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1.选择题＋实验题组合练（1）1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
一、单项选择题
. （ 甘肃酒泉三模）“玉兔二号”装有核电池，不惧漫长寒冷的月
1 2024·
夜，核电池将 衰变释放的核能一部分转换成电能。 的衰变
Pu Pu
238 238
方程为 ＋ ，则（ ）
Pu→ U X
94 94
. 衰变2方38程中的234 为
A X e
94 92
√ 0
. 此衰变为 衰变
B α
−1
比 的结合能小
C Pu U
238 234
. 月夜的寒冷导致 的半衰期变大
D Pu
94 92
.
238
941 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
解析： 根据质量数守恒和电荷数守恒可知，衰变方程为
＋ ，此反应为 衰变， 为 ，故 错误， 正确；由
Pu U He α X He A B
238 234 4 4
于该反应释放核能，所以 比 的结合能大，故 错误；半衰期
Pu U C
94 92 2 2
→
238 234
由原子核本身决定的，与温度等外部因素无关，故 错误。
D
94 921 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
. （ 浙江杭州模拟）图 是一款阴极射线管， 极是圆形金属板电
2 2024· 1 K
极， 极为圆环状金属电极，对于 、 间的电场分布来说， 极可以等
A K A A
效为圆形金属板电极，在 、 之间加上如图 所示的高压，阴极射线就
K A 1
可以在 极和 极之间运行，图 是 极和 极之间的部分电场线分布，
K A 2 K A
下列说法正确的是（ ）
. 阴极射线的本质是 射线
A α
√
. 图 中 点电势低于 点电势
B 2 P Q
. 如果在图 中 点从静止释放一电子，则电子会沿该处电场线运动到 极
C 2 P A
. 从 极静止出发的阴极射线粒子，沿中间直线电场线到达 极电场力做
D K A
功最多1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
解析： 阴极射线的本质是 射线，故 错误；因为 为阴极， 为阳
β A K A
极，所以 点电势低于 点电势，故 正确；由于 点所在的电场线为曲
P Q B P
线，所以在 点从静止释放一电子不会沿该处电场线运动，故 错误；
P C
只要从 极出发的阴极射线粒子，沿任意轨迹到达 极电场力做功一样
K A
多，故 错误。
D1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
. （ 广东广州三模）如图所示，某大型吊灯半径为 ，质量为 ，且
3 2024· R M
分布均匀，通过四根相同长度的细线悬挂在天花板上半径为 的固定圆
r
盘上，已知 ＜ ，重力加速度为 ，四根细线均匀对称分布，且长度可
r R g
调节，则下列说法正确的是（ ）
. 每根细线对吊灯的拉力大小均为
A Mg
1
. 将四根细线同时缩短相同长度，细线的张力大小不变
B
4
√
. 将四根细线同时伸长相同长度，细线的张力减小
C
. 去掉一根细线，假设吊灯位置保持不变，剩下三根细
D
线上的张力大小相等1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
解析： 设细线与竖直方向的夹角为 ，以吊灯为研究对象，竖直方向
θ
上，根据平衡条件可得 ＝ ，可得每根细线对吊灯的拉力大小
4Tcos θ Mg
为 ＝ ＞ ，故 错误；将四根细线同时缩短相同长度，则 变大，
T A θ
变小，根据 ＝ 可知细线的张力大小变大，故 错误；将四根
cos θ T B
4cos 4
细线同时伸长相同长度，则 变小， 变大，根据 ＝ 可知细线的
θ cos θ T
4cos
张力大小变小，故 正确；去掉一根细线，假设吊灯位置保持不变，由
C
4cos
于剩下三根细线在水平方向的分力不是互成 °，水平方向根据平衡
120
条件可知，剩下三根细线上张力的水平分力大小不相等，所以剩下三根
细线上的张力大小不相等，故 错误。
D1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
. （ 浙江金华三模） 年 月 日凌晨，神舟十八号载人飞船成功
4 2024· 2024 4 26
