2025广州中考物理真题（答案解析）_广州九上月考+期中+期末+一模二模+中考真题_广州中考真题23-25_2025年

2025 年广州市初中学业水平考试 物理 考生号：______；姓名：______ 本试卷共8页，18小题，满分90分。考试用时60分钟。 注意事项： 1．答题前，考生务必在答题卡第1面和第3面上用黑色字迹的圆珠笔或钢笔填写自己的考生 号、姓名：将自己的条形码粘贴在答题卡的“条形码粘贴处”。 2．选择题每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动， 用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。答案不能答在试卷上。 3．非选择题答案必须用黑色字迹的圆珠笔或钢笔写在答题卡各题目指定区域内的相应位置上， 作图可用2B 铅笔；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案，改动后的答案也 不能超出指定的区域；不准使用铅笔（作图除外）、涂改液和修正带。不按以上要求作答的答 案无效。 4．考生必须保持答题卡的整洁，考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题：本题共10小题，每小题3分，共30分。在每小题给出的四个选项中，只有一 项最符合题目要求。 1. AI智能音箱收到调低音量的指令时，就会自动改变声音的（ ） A. 音调 B. 响度 C. 音色 D. 频率 【答案】B 【解析】 【详解】A．音调指的声音的高低，音调与频率相关，不受音量调节影响，故A不符合题意； B．响度指的是声音的大小，调低音量时，音箱减小了扬声器的振幅，而振幅决定响度，因此改变的是响 度，故B符合题意； C．音色指的是声音的特色，音色由发声体本身决定，不受音量调节影响，故C不符合题意； D．频率指的是振动的快慢，频率是音调的决定因素，但题目中“调低音量”并未直接改变频率，故D不 符合题意。 故选B。 2. 如图是氦原子的结构示意图，则氦原子（ ） 第1页/共16页 学科网（北京）股份有限公司A. 核外有2个电子 B. 整体有4个电子 C. 核外有2个正电荷 D. 整体有4个正电荷 【答案】A 【解析】 【详解】根据氦的原子结构示意图可知，圆圈内的数字为+2，表示氦的原子核内有2个质子，质子带正电 荷，质子数等于核外电子数，整个原子呈电中性，因此核外电子带负电荷，数量为2个，故A符合题意， BCD不符合题意。 故选A。 1.027108Hz 3. 某广播电台发射频率为 的电磁波，根据如图信息，该电磁波属于（ ）  A. 无线电波 B. 红外线 C. 紫外线 D. 射线 【答案】A 【解析】 1.027108Hz 106Hz:1010Hz 【详解】由图可知，频率为 的电磁波在 之间，因此属于无线电波，故A符 合题意，BCD不符合题意。 故选A。 4. 如图，从热汤中取出的金属勺子，由烫手到不烫手的过程，其内能（ ） A. 逐渐增加 B. 保持不变 C. 通过做功改变 D. 通过热传递改变 【答案】D 第2页/共16页 学科网（北京）股份有限公司【解析】 【详解】金属勺子由烫手到不烫手的过程，放出热量，内能会减小，通过热传递的方式改变自身内能，故 D符合题意，ABC不符合题意。 故选D。 5. 如图，蜡烛距凸透镜20cm时，烛焰在光屏上成清晰的倒立缩小像，则该凸透镜的焦距可能是（ ） A. 5cm B. 20cm C. 30cm D. 40cm 【答案】A 【解析】 【详解】蜡烛距凸透镜20cm时，烛焰在光屏上成清晰的倒立缩小像，说明物距大于两倍焦距，即 u=20cm＞2f f＜10cm 则 ，故A符合题意；BCD不符合题意。 故选A。 6. 出租车驾驶室内设计了控制电路来显示是否载有乘客，车顶指示灯显示红色时载有乘客，显示绿色时未 载乘客。下列电路图中，通过开关S接“1”或“2”可以符合上述设计要求的是（ ） A. B. C. D. 【答案】C 第3页/共16页 学科网（北京）股份有限公司【解析】 【详解】A．