高中物理必修第3册教材习题答案_高中全套电子教材及答案。_02高中教材参考答案_高中物理_人教版

教材习题答案 第九章 静电场及其应用 １ ｑ １ ｑ × ｑ２ 静电力Ｆ′ ｋ ２ ４ １ ｋ １ Ｆ 在此情况下再使Ａ Ｂ 1 电荷 ＝ ｒ２ ＝ ８ × ｒ２ ＝ ８ ꎬ 、 ◆练习与应用 间距离增大为原来的 倍 它们间的静电力Ｆ″ １ Ｆ′ １ Ｆ ２ ꎬ ＝ ２ ＝ ꎮ １.答案 在天气干燥的时候 脱掉外衣时 由于摩擦 外衣和身 ２ ３２ ꎬ ꎬ ꎬ ４.答案 第四个点电荷所受其余三个点电荷的静电力如图所 体各自带了等量 异号的电荷 接着用手去摸金属门把手时 、 ꎬ ꎬ 示 ｑ 共受三个力的作用 因为ｑ ｑ ｑ ｑ ｑ 所以ｑ 所受 身体放电 于是产生电击的感觉 ꎬ ４ ꎬ １＝ ２＝ ３＝ ４＝ ꎬ ４ ꎬ ꎮ ｑ２ ｑ２ ２.答案 Ａ Ｂ是金属导体 金属内部可移动的电荷是自由电子 三个力的大小为Ｆ Ｆ ｋ Ｆ ｋ 根据平行四边形定 、 ꎬ ꎮ １＝ ３＝ ａ２ꎬ ２＝ ａ２ꎬ 由于Ａ带上的是负电荷 所以是电子由Ｂ转移到Ａ Ａ得到的 ２ ꎬ ꎬ 则 合力沿正方形的对角线向外 合力的大小是Ｆ Ｆ ° . －８ ꎬ ꎬ ＝２ １ｃｏｓ４５ ＋ 电子数为 ｎ ＝ １ . ０×１０ －１９ Ｃ ＝６ . ２５×１０ １０ ꎬ 与 Ｂ 失去的电子数 Ｆ ２ ２＋１ｋ ｑ２ １６０×１０ Ｃ ２＝ ａ２ꎮ 相等 ２ ꎮ ３.答案 沿任意一条虚线切开 都有Ａ带正电 Ｂ带负电 (１) ꎬ ꎬ ꎮ 导体原来不带电 当带正电的导体球Ｃ靠近时 由于静电 ꎬ ꎬ 感应 导体中的自由电子向Ｂ部分转移 使Ｂ部分因带了多余 ꎬ ꎬ 的电子而带负电 Ａ部分因失去了电子而带正电 由于对称性 每个电荷受到其他三个电荷的静电力的合 ꎬ ꎮ ꎬ (２) Ｑ Ａ＝ Ｑ Ｂ Ｑ Ａ ′ ＝ Ｑ Ｂ ′ 力的大小都相等 ꎬ 方向都沿对角线向外 ꎮ 根据电荷守恒定律 Ａ部分失去电子的数目和 Ｂ 部分得 ５.答案 对右侧小球进行受力分析 如图所示 ꎬ ꎬ ꎮ 到电子的数目是相同的 因此无论从哪一条虚线切开 两部分 由勾股定理知 小球距悬点的竖直距离为 ꎬ ꎬ ꎬ 的电荷量总是相等的 但因为电子在导体上分布不均匀 越靠 ꎬ ꎬ ｓ ２ ２ 近右端负电荷密度越大 越靠近左端正电荷密度越大 所以从 ＝ １３ －５ ｃｍ＝１２ ｃｍ ꎬ ꎬ 设小球质量为ｍ 由相似三角形关系知 不同位置切开时左右两部分所带电荷量的大小 Ｑ Ｑ ′ ꎬ : Ａ≠ Ａ ꎬ Ｆ ｍｇ Ｑ Ｑ ′ Ｂ≠ Ｂ ꎮ ＝ ｓ ４.答案 认识 是错误的 元电荷是最小的电荷量 不是电荷 ５ ｃｍ 认识 也是错 Ａ 误的 物体 ꎬ 所带的电荷量不是任意的 ꎬ 只能是元 ꎮ 解得Ｆ ＝ ５ ×０ . ６×１０ －３ ×１０ Ｎ＝２ . ５×１０ －３ Ｎ Ｂ ꎬ ꎬ １２ 电荷的整数倍 ꎮ ｋｑ２ Ｆｒ２ . －３ . ２ 由Ｆ 得 ｑ ２５×１０ ×０１ . －８ ＝ ｒ２ : ＝ ｋ ＝ ９ Ｃ≈５３×１０ Ｃ 2 库仑定律 ９×１０ ◆练习与应用 3 电场 电场强度 ◆练习与应用 １.答案 Ａ球与Ｂ球接触 则Ａ球 Ｂ球带电荷量均为 １ ｑ 然 ꎬ 、 ꎮ ２ １.答案 认识 是错误的 电场中某点的电场强度是电场本身的性 Ａ ꎬ 后Ｂ球与Ｃ球接触 Ｂ球 Ｃ球带电荷量均为 １ ｑ 再使Ａ球 质 既与试探电荷的电荷量ｑ无关 也与试探电荷的有无无关 ꎬ 、 ꎮ ꎬ ꎬ ꎻ ４ 认识 是正确的 该公式为点电荷的电场强度的决定式 Ｂ ꎬ ꎻ １ ｑ １ ｑ 认识 是错误的 电场强度Ｅ的大小与试探电荷的电荷 ＋ Ｃ ꎬ 与Ｂ球接触 ꎬ Ａ球 、 Ｂ球带电荷量均为 ２ ４ ＝ ３ ｑ ꎮ 量ｑ无关 若ｑ减半 试探电荷受到的静电力Ｆ也会减半 而 ２ ８ ꎬ ꎬ ꎬ ２.答案 两球之间的静电力不等于ｋ Ｑ ｒ ２ ２ Ｅ ＝ Ｆ ｑ 不变 ꎻ ９ 认识 是错误的 匀强电场中电场强度Ｅ处处相同 放入 因为库仑定律适用于真空中点电荷间静电力的计算 两 Ｄ ꎬ ꎬ ꎬ 其中的电荷量为ｑ的电荷受到的静电力为Ｆ Ｅｑ 所以 在匀 个半径为ｒ的金属球球心相距 ｒ时 由于两球距离太近 电荷 ＝ ꎬ ꎬ ３ ꎬ ꎬ 强电场中 电荷的电荷量越大 受到的力也就越大 在两金属球上的分布发生变化 两球不能视为点电荷 因而它 ꎬ ꎬ ꎮ ꎬ ꎬ Ｆ Ｆ 们之间作用力的大小已不能直接用库仑定律进行计算 所以 ꎬ Ｆ ｎＦ Ｅ ｑ Ｆ Ｅ ｑ Ｑ２ ２.答案 Ｅ Ｅ Ａ １ Ｅ Ａ ｎ Ｆ ｋ Ａ＝ ｑ ꎬ Ｂ＝ ｑ ꎬＥ ＝ ｎＦ ＝ ｎ ꎬ Ｃ＝ｎｑꎬＥ ＝ Ｆ ＝ ꎮ ≠ ｒ２ꎮ Ｂ Ｃ ９ ｑ ｎｑ ３.答案 设Ａ Ｂ带的电荷量分别为ｑ ｑ Ａ Ｂ之间距离为ｒ 则 、 、－ ꎬ 、 ꎬ ３.答案 重力场强度的大小等于物体所受到的重力与物体的质 ｑ２ Ｆ ｋ 用Ｃ接触Ａ后 Ａ Ｃ带的电荷量均为ｑ １ ｑ Ｃ再 Ｇ ＝ ｒ２ꎮ ꎬ 、 Ａ＝ ꎬ 量的比值 即ｇ 单位为牛顿每千克 方向竖直向下 ２ ꎬ ＝ ｍꎬ ꎬ ꎮ ｑ ｑ ４.答案 这种说法是错误的 例如 当带电粒子的初速度 ｖ与 － ＋ ｑ ꎮ ꎬ 接触Ｂ后 Ｂ带的电荷量ｑ ２ 故此时Ａ Ｂ球间的 匀强电场方向不在一条直线上时 带电粒子在静电力作用下 ꎬ Ｂ＝ ＝－ ꎬ 、 ꎬ ２ ４ 做曲线运动 其轨迹就不是电场线 ꎬ ꎮ １６３ 􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋 关注精品公众号【偷着学】，免费获取更多高中精品资源、最新网课、讲义等５.答案 Ｂ点电场强度最强 Ｃ点电场强度最弱 负电荷 Ｂ端积累正电荷 把Ａ Ｂ分开 因Ａ Ｂ之间已经绝缘 (１) ꎬ ꎬ ꎬ 、 ꎬ 、 ꎬ Ａ Ｂ Ｃ三点电场强度的方向如图所示 此时即使再移走Ｃ Ａ Ｂ上所带电荷量不会变 Ａ带负电 Ｂ带 (２) 、 、 ꎬ 、 ꎬ ꎬ 负点电荷在Ａ Ｂ Ｃ三点所受静电力的方向如图所示 正电 如果先移走Ｃ Ａ Ｂ上的感应电荷会马上中和 不再带 (３) 、 、 ꎻ ꎬ 、 ꎬ 电 再把Ａ Ｂ分开 Ａ Ｂ将都不带电 ꎬ 、 ꎬ 、 ꎮ ３.答案 α β ＝ 以球Ａ为研究对象 对Ａ受力分析如图 ꎬ 所示 ꎮ ６.答案 小球受重力ｍｇ 静电力Ｆ 轻绳的拉力 Ｔ 由共点力平衡得 、 、 : 的作用而处于平衡状态 如图所示 Ｆ α Ｆ ꎬ ꎮ Ｔ ｓｉｎ ＝ 库 ① Ｆ ｍｇ ° ｑＥ Ｆ α ｍ ｇ ＝ ｔａｎ３０ ＝ Ｔ ｃｏｓ ＝ Ａ ② Ｆ . －３ . ３ 由①得 α 库 同理 对Ｂ球分析 ｍｇ １０×１０ ×９８× ｔａｎ ＝ｍ ｇꎬ ꎬ 所以Ｅ ° ３ ② Ａ ＝ ｑ ｔａｎ３０ ＝ . －８ Ｎ/Ｃ＝ Ｆ ２０×１０ 也有 β 库 因为不论ｑ ｑ 大小如何 两带电小球间的 ２ . ８３×１０ ５ Ｎ/Ｃꎮ ｔａｎ ＝ｍ Ｂ ｇꎬ １、 ２ ꎬ ７.答案 因为电荷量的大小Ｑ Ｑ 故在Ｑ 左侧的ｘ轴上 Ｑ 库仑力属于作用力与反作用力 大小相等 而两球质量也相 １> ２ꎬ １ ꎬ １ ꎬ ꎬ 产生的电场强度总大于Ｑ 产生的电场强度 合场强方向总是 等 所以有 α β 所以两个偏角相等α β ２ ꎬ ꎬ ｔａｎ ＝ｔａｎ ꎬ ＝ ꎮ 指向ｘ轴负半轴 在ｘ 和ｘ 之间 合场强的方向总是 ４.答案 第三个小球应放在两个带正电小球之间距离Ｑ小球 ꎮ ＝０ ＝６ｃｍ ꎬ 沿ｘ轴的正方向 故只有在Ｑ 右侧的ｘ轴上的某点处 电场 ꎮ ２ ꎬ . 