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2018 年湖南省郴州市中考物理试卷
一、选择题
1. 物理学中，有些物理量 的单位是科家名字命名的．电流的单位是
A. 安培 B. 伏特 C. 欧姆 D. 焦耳
【答案】A
【解析】
【详解】A. 物理学上用安培的名字命名了电流的单位，符合题意；B. 物理学上用伏特的名字命名了电压
的单位，不合题意；C. 物理学上用欧姆的名字命名了电阻的单位，不合题意；
D. 物理学上用焦耳的名字命名了功、能和热量的单位，不合题意；故选A.
【点睛】物理学上的很多单位都是以科学家的名字命名的，依次明确各选项中的物理学家的名字命名了什
么物理量的单位，即可做出判断．
2. 关于能源的说法，正确的是
A. 核电站是利用核聚变来发电的
B. 地球上的风能、水能、核能实际上都来自太阳能
C. 煤、石油、天然气属于化石能源
D. 既然能量是守恒的，所以不需要节约能源
【答案】C
【解析】
【分析】（1）核电站：利用原子核的裂变的链式反应产生的能量发电；
（2）核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；而风能、水能、
太阳能、生物质能，可以在自然界里源源不断的得到补充；
（3）煤、石油、天然气属于化石能源；
（4）能量是守恒的，但有些能源为高品质能源，可以直接利用，而能源在利用中会转化为不能直接应用
的低品质能源．
【详解】解：
A、核电站子核的裂变的链式反应产生的能量发电，故A错误；
B、地球上的风能、水能、生物质能都来源于太阳，核能不是来自太阳能，故B错误；
C、煤、石油、天然气属于化石能源，故C正确；
D、能量虽然是守恒的，总量不变，但是我们可以利用的能源是有限的，并且能量的转化有时是不可逆的，
故D错误．
故选C．
3. 下列事例中，属于内能转化为机械能的是A. 用气筒给自车打气时、气筒会发热
B. 两手互相摩擦，手心变热
C. 水壶中水沸腾后，壶盖被水蒸气顶起
D. 流星与空气摩擦生热发光
【答案】C
【解析】
【分析】（1）自然界的能量既不会消失，也不会创生，只会从一种形式转化为另一种形式，或从一个物
体转移到另一个物体上．
（2）生活中存在很多机械能和其他形式能的转化的现象．内燃机是内能转化为机械能；发电机是机械能
转化为电能；电动机是电能转化为机械能；摩擦生热是机械能转化为内能等等．
【详解】A、用打气筒给自行车打气时，活塞压缩空气做功，空气内能增加，温度升高，机械能转化为内
能；故A错误；
B、两手相互搓一搓，手心变热是摩擦生热，也就是做功的方式使内能增加，是把机械能转化为内能；故
B错误；
C、烧水时蒸气把壶盖顶起，是水蒸气的内能转化为壶盖的机械能；故C正确；
D、流星与空气摩擦，温度升高，发光发热，是机械能转化为内能；故D错误．
故选C．
【点睛】注意内能转化为机械能主要是通过物体膨胀对外做功来实现的．
4. 有关电和磁，下列说法正确的是
A. 验电器的原理是同种电荷相互吸引
B. 家庭电路中开关可以接在零线上
C. 为了用电方便，可以用铜丝代替保险丝
D. 电磁波的频率越高，相同时间内可以传输的信息越多
【答案】D
【解析】
【分析】（1）验电器是根据同种电荷相互排斥的原理制成的，可以检验物体是否带电；
（2）家庭电路中开关要控制火线；
（3）保险丝是用电阻率大、熔点低的材料制成的，不能用铜丝等代替；
（4）电磁波的频率越高，相同时间内可以传输的信息越多．
【详解】A、验电器用来检测物体是否带电的，是利用同种电荷相互排斥的原理来工作的，故A错误；
B、家庭电路中开关要接在火线与用电器之间，这样断开开关时可以保证用电器不带电，因此不能接在零
线上，故B错误；C、保险丝是用电阻率大、熔点低的材料制成的，不能用铜丝等代替，否则在电路中电流过大时不能及时
熔断，会给电路造成危险，故C错误；
D、电磁波传输信息的多少与其频率有关，频率越高，相同时间内可以传输的信息越多，故D正确．
故选D．
【点睛】本题考查了验电器的工作原理、安全用电、保险丝的作用、电磁波与信息的传输等知识，难度不
大．
5. 坐在逆水行驶的船中的乘客，我们说他是静止的，所选择的参照物是
A. 河岸上的树 B. 船舱
C. 迎面驶来的船 D. 河水
【答案】B
【解析】
【分析】参考物是为了研究物体的运动而假定为不动的物体；参考物的选取是任意的，如何选择参照物，
必须从具体情况来考虑，一般情况下我们以地面或地面上的物体作为参考物．如果选择不同的参照物，得
出的结论可以不同，但都是正确的结论．
【详解】解：A、以树为标准，乘客位置变了，所以乘客运动，故A不符合题意；
B、以船舱为标准，乘客的位置没变，所以乘客静止，故B符合题意；
C、以迎面的船为标准，乘客位置变了，所以乘客运动，故C不符合题意；
D、以河水为标准，乘客位置变了，所以乘客运动，故D不符合题意．
故选B．
【点睛】为了研究和描述物体的运动，我们引入了参考物，选择不同的参考物，同一物体相对于不同的参
考物，运动状态可以不同，选取合适的参考物可以使运动的研究简单化．
6. 下列检测符合实际的是
A. 一本九年级物理教科书的长度约为26cm
B. 一个鸡蛋的质量约为100g
C. 人体感觉舒适的温度约为37℃
D. 一名中学生跑完100米的时间约为8s
【答案】A
【解析】
【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或
