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专题02 元素化合物 有机化合物
题型一 元素化合物
题型二 工艺流程选择题
题型三 原子共面 同分异构体的判断
题型四 有机物的结构与性质
题型一 元素化合物
1．（2024 届·广东汕头·统考二模）物质类别和元素价态是认识物质两个重要维度。下图列为硫及其化合物
的价类二维图，下列说法错误的是
A．附着有a 的试管，可用
清洗
B．b 和d 反应生成a 时，d 发生还原反应
C．b、c 两种氧化物的VSEPR 模型相同
D．g 的钠盐可与f 的稀溶液反应生成a 和b
【答案】B
【分析】根据价态及物质类别可知d 为H2S、a 为S、b 为SO2、c 为SO3、e 为亚硫酸、f 为硫酸、g 为含有
硫代硫酸根的盐，据此分析解题。
【详解】A．a 为S，硫微溶于酒精，易溶于二硫化碳，故附着有a 的试管，常用二硫化碳洗涤，故A 正确；
B．a 为S、b 为SO2、d 为H2S，反应的方程式为2H2S+SO2=3S↓+2H2O，H2S 中硫元素的化合价升高，发生
氧化反应，故B 错误；
C．b 为SO2，价层电子对数为
，VSEPR 模型为平面三角形，c 为SO3，价层电子对数为
，VSEPR 模型为平面三角形，故C 正确；
D．g 为含有硫代硫酸根的盐，g 的钠盐为Na2S2O3，f 为硫酸，Na2S2O3与稀硫酸发生歧化反应，生成S 和
SO2，故D 正确；
1
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故答案选B。
2．（2024 届·广东广州·统考二模）部分含硫物质的分类与相应化合价关系如图所示，下列推断不合理的是
A．a 与b 反应可产生淡黄色固体
B．c 既可被氧化，也可被还原
C．加热时d 的浓溶液与铜反应可生成b
D．酸雨的形成涉及b→e→d→c 的转化
【答案】D
【分析】由图可知，a 为硫化氢、b 为二氧化硫、c 为亚硫酸、d 为硫酸、e 为三氧化硫。
【详解】A．氢硫酸溶液与二氧化硫反应生成硫淡黄色沉淀和水，故A 正确；
B．亚硫酸中硫元素为中间价态+4 价，既有氧化性又有还原性，所以亚硫酸既可被氧化，也可被还原，故
B 正确；
C．铜与浓硫酸共热反应生成硫酸铜、二氧化硫和水，故C 正确；
D．酸雨的形成过程为二氧化硫溶于水生成亚硫酸使溶液的pH 小于5.6，亚硫酸被空气中的氧气氧化为硫
酸，导致溶液的pH 减小，酸性增强，则酸雨的形成不涉及b→e→d→c 的转化，故D 错误；
故选D。
3．（2024 届·广东广州·统考二模）下列陈述Ⅰ和陈述Ⅱ均正确，且具有因果关系的是
选项
陈述Ⅰ
陈述Ⅱ
A
用
溶液刻蚀铜质电路板
氧化性：
B
可用于治疗胃酸过多
难溶于水
C
液氨可用作制冷剂
氨气极易溶于水
D
Na 着火不能用水扑灭
Na 可与水反应产生
A．A
B．B
C．C
D．D
【答案】A
【详解】A．因为氧化性：
，则
，所以用
溶液刻蚀铜质电路板，
A 正确；
B．因为
与酸反应，所以
可用于治疗胃酸过多，B 错误；
C．因为液氨汽化时吸收大量的热，所以液氨可用作制冷剂，C 错误；
D．因为 Na 与水反应产生H2，氢气可以燃烧，过氧化钠与水生成氧气，氧气助燃，所以Na 着火不能用水
2
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扑灭，D 错误；
故选A。
4．（2024 届·广东佛山·统考二模）部分含Mg 或含Al 物质的类别与化合价关系如图所示。下列推断不合
理的是
A．a 不能与
反应生成d 或g
B．b 和e 均可用于制造耐高温材料
C．可存在a→f→g→e→a 的循环转化关系
D．直接加热蒸干c 或f 溶液无法得到无水氯化物
【答案】A
【分析】由图知，a 为Al 或Mg，b 为MgO，e 为Al2O3，c 为MgCl2，f 为AlCl3，d 为Mg(OH)2，g 为
Al(OH)3，据此回答。
【详解】A．Mg 能与
在加热条件下反应生成Mg(OH)2，A 错误；
B．MgO 和Al2O3均可用于制造耐高温材料，B 正确；
C．存在Al→AlCl3→Al(OH)3→Al2O3→Al 的循环转化关系，C 正确；
D．由于MgCl2或AlCl3均会水解，生成的氯化氢易挥发，直接加热蒸干MgCl2或AlCl3溶液无法得到无水
氯化物，D 正确；
故选A。
5．（2024 届·四川眉山·统考二模）化学创造美好生活。下列生产活动与对应化学原理解释不正确的是
选
项
生产活动
化学原理
A
用氢氧化铝治疗胃酸过多
氢氧化铝有弱碱性
B
用ClO2作饮用水杀菌消毒剂
ClO2具有强氧化性
C
凡酸坏之酒，皆可蒸烧
物质的溶解性不同
D
用Fe3O4作录音磁带
Fe3O4具有磁性
A．A
B．B
C．C
D．D
【答案】C
【详解】A．氢氧化铝有弱碱性，能和胃酸盐酸反应，能用氢氧化铝治疗胃酸过多，A 正确；
3
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B．ClO2具有强氧化性能使蛋白质变性杀菌，故能用ClO2作饮用水杀菌消毒剂，B 正确；
C．酸坏之酒皆可蒸烧，是利用物质的沸点不同进行蒸馏分离，C 错误；
D．Fe3O4具有磁性，能被磁化，可用Fe3O4作录音磁带，D 正确；
故选C。
6．（2024 届·广东佛山·统考二模）实验室用如图装置制备
并验证相关物质的性质。下列有关试剂A 说
法正确的是
A．若为
水溶液，可验证
的还原性
B．若为
溶液，则发生氧化还原反应
C．若为溴水，观察到溶液出现淡黄色浑浊
D．若为含
和AgCl 的浊液，可证明
：
【答案】C
【详解】A．硫化氢和二氧化硫反应，体现的为二氧化硫的氧化性，A 错误；
B．硫酸铜和硫化氢发生复分解反应，生成硫化铜黑色沉淀，B 错误；
C．溴水具有氧化性，硫化氢具有还原性，两者发生氧化还原反应，生成硫单质，因此出现淡黄色的浑浊，
C 正确；
D．硫化氢通入含
和AgCl 的浊液，银离子过量，白色沉淀变成黑色沉淀，不能证明AgCl 沉淀转化
成Ag2S 沉淀，不能确定Ksp(AgCl)与Ksp(Ag2S)的大小关系，D 错误；
故选C。
7．（2024 届·上海徐汇·统考二模）84 消毒液的有效成分为
A．
B．
C．
D．
【答案】D
【详解】A．
不是84 消毒液的有效成分，故A 不选；
B．
不是84 消毒液的有效成分，故B 不选；
C．
是漂白粉的有效成分，故C 不选；
D．84 消毒液的有效成分为
，故D 选。
答案选D。
8．（2024 届·贵州·统考二模）物质的性质决定应用。下列对应关系错误的是
A．二氧化硫有漂白性，可用于葡萄酒的抗氧化
B．活性炭有吸附性，可用于室内空气净化
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C．生石灰有吸水性，可用于食品干燥
D．二氧化氯有氧化性，可用于自来水消毒
【答案】A
【详解】A．二氧化硫用于葡萄酒的抗氧化，是利用其具有强还原性，而不是漂白性，A 符合题意；
B．活性炭有吸附性，能够有效吸附空气中的有害气体、去除异味，故可用于室内空气净化，B 不合题意；
C．生石灰有吸水性，可以作干燥剂，且产物不易扩散且无毒，故可用于食品干燥，C 不合题意；
D．二氧化氯有强氧化性，可以使蛋白质发生变性，故可用于自来水消毒，D 不合题意；
故答案为：A。
9．（2024 届·广东梅州·统考二模）部分含C 或含N 物质的分类与相应化合价关系如下图所示。下列推断
不合理的是
A．存在a→b→c 的转化
B．c 一定是酸性氧化物
C．d、f 中心原子均为sp2杂化
D．c、e 可能有两种化学式
【答案】B
【详解】A．对于N 元素，N2在放电条件下与O2反应可生成NO，NO 与O2再反应可生成NO2，对于C 元
素，O2不充足时转化为CO，CO 再与O2反应生成CO2，都存在a→b→c 的转化，A 合理；
B．若c 是CO2，则是酸性氧化物，若c 为NO2，则不是酸性氧化物，B 不合理；
C．C 没有+5 价的氧化物，则只能是N 元素的氧化物，d、f 分别为NO2和N2O5，中心原子的价层电子对数
都为2.5，按3 考虑，都发生sp2杂化，C 合理；
D．对于N 元素，c 可能为NO2、N2O4，对于C 元素，e 可能为Na2CO3或NaHCO3，D 合理；
故选B。
10．（2024 届·江苏徐州·统考二模）在给定条件下，下列选项所示的物质间转化能实现的是
A．
B．
C．
D．
【答案】A
【详解】A．氯化镁溶液可以与石灰乳反应得到氢氧化镁沉淀，煅烧氢氧化镁可以分解生成氧化镁，故A
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符合题意；
B．氯气与氢氧化钙反应生成次氯酸钙，次氯酸钙与过量SO2发生氧化还原反应，生成硫酸根和氯离子，
故B 不符合题意；
C．铁与稀盐酸反应只能生成氯化亚铁，且氯化铁溶液蒸发过程中彻底水解得不到氯化铁固体，故C 不符
合题意；
D．硫酸铜与氢氧化钠反应生成新制氢氧化铜，但是蔗糖中不含醛基是非还原糖，无法用新制氢氧化铜检