处 带负电 电荷量是Ｑ的 ９ 强度才有可能为零 ０１ ｍ ꎬ ꎬ ꎮ ꎮ １６ 设该点与ｘ 点的距离为ｘ 则 要使ｑ平衡 应使Ｑ Ｑ对ｑ的库仑力大小相等 方向相 (１) ＝０ ꎬ ꎬ 、９ 、 Ｑ Ｑ 反 因此ｑ必须和Ｑ Ｑ在同一条直线上 因为Ｑ Ｑ带同种 ｋ １ ｋ ２ ꎬ 、９ ꎮ 、９ ｘ２ － ｘ ２ ＝０ 电荷 所以ｑ不可能在它们同侧 一定在它们之间 设ｑ与Ｑ ( －６) ꎬ ꎬ ꎮ 解得ｘ 不合题意 舍去 ｘ 的距离是ｘ 如图所示 １＝４ ｃｍ( ꎬ )ꎬ ２＝１２ ｃｍꎻ ꎬ ꎮ 在ｘ轴上 ｘ 和ｘ 的地方 电场强度的 (２) ０< <６ ｃｍ >１２ ｃｍ ꎬ 方向是沿ｘ轴正方向的 ꎮ 说明 在距离坐标原点 和 的位置 电场强度也 : ＋∞ －∞ ꎬ 根据库仑定律和平衡条件列式 为零 : ꎮ Ｑｑ Ｑｑ ｋ ｋ ９ ｘ２ － . ｘ ２ ＝０ 4 静电的防止与利用 (０４－ ) 要使Ｑ平衡 应使ｑ Ｑ对Ｑ的库仑力大小相等 方向相 ꎬ 、９ 、 ◆练习与应用 反 所以ｑ一定带负电 ꎮ ꎮ １.答案 用导线将生产过程中产生的静电导走 或使车间保持 ꎬ Ｑｑ Ｑ２ ｋ ｋ９ 潮湿 ꎬ 及时将静电导走 ꎮ ｘ２ － ０ . ４ ２ ＝０ ２.答案 起电机摇动时 锯条附近电场强度最大 ꎬ ꎮ 联立解得ｘ . ｑ ９ Ｑ 空气被电离后形成的自由电子会附着在烟尘上 这些被 ＝０１ ｍꎬ ＝ ꎮ ꎬ １６ 自由电子附着的烟尘最终会到接正极的金属片上 ５.答案 设绝缘线与竖直方向的夹角为θ ꎮ ꎬ ３.答案 因为超高压输电线周围存在很强的电场 带电作业的 ꎬ θ ２ １ 工人直接进入这样的强电场会有生命危险 如果工人穿上包 ｔａｎ ＝ ＝ ꎮ ２００ ２ －２ ２ ９９９９ 含金属丝的织物制成的工作服 这身工作服就像一个金属网 ꎬ Ｆ ＝ Ｅｑ 罩 可以起到静电屏蔽的作用 使超高压输电线周围的电场被 ꎬ ꎬ Ｆ ＝ ｍｇ ｔａｎ θ 工作服屏蔽起来 工人就可以安全作业了 ꎬ ꎮ 解得ｑ . －９ ＝２９４×１０ Ｃꎮ ４.答案 点火器的放电电极做成钉尖形是利用尖端放电现象 ꎬ ６.答案 静电平衡时 导体棒中点Ｏ处的电场强度为 所以导 ꎬ ０ꎬ 使在电压不高的情况下也容易点火 ꎮ 体棒上感应电荷在Ｏ处产生的电场强度与点电荷ｑ在棒中点 验电器的金属杆上端固定一个金属球是为了防止出现尖 ｑ 端放电现象 ꎬ 使验电器在电压较高时也不会放电 ( 漏电 )ꎮ Ｏ处产生的电场强度大小相等 ꎬ 方向相反 ꎮ Ｅ 感＝ ｋ ( ｌ ) ２ꎬ Ｒ ５.答案 使用金属网状编织层把话筒线包裹起来 屏蔽周围环 ＋ ꎬ ２ 境的干扰信号 方向向左 ꎮ ꎮ ◆复习与提高 Ｂ组 Ａ组 １.答案 没有违背能量守恒定律 因为把Ａ Ｂ分开或把Ａ Ｂ在 ꎮ 、 、 １.答案 当验电器带电时 两片金属箔会带上同种电荷 由于同 Ｃ附近相碰需要能量 小电动机转动的能量就来自于此 ꎬ ꎬ ꎬ ꎮ 种电荷互相排斥 两片金属箔会张开一个角度 当两片金属箔 Ｑ ꎬ ꎻ ２.答案 当每个金属球各分得 时 它们之间的静电力最大 张开一定的角度 金属箔片受力平衡时 张开的角度就不变了 ꎬ ꎮ ꎬ ꎬ ꎮ ２ ２.答案 在带电体Ｃ的右侧有两个相互接触的金属导体 Ａ和 设两金属球间距为ｒ 其中一个金属球分得的电荷量为ｑ ꎬ ꎬ Ｂ 由于静电感应 Ａ Ｂ中的自由电子向左移动 使得Ａ端积累 则另一个金属球分得的电荷量为Ｑ ｑ ꎬ ꎬ 、 ꎬ － ꎬ １６４ 􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋 关注精品公众号【偷着学】，免费获取更多高中精品资源、最新网课、讲义等教材习题答案 ｑ Ｑ ｑ ｋ 负值 所以Ｆ点的电势大于 因此Ｆ点的电势高 它们之间的静电力为Ｆ ｋ ( － ) ｑ Ｑ ｑ ꎬ ０ꎬ ꎮ ＝ ｒ２ ＝ ｒ２ ( － )ꎬ 小结 试探电荷为正电荷时 电荷在某点电势能越大 则 : ꎬ ꎬ Ｑ 该点电势越高 试探电荷为负电荷时 电荷在某点电势能越 当ｑ 时 Ｆ最大 ꎻ ꎬ ＝ ꎬ ꎮ 大 则该点电势越低 ２ ꎬ ꎮ ３.答案 负电荷 ｑ ４.答案 沿电场方向 电势逐渐降低 所以Ｍ点的电势高 ２ ２ (１) ꎬ ꎬ ꎮ 设正方形的边长为ｒ Ａ Ｃ两点的正电荷在Ｄ处产生的合 让一带电粒子沿 ＡＢ ꎬ 、 (２) ｑ 运动到与 Ｐ 在同一电场线的 电场强度为Ｅ ｋ 方向由Ｂ指向Ｄ 放在Ｂ点的电荷在 ＝ ２ ｒ２ꎬ ꎻ 位置 Ｃ 如图所示 Ｃ 点在 Ｐ ꎬ ꎬ Ｄ处产生电场强度与Ａ Ｃ两点的正电荷在Ｄ处产生的合电场 点的左侧 由于ＡＢ与电场线 、 ꎬ 强度大小相等 方向相反 所以放在Ｂ点的电荷为负电荷 由 垂直 静电力不做功 所以带 ꎬ ꎬ ꎮ ꎬ ꎬ ｑ ｑ 电粒子在Ｍ点与在Ｃ点的电 ｋ Ｂ ｋ 得ｑ ｑ ｒ ２ ＝ ２ ｒ２ꎬ Ｂ＝２ ２ ꎮ 势能相同 因此两点电势相同 而 Ｃ 点的电势高于 Ｐ 点的电 ( ２ ) ꎬ ꎬ ｑ 势 所以Ｍ点的电势高于Ｐ点的电势 ４.答案 ｋ 方向向左 ꎬ ꎮ ｄ２ꎬ 小结 沿电场线方向电势逐渐降低 ９ : ꎮ 带电薄板不能看成是点电荷 它在Ｂ点产生的电场要利 ５.答案 将试探电荷从无穷远处移动过来 静电力对正试探电 ꎬ ꎬ 用对称思想进行分析 荷做正功 对负试探电荷做负功 所以场源电荷对正试探电荷 ꎮ ꎬ ꎬ 由于Ａ点的电场强度为 说明点电荷ｑ在Ａ点产生的电 吸引 对负试探电荷排斥 因此场源电荷是负电荷 ０ꎬ ꎬ ꎬ ꎮ 场强度与带电薄板在Ａ点产生的电场强度大小相等 ꎬ 方向相 由题可知 ꎬ ｑ １ 在Ａ点的电势能为Ｅ ｐ Ａ＝－４×１０ －８ Ｊꎬ Ａ点的 反 ꎬ 即Ｅ 板Ａ＝ ｋ (３ ｑ ｄ ) ２ ＝ ｋ ９ ｑ ｄ２ꎬ 方向向右 ꎮ 电势为φ Ａ＝ Ｅ ｑ ｐ １ Ａ ＝ －４ １ × ０ １ －９ ０ －８ Ｖ＝－４０ Ｖꎻ ｑ ２ 在 Ｂ 点的电势能为 电薄 根 板 据 在 对 Ａ 称 点 性 产 可 生 知 的 ꎬ 带 电 电 场 薄 强 板 度 在 大 Ｂ 小 点 相 产 等 生 ꎬ 的 方 电 向 场 相 强 反 度 ꎬ 所 跟 以 带 Ｅ ｐ Ｂ＝６×１０ －８ Ｊꎬ Ｂ点的电势为φ Ｂ＝ Ｅ ｑ ｐ ２ Ｂ ＝ － ６ ２ × × １ １ ０ ０ － － ８ ９ Ｖ＝－３０ Ｖꎬ 由 ５. Ｅ 答 板 案 Ｂ＝ ｋ ９ ｑ ｄ２ꎬ Ｆ 方向 ｋ 向左 Ｑ ꎮ ｑ ｘ ２ ｋＱｑｘ ６. 于 答案 φ Ａ < φ Ａ Ｂ 点 ꎬ 所 的 以 电 场 势 源 为 负 φ 电 Ａ＝ 荷 Ｅ ｑ 在 ｐ Ａ １ ＝ Ａ 、 － Ｂ ４× 的 １０ 左 － － ９ ８ 边 Ｖ ꎮ ＝－２０ Ｖꎬ (１) １＝２ ｌ ４ ２ ＋ ｘ２ 􀅰 ｌ ４ ２ ＋ ｘ２ ＝( ｌ ４ ２ ＋ ｘ２ ) ３ ２ Ｂ点的电势为φ Ｂ＝ Ｅ ｑ ｐ Ｂ ２ １ ＝ ９× ２ １ × ０ １ － － ０ ８ ９ Ｖ＝－３０ Ｖꎬ Ｑｑ ｌ ｋＱｑｌ ２ －３×１０ (２) Ｆ ２＝２ ｋ ｌ ４ ２ ＋ ｘ２ 􀅰 ２ ｌ ４ ２ ＋ ｘ２ ＝( ｌ ４ ２ ＋ ｘ２ ) ３ ２ Ｅ ｐ Ｂ ３＝ ｑ 把 φ ３ Ｂ 在 ｑ 􀅰 Ａ 从 ｑ 、 ３ Ｂ ＝ Ａ １ 两 点 . ５ 点 移 ×１ 的 动 ０ － 电 到 ７ Ｊ 势 ꎬ Ｂ 能 点 分 电 别 势 为 能增 Ｅ ｐ 加 Ａ ３＝ 所 φ Ａ 以 􀅰 静 ｑ ３ 电 ＝ 力 １× 对 １０ ｑ －７ 做 Ｊ、 ｌ ｘ ３ ꎬ ３ (３) >２ 负功 ꎬ 数值是Ｗ ＝ Ｅ ｐ Ｂ ３－ Ｅ ｐ Ａ ３＝５×１０ －８ Ｊꎮ ６.答案 (１) Ｅ Ａ＝ ４ . Ｎ/Ｃ＝４０Ｎ/Ｃꎬ Ｅ Ｂ＝ １ . Ｎ/Ｃ＝２ . ５Ｎ/Ｃꎬ 方向 ７.答案 等量同种正电荷的电场线及等势面的分布如图所示 : ０１ ０４ 都是沿ｘ轴正方向 ꎮ 由于Ｅ Ｅ 场源点电荷Ｑ应在Ａ点左侧 设其坐标 (２) Ａ> Ｂꎬ ꎬ Ｑ 为ｘ 则有 Ｅ ｋ ꎬ : Ａ＝ . ｘ ２ ＝４０ Ｎ/Ｃ (０３－ ) Ｑ Ｅ ｋ . Ｂ＝ . ｘ ２ ＝２５ Ｎ/Ｃ (０６－ ) 联立解得ｘ . ＝０２ ｍꎮ 沿电场方向电势逐渐降低 而负电荷在电势越低处的电 ꎬ 第十章 静电场及其应用 势能越大 所以负电荷自Ａ点沿直线移动到Ｂ点 电势降低 ꎮ ꎬ ꎬ 电势能增大 从 Ｂ 点沿直线移动到 Ｃ 点 电势降低 电势能 ꎻ ꎬ ꎬ 1 电势能和电势 增大 ꎮ ◆练习与应用 2 电势差 １.