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高考重点考点解读与针对性训练
第一章 直线运动
考点2 匀变速直线运动
【考点解读】
一、匀变速直线运动
方法点拨
“知三求二”的应用
1
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【特别提醒】两类匀减速直线运动的比较
两种运动
运动特点
求解方法
刹车类问题
匀减速到速度为零后停止运动，加
速度a 突然消失
求解时要注意确定实际运动时间
双向可逆类问题
如沿光滑固定斜面上滑的小球，到
最高点后仍能以原加速度匀加速下
滑，全过程加速度大小、方向均不
变
求解时可分过程列式，也可对全
过程列式，但必须注意x、v、a
等矢量的正负号及物理意义
方法点拨
汽车刹车、飞机降落后在跑道上滑行等，都是单方向的匀
减速直线运动，当速度减小到零后，就停止运动（区别于
做匀减速直线运动的物体，速度减为零后可以反向加速），
不要盲目套用速度公式v＝v0＋at 和位移公式x＝v0t＋1
2
at2.刹车运动位移的求解：先求出速度减小到零所用时间
t0＝v0
a （注意题中是立即刹车还是有反应时间，若有反应
时间，则为多过程运动），再与题中所给时间t 进行比较.
如果t0＜t，则不能用题目所给的时间t 求解位移，应按t0计算位移.
如果t0＞t，说明经过时间t，运动还没有停止，则可用t 直接求位移.
二、匀变速直线运动的常用推论
（1）平均速度公式：在匀变速直线运动中，物体在某段时间内的平均速度等于这段时间内
2
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中间时刻的瞬时速度，还等于初、末速度矢量和的一半 ，即v＝v t
2 ＝ v0＋vt
2
.
（2）位移差公式：物体在任意两个连续相等的时间间隔T 内的位移之差是一个恒量，即
Δx＝xn＋1－xn＝aT2 （判别式），进一步推论：不相邻相等时间间隔T 内的位移差xm－xn＝
（m－n）aT2。.
（3）中间位置速度公式：物体在某段位移中点的瞬时速度v x
2＝√
v0
2＋vt
2
2
.
注意：无论是匀加速直线运动还是匀减速直线运动，位移中点的速度总大于中间时刻的速
度.
常用推论公式的选用
【方法点拨】位移差公式的应用
1.间隔了n 个T 的两个时间T 内的位移差（如图）
Δxn＝xn＋2－x1＝（n＋1）aT2.
2.求加速度a＝
Δ xn
（n+1）T
2 .
3.求时间间隔T＝√
Δ xn
（n+1）a
.
三、.初速度为零的匀变速直线运动的六个比例关系
（1）按时间等分
①1T 末、2T 末、…、nT 末瞬时速度之比v1：v2：…：vn＝1：2：…：n ；
②1T 内、2T 内、…、NT 内位移之比xⅠ：xⅡ：…：xN＝1：22：…：N2 ；
③第1 个T 内、第2 个T 内、…、第n 个T 内位移之比x1：x2：…：xn＝1：3：…：（2n－
1） .
（2）按位移等分
①1L 末、2L 末、…、nL 末瞬时速度之比v1：v2：…：vn＝1：√2：…：√n ；
②1L 内、2L 内、…、NL 内所用时间之比tⅠ：tⅡ：…：tN＝1：√2：…：√N ；
3
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③第1 个L 内、第2 个L 内、…、第n 个L 内所用时间之比t1：t2：…：tn＝1：（√2－
1）：…：（√n－√n－1） .
【科学思维】对于末速度为零的匀减速直线运动，可以采用逆向思
维法，将其看成反向的初速度为零的匀加速直线运动.
