广东科学推理2000题解析（竖版）_022026年公考名师课程_1002026年国考&广东小新公考行测刷题_讲义_3科学推理_竖版

行测科学推理
必刷2000题
解析
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91.7 分
88.7 分
88.3 分
86.86 分
86.85 分
86.9 分
86.7 分
86.6 分
86.2 分
85.65 分
2024 年部分高分战绩
92.6 分
89.5 分
91.8 分
91.9 分
92.1 分
88.2 分
88.3 分
88.4 分
88.7 分
89.5 分
2022 年部分高分战绩
91.7 分
88.6 分
88.7 分
89.9 分
90 分
88.3 分
87.5 分
87.1 分
87.4 分
87.5 分
2023 年部分高分战绩
86.6 分
86.5 分
86.5 分
86.3 分
86.1 分
2025 年部分高分战绩
88.5 分
87 分
87 分
91.667 分
91.2 分
科学推理必刷2000 题解析
一、物理..................................................... 1
1.1 重力......................................................1
1.2 弹力......................................................1
1.3 摩擦力....................................................2
1.4 摩擦力综合（含图像）..................................... 3
2 压强.......................................................15
3 密度（含测量）计算........................................ 19
4,浮力...................................................... 30
5 压强与浮力综合难题........................................ 45
6 简单机械...................................................62
7 杠杆综合难题...............................................68
8 滑轮（组）机械效率综合难题................................ 80
9 受力分析..................................................101
10.力的合成与分解.......................................... 116
11.运动学.................................................. 122
12.直线运动................................................ 126
13.曲线运动................................................ 136
13,1 曲线运动的合成与分解.................................. 139
13.2 抛体运动...............................................143
13.3 圆周运动...............................................146
14 运动图像.................................................149
14.1 运动状态分析...........................................161
14.2 运动的快慢.............................................166
15.动量.................................................... 168
16 功和能...................................................171
17 力学综合.................................................180
18 斜面问题综合难题........................................ 185
18.1 斜面力分析.............................................189
18.2 斜面运动状态...........................................190
18.3 斜面做功...............................................193
18.4 斜面能量转化...........................................194
19 万有引力与宇宙航行...................................... 196
20.电学.................................................... 200
20.1 电荷...................................................200
20.2 静电场................................................ 201
20.3 欧姆定律...............................................206
20.4 欧姆定律综合计算...................................... 207
21 电路分析.................................................218
22 串并联电路电流、电压规律综合问题......................... 222
22.1 电路分析图.............................................226
22.2 实物电路分析...........................................232
22.3 家庭电路...............................................232
22.4
电能表问题的选择题................................... 233
23 电功率综合计算...........................................241
24 电学（含图像）的综合计算.................................263
25 电磁继电器问题.......................................... 291
26 光现象...................................................300
26.1
光的传播............................................. 305
26.2 光的反射...............................................308
26.3 光的折射...............................................313
26.4 透镜...................................................315
26.5 光的色散...............................................320
27 声现象...................................................320
28.热学.................................................... 345
28.1 热变化图像.............................................354
28.2 物态变化...............................................356
29.电磁学.................................................. 358
30.分子理论................................................ 367
二、化学................................................... 371
01 物质的构成与组成........................................ 371
02 物质的分类.............................................. 381
03 物质的变化和性质化学反应类型............................390
04 质量守恒定律化学方程式................................. 401
05 我们周围的空气.......................................... 406
06 自然界的水.............................................. 416
07 碳和碳的氧化物.......................................... 425
08 金属和金属材料.......................................... 438
09 溶液.................................................... 453
10 酸和碱.................................................. 469
11 盐和化肥................................................ 484
12 化学与生活.............................................. 497
13 常见仪器与实验操作...................................... 505
14 气体的制取与净化........................................ 517
15 物质的检验与鉴别........................................ 525
16 物质的分离和提纯........................................ 541
三、生物.................................................. 550
（一）生态系统............................................. 550
（二）细胞................................................. 572
