文档文本内容
答 案
C
解析
加油机和受油机相对静止，则两者的飞行方向必然相同，飞行速度大小必然相等，故C项正确。
答 案
A
解析
根据能量守恒定律，A对；在最高点，物体只受重力作用，加速度为，B错；上升过程中加速度
，下降过程中加速度
，D错；根据
得C错。
答 案
A C
解析
由于
、
两物体同时开始运动，且两者加速度相同，则速度的改变量大小相等，即
物体速度增
加了，而
物体速度减小了，故
物体上抛时初速度为
，根据竖直上抛运动的对称性可知，
物体落回地面的速率为
，
物体上升的最大高度和
物体开始下落的高度相同，最后
先落地，
故A、C两项对，B项错；
又由运动学公式
，
，则
，故D项错。
模块1：基
：基础题
础题
1
1
模块2：巩固
：巩固题
1
例题1
例题2
g
a
=
m
mg + f
a
=
m
mg −f
h =
at
2
1
2
例题3
A
B
B
v
A
v
A
2v
B
2v
A
B
B
(2v) −
2
v =
2
2gH
v =
2
2gx
x =
H
3
1
答 案
C
解析
。
答 案
B
解析
历时
停下，此时
，
，
，说明
在
停后再追上的，
过后还需时间
，故
。
答 案
C D
解析
A、B、物体上升过程和下落过程时间相等，而位移大小相等、方向相反，物体到最高点加速度仍
为，故A、B错误；
C、在任意相等时间内，速度变化量均为
，故C正确；
D、根据逆向思维知，物体上升过程，最后
内位移大小和自由下落第
内位移大小是相等的，都
为
，故D正确。
故选：CD。
答 案
B
解析
试题分析：A、竖直上抛运动的上升阶段和下降阶段具有严格的对称性，物体在上升过程和下降过
程中经过同一段高度所用的时间相等，故A正确；
1
1 100%
1
1
例题4
x = x
+
1
x
=
2
2 ⋅
=
2a
v2
=
a
v2
1000m
例题5
B
t
=
0
−
=
a
v
B
5s
x
=
A
v
t
=
A 0
20m
x
=
B
t
=
2
v
B
0
25m
x
<
A
x
+
B
7m
A
B
5s
t
=
1
=
v
A
x
+ 7m −x
B
A
3s
t
=
总
t
+
0
t
=
1
8s
例题6
g
t
gt
1s
1s
g ×
2
1
1 =
2
g
2
1
例题7
B、物体上升的初速度与下降回到出发点的末速度方向不同，故B错误；
C、竖直上抛运动的上升阶段和下降阶段具有严格的对称性，物体在上升过程和下降过程中经过同
一位置时速度大小相等，方向相反，故C正确；
D、竖直上抛运动的上升阶段和下降阶段具有严格的对称性，物体上升过程与下降过程中位移大小
相等、方向相反，故D正确；
本题选错误的，故选：B。
答 案
解析
由
，甲车停止运动的时间
。
答 案
解析
时间
内，甲车的位移
乙车的位移
两车相距
。
答 案
解析
相遇时间
。
答 案
A C D
1
2
3
模块3：拔高
：拔高题
1 37%
例题8
2s
v = v
+
0
at
t
=
1
2s
30m
t1
x
=
甲
=
2
(v + v
)t
0
1
10m
x
=
乙
v
t
=
0 1
20m
Δx = 30m
5s
t
=
2
=
v
0
Δx
3s
t = t
+
1
t
=
2
5s
例题9
解析
解：石子速度减为
用时
，
上升高度
，
而此段时间气球才上升
，
故石子在速度减为
之前就已击中气球；
当气球速度再减小，石子更能击中；
当
时，
，得
，
此时石子上升
，
气球上升
，
，即石子不能击中气球。
答 案
D
解析
解：A、甲球的加速度
，
故甲球的加速度大小为
。负号表示加速度方向与速度方向相反。
乙球的加速度
，
故甲球的加速度大于乙球的加速度。
故A错误。
B、当两物体速度相同时两物体相距最远
即
，
解得
，
即
时两物体相距最远。
故B错误。
C、
时甲球的速度
，
乙球的速度
，
故
时甲球的速率大于乙球的速率。故C错误。
D、设
时刻两物体相遇，故有
，
解得
，
故D正确。
故选:D。
1
10m/s
t =
s =
10
20 −10
1s
x
=
1
×
2
20 + 10
1m = 15m
x
=
2
vt = 10 × 1m = 10m < 15m −4m = 11m
10m/s
v
=
气
18m/s
v
=
石
′
v
−
0
gt =
′
v
气
t =
′
s
5
1
x
=
3
×
2
20 + 18
m =
5
1
3.8m
x
=
4
v
t =
气
′
18 ×
m =
5
1
3.6m
x
+
4
4m > x
3
例题10
a
=
1
=
Δt
1
Δv
1
m/s =
8
−40 −40
2
−10m/s2
10m/s2
a
=
2
=
Δt
2
Δv
2
m/s =
8 −2
20 −−20
(
)
2
m/s
3
20
2
40 + a
t =
1
−20 + a
t −2
2 (
)
t = 4.4s
4.4s
t = 6s
v
=
1
v
+
甲
a
t =
1
40m/s + −10 ×
(
)
6m/s = −20m/s
v
=
2
v
+
乙
a
Δt =
2
−20m/s +
×
3
20
4m/s =
m/s
3
20
t = 6s
T
40T +
a
T
=
2
1
1
2
−20T +
a
T −2
2
1
2(
)2
T = 8s
