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2026 届福建省高考物理强化练习卷03
注意事项：
1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息
2．请将答案正确填写在答题卡上
第I 卷（选择题）
一、单选题（每题4 分，总16 分）
1．“电动平衡车”是时下热门的一种代步工具。如图所示，人站在“电动平衡车”上在水平路面上沿直
线行驶，下列说法正确的是（ ）
A．地面对平衡车的支持力是由于地面发生形变而产生的
B．平衡车匀速行驶时，人受到的重力等于地面对平衡车的支持力
C．平衡车加速行驶时，车对人的作用力小于人对车的作用力
D．平衡车加速行驶时，轮胎上凹凸不平的花纹可以增大轮胎与地面间的滑动摩擦力
2．如图，矩形线框切割磁感线产生交流电压
，它的匝数
、电阻
，将其
接在理想变压器的原线圈上。“220V 22W”的灯泡L 正常发光，内阻为10Ω 的电风扇M 正常工作，电
流表A 的示数为0.3A。导线电阻不计，电压表和电流表均为理想电表，不计灯泡电阻的变化，矩形线框
最大电流不能超过20A。以下描述正确的是（ ）
A．矩形线框转动过程中磁通量的变化率最大值为25
V
B．电风扇输出的机械效率约为99.1％
C．原、副线圈的匝数比
D．若将电风扇去掉，则小灯泡变亮，电流表的示数变大
3．如图所示，载人飞船发射后先在近地轨道a 上做圆周运动，在P 点实施变轨进入椭圆轨道b，在远地
点Q 进行第二次变轨进入空间站停泊圆轨道c，不计飞船质量变化，下列说法正确的是（ ）
A．飞船两次变轨，在P 点要加速、在Q 点要减速
B．飞船在轨道c 上的机械能一定大于在轨道a 上的机械能
C．飞船在轨道b 上运动时，在P、Q 两点的加速度大小之比跟速率之比相同
D．飞船在轨道b 上运动的周期大于在轨道c 上运动的周期
4．如图所示，质量相等的物体a 和b 用劲度系数
的轻弹簧连接，b 放置在地面上，一根不可
伸长的轻绳一端与a 连接，另一端绕过两个光滑的小定滑轮
、
与小球c 连接，c 套在倾角
的
光滑轻杆上，F 点为轻杆的底端，开始时小球c 处于轻杆的E 点，连接c 的轻绳处于水平状态，此时物体
b 恰好对地面没有压力。E、F 两点关于P 点对称，且
，已知物体a 和b 的质量均为3kg，小球c
的质量为1.5kg，
，g 取
，
，弹簧的弹性势能为
（x 为弹簧的形
变量）。小球c 从E 点由静止释放到达F 点的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．物体a、b 及小球c 组成的系统机械能守恒
B．小球c 到达P 点时，物体a 的速度不为0
C．小球c 到达P 点时，小球c 的机械能增加了16J
D．小球c 刚到达F 点时，a 的动能为9.6J
二、双项选择题（每题6 分，少选得3 分，错选不得分，总24 分）
5．有关下列四幅图的描述正确的是（ ）
A．图甲中，为真空冶炼炉，当炉外线圈通入高频交流电时，炉内金属产生涡流发热，从而冶炼金属
B．图乙中，安检门利用自感现象可以检测金属物品，如携带金属经过时，会触发报警
C．图丙中，给铜板通上大小为
的电流，电流方向如图所示，则前后表面出现电势差，且前表面电
势较高
D．图丁中，粒子初速度为零经电场加速后（电压
一定），进入磁场则粒子
的比荷大于
的比荷
6．滑块以初速度
沿粗糙斜面从底端O 上滑，到达最高点B 后再返回到底端．利用频闪仪分别对上行和
下滑过程进行拍摄，频闪照片示意图分别如图甲（上行）和乙（下滑）所示，图中A 为OB 的中点．下列
说法正确的是（ ）
A．滑块下滑时间比上行时间长
B．滑块上行与下滑的加速度之比为16：9