转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案．
【详解】解：A、一根筷子的长度在25cm左右，一本九年级物理教科书的长度略大于此数值，在 26cm
左右．故A符合实际；B、10个鸡蛋的质量大约1斤，而1斤＝500g，所以一个鸡蛋的质量在50g左右．故B不符合实际；
C、人体正常体温在37℃左右，感觉舒适的温度在23℃左右．故C不符合实际；
D、男子百米世界纪录略小于10s，中学生百米成绩不可能小于10s，一般在15s左右．故D不符合实际．
故选A．
【点睛】物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，
对我们的生活同样具有很大的现实意义．
7. 如图所示，蜡烛距凸透镜40cm，能在距凸透镜30cm的光屏上得到一个倒立缩小的实像，则透镜的
焦距可能是
A. 40cm B. 25cm C. 16cm D. 12cm
【答案】C
【解析】
【分析】凸透镜成像时，u＞2f，f＜v＜2f，成倒立、缩小的实像．根据物距、像距和焦距的关系，求出凸
透镜焦距的取值范围．
【详解】解：凸透镜成像时，物体放在距离凸透镜 40cm处时，光屏上得到倒立、缩小的实像，所以
40cm＞2f，所以20cm＞f；
由f＜v＜2f可得，f＜30cm＜2f，解得，15cm＜f＜30cm，
故由物距、像距不等式可得，15cm＜f＜20cm，
故选C．
【点睛】由凸透镜成像情况，根据物距和焦距，或根据像距和焦距的关系，判断凸透镜焦距的取值范围：
u＞2f，成倒立、缩小的实像，2f＞v＞f．
u＝2f，成倒立、等大的实像，v＝2f
2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，v＞2f．
u＜f，成正立、放大的虚像．
8. 一个文具盒放在水平桌面上，下列分析正确的是
A. 文具盒受到的重力与桌面对文具盒的支持力是相互作用力
B. 文具盒受到的重力与桌面对文具盒的支持力是一对平衡力
C. 文具盒受到的重力与文具盒对桌面的压力是相互作用力
D. 桌子受到的重力和地面对桌子的支持力是一对平衡力
【答案】B【解析】
【分析】①相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上；
②平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上．
【详解】解：A、B、文具盒受到的重力竖直向下，桌面对文具盒的支持力竖直向上，两个力大小相等、方
向相反，作用在一条直线上，都作用在文具盒上，所以是一对平衡力．故A错误，B正确；
C、文具盒受到的重力竖直向下，文具盒对桌面的压力竖直向下，两个力方向相同，不是相互作用力．故
C错误；
D、文具盒对桌子的压力、桌子受到的重力及地面对桌子的支持力合力为0，相互平衡，但桌子受到的重
力和地面的支持力不是一对平衡力．故D错误．
故选B．
【点睛】此题考查了对物体的受力分析及平衡力与相互作用力的区别，区别主要在于：平衡力是作用在同
一物体上的两个力；相互作用力是作用在两个物体上的力．
9. 对于声和光，下列说法中不正确的是
A. 中医诊病通过“望、闻、问、切”四个途径，其中“闻”指利用声音获得身体信息
B. 声波能传递能量，因此利用声波可以清洗精密机械
C. “震耳欲聋”指声音响度很大
D. 色光的三原色是红、黄、蓝
【答案】D
【解析】
【分析】（1）中医中的“望、闻、问、切”四步诊法中，望，指观气色；闻，指听声息；问；指询问症
状；切；指摸脉象；
（2）声音传播时，可以传递信息和能量；
（3）声音的响度与物体振动的幅度有关；
（4）红、绿、蓝三色光混合后能产生各种色彩，这三种色光叫做色光的三原色，各种色光等比例混合为
白色；红、黄、蓝三色是颜料的三原色，其它颜色都是根据这三种颜料按一定比例混合而成，各种颜料等
比例混合后为黑色．
【详解】解：A、中医中的“望、闻、问、切”四步诊法中，望，指观气色；闻，指听声息；问；指询问
症状；切；指摸脉象；故其中的“闻”是据声音传递信息的典型应用，故A正确；
B、声波可以用来清洗钟表等精细的机械，说明声波能传递能量，故B正确；
C、“震耳欲聋”是指声音的响度大，故C正确；
D、色光的三原色是红、绿、蓝；颜料的三原色是红、黄、蓝，故D错误．
故选D．【点睛】本题考查学生对声音的传播、声音的利用、声音的特性和色光的三原色等知识的掌握情况．包含
的知识点较多，考查我们对知识点掌握的熟练程度．
10. 下列工具可以省力的是
A. 钓鱼竿 B. 钢丝钳 C. 镊子 D. 筷子
【答案】B
【解析】
【分析】依据杠杆的动力臂和阻力臂大小关系：若动力臂大于阻力臂，则是省力杠杆；若动力臂小于阻力
臂，则是费力杠杆；若动力臂等于阻力臂，则为等臂杠杆．
【详解】解：A、钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A错误；
B、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B正确；
C、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C错误；