（三）遗传（25 题）.........................................603
（四）光合与呼吸（15 题）...................................622
（五）酶（5 题）............................................627
四、地理................................................... 632
（一）地球与地图........................................... 632
（二）自转与公转........................................... 636
（三）地形地貌............................................. 646
（四）气候与气象........................................... 649
（五）天气系统............................................. 653
1
一、物理
1.1 重力
1.解析
由题意可知，地面和电梯底面的粗糙程度相同，设地面和电梯底面的动摩擦
因数为
，人的最大推力为F。因为人的最大推力不变，且在地面上恰好能缓慢
推动质量为m 的方块A，则人的最大推力F 等于质量为m 的方块A 受到的滑动摩
擦力，即
，对于地面上物体的支持力
，则
；在电梯中时，人的最大推力也等于方块的滑动摩擦力，由于人的最
大推力和电梯底面的粗糙程度不变，则质量为1.5m 的方块B 对地面的压力也为
mg，而方块B 对地面的压力和地面对方块的支持力为相互作用力，两力大小相等，
即电梯中质量为1.5m 的方块B 所受到的支持力也为mg，小于重力1.5mg，则方
块B 所受合外力竖直向下，根据牛顿第二定律，加速度方向和合外力方向一致，
则方块B 的加速度方向竖直向下，方块B 处于失重状态，排除A、C 两项；电梯
与方块B 的运动状态一致，所以电梯加速度向下，排除B 项。
故正确答案为D。
1.2 弹力
2.解析
根据弹簧与小球稳定时，下方弹簧
处于自然长度，可知弹簧
此时形变
等于0，根据胡克定律
，可得弹簧
此时无弹力。
A 项，若剪断弹簧
，对小球A 受力无任何影响，小球A 位置不变，错误；
B 项，因没有确定0 势能面，小球A 此时的重力势能无法判定，有无数可能，
错误；
C 项，已确定弹簧
此时无弹力，故小球A 此时只受竖直向下的重力和弹簧
提供的竖直向上的弹力，共两个力，错误；
D 项，静止时小球A 受力平衡，
，此时形变量
cm；
若剪断弹簧
，小球A 下降进而压缩弹簧
达到新的平衡状态，平衡时小球A
的重力等于弹簧
提供的向上的弹力，即
。两根弹簧完全
相同即劲度系数
，则
cm，正确。
故正确答案为D。
3.解析
A、B 两项错误，A、B 两球都是从同一水平面下降的，到达最低点时仍在同
2
一水平面上，两球重力做的功相等，B 球在下落的过程中，弹簧对它做负功，B
球在最低点时的动能要比A 球的小。C 项错误、D 项正确，由于下落的过程中弹
簧对B 球做负功，B 球的机械能减小，所以A、B 两球到达各自悬点的正下方时，
A 球的机械能较大。
故正确答案为D。
1.3 摩擦力
4.解析
A 项，由动滑轮的性质可知，细绳拉力为0.5F，错误；
B 项，由A 项可知滑块受到细绳拉力为0.5F，对滑块进行受力分析可知，滑
块受到细绳的拉力等于所受摩擦力与重力沿斜面方向的分力之和，故摩擦力小于
0.5F，错误；
C 项，当滑块恰好能在斜面上静止时，其动摩擦因数为
，而题目中的
条件并不能说明此时该情况满足，错误；
D 项，由动滑轮性质可知，滑块移动距离在任意时间段都为滑轮的两倍，故
滑块的速度为滑轮的两倍，为2v，正确。
故正确答案为D。
5.解析
A 项：在急刹车前，货车和货物向左做匀加速运动，故货物有向左的加速度，
则货物水平方向上受到向左的摩擦力，此时摩擦力提供合外力，并非合外力为零，
错误；
B 项：由A 项分析可知，在急刹车前，若货物与车相对静止，则所受摩擦力
为静摩擦力，错误；
C 项：由A 项分析可知，在急刹车前，货物所受摩擦力方向水平向左，与货
物运动方向相同，故摩擦力对货物做正功，正确；
D 项：在急刹车时，货车做减速运动，此时货物由于惯性仍然保持原来的运
动状态，货物在车上向前滑动，此时货物所受摩擦力为动摩擦力，错误。
故正确答案为C。
6.解析
物体A 匀速下滑时，A 受力平衡，A 竖直方向所受力为向下的重力
和向上
的动摩擦力，两个力大小相等方向相反，
；水平方向受向右的水平力
和向左的墙壁支持力
，两个力大小相等方向相反，
。根据动摩擦力计
算公式
，一般
，故
。
物体A 静止时，A 同样受力平衡，A 竖直方向所受力为向下的重力
和向上
的静摩擦力
，两个力同样大小相等方向相反，
。故
，
根据之前推导出的
，
，所以
。
3
故正确答案为B。
1.4 摩擦力综合（含图像）
7.如图所示，物体A、B 在力F 作用下一起以相同的速度沿F 方向匀速运动，关
于物体A 所受的摩擦力，下列说法正确的是(
)
A．图中物体A 受摩擦力，且方向均与F 相同
B．图中物体A 受摩擦力，且方向均与F 相反
C．图中物体A 不受摩擦力
D．图中物体A 可能受摩擦力，也可能不受摩擦力。
【答案】C
【解析】图中，假设A、B 之间接触面光滑，则物体A 在水平方向不受任何外力
作用，A 仍可保持原来的匀速直线运动状态，故A 不受摩擦力。C 选项正确。
8. 下列有关摩擦力的说法不正确的是（
）
A. 走路时鞋底与路面间的摩擦是有益摩擦
B. 自行车刹车时，是通过增大刹车胶皮与钢圈之间的压力来增大摩擦力
C. 摩擦力不一定是阻力
D. 摩擦力的方向总是与物体的运动方向相反
【答案】D
【解析】A．走路时，脚向后蹬地，地面对鞋底产生向前的摩擦力使人获得前进
的动力，是有益摩擦，故A 正确，不符合题意；
B．自行车刹车时，用力拉手闸，使得刹车胶皮与钢圈之间的压力增大从而增大
摩擦来刹车，故B 正确，不符合题意；
C．摩擦力不一定是阻力，比如人行走时地面对鞋底的摩擦力，或者汽车驱动轮
与地面之间的摩擦，都是使物体前进的动力，故C 正确，不符合题意；
D．人前进时，受到的摩擦力的方向与人运动的方向相同，所以摩擦力的方向总
是和物体相对运动（或相对运动趋势）的方向相反，而不一定和物体的运动方向
相反，故D 错误，符合题意。
故选D。
9.下列实例中，目的是为了增大摩擦的是（
）
A. 滚动轴承
B. 给木箱加装轮子
C. 自行车车轮有凹槽
D. 磁悬浮列车与轨道不接触
【答案】C
【解析】A．滚动轴承是将滑动摩擦变为滚动摩擦，减小了摩擦力。A 选项不符
合题意；
4
B．给木箱加轮子，也是将滑动摩擦变为滚动摩擦，减小了摩擦力。B 选项不符
合题意；
C．自行车车轮有凹槽，加大了接触面的粗糙程度，增大了摩擦。C 选项符合题
意；
D．将接触面分离，减小了摩擦。D 选项不符合题意。
10．如图所示，物体A 和B 叠放在一起放在水平地面上，在大小为F 的恒力作用
下，沿水平面做匀速直线运动，则下列结论错误的是（
）
A．甲乙两图中A 物体所受摩擦力大小均为F
B．甲乙两图中B 物体受到地面对它的摩擦力均为F
C．甲图中物体A 受到的摩擦力为F，物体B 受到地面对它摩擦力为F
D．乙图中物体A 受到的摩擦力为F，物体B 受到地面对它摩擦力为F
【答案】AD
【解析】A.甲图中，A 做匀速直线运动，在水平方向受拉力F 和B 对它的摩擦力
作用，根据二力平衡条件可知f＝F，即A 物体所受的摩擦力大小为F；乙图中A
物体与B 相对静止，A 物体在水平方向没有力的作用，A 物体所受的摩擦力为0；
故A 错误；
B.以AB 整体为研究对象，在水平方向受地面的摩擦力和拉力F，这两个力相互
平衡，则f＝F，所以两种情况下B 物体受到地面对它的摩擦力均为F，故B 正确；
C.甲图中以A 为研究对象，A 做匀速直线运动，在水平方向受拉力F 和B 对它的
摩擦力作用，且f＝F，故C 正确；
D.乙图中，AB 同时向前做匀速直线运动，所以AB 之间没有相对运动的趋势，A
不受摩擦力的作用，故D 错误。
11. 如图所示，手握着瓶子处于竖直静止状态，下列叙述正确的是（
）
A．瓶子处于静止状态，所以瓶子不受摩擦力作用
B．手握瓶子的力越大，瓶子所受的摩擦力就越大
C．瓶子受到的摩擦力大于瓶子的重力
D．瓶子受到竖直向上的摩擦力
【答案】D
【解析】AC．瓶子保持静止，受力平衡，对瓶子受力分析，竖直方向上受重力和
静摩擦力，二力平衡，因而静摩擦力等于重力，故AC 错误；
B．手握得越紧，油瓶与手之间的最大静摩擦力就会越大，但是静摩擦力不变，
故B 错误；
D．重力的方向是竖直向下的，所以摩擦力的方向是竖直向上的，故D 正确。
12. 如图所示，在水平拉力F 的作用下，木块随小车一起在水平地面上向右做匀
速直线运动。下列分析正确的是（
）
5
A. 木块受到水平向右的摩擦力
B. 木块所受摩擦力的大小为F
C. 小车受到水平向左的摩擦力
D. 小车所受摩擦力的大小为F
【答案】CD
【解析】AB．木块随小车一起在水平地面上向右做匀速直线运动，此时木块与小
车之间没有相对运动趋势，因此木块不受摩擦力，AB 错误；
C．在水平拉力F 的作用下，小车在水平地面上向右做匀速直线运动，小车向右
运动，因此小车受到向左的摩擦力，C 正确；
D．小车做匀速直线运动，根据二力平衡的知识，小车所受到的摩擦力大小与拉
力F 相等，方向与拉力F 相反，D 正确。
13.下列四幅图呈现的是小明在探究影响滑动摩擦力大小因素时设计的几种实验
方案，则下列说法中正确的是（
）
A. 通过甲、乙对比，可探究压力大小对滑动摩擦力大小的影响
B. 通过乙、丙对比，可探究压力大小对滑动摩擦力大小的影响
C. 通过乙、丙对比，可探究接触面的粗糙程度对滑动摩擦力大小的影响
D. 通过乙、丁对比，可探究接触面的大小对滑动摩擦力大小的影响
【答案】A
【解析】A. 甲、乙两次实验，控制接触面粗糙程度相同，改变压力，所以探究
压力大小对滑动摩擦力大小的影响．故A 正确．
B. C.乙、丙两次实验，压力和接触面粗糙程度都改变了，触面的大小相同．既
不能探究压力大小对滑动摩擦力大小的影响，也不能探究接触面的大小对滑动摩
擦力大小的影响．故B、C 错误．
D.乙、丁两次实验中，改变了接触面的大小，但没有控制压力相同，所以不能探
究接触面的大小对滑动摩擦力大小的影响．故D 错误．
14. 如图所示，A、B 两个粗糙程度相同的物体以甲、乙两种不同的方式叠放在
同一水平地面上，分别用水平方向的拉力F 甲和F 乙使AB 一起向右运动，甲运动
的s-t 图像和乙运动的v-t 图像分别如图丙、丁所示，已知F 甲=10N，下列说法
正确的是（
）
A. F 甲<F 乙
B. 甲、乙两图中AB 之间的摩擦力均为10N
C. 拉力F 甲与拉力F 乙的功率相等
6
D. 甲、乙两图中地面受到的摩擦力相等
【答案】D
【解析】AD．A、B 两个粗糙程度相同的物体以甲、乙两种不同的方式叠放在同
一水平地面上，根据s-t、v-t 图像分析都做匀速直线运动，处于平衡状态，根
据甲图可知，A、B 与地面间的滑动摩擦力大小等于拉力为10N，图乙中，与地面
之间的压力不变，接触面的粗糙程度不变，故摩擦力不变，而B 给A 的摩擦力刚
好与地面的滑动摩擦力相等，且与A 给B 的摩擦力是一对相互作用力，因为A
给B 的摩擦力与F 乙为一对平衡力，因此F 乙=10N，故A 错误，D 正确；
B．甲图中，A 木块相对与B 木块静止，无摩擦力产生，摩擦力为0，故B 错误；
C．根据s-t 图像可知，甲图中运动的速度为
6m
=
=
3m/s
2s
s
v
t