验，故D 不符合题意；
综上所述答案为A。
11．（2024 届·广东·统考二模）含Cl 物质的分类与相应化合价关系如图所示，下列推断正确的是
A．f 是氯的酸性最强含氧酸
B．c 分解得产物a 和b
C．d 可用于自来水杀菌消毒，说明其有氧化性
D．为制备纯净的气体b，将气体通入饱和e 溶液中洗气即可
【答案】C
【分析】由题干价类二维图图示信息可知，a 为HCl、b 为Cl2、c 为HClO、d 为ClO2、e 为NaCl 等氯化物，
f 为HClO3，据此分析解题。
【详解】A．同一元素的含氧酸中非羟基氧原子越多酸性越强，故f 不是氯的酸性最强含氧酸，氯的酸性
最强的含氧酸应该为HClO4，A 错误；
B．由分析可知，c 为HClO、a 为HCl、b 为Cl2，则c 即HClO 分解得产物a 即HCl 和O2，而非b 即Cl2，B
错误；
C．由分析可知，d 即ClO2其中Cl 为+4 价，其有氧化性，能使蛋白质发生变形，则可用于自来水杀菌消毒，
C 正确；
D．由分析可知，为制备纯净的气体b 即Cl2，将气体通入饱和e 即氯化物溶液中洗气再经过干燥才可以，
否则混有水蒸气，D 错误；
故答案为：C。
12．（2024 届·广东·统考二模）Na 及其化合物是重要的物质。下列说法不正确的是
A．保存NaOH 溶液用带橡胶塞的试剂瓶
B．NaHCO3俗名小苏打，可用作食用碱或工业用碱
C．Na2O2与H2O 反应中，Na2O2既是氧化剂又是还原剂
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D．单质钠可用于冶炼金属，Na 与CuSO4溶液反应可制Cu
【答案】D
【详解】A．氢氧化钠能够与玻璃中的二氧化硅反应生成具有粘性的硅酸钠溶液，硅酸钠溶液能够将磨口
玻璃塞与玻璃瓶粘到一起，所以NaOH 溶液保存在带橡胶塞的试剂瓶中，不能用带磨口玻璃塞的试剂瓶保
存，A 正确；
B．NaHCO3俗名小苏打，碳酸氢钠，水解溶液均显碱性，可用作食用碱或工业用碱，B 正确；
C．Na2O2与H2O 反应2Na2O2+2H2O=4NaOH+O2↑中，Na2O2中O 的化合价由-1 价升高到0 价，同时由-1 价
降低到-2 价，故既是氧化剂又是还原剂，C 正确；
D．钠具有很强的还原性，单质钠可用于冶炼金属，但Na 与CuSO4溶液反应得不到Cu，而是生成
Cu(OH)2沉淀，反应原理为：2Na+2H2O+CuSO4=Cu(OH)2↓+Na2SO4+H2↑，D 错误；
故答案为：D。
13．（2024 届·天津河西·统考二模）下列陈述Ⅰ和Ⅱ均正确，且二者具有因果关系的是
选
项
陈述Ⅰ
陈述Ⅱ
A
可用作葡萄酒的保鲜
有漂白性
B
易溶于
和
都是非极性分子
C
HF 的沸点高于HCl
H-F 键键能比H-Cl 键的大
D
铁罐车可用于装运浓硝酸
常温下Fe 与浓硝酸不反应
A．A
B．B
C．C
D．D
【答案】B
【详解】A．二氧化硫可用作葡萄酒的保鲜是因为二氧化硫具有还原性，能防止红酒中的有效成分被氧化
而达到延长红酒保质期，故A 错误；
B．碘和四氯化碳都是非极性分子，由相似相溶原理可知，非极性分子碘易溶于非极性分子四氯化碳，故
B 正确；
C．氟化氢的沸点高于氯化氢是因为氟化氢能形成分子间氢键，氯化氢不能形成分子间氢键、但存在分子
间作用力，氢键大于分子间作用力，与氢氟键的键能大于氢氯键无关，故C 错误；
D．铁罐车可用于装运浓硝酸是因为铁在浓硝酸中钝化，致密的钝化膜阻碍反应的继续进行，并非不反应，
故D 错误；
故选B。
14．（2024 届·山东潍坊·统考二模）下列物质的性质与用途对应关系错误的是
A．晶体硅的导电性介于导体和绝缘体之间，常用于制造晶体管、集成电路等
B．蛋白质遇酶能发生水解，用加酶洗衣粉洗涤真丝织品可快速去污
C．血液中
平衡体系能缓解外来酸碱的影响，可以平衡人体的pH
D．金属电子从激发态跃迁回基态时，释放能量而呈现各种颜色，常制作烟花
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【答案】B
【详解】A．晶体硅的导电性介于导体和绝缘体之间，属于半导体材料，常用于制造晶体管、集成电路等，
性质与用途对应关系正确，A 不符合题意；
B．蛋白质遇酶能发生水解，用加酶洗衣粉洗涤真丝织品，会使织品中的蛋白质水解，性质与用途对应关
系不正确，B 符合题意；
C．血液中
平衡体系能缓解外来酸碱的影响，使血液的pH 稳定在7.4 左右，平衡人体的
pH，性质与用途对应关系正确，C 不符合题意；
D．金属电子从激发态跃迁回基态时，释放能量形成发射光谱，呈现各种颜色，常制作烟花，性质与用途
对应关系正确，D 不符合题意；
故选B。
15．（2024 届·广东深圳·统考二模）自然界中氮的循环意义重大。其中，部分含氮物质的转化关系呈现在
氮及其化合物的“价一类”二维图中。下列说法不正确的是
A．a→b 的转化是工业制硝酸的基础
B．既属于g 又属于f 的盐可用作氮肥
C．汽车中的三元催化器可促进尾气中的b、c 向a 转化
D．实验室中，常用f 与强碱反应产生e 来检验f 中阳离子的存在
【答案】A
【分析】由N 元素的化合价及物质所属类别，可确定a 为N2、b 为NO、c 为NO2、d 为HNO3、e 为NH3、f
为铵盐、g 为硝酸盐。
【详解】A．工业制硝酸的基础是氨的催化氧化，即NH3→NO，而a 为N2，则N2→NO 的转化不是工业制
硝酸的基础，A 不正确；
B．既属于g(硝酸盐)又属于f(铵盐)的盐为NH4NO3，它含氮量较高，可用作氮肥，B 正确；
C．NO、NO2是大气污染物，利用汽车中的三元催化器，可促进尾气中NO、NO2与CO 作用，生成N2和
CO2，C 正确；
D．实验室中，检验
时，常用铵盐与强碱在加热条件下反应，通过检验反应产生的NH3检验
的存
在，D 正确；
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故选A。
题型二 工艺流程选择题
1．（2024 届·山东·统考二模）以电厂废料(Al2O3的质量分数为50%，其余为SiO2和CaO)为原料提取Al 的
工艺流程如下：
下列说法错误的是
A．“滤液Ⅱ”可以循环利用
B．“煅烧”中产生的两种气体为SO2和O2
C．“滤渣Ⅰ”的成分为SiO2和少量残余的Al2O3
D．10.0g 废料得到5.0g 干燥的“滤渣I”(Al2O3质量分数为5%)，Al2O3的浸取率为95%
【答案】C
【分析】废料加入硫酸，二氧化硅不反应，氧化钙和硫酸生成不溶的硫酸钙，故浸渣为二氧化硅、硫酸钙，
浸出液加入硫酸钾，产生复盐明矾沉铝，干燥脱水，焙烧产生氧化铝、硫酸钾和2 种气体，水浸除去硫酸
钾，得到氧化铝，电解得到铝。
【详解】A．“水浸”后得到的“滤液Ⅱ”成分为K2SO4，可在沉铝工序循环使用A 正确；
B．“煅烧”中产生二氧化硫，硫元素化合价降低，则根据电子守恒可知，氧元素化合价升高得到氧气，
那么两种气体为SO2和O2，B 正确；
C．由分析可知，“浸渣Ⅰ”的主要成分除残余Al2O3外，还有二氧化硅、硫酸钙，C 错误；
D．10.0g 废料得到5.0g 干燥的“滤渣I”(Al2O3质量分数为5%)，Al2O3的浸取率为
95%，D 正确；
故选C。
2．（2024 届·辽宁朝阳·统考二模）碲被誉为金属性最强的非金属，某科研小组从碲渣(主要含有Cu2Te )中
提取粗碲的工艺流程如图所示。下列有关说法错误的是
已知：①“焙烧”后，碲主要以TeO2形式存在；②TeO2微溶于水，易溶于强酸和强碱。
A．“焙烧”后铜以Cu2O 形式存在
B．“碱浸”后过滤用到的主要仪器有：烧杯、漏斗、玻璃棒
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C．“酸化”后生成Te(SO4)2
D．“还原”后，溶液的酸性减弱
【答案】D
【分析】碲渣(主要含有Cu2Te )中通入O2焙烧，由于Cu2O 在高温时比CuO 稳定，所以Cu 元素转化为
Cu2O，Te 元素转化为TeO2；加入NaOH 溶液，Cu2O 不溶，TeO2转化为Na2TeO3，过滤后得Cu2O 滤渣，滤
液为Na2TeO3溶液；加入稀硫酸进行酸化，Na2TeO3转化为Te(SO4)2，再加入Na2SO3还原，发生反应为Te4+
+2
+2H2O=Te+2
+4H+。
【详解】A．由分析可知，“焙烧”后铜以Cu2O 形式存在，A 正确；
B．“碱浸”后得到固液混合物，需进行过滤操作，过滤时用到的主要仪器有：烧杯、漏斗、玻璃棒，B
正确；
C．TeO2微溶于水，易溶于强酸，则加酸后，Na2TeO3先转化为TeO2，TeO2继续与硫酸反应，生成
Te(SO4)2，C 正确；
D．“还原”时，发生反应为Te4++2
+2H2O=Te+2
+4H+，则溶液的酸性增强，D 错误；
故选D。
3．（2024 届·河北张家口·统考二模）氧化铍是一种核反应器燃料基体和减速剂，还可用作有机反应催化剂，
其化学性质与
相似。以绿柱石(主要成分为
，还有少量含铁化合物)为原料制备氧
化铍的工业流程如下。下列说法错误的是
A．“滤渣1”的主要成分为
B．“转化”时
做氧化剂
