文档内容
第四章 运动和力的关系 基础达标卷（A卷）
高一物理·全解全析
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
C D D D B B B D AB BD BCD AD
1．C
【解析】
A．甲对绳的拉力与绳对甲的拉力是作用力和反作用力，故A错误；
B．甲对绳的拉力与乙对绳的拉力受力物体是同一个物体，不会是相互作用力，
故B错误；
C．若甲的质量比乙大，而绳子对两人拉力大小相等，根据牛顿第二定律可知，
则甲的加速度比乙的小，可知乙先到分界线，故甲能赢得“拔河”比赛的胜利，
故C正确；
D．收绳速度的快慢并不能决定“拔河”比赛的输赢，而是看人是否先到分界
线，故D错误。
故选C。
2．D
【解析】
对物体受力分析可知，物体受到重力、支持力、拉力和摩擦力的作用，在水平
方向有
竖直方向有
滑动摩擦力
根据以上三式联立可以求得
故选D。
3．D
【解析】
设PQ的水平距离为L，由运动学公式可知
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂可得
可知 时，t 有最小值，故当 从由30°逐渐增大至60°时下滑时间t先减小
后增大。
故选D。
4．D
【解析】
A．“10月16日6时56分”指的是时刻，故A错误；
B．神舟十三号绕地球飞行一圈，通过的位移为零，路程不为零，故B错误；
C．研究神舟十三号载人飞船与空间站组合体对接时，飞船的形状和体积不能忽
略，不可以将飞船看成质点，故C错误；
D．“180吨”对应的物理量是质量，属于基本物理量，故D正确。
故选D。
5．B
【解析】
A．以铁箱和木块整体为研究对象，由牛顿第二定律得
解得
A错误；
B．小木块恰好能静止在铁箱后壁上，对小木块，竖直方向有
水平方向有
又
联立解得
B正确；
C．若拉力F增大，整体的加速度增大，小木块加速度增大，则小木块所受弹力
增大，其竖直方向上受力平衡，故摩擦力大小等于重力大小，C错误；
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂D．铁箱对小木块有弹力和摩擦力两个力，合力大小为
D错误。
故选B。
6．B
【解析】
D．人在下蹲的过程中，先加速向下运动，后减速向下，加速度方向先向下后
向上，最后人静止，故下半段是人减速向下的过程，此时加速度方向向上，人
处于超重状态，故下蹲过程中是先失重后超重，D错误；
A．在1s时向下的加速度最大，故此时人并没有静止，它不是下蹲的最低点，A
错误；
B．2s时人经历了失重和超重两个过程，故此时处于下蹲静止状态，B正确；
C．该同学在前2s时是下蹲过程，后2s是起立的过程，所以共做了1次下蹲—
起立的动作，C错误。
故选B。
7．B
【解析】
A．根据 图像与横轴围成的面积表示位移，可知最后一秒内的位移为
则最后一秒内的平均速度大小为
A错误；
B．根据 图像与横轴围成的面积表示位移，可得减速过程的位移为
可知返回舱距离地面 时，缓冲发动机启动，B正确；
C．返回舱减速过程中，加速度方向向上，航天员处于超重状态，C错误；
D．根据 图像，可知返回舱做匀减速的加速度大小为
根据牛顿第二定律可得
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂解得
D错误。
故选B。
8．D
【解析】
A．在缆绳牵引下货物随车厢一起斜向上做加速度为a的匀加速运动，将加速度
分解为竖直向上的 和水平向右的 ，由牛顿第二定律可得
因为是匀加速运动，加速度恒定，故车厢对货物的支持力保持不变，A错误；
B．货物水平方向的加速度由摩擦力提供，可得
B错误；
C．对悬臂、车厢和货物所组成的系统分析，悬臂对车厢的作用力大小为F，将
F沿竖直方向和水平方向分解，根据牛顿第二定律可得
悬臂对车厢的作用力大小为
C错误；
D．悬臂对车厢的作用力与水平面夹角的正切值为
故悬臂对车厢的作用力方向与水平方向的夹角大于θ，D正确。
故选D。
9．AB
【解析】
AC．AB整体受力产生加速度为
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂当 最大时，F最小，即刚开始施力时， 最大等于重力
故A正确，C错误；
BD．刚开始，弹簧的压缩量为
AB分离时，其间恰好无作用力，对托盘，由牛顿第二定律可知
得
物块在这一过程的位移为
由运动学公式可知
代入数据得
故B正确，D错误；
故选AB。
10．BD
【解析】
A．运动员离开弹簧后竖直向上运动，设其加速度大小为a，则
由图可知图像的表达式为
解得
选项A错误；
B．运动员在1.5s时的速度为
选项B正确；
C．运动员离开蹦床前先加速后减速，所以运动员离开蹦床前的过程中速度的最
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂大值大于15m/s，选项C错误；
D．运动员在最高点时，速度为零，只受到重力作用，选项D正确。
故选BD。
11．BCD
【解析】
A．对箱子受力分析，根据牛顿第二定律可得
解得加速度为
故A错误；
B．由知滑道顶端的高度为 ，则根据位移时间公式有
解得
故B正确；
C．设箱子中的一个手雷受到其周围手雷作用力的大小为F，因
，故力F的方向如图所示，设与斜面的夹角为
沿斜面方向，根据牛顿第二定律得
垂直斜面方向，根据平衡条件有
联立可得
故C正确；
D．对箱子受力分析，可知当 时，则箱子不能自由下滑，则
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂可得
解得
因 ，故此时箱子将无法自由下滑，故D正确。
故选BCD。
12．AD
【解析】
A．物块开始运动时受到沿传送带向上的滑动摩擦力
根据牛顿第二定律
解得加速度
与传送带达到共同速度经历的时间为
运动的位移
此时物块还没有到达顶端B，从物块放于传送带底端A开始计时，当2.1s时物
块正做匀加速直线运动，此时速度大小为
A正确；
B．当 时物块的速度与传送带的速度相等，因为
