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1． C
【详解】A．原始光信号频率必须大于极限频率，才能发生光电效应，选项A错误；
B．原始光信号频率越大，则经过光阴极发生光电效应后光电子的最大初动能越大，选项B正确；
C．原始光信号转化而成的光电子是电子，而非光子，选项C错误；
D．电子被外加静电场加速．说明该电场方向与电子运动方向相反，选项D错误。
故选B。
2．C
【答案】C
【详解】A．由图可知，骑行速度为
故A错误；
B．由图可知，骑行速度大小为
故B错误；
C．由图可知，骑行速度大小为
故C正确；
D．由图可知，骑行速度大小为
故D错误。
故选C。
3． C
【答案】C
【详解】AB．对甲乙和重物的整体受力分析如图所示两人缓慢释放轻绳前后，均满足
则甲乙所受平台的支持力均不变，故AB错误；
CD．对乙受力分析根据受力平衡可知
两人同时缓慢释放轻绳， 变小，则乙所受平台的摩擦力变小，故C正确，D错误。
故选C。
4． C
【答案】C
【详解】A．原线圈接220V的交流电时，副线圈两端的电压为22V，根据变压比
解得
故A错误；
B．根据图像可知，周期为0.02s，则频率为
故B错误；
C．小灯泡正常发光时副线圈电流为 ，根据变流比可得电流表的示数
故C正确；
D．小灯泡正常发光时副线圈电压为 ，根据变压比
可得原线圈电压有效值
则正弦交变电压的峰值
故D错误。
故选C。
5． C
【答案】C
【详解】AD.空间站组合体在绕地球飞行的过程中做匀速圆周运动，不是平衡状态，且加速度方向不断改
变，故AD错误；
B．空间站组合体在绕地球飞行的过程中速度大小不变，方向改变，故B错误；
C．空间站组合体的轨道半径较小，根据开普勒第三定律
可知，空间站组合体的环绕周期小于地球同步卫星的运动周期，即小于24小时，故C正确。
故选C。
6． D
【答案】D
【详解】A．设手机下落20cm的速度为 ，则有
解得由于手机未反弹，以竖直向上为正方向，则有
即手机与眼睛作用过程中手机动量变化大小约为 ，故A错误；
D．以手机为对象，以竖直向上为正方向，根据动量定理可得
解得
故D正确；
BC．手机与眼睛作用过程中，有
由于手机对眼睛的冲量与眼睛对手机的冲量大小相等方向相反，则手机对眼睛的冲量大小约为 ，故
BC错误。
故选D。
7． C
【答案】C
【详解】A．根据题意，由左手定则可知，河水中的正离子向外面金属板偏转，外金属板为正极，负离子
向里面金属板偏转，里金属板为负极，则电阻 上的电流方向从外向里，故A错误；
C．设稳定时产生的感应电动势为 ，两板间有一带电荷量为 的离子匀速运动受力平衡，根据平衡条件
可得
解得
故C正确；
B．设极板间等效电阻为 ，由闭合回路欧姆定律可得，两金属板间电压为
可知，河水流速减小，两金属板间的电压减小，故B错误；
D．根据题意，由电阻定律可得，极板间等效电阻为由闭合回路欧姆定律可得，流过电阻 的电流大小为
故D错误。
故选C。
8． AB
【答案】AB
【详解】A．水平面光滑，对滑块B施加一水平推力F使滑块B问左缓慢运动到某一位置后保持静止，根
据功能关系可知推力F做的功等于弹簧增加的弹性势能，故A正确；
B．当弹簧恢复原长时，滑块与挡板间恰好没有弹力，此时滑块A开始离开挡板，故B正确；
C．从撤去推力F到滑块A离开挡板的过程中，墙壁对系统有向右的力，所以弹簧和滑块A、B组成的系
统动量不守恒，故C错误；
D．从滑块A离开挡板到滑块A、B共速的过程中弹簧对A、B两滑块做的功等于滑块动能的变化量，由于
两滑块质量关系未知，无法判断，故D错误；
故选AB。
9． BC
【答案】BC