答案 Ｗ ＡＢＣ＝ Ｗ ＡＢ＋ Ｗ ＢＣ＝ Ｅｑ 􀅰 ｌ ＡＢ＋ Ｅｑ 􀅰 ｌ ＢＣ ｃｏｓ６０ ° ＝２ . ６４×１０ －７ Ｊ ◆练习与应用 静电力所做的功与电荷的起始位置和终止位置有关 与 ꎬ 电荷经过的路径无关 所以 １.答案 Ｗ ＡＢ＝ ｑＵ ＡＢ＝－２×１０ －９ ×２０ Ｊ＝－４×１０ －８ Ｊꎬ 静电力做负功 ꎮ Ｗ ＡＣ＝ Ｗ ＡＢＣ＝２ . ６４×１０ －７ Ｊ ４×１０ －８ Ｊꎬ 电势能增加 ４×１０ －８ Ｊꎮ Ｅ －８ ２.答案 １ ｅＶ＝１ . ６×１０ －１９ Ｃ×１ Ｖ＝１ . ６×１０ －１９ Ｊꎮ ２.答案 φ ＝ ｑ ｐ １ １ ＝ ４ ６ × × １ １ ０ ０ －９ Ｊ/Ｃ＝１５ Ｖꎬ ３.答案 (１) Ｂ点的电势比Ａ点的电势高 ꎬ 负电荷在Ａ点的电势 能较大 Ｅ φ ｑ －１０ －９ ꎮ ３.答案 ｐ２＝ 􀅰 Ａ点 ２ 的 ＝１ 电 ５× 势 (－ 高 ２×１０ Ｄ ) 点 Ｊ＝ 的 － 电 ３× 势 １０ 高 Ｊ ｑ在Ｅ点的 (２) 负电荷由Ｂ点移到Ａ点时 ꎬ 静电力做负功 ꎮ (１) ꎻ(２) ꎻ(３) Ｕ 是负的 Ｕ 是正的 电势能为负值 所以Ｅ点的电势小于 ｑ在Ｆ点的电势能是 (３) ＡＢ ꎬ ＢＡ ꎮ ꎬ ０ꎬ－ １６５ 􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋 关注精品公众号【偷着学】，免费获取更多高中精品资源、最新网课、讲义等４.答案 不能 假若两个电势不同的等势面相交 相交处的电 －４ ꎮ ꎬ １０ Ｆ 势就相等 这两个等势面的值就不能不同 所以电场中两个电 所带电荷量是Ｑ ＣＵ . －４ －４ ꎬ ꎬ ＝ ＝１５×１０ ×２ Ｃ＝３×１０ Ｃꎮ 势不同的等势面不能相交 ４.答案 Ｑ ＣＵ －６ . ３ . －２ ꎮ ＝ ＝１５×１０ ×４０×１０ Ｃ＝６０×１０ Ｃ ５.答案 电场线大致分布如图所示 ꎮ 因φ φ φ 5 带电粒子在电场中的运动 Ａ＝ Ｂ＝１０ Ｖꎬ Ｃ＝６ Ｖ Ｗ ｑφ ｑφ ｑ φ φ ◆练习与应用 ＡＢ＝ Ａ－ Ｂ ＝ ( Ａ－ Ｂ)＝ １× １.答案 解法一:Ｅ Ｅ ｑＵ . －１９ . (１０－１０) Ｊ＝０ Ｊ ｋ ＝Δ ｋ ＝ ＝２×１ ６×１０ ×９０ Ｊ＝２ ８８× 同一等势面上 任何两点间的电势 －１７ ꎬ １０ Ｊꎮ 差为零 所以在同一等势面上的两点间 Ｕ ꎬ 解法二:Ｅ ９０ 移动电荷 静电力不做功 ＝ ｄ ＝ . －２ Ｖ/ｍꎬ ꎬ ꎮ ６２×１０ Ｗ ｑφ ｑφ ｑ φ φ Ｗ Ａ Ｂ Ｃ Ｃ ＝ ＝ ｑφ Ａ Ｂ － － ｑφ Ｃ Ｃ ＝ ＝ ｑ ( ( φ Ａ Ｂ － － φ Ｃ Ｃ ) ) ＝ ＝ １ １ × × ( ( １ １ ０ ０ － － ６ ６ ) ) Ｊ Ｊ ＝ ＝ ４ ４ Ｊ Ｊ Ｅ ｋ＝Δ Ｅ ｋ＝ ｑＥｄ ＝２×１ . ６×１０ －１９ × ６ . ２× ９０ １０ －２ ×６ . ２×１０ －２ Ｊ＝２ . ８８× 所以Ｗ ＡＣ＝ Ｗ ＢＣ １０ －１７ Ｊꎮ Ｕ ｑＥ 两个等势面的电势差一定 ꎬ 所以从一个等势面上的不同 解法三:Ｅ ＝ ｄ ꎬ ａ ＝ ｍꎬ ｖ ＝ ２ ａｄ ꎬ Ｅ ｋ＝ １ ｍｖ２ ＝ ｑＵ ＝２ . ８８× 点向另一等势面上的同一点移动同一电荷 静电力做功相同 ２ ꎬ ꎮ －１７ ６.答案 Ｂ Ｃ两点电势相同 所以ＢＣ是一条等势线 电场线与 １０ Ｊꎮ 、 ꎬ ꎬ 比较以上三种解法 解法一比较简便 等势线垂直并指向电势降低的方向 如图所示 ꎬ ꎮ ꎬ ２.答案 ｅＵ Ｅ Ｅ ｅＵ . －１９ . . －１８ － ＝０－ ｋｍꎬ ｋｍ＝ ＝１６×１０ ×１２５ Ｊ＝２０×１０ Ｊꎮ 所以ｖ ２ Ｅ ｋｍ ２×２ . ０×１０ －１８ . ６ ＝ ｍ ＝ . －３０ ｍ/ｓ≈２１×１０ ｍ/ｓꎮ ｅ ０９×１０ ３.答案 设偏转电压为Ｕ 带电粒子电荷量为ｑ 质量为ｍ 进入 ꎬ ꎬ ꎬ 偏转电场的速度为ｖ 偏转电场两极板间的距离为ｄ 极板长 ０ꎬ ꎬ 度为Ｌ 对带电粒子有 动能Ｅ １ ｍｖ２ 在偏转电场中的加速 3 电势差与电场强度的关系 ꎬ : ｋ＝ ０ꎬ ２ ｑＵ Ｌ ◆练习与应用 度ａ 在偏转电场中运动的时间ｔ 离开偏转电场时沿 ＝ｍｄꎬ ＝ｖ ꎬ Ｕ ４ ０ １.答案 Ｅ ４×１０ . ６ ｑＵ Ｌ ＝ ｄ ＝ １ . ３×１０ －２ Ｖ/ｍ≈３１×１０ Ｖ/ｍꎮ 静电力方向的速度ｖ ⊥＝ ａｔ ＝ｍｄ􀅰ｖ ꎬ 离开偏转电场时的偏转 ２.答案 Ｄ点的电势比Ｃ点的电势高 ０ (１) ꎮ ｖ ｑＵＬ Ｕ ＣＤ＝－ Ｅｄ ＣＤ＝－２×１０ ４ ×５×１０ －２ Ｖ＝－１０ ３ Ｖ 角度θ的正切值 ｔａｎ θ ＝ｖ ⊥ ＝ｍｄｖ２ꎮ (２) Ｂ板接地时 ꎬ φ Ｃ＝ Ｅｄ ＣＢ＝２×１０ ４ ×３×１０ －２ Ｖ＝６００ Ｖ ０ ０ θ ｍ 电子与氢核的初速度相同 有ｔａｎ ｅ Ｈ φ Ｄ＝ Ｅｄ ＤＢ＝２×１０ ４ ×８×１０ －２ Ｖ＝１ . ６×１０ ３ Ｖ (１) ꎬ ｔａｎ θ Ｈ ＝ｍ ｅ ꎮ Ｕ ＣＤ＝ φ Ｃ－ φ Ｄ＝(６００－１ . ６×１０ ３ )Ｖ＝－１０００ Ｖ 电子与氢核的初动能相同 有ｔａｎ θ ｅ Ａ板接地时 ꎬ φ Ｃ＝０－ Ｅｄ ＣＡ＝－２×１０ ４ ×７×１０ －２ Ｖ＝－１ . ４×１０ ３ Ｖ (２) ꎬ ｔａｎ θ Ｈ ＝１ꎮ φ Ｄ＝０－ Ｅｄ ＤＡ＝－２×１０ ４ ×２×１０ －２ Ｖ＝－４×１０ ２ Ｖ ４.答案 设加速电压为Ｕ ０ꎬ 偏转电压为Ｕ ꎬ 带电粒子的电荷量为 Ｕ ＣＤ＝ φ Ｃ－ φ Ｄ＝－１ . ４×１０ ３ Ｖ－(－４×１０ ２ Ｖ)＝－１ ０００ Ｖꎬ 在这 ｑ ꎬ 质量为ｍ ꎬ 垂直进入偏转电场时的速度为ｖ ０ꎬ 偏转电场极板 两种情况下 Ｕ 都是 间的距离为ｄ 极板长度为Ｌ 对带电粒子有 在加速电场中获 ꎬ ＣＤ －１０００ Ｖꎮ ꎬ ꎬ : (３) Ｗ ＣＤ＝ ｅＵ ＣＤ＝－１ . ６×１０ －１９ ×(－１０００)Ｊ＝１ . ６×１０ －１６ Ｊ 得的动能 １ ｍｖ２ ０＝ ｑＵ ０ꎬ 在偏转电场中的加速度和运动时间分 如果使电子从Ｃ点先移到Ｐ点 再移到Ｄ点 静电力所做 ２ ꎬ ꎬ ｑＵ Ｌ ｑＵＬ２ ＵＬ２ 的功不会发生变化 因为静电力做功与路径无关 只与初 末 别为ａ ｔ 偏转距离ｙ １ ａｔ２ 即不同 ꎬ ꎬ 、 ＝ｍｄꎬ ＝ ｖ ꎬ ＝ ＝ ｍｄｖ２ ＝ Ｕ ｄꎬ 位置有关 ０ ２ ２ ０ ４ ０ ꎮ 的带电粒子 带同种电荷 由静止经过同一加速电场后垂直进 ３.答案 小山坡ｂ边比ａ边地势更陡些 小球沿ｂ坡滚下加速度 ( ) ꎬ 入同一偏转电场 其偏转距离与带电粒子的电荷量和质量无 更大些 若图为等势线图 ｂ 边电势降落比 ａ 边电势降落得 ꎬ ꎮ ꎬ 关 所以三种粒子的混合物不会分离为三股粒子束 快 ｂ边的电场强度比ａ边大 ꎬ ꎮ ꎬ ꎮ ５.答案 电子在加速电场中获得的动能Ｅ １ ｍｖ２ ｑＵ 在 ｋ＝ ０＝ ０①ꎬ ２ 4 电容器的电容 ｑＥ 偏转电场中的加速度ａ 在偏转电场中运动的时间ｔ ◆练习与应用 ＝ ｍ②ꎬ ＝ １.答案 第一行 减小 减小 电能转化为内能 放电 Ｌ ｑＵ ｑＥＬ : ２ 由 式得ｖ ２ ０ 由 式得ｖ ａｔ 由 第二行 减小 增大 电能从电池转移到电容器 充电 ｖ ③ꎬ ① ０＝ ｍ ④ꎬ ②③ ｙ＝ ＝ｍｖ ⑤ꎬ : １ ０ ０ ２.答 错 案 误 电容器 正 的 确 电容 对 只 于 跟 同 电 一 容 个 器 电 有 容 关 器 ꎬ 跟 其 是 电 否 荷 带 量 电 与 无 电 关 压 ꎬ 成 因 正 此 ④⑤ 式得ｖ ＝ ｖ２ ０＋ ｖ２ｙ ＝ ２ ｑ ｍ Ｕ ０ ＋ ｑＥ ｍ ２ Ｕ Ｌ２ ꎬ 电子的比荷可由课本中 Ａ ꎬＢ、Ｄ ꎮ ꎬ ２ ０ 比 正确 ｖ ＥＬ ꎬＣ ꎮ 查出 代入数值得 ｖ . ７ θ ｙ Ｑ . －４ ꎬ ≈１ ９×１０ ｍ/ｓꎬｔａｎ ＝ ｖ ＝ Ｕ ＝ ３.