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专题02 元素化合物 有机化合物
题型一 元素化合物
题型二 工艺流程选择题
题型三 原子共面 同分异构体的判断
题型四 有机物的结构与性质
题型一 元素化合物
1．（2024 届高考·江苏南通·统考一模）硫元素在自然界中通常以硫化物、硫酸盐或单质的形式存在。斜方
硫、单斜硫是常见的两种单质。常见的含硫矿物有硫磺矿、黄铁矿
、石膏
等。黄铁
矿遇酸会生成硫化氢气体。工业利用黄铁矿与空气高温反应得到
与
在
催化作用下反应生成
，每生成
释放出
的热量，生成的
用
的
浓硫酸吸收。利用酸性
溶液可测定工业尾气中
的含量。下列物质性质与用途具有对应关系的是
A．
能与盐酸反应，可作红色涂料
B．
是淡黄色晶体，可用于配制黑火药
C．
具有氧化性，可用于制取硫酸
D．浓
具有吸水性，可用于除去
中混有的
【答案】D
【详解】A．
为红色固体，常作红色涂料，A 错误；
B．
具有还原性，能和木炭、硝酸钾等发生反应，可用于配制黑火药，B 错误；
C．
为酸性氧化物，能和水生成硫酸，可用于制取硫酸，C 错误；
D．浓
具有吸水性，能做干燥剂，可用于除去
中混有的
，D 正确；
故选D。
2．（2024 届高考·陕西咸阳·统考一模）下列有关物质的工业制备方法不合理的是
A．用蒸发结晶法提取海水中的食盐
B．氯气与澄清石灰水制取漂白粉
C．用“吹出法”从海水中提取溴
D．催化裂化将重油转化为汽油等物质
【答案】B
【详解】A．海水中氯化钠溶解度随温度变化不大，工业上是通过蒸发溶剂的方法得到氯化钠晶体，故A
正确；
1
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B．工业上用氯气与石灰乳反应制取漂白粉，故B 错误；
C．Br2易挥发，通入热空气吹出Br2，可以起到富集溴元素的作用，故C 正确；
D．通过催化裂化，将长链的重油转化为短链的汽油等物质，故D 正确。
答案选B。
3．（2024 届高考·广东·高三一模）已知甲、乙、丙有如图所示的转化关系(部分物质和反应条件已略去，
“→”表示一步反应即可实现)，下列各组物质不满足图示转化关系的是
选
项
甲
乙
丙
A
NaOH
B
Si
C
D
S
A．A
B．B
C．C
D．D
【答案】C
【详解】A．由
，
，
，满足图示关系，选项A 不符合；
B．由
，
，
，满足图示关系，选项B
不符合；
C．Fe2O3无法直接生成Fe(OH)3，Fe(OH)3+3HCl= FeCl3+3H2O，
，不满足图示关系，
选项C 符合；
D．由3S+6NaOH=Na2SO3+2Na2S+3H2O，Na2SO3+3H2S=2Na2S+3S+3H2O，2Na2SO3+ O2= 2Na2SO4，满足图
示关系，选项D 不符合；
答案选C。
4．（2024 届高考·湖南长沙·统考一模）某白色固体混合物可能含有
、
、
、
、
、
。取少量样品进行如下实验：
①混合物溶于水，得到澄清透明溶液A；
②取--定量溶液A 于试管中，加入少量酸性高锰酸钾溶液，溶液不褪色；
③取少量溶液A 进行焰色实验，火焰呈黄色；
④取少量溶液A 加入过量的氨水，生成白色沉淀。
2
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根据实验现象可判断该样品确定存在的是
A．
、
B．
、
C．
、
D．
、
【答案】A
【详解】①混合物溶于水，得到澄清透明溶液A，可知
、
与镁离子不能同时存在；②取--
定量溶液A 于试管中，加入少量酸性高锰酸钾溶液，溶液不褪色，说明不存在能和高锰酸根离子反应的亚
硫酸根离子、氯离子，故不存在
、
；③取少量溶液A 进行焰色实验，火焰呈黄色，则含有钠
元素；④取少量溶液A 加入过量的氨水，生成白色沉淀，则含有镁离子
，故不存在
，则存
在
；
故选A。
5．（2024 届高考·吉林长春·统考一模）一种分解氯化铵实现产物分离的物质转化关系如下，其中b、d 代
表
或
中的一种。下列说法正确的是
A．实验室可以利用加热氯化铵分解制备氨气
B．a、c 分别是
、
C．d 既可以是
，也可以是
D．已知
为副产物，则通入水蒸气可减少
的产生
【答案】D
【分析】NH4Cl 分解的产物是NH3和HCl，分解得到的HCl 与MgO 反应生成Mg(OH)Cl，Mg(OH)Cl 又可
以分解得到HCl 和MgO，则a 为 NH3，b 为 Mg(OH)Cl，c 为HCl，d 为MgO。
【详解】A．氯化铵受热分解生成的氨气和氯化氢遇冷又会重新结合生成氯化铵，实验室不能利用加热氯
化铵分解制备氨气，故A 错误；
B．由分析可知，a 为NH3，c 为 HCl，故B 错误；
C．由分析可知，d 为MgO，故C 错误；
D．
可以水解生成 Mg(OH)Cl，通入水蒸气可以减少 MgCl2的生成，故D 正确；
故选D。
6．（2024 届高考·湖南岳阳·统考一模）物质的性质决定用途。下列两者对应关系不正确的是
A．
能吸收
产生
，可用作呼吸面具供氧剂
B．
溶液呈酸性，可用于腐蚀电路板上的Cu
C．
呈弱碱性，可用于治疗胃酸过多
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D．液氨汽化需要吸收大量的热，可用作制冷剂
【答案】B
【详解】A．
能与
反应产生
，可用作呼吸面具供氧剂，A 正确；
B．
溶液有强氧化性，可用于腐蚀电路板上的Cu，与酸性无关，B 错误；
C．
呈弱碱性，可中和胃酸，用于治疗胃酸过多，C 正确；
D．液氨汽化需要吸收大量的热，使周围环境温度降低，可用作制冷剂，D 正确；
故选B。
7．（2024 届高考·浙江温州·统考一模）
是一种重要的氮肥，有关叙述不正确的是
A．组成元素均位于p 区
B．水溶液呈酸性
C．与NaOH 固体共热产生
D．饱和溶液会降低蛋白质在水中的溶解度
【答案】A
【详解】A．氢元素位于S 区，其它元素位于p 区，A 错误；
B．
发生水解反应，使水溶液呈酸性，B 正确；
C．与NaOH 固体共热发生反应：
，C 正确；
D．饱和
溶液会降低蛋白质在水中的溶解度，发生盐析，D 正确；
故选A。
8．（2024 届高考·江苏南通·统考一模）氮及其化合物的转化具有重要应用。下列说法不正确的是
A．常温下可以用铁制容器来盛装浓硝酸
B．工业制硝酸过程中的物质转化：
C．氮气、铵盐、亚硝酸盐、硝酸盐之间的转化构成了自然界“氮循环”的一部分
D．实验室用浓氨水、生石灰制备少量氨气：
【答案】B
【详解】A．常温下可以用铁制容器来盛装浓硝酸，会发生钝化，故A 正确；
B．一氧化氮和水不反应，故B 错误；
C．氮气、铵盐、亚硝酸盐、硝酸盐之间的转化构成了自然界“氮循环”的一部分，故C 正确；
D．生石灰溶于水得到氢氧化钙、同时大量放热促使一水合氨分解，则反应实验室用浓氨水、生石灰制备
少量氨气：
，故D 正确；
故选：B。
9．（2024 届高考·陕西咸阳·统考一模）下列变化不遵循“量变引起质变”哲学思想的是
A．向盐酸中滴加Na[Al(OH)4]溶液，刚开始无明显现象，后产生白色絮状沉淀
B．向澄清石灰水中通入
，先产生白色沉淀，后沉淀溶解变为澄清溶液
C．向酚酞溶液中加入NaClO 粉末，溶液先变红色，后迅速褪色
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D．向含甲基橙的纯碱溶液中逐滴加入
溶液，溶液由黄色变为橙色，最终变为红色
【答案】C
【分析】“量变引起质变”指量的多少不同、反应不同。
【详解】A．向盐酸中滴加Na[Al(OH)4]溶液，开始盐酸过量，发生反应
4HCl+Na[Al(OH)4]=NaCl+AlCl3+4H2O，无明显现象，继续加Na[Al(OH)4]溶液，发生反应
AlCl3+3Na[Al(OH)4]=4Al(OH)3↓+3NaCl，后产生白色絮状沉淀，与量的多少有关，A 项不符合题意；
B．向澄清石灰水中通入CO2，开始CO2少量，发生反应CO2+Ca(OH)2=CaCO3↓+H2O，观察到产生白色沉
淀，继续通入CO2，发生反应CO2+CaCO3+H2O=Ca(HCO3)2，后观察到沉淀溶解变为澄清溶液，与量的多少
有关，B 项不符合题意；
C．NaClO 属于强碱弱酸盐，由于ClO-的水解使NaClO 溶液呈碱性，使酚酞溶液先变红色，水解生成的
HClO 具有强氧化性，后观察到迅速褪色，与量的多少无关，C 项符合题意；
D．Na2CO3属于强碱弱酸盐，由于
的水解使纯碱溶液呈碱性，使甲基橙溶液呈黄色，滴入NaHSO4溶
液，首先发生反应
+H+=
，溶液的碱性逐渐减弱，继续滴加NaHSO4发生反应
+H+=H2O+CO2↑，最终溶液呈酸性，故溶液由黄色变为橙色，最终变为红色，与量的多少有关，D 项不符
合题意；
答案选C。
10．（2024 届高考·广西柳州·统考一模）实验室模拟侯氏制碱法制备
的主要过程如下，下列说法
正确的是
A．实验时应先向饱和食盐水中通入足量
再通入
B．过程①②③均涉及过滤操作
C．向溶液A 中加入
的作用是增大
浓度，促进
结晶析出
D．实验过程中可循环使用的物质只有
【答案】C
【分析】氨气极易溶于水，侯氏制碱法是先向饱和食盐水中通入足量氨气，使得溶液显碱性，可以吸收更
多的二氧化碳，生成溶解度小的碳酸氢钠沉淀，氯化铵留在溶液A 中，过滤后对碳酸氢钠加热分解生成碳
酸钠、二氧化碳和水，向溶液A 中加入氯化钠固体，由于氯离子浓度增大会使氯化铵析出，溶液B 中溶质
主要为氯化钠，可以循环使用；
【详解】A．实验时应先向饱和食盐水中通入足量
再通入
，A 错误；
B．过程①③涉及过滤操作，过程②是碳酸氢钠固体加热分解生成碳酸钠，B 错误；
C．根据分析，向溶液A 中加入
增大
浓度，促进
结晶析出，C 正确；
5
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D．实验过程中可循环使用的物质有
和氯化钠，D 错误；
故选C。
11．（2024 届高考·浙江·高三一模）下列说法不正确的是
A．镁在空气中燃烧可生成氧化镁和氮化镁
B．实验室可用加热分解NH4Cl 来制备氨气
C．将生铁进一步炼制减少含碳量，能得到机械性能更好的钢
D．胆矾可以和石灰乳制成一种常用的农药
【答案】B
