邵阳市2021年初中学业水平暨高中招生考试
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(满分:80分 考试时间:120分钟)
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
一、选择题(本题共8个小题,每小题只有一个选项最符合题意,每小题3分,共24分。)
1.(2021湖南邵阳,1,3分)为了纪念著名的物理学家欧姆,用他的名字作为单位的物理量是 ( )
A.电流 B.电阻 C.电功率 D.功
1.B 电流的国际制单位是安培;电阻的国际制单位是欧姆;电功率的基本单位是瓦特;功和各种能量的基本单位是焦
耳,故选B。
2.(2021湖南邵阳,2,3分)能量的利用要考虑可持续发展,既要满足当代人的需要,又要考虑后人的需求,可再生能源
是未来理想能源的一个重要发展方向,下列属于可再生能源的是 ( )
A.风能 B.天然气 C.石油 D.煤
2.A 根据可再生和不可再生能源的区别可知,风能可重复利用,在短时间内可以再次产生,是可再生能源。天然气、
石油、煤等化石能源是短时间内不能再次产生的,是不可再生能源,故选A。
3.(2021湖南邵阳,3,3分)新宁诞山被有关专家誉为“丹霞之魂,国家瑰宝”“中国最美的七大丹霞之一”,其中八角
寨景区常年云雾缭绕,这些云雾的形成是由于空气中的水蒸气遇冷发生了 ( )
A.液化 B.熔化 C.凝华 D.汽化
3.A 云雾的状态是液体小水珠,所以云雾的形成是由于空气中的水蒸气遇冷液化而来的。
4.(2021湖南邵阳,4,3分)将毛皮摩擦过的橡胶棒靠近一个带电轻质小球,发现两者相互吸引,则小球( )
A.带负电 B.带正电
C.可能带正电,可能带负电 D.无法判断
4.B 毛皮摩擦过的橡胶棒,橡胶棒带负电,橡胶棒与一个带电轻质小球相互吸引,则小球一定带正电,故选B。
5.(2021湖南邵阳,5,3分)小芳同学站在教室的水平地面上,下列两个力是一对平衡力的是 ( )
A.小芳受到的重力和她对地面的压力
B.小芳对地面的压力和地面对她的支持力
C.小芳受到的重力和地面对她的支持力
D.以上都不是
5.C 小芳受到的重力和她对地面的压力,它们的方向都是竖直向下的,且分别作用在两个物体上,不是一对平衡力,
故A错误;小芳对地面的压力和地面对她的支持力,这是一对相互作用力,故B错误;小芳受到的竖直向下的重力和地
面对她的竖直向上的支持力,这两个力大小相等、方向相反,并且作用在同一物体,同一直线上,是一对平衡力,使小
芳静止在水平地面上,故C正确,D错误。
知识归纳 二力平衡的条件是两个力作用在同一个物体上、大小相等、方向相反,并且作用在同一直线上。
6.(2021湖南邵阳,6,3分)下列对“清风不识字,何必乱翻书”的解释最符合科些道理的是 ( )
A.空气流速越慢的地方,气体压强越小
B.气体压强随高度的增加而增大C.气体压强随高度的增加而减小
D.空气流速越快的地方,气体压强越小
6.D 风使书本上表面空气流动速度变大,导致书本上表面压强变小,下表面的空气流速小,压强大,产生向上的力,故
D正确。
7.(2021湖南邵阳,7,3分)小汽车已成为大多数家庭出行代步的工具,其发动机大多数为汽油机,下列有关汽油机的说
法正确的是 ( )
A.汽油机的吸气冲程吸入的是空气
B.汽油机的效率一般比柴油机的效率高
C.汽油机的点火方式是压燃式
D.汽油机的压缩冲程是把机械能转化为内能
7.D 在吸气冲程,柴油机吸入气缸的只是空气,汽油机吸入气缸的是汽油和空气的混合物,故A错误;压缩冲程柴油
机压缩程度更大,压缩冲程末温度更高,所以柴油机属于压燃式,它的机械效率更高,故B错误;在做功冲程,汽油机的
