文档内容
届高三起点考试物理
２０２６
参考答案、提示及评分细则
一、选择题:本题共６小题,每小题４分,共２４分．在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的．
１ ２ ３ ４ ５ ６
A D B C B D
．【答案】
１ A
【解析】卢瑟福根据α粒子散射实验数据认为占原子质量绝大部分的带正电的物质集中在很小的空间范围 在
,
年提出了自己的原子结构模型 正确 紫外线照射锌板 电子吸收能量后从锌板飞出 锌板失去电子
１９１１ .A ; , ,
带正电 验电器与锌板用导线连接也是带正电 错误α射线本质是氦原子核带正电 根据左手定则 受到向
, ,B ; , ,
右侧的洛伦兹力向右偏转 轨迹 对应的是α射线 错误 一个处于n 能级的氢原子跃迁可能的情形有
, ３ ,C ; ＝５ :
n 跃迁到n n 跃迁到n n 跃迁到n n 跃迁到n 最多辐射出 种不同频率的光
＝５ ＝４、＝４ ＝３、＝３ ＝２、＝２ ＝１, ４
子 错误
,D .
．【答案】
２ D
l
【解析】图 中的甲和乙是亮暗相间的等距条纹 发生的是双缝干涉 P是双缝 根据 x λ 条纹间距越大
２ , , , Δ ＝d , ,
光波的波长越长 红光的波长大于绿光的波长 甲对应的是绿光的双缝干涉图样 乙对应的是红光的双缝干涉
, , ,
图样 错误 正确 丙和丁亮暗条纹不等距是衍射图样 光波的波长越长衍射现象更加的明显 丙的衍射
.B ,D ; , .
更加明显 对应的是红光 错误
, .AC .
．【答案】
３ B
【解析】改变电流方向时 左盘中增加砝码 即第一次线框所受安培力向上 第二次线框所受安培力向下 设导
, , , .
线框的质量为m
０,
当线圈中通入电流I时
,
调节砝码使两臂达到平衡
,
即有
:
m左g
＝(
m右
＋
m
０)
g
－
NBIl
;
当
线圈中通入大小不变
、
方向相反的电流I′时
,
在左盘中增加砝码
,
两臂再次达到新的平衡
,
即有
:(
m左
＋
m
)
g
mg mg
＝(
m右
＋
m
０)
g
＋
NBI′l
.
联立两式可得
:
B
＝NlI I′ ＝ NIl.B
正确
,ACD
错误
.
(＋ ) ２
．【答案】
４ C
u P
【解析】由乙图可知输入端电压的有效值U max ３１１ 错误 灯泡正常发光 副线圈中的电流I
１＝ ＝ V,A ; , ２＝U
２ ２ ２
n U
． 错误 原副线圈匝数之比 １ １ ３１１２ ５５ 正确 输入功率等于输出功率 输入功率为
＝０５A,B ; n ＝U ＝ ≈ ,C ; , １２W,
２ ２ ４８ ６
错误
D .
．【答案】
５ B
【解析】图示时刻开始 质点a向平衡位置靠近 回复力变小 加速度减小 错误 由图可知λ 周期T
, , , ,A ; ＝４m, ＝
λ
． 经过 ． 质点a恰好回到平衡位置 通过的路程为 ． 正确 发生稳定干涉的条件是两列
v＝００４s, ００１s , ０２m,B ;
波频率相等相位差恒定 图示简谐横波的频率为 与频率为 的波相遇不会发生稳定的干涉 错
, ２５Hz, ５０Hz ,C
误 由于波长与障碍物的尺寸接近 会发生明显的衍射现象 错误
; , ,D .
高三物理试题参考答案 第 页 共 页
【 １ ( ５ )】．【答案】
６ D
【解析】AB两点固定有两等量同种点电荷ab两点的电场强度大小相等 方向不相同 错误 小物块从c
、 ,、 、 ,A ;
运动到d , 由动能定理有qU cd ＝ １mv d２ － １mv c２ , 解得U cd ＝１００V,B 错误 ; 不知道场源电荷的电性 , 根据E p＝
２ ２
qφ 同一负电荷在a点和d点电势能高低就不能确定 错误 小物块经过位置c时的加速度a ２ 根
, ,C ; ＝２m/s,
ma
据牛顿第二定律有E 解得E 正确
c ＝q , ＝２０V/m,D .
二、选择题:本题共４小题,每小题５分．共２０分．在每小题给出的四个选项中,有多项是符合题目要求的．全部选
对的得５分,选对但不全的得３分,有选错的得０分．
７ ８ ９ １０
AB BC AC ACD
．【答案】
７ AB
【解析】卫星围绕地球做匀速圆周运动 由地球对卫星的万有引力提供向心力 由于甲 乙两颗卫星的质量相
, . 、
F甲 r２乙 r３
等
,
r甲
＝４
r乙, 地球对甲
、
乙卫星的向心力之比
F乙＝r２甲＝
１
,A
正确
;
根据
T２＝
k
,
甲
、
乙两颗卫星的周期之比
１６
T甲 r３甲 Mm v２ GM v甲 r乙
８ 正确 G m v 甲 乙两颗卫星的速度之比 １ 错误 根
T乙＝ r３乙 ＝ ,B ; r２ ＝ r⇒ ＝ r , 、 v乙＝ r甲 ＝ ,C ;
１ ２
ω甲 T乙 a甲
据ω ２π 甲 乙两颗卫星的角速度之比 １ 结合a ω２r 甲 乙两颗卫星的向心加速度之比
＝T, 、 ω乙＝T甲＝ , ＝ , 、 a乙＝
８
１ 错误
,D .