D、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故D错误；
故选B．
【点睛】此题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，
动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂．
11. 下列有关成像的说法中，正确的是
A. .物体通过平面镜所成的像是实像
B. 通过凸透镜所成的像一定是实像
C. 小孔成像实验中，所成像是实像
D. 实像都是缩小的，虚像都是放大的
【答案】C
【解析】
【分析】（1）平面镜的虚像是正立的、等大的．
（2）小孔成像成倒立的、有放大的，也有等大的，也有缩小的实像．
（3）凸透镜的虚像是正立的、放大的．实像是倒立的，有放大的，也有等大的，也有缩小的．是光的折
射形成的．
【详解】A、根据平面镜成像的特点可知，物体在平面镜里成的像是正立的、等大的虚像，故A错误；
B. 当u＜f时，凸透镜成正立放大虚像，故B错误
C、小孔成像的特点是：倒立的实像，故C正确；
D、当f＜u＜2f 时，凸透镜成倒立、放大的实像；故D错误．
故选C．
【点睛】实像和虚像的区别：不同点：（1）成因不同，实像是由实际光线会聚而成的，而虚像是由实际光线的反向延长线会聚而成的；
（2）像的正倒不一样，实像一般是倒立的，而虚像是正立的；
（3）呈现效果不同，实像可以用光屏接收，而虚像不能用光屏接收．
共同点：实像和虚像都能用眼睛看得到．
12. 厨房中蕴含着丰富的物理知识．下列分析不正确的是
A. 油烟机是利用流体压强与流速的关系来抽走油烟的
B. 洗菜盆排水管中的U型“反水弯”是利用了连通器原理防臭
C. 把塑料吸盘压在厅在光滑的墙壁上是应用了大气压
D. 把菜刀磨得锋利是为了减小压强
【答案】D
【解析】
【分析】（1）流体压强与流速的关系是：流速大压强小，流速小，压强大；
（2）连通器的结构特征是上端开口、底部连通；
（3）吸盘是典型的利用大气压强的例子；
（4）减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减
小压力来减小压强．
【详解】解：A、在液体和气体中，流速越快的地方压强越小；抽油烟机是利用流体压强与流速的关系来
排烟的；故A正确；
B、洗手盆的排水管用U形“反水弯”防臭是利用了连通器原理，故B正确；
C、吸盘内的空气被挤出，内部气压小于外界大气压，是大气压将其压在了墙面上，故C正确；
D、把菜刀磨得锋利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；故D错误；
故选D．
【点睛】本题考查气体压强、液体压强的知识的应用，解答时需要准确区分各物理知识点及其应用，这些
知识点中考出现概率很高．
13. 关于分子运动理论知识，下列说法中不正确的是
A. 端午节粽子飘香，是扩散现象
B. 盐放到热汤里，“化”得更快一些，说明扩散现象与温度有关
C. 50ml酒精和50ml水混合，总体积小于100ml
D. 液体很难被压缩，说明液体分子间只存 在斥力
【答案】D
【解析】
【分析】分子热运动理论的内容：一是物质是由分子构成的；二是构成物质的分子都在不停地做无规则运动；三是分子间存在相互作用力﹣引力和斥力；
不同物体互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停的做无规则运动；
温度越高，分子无规则运动越剧烈．
【详解】A. 端午节粽子飘香，是气体分子运动的结果，是扩散现象，说法正确，不符合题意；B. 盐放到
热汤里，温度高，分子运动快，因此“化”得更快一些，说明扩散现象与温度有关，说法正确，不符合题
意；C. 50ml酒精和50m水混合，因分子间有间隔，总体积小于l00ml，法正确，不符合题意；D. 液体
很难被压缩，说明液体分子间存在斥力，分子间引力和斥力是同时存在的，说法不正确，符合题意．故选
D.
【点睛】此题考查的是分子动理论的应用，是一道联系实际的应用题，体现了物理知识与日常生活的密切
联系．
14. 如图所示，在相同时间内，用大小相同的拉力F把等质量的甲、乙两物体沿斜面AB、AC从低端拉到
斜面顶端．F对物体做功的功率分别为P 、P ，机械效率分别为η 、η ．下列分析正确的是
甲 乙 甲 乙
A. P ＞P ，η ＜η B. P ＜P ，η ＜η
甲 乙 甲 乙 甲 乙 甲 乙
C. P ＜P ，η ＞η D. P ＞P ，η ＞η
甲 乙 甲 乙 甲 乙 甲 乙
【答案】A
【解析】
【分析】（1）根据W＝Fs即可判断两拉力做功的多少；根据功率的变形公式P＝Fv可知功率的大小；
（2）先判断有用功的关系，然后根据机械效率公式比较机械效率之间的关系．
【详解】解：（1）已知AB＞AC，拉力相同，由W＝Fs可知，W＞W；
1 2
根据 ，W＞W，时间相同，所以P ＞P ；
1 2 甲 乙
（2）已知物体的重力不变，斜面的高度不变，故由W＝Gh可知，将同一物体分别沿斜面AB、AC以相同
的速度从底部匀速拉到顶点所做的有用功相同，W ＝W ；
1有 2有
因为W＞W，
1 2
由 可得，η ＜η ．
甲 乙
故选A．
【点睛】本题以斜面为载体考查了物体做功的大小、功率的大小以及机械效率高低的比较，有一定的难度．15. 世界上第一个发现了电与磁之间联系的实验是
A.
B.
C.
D.