【详解】A．镁在空气中燃烧时，可与空气中的氮气、氧气和二氧化碳反应生成氮化镁和氧化镁，故A 正
确；
B．实验室用氯化铵固体与氢氧化钙固体共热反应制备氨气，不能用加热氯化铵的方法制备氨气，故B 错
误；
C．生铁和钢的性能差别主要是因为生铁和钢中的含碳量的不同，所以将生铁进一步炼制减少含碳量，能
得到机械性能更好的钢，故C 正确；
D．胆矾可以和石灰乳可以制成一种常用的杀菌能力较好的农药波尔多液，故D 正确；
故选B。
12．（2024 届高考·陕西渭南·统考一模）一种利用废铜渣(主要成分
，及少量
等杂质)制备
超细铜粉的流程如下：
下列说法正确的是
A．“酸浸”所得滤渣的主要成分为
B．“沉铁”发生反应的离子方程式为
C．“沉铜”发生的反应为复分解反应
D．“转化”后所得滤液中含有的主要阳离子：
【答案】D
【分析】废铜渣(主要成分CuO，及少量Fe2O3、SiO2等杂质) “酸浸”时CuO、少量Fe2O3与H2SO4反应生
成硫酸铜、硫酸铁，SiO2不溶于H2SO4，所以滤渣的成分是SiO2，滤液中加过量氨水沉铁除去Fe3+，铜离
子转化为Cu(NH3)
，所得滤液通二氧化硫沉铜，过滤出产生的CuNH4SO3沉淀，加稀硫酸转化，+1 价铜
发生歧化反应，得到铜离子、和Cu。
【详解】A．由分析可知，“酸浸”所得滤渣的主要成分为SiO2，故A 错误；
B．NH3·H2O 是弱碱，在离子方程式中不能拆，故B 错误；
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C．“沉铜”时含有Cu(NH3)
和过量氨水的混合溶液中通入二氧化硫生成CuNH4SO3沉淀，铜元素化合价
降低，则发生氧化还原反应，不为复分解反应，故C 错误；
D．转化时，CuNH4SO3在稀硫酸中发生歧化反应，得到铜离子、和Cu，结合元素守恒可知， “转化”后
所得滤液中含有的主要阳离子：
，故D 正确；
故选D。
13．（2024 届高考·江苏南京·统考一模）氧元素是地球上存在最广泛的元素，也是与生命活动息息相关的
主要元素，其单质及化合物在多方面具有重要应用。氧能与大部分元素形成氧化物如
、
、
、
、
、
、
等；过氧化物如
、
等可以作为优秀的氧化剂。下列物质性质与
用途具有对应关系的是
A．纳米
能与酸反应，可用作磁性材料
B．
能与某些有色物质化合，可用于漂白纸张、草帽等
C．
是两性氧化物，可用作耐火材料
D．
是酸性氧化物，能用氢氟酸(HF)雕刻玻璃
【答案】B
【详解】A．四氧化三铁具有磁性，可用作铁磁性材料，与其能与酸反应无关，故A 错误；
B．SO2具有漂白性，SO2能与某些有色物质化合生成无色不稳定的无色物质，所以SO2可以漂白纸浆、草
帽等，故B 正确；
C．Al2O3熔点高，可用作耐火材料，与Al2O3是两性氧化物无关，故C 错误；
D．氢氟酸能与二氧化硅反应生成四氟化硅和水，四氟化硅是气体物质，可用于雕刻玻璃，和SiO2是酸性
氧化物无关，故D 错误；
故选：B。
14．（2024 届高考·河南·高三一模）下列各组物质中，只用蒸馏水(可用组内物质)无法检验的是
A．无水硫酸铜、硫酸钠、硫酸钡
B．过氧化钠、碳酸钠、碳酸氢钠
C．碳酸钠、氢氧化钠、硫酸钾
D．浓硫酸、NaOH 溶液、苯
【答案】C
【详解】A．加入蒸馏水，溶液呈蓝色的是无水硫酸铜，不溶于水的是硫酸钡，剩下的是硫酸钠，故A 不
符合题意；
B．过氧化钠溶于蒸馏水，与水反应生成气体有气泡冒出；利用碳酸钠和碳酸氢钠溶解度不同，可区分，
故B 不符合题意；
C．碳酸钠、氢氧化钠、硫酸钾三者溶于水，无明显现象，不可检验，故C 符合题意；
D．浓硫酸溶于水放出大量的热；苯不溶于水；剩下的是NaOH 溶液，故D 不符合题意；
答案选C。
15．（2024 届高考·浙江·高三一模）次氯酸钠是一种重要的盐，下列说法不正确的是
A．次氯酸钠既可以做漂白棉麻纸张的漂白剂，又可做游泳池等场所的消毒剂
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B．“84”消毒液和酒精同时使用不会增强杀菌效果
C．由于次氯酸钠不能分解，人们制得漂白液代替氯水做漂白剂
D．在常温下，将Cl2通入NaOH 溶液，得到以次氯酸钠为有效成分的漂白液
【答案】C
【详解】A．次氯酸钠具有强氧化性，能起到杀菌消毒的作用，也可以使有机色质漂白褪色，所以次氯酸
钠既可以做漂白棉麻纸张的漂白剂，又可做游泳池等场所的消毒剂，故A 正确；
B．“84”消毒液的有效成分次氯酸钠能与酒精发生氧化还原反应使两者的杀菌效果降低，所以“84”消毒
液和酒精同时使用不会增强杀菌效果，故B 正确；
C．次氯酸钠溶液与空气中二氧化碳反应生成次氯酸而表现漂白性，漂白能力弱于含有次氯酸的氯水，所
以不能用漂白液代替氯水做漂白剂，否则漂白效果会降低，故C 错误；
D．氯气与氢氧化钠溶液反应生成氯化钠和次氯酸钠，所以常温下将氯气通入氢氧化钠溶液中可以得到以
次氯酸钠为有效成分的漂白液，故D 正确；
故选C。
16．（2024 届高考·浙江·高三一模）下列关于元素及其化合物的性质说法正确的是
A．铁与氧化铝能发生铝热反应生成铝
B．工业上用氨与过量的氧气催化氧化可直接制得
C．过量的铁在氯气中燃烧生成
D．实验室可通过氯化铵与
溶液制氨气
【答案】C
【详解】A．铝的金属性比铁强，铝热反应是铝与氧化铁反应生成铁和氧化铝，选项A 错误；
B．工业上用氨与过量的氧气催化氧化也只能先氧化为NO，再进一步氧化为
，选项B 错误；
C．过量的铁在氯气中燃烧生成
，选项C 正确；
D．实验室可通过加热氯化铵与
固体制氨气，选项D 错误；
答案选C。
17．（2024 届高考·浙江绍兴·统考一模）物质的性质决定用途，下列两者对应关系不正确的是
A．液氨汽化时吸收大量的热，用作制冷剂
B．纯铝的硬度和强度较小，用于制造机器零件
C．I2可使微生物的蛋白质变性，用作消毒防腐药
D．小苏打可中和酸并受热分解，用作膨松剂
【答案】B
【详解】A．氨气易液化，且液氨汽化时要吸收大量热导致温度降低，因此可用作制冷剂，两者存在对应
关系，A 正确；
B．铝合金质轻且硬度大，因此可用于制造机器零件，B 错误；
C．I2可使微生物的蛋白质变性，用作消毒防腐药，两者存在对应关系，C 正确；
D．小苏打可中和酸并受热分解产生二氧化碳，可用作膨松剂，两者存在对应关系，D 正确；
8
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故选B。
18．（2024 届高考·四川南充·统考一模）物质的性质决定用途，下列两者对应关系错误的是
A．氧化铝熔点高，可用于制作耐火材料
B．
有还原性，可用于自来水消毒
C．维生素C 具有还原性，可用作食品抗氧化剂
D．
能与
反应生成
，可作潜水艇中的供氧剂
【答案】B
【详解】A．氧化铝熔点高，因此可用于制作耐火材料，A 正确；
B．
有氧化性，可用于自来水消毒，B 错误；
C．维生素C 具有还原性，可用作食品抗氧化剂，防止食品被氧化，C 正确；
D．
能与
反应生成
，可作供氧剂，D 正确；
故选B。
19．（2024 届高考·广东·高三一模）在点滴板①②③三个孔穴中分别滴入3 滴新制的氯水，再向②③中分
别滴入3 滴NaBr 溶液、NaI 溶液；向④⑤两个孔穴中分别滴入3 滴溴水，向⑤中滴入3 滴NaI 溶液。下列
关于该实验的说法正确的是
A．新制氯水中水的电离程度大于纯水的
B．①②③可得出氧化性：
C．若用久置的氯水进行上述实验，实验现象与原实验现象完全相同
D．上述实验中可以探究同主族元素性质的递变规律
【答案】D
【分析】在点滴板①②③三个孔穴中分别滴入3 滴新制的氯水，再向②③中分别滴入3 滴NaBr 溶液、NaI
溶液，①②③可得出氧化性：
；向④⑤两个孔穴中分别滴入3 滴溴水，向⑤中滴入3 滴
NaI 溶液，可得出氧化性：
。
【详解】A． 新制氯水呈酸性，抑制水电离，新制氯水中水的电离程度小于纯水，故A 错误；
B． ①②③可得出氧化性：
，无法得到
，故B 错误；
C． 久置的氯水实为稀盐酸，若用久置的氯水进行上述实验，实验现象与原实验现象不相同，故C 错误；
D． 上述实验中可以探究同主族元素性质的递变规律，如卤族元素的非金属性：
，故D 正确；
故选D。
20．（2024 届高考·宁夏石嘴山·统考一模）下列有关物质性质与应用的对应关系错误的是
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选项
性质
实际应用
A
二氧化氯具有强氧化性
可用作饮用水消毒
B
能与盐酸反应
可用作胃酸中和剂
C
石英坩埚耐高温
可用于加热熔化烧碱、纯碱等固体
D
受热分解，生成高熔点物质和水
可用为原料制作塑料的阻燃剂
A．A
B．B
C．C
D．D
【答案】C
【详解】A．二氧化氯具有强氧化性，是安全、无毒的绿色消毒剂，可用于饮用水的消毒，A 正确；
B．胃酸的主要成分是盐酸，氢氧化铝能与胃酸发生中和反应，降低胃酸的浓度，缓解胃部不适，B 正确；
C．石英坩埚的主要成分是二氧化硅，耐高温，但是不能用来加热熔化烧碱、纯碱等固体，因为二氧化硅
会与烧碱、纯碱在高温下发生反应生成硅酸盐而损坏坩埚，C 错误；
D．
受热分解是吸热过程且生成高熔点物质氧化铝，故可用为原料制作塑料的阻燃剂，D 正确；
故选C。
21．（2024 届高考·陕西渭南·统考一模）文化自信是一个国家、一个民族发展中更基本、更深沉、更持久
的力量。下列文化内容中蕴含的化学知识描述不正确的是
选
项
文化
类别
文化内容
化学知识
A
饮食
文化
渭南早餐文化的时辰包子
面团发酵过程中常用到小苏
打
B
劳动
文化
使用84 消毒液对室内环境消毒，建议用凉水稀释、早晚进行
消杀
84 消毒液见光或受热易变
质
C
服饰
文化
在厚重的历史文化氛围的滋养下，唐装汉服轻舞，传统文化
与时尚潮流在大唐不夜城深度碰撞，“变装穿越”火出圈。
鉴别纯棉、真丝可以用灼烧
的方法
D
节日
文化
蒲城杆火技艺被称为中华一绝
烟花利用了“焰色试验”原
理，该原理属于化学变化
A．A
B．B
C．C
D．D
【答案】D
【详解】A．小苏打是碳酸氢钠，面团发酵利用碳酸氢钠受热易分解产生二氧化碳而使得面团疏松多孔，
故A 正确；
B．84 消毒液中有效成分为次氯酸钠，杀菌消毒的原理是空气中二氧化碳将次氯酸钠转化为次氯酸，次氯
酸见光或受热易分解，因此使用84 消毒液对室内环境消毒，建议用凉水稀释、早晚进行消杀，故B 正确；
