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3.1.2 电离平衡常数 练习（解析版）
1．常温下，几种弱电解质的电离平衡常数如表所示，向 20mL 0.1mo1/L的盐酸溶液中逐滴滴加
0.1mo1/L的氨水，溶液的pH变化曲线如图所示。下列说法正确的是（ ）
弱电解质 K
H CO K ＝4×10﹣7 K ＝4×10﹣11
2 3 a1 a2
NH •H O K ＝1.75×10﹣5
3 2 b
CH COOH K ＝1.75×10﹣5
3 a
A．CH COONH 溶液中c（OH﹣）═c（H+）≠10﹣7mo1/L
3 4
B．NH +和HCO ﹣能发生彻底水解反应
4 3
C．曲线上水的电离程度最大的点为b点
D．d点时，c（OH﹣）﹣c（H+）═ [c（NH +）﹣2c（NH •H O）]
4 3 2
【答案】D
【解析】A．NH •H O、CH COOH的电离平衡常数相等，则NH +、CH COO﹣的水解平衡常数相
3 2 3 4 3
等，导致CH COONH 溶液呈中性，则CH COONH 溶液中c（OH﹣）═c（H+）＝10﹣7mo1/L，故
3 4 3 4
A错误；
B．NH +和HCO ﹣水解后发布生成NH •H O、H CO ，一水合氨和碳酸能发生中和反应，所以不能
4 3 3 2 2 3
彻底水解，故B错误；
C．酸或碱抑制水电离，弱离子促进水电离，HCl和一水合氨恰好完全反应生成氯化铵时水的电离
程度最大，a点溶质为HCl、b点溶质为NH Cl和HCl、c点溶质为NH Cl、d点溶质为NH Cl、
4 4 4
NH •H O，a、b、d都抑制水电离，只有c点促进水电离，所以c点水电离程度最大，故C错误；
3 2
D．c点二者恰好完全反应生成NH Cl，d点溶液中溶质为NH Cl、NH •H O，且存在c（NH Cl）
4 4 3 2 4
＝2c（NH •H O），溶液中存在电荷守恒得c（OH﹣）+c（Cl﹣）＝c（H+）+c（NH +）、物料守恒
3 2 4
2[c（NH +）+c（NH •H O）]＝3c（Cl﹣），所以 c（OH﹣）﹣c（H+）═ [c（NH +）﹣2c
4 3 2 4
（NH •H O）]，故D正确；故选：D。
3 2
2．常温下，向某浓度的H A（二元弱酸）溶液中逐滴加入某浓度的KOH溶液，所得溶液中H A、
2 2HA﹣、A2﹣三种微粒的物质的量分数（δ）与溶液pH的关系如图所示，则下列说法中不正确的
是（ ）
A．由图可知，H A的K ＝10﹣1.2
2 a1
B．曲线3代表A2﹣物质的量分数
C．向H A溶液中滴加氢氧化钾溶液至pH为4.2时：c（K+）+c（H+）＝3c（A2﹣）+c（OH﹣）
2
D．pH＝4时，溶液中存在下列关系：c（K+）＞c（A2﹣）＞c（HA﹣）＞c（H+）＞c（OH﹣）
【答案】D
【解析】A、pH＝1.2时，c（H A）＝c（HA﹣），K ＝ ＝c（H+）＝10﹣1.2，故A
2 a1
正确；
B、从图可以看出，随着 pH 的增大，H A 先转变为 HA﹣，再转变为 A2﹣；所以“1”曲线为
2
H A，“2”曲线为HA﹣，“3”曲线为A2﹣，故B正确；
2
C、根据图中信息可知，pH＝4.2时，c（HA﹣）＝c（A2﹣），根据电荷守恒：c（K+）+c（H+）＝
2c（A2﹣）+c（HA﹣）+c（OH﹣），所以c（K+）+c（H+）＝3c（A2﹣）+c（OH﹣），故C正确；