由图可知，开关接1，红灯和绿灯同时亮；开关接2，电路断路，红灯和绿灯都不亮，故A 不符合题意； B．由图可知，开关接1，红灯亮；开关接2，电路断路，红灯和绿灯都不亮，故B不符合题意； C．由图可知，开关接1，红灯亮；开关接2，绿灯亮，故C符合题意； D．由图可知，开关接1，红灯和绿灯并联，同时亮；开关接2，绿灯亮，故D不符合题意。 故选C。 7. 在如图所示的粗糙程度相同的水平冰面上，运动员用水平推力从a点推动冰壶，经过b点时松手，冰壶 f f 到达c点停止运动，由a到b和由b到c的过程中，设冰壶受到的滑动摩擦力分别为 ab和 bc，运动员对 W W 冰壶做的功分别为 ab和 bc，则（ ） f  f f  f A. ab bc B. ab bc W W W W C. ab bc D. ab bc 【答案】B 【解析】 【详解】AB．由a到b和由b到c的过程中，水平面的粗糙程度相同，冰壶对水平面的压力等于冰壶的重 f  f 力，重力相同，所以压力相同，则摩擦力相同，即 ab bc，故A错误，B正确； W  Fs ＞0 CD．由a到b运动员对冰壶做的功 ab ab ，由b到c冰壶脱离了运动员的手，运动员对冰壶不做 W 0 W ＞W 功即 bc ，因此 ab bc，故C错误，D错误。 故选B。 8. 医学上用“人工心脏泵”替代心脏推动血液循环，如图是其工作原理的简图，活塞在电磁铁的带动下左 右移动，代表心脏的舒张和收缩。“人工心脏泵”正常工作过程中，电磁铁的电流从a流向b时，则（ ） 第4页/共16页 学科网（北京）股份有限公司A. 电磁铁左端为S极，活塞向右移动 B. 电磁铁左端为S极，活塞向左移动 C. 电磁铁左端为N极，活塞向右移动 D. 电磁铁左端为N极，活塞向左移动 【答案】B 【解析】 【详解】当电磁铁的电流从a流向b时，根据安培定则可知，电磁铁的左端为S极，右端为N极，由磁极 间的相互作用可知，永磁体对电磁体产生吸引力，活塞向左运动，故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 9 某种汽车安全带控制装置如图a，摆锤竖直悬挂时，锁棒水平，棘轮可以自由转动，安全带能被拉动， . 由此可判断汽车静止或正常行驶：如图b，摆锤摆起时，锁棒锁定棘轮，安全带不能被拉动，由此可判断 汽车可能（ ） A 向西匀速行驶 B. 向东匀速行驶 . C. 向西紧急刹车 D. 向东紧急刹车 【答案】D 【解析】 【详解】据b图可知，摆锤向右摆动，则可能是汽车向西加速运动或向东做减速运动，由于摆锤具有惯性， 会保持原来的运动状态，锁棒锁定棘轮，安全带不能被拉动，故D符合题意，ABC不符合题意。 故选D。 第5页/共16页 学科网（北京）股份有限公司kg/cm2 1cm2 10. 如图是用于测量汽车轮胎内气体压强的胎压计，其数值的单位是“ ”，表示 的受力面积 1kg/cm2 上，所受的压力大小相当于1kg物体的重力大小。若g取10N/kg，则 相当于（ ） A. 1102Pa B. 1103Pa 1104Pa 1105Pa C. D. 【答案】D 【解析】 kg/cm2 1cm2 【详解】“ ”，表示 的受力面积上，所受的压力大小相当于1kg物体的重力大小，即 F 1kg10N/kg 10N p = = =1105Pa S 1cm2 110-4m2 ，故D符合题意；ABC不符合题意。 故选D。 二、非选择题：本题共8小题，共60分。按题目要求作答。 11. 如图所示的“风光互补”路灯，其太阳能电池板和风力发电机产生的电能，输送至蓄电池储存起来， 供路灯照明使用； （1）工作时，风力发电机将______能转化成电能，太阳能电池板将______能转化成电能，风能和太阳能 是______（选填“可再生”“不可再生”）的______（选填“一次”“二次”）能源； （2）蓄电池储存的电能为4.8kW·h，若全部用于路灯供电，可供额定功率为80W的路灯正常发光 ______h。 【答案】（1） ①. 风能 ②. 太阳 ③. 可再生 ④. 一次 第6页/共16页 学科网（北京）股份有限公司（2）60 【解析】 【小问1详解】 [1]工作时，风力发电机，消耗了风能，获得电能，故是将风能转化为电能。 [2]太阳能电池板是利用太阳能工作的，故将太阳能转化为电能。 [3]风能和太阳能可以从自然界源源不断获取，是可再生能源。 [4]风能和太阳能能够直接从自然界获取，是一次能源。 【小问2详解】 W 4.8kWh t  = =60h 4.8kW·h电能供额定功率为80W的路灯正常发光时间为 P 8010-3kW A、B 12. 图a是旅游景区某大山及其等高线地形图的示意图，A、B是山上的两个位置，地形图上的 1 1分别 对应A、B，AC为垂直电梯通道，CB为水平隧道。某游客乘电梯从A到C，再通过隧道到B； 的 （1）在图b中画出电梯内游客受力 示意图_______： （2）电梯下行过程中，以______（选填“地面”“电梯”）为参照物，电梯内游客是静止的。已知CB为 100m，游客在AC段和CB段经历的时间相等，则游客在AC段的平均速度______（选填“大于”“等于” 或“小于”）在CB段的平均速度； （3）游客重力为500N，从A到B的过程中，其重力做的功为______J。 第7页/共16页 学科网（北京）股份有限公司【答案】（1） （2） ①. 电梯 ②. 小于 4104J （3） 【解析】 【小问1详解】 电梯内游客受到了竖直向下的重力和电梯对其向上的支持力，如图所示： 【小问2详解】 [1]电梯下行过程中，以电梯为参照物，游客的位置没有发生变化，游客是静止的。 h 800m-720m=80m [2]通过等高线图可知，AC段高度为 AC 游客在AC段和CB段经历的时间相等，AC段的路程小于CB段，故AC段的平均速度小于CB段。 【小问3详解】 W =Gh=500N80m=4104J 从A到 C的过程中，其重力做的功为 有 4104J 而从B到C的过程中，重力不做功，故从A到B的过程中，其重力做的功为 。 13. 如图a，顾客站在倾斜放置的平面镜前观察自己的像； 第8页/共16页 学科网（北京）股份有限公司（1）用AB表示站在平面镜前的顾客，在图b中画出其在镜中的像_______； （2）顾客在镜子里看不到自己鞋子的像，她应______（选填“远离”“靠近”）平面镜移动，才能看到自 己鞋子的像，顾客移动过程中，鞋子像的大小______（选填“变大”“变小”或“不变”）。 【答案】（1） （2） ①. 靠近 ②. 不变 【解析】 【小问1详解】 根据平面镜成像特点，像与物体关于平面镜对称，故过A作平面镜的对称点A’，过B作平面镜的对称点 B’，由于成的是虚像，故用虚像连接A’B’，即为AB的像，如下图所示： 【小问2详解】 [1]在镜子中看到鞋子的光路图如图所示，现在镜子中看不像，说明反射光线没有进入人的眼睛中，一般在 人眼下方，越靠近镜子，入射角变大，反射角变大，反射光线才可能进入人眼，从而看到鞋子的像。 [2]根据平面镜成像原理可知，像与物体等大，当物体靠近时，物体的大小不变，则像的大小不变。 14. 图a所示的斜拉桥，可逐步简化成图b、c、d的模型； 第9页/共16页 学科网（北京）股份有限公司F、F l、l （1）以O点为支点，在图d中作出 1 2的力臂 1 2_______； （2）为了减小钢索承受的拉力，可适当______（选填“升高”“降低”）钢索悬挂点在桥塔上的高度，理 由是：______。 【答案】（1） （2） ①. 升高 ②. 见解析 【解析】 【小问1详解】 l 力臂是支点到力的作用线的垂直距离；过O点作力F 的作用线的垂线，即为力F 的力臂 1，过O点作力 1 1 l F 的作用线的垂线，即为力F 的力臂 2，如图所示： 2 2 【小问2详解】 [1][2]阻力不变，阻力臂不变，阻力与阻力臂的乘积不变，为了减小钢索承受的拉力，可增大动力臂，可适 当升高悬挂点在桥塔上的高度，动力臂变大，从而减小钢索承受的拉力。 第15、16题结合题目要求，涉及计算的，应写出必要的文字说明、公式和重要演算步骤，只 写出最后答案的不能得分；有数值计算的题，演算过程及结果都要在数字的后面写上正确的 单位。 第10页/共16页 学科网（北京）股份有限公司15. 