答案 电容器的电容是Ｃ ４５×１０ . －４ ０ ２ ０ ＝ Ｕ ＝ ３ Ｆ＝１５×１０ Ｆ ５０００×６×１０ －２ . θ . ° 将电容器的电压降为 电容器的电容不变 还是 . ＝０１５ꎬ ＝８５３ ꎮ ２ Ｖꎬ ꎬ １ ５× ２×１０００ １６６ 􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋 关注精品公众号【偷着学】，免费获取更多高中精品资源、最新网课、讲义等教材习题答案 ６.答案 由动能定理得Ｅｑ ｄ １ ｍｖ２ ３.答案 Ｕ Ｗ ＡＢ －２ . ４×１０ －５ 􀅰 ＝ ２ ꎬ (１) ＡＢ＝ ｑ ＝ －６×１０ －６ Ｖ＝４ Ｖ 所以Ｅ ＝ ２ ｍ ｑ ｖ ｄ ２ ＝ １ . ６７ ２ × × １ １ ０ . ６ －２ × ７ × １０ ( － １ １ . ９ ０ × × ４ １ . ０ ０ ７ ) ２ Ｎ/Ｃ≈１ . ３×１０ ５ Ｎ/Ｃꎮ Ｕ ＢＣ＝ Ｗ ｑ ＢＣ ＝ １ . ２×１０ － － ６ ５ Ｖ＝－２ Ｖ －６×１０ ◆复习与提高 φ Ｕ φ φ φ Ｕ (２) Ａ＝ ＡＢ＋ Ｂ＝４ Ｖꎬ Ｃ＝ Ｂ－ ＢＣ＝２ Ｖ Ａ组 φ φ １.答案 (１) 把电子从ｂ等势面移动到ｅ等势面 ꎬ (３) 取ＡＢ中点Ｄ ꎬ φ Ｄ＝ Ａ＋ Ｂ ＝２ Ｖ＝ φ Ｃ ２ 静电力做功是 : Ｗ ＝ Ｕｅ ＝(－１５)×(－１ . ６×１０ －１９ ) Ｊ＝２ . ４× 则ＤＣ是等势线 过点Ｂ作ＤＣ的垂线就是电场线 电场 ꎬ ꎬ １０ －１８ Ｊ 线方向指向电势降低的方向 如图所示 ꎬ : 电场中的Ａ Ｂ两点 电势相等 由 Ｅ φｑ 可知两电 (２) 、 ꎬ ꎬ ｐ＝ ꎬ 荷量相等的试探电荷电势能相等 ꎻ 由题图可知Ａ点附近等差等势面较密 所以Ａ点的电场 ꎬ 强度大于Ｂ点的电场强度 由Ｆ Ｅｑ 可知 在Ａ点的试探电荷 ꎬ ＝ ꎬ ꎬ 受到的静电力大 ꎮ ２.答案 不存在 因为等势线一定与电场线垂直 如果电场线 ꎮ ꎬ 相互平行 ꎬ 那么等势线也一定平行 ꎬ 就会出现与Ｕ ＝ Ｅｄ相矛盾 ４.答案 的情况 ꎮ ３.答案 负电荷从Ａ点到Ｂ点速度变大 静电力做正功 电 (１) ꎬ ꎬ 势能减小 所以Ｅ Ｅ ꎬ ｐ Ａ> ｐ Ｂꎬ Ｅ 由φ ｐ 可知负电荷的电势能越大 其所在位置的电势 ＝ ｑ ꎬ ꎬ 越低 所以φ φ ꎬ Ａ< Ｂꎮ 由题图乙可知 负电荷从Ａ点到Ｂ点 ｖ ｔ图像的斜率 (２) ꎬ ꎬ － 第十一章 电路及其应用 Ｆ 变小 即加速度变小 负电荷受到的静电力变小 由Ｅ 可知 ꎬ ꎬ ꎬ ＝ ｑ 1 电源和电流 电场强度Ｅ变小 所以Ｅ Ｅ ꎬ Ａ> Ｂꎮ ４.答案 电荷从Ａ点到Ｃ点 电势能减少 . －５ 静电力做 ◆练习与应用 ꎬ １９２×１０ Ｊꎬ 功为Ｗ ＡＣ＝１ . ９２×１０ －５ Ｊꎬ Ｕ ＡＣ＝ Ｗ ｑ ＡＣ ＝ １ . . ９２×１０ － － ６ ５ Ｖ＝１２ Ｖꎬ φ Ａ＝ １.答案 ｑ ＝ Ｉｔ ＝５０×１０ －６ ×３ . ２ Ｃ＝１ . ６ ｑ ×１０ －４ . Ｃ －４ １６×１０ 通过该横截面的电子数ｎ １６×１０ １５ Ｕ φ ＝ ｅ ＝ . －１９ ＝１×１０ ꎮ ＡＣ＋ Ｃ＝(１２＋０) Ｖ＝１２ Ｖꎮ １６×１０ 从Ａ点到Ｃ点 电场强度变小 由Ｕ Ｅｄ 所以Ｕ Ｕ ｑ ꎬ ꎬ ＝ ꎬ ＡＢ> ＢＣꎮ ２.答案 Ｉ ３ . ＝ ｔ ＝ Ａ＝０３ Ａ ５.答案 电容器两极板间的电压为Ｕ Ｑ ６×１０ －８ １０ ＝ Ｃ ＝ １ . ５×１０ －４ ×１０ －６ Ｖ＝ ３.答案 该手机的待机电流Ｉ ４０００ ｍＡ􀅰ｈ . ＝ ≈７５８ ｍＡ ２２×２４ ｈ ４００ Ｖꎬ 如果两板间的距离为 电容器两极板间的电场强度 １ ｍｍꎬ 用该手机播放视频时的电流 Ｉ′ ＝ ４０００ ｍＡ􀅰ｈ ≈ Ｕ １７ ｈ 是Ｅ ＝ ｄ ＝ １× ４ １ ０ ０ ０ －３ Ｖ/ｍ＝４×１０ ５ Ｖ/ｍꎮ ２３５ . ２９ ｍＡ Ｂ组 Ｉ′ . ２３５２９ Ｉ ＝ . ≈３１ １.答案 两等量异种点电荷之间连线的中点是两点电荷之间连 ７５８ 线上电场强度最小的点 是连线中垂线上电场强度最大的点 ꎬ ꎬ 2 导体的电阻 所以试探电荷从Ａ点移动到Ｂ点 再沿连线从Ｂ点移动到Ｃ ꎬ ◆练习与应用 点 试探电荷所受的静电力一直变大 ꎬ ꎮ 两等量异种点电荷连线的中垂线是等势线 ꎬ 中垂线上Ａ 、 １.答案 Ｒ Ａ> Ｒ Ｂ＝ Ｒ Ｃ> Ｒ Ｄ Ｂ两点电势相等 从 Ａ 点移动到 Ｂ 点 试探电荷的电势能 Ｕ ꎬ ꎬ ２.答案 小灯泡的电阻为Ｒ ３ 不变 ＝ Ｉ ＝ . Ω＝１２ Ωꎮ ０２５ ꎻ 由于沿电场方向 电势降低 所以φ φ 由Ｅ φｑ 可知 导线是用铜丝制作的 若铜丝长为 横截面积为 ꎬ ꎬ Ｂ< Ｃꎬ ｐ＝ ꎬ ꎬ １０ ｃｍꎬ 负电荷在电势高处 其电势能小 所以从Ｂ点移动到Ｃ点 负 ２ 则铜丝的电阻为 ꎬ ꎬ ꎬ １ ｍｍ ꎬ : 试探电荷的电势能变小 ｌ . ꎮ Ｒ′ ρ . －８ ０１ . －３ ２.答案 两金属板间的电场强度为Ｅ Ｕ ＝ Ｓ ＝１７×１０ × １×１０ －６ Ω＝１７×１０ Ωꎮ ＝ ｄ 即Ｒ′比Ｒ小得多 故可不计导线的电阻 ꎬ ꎮ ｌ 由动能定理得 Ｅｅ ｈ １ ｍｖ２ ３.答案 导线电阻Ｒ ρ . －８ ５０ . 空 － 􀅰 ＝０－ ＝ Ｓ ＝１７×１０ × －６ Ω＝０２１２ ５ Ωꎬ ２ ４×１０ Ｕｅｈ 调正常工作的电流Ｉ 两式联立 得ｖ ２ ＝７ Ａꎬ ꎬ ＝ ｄｍ ꎮ 故导线上损失的电压为Ｕ ＩＲ . . ＝ ＝７×０２１２５ Ｖ≈１４９ Ｖꎮ １６７ 􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋 关注精品公众号【偷着学】，免费获取更多高中精品资源、最新网课、讲义等ｌ Ｒ ４.答案 鸟两爪间输电线的电阻是 Ｒ ρ . －８ 滑动变阻器阻值最大时 Ｒ两端电压最小 等于 Ｕ ＝ Ｓ ＝ １ ７×１０ × ꎬ ꎬ Ｒ Ｒ ꎻ ＋ １ . Ｒ １２０ ０ × ０ １ ４ ０ －６ Ω≈５ . ６７×１０ －６ Ω 所以Ｒ两端电压的变化范围是 Ｒ ＋ Ｒ １ Ｕ ≤ Ｕ Ｒ≤ Ｕ ꎮ 鸟两爪之间的电压是 Ｕ ＩＲ . －６ . ２.答案 因为 Ｒ 与 Ｒ 串联 设通过它们的电流为 Ｉ 可知 ＝ ＝５００×５ ６７×１０ Ｖ≈２ ８４× (１) １ ２ ꎬ ꎬ －３ Ｕ ＩＲ Ｒ １０ Ｖꎮ Ｕ ＩＲ Ｕ Ｉ Ｒ Ｒ 所以电压之比 １ １ １ １＝ １ꎬ ＝ ( １＋ ２)ꎬ Ｕ ＝Ｉ Ｒ Ｒ ＝Ｒ Ｒ ꎮ ５.答案 盐水柱的体积不变 故横截面积变为原来的 ３ 因此 ( １＋ ２) １＋ ２ ꎬ ꎬ 设Ｃ Ｄ间负载电阻为Ｒ 滑动变阻器滑片以下部分 ４ (２) 、 ０ꎬ ｌ′ 电阻为Ｒ 电路结构为负载 Ｒ 与 Ｒ 并联后再与 Ｒ Ｒ 串 ρ ｘꎬ ０ ｘ ( － ｘ) Ｒ′ Ｓ′ ｌ′ Ｓ 联 可得 ４ ４ １６ 所以Ｒ′ １６Ｒ ꎬ : Ｒ ＝ ｌ ＝ ｌ 􀅰Ｓ′＝ × ＝ ꎬ ＝ ꎮ ρ ３ ３ ９ ９ Ｒ 并 Ｓ Ｕ Ｕ ＣＤ＝Ｒ Ｒ Ｒ 并＋( － ｘ) Ｌ ａ Ｒｂｃ ６.答案 由Ｒ ＝ ρ Ｓ ＝ ρ ｂｃꎬ 得ρ ＝ ａ Ｒ ０ Ｒ ｘ Ｒ Ｒ Ｌ ｂ Ｒｂｃ ０＋ ｘ Ｕ 电流沿ＣＤ 方向时 样品的电阻 Ｒ′ ρ ρ ＝ Ｒ Ｒ ꎬ ＝ Ｓ ＝ ａｃ ＝ ａ 􀅰 ０ ｘ Ｒ Ｒ Ｒ Ｒ ＋( － ｘ) ｂ ｂ２ ０＋ ｘ Ｒ Ｒ Ｒ ａｃ＝ａ２ ꎮ ０ ｘ Ｕ ７.