D、如图所示，根据纵坐标得出：c（HA﹣）＞c（A2﹣），故D错误；故选：D。
3．下列方法中，不能使醋酸溶液中CH
3
COOH⇌CH
3
COO﹣+H+电离程度增大的是（ ）
A．升高温度 B．加水稀释
C．加入少量醋酸钠固体 D．加入少量氢氧化钠固体
【答案】C
【解析】A．醋酸的电离是吸热的，升高温度促进醋酸的电离，电离程度增大，故A错误；
B．加水稀释电离平衡正向移动，电离程度增大，故B错误；
C．加少量醋酸钠固体，增大了醋酸根离子浓度，使得电离平衡逆向移动，电离程度减小，故 C正
确；
D．加入氢氧化钠固体，氢氧化钠电离产生的氢氧根离子与氢离子反应，使得电离平衡正向移动，
电离程度增大，故D错误；
故选：C。4．室温时，H S的K ＝1.0×10﹣7，K ＝1.0×10﹣15下列说法正确的是（ ）
2 a1 a2
A．0.1mol•L﹣1的NaHS溶液中：c（S2﹣）＞c（H S）
2
B．反应S2﹣+H
2
O⇌HS﹣+OH﹣的平衡常数K＝1×10﹣7
C．NaHS与Na S以任意比混合的溶液中：c（Na+）+c（H+）＝c（HS﹣）+c（S2﹣）+c（OH﹣）
2
D．0.1mol•L﹣1的Na S溶液中：c（OH﹣）＝c（H+）+c（HS﹣）+2c（H S）
2 2
【答案】D
【解析】A．HS﹣的水解平衡常数K ＝
h
＝1×10﹣7＞K ，说明HS﹣的电离程度小于水解程度，则：c（S2﹣）＜c（H S），故A错误；
a2 2
B ． 反 应 S2﹣ +H
2
O⇌HS﹣ +OH﹣ 的 平 衡 常 数 K ＝
＝10，故B错误；
C．NaHS与Na S以任意比混合的溶液中存在电荷守恒：c（Na+）+c（H+）＝c（HS﹣）+2c（S2
2
﹣）+c（OH﹣），故C错误；
D．0.1mol•L﹣1的Na S溶液中存在电荷守恒c（Na+）+c（H+）＝c（HS﹣）+2c（S2﹣）+c（OH
2
﹣），存在物料守恒c（Na+）＝2c（HS﹣）+2c（S2﹣）+2c（H S），二者联立可得c（OH﹣）＝c
2
（H+）+c（HS﹣）+2c（H S），故D正确；
2
故选：D。
5．某二元弱酸（简写为H B）溶液，按下式发生一级和二级电离：下列说法错误的是（ ）
2
H
2
B⇌H++HB﹣
HB﹣ ⇌H++B2﹣
已知相同浓度时的电离度a（H B）＞a（HB﹣），现有下列四种溶液：
2
①0.01mol•L﹣1的H
2
B溶液
②0.01mol•L﹣1的NaHB溶液
③0.02mol•L﹣1的HCl溶液与0.04mol•L﹣1的NaHB溶液等体积混合后的溶液
④0.02mol•L﹣1的NaOH溶液与0.02mol•L﹣1的NaHB溶液等体积混合后的溶液
A．溶液④一定显碱性 B．c（H B）最大的是③
2
C．c（B2﹣）最小的是① D．c（H+）最大的是③
【答案】D
【解析】A、根据分析，溶液④0.01mol/LNa B，为强碱弱酸盐，主要以Na+和R2﹣存在，R2﹣水解
2显碱性，溶液一定显碱性，故A正确；
B、根据同离子效应，由于③中NaHB的存在抑制了H B的电离，则③中H B电离程度比①H B电
2 2 2
离程度小，则c（H B）最大的是③，故B正确；
2
C、由于正盐Na B溶液中c（B2﹣）浓度最大的，弱酸H B的二级电离成B2﹣最难，则c（B2﹣）最
2 2
小的是①，故C正确；
D、因弱酸的一级电离为酸性的主要来源，由于相同浓度时的电离度a（H B）＞＞a（HB﹣），c
2
（H+）最大的是①，故D错误；故选：D。