C．滑块上行与下滑通过A 时的动能之比为4：3
D．滑块与斜面间的动摩擦因数为0.25
7．如图所示，场强为
的匀强电场方向竖直向下，所带电荷量为
、质量为
的带电小球用长为
的
绝缘细线拴住，小球仅在重力、电场力和绳的拉力作用下可以在竖直平面内绕
做圆周运动，
、
分
别是轨迹的最高点和最低点。已知小球速度为0 时，仅能静止在
点，重力加速度大小为
，小球可以看
成质点，不计空气阻力、细线长度变化。下列说法正确的是（ ）
A．小球可能做匀速圆周运动
B．当小球运动到最高点
时，线的拉力一定最大
C．若小球恰好可以做完整的圆周运动，则小球通过
点时的速度为
D．当小球运动到最低点
时，小球的速度一定最大
8．如图所示，将一轻质弹簧左端固定在墙上，右端连接质量为
的小球静置于光滑水平面上。以弹簧原
长时小球的位置为坐标原点
，水平向右为正方向建立坐标轴
，给小球一向右的初速度，小球沿
轴
做往复运动，作出小球运动过程中动量
随位置坐标
变化的图像。小球的运动状态可用图像上各点的坐
标表示，其中A 状态的坐标为
，B 状态的坐标为
，C、D 状态的横坐标均为
。已知弹簧的弹
性势能
，
为弹簧的劲度系数，
为弹簧的形变量。下列说法正确的是（ ）
A．小球运动过程中的最大动能为
B．弹簧的劲度系数为
C．小球从C 状态经B 状态到D 状态所经历的时间是其运动周期的四分之一
D．小球在C 状态的动量大小为
第II 卷（非选择题）
三、填空题（每题3 分，总9 分）
9．可控核聚变反应可向人类提供清洁而又取之不尽的能源。目前可控核聚变研究已经进入第三代，因不
会产生中子而被称为“终极聚变”，其核反应方程式为：
，其释放的能量为
，
则该反应前后的质量亏损为 。（真空中的光速为c）
10．如图，真空中有一长方体容器底部镀有反射膜，容器内装有一定深度的液体，一束单色光以
角斜射
到液体表面上，在容器右侧的竖直光屏上出现两个光点P 和Q，P、Q 间的距离为h。若只将液体的深度
增大，则P 和Q 间的距离h 将 ，光在液体中传播的时间将 。若只将液体的折射率增大，
则P 和Q 间的距离h 将 。（以上选填“变长”“变短”或“不变”）
11．如图甲所示
图像，一定质量理想气体经过两次等温变化、两次等容变化由状态
完成一个循环。
的过程中，单位体积中的气体分子数目 （选涂“增
大”、“减小”、“不变”），状态
和状态
的气体分子热运动速率的统计分布图像如图乙所示，则
状态
对应的是 （选涂“①”、“②”）。在
和
的过程中，气体放出的热量分别为
和
，在
和
的过程中，气体吸收的热量分别为
和12J。求完成一次循环外界对气体
所做的功为 J。
四、实验题（12 题5 分，13 题7 分，总12 分）
12．传统“单摆测量重力加速度”实验中，用秒表测量周期存在较大误差。某实验小组利用数字化设备
改进该实验，按如图所示的实验装置进行实验。选用的器材有：摆球、不易伸长的细线、刻度尺、游标
卡尺、拉力传感器、数据采集器、计算机等。实验步骤如下：
（i）将拉力传感器固定在竖直木板上，并与摆球用细线相连；
（ii）用刻度尺测量摆线长度l，再用游标卡尺测量摆球直径d，计算摆长；
（iii）让单摆做小角度摆动，数据采集器记录拉力传感器的数据；
（iv）改变摆长，重复以上步骤三次。
据此回答以下问题：
(1)在测量摆长时，必须使单摆处于___________状态。
A．水平放置且拉直
B．挂上摆球后在竖直面内自然悬垂
C．竖直悬挂且用竖直外力拉紧
(2)某次测量得到的拉力传感器的示数F 随时间t 变化的图像如图乙所示，则该次测量中摆球摆动的周期
T= s（保留两位有效数字），重力加速度可表示为 （用l、d、T 表示）。
13．实验小组设计了如图1 所示的电路图，来测量电源的电动势
与内阻，先把电阻箱的阻值调到最大。
第一种操作方式是：开关
