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《2025-2026学年度上学期9月月考》高三物理参考答案
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 C C D A B C B AD BC AD
1．C
【详解】AB．对P受力分析，可知在竖直方向上，物块P受到的重力与物块Q对P的支持
力平衡，水平方向上，由于二者一起向右做加速运动，故物块P在水平方向受到Q对其的
摩擦力，因此物块P受到三个力的作用，故AB错误；
CD．单独对物块Q受力分析可知，竖直方向上，Q受到自身的重力、P对Q的压力以及地
面对Q的支持力，根据平衡条件及牛顿第三定律可知，物块 受到的支持力大小等于物块
、P的总重力；水平方向上，Q受到P对Q的摩擦力和外力 ，因此物块Q总共受到5
个力的作用，故C正确，D错误。
故选C。
2．C
【详解】当电风扇静止时，挂钩所受的拉力F 大小等于电风扇的重力G的大小。当通电后
1
叶片平稳转动时，电风扇受到三个力，电扇的重力、挂钩对电扇的拉力和空气对电扇叶片
向上的作用力，所以F 的大小小于电风扇的重力G的大小，F 一定大于F。
2 1 2
故选C。
3．D
【详解】以小球乙为研究对象，受力分析如图甲所示，设轻绳与竖直方向的夹角为α，小
球乙的质量为m ，根据平衡条件可得，水平拉力F＝m g tan α
乙 乙
小球乙缓慢上升一小段距离的过程中，α增大，可知水平拉力F逐渐增大，轻绳的拉力
故轻绳的拉力也逐渐增大。
以物体甲为研究对象，受力分析如图乙所示，根据平衡条件可得，物体甲受到的地面的摩
擦力F与轻绳的拉力沿水平方向的分力等大反向，有F＝F ＝Fcos θ
f f Tx T
由题可知，小球乙缓慢上升一小段距离的过程中，物体甲保持静止，θ不变，又F＝Fcos
f T
θ
则摩擦力随着轻绳拉力F 的增大而逐渐增大。
T
学科网（北京）股份有限公司故选D。
4．A
【详解】根据题意，分别对小球a、b受力分析，如图所示
由平衡条件有 ， ， ，
又有
联立解得 ，
即 ，
故选A。
5．B
【详解】当M、N之间达到最大静摩擦力时，两者的加速度最大。
第①种情况有
解得
第②种情况有
学科网（北京）股份有限公司解得
则最大速度之比为
故选B。
6．C
【详解】AB．对小球B进行受力分析，根据平衡条件可得
对A、B整体进行受力分析，根据平衡条件则有
代入数据解得
弹簧的原长为 ，故AB错误；
C．撤掉恒力F的瞬间，对A进行受力分析，根据牛顿第二定律可得
结合上述结论可得 ，故C正确；
D．撤掉恒力F的瞬间，弹簧弹力不变，B球所受合力不变，B球的加速度为零，故D错
误。
故选C。
7．B
【详解】A．因小车沿水平方向运动，故小车的加速度一定沿水平方向，又因小球受竖直
向下的重力和斜向右上方的拉力，故小球所受合力一定水平向右，加速度也水平向右，则
小车可能向右加速，或者向左减速，故A错误；
B．因两细线与竖直方向的夹角相同，由两球竖直方向受力平衡可知，两细线的拉力F ＝
T1
F ，故B正确；
T2
C．根据上面选项的分析，可知当汽车加速度增大时，F 不变，故C错误；
T1
D．对悬挂小球2的细线与竖直方向的夹角为 ，则有 ，
得 ，
可知当汽车加速度减小时， 变小，F 变小，故D错误。
T2
学科网（北京）股份有限公司故选B。
8．AD
【详解】A．由题意可知，在0～2s的时间内，物块受到拉力
假设物块与板不发生相对滑动，对整体由牛顿第二定律可得
解得
再隔离m有
解得
物块受到最大静摩擦力为
因为
假设成立，物块受到的摩擦力大小为5N，故A正确；
B． 时，物块和木板的速度为
2～4s的时间内，拉力
设物块和木板间发生相对滑动，物块和木板的加速度分别为a 和a，隔离m有
1 2
隔离M有
解得 ，
时，物块和木板的速度分别为 ，
解得 ，
在2～4s的时间内，物块在木板上滑行的位移大小为
解得 ，故B错误；
C．撤去拉力后，设经过t 时间二者相对静止，此时二者的速度为v。物块的加速度大小为
3
学科网（北京）股份有限公司木板的加速度不变仍为
则
解得
由
解得
故
故 时物块与木板的速度大小均为6.8m/s，故C错误；
D．由题意可知，二者将一起滑行，一起滑行时的加速度为a'，时间为t，则
4
根据
可得
故木板在水平地面上停止运动的时刻为
解得 ，故D正确。
故选AD。
9．BC