点火方式叫点燃式,柴油机的点火方式叫压燃式,故C错误;汽油机在压缩冲程,将机械能转化内能,故D正确。
知识归纳 柴油机和汽油机的主要区别:(1)汽油机在吸气冲程中吸入了汽油和空气的混合气体,在压缩冲程中,机械能转化为内能,内能增大,温
度升高,汽油机气缸顶端有个火花塞,此时火花塞喷出电火花,点燃汽油,产生高温高压的燃气推动活塞做功。(2)柴油机在吸气冲程中吸入空气,在
压缩冲程中,机械能转化为内能,空气的内能增大;柴油机气缸顶端有个喷油嘴,此时喷油嘴喷出雾状的柴油,柴油遇到高温的空气,达到着火点而燃
烧,点燃方式是压燃式。燃烧产生高温高压的燃气推动活塞做功。柴油机的压缩比例更大、温度更高、做功更多,效率更高。
8.(2021湖南邵阳,8,3分)2021年4月30日,邵阳市天空出现了难得一见的“日晕”,许多市民都目睹了这美丽的自
然奇观,如图是某摄影爱好者用相机拍摄的精彩瞬间,下列对照相机成像特点描述正确的是 ( )
A.倒立放大的实像 B.倒立缩小的实像
C.正立放大的虚像 D.正立缩小的实像
8.B 当物体在凸透镜的二倍焦距之外时,成倒立、缩小的实像,其应用是照相机,故B正确。
9.(2021湖南邵阳,9,3分)我国是严重缺水的国家,水资源人均占有量只有世界平均值的25%,是世界上人均水资源最
贫乏的国家之一,所以保护水资源、节约用水迫在眉睫,下列做法错误的是 ( )
A.工业废水未经过处理直接排放到河水中
B.洗完菜的水用来冲厕所
C.使用节水器具
D.及时修理漏水龙头
9.A 工业废水未经过处理直接排放到河水中造成水污染,不能节约水资源,故A错误;洗完菜的水用来冲厕所,使用
节水器具,及时修理漏水龙头,可以节约用水,故BCD正确。
10.(2021湖南邵阳,10,3分)下列光现象能用光的直线传播来解释的是 ( )
A.平面镜成像 B.雨后的彩虹
C.凸透镜成像 D.小孔成像
10.D 平面镜成像的原理是光的反射;雨后的彩虹属于光的折射,也是色散现象;凸透镜成像是光的折射;小孔成像利
用的是光的直线传播,故选D。
11.(2021湖南邵阳,11,3分)电动机已广泛应用到现代化生活了,如电动汽车、电动摩托车、电风扇、电动耕田机等,
对其工作过程中能量转换表述正确的是 ( )
A.电能转化成机械能
B.机械能转化成电能
C.太阳能转换成机械能D.内能转化成机械能
11.A 电动机工作过程中,消耗了电能,将其转化为机械能,电动汽车、电动摩托车、电风扇、电动耕田机都应用了
电动机,故A正确。
12.(2021湖南邵阳,12,3分)“禁止燃放烟花爆竹”这一规定社到我市市民的一片叫好,它不仅保护了自然环境,也还
给了市民一个清静的居住环境。禁止燃放烟花爆竹是 ( )
A.从人耳处减弱嗓声
B.从传播途径中减弱噪声
C.从声源处减弱噪声
D.以上三种减弱噪声的方法都用了
12.C 减弱噪声的三种途径:在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱。禁止燃放烟花爆竹是为了防止噪
声的产生,是在声源处减弱噪声,故选C。
13.(2021湖南邵阳,13,3分)“中国天眼”是一个500米口径球面射电望远镜(FAST),是目前世界上最大,民灵敏的
单口径射电望远镜,能够接收到137亿光年以外的信号,2021年3月31日0时起,已向全球天文学家征集观测申请,
“中国天眼”成为“世界天眼”,它所接收的信号是 ( )
A.超声波 B.次声波
C.电磁波 D.以上都不是
13.C 超声波和次声波都属于声波,不能在真空中传播;电磁波可以在真空中传播。所以“中国天眼”所接收的信号
是电磁波。