图a是实践小组设计的自动储水箱简图，竖直细杆固定在水箱底部，浮简可沿细杆上下移动，水箱中 水深为0.1m时，浮筒对水箱底部的压力刚好为零；水深为0.4m时，浮筒开始接触进水阀门：水深为0.6m  1.0103kg/m3 时，浮筒使进水阀门完全关闭，浮筒所受浮力和水深关系的图像如图b，已 水 ，东g 10N/kg 取 ； （1）水深从0.1m到0.4m的过程中，浮筒排开水的重力______，水对箱底产生的压强______（以上两空 选填“变大”“变小”或“不变”）； （2）阀门完全关闭时，求： ①水对箱底产生的压强_______； ②浮筒排开水的体积_______。 【答案】（1） ①. 不变 ②. 变大 6103Pa 7.510-4m3 （2） ①. ②. 【解析】 【小问1详解】 [1]根据浮筒所受浮力和水深关系的图像可知，水深从0.1m到0.4m的过程中，浮筒所受浮力不变，根据阿 基米德原理可知，浮力等于排开液体所受的重力，故浮筒排开水的重力不变。 p gh [2]根据 可知，深度变深，水对箱底产生的压强变大。 【小问2详解】 [1]水深为0.6m时，浮筒使进水阀门完全关闭，水对箱底产生的压强 pgh=1103kg/m310N/kg0.6m=6103Pa [2]根据浮筒所受浮力和水深关系的图像可知，水深为0.6m时，浮筒所受的浮力为7.5N，浮筒排开水的体 F 7.5N V = 浮  =7.510-4m3 排 g 1103kg/m310N/kg 积 16. 图a所示的电热加湿器，其内部结构及电路简图如图b，通电后，发热电阻R使加热仓中的水沸腾变 4.2103J/kg℃ 1.0103kg/m3 成水蒸气喷出，增加环境湿度。已知水的比热容为 、密度为 ，沸点为 第11页/共16页 学科网（北京）股份有限公司100℃； （1）加热仓中的水变成水蒸气属于______（选填“液化”“汽化”）现象： （2）已知R阻值为550Ω，求电热加湿器的功率______； 1.2104J 3.0105m3 （3）若消耗电能 ，可使加热仓内 的水从20℃加热至沸腾，求： ①加热仓内水吸收的热量______； ②电热加湿器的加热效率______。 88W 【答案】（1）汽化 （2） 1.008104J （3） ① ②. 84% . 【解析】 【小问1详解】 水变成水蒸气属于汽化，从液态变为了气态。 【小问2详解】 U2 220V2 PUI  = =88W R 550Ω 电热加湿器的功率 【小问3详解】 [1]加热仓内水吸收的热量 Q cmΔt=4.2103J/kg℃℃1℃.0103kg/m33.0105m3100 -20 =1.008104J 吸 Q 1.008104J  吸 100%= 100%=84% [2]电热加湿器的加热效率 W 1.2104J 17. “探究串联电路中电流的特点”实验。 第12页/共16页 学科网（北京）股份有限公司（1）连接电路：用笔画线表示导线，把图甲的滑动变阻器串联接入电路______（要求：连线不要交叉： 滑片P向D移动，电路的电流增大）。 （2）发现问题：电源（输出电压为6V）、电流表、滑动变阻器、开关、导线完好，电路正确连接。闭合 L L 开关，观察到灯泡 1（3.8V，0.4A）和 2（2.5V，0.3A）不发光，电流表示数为零； （3）排查故障：在不拆开导线且闭合开关的情况下，用图乙所示的电压表进行检测，将鳄鱼夹 ______（选填“a””b”）接电源“+”极、另一鳄鱼夹先后夹在E、G接线柱，电压表前后两次的指针位置 都如图丙所示，其示数为______V； （4）作出猜想： L L 猜想一：由于灯泡不发光，电压表示数不为零， 1断路， 2短路。 L L 猜想二：由于电流表示数为零，电压表示数不为零， 1断路， 2无故障。 L L L L （5）验证猜想：取下 1，换上完好的灯泡 3（3.8V，0.4A），观察到 3发光， 2仍然不发光。由此可 知，______（选填“猜想一”“猜想二”）正确； （6）继续实验： ①排除故障后，闭合开关，移动滑片P，多次进行实验。某次（记为第一次）实验三个电流表示数如图。 ②为得到串联电路中电流的特点，设计记录实验数据的表格，并将第一次的数据填入表格中______。 