、
断开，
合上，再逐渐减小电阻箱的阻值
，读出电流表的示数
与相
应的电阻箱接入阻值
，多测几组
、
的值，最后画出
的图像；第二种操作方式是：开关
断开，
、
合上，再逐渐减小电阻箱的阻值
，读出电压表的示数
与相应的电阻箱接入阻值
，多测几组
、
的值，最后画出
的图像。回答下列问题：
(1)按图1 所示的电路图，在图2 中用笔画线代替导线完成实物图。
(2)忽略电压表、电流表内阻对实验的影响，若
图像的斜率和纵截距分别为
、
，则电源的内阻为
；若
图像的斜率和纵截距分别为
、
，则电源的电动势为 。
(3)若考虑电流表、电压表的内阻，第一种操作方式，是由于电流表的 作用，而产生误差，第
二种操作方式，是由于电压表的 作用，而产生误差。（均选填“分压”或“分流”）
五、解答题（39 分）
14．如图甲所示，2019 年6 月5 日，我国长征运载火箭首次在海上成功发射，此次发射采用了先弹射后
点火的方式。如图乙所示为某物理兴趣小组讨论弹射阶段时所画示意图，图中总质量m=6×104kg 的火箭
从静止开始运动，弹射阶段沿竖直方向以a=32m/s2的加速度匀加速上升了h=16m，空气阻力不计。求：
(1)火箭弹射阶段所受的合力；
(2)火箭弹射结束时速度的大小。
15．如图所示，绝缘水平地面上固定一半径为R=0.3m 的光滑半圆弧绝缘轨道，轨道竖直与水平地面相切
于B 点，水平面上A、B 两点间距离L=0.3m，整个区域存在竖直向上、电场强度大小为E 的匀强电场。
一电荷量为q=+1.0×10-9C、质量m=1.0kg 的小球，从A 点以水平向右的初速度v0=3m/s 运动。小球与水平
地面间的动摩擦因数μ=0.5，重力加速度g 取10m/s2。求：
(1)电场强度
时，小球刚进入半圆弧轨道时对轨道的压力大小；
(2)要使得小球能运动至C 点（不考虑与轨道多次碰撞），电场强度E 应满足什么条件。
16．滑雪是一项受欢迎的体育运动，大多数滑雪运动员在赛道上的滑行速度超过每小时100 千米，风险
较大。我们设想一种电磁滑道，可以通过控制磁场强弱实现对滑行速度的控制。如图甲所示的足够长的
光滑斜面与水平面成θ＝37°角，边界EF 上方的区域内存在垂直斜面方向的磁场，磁感应强度变化规律如
图乙所示。t＝0 时刻磁场方向垂直斜面向上，0～2s 时间内，单匝正方形闭合金属框ABCD 在外力作用下
静止在斜面上，金属框CD 边与边界EF 的距离为L＝
m，t＝2s 时撤去外力，金属框将沿斜面下滑，此
后磁感应强度保持不变。已知金属框质量为0.1kg，边长为L，每条边电阻均为R＝0.025Ω，金属框CD 边
始终与边界EF 平行，从t＝0 时刻到金属框刚好完全离开磁场的过程中，金属框AB 边产生的焦耳热QAB
＝
J，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g＝10m/s2。
(1)CD 边刚过边界EF 时，求C、D 两点间的电势差；
(2)求金属框AB 边刚到达边界EF 时的速度大小；
(3)求从撤去外力到金属框刚好完全离开磁场时所经历的时间。
《2026 届福建省高考物理强化练习卷03》参考答案
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
答案
A
B
B
C
AC
AB
BC
AD
1．A
【详解】A．地面对平衡车的支持力是由于地面发生形变而产生的，A 正确；
B．平衡车匀速行驶时，地面对平衡车的支持力大小等于人和平衡车的总重力，故人受到的重力小于地面
对平衡车的支持力，B 错误；
C．平衡车加速行驶时，车对人的作用力与人对车的作用力是相互作用力，二力大小相等，C 错误；
D．平衡车加速行驶时，轮胎与地面之间是静摩擦力，不是滑动摩擦力，D 错误。
