2025年十一校物理第二次联考答案_2025年3月_250326湖北省十一校2025届高三第二次联考（全科）_物理

2025 届高三湖北省十一校第二次联考 物理参考答案 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 C B C B B C B BD BCD AD A 1、AB为人工核转变 D为核裂变 故C选项正确 2、如图， D E ° F 30 依题意有∠EDF=∠DEF，有几何知识已知∠EDF+∠DEF=∠A B C 故 ∠EDF=30°，从AB边入射光线入射角为90°-30 =60° ，折射角为∠EDF==30° 折射率n= = 故B选项正确 ⁰ 60° 30° 3 3、逆向思维为平抛运动，竖直方向为自由落体运动，时间等分则h:h=1:5 ,故C正确 3 1 4、航天器对接，后面的航天器应先减速降低高度，再加速提升高度，通过适当控制，使后面的航天器追上前面 的航天器是恰好具有相同的速度，相对静止。所以B正确 武汉乐学教育 5、有简谐运动知识至振幅最大时，震动加速度最大，有牛顿第二定律知 4kA=ma的a=8m/s2 故B选项正确 6、ABCD等效长度为2BC，AFED等效长度也为2BC，AD长度也为2BC，R =R =2R ， ABCD AFED BC R =2R ，有电路知识知流经AD的电流是流经BC电流的1.5倍，有左右定则知ABCD、AD、AFED受力方向相同， AD BC 设BC长L，流经BC电流为I，则F=BIL，整个线框所受安培力 F′=BI2L+BI2L+B 2L=7BIL=7F，故选项C正确 A 3 7、B ∙ ∙ ∙2 ∙ ɑ 垂 B 小球A先由落体运动至关于过O点的水平线对称的A 位置，有机械能守恒定律得 1 0 1/3mg2Lcosα= m 得 在A 位置绳绷直得瞬间，把 沿绳和垂直绳方向分解，沿绳方向分速度由于 A A 1 1 2 绳拉∙ 力得冲量2而 损0 失掉 ，0 =仅剩1下0 垂/ 直绳方向分速度沿弧线下摆至 B0处， 机械能守恒。 m/s，对A，有机械能守恒定律得A与B碰前速度 ， 垂 30 mgL（1-cos60 ）= = m 0 2 — 60 m °= 2得 故A 错，A和B发生弹性碰撞，质 1 量相等交换速度，故B选项 A A A 垂 1 1 2 5 2 正确。由于小球⁰ A下2 落 1至绳2绷 直时有 1机=械能2 损 /失 ，故B球上升的最大高度一定小于A球释放高度，C错。D选项， 由于B球不能做完整得圆周运动，要想绳子不松弛，小球不能过圆心等高位置（本题图中O点）。AB碰后 ，设B上升得最大高度为h，对小球B上摆过程有机械能守恒定律得 mgh= 得h= > 0 .5=m， 1越= B 5 2 1 2 5 过2了 圆/ 心高度，绳会松弛，D选项错误。 2 8 / 8【详解】ABC线圈在匀强磁场中以恒定角速度转动，产生感应电动势的最大值为 E  NBL2 m R E R 电压表的示数为有效值，由闭合电路欧姆定律可得电压表示数为 U  m  NBL2 故B正确 Rr 2 2Rr D 在t时间段内，通过电阻R的电荷量为 qIt 由闭合回路欧姆定律可知，回路中的电流为 E I  Rr  由法拉第电磁感应定律可知感应电动势为 E  N 在t时间段内，磁通量的变化量为 Φ = BL2 t ∆ 由以上各式联立解得 q= 故D正确 故选BD 2 + 9【详解】当小球静止于M 点时，细线恰好水平，说明重力和电场力的合力方向水平向右，电场力与重力合力 mg 为 F   3mg 合 tan30 小球从P到M做的是类平抛运动 所以C正确 合外力做功为 W F L 3mgL 这一过程重力做功 合 合 =− 有动能定理 得 （ ） 合 电 电 合 = + = − = 3+1 有功能关系知A 错，BD正确 答案:BCD 10、【答案】AD 【详解】A．