14.(2021湖南邵阳,14,3分)触电事故的防范最重要的是出有安全用电的意识,遵守安全用电原则。为确保用电安全,
下列做法正确的是 ( )
A.高大建筑的顶端安装避雷针
B.高压线下钓鱼C.更换灯泡、搬动电器前可以不断开电源开关D.保险装置、插座、导线、家用电器达到使用寿命时
不需更换
14.A 当打雷的时候,由于静电的感应,在高大的建筑物顶端积累了很多的静电,容易导致雷击事故,所以在高大的建
筑物顶端安装避雷针可以把雷电引入地下,保护建筑物的安全,故A正确;安全用电的原则是:不接触低压带电体,不
靠近高压带电体;所以不可以在高压线下钓鱼,故B错误;在未断开电源开关的情况下更换灯泡,灯泡处仍带电,容易
发生触电事故,故C错误;保险装置、插座、导线、家用电器等达到使用寿命应及时更换,故D错误。
15.(2021湖南邵阳,15,3分)法拉第生活的时代,伏打由池昂费,产生电流小,为了获得廉价的电力。他在10年的探索
中,发现了电磁感应现象。下列设备是利用电磁感应现象工作的是( )
A.手摇发电机 B.电磁炉
C.电风扇 D.动圈式扬声器
15.A 闭合电路中的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时,会产生感应电流,这是电磁感应现象;手摇发电机工作
时,闭合电路中的线圈在磁场中转动,结果是有电流产生,是利用电磁感应现象工作的,故选A;电磁炉是利用电流的
磁效应工作的,故B错误;电风扇的主要部件是电动机,动圈式扬声器是把电信号转化为声信号的设备,它们都是利用
通电导体在磁场中受力的作用的原理工作的,故CD错误。
16.(2021湖南邵阳,16,3分)氧元素是元素周期表中第8号元素,下列有关氧原子的说法正确的是 ( )
A.氧原子是由质子和中子组成
B.氧原子的原子核带正电,核外电子带负电
C.氧原子的核外电子教小于质子数
D.氧原子的质量分布均匀
16.B 原子是由带正电的原子核和核外带负电的等量电子组成;原子核又是由质子和中子组成;原子的质量几乎都集
中在原子核上,故选B。
17.(2021湖南邵阳,17,3分)如图所示,小红的妈妈陪弟弟在公园里荡秋千,假如弟弟荡到左边最高点受到的外力突然
全部消失,他将会 ( )A.继续向左运动B.从左向右运动
C.竖直向下运动D.静止不动
17.D 在左边最高点时,弟弟的速度为零,若外力突然消失,由牛顿第一定律可知,他将处于静止状态,故选D。
思路分析 一切物体在没有受到外力作用时,总保持静止状态或匀速直线运动状态,外力消失时,若速度为零,将处于静止状态,否则,将做匀速直
线运动。
18.(2021湖南邵阳,18,3分)下列有关材料的说法正确的是( )
A.航空器材常采用高强度、高密度的合金或新型合成材料B.温度、光照、杂质等外界因素对半导体的导电性能有很
大影响
C.铁钉、钢针、铝板都能被磁体吸引D.光导纤维是用全属铜制成的
18.B 航空器材常采用密度小、强度高的合金材料或新型合成材料,故A错误;温度、光照、杂质等外界因素对半导
体的导电性能有很大影响,故B正确;磁体能够吸引铁、钴、镍等物质,而铝板不能被磁铁吸引,故C错误;光导纤维
是由二氧化硅制成的,故D错误。
19.(2021湖南邵阳,19,3分)如右图所示,物体A在水平拉力F的作用下,沿水平面以0.2 m/s的速度匀速运动了5 s,
弹资测力计的示数为8 N(不计滑轮和绳子之间的摩擦),拉力F做功的功率为 ( )
A.1.6 WB.8 W C.3.2 WD.16 W
19.C 弹簧测力计的示数为8 N,则绳端的拉力F为8 N,图中为动滑轮,绳端移动的速度为物体移动速度的2倍,绳端
W Fs
移动的速度:v =2v =2×0.2 m/s=0.4 m/s;拉力做功的功率:P= = =Fv=8 N×0.4 m/s=3.2 W,故选C。