C．棉花主要成分是纤维素、真丝主要成分是蛋白质，灼烧真丝有烧焦羽毛气味而纯棉没有用灼烧的方法
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可以鉴别真丝和纯棉，故C 正确；
D．“焰色试验”中没有新物质生成属于物理变化，故D 错误；
故答案为：D。
22．（2024 届高考·江苏南通·统考一模）硫元素在自然界中通常以硫化物、硫酸盐或单质的形式存在。斜
方硫、单斜硫是常见的两种单质。常见的含硫矿物有硫磺矿、黄铁矿
、石膏
等。黄
铁矿遇酸会生成硫化氢气体。工业利用黄铁矿与空气高温反应得到
与
在
催化作用下反应生成
，每生成
释放出
的热量，生成的
用
的
浓硫酸吸收。利用酸性
溶液可测定工业尾气中
的含量。下列化学反应表示不正确的是
A．
与足量稀盐酸反应：
B．黄铁矿与空气高温反应：
C．
催化氧化：
D．用酸性
溶液吸收
：
【答案】A
【详解】A．
与足量稀盐酸反应有
生成，氧化还原反应中化合价有升必有降，A 中只有降没有升，
正确的为：
，A 不正确；
B．黄铁矿与空气高温反应得到
，化学方程式为
， B 正确；
C．根据每生成
释放出
的热量，可以写出热化学方程式
，C 正确；
D．用酸性
溶液吸收
离子方程式为
，D 正确；
故选A。
23．（2024 届高考·山东·高三一模）下列说法正确的是
A．石英坩埚耐高温，可用来加热熔化烧碱、纯碱等固体
B．用pH 试纸测84 消毒液的酸碱性
C．SO2用作海水提溴的吸收剂，利用了其还原性
D．Na2O2、Na2O 分别与H2O 反应的产物完全相同
【答案】C
【详解】A．石英的主要成分是SiO2，高温下会与烧碱、纯碱反应，A 错误；
B．84 消毒液有强氧化性，不能用pH 试纸测pH，B 错误；
C．溴单质有强氧化性可氧化SO2，反应原理为：SO2+Br2+2H2O=2HBr+H2SO4，C 正确；
D．Na2O2与H2O 反应有O2生成，Na2O 与H2O 反应没有O2生成，D 错误；
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故答案为：C。
24．（2024 届高考·陕西渭南·统考一模）物质的性质决定用途，下列两者对应关系不正确的是
A．
能中和酸并受热分解产生
，可作蓬松剂
B．
有可燃性，可用于炼铁
C．
能与
反应，可在玻璃器皿上刻蚀标记
D．硬铝密度小、耐腐蚀、强度高，可用作航空材料
【答案】B
【详解】A．NaHCO3可中和酸并受热分解产生CO2，可以使食物产生多孔而蓬松，故可作蓬松剂，A 正确；
B．
有还原性，可用于炼铁，故B 错误；
C．
能与
反应，可在玻璃器皿上刻蚀标记，故C 正确；
D．硬铝密度小、耐腐蚀、强度高，可用作航空材料，故D 正确；
故选B。
25．（2024 届高考·江苏连云港·统考一模）硫及其化合物的转化具有重要应用。下列说法不正确的是
A．工业制
：
B．回收烟气中
获得
：
C．工业废液中通入
除
：
D．热的
溶液除S：
【答案】A
【详解】A．工业制硫酸过程中的物质转化是将二氧化硫氧化为三氧化硫：
，A 符合题意；
B．回收烟气中
获得
：
，该反应节约成本，简化反应步骤，该反应正
确，B 不符合题意；
C．
是难溶于水与酸的物质，工业废液中通入
除
：
，该反应正确，
C 不符合题意；
D．在加热条件下，硫能与强碱溶液发生反应，热的
溶液除S：
，该反应正确，D 不符合题意；
故选A。
题型二 工艺流程选择题
1．（2024 届高考·安徽黄山·统考一模）
溶液可作为替代氟利昂的绿色制冷剂.合成工艺流程如下：
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下列说法错误的是
A．还原工序逸出的
用
溶液吸收，吸收液不可直接返回还原工序
B．除杂工序中产生的滤渣可用
进行组分分离
C．中和工序中生成的气体为酸性氧化物
D．若
和
恰好完全反应，则理论上参与反应的
为
【答案】D
【分析】由题给流程可知，向含有少量溴的氢溴酸中加入硫化钡，硫化钡与溴发生氧化还原反应生成溴化
钡和硫，向反应后的溶液中加入硫酸溶液，硫酸溶液与溴化钡溶液反应生成硫酸钡沉淀和氢溴酸，过滤得
到含有硫酸钡、硫的滤渣和氢溴酸；向氢溴酸溶液中加入碳酸锂，氢溴酸溶液与碳酸锂反应得到溴化锂溶
液，溶液经浓缩等操作后得到溴化锂。
【详解】A．溴与氢氧化钠溶液反应生成溴化钠、次溴酸钠和水，则还原工序逸出的溴用氢氧化钠溶液吸
收得到吸收液不可直接返回还原工序，否则加入硫酸溶液时，溶液中的次溴酸根离子酸性条件下会与溴离
子反应生成溴，导致无法制得溴化锂，故A 正确；
B．由分析可知，除杂工序得到的滤渣为硫酸钡和硫，硫可溶于二硫化碳而硫酸钡不溶于二硫化碳，因此
可用二硫化碳进行组分分离，故B 正确；
C．由分析可知，中和工序发生的反应为氢溴酸溶液与碳酸锂反应生成溴化锂、二氧化碳和水，二氧化碳
气体为酸性氧化物，故C 正确；
D．由得失电子数目守恒可知，溴和硫化钡恰好反应时，溴、硫化钡和反应生成的溴化钡的物质的量相等，
由硫酸钡的化学式可知，溴化钡、硫酸和反应生成硫酸钡的物质的量相等，则理论上参与反应的溴、硫化
钡、硫酸的物质的量比为1：1：1，故D 错误；
故选D。
2．（2024 届高考·黑龙江哈尔滨·统考一模）实验室由炼钢污泥（简称铁泥，主要成分为铁的氧化物）制备
软磁性材料
。其主要实验流程如下：
下列说法错误的是
A．酸浸：用一定浓度的硫酸浸取铁泥，能提高铁元素浸出率的措施有适当升高温度，加快搅拌速度
B．还原：向“酸浸”后的滤液中加入过量铁粉，可用KSCN 溶液检验
是否完全还原
C．沉铁：将提纯后的
溶液与氨水
混合溶液反应，生成
沉淀的离子方程式为
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D．沉铁步骤中为防止生成
，应在搅拌下向氨水
混合溶液中缓慢加入
溶液
【答案】D
【详解】A．实验中适当升高酸浸温度、适当加快搅拌速度都能提高铁元素浸出率，缩短酸浸时间会降低
铁元素浸出率，故A 正确；
B．可利用KSCN 溶液检验Fe3+是否被完全还原，故B 正确；
C．FeSO4溶液与氨水-NH4HCO3混合溶液反应，Fe2＋与CO
结合生成FeCO3沉淀，促进了HCO 的电离，
离子方程式为
，故C 正确；
D．Fe(OH)2开始沉淀的pH 约为6.5，沉铁步骤中为防止生成
，应控制溶液的pH 不大于6.5，与缓
慢加入
溶液无关，故D 错误；
故选D。
3．（2024 届高考·江西上饶·统考一模）工业上用软锰矿(主要成分是
，含有
、
等杂质)，
制备
的流程如下：
已知：
固体和溶液均为墨绿色，溶液呈碱性，能发生可逆的歧化反应。
下列说法正确的是
A．“浸取”后的溶液中通入
调节
，滤渣Ⅰ的成分只有硅酸
B．“歧化”步骤中调节溶液
时，可以用浓盐酸来代替冰醋酸
C．“操作Ⅱ”时，当有大量晶体析出时利用余热蒸干，即得紫黑色
晶体
D．“歧化”时，加入冰醋酸使反应平衡正向移动，促进
的生成，提高
的产率
【答案】D
【分析】软锰矿主要成分是
，含有
、
等杂质，加氢氧化钾煅烧得墨绿色炉渣，说明有
和KOH 反应生成
，氧化铝转化为偏铝酸钾、二氧化硅转化为硅酸钾，浸取，通入二氧化碳
调节pH 生成氢氧化铝、硅酸沉淀，过滤得
溶液，加冰醋酸，
发生歧化反应生成
、
MnO2，过滤，滤液为
，蒸发浓缩、冷却结晶得
晶体。
【详解】A．向“浸取液”含有偏铝酸钾、硅酸钾，通入
调pH 后，偏铝酸钾和二氧化碳反应生成氢氧
化铝沉淀和碳酸氢钾、硅酸钾和二氧化碳反应生成硅酸沉淀和碳酸氢钾，“过滤”得滤渣Ⅰ的成分为
和
，故A 错误；
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B．酸性条件下
具有强氧化性，可以将浓盐酸中的氯离子氧化为氯气， “歧化”步骤中调节溶液
时，不能用浓盐酸来代替冰醋酸，故B 错误；
C．高锰酸钾受热易分解，“操作Ⅱ”应该为加热浓缩，当溶液表面出现晶膜时停止加热，冷却结晶析出
紫黑色
晶体，故C 错误；
D．
溶液中加冰醋酸，
在酸性条件下发生歧化反应生成
、MnO2。“歧化”时的
反应为
，加入冰醋酸使反应平衡正向移动，促进
的生成，提高
的产率，故D 正确；
故答案选D。
4．（2024 届高考·福建泉州·统考一模）氨氮废水是造成水体富营养化的原因之一，下图为处理氨氮废水的
流程。
下列离子方程式书写错误的是
A．过程①：
B．过程②总反应式：
C．过程③：
D．
溶于水：
【答案】D
【详解】A．含
废水与NaOH 溶液反应生成
，其反应的离子方程式为：
，A 不符合题意；
B．过程②加入
可将废水中的
转化为无毒气体，反应过程中氯元素化合价由0 价降低到-1 价，
化合价降低，被还原，氮元素的化合价由-3 价升高到0 价，化合价升高，被氧化，配平之后为：
，B 不符合题意；
C．过程③中
溶液的作用是将含余氯废水中的
转化为氯离子，反应为：
，C 不符合题意；
D．
溶于水为可逆反应，生成的HClO 为弱酸，不能拆开，反应为：
，D 符合
题意；
故答案选D。
5．（2024 届高考·浙江·高三一模）一水硫酸四氨合铜(Ⅱ)的化学式为[Cu(NH3)4] SO4·H2O 是一种重要的染料
及农药中间体。某学习小组以废铜料(含少量铁及难溶性杂质)为主要原料合成该物质，合成路线如下：
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下列说法不正确的是
A．操作Ⅰ中发生的主要反应为：Fe+H2O2+2H+= Fe2++2H2O
B．操作Ⅱ中趁热过滤除去的是难溶性杂质和氢氧化铁
C．操作Ⅲ中洗涤可用乙醇和水的混合液，干燥可采用减压干燥方式
D．设计操作Ⅳ的目的是为了提高乙醇的利用率
【答案】A
【分析】含铜废料加硫酸和双氧水，铜被氧化为硫酸铜，铁被氧化为硫酸铁，加氧化铜调节pH=4 生成氢
氧化铁沉淀除去铁，滤液得硫酸铜溶液，滤液中加氨水生成深蓝色硫酸四氨合铜溶液，加入乙醇，硫酸四
氨合铜溶解度降低，析出[Cu(NH3)4] SO4·H2O，过滤、洗涤、干燥得到一水硫酸四氨合铜，滤液经过酸化调
pH，蒸馏出的乙醇继续循环利用。
【详解】A．操作Ⅰ中铜被氧化为硫酸铜，发生的主要反应为：Cu +H2O2+2H+= Cu2++2H2O，A 错误；