１６
．【答案】
８ BC
【解析】当桶A对桶C的作用力为 时 油桶C受到重力和B桶对它的支持力F作用 支持力F与水平方向
０ , ,
ma
的夹角θ 根据牛顿第二定律有 a ３g 错误 正确 货车加速向前运动时 C油桶可
＝６０°, tan３０°＝mg⇒ ＝ ,A ,B ; ,
３
能会向后从B油桶上翻滚 当C刚要向后翻滚时 C与A之间恰好没有作用力 此时货车的加速度a ３g
, , , ＝ ,
３
正确 同理 货车紧急刹车时 C油桶可能向前在A油桶上翻滚 当C刚要向前翻滚时 C与B之间恰好没
C ; , , , ,
有作用力 此时货车的加速度a ３g 错误
, ＝ ,D .
３
．【答案】
９ AC
【解析】设摆绳长为l绳子与竖直方向的夹角为θ 悬点到圆心的距离为h 重力和绳子的拉力的合力提供向
, , ,
mω２r g θ
心力 根据牛顿第二定律有 θ ω tan 物体做圆周运动的半径r l θ 联立可得 ω
, tan ＝ mg ⇒ ＝ r , ＝ sin , : ＝
g g ma
l θ＝ h,A 正确 ; 根据v ＝ ωr ,B 错误 ; 根据 tan θ ＝mg n ⇒ a n ＝ g tan θ ,C 正确 ; 根据绳子的拉力F ＝
cos
mg
错误
θ,D .
cos
高三物理试题参考答案 第 页 共 页
【 ２ ( ５ )】．【答案】
１０ ACD
L v
【解析】粒子在匀强电场中做类平抛运动 沿x轴负方向有 L vt t ２ 沿y轴负方向有 L y t
, :２ ＝３０ ⇒ ＝v , :３ ＝
３０ ２
Eq v mv２
v v 根据牛顿第二定律有a ３３ ０ 解得E ９３ ０ 正确 粒子进入磁场的速度大
⇒ y＝３３ ０, :＝m ＝ L , ＝ qL .A ;
２ ２
v
３０
小为v
＝
v２
０＋
v y２
＝６
v
０,
与x轴的夹角θ
＝６０°,B
错误
;
粒子轨迹圆对应的圆心角
Δ
θ
＝３００°,
粒子在磁场中
m L L L
运动的时间 t ５T ５ ２π １０π 粒子从P点运动到M 点的时间t t t ２ １０π
:Δ ＝ ＝ × mv ＝ v , :０＝ ＋Δ ＝ v ＋ v ,C
６ ６ q ０ ３０ ３０ ３０
×qL
２
mv mv
正确 粒子在磁场中轨迹圆半径r ６ ０ L 正确
; ＝qB＝ mv ＝１２ ,D .
q ０
×qL
２
三、非选择题:本题共５小题,共５６分．
．【答案】 分
１１ (６ )
θ
分 cos１ 分 分 只选 或只选 给 分
(１)A(２ ) (２) θ(２ ) (３)AC(２ )( “A” “C” １ )
cos２
【解析】 入射角大一些 折射角相应地大一些 便于角度大小 或线段长短 的测量 正确 错误 在实
(１) , , ( ) .A ,C ;
验中通过两枚大头针来确定入射光线和出射光线 要适当地拉大P 和P P 和P 的距离 以便连接两点得
, １ ２、３ ４ ,
到的线更精准 错误
.B .
i
由图可知入射角i θ 折射角γ θ 根据折射定律 玻璃砖的折射率n sin
(２) ＝９０°－ １, ＝９０°－ ２, , ＝ γ＝
sin
θ θ
sin(９０°－ １) cos１
θ ＝ θ.
sin(９０°－ ２) cos２
i
从乙图可知 入射角i大于折射角r 光线从空气射入玻璃中 正确 根据n sin １ ． 错
(３) , , ,A ; ＝ γ＝ ． ≈１４９,B
sin ０６７
误 正确
,C .
．【答案】 分
１２ (１０ )
满刻度 分 ． 分 ． 分 分 不变 分
(１) (２ ) (２)８０(２ ) (３)３０(２ ) １０(２ ) (４) (２ )
【解析】 根据步骤a 指针满偏时 秤盘上不放重物 压敏电阻受到的压力F 所以质量刻度盘的零刻度
(１) , , , ＝０,
线在电流表的满刻度处
.