【高考真题】
【典例1】（2025 高考广西卷）某位同学观察火车进站，火车由初速度为
，降速
到停下，火车的运动看做匀减速直线运动，火车降速运动过程，此同学的脉搏跳动了70 下，
已知该同学每分钟脉搏跳动60 下，则火车共行驶距离约为（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】B
【解析】火车运动的时间为
火车共行驶的距离
，B 正确。
【典例2】．（2025 高考江苏卷）新能源汽车在辅助驾驶系统测试时，感应到前方有障碍
物立刻制动，做匀减速直线运动。
内速度由
减至0。该过程中加速度大小为
（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】C
【解析】根据运动学公式
，代入数值解得
，即加速度大小为
。
C 正确。
4
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【典例3】．（2025 高考安徽卷）汽车由静止开始沿直线从甲站开往乙站，先做加速度大
小为a 的匀加速运动，位移大小为x；接着在t 时间内做匀速运动；最后做加速度大小也为
a 的匀减速运动，到达乙站时速度恰好为0。已知甲、乙两站之间的距离为
，则
（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】A
【解析】由题意可知，设匀加速直线运动时间为
，匀速运动的速度为，
匀加速直线运动阶段，由位移公式
根据逆向思维，匀减速直线运动阶段的位移等于匀加速直线运动阶段的位移，
则匀速直线运动阶段有
联立解得
再根据
解得
，BCD 错误，A 正确。
【典例4】.（2024·海南高考5 题）商场自动感应门如图所示，人走近时两扇门从静止开始
同时分别向左、右平移，经4 s 恰好完全打开，两扇门移动距离均为2 m，若门从静止开
始以相同的加速度大小先匀加速运动后匀减速运动，完全打开时速度恰好为0，则加速度
的大小为（ ）
A.1.25 m/s2
B.1 m/s2
C.0.5 m/s2
D.0.25 m/s2
【答案】C
【解析】作出单扇感应门打开过程的v-t 图像如图所示，根据v-t 图像与坐标轴所围图形的
5
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面积表示位移可知，1
2vm×4 s＝2 m，解得vm＝1 m/s，根据加速度的定义可知a＝Δv
Δt ＝
0.5 m/s2，C 正确。
【典例5】.[2023 山东]如图所示，电动公交车做匀减速直线运动进站，连续经过R、S、T
三点，已知ST 间的距离是RS 的两倍，RS 段的平均速度是10m/s，ST 段的平均速度是
5m/s，则公交车经过T 点时的瞬时速度为（ C ）
A.3m/s
B.2m/s
C.1m/s
D.0.5m/s
【答案】C
解析 电动公交车做匀减速直线运动，设R、S 间的距离为x，则v
－
RS＝x
t1
＝vR＋vS
2
，v
－
ST
＝2 x
t2
＝vS＋vT
2
，解得t2＝4t1，vT＝vR－10m/s，再根据匀变速直线运动速度与时间的关系
有vT＝vR－a·5t1，解得at1＝2m/s，又v
－
RS＝v t1
2＝vR－a·t1
2 ，解得vR＝11m/s，vT＝1m/s，C 正
确.
一题多解 设R、S 间的距离为x，经历的时间为t，ST 段经历的时间为t'，则对RS 段，有
x＝10t（m），对ST 段，有2x＝5t'（m），解得t'＝4t.设加速度的大小为a，运动过程可看
成反向匀加速运动，对TS 段，有2x＝vT·4t＋1
2a（4t）2，对TR 段，有3x＝vT·5t＋1
2a（5t）
2，解得vT＝1m/s，C 正确.
【典例6】（2020 高考全国Ⅰ）我国自主研制了运－20 重型运输机.飞机获得的升力大小F
可用F＝kv2描写，k 为系数；v 是飞机在平直跑道上的滑行速度，F 与飞机所受重力相等时
的v 称为飞机的起飞离地速度.已知飞机质量为1.21×105kg 时，起飞离地速度为66m/s；装
载货物后质量为1.69×105kg，装载货物前后起飞离地时的k 值可视为不变.
（1）求飞机装载货物后的起飞离地速度；
（2）若该飞机装载货物后，从静止开始匀加速滑行1521m 起飞离地，求飞机在滑行过程
中加速度的大小和所用的时间.
答案 （1）78m/s （2）2.0m/s2 39s
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解析 （1）设飞机装载货物前质量为m1，起飞离地速度为v1；装载货物后质量为m2，起
飞离地速度为v2，重力加速度大小为g.飞机起飞离地应满足条件
m1g＝kv1
2 ①
m2g＝kv2
2 ②
由①②式及题给条件得v2＝78m/s. ③
（2）设飞机滑行距离为s，滑行过程中加速度大小为a，所用时间为t.由匀变速直线运动公
式有
v2
2＝2as ④
v2＝at ⑤
联立③④⑤式及题给条件得
a＝2.0m/s2，t＝39s.