故选A。
2．B
【详解】A．根据法拉第电磁感应定律，有
解得
故A 错误；
B．副线圈电路中，灯泡与电风扇并联，灯泡L 正常发光，则电风扇M 的电压为
电风扇所在支路电流为
电风扇输出的机械效率约为
故B 正确；
C．原、副线圈的匝数比为
又
由闭合电路欧姆定律，可得
联立解得
故C 错误；
D．若将电风扇去掉，副线圈电阻增大，电流表示数减小，导致原线圈电流减小，原线圈的端电压增大，
副线圈电压随之增大，则小灯泡变亮，故D 错误。
故选B。
3．B
【详解】A．飞船两次变轨均从低轨道变到高轨道，需要加速，故A 错误；
B．飞船在每一条轨道上运动时机械能守恒，两次变轨时飞船的机械能都要增加，故飞船在轨道c 上的机
械能一定大于轨道a 上的机械能，故B 正确；
C．设轨道b 上近地点和远地点到地心的距离分别为
、
，根据牛顿第二定律可得
解得
所以，飞船在P、Q 两点的加速度大小之比为
根据开普勒第二定律，可知
则飞船在P、Q 两点的速率之比为
二者比值不相同，故C 错误；
D．根据开普勒第三定律
可知，飞船在轨道b 上运动的周期小于在轨道c 上运动的周期，故D 错误。
故选B。
4．C
【详解】A．当弹簧的弹性形变发生变化时，弹簧的弹性势能也发生变化，可知，物体a、b 及小球c 与
弹簧组成的系统机械能守恒，故A 错误；
B．由于
，可知，小球c 到达P 点时，小球c 的速度方向垂直于轻绳，即小球c 沿轻绳方向的速
度为0，可知，小球c 到达P 点时，物体a 的速度为0，故B 错误；
C．小球c 处于轻杆的E 点时，由于物体b 恰好对地面没有压力，则弹簧的拉伸量
小球c 到达P 点时，物体a 下降的高度为
可知，小球c 到达P 点时，弹簧处于压缩状态，压缩量为
结合上述，小球c 到达P 点时，物体a 的速度为0，对物体a、b 及小球c 与弹簧组成的系统机械能守恒，
可知小球c 的机械能增加
解得
故C 正确；
D．小球c 刚到达F 点过程，物体a、b 及小球c 与弹簧组成的系统机械能守恒，则有
根据绳的牵连速度规律有
a 的动能为
解得
故D 错误。
故选C。
5．AC
【详解】A．图甲是真空冶炼炉，当炉外线圈通入高频交流电时，由互感现象可知炉内金属产生涡流发热，
从而冶炼金属，故A 正确；
B．金属物体过安检门时，金属物在安检门的磁场中发生电磁感应互感现象，内部出现感应电流，感应电
流产生的磁场反作用于安检门发生报警，故B 错误；
C．图丙中，铜板中自由电荷为电子带负电，由左手定则可知，电子向后表面偏转，则有后表面电势较低，
前表面电势较高，故C 正确；
D．图丁质谱仪中粒子经电场加速
磁场中洛伦兹力提供向心力
联立两式解得
因为
大于
，则
的比荷小于
的比荷，故D 错误。
故选AC。
6．AB
【详解】A．因为频闪照片时间间隔相同，设时间间隔为T，从甲中可知，上行时间为3T，下行时间为
4T，A 正确；
B．上行与下行位移相等，将上行过程看作是向下的匀加速运动，根据
可得，上行与下滑的加速
度之比为16：9，B 正确；
C．对上行（甲图）逆向思考，有
，对下行（乙图），有
，因此根据
可知，滑块上行与下滑通过A 时的动能之比为16：9，C 错误；
D．由于斜面倾角未知，不能求出滑块与斜面的动摩擦因数，D 错误。
故选AB。
7．BC
【详解】A．小球带负电，电场强度方向竖直向下，故电场力方向竖直向上，小球速度为0 时，
点以外
的位置不能静止，因此重力与电场力不能平衡，小球不可能做匀速圆周运动，故A 错误；
BD．已知小球速度为0 时，仅能静止在
点，可知
点为等效最低点，则小球运动到
点时，线的拉力
最大，速度最大，故B 正确，D 错误；
C．若小球恰好可以做完整的圆周运动，则在
点有
根据动能定理有
联立解得
，故C 正确。
故选BC。
8．AD