C．“调pH”的目的是除去
和
D．“试剂M”可以选用氨水或NaOH 溶液
【答案】D
【分析】酸浸时，得到
（可能有
）、
、
，
成为滤渣1，
做氧化剂，把
氧化
为
，加入碳酸钙调pH 的目的是除去
和
，得到氢氧化铁和氢氧化铝沉淀，加入氨水得到氢氧
化铍，除杂煅烧得到氧化铍。
【详解】A．根据分析知，“滤渣1”的主要成分为
，A 正确；
B．
做氧化剂，把
氧化为
，B 正确；
C．加入碳酸钙调pH 的目的是除去
和
，得到氢氧化铁和氢氧化铝沉淀，C 正确；
D．氧化铍化学性质与
相似，过量的NaOH 溶液与氧化铍反应，降低了产率，D 错误；
故选D。
4．（2024 届·辽宁大连·统考二模）《开宝本草》记载“取钢煅作叶如笏或团，平面磨错令光净，以盐水洒
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之，于醋瓮中阴处埋之一百日，铁上衣生，铁华成矣”。铁华粉［主要成分为
］可用
如下方法检测。下列相关说法不正确的是
A．制备铁华粉的主要反应为
B．气体X 为
C．铁华粉中含铁单质
D．由上述实验可知，
结合
的能力大于
【答案】B
【分析】铁华粉［主要成分为
］和稀硫酸在加热条件下反应生成刺激性气体气体X 为
醋酸蒸，和稀盐酸反应生成气体，改气体为H2，滤液中含有Fe2+，加入K3[Fe(CN)6]试液生成蓝色沉淀，氢
氧根离子能与蓝色沉淀反应，生成棕色沉淀，说明有氢氧化铁沉淀生成，该蓝色沉淀不溶于稀盐酸，以此
解答。
【详解】A．由题中信息可知，制备铁华粉的主要反应方程式为
，
A 正确；
B．气体X 为醋酸蒸气，B 错误；
C．加入盐酸，有氢气产生，说明铁华粉中含有铁单质，C 正确；
D．由上述实验可知，氢氧根离子能与蓝色沉淀反应，生成棕色沉淀，说明有氢氧化铁沉淀生成，说明氢
氧根离子结合铁离子的能力强于CN-，D 正确；
答案选B。
5．（2024 届·河北承德·统考二模）氮化硅（
）是一种高温结构陶瓷材料﹐它硬度大、熔点高、化学
性质稳定。合成氮化硅的一种工艺流程如图所示。下列说法正确的是
已知：
在潮湿的空气中易水解，产生白雾
A．该流程中可循环使用的物质是
B．第③步反应是氧化还原反应
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C．
和
所含共价键数目均为
（设
为阿伏加德罗常数的值）
D．第③步反应可用氨水代替
【答案】A
【分析】石英砂与焦炭发生氧化还原反应生成粗硅，粗硅中硅单质与Cl2发生氧化还原反应生成SiCl4；
SiCl4和氨气一定温度生成Si(NH)2，Si(NH)2高温下加热可得氮化硅，结合质量守恒可知，还生成氨气；
【详解】A．由分析可知，Si(NH)2高温下加热生成的氨气可以在③中循环利用，A 正确；
B．第③步反应中SiCl4和氨气一定温度生成Si(NH)2和HCl，不涉及元素化合价改变，不是氧化还原反应，
B 错误；
C．
中含有4mol 硅氯键，而1mol
中含有12mol 硅氮键，所含共价键数目分别为
、12
，C 错误；
D．已知：
在潮湿的空气中易水解，产生白雾，故不能用氨水代替氨气，D 错误；
故选A。
6．（2024 届·广西·统考二模）实验室以一种工业废渣（主要成分为
、
和少量Fe、Al 的氧
化物）为原料制备重要化工原料
的工艺流程如下。下列说法错误的是
A．滤渣中除不溶性杂质外还有硅酸
B．氧化过程中主要发生反应的离子方程式为：
C．萃取分液后分液漏斗的液体全部由下口放出到两个不同烧杯中以便分离漏
D．萃取后得到的水溶液可以边搅拌边加入MgO 以调节pH
【答案】C
【详解】A．硅酸镁和硫酸反应会生成硅酸，A 正确；
B．根据题干和流程分析，酸溶时Fe、Al 的氧化物转化成Fe3+、Fe2+、Al3+，氧化过程中主要反应的离子方
程为
，B 正确；
C．分液操作，上层液体从上口倒出，下层液体从下口放出，C 错误；
D．调节萃取后得到的水溶液pH 时，可以使用氧化镁，氢氧化镁，碳酸镁等，D 正确；
故选C。
7．（2024 届·福建漳州·统考二模）某科研团队从铬钒渣中分离钒并制备Cr(OH)3的流程如下：
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已知：①“溶解”后所得滤液为Na2CrO4、NaAlO2和NaVO3的混合溶液；
Cr
②
的最高价含氧酸根离子在酸性介质中主要以
存在，在碱性介质中主要以
存在。
下列说法错误的是
A．“灼烧”步骤的尾气中含CO2
B．“沉铝”步骤的离子方程式为
C．“分离钒”之后Cr 元素的存在形式主要为
D．“转化沉铬”步骤中氧化剂与还原剂的物质的量之比为1 3∶
【答案】B
【分析】铬钒渣(含Cr2O3、Al2O3、V2O3)在Na2CO3、O2作用下灼烧，钒和铬分别被氧化为相应的最高价含
氧酸盐NaVO3、Na2CrO4，铝氧化物转化为NaAlO2，溶解后所得滤液中含有Na2CrO4、NaAlO2和NaVO3，
向其中通入足量CO2气体，NaAlO2反应转化为Al(OH)3沉淀析出，然后过滤，向滤液中加入稀硫酸调整溶
液pH，使溶液显强酸性，NaVO3转化为V2O5沉淀，过滤除去沉淀，Na2CrO4转化为Na2Cr2O7，然后向所得
的滤液中加入NaOH、Na2C2O4，发生氧化还原反应产生Cr(OH)3沉淀，从而达到分离钒并制备Cr(OH)3的
目的。
【详解】A．在“灼烧”步骤，Cr2O3、V2O3、Al2O3与Na2CO3、O2反应产生相应钠盐的同时产生CO2，因
此所得的尾气中含CO2，A 正确；
B．“沉铝”步骤通入CO2足量，反应产生NaHCO3，该反应的离子方程式为
，B 错误；
C．“分离钒”之后，所得溶液显强酸性，根据题意可知：Cr 元素的存在形式主要为
，C 正确；
D．
具有强氧化性，与加入NaOH 溶液和Na2C2O4后溶液发生氧化还原反应，Cr 变为+3 价的Cr3+，
并与加入的NaOH 溶液中的OH-转化为Cr(OH)3沉淀，发生反应：
+3
+H2O+4OH-=2Cr(OH)3↓+6
，在该反应中
为氧化剂，
为还原剂，则“转化沉铬”步骤中氧化剂与还原剂的物质的量
之比为1 3∶，D 正确；
故合理选项是B。
8．（2024 届·广东·统考二模）粉末X 中可能含有Cu、FeO、Fe2O3、NaHCO3、Na2CO3、Na2S2O3、
Na[Al(OH)4]中的若干种。某化学兴趣小组为确定该粉末的成分，现取X 进行连续实验，实验过程及现象如
下：
13
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已知：HCO +AlO +H2O=Al(OH)3↓+CO
。
下列说法正确的是
A．气体乙和气体丙都为纯净物
B．固体粉末X 中一定含有FeO、Na2S2O3、Na[Al(OH)4]，可能含有NaHCO3、Na2CO3
C．溶液丁中的阳离子一定只含H+、Fe2+
D．溶液甲中一定含有[Al(OH)4]-，可能含有CO
【答案】D
【分析】固体X 加水后，得到固体甲和溶液甲，固体甲中加入足量稀盐酸得到溶液丁，无固体剩余，由于
Cu 不溶于稀盐酸，则有两种情况：①固体X 中不含Cu ；②固体X 中Fe2O3含量较多，溶于盐酸后生成
Fe3+再与Cu 反应将其溶解。溶液丁加入酸性KMnO4溶液后，紫红色褪去，则溶液中一定含有Fe2+，可能
含有Fe3+，故固体X 中一定含有FeO，可能含有Fe2O3和Cu。溶液乙中含有过量的盐酸，加入过量
(NH4)2CO3后会生成沉淀和气体，酸性条件下气体不可能是NH3，故气体丙是CO2，根据沉淀丙，推测是
CO
与H+结合生成HCO ， Al3+与HCO 发生双水解，故溶液甲中含有[Al(OH)4]-，固体X 中含有
NaAlO2；由于[Al(OH)4]-和HCO 在水溶液中就会发生反应，故固体X 不含NaHCO3。溶液甲加入足量稀盐
酸后，会生成沉淀和可使澄清石灰水气体变浑浊的气体（CO2或SO2），由于[Al(OH)4]-与足量稀盐酸反应
无沉淀生成，则溶液中必定含有S2O
，可能含有CO
，故固体X 一定含有Na2S2O3，可能含有Na2CO3。
【详解】A．气体乙可能是SO2气体，也可能CO2、SO2的混合气体，气体丙是CO2气体，故A 项错误；
B．由以上分析知固体粉末X 中一定含有FeO、Na2S2O3、NaAlO2 ，可能含有 Na2CO3、Fe2O3，故B 项错
误；
C．溶液丁中的阳离子一定含H+、Fe2+，可能含有Fe3+，故C 项错误；
D．由以上分析可知溶液甲中一定含有[Al(OH)4]-，可能含有CO
，故D 项正确；
故选D。
9．（2024 届·湖南长沙·统考二模）某溶液X 中可能含有Na+、
、Ba2+、Fe2+、Mg2+、Cl-、
、
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、
中的一种或几种。取该溶液进行连续实验，实验过程如图所示，下列有关推理错误的是
A．溶液X 中一定不存在的阴离子为
和
B．生成气体A 的离子方程式为3Fe2++
+4H+=3Fe3++NO↑+2H2O
C．气体D 能使湿润的红色石蕊试纸变蓝