【答案】A
【解析】
【分析】丹麦物理学家奥斯特首先通过实验证明了通导线周围存在磁场．磁场方向和导体中的电流方向有
关．
【详解】A、图是奥斯特实验装置图，说明了电流周围存在磁场，是世界上第一个发现了电与磁之间联系
的实验，故A正确；
B、图是磁场对电流的作用，由此制成了电动机，故B错误；
C、图中是电磁感应装置图，说明了磁能生电，由此制成了发电机，故C错误；
D、图中没有电源是发电机的模型图，故D错误．
【点睛】本题展现了四个电磁方面比较重要的插图，要明白每一个插图蕴含的物理意义．
16. 如图所示，开关S闭合后，两电表均有示数，小灯泡均正常发光．过了一会两灯突然熄灭，电流表示
数变为0，电压表示数约为电源电压．则下列故障判断可能正确的是A. 灯L 短路 B. 灯L 短路 C. 灯L 断路 D. 灯L 断路
1 2 1 2
【答案】C
【解析】
【分析】电流表无示数，说明电路有断路故障；电压表示数等于电源电压，说明电压表的正负接线柱与电
源两极相连．
【详解】根据电路图可知，两灯泡串联；
由题知，原来两电表均有示数，小灯泡均正常发光；过了一会两灯突然熄灭，电流表示数变为0，电压表
示数约为电源电压；
A、如果灯L 短路，则L 还能发光，故A不符合题意；
1 2
B、如果灯L 短路，则L 还能发光，故B不符合题意；
2 1
C、如果灯L 断路，电路断路，所以两灯都不能发光，电流表无示数；但电压表的正负接线柱与电源两极
1
相连，电压表测量电源电压，其示数约为电源电压，故C符合题意；
D、如果灯L 断路，整个电路断路，所以电流表、电压表均无示数，故D不符合题意．
2
【点睛】本题考查了学生利用电流表、电压表判断电路故障的分析能力，电路故障分短路和断路两种情况，
平时做实验时试一试，多总结、提高分析能力．
17. 如图所示，不计滑轮自重及绳子与滑轮之间的摩擦，三个弹簧测力计拉力F 、F 、F 三者的关系正确
A B c
的是
A. F ：F ：F ＝3：2：1 B. F ：F ：F ＝1：2：3
A B c A B c
C. F ：F ：F ＝6：3：2 D. F ：F ：F ＝2：3：6
A B c A B c
【答案】B
【解析】
【分析】根据动滑轮的使用特点，判断力的大小．
【详解】根据每段绳子承担的力的情况，分析三个弹簧测力计拉力F 、F 、F 三者的关系，如下图：
A B c设每段绳子承担F的力，F 承担3段绳子的拉力，F ＝3F；F 承担2段绳子的拉力；F ＝2F；F 承担一
C C B B A
段绳子的拉力，F ＝F．
A
故F ：F ：F ＝F：2F：3F＝1：2：3，故B正确，ACD错误．
A B C
故选B．
【点睛】本题考查动滑轮的使用情况，是一道基础题．
18. 如图所示，电源电压为4.5V，小灯泡规格为“3V 0.6W”（灯丝电阻不变），电压表量程为0～3V，
电流表量程为0～0.6A，滑动变阻器规格为“50Ω 2A”．保证电路元件安全，下列分析正确的是
A. 电流变化范围是0﹣0.2A
B. 滑动变阻器变化范围是7.5Ω﹣30Ω
C. 小灯泡功率变化范围是0.2W﹣0.6W
D. 电路的最小总功率是0.225W
【答案】B
【解析】
【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压．
（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电压特点求出此时电压表的示数，然后与
电压表的量程相比较确定灯泡可以正常发光，根据P＝UI求出灯泡的额定电流，然后与电流表的量程和变
阻器允许通过的最大电流相比较确定电路中的最大电流，此时灯泡的功率最大，滑动变阻器接入电路中的
电阻最小，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；
（2）根据欧姆定律求出灯泡的电阻，当电压表的示数为3V时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路
中的电阻最大，灯泡和电路的总功率最小，根据串联电路的电压特点求出此时灯泡两端的电压，根据串联
电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的最小电流，然后确定电流表的量程；根据欧姆定律求出滑动变阻
器接入电路中的最大阻值，然后确定滑动变阻器阻值变化的范围；根据P＝UI求出小灯泡的最小功率和电路的最小总功率，然后确定灯泡的功率变化范围.