甲
甲
甲
乙图中运动的速度为6m/s，由P
Fv

可知，力F 甲与拉力F 乙的功率不相等，故C
错误。故选D。
15. 如图甲所示，重为G 的正方体滑块P 套在水平放置的方管Q 上，在水平向右
风力的作用下，滑块P 向右做匀速直线运动。将方管Q 按图乙竖直放置后，滑块
P 竖直向下运动。假设滑块P 受到风力的大小和方向始终保持不变，其受到方管
Q 的摩擦力等于它们间压力大小的0.9 倍，方管足够长且忽略空气阻力。关于图
乙中的滑块P，下列说法正确的是（
）
A. 滑块P 受到的摩擦力等于重力
B. 滑块P 先加速，然后匀速
C. 滑块P 先加速，后减速，最后静止
D. 滑块P 的动能一直增大
【答案】D
【解析】对图甲进行受力分析，滑块P 竖直方向上受到重力G 和方管Q 对它向上
的支持力是一对平衡力，滑块P 对方管Q 的压力与方管Q 对它向上的支持力是相
互作用力，所以滑块P 对方管Q 的压力等于滑块P 的重力，即F
G

压
；其受到
方管Q 的摩擦力
0.9
0.9
f
F
G


甲
压
又滑块P 在水平向右风力的作用下向右做匀速直线运动，故风力等于摩擦力
0.9
F
f
G


风
甲
对图乙竖直方向上进行受力分析，其竖直方向受到竖直向下的重力，竖直向上的
摩擦力。
7
A．图乙中，滑块P 受到方管Q 的摩擦力
0.9
0.9
0.9 0.9G
0.81G
f
F
F





乙
风
压
则f 乙﹤G，故A 错误；
BC．由于竖直向上的摩擦力小于竖直向下的重力，故滑块P 向下做加速运动，故
BC 错误；
D．由于滑块P 的速度一直增大，质量不变，所以动能一直增大，故D 正确。故
选D。
16. 如图所示，在同一水平面上，有表面粗糙程度相同、质量不同（mp＜mQ）的
两个木块，按照甲、乙、丙、丁四种方式放置，分别在水平力F1，F2，F3和F4
的作用下，做匀速直线运动，则下列关系式正确的是（
）
A.
F1
＞
F2
B.
F
2
＜
F3
C.
F3＞F4
D.
F3＜F4
【答案】B
【解析】物体或者物体组在水平方向匀速运动，推力F等于物体或者物体组所受
的摩擦力f。K代表物体与桌面摩擦系数。则
F1= f1=kGp=kmpg
F2= f2=kGo=kmog
F3= f3=k(Gp+Go)= k(mp+mo)g
F4= f4=k(Gp+Go)= k(mp+mo)g
题中已知mp＜mQ，
所以F2＞F1
、F
2＜F3
、F3=F4
17．如图甲所示，水平地面上的一物体，受到方向不变的水平推力F 的作用，F
的大小与时间t 的关系和物体的速度v 与时间t 的关系如图乙所示，以下说法不
正确的是（
）
A．0~2 秒，物体没有推动，是因为推力小于摩擦力
B．2~4 秒物体做加速直线运动，合力水平向左
C．若第6 秒时所有外力都消失了，则物体将以4m/s 的速度一直运动下去
D．2~4 秒物体受到的摩擦力是3N
【答案】ABD
8
【解析】A．由图像可知，0~2 秒，物体没有推动，物体处于平衡状态，推力等
于摩擦力，故A 不正确，符合题意；
BD．由v-t 图像可知，在4s~6s 物体做匀速直线运动，处于平衡状态，由F-t
图像可知，在4s~6s 可知拉力F=2N，由平衡条件可得，滑动摩擦力为
2N
f
F


