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2023-2024学年度高中物理期末考试卷答案
参考答案：
1．A
【详解】A．树叶从空中飘落的轨迹为曲线，则速度的方向不断改变，速度不断变化，故
A正确；
BC．若树叶做匀变速曲线运动，此时合力与加速度不变，所以树叶可能做匀变速运动，故
BC错误；
D．雪花的运动轨迹为曲线，合力与速度方向不共线，即加速度方向与速度方向不在同一
直线上，故D错误；
故选A。
2．A
【详解】若救援所用时间最短，则消防员的速度应与河岸垂直，且出发点应位于礁石上游。
故选A。
3．D
【详解】A、B两点同轴转动，则角速度和周期均相等，根据
可得A、B两点转动的线速度大小之比为
根据
可得A、B两点的向心加速度大小之比为
故选D。
4．A
【详解】AC．根据万有引力提供向心力可得
可得
，
答案第1页，共2页
学科网（北京）股份有限公司由于组合体的轨道半径小于同步卫星的轨道半径，所以组合体运行周期小于 ，组合体
绕行速度大于同步卫星的速度，故A正确，C错误；
B．由于组合体处于完全失重状态，所以组合体中宇航员不可以使用托盘天平测量物体质
量，故B错误；
D．设地球半径为 ，组合体轨道半径为 ，若组合体运行周期为T，引力常量为G，则有
又
联立可得地球的平均密度为
故D错误。
故选A。
5．C
【详解】A．小球从距水平地面某一高处由静止释放，不计空气阻力，可知小球做自由落
体运动，由自由落体运动的位移时间关系可得，小球在空中运动时的位移大小为
可知小球在空中运动时的位移大小与时间的平方成正比，可知位移与时间成二次函数关系，
则 图像应是抛物线，A错误；
B．由自由落体运动的速度时间公式 可知，速度与时间成正比，则有 图像应是一
条过原点的倾斜直线，其图像斜率是 ，B错误；
C．由动能公式 可得，动能 与时间的关系
可知 图像应是过原点开口向上的一条抛物线，C正确；
D．以水平地面是零势能面，可知小球开始下落时的重力势能最大，设为
随时间的增大，下落的高度增大，则重力势能减小，可得
答案第2页，共2页可知重力势能与时间不是一次函数关系，D错误。
故选C。
6．C
【详解】A．火箭的动力来源于火箭喷出的水对它的推力，故A错误；
B．水喷出的过程中，火箭内的水做功，火箭及水的系统的机械能不守恒，故B错误；
C．取向上为正方向，根据动量守恒定律可得
（M-m）v =mv
m 0
解得
故C正确；
D．上升过程中，取向上为正方向，对火箭根据动量定理可得
解得“水火箭”受到的平均升力为
故D错误。
故选C。
7．B
【详解】ABC．设小球由静止释放到第一次经过最低点的过程中，小球的水平位移大小为
x，木块A的位移大小为x，小球运动到最低点时的速度大小为v ，A、B的速度为v ；小
1 2 C A
球由静止释放在向下摆动的过程中，对A有拉力，使得A、B之间有弹力，A、B不会分离，
当C运动到最低点时，A、B间弹力为零，A、B将要分离，A、B分离时速度相等，A、
B、C系统水平方向不受外力，系统水平方向动量守恒，取水平向左为正方向，由系统水平
方向动量守恒得
则
答案第3页，共2页
学科网（北京）股份有限公司由几何关系得
由机械能守恒定律得
解得
， ，
故AC错误，B正确；
D．小球C从最低处向左运动上升时，A、B分离，A开始做减速运动，B在光滑的水平面
上做匀速直线运动，具有一定的动能，由系统机械能守恒知，C第一次到达轻杆左侧最高
处时，重力势能小于刚开始时静止释放C球的重力势能，即C第一次到达轻杆左侧最高处
的高度比释放高度要低，故D错误；
故选B。
8．BC
【详解】鱼从口中掉落后做平抛运动，竖直方向有
解得鱼从脱离到落至水面所用的时间为
鱼从脱离到撞击水面的过程中，水平方向的位移大小为
鱼撞击水面的竖直分速度大小为
鱼撞击水面的速度大小为
故选BC。
9．BC
答案第4页，共2页【详解】A．不计空气阻力，企鹅做斜上抛运动，企鹅经过最高点时动能不为0，故A错误；
B．若企鹅以同样大小的速度竖直向上起跳，由动能定理知，重力做功等于动能的增加量，
则两种情况落水时速度方向不同，大小相同，故B正确；