【详解】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压．
（1）灯泡正常发光时的电压为3V，功率为0.6W，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，灯泡正常发光时，滑动变阻器两端的电压：U =U-U =4.5V-3V=1.5V＜3V，
滑 L
则灯泡两端的电压可以达到3V，
由P=UI知道，灯泡的额定电流：I ，
L
因串联电路中各处的电流相等，且电流表量程为0～0.6A，变阻器允许通过的最大电流为2A，
所以，电路中的最大电流I =0.2A，此时灯泡的最大功率为0.6W，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，
大
由I= 可得，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R ；
滑小
（2）灯泡的电阻：R = ，
L
当电压表的示数最大为3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，灯泡和电路的总
功率最小，
此时灯泡两端的电压：U ′=U-U =4.5V-3V=1.5V，
L 滑大
电路中的最小电流：I ，
小
则电路中电流变化的范围是0.1A～0.2A，故A错误；
滑动变阻器接入电路中的最大阻值：R ，
滑大
则滑动变阻器阻值变化的范围是7.5Ω～30Ω，故B正确；
小灯泡的最小功率：P ′=I 2R =（0.1A）2×15Ω=0.15W，
L 小 L
则灯泡的功率变化范围是0.15W～0.6W，故C错误；
电路的最小总功率：P =UI =4.5V×0.1A=0.45W，故D错误，
小 小
故选B．
【点睛】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用，正确的确定电路中的最大和最
小电流是关键．
二、填空题19. 如图所示，刻度尺的分度值为_____cm，物体长度为_____cm
【答案】 (1). 0.1 (2). 1.85
【解析】
【分析】刻度尺的分度值是刻度尺相邻两刻度线表示的长度．使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从 0
开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从 0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出
末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位
【详解】由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm，即此刻度尺的
分度值为0.1cm；
物体左侧与0.50cm对齐，右侧略偏过2.3cm，估读为2.35cm，所以物体的长度为L＝2.35cm﹣
0.50cm＝1.85cm．
【点睛】此题考查的是刻度尺的分度值和读数，初中物理学习了很多测量工具的使用，但没有特殊说明，
只有刻度尺的读数要有估读值，其它只要读到准确值即可．
20. 标准大气压下完全燃烧0.042m3的煤气放出的热量是_____J．若50%的热量被水吸收，能使质量为
2.5kg初温为25℃的水升高_____℃．[q ＝4.0×107J/m3，c ＝4.2×103J/（kg•℃）]
煤气 水
【答案】 (1). 1.26×106 (2). 75
【解析】
【分析】（1）已知煤气的热值和体积，可利用公式Q ＝Vq计算完全燃烧0.042m3的煤气放出的热量；
放
（2）根据Q ×50%＝c m（t﹣t ）变形求出水的末温，水在标准大气压下沸点为100℃，由此判断水
放 水 0
升高的温度．
【详解】完全燃烧干木柴放出的热量：Q ＝V q＝0.042m3×4.0×107J/kg＝1.68×106J，由题知，Q
放 煤气
＝Q ×50%＝1.68×106J×50%＝8.4×105J，∵Q ＝cm△t，∴△t＝
吸 放 吸
＝80℃，∵1标准大气压下水的沸点是100℃，水沸腾时，吸热温度
不变，∴可以使水的温度升高值：△t′＝100℃ 25℃＝75℃．
【点睛】（1）根据公式Q ＝mq可计算干木柴完全燃烧放出的热量；（2）再根据Q ＝Q ×10%＝
放 吸 放
cm△t求水升高的温度．21. 2018年6月4日上午8点半，中国载人潜水器“深海勇士”号结束为期2个多月的南海试验性应用
科考航次，返回三亚．本次科考任务成果丰硕，最大下海度达到3407.7m．潜水器下潜时，浮力_____重
力（选填“＞”，“＝”或“＜”）．它下潜到3km深处时，受到海水的压强是_____Pa．（ρ ＝
海水
1.03×103kg/m3，g＝10N/g）
【答案】 (1). ＜ (2). 3.09×107
【解析】
【分析】（1）潜水器下潜时浮力小于重力．（2）根据p＝ρgh求出液体压强．
【详解】解：（1）潜艇在下潜时，需要装水排空气，以增大重力，此时浮力小于重力；
（2）它下潜到3km深处时受到海水的压强：
p＝ρgh＝1.03×103kg/m3×10N/kg×3000m＝3.09×107Pa．
【点睛】此题主要考查 的是学生对液体压强计算公式和浮沉条件的理解和掌握，是一道中等题．
22. 小华用一支自制的长为L的密度计测某液体的密度，如图所示．密度计浸在水中静止时露出水面长度
为L ，受到的浮力为F ，浸在被测液体中静止时露出长度为L ，受到的浮力为F ．则F _____F （选填