【针对性训练】
1.（2026 洛阳联考）超音速巡航是第五代战斗机的主要技术特征之一，该技术在未来的超
视距作战中具有很大的优势。某第五代战机在一次直线加速飞行中，速度由270 m/s 提升
至510 m/s，耗时一分钟，假设加速过程为匀加速直线运动，则该过程飞行的距离为（
）
A.16 200 m
B.23 400 m
C.30 600 m
D.46 800 m
【答案】B
【解析】该过程飞行的距离为x＝v1＋v2
2
t＝270+510
2
×60 m＝23 400 m，故选B。
2.（2025·广东汕头市金山中学模拟）在交通事故分析中，刹车线的长度是很重要的依据。
刹车线是汽车刹车后，停止转动的轮胎在地面上滑动时留下的痕迹。在某次交通事故中，
汽车的刹车线长度是40 m，假设汽车刹车时的速度大小为20 m/s，刹车过程可看作匀减
速直线运动，则汽车刹车时的加速度大小为（ ）
A.2 m/s2
B.5 m/s2
C.4 m/s2
D.6 m/s2
【答案】B
【解析】以汽车刹车时的速度方向为正方向，由0－v0
2＝2ax 得a＝－v0
2
2 x
＝－5 m/s2，负
号表示加速度方向与速度方向相反，故选B。
3.（2025·八省联考河南卷）某运动员参加百米赛跑，起跑后做匀加速直线运动，一段时间
后达到最大速度，此后保持该速度运动到终点。下列速度—时间（v-t）和位移—时间（x-
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t）图像中，能够正确描述该过程的是（ ）
【答案】B
【解析】因为v-t 图像的斜率表示加速度，由速度与时间关系v＝at，可知匀加速阶段为一
条倾斜直线，匀速阶段为一条平行于时间轴的直线，故A 错误，B 正确；根据初速度为零
的匀加速直线运动的位移与时间的关系x＝1
2at2，可知x-t 图像在匀加速阶段为开口向上的
抛物线，匀速阶段为一条倾斜直线，故C、D 错误。
4.（2025·八省联考云南卷）司机驾驶汽车以36 km/h 的速度在平直道路上匀速行驶。当司
机看到标有“学校区域限速20 km/h”的警示牌时，立即开始制动，使汽车做匀减速直线
运动，直至减到小于20 km/h 的某速度。则该匀减速阶段汽车的行驶时间和加速度大小可
能是（ ）
A.9.0 s，0.5 m/s2
B.7.0 s，0.6 m/s2
C.6.0 s，0.7 m/s2
D.5.0 s，0.8 m/s2
【答案】A
【解析】汽车制动做匀减速直线运动过程中的初速度v0＝36 km/h＝10 m/s，末速度v 小于
限速为20 km/h≈5.56 m/s，该过程汽车速度的变化量为Δv＞v－v0≈－4.44 m/s，根据匀
变速运动速度关系Δv＝at，可知匀减速阶段汽车的行驶时间和加速度大小的乘积大于4.44
m/s，结合选项内容，符号题意的仅有A 选项。故A 正确，B、C、D 错误。
5.（2025·山西朔州模拟）一辆汽车在平直公路上以10 m/s 的初速度做匀加速直线运动，2
s 内的位移为30 m，则下列关于汽车的说法正确的是（ ）
A.汽车第2 s 内的位移比第1 s 内的位移大5 m
B.汽车运动的加速度大小为15m/s2
C.汽车第1 s 内与第2 s 内的位移之比为1∶3
D.汽车第2 s 末的速度大小为14.1 m/s
【答案】A
【解析】汽车2 s 内的位移为30 m，可知1 s 末汽车的速度为v1＝x2
t2
＝15 m/s，第1 s 内
的位移为x1＝v0＋v1
2
t1＝10+15
2
×1 m＝12.5 m，第2 s 内的位移为x2＝17.5 m，则汽
车第2 s 内的位移比第1 s 内的位移大5 m，汽车第1 s 内与第2 s 内的位移之比为5∶7，
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选项A 正确，C 错误； 汽车运动的加速度大小为a＝v1－v0
t1
＝15－10
1
m/s＝5 m/s，选
项B 错误；汽车第2 s 末的速度大小为v2＝v0＋at2＝（10＋5×2）m/s＝20 m/s，选项D 错
误。
6.（2025·重庆南岸阶段练习）如图所示，一辆汽车启动后在平直路面上做匀变速直线运动，
从某时刻开始计时，汽车在第1 s，第2 s、第3 s 内前进的距离分别是3 m、5 m、7
m，则下列说法正确的是（ ）
A.第1 s 末时的速度大小为4 m/s