由v-t 图像可知，物体在2~4 秒做匀加速运动，压力和接触面粗糙程度都没变，
受到的摩擦力为滑动摩擦力，因此物体受到的摩擦力是2N；由F-t 图像可知，
拉力为3N，所以合力为
F 合=3N-2N=1N
水平向右，故BD 不正确，符合题意；
C．由v-t 图像可知，在4s~6s 物体做匀速直线运动，速度为4m/s，根据牛顿第
一定律知，当第6 秒时所有外力都消失了，则物体将以4m/s 的速度一直运动下
去，故C 正确，不符合题意。
故选ABD。
18. 如图是改进的探究影响滑动摩擦力大小的因素的实验装置。下列说法不正确
的是（
）
A. 实验时水平拉动长木板A，可测出木块B 所受摩擦力大小
B. 拉动长木板A 的速度越大，弹簧测力计示数越大
C. 在木块B 上增加重物，拉动长木板A 时弹簧测力计示数变大
D. 在长木板A 上铺毛巾，可探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系
【答案】B
【解析】A．实验时水平拉动长木板A，AB 两个物体之间发生相对运动，有滑动
摩擦力，而B 始终相对于地面静止，受力平衡，弹簧测力计的示数等于木块B
所受摩擦力大小，故A 正确，不符合题意；
B．拉动长木板A 的速度越大，B 始终静止，受力平衡，压力和接触面积的粗糙
程度不变，滑动摩擦力大小不变，则弹簧测力计示数不变，故B 错误，符合题意；
C．在木块B 上增加重物，保持接触面粗糙程度不变，增大压力，滑动摩擦力增
大，拉动长木板A 时弹簧测力计示数变大，故C 正确，不符合题意；
D．在长木板A 上铺毛巾，压力不变，改变接触面的粗糙程度，故可探究滑动摩
擦力大小与接触面粗糙程度的关系，故D 正确，不符合题意。故选B。
19. 如图甲所示，工人用推力F 将重为1000N 的箱子沿斜面推至水平车厢中，斜
面长3m、高1.5m，F 始终与箱子运动方向相同。箱子运动路程随时间变化关系
如图乙所示，推力F 随时间变化关系如图丙所示。下列分析正确的是（
）
9
A. 0~10s 内，箱子做加速运动
B. 0~10s 内，箱子所受摩擦力为
100N
C. 10~20s 内，推力F 的功率为160W
D. 10~20s 内，箱子所受摩擦力为
200N
【答案】BD
【解析】A．根据图乙可知，0~10s 内，箱子做匀速直线运动，故A 错误；
B．根据图乙可知，0~10s 内，箱子做匀速直线运动，推力F 做的功为
600N 3m
1800J
F
W
Fs




克服重力做的功大小为
1000N 1.5m
1500J
G
W
Gh




则摩擦力做的功大小为
1800J 1500J
300J
f
F
G
W
W
W





故摩擦力的大小为
300J
100N
3m
f
W
f
s



故B 正确。
C．根据图乙可知，10~20s 内，箱子运动的速度为
8m
3m
0.5m/s
20s 10s
s
v
t





10~20s 内，根据图丙可知，推力F 的大小为
200N
F
推力F 的功率为
200N 0.5m/s
100W
P
F v




故C 错误；
D．根据图乙可知，10~20s 内，箱子做匀速直线运动，推力的大小和摩擦力的大
小相等，则可知
200N
f
F




故D 正确。故选BD。
20.如图用4N 的水平推力把重2N 的物理书压在竖直黒板上静止，下列说法正确
的（
）
10
A. 书对黑板的压力与黑板对书的支持力彼此平衡
B. 黑板对书的摩擦力为4N
C. 书受到摩擦力的方向竖直向下
D. 书受到两对平衡力的作用
【答案】D
【解析】A．书对黑板的压力与黑板对书的支持力是一对相互作用力，不是平衡
力，故A 错误；
BC．书处于静止状态，则书在竖直方向上所受的两个力：书所受的竖直向下重力
G 和黑板对书的竖直向上摩擦力f 是一对平衡力，所以f=G=2N，故BC 错误；
D．书处于平衡状态，除了受到竖直方向的平衡力之外，还受到水平方向的推力、
黑板对书的支持力这一对平衡力，故D 正确。
21. 如图所示，在探究影响滑动摩擦力大小的因素时，将木块置于水平桌面上，
用弹簧测力计沿水平方向拉动。下列说法中错误的是（
）
A. 实验时，先在水平方向对弹簧测力计校正“0”点
B. 在木块上加放钩码。可探究压力对滑动摩擦力大小的影响
C. 木块做匀速直线运动时，弹簧测力计对木块的拉力等于木块所受滑动摩擦力
的大小
D. 实验中难以做到匀速拉动木块，这会导致木块所受滑动摩擦力的大小发生变
化
【答案】D
【解析】A．因实验中要沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，且在水平方向上
读数，故实验前要把弹簧测力计在水平方向上调零，故A 正确，A 不符合题意；
B．在木块上加放钩码，来增大压力，此时接触面的粗糙程度不变，是为了探究
滑动摩擦力大小与压力大小的关系，故B 正确，B 不符合题意；
C．用弹簧测力计拉动木块在水平方向做匀速直线运动时，拉力和摩擦力是一对
平衡力，大小相等，故C 正确，C 不符合题意；
D．滑动摩擦力大小只与压力大小和接触面的粗糙程度有关，与物体是否做匀速
直线运动无关，故D 错误，D 符合题意。
22. 邓老师设计了一个小游戏：轻松翻动两本物理书的书页，让书页彼此交错穿
插后平放在桌上（如图）。邓老师让大家推荐两个“大力士”把这两本书拉开，
体育委员和篮球队长信心百倍走上讲台，邓老师给他们加一点难度把一盒粉笔压
在书上，两男生使出洪荒之力也没拉开两本书。以下说法正确的是（
）
A. 两本书很难被拉开是因为书页之间产生了巨大的静电吸引力
B. 两本书的纸面越粗糙越容易被拉开
C. 要想拉开两本书，拉力的大小需要大于书页间的摩擦力大小
D. 两本书交错穿插的页面越多、书上所压的粉笔盒等物越重越容易被拉开
【答案】C
【解析】A．两本书很难被拉开，是因为书页之间有摩擦，故A 错误；
11
B．两本书的纸面越粗糙越难拉开，因为压力一定时，纸面越粗糙，摩擦力越大，
故B 错误；
C．要想拉开两本书，拉力的大小需要大于书页间的摩擦力的大小，其书所受的
合力不为0，书才会被拉开，故C 正确；
D．两本书交错穿插的页面越多，书页之间的压力越大，书上所压的粉笔盒等物
体越重，摩擦力便越大，书越不易被拉开，故D 错误。故选C。
23．物理兴趣小组自主探究得知“接触面粗糙程度一定时，滑动摩擦力的大小与
压力大小成正比”，他们应用该规律及相关知识分析了下图所示的物理过程。已
知物体A 重10N，B、C 重均为4N，不计绳重及其与滑轮的摩擦。当在绳端挂上
物体B 时（如图甲），物体A 沿水平面向右做匀速运动，A 所受摩擦力为f1；接
着把物体C 放在A 上，三者停止
运动时（如图乙），A 所受摩擦力为f2；再用力F 竖直向下拉物体B，使物体A、
C 一起向右作匀速运动（水平面粗糙程度不变）。下列计算结果正确的是（
）
A.f1=4N
f2=0N
F=1.6N
B. f1=2N
f2=0N
F=5.6N
C. f1=4N
f2=4N
F=5.6N
D. f1=4N
f2=4N
F=1.6N
【答案】D
【解析】图甲物体A 沿水平面向右做匀速运动，物体A 受到的拉力F1和摩擦力
f1是一对平衡力，大小相等，此时物体B 也匀速向下运动，所以有f1=F1=GB=4N，
B 项错误；图乙物体AC 静止，物体A 受到的拉力F2和摩擦力f2是一对平衡力，
大小相等，此时物体B 也静止，所以有f2=F2=GB=4N，A 项错误；当物体A、C 一
起向右作匀速运动时，有物体A 受到的拉力F3和摩擦力f3是一对平衡力，大小
相等，因水平面粗糙程度不变，滑动摩擦力的大小与压力大小成正比，水平面上
物体的压力等于自身的重力，所以有
3
1
f
f =
C
A
A
G
G
G