1 1 2 2 1 2
“＞”，“＝”或“＜”），待测液体的密度ρ ＝_____（用含有字母的式子表示ρ ，水的密度用ρ 表
液 液 水
示）
【答案】 (1). ＝ (2). •ρ
水
【解析】
【分析】（1）把密度计放在水、液体时都漂浮，利用物体的漂浮条件判断出浮力的大小；
（2）利用阿基米德原理和浮力相等列等式表示出液体密度．
【详解】解：当密度计置于水、液体的容器中，因为密度计漂浮，所以密度计受到的浮力：
F＝G，F＝G，即F＝F，ρ gV ＝ρ gV ，ρ gS（L﹣L ）＝ρ gS（L﹣L ），
1 2 1 2 水 排1 液 排2 水 1 液 2．
【点睛】本题涉及的知识点较多，既考查阿基米德原理、物体的浮沉条件的应用，还考查控制变量法的应
用，难点是将阿基米德原理和物体的浮沉条件结合起来使用．
23. 如图所示，物体甲、乙分别挂在杠杆AB两端，O为支点，OA：OB＝1：2，甲对水平面 的压强为零．
当乙浸没在某液体中时，甲对水平面的压强为6000Pa，甲的底面积S ＝10﹣2m2，乙的体积V ＝
甲 乙
2×10﹣3m3．则乙物体受的浮力F ＝_____N，液体的密度为_____kg/m3．（g＝l0N/kg）
乙浮
【答案】 (1). 30 (2). 1.5×103
【解析】
【分析】求出甲对桌面增大的压强，根据压强公式求出甲对桌面增大的力．当乙物体浸没在液体中，杠杆
还处于水平位置平衡，杠杆左端减小的力乘以力臂等于杠杆右端减小的力乘以力臂．求出乙物体受到的浮
力；由于乙物体浸没在液体中，根据阿基米德原理求出液体密度．
【详解】原来甲对水平面的压强为零，当乙浸没在某液体中时，甲对水平面的压强增大为 6000Pa，由
得，甲对水平桌面的压力增大量为：△F＝△pS＝6000Pa×10﹣2m2＝60N，
当乙浸没在某液体中时，杠杆A端的拉力变化量等于压力增大量△F，B端的拉力变化量等于F ，根据
乙浮
杠杆平衡条件可得：△F×OA＝F ×OB，
乙浮
所以，乙物体受到的浮力： ，
由于乙物体浸没在液体中，则V ＝V＝2×10﹣3m3，
排
由F ＝ρ gV 得液体的密度：
浮 液 排
．
【点睛】此题主要考查了浮力的计算、杠杆平衡条件的应用，是一道综合性题目，需要根据已知条件利用
杠杆的平衡条件列关系式，从而得出结论．三、解答题
24. 画出静止在水平面的足球所受力的示意图．
（ ）
【答案】
【解析】
【分析】足球静止在水平地面上，说明足球受到了平衡力的作用，足球受到了竖直向下的重力和竖直向上
的支持力，重力和支持力就是一对平衡力，大小相等，方向相反．
【详解】解：足球受到了两个力，重力和支持力；足球受到这两个力，处于静止状态即平衡状态；这两个
力就是平衡力，大小相等、方向相反．如图所示：
【点睛】解答此题首先要知道足球受到了几个力的作用；然后根据足球的状态分析力的大小关系；最后根
据力示意图的表示方法画出力的示意图．
25. 画出光从空气斜射入水中的反射光线和折射光线，并标出反射角的大小
（ ）【答案】
【解析】
【分析】根据反射定律：反射光线、入射光线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角
等于入射角，作出反射光线；
根据折射定律：折射光线、入射光线在同一平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，光由空气进入水
中，折射角小于入射角，作出折射光线．
【详解】由图可知，法线已作出，入射角等于60°，根据反射角等于入射角（等于60°），在法线右侧的
空气中作出反射光线；
根据光的折射定律，光从空气斜射向水中时，折射角小于入射角，在法线右侧的水中作出折射光线，如图
所示：
【点睛】折射与反射是在两种介质的界面上同时发生的现象，反射在同一种介质中，在界面的同一侧；折
射在两种介质中，在界面的两侧．
26. 小明用如图甲所示的装置探究某种固体熔化时温度的变化规律，实验数据记录如下：
时间/min 0 0.5 1.0 1.5 2.0 2.5 3.0 3.5 4.0 4.5
温度/℃ 31 34 38 46 48 48 48 50 56 63
（1）分析实验数据可知，该物质为_____（选填“晶体”或“非晶体”），它的熔点为_____．
（2）第2.5min时，该物质的状态是_____（选填“固态”“液态”或“固液共存”），该固体物质的熔
化规律是_____．
（3）该物质熔化时温度变化曲线是图乙中的_____．【答案】 (1). 晶体 (2). 48℃ (3). 固液共存 (4). 吸热温度保持不变 (5). C
【解析】
【分析】（1）晶体和非晶体在熔化过程中的区别：晶体有一定的熔点，在熔化过程中吸热温度保持不变；
非晶体没有一定的熔点，在熔化过程中吸热温度不断升高；
（2）晶体高于熔点是液态，低于熔点是固态，晶体在熔化过程中是固液共存；晶体在熔化过程中吸热温
度保持不变；
（3）晶体在熔化过程中，吸收热量，温度不变．
【详解】（1）由表格中的数据可知，该物质在2.0～3.0min不断吸收热量，温度保持不变，所以该物质
是晶体；熔化时温度保持48℃不变，所以其熔点为48℃；
（2）晶体在第2.0min开始熔化，到第3.0min结束，所以在第2.5min时，晶体是固液共存态．晶体在
熔化过程中吸热温度保持不变；
（3）由表可知为晶体的熔化过程：
AB放出热量，温度降低，是凝固图象，故AB错误；
CD吸收热量，温度升高是熔化图象，C在熔化时吸收热量温度不变，为晶体的熔化图象，D为非晶体的
熔化图象，故C正确，D错误．
故选C．
【点睛】本题考查晶体的熔化特点，以及熔化图象是一道基础题．