B．加氧化铜调节pH=4 生成氢氧化铁沉淀，操作Ⅱ中趁热过滤除去的是难溶性杂质和氢氧化铁，B 正确；
C．硫酸四氨合铜在乙醇中的溶解度远小于在水中的溶解度，操作Ⅲ中洗涤可用乙醇和水的混合液，干燥
可采用减压干燥方式，C 正确；
D．设计操作Ⅳ，乙醇循环利用，目的是为了提高乙醇的利用率，D 正确；
故选A。
6．（2024 届高考·山东青岛·统考一模）锂辉矿(主要成分为LiAlSi2O6)可用低温重构—直接浸出技术制备碳
酸锂，同时得到氧化铝，工艺流程如图。下列说法错误的是
A．“水热反应”为
B．“滤渣1”和“滤渣2”主要成分相同
C．冶炼金属锂和金属铝均可用电解其熔融氯化物的方法
D．流程中不涉及氧化还原反应
【答案】C
【分析】
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锂辉矿(主要成分为LiAlSi2O6)加NaOH 溶液，发生反应生成硅酸锂沉淀、硅酸钠和偏铝酸钠；过滤出硅酸
锂，加硫酸溶解得到硅酸沉淀和硫酸锂溶液，硫酸锂溶液蒸发浓缩后加饱和碳酸钠得到碳酸锂；含硅酸钠
和偏铝酸钠的滤液1 加硫酸，生成硫酸铝、硫酸钠和硅酸沉淀，过滤后，滤液中加氨水生成氢氧化铝沉淀，
过滤后煅烧生成氧化铝，据此解答。
【详解】A．“水热反应”中LiAlSi2O6与NaOH 反应生成相应的盐，反应为：
，故A 正确；
B．“滤渣1”和“滤渣2”主要成分均为硅酸，故B 正确；
C．AlCl3为分子化合物，冶炼金属铝采用电解熔融氧化铝，故C 错误。
D．流程中各步转化过程中均不存在化合价变化，不涉及氧化还原反应，故D 正确；
故选：C。
7．（2024 届高考·贵州贵阳·统考一模）实验室制备
的流程如下图所示，下列叙述不正确的是
A．可用KSCN 溶液检验
溶液是否变质
B．沉淀时可用冷水浴降温以防止
分解
C．沉淀时的离子方程式：
D．为了使
快速干燥，洗涤操作时可用无水乙醇
【答案】C
【分析】硫酸亚铁溶液中加NH4HCO3生成FeCO3，过滤、洗涤即可得到FeCO3固体。
【详解】A．亚铁离子变质会生成铁离子，则检验硫酸亚铁溶液是否变质，可利用KSCN 溶液检验，若溶
液变红，则证明硫酸亚铁溶液变质了，故A 正确；
B．NH4HCO3受热易分解，所以加NH4HCO3生成FeCO3沉淀时，可用冷水浴降温以防止NH4HCO3分解，
故B 正确；
C．硫酸亚铁与NH4HCO3发生反应的离子方程式为
，故C 错误；
D．FeCO3易被氧气氧化，难溶于乙醇，为防止其被氧化，洗涤时可用无水乙醇除去水分，快速干燥，故D
正确；
故答案为：C。
8．（2024 届高考·山东济宁·统考一模）氧泡泡是一种多功能新型漂白剂，其有效成分是过碳酸钠
(xNa2CO3•yH2O2)。
I.以芒硝(Na2SO4•10H2O)、H2O2等为原料制备过碳酸钠的工艺流程如图：
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Ⅱ.测定过碳酸钠化学式的实验步骤如下(样品中杂质不参加反应)：
①用电子天平称取两份质量均为mg 的样品。
②将一份置于锥形瓶中，加水溶解，加催化剂使H2O2充分快速分解(催化剂不参与其它反应)，然后加酚酞
作指示剂，用0.0500mol•L-1H2SO4溶液滴定至终点，消耗硫酸V1mL。
③将另一份置于碘量瓶中，加入50mL 蒸馏水，并立即加入6mL2.0mol•L-1H3PO4溶液，再加入过量KI 固体，
摇匀后于暗处放置10min，加入适量指示剂，用0.1000mol•L-1Na2S2O3标准溶液滴定至终点，消耗Na2S2O3
标准溶液V2mL。(已知：2Na2S2O3+I2=Na2S4O6+2NaI)
过碳酸钠制备的流程中，下列说法错误的是
A．步骤1 中2mol 芒硝参与反应时，消耗1molNa2Cr2O7
B．滤渣的主要成分为CaSO4
C．步骤2 的方程式为2Na2CrO4+2CO2+H2O
Na2Cr2O7+2NaHCO3↓
D．稳定剂的作用是阻止微量杂质金属离子的催化作用，减少双氧水的分解
【答案】A
【分析】
步骤1 中，芒硝、CaO、Na2Cr2O7溶液混合后，发生反应Na2SO4+CaO+ Na2Cr2O7=2Na2CrO4+CaSO4；过滤
后，滤渣主要为CaSO4；步骤2 中，往滤液中通入CO2，Na2CrO4转化为Na2Cr2O7，同时生成NaHCO3，过
滤后，Na2Cr2O7循环使用；NaHCO3灼烧后生成Na2CO3等，与30%H2O2、稳定剂混合，再加入95%的乙醇，
抽滤、干燥后生成过碳酸钠。
【详解】A．步骤1 中发生反应Na2SO4+CaO+ Na2Cr2O7=2Na2CrO4+CaSO4，则2mol 芒硝参与反应时，消耗
2molNa2Cr2O7，A 错误；
B．由分析可知，滤渣的主要成分为CaSO4，B 正确；
C．步骤2 中，往滤液中通入CO2，Na2CrO4转化为Na2Cr2O7，同时生成NaHCO3，方程式为
2Na2CrO4+2CO2+H2O
Na2Cr2O7+2NaHCO3↓，C 正确；
D．H2O2易发生分解，特别是有金属离子作用时，则稳定剂的作用是阻止微量杂质金属离子的催化作用，
减少双氧水的分解，D 正确；
故选A。
9．（2024 届高考·河北唐山·统考一模）白硼钙石的主要成分是Ca4B10O19·7H2O(含有少量Fe2O3、FeO、
CaCO3和SiO2等杂质)，利用白硼钙石制取强还原剂NaBH4的工艺流程如下：
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已知H3BO3微溶于水，易溶于乙醇：偏硼酸钠(NaBO2)易溶于水，溶解度随温度升高而增大，难溶于乙醇，
碱性条件下稳定。下列说法错误的是
A．“滤渣1”的主要成分是SiO2
B．“气体”的主要成分是NO2
C．“操作X”涉及到蒸发浓缩、降温结晶
D．“反应Y”的化学方程式是
【答案】B
【分析】
由题干流程图可知，将白硼钙石的主要成分是Ca4B10O19·7H2O(含有少量Fe2O3、FeO、CaCO3和SiO2等杂
质)粉碎后加入浓硝酸，将Ca 转化为Ca(NO3)2、Fe 转化为Fe(NO3)3、B 转化为H3BO3，SiO2不溶于硝酸，
过滤得到滤液1，主要含有Ca(NO3)2、Fe(NO3)3，和滤渣主要含有SiO2和H3BO3，向滤渣中加入乙醇进行醇
浸过滤得到滤渣1，主要成分为SiO2，滤液中含有H3BO3的酒精溶液，向滤液中加入NaOH 溶液进行水浴
加热，将H3BO3转化为NaBO2，将乙醇蒸馏出来后，对滤液进行蒸发浓缩、降温结晶，过滤干燥，获得纯
净的NaBO2固体，将固体NaBO2和MgH2混合反应生成NaBH4和耐火材料即MgO，据此分析解题。
【详解】A．由分析可知，“滤渣1”的主要成分是SiO2，A 正确；
B．浓硝酸与白硼钙石的主要成分是Ca4B10O19·7H2O、杂质中氧化物反应生成大量的水，故“气体”的主要
成分是NO 而不是NO2，B 错误；
C．由题干信息状况，偏硼酸钠(NaBO2)易溶于水，溶解度随温度升高而增大，难溶于乙醇，碱性条件下稳
定，故“操作X”涉及到蒸发浓缩、降温结晶，C 正确；
D．由分析可知，耐火材料为MgO，故“反应Y”的化学方程式是
，D 正确；
故答案为：B。
10．（2024 届高考·山东菏泽·统考一模）锡碲渣废料(主要成分为
，还含有少量铁、砷、铅等元
素的氧化物)为原料，制备锡酸钠晶体和碲的工艺流程如下。已知水碎液中溶质主要成分为
、
；碱性条件下，锡酸钠在水中的溶解度随温度的升高而减小。下
列说法正确的是
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A．“除碲”时，碲的脱除率随温度升高持续增大
B．“除铅”时，主要反应的化学方程式为
C．制备碲的过程中，若每步消耗等物质的量的含碲物质，则转移电子数相等
D．经“溶析结晶”获得产品的操作为蒸发浓缩、冷却结晶、过滤、洗涤和干燥
【答案】B
【分析】
锡碲渣废料(主要成分是SnO、TeO，还含有少量Fe、Pb、As 等元素的氧化物)在通入空气的情况下用
NaOH 碱溶，生成溶质的主要成分为
、
的水碎液，只有Fe 的氧化
物未溶解，所以Fe 的氧化物就成为水碎渣；往水碎液中加入Ba(OH)2将As 转化为Ba3(AsO4)2，过滤除去，
滤液中加Na2S 将Pb 转化为PbS 沉淀；过滤后所得滤液中加入H2O2，Na2TeO3被氧化为Na2TeO4沉淀；过滤
后向所得滤液加入NaOH，再经浓缩、结晶，得到Na2SnO3晶体；Na2TeO4沉淀加浓盐酸溶解后，再通入
SO2将Te 还原为Te 单质；
【详解】A．温度过高会使H2O2分解，导致Te 的脱除率下降，故A 错误；
B．“除铅”时，
与Na2S 反应生成PbS 沉淀，化学方程式为
，故B 正确；
C．“除Te”过程中发生反应的化学方程式为
，该过程中消耗1mol
转移2mol 电子；生成的
溶于盐酸，再通二氧化硫反应生成Te 单质，该过程中1mol
反应转移6mol 电子，故C 错误；
D．由题意可知碱性条件下，锡酸钠在水中的溶解度随温度的升高而减小，则“溶析结晶”获得产品的操
作为浓缩、结晶、过滤、洗涤和干燥，不能进行降温结晶，故D 错误；
故选：B。
11．（2024 届高考·辽宁·高三一模）利用化工厂产生的烟灰(ZnO 的质量分数为ω，还含有少量CuO、
MnO2、FeO 等杂质)制备活性ZnO 的工艺流程如图。下列说法错误的是
A．由滤液1 中的阳离子主要含有[Zn(NH3)4]2+、[Cu(NH3)4]2+、NH4
+可知，滤渣1 中含有FeO 和MnO2
B．“除杂”工序反应的离子方程式：Zn+[Cu(NH3)4]2+ =Cu + [Zn(NH3)4]2+
C．“蒸氨沉锌”、“煅烧”时产生的气体可返回到“浸取”工序中循环使用
D．从m kg 烟灰中得到活性ZnO a kg，则ZnO 的回收率
%
【答案】D
【分析】
烟灰(ZnO 的质量分数为ω，还含有少量CuO、MnO2、FeO 等杂质)，经过碳酸氢铵和过量氨水浸取，ZnO
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转化为[Zn(NH3)4]2+，CuO 转化成 [Cu(NH3)4]2+，MnO2、FeO 不反应成为滤渣1，向滤液1 中加入过量锌粉，