答案 肥胖的人脂肪含量多 而脂肪不容易导电 因此肥 ＝ＲＲ ０＋ ＲＲ ｘ－ Ｒ２ｘ (１) ꎬ ꎬ 故当Ｒ 时 Ｕ 当Ｒ Ｒ时 Ｕ Ｕ 故Ｕ 可取 胖的人电阻大 ｘ＝０ ꎬ ＣＤ＝０ꎻ ｘ＝ ꎬ ＣＤ＝ ꎮ ＣＤ ꎮ 从 至Ｕ的任意电压 激烈运动之后或沐浴之后 人体的外表会附着容易导 ０ ꎮ (２) ꎬ ３.答案 在甲电路中 电阻Ｒ两端的电压测量值是准确的 但电 电的钠离子 钾离子等离子 使人体的电阻变小 这时使用脂 ꎬ ꎬ 、 ꎬ ꎬ 流表的读数是通过电阻Ｒ和电压表的电流之和 即电流的测 肪测量仪得出的结果自然就不准确 ꎬ ꎮ 量值大于真实值 电阻的测量值为Ｒ与Ｒ 的并联值 故Ｒ ꎮ Ｖ ꎬ 测＝ 3 实验：导体电阻率的测量 ＲＲ Ｖ ８７ . ４×１０ ３ . 在乙电路中 电流的测量值是 ◆练习与应用 Ｒ ＋ Ｒ Ｖ ＝ ８７ . ４＋１０ ３ Ω≈８０ ４ Ωꎮ ꎬ 准确的 但电压表的读数是电流表和Ｒ两端的总电压 电阻的 １.答案 . . ꎬ ꎬ １３７ ｃｍ ３２７６ ｍｍ 测量值为 Ｒ 与 Ｒ 的串联值 Ｒ Ｒ Ｒ . . ２.答案 不合格的纯净水含有较多的离子 电阻率偏小 电 Ａ ꎬ 测＝ ＋ Ａ＝８７ ４ Ω＋０ １ Ω＝ (１) ꎬ ꎬ . 导率偏大 ８７５ Ωꎮ ꎮ 结论 由于电压表和电流表内阻的影响 使两种接法中均 如图所示 : ꎬ (２) : 存在系统误差 甲图中电阻的测量值小于真实值 乙图中电阻 ꎬ ꎬ 的测量值大于真实值 当实验中使用题中电表测量此电阻的 ꎬ 阻值时 乙图接法的测量误差较小 ꎬ ꎮ ４.答案 当使用Ａ Ｂ两个端点时 Ｉ Ｒ Ｒ 故Ｒ . 、 ꎬ ｇ( ｇ＋ １)＝１０Ｖꎬ １＝９５× ３ 当使用 Ａ Ｃ 两个端点时 Ｉ Ｒ Ｒ Ｒ 故 １０ Ωꎬ 、 ꎬ ｇ( ｇ＋ １＋ ２)＝ １００ Ｖꎬ Ｒ . ４ ２＝９０×１０ Ωꎮ ５.答案 当使用Ａ Ｂ两个端点时 Ｒ 与电流表串联后再与 Ｒ 、 ꎬ ２ １ 并联 可得Ｉ Ｒ Ｒ Ｉ Ｉ Ｒ 当使用Ａ Ｃ两个端点时 Ｒ ꎬ ｇ( ｇ＋ ２)＝( １－ ｇ) １ꎻ 、 ꎬ １ 与Ｒ 串联后与电流表并联 可得Ｉ Ｒ Ｉ Ｉ Ｒ Ｒ 联 ２ ꎬ ｇ ｇ＝( ２－ ｇ)( １＋ ２)ꎮ 立解得Ｒ . Ｒ . ３.答案 由题图可知 电压表示数 Ｕ . 电流表示数 Ｉ １≈０４１ Ωꎬ ２＝３６７ Ωꎮ ꎬ ＝１ ２０ Ｖꎬ ＝ . ０５０ Ａ 5 实验：练习使用多用电表 Ｕ . 金属丝的电阻 Ｒ １２０ . ◆练习与应用 : ＝ Ｉ ＝ . Ω＝２４ Ωꎬ ０５０ ( ｄ ) ２ ( . －３ ) ２ １.答案 金属丝的横截面积 Ｓ . ０６３５×１０ ２ : ＝π ＝３１４× ｍ ≈ 序号 所测物理量 量程或倍率 指针 读数 ２ ２ ３ . １７×１０ －７ ｍ ２ １ 直流电压 ５０Ｖ ａ １３ . ５Ｖ Ｌ ＲＳ . . －７ 由Ｒ ρ 得金属丝的电阻率ρ ２４×３１７×１０ 直流电流 ｂ . ＝ Ｓ ꎬ ＝ Ｌ ＝ －２ Ω􀅰 ２ １０ｍＡ ８３ｍＡ . －６ ６０×１０ ３ 电阻 ×１００ ａ ５ . ５×１０ ３ Ω ｍ≈１２７×１０ Ω􀅰ｍꎮ 电阻 ｂ ４ ×１ ４Ω 4 串联电路和并联电路 ２.答案 ＤＢＥ ◆练习与应用 ３.答案 红表笔 红表笔 (１) (２) Ｒ ４.答案 甲的做法符合规范 因为交流电压最高档内部电阻很 １.答案 Ｕ Ｕ Ｕ ꎬ Ｒ Ｒ ≤ Ｒ≤ 大 万一出现误操作 如不慎将两表笔与电源相连 不会损坏 ＋ １ ꎬ ( ) 滑动变阻器阻值为 时 Ｒ两端电压最大 等于Ｕ 多用电表 ０ ꎬ ꎬ ꎻ ꎮ １６８ 􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋 关注精品公众号【偷着学】，免费获取更多高中精品资源、最新网课、讲义等教材习题答案 ５.答案 红表笔接Ａ 黑表笔接Ｂ 如果电压表有示数 说明 ８.答案 错误有 电流表接线接反了 电压表量程选择错 (１) ꎬ ꎬ ꎬ :① ꎻ② 电池有电 电压表没示数 说明电池没电 误 应选 量程 电源的接线接错了 应选用 滑 ꎻ ꎬ ꎮ ꎬ １５ Ｖ ꎻ③ ꎬ １２ Ｖꎻ④ 红表笔接Ｃ 黑表笔接Ｄ 如果电压表有示数 说明开 动变阻器的接线柱接错了 正确电路如图所示 (２) ꎬ ꎬ ꎬ ꎮ ꎮ 关接触不良 ꎮ 红表笔接Ｅ 黑表笔接Ｆ 如果电压表有示数 说明灯 (３) ꎬ ꎬ ꎬ 泡和灯泡座接触不良 ꎮ ◆复习与提高 Ａ组 １.答案 总电阻接近 所以干路的电流大约是 １０ Ωꎬ １ Ａꎮ Ｂ组 ２.答案 设电源两端电压为Ｕ 滑动变阻器滑动片向右滑动 变 ꎬ ꎬ １.答案 Ｉ ｖｑ 方向沿轴线向左 阻器阻值变小 并联部分的电阻变小 电路总电阻变小 所以 ＝ ꎬ ꎮ ꎬ ꎬ ꎬ Ｒ Ｒ Ｕ ２.答案 由于 Ａ ｘ 所以题图甲电路测得的电阻值更接近真 干路电流Ｉ ＝Ｒ 总 变大 ꎬ 所以并联部分的电压Ｕ 并＝ Ｕ － ＩＲ ０ 变小 ꎬ Ｒ ｘ <Ｒ Ｖ ꎬ 实值 由于题图甲电路电流表的分压 使得电压测量值偏大 灯泡亮度变暗 ꎻ ꎬ ꎬ ꎮ 从而使电阻测量值偏大 ｌ . ꎮ ３.答案 实验用铜导线的电阻Ｒ ＝ ρ Ｓ ＝１ . ７×１０ －８ × ０ . ５ ０ ×１ ６ ０ －６ Ω＝ ３.答案 (１) 如图所示 : . －２ ２０４×１０ Ω ｌ ３ 输电线路铝导线的电阻Ｒ ρ . －８ １０×１０ ＝ Ｓ ＝２ ９×１０ × －４ Ω＝ １×１０ . ２９ Ω 做电学实验时导线的电阻很小 而输电线路导线的电阻 ꎬ 较大 ꎮ ４.答案 在串联电路中 Ｒ Ｒ Ｒ Ｒ 显然其中一个增 ꎬ ＝ １＋ ２＋􀆺􀆺＋ ｎꎬ 闭合开关 前 应把滑动变阻器的滑片置于右端Ｂ处 大 Ｒ就增大 (２) Ｓ ꎬ ꎮ ꎬ ꎮ 当小灯泡正常工作时 其两端的电压是Ｕ . 从 (３) ꎬ ＝２ ５ Ｖꎬ 在并联电路中 １ １ １ １ 可以设函数ｙ １ 乙图可知 对应的电流是Ｉ . 所以小灯泡正常工作时的 ꎬＲ ＝Ｒ ＋Ｒ ＋􀆺＋Ｒ ꎬ ＝ ｘ ꎬ ꎬ ＝０４３ Ａꎬ ｎ １ ２ Ｕ . 这是一个反比例函数 单调递减 设并联电路中某个支路的电 电阻为 Ｒ ２５ . ꎬ ꎬ : ＝ Ｉ ＝ . Ω≈５８ Ωꎮ ０４３ 阻值为Ｒ Ｒ 增大时 １ 减小 所以 １ 减小 所以Ｒ增大 ４.答案 如图所示 ｉꎬ ｉ ꎬＲ ꎬ Ｒ ꎬ ꎮ : ｉ ５.答案 (１)４０ Ω (２)８０ Ｖ 解析 当Ｃ Ｄ端短路时 Ａ Ｂ间电路的结构是 电阻Ｒ (１) 、 ꎬ 、 : ２、 Ｒ Ｒ Ｒ 并联后与Ｒ 串联 Ａ Ｂ 间的等效电阻为 Ｒ ２ ３ Ｒ ３ １ ꎬ 、 ＝Ｒ Ｒ ＋ １＝ ２＋ ３ ５.答案 不管采用哪种电路 满偏电流Ｉ 内阻Ｒ (１) ꎬ ｇ＝５０ μＡꎬ ｇ＝ ４０ Ωꎮ 当Ａ Ｂ两端接通测试电源时 Ｃ Ｄ 两端的电压等于 ８００ Ωꎮ (２) 、 ꎬ 、 电路甲更合理 因为电路甲可以防止测量时电流全部 Ｒ (２) ꎬ 电阻Ｒ 两端的电压 则有 Ｕ ３ Ｕ 流经表头 更加安全可靠 ３ ꎬ : ＣＤ＝Ｒ Ｒ ＝８０ Ｖꎮ ꎬ ꎮ １＋ ３ ６.答案 应该用红表笔始终接触Ａ点 ６.答案 表盘左侧 刻度 表盘右侧的 刻度 (１) ꎮ (１) ０ (２)×１ (３) ０ 用红表笔始终接触Ａ点 用黑表笔依次接触电路中的 . (２) ꎬ (４)１９０ Ｂ Ｃ Ｄ Ｅ Ｆ点 如果某次多用电表示数为 则是黑表笔所接 ７.答案 让黑表笔接Ｂ 如果电压表有示数 说明ＡＢ导线是 、 、 、 、 ꎬ ０ꎬ (１) ꎬ ꎬ 点右侧的元件有断路 断的 如果没有示数 说明ＡＢ导线是完好的 如果ＡＢ导线是 ꎮ ꎻ ꎬ ꎮ 完好的 则让黑表笔接Ｄ 如果有示数 说明ＣＤ导线是断的 ꎬ ꎬ ꎬ ꎬ 第十二章 电能 能量守恒定律 如果没有示数 说明ＣＤ导线是完好的 若ＣＤ导线完好 则 ꎬ ꎮ ꎬ ＥＦ导线有断点 也可以让黑表笔接Ｆ 如果有示数 说明ＥＦ ꎮ ꎬ ꎬ 1 电路中的能量转化 导线是断的 ꎮ 由于电源电压是 用直流 . 