E E
不放物体 调节滑动变阻器的滑片 指针满偏 则I R R 表示压敏电阻 秤盘不放物
(２)(３) , , , max＝R ⇒ ０＝ ． ,０ (
０ ０１０
体时的电阻
)、
滑动变阻器和电源内阻的总电阻
,
即R
０＝２０Ω＋
R滑; 结合图
(
b
),
根据闭合电路欧姆定律有
:
E E E E
R 由图a 有R ３mg m 联立两式有m １ ２ 结合图c 可得
＝I－ ． , () ＝１０＋ ＝１０＋１５ . ＝ I－(．＋ ), ()
０１０ ２ １５ １５ ３
E
＝３
．
０V,
R
０＝３０Ω,
滑动变阻器联入电路的电阻R滑
＝１０Ω.
当I
＝０
．
０２０A
时
,
物块的质量m
＝８
．
０kg.
．【答案】 分
１３ (１０ )
因为外界气压不变 活塞缓慢上升过程中气体压强不变 则有
(１) , , :
hS dS
根据盖 吕萨克定律有 ０ 分
— :T ＝T (２ )
０ １
环境温度的改变量为 T T T
:Δ ＝ １－ ０
高三物理试题参考答案 第 页 共 页
【 ３ ( ５ )】d h
由以上几式解得 T － ０T 分
:Δ ＝ h ０(２ )
０
mg
活塞缓慢上升过程中气体压强不变 压强为 P P 分
(２) , : ＝ ０＋S (１ )
此过程中气体对外做功为 W PSd h 分
: ＝ (－ ０)(２ )
又根据热力学第一定律有 U W Q 分
:Δ ＝－ ＋ (２ )
由以上几式解得 U Q PS mg d h 分
:Δ ＝ －(０ ＋ )(－ ０)(１ )
．【答案】 分
１４ (１４ )
B
根据法拉第电磁感应定律可得感应电动势 E Δ L２ 分
(１) : ＝ t ＝５×１V＝５V(２ )
Δ
E
根据闭合电路的欧姆定律可得I ５ ． 分
:＝R R ＝ A＝０５A(１ )
＋ ０ ２＋８
根据楞次定律可知电流方向从b到a 分
(１ )
t 时 B 根据安培力的计算公式可得
(２)＝１s , ＝５T, :
F BIL ． ． 方向沿轨道面向上 分
＝ ＝５×０５×１N＝２５N, (２ )
细绳断裂瞬间 根据牛顿第二定律有 mg α F ma 分
, : sin － ＝ (２ )
解得a ． ２ 分
:＝３７５m/s(１ )
棒ab下滑过程中 安培力F与棒ab的重力沿轨道面的分力相等时导体棒达到最大速度 则有
(３) , , :
E
E BLv I m F′ BIL 分
m＝ m,m＝R R , ＝ m (２ )
＋ ０
B２L２v
可得F′ m mg α 分
＝R R ＝ sin (２ )
＋ ０
解得v ． 分
:m＝４０m/s(１ )
．【答案】 分
１５ (１６ )
(１)
设滑块B经过圆弧轨道的最低点时的速度大小为v
０,
根据机械能守恒定律
:
m BgR
＝
１m
B
v２
０(２
分
)
２
解得v 分
０＝３m/s(１ )
滑块B在圆弧轨道上运动的过程 根据牛顿第二定律
(２) , :
v２
F － m Bg ＝ m BR ０ (２ 分 )
解得F 分
＝６０N(１ )
滑块B滑上木板A 到达第一次共速的过程由动量守恒 mv m m v
(３) , : B ０＝( B ＋ A)１
解得v 分
１＝２m/s(１ )
由能量守恒
:
１m
B
v２
０＝
１
(
m
B ＋
m
A)
v２
１＋
Q
(２
分
)
２ ２
解得Q 分
＝３J(１ )
木板A与 号小球第一次碰撞 规定水平向右为正方向 由动量守恒定律和机械能守恒定律
(４) １ , , :
m A v １＝ m A v′ １＋ m ０ u １, １m A v２ １＝ １m A v′ １ ２ ＋ １m ０ u２ １,
２ ２ ２
联立解得v′ １v u １v 分
１＝－ １＝－１m/s,１＝ １＝１m/s(２ )
２ ２
高三物理试题参考答案 第 页 共 页
【 ４ ( ５ )】第二次碰撞之前 AB物体达到共速速度v 由动量守恒
, 、 ２, :
mv mv′ m m v 得到v １v
B １＋ A １＝( A ＋ B)２, ２＝ １
２
木板A与 号小球第二次碰撞 由动量守恒和能量守恒
１ , :
m A v ２＝ m A v′ ２＋ m ０ u ２, １m A v２ ２＝ １m A v′ ２ ２ ＋ １m ０ u２ ２
２ ２ ２
( )
得到v′ １v u １v １ ２v 分
:２＝－ ２;２＝ ２＝ １(２ )
２ ２ ２
( )n
由此可以发现经过n次同样的过程后u １v １ v
:n
＝
n
＝ １
２ ２
( ) ( )
故第 号小球最终的速度u １ ２０２５ １ ２０２４ 分
１ ２０２５＝ ×２＝ m/s(２ )
２ ２
高三物理试题参考答案 第 页 共 页
【 ５ ( ５ )】