将[Cu(NH3)4]2+转化为[Zn(NH3)4]2+和铜单质除杂，对滤液2 进行蒸氨沉锌得到Zn2(OH)2CO3，煅烧后得到活
性氧化锌。
【详解】
A．由滤液1 中的阳离子主要含有[Zn(NH3)4]2+、[Cu(NH3)4]2+、NH4
+可知，ZnO 转化为[Zn(NH3)4]2+，CuO 转
化成 [Cu(NH3)4]2+，MnO2、FeO 不反应成为滤渣1，A 正确；
B．除杂时向滤液1 中加入过量锌粉，将[Cu(NH3)4]2+转化为[Zn(NH3)4]2+和铜单质除杂，离子方程式Zn+
[Cu(NH3)4]2+ =Cu + [Zn(NH3)4]2+正确，B 正确；
C．“蒸氨沉锌”、“煅烧”时产生的氨气和二氧化碳气体可返回到“浸取”工序中循环使用，C 正确；
D．从m kg 烟灰中得到活性ZnO a kg，由流程可知，除杂时还加入了过量锌粉，则得到ZnO 比烟灰中的氧
化锌要多，所以的回收率不等于
%，D 错误；
故选D。
12．（2024 届高考·吉林·高三一模）硝酸可用于制化肥、农药、染料等。工业制备硝酸的过程如下图所示，
下列有关说法错误的是
A．图中A 和B 分别为氧气和水
B．合成氨原料气未净化可能引起催化剂“中毒”
C．尾气中的氮氧化合物可用
溶液吸收处理
D．合成氨塔中采用高温高压有利于提高反应物的转化率
【答案】D
【分析】由题给流程控制，高温高压催化剂作用下氮气和氢气在合成塔中反应生成氨气，向氨分离器得到
的氨气中通入氧气，氨气在氧化炉中与氧气共热发生催化氧化反应生成一氧化氮、一氧化氮与氧气反应生
成二氧化氮，二氧化氮在吸收塔中与水反应生成硝酸和一氧化氮。
【详解】A．由分析可知，A 和B 分别为氧气和水，故A 正确；
B．合成氨原料气中含有能使催化剂中毒的杂质气体，所以原料气通入合成塔之前必须做净化处理，故B
正确；
C．碳酸钠溶液呈碱性，能与氮氧化合物反应，所以为防止氮氧化合物排放污染空气，可以用碳酸钠溶液
处理尾气中的氮氧化合物，故C 正确；
D．合成氨反应为放热反应，升高温度，平衡向逆反应方向移动，反应物的转化率减小，故D 错误；
故选D。
13．（2024 届高考··河南·高三一模）某化学兴趣小组通过查阅文献，设计了从阳极泥(成分为
、
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、Au、Pt)中回收贵重金属的工艺，其流程如图所示。已知：“酸溶”时，Pt、Au 分别转化为
和
。下列判断正确的是
A．“焙烧”时，
转化为CuO 的化学方程式为
B．“转化”后所得溶液经过在空气中加热蒸发结晶可得到
C．“酸溶”时，铂溶解的离子方程式为
D．结合工艺流程可知盐酸的氧化性强于硝酸
【答案】A
【分析】由题给流程可知，阳极泥焙烧时，硫化亚铜与氧气高温条件下反应生成氧化铜、二氧化硫，硒化
银与氧气高温条件下反应生成氧化银、二氧化硒；烧渣酸浸氧化时，氧化铜与氧气、稀硝酸溶液反应转化
为硝酸铜，二氧化硒与氧气、硝酸溶液反应转化为硒酸，金、铂不与氧气、硝酸溶液反应，过滤得到含有
硝酸铜、硒酸的滤液和含有金、铂的滤渣；滤渣酸溶时，金、铂与氯气、盐酸反应转化为四氯合金离子、
六氯合铂离子；萃取分液时，加入磷酸三丁酯萃取、分液得到含有六氯合铂离子的有机相和含有四氯合金
离子的水层；水层中加入氢氧化钾和亚硫酸铵混合溶液，将四氯合金离子四氯合金离子转化为二亚硫酸根
合金化铵。
【详解】A．由分析可知，阳极泥焙烧时，硫化亚铜与氧气高温条件下反应生成氧化铜、二氧化硫，反应
的化学方程式为
，A 正确；
B．“转化”后所得溶液经过在空气中加热，亚硫酸根容易被氧化为硫酸根，B 错误；
C．铂与氯气、盐酸反应转化为六氯合铂离子，反应的离子方程式为
，C 错误；
D．由流程可知，Au、Pt 被氯气氧化，与HCl 提供的氯离子形成配离子，HCl 没有表现氧化性，因此不能
据此判定盐酸的氧化性强于硝酸，D 错误；
故答案为：A。
14．（2024 届高考··辽宁沈阳·统考一模）近日，清华大学等重点高校为解决中国“芯”——半导体芯片，
成立了“芯片学院”。某小组拟在实验室制造硅，其流程如下图。
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已知：
。
下列说法中错误的是
A．点燃镁条引发反应的过程中，涉及两种晶体类型的变化
B．
氛围是为了阻止
被二次氧化和
自燃
C．操作2 为用去离子水洗涤并烘干
D．
镁粉生成
和
的混合物，转移
电子
【答案】A
【详解】A．根据分析，点燃镁条引发反应的过程中发生的反应为：
，
，涉及到金属晶体、共价晶体、分子晶体类型的变化，A 错误；
B．
氛围是为了阻止
被二次氧化和
自燃，B 正确；
C．根据分析，操作2 为用去离子水洗涤并烘干，C 正确；
D．
镁粉生成
和
的混合物，Mg 由0 价全部变为+2 价，转移
电子，D 正确；
故选A。
15．（2024 届高考·吉林·高三一模）硒是人体微量元素中的“胰岛素”。含硒废料(主要含Se、S、Fe2O3、
ZnO、CuO、SiO2等)制取硒的流程如图，下列有关说法正确的是
A．“分离”时得到含硫煤油的操作方法是分液
B．“酸溶”后，滤渣是Se
C．“酸化”时，生成1mol Se，反应转移2mol 电子
D．若向“酸溶”所得的滤液中滴加硫氰化钾溶液，溶液不变红
【答案】C
【分析】由流程可知，煤油溶解S 后，过滤分离出含硫的煤油，分离出Se、Fe2O3、CuO、ZnO、SiO2后，
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加硫酸溶解、过滤，滤液含硫酸铜、硫酸锌、硫酸铁，滤渣含Se、SiO2，再加亚硫酸钠浸取Se 生成
Na2SeSO3，最后酸化生成粗硒；
【详解】A．煤油溶解S 后，过滤分离出含硫的煤油，滤渣为Se、Fe2O3、CuO、ZnO、SiO2，“分离”时
得到含硫煤油的方法是过滤，A 错误；
B．根据分析，“酸溶”后，滤渣是Se、SiO2，B 错误；
C．“酸化”过程中化合物硒代硫酸钠反应后生成Se 单质，Se 元素从+2 价降低至0 价，生成1mol Se，反
应转移2mol 电子，C 正确；
D．酸溶后的溶液中含Fe3+，与硫氰化钾溶液作用，溶液呈红色，D 错误；
答案选C。
16．（2024 届高考··甘肃·一模·高三一模）工业上用磷铁渣(主要含
、
，以及少量
等
杂质)制备
(磷酸铁)。
已知：
难溶于水，能溶于无机强酸。下列说法错误的是
A．“浸取”时将磷铁渣粉碎是为了增大反应接触面积，加快浸取速率
B．加入硫酸的目的是为了保持体系的酸度，防止生成
C．滤渣的主要成分是
D．“浸取”时
发生反应的离子方程式为：
【答案】C
【分析】将磷铁渣(主要含FeP、Fe2P，以及少量Fe2O3、SiO2)在90℃时用硝酸和硫酸的混合酸浸泡，硝酸
具有强氧化性，能将铁和磷分别氧化为Fe(NO3)3、H3PO4，自身被还原为NO，硫酸是为了保持体系的酸度，
防止生成FePO4，过滤得到滤液和滤渣，去掉滤渣主要成分为SiO2，在滤液中加磷酸，调铁和磷的含量比，
再加入氨水调酸碱性，最终制备得FePO4(磷酸铁)，据此分析解题；
【详解】A．磷铁渣粉碎以增大接触面积，适当增大硝酸的浓度或者进行搅拌均可“浸取”时加速溶解，A
正确；
B．由分析可知，加入硫酸的目的是为了保持体系的酸度，防止生成FePO4，B 正确；
C．由分析可知，滤渣主要成分为SiO2，C 错误；
D．由分析可知，“浸取”时硝酸具有强氧化性，能将铁和磷分别氧化为Fe(NO3)3、H3PO4，根据氧化还原
反应配平，
，D 正确；
故答案为：C。
17．（2024 届高考·河北·高三一模）某小组利用蔗糖、碳酸铵、生石灰和稀硫酸从AgNO3废液(含Fe3+、
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Al3+)中提取高附加值的银，其转化关系如图所示(条件省略)。下列说法正确的是
A．c 为(NH4)2CO3，d 为生石灰，e 为稀硫酸，f 为蔗糖
B．沉淀b 的主要成分是Fe(OH)3、Al(OH)3和CaCO3
C．溶液a 的主要成分是Ag(NH3)2OH
D．上述转化中发生了两个氧化还原反应
【答案】C
【分析】
废液中含Ag+、Fe3+、Al3+，从设计方案来看，本题的解题关键在于先要制得氨气和葡萄糖。氨气可由碳酸
氢铵(NH4HCO3)和生石灰(CaO)制得，因此c 为碳酸氢铵和生石灰，d 为NH3；将制得的氨气通入AgNO3废
液中，可得沉淀b，为Al(OH)3和Fe(OH)3沉淀，同时可得溶液a，为银氨溶液。蔗糖本身不含醛基，不能
还原银氨溶液中的银，必须在稀硫酸催化作用下水解生成葡萄糖，再还原银氨溶液，因此e 为蔗糖和稀硫
酸，f 为葡萄糖。若未出现Ag，可能未加碱使溶液呈碱性，因为在酸性条件下不能发生银镜反应。
【详解】A．根据分析可知c 为碳酸氢铵和生石灰，d 为NH3，e 为蔗糖和稀硫酸，f 为葡萄糖，故A 错误；
B．沉淀b 的主要成分是Al(OH)3和Fe(OH)3沉淀，故B 错误；
C．溶液a 为银氨溶液，主要成分是Ag(NH3)2OH，故C 正确；
D．根据分析可知，银镜反应产生Ag 是氧化还原反应，只发生了1 个氧化还原反应，故D 错误；
故答案选C。
18．（2024 届高考·陕西汉中·统考一模）大力推广锂电池新能源汽车对实现“碳达峰”“碳中和”具有重
要意义．
与
都是锂离子电池的电极材料，可利用钛铁矿（主要成分为
，还有少量
MgO、
等杂质）来制备，工艺流程如下：
下列叙述错误的是
A．酸浸后，得到滤渣的主要成分是
B．在滤液②中主要的金属阳离子有
、
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C．高温煅烧时发生的反应为
D．制备
过程中会生成
（Ti 为+4 价），则
中不含过氧键
【答案】D
【分析】利用钛铁矿(主要成分为
，还有少量MgO、
等杂质）来制备
与
，由
制备流程可知，加盐酸过滤后的滤渣为
，滤液①中含Mg2+、Fe2+、TiOCl
，水解后过滤，沉淀为
，经过一系列反应得到
；水解后的滤液②中含Mg2+、Fe2+，双氧水可氧化亚铁离子，
在磷酸条件下过滤分离出FePO4，高温煅烧Li2CO3、H2C2O4、FePO4得到
，以此解答。
【详解】A．由分析可知，
不和盐酸反应，酸浸后，得到滤渣的主要成分是