挡会损坏多用电 ◆练习与应用 (２) ６ Ｖꎬ ２５ Ｖ 表 如果用直流 . 挡 黑表笔接Ｆ时会损坏多用电表 如果 １.答案 串联电路各处电流相等 由Ｐ ＵＩ ＩＲ Ｉ Ｉ２Ｒ 则Ｐ ꎻ ０５ Ａ ꎬ ꎻ ꎬ ＝ ＝ 􀅰 ＝ ꎬ １ ∶ 用 挡 这时多用电表内接通了电源 与多用电表外的电源 Ｐ Ｒ Ｒ 此式说明 串联电路中各电阻消耗的电 “×１” ꎬ ꎬ ２ ∶ 􀆺＝ １ ∶ ２ ∶ 􀆺ꎬ ꎬ 互相影响 不仅不能准确找出断的导线 还会损坏多用电表 功率与其电阻值成正比 ꎬ ꎬ ꎮ ꎻ １６９ 􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋 关注精品公众号【偷着学】，免费获取更多高中精品资源、最新网课、讲义等Ｕ Ｕ２ ３.答案 不接负载时的电压即电动势 故Ｅ 短路时外 并联电路各电阻两端的电压相同 由Ｐ ＵＩ Ｕ ꎬ ＝６００ μＶꎬ ꎬ ＝ ＝ 􀅰Ｒ ＝ Ｒꎬ Ｅ 电阻Ｒ 由闭合电路的欧姆定律得 ｒ ６００ ＝０ꎬ : ＝ Ｉ ＝ Ω＝２０ Ωꎮ 则Ｐ Ｐ １ １ 此式说明 并联电路中各电阻 ３０ １ ∶ ２ ∶ 􀆺＝Ｒ ∶ Ｒ ∶ 􀆺ꎬ ꎬ ４.答案 当外电阻为 . 时 设电源内阻为ｒ 由欧姆定律得 电 １ ２ ４０Ω ꎬ ꎬ : 消耗的电功率与其电阻值的倒数成正比 ꎮ 流Ｉ Ｅ 路端电压Ｕ ＩＲ 由 两式得 Ｕ Ｒ １ Ｅ ２.答案 (１) 在纯电阻电路中 ꎬ 由电功率Ｐ ＝ Ｕ Ｒ ２ 可以知道 ꎬ 电压 ＝Ｒ １＋ ｒ①ꎬ １＝ １②ꎬ ①② : １＝Ｒ １＋ ｒ ꎬ ＥＲ . . 越 最 大 大 ꎬ 电 电 功 功 率 率 越 最 大 大 ꎮ 电 Ｓ 接 饭 通 锅 时 处 ꎬ 于 Ｒ １ 加 被 热 短 状 路 态 ꎬ 电阻 断 丝 开 Ｒ 时 ２ 两 Ｒ 端 与 电 Ｒ 压 整理得 : 内阻ｒ ＝ Ｕ １ １ － Ｒ １＝ ４５ ４ × . ０ ４０ Ω－４ . ０ Ω＝０ . ５ Ωꎮ 若在外 串 电 联 饭 ꎬ 锅 ꎬ 总 处 电 于 阻 保 变 温 大 状 ꎬ ꎬ 态 电阻丝Ｒ ２ 两端的电压 ꎻ 减 Ｓ 小 ꎬ 电功 ꎬ 率 １ 变小 ꎬ ２ 电路并联一个 Ｒ ２ ＝６ . ０ Ω 的电阻时 ꎬ 外电阻 Ｒ 外 ＝Ｒ Ｒ １ １ ＋ Ｒ Ｒ ２ ２ ＝ . . Ｅ . ꎮ ４０×６０ . 路端电压Ｕ Ｒ ４５ . (２) 加热状态时Ｒ ２ 的功率Ｐ 加热＝ Ｕ Ｒ ２ ꎬ ４ . . ０＋６ . ０ Ω 若 ＝ 在 ２ 外 ４Ω 电 ꎬ 路中串联 Ｒ ２＝Ｒ 外 . ＋ ｒ􀅰 的 外 电 ＝ 阻 ２ . ４＋ 则 ０ . ５ Ｒ ×２ ′ ４ Ｒ Ｖ≈ 保温状态时Ｒ ２ 的功率Ｐ 保温＝ ( Ｒ １ Ｕ ＋ Ｒ ２ ２ ) ２ Ｒ ２ꎬ ３ Ｒ ２ ７ ＝ ２ ４ Ｖ . ０ ꎮ Ω＋６ . ０ Ω＝１０ . ０ Ωꎬ 则 ２＝ 路 ６ 端 ０ 电 Ω 压Ｕ ３＝Ｒ ꎬ 外 Ｅ ′ ＋ ｒ􀅰 外 Ｒ ＝ 外 ′ １ ＝ ＋ Ｕ２ Ｕ２Ｒ . 由于Ｐ Ｐ 则 ２ ４５ . . 加热＝２ 保温ꎬ Ｒ ＝２ Ｒ Ｒ ２ꎬ . . ×１００ Ｖ≈４２９ Ｖꎮ ２ ( １＋ ２) １００＋０５ Ｒ ５.答案 设至少需要ｎ节电池 串联的分压电阻为Ｒ 因为路 解得 １ ２－１ ꎬ ０ꎮ :Ｒ ＝ ꎮ 端电压必须大于 或等于 用电器的额定电压 即ｎＥ Ｉｎｒ Ｕ ２ １ ( ) ꎬ － ≥ ꎬ Ｕ２ Ｕ２ Ｕ ３.答案 由Ｐ 知Ｒ 则四个定值电阻大小分别是 得到ｎ ６ . 可见 ｎ取整数的最小值为 这时 ＝ Ｒ ＝ Ｐꎬ : ≥Ｅ Ｉｒ＝ . ＝４３ꎮ ꎬ ５ꎮ － １４ ２ ２ 路端电压Ｕ′ Ｅ Ｉ ｒ 需要串联的分压电阻为 Ｒ Ｒ Ｒ １０ Ｒ Ｒ １０ ＝５ － ×５ ＝７ Ｖꎬ ０＝ Ａ＝ Ｃ＝ Ω＝２５ Ωꎬ Ｂ＝ Ｄ＝ Ω＝５０ Ω Ｕ′ Ｕ ４ ２ － ７－６ 将Ｂ Ｃ并联 Ｒ 整个电路相当于三个电阻串联 Ｉ ＝ . Ω＝１０ Ωꎮ 、 ꎬ 并<２５ Ωꎬ ꎬ ０１ 电流相等 由Ｐ Ｉ２Ｒ 可知电阻大的功率大 ６.答案 将电阻ｒ等效入电源的内阻 则在车灯通电且汽车启动 ꎬ ＝ ꎬ ꎬ ꎬ 所以Ｐ Ｐ Ｐ 前 车灯两端的电压为路端电压 Ｄ> Ａ> 并 ꎬ ꎮ Ｕ２ 当汽车启动时 启动开关闭合 电路中的总电阻减小 总 对于并联的Ｂ Ｃ 电压相同 由Ｐ 可知电阻小的功率 ꎬ ꎬ ꎬ 、 ꎬ ꎬ ＝ Ｒꎬ 电流增大 电源内电压增大 则路端电压减小 车灯两端的电 ꎬ ꎬ ꎻ 大 所以Ｐ Ｐ 而Ｐ Ｐ Ｐ 压仍为路端电压 所以它们会变暗 ꎬ Ｃ> Ｂꎬ Ｃ＋ Ｂ＝ 并 ꎬ ꎮ 所以有Ｐ Ｐ Ｐ Ｐ 汽车发动之后 启动开关断开 电动机停止工作 电路中 Ｄ> Ａ> Ｃ> Ｂꎮ ꎬ ꎬ ꎬ Ｕ 的总电阻增大 总电流减小 电源内电压减小 则路端电压增 ４.答案 当只有电热水器Ａ时 Ｉ ２２０ . ꎬ ꎬ ꎬ ꎬ ＝Ｒ Ａ＋２ Ｒ＝ ３０＋２×５ Ａ＝５５ Ａ 大到启动前的值 ꎬ 车灯恢复正常亮度 ꎮ 故Ｕ Ａ＝ ＩＲ Ａ＝５ . ５×３０ Ｖ＝１６５ Ｖꎬ Ｐ Ａ＝ Ｉ２Ｒ Ａ＝５ . ５ ２ ×３０ Ｗ＝ ７.答案 １００００ｍＡ􀅰ｈ×３ . ７Ｖ＝１０Ａ×３ . ７Ｖ＝３ . ７Ｗ􀅰ｈ<１６０Ｗ􀅰ｈ . 能把它带上飞机 ９０７５ Ｗ ꎮ Ｕ 当再并联电热水壶 Ｂ 时 总电流为 Ｉ′ ꎬ ＝ Ｒ Ａ Ｒ Ｂ Ｒ ＝ 3 实验：电池电动势和内阻的测量 Ｒ Ｒ ＋２ Ａ＋ Ｂ ◆练习与应用 ２２０ . 电热器 Ａ Ｂ 上的电压 Ｕ ′ Ｕ Ｕ １.答案 Ｕ Ｉ图像如图所示 由图可得 Ｅ . ｒ . Ａ＝８ １１ Ａꎬ 、 Ａ ＝ Ｂ＝ － － ꎮ : ＝２０３ Ｖꎬ ＝００８ Ωꎮ ３０×４０ ＋２×５ ３０＋４０ Ｉ′ Ｒ . . 􀅰２ ＝(２２０－８１１×２×５) Ｖ＝１３８９ Ｖ 电热水器Ａ消耗的功率Ｐ ′ Ｕ Ａ ′２ １３８ . ９ ２ . Ａ ＝ Ｒ ＝ Ｗ＝６４３１１ Ｗ Ａ ３０ 电热水壶Ｂ消耗的功率Ｐ Ｕ Ｂ２ １３８ . ９ ２ . Ｂ＝ Ｒ ＝ Ｗ＝４８２３３ Ｗꎮ Ｂ ４０ ２.答案 如图所示 (１) : 2 闭合电路的欧姆定律 ◆练习与应用 １.答案 单位是瓦 ＥＩ表示电源非静电力做功的功率 (Ｗ)ꎬ ꎮ ２.答案 日常生活中的袖珍手电筒使用两节干电池时 通常为 ꎬ 这两节干电池串联 每节干电池的电动势为 . 两节干电 ꎬ １ ５ Ｖꎬ 池的电动势为 . 设每节干电池的内阻为ｒ 两节干电池的 ３０ Ｖꎻ ꎬ 总内阻为 ｒ 由题意得 Ｕ Ｅ Ｕ . . . 又 ２ ꎮ : 内＝ － 外＝３０ Ｖ－２２ Ｖ＝０ ８ Ｖꎬ Ｕ . Ｕ 因为Ｕ ｒＩ 故ｒ 内 ０８ . 电路图如图所示 电流数据由Ｉ 得到 内＝２ ꎬ ＝ Ｉ ＝ . Ω＝１６ Ωꎮ (２) : ＝ Ｒ ꎮ ２ ２×０２５ １７０ 􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋 关注精品公众号【偷着学】，免费获取更多高中精品资源、最新网课、讲义等教材习题答案 发电功率 Ｐ Ｅ 电 ρＳｖ３ １ . ３×４００×１４ ３ . ５ : ＝ ｔ ＝ ＝ Ｗ≈１４３×１０ Ｗ １０ １０ ５.答案 根据题意可知 这个热水器一天内最多能利用的太阳 ꎬ 能为Ｑ ηＥ Ｓｔ ％ ３ . ７ ＝ ０ ＝２０ ×７×１０ ×２×４×３６００ Ｊ＝４０３２×１０ Ｊꎮ ６.答案 依题意可知 三峡水库蓄水后 内用于发电的水 (１) ꎬ ꎬ１ ｓ 的体积为Ｖ . ４ ３ ３.