，带入数据解的：f3=F3=5.6N；
此时物体B 在拉力F 的作用下向下匀速运动，则有F3=GB+F，故拉力F=F3—GB=5.6N
—4N=1.6N，故C 项错误D 项正确。
24. 如图所示，A、B 两个粗糙程度相同的物体以甲、乙两种不同的方式叠放在
同一水平地面上，分别用水平方向的拉力F 甲和F 乙使AB 一起向右运动，甲运动
的s-t 图像和乙运动的v-t 图像分别如图丙、丁所示，已知F 甲=10N，下列说法
正确的是（
）
甲
乙
12
A. F 甲<F 乙
B. 甲、乙两图中AB 之间的摩擦力均为10N
C. 拉力F 甲与拉力F 乙的功率相等
D. 甲、乙两图中地面受到的摩擦力相等
【答案】D
【解析】AD．A、B 两个粗糙程度相同的物体以甲、乙两种不同的方式叠放在同
一水平地面上，根据s-t、v-t 图像分析都做匀速直线运动，处于平衡状态，根
据甲图可知，A、B 与地面间的滑动摩擦力大小等于拉力为10N，图乙中，与地面
之间的压力不变，接触面的粗糙程度不变，故摩擦力不变，而B 给A 的摩擦力刚
好与地面的滑动摩擦力相等，且与A 给B 的摩擦力是一对相互作用力，因为A
给B 的摩擦力与F 乙为一对平衡力，因此F 乙=10N，故A 错误，D 正确；
B．甲图中，A 木块相对与B 木块静止，无摩擦力产生，摩擦力为0，故B 错误；
C．根据s-t 图像可知，甲图中运动的速度为
6m
=
=
3m/s
2s
s
v
t

