离相等；
三角形的内心与三角形顶点的连线平分这个内角．也考查了等边三角形的性质．
9．（3分）将y＝ 的图象向右平移1个单位长度，再向上平移1个单位长度所得图象如
图，则所得图象的解析式为（ ）
第5页（共22页）A．y＝ +1 B．y＝ ﹣1 C．y＝ +1 D．y＝ ﹣1
【考点】G2：反比例函数的图象．
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【分析】直接根据函数图象的变换规律进行解答即可．
【解答】解：由“左加右减”的原则可知，
y＝ 的图象向右平移1个单位所得函数图象的关系式是：y＝ ；
由“上加下减”的原则可知，
函数y＝ 的图象向上平移1个单位长度所得函数图象的关系式是：y＝ +1．
故选：C．
【点评】本题考查的是反比例函数的图象与几何变换，熟知函数图象平移的法则是解答
此题的关键．
10．（3分）如图，直线y＝x+b和y＝kx+2与x轴分别交于点A（﹣2，0），点B（3，
0），则 解集为（ ）
A．x＜﹣2 B．x＞3 C．x＜﹣2或x＞3 D．﹣2＜x＜3
【考点】FD：一次函数与一元一次不等式．
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【分析】根据两条直线与x轴的交点坐标及直线的位置确定不等式组的解集即可．
【解答】解：∵直线y＝x+b和y＝kx+2与x轴分别交于点A（﹣2，0），点B（3，
0），
∴ 解集为﹣2＜x＜3，
故选：D．
【点评】本题考查了一次函数与一元一次不等式的知识，解题的关键是能够结合图象作
第6页（共22页）出判断，难度不大．
11．（3分）二次函数y＝ax2+bx+c的图象如图所示，下列结论中正确的是（ ）
abc＜0
①b2﹣4ac＜0
②2a＞b
③（a+c）2＜b2
④
A．1个 B．2个 C．3个 D．4个
【考点】H4：二次函数图象与系数的关系．
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【分析】由函数图象可知a＜0，对称轴﹣1＜x＜0，图象与y轴的交点c＞0，函数与x
轴有两个不同的交点；即可得出b﹣2a＞0，b＜0；△＝b2﹣4ac＞0；再由图象可知当x
＝1时，y＜0，即a+b+c＜0；当x＝﹣1时，y＞0，即a﹣b+c＞0；即可求解．
【解答】解：由函数图象可知a＜0，对称轴﹣1＜x＜0，图象与y轴的交点c＞0，函数
与x轴有两个不同的交点，
∴b﹣2a＞0，b＜0；
△＝b2﹣4ac＞0；
abc＞0；
当x＝1时，y＜0，即a+b+c＜0；
当x＝﹣1时，y＞0，即a﹣b+c＞0；
∴（a+b+c）（a﹣b+c）＜0，即（a+c）2＜b2；
∴只有 是正确的；
故选：④A．
【点评】本题考查二次函数的图象及性质；熟练掌握函数的图象及性质，能够通过图象
获取信息，推导出a，b，c，△，对称轴的关系是解题的关键．
12．（3分）如图，在单位长度为1米的平面直角坐标系中，曲线是由半径为2米，圆心角
为120°的 多次复制并首尾连接而成．现有一点P从A（A为坐标原点）出发，以每秒
第7页（共22页）米的速度沿曲线向右运动，则在第2019秒时点P的纵坐标为（ ）
π
A．﹣2 B．﹣1 C．0 D．1
【考点】D5：坐标与图形性质．
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【分析】先计算点P走一个 的时间，得到点P纵坐标的规律：以1，0，﹣1，0四个
数为一个周期依次循环，再用2019÷4＝504…3，得出在第2019秒时点P的纵坐标为是
﹣1．
【解答】解：点运动一个 用时为 ÷ ＝2秒．
π
如图，作CD⊥AB于D，与 交于点E．
在Rt△ACD中，∵∠ADC＝90°，∠ACD＝ ∠ACB＝60°，
∴∠CAD＝30°，
∴CD＝ AC＝ ×2＝1，
∴DE＝CE﹣CD＝2﹣1＝1，
∴第1秒时点P运动到点E，纵坐标为1；
第2秒时点P运动到点B，纵坐标为0；
第3秒时点P运动到点F，纵坐标为﹣1；
第4秒时点P运动到点G，纵坐标为0；
第5秒时点P运动到点H，纵坐标为1；
…，
∴点P的纵坐标以1，0，﹣1，0四个数为一个周期依次循环，
∵2019÷4＝504…3，