对接空间站，题图中的照片拍摄于航天员叶光富、李聪、李广苏进入天
和核心舱的瞬间，我们可以看到：一个大质量的包裹悬浮在核心舱中，
针对这一情景，下列同学的观点中正确的是（ ）
. 悬浮的包裹受到地球的吸引力相对于地表可以忽略
A
√. 天宫号空间站在运行过程中机械能保持不变
B
. 天宫号空间站的加速度比北斗系列同步卫星的加速度
C
小
. 只记录空间站的运行周期可估算地球的密度
D1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
解析： 依题意知，空间站的高度与地球半径相比，相差较大，根据
＝ ， ＝ ，可知悬浮的包裹受到地球的吸引力相对
F F
地表 空间站
＋
于地表不可以忽略，故 错误；天宫号空间站在运行过程中，动能和势
2 A 2
ℎ
能均保持不变，因此，天宫号空间站的机械能是守恒的，故 正确；根
B
据 ＝ ，解得 ＝ ，天宫号空间站的轨道半径比北斗系列同步卫
ma a
2 2
星的小，所以加速度较大，故 错误；根据 ＝ ，又 ＝ ，联
C m r ρ
2
4π
2 2 4
3
π
3
立解得 ＝ ，可知只记录空间站的运行周期不能估算地球的密度，
ρ
3
3π
故 错误。
D
2 3
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
. （ 山东烟台三模）如图所示，汽缸开口向上置于水平面上，活塞
5 2024·
与汽缸之间有一个气球，气球内、外有质量相等的同种气体，活塞静
止，此时气球外部气体甲的压强小于气球内部气体乙的压强。现缓慢向
下推动活塞，使其下降一段距离，气体甲的压强仍小于气体乙的压强。
已知汽缸内和气球内的气体均可视为理想气体，活塞与汽缸均绝热，活
塞与汽缸壁之间无摩擦，气球导热良好，则此过程中（ ）
. 气体甲内能增加量大于气体乙内能增加量
A
. 气体甲的每个气体分子做无规则热运动的速率均加快
B
. 活塞对气体甲做的功等于气体甲内能增加量
C
. 活塞对气体甲做的功小于甲、乙两部分气体内能增加量
√D
之和1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
解析： 气球导热良好，则气球内外气体温度总相等，一定质量的理
想气体内能只与温度有关，故气体甲内能增加量等于气体乙内能增加
量， 错误；活塞对气体甲做正功，气体甲内能增大，温度升高，气体
A
分子平均速率增大，不是每个气体分子做无规则热运动的速率均加快，
错误；活塞与汽缸均绝热，气体与外界无热量交换。活塞对气体甲做
B
功的同时，橡皮膜收缩，气体甲也对气体乙做功，故活塞对气体甲做的
功大于气体甲内能增加量， 错误；活塞对气体甲做功的同时，橡皮膜
C
收缩，由能量守恒定律知活塞对气体甲做的功与橡皮膜释放的弹性势能
之和等于甲、乙两部分气体内能增加量之和，故活塞对气体甲做的功小
于甲、乙两部分气体内能增加量之和， 正确。
D1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
. （ 浙江金华三模）如图甲所示，质量为 的 木板放在水平面上，
6 2024· m B
质量为 的物块 通过一轻弹簧与其连接。给 一竖直方向上的初速
2m A A
度，当 运动到最高点时， 与水平面间的作用力刚好为零。从某时刻
A B
开始计时， 的位移随时间变化规律如图乙，已知重力加速度为 ，空气
A g
阻力不计，下列说法正确的是（ ）
. 物块 做简谐运动，回复力由弹簧提供
A A
. 木板 在 时刻对地面的压力大小为
B B t mg
1
. 物块 在运动过程中机械能守恒
C A
. 物块 的振动方程为 ＝ . ＋ （ ）
√D A y 0 1sin m
π
2π 61 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
解析： 物块 做简谐运动，回复力由弹簧的弹力和重力的合力来提
A
供， 错误； 时刻物块 在平衡位置，此时弹簧处于压缩状态，弹力为
A t A
1
＝ ，对木板 受力分析有 ＝ ＋ ，则可得 ＝ ，由牛顿第
F 2mg B F F mg F 3mg
N N
三定律得木板 在 时刻对地面的压力大小为 ， 错误；物块 在运
B t 3mg B A
1
动过程中除了受重力外，还受弹簧的弹力，弹力对物块 做功，故机械
A
能不守恒， 错误；由图乙可知振幅为 ＝ ，周期为 ＝ . ，角
C A 10 cm T 1 0 s
速度为 ＝ ＝ ，规定竖直向上为正方向， ＝ 时刻位移为 .