当小球运动到某点P点，弹性绳的伸长量是x ，小球受到如图所示的四个力作用 BP其中 F = kx T BP mg 将F 正交分解，则F 的水平分量为 Fsinθ = kx sinθ = kx = ， T T T BP BC 2 小球水平方向平衡 F=F 又F = μF = mg N T f N 1 F 的竖直分量为F = Fcosθ = kx cosθ = kx 5 T Ty T BP CP 由以上推导可知小球受到的摩擦力为恒力，则CD段与DE段摩擦力所做的功相同，则在DE段弹性绳和小球 组成的系统机械能的减小量等于CD段弹性绳和小球组成的系统的系统机械能的减小量，A正确； B．根据动能定理有mgh— mgh— W =0 弹 1 5 根据计算有 W =mgh B错误； 弹 4 5 1 C．对小球从C运动到E过程，应用动能定理得 mgh- mgh-W =0 4 弹 若小球恰能从E点回到C点，应用动能定理得 - mgh+ W - 1 mgh=0 - 1 mv2 弹 4 2 联立求解得 v= C项错误； 4 D．若只把小球质量变为52m ，ℎ小球从C点由静止开始运动，到达E点时根据动能定理有 2mgh- W - mgh= 1 ×2mv2 - 0 弹 2 1 1 5 解得小球到达E点时的速度大小 = gh D正确。 11、【答案】 CD A 甲 1 【详解】（1）[1]实验中的分力与合力的关系必须满足：|F1－F2|≤F3≤F1＋F2（等号在反向或同向时取得）， 因此CD两项都是可以的。 （2）[2]在拆下钩码和绳子前，最重要的一个步骤是标记结点O的位置，并记录OA、OB、OC三段绳子的方 向。武汉乐学教育 （3）[3]F3的方向一定竖直向下，由于测量误差F1和F2的合力方向可能偏离竖直方向，所以甲是正确的。 2/312、【答案】黑箱内的电学元件中没有电源 欧姆调零 等于 220 1.5 2.5 【解析】 步骤 中用直 流电压挡测量， 、 、 三点间均无电压说明 黑箱内的(1电)学 元①件中没有 电源； 多用电表调至欧姆挡， 在正式测量电阻前需要进行的实验操作是欧 (姆2)调零； 该电阻的读数为 。 (3)用欧姆挡测量，2、2×间10正 反=接22阻0 值不变，可知 与 之间为一个定值电阻用欧姆挡测量，黑表笔接 、红表 (笔4)接 时测得的阻值 较小 ，反接时测得的阻值较大 ，说 明 与 之间是一个二;极管结合二极管的特性可知 ， 接 二极管 的正极用欧姆挡测量，黑表笔接 、红表笔接 测得 阻 值比黑表笔接 、红;表笔接 时测得的阻值大， 则 说明 与 之间;比 与 之间多一个电阻。 综合以上的分 析可知，黑箱内的电 学元件可能是 一个定值电阻和一个 二极管 ， 电路的结 构 如图所示： 由 ，变形为： ，根据图像斜率和截距的意义应有： ， 1 5−(−2.5) (5) ， 可 = 得 + 。结合图 = 像 − 可 知 + ， 多 ⋅ 用电表使用的是电流表的功能，由于 多 = 用 电 = 表存5在内 阻 = ， 1. 由 5 闭合 − 电 = 路 − 2.5 =2.5 欧姆定律得 ，则 ，可见多用电表的内阻对 的测量结果没有影响。乐学教育 1 = + ( '+ ) = ⋅ − '− 13、【答案】 状态气体压强为 …………（1分） (1) = 0+ 由 变化到 ，由等容变化 …………………………（2分） = 又 ……………………………………………………（1分） 联立 得=： ………………………………（1分） 5 =1.76×10 从 到 为等压过程，外界对气体做功为 …………（2分） (根2)据热 力学 第一定律 …………… …=…−… …( … …− … …) …（2分） 联立得 =… …+… ………………………………………（1分） 4 答： 状=态9.8时4气×体10的 压强为 ； 5 气(体1)从 到 的过程中气体内1能.76增×加1了0 ，则这一过程中气体吸收的热量是 。 