绳 物 t t
20.(2021湖南邵阳,20,3分)如图所示的电路中,已知定值电阻R=5 Ω,R=4 Ω。当开关S 接到位置1团合S 时,电压
1 2 2 1
表的示数为1.0 V;当开关S 接到位置2闭合S 时,电压表的示数可能为 ( )
2 1
A.1.2 V B.2.1 V C.0.9 V D.1.1 V
20.C 由图可知,开关S置于位置1时,R 与R串联,此时电压表测R 两端电压U=1V,当开关S置于当开关S置于位
1 1 1
置2时,R 与R串联,此时电压表测R 两端电压U,因为R<R,由于电路总电阻变小,电流I变大,根据U =IR,定值电
2 2 2 2 1 R
阻R两端电压变大,
U
=U-U
R
,所以电压表示数减小,故U
2
<1 V,C符合条件。
2
二、填空题(本大题包括21~28小题,每小题2分,共16分。)
21.(2021湖南邵阳,21,2分)寓言故事“刻舟求剑”从物理学的角度分析,求剑者捞不到剑是因为选错了参照物,沉底
的剑相对于行驶的船是 (选填“运动”或“静止”)的,所以靠岸后在船上的记号下方就不能抄到剑。
21.答案 运动
解析 以行驶的船为参照物,沉底的剑相对于行驶的船的位置在不断发生改变,所以沉底的剑相对于行驶的船是运动的,因此求剑
者靠岸后在船上的记号下方就不能捞到剑。
22.(2021湖南邵阳,22,2分)今年是中国共产党建党100周年,我市各地都开展了唱红歌比赛活动,男女演唱者时而
“引吭高歌”,时而“低声吟唱”,十分感人!这里的“高”“低”描述的是声音的 (选填“响度””音调”
或“音色”)。
22.答案 响度
解析 “引吭高歌”中的“高”说明声音的响度大,“低声吟唱”中的“低”是指声音的响度小,故这里的“高”、“低”描述的
是声音的响度。
知识归纳 音调是指声音的高低,音调是由频率决定的,发声体的振动频率越高,音调越高;响度是指声音的大小(强弱),响度与振幅和距离发声体
的远近有关;不同的发声体,发出声音的音色不同。23.(2021湖南邵阳,23,2分)小芳的爸爸开车带着一家人出去旅游,在汽车下坡的过程中,为了保证行驶安全轻踩刹车
使其速下敲,汽车的机械能 (选填“增大”或“减小”)。
23.答案 减小
解析 动能和势能之和叫做机械能,动能的大小与质量和速度有关,重力势能的大小与质量和被举高的高度有关。汽车匀速下坡时,
其质量不变,速度不变,高度减小,则汽车的动能不变、重力势能减小,机械能减小。
24.(2021湖南邵阳,24,2分)小花在学习光学知识的时候知道了光在真空中的传播速度为3×108 m/s,通过查资料又知
道了太阳到地球的距离大约是1.5×1011 m,聪明的小花算出了从太阳发出的光大约需要经过 才能传播到地球
上来。
24.答案 500 s
s s
解析 光在真空中的传播速度是3×108 m/s,又知太阳到地球之间的距离为1.5×1011 m,根据速度公式v= 可得t= =
t v
1.5×1011 m=500 s。
3×108 m/s
25.(2021湖南邵阳,25,2分)小李周一上学时观察了家里电能表的示数如25题图甲所示,第二天同一时间再看了一下
电能表的示数如25题图乙所示,这段时间他家消耗的电能是 kW·h。
25.答案 11.2
解析 由于电能表读数时最后一位是小数、单位是kW·h,图甲电能表的示数为1 357.8 kW·h,图乙电能表的示数为1 369.0 kW·h,
这段时间他家消耗的电能:W=1 369.0 kW·h-1 357.8 kW·h=11.2 kW·h。
26.(2021湖南邵阳,26,2分)有一定值电阻R与一小灯泡L,通过它们的电流/与它们两端的电压U的规律如26题图所