∴第2019秒时点P的纵坐标为是﹣1．
故选：B．
第8页（共22页）【点评】本题考查了规律型中的点的坐标，解题的关键是找出点P纵坐标的规律：以
1，0，﹣1，0四个数为一个周期依次循环．也考查了垂径定理．
二、填空题（本大题共6小题，每小题3分，满分18分）
13．（3分）函数 的自变量x的取值范围是 x ≥ 3 ．
【考点】E4：函数自变量的取值范围．
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【分析】根据被开方数非负列式求解即可．
【解答】解：根据题意得，x﹣3≥0，
解得x≥3．
故答案为：x≥3．
【点评】本题考查了函数自变量的范围，一般从三个方面考虑：
（1）当函数表达式是整式时，自变量可取全体实数；
（2）当函数表达式是分式时，考虑分式的分母不能为0；
（3）当函数表达式是二次根式时，被开方数非负．
14．（3分）如图，随机闭合开关S ，S ，S 中的两个，能让灯泡发光的概率是 ．
1 2 3
【考点】X6：列表法与树状图法．
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【分析】利用树状图列举出所有可能出现的结果总数，从中找到符合条件的结果数，进
而求出概率．
【解答】解：用树状图表示所有可能出现的结果有：
第9页（共22页）∴能让灯泡发光的概率：P＝ ，
故答案为： ．
【点评】考查用树状图或列表法求等可能事件的概率，方法是用树状图或列表法列举出
所有可能出现的结果总数，找出符合条件的结果数，用分数表示即可，注意每种情况发
生的可能性相等．
15．（3分）如图，AB∥CD，AC∥BD，∠1＝28°，则∠2的度数为 28 ° ．
【考点】JA：平行线的性质．
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【分析】由平行线的性质得出∠1＝∠A，再由平行线的性质得出∠2＝∠A，即可得出结
果．
【解答】解：∵AC∥BD，
∴∠1＝∠A，
∵AB∥CD，
∴∠2＝∠A，
∴∠2＝∠1＝28°，
故答案为：28°．
【点评】本题考查了平行线的性质等知识，熟练掌握两直线平行同位角相等是解题的关
键．
16．（3分）如图，C、D两点在以AB为直径的圆上，AB＝2，∠ACD＝30°，则AD＝ 1
．
第10页（共22页）【考点】M5：圆周角定理．
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【分析】利用圆周角定理得到∠ADB＝90°，∠B＝∠ACD＝30°，然后根据含30度的直
角三角形三边的关系求求AD的长．
【解答】解：∵AB为直径，
∴∠ADB＝90°，
∵∠B＝∠ACD＝30°，
∴AD＝ AB＝ ×2＝1．
故答案为1．
【点评】本题考查了圆周角定理：在同圆或等圆中，同弧或等弧所对的圆周角相等，都
等于这条弧所对的圆心角的一半．推论：半圆（或直径）所对的圆周角是直角，90°的
圆周角所对的弦是直径．
17．（3分）已知方程x2+bx+3＝0的一根为 + ，则方程的另一根为 ﹣ ．
【考点】A3：一元二次方程的解；AB：根与系数的关系．
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【分析】设方程的另一个根为c，再根据根与系数的关系即可得出结论．
【解答】解：设方程的另一个根为c，
∵（ + ）c＝3，
∴c＝ ﹣ ．
故答案为： ﹣ ．
【点评】本题考查的是根与系数的关系，熟记一元二次方程根与系数的关系是解答此题
的关键．
18．（3分）已知点P（x ，y ）到直线y＝kx+b的距离可表示为d＝ ，例如：
0 0
点（0，1）到直线y＝2x+6的距离d＝ ＝ ．据此进一步可得两条平行线
第11页（共22页）y＝x和y＝x﹣4之间的距离为 2 ．
【考点】F5：一次函数的性质；FF：两条直线相交或平行问题．
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【分析】利用两平行线间的距离定义，在直线y＝x上任意取一点，然后计算这个点到
直线y＝x﹣4的距离即可．
【解答】解：当x＝0时，y＝x＝0，即点（0，0）在直线y＝x上，