【详解】A． 图像与横轴围成的面积表示速度变化量，题意知手机初速度为0，故速度
变化量表示为末速度，结合图像可知，0到 时间内速度变化量为正，即末速度为正值，说
明手机还在继续上升，并未到达最高点，故A错误；
B．由图可知，在 时间内手机的加速度方向竖直向上，手机处于超重状态，故B正确；
C．由图可知，在 时刻之后有一段时间内手机的加速度等于重力加速度，则手机与手掌没
有力的作用，手机可能离开过手掌，故C正确；
D．由图可知 时间加速度a向上不断减小，设手机受到的支持力大小为F，根据牛顿
学科网（北京）股份有限公司第二定律得
可得
可知 时间支持力F不断减小； 时间内加速度向下不断增大，根据牛顿第二定律
得
可得
可知 时间支持力不断减小；综合以上分析可知，手机在 时间内手机受到的支持
力一直减小，故D错误。
故选BC。
10．AD
【详解】AB．根据受力平衡可知，钢丝对演员的作用力大小为G，故A正确，B错误；
CD．设钢丝中的拉力大小为 ，根据平衡条件可得
解得 ，故C错误，D正确。
故选AD。
11．(1)不需要
(2)C
(3)误认为弹性绳的弹力大小与弹性绳的长度成正比。
【详解】（1）本实验只需要测量三根弹性绳的弹力大小之比，不需要测量每根弹性绳的弹
力大小。
（2）由图1可知，三根弹性绳 的原长均为4R，伸长后的长度分别为9R、
8R、7R，伸长量分别为5R、4R、3R，因弹性绳的弹力大小与弹性绳的伸长量成正比，故
三根弹性绳 的弹力大小之比为 ，满足
故 与 垂直，故测得OB、OC的夹角约等于 。
故选C。
（3）该同学错误的原因为误认为弹性绳的弹力大小与弹性绳的长度成正比。
12．(1)600N
学科网（北京）股份有限公司(2)150cm，
(3)400N
【详解】（1）小华受到的重力G=mg=60kg×10N/kg=600N
（2）作出小华受力分析，如图所示
过支点作支持力F的作用线的垂线段，即为其力臂，由图可知l=100cm+50cm=150cm
1
（3）根据杠杆平衡的条件可得Fl=Gl
1 2
即F×150cm=600N×100cm
解得F=400N
13．（1）匀减速直线运动v =3m/s （2）．受滑动摩擦力不变，匀减速直线运动
B
v =3m/s （3）当 m/s时，物体一直加速到B点， 当 m/s时，
B
物体一直减速到B点， 当 时，物体减速或者加速至共速，
然后匀速到B点，v =v （4）．
B
【解析】13．（1）若传送带不动，工件所受滑动摩擦力水平向左，向右做匀减速直线运动，
由牛顿第二定律可知，工件加速度大小为a=μg=0.1×10m/s2=1m/s2
学科网（北京）股份有限公司若传送带足够长，设工件运动t秒停止，由v =at
A
得
在4s内工件可运动位移为
所以工件一直在减速。
到达B端的速度
（2）．若传送带逆时针转动，则滑块受滑动摩擦力不变，加速度不变，仍做匀减速运动，
则v 大小仍为3m/s；
B
（3）．若传送带以速度v顺时针匀速转动，当 m/s时，物块先做匀加速运动，加速
度大小为a=1m/s2，当加速到与传送带共速时的位移
即滑块到达传送带最右端B时恰好共速，即此时滑块的速度为 ；
当 m/s时，则滑块先做匀减速运动，加速度大小为a=1m/s2，当减速到与传送带共速时
的位移
即滑块到达传送带最右端B时恰好与传送带共速，即此时滑块的速度为 ；
由上述分析可知，当 时，物体减速或者加速至共速，然后匀速到B点，
最终速度v =v；
B
（4）．描绘出v 与v的关系图像
B
14．（1）超重 （2）．D （3）．636N （4）．合理，图线与横轴围成面积表
示速度变化量，由图可知，面积约为1m/s
学科网（北京）股份有限公司【解析】14．（1）该同学在乘坐电梯的前3s时间内，加速度向上，处于超重状态；
（2）．电梯在前3s内做加速度先增加后减小的加速运动（v-t图像的斜率先增加后减小）；
在3 22s内做匀速运动；在22 25s内做加速度先增加后减小的减速运动（v-t图像的斜率
先增~加后减小），则D正确；~
（3）．向上加速度时，最大加速度为a=0.6m/s2，此时人对电梯的压力最大，则根据F -
N
mg=ma
可得F =636N
N
由牛顿第三定律可知，人对电梯的最大压力为636N。
（4）．合理，v-t图线与横轴围成面积表示速度变化量，由图可知，面积约为1m/s。
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