B.第2 s 内的平均速度大小为4 m/s
C.开始计时的速度大小为3 m/s
D.汽车加速过程中加速度大小为3 m/s2
【答案】A
【解析】第1 s 末时的速度大小等于前两秒中间时刻的瞬时速度大小，即等于前两秒的平
均速度大小v1＝3+5
2
m/s＝4 m/s，故A 正确；依题意，汽车做匀变速直线运动，则第2 s
内的平均速度大小为v＝x2
t ＝5
1 m/s＝5 m/s，故B 错误；设汽车开始计时的初速度为v0，
加速度大小为a，依题意有第1 秒内的位移x1＝v0t1＋1
2at1
2＝3 m，且t1＝1 s，前2 秒内的
位移x2＝v0t2＋1
2at2
2＝3 m＋5 m＝8 m，且t2＝2 s，联立可得v0＝2 m/s，a＝2 m/s2，所
以开始计时的速度大小为2 m/s，汽车加速过程中加速度大小为2 m/s2。故C、D 错误。
7.如图所示，一滑块放置在水平桌面的最左端，给滑块一个水平向右的初速度v0，经过3
s，滑块运动到桌面的最右端并从最右端飞出。已知滑块的加速度大小为1 m/s2，则滑块的
初速度大小v0和桌面的长度L 可能是（ ）
A.v0＝2.5 m/s，L＝3 m
B.v0＝3.5 m/s，L＝6 m
C.v0＝4.5 m/s，L＝8 m
D.v0＝5 m/s，L＝10 m
【答案】B
【解析】设滑块的末速度大小为v1，根据匀变速直线运动规律得v0＝v1＋at＝v1＋3 m/s＞3
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m/s，故A 错误；若v0＝3.5 m/s，则可得v1＝0.5 m/s，L＝v0＋v1
2
t＝6 m，故B 正确；若
v0＝4.5 m/s，则可得v1＝1.5 m/s，L＝v0＋v1
2
t＝9 m，故C 错误；若v0＝5 m/s，则可得
v1＝2 m/s，L＝v0＋v1
2
t＝10.5 m，故D 错误。
8.（2025·河南郑州模拟）川藏线318 是自驾旅行爱好者公认的“必经之路”，某自驾旅行
爱好者在驾车经过西藏动物保护区时，发现前方路段60 m 处忽然冲出一只牦牛，为避免
惊扰且保护动物，应与其相隔至少10 m，则汽车紧急刹车行驶，已知汽车原来以20 m/s
的速度驾驶，刹车加速度大小为5 m/s2，驾驶员反应时间为0.2 s，则下列说法正确的是
（ ）
A.汽车不会惊扰牦牛
B.刹车后5 s 汽车行驶位移大小为37.5 m
C.汽车从发现牦牛到停止运动的时间为4.5 s
D.在反应时间内汽车通过的距离为3.8 m
【答案】A
【解析】驾驶员在反应时间内，汽车通过的位移x1＝vt1＝20×0.2 m＝4 m，从刹车开始
到速度减为零，汽车经过的位移x2＝v
2
2a
＝400
2×5 m＝40 m，总位移x＝x1＋x2＝44 m，车
停止时距牦牛的距离Δx＝60 m－44 m＝16 m＞10 m，则可知汽车不会惊扰牦牛，故A 正
确，D 错误；汽车从刹车到停止所用时间t2＝v
a＝20
5 s＝4 s，即汽车刹车后4 s 已经停止
运动，因此刹车后5 s 汽车行驶的位移大小为40 m，故B 错误；汽车从发现牦牛到停止运
动的时间为t＝t1＋t2＝4.2 s，故C 错误。
9 .[2024 河北保定模拟/多选]冰壶运动是以团队为单位在冰上进行的一种投掷性竞赛项目，
被大家喻为冰上的“国际象棋”，它考验参赛者的体能与脑力，展现动静之美、取舍之智
慧.在某次比赛中，冰壶投出后做匀减速直线运动，经过20s 停止，已知倒数第3s 内的位移
大小为1.0m，下列说法正确的是（ BD ）
A.冰壶的加速度大小为0.3m/s2
B.冰壶的加速度大小为0.4m/s2
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C.冰壶第1s 末的速度大小为5.7m/s
D.冰壶第1s 内的位移大小为7.8m
【答案】BD
解析 整个过程的逆过程是初速度为0 的匀加速直线运动，倒数第3s 内的位移大小为
1.0m，则x3＝1
2 at3
2－1
2 at2
2，代入数据得a＝0.4m/s2，故A 错误，B 正确；由速度公式可知
初速度大小为v0＝at0＝0.4×20m/s＝8m/s，所以第1s 末的速度大小为v1＝v0－at1＝8m/s－
0.4×1m/s＝7.6m/s，第1s 内的位移大小x1＝v0＋v1
2
t1＝8+7.6
2
×1m＝7.8m，故C 错误，D
正确.