D．溶液G 中一定含有的阳离子为H+、Mg2+、Fe3+、Fe2+
【答案】D
【分析】溶液X 加入过量稀硫酸生成沉淀C 为硫酸钡，说明X 中存在Ba2+，则一定不存在
和
，
故气体A 为
被还原生成NO 气体，还原剂是Fe2+，一定含有
、Fe2+，溶液B 加入过量NaOH 溶液
生成气体D 为氨气，一定含有
，沉淀F 一定含有Fe(OH)3，可能含有Mg(OH)2和Fe(OH)2；
【详解】A．溶液X 加入过量稀硫酸生成沉淀C 为硫酸钡，说明X 中存在Ba2+，则一定不存在
和
，
故A 正确；
B．气体A 为NO，生成NO 的离子方程式为3Fe2++
+4H+=3Fe3++NO↑+2H2O，故B 正确；
C．气体D 为氨气，氨气是碱性气体，能使湿润的红色石蕊试纸变蓝，故C 正确；
D．沉淀F 一定含有Fe(OH)3，可能含有Mg(OH)2和Fe(OH)2，则溶液G 中一定含有的阳离子为H+、Fe3+，
可能含有Mg2+和Fe2+，故D 错误；
故选D。
10．（2024 届·辽宁朝阳·统考二模）钛铁矿( FeTiO3)制取金属钛的流程如图所示(已知TiCl4为无色液体，极
易水解；Ti3+的还原性强于Fe2+)
下列说法正确的是
A．钛铁矿( FeTiO3)中Ti 的化合价是+3
B．氯化过程中反应2FeTiO3+6C+7Cl2
2FeCl3+6CO+ 2TiCl4
C．镁与TiCl4置换时可以用氮气做保护气
D．制取金属钛时可以用Na 与TiCl4溶液反应
【答案】B
【分析】FeTiO3中加入焦炭，再通入Cl2，焦炭被氧化为CO，FeTiO3转化为FeCl3、TiCl4；再加入Mg 粉，
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在Ar 存在的环境中加热至800℃，可制得Ti。
【详解】A．Ti3+的还原性强于Fe2+，则Fe3+能将Ti3+氧化为Ti4+，所以钛铁矿( FeTiO3)中Ti 的化合价是+4 价，
A 不正确；
B．氯化过程中，Cl2将C 氧化为CO，Fe2+氧化为Fe3+，则发生反应2FeTiO3+6C+7Cl2
2FeCl3+6CO+
2TiCl4，B 正确；
C．镁是活泼的金属元素，能与氮气反应生成氮化镁，则镁与TiCl4置换时不能用氮气做保护气，C 不正确；
D．Na 能与水反应，则制取金属钛时可以用Na 与TiCl4的熔融液反应，不能使用TiCl4的水溶液，D 不正确；
故选B。
11．（2024 届·山东·统考二模）化学镀镍法得到的镀层均匀性，硬度等性能都较好，一种化学镀工艺流程
如图所示：
已知：①镀层为Ni-B 合金，比例为n(Ni)：n(B)=10 3∶；
Ni(OH)
②
2难溶于水；
NaOH
③
能稳定NaBH4，降低其水解率，NaBH4的水解反应：NaBH4+4H2O=Na[B(OH)4]+4H2；
有关材料下列说法正确的是
A．上述流程涉及到的物质中，含配位键的物质有2 种
B．“络合”时，将NiCl2溶液滴入到少量乙二胺(H2NCH2CH2NH2)中
C．流程中使用H2NCH2CH2NH2，有利于调控溶液pH 得到均匀性、硬度等性能较好的镀层
D．“合成”时，NaBH4既作氧化剂又作还原剂
【答案】D
【详解】A．镍、硼均能提供空轨道与有孤电子对的原子形成配位键，含配位键的物质有NaBH4、
Na[B(OH)4]、[Ni(H2NCH2CH2NH2) 2]Cl2，A 错误；
B．乙二胺具有碱性且Ni(OH)2难溶于水，则“络合”时，将乙二胺(H2NCH2CH2NH2)滴入到NiCl2溶液中，
B 错误；
C．流程中使用H2NCH2CH2NH2，是使得镍离子形成络合物[Ni(H2NCH2CH2NH2) 2]Cl2，防止在下一步操作
中形成Ni(OH)2沉淀，导致镀镍速率减慢，C 错误；
D．“合成”时，NaBH4中氢化合价升高、B 化合价降低，故其既作氧化剂又作还原剂，D 正确；
故选D。
12．（2024 届·辽宁·统考二模）乙二醇锑[
]是一种白色晶状粉末，可用作聚酯缩聚催化
剂，其生产工艺流程如图：
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下列说法正确的是
A．“煅烧”过程中每生成
氧化产物转移
电子
B．“醇化”反应方程式为
C．增大乙二醇的用量和移走水均可提高
的平衡转化率
D．可用原子光谱检验产品中的乙二醇基(
)
【答案】C
【分析】由题给流程可知，辉锑矿高温煅烧时，Sb2S3与氧气反应生成Sb2O3和SO2，反应方程式为
，温度为140℃的条件下，Sb2O3与乙二醇发生醇化反应生成
Sb2(OCH2CH2O)3和水，将醇化反应所得混合液冷却结晶、过滤得到乙二醇锑粗品，粗品经洗涤、干燥制得
乙二醇锑，据此回答。
【详解】A．由分析得，“煅烧”过程中得反应为
，每生成
氧化产物
转移
电子，A 错误；
B．“醇化”反应方程式为
，B 错误；
C．增大乙二醇的用量和移走水均可使平衡正向移动，提高
的平衡转化率，C 正确；
D．可用质谱法检验产品中的乙二醇基(
)，D 错误；
故选C。
13．（2024 届·河北邢台·统考二模）
是一种压电材料。实验室以纯净
为原料，采用下列路线
模拟工业制备
，“焙烧”所得产物的物质的量之比为1：4.下列说法错误的是
A．“焙烧”步骤中固体R 为炭粉，作还原剂
B．“浸取”步骤应选用的酸是稀硫酸
C．“浸取”过程中会产生有毒气体，需要在通风橱中进行
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D．“沉淀”产品
的热分解方程式为
【答案】B
【分析】由流程和题中信息可知，BaSO4与过量的碳粉及过量的氯化钙在高温下焙烧得到CO、BaCl2、易
溶于水的BaS 和微溶于水的CaS；滤液经酸化后浓缩结晶得到BaCl2晶体；BaCl2晶体溶于水后，加入TiCl4
和（NH4）2C2O4将钡离子充分沉淀得到BaTiO(C2O4)2；BaTiO(C2O4)2经热分解得到BaTiO3。
【详解】A．“焙烧”步骤中BaSO4与过量的碳粉及过量的氯化钙在高温下焙烧得到CO、BaCl2、易溶于
水的BaS 和微溶于水的CaS，C 的化合价从0 价到+2 价，即碳粉的主要作用是做还原剂，故A 正确；
B．“浸取”步骤中的滤渣为CaS 和碳粉；“酸化”步骤中的酸可用盐酸，稀硫酸会加入杂质离子不可用，
故B 错误；
C．焙烧后的残渣中混有BaS 和微溶于水的CaS，用酸浸取时会有有毒气体H2S 生成，需要在通风橱中进
行，故C 正确；
D．
受热分解产生BaTiO3，化学方程式为：
，
故D 正确；
故选B。
14．（2024 届·山西晋中·统考二模）SrCO3广泛应用于许多领域。以天青石(主要成分为SrSO4，还含有
Al、Si、Ba 的化合物)为原料制备SrCO3的一种工艺方法如下：
下列说法正确的是
A．SrSO4和碳粉“煅烧”生成SrS 和碳氧化物，当只生成CO 时，SrSO4和C 的质量比为23：3
B．“煅烧”过程可能生成少量SO2
C．滤渣主要含有BaS、SiO2、
、C 等
D．
【答案】B
【详解】天青石与碳粉混合煅烧生成SrS 和碳氧化物，水浸后滤液中加入硫酸，除去钡离子，过滤后滤液
中通入二氧化碳，生成碳酸锶。
A．SrSO4和碳粉“煅烧”生成SrS 和碳氧化物，当只生成CO 时，SrSO4+4C=SrS+4CO，SrSO4和C 的质量
比为184：48=23：6，A 错误；
B．因含S 元素，“煅烧”过程可能生成少量SO2，B 正确；
C．滤渣不可能含C，已转化成碳氧化合物，且铝转化为氧化铝而不是氢氧化铝，C 错误；
D．在除杂时，加入H2SO4时硫酸钡先沉淀，所以
，D 错误；
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故选B。
15．（2024 届·河北保定·统考二模）二氧化氯（
）是国际上公认的安全、无毒的绿色消毒剂。“R7
法”制备二氧化氯的优点是副产品氯气经处理后可循环利用，具体制备流程如图所示。消毒效率
消
毒剂的质量
消毒剂得电子数。
下列说法正确的是
A．
和
的消毒效率之比为
B．反应①生成
的离子方程式：
C．反应①消耗的硫酸与反应②生成的硫酸物质的量相等
D．反应②中
作还原剂，物质X 为
【答案】B
【分析】氯气与热氢氧化钠溶液反应生成氯化钠和氯酸钠，向反应后的溶液中加入H2SO4生成ClO2和
Cl2，反应②中Cl2和SO2反应生成H2SO4和HCl，X 为
和HCl 的混合物。
【详解】A．ClO2中氯元素化合价由+4 变为-1 时，消毒效率为
，Cl2中氯元素化合价由0 变为-1 时，
消毒效率为
，则
和
的消毒效率之比为
，A 错误；
B．反应①中氯化钠和氯酸钠在酸性条件下发生氧化还原反应生成ClO2和Cl2，根据得失电子守恒和电荷守
恒配平离子方程式为：
，B 正确；
C．反应②中Cl2和SO2反应生成H2SO4，根据得失电子守恒和质量守恒配平化学方程式为：
Cl2+SO2+2H2O=H2SO4+2HCl，反应①发生反应：
，当反应①生
成1mol Cl2时，消耗2mol H2SO4，反应②消耗1mol Cl2时，生成1mol H2SO4，C 错误；