27. 小明同学研究“一段电路中的电流与电阻的关系”，设计了如图所示电路，电源电压恒为6V
（1）根据小明设计的图甲，用笔画线代替导线将图乙的实物图连接完整
（ ）
（2）当定值电阻为10Ω时，电流表示数如图所示，将电流表的示数填入下表空格处：
（3）小明将第三次实验得到的数据填入下表，然后将E、F两点间的电阻由15Ω换成20Ω，为控制电压
表的示数不变，滑动变阻器的阻值应调到_____Ω
实验序号 电压/V 电阻/Ω 电流/A
1 2 5 0.40
2 2 10 ________3 2 15 0.13
4 2 20 0.10
（4）分析表中数据，得出的结论是：导体两端的电压一定时，_____
【答案】 (1). (2). 0.2 (3). 40 (4). 导体中的电流与导体的电
阻成反比
【解析】
【分析】（1）图乙中电压表应并联到定值电阻两端，根据（3）选择电压表的量程；滑动变阻器采用“一
上一下”接入电路；
（2）根据电流表的量程和分度值读出电流；
（3）根据串联分压特点可知滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律算出滑动变阻器的电压；
（4）在电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比．
【详解】（1）由（3）知电压表的量程为0～3V，并联在定值电阻两端，且正进负出；滑动变阻器采用
“一上一下”接入电路，图中已经接了下接线柱，随便接一上接线柱就行，如下图所示：
（2）由图丙所示电流表可知，其量程为0～0.6A，分度值为0.02A，所以电流表的示数为0.2A；
（3）将E、F两点间的电阻由15Ω换成20Ω，由表格知：此时电路的电流为0.1A，
根据串联电路电压的特点知，
滑动变阻器的电压为：U ＝U﹣U ＝6V﹣2V＝4V；
滑 定
滑动变阻器的电阻为： ；（4）由表中实验数据可知，在电压一定时，电流与电阻阻值的乘积一定，即电流与电阻成反比，由此可
得：在电压一定时，电流与电阻成反比．
故答案为（1）见上图；（2）0.2；（3）40；（4）导体中的电流与导体的电阻成反比．
【点睛】通过导体的电流与导体两端的电压、导体电阻两个因素有关，因此实验时要应用控制变量法，即：
研究与电压的关系要保持电阻不变；研究与电阻的关系要保持电压不变；同时在实验探究中，还考查了电
路的连接、滑动变阻器的应用及实验数据的分析，这些都是应熟练掌握的内容．
28. 小明乘电梯时，发现电梯超载会自动报警．于是喜好钻研的他对电梯的电路图进行了研究，并设计了
以下探究实验，如图甲所示．电源电压恒定不变，R 为定值电阻．用杯中水量调节压敏电阻受到力的大小，
0
压敏电阻的电流与受到压力大小的关系如图乙所示：
（1）图片中R 的作用是_____．
0
（2）分析图乙I﹣F图象可知：压敏电阻R 受到的压力增大时，通过它的电流也增大，R 的阻值_____
x x
（选填“变大”“变小”或“不变”）；当压力增大到一定程度时，触电K与_____接触，电铃响，实现
自动报警．
（3）某电梯超载报警的R ﹣F图象如图丙所示，空载时电梯厢对R 的压力F 等于电梯厢的重力，当压力
x x 1
F ＝1×104N时，电梯报警，则此电梯限载_____人：（设每人质量约为50kg）
2
（4）下列与此实验研究方法相同的是_____．
A．探究通过导体的电流与导体两端电压关系时，控制导体电阻不变
B．用光线描述光的传播路径
C．用电磁铁吸引大头针的多少表示它的磁性强弱
D.2个5Ω的电阻串联，相当于1个10Ω的电阻
【答案】 (1). 保护电路 (2). 变小 (3). B (4). 12 (5). C
【解析】
【分析】（1）根据串联电路的分压作用分析解答；（2）在控制电路中，当压敏电阻R 受到的压力F增大时，其阻值减小，根据欧姆定律可知电路中电流的
x
变化，再根据电磁铁中电流增大时磁性增强判断此时电磁铁的磁性的变化；超载自动报警系统实质就是电
磁继电器的应用，电梯超载时，衔铁被电磁铁吸住，触点K与触点B接触，电铃工作电路接通．
（3）根据图丙知空载时和超载时的压力，算出人的总重力，根据G＝mg算出一个人的重力，根据
算出人数．
（4）此题中压力的大小通过电路中电流的大小表现出来，用到了转换法，分析选项即可解答．
【详解】解：（1）由图乙知压敏电阻的电流随受到压力大小的增大而增大，给电路串联电阻R 起到分压
0
作用，保护电路；
（2）在控制电路中，当压敏电阻R 受到的压力F增大时，其阻值减小，电路中的总电阻减小，根据欧姆
x
定律可知，电路中的电流变大，电流增大时电磁铁的磁性增强；
当压力增大到一定程度时，即电梯超载时，压敏电阻R 受到的压力F增大时，其阻值减小，控制电路中的
x
电流增大，从而使电磁铁的磁性增强，磁性达到一定程度时，衔铁被电磁铁吸住，触点K与触点B接触，
电铃报警，电梯不工作．
（3）由图丙知：空载时电梯厢对R 的压力F 等于电梯厢的重力，大小为F ＝4×103N时，当压力F ＝
x 1 1 2
1×104N时超载，电梯报警，
故电梯中人的重力为：G ＝F ﹣F ＝1×104N﹣4×103N＝6×103N，
人 2 1
一个人的重力：G ＝mg＝50kg×10N/kg＝500N，
1
电梯限载的人数： ；
（4）此题中压力的大小通过电路中电流的大小表现出来，用到了转换法；
A．探究通过导体的电流与导体两端电压关系时，控制导体电阻不变，用到了控制变量法，故A不符合题
意；
B．用光线描述光的传播路径，用到了模型法，故B不符合题意；
C．用电磁铁吸引大头针的多少表示它的磁性强弱，用到了转换法，故C符合题意；
D.2个5Ω的电阻串联，相当于1个10Ω的电阻，用到了等效替代法，故D不符合题意．