因为点（0，0）到直线y＝x﹣4的距离为：d＝ ＝ ＝2 ，
因为直线y＝x和y＝x﹣4平行，
所以这两条平行线之间的距离为2 ．
故答案为2 ．
【点评】此题考查了两条直线相交或平行问题，弄清题中求点到直线的距离方法是解本
题的关键．考查了学生的阅读理解能力以及知识的迁移能力．
三、解答题（本大题共2小题，每小题6分，共12分）
19．（6分）计算：（ ﹣1）0﹣（ ）﹣1+|﹣ |﹣2sin60°
【考点】2C：实数的运算；6E：零指数幂；6F：负整数指数幂；T5：特殊角的三角函
数值．
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【分析】直接利用负指数幂的性质、特殊角的三角函数值、绝对值的性质、零指数幂的
性质分别化简得出答案．
【解答】解：原式＝1﹣2+ ﹣2×
＝1﹣2+ ﹣
＝﹣1．
【点评】此题主要考查了实数运算，正确化简各数是解题关键．
20．（6分）先化简，再求值： ÷（ ﹣ ）．其中a＝ ﹣1，b＝ +1．
【考点】6D：分式的化简求值；76：分母有理化．
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【分析】根据分式的除法和减法可以化简题目中的式子，然后将 a、b的值代入化简后
的式子即可解答本题．
【解答】解： ÷（ ﹣ ）
第12页（共22页）＝
＝
＝ab，
当a＝ ﹣1，b＝ +1时，原式＝（ ﹣1）×（ +1）＝1．
【点评】本题考查分式的化简求值，解答本题的关键是明确分式化简求值的方法．
四、解答题（本大题共2小题，每小题8分，共16分）
21．（8分）湖南省作为全国第三批启动高考综合改革的省市之一，从2018年秋季入学的
高中一年级学生开始实施高考综合改革．深化高考综合改革，承载着广大考生的美好期
盼，事关千家万户的切身利益，社会关注度高．为了了解我市某小区居民对此政策的关
注程度，某数学兴趣小组随机采访了该小区部分居民，根据采访情况制作了如下统计图
表：
关注程度 频数 频率
A．高度关注 m 0.4
B．一般关注 100 0.5
C．没有关注 20 n
（1）根据上述统计图表，可得此次采访的人数为 20 0 ，m＝ 8 0 ，n＝ 0. 1 ．
（2）根据以上信息补全图中的条形统计图．
（3）请估计在该小区1500名居民中，高度关注新高考政策的约有多少人？
【考点】V5：用样本估计总体；V7：频数（率）分布表；VC：条形统计图．
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【分析】（1）根据上述统计图表，可得此次采访的人数为100÷0.5＝200（人），m＝
200×0.4＝80（人），n＝1﹣0.4﹣0.5＝0.1；
（2）据上信息补全图中的条形统计图；
（3）高度关注新高考政策的人数：1500×0.4＝600（人）．
第13页（共22页）【解答】解：（1）根据上述统计图表，可得此次采访的人数为100÷0.5＝200（人），
m＝200×0.4＝80（人），n＝1﹣0.4﹣0.5＝0.1；
故答案为200，80，0.1；
（2）补全图中的条形统计图
（3）高度关注新高考政策的人数：1500×0.4＝600（人），
答：高度关注新高考政策的约有600人．
【点评】本题考查的是统计表和扇形统计图的综合运用．读懂统计图，从不同的统计图
中得到必要的信息是解决问题的关键．统计表能清楚地表示出每个项目的数据；扇形统
计图直接反映部分占总体的百分比大小．
22．（8分）如图，某建筑物CD高96米，它的前面有一座小山，其斜坡AB的坡度为i＝
1：1．为了测量山顶A的高度，在建筑物顶端D处测得山顶A和坡底B的俯角分别为
、 ．已知tan ＝2，tan ＝4，求山顶A的高度AE（C、B、E在同一水平面上）．
α β α β
【考点】T9：解直角三角形的应用﹣坡度坡角问题；TA：解直角三角形的应用﹣仰角
俯角问题．
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【分析】作AF⊥CD于F．设AE＝x米．由斜坡AB的坡度为i＝1：1，得出BE＝AE＝x
第14页（共22页）米．解Rt△BDC，求得BC＝ ＝24米，则AF＝EC＝（x+24）米．解Rt△ADF，