D．由C 可知，反应②为Cl2+SO2+2H2O=H2SO4+2HCl，S 元素化合价上升，
作还原剂，物质X 为
和HCl 的混合物，D 错误；
故选B。
题型三 原子共面 同分异构体的判断
1．（2024 届·天津河东·统考二模）苯甲酰胺是常见的酰胺类物质，可用于合成农药和医药，其结构简式如
图所示，下列说法正确的是
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A．分子式为
B．分子中含有1 个手性碳原子
C．分子中所有碳原子在同一平面上
D．在酸性、碱性条件下加热水解，产物一样
【答案】C
【详解】A．分子中含7 个C 原子、7 个H 原子、1 个N 原子、1 个O 原子，分子式为C7H7NO，故A 错误；
B．连接4 个不同基团的碳原子为手性碳原子，分子中不含手性碳原子，故B 错误；
C．苯环为平面结构，与苯环直接相连的碳原子与苯环共面，则所有碳原子共面，故C 正确；
D．含酰胺键，可发生水解反应，酸性条件下水解生成苯甲酸，碱性条件下水解生成苯甲酸盐，故D 错误；
故选：C。
2．（2024·河北石家庄·二模）化合物Z 是合成某种高性能有机颜料的重要中间体，其合成路线如下：
下列说法错误的是
A．X 中所有碳原子可能位于同一平面
B．X 和Y 互为同分异构体
C．X 的熔点比Z 低
D．X 和Z 可用溴水鉴别
【答案】A
【详解】A．X 中六元环上与酯基相连的碳原子是饱和碳原子，以正四面体结构连接三个碳原子和一个氢
原子，故X 中所有碳原子不可能位于同一平面，A 错误；
B．X 和Y 的分子式都为C10H12O6，X 和Y 互为同分异构体，B 正确；
C．X 和Z 相对分子量接近，Z 中有羟基，可以形成分子间氢键使沸点较高，故X 的熔点比Z 低，C 正确；
D．X 与溴水不反应，Z 中有酚羟基，酚羟基邻位的氢可以被溴取代生成沉淀，X 和Z 可用溴水鉴别，D 正
确；
本题选A。
3．（2024 届·广东·统考二模）某种化合物可用于药用多肽的结构修饰，其结构简式如图所示。下列说法正
确的是
A．该分子含有手性碳原子
B．该分子中含有3 种官能团
C．该分子中所有的碳原子可共平面
D．1mol 该化合物最多能与2mol NaOH 发生反应
【答案】A
【详解】A．同时连有4 个互不相同的原子或原子团的碳原子为手性碳原子，故该分子含有手性碳原子即
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与-NH2相连的碳原子为手性碳原子，A 正确；
B．由题干有机物结构简式可知，该分子中含有2 种官能团即氨基和酯基，B 错误；
C．由题干有机物结构简式可知，同时连有两个-CH3的碳原子为sp3杂化，故该分子中所有的碳原子不可能
共平面，C 错误；
D．由题干有机物结构简式可知，1mol 该化合物最多能与1molNaOH 发生反应即1mol 醇酯基能与
1molNaOH 反应，D 错误；
故答案为：A。
4．（2024 届·吉林通化·统考二模）合成有机中间体
的反应如图：
下列说法错误的是
A．
最多能与
发生加成反应B．
所有原子一定共面
C．
中含有4 种官能团
D．能用浓溴水鉴别
和
【答案】B
【详解】A．
中有
苯环，
羰基，所以
最多能与
发生加成反应，A 正确；
B．因为单键可以旋转，所以两个苯环不一定共面，即
所有原子不一定共面，B 错误；
C．
中含有羰基、醚键、羧基、碳碳双键4 种官能团，C 正确；
D．
与浓溴水产生白色沉淀，
与浓溴水发生加成反应而使溴水褪色，D 正确；
故选B。
5．（2024 届·陕西咸阳·统考二模）有机“纳米小人”风靡全球，其制备过程中涉及的一个反应如图。下列
说法正确的是
A．化合物M 的一氯代物有5 种
B．化合物N 中至少有17 个原子共平面
C．该反应符合绿色化学的思想，理论上原子利用率为100%
D．化合物P 能发生加成、聚合、氧化、还原等反应
【答案】D
【详解】A．由结构简式可知，M 分子中含有4 类氢原子，一氯代物有4 种，A 错误；
B．苯环为平面结构，碳碳三键为直线形结构，原子共线也共面，则至少有16 个原子共平面，B 错误；
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C．由结构简式可知，P 分子中不含有溴原子，则M 与N 一定条件下反应生成P 的同时还有含溴元素的化
合物生成，原子利用率不可能为100%，C 错误；
D．化合物P 中含碳碳三键、羟基，醚键官能团，可发生加成、聚合、氧化、还原等反应，D 正确；
答案选D。
6．（2024 届·河北石家庄·统考二模）湖南大学课题组研究钴催化腈与胺电氢化的反应机理如下图所示(其
中Ph 表示苯基，
表示
)，下列说法错误的是
A．
是反应的中间产物
B．
中所有碳原子可能共平面
C．所涉及Co 的配合物中，Co 的配位数不同，N 的杂化方式不相同
D．该反应的总方程式为Ph—≡N+PhNH2+4H++4e-
+NH3
【答案】C
【分析】
由图可知，CoCl2和
是反应的催化剂，
、PhNH2、H+为反应物，
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和NH3为生成物，总方程式为
+PhNH2+4H++4e-
+NH3。
【详解】
A．
在第Ⅷ步生成，
又与PhNH2反应生成NH3和
，
是反应
的中间产物，A 项正确；
B．
中环上的碳原子和N 原子采取sp2杂化，—CH3上碳原子与环上碳原子
直接相连，结合单键可以旋转，
中所有碳原子可能共平面，B 项正确；
C．所涉及Co 的配合物中，N 的杂化方式都为sp2杂化，C 项错误；
D．根据分析，总方程式为
+PhNH2+4H++4e-
+NH3，D 项正确；
答案选C。
7．（2024 届·江苏盐城·统考二模）化合物Z 具有广谱抗菌活性，可利用X 和Y 反应获得。下列有关说法
正确的是
A．有机物X 分子中所有碳原子可能共面
B．有机物Y 和乙二醇发生缩聚反应
C．有机物Y 不存在顺反异构体
D．1 mol 有机物Z 与浓溴水反应时，最多消耗2 molBr2
【答案】B
【详解】
A．手性碳原子为一个碳原子所连接4 个取代基均不相同，有机物X 有1 个手性碳原子
(*标出)，因此X 分子中存在饱和碳原子，其结构为四面体形，故所有原子一定不在同一平面上，故A 错误；
B．Y 中含有2 个羧基、乙二醇含有2 个羟基，一定条件下，有机物Y 可以和乙二醇发生缩聚反应，故B
正确；
C．碳链中碳碳双键两端任何一个碳上连的两个不相同的原子或原子团就有顺反异构体，因此Y 分子存在
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顺反异构体，故C 错误；
D．酚羟基的邻对位可以与浓溴水发生取代反应，碳碳双键可以与浓溴水发生加成反应，因此1mol 有机物
Z 与浓溴水反应时生成
，最多消耗3molBr2，故D 错误；
故答案选B。
8．（2024 届·河北张家口·统考二模）莫西赛利(
)是一种治疗脑血管疾病的
药物，可改善脑梗塞或脑出血后遗症等症状。下列关于莫西赛利的说法错误的是
A．分子式为
B．能发生水解反应和加成反应
C．分子中所有碳原子可能处于同一平面D．组成元素中基态N 的第一电离能最大
【答案】C
【详解】．线段的端点与交点省略了碳原子以及与碳原子相连的氢原子，分子式为
，A 错正确；
B．含有酯基，能发生水解反应，含有苯环，能发生加成反应，B 正确；
C．
标记1 号碳原子与周围原子构成四面体，则分子中所有碳原子不可能处于
同一平面，C 错误；
D．同周期从左到右，元素的第一电离能有逐渐增大的趋势，第
与第
族元素的第一电离能比同周
期相邻元素的第一电离能大，所以基态N 的第一电离能最大，D 正确；
故选C。
9．（2024 届·陕西安康·统考二模）植物骆驼蹄瓣中有多种有机活性药用成分，如奎洛维酸，其结构如图所
示，下列有关该物质的说法错误的是
A．能使溴水或酸性高锰酸钾溶液褪色
B．所有碳原子不可能位于同一平面上
C．含有两种官能团
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D．能发生取代反应和氧化反应
【答案】C
【分析】该有机物含有官能团羟基、羧基和碳碳双键，碳碳双键能够使酸性高锰酸钾溶液、溴水褪色，据
此回答。
【详解】A．根据分析可知，该有机物能使溴水或酸性高锰酸钾溶液褪色，A 正确；
B．有机物中含有“
”与“
”结构，则所有碳原子不可能位于同一平面上，B 正确；
C．根据分析可知，该有机物含有官能团羟基、羧基和碳碳双键，3 种官能团，C 错误；
D．羟基可以发生取代反应和氧化反应，D 正确；
故选C。
10．（2024 届·河北邢台·统考二模）化合物Z 的部分合成路线如图所示。下列有关化合物X、Y 和Z 的说
法不正确的是
A．X 的芳香族同分异构体中，能与溴水发生加成反应和取代反应，且仅含两种官能团的共有6 种(已
知羟基连碳碳双键不稳定)
B．
Y 分别与足量
溶液、浓溴水充分反应，消耗
C．由Y 到Z 发生的转化不可能一步实现