10 .为创建文明城市，提倡机动车礼让行人.某司机开车以9m/s 的速度行驶到路口附近，发
现有行人准备过斑马线，立即刹车礼让行人.设汽车做匀减速直线运动的加速度大小为
2m/s2，则（ D ）
A.汽车刹车2s 后的速度大小为4m/s
B.汽车刹车3s 内行驶的位移大小为9m
C.汽车刹车时离斑马线的最小距离应为16m
D.汽车在刹车后的第5s 内行驶的位移大小为0.25m
【答案】D
解析 加速度大小a＝2m/s2，汽车减速到零所需时间为t 停＝v0
a ＝4.5s，汽车刹车2s 后的速
度大小为v2＝v0－at2＝5m/s，故A 错误；汽车刹车3s 内行驶的位移大小为x3＝v0t3－1
2 at3
2
＝18m，故B 错误；汽车刹车时离斑马线的最小距离为xmin＝v0
2
2a
＝20.25m，故C 错误；由
于汽车运动4.5s 停止，运用逆向思维可知，汽车刹车后第5s 内的位移等于汽车逆向匀加速
运动前0.5s 内的位移，即x0.5＝1
2 at0.5
2
＝0.25m，故D 正确.
11.一辆汽车在平直公路上做匀变速直线运动，公路边每隔15 m 有一棵树，如图所示，汽
车通过A、B 两相邻的树之间的路程用了3 s，通过B、C 两相邻的树之间的路程用了2 s，
汽车通过树B 时的速度为（ ）
A.6.0 m/s
B.6.5 m/s
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C.7.0 m/s
D.7.5 m/s
【答案】B
【解析】设汽车经过树A 时的速度为vA，加速度为a。对AB 段运动，有xAB＝vAt1＋1
2at1
2，
同理，对AC 段运动，有xAC＝vAt2＋1
2at2
2，两式联立代入t1＝3 s，t2＝5 s，xAB＝15 m，xAC
＝30 m，解得vA＝3.5 m/s，a＝1 m/s2，再由vB＝vA＋at1，得汽车通过树B 时的速度为vB
＝3.5 m/s＋1×3 m/s＝6.5 m/s。选项B 正确。
12.〔多选〕（2025·陕西渭南一模）如图a 所示，某同学用智能手机拍摄物块从台阶旁的
斜坡上自由滑下的过程，物块运动过程中的五个位置A、B、C、D、E 及对应的时刻如图b
所示，tA＝11.36 s，tB＝11.76 s，tC＝12.16 s，tD＝12.56 s，tE＝12.96 s。已知斜坡是由
长为d＝0.6 m 的地砖拼接而成，且A、C、E 三个位置物块的下边缘刚好与砖缝平齐。下
列说法正确的是（ ）
A.位置A 与D 间的距离为1.2 m
B.物体在位置A 时的速度为零
C.物块在位置D 时的速度大小为2.25 m/s
D.物块下滑的加速度大小为1.5 m/s2
【答案】BC 【解析】由图b 可知相邻两点间的时间间隔T＝0.4 s，物块从C 到D 的时间
间隔与物块从D 点到E 点的时间间隔相等，所以物块在位置D 时的速度为C 到E 中间时刻
的速度，则有物块在位置D 时的速度为vD＝xCE
2T
＝2.25 m/s，故C 正确；AC 段与CE 段的时
间间隔为t＝2T＝0.80 s，且xCE－xAC＝3d－d＝2d，由Δx＝at2，可知xCE－xAC＝a×（2T）
2，代入数据解得a＝1.875 m/s2，故D 错误；由vD＝vA＋a×3T，代入数据解得物体在位置
A 时的速度为vA＝0，则位置A 与D 间距离为xAD＝v D
2－v A
2
2a
＝1.35 m，故A 错误，B 正确。
13. 某质点做匀减速直线运动，依次经过A、B、C 三点，最后停在D 点，如图所示.已知