，故A 正确；
B．由分析可知，水解后的滤液②中含Mg2+、Fe2+，故B 正确；
C．高温煅烧时草酸作还原剂将磷酸铁中三价铁还原成二价的亚铁生成磷酸亚铁锂，发生的反应为
，C 正确；
D．制备
过程中会生成
（Ti 为+4 价，Li 为+1 价），根据化合物中各元素化合价代数和
为0 可知
中含过氧键，15 个氧中有七个氧呈现-2 价，八个氧呈现-1，D 错误；
故选D。
19．（2024 届高考·贵州六盘水·高三一模）某同学采用废铁屑(主要成分为Fe2O3、Fe，还含少量碳单质)制
取碳酸亚铁(FeCO3)，设计了如下流程：
根据以上流程图，下列说法不正确的是
A．工业废铁屑往往附着有油脂，可通过热饱和碳酸钠溶液洗涤除去
B．将反应1 加入的稀硫酸改为浓硫酸，加以加快溶解的速率
C．反应2 的离子方程式：Fe2++ 2
=FeCO3↓+ CO2↑+H2O
D．为避免硫酸溶解时Fe2+被空气氧化，废铁屑应适当过量
【答案】B
【分析】“溶解”阶段，Fe2O3和硫酸反应生成Fe2(SO4)3和水，Fe 和Fe2(SO4)3反应FeSO4，Fe 和H2SO4反
应生成FeSO4和氢气，Fe 元素以Fe2+存在于溶液中。操作Ⅰ为过滤，除去未反应的C，滤液1 中加
NaHCO3，HCO3
-和Fe2+反应产生FeCO3沉淀，通过过滤、洗涤、干燥等一系列操作得到FeCO3，据此解答。
【详解】A．碳酸钠水解呈碱性，油脂在碱性环境下水解，温度升高，水解程度增大，故工业废铁屑往往
附着有油脂，可通过热饱和碳酸钠溶液洗涤除去，A 正确；
B．Fe 遇浓硫酸会钝化，阻碍其生成离子进入溶液中，B 错误；
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C．结合电荷守恒可得反应2 的离子方程式为：Fe2++2HCO =FeCO3↓+H2O+CO2↑，C 正确；
D．Fe2+易被空气中的氧气氧化，故为避免硫酸溶解时Fe2+被空气氧化，废铁屑应适当过量，D 正确；
故答案为B。
20．（2024 届高考··福建龙岩·统考一模）以炼铁厂锌灰(主要成分为ZnO，含少量的CuO、SiO2、Fe2O3)为
原料制备ZnO 的流程如图所示。下列说法正确的是
已知：“浸取”工序中ZnO、CuO 分别转化为[Zn(NH3)4]2+和[Cu(NH3)4]2+。
A．H-N-H 键角：[Cu(NH3)4]2+<NH3
B．“滤渣②”的主要成分为Fe、Cu 和Zn
C．所含金属元素的质量“滤液①”<“滤液②”
D．“煅烧”时需要在隔绝空气条件下进行
【答案】C
【分析】
浸取时，ZnO、CuO 转化为[Zn(NH3)4]2+、[Cu(NH3)4] 2+，MnO2、Fe2O3不反应，滤液①中含有[Zn(NH3)4]2+、
[Cu(NH3)4]2+、NH4HCO3、NH3•H2O，滤渣①的主要成分为Fe2O3 和MnO2；加入Zn 粉时，发生反应Zn+
[Cu(NH3)4] 2+＝Cu+[Zn(NH3)4] 2+，从而实现去除杂质[Cu(NH3)4]2+，滤渣②的主要成分为Cu 和过量的Zn，
滤液②中主要含[Zn(NH3)4] 2+、NH4HCO3、NH3•H2O，经过蒸氨沉锌操作获得沉淀，最后煅烧获得ZnO。
【详解】A．NH3提供孤电子对与Cu2+形成配位键后，孤电子对转化为成键电子对，对H-N-H 键电子对受
到的排斥力减小，则H-N-H 键角变大，即[Cu(NH3)4]2+>NH3，故A 错误；
B．由分析可知，滤渣②的主要成分为Cu 和过量的Zn，故B 错误；
C．由分析可知，滤液①中含有金属元素的离子为[Zn(NH3)4]2+、[Cu(NH3)4]2+，加入锌粉发生反应Zn+
[Cu(NH3)4] 2+＝Cu+[Zn(NH3)4] 2+，因此滤液①中[Cu(NH3)4]2+转化为[Zn(NH3)4]2+，因此滤液②中含有金属元
素的离子为[Zn(NH3)4] 2+，Zn 的相对原子质量大于Cu，金属元素的质量增加，即“滤液①”< “滤液②”，
故C 正确；
D．煅烧时
会分解，Zn 为+2 价，不会被氧气氧化，因此不需要隔绝空气，故D 错误；
故答案选C。
题型三 原子共面 同分异构体的判断
1．（2024 届高考·河北邯郸·统考一模）1908 年意大利化学家Ciamician 发现，当物质M 暴露于阳光下一年
后，会产生物质N，该反应为：
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下列有关叙述错误的是
A．M 和N 互为同分异构体
B．N 中有3 个手性碳原子
C．M 与H₂ 的加成产物还能发生消去反应D．M 中所有碳原子不可能共平面
【答案】B
【详解】A．M 和N 的分子式均为C10H14O，互为同分异构体，故A 正确；
B．手性碳原子是指C 的四个化学键连接的基团均不同，N 中有4 个手性碳原子，故B 错误；
C．M 与H₂ 的加成后碳氧双键打开，生成-OH，可发生消去反应，故C 正确；
D．
如图，M 中该C 与其所连接的三个C 不可能共平面，故D 正确；
故选B。
2．（2024 届高考·吉林·高三一模）中药连钱草具有抗菌、抗血栓、抗肿瘤等作用，其有效成分之一的结构
简式如图。有关该化合物说法错误的是
A．分子中有5 个手性碳原子
B．环上氢原子一氯代物有7 种
C．能发生加成反应、消去反应
D．可与某些过渡金属离子形成配合物
【答案】B
【详解】A．手性碳原子是指与四个各不相同原子或基团相连的碳原子，根据结构简式，该有机物分子中有5
个手性碳原子，标记如图
，A 正确；
B．该有机物有三个环，环上氢原子一氯代物有12 种，B 错误；
C．该有机物有醇羟基，醇羟基所连碳原子的相邻碳原子上有氢原子，可以发生消去反应，苯环可以加成，
故该有机物能发生加成反应、消去反应，C 正确；
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D．该有机物中的氧原子上有孤对电子，可与某些过渡金属离子形成配合物，D 正确；
本题选B。
3．（2024 届高考·山东临沂·统考一模）有机物X→Y 的异构化反应如图所示。下列说法正确的是
A．可用红外光谱区分X 和Y
B．X 分子中所有碳原子可能共平面
C．含－OH 和
的Y 的同分异构体有18 种
D．类比上述反应，
的异构化产物为
【答案】A
【详解】
A．X 和Y 所含官能团不同，故可用红外光谱区分X 和Y，A 正确；
B．X 分子中和羟基相连的C 杂化方式为sp3，该碳原子与周围相连的三个碳原子构成三角锥形，故X 分子
中所有碳原子不可能共平面，B 错误；
C．Y 的分子式为C15H12O，则含－OH 和
的Y 的同分异构体还含有一个—CH3，共有
23 种：
，含有－CH2OH 和
的Y 的同分异构体有3 种，即
，C 错误；
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D．类比上述反应，
的异构化产物为
或
，D 错误。
故选A。
4．（2024 届高考·辽宁·统考一模）一种药物的重要中中间体的合成反应如下。下列说法错误的是
A．X 分子中没有手性碳原子
B．X 可以与盐酸反应
C．Y 分子中碳原子的杂化类型有三种
D．Y 分子中所有原子可能共面
【答案】D
【详解】A．X 中所有碳均未与4 个原子或基团相连，所有碳均不是手性碳，A 正确；
B．X 中氨基具有碱性，能与盐酸反应，B 正确；
C．Y 中甲基碳为sp3杂化，碳氮双键、苯环上的碳为sp2杂化，-CN 中C 为sp 杂化，C 正确；
D．Y 分子中含饱和碳，所有原子一定不共面，D 错误；
答案选D。
5．（2024 届高考··福建龙岩·统考一模）化合物Z 是合成药物非奈利酮的重要中间体，其合成路线如图所
示，下列说法错误的是
A．X 分子中所有原子不可能共平面
B．Y 分子中不存在手性碳原子
C．1mol Y 最多能与3molNaOH 反应
D．Y、Z 可用新制氢氧化铜悬浊液鉴别
【答案】A
【详解】
A．X 分子中，羟基通过旋转可以和苯环平面共面，羧基平面通过旋转也可以和苯环平面共面，A 错误；
B．Y 中的所有碳原子都没有连接4 个完全不同的原子或原子团，所以Y 中不存在手性碳原子，B 正确；
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C．Y 和氢氧化钠反应的方程式为：
+3NaOH
+NaBr+H2O+CH3OH，C 正确；
D．Z 中含有醛基，能使新制氢氧化铜悬浊液产生砖红色沉淀，Y 中没有醛基，不会和新制氢氧化铜反应，
故可以利用新制氢氧化铜悬浊液鉴别，D 正确；
故选A。
6．（2024 届高考·江西南昌·统考一模）有机物M（
）是合成某种水稻除草剂的中间体。
下列说法正确的是
A．有机物M 分子中有一个手性碳原子
B．有机物M 的一氯代物有5 种
C．有机物M 的中C 有sp、
、
三种杂化方式
D．1mol 有机物M 最多和3mol
发生加成反应
【答案】B
【详解】A．手性碳原子是指与四个各不相同原子或基团相连的碳原子，有机物M 分子中没有手性碳原子，
故A 错误；
B．有机物M 有5 种环境的H 原子，一氯代物有5 种，故B 正确；
C．有机物M 中含有苯环、羰基和甲基，C 有
、
两种杂化方式，故C 错误；
D．有机物M 中苯环和羰基都可以和氢气发生加成反应，1mol 有机物M 最多和5mol
发生加成反应，故
D 错误；
故选B。
7．（2024 届高考·山东菏泽·统考一模）化合物Z 可由X、Y 反应制得。下列有关说法错误的是
A．
分子中的碳原子可能处于同一平面
B．上述反应的另一种产物为乙醇
C．
和
三种分子均不存在顺反异构
D．
苯环上的二氯代物有13 种(不考虑空间异构)
【答案】C
【详解】A．X 中苯环与其直接相连的原子共面，碳碳双键为平面结构，两平面结构单键相连，可能重合，
则X 分子中所有碳原子可能共面，故A 正确；
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B．对比组成，可知上述反应的另一种产物为乙醇，故B 正确；
C．X、Y 分子中碳碳双键的碳连有相同的甲基，没有顺反异构体，Z 分子中两端碳碳双键连有相同的甲基，
但中间的碳碳双键的两个碳原子连有不同的原子团，故Z 有顺反异构体，C 错误；
D．如图所示，