C．以海面为零势能面，由机械能守恒知
则重力做功为
故C正确；
D．企鹅做斜上抛运动，速度方向和大小不断变化，故D错误；
故选BC。
10．BD
【详解】AB．弹簧初始时处于压缩状态且压缩量为
物体C运动至 N 点时，物体A恰好未离开地面，此时弹簧处于拉伸状态且伸长量也为
△x，因此有
根据机械能守恒定律得
解得
A错误，B正确；
C．物体B、C构成的系统机械能先增加后减小，C错误；
D．当物体C与滑轮之间的轻绳与水平方向的夹角为30°时，将物体C的速度沿着绳和垂直
于绳正交分解
答案第5页，共2页
学科网（北京）股份有限公司解得
D正确。
故选BD。
11(每空2分)． B
【详解】（1）[1]为防止两球碰撞后入射球反弹，入射球的质量应大于被碰球的质量，即
；
（2）[2]小球离开斜槽后做平抛运动，球抛出点的高度相等，它们在空中的运动时间相等，
水平位移与初速度成正比，可以把小球做平抛运动的时间作为时间单位，用球的水平位移
代替其初速度，实验不需要测量小球释放点的高度与抛出点的高度，只要测出小球做平抛
运动的水平位移即可，AC错误，B正确。
故选B。
（3）[3]根据平抛运动可知，落地高度相同，则运动时间相同，设落地时间为t，则
， ，
而动量守恒的表达式是
若两球相碰前后的动量守恒，则需要验证表达式
即可。
12每空2分，多选选对一个给1分，错选不给分．
(1)AD
(2) 0.41 0.40
(3)
【详解】（1）A．为减小纸带与限位孔间的阻力，图中两限位孔必须在同一竖直线上，故
A正确；
答案第6页，共2页B．为打点稳定，应先接通打点计时器的电源，再释放纸带，故B错误；
C．为减小空气阻力的影响，选择的重物要求体积小、密度大，故C错误；
D．为充分利用纸带，将连着重物的纸带穿过限位孔，用手提着纸带的上端，且让重物尽
量靠近打点计时器，故D正确。
故选AD。
（2）[1]选取O、C两点为初、末位置验证机械能守恒定律，在该过程中，重物减少的重力
势能是
[2]相邻两计数点的时间间隔为
根据匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于该过程平均速度， 点的速度为
重物增加的动能是
（3）小球释放到最低点，根据机械能守恒可得
小球在最低点，根据牛顿第二定律
可知若小球的机械能守恒，满足表达式
13（10分）．（1） ；（2）
【详解】（1）由图像可知，在 内，游轮的加速度 ，在 时游轮的
速度
-----------------------（公式2分）
由牛顿第二定律有
答案第7页，共2页
学科网（北京）股份有限公司---------------2分
又 ，--------------------2分
解得
-------------1分
（2）当游轮达到最大速度时，则有
又
-------------------------前面两个公式结合2分
解得
------------------1分
14（12分）．（1）0.8m；（2） ；（3）0.48m
【详解】（1）滑块从开始下滑到到达轨道A点过程应用机械能守恒定律
---------2分
解得
H＝0.8m------1分
（2）从A点到D点过程，对滑块应用机械能守恒定律
-----------2分
在D点时
------------2分
解得
根据牛顿第三定律
--------------2分（牛三一分，结果一分）
（3）从A到BC上最高点过程对滑块应用动能定理
答案第8页，共2页---------------2分
解得
h＝0.48m----------1分
15（18分）．（1）1.2m；（2）10N，水平向右，0.45m；（3）
【详解】（1）对物块与木板构成的系统，根据动量守恒定律有
根据能量守恒定律有
解得
，
（2）A从滑上圆弧轨道至运动到最高点过程，根据动能定理有
解得
（3）A离开轨道后上升到最高点时炸裂成两块，其中 向左飞出，根据动量守恒定律有
根据题意有
向左飞出做平抛运动，则有
，
此过程，木板的位移
若向左飞出的物块能落到木板上，则有
答案第9页，共2页
学科网（北京）股份有限公司解得
答案第10页，共2页
