高三物理参考答案详解(1)_2023年10月_0210月合集_2024届广东省四校联考高三上学期10月月考（中山市实验中学、东莞市第六高级中学、珠海市实验中学、河源高级中学）

四校联考（一）高三物理参考答案： 1．D 【详解】A．天平用来测量质量，而质量是基本物理量；刻度尺用来测量长度，而长度是基本物理 量；秒表用来测量时间，而时间是基本物理量；弹簧测力计测量力，而力不是基本物理量。D错误； B．牛顿第一定律是理想实验，并不能用实验验证，B错误； C．牛顿提出万有引力定律，但G值是有卡文迪许测定，C错误 D．伽利略时代，无法直接测量瞬时速度，靠滴水计时也无法测量自由落体的时间，于是他用斜面 做实验再外推到倾角到90o，从而得到自由落体运动的规律。D正确。 故选D。 2．A 【详解】滑翔伞沿直线朝斜向下方向做匀加速直线运动，则F与G的合力方向与v同向，故A符合 题意，BCD不符合题意。 故选A。 3．C 【详解】B．飞机做曲线运动，则所受合外力方向与速度方向不共线，选项B错误； AC．飞机所受合外力不断变化，加速度也不断变化，选项A错误，C正确； D．飞机的运动速度方向不断变化，则速度不断变化，选项D错误。 故选C。 4．A 【详解】AB．防滑挡板对电脑的支持力等于电脑重力沿斜面的分量，由原卡位1调至卡位4电脑与 水平面夹角变小，则重力的沿斜面分量减小，故防滑挡板对电脑的支持力变小，A正确，B错误； C．散热底座对电脑的作用力与电脑的重力是平衡力关系，电脑始终处于平衡状态，故散热底座对电 脑的作用力不变，C错误； D．电脑受到支撑面板的支持力与防滑挡板的支持力的矢量合等于其重力大小，大小之和不等于重 力大小，D错误。 故选A。 5．B 【详解】A．支持力与压力为相互作用力，两者始终相等，A错误； B．运动员起跳以后在上升过程中加速度向下，处于失重状态，B正确； C．运动员在最高点受重力作用，不是处于平衡状态，C错误； D．运动员在下降过程中加速度向下，处于完全失重状态，D错误； 故选B。 6．C 【详解】A．对小车和货物整体法，可得F (mM)a 根据牛顿第二定律，货物受到的合力大小为F 合 mF F ma 合 mM A错误； mF C．小车对货物的摩擦力提供货物加速度，即小车对货物的摩擦力大小为 f F  合 mM mF 根据作用力与反作用力可知，小车受到货物的摩擦力大小一定为 ，C正确； mM B．小车与货物之间的滑动摩擦力大小为 fF mg N 小车与货物之间相对静止，不能够利用滑动摩擦力计算公式 f F 计算摩擦力，B错误。 N 答案第1页，共6页 {#{QQABRQQEggCAAhBAAQhCQwnSCEOQkBACCIoGwEAAoAAAARFABAA=}#}D．货物即将发生相对滑动时，小车与货物之间的摩擦力为最大静摩擦 fF mg， N 对货物，a=μg 对整体，F=（m+M）a=μ（m+M）g，则至少需要μ（m+M）g的推力才会相对滑动，D错误。 故选C。 7．B 【详解】当ABOB时，杆的速度等于B点的速度为 v R B 滑块沿杆方向的速度等于杆的速度，则有 L v vcosv B L2R2 联立得 R L2R2 v L 故选B。 8．BCD 【详解】A．篮球经过B点时有水平速度，则速度不为0，选项A错误； B．速度变化方向为重力加速度的方向，则从A点到C点，篮球的速度变化方向竖直向下，选项B 正确； C．在AC两点时水平速度相同，即 v cos60 vcos45 A 6 2 可得篮球从A点抛出时的速度为v  2v，v v sin60o  v，C点v v sin60o  v A Ay A 2 Cy A 2 v v ( 2 6)v 由t Cy Ay  ，选项C正确； g 2g D．从A到C，则 (vsin45)2  (v sin60)22gh A 解得A、C两点的高度差为 v2 h 2g 选项D正确。 故选BCD。 9．CD 【详解】AD. 由v-t图可知，小球在x方向上初速度为8m/s，加速度为 v 08 a  m/s24m/s2 t 2 的匀减速运动，x方向上受力为 F ma0.8N x 而在y方向上，小球做速度为4m/s的匀速运动，y方向上受力为 F 0 y 答案第2页，共6页 {#{QQABRQQEggCAAhBAAQhCQwnSCEOQkBACCIoGwEAAoAAAARFABAA=}#}可知在前2s内小球做匀变速曲线运动， F  F2F2  0.8N x y 故A错误，D正确； B．小球的初速度为水平速度和竖直速度的合速度，故初速度为 v＝ v2 v2＝ 8242 4 5m/s 0 x0 y 故B错误； C．2s末的小球的速度只有竖直分速度，速度为-4m/s，故C正确。 故选CD。 10．AC 【详解】A．根据万有引力提供向心力得出 Mm 42 G m r r2 T2 得 42 r3 M  G T2 r3 根据图象可知S 的 比较大，所以S 的质量大于S 的质量，A正确； 1 T2 1 2 M B．由图可知，两恒星的半径相等，则体积相等，根据 可知S 的密度大于S 的密度，B错误； V 1 2 C．根据 Mm v2 G m R2 R 可得 GM v R 可知S 表面的环绕速度大于S 表面的环绕速度，C正确； 1 2 D．根据 Mm G mg R2 可得 GM g  R2 可知S 表面的重力加速度大于S 表面的重力加速度，D错误。 1 2 故选AC。 答案第3页，共6页 {#{QQABRQQEggCAAhBAAQhCQwnSCEOQkBACCIoGwEAAoAAAARFABAA=}#}11． 