6．298K时，使用NaOH调节溶液pH过程中，二元弱酸H X溶液中含X微粒的分布分数如图所示
2
下列叙述中正确的是（ ）
A．溶液pH由1升至2.6时主要存在的反应是H X+OH﹣═HX﹣+H O
2 2
B．NaHX溶液中c（H+）＝c（OH﹣）
C．K （H X）＝10﹣7
a2 2
D．溶液呈中性时，c（Na+）＝2c（X2﹣）
【答案】C
【解析】A．溶液pH由1升至2.6时，H X的分布分数增大，H X+分布分数减小，所以发生的主要
2 3
反应为H X++OH﹣═H X+H O，故A错误；
3 2 2
B．根据图知，NaHX溶液中HX﹣发生电离和水解但程度都较小，溶液中只要阴离子为HX﹣，溶液
的pH值在5左右，溶液呈酸性，则溶液中c（H+）＞c（OH﹣），故B错误；
C．c（HX﹣）＝c（X2﹣）时，K ＝c（H+）＝10﹣7，HX﹣的水解平衡常数K ＝ ＝ ＝10
a2 h
﹣7，故C正确；
D．溶液呈中性时，c（H+）＝c（OH﹣），溶液中存在电荷守恒c（H+）+c（Na+）+c（H X+）＝2c
3
（X2﹣）+c（OH﹣）+c（HX﹣），所以（Na+）+c（H X+）＝2c（X2﹣）+c（HX﹣），故D错误；
3
故选：C。
7．氢氰酸（HCN）是一种弱酸，在水溶液中存在电离平衡：HCN⇌H++CN﹣，常温下电离常数为
K ．下列说法正确的是（ ）
aA．0.1mol•L﹣1HCN溶液的pH＜1
B．增大HCN溶液浓度，其电离程度减小
C．升高HCN溶液温度，平衡逆向移动
D．加入少量NaOH溶液，会使K 增大
a
【答案】B
【解析】A．HCN是弱酸，部分电离，导致溶液中 c（H+）＜0.1mol/L，则溶液的pH＞1，故A错
误；
B．弱电解质溶液浓度越大，其电离程度越小，所以增大HCN溶液浓度其电离程度减小，故B正
确；
C．弱电解质电离吸热，所以升高温度促进HCN电离，平衡正向移动，故C错误；
D．电离平衡常数只与温度有关，加入少量NaOH溶液，二者反应生成盐和水而促进HCN电离，
但是温度不变电离平衡常数不变，故D错误；
故选：B。
8．常温下，两种钠盐NaX、NaY溶液的物质的量浓度均为0.1mol•L﹣1，加水稀释时溶液的pH与
稀释倍数的对数lg 的关系如图所示。下列判断错误的是（ ）
A．HX、HY均为弱酸，且HX的酸性比HY的强
B．0.1mol•L﹣1的NaX、NaY溶液中，前者对水的电离促进作用较大
C．a点NaX溶液中存在：c（Na+）＞c（X﹣）
D．随着溶液的稀释，NaY溶液中 逐渐减小
【答案】A
【解析】A．常温下，0.1mol/L的两种钠盐溶液的pH都大于7，说明两种钠盐都是强碱弱酸盐，则
二者都是弱酸；溶液的pH越大，说明酸根离子水解程度越大，则其对应酸的酸性越弱，相同浓度
的NaX溶液pH值大于NaY溶液，说明X﹣水解程度大于Y﹣，所以HX的酸性比HY的弱，故A错误；
B．弱酸根离子促进水电离，酸越弱，酸根离子水解程度越大，其对水电离促进作用越大，HX的
酸性比HY的弱，则相同浓度的钠盐溶液中，NaX水解程度大于NaY，即NaX对水的电离促进作
用较大，故B正确；
C．a点溶液pH＝8，溶液呈碱性，则c（H+）＜c（OH﹣），溶液中存在电荷守恒c（Na+）+c
（H+）＝c（OH﹣）+c（X﹣），所以c（Na+）＞c（X﹣），故C正确；
D．温度不变电离平衡常数不变，随着NaY溶液的稀释，溶液碱性减弱，则溶液中c（H+）增大，
K （HY）＝ ，则 ＝ 减小，故D正确；
a
故选：A。
9．常温下，在醋酸溶液中加入一定量的醋酸钠固体，下列说法错误的是（ ）
