物理高三一评分细则_2023年8月_01每日更新_17号_2024届天一大联考顶尖计划高中毕业班第一次考试_天一大联考顶尖计划2024届高中毕业班第一次考试理综

理科综合·物理评分细则 2y 22.（1） （2分） g （2）BC（2分） （3）1.4（2分） 【说明】第1、3空严格按答案赋分。第2空如果学生只答一个正确答案则给1分，有错误的不得分。 23.（1）如图所示（2分） （2）6.0（2分） （3）①1.50 ②2.50 ③3.75（每空2分） （4）偏小（2分） 【说明】1、第（2）问如果学生答案是“6”则同样给分。第（3）问应保留3位有效数字，若答案正确但未 保留3位有效数字，该空得1分。 Q 24.（1）由电容器电容的定义式C  ，可得Q CU （1分） U 即电容器所带电量Q与其极板间电压U 成正比。故QU 关系图线，如下图所示。 （1分） 由功能关系W  EE 及W qU ，结合QU 关系图线，可知电容器所储存的电能与其极板间的电压 0 及电容间的关系式为 1 1 1 E  QU  CU U  CU 2 （2分） 2 2 2 （2）当导体棒获得向右的初速度v 时，切割磁感线产生动生电动势给电容器充电，设充电电流为i，则 0 导体棒所受安培力大小为F iBL，方向水平向左。 （1分） A 在安培力作用下导体棒速度逐渐减小，动生电动势亦随之减小，而电容器则随着带电量的增加极板间的电压 逐渐增大。当动生电动势等于电容器两极板间的电压时，电容器不再充电，导体棒随即匀速运动，设此时导 体棒的速度为v 故有，U  BLv （1分） 对导体棒运用动量定理，可得 m(v v) I （1分） 0 F A q 由i 可知， I QBLCUBL （2分） t F A mv 联立上述方程，即可解得v 0 （1分） mCB2L2 【说明】1、第（2）中没有分析U==BLv但从后面的方程中看出有此认识的不扣分。 2、将m(v 0 v) I F 与 I F QBLCUBL合并写为BLQ=m(v0-v)不扣分。 A A 3、缺少文字说明的全题最多扣1分。 {#{QQABBYAUogAgABAAARgCUQGyCgMQkAEACKgGxEAAsAAACQNABAA=}#}25.（1）由题意可知，当光束由O1 点以i 60入射时，出射光线与入射光线平行，光路如图所示。由几何 关系可知 30 （2分） sini 由，n （2分） sin 可得，光学元件相对该光束的折射率为 sin60 n  3 （1分） sin(30) 【说明】如果学生未取负号“-”，不扣分。 （2）由题意可知，当光线与在AB界面的O2 点以i 60入射，由折射定律可得 30 （1分） 光线由O2 沿直线射到界面BC的O3 点，由几何关系可知60大于临界角 （1分） 光线在BC界面发生全反射，光线沿直线传播至AC界面的O4 点。由几何关系及折射定律可知 30，60 （1分） 所以，光束的光路图如图所示。 （2分） 1 2 且由几何知识易得，O O OO  AB AC 2 3cm （2分） 2 3 3 4 3 3 所以，光在元件中的传播时间为 s s n 22 3102 3 t     41010s （2分） v c 3108 【说明】1、没有中间计算结果而最后结果正确的不扣分，如中间r=30°、O2O3=2 等，角度未取负号 “-”，亦不扣分。 2、缺少必要文字说明全题最多扣1分，尤其第（2）中在BC面上发生全反射必须要√有3说cm明。 26.（1）物块放到传送带上后，在摩擦力作用下做匀加速运动 其加速度为ag 3.5m/s2 （1分） 若传送带足够长，则物块做匀加速直线运动的位移为 v2 64 x  0  m>L 7m （1分） 0 2g 7 所以，物块在传送带上自始至终做匀加速直线运动，且x  L7m （1分） 2L 故，物块在传动带上运动的时间为t   2s （1分） a 物块滑上平台时的速度为v 2ax 7m/s （2分） {#{QQABBYAUogAgABAAARgCUQGyCgMQkAEACKgGxEAAsAAACQNABAA=}#}（2）物块自B点脱离滑块后做斜抛运动，同时滑块沿平台做匀速直线运动 由斜抛运动规律，可知 物块脱离B点时，竖直方向的速度为v  2gh 3m/s （1分） 1y 2h 物块自脱离B点至运动到最高点所用时间t   0.3s （1分） g x 所以，物块脱离B时，相对滑块的水平速度大小为v'  4m/s （1分） 1x t v 3 物块沿圆弧AB切线方向滑离B点，由几何关系可知tan 1y  （2分） v' 4 1x （3）设物块到达B点时的速度大小为v ，此时滑块的速度大小为v 1 2 因系统机械能守恒，故有 1 1 1 mv2  mv2  Mv2 mgR(1cos) （3分） 2 2 1 2 2 系统沿水平方向动量守恒，故 mvmv Mv （2分） 1x 2 又因为v' v v ，v2 v2 v2 （2分） 1x 1x 2 1 1x 1y 联立相关各式即可解得 M 2kg，所以，滑块质量为M 2kg （2分） 【说明】1、第（1）问中如果没有经过检验直接得到结果的扣1分。 2、个别小方程缺失但从综合方程中可以看出的不扣分，如第（3）中没有写出相对速度的关系，但在综合的 能量守恒方程中包含有此关系的不扣分。 3、缺少必要文字说明的全题最多扣1分。 {#{QQABBYAUogAgABAAARgCUQGyCgMQkAEACKgGxEAAsAAACQNABAA=}#}