D．X 的一氯代物有6 种
【答案】B
【详解】
A．X 的芳香族同分异构体中，能与溴水发生加成反应和取代反应，说明其中含有碳碳双键，且仅含两种
官能团，分别为-CH=CH2和3 个-OH，满足条件的同分异构体有
、
、
、
、
、
共6 种，A 正确；
B．Y 含有1 个酚羟基和2 个酯基，其中1 个酯基水解后生成1 个酚羟基，则1molY 最多消耗4molNaOH，
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Y 中苯环上有3 个H 可以发生取代反应，则1molY 最多反应3molBr，则消耗
，B 错误；
C．由Y 和Z 的结构简式可知，Y 先发生水解反应，再发生加成反应，最后发生消去反应可以得到Z，C 正
确；
D．X 中含有6 种环境的H 原子，一氯代物有6 种，D 正确；
故选B。
11．（2024 届·宁夏银川·统考二模）异黄酮类是药用植物的有效成分之一，异黄酮类化合物Z 的部分合成
路线如图，下列有关说法正确的是
A．X 的所有原子一定共平面
B．Z 与
发生酯化反应，示踪原子
18O 在产物水中
C．X 与足量H2反应后，产物分子中有3 个手性碳原子
D．Y 中含氧官能团有3 种
【答案】D
【详解】A．X 分子中存在sp3杂化的碳原子，故不可能所有原子共平面，A 错误；
B．根据酯化反应的机理为酸脱羟基醇脱氢，故Z 与
发生酯化反应，示踪原子
18O 不在产物水中，
而在产物酯中，B 错误；
C．同时连有4 个互不相同的原子或原子团的碳原子为手性碳原子，故X 与足量H2反应后，产物分子中有
4 个手性碳原子，如图所示：
，C 错误；
D．由题干Y 的结构简式可知，Y 中含氧官能团有酯基、羟基和酮羰基3 种，D 正确；
故答案为：D。
12．（2024 届·江苏南通·统考二模）化合物Z 是一种药物合成中间体，其合成路线如下：
下列说法正确的是
A．X 分子中只含有酮羰基、醚键两种含氧官能团
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B．1 mol Y 与足量NaOH 溶液反应，消耗2 mol NaOH
C．Z 分子不存在顺反异构体
D．Z 可以与HCHO 在一定条件下发生缩聚反应
【答案】C
【详解】A．X 分子中含有酮羰基、醚键和酯基三种含氧官能团，A 错误；
B．Y 中含醚键、羟基和酯基官能团，酯基水解后可形成酚羟基和羧基，则1 mol Y 与足量NaOH 溶液反应，
消耗3mol NaOH，B 错误；
C．形成碳碳双键的碳原子连接不同的基团时存在顺反异构，所以Z 分子不存在顺反异构体，C 正确；
D．Z 分子中酚羟基相连碳原子邻位均由取代基，不能与HCHO 发生缩聚反应，D 错误；
答案选C。
13．（2024 届·云南曲靖·统考二模）高吸水性树脂可在干旱地区用于农业、林业抗旱保水，改良土壤。用
某些单体与交联剂
合成的一种高吸水性树脂（SAP）的结构片段如下。关于该
树脂的说法正确的是
A．通过缩聚反应合成
B．该高分子属于线性高分子
C．合成SAP 的单体中，碳原子均共面
D．因含羧基等亲水基团而具有高吸水性和水溶性
【答案】C
【详解】A．该树脂由CH2=CH-COONa、CH2=CH-COOH 单体和交联剂
发生加
聚反应得到，故A 错误；
B．线型高分子是单体经过缩合聚合得到的无支链的高分子，该高分子不属于线性高分子，故B 错误；
C．合成SAP 的单体CH2=CH-COONa、CH2=CH-COOH 中，与碳碳双键相连的原子共平面，即碳原子均共
面，故C 正确；
D．羧基是亲水基团，因此该树脂具有较好的水溶性，但不具有高吸水性，故D 错误；
故选C。
14．（2024 届·四川眉山·统考二模）有机化合物M 是一种重要的香料，广泛用于牙膏、口香糖和各种饮料
中。在三氟甲磺酸(CF3SO3H)催化作用下M 可生成N，反应过程如图所示。下列说法不正确的是
A．M 和N 互为同分异构体
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B．M 的一氯代物有7 种
C．M 和N 均能使酸性高锰酸钾溶液褪色
D．N 中所有碳原子处于同一平面
【答案】D
【分析】分子式相同，结构不同的有机物互为同分异构体，碳碳双键与酚羟基都能使酸性高锰酸钾溶液褪
色，据此回答。
【详解】A．M 与N 是分子式相同，均为C10H14O，结构不同的同分异构体，A 正确；
B．M 有7 种等效氢，则M 的一氯代物有7 种，B 正确；
C．M 含有碳碳双键，可以使酸性高锰酸钾溶液褪色，N 含有酚羟基，可以使酸性高锰酸钾溶液褪色，C
正确；
D．N 中含有结构“
”，则所有碳原子不可能在同一平面内，D 错误；
故选D。
15．（2024 届·江西萍乡·统考二模）化合物Z 是一种有机合成中的重要中间体，其部分合成路线如下：
下列说法正确的是
A．Y 与Z 分子均存在顺反异构体
B．可以用溴水检验Y、Z 中的碳碳双键
C．X、Y、Z 三种物质中，X 在水中的溶解度最大
D．X→Y 的反应类型为加成反应
【答案】C
【详解】A．Y 与Z 分子中，均存在CH2=CH-的结构片断，均不存在顺反异构体，A 不正确；
B．Y、Z 分子中均含有-CHO，-CHO 也能被溴水氧化从而使溴水褪色，所以不能用溴水检验Y、Z 中的碳
碳双键，B 不正确；
C．X、Y、Z 三种物质中，X 所含的官能团-OH、-CHO 都为亲水基，且X 的烃基部分最小，所以在水中的
溶解度最大，C 正确；
D．
+
+HBr，反应类型为取代反应，D 不正确；
故选C。
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16．（2024 届·广西·统考二模）某有机物M 的结构如右图所示。下列有关M 的说法正确的是
A．M 中含有四种官能团
B．1molM 最多可以与3molNa 反应
C．M 分子中的碳原子不可能处于同一平面
D．可以用酸性
溶液检验M 分子中的碳碳双键
【答案】B
【详解】A．M 中含有碳碳双键、羟基、羧基共三种官能团，A 错误；
B．M 中羟基和羧基都可以和Na 反应，1molM 最多可以与3molNa 反应，B 正确；
C．苯环、碳碳双键和羧基都是平面结构，M 分子中的碳原子可能处于同一平面，C 错误；
D．羟基和碳碳双键都能使酸性
溶液褪色，不能用酸性
溶液检验M 分子中的碳碳双键，D
错误；
故选B。
17．（2024 届·新疆塔城·统考二模）奥司他韦是治疗流感的最常用药物之一，其结构简式如图所示。下列
有关该化合物的说法正确的是
A．分子中有4 个手性碳原子
B．可以发生氧化、加成和水解反应
C．六元环上的6 个碳原子一定共平面
D．六元环上的一氯代物有2 种
【答案】B
【详解】
A．1 个该有机物含有3 个手性碳原子，如图中*标注所示
，A 错误；
B．该分子中有碳碳双键，可以发生氧化和加成反应，有酯基，可以发生水解反应，B 正确；
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C．六元环中有的C 原子采用sp3杂化，为四面体形，所以6 个碳原子不一定共平面，C 错误；
D．六元环上除了碳碳双键上有1 个碳原子没有H 原子之外，其余均有H 原子，结构不存在对称性，因此
六元环上的一氯代物有5 种，D 错误；
故答案选B。
18．（2024 届·河北沧州·统考二模）莫西赛利是一种治疗脑血管疾病的药物，可改善脑梗塞或脑出血后遗
症等症状。其合成路线的中间体之一的结构如图所示，下列关于该中间体的说法错误的是
A．可以发生水解反应
B．所有碳原子不可能共平面
C．1 个该分子中含有7 个
杂化的碳原子
D．
该物质与盐酸反应，最多消耗
【答案】C
【详解】A．该中间体结构中有酰胺基，可以发生水解反应，A 正确；
B．该中间体有碳原子为sp3杂化，以四面体结构通过单键连接了3 个另外的碳原子和1 个氢原子，所有碳
原子不可能共面，B 正确；
C．1 个该分子中有9 个饱和碳原子，如图标注
，即含有9 个sp3杂化的碳原
子，C 错误；
D．1 mol 该物质与盐酸反应，酰胺基消耗等量HCl，右侧N 也有碱性，也消耗等量HCl，最多消耗2 mol
HCl，D 正确；
本题选C。
19．（2024 届·四川德阳·统考二模）银杏素有“活化石”“植物界的大照猫"之称，在我国云贵川等地分布
广泛。银杏除有极高的观贫价值外，其提取物中的双贺酮类化合物在抗氧化、抗炎。抗菌、抗病毒。抗肿
衔等方面发挥着重婴的药理作用，下图为某2'。2"一BB 型双黄酮类化合钧的分子结构。下列有关该化合
物的说法错误的是
A．分子中有三种不同环境的氧原子
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B．分子中所有原子都共平面
C．能发生氧化、加成。取代反应
D．苯环上的一氯取代物有7 种
【答案】B
【详解】
A．该化合物结构对称
从图标记1、2、3 看，有三种不同环境的
氧原子，A 正确；
B．
标记处碳为饱和碳原子，则分子中所有的碳原子不可能在同一
平面上，B 错误；