2.50 F′ D 【详解】（1）[1] 根据题意，弹簧测力计的精度为0.1N，读数为2.50N （2）[2]F是通过作图的方法得到合力的理论值，而F′是用一个弹簧测力计沿OA方向拉橡皮条，使 橡皮条伸长到O点，使得一个弹簧测力计的拉力与两个弹簧测力计一个的拉力效果相同，故方向一 定沿OA方向的是F′ （3）[3]A．应采用线下描点法确定力的方向，A错误； B．通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条时，并非要求两细绳等长，B错误； C．本实验不需测量两分力的夹角，所以不需要量角器，C错误； D．作平行四边形时，两只弹簧测力计对应的力的标度需相同，D正确。 故选D。 12． A 小车的质量M远大于沙和沙桶的总质量m 1.0 平衡摩擦力过度（或者木板的 倾角过大或补偿阻力过度） 未满足M远大于m D 【详解】（1）[1]A．平衡摩擦力后，连接砝码盘和小车的细绳跟长木板保持平行时，细线的拉力等 于小车所受合力，故A正确； B．车释放前应靠近打点计时器，且应先接通电源再释放小车，目的是为了能够在纸带上打出足够多 的点，故B错误； C．摩擦力是通过小车重力沿木板方向的分力来平衡的，所以平衡摩擦力时不能将沙桶用细绳通过定 滑轮系在小车上，并且由于运动过程中纸带也要受到阻力，所以后面的纸带必须连好，再通过纸带 上的点间距判断小车是否做匀速直线运动，故C错误； D．设平衡摩擦力时木板抬高的倾角为θ，在沿木板方向根据平衡条件有 MgsinMgcos 两边M可以约掉，即与小车质量M无关，每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力，故D 错误。 故选A。 （2）[2]对小车根据牛顿第二定律有F Ma 对沙和砂桶同理有mgF ma Mmg 联立解得F  mM 由上式可知只有当mM 时F 才近似等于mg。 （3）[3]相邻两计数点间的时间间隔为 1 T 5 0.1s f 根据逐差法可得 (21.608.798.79)102 a m/s2 1.0m/s2 40.12 （4）[4]陈同学根据测量数据作出的aF 图线如图（a）所示，由图可知，当合外力为零时，小车加 速度不为零，他实验中可能存在的问题是平衡摩擦力过度（或者木板的倾角过大或补偿阻力过度）； [5]李同学根据测量数据作出的aF 图线如图（b）所示，图像末端发生弯曲的原因是未满足M远大 于m。 （5）[6]A．研究对象为小车，仍需测量小车的总质量M，A错误； B．为使拉力等于小车所受的合力，仍然需要平衡摩擦力，B错误； C．对小车与动滑轮分析，合力=2倍测力计读数，C错误； D．因为测力计直接测量出绳子的拉力，所以不需要m远小于M，D正确； 故选D。 答案第4页，共6页 {#{QQABRQQEggCAAhBAAQhCQwnSCEOQkBACCIoGwEAAoAAAARFABAA=}#}13．（1）6s； （2）20s； 【详解】（1）设经t 时间两车共速，此时二者相距最远，则 1 vv at ————1分 1 11 vv a t ————1分 2 21 代入数据解得 t 6s————1分 1 （2）设经t时间交警追上货车，则追上时 s s 80m————1分 摩 货 1 s vt at2————1分 摩 1 2 1 1 s v t a t2————1分 货 2 2 2 上三式联立得 t 20s————1分 14．（1）190N；（2）10m/s；（3）10m 【详解】以木箱为研究对象 （1）受力分析，由正交分解可知 Fcos f ma——2分 则 f 190N——1分 （2）撤去推力时，速度为匀加速直线运动的末速度，由匀变速运动速度与时间关系，则 vat 10m/s——2分 （3）撤去推力后，木箱在阻力作用下做匀减速直线运动直到停止，由受力分析可知： fmg——2分 其中 f (mgFsin37)——2分 由牛顿第二定律： fma——1分 则 a5m/s2——1分 木箱停下来的时间 =2s，则3s时木箱早已停下。——1分 v 由匀变速运动位移与t'速=度a' 关系 2axv2——1分 则 x10m——1分 答案第5页，共6页 {#{QQABRQQEggCAAhBAAQhCQwnSCEOQkBACCIoGwEAAoAAAARFABAA=}#}15．（1）80N，向下；（2）30；（3）1.5s 【详解】（1）设杆对物块的作用力为F向下，则 mv2 Fmg  1 ————2 R 解得 F 80N(向下)————2分 （2）设物块运动至传送带顶端时的竖直分速度大小为v ，根据运动学公式有 y 3 v2 2g R——2分 y 2 解得 3 v  2g R 3m/s y 2 根据速度的分解有 v 3 tan y  v 3 1 解得 30——1分 （3）物块运动至传送带顶端时的速度大小为 v v2v2  6m/s——1分 1 y mgsinmgcos 共速前：a  8m/s2————1分 1 m v v 共速所需时间t  0 0.5s————1分 1 a 1 v v 共速所需位移x  0 t 4m————1分 1 2 1 mgsinmgcos 共速后：a  2m/s2————1分 2 m 1 x v t  a t2 2 0 2 2 2 2——————1分 x Lx 2 1 t 1s——————1分 2 所以，总时间t=t +t =1.5s——————1分 1 2 答案第6页，共6页 {#{QQABRQQEggCAAhBAAQhCQwnSCEOQkBACCIoGwEAAoAAAARFABAA=}#}