A．c（OH﹣）减小 B．醋酸的电离程度减小
C．溶液的pH增大 D．c（Ac﹣）增大
【答案】A
【解析】A．CH COONa电离出CH COO﹣而抑制CH COOH电离，则溶液中c（H+）减小，温度
3 3 3
不变离子积常数不变，则溶液中c（OH﹣）增大，故A错误；
B．CH COONa电离出CH COO﹣而抑制CH COOH电离，则醋酸电离程度减小，故B正确；
3 3 3
C．CH COONa电离出CH COO﹣而抑制CH COOH电离，则溶液中c（H+）减小，溶液的pH增大，
3 3 3
故C正确；
D．CH COONa电离出CH COO﹣而导致溶液中c（Ac﹣）增大，故D正确；
3 3
故选：A。
10．常温下，已知K （H CO ）＝4.3×10﹣7，K （H CO ）＝5.6×10﹣11．某二元酸H R及其钠盐
al 2 3 a2 2 3 2
的溶液中，H R、HR﹣、R2﹣三者的物质的量分数随溶液pH变化关系如图所示，下列叙述错误
2
的是（ ）
A．H R的一级电离常数K 的数量级为10﹣2
2 alB．在pH＝4.3的溶液中：3c（R2﹣）＝c（Na+）+c（H+）﹣c（OH﹣）
C．等体积、等浓度的NaOH溶液与H R溶液混合后，溶液中：c（R2﹣）＞c（H R）
2 2
D．向Na CO 溶液中加入少量H R溶液，发生的反应是：CO 2﹣+H R═HCO ﹣+HR ﹣
2 3 2 3 2 3
【答案】A
【解析】A．由图象可知当 pH＝1.3 时，pC（H R）＝pC（HR﹣），结合 K （H R）＝
2 a1 2
＝c（H+）＝10﹣pH＝1×10﹣1.3，故A错误；
B．pH＝4.3的溶液中，HR﹣与R﹣的物质的量分数相等，均为0.5，说明c（HR﹣）＝c（R﹣），溶
液中存在电荷守恒：c（Na+）+c（H+）＝c（OH﹣）+c（HR﹣）+2c（R2﹣），由于c（HR﹣）＝c
（R﹣），所以3c（R2﹣）＝c（Na+）+c（H+）﹣c（OH﹣），故B正确；
C．等体积、等浓度的NaOH溶液与H R溶液混合后，二者恰好完全反应生成 NaHR，根据图知，
2
溶液呈酸性，说明HR﹣的电离程度大于HR﹣的水解程度，则混合溶液中c（R2﹣）＞c（H R），故
2
C正确；
D．向Na CO 溶液中加入少量H R溶液，c（H R）＝c（HR﹣），K （H R）＝
2 3 2 2 a1 2
＝c（H+）＝10﹣1.3，同理K （H R）＝10﹣4.3，K （H CO ）＝4.3×10﹣7，K （H CO ）＝5.6×10﹣
a2 2 al 2 3 a2 2 3
11，强酸能和弱酸盐反应生成弱酸，所以向Na CO 溶液中加入少量H R溶液，少量H R可以发生
2 3 2 2
反应：2CO 2﹣+H R＝2HCO ﹣+R2﹣，故D正确；故选：A。
3 2 3
11．在一定温度下，有a、盐酸b、硫酸c、醋酸三种酸（用a、b、c填空）：
（1）当三种酸物质的量浓度相同时，c（H+）由大到小的顺序是_______________。
（2）若三者pH相同时，中和等体积的该三种溶液所需NaOH的物质的量由大到小的顺序是
________________。
（3）将 c（H+）相同的三种酸均加水稀释至原来的 100 倍后，pH 由大到小的顺序是
_______________。
（4）在25℃下，将amol/L的醋酸与0.01mol/L的NaOH溶液等体积混合后溶液的pH＝7，用含
a的代数式表示25℃时CH COOH的电离常数K ＝__________