得出DF＝AF•tan ＝2（x+24）米，又DF＝DC﹣CF＝DC﹣AE＝（96﹣x）米，列出方
程2（x+24）＝96α﹣x，求出x即可．
【解答】解：如图，作AF⊥CD于F．设AE＝x米．
∵斜坡AB的坡度为i＝1：1，
∴BE＝AE＝x米．
在Rt△BDC中，∵∠C＝90°，CD＝96米，∠DBC＝∠ ，
∴BC＝ ＝ ＝24（米）， β
∴EC＝EB+BC＝（x+24）米，
∴AF＝EC＝（x+24）米．
在Rt△ADF中，∵∠AFD＝90°，∠DAF＝∠ ，
∴DF＝AF•tan ＝2（x+24）米， α
∵DF＝DC﹣CαF＝DC﹣AE＝（96﹣x）米，
∴2（x+24）＝96﹣x，解得x＝16．
故山顶A的高度AE为16米．
【点评】本题考查解直角三角形的应用﹣仰角俯角问题，解直角三角形的应用﹣坡度坡
角问题，要求学生能借助俯角构造直角三角形并解直角三角形．解此题的关键是掌握数
形结合思想与方程思想的应用．
五、解答题（本大题共2小题，每小题9分，共18分）
23．（9分）某商场用14500元购进甲、乙两种矿泉水共500箱，矿泉水的成本价与销售价
第15页（共22页）如表（二）所示：
类别 成本价（元/箱） 销售价（元/箱）
甲 25 35
乙 35 48
求：（1）购进甲、乙两种矿泉水各多少箱？
（2）该商场售完这500箱矿泉水，可获利多少元？
【考点】9A：二元一次方程组的应用．
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【分析】（1）设购进甲矿泉水x箱，购进乙矿泉水y箱，根据该商场用14500元购进甲、
乙两种矿泉水共500箱，即可得出关于x，y的二元一次方程组，解之即可得出结论；
（2）根据总利润＝单箱利润×销售数量，即可求出结论．
【解答】解：（1）设购进甲矿泉水x箱，购进乙矿泉水y箱，
依题意，得： ，
解得： ．
答：购进甲矿泉水300箱，购进乙矿泉水200箱．
（2）（35﹣25）×300+（48﹣35）×200＝5600（元）．
答：该商场售完这500箱矿泉水，可获利5600元．
【点评】本题考查了二元一次方程组的应用，找准等量关系，正确列出二元一次方程组
是解题的关键．
24．（9分）如图，点D在以AB为直径的 O上，AD平分∠BAC，DC⊥AC，过点B作
O的切线交AD的延长线于点E． ⊙
⊙（1）求证：直线CD是 O的切线．
（2）求证：CD•BE＝AD⊙•DE．
【考点】KF：角平分线的性质；M5：圆周角定理；ME：切线的判定与性质；S9：相似
第16页（共22页）三角形的判定与性质．
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【分析】（1）连接OD，由角平分线的定义得到∠CAD＝∠BAD，根据等腰三角形的性
质得到∠BAD＝∠ADO，求得∠CAD＝∠ADO，根据平行线的性质得到CD⊥OD，于是
得到结论；
（2）连接BD，根据切线的性质得到∠ABE＝∠BDE＝90°，根据相似三角形的性质即可
得到结论．
【解答】证明：（1）连接OD，
∵AD平分∠BAC，
∴∠CAD＝∠BAD，
∵OA＝OB，
∴∠BAD＝∠ADO，
∴∠CAD＝∠ADO，
∴AC∥OD，
∵CD⊥AC，
∴CD⊥OD，
∴直线CD是 O的切线；
（2）连接BD⊙，
∵BE是 O的切线，AB为 O的直径，
∴∠ABE⊙＝∠BDE＝90°， ⊙
∵CD⊥AC，
∴∠C＝∠BDE＝90°，
∵∠CAD＝∠BAE＝∠DBE，
∴△ACD∽△BDE，
∴ ＝ ，
∴CD•BE＝AD•DE．
第17页（共22页）【点评】本题考查了相似三角形的判定和性质，角平分线的定义．圆周角定理，切线的
判定和性质，正确的作出辅助线是解题的关键．
六、综合题（本大题共2小题，每小题10分，共20分）
25．（10分）如图，点E、F、G、H分别在矩形ABCD的边AB、BC、CD、DA（不包括
端点）上运动，且满足AE＝CG，AH＝CF．
（1）求证：△AEH≌△CGF；
（2）试判断四边形EFGH的形状，并说明理由．
（3）请探究四边形EFGH的周长一半与矩形ABCD一条对角线长的大小关系，并说明
理由．
【考点】LO：四边形综合题．