故选C．
故答案为（1）保护电路；（2）变小；B；（3）12；（4）C．
【点睛】此题考电磁继电器的原理、串联电路的分压作用、使用方法的应用，此题与实际生活联系密切，
体现了生活处处皆物理的理念．
四、解答题29. 小华家有一台U ＝220V的电烤箱，接入220V电路中，开关S闭合，温控开关S 处于闭合状态，
额 1
此时电烤箱处于加热状态，加热功率P＝1100W．温度升高到某一温度后温控开关S 断开，此时电烤箱
1
处于保温状态，保温功率P ＝440W．如图所示为其电路原理图，R 、R 为电阻不变的电热丝．求：
1 1 2
（1）温控开关S 断开后，电烤箱工作20min消耗的电能为多少焦耳
1
（2）R 的阻值；（计算结果保留一位小数）
2
（3）若电阻丝R 烧断，请通过计算说明能否用2根“220V 330W”的电热丝代替R ，让电烤箱恢复正
2 2
常加热工作
【答案】（1）5.28×105J；（2）73.3Ω；（3）若电阻丝R 烧断，可以用2根“220V 330W”的电热
2
丝并联代替R 让电烤箱恢复正常加热工作．
2
【解析】
【分析】（1）温控开关S 断开后，电路为R 的简单电路，知道电烤箱在保温状态下的功率和工作时间，
1 1
根据 求出消耗的电能；
（2）温控开关S 断开后，电路为R 的简单电路，根据 求出R 的阻值；开关S闭合，温控开关
1 1 1
S 处于闭合状态，根据 求出总电阻，再根据并联电路的电阻规律可求得R 的阻值；
1 2
（3）通过用两根都是“220V 330W”的电热丝串、并联替代R 来实现，由功率公式及并联电路的特点可
2
得出是否符合要求．
【详解】解：
（1）温控开关S 断开，此时电烤箱处于保温状态，保温功率P ＝440W，
1 1
由 可得，温控开关S 断开后，电烤箱工作20min消耗的电能：
1
W ＝P t＝440W×20×60s＝5.28×105J；
1 1（2）温控开关S 断开后，电路为R 的简单电路，电烤箱处于保温状态，
1 1
由 可得R 的阻值： ；
1
开关S闭合，温控开关S 闭合时，两电阻并联，此时电烤箱处于加热状态，加热功率P＝1100W．
1
由 可得，总电阻 ，
由 可得， ，
解得R ≈73.3Ω；
2
（3）原来R 的功率P ＝P﹣P ＝1100W﹣440W＝660W，用2根“220V 330W”的电热丝并联代替
2 2 1
R ，并联正常工作，实际功率等于额定功率，总功率为660W，所以可以让电烤箱恢复正常加热工作；
2
若用两根的电热丝R 串联后，则总电阻是 ，其总功率 ，小于660W，不能
3
正常工作；
答：（1）温控开关S 断开后，电烤箱工作20min消耗的电能为5.28×105J；
1
（2）R 的阻值为73.3Ω；
2
（3）若电阻丝R 烧断，可以用2根“220V 330W”的电热丝并联代替R 让电烤箱恢复正常加热工作．
2 2
【点睛】分清电路结构、熟练功率公式及其变形公式、欧姆定律、并联电路的特点是正确解题的关键．
30. 在新农村建设和精准扶贫中，市政府为某贫困山区甲村打了一口深井，如图所示．已知圆柱形金属水
桶质量为1kg，容积为8.6L，井深h ＝5m，水深h ＝2m，村民将水桶从井底以速度v＝0.06m/s匀速
1 2
竖直向上提升（不计绳重及绳子与滑轮之间的摩擦，桶的厚度不能忽略，g＝10N/kg）．求：
（1）井底受到水的压强
（2）桶未露出水面时，绳的拉力F ＝6N，桶受到的浮力
拉（3）已知水桶底面积为3dm2，桶高h ＝3dm，以水桶口刚露出水面开始计时，到桶底刚离开水面的过
3
程中，请写出绳的拉力F随时间t变化的函数式
【答案】（1）20000Pa；（2）4N；（3）F＝6N+18tN．
【解析】
【分析】（1）根据液体压强的计算公式p＝ρ gh求出井底受到水的压强；
水
（2）根据F ＝G﹣F 求出浮力大小；
拉 浮
（3）设圆柱形重物的高为h ，从铁块上表面与水面相平时开始计时，在时间为t时，铁块上升的高度
0
（露出的高度）△h＝vt，浸入的高度h＝h﹣△h，可求排开水的体积，利用F＝G﹣F 列出表达式．
浮
【详解】解：（1）水深h ＝2m，故井底受到水的压强：
2
p＝ρ gh ＝1.0×103kg/m3×10N/kg×2m＝20000Pa；
水 2
（2）桶的重力：
G ＝m g＝1kg×10N/kg＝10N，
桶 桶
因为F +F ＝G ，
拉 浮 桶
所以桶受到的浮力：
F ＝G ﹣F ＝10N﹣6N＝4N；
浮 桶 拉
（3）绳的拉力F随时间t变化的函数式：
F＝G﹣F ＝G +G ﹣F ＝m g+m g﹣F ＝1kg×10N/kg+ρ V g﹣F ＝10N+1kg/
浮 桶 水 浮 桶 水 浮 水 水 浮
dm3×8.6dm3×10N/kg﹣F ＝96N﹣ρ V ×10N/kg＝96N﹣1×103kg/m3×（0.03m2×0.3m﹣
浮 水 排
0.03m2×0.06m/s×t）×10N/kg＝6N+18tN．
答：（1）井底受到水的压强为20000Pa；
（2）桶未露出水面时，绳的拉力F ＝6N，桶受到的浮力为4N；
拉
（3）已知水桶底面积为3dm2，桶高h ＝3dm，以水桶口刚露出水面开始计时，到桶底刚离开水面 的过
3
程中，请写出绳的拉力F随时间t变化的函数式为F＝6N+18tN．
【点睛】本题综合性比较强，考查内容比较多，包括压强计算，浮力计算，以及函数解析式的确定，是一
道综合题．本试卷的题干、答案和解析均由组卷网（http://zujuan.xkw.com）专业教师团队编校出品。
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