【答案】 ①. ②. b ③. 6 ④. 猜想一 ⑤. 实验次数 I /A I /A I /A A B C 第13页/共16页 学科网（北京）股份有限公司1 0.5 0.5 0.5 2 3 【解析】 【详解】[1]滑动变阻器应串联在电路中，滑片P向D移动时电流增大，说明接入电阻减小，故应将变阻 器的B接线柱与电源负极相连。连线时注意导线不交叉，具体连接方式如图所示： [2]电压表检测时应将鳄鱼夹b接电源"+"极，因为b连接电压表的正接线柱，这样电压表指针不会反偏。 [3]电压表前后两次接入电路中量程皆为大量程，示数为6V。 [4]电压表两次测量均显示6V，说明从电源负极到E、G点的线路完好，可以让电压表形成回路，所以故 障点在正极到G之间，可能是L 断路。换上L 后，L 发光而L 不发光，说明L 断路导致整个串联电路 1 3 3 2 1 不通，且L 是短路的，不然L 代替断路的L 后，L 也会亮，故猜想一正确。 2 3 1 2 [5]第一次实验电流表量程为0~0.6A，分度值0.02A，示数为0.5A。设计表格时应包含实验次数、A 表的 1 示数I 、A 表的示数I 、A 表的示数I 等栏目，第一次数据填入对应位置。 A 2 B 3 C 实验次数 I /A I /A I /A A B C 1 0.5 0.5 0.5 2 3 18. 跨学科实践小组设计了“测量气球在空气中所受浮力”的实验； 第14页/共16页 学科网（北京）股份有限公司（1）实验过程： ①如图a，用细线穿过自制标尺的O点并悬挂，使其处于水平平衡状态，其中标尺分度值为1mm（图中 毫米刻度线没有画出）； L ②将充足气的篮球和套有气针的干瘪气球，固定悬挂在标尺左端距O点为 0的位置；在标尺右端对称位 置悬挂小桶，往桶内装入适量细沙，使标尺处于水平平衡状态。若测得小桶和细沙的总重力为G，则篮球 和气球（含气针）的总重力为______； ③把气针插入篮球的气门内，气球随即膨胀，如图b，标尺的______（选填“左端”“右端”）向下发生倾 斜，理由是：______； ④测量膨胀气球受到的浮力大小； G 方法一：在不改变小桶悬挂位置的情况下，______（选填“向小桶内添加”“从小桶内取出”）重力为 0的 细沙，使标尺重新处于水平平衡状态，则膨胀气球受到的浮力大小为______； 方法二：保持小桶和细沙总重力为G的情况下，移动小桶悬挂的位置，使标尺重新处于水平平衡状态，此 时小桶悬挂位置与O点的距离为L，则膨胀气球受到的浮力大小为______； （2）实验评估： 如图c，如果用钩码替换图a中的小桶和桶内细沙，为了较精准测量膨胀气球受到的浮力大小，采用④中 的哪种方法更合理？简要说明理由______。 【答案】（1） ①. G ②. 右端 ③. 左端的气球受到了向上的浮力，导致杠杆左端受到的动力变 G 小，动力与动力臂的乘积变小，小于右端阻力与阻力与阻力臂的乘积 ④. 从小桶内取出 ⑤. 0 第15页/共16页 学科网（北京）股份有限公司GL G- L ⑥. 0 （2）方法二 【解析】 【小问1详解】 [1]根据杠杆平衡原理可知，动力臂等于阻力臂，故动力等于阻力，故篮球和气球（含气针）的总重力为 G。 [2][3]左端的气球受到了向上的浮力，导致杠杆左端受到的动力变小，动力与动力臂的乘积变小，小于右端 阻力与阻力臂的乘积，故杠杆右端下沉。 G [4]由于杠杆右端下沉，在不改变小桶悬挂位置的情况下，可以从小桶内取出重力为 0的细沙，减小阻力 臂，从而减小阻力与阻力臂的乘积，使杠杆再次达到水平位置平衡。 [5]取出细沙后，动力臂仍然等于阻力臂，故动力仍然等于阻力，故减小的动力等于减小的阻力，即气球所 G 受的浮力为 0。 Fl GL F  2 2 = =G-F 1 l L 浮 [6]根据杠杆平衡原理可知，杠杆左端受到的动力为 1 0 GL F =G- 浮 L 故浮力的大小为 0 【小问2详解】 若用钩码代替沙子和桶，若采用方法一，由于钩码是整数的增加或者减小，无法恰好石杠杆在水平位置平 衡。此时需要采用方法二，通过移动钩码，从而使杠杠在水平位置平衡，通过杠杆平衡计算浮力。 第16页/共16页 学科网（北京）股份有限公司