A、B 间距离为6m，B、C 间距离为4m，该质点从A 点运动到B 点和从B 点运动到C 点两个
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过程速度变化量都为－2m/s，下列说法正确的是（ BD ）
A.质点运动到B 点时的速度大小为2.55m/s
B.质点的加速度大小为2m/s2
C.质点从A 点运动到C 点的时间为4s
D.A、D 两点间的距离为12.25m
【答案】BD
解析 推论法和平均速度法：根据题设条件可得两个过程的速度变化量均为Δv1＝a1t＝－
2m/s，则xAB、xBC为质点在两段连续相等时间内的位移，由匀变速直线运动的推论Δx＝a1t2
可得t＝Δ x
a1t ＝xBC－x AB
a1t
＝4－6
－2 s＝1s，加速度a1＝Δv1
t
＝－2m/s2，选项B 正确；质点从
A 点运动到C 点的时间为2t＝2s，选项C 错误；由匀变速直线运动的平均速度公式可得，
质点运动到B 点时的速度大小为vB＝6+ 4
2
m/s＝5m/s，选项A 错误；由速度位移关系式可
得v D
2 －vB
2＝2a1xBD，其中质点在D 点的速度vD＝0，则A、D 两点间的距离xAD＝xAB＋－vB
2
2a1
＝12.25m，选项D 正确.
基本公式法和逆向思维法：此运动过程可以看成是从D 点出发、初速度为零的匀加速直线
运动.根据题意有vA＝vB＋Δv2，vC＝vB－Δv2，又根据v2－v0
2＝2ax 得v A
2 －vB
2＝2a2xBA，vB
2－
vC
2 ＝2a2xCB，其中Δv2＝2m/s，xBA＝6m，xCB＝4m，联立并代入数据解得质点在B 点的速度
大小为vB＝5m/s，加速度大小为a2＝2m/s2，选项A 错误、B 正确；质点从A 点运动到C 点
的时间Δt＝2 Δv2
a2
＝2s，选项C 错误；A、D 两点间的距离xDA＝xBA＋vB
2
2a2
＝12.25m，选项
D 正确.
14.因高铁的运行速度快，对制动系统的性能要求较高，高铁列车上安装有多套制动装置
——制动风翼、电磁制动系统、空气制动系统、摩擦制动系统等。在一段直线轨道上，某
高铁列车正以v0＝288 km/h 的速度匀速行驶，列车长突然接到通知，前方x0＝5 km 处道
路出现异常，需要减速停车。列车长接到通知后，经过t1＝2.5 s 将制动风翼打开，高铁列
车获得a1＝0.5 m/s2的平均制动加速度减速，减速t2＝40 s 后，列车长再将电磁制动系统
打开，结果列车在距离异常处500 m 的地方停下来。
（1）求列车长打开电磁制动系统时，列车的速度的大小。
（2）求制动风翼和电磁制动系统都打开时，列车的平均制动加速度a2的大小。
【答案】（1）60 m/s （2）1.2 m/s2
解析：（1）打开制动风翼时，列车的加速度大小为a1＝0.5 m/s2，
设经过时间t2＝40 s，列车的速度为v1，
则v1＝v0－a1t2＝60 m/s。
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（2）列车长接到通知后，经过t1＝2.5 s，
列车行驶的距离x1＝v0t1＝200 m
打开制动风翼到打开电磁制动系统的过程中，
列车行驶的距离x2＝v1
2－v0
2
－2a1
＝2 800 m
打开电磁制动后，列车行驶的距离
x3＝x0－x1－x2－500 m＝1 500 m，
则此过程中平均制动加速度大小为a2＝0－v1
2
－2 x3
＝1.2 m/s2。
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