ω 2π rad/s t 0 0 05
2π
，表示物块 由平衡位置上方 . 处开始运动，所以初相为 ＝ ，
m A 0 05 m φ
0
π
则物块 的振动方程为 ＝ . ＋ （ ），故 正确。 6
A y 0 1sin m D
π
2π 61 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
. （ 广东惠州期末）阿特伍德机是英国科学家阿特伍德发明的著名
7 2024·
力学实验装置，如图所示为阿特伍德机的简化示意图。质量均为 的两
M
个重物 、 通过轻绳跨过光滑轻滑轮，保持静止状态。现将质量为 的
A B m
小物块 轻放在 上，让装置动起来，从开始运动到 和 下落高度 过程
C A A C h
中，重力加速度为 ，下列说法中正确的是（ ）
g
. 和 构成的系统机械能守恒
A A B
√. 和 向下运动的加速度大小为 ＝
B A C a
＋
＋
. 轻绳的弹力大小为 ＝
C T
＋ 2
. 的末速度大小为 ＝
D A v
2
ℎ1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
解析： 小物块 对 和 构成的系统做功，所以 和 构成的系统机械
C A B A B
能不守恒， 错误；对 、 及 构成的系统，根据牛顿第二定律得 ＝
A A B C mg
＋ ，解得 ＝ ， 正确；对 ，根据牛顿第二定律得 －
a a B B T Mg
＋
＋
＝ 2 解 得 ＝ 2 ， 错误；根据机械能守恒定律得 ＝
Ma T C mgh
＋
2
2
＋ ，解得 ＝ ， 错误。
v2 v D
＋
1 2 ℎ
2 2 2 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
二、多项选择题
. 某同学利用图甲所示的装置研究光的干涉
8
和衍射，光电传感器可用来测量光屏上光
强的分布。某次实验时，在电脑屏幕上得
到图乙所示的光强分布。下列说法正确的
是（ ）
. 这位同学在缝屏上安装的是双缝
A
√
. 这位同学在缝屏上安装的是单缝
B
√. 当做光的干涉现象研究时，若使干涉条纹的
C
间距变大，应选用狭缝间距较小的双缝
. 当做光的干涉现象研究时，若使干涉条纹的
D
间距变小，应增大缝屏与光屏间的距离1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
解析： 由题图乙可知，条纹中间宽且亮、两边窄且暗，是衍射条
纹，所以在缝屏上安装的是单缝，故 错误， 正确；根据题意，由公
A B
式 ＝ 可知，若要使干涉条纹的间距 变大，应选用狭缝间距 较小
Δx λ Δx d
的双缝，若要使干涉条纹的间距变小，应减小缝屏与光屏间的距离 ，
L
故 错误， 正确。
D C1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
. （ 重庆模拟）如图甲所示，轻质细线吊着正方形闭合线圈 （上、
9 2024·
下边均水平），正方形线圈左右两边中点 、 连线以下区域处于垂直于
a b
纸面向里的匀强磁场中，匀强磁场的磁感应强度 的大小随时间 的变化
B t
关系如图乙所示。正方形线圈的质量 ＝ . 、边长 ＝ . 、匝数
m 0 5 kg L 0 5 m n
＝ 匝、总电阻 ＝ ，重力加速度大小取 ＝ ，下列说法正确的
4 r 2 Ω g 10 m/s2
是（ ）
. ～ 时间内线框中感应电流沿逆时
A 0 4 s
针方向
√. ～ 时间内线框中感应电动势大小
B 0 4 s
为 ＝ .