3 a
（5）设计一个实验证明醋酸是弱电解质：
操作：_______________________________________________
现象：______________
结论：醋酸是弱电解质。【答案】（1）b＞a＞c；
（2）c＞a＝b；
（3）a＝b＞c；
（4） ；
（5）测0.1mol/L 醋酸溶液的pH；pH＞1。
【解析】（1）盐酸是一元强酸完全电离，氢离子浓度等于酸的浓度；硫酸是二元强酸完全电离，
硫酸中氢离子浓度为酸的二倍；醋酸是弱酸部分电离，氢离子的浓度小于酸的浓度；所以[H+]由大
到小的顺序是b＞a＞c，
故答案为：b＞a＞c；
（2）若三者pH相同时，[H+]相同、体积相同时，醋酸浓度最大，硫酸和盐酸溶液中氢离子物质的
量相同，中和等体积的该三种溶液所需NaOH的物质的量由大到小的顺序是c＞a＝b，
故答案为：c＞a＝b；
（3）醋酸是弱电解质，加水稀释能促进醋酸的电离，所以醋酸中氢离子浓度变化慢，即醋酸中氢
离子浓度大，所以将[H+]相同的三种酸均稀释100倍后，[H+]由大到小的顺序是c＞a＝b，pH由大
到小的顺序是a＝b＞c，
故答案为：a＝b＞c；
（4）在25℃下，将amol•L﹣1的稀醋酸与0.01mol•L﹣1的NaOH溶液等体积混合，溶液pH＝7，
溶液显中性，反应平衡时溶液中 c（CH COO﹣）＝c（Na+）＝0.005mol/L，根据电荷守恒可得 c
3
（OH﹣）＝c（H+），所以溶液显示中性，常温下的中性溶液中 c（OH﹣）＝c（H+）＝10﹣
7mol/L，
根据物料守恒可得，c（CH COOH）＝0.5amo/L﹣0.005mol/L＝（0.5a﹣0.005）mol/L，
3
醋酸的电离平衡常数为：K＝ ＝ ＝ ，
故答案为： ；
（5）配制0.10 mol/L CH COOH溶液，测溶液的pH，若pH大于1，氢离子浓度小于醋酸浓度，
3
说明醋酸部分电离，则可证明醋酸为弱电解质，操作：测 0.1mol/L 醋酸溶液的pH．结论：pH＞
1，
故答案为：测0.1mol/L 醋酸溶液的pH；pH＞1。
12．弱电解质有许多如：醋酸、碳酸、氢氰酸、一水合氨等，已知25℃时，醋酸、碳酸、氢氰酸的电离平衡常数如表：
氢氰酸 碳酸 醋酸
K ＝6.2×10﹣10 K ＝4.2×10﹣7Ka ＝5.6×10﹣11 K ＝1.7×10﹣5
a a1 2 a
（1）25℃时，pH相等的三种溶液①CH COONa溶液、②Na CO 溶液、③NaCN溶液，浓度由
3 2 3
大到小的顺序为________________。（填序号）
（ 2 ） 25℃ 时 ， 向 NaCN 溶 液 中 通 入 少 量 CO ， 反 应 的 离 子 方 程 式 为
2
__________________________。
（3）将浓度为0.02mol/L的HCN与0.01mol/L NaOH溶液等体积混合，则混合溶液中c（H+）
____c（OH﹣）。（用“＜”或“＞”或“＝”填空）
（4）常温下，向浓度为0.1mol•L﹣1、体积为VL的氨水中逐滴加入一定浓度的盐酸，用pH计
测溶液的pH随盐酸的加入量而降低的滴定曲线，d点两种溶液恰好完全反应。根据图中信息回
答下列问题：
①该温度时NH •H O的电离常数K＝________。
3 2
②比较b、c、d三点时的溶液中，由水电离出的c（H+）由大到小顺序为______。（填字母，下
同）
③滴定时，由b点到c点的过程中，下列各选项中数值保持不变的______。