【详解】A．小球运动到平衡位置（即A 状态）动能最大，由
，
可得小球运动过程中的最大动能为
，故A 正确；
B．小球由B 到A 的过程，根据能量守恒得
解得
，故B 错误；
C．由题意可知，振幅
故小球的振动方程为
小球由A 到C 的过程有
解得
又因为
故
所以小球从C 状态经B 状态到D 状态所经历的时间为
是其运动周期的三分之一，故C 错误；
D．小球由B 到C 的过程，根据能量守恒有
又
联立可得
，故D 正确。
故选AD。
9．
【详解】[1]根据电荷数守恒，质量数守恒，可知
。
[2]根据质能方程
，得质量亏损为
10． 变长 变长 变短
【详解】[1]若只将液体的深度增大，光路图如图
由图可知
所以则P 和Q 间的距离h 将变长。
[2]若只将液体的深度增大，光在液体中传播的路程变长，光在液体中传播的速度不变，故光在液体中传
播的时间将变长。
[3]若只将液体的折射率增大，光线射入液体中偏折增大，如图
则P 和Q 间的距离h 将变短。
11． 增大 ②
【详解】[1]A→B 体积减小，单位体积中的气体分子数目增大；
[2]根据
图中等温线的特点，
，则在图乙中状态D 对应的图线，速率大的分子比例较多，故
为②图线；
[3]整个循环，气体吸收的热量
，内能不变，由
得
。
【点睛】
12．(1)B
(2) 2.0
【详解】（1）测量摆长时，必须使单摆挂上摆球后在竖直面内自然悬垂状态下测量，这样测量的摆长最
准确。
故选B。
（2）[1]由图可知，相邻两次拉力最小的时间间隔为1.0s，所以摆球摆动的周期为
[2]根据单摆的周期公式可得
所以
13．(1)见解析
(2)
(3) 分压 分流
【详解】（1）根据图1 所示的电路图，完整的实物连线如图所示
（2）[1]开关
、
断开，
合上时，根据闭合电路欧姆定律可得
可得
则
图像的纵截距为
解得电源的内阻为
[2]开关
断开，
、
合上，根据闭合电路欧姆定律可得
可得
则
图像的纵截距为
解得电源的电动势为
（3）[1][2]若考虑电流表、电压表的内阻，第一种操作方式，是由于电流表的分压作用，而产生误差，第
二种操作方式，是由于电压表的分流作用，而产生误差。
14．（1）
（2）32m/s
【详解】（1）弹射阶段，由牛顿第二定律，火箭受到的合力为
（2）弹射过程火箭做初速度为0 的匀加速运动，故末速度为
15．(1)30N
(2)
或
【详解】（1）小球从A 运动至B，根据动能定理可得
在B 点，根据牛顿第二定律可得
由牛顿第三定律得
解得
（2）①当
时，假设电场强度为E1时小球恰能运动至C 点，从A 到C，由动能定理可得
在C 点，有
解得
电场强度E 应该满足的条件为
；
②当
时，小球将脱离水平轨道做类平抛运动，则
，
，
解得
综上所述，电场强度E 应该满足的条件为
或
。
16．(1)
V
(2)1m/s
(3)0.78s
【详解】（1）CD 边运动到EF 的过程中由动能定理得
解得v1＝2m/s
CD 边刚过边界时，AB 边切割磁感线相当于电源，所以C、D 两点间的电势差为
解得
（2）从t＝0 时刻到AB 边刚好运动到边界EF 的过程中，AB 边产生的焦耳热分为两部分，第一部分为金
属框静止时
根据法拉第电磁感应定律得
联立解得
第二部分为金属框运动过程中AB 边产生的热量
金属框从CD 边刚过边界EF，运动至AB 边刚到达边界EF，整个金属框产生的热量为4Q2，根据能量守
恒定律得
解得 AB 边刚到达边界EF 时的速度大小为
（3）从撤去外力到金属框刚好完全离开磁场时经历的时间分为两段，第一段为CD 边到达边界EF 用时
t1，此过程为匀加速直线运动
根据牛顿第二定律
，运动学公式
解得
第二段为CD 边刚经过边界EF 到AB 边到达边界EF 用时t2，设沿斜面向下为正方向
根据动量定理
，其中
解得
总时间为