E 0 5 V
. 末细线对正方形线圈的拉力大小为
C 2 s
＝ .
F 5 25 N
√. 末细线对正方形线圈的拉力大小为
D 2 s
＝
F 6 N1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
解析： 由楞次定律可知感应电流沿顺时针方向，故 错误；
A
～ 时间为线框中产生的感应电动势为 ＝ ＝ ＝ . ，
0 4 s E n n · 0 5 V
2
Δ Δ
Δ Δ 2
故 正确；正方形线圈中产生的电流为 ＝ ＝ . ，根据楞次定
B I 0 25 A
律可知线圈中电流沿顺时针方向，线圈受到的安培力方向向下，根
据平衡条件可得 ＝ ＋ ，由 图像可知， ＝ 时磁感应强
F mg nBIL B-t t 2 s
度大小为 ＝ ，联立解得 ＝ 时细线对正方形线圈的拉力大小
B 2 T t 2 s
为 ＝ ，故 错误， 正确。
F 6 N C D1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
. （ 山东泰安三模）如图所示，光滑水平地面上静置着一足够长的
10 2024·
木板 和物块 ，木板 的质量为 ，物块 的质量为 。现有一质量
B C B 4m C 12m
为 的物块 以初速度 从左端滑上木板 ，木板 与物块 仅发生过一
m A v B B C
0
次碰撞（弹性碰撞），且碰撞时间极短可忽略不计，最终物块 和木板
A
均停止运动。已知物块 与木板 之间的动摩擦因数为 ，重力加速度
B A B μ
为 ，下列说法正确的是（ ）
g
√A . 木板 B 与物块 C 碰撞前瞬间，物块 A 的速度大小为
0
. 木板 与物块 碰撞前瞬间，木板 的速度大小为
B B C B
3
0
√. 木板 与物块 碰撞后，物块 的速度大小为
C B C C
5
0
. 物块 相对木板 滑行的距离为
D A B
√
12
2
11 0
24 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
解析： 从 滑上 到 与 碰撞前瞬间， 、 动量守恒，有 ＝
A B B C A B mv
0
＋ ， 与 发生弹性碰撞，由动量守恒定律和机械能守恒定
m 4mv B C
B1
1
律 ，有 ＝ ＋ ， × ＝ × ＋ × ，
4mv 4mv 12mv 4m 4m 12m
B1 B2 C
1 1 1
2 2 2
1 2
解得 ＝－ ， ＝ ， 与2 碰撞 后， 2、 均 能停下2来，根 据动
v v v v B C A B
B2 B1 C B1
1 1
量守恒定律，有 ＋ ＝ ，联立解得 ＝ ， ＝ ， ＝－
2 mv 24mv 0 v v v
A1 B2 A1 B1 B2
0 0
， ＝ ，故 、 正确， 错误；整个过程中，根据能量守恒定律，
v A C B 3 6
C
0 0
12 12
有 ＝ × ＋ ，解得 ＝ ，故 正确。
m 12m μmgx x D
2
1 1 11 0
2 2
0
2 2 24 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
三、实验题
. （ 辽宁辽阳二模）某学习小组用如图甲所示的装置测量砝码盘的
11 2024·
质量。左、右两个相同的砝码盘中各装有 个质量相同的砝码，每个砝
5
码的质量均为 ，装置中左端砝码盘的下端连接纸带。现将左端砝码
m
0
盘中的砝码逐一放到右端砝码盘中，并将两砝码盘由静止释放，运动
过程中两盘一直保持水平，通过纸带计算出与转移的砝码个数 相对应
n
的加速度 ，已知交流电的频率 ＝ 。（结果均保留两位小数）
a f 50 Hz1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
（ ）某次实验，该组同学得到了如图乙所示的一条纸带，相邻两计数
1
点间还有四个点未画出，则相邻两计数点间的时间间隔
为 . ，打下 点时纸带的速度大小为 . ，纸带
0 10 s D 1 19 m/s
的加速度大小为 . 。
1 72 m/s2
解析： 交流电的频率是 ，打点计时器每隔 . 打一
50 Hz 0 02 s
个点，相邻两计数点间有四个点未画出，所以相邻两计数点间的
时间间隔为 . 。
0 10 s
＋
打下 点时纸带的速度大小为 ＝ ＝
D v
D
（ ）
＝ . ，纸带的加速度大小为 ＝
1 19 m/s a
2
−2
11 04+12 7＋6 ×10 m
. . ＝ . 。
1 72 m/s2
0 2s
.