甲
甲
甲
乙图中运动的速度为6m/s，由P
Fv

可知，力F 甲与拉力F 乙的功率不相等，故C
错误。故选D。
25. 如图所示，放在M、N 两水平桌面上的A、B 两物体，分别在F1=3N、F2=5N
的水平拉力作用下做匀速直线运动，下列判断正确的是（
）
A. 物体A 受到的摩擦力一定小于物体B 受到的摩擦力
B. 桌面M 一定比桌面N 粗糙
C. 物体A 的质量一定大于物体B 的质量
D. 物体A 的速度一定大于物体B 的速度
【答案】A
【解析】A．对于物体A 来讲，在拉力作用下做匀速直线运动，处于平衡状态，
水平方向上受水平向右的拉力和水平向左的滑动摩擦力作用，这两个力是一对平
衡力，大小相等。拉力大小是3N，所以滑动摩擦力也是3N；对于物体B 来讲，
在拉力作用下做匀速直线运动，处于平衡状态，水平方向上受到水平向右的拉力
和水平向左的滑动摩擦力作用，这两个力是一对平衡力，大小相等，拉力大小是
5N，所以滑动摩擦力大小也是5N。因此物体A 受到的摩擦力一定小于物体B 受
到的摩擦力。故A 正确；
BC．滑动摩擦力的大小跟压力大小和接触面的粗糙程度有关，物体A 受到的滑动
摩擦力小于物体B 受到的滑动摩擦力，物体A 受到的滑动摩擦力小有可能是因为
桌面N 比桌面M 粗糙造成的，也有可能是因为物体A 的质量小于物体B 的质量，
物体B 对桌面的压力较大造成的。故BC 错误；
D．滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，跟物体的运动速度
无关。故D 错误。
故选A。
26. 如图所示，水平桌面上的小车上放一木块，木块随小车在重物的牵引下向右
做匀速直线运动，下列说法正确的是（
）
13
A. 木块受到小车对它的摩擦力方向水平向左
B. 小车受到桌面对它的摩擦力方向水平向左
C. 木块对小车的压力和小车对木块的支持力是一对相互作用力
D. 小车受到的重力和桌面对小车的支持力是一对平衡力
【答案】BC
【解析】A．木块随小车做匀速直线运动，处于平衡状态，竖直方向上受重力和
支持力，是一对平衡力，水平方向上不受力，小车对它没有摩擦力，故A 错误；
B．小车在重物的牵引下向右做匀速直线运动，竖直方向上小车受重力、支持力、
压力，三力平衡，水平方向上小车受到拉力、桌面对它的摩擦力，大小相等、方
向相反，即小车受到桌面对它的摩擦力方向水平向左，故B 正确；
C．木块对小车的压力和小车对木块的支持力大小相等、方向相反、作用在两个
相互作用的物体上，是一对相互作用力，故C 正确；
D．小车受到的重力、木块对小车的压力和桌面对小车的支持力三个力是平衡力，
故D 错误。
故选BC。
27. 如图所示的小实验，将书和直尺叠放在水平桌面上，一只手用力压住课本，
另一只手抽出直尺。下列说法正确的是（
）
A. 当手压课本的力增大时，抽出直尺的力将变大
B. 手对书的压力和书对手的支持力是一对平衡力
C. 书受到的重力和直尺对书的支持力是一对平衡力
D. 当直尺水平向左抽出时，书受到直尺对它的摩擦力水平向右
【答案】A
【解析】A．当手压课本的力增大时，直尺与课本间的摩擦力会变大，抽出直尺
的力将变大，故A 正确；
B．手对书的压力和书对手的支持力大小相等，方向相反，作用在同一直线上，
作用在两个物体上，是一对相互作用力，故B 错误；
C．书受到的重力和直尺对书的支持力大小不相等，不是一对平衡力，故C 错误；
D．当直尺水平向左抽出时，书相对于直尺向右运动，书受到直尺对它的摩擦力
水平向左，故D 错误。
28. 如图所示，用5N 的水平拉力F 拉动木板A 在水平地面上向右匀速运动，物
体B 相对地面静止不动，弹簧测力计示数为2N，下列说法正确的是（
）
14
A. 必须使木板A 作匀速运动才能测出B 受到的摩擦力
B. A 对B 的摩擦力大小为2N，方向水平向右
C. B 对A 的摩擦力大小为3N，方向水平向右
D. 地面对A 的摩擦力大小为3N，方向水平向右
【答案】B
【解析】A．在拉动A 的过程中，B 相对地面静止，它受到的摩擦力等于水平拉
力，即弹簧测力计的示数，因为它们是一对平衡力，所以无论A 是否作匀速运动，
都可测得B 受到的摩擦力，故A 错误；
BC．B 对地面静止，在水平方向上所受的弹簧测力计的向左拉力与A 对B 的摩擦
力是一对平衡力，它们大小相等，方向相反，所以A 对B 的摩擦力fAB=2N
方向向右。而A 对B 的摩擦力与B 对A 的摩擦力是一对相互作用力，它们的大小
相等，方向相反，所以B 对A 的摩擦力大小为2N，方向向左。故C 错误，B 正确；
D．A 受到水平向右的拉力的作用，匀速向右运动，地面对A 的摩擦力向左，则A
在水平方向上受到的向左的地面的摩擦力、B 对A 的摩擦力和向右的拉力作用处
于平衡状态，所以地面对A 的摩擦力
fA=F-fBA=5N-2N=3N
故D 错误。故选B。
29. 如图所示，水平弹簧左端连接一物块，右端受到大小为F 的水平外力作用，
物块在水平桌面上做匀速直线运动。下列说法正确的是（
）
A．弹簧对物块的拉力小于F
B．桌面对物块的滑动摩擦力等于F
C．物块对弹簧的拉力与外力F 是一对相互作用力
D．桌面对物块的滑动摩擦力与外力F 是一对平衡力
【答案】B
【解析】A、水平外力F 可以通过弹簧将力大小不变地传递给物块，所以弹簧对
物块的拉力等于F，故A 错误；
B、物块在水平桌面上做匀速直线运动，处于平衡状态，桌面对物块的滑动摩擦
力与弹簧对物块的拉力是一对平衡力，所以桌面对物块的滑动摩擦力等于F，故
B 正确；
C、物块对弹簧的拉力与外力F 是作用在同一物体上的两个力，所以不是一对相
互作用力，故C 错误；
D、桌面对物块的滑动摩擦力与外力F 不是作用在同一物体上的两个力，所以不
是一对平衡力，故D 错误。
30.下列关于摩擦力的说法，正确的是(
)
A. 静止的物体不受摩擦力
B.滑动摩擦力的方向与物体的相对运动方向相反
C.滑动摩擦力的方向总是与物体的运动方向相反
D.发生相对运动的两个物体间一定会产生滑动摩擦力
15
【答案】B
【解析】静止的物体在接触面上有相对运动趋势时会受到摩擦力，故A 错误。
滑动摩擦力总是与物体相对运动的方向相反，可能与物体的运动方向相反，也
可能与物体的运动方向相同，故C 错误，B 正确。发生相对运动的两个物
体间产生滑动摩擦力的条件有接触、挤压、接触面粗糙，缺少任何一个条件都不
会产生滑动摩擦力，故D 错误。故选B。
31.(多选)下列事例中，通过改变压力大小来改变摩擦力的是(
)
A.擦黑板时，用力才能将粉笔字擦干净
B. 往生锈的锁头里滴一些油便于开锁
C.自行车紧急刹车时，要用力捏紧车闸以便尽快停下
D.高低杠运动员上杠前，在手上涂抹镁粉
【答案】AC
【解析】擦黑板时，用力擦是在接触面粗糙程度一定的情况下，通过增大压力
来增大摩擦，从而将粉笔字擦干净，故A 符合题意；往生锈的锁头里滴一些
油，没有改变压力大小，故B 不符合题意；自行车紧急刹车时，用力捏紧车
闸，是在接触面粗糙程度一定的情况下，通过增大压力来增大摩擦，从而使自
行车尽快停下来，故C 符合题意；高低杠运动员上杠前，在手上涂抹镁粉，
是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，故D 不符合题意。故选AC。
32.如图所示，在同一水平面上，有表面粗糙程度相同、质量不同(mp<
m。)的两个木块，按照甲、乙、丙、丁四种方式放置，分别在水平力F₁ 、F₂ 、
F₃ 和F₄
的作用下，做匀速直线运动，则下列关系式正确的是(
)
甲
乙
丙
丁
A.F₁ >F₂
B.F₂ >F₃
C.F₃ >F₄
D.F₃ =F₄
【解析】物体与接触面间的滑动摩擦力与接触面的粗糙程度和接触面所受的压
力有关，在接触面粗糙程度相同的情况下，压力越大，滑动摩擦力越大。甲、
乙两图中，因mp<