C．有羟基，羰基，醚键，可以发生氧化，加成，取代，C 正确；
D．
如图标记，苯环上的一氯取代物有7 种，D 正确；
故选B。
20．（2024 届·湖南怀化·统考二模）酪氨酸在人体内的一种非正常代谢过程如下图所示。下列说法正确的
是
A．对羟基苯丙酮酸和尿黑酸均不能形成分子内氢键
B．1mol 尿黑酸最多可与含3mol
的溶液反应
C．酪氨酸能发生加成、取代、消去和加聚反应
D．对羟基苯丙酮酸分子中所有碳原子一定在同一平面上
【答案】B
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【分析】酪氨酸先转化为对羟基苯丙酮酸，在维生素C 作用下转化为尿黑酸，酪氨酸中含有官能团氨基、
羧基和酚羟基，据此回答。
【详解】A．对羟基苯丙酮酸中能形成分子间氢键，尿黑酸能形成分子内氢键，A 错误；
B．尿黑酸中苯环上酚羟基邻、对位氢原子能与溴发生取代反应，所以1mol 尿黑酸最多可与3molBr2发生
取代反应，B 正确；
C．酪氨酸中含有氨基、羧基和酚羟基、苯环，苯环能发生加成反应，苯环、氨基、羧基均可发生取代反
应，氨基和羧基可发生缩聚反应生成肽键，但不能发生消去反应和加聚反应，C 错误；
D．由于单键可以旋转，对羟基苯丙酮酸分子中所有碳原子可能在同一平面上，D 错误；
故选B。
题型四 有机物的结构与性质
1．（2024 届·天津·统考二模）甘草素是从甘草中提炼制成的甜味剂，其结构如图所示。下列说法错误的是
A．该分子中有一个手性碳原子
B．在酸性和碱性条件下均可以发生水解反应
C．可以和
溶液发生显色反应
D．可以和
溶液反应
【答案】B
【详解】A．连接4 个不同原子或原子团的碳原子为手性碳原子，所以甘草素中有1 个手性碳原子，如图
所示位置
，A 正确；
B．根据甘草素的结构可知，结构中存在醚键，酸性条件下可水解，碱性条件下不能水解，B 错误；
C．由结构简式可知，异甘草素分子中含有酚羟基，能与氯化铁溶液发生显色反应，C 正确；
D．酚羟基比较活泼，有一定酸性，可以和Na2CO3溶液反应，D 正确；
故选B。
2．（2024 届·江西景德镇·统考二模）由大脑分泌的化合物X 名为甲硫氨酸-脑啡肽，其结构如下图。下列
叙述正确的是
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A．X 是一种五肽
B．组成X 的氨基酸有5 种
C．X 含有4 个手性碳原子
D．X 不能使溴水褪色
【答案】A
【详解】
A．根据结构图可知，该分子中含4 个肽键，为五肽，A 正确；
B．化合物X 水解后可形成4 种氨基酸，分别为
、
、
和
，B 错误；
C．连接4 个不同的原子或原子团的碳原子为手性碳原子，化合物X 分子中含3 个手性碳原子，
,C 错误；
D．化合物X 分子中含酚羟基，可与溴水发生取代反应导致溴水褪色，D 错误；
答案选A。
3．（2024 届·天津河西·统考二模）可识别
的某冠醚分子丙的合成方法如下。下列有关说法正确的是
A．甲的分子式为
B．乙的水溶性良好
C．丙能与饱和溴水反应
D．丙识别
形成的超分子为
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【答案】D
【详解】A．甲的分子式为
，A 错误；
B．乙中官能团有碳氯键和醚键，在水中溶解性应该比较小， B 错误；
C．醚键和苯环不与溴水发生反应，丙不与溴水发生反应，C 错误；
D．根据题干知可识别
的某冠醚分子丙的合成方法，丙识别
形成的超分子为
，D 正确；
故选D。
4．（2024 届·山东潍坊·统考二模）树豆酮酸具有降糖活性，可用于糖尿病及其并发症的治疗，结构如图。
下列关于树豆酮酸的说法正确的是
A．分子式为
B．能发生氧化反应和消去反应
C．可用酸性
溶液检验分子中的碳碳双键
D．与足量
溶液反应，最多可消耗2mol
【答案】A
【详解】A．根据该物质结构简式可知，其分子式：
，A 正确；
B．该化合物有苯环、羧基、酚羟基、C=O 和醚键，不能发生消去反应，B 错误；
C．碳碳双键与酚羟基均可以被酸性
氧化，故不能用于检验分子中的碳碳双键，C 错误；
D．该有机物含1 个羧基，与足量
溶液反应，最多可消耗1mol
，酚羟基不与碳酸氢钠反
应，D 错误；
选A。
5．（2024 届·江西南昌·统考二模）一种叠氮化聚合物材料的片段结构如图所示，下列说法正确的是
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A．片段
的单体名称为2-甲基-2-丁烯
B．片段
中
原子的杂化方式有3 种
C．
该片段中含有
个手性碳原子D．该聚合物具有良好的导电性
【答案】C
【详解】A．片段
的单体名称应为2-甲基-1,3-丁二烯，A 错误；
B．片段
中
原子连接有3 个
和有一对孤对电子的为sp3杂化，而氮氮双键上的氮原子形成2 个
和一
对孤对电子，故杂化方式为sp2，共有两种，B 错误；
C．一个片段
中含有1 个手性碳原子，1mol 该片段故为
个手性碳原子，C 正确；
D．该聚合物不具有自由移动的电子，故不具有导电性，D 错误；
故选C。
6．（2024 届·江西南昌·统考二模）谷氨酸的结构简式如图所示，下列说法正确的是
A．谷氨酸难溶于水
B．谷氨酸能发生氧化反应和缩聚反应
C．谷氨酸分子中
原子的杂化方式都为
D．谷氨酸可发生分子内脱水形成具有四元环状结构的焦谷氨酸
【答案】B
【详解】A．谷氨酸含有羧基可以和水形成氢键，故可以溶于水，A 错误；
B．谷氨酸含有氨基可以被氧化，含有氨基和羧基可以进行脱水缩合发生缩聚反应，B 正确；
C．谷氨酸中碳氧双键中的碳杂化方式为sp2，C 错误；
D．谷氨酸可发生分子内脱水形成具有五元环状结构，而不是四元环状结构，D 错误；
故选B。
7．（2024 届·内蒙古呼和浩特·统考二模）增塑剂DCHP 可由邻苯二甲酸酐与环己醇反应制得，下列说法正
确的是
A．该反应属于加成反应
B．邻苯二甲酸酐与苯甲酸
互为同系物
C．
环己醇与足量钠反应，可以生成标况下
氢气
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D．DCHP 的苯环上的二氯代物有4 种
【答案】D
【详解】A．该反应不存在不饱和键的断裂，不属于加成反应，A 错误；
B．同系物是指结构相似、分子组成相差若干个“CH2”原子团的有机化合物；邻苯二甲酸酐与苯甲酸两者
结构不相似，不是同系物，B 错误；
C．
环己醇与足量钠反应，可以生成0.5mol 氢气，为标况下11.2L 氢气，C 错误；
D．邻苯二甲酸酐结构对称，苯环上有两种位置的氢原子，则邻苯二甲酸酐的邻位二氯代物有2 种、间位
二氯代物有1 种，对位二氯代物有1 种，共4 种，D 正确；
故选D。
8．（2024 届·河北·统考二模）去羟加利果酸具有抗炎作用，它对LPS 诱导的内毒性休克具有保护作用，
其结构简式如图所示。下列有关该物质的说法错误的是
A．该物质有三种官能团，分子中含有12 个手性碳原子
B．
该物质可消耗
C．该物质能发生氧化、取代、加成、加聚反应
D．可用酸性
溶液检验该物质中的碳碳双键
【答案】D
【详解】A．该物质含有羟基、羧基、碳碳双键三种官能团，连接四种不同基团的碳为手性碳原子，分子
中含有12 个手性碳原子，A 正确；
B．
该物质含1mol 羧基可消耗
，羟基不与碳酸氢钠反应，B 正确；
C．该物质含有羟基、羧基、碳碳双键三种官能团，能发生氧化、取代、加成、加聚反应，C 正确；
D．羟基、碳碳双键均能被酸性
溶液氧化使其褪色，无法用酸性
溶液检验该物质中的碳碳
双键，D 错误；
故选D。
9．（2024 届·陕西西安·统考二模）《史记》：“茯苓者，千岁松根也，食之不死。”茯苓酸A 结构如图，
下列说法正确的是
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A．茯苓酸A 属于芳香族化合物
B．可发生氧化反应和消去反应
C．分子中含有4 种官能团
D．
该物质最多可消耗
【答案】B
【详解】A．茯苓酸A 中没有苯环，不属于芳香族化合物，A 错误；
B．茯苓酸A 中含有羟基可发生氧化反应，与羟基相连的碳原子的相邻碳原子上有H 原子，可以发生消去
反应，B 正确；
C．茯苓酸A 中含有碳碳双键、羧基、羟基共3 种官能团，C 错误；
D．茯苓酸A 中含有2 个羧基，
该物质最多可消耗
，D 错误；
故选B。
10．（2024 届·浙江台州·统考二模）阿斯巴甜是市场上主流甜味剂之一，以下是以天门冬氨酸为原料合成
阿斯巴甜的路线。
下列说法不正确的是
A．天门冬氨酸难溶于乙醇、乙醚
B．①④的目的是为了保护氨基
C．反应过程中包含了取代反应、消去反应
D．相同物质的量的阿斯巴甜分别与盐酸和氢氧化钠充分反应，消耗HCl 与NaOH 的物质的量之比为
2 3∶
【答案】C
【详解】A．常温下，天冬氨酸微溶于水，难溶于乙醇和乙醚，溶于沸水，A 正确；
B．根据反应可知，反应①氨基转化为酰胺基，反应④酰胺基转化为氨基，故①④的目的是为了保护氨基，
B 正确；
C．反应过程中包含了取代反应，没有消去反应，C 不正确；