示,现将R和L并联接在电压为4 V的电源两端,此时干路中的电流是 A。
26.答案 1.1
解析 将R、L并联后接在电压为4 V的电源两端,根据并联后R、L两端的电压相等,根据图像读出相应的电流,将R、L并联后
接在电压为4 V的电源两端,由U-I图像可知,此时通过R、L的电流分别为I =0.4 A,I =0.7 A,并联电路中干路电流等于各支路电
R L
流之和,电路中的总电流I=I +I=0.4 A+0.7 A=1.1 A。
R L
27.(2021湖南邵阳,27,2分)利用斜面把重60 N的物体从斜面底端勾速拉到斜面顶消,已知斜面长1.5 m,高0.4 m,机
械效率为80%,则拉力的大小为 N。
27.答案 20
W Gh 60N×0.4m
有用
解析 已知机械效率η=80%,物体重力G=60 N,斜面长s=1.5 m,高h=0.4 m,由η= = 可得,80%= ,解得
W Fs F×1.5m
总
F=20 N。
28.(2021湖南邵阳,28,2分)如图所示,已知灯泡标有“5 V 2.5 W”的字样,灯泡电阻恒定不变,滑动变阻器标有
“30 Ω 1 A”的字样,电源电压为6 V。闭合开关S。在保证电路安全的情况下移动滑片,滑动变阻器的最小功率为
W。28.答案 0.5
U2 U2 (5V )2 U P 2.5W
解析 电功率公式P= 可得灯泡电阻R= = =10Ω;因小灯泡功率P=2.5 W,根据P=UI可得I= I= = =0.5
R P 2.5W P U 5V
U 6V
A,则电路中最大电流为0.5 A;则电路中最小总电阻阻值不能小于:R= = =12Ω;故滑动变阻器阻值不能小于R =12 Ω-10
I 0.5A X
U2
Ω=2 Ω;滑动变阻器在滑动时功率P=I2R=( U ) 2 ·R X = U2·R X = (R-R )2 ;由上述公式可知,滑动变阻
R+R R2+R R+2RR X +4R
X X X R
X
器功率在R X =R时最大,当R X >R和R X <R时减少;取R X =2 Ω,则滑动变阻器功率P=I2R=( U )2·R X =( 6V ) 2 ×2 Ω=0.5
R+R 10Ω+2Ω
X
W;取R =30 Ω,则滑动变阻器功率P=I2R=( U ) 2 ·R =( 6V ) 2 ×30 Ω=0.675 W;比较二者可知,当滑动变阻器电阻
X X
R+R 10Ω+30Ω
X
R=2 Ω时可保证电路安全,且滑动变阻器最小功率为0.5 W。
三、作图与实验探究题(本大题包括29~33小题,其中29、30题各2分,31题6分,32题8分,33题8分,共26分。)
29.(2021湖南邵阳,29,2分)请你将29题的光路图补充完整。
29.答案
解析 平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点;下方的光线射到凸透镜过光心,过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改
变。
30.(2021湖南邵阳,30,2分)木块在水平向右的拉力F作用下做匀速直线运动,请在30题图中画出木块在水平方向的
受力示意图。
30.答案
解析 由题知,木块在水平向右的拉力F作用下做匀速直线运动,木块受到的摩擦力f与水平向右的拉力F是一对平衡力,所以摩
擦力方向水平向左,且两条线段长度相等。
31.(2021湖南邵阳,31,6分)在“探究杠杆平衡条件”的实验时,
(1)先要调节好杠杆在水平位置平衡,目的是:
①消除杠杆自重对平衡的影响;
②方便直接读出 的长度。甲
乙