当物块的速度与传送带的速度相等时开始做以 做匀速直线运动，一直运动
到顶端B，由于
物块处于匀速直线运动阶段，此时的加速度大小为零，B错误；
C．物块做匀速直线运动的位移为
匀速运动的时间为
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂则物块从底端传送到顶端用的时间为
C错误；
D．第一阶段物块与传送带之间发生相对滑动，物块做匀加速直线运动，位移
为
传送带做匀速运动，位移
第二阶段物块与传送带之间没有相对滑动，则滑痕长度为
D正确。
故选AD。
13． D BD 0.32 0.80 未平衡摩擦力或未完全平衡摩擦
力 未满足小车的质量远远大于小桶和砝码的总质量
【解析】
（1）[1]在探究加速 与物体所受合力 及质量 的关系的实验时，由于变量较
多，故采用的是控制变量法进行实验。
（2）[2]A．平衡摩擦力 时，不能将装砝码的托盘用细线通过定滑轮系在小车
上，故A错误；
B．每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力，故B正确；
C．做实验时要先接通电源，后释放小车，故C错误；
D．探究 与 的关系时，若作 图像，则图像是曲线不好判断，要有化曲为
直的思想，故作 图像，故D正确。
故选BD。
（3）[3]根据匀变速运动某段时间的平均速度等于中间时刻的瞬时速度可得
[4]用逐差法计算加速度可得
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂（4）[5]由图丙可得，加速度为零时，拉力不为零，说明存在摩擦力，故原因
为未平衡摩擦力或未完全平衡摩擦力；
[6]实验的原理是将小桶和砝码的重力当作小车所受的合力，即
而实际上有
则有
要使等式成立，必须满足小车的质量远远大于小桶和砝码的总质量，若不满足
这个条件时，所得的图线将不再是直线，所以图线在末端弯曲的原因是没有满
足小车的质量远远大于小桶和砝码的总质量。
14． 接收器 控制变量 A 0.08 0.82
【解析】
（1）[1][2]在该实验中位移传感器的接收器安装在轨道上，发射器安装在小车
上，实验采用的是控制变量法；
（2）[3] 以小车与钩码组成的系统为研究对象，系统所受的合外力等于钩码的
重力 ，
由牛顿第二定律得
小车的加速度
小车受到的拉力
当 时，可以认为小车受到的合力等于钩码的重力，如果钩码的质量太
大，则小车受到的合力小于钩码的重力，实验误差较大， 图线偏离直线，
故A正确，BCD错误，故选A；
（3）[4][5] 设小车质量为 ，小盘的质量为 ，对小盘分析
对小车分析
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂解得
对于 图线，斜率
截距
由题意可知
，
解得
，
15．（1）64m；（2）3.2s
【解析】
（1）设船在斜坡上滑下的加速度为 ，根据牛顿第二定律可得
…………………………………………（1分）
由垂直斜坡方向受力平衡可知
…………………………………………（1分）
由滑动摩擦力公式可知
…………………………………………（1分）
联立解得
…………………………………………（1分）
船在斜坡上滑下，根据位移-时间公式求得
…………………………………………（1分）
（2）设船在水平滑到上的初速度为 ，取 方向为正方向，由牛顿第二定律可
得
…………………………………………（1分）
解得
…………………………………………（1分）
由匀变速直线运动的公式可得
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂…………………………………………（1分）
由匀变速运动公式
…………………………………………（1分）
联立解得
…………………………………………（1分）
16．（1）0.225；（2）9N；（3）14N
【解析】
（1）滑块匀速下滑，由平衡条件
…………………………………………（1分）
…………………………………………（1分）
由几何关系得
…………………………………………（1分）
所以
…………………………………………（1分）
（2）滑块向上匀速运动，由平衡条件
…………………………………………（2分）
得
N…………………………………………（1分）
（3）滑块沿斜面向上加速运动时，由牛顿第二定律
…………………………………………（1分）
垂直于斜面方向
…………………………………………（1分）
解得
F =14N…………………………………………（1分）
2
17．（1） ；（2）177N；（3）45s
【解析】
（1）由运动学公式
…………………………………………（1分）
得
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂…………………………………………（1分）
（2）由牛顿第二定律
…………………………………………（1分）
牛顿第三定律
…………………………………………（1分）
得
…………………………………………（1分）
（3）无人机加速上升时间
…………………………………………（1分）
减速上升时间
…………………………………………（1分）
减速上升高度
…………………………………………（1分）
匀速上升时间
…………………………………………（1分）
…………………………………………（1分）
18．（1） ；（2）
【解析】
（1）由题意，t 时刻
1
…………………………………………（2分）
解得
…………………………………………（2分）
（2）t 时刻，对于长木板
2
…………………………………………（2分）
对于长物块
…………………………………………（2分）
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂解得
…………………………………………（2分）
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂
