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2020年浙江省初中学业水平考试(温州市卷)
(满分:75分)
卷Ⅰ
一、选择题(本题有6小题,每小题4分,共24分。每小题只有一个选项是正确的,不选、多选、错选均不给分)
第6题图
6.电蚊拍灭蚊时,蚊子碰到金属网形成闭合电路,蚊子往往会被烧毁。下列说法不合理的是 ( )
A.蚊子是可以导电的
B.电蚊拍电压降低烧毁效果变差
C.蚊子烧毁是因为电流的热效应
D.烧毁时可能没有电流通过蚊子
9.小明家的窗外有条公路。他看到窗外的情景由图甲变为图乙,判断轿车是运动的。他选择的参照物不可能是 ( )
第9题图
A.房子的窗户 B.路边的灯杆
C.行驶的卡车 D.轿车的司机
11.如图所示,在中国象棋棋盘正中央竖立一块垂直于棋盘的平面镜,棋子“象”由甲移到乙,则平面镜中“象”的移动是 ( )
第11题图
A.由④到② B.由③到① C.由②到④ D.由①到③
12.兴趣小组用如图装置研究压强与流速的关系,将吹风机对准竖管上端管口向下吹风,在三个水平玻璃管的右端口处同时释放相同规格的乒乓球,某时刻乒乓球处于如图所示的位置。下列说法合理的是 ( )
第12题图
A.乒乓球运动是因受到竖管气流的吸引力
B.装置中三个水平玻璃管的横截面积不同
C.三个水平玻璃管的左端口处压强不相同D.该装置可以测量竖管中各处的压强大小
13.小明家的智能锁需通过“密码+指纹”两次识别成功才能开锁。第一次识别成功时S 闭合,发声器 发出声音,但不开锁;第二次识别成功时S 闭合,有电流通过电动机 ,开锁成功。下列电路设计符合要求的是 ( )
1 2
15.科学中常用数学方法来表示某些量的关系。下列图像中能用阴影面积表示相应的量是 ( )
卷Ⅱ
二、填空题(本题有2小题,每空2分,共10分)
19.北宋著名科学家沈括所著的《梦溪笔谈》是一部中国古代科技类百科全书,记载了我国古代的许多科技发现与发明。
(1)在北宋之前就有人将磁石(磁体)磨成针悬挂或支撑起来,磁针就能指南。“磁针指南”是因为地球存在 。
(2)沈括考察太行山时,发现有些岩石中夹杂着螺蚌壳。他推测太行山以前是大海,但现在太行山距离大海有近千里。造成这种海陆变迁的主要原因是 。
(3)沈括大胆预测石油在未来社会中会得到广泛使用,现预测已被证实。石油的大量使用引起大气中的二氧化碳含量增加,导致全球气候变暖,这种环境问题称为 。
22.小明观察了小区入口的车辆出入自动控制闸,发现当车牌被识别系统识别后,绿灯亮,栏杆抬起,车辆通行。于是他设计了如图所示的模拟电路,车牌识别成功相当于图中开关S闭合。
(1)已知该电路电源电压为6伏,指示灯L工作时的阻值为5欧,滑动变阻器接入电路的阻值为10欧,线圈阻值不计。闭合开关后,线圈吸住铁柱时,指示灯的功率为 瓦。
(2)若电源电压下降,栏杆不能抬起。除了更换电池外,请你再写出一种能使栏杆正常抬起的方法。 。
第22题图
三、实验探究题(本题有2小题,每空3分,共18分)
25.在做“探究动能大小与质量关系”的实验时,小明想:小球从相同高度滚下,若小球材质和斜面倾角不同,到达水平位置时的速度会相同吗?
(1)图甲是用挡板控制大小不同的两个小球在斜面上起始位置的两种方案,小明实验时选择A方案而不能选择B方案的原因是 。
甲
(2)小明选择大钢球、小钢球、木球以及可调整倾角的斜面进行实验。分别让球从斜面同一高度由静止开始释放,利用测速仪测出球到达水平位置时的速度如表所示。
斜面倾角速度(米/秒)球
10° 20° 30° 40° 50° 60°
的类别
大钢球 2.67 2.67 2.67 2.75 2.88 2.97
小钢球 2.67 2.67 2.67 2.75 2.88 2.97木球 2.67 2.67 2.67 2.67 2.74 2.89
分析表中数据可知:要使球到达水平位置时的速度与球是钢质或木质无关,则斜面倾角不可能是 。
A.15° B.25° C.35° D.45°
(3)小明利用图乙装置做“探究动能大小与质量关系”的实验时,通过观察球撞击相同塑料软片的数目来比较球的动能大小(图中未画出固定塑料软片的装置)。老师指出此装置不适合体积不同的两个球做实验,原因是
。
乙
26.在研究“电流与电压的关系”时,小明连接了如图甲的电路,电源电压U为3伏。
甲
乙
(1)闭合开关后,小明发现电流表指针如图乙,出现这种现象的原因是 。
(2)改正错误操作后,小明分别将电阻R 为5欧、10欧和20欧的定值电阻接入电路,测得电阻R 的电压U 和电流I 数据,如表一所示。小明想进一步研究“电阻R 的电流变化量大小ΔI 与电压变化量大小ΔU 的关系”,根据数据计算出部分电
0 0 0 0 0 0 0
压变化量大小ΔU 和相应的电流变化量大小ΔI,如表二所示,则表二中的a为 。
0 0
表一
组别 第1组 第2组 第3组
R(欧) 5 10 20
0
U(伏) 1.0 2.2 2.5 1.2 1.8 2.4 1.6 2.4 2.8
0
I(安) 0.20 0.44 0.50 0.12 0.18 0.24 0.08 0.12 0.14
0
表二
组别 ΔU(伏) ΔI(安)
0 0
第1组 1.5 a
第2组 0.6 0.06
第3组 0.8 0.04
(3)小明发现,滑动变阻器电压变化量大小ΔU 与电流变化量大小ΔI 的比值,总是等于定值电阻R 的阻值。请结合上表数据和所学电学知识解释此规律。
R R 0
四、解答题(本题有3小题,第30题6分,第31题7分,第33题10分,共23分)
30.英国物理学家斯特林于1816年发明了“斯特林发动机”。斯特林发动机气缸内工作介质易汽化、易液化,该介质经过吸热膨胀、冷却压缩的循环过程输出动力,因此又被称为热气机。某工程师按照“斯特林发动机”原理设计了如图甲所示的模
型机,工作过程中飞轮持续旋转如图乙。请结合所学知识解释飞轮能持续转动的工作原理。甲
乙
31.某跳伞运动员从飞机上跳下,沿竖直方向降落,一段时间后打开降落伞,最后安全着地。已知运动员和跳伞设备的总重力为700牛,跳伞过程中下降的速度与时间的关系如图甲所示。
(1)图甲中曲线OA段速度越来越大的原因是 。
甲
(2)图乙是跳伞过程中部分阶段的情景及受力示意图,其中与图甲曲线中CD阶段对应的是 。
乙
(3)计算运动员和跳伞设备的总重力在AB段所做的功。33.小明对“篮球在空气中是否受到浮力”进行探究,由此进行一系列的思考与实验,并最终设计出可直接测量空气密度的简易“空气密度仪”。
(1)如图甲,将一个带阀门的篮球放在天平的托盘上,阀门连接未充气的气球,且处于关闭状态。加砝码使天平平衡。打开阀门,气球变大,天平指针向右偏转。指针向右偏转的原因是
。
甲
(2)为测量篮球受到的浮力大小,小明设计了如图乙所示的电路。电路中电源电压U为6伏,定值电阻R 的阻值为10欧,R是力敏电阻,其阻值与所受压力F 的关系如图丙所示。当左盘中篮球未给气球充气时,电流表示数为0.2安;当篮球给气球
0 B
充气到体积为篮球的2倍时(篮球体积不变),电流表示数为0.15安。力敏电阻R所受压力F 与篮球对左侧托盘的压力F 的关系如图丁所示。请计算篮球所受的浮力。
B A
乙
丙
丁
(3)图乙中篮球和气球内的气体总质量保持不变,并控制气球体积为篮球的2倍,在电压表指针所指的刻度盘上标上对应的空气密度值,就制成了一台测量当地空气密度的“空气密度仪”。现用此装置测量大于1.29千克/米3的空气密度,指针大
致指示在何处?请在图戊的刻度盘中用箭头标出,并写出你的判断依据。
戊
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2020年浙江省初中学业水平考试(温州市卷)
答案速查
6 9 11 12 13 15D D C C A B
6.D 电蚊拍灭蚊时,蚊子碰到金属网形成闭合电路,说明蚊子是导电的,有电流通过蚊子,A正确,不符合题意,D错误,符合题意;蚊子烧毁是因为电流的热效应,即电能转化为内能,电压降低时相同条件下产生的热量减少,烧毁效果变差, B、C正确,
不符合题意。故选D。
9.D 判断轿车是运动的,则所选取的参照物与轿车之间应有位置的变化。而轿车司机与轿车之间无位置变化,故小明不可能选择轿车的司机为参照物,故选D。
判断运动还是静止需要选择参照物,然后比较物体相对于参照物的位置有没有发生变化,若发生变化,则物体相对于该参照物是运动的,否则就是静止的。
11.C 根据平面镜成像的特点可知,物距等于像距,像和物体对应点的连线与平面镜垂直。棋子“象”在甲处时,像在位置②处;棋子“象”在乙处时,像在位置④处;棋子“象”由甲移到乙,则它的像由②移到④。故选C。
12.C 由题图实验装置可知, 将吹风机对准竖管上端管口向下吹风,竖管中空气流速较大,压强较小;玻璃管右端与大气相连,右端的气压为大气压,压强较大,所以玻璃管左右两端会形成一个压力差,在这个压力差的作用下乒乓球向左运动,A错。本
实验的目的是研究压强与流速的关系,所以控制变量时应控制装置中三个水平玻璃管的横截面积相同,B错。由于竖管越往下越粗,因此空气的流动速度越来越慢,即最上端的空气流速快,水平玻璃管左端口处压强较小,最下端的空气流速慢,水平玻
璃管左端口处压强较大,即三个水平玻璃管的左端口处压强不相同(或根据三个相同乒乓球的运动距离也可判断),C正确。该装置只能大致比较竖管内各处的压强大小,无法准确测量各处的压强值,D错。
13.A 根据题意可知,闭合开关S,只有发声器工作;两个开关都闭合时,有电流通过电动机,这说明两个开关都闭合时,电动机才会工作。A项,由图可知,闭合开关S,只有发声器接入电路,发声器工作,再闭合S,电动机和发声器并联接入电路中,有
1 1 2
电流通过电动机,符合要求;B项,由图可知,闭合开关S,发声器没有接入电路,发声器不工作,两个开关都闭合,发声器和电动机都工作,不符合要求;C项,由图可知,发声器和电动机并联接入电路中,两个开关并联,只要闭合任意一个开关,发声器和
1
电动机都工作,不符合要求;D项,由图可知,闭合开关S,只有电动机接入电路,电动机工作,再闭合S,电动机和发声器并联接入电路中,有电流通过发声器,不符合要求。
1 2
电路选择类题目,应根据题目的具体要求,依次分析,逐一排除,直至选出正确电路图。
F
15.B A项,由图可知,横坐标表示受力面积,纵坐标表示压力,阴影部分面积等于压力和受力面积的乘积,由p= 可知,压强等于压力和受力面积的比值,错误;B项,由图可知,横坐标表示受力面积,纵坐标表示压强,阴影部分面积等于压强和受力面积
S
W
的乘积,由F=pS可知,压强和受力面积的乘积就是压力,正确;C项,由图可知,横坐标表示做功时间,纵坐标表示功,阴影部分面积等于功和做功时间的乘积,由P= 可知,功率等于功和做功时间的比值,错误;D项,由图可知,横坐标表示功率,纵坐标
t
W
表示功,阴影部分面积等于功率和功的乘积,由t= 可知,做功时间等于功和功率的比值,错误。
P
由图可知横坐标和纵坐标表示的物理量,然后列出阴影部分面积的表达式和所给物理量的表达式,进行比较,从而得出结论。
19. 答案 (1)地磁场 (2)地壳运动 (3)温室效应
解析 (1)地球存在地磁场,地磁的南北极与地理的南北极相反(有磁偏角);(2)地壳运动,是海陆变迁的主要原因;(3)大气中的二氧化碳含量增加,导致全球气候变暖的环境问题称为温室效应。
22. 答案 (1)0.8 (2)滑动变阻器滑片向上移动(其他合理答案也给分)
解析 (1)由题图可知,指示灯L与滑动变阻器串联,当滑动变阻器接入电路的阻值为10欧时,
U 6伏
电路中的电流为:I= = =0.4安,
R +R 5欧+10欧
L 滑
指示灯的电功率为:P=I2R =(0.4安)2×5欧=0.8瓦;
L
U
(2)若电源电压下降,根据I= 知在电阻不变时电路中的电流较小,电磁铁的磁性较弱,吸引力较小,不能将铁柱吸下来,栏杆不能抬起,此时可以将滑动变阻器连入电路中的阻值调小些,增大电路中的电流,电磁铁的磁性增强,将铁柱吸下来,可以
R
使栏杆正常抬起来。
(1)由欧姆定律算出电路中的电流,根据P=I2R算出指示灯的功率;(2)电磁铁的吸合电流不变,电源电压下降后,电路中电流减小,要使栏杆正常抬起,要增大电流。
25. 答案 (1)B方案中两球从起始位置到水平位置的高度差不同
(2)D
(3)塑料软片对不同体积的小球的阻力不同
解析 (1)A方案中挡板水平放置,两小球从起始位置到水平位置的高度差相同,B方案中挡板与斜面垂直放置,因为两小球的大小不同,所以两小球从起始位置到水平位置的高度差不同,为了控制大小不同的两个小球在斜面上从起始位置到水平位
置的高度差相同,实验时选择A方案而不能选择B方案;(2)根据表中数据可知,斜面倾角为10°、20°、30°时,大钢球、小钢球、木球到达水平位置时的速度均相同,斜面倾角为40°、50°、60°时,大钢球、小钢球、木球到达水平位置时的速度不全都
相同,所以要使球到达水平位置时的速度与球是钢质或木质无关,则斜面倾角不可能是45°,故D符合题意;(3)不同体积的小球从塑料软片下面通过时受到的阻力不同,无法“探究动能大小与质量关系”。
控制变量法和转换法,是中考探究实验考查的重点,设计实验时,要考虑到影响实验的因素。
26. 答案 (1)正负接线柱接反
(2)0.30
(3)见解析
解析 (1)闭合开关后,小明发现电流表指针向零刻度线左侧偏转,原因是电流表正负接线柱接反了。(2)由表二的第2组数据可得:ΔU 0 = 0.6伏 =10欧,第3组数据可得:ΔU 0 = 0.8伏 =20欧,则第1组数据中:a=1.5伏=0.30安。(3)根据串联
ΔI 0.06安 ΔI 0.04安 5欧
0 0
电路电压特点U=U+U ,得ΔU =ΔU;根据串联电路电流特点I =I,得ΔI =ΔI,所以ΔU 与ΔI 的比值等于ΔU 与ΔI 的比值。据表二数据可知,ΔU 与ΔI 的比值等于R,则ΔU 与ΔI 的比值等于R。
0 R R 0 R 0 R 0 R R 0 0 0 0 0 R R 0
本题考查了电流表的正确使用和欧姆定律的应用,分析表格数据得出规律是解题的关键。
30. 答案 示例:酒精灯加热将化学能转化为内能,热气缸中的工作介质吸热汽化膨胀,推动活塞A向右运动做功,将内能转化为机械能;由于飞轮具有惯性,带动活塞A向左运动,活塞A将热气缸中的工作介质推入冷气缸并液化,活塞B又将介质推回
热气缸。如此反复。
答题要素:化学能转化为内能;气体对热气缸活塞做功,内能转化为机械能;工作介质汽化和液化;利用飞轮惯性;工作介质的循环。
本题考查了能量的转化、改变内能的方法,明确热机的工作原理是解题的关键。
31. 答案 (1)运动员和跳伞设备的总重力大于阻力
(2)③ (3)7×105 焦解析 (1)由图甲可知,跳伞运动员在OA段加速降落,此过程中运动员和跳伞设备受到的总重力大于受到的阻力。(2)①图中降落伞打开,运动员受到的阻力大于重力,运动员处于减速降落过程,大致对应图甲曲线中BC阶段;②图中运动员已经着
陆,运动员的速度为0;③图中降落伞打开,运动员受到的阻力等于重力,运动员处于匀速降落过程,对应图甲曲线中CD阶段;④图中降落伞未打开,运动员受到的阻力等于重力,运动员处于匀速降落过程,对应图甲曲线中AB阶段。故选③。
(3)由图甲可知,运动员在AB段的速度为v=50 米/秒,运动时间为t=40秒-20秒=20秒,
运动员在AB段下降的距离:
s=vt=50米/秒×20秒=1 000秒,
则运动员和跳伞设备的总重力在AB段所做的功为:
W=Gs=700牛×1 000米=7×105焦。
本题考查了物体的受力分析、对图像的分析能力以及速度公式和功的计算公式的应用,属于综合性题目。
33. 答案 见解析
解析 (1)随着气球体积变大,排开空气体积变大;根据阿基米德原理,受到空气浮力也变大,篮球对左盘的压力减小。
(2)由欧姆定律I=U/R 得R =U/I=6伏/0.2安=30欧,
1 总 总 1
则R=R -R=30欧-10欧=20欧,由图丙得F =309牛,根据图丁可知F 是F 的50倍,故F =309牛对应的F =6.18牛;
1 总 0 B1 B A B1 A1
I=U/R '得R '=U/I=6伏/0.15安=40欧
2 总 总 2
则R=R '-R=40欧-10欧=30欧,
2 总 0
由图丙得F =300牛,由图丁得F =6.00牛;
B2 A2
根据阿基米德原理及对篮球和气球整体受力分析,A盘前后2次受到的压力差等于篮球所受浮力的2倍,即F -F =2F
A1 A2 浮
F =(F -F )/2=(6.18牛-6.00牛)/2=0.09牛。
浮 A1 A2
(3)指针如图;与密度为1.29千克/米3的空气相比,装置在密度大于1.29千克/米3的空气中,受到浮力较大,则篮球对盘的压力较小,力敏电阻所受压力也较小,电阻较大,电路中的电流较小,则电压表示数较小。
本题为力电综合题,考查阿基米德原理、串联电路的规律及欧姆定律的运用,关键是从图中获取有效的信息。