A．c（H+）•c（OH﹣） B．
C． D．
【答案】（1）①＞③＞②
（2）CN﹣+CO +H O＝HCO ﹣+HCN；
2 2 3
（3）＜
（4）①10﹣5；
②d＞c＞b；
③ACD；
【解析】（1）图表数据分析，电离程度判断酸性CH COOH＞H CO ＞HCN＞HCO ﹣，水解程度：
3 2 3 3
② Na CO 溶液＞③ NaCN 溶液＞NaHCO 溶液＞① CH COONa 溶液，pH 相等的三种溶液
2 3 3 3
①CH COONa溶液、②Na CO 溶液、③NaCN溶液，浓度由大到小的顺序为：①＞③＞②，
3 2 3
故答案为：①＞③＞②；
（2）向NaCN溶液中通入少量CO ，H CO 酸性大于HCN大于HCO ﹣，所以反应生成氰酸和碳酸
2 2 3 3氢钠，不能生成二氧化碳，反应的化学方程式为：NaCN+H O+CO ＝HCN+NaHCO ，反应的离子
2 2 3
方程式为：CN﹣+CO +H O＝HCO ﹣+HCN，
2 2 3
故答案为：CN﹣+CO +H O＝HCO ﹣+HCN；
2 2 3
（3）将浓度为 0.02mol/L的HCN与0.01mol/L NaOH溶液等体积混合，得到等浓度的 HCN和
NaCN 混合溶液，CN﹣+H
2
O⇌HCN+OH﹣，计算平衡常数 Kh＝ ＝ ＝
＝1.6×10﹣5＞Ka＝6.2×10﹣10，CN﹣水解程度大于HCN的电离程度，溶于显碱性，c
（H+）＜c（OH﹣），
故答案为：＜；
（4）①滴定前氨水中c（H+）＝10﹣11mol/L，利用水的离子积得c（OH﹣）＝ mol/L＝10﹣
3mol/L，一水合氨的电离平衡常数K＝ ＝ ≈10﹣5，
故答案为：10﹣5；
②在b点时，溶质为氨水和氯化铵，氨水的电离程度大于氯化铵的水解程度，溶液为碱性，对水的
电离平衡起到抑制作用，
在c点时，溶质为氨水和氯化铵，氨水的电离程度等于于氯化铵的水解程度，溶液为中性，对水的
电离平衡无影响，
在d点时，溶质为氯化铵，氯化铵发生水解，溶液为酸性，对水的电离平衡促进，
所以b、c、d三点时的溶液中，水电离的c（OH﹣）大小顺序是d＞c＞b，
故答案为：d＞c＞b；
③A．c（H+ ）•c（OH﹣ ）＝K
W
，温度不变，水的离子积不变，故A正确；
B．b到c的过程中，随着盐酸的加入，溶液中氢离子浓度逐渐增大，氢氧根离子浓度逐渐减小，
则 的比值逐渐增大，故B错误；C． ＝K ，温度不变，NH •H O的电离平衡常数不变，故C正确；
b 3 2
D． 为铵根离子的水解平衡常数，温度不变，则该比值不变，故D正确；
故答案为：ACD；
13．已知25℃时部分弱电解质的电离平衡常数数据如表所示，回答下列问题：
化学式 CH COOH H CO HClO
3 2 3
电离平衡常数 K ＝1.8×10﹣5 K ＝4.3×10﹣7 K ＝3.0×10﹣8
a a1 a
K ＝5.6×10﹣11
a2
（1）表中三种酸酸性最强的是_____________________________。
（2）常温下，0.1mol•L﹣1CH COOH 溶液加水稀释过程中，下列表达式的数据变大的是
3
________。（填字母）
A．c（H+） B．
C． D．
（3）写出向次氯酸钠溶液中通入少量二氧化碳的离子方程式：_______________。
（4）25℃时，将amol•L﹣1的醋酸与bmol•L﹣1氢氧化钠等体积混合，反应后溶液恰好显中性，
这时钠离子浓度与醋酸根离子浓度相等，用a、b表示醋酸的电离平衡常数为______。