答案 设电流表内阻为ｒ 则此闭合电路的路端电压Ｕ Ｉ Ｒ ＝１０×１０ ｍ ｇꎬ ＝ ( ＋ 发电功率是 ｒ 代入数据 将表格添加电压数据如下 ｇ)ꎬ ꎬ : ｍｇｈ ％ ρＶｇｈ ％ Ｐ ×９０ ×９０ Ｒ/ ＝ ｔ ＝ ｔ ｋΩ ９ ８ ７ ６ ５ ４ ３ Ｉ/ . ３ . ４ ％ μＡ ９２ １０２ １１５ １３１ １５２ １８０ ２２０ ＝１０×１０ ×１０×１０ ×１０×１００×９０ Ｗ Ｕ/ . . . . . . . ９ Ｖ ０８３７ ０８２６ ０８１７ ０７９９ ０７７５ ０７３８ ０６８２ ＝９×１０ Ｗ 设三口之家每户的家庭生活用电功率为 考虑 以Ｕ为纵坐标 Ｉ为横坐标 建立平面直角坐标系 取合适 (２) １ ｋＷꎬ ꎬ ꎬ ꎬ 到不是每家同时用 的电 我们取平均每家同时用电功率 的标度 用表格中Ｕ与Ｉ的数据描点 作出一条直线 得Ｕ Ｉ １ ｋＷ ꎬ ꎬ ꎬ ꎬ － ６ 图像如图所示 为 . 则三峡发电站能供给９×１０ . ７ 户用电 人口 ０５ ｋＷꎬ . ＝１８×１０ ꎬ ０５ 数为 . ７ . ７ 即可供约 个百万人口城市的生 ３×１８×１０ ＝５４×１０ ꎬ ５４ 活用电 ꎮ ◆复习与提高 Ａ组 １.答案 关闭液晶屏 拍摄一张照片消耗的电能是 ꎬ . ３７ Ｖ×１ Ａ×３６００ ｓ . ＝３３３ Ｊꎻ ４００ 打开 液 晶 屏 拍 摄 一 张 照 片 消 耗 的 电 能 是 图像中纵轴上的截距为橙汁电池的电动势Ｅ 图像斜率的 ꎬ ꎬ . 绝对值为电池的内阻ｒ 可得橙汁电池的电动势Ｅ . 内 ３７ Ｖ×１ Ａ×３６００ ｓ . ꎮ ＝０９５ Ｖꎬ ＝８８８ Ｊꎮ １５０ 阻ｒ . ＝１１９ ｋΩꎮ ２.答案 η Ｑ 水 ｃｍ Δ ｔ ４ . ２×１０ ３ ×２×(１００－２０) ０ . ６７２×１０ ６ 4 能源与可持续发展 ＝Ｑ 电 ＝ Ｐｔ ＝ ２０００×１０×６０ ＝ １ . ２×１０ ６ ＝ ％ ５６ ◆练习与应用 ３.答案 灯发黄光时消耗的电功率Ｐ ＵＩ . (１)ＬＥＤ 黄＝ ＝１ ８×２０× １.答案 由于能量的耗散的存在 ꎬ 说明能量的转化和转移过程 １０ －３ Ｗ＝０ . ０３６ Ｗ 具有方向性 能源的利用受这种方向性的制约 能源的利用 个 灯发红光时消耗的电功率Ｐ ＵＩ . ꎮ ꎬ (２)１ ＬＥＤ 红＝ ＝１４×２０× 是有条件的 也是有代价的 因此要节约能源 ꎬ ꎮ ꎮ １０ －３ Ｗ＝０ . ０２８ Ｗ ２.答案 家用电饭锅是把电能转化为内能 ꎻ 洗衣机是把电能转 广告牌的电功率Ｐ ＝８×１００００×０ . ０２８ Ｗ＝２ . ２４×１０ ３ Ｗꎮ 化为机械能等 ꎮ ４.答案 由题图可知 电源的电动势 Ｅ 内阻 ｒ ６ ３.答案 根据题意 切断电机电源的列车在运动中机械能守 ꎬ ＝６ Ｖꎬ ＝ Ω＝ (１) ꎬ ３ 恒 要使列车能冲上站台 列车的动能Ｅ 至少要等于列车在 ꎬ ꎬ ｋ 接入电路的外电阻Ｒ ４ 站台上的重力势能Ｅ ｍｇｈ ２ Ωꎬ ＝ Ω＝４ Ωꎮ ｐ＝ １ 电源的输出功率Ｐ ＵＩ 列车在进站前的动能Ｅ １ ｍｖ２ 出＝ ＝４×１ Ｗ＝４ Ｗ ｋ＝ ２ 内 外电路消耗的电功率之比为 Ｐ 内 Ｉ２ｒ ｒ １ Ｅ ｐ ｍｇｈ ２ ｇｈ ２×１０×２ ４０ 、 Ｐ 外 ＝Ｉ２Ｒ＝ Ｒ ＝ ２ ꎮ Ｅ ＝ ＝ ｖ２ ＝( . ) ２ ＝ . <１ ５.答案 电动机正常工作时电压是Ｕ ｋ １ ｍｖ２ ２９２ ６５８ ＝６ Ｖ . Ｅ Ｕ ２ ３６ 所以干路电流为Ｉ － １２－６ 可见Ｅ Ｅ 所以列车能冲上站台 总＝ｒ Ｒ ＝ Ａ＝３ Ａ ｋ> ｐꎬ ꎮ ＋ １ １＋１ 设列车冲上站台后的速度为ｖ 根据机械能守恒定律 有 Ｕ １ꎬ ꎬ 通过电阻Ｒ 的电流Ｉ ６ ２ ２＝Ｒ ＝ Ａ＝１ Ａꎬ Ｅ Ｅ １ ｍｖ２ ２ ６ ｋ＝ ｐ＋ ２ １ 通过电动机的电流Ｉ ＝ Ｉ 总－ Ｉ ２＝２ Ａ 电动机消耗的电功率Ｐ ＵＩ １ ｍｖ２ Ｅ Ｅ １ ｍｖ２ ｍｇｈ ＝ ＝６×２ Ｗ＝１２ Ｗ ２ １＝ ｋ－ ｐ＝ ２ － 电动机线圈Ｒ Ｍ 的热功率 : Ｐ 热＝ Ｉ２Ｒ Ｍ＝２ ２ ×０ . ５ Ｗ＝２ Ｗ 可得ｖ . 电动机正常工作的机械功率Ｐ Ｐ Ｐ １＝５０８ ｍ/ｓ 机械＝ － 热＝１２ Ｗ－２ Ｗ＝ 工程师这样设计可以节约能源 (２) ꎮ １０ Ｗꎮ ４.答案 经过时间ｔ 通过截面的空气的质量为ｍ ρＳｖｔ ꎬ ＝ ６.答案 只开 盏灯时 并联部分的电阻Ｒ ８０７ . 风能 : Ｅ 风＝ １ ｍｖ２ ＝ ρＳｖ３ｔ １０ Ｕ ꎬ 并＝ １０ Ω＝８０７ Ω ２ ２ 干路电流Ｉ ２２０ . 转化为的电能 Ｅ ％Ｅ ρＳｖ３ｔ ＝ ２ ｒ ＋ Ｒ 并 ＝ ２×１ . ０＋８０ . ７ Ａ≈２６６ Ａ : 电＝２０ 风＝ 整个电路消耗的电功率Ｐ ＵＩ . . １０ ＝ ＝２２０×２６６ Ｗ＝５８５２ Ｗ １７１ 􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋 关注精品公众号【偷着学】，免费获取更多高中精品资源、最新网课、讲义等输电线上损失的电压Ｕ Ｉ ｒ . . . 根据描出的Ｕ Ｉ图像 水果电池的电动势Ｅ . 损＝ 􀅰２ ＝２６６×２×１０ Ｖ＝５３２ Ｖ (３) － ꎬ ＝０８６ Ｖꎬ 输电线上损失的电功率Ｐ 损＝ Ｉ２ 􀅰２ ｒ ＝２ . ６６ ２ ×２×１ . ０ Ｗ≈ 内阻ｒ ＝８ . ６×１０ ２ Ωꎮ . １４１５ Ｗꎻ 第十三章 电磁感应与电磁波初步 盏灯都打开时 并联部分的电阻Ｒ′ ８０７ . ２０ ꎬ 并＝ Ω＝４０３５ Ω ２０ Ｕ 干路电流Ｉ′ ２２０ . 1 磁场 磁感线 ＝ ｒ Ｒ′ ＝ . . Ａ≈５１９ Ａ ２ ＋ 并 ２×１０＋４０３５ 整个电路消耗的电功率Ｐ′ ＵＩ′ . . ◆练习与应用 ＝ ＝２２０×５１９ Ｗ＝１１４１８ Ｗ 输电线上损失的电压 Ｕ′ Ｉ′ ｒ . . １.答案 扬声器是通过给磁体附近的线圈通电 磁体产生的磁 损＝ 􀅰２ ＝５ １９×２×１ ０ Ｖ＝ ꎬ . 场对线圈产生力的作用 从而使线圈振动 同时带动扬声器的 １０３８ Ｖ ꎬ ꎬ 输电线上损失的电功率Ｐ′ 损＝ Ｉ′２ 􀅰２ ｒ ＝５ . １９ ２ ×２×１ . ０ Ｗ≈ 纸盆振动 ꎬ 发出声音 ꎮ 耳机和电话的听筒也是这个道理 ꎮ . ２.答案 如果有铁质的物体 如小刀等 落入深水中无法取回 ５３８７ Ｗꎮ ( ) ꎬ ７.答案 ａ的斜率 ｋ ２ ｂ 的斜率 ｋ １ 可以用一根足够长的细绳拴一磁体 放入水中将物体吸住 然 (１) ａ＝ . Ω＝２０ Ωꎻ ｂ＝ . Ω≈ ꎬ ꎬ ０１ ０３ 后拉上来 如果有许多大头针 或小铁屑等 散落在地上 可 ꎮ ( ) ꎬ . ＡＢ的斜率ｋ ２－１ 以用一块磁铁迅速地将它们拾起来 图略 ３３３ Ωꎻ ＡＢ＝ . . Ω＝－５ Ω ꎮ ( ) ０１－０３ ３.答案 磁的应用分类 利用磁体对铁 钴 镍的吸引力 如 ａ的斜率和ｂ的斜率表示可调电阻Ｒ 接入电路的不 :(１) 、 、 ꎬ 同电阻 (２ 值 ) ＡＢ的斜率的绝对值表示Ｒ 的电阻 １ 值 门吸 带磁性的螺丝刀 皮带扣 女式的手提包扣等 ꎮ ２ ꎮ 、 、 、 ꎮ Ｂ组 利用磁体对通电导线的作用力 如扬声器 耳机 电 (２) ꎬ 、 、 １.答案 增大 Ｉ 减小 Ｉ 增大 增大 话 电动机等 (１) ꎻ(２) １ ꎬ ２ ꎻ(３) 、 ꎮ ２.答案 电动机未启动时 车灯的功率Ｐ Ｅ Ｉｒ Ｉ . 利用磁化现象记录信息 如磁卡 磁带 磁盘等 ꎬ １＝( － )􀅰 ＝(１２ ５－ (３) ꎬ 、 、 ꎮ . ４.答案 电流方向由上向下 图略 １０×００５)×１０ Ｗ＝１２０ Ｗ ꎬ ꎮ 车灯的电阻Ｒ ＝ Ｅ － Ｉ Ｉｒ ＝ １２ . ５－１０×０ . ０５ Ω＝１ . ２ Ω ５.答案 小磁针静止时 Ｎ 极的指向是垂直纸面向外 ꎬ 即指向 １０ 读者 电动机启动时 并联部分的电压 Ｕ Ｅ Ｉ′ｒ . ꎮ ꎬ ＝ － ＝(１２ ５－６０× ６.答案 通电螺线管内部的磁场比较强 理由是磁感线越密处 . . ꎬ ꎬ ００５) Ｖ＝９５ Ｖ 磁场越强 Ｕ２ . ２ ꎮ 车灯的功率Ｐ ９５ . ７.