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【分析】（1）根据全等三角形的判定定理SAS证得结论；
（2）由（1）中全等三角形的性质得到：EH＝GF，同理可得FE＝HG，即可得四边形
EFGH是平行四边形；
（3）由 轴对称﹣﹣最短路径问题得到：四边形 EFGH的周长一半大于或等于矩形
ABCD一条对角线长度．
【解答】证明：（1）∵四边形ABCD是矩形，
∴∠A＝∠C．
∴在△AEH与△CGF中， ，
∴△AEH≌△CGF（SAS）；
第18页（共22页）（2）∵由（1）知，△AEH≌△CGF，则EH＝GF，同理证得△EBF≌△GDH，则EF＝
GH，
∴四边形EFGH是平行四边形；
（3）四边形EFGH的周长一半大于或等于矩形ABCD一条对角线长度．理由如下：作
G关于BC的对称点G′，连接EG′，可得EG′的长度就是EF+FG的最小值．
连接AC，
∵CG′＝CG＝AE，AB∥CG′，
∴四边形AEG′C为平行四边形，
∴EG′＝AC．
在△EFG′中，∵EF+FG′≥EG′＝AC，
∴四边形EFGH的周长一半大于或等于矩形ABCD一条对角线长度．
【点评】考查了矩形的性质，全等三角形的判定与性质．灵活运用这些性质进行推理证
明是本题的关键．
26．（10分）如图，抛物线y＝ax2+bx+c与x轴交于点A（﹣1，0），点B（3，0），与y
轴交于点C，且过点D（2，﹣3）．点P、Q是抛物线y＝ax2+bx+c上的动点．
（1）求抛物线的解析式；
（2）当点P在直线OD下方时，求△POD面积的最大值．
（3）直线OQ与线段BC相交于点E，当△OBE与△ABC相似时，求点Q的坐标．
第19页（共22页）【考点】HF：二次函数综合题．
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【分析】（1）函数的表达式为：y＝a（x+1）（x﹣3），将点D坐标代入上式，即可求
解；
（2）S△POD ＝ ×OG（x
D
﹣x
P
）＝ （3+2m）（2﹣m）＝﹣m2+ m+3，即可求解；
（3）分∠ACB＝∠BOQ、∠BAC＝∠BOQ，两种情况分别求解，通过角的关系，确定
直线OQ倾斜角，进而求解．
【解答】解：（1）函数的表达式为：y＝a（x+1）（x﹣3），将点D坐标代入上式并解
得：a＝1，
故抛物线的表达式为：y＝x2﹣2x﹣3… ；
（2）设直线PD与y轴交于点G，设点①P（m，m2﹣2m﹣3），
将点P、D的坐标代入一次函数表达式：y＝sx+t并解得：
直线PD的表达式为：y＝mx﹣3﹣2m，则OG＝3+2m，
第20页（共22页）S△POD ＝ ×OG（x
D
﹣x
P
）＝ （3+2m）（2﹣m）＝﹣m2+ m+3，
∵﹣1＜0，故S△POD 有最大值，当m＝ 时，其最大值为 ；
（3）∵OB＝OC＝3，∴∠OCB＝∠OBC＝45°，
∵∠ABC＝∠OBE，故△OBE与△ABC相似时，分为两种情况：
当∠ACB＝∠BOQ时，
①AB＝4，BC＝3 ，AC＝ ，
过点A作AH⊥BC于点H，
S△ABC ＝ ×AH×BC＝ AB×OC，解得：AH＝2 ，
则sin∠ACB＝ ＝ ，则tan∠ACB＝2，
则直线OQ的表达式为：y＝﹣2x… ，
联立 并解得：x＝ ，
②
故点①Q②（ ，﹣2 ），Q （﹣ ，2 ），
1 2
∠BAC＝∠BOQ时，
② tan∠BAC＝ ＝3＝tan∠BOQ，
则点Q（n，3n），
则直线OQ的表达式为：y＝﹣3x… ，
③
联立 并解得：x＝ ，
①③
第21页（共22页）故点Q （ ， ），Q （ ， ）；
3 4
综上，当△OBE 与△ABC 相似时，Q 的坐标为：（ ，﹣2 ）或（ ，
）或（﹣ ，2 ）或（ ， ）．
【点评】本题考查的是二次函数综合运用，涉及到解直角三角形、三角形相似、面积的
计算等，其中（3），要注意分类求解，避免遗漏．
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日期：2019/12/12 20:59:09；用户：初中数学；邮箱：sx0123@xyh.com；学号：30177373
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