，若两个氯都在苯环①上，两个氯
的位置有1-2、1-3、1-4、2-4 四种情况，若都在苯环②上，两个氯的位置有5-6、5-7、6-7 三种情况，若两
个苯环各有一个氯，则有1-5、1-6、1-7、2-5、2-6、2-7 六种情况，共13 种同分异构体，D 正确；
故选：C。
8．（2024 届高考·江苏·高三一模）化合物
是合成药物艾氟康唑的中间体，下列说法不正确的是
A．X 与
发生加成反应
B．Y 分子存在对映异构现象
C．Z 分子中所有原子位于同一平面上
D．Y、Z 可用溴的四氯化碳溶液鉴别
【答案】C
【详解】A．X 分子中含有酮羰基，能与
发生加成反应，A 正确；
B．Y 分子中，与-OH 相连的碳原子为手性碳原子，则Y 分子存在对映异构现象，B 正确；
C．Z 分子中，含有-CH2Cl、-CH3，它们都形成四面体结构，所有原子不可能位于同一平面上，C 不正确；
D．Z 分子中含有碳碳双键，能与溴发生加成反应，所以Y、Z 分子中，可用溴的四氯化碳溶液鉴别，D 正
确；
故选C。
9．（2024 届高考·四川宜宾·统考一模）沙丁胺醇是治疗支气管哮喘的常用药，其结构如图。下列有关该物
质的说法正确的是
A．分子式为
B．分子中所有碳原子可能共平面
C．苯环上的二氯取代物有3 种
D．不能使酸性
溶液褪色
【答案】C
【详解】A．分子式为
，故A 错误；
B．右端连接了三个甲基的C，其与所连的三个C 不可能位于同一平面，故B 错误；
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C．
，当一个Cl 位于上方时，第二个Cl 可位于位置①②，两个氯也可以
分别位于位置①②，即苯环上的二氯取代物有3 种，故C 正确；
D．含有醇羟基和酚羟基，可以使酸性
溶液褪色，故D 错误；
故选C。
10．（2024 届高考·黑龙江·统考一模）苯烯莫德是一种小分子药物，因可用于抑制多种自身免疫疾病而成
为研究热点，其结构简式如图所示。下列说法错误的是
A．该有机物的分子式为
B．分子中所有碳原子可能处于同一平面
C．苯环上的一溴代物有4 种
D．完全氢化后所得产物中含有2 个手性碳原子
【答案】B
【详解】
A．由有机物的结构简式可知，分子式为
，A 正确；
B．连接两个甲基的碳原子是饱和碳原子，是四面体结构，则所有碳原子不可能处于同一平面，B 错误；
C．苯环上的一溴代物有4 种，如图
，C 正确；
D．完全氢化后的产物中含有2 个手性碳原子，如图
（带“*”的碳原子为手性
碳原子），D 正确；
答案选B。
11．（2024 届高考·山东潍坊·统考一模）有机物X→Y 的转化关系如图所示。下列说法错误的是
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A．Y 中含有4 种官能团
B．X 中手性碳原子的数目为3
C．Y 中可能共平面的碳原子最多为9 个D．X、Y 都可以形成分子间氢键
【答案】C
【详解】A．由结构简式可知Y 中含碳碳双键、羟基、羧基和硝基四种官能团，故A 正确；
B．根据手性碳的特征，X 中羟基和硝基所连碳原子均为手性碳原子，共3 个，故B 正确；
C．Y 中苯环为平面结构，碳碳双键为平面结构，两平面结构通过单键相连，可以重合，另外-COOH 碳原
子也可以转到双键平面上，因此共平面的碳原子最多为10 个，故C 错误；
D．X、Y 均含羟基，可以形成分子间氢键，故D 正确；
故选：C。
12．（2024 届高考·吉林延边·统考一模）内酯Y 可由X 通过电解合成，并在一定条件下转化为Z，转化路
线如下：
下列说法错误的是
A．X 苯环上的一氯代物有7 种
B．X、Y、Z 中只有Y 不能与碳酸钠溶液反应
C．Z 分子中一定共面的原子数是12
D．Y→Z 的反应类型是取代反应
【答案】C
【详解】
A．靠下的苯环存在着对称结构，其上只有三种一氯取代，所以有机物X 苯环上一氯代物有7 种，A 正确；
B．Y 上只有酯基，不能与Na2CO3反应，B 正确；
C．苯环是平面型结构，与苯直接相连的原子共平面，由于单键可旋转，则Z 分子中一定共面的原子数是
14，C 错误；
D．Y→Z 是酯交换反应，属于取代反应，D 正确；
故选C。
13．（2024 届高考·内蒙古赤峰·统考一模）在内蒙古自治区举办的第十四届全国冬季运动会中，运动员佩
戴的滑雪镜不易碎且具有良好的透明度，制作材料是一种高分子——聚碳酸酯(简称PC)。其合成方法和分
子结构如图所示，下列说法错误的是
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A．化合物1 的分子式为C15H16O2
B．化合物1 中苯环上的一氯代物有四种结构
C．化合物2 能发生氧化、取代、加成反应
D．化合物2 分子中所有原子可能共平面
【答案】B
【详解】A．化合物1 中含有15 个碳原子、16 个氢原子、2 个氧原子，分子式为C15H16O2，故A 正确；
B．化合物1 苯环上有2 种氢原子，苯环上的一氯代物有2 种结构，故B 错误；
C．化合物2 含有苯环，能发生加成反应，含有酯基，能发生取代反应(水解反应)，有机物通常能燃烧，为
氧化反应，故C 正确；
D．苯、-O-COO-中所有原子共平面，单键可以旋转，所以该分子中所有原子可能共平面，故D 正确。
答案选B。
14．（2024 届高考·内蒙古呼和浩特·统考一模）昆虫信息素是昆虫之间传递信号的化学物质。人工合成信
息素可用于诱捕害虫、测报虫情等。一种信息素的分子结构简式如图所示，关于该化合物说法正确的是
A．其分子式为C12H22O2
B．可发生水解反应，不能发生取代反应
C．该分子所有碳原子不可能共平面
D．与
互为同分异构体
【答案】C
【详解】A．键线式中线的“拐点”和“终点”均有C，根据结构可知其分子式为C12H20O2，A 错误；
B．分子中含酯基，在酸性条件或碱性条件下可发生水解反应，水解属于取代反应，B 错误；
C．该结构中存在与4 个碳原子相连的饱和碳原子，所有碳原子不可能共面，故C 正确；
D．两者组成不同，不是同分异构体，故D 错误；
故选：C。
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15．（2024 届高考·宁夏银川·统考一模）有机化合物X 与HCOOC2H5在HCl 的催化作用下可反应生成Y，
其反应如图：
下列说法正确的是
A．X 分子中所有的碳原子可能共平面
B．与HCOOC2H5同类别的同分异构体还有2 种
C．该反应的副产物为CH3CH2OH 和H2O
D．1mol 分子X、Y 均最多可与5mol H2发生加成反应
【答案】C
【详解】A．X 分子中含有sp3杂化的C 原子，与该C 原子相连的4 个碳原子不可能共平面，故A 错误；
B．与HCOOC2H5同属于酯类的同分异构体只有CH3COOCH31 种，故B 错误；
C．由反应前后元素守恒可知，该反应的副产物为CH3CH2OH 和H2O，故C 正确；
D．X 分子中，苯基、酮羰基能与H2发生加成反应，所以1mol 分子X 最多与4molH2发生加成反应，Y 分
子中，苯基、碳碳双键能与H2发生加成反应，1mol 分子Y 最多可与5mol H2发生加成反应，故D 错误；
故选C。
题型四 有机物的结构与性质
1．（2024 届高考·广西南宁·统考一模）2022 年诺贝尔化学奖授予研究“点击化学”的科学家。下图所示
化合物是“点击化学”研究中的常用分子。关于该化合物的说法错误的是
A．可以使酸性高锰酸钾溶液褪色
B．可与乙醇发生取代反应
C．1mol 该物质最多可与1mol 的NaOH 反应
D．该有机物不含手性碳原子
【答案】C
【详解】A．该物质含有碳碳三键，可以使酸性高锰酸钾溶液褪色，故A 正确；
B．该物质含有羧基，可与乙醇发生酯化反应，酯化反应属于取代反应，故B 正确；
C．该物质含有羧基和肽键，1mol 该物质最多可与2mol 的NaOH 反应，故C 错误；
D．手性碳原子所形成的四个键连接的基团均不相同，该有机物不含手性碳原子，故D 正确；
故选C。
2．（2024 届高考·辽宁葫芦岛·统考一模）化合物Y 是合成丹参醇的中间体，其合成路线如下：
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下列说法正确的是
A．X 分子中含手性碳原子
B．X 转化为Y 的过程中
与
反应生成
C．Y 与
以物质的量1 1∶发生加成反应时可得2 种产物
D．X、Y 可用酸性
溶液进行鉴别
【答案】B
【分析】
与
反应生成
，
发生水解反应得到
。
【详解】
A．X 分子中不含手性碳原子，手性碳原子连有四个不一样的基团，X 不合要求，A 错误；
B．X 转化为Y 的过程中
与
反应生成
，B 正确；
C．Y 与
以物质的量1 1∶发生1，2-加成反应时可得2 种产物，发生1，4-加成反应时可得产物
，故Y 与
以物质的量1 1∶发生加成反应时可得3 种产物，C 错误；
D．X、Y 均含有碳碳双键，均使酸性
溶液褪色，不可以用酸性
溶液进行鉴别，D 错误。
故选B。
3．（2024 届高考·广东江门·统考一模）化合物M 是合成受体拮抗剂的重要中间体。关于化合物M 下列说
法不正确的是
A．有两种官能团
B．能发生氧化反应
C．能还原新制
得到
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D．1mol M 最多能与4mol
发生加成反应
【答案】C
【详解】A．M 含有羰基、醚键两种官能团，故A 正确；
B．M 能燃烧生成二氧化碳和水，能发生氧化反应，故B 正确；
C．M 不含醛基，不能还原新制
得到
，故C 错误；
D．M 中羰基、苯环能与氢气发生加成反应，1mol M 最多能与4mol
发生加成反应，故D 正确；
选C。
4．（2024 届高考·江苏·高三一模）化合物Z 是一种有机合成中的重要中间体，其部分合成路线如下：
下列说法正确的是
A．Y 与Z 分子均存在顺反异构体
B．用酸性高锰酸钾溶液鉴别X 和Y
C．X、Y、Z 三种物质中，Y 在水中的溶解度最大
D．Z 与足量
加成后的产物中有3 个手性碳原子
【答案】D
【详解】A．顺反异构是每个双键碳原子均连不同的原子或原子团，故Y 与Z 分子都不存在顺反异构，A
错误；
B．酸性高锰酸钾溶液有强氧化性，醛基有还原性可以使酸性高锰酸钾溶液褪色，故X 和Y 都能使酸性高