− −
2
2 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
（ ）若该组同学得到的 图像为过原点、斜率为 的直线，则每
2 n-a k
m
个砝码盘的质量为 。（用 、 和重力加速度
0 k m
0
大小 表示）
g
− 5
解析： 设砝码盘的质量为 ，将左端砝码盘中的 个砝码放
m n
到右端砝码盘中时，有 ＋ － ＋ ＝
g g
a
0 0
5 + 5 −
0 ＋ ＋
整10理 得+＝2 ， 图像的斜率为 ＝
n a n-a k
5 0 5 0
解得 ＝ 。
m m
0 0
0
− 51 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
. （ 云南昆明模拟）如图 所示，某同学根据所学知识制作了一个
12 2024· a
简易的欧姆表，表盘刻度如图 所示，中间刻度为 ，表头 的满偏电
b 15 G
流 ＝ ，内阻 ＝ ，电源电动势 ＝ . 。
I 300 μA R 100 Ω E 4 5 V
g g1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
（ ）图 中 端应接 红 表笔。（填“红”或“黑”）
1 a B
解析： 流过表头 的电流方向为从右向左， 端应接红
G B
表笔。
（ ）将旋钮旋到× 挡，进行欧姆调零后，该欧姆表的内阻
2 1k
为 。
15 kΩ
解析： 将旋钮旋到× 挡时，有 ＝ ＝ 。
1k R R 15 kΩ
内 中1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
（ ）将旋钮旋到× 挡，欧姆调零后接入一待测电阻，指针如图 所
3 100 b
示，则读数为 ，若继续接入另一电阻测量时发现指针
1 400
偏角过大，则应换用更 小 倍率。（填“大”或“小”）
解析： 将旋钮旋到× 挡，读数为 ，若继续接入
100 1 400 Ω
另一电阻测量时发现指针偏角过大，则应换用更小的挡位。1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
（ ）图 中 ＝ . 。（计算结果保留 位有效数字）
4 a R 11 1 Ω 3
1
解析： 将旋钮旋到× 挡时 ＝ ＝
100 R R 1 500 Ω
内 中
则 ＝
I
内
所以 ＝ －
I I I
1 g
根据部分电路欧姆定律有 ＝ ＝ . 。
R 11 1 Ω
1
g g
11 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
（ ）若电池老化，内阻变大，电动势变小，但仍可进行欧姆调零，则
5
测量结果将 偏大 。（填“偏大”“偏小”或“不变”）
解析： 若该欧姆表使用一段时间后，电池电动势 变
E
小、内阻变大，根据 ＝ ，
I
g
内
由于 变小，内阻 偏小，用欧姆表测电阻时，电流 ＝
E R I
内
内
＝ ＝ ，
＋ ＋
内 内
g g
内
1+
由于 偏小， 偏小，指针偏左，测量结果与原结果相比较偏
R I
内
大。