【答案】（1）CH COOH；
3
（2）BC；
（3）ClO﹣+H O+CO ＝HCO ﹣+HClO；
2 2 3
（4） 。
【解析】（1）根据表中数据可知，酸的电离出平衡常数大小为：CH COOH＞H CO ＞HClO＞
3 2 3
HCO ﹣，电离平衡常数越大，酸性越强，所以酸性由强到弱的顺序为：CH COOH＞H CO ＞
3 3 2 3
HClO，即酸性最强的为CH COOH，
3
故答案为：CH COOH；
3
（2）A.0.1mol/L的CH COOH溶液加水稀释过程中，醋酸的电离程度增大，但c（H+）减小，故A
3
错误；B．加水稀释过程中，氢离子物质的量增大，醋酸分子物质的量减小，同一溶液中 ＝
的比值增大，故B正确；
C．醋酸溶液加水稀释时酸性减弱，氢离子浓度减小，氢氧根离子浓度增大，则 的比值增
大，故C正确；
D．稀释过程中温度不变，则醋酸的电离平衡常数K ＝ 不变，故D错误；
a
故答案为：BC；
（3）酸性：HClO＞HCO ﹣，向次氯酸钠溶液中通入少量二氧化碳，反应生成HClO和HCO ﹣，该
3 3
反应的离子方程式为：ClO﹣+H O+CO ＝HCO ﹣+HClO，
2 2 3
故答案为：ClO﹣+H O+CO ＝HCO ﹣+HClO；
2 2 3
（4）将amol•L﹣1的醋酸溶液与b mol•L﹣1的氢氧化钠溶液等体积混合，溶液呈中性，说明醋酸过
量，醋酸和氢氧化钠溶液发生反应 CH COOH+NaOH＝CH COONa+H O，则溶液中 c
3 3 2
（CH COOH）＝ mol•L﹣1，达到电离平衡时，溶液呈中性，c（cH+）＝1×10﹣7mol•L﹣1，c
3
（Na+）＝c（CH COO﹣）＝ mol•L﹣1，则 K ＝ ＝ ＝
3 a
，故答案为： 。
14．25°C时，三种弱电解质的电离平衡常数如表：
化学式 HCOOH CH COOH NH •H O
3 3 2
电离平衡常数 1.77×10﹣4 1.75×10﹣5 1.76×10﹣5
（1）下列方法中，可以使0.10mol•L﹣1CH COOH溶液中CH COOH电离程度增大的是____。
3 3
a．通入少量HCl气体 b．加入少量冰醋酸c．加入少量醋酸钠固体 d．加入少量水
（2）常温下，0.1mol•L﹣1的NH •H O溶液加水稀释过程，下列表达式的数据一定变小的是
3 2
______。
a．c（OH﹣） b．
c．c（H+）•c（OH﹣） d．
【答案】（1）d；
（2）a；
【解析】（1）a．加入少量HCl气体，溶液中氢离子浓度增大，抑制醋酸的电离，则醋酸的电离程
度降低，故a不选；
b．加入少量冰醋酸，醋酸的电离平衡向正反应方向移动，但醋酸的电离程度降低，故b不选；
c．加入少量醋酸钠固体，溶液中c（CH COO﹣）增大，平衡逆向进行，CH COOH电离程度降低，
3 3
故c不选；
d．加入少量水促进CH COOH电离，其电离程度增大，故d选，
3
故答案为：d；
（2）a．NH •H O溶液加水稀释过程，促进电离，但c（OH﹣）减小，故a选；
3 2
b．NH •H O溶液加水稀释过程，促进电离， ＝ ，溶液中n（OH﹣）
3 2
增大，n（NH •H O）减小，所以 增大，故b不选；
3 2
c．K ＝c（H+）•c（OH﹣），只随温度改变而改变，故c不选；
w
d．NH •H O溶液加水稀释过程，促进电离，c（OH﹣）减小，c（H+）增大，所以 增大，
3 2
故d不选，故答案为：a；