锰酸钾溶液褪色，不能用酸性高锰酸钾溶液鉴别，B 错误；
C．X、Y、Z 三种物质中，X 有羟基能与水形成分子间氢键且取代基少，极性大，X 在水中的溶解度最大，
C 错误；
D．Z 与足量H2加成后的产物为
，环上分别与三个取代基相连的碳原子为手性碳原子，D
正确；
本题选D。
5．（2024 届高考·广东广州·统考一模）一种对治疗糖尿病具有重要作用的化合物，结构如图所示，关于该
化合物说法不正确的是
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A．属于芳香化合物
B．含有三种含氧官能团
C．能发生取代反应和加成反应
D．最多能与等物质的量的
反应
【答案】D
【详解】A．由结构简式可知，有机物分子中含有苯环，属于芳香化合物，故A 正确；
B．由结构简式可知，有机物分子的含氧官能团为酰胺基、醚键和羧基，共有3 种，故B 正确；
C．由结构简式可知，有机物分子中含有的苯环、碳碳双键一定条件下能发生加成反应，含有的酰胺基和
羧基一定条件下能发生取代反应，故C 正确；
D．由结构简式可知，有机物分子中含有的酰胺基和羧基能与氢氧化钠溶液反应，则1mol 有机物最多能与
2mol 氢氧化钠反应，故D 错误；
故选D。
6．（2024 届高考·辽宁·高三一模）奥司他韦是一种口服活性流感病毒神经氨酸酶抑制剂，分子结构如图所
示。下列说法正确的是
A．该分子含有4 种官能团
B．与
互为同系物
C．分子式为 C16H28N2O4
D．该分子可发生取代、加成、消去、氧化反应
【答案】C
【详解】A．由图中结构可以看出该分子有醚键、酯基、酰胺基、氨基、碳碳双键5 种官能团，A 错误；
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B．
中含有羟基与
官能团种类不相同，不是同系物，B 错误；
C．由题中结构可以得到分子式为 C16H28N2O4，C 正确；
D．该分子含有酯基、酰胺基、氨基、碳碳双键，可发生取代、加成、氧化反应，不能发生消去反应，D
错误；
故选C。
7．（2024 届高考·山东淄博·统考一模）天然生物碱荜茇酰胺结构如图所示。下列说法正确的是
A．含有5 种官能团
B．含有手性碳原子
C．双键均为顺式结构
D．可发生加聚反应和水解反应
【答案】D
【详解】A．由图知，分子中含有醚键、碳碳双键、酰胺基三种官能团，A 错误；
B．手性碳原子为连接四个不同的原子或基团的碳原子，观察可知，没有手性碳原子，B 错误；
C．由图知，该分子中的碳碳双键一个为顺式结构，一个为反式结构，C 错误；
D．结构中有碳碳双键，可以发生加聚反应，结构中有酰胺基，可以发生水解反应，D 正确；
故答案选D。
8．（2024 届高考·山东泰安·统考一模）人体缺乏维生素
(结构如下图所示)时会引起低凝血酶原血症，出
现凝血障碍。下列说法错误的是
A．维生素
的化学式为
B．维生素
分子中的C 有2 种杂化方式
C．可以发生氧化、还原、聚合、取代等反应
D．被氢气充分还原后的产物中，含有7 个手性碳原子
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【答案】D
【详解】A．维生素K1分子中含有31 碳原子、46 个氢原子和2 个氧原子，则分子式为C31H46O2，A 正确；
B．维生素K1分子中C 原子的价层电子对数为4 或3，对应杂化方式为sp3或sp2，则C 有2 种杂化方式，B
正确；
C．维生素K1分子中含有碳碳双键，可以发生氧化、还原、聚合反应；苯环上的氢原子、甲基上的氢原子
均可以被取代，发生取代反应，C 正确；
D．被氢气充分还原后的产物为
，该产物分子的手性碳原子用“*”标
注为：
，则含有9 个手性碳原子，D 错误；
故选D。
9．（2024 届高考·山东菏泽·统考一模）有机物
的重排反应如图所示，机理中与羟基处于反位的基
团迁移到氮原子上(
、代表烷基)。下列说法正确的是
A．
中碳原子、氮原子均为
杂化
B．由质谱可以确证
和
存在不同的官能团
C．
能与
溶液反应
D．
发生上述反应的产物是
【答案】C
【详解】A．X 中存在烷基R，R 中的碳原子为饱和碳，为
杂化，故A 错误；
B．质谱用于确定相对分子质量，不能测定官能团，故B 错误；
C．Y 中含有酰胺基，能与NaOH 溶液反应，故C 正确；
D．
发生上述反应的产物是
或
，得不到
，故D
错误；
故选：C。
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10．（2024 届高考·福建南平·统考一模）茶叶中的儿茶素是决定茶叶色、香、味的重要成分，其结构简式
如图所示。下列有关该物质的说法错误的是
A．含氧官能团有三种，能发生水解反应
B．分子中含有2 个手性碳原子
C．采取sp2杂化和sp3杂化的碳原子的数目之比为19：3
D．1 mol 该物质与足量NaOH 溶液反应，最多消耗8 mol NaOH
【答案】D
【详解】A．根据儿茶素分子结构可知儿茶素中含有三种含氧官能团：(酚)羟基、醚键、酯基，A 正确；
B．手性C 原子是分子中连接4 个不同的原子或原子团的C 原子。根据儿茶素分子结构可知其分子中含有2
个手性碳原子，它们分别是含有O 原子六元环中连接原子团的两个C 原子，B 正确；
C．根据儿茶素分子结构可知：物质分子中采取sp2杂化和sp3杂化的碳原子的数目之比为19：3，C 正确；
D．酚羟基和酯基都能与NaOH 溶液发生反应，1 mol 该物质与足量NaOH 溶液反应，最多消耗9 mol
NaOH，D 错误；
故合理选项是D。
11．（2024 届高考·甘肃·高三一模）对药物分子进行修饰的方向之一是在不改变药物性能的前提下将药物
导向特定的组织，从而提高药物的靶向性，减少药物的副作用。如科研人员将药物
进行修饰后得到的
可极大提高该药物的靶向性。下列说法正确的是
A．M 的水溶性大于N
B．M、N 中均含有两个手性碳原子
C．N 与盐酸或氢氧化钠溶液反应均可生成盐D．可用三氯化铁溶液检验N 中是否含有M
【答案】C
【详解】A．N 中含有羟基、羧基和氨基都是亲水基团，N 的水溶性大于M，故A 错误；
B．手性碳原子是指与四个各不相同原子或基团相连的碳原子，M 中没有手性碳原子，故B 错误；
C．N 中含有氨基和羧基，与盐酸或氢氧化钠溶液反应均可生成盐，故C 正确；
D．M 和N 中都含有酚羟基，都会和三氯化铁溶液产生显色反应，不能用三氯化铁溶液检验N 中是否含有
M，故D 错误；
故选C。
12．（2024 届高考·甘肃·高三一模）冠醚因分子结构形如皇冠而得名，某冠醚分子的合成方法如图。下
列说法正确的是
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A．a 可与己二酸发生加聚反应生成聚合物
B．a 与b 合成c 的另一种产物为HCl
C．a、c 的一氯代物同分异构体的数目相同
D．c 可以识别任意的碱金属离子
【答案】B
【详解】A．a 中有2 个醇羟基，能与己二酸发生缩聚反应生成聚合物，A 项错误；
B．对比a、b、c 的结构简式，a 与b 合成c 的另一种产物为HCl，B 项正确；
C．a 的烃基氢被氯代替形成的一氯代物有3 种，c 的结构高度对称，c 的一氯代物有1 种，C 项错误；
D．c 能识别碱金属离子的直径与其空腔直径适配的碱金属离子，不能识别任意的碱金属离子，D 项错误；
答案选B。
13．（2024 届高考·辽宁辽阳·统考一模）科学家利用FOX－7 合成有机物T 的反应历程如图所示（部分物
质省略），T 可用作固体火箭的新型推进剂，下列叙述正确的是
A．FOX－7 不能发生加成反应
B．FOX－7 不能使酸性KMnO4溶液褪色
C．T 属于芳香族化合物
D．已知T 中R 为乙基，则T 含1 个手性碳原子
【答案】D
【详解】A．由结构简式可知，FOX－7 分子中含有的碳碳双键能发生加成反应，故A 错误；
B．由结构简式可知，FOX－7 分子中含有的碳碳双键能与酸性高锰酸钾溶液反应使溶液褪色，故B 错误；
C．由结构简式可知，T 分子中不含有苯环，不属于芳香族化合物，故C 错误；
D．由结构简式可知，若T 分子中R 为乙基，分子中含有如图*所示的1 个手性碳原子：
，故D 正确；
故选D。
14．（2024 届高考·广东佛山·统考一模）咖啡酸有较广泛的抑菌和抗病毒活性，其酸酐分子结构如下图。
下列说法错误的是
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A．属于芳香族化合物
B．1 mol 酸酐最多能与10 mol H2加成
C．分子内所有C 原子的杂化方式相同
D．咖啡酸酐水解能产生咖啡酸
【答案】B
【详解】A．该物质分子中含有苯环，因此属于芳香族化合物，A 正确；
B．该酸酐分子中含有2 个苯环、2 个碳碳双键都可以与H2发生加成反应，但含有的酯基不能与H2发生加
成反应，则1 个该酸酐分子能够与8 个H2发生加成反应，故1 mol 酸酐最多能与8 mol H2加成，B 错误；
C．该分子中含有的C 原子的价层电子对数都是3 个，因此分子内所有C 原子的杂化方式相同，都是sp2杂
化，C 正确；
D．咖啡酸酐分子中含有2 个酯基，其水解，酯基反应变为羧基，因而能产生咖啡酸，D 正确；
故合理选项是B。
15．（2024 届高考·河北唐山·统考一模）克拉维酸钾是一种β-内酰胺类抗生素，下列说法错误的是
A．克拉维酸钾存在顺反异构
B．克拉维酸分子含有5 种官能团
C．上述转化中的二者均能使酸性KMnO4溶液褪色
D．实现上述转化可加入KOH 溶液
【答案】D
【详解】A．由题干有机物结构简式可知，克拉维酸钾中存在碳碳双键，且双键两端的碳原子分别连有互
不同的原子或原子团，故存在顺反异构，A 正确；
B．由克拉维酸结构简式可知，该有机物含有羟基、羧基、碳碳双键、醚键和酰胺基等5 种官能团，B 正确；
C．两物质中均含碳碳双键，可被高锰酸钾氧化，从而使酸性高锰酸钾溶液褪色，C 正确；
D．克拉维酸分子除羧基可与KOH 反应外，还含有酰胺基能在强碱溶液中发生水解反应，因此选用KOH
不能实现两者的转化，D 错误；
故选：D。
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