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期末测试卷02
高二物理·全解全析
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D D B A C B D A AC BD CD ACD
1．
【答案】 D
【解析】
AB．受迫振动的频率与驱动力的周期相同，所以弹簧振子的振动周期为 ，则AB错误；
CD．发生共振时，物体振动的振幅最大，共振的条件是驱动力的频率等于物体的固有频率，根据
所以要使弹簧振子的振幅增大，可让把手的转速增大，则C错误；D正确；
故选D。
2．
【答案】 D
【解析】
A．波形向x轴正方向传播，可以判断N点的起振方向沿y轴正方向，故A错误；
B．由波的图像可知λ=4m，根据
故B错误；
C．质点不会随波而转移，只是在原位置上下移动，故C错误；
D．该波的周期为
M点经过5s，即
由波的图像可知振幅为5cm，则M点经过5s运动的路程为
故D正确。
故选D。
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【答案】 B
【解析】
A．在油膜法估测分子直径的实验中，先稀释后用累积法测量出 n滴的油酸酒精混合溶液，然后取一滴，
滴入水槽，不可以取1毫升的油酸酒精混合溶液滴入水槽，因为那样子体积太大，在水面形成的油膜不是
单分子油膜，所以A错误；
B．布朗运动不是分子的运动，但间接地反映了液体分子运动的无规则性，所以B正确；
C．压缩气体时，体积越小，越难压缩，是由于气体的压强增大，所以C错误；
D．当分子间作用力表现为引力时，分子距离增大时，分子力做负功，则分子势能随距离的增大而增大，
所以D错误；
故选B。
4．
【答案】 A
【解析】
理想气体做等温变化时，由玻意耳定律
可判断出
根据
得到
故
故A正确，BCD错误。
故选A。
5．
【答案】 C
【解析】
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂A．从状态B到C过程气体发生等温变化，内能不变，体积减小，外界对气体做功，由热力学第一定律可知，
气体放出热量，A错误；
B．由V = T知，从C到D过程气体发生等压变化，B错误；
C．从D到A过程中，气体温度不变，则单个气体分子碰撞器壁的力不变，压强减小，则必然是单位时间
内碰撞器壁单位面积的分子数减少造成的，C正确；
D．由
U = W + Q
得
Q = 8kJ
气体从外界吸收热量，D错误。
故选C。
6．
【答案】 B
【解析】
A．普朗克引入能量子的概念，得出黑体辐射的强度按波长分布的公式，与实验符合得非常好，并由此开
创了物理学的新纪元，故A错误；
B．德布罗意把光的波粒二象性推广到实物粒子，认为实物粒子也具有波动性；故B正确；
C．康普顿效应说明光具有粒子性，说明光具有能量，还具有动量，故C错误；
D．根据光电效应方程
知，光电子的最大初动能和入射光强度无关，故D错误。
故选B 。
7．
【答案】 D
【解析】
A．由光路图可知，a光通过三棱镜的偏折程度最大，则折射率最大，故a光的频率最大，d光的折射率和
频率最小，故A错误；
B．由
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂a光折射率最大，所以a光在棱镜中的速度最小，故B错误；
C．因为a光的频率最大，则波长最短，根据
可知，a光产生的干涉条纹宽度最小，故C错误；
D．同C选项， d光频率最小，则波长最长，干涉条纹宽度最大，故D正确。
故选D。
8．
【答案】 A
【解析】
光子垂直照射后全部反射，每秒在薄膜上产生的总能量为 ，结合单个光子的能量
则 个光子的总能量为
解得
结合单个光子的动量
则光子的总动量变化量大小为
以光子为研究对象，应用动量定理
式中 ，解得
根据牛顿第三定律，光子对探测器的作用力大小为
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂根据牛顿第二定律
解得
故选A。
9．
【答案】 AC
【解析】
A．根据光电效应方程结合动能定理可知
解得
斜率
解得普朗克常量
故A正确；
B．根据爱因斯坦光电效应方程可知
纵轴截距的绝对值表示逸出功，则实线对应金属的逸出功比虚线大，故B错误；
C．饱和光电流由入射光的强度决定，同一束光，即光的颜色不变的情况下，入射光越强，光子数越多，
饱和光电流越大，故C正确；
D．分析图丁可知，当达到饱和光电流以后，增加光电管两端的电压，光电流不变，故D错误。
故选AC。
10．
【答案】 BD
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂【解析】
A．偏振现象是横波的特性，因此偏振光一定是横波，不是纵波，所以A 错误；
B．光学镜头上的增透膜利用了光的干涉现象，所以B正确；
C．在LC振荡电路中，当电流最小时，电容器充电完毕，线圈两端电势差最大，所以C错误；
D．声源与观察者相对靠近时，根据多普勒效应可知，观察者所接收的频率大于声源振动的频率，所以 D
正确；
故选BD。
11．
【答案】 CD
【解析】
A．理想气体的内能等于分子动能，由于温度不变所以内能不变，故A错误；
B．气体等温膨胀，根据玻意耳定律PV=C，其中C为定值，可知气压不断减小，故内外气体的压力向左变
大，故F逐渐变大，故B错误；
C．气体是从单一热源吸热，全部用来对外做功，但是引起了其它变化（外力F做功），所以此过程是可以
的，不违反热力学第二定律，故C正确；
D．根据能量守恒定律，可知活塞克服大气压力做功数值上等于水平外力 F做功与气体从外界吸收的热量
之和，故D正确。
故选CD。
12
【答案】 ACD
【解析】
A．由图可知，两列波的周期都是T=1s，由波长公式
所以A正确；
D．由于两列波到P点的路程差为
而t=0时刻两列波的振动方向相反，则P点是振动加强的点，振幅等于两波振幅之和，所以P点为加强点
其振幅为70cm，则D正确；
B．依据发生明显衍射条件，由于40cm> 20cm，则波遇到40cm的障碍物将不能发生明显衍射现象，所
以B错误；
C．波从C传到P的时间为
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂波从B传到P的时间为
在t=2.5s时，两波叠加，质点P经过平衡位置向下运动，在t=4.5s时，质点经过了两个周期，质点经过平
衡位置向下运动，所以C正确；
故选ACD。
13．
【答案】 106cm2 8×10-6cm3 7.5×10－10 m ①水面受到落下油滴的冲击，先陷下后又恢复水平，因此油膜
的面积先扩张后又收缩；②油酸酒精溶液中的酒精将溶于水并很快挥发，使液面收缩
【解析】
(1)根据图中的轮廓可知，油膜面积为
S=106×1 cm2=106 cm2.