D．阿斯巴甜分子中含有一个羧基、一个酯基和一个酰胺基，相同物质的量的阿斯巴甜分别与盐酸和氢氧
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化钠充分反应，消耗HCl 与NaOH 的物质的量之比为2 3∶，D 正确；
答案选C。
11．（2024 届·广东佛山·统考二模）某竹叶提取物具有抗炎活性，结构如图所示。关于该化合物说法正确
的是
A．含有4 种官能团
B．可以与8mol
加成
C．分子中含有手性碳原子
D．最多能与等物质的量的NaOH 反应
【答案】A
【详解】A．含有碳碳双键、醚键、羟基、酰胺键等4 种官能团，A 正确；
B．分子中只有碳碳双键和苯环可以和氢气加成，故可以与7mol
加成，B 错误；
C．分子中含无手性碳原子，C 错误；
D．由于酰胺键和酚羟基都能与NaOH 反应，最多能消耗的物质的量的NaOH 的物质的量的为该分子的两
倍，D 错误；
故选A。
12．（2024 届·浙江嘉兴·统考二模）聚乙烯醇缩甲醛(维纶)是一种优质的合成材料，可用于生产服装、绳
索等，一种合成路线如下所示。下列说法不正确的是
A．X 的结构简式为
B．试剂Y 可以是氢氧化钠溶液
C．甲醛易溶于水，其水溶液具有杀菌、防腐的作用
D．生成
需要
和
【答案】D
【分析】CH≡CH 和CH3COOH 发生加成反应，CH≡CH 断开一条π 键，CH3COOH 断开-OH，生成
，即X 为
，X 在催化剂、加热条件下发生加聚反应生成M，M 在试剂
Y 作用下发生酯基的水解反应生成N，Y 可以是稀硫酸或NaOH 溶液，2 分子N 的链节和1 分子甲醛发生
缩聚反应生成1 分子Q 的链节，据此分析解题。
【详解】A．根据分析，X 的结构简式为
，A 正确；
B．根据分析，试剂Y 可以是氢氧化钠溶液，B 正确；
C．甲醛易溶于水，其水溶液是福尔马林，具有杀菌、防腐的作用，C 正确；
D．Q 为高聚物，2 分子N 的链节和1 分子甲醛发生缩聚反应生成1 分子Q 的链节，D 错误；
答案选D。
13．（2024 届·云南昆明·统考二模）合成某种药物的关键中间体结构如图所示。下列关于该物质说法不正
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确的是
A．碳原子采用2 种杂化方式
B．能使酸性高锰酸钾溶液褪色
C．核磁共振氢谱有10 组峰
D．
该物质最多与
反应
【答案】D
【详解】A．分子中存在碳碳双键、碳氧双键，其他碳均以单键形成，故碳原子采用sp3、sp22 种杂化方式，
A 正确；
B．分子中存在醇羟基和碳碳双键，能使酸性高锰酸钾溶液褪色，B 正确；
C．分子中除两个对称的-CH2CH3结构，其他位置上的氢均不相同，有10 种不同化学环境的氢，故核磁共
振氢谱有10 组峰，C 正确；
D．分子中只含有一个酯基能与氢氧化钠反应，
该物质最多与
反应，D 不正确；
答案选D。
14．（2024 届·贵州黔东南·统考二模）中国科学院大连化学物理研究所和西湖大学合作合成出一种新的高
分子材料(如图所示，硫原子连接的波浪线代表键延长)。下列叙述错误的是
A．X 中的含氧官能团是酯基
B．X 的水解产物之一是
C．Y 是线型结构高分子材料，具有热塑性
D．Y 在碱性介质中能降解
【答案】C
【详解】A．由题干有机物X 的结构简式可知，X 中的含氧官能团是酯基 -COO-，A 正确；
B．由题干有机物X 的结构简式可知，X 分子中的3 个酯基完全水解之后可知，X 的水解产物之一是
，B 正确；
C．由题干有机物Y 的结构简式可知，Y 是体型结构即空间网状结构的高分子材料，不具有热塑性，而具
有热固性，C 错误；
D．由题干有机物Y 的结构简式可知，Y 中含有酯基，故Y 在碱性介质中能降解，生成小分子物质，D 正
确；
故答案为：C。
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15．（2024 届·广东汕头·统考二模）磷酸奥司他韦（分子式为
）在治疗流感方面发挥重
要作用，其分子结构如图所示，下列有关磷酸奥司他韦的说法错误是
A．能与3mol
反应
B．能与强酸、强碱反应
C．可形成分子内氢键、分子间氢键
D．能发生氧化、还原、取代、加成反应
【答案】A
【详解】A．该分子中只有碳碳双键与氢气加成，故能与1mol
反应，A 错误；
B．含有氨基，酯基，肽键可以与强酸、强碱反应，B 正确；
C．含有两个邻位氨基，可以成分子内氢键、分子间氢键，C 正确；
D．含有氨基，酯基，碳碳双键，肽键能发生氧化、还原、取代、加成反应，D 正确；
故选A。
16．（2024 届·广东广州·统考二模）《本草纲目》记载“看药上长起长霜，则药已成矣”，“长霜”主要
成分为没食子酸，其结构如图所示，关于该化合物说法不正确的是
A．属于烃的衍生物
B．能发生取代反应
C．能与溴水发生加成反应
D．能与NaOH 溶液和
溶液反应
【答案】C
【详解】A．根据结构简式，除含有C、H 两种元素外，还含有O，即该化合物属于烃的衍生物，故A 说
法正确；
B．羟基的邻位上的氢可以被取代，羧基可与羧酸发生酯化反应(取代反应)，故B 说法正确；
C．该有机物中不含碳碳双键，不能与溴水发生加成反应，故C 说法错误；
D．酚羟基、羧基均显酸性，一般情况下，酸性强弱：羧基＞碳酸＞酚羟基＞HCO ，因此酚羟基、羧基
均能与NaOH、Na2CO3溶液发生反应，故D 说法正确；
答案为C。
17．（2024 届·浙江杭州·统考二模）维生素C 是重要的营养素，又称“抗坏血酸”，在空气中易发生如下
转化：
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下列说法不正确的是
A．维生素C 易溶于水
B．上述转化发生了氧化反应
C．维生素C 体现出的酸性可能与a、b 两个羟基有关
D．抗坏血酸能发生加成反应、酯化反应、水解反应
【答案】C
【分析】维生素在空气中极易被氧化，羟基被氧化为羰基，据此回答。
【详解】A．维生素中含有多个羟基，易与水分子间形成氢键，所以维生素C 易溶于水，A 正确；
B．根据分析可知，上述转化发生了氧化反应，B 正确；
C．维生素C 分子中含有连二烯醇结构，由于两个烯醇羟基极易游离，释放氢离子，虽不含羧基，水溶液
仍显酸性，C 错误；
D．抗坏血酸含有羟基，可以发生酯化反应，有酯基可以发生水解反应，有碳碳双键能发生加成反应，D
正确；
故选C。
18．（2024 届·山西运城·统考二模）科学家利用聚碳酸酯废料直接合成喷气燃料二环烷烃，反应原理如图
所示。
下列叙述正确的是
A．
B．乙是环己烷的同系物
C．甲可以使酸性
溶液褪色
D．上述涉及的物质中碳原子只有2 种杂化类型
【答案】A
【详解】A．根据原子守恒，
为
，A 项正确；
B．环己烷的同系物只含1 个六元环，分子式相差若干个“
”，环己烷含2 个六元环，B 项错误；
C．甲中与苯环相连的碳上没有
，不使酸性
溶液褪色，C 项错误；
D．甲分子中
原子采用
、
杂化，乙分子中
原子采用
杂化，
中
原子采用
杂化，故碳原
子有3 种杂化方式，D 项错误；故选A。
19．（2024 届·青海海东·统考二模）关于下列有机物的说法错误的是
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A．Ⅰ能使溴水和酸性高锰酸钾溶液褪色B．Ⅱ的一氟代物只有3 种
C．Ⅲ能发生酯化反应
D．Ⅳ的分子式为C8H12O
【答案】B
【详解】A．Ⅰ中含有碳碳双键和醛基，能使溴水和酸性高锰酸钾溶液褪色，选项A 正确；
B．Ⅱ的一氟代物包括取代苯环上的氢有3 种，取代与溴原子连接的C 上的氢有1 种，取代两个甲基上的
氢有1 种，总共有5 种，选项B 错误；
C．Ⅲ含有羧基，能发生酯化反应，选项C 正确；
D．根据结构简式可知，Ⅳ的分子式为C8H12O，选项D 正确；
答案选B。
20．（2024 届·江西萍乡·统考二模）某种纯天然生物活性提取物质结构如图所示，下列有关该物质说法正
确的是
A．1mol 该有机物与H2发生加成反应最多消耗H2的物质的量为15mol
B．完全水解可得4 种有机产物
C．该分子与足量H2加成后的产物中含有2 个手性碳原子
D．光照下与氯气反应，苯环上可形成C-Cl 键
【答案】C
【详解】A．该有机物分子中，苯环能与H2发生加成反应，酰胺基、酯基都不能被H2还原，所以1mol 该
有机物与H2发生加成反应最多消耗H2的物质的量为12mol，A 不正确；
B．1mol 该有机物发生水解时，可生成2mol
、1mol
和1mol
，则完全水解可得3 种有机产物，B 不正确；
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C．该分子与足量H2加成后的产物
中，带“ ”的碳原子为手性碳原子
∗
，
则含有2 个手性碳原子，C 正确；
D．苯及其同系物中，光照下与氯气发生侧链上的取代反应，苯环上氢原子不能被Cl2取代，则苯环上不能
形成C-Cl 键，D 不正确；
故选C。
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