4 4 (2) 7.2×10 9.84×10 14、【答案】解： 弹力 与压缩量 的图像与横轴围成的面积表示克服弹力做功 (1) ………………………………（1分） 1 由功能关系得弹 簧=储2×存5的0 弹×性0势.6能 为=15 ………………（1分） 对物块1，由能量守恒定律得 = …=…1…5 ……………………（1分） 1 2 解得滑块 被弹出后的速度 =2 1 0…………………………………（1分） 滑块 与 1 发生完全非弹性 碰0撞 = ， 10 由 动 / 量守恒定律得 …………（1分） 解得碰 1 撞后 2 粘合体的速度 ． …………… …1… 0… = … ( …1… + … （2) 1 1分） 粘合体恰好通过最高点 ，1 = 根 6 据 牛 / 顿第二定律可得 (2) ……………………………………（1分） 2 2 解得( 1+ 2) + =( 1+ 2) 粘合体 2从 = 点 6 到 / 最 高点过程由动能定理可得 ……………… （1分） 1 2 1 2 解得−( 1+ 2) ，⋅2 =2( 1+ 2) 2−2( 1+ 2) 在 点 ， = 对粘 30 合 体 / 由牛顿第二定律可得 武汉乐学教育 ……………………………… （1分） 支 2 解得−( 1+ 2．) …−… …=…(… …1+… …2…) ……………………………（1分） 支 (3) 要使=滑3块6 能进入圆轨道运动，则至少能够到达 点，有 ……… …………………（1分） 1 2 −解 得( 1+ 2) ．⋅ 0 =0−2( 1+ 2) 1 ①若 粘0 =合3体.6沿 圆弧轨道到达与圆心等高处时速度为零，粘合体同样不会脱离轨道，则对全程由动能定理可 得 …………（1分） 1 2 −解(得 1+ 2) ．− − ( 1+ 2) ⋅ 1 =0−2( 1+ 2) 1 1 =2.4 3/3②粘合体能通过最高点，由 中可知到达最高点的最小速度 ，即到达 点的速度应大于等于 ， 对从碰后至到达最高点过程， (2 由 ) 动能定理可得 2 = 6 / 2 ……（2分） 1 2 1 2 − 解 ( 得 1+ 2) ⋅ ， 2 − ⋅2 − ( 1+ 2) ⋅ 2 =2( 1+ 2) 2−2( 1+ 2) 1 综上所 2述=，0.要6 使碰后粘合体不脱离轨道，轨道 长度范围为 或 ……………（2分） 0∼ 0.6 2.4 ∼ 3.6 15、【答案】 当开关打到接头 时，由法拉第电磁感应定律，可知 …（1分） (1) 1 = =15 感应电流 …………………………………………………………（1分） 根据受力平 =衡 列=平3 衡方程 ………………………………（1分） 代入可得 ；………… …+… 2… …=… …1 …si…n ………………………………（1分） (2) 当开关 打=到0接头 时，对金属杆 受力分析可知 2 ……………………………………（1分） 1 sin − 1 cos − 2 = 1 杆 与电容器构成闭合回路，电流 …………（2分） 2 联立 求得杆做匀加速运动，加速度 = = … = …… … … = … … 2 … ……………………（1分） 2 杆 运动至底端，根据匀变速直线 运=动1规 律/ 有 ………………………………（1分） 2 可得 ； ……………………………… …=…2… ………………………………（1分） 杆 =与8.联0 动装置发生弹性碰撞，由动量守恒和能量守恒可知其交换速度，故碰后杆 静止，联杆速度变为 (3) ……………………………………（1分） 1当=杆4 . 0 从/ 运动到 过程， 杆为电源， 和 并联构成外电路，由于 电阻不计，外电路短路，电路中 ①产生的电 能全 部转化为 杆的焦 耳 热。对 杆 列 动 量 定理 武汉乐学教育 …………（2分） 2 2 3 得 =2 2 …( … 1 …−… 2)………………………………………………………………（1分） 由此 2 得 =3 杆 / 产 生的焦耳热 ………………………（2分） 1 2 1 2 当杆 从 运动到 过 程 1 = ，2⋅2 杆 为 2 电 1− 源2， ⋅2 和 2 2 = 并 1 联 .7 构 5 成外电路，由于 电阻不计， 被短路，电路中产 ②生的电能 全部 转化为 杆 的焦耳 热 ， 杆不发 热 。 … ………………………… … ……（1分） 所以整个过程中 杆 产 生的焦耳热 。…………………………………（1分） =1 . 75