mo, 则Gp<GQ, 所以两个木块对水平面的压力Fp<FQ, 接触
面粗糙程度相同，则木块Q 所受摩擦力大，又因两木块做匀速直线运动，则
所需推力F₁ <F₂ ,
故A 错误；乙、丙两图中，接触面粗糙程度相同，丙
图中水平面受到的压力大，则丙图中木块Q 所受摩擦力大，所以两图中的木
块做匀速直线运动时，所需推力F₃ >
F₂ , 故B 错误；丙、丁两图中，压力
大小和接触面的粗糙程度相同，P、Q 整体受到的摩擦力大小相同，故F₃ =F
₄ ,
故C 错误，D 正确。故选D。
2 压强
33.解析
电风扇静止时受到的重力和固定吊杆对它的拉力是一对平衡力，即
；
16
电风扇转动时，扇叶上方空气流速快，扇叶下方空气流速慢，从而产生一个
压强差，进而产生压力差，这个压力向上，此时电风扇受到了三个力的作用，即
重力G、固定吊杆对电风扇的拉力
、空气对扇叶施加的向上力
，电风扇在
这三个力的作用下在竖直方向上静止，所以
，
。
故正确答案为A。
34.解析
A 项，人握鱼竿钓鱼时，手离支点更近，故动力臂小于阻力臂，鱼竿为费力
杠杆，错误；
B 项，泡泡上浮过程中，由于压强逐渐减小，故体积逐渐增大，由阿基米德
原理可知，泡泡所受浮力逐渐增大，正确；
C 项，泡泡在上浮过程中，泡泡内的气体质量一定，而泡泡体积增大，故密
度逐渐减小，错误；
D 项，由题意可知，鱼和船受到的浮力之和等于船、人、鱼竿和鱼整体的重
力，由于将鱼缓缓提出水面的过程中，鱼排开水的体积减小，由阿基米德原理可
知，鱼受到的浮力减小，故船受到的浮力增大，错误。
故正确答案为B。
35.解析
A 项，由图可知，两个完全相同的物体A、B 放入两种不同的液体中都是静
止状态，受力平衡，故重力等于浮力；物体A 排开的水比物体B 少，根据浮力计
算公式
，甲容器液体的密度会比乙容器中液体密度要大，故A
项不符合题意，排除；
B 项，两个完全相同的物体A 和B 在液体中都是漂浮状态，所以浮力相等，
由浮力的定义可知，两物体下表面受到液体对它的压力相同，且物体是相同的，
所以物体A、B 下表面所受液体压强相等，故B 项不符合题意，排除；
C 项，两个完全相同的物体A 和B 在液体中都是漂浮状态，所以浮力相等；
由图可知，放入两物体A、B 后，液面相平，而物体B 排开水的体积大于物体A
排开水的体积，说明在没有放物体之前甲容器中液体的体积大于乙容器中液体的
体积，且
，由密度公式可知，甲容器中液体的质量要大于乙容器中液
体的质量，那么甲容器中液体的重力大于乙容器中液体的重力，而容器对桌面的
压力等于容器的重力、液体的重力、物体重力的总和，所以甲容器对桌面的压强
大于乙容器对桌面的压强，故C 项符合题意，当选；
D 项，两个完全相同的物体A、B 都是静止状态，受力平衡，故重力等于浮
力，浮力相等，故D 项不符合题意，排除。
故正确答案为C。
36.解析
A 项：由题可知，三个正方体木块排开水的体积大小关系为
。
根据浮力公式
可知，三个木块所受浮力的大小关系为
，正确；
17
B 项：由题可知，木块a 底端与水面的距离小于，而木块b、c 底端与水面
的距离大于
且相等。根据液体压强公式
，则三个木块底端压强
，正确；
C 项：液体压强公式为
，其中为该处与自由液面的距离。木块b
底部距离液面高度大于，故木块b 底部压强大于
，正确；
D 项：木块a 漂浮在水面上，在竖直方向仅受到重力、浮力2 个力的作用。
木块b和木块c 上表面紧贴着容器壁，则两木块上表面可能受到容器压力的作用，
也可能不受到容器压力的作用。当木块b 受到容器向下的压力时，此时它在竖直
方向受到重力、压力和浮力3 个力的作用，且
。木块b 和木
块c 完全浸没在水中，而且体积相同，则所受浮力也相同，而木块b 的密度小于
木块c，则木块b 所受重力小于木块c，故木块c 有可能处于悬浮状态。当木块
c 处于悬浮状态时，它在竖直方向受到重力与浮力2 个力的作用；当木块c 不处
于悬浮状态时，它在竖直方向受到重力、压力和浮力3 个力的作用。由此可知，
木块b 和木块c 受力个数不一定相同，错误。
本题为选非题，故正确答案为D。
37.解析
由图可知，正方体的边长
，由于三个正方体都为均匀的实心
铁块，因此三个正方体的密度相同。结合正方体的体积
和质量
，
可得正方体质量
，因此三个正方体的质量
。
三个正方体对地面的压力判断：正方体对地面的压力F 与正方体的重力大小
相等，即F=mg，根据
，可知
，排除B、D 两
项。
三个正方体对地面的压强判断：根据压强公式
，可得
，结合正方形的面积公式
，可得
，根据
，可知
，排除C 项。
故正确答案为A。
38.解析
A 项，由于水平面对容器1 的支持力大于容器2，物块的质量相等，可以判
断容器1 中的溶液质量大于容器2 中的溶液质量，由于两容器中的溶液体积相等，
则溶液的密度
，错误；
18
B 项，结合公式
，两物块体积相等，排开溶液体积相等，因为
，所以物块受到的浮力
，错误；
C 项，因为容器1 中物块受到的浮力更大，所以容器1 对其中的物块的支持
力更小，由于两物块与容器底部的接触面积相同，结合公式
，则物块对
容器底部的压强
，错误；
D 项，由于两物块的位置均为贴近于容器底部，且物块受到的浮力
，
假设容器2 中物块受到的浮力等于重力，由于两物块重力相等，即容器1 中物块
受到的浮力大于重力将会上浮，故该假设不成立，则容器2 中物块浮力一定小于
重力，正确。
故正确答案为D。
39.解析
A 项：物块P 做匀速运动，处于受力平衡状态，物块P 的受力情况为
，则
。物块M 处于悬浮状态，则重力等于浮力，
即
。由于物块体积大小相同且M 和P 都浸没在水中，则它们所受的
浮力相等，则有
，即
。由于体积相同，
则物块P 的密度大于物块M 的密度，物块M 的密度不是最大，正确；
B 项：物块P 起初向上做匀速运动，当P 向上浮出水面时，排开水的体积变
小，浮力变小，重力大于浮力和气球升力之和。此时物块P 受力不平衡，将不再
保持匀速上升状态，错误；
C 项：根据液体压强公式
可知，在同一液体中，液体压强与高度有
关。当物块P 向上浮出水面时，排开水的体积变小，液体深度变小，此时物块M
所受压强也将变小，错误；
D 项：物块M 和P 体积大小相同，而且浸没在水中，则它们排开液体的体积
相等。根据浮力公式
可知，物块M 和P 所受浮力大小相等，错
误。
故正确答案为A。
40.解析
A 项：由于甲、乙两容器底面积相同，甲容器上宽下窄，乙容器上窄下宽，
而液面高度相同，故甲容器中所装液体的体积大于乙容器中所装液体的体积，即
。由于甲、乙两容器中所装液体的质量相同，根据密度公式
可
知，质量一定时，体积越大，密度越小，故
，正确；
B 项：由液体压强公式
可知，甲、乙两容器中的液面高度相同，g
19
为常数，由A 项分析可知
，故
，错误；
C 项：根据压强公式
可知，容器中液体对容器底部的压力F=pS，由B
项分析可知，
，甲、乙两容器的底面积相同，故
，正确；
D 项：将容器与液体看作一个整体，装有液体的甲、乙两容器均处于静止状
态，则容器对桌面的压力在大小上等于容器的重力与液体的重力之和，甲、乙两
容器的质量相等，两种液体的质量也相等，则甲、乙两容器的重力与液体的重力
之和相等，正确。
本题为选非题，故正确答案为B。
41.解析
根据题干信息可知，山体的密度
，花岗岩的抗
压强度为
。
设圆锥体山体的底面半径为r，高为h，根据圆的面积公式
可知，
山体的底面积为
，根据圆锥的体积公式
可知，山体的体积为
，根据质量公式
可知，山体的质量为
，则此时花
岗岩单位面积上承受的质量为
，根据题干信息可知，花岗岩的抗压
强度应小于等于
，故可得
，即
，故山峰的极限
高度为20000m。
故正确答案为B。
3 密度（含测量）计算
42. 甲、乙、丙三种物质的质量与体积的关系如图所示，