【详解】A．由于B板带正电，只受重力，绳子拉力，电场力三个力平衡，可知小球所受电场力指向B板
才能受力平衡，所以小球必带负电，故A错误；
B．设小球所受电场力大小为F ，根据平衡条件有
电
解得
，
则A、B间电场强度大小为
电源电动势为故B正确；
C．A、B两板间电场强度大小为
若在竖直面内保持两板正对面积不变，B板向A板缓慢靠近，则电场强度增大，小球所受电场力增大，且
方向不变，而小球所受重力不变，且重力与电场力的合力与绳子拉力平衡，开始时F与F 垂直，如图所
电
示，可知绳子拉力变大，且与水平方向夹角减小，即小球缓慢上移，故C正确；
D．若绳子突然断开，则小球只受重力和电场力，由于这两个力都是恒定的，且小球初速度为0，故小球
将沿绳子拉力反方向做匀加速直线运动，故D错误。
故选BC。
10． CD
【答案】CD
【详解】A．变压器是利用电磁感应原理，必须通过交流电产生变化的磁场，才能产生感应电流，选项A
错误；
B．变压器是不改变其交变电流的频率的，变压器无法改变电流的频率，频率应为
选项B错误；
CD．根据正弦式交流电中有效值和峰值的关系可知，原线圈的电压有效值
根据变压器的工作原理有解得副线圈的有效值
峰值为 因为理想变压器原、副线圈的功率相等，则
选项CD正确。
故选CD。
11．
【答案】 C A C
【详解】（1）[1]压力表测量的是注射器中气体的压强，同一位置各个方向的压强大小处处相等，所以实
验过程中注射器没有完全竖直对压力的测量没有影响。
故选C；
（2）[2]A．柱塞上涂油是为了避免漏气，即更好地密封气体，故A正确；
B．推拉柱塞时要缓慢进行，让气体更好的与空气进行热交换，避免引起气体温度的变化，故B错误；
C．用手握住注射器会改变注射器内气体的温度，故C错误。
故选A；
（3）[3]在软管内气体体积 不可忽略时，被封闭气体的初状态的体积为 ，由
即
图线和原点连线的斜率为
随着 的变大，斜率逐渐变小。
故选C。12．
【答案】 V C 见解析 1.50 0.50
1
【详解】（1）[1]依题意，2节干电池串联起来进行实验，电动势为3V，为保证测量结果尽量准确，实验
中电压表应选用V。
1
（2）[2]按图甲连接电路，实验中调节滑动变阻器，发现电流表读数变化明显但电压表读数变化不明显，
其主要原因是待测电池的内阻太小。致使路端电压变化不明显。
故选C。
（3）[3]改进后的实验电路图，如图所示
（4）[4]设每节干电池的电动势为E，内阻为r，由闭合电路欧姆定律可得
结合乙图，可得
解得
13．
【答案】（1） ；（2）
【详解】（1）由几何知识可得，剩余球冠的高度为
光线在球冠中的速度为
则光束正中间的光线通过球冠的时间为（2）根据全反射公式
可得光线在球冠中发生全反射的临界角的为
光线在球冠中发生全反射的临界情况对应的光路如下图所示
则根据几何知识可得，能发光的球冠部分的高度为
则能发光的球面的面积为
14．
【答案】（1）1m/s，2.5m/s2；（2）不能
【详解】（1）弹珠A运动位移x 的过程做匀减速直线运动，有
1
解得碰撞前瞬间弹珠A的速度大小
由
解得碰撞前瞬间弹珠A在地面上运动时的加速度大小
（2）设弹珠A与B碰撞后B的速度为v ，取A初速度方向为正方向，根据动量守恒定律可得
B解得
碰撞后弹珠B运动过程，由动能定理得
又
解得
所以弹珠B不能进坑，故该同学不能胜出。
15．
【答案】（1） ；（2） ，
【详解】（1）单根导线切割磁感线产生的电动势为
整个线圈产生的总电动势为
根据欧姆定律可得
单根导线所受安培力大小为
整个线圈受到的总安培力为
（2）线圈运动的速度时间关系为单匝线圈切割磁感线产生的电动势为
匝线圈产生的总电动势为
电动势的有效值
其中
发电功率为