(2)由1 mL溶液为75滴,可知1滴溶液的体积为 mL，又已知每104 mL溶液中有纯油酸6 mL，则1滴溶液
中含纯油酸的体积为
.
(3)油酸分子直径为
(4)主要有两个原因：①水面受到落下油滴的冲击，先陷下后又恢复水平，因此油膜的面积先扩张后又收缩；
②油酸酒精溶液中的酒精将溶于水并很快挥发，使液面收缩
14．
【答案】 AD D 偏小 不变
【解析】
(1)A．为了作图误差更小，应选用两光学表面间距大的玻璃砖，A正确；
B．根据折射定律可知，如果两个光学面不平行，不影响入射角与折射角的值，所以对折射率的测定结果
不产生影响，B错误；
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂C．为了准确测量光路图，应选用较细的大头针来完成实验，选用粗的大头针完成实验时，容易出现观察
误差，使光线实际并不平行，C错误；
D．插在玻璃砖同侧的大头针之间的距离适当大些时，相同的距离误差情况下引起的角度误差会减小，D正
确。
故选AD。
(2)因玻璃的折射率较大，故在玻璃中的折射角一定小于入射角；实验作出的入射角一定大于折射角；并且
光线从玻璃中出来后，应与入射光平行，因此只有D图正确，ABC均错误。
故选D。
(3)折射率
n =
其中
sini = ，sinγ =
计算得
n =
(4)如图①，甲同学测定折射率时，作出的折射光线如图中虚线所示，实线表示实际光线，可见折射角增大，
则由折射定律
n =
可知，折射率n将偏小。
用图②测折射率时，只要操作正确，与玻璃砖形状无关，故乙同学测得的折射率与真实值相比不变。
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【答案】 （1） ；（2）
【解析】
（1）封闭气柱的压强为
解得
（2）左端水银面下降 h=5cm时，两边水银柱的高度差为
此时左边气体的压强为
此时左边气体的体积为
设此时气体的温度为 ，根据理想气体的状态方程可得
代入数据解得
16．
【答案】 （1） ；（2）
【解析】
（1）光路图如下图
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂设光线在AB面上的入射角为i，因入射光线平行于BC边，可得
i=60°
设折射光线在BC面上的入射角为θ，由于EF平行AB，可得
θ=60°
根据几何关系，光线在AB面上的折射角为
则棱镜对该单色光的折射率
（2）设DE长为d，由于△DBE为等腰三角形，则有
BD=d
由于EF=2DE，则
EF=2d
根据几何关系有
AB=BD+DEsinr+EF
即
解得
则
x=DE+EF=
该单色光在棱镜中的传播速度为
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂则光在棱镜中沿DEF传播所用的时间为
17．
【答案】 （1） ；（2）
【解析】
(1)由 时刻， 处质点向y轴正方向运动，可知该波沿x轴负方向传播，周期满足
当 时， ，由波形图可知振幅为5cm，则 处质点的振动方程
(2)若波沿x轴正方向传播
由 可知 ，由
可得
若波沿x轴负方向传播，有
且 没有满足条件的n，综上所述，波速为 ，方向沿x轴正方向。
18．
【答案】 (1) ；(2) ；(3)
【解析】
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂(1)设物块A沿斜面滑到底端时速度为v ，根据动能定理
A1
解得 ，设物块A在传送带上的加速度为a ，对物块A 应用牛顿第二定律
A
解得
设物块B在传送带上的加速度为a ，对物块B应用牛顿第二定律
B
解得
设物块B速度减为零所需时间为t ，则
1
设物块B在t 时间内的位移为x ，则
1 B1
设经过t 时间物块A的速度为v ，则
1 A2
因
说明物块A在t 时间内一直做匀变速直线运动，设物块A在t 时间内的位移为x ，根据匀变速直线位移关
1 1 A1
系式
更多资料添加微信号：hiknow_007 淘宝搜索店铺：乐知课堂由此可知，当物块B的速度 时，A、B即将发生碰撞。此时物块A的速度 。
(2)根据题意，物块A和B发生弹性碰撞，设碰撞后A和B速度分别为v 、v ，由动量守恒和能量守恒可得
A3 B3
解得 ， ，
设物块A向左减速到零所需时间为t2，通过的位移为x ，则
A2
设物块A向右加速到与传送带共速所需时间为t ，通过的位移为x ；则
3 A3
物块A与传送带共速后做匀速运动，到达传送带右端的时间为t ，则
4
解得 ，
碰撞后物块A离开传送带的时间为 ，则
(3)设碰撞后，物块B加速到与传送带共速所需时间为t ，通过的位移为x ，则
5 B2
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1 带1
传送带在t 时间内的位移为x ，则
5 带2
设物块B与传送带之间由于摩擦产生的热量为Q，则
联立可解得 。
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