答案 地磁的北极在地理的南极附近 故在用安培定则判定 ２＝ Ｒ ＝ . Ｗ≈７５２ Ｗ ꎬ １２ 环形电流的方向时右手的拇指必须指向南方 根据安培定则 车灯的功率减少了Ｐ Ｐ . １－ ２＝４４８ Ｗꎮ ꎬ ３.答案 个起电斑串成一行 可知 正确 ５０００ ꎬ ꎬＢ ꎮ 电动势是Ｅ . ０＝５０００×０１５ Ｖ＝７５０ Ｖꎬ 内阻是ｒ . 2 磁感应强度 磁通量 ０＝５０００×０２５ Ω＝１２５０ Ωꎬ ｒ ◆练习与应用 行的总电动势是Ｅ Ｅ 内阻ｒ ０ . １４０ ＝ ０ꎬ ＝ １４０ ≈８９３ Ω １.答案 这种说法不对 磁场中某点的磁感应强度由磁场本身 ꎮ Ｅ 电鳗放电时 其首尾间的输出电压是 Ｕ Ｒ 决定 与通电导线的长度 导线中电流的大小以及导线受到的 ꎬ ＝Ｒ ｒ􀅰 水 ＝ ꎬ 、 水＋ Ｆ 安培力的大小均无关 Ｂ 是一个比值定义式 ７５０ . ꎮ ＝ Ｉｌ ꎮ . ×８００ Ｖ＝７４１７ Ｖ ８００＋８９３ Ｆ ４.答案 (１) 当滑动变阻器的阻值为 ０ 时 ꎬ 电阻Ｒ １ 消耗的功率 ２.答案 由Ｂ ＝ Ｉｌꎬ 代入数据可得Ｂ ＝１ . ８７５×１０ －３ Ｔꎮ 最大 ꎮ ３.答案 Φ . Φ Φ . 当滑动变阻器的阻值为 . 时 滑动变阻器Ｒ 消 １＝００２４ Ｗｂ ２＝０ ３＝００２４ Ｗｂ (２) ２ ５ Ω ꎬ ２ 因为磁感应强度的方向沿ｘ轴正方向 与面积Ｓ 垂直 耗的功率最大 ꎬ ＭＮＣＤ ꎬ ꎮ (３) 当滑动变阻器的阻值为 １ . ５ Ω 时 ꎬ 电源的输出功率 所以Φ １＝ ＢＳ ＭＮＣＤ＝０ . ２×０ . ４×０ . ３ Ｗｂ＝０ . ０２４ Ｗｂꎮ 最大 ꎮ 面积Ｓ ＮＥＦＣ 与磁感应强度方向平行 ꎬ 所以Φ ２＝０ꎮ ５.答案 . . . . . . 面积Ｓ ＭＥＦＤ 在垂直磁感应强度方向的投影面积为与Ｓ ＭＮＣＤ (１)０９ ０８ ０６７５ ０５ ０３７５ ０１６７５ 如图所示 相等 (２) : ꎬ 所以Φ Φ ＢＳ . ３＝ １＝ ＭＮＣＤ＝００２４ Ｗｂꎮ Ｆ ４.答案 正确的是乙图和丙图 由定义式Ｂ 可知 当ｌ一定 ꎮ ＝ Ｉｌ ꎬ Ｆ 且导线位置不变时 是定值 故Ｆ与Ｉ成正比 ꎬ Ｉ ꎬ ꎮ 3 电磁感应现象及应用 ◆练习与应用 １.答案 不产生感应电流 (１) ꎻ 不产生感应电流 (２) ꎻ １７２ 􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋 关注精品公众号【偷着学】，免费获取更多高中精品资源、最新网课、讲义等教材习题答案 产生感应电流 ｈｃ . －３４ ８ (３) ꎮ ２.答案 光子能量 ε ｈν ６６３×１０ ×３×１０ . ２.答案 有 由于弹簧线圈收缩时 线圈围成的面积减小 穿过 ＝ ＝ λ ＝ . －９ Ｊ≈３ １４× ꎬ ꎬ ꎬ ６３２８×１０ 线圈的磁通量减小 所以产生感应电流 －１９ ꎬ ꎮ １０ Ｊ ３.答案 线圈在进入磁场的过程中 由于穿过线圈的磁通量增 Ｅ Ｐｔ －３ ꎬ 每秒发射的光子个数为ｎ １８×１０ ×１ . １６ 大 所以线圈中产生感应电流 ＝ ε ＝ ε ＝ ３ . １４×１０ －１９≈５７３×１０ ꎬ ꎻ 线圈在离开磁场的过程中 由于穿过线圈的磁通量减小 ３.答案 蓝星 的表面温度更高 因为温度越高 向外辐射的 “ ” ꎮ ꎬ ꎬ ꎬ 波长较短的电磁波越多 所以线圈中产生感应电流 ꎮ ꎻ ◆复习与提高 整个线圈都在磁场中运动时 由于穿过线圈的磁通量不 ꎬ 变 所以线圈中不产生感应电流 Ａ组 ꎬ ꎮ ４.答案 当线圈远离导线移动时 由于线圈所在位置的磁场不 １.答案 导线没通电时 小磁针受地磁场的影响指向南北方向 ꎬ ꎬ ꎮ 断减小 所以穿过线圈的磁通量不断减小 线圈中产生感应 沿南北方向的导线通电后 电流在导线下方小磁针位置产生 ꎬ ꎬ ꎬ 电流 的磁场是东西方向 因此小磁针会转动 ꎮ ꎬ ꎮ 当导线中的电流逐渐增大或减小时 线圈所在位置的磁 ２.答案 Ａ点的磁感应强度方向垂直纸面向里 图略 ꎬ ꎬ ꎮ 场随着增大或减小 穿过线圈的磁通量也逐渐增大或减小 所 ３.答案 Ａ点的磁感应强度的方向由Ａ指向Ｄ ꎬ ꎬ ꎮ 以线圈中产生感应电流 ４.答案 磁感应强度是用来表示磁场强弱和方向的物理量 ꎮ (１) ꎻ ５.答案 如果使铜环沿着匀强磁场的方向移动 由于穿过铜环 磁感应强度只跟磁场本身的性质有关 而跟磁场中的 ꎬ (２) ꎬ 的磁通量不发生变化 所以铜环中没有感应电流 通电导体是否受力无关 ꎬ ꎻ ꎻ 如果使铜环沿着不均匀磁场的方向移动 由于穿过铜环 只有当通电导线与磁场方向垂直时 该处磁感应强度 ꎬ (３) ꎬ 的磁通量发生变化 所以铜环中有感应电流 Ｆ ꎬ ꎮ 的大小才是Ｂ ＝ Ｉｌꎮ ６.答案 乙 丙 丁三种情况下 可以观察到线圈 Ｂ 中有感应 、 、 ꎬ 电流 ５.答案 这个位置的磁感应强度大小为Ｂ Ｆ ５ . ０×１０ －２ ꎮ (１) ＝ Ｉｌ ＝ . . Ｔ＝ 因为甲所表示的电流是恒定电流 那么由这个电流产生 ２５×００１ ꎬ 的磁场就是不变的 穿过线圈Ｂ的磁通量不变 不产生感应电 ２ Ｔꎻ ꎬ ꎬ 这一位置的磁感应强度不变 流 乙 丙 丁三种情况所表示的电流是变化的电流 那么由 (２) ꎮ ꎮ 、 、 ꎬ ６.答案 线圈平面与磁场方向垂直时 穿过线圈的磁通量是Φ 这个电流产生的磁场也是变化的 穿过线圈Ｂ的磁通量发生 ꎬ ＝ ꎬ ＢＳ 线圈绕ＯＯ′转过 °角 穿过线圈的磁通量是Φ ＢＳ ° 变化 产生感应电流 ꎻ ６０ ꎬ ＝ ｃｏｓ６０ ＝ ꎬ ꎮ １ ＢＳ 从初始位置转过 °角 穿过线圈的磁通量是 ꎻ ９０ ꎬ ０ꎮ 4 电磁波的发现及应用 ２ ( ｌ ) ２ ◆练习与应用 ７.答案 Φ ＢＳ Ｂ １ Ｂｌ２ ＝ ＝ 􀅰 ＝ ２ ４ ｃ ８ Ｂ组 １.答案 λ ３×１０ . ＝ ｆ ＝ ２４５０×１０ ６ ｍ≈０１２２ ｍ １.答案 用软磁性材料 (１)Ｓ Ｎ (２) ２.答案 它的传播不需要介质 ꎮ 它传播的速度就是光速 ꎬ ｃ ＝３× ２.答案 在水平圆环运动过程中 从Ｍ到Ｎ 穿过圆环的磁通量 ꎬ ꎬ １０ ８ ｍ/ｓꎮ 变大 从Ｎ到Ｐ 磁通量变大 从Ｐ到Ｑ 磁通量变小 从Ｑ到 ꎻ ꎬ ꎻ ꎬ ꎻ ３.答案 ｔ ＝ ｘ ｃ ＝ (６７４０－ ３× ６ １ ４ ０ ０ ８ ０)×１０ ３ ｓ≈１ . １３×１０ －３ ｓ ３.答 Ｌ ꎬ 案 磁通量变 当 小 合 ꎮ 上开关 的一瞬间 线圈Ｐ的磁通量变大 有 (１) Ｓ ꎬ ꎬ ４.答案 λ ｃ ３×１０ ８ －７ 它属于紫 感应电流 ＝ ｆ ＝ . １５ ｍ＝３×１０ ｍ＝３００ ｎｍꎬ ꎻ １０×１０ 当断开开关 的一瞬间 线圈Ｐ的磁通量减小 有感 外线 (２) Ｓ ꎬ ꎬ ꎮ 应电流 电焊工人作业时 需要佩戴专业的防护头盔 可以保护电 ꎮ ꎬ ꎬ ４.答案 由安培定则 左 右两边的通电线圈的上端都是 极 焊工人 防止受到紫外线的伤害 ꎬ 、 Ｎ ꎬ ꎬ ꎮ 下端都是 极 所以 Ｏ点的磁场在纸面内 方向向下 Ｓ ꎬ ꎬ ꎬ ꎮ Ｂ ｌ 5 能量量子化 ５.答案 Ｂ ０ ＝ｌ ｖｔ ◆练习与应用 ＋ 为了使ＭＮ中不产生感应电流 必须使穿过ＭＤＥＮ构成 ꎬ １.答案 由ε ｈν得 电磁辐射的频率是ν ε ７ . ４×１０ －１９ 的闭合回路的磁通量不变 即ＢＳ Ｂ ｌ２ 而Ｓ ｌ２ ｖｔｌ 所以从ｔ ＝ : ＝ ｈ ＝ . －３４ Ｈｚ≈ ꎬ ＝ ０ ꎬ ＝ ＋ ꎬ ＝ ６６３×１０ Ｂ ｌ２ Ｂ ｌ . １５ 开始 Ｂ ０ ０ １１２×１０ ｃ Ｈｚ ｈｃ . －３４ ８ ０ ꎬ ＝ｌ２ ＋ ｖｔｌ＝ｌ ＋ ｖｔꎮ λ ６６３×１０ ×３×１０ . －７ ＝ ν ＝ ε ＝ . －１９ ｍ≈２６９×１０ ｍ ７４×１０ １７３ 􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋􀪋 关注精品公众号【偷着学】，免费获取更多高中精品资源、最新网课、讲义等