(2)如图甲所示,小刘同学在调节前发现杠杆静止时,左端下沉,可将杠杆右端的平衡螺母向 (选填“左”或
“右”)调,直至杠杆在水平位置静止平衡。
(3)如图乙所示,小刘同学在杠杆左侧挂了3个钩码,为了使杠杆在水平位置平衡,在右侧A点处应挂 个同样
规格的钩码。
31.答案 (1)力臂 (2)右 (3)4
解析 (1)杠杆在水平位置平衡,力臂在杠杆上,便于测量力臂大小,直接读出力臂的长度;同时杠杆的重心通过支点,消除杠杆重对
杠杆平衡的影响;(2)小刘同学在调节前发现杠杆静止时,左端下沉,右端上翘,说明右端轻,可将杠杆右端的平衡螺母向右移动;(3)
一个钩码的重力为G,设杠杆的一个小格为L,由杠杆平衡条件:动力×动力臂=阻力×阻力臂可知,3G×4L=nG×3L,解得n=4,即在A
位置应挂4个钩码,杠杆可以重新在水平位置平衡。
32.(2021湖南邵阳,32,8分)去年暑假小明在爸妈的陪同下去邵水河畔玩耍。他发现赤脚踩在水里清凉舒服,回到岸
上踩在沙子上却很烫.对此很好奇,他设计了如图甲所示的装置探究“水和沙子谁的吸热本领大”。实验数据记录如
下:
质量(g) 升高的温度(℃) 加热的时间(s)
沙子 50 20 120
水 50 20 200
甲
乙
(1)此实验中把沙子或者水吸收热量的多少转换为 (选填“升高温度的多少”或“加热时间的长短”)。
(2)分析实验数据可得:质量相同的水和沙子,升高相同的温度,水吸收的热量大于沙子吸收的热量,说明 (选
填“水”或”沙子”)的吸热本领大。
(3)粗心的小明实验完成后忘记熄灭酒精灯,发现烧杯中的水已经沸腾.此时温度计示数如图乙,请读出此时水的温度
是 。(4)由(3)小题可知当地气压 (选填“大于““等于”或“小于”)标准大气压。
32.答案 (1)加热时间的长短 (2)水 (3)98 (4)小于
解析 (1)实验中,把沙子或者水吸收热量的多少转换为加热时间的长短;(2)由表格中数据知,质量相同的水和沙子升高相同的温
度,水吸收的热量大于沙子吸收的热量,说明水的吸热本领;(3)由图乙可知,温度计的分度值是1℃,此时是零上,液柱上表面对准
了90 ℃上面第8个小格处,其示数为98 ℃;(4)气压越高,液体沸点越高,一个标准大气压下,水的沸点是100 ℃,此时沸点98 ℃低
于100 ℃,所以气压小于一个标准大气压。
33.(2021湖南邵阳,33,8分)小红同学在某次物理实验考查中抽到考题《用伏安法测量某未知电阻的阻值》的实验,
实验电路图如图甲所示,请你帮他完成下列问题。
(1)根据电路图,把图乙中所缺失的导线连接起来。
(2)开关团合前,滑动变阻器的滑片应滑到最 (选填“左”或“右”)端。
(3)粗略检查后闭合开关,发现电压表的指针出现反偏现象,可能出现这种情况的原因是 (选填“A”或
“B”)。
A.电压表量程选小了
B.电压表的正负接线柱接反了
(4)通过三次实验得出的实验数据如下表所示:
实验次数 1 2 3
电压U/N 1.2 1.8 2.4
电流I/A 0.2 0.3
丙
第三次实验测出的电流如图丙所示,请你根据所提供信息求出所测未知电阻的阻值为 Ω。
33.答案 (1)
(2)左 (3)B (4)6解析 (1)由图甲知,滑动变阻器要求“一上一下”串联入电路中,选择滑动变阻器上面的任一接线柱与R的
左侧接线柱相连即可;(2)为了保护电路,开关闭合前,滑动变阻器的滑片应滑到最大值左端;(3)闭合开关,发现电压表的指针出现
反偏现象,说明电压表的正负接线柱接反了,故选B;(4)由丙图知,电流表使用小量程,分度值0.02 A,第三次得出的电流为0.4 A,
三次测得电阻分别为R
1
= U 1=1.2V =6 Ω,R
2
= U 2=1.8V =6 Ω,R
3
