文档内容
2023 年高考考前押题密卷（福建卷）
物理·参考答案
1 2 3 4 5 6 7 8
D D C C BC AC BD AD
9． 减小（2分） 减小（2分）
10． 6（2分） 0.42（2分）
11． 交流 （1分） 先启动打点计时器，后放开小车（1分）
0.80 （2分） 0.40（2分）
12． 黑 （1分） 30 （1分） 973 （1分） 6 （2分） 大于（1分）
13．（1）50N，70N；（2） ；（3）
【详解】（1）撤去拉力后轮胎的加速度由图像可知加速度大小为
（1分）
根据牛顿第二定律有有
（1分）
由图像可知前5s内的加速度为
（1分）
根据牛顿第二定律有
（1分）
代入数据得
（1分）
（2）5s至7s内，即2s内位移为
（1分）
摩擦力做的功为
（2分）
（3）拉力F作用的位移
1
学科网（北京）股份有限公司（1分）
拉力F做的功
（1分）
全过程中拉力的平均功率为
（2分）
14．（1）0.5 （2） （3）Q＝
【详解】（1）a匀速运动时，感应电动势E＝BLυ，
感应电流：
I＝ ＝ （1分）
b受到的安培力：
Fb＝BIL＝mg，（1分）
b恰好开始运动时：
μmbg＝Fb（1分）
解得
μ＝0.5；（1分）
（2）导体棒a受到的安培力：
F＝BIL＝ （2分）
a匀速运动，对a与重物组成的系统，由平衡条件得：
mg＝ （1分）
解得，a匀速运动时的速度：
v＝ （1分）
（3）当a开始匀速运动时，细绳断裂、解除锁定后，a、b组成的系统所受合外力为零，系统动量
守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：
2
学科网（北京）股份有限公司mav＝（ma+mb）v′（1分）
对系统，由能量守恒定律得：
＝ +Q（2分）
解得：
Q＝ （1分）
15．（1）60N；（2）40J；（3）2m
【详解】（1）滑块从A点到B点的运动过程只有重力做功，机械能守恒，故有
mgR= mvB2（1分）
对滑块在B点应用牛顿第二定律可得
F −mg= （1分）
N
F −mg =2mg（1分）
N
那么由牛顿第三定律可得滑块第一次经过B点时对轨道的压力大小为
F′ =F =3mg=60N（1分）
N N
（2）滑块在BC上滑动，摩擦力做负功，故滑块从A点到D点时，弹簧弹力最大，由动能定理可得，
弹簧具有的最大弹性势能为
E=mg（R-sin30°s）-μmgL（2分）
p
E =40J（2分）
p
（3）对滑块进行受力分析可知：滑块最终停止在水平轨道BC上；设滑块在BC上通过的总路程为
s′，从开始到最终停下来的全过程，由动能定理可得
mgR-μmgs′=0（2分）
解得
s′= =10m（2分）
s′==3L+1m（2分）
故最后停在离B点
4L-s′=2m（2分）
3
学科网（北京）股份有限公司4
学科网（北京）股份有限公司