= U 3=2.4V =6 Ω,所以三次所测电阻的平均值也为6
I 0.2A I 0.3A I 0.4A
1 2 3
Ω。
四、计算题(本大题包括34~35小题,每小题9分,共18分。)
34.(2021湖南邵阳,34,9分)下表是李华同学家饮水机的铭牌参数,学习电学知识后,他好奇饮水机的工作原理,请教
老师后得到饮水机的电路原理图如图所示。当蓄水箱中装满水时,请你帮他解决如下问题:(1)蓄水箱中水的质量是多少(ρ =1.0×103 kg/m)
水
(2)如果饮水机把蓄水箱中的水从75 ℃加热到95 ℃用了210 s,求此饮水机的加热效率。[c =4.2×103 J/(kg·C)]
水
(3)铭牌上的保温功率已模糊不清,已知R=988 Ω,求饮水机的保温功率。
t
34.答案 (1)1 kg (2)80% (3)49 W
m
解析 (1)根据ρ= 可知,水的质量为:m=ρV=1.0×103 kg/m3×1×10-3 m3=1 kg;(2)水吸收的热量是:Q =c m(t-t)=4.2×103
V 吸 水 0
Q
J/(kg·℃)×1 kg×(95 ℃-75 ℃)=8.4×104 J;消耗的电能为:W=P t=500 W×210 s=1.05×105 J;饮水机的加热效率为:η= 吸 =
加 W
8.4×104 J =80%;(3)根据电路图可知,当开关S闭合,S 断开时,只有R 工作,此时为保温状态,保温的功率为:P =U2 =
1 1 保
1.05×105 J R
1
(220V )2
≈49 W。
988Ω
思路分析 (1)已知热水箱的容量也就是已知水的体积,利用m=ρV计算水的质量;(2)已知水的质量和水的初温、末温,利用Q=cm(t-t)计算
0
Q
吸收的热量;已知加热功率和工作时间,利用W=Pt计算消耗的电能;饮水机消耗的电能为总能量,水吸收的热量为有用能量,利用η= 吸 计算饮水
W
U2
机的效率;(3)当开关S闭合,S 断开时,只有R 工作,此时为保温状态,根据P= 求出保温的功率。
1 1
R
35.(2021湖南邵阳,35,9分)由于环境污染,全球气候变暖,导致南极洲冰川开始大面积熔化,海面上出现大量浮冰,现
有一块60 t的浮冰漂浮在海面上,假设附近海域的海水密度近似为水的密度1.0×103 kg/m3,冰的密度为0.9×103
kg/m3。请解决下列问题:
(1)水下5米深处海水产生的I压强是多少?(2)浮冰受到的浮力是多少?(3)如果海面所有浮冰全部演化后,请分析说
明是否会对海平面水位造成影响?35.答案 (1)5×104 Pa (2)6×105 N (3)浮冰全部熔化后,海平面水位不会发生变化。
解析 (1)p=ρ gh=1.0×103 kg/m3×10 N/kg×5 m=5×104 Pa。(2)浮冰的重力:G =mg=60×103 kg×10 N/kg=6×105 N;由于浮冰漂浮,
水 冰
则:F =G =6×105 N。(3)因为浮冰漂浮于水面上,所以F =ρ gV =G ;又因为冰熔化成水后,其质量不变,重力不变,所以G
浮 冰 浮 水 排 冰 水
=ρ gV =G ,所以ρ gV =ρ gV ,则V =V ,即浮冰熔化为水的体积等于浮冰排开水的体积。所以浮冰全部熔化后,海平面水
水 水 冰 水 排 水 水 排 水
位不会发生变化。
思路分析 (1)根据p=ρgh即可求出海水产生的压强;(2)由于冰块处于漂浮状态,根据漂浮条件可知冰块受到的浮力等于重力;根据G=mg求出浮
冰的重力;(3)浮冰漂浮于水面上,要想判断浮冰熔化之后,水面是否变化,则需要比较浮冰排开液体的体积跟浮冰熔化成水后的体积大小。若二者
体积相等,则水面不变;若增大,则水面上升;若减小,则水面下降