乙
甲
丙
水
、
、
、
分别
代表甲、乙、丙三种物质和水的密度，据图可知下列说法正确的是
（
3
3
1.0 10 kg/m


水＝
）（
）
20
A. 




乙
甲
甲
丙
水
＞
＞
且
＞
B. 




乙
甲
丙
丙
水
＞
＞
且
＞
C. 




乙
乙
甲
丙
水
＜
＜
且
＝
D. 




乙
甲
甲
丙
水
＞
＞
且
＜
【答案】C
【解析】由图可知，三种物质体积相同时的质量关系，根据
m
V
＝
比较甲、乙、
丙的密度关系，由图像可知，当甲、乙、丙三种物质的体积相等时，它们的质量
关系为m
m
m
乙
甲
丙
＞
＞
，由
m
V
＝
可知



乙
甲
丙
＞
＞
而当
3
10g
10cm
m
V
乙
乙
＝
，
＝
时
3
3
10g
=10cm
1.0g/cm
m
V




乙
乙
乙
水
＝
所以



乙
甲
丙
水
=
＞
＞
故ABD 错误，C 正确。故选C。
43.“新世界奇迹”北京大兴国际机场创造了多个世界之最，如图，其航站楼混
凝土结构F1层平面565m×437m 不设缝，是世界最大的机场单块混凝土楼板。如
果楼板为标准厚度10cm，这块楼板的质量最接近于（
）
A. 6×10
5t
B. 6×10
4t
C. 6×10
3t
D. 6×
10
7t
【答案】B
【解析】如果楼板为标准厚度10cm，则混凝土结构的体积为
3
565m
437m
0.1m
24690.5m
V




混凝土的密度约为2.4×10
3kg/m
3，则，由
m
V

可得这块楼板的质量最接近于
3
3
3
4
2.4 10 kg/m
24690.5m
6 10 t
m
V







21
故ACD 错误，B 正确。故选B。
44. 如图所示，是某学习小组在做“测量固体密度”实验时的部分场景。下列选
项正确的是（
）
A. 天平使用前指针位置如图甲所示，为使天平平衡，平衡螺母应向右调
B. 天平平衡时，右盘中的砝码和游码的位置如图乙所示，该固体的质量为27.4g
C. 放入固体前后量筒的示数如图丙所示，该固体的体积为
3
40cm
D. 多次测量后绘制m V

图像如图丁所示，该固体的密度为
3
2.7g / cm
【答案】D
【解析】A．图甲中天平使用前，指针偏右，说明右侧重，因此应向左移动平衡
螺母，故A 错误；
B．由图乙可知，固体的质量为
m=20g+5g+2g=27g
故B 错误；
C．由图丙可知，固体放入前，量筒中水的体积为
V1=30mL=30cm
3
固体放入水中浸没，量筒中的总体积为
V2=40mL=40cm
3
则固体的体积为
V=V2-V1=40cm
3-30cm
3=10cm
3
故C 错误；
D．根据图示可知，m-V 图像为一条过原点的斜线，则固体的密度为
3
3
81g =2.7g/cm
30cm
m
V


故D 正确。故选D。
45.电子秤有“清零”功能，例如，在电子秤上放200g 砝码，电子秤显示为200g，
按清零键后，显示变为零；随后再放上100g 砝码，电子秤显示为100g。利用电
子秤的这种功能，结合物理知识可测定玉镯的密度。具体操作如下：
步骤a：向烧杯内倒入适量水，放在电子秤上，按清零键，显示数变为零；步骤
b：手提细线拴住玉镯，浸没在水中，且不与烧杯底和壁接触，记下此时电子秤
示数为m1；步骤c：把玉镯接触杯底，手放开细线，记下此时电子秤示数为m2。
则下列判断中（
）
22
①玉镯的质量为m1
②玉镯的质量为m2
③玉镯的密度为
2
1
m
m
水
④玉镯的密度为
1
2
m
m
水
A. 只有①③正确
B. 只有①④正确
C. 只有②③正确
D. 只有
②④正确
【答案】C
【解析】①②向烧杯内倒入适量水，放在电子秤上，按清零键，显示数变为零，
说明原来水和烧杯的总质量设为零，把玉镯接触杯底，手放开细线，总质量是
m2，所以玉镯的质量为m2，故①错误，②正确；
③④玉镯排开水的质量m 排=m1
玉镯全部浸入水中，玉镯的体积
V=V 排=
1
=
m
m


排
水
水
玉镯的密度
ρ=
2
2
2
1
1
=
m
m
m
m
V
m 


水
水
故③正确，④错误。
46.如图所示是甲和乙两种物质的质量与体积关系图象，下列说法正确的是（
）
A. 甲物质的密度随体积增大而增大
B. 当甲和乙两物质的质量相同时，乙物质的体积较大
C. 甲、乙两种物质的密度之比是4：1
D. 体积为5cm
3的乙物质，质量为10g
【答案】D
【解析】A．密度是物质的一种特性，其大小与物体的质量和体积无关，故A 错
误；
B．由图象可知，当甲和乙两物质的质量相同时（如质量都为2g），乙物质的体
积较小，故B 错误；
C．由图象可知，当甲物质的质量m 甲＝2g 时，V 甲＝4cm
3，V 乙＝2cm
3，
23
ρ甲＝
m
V
甲
甲
＝
3
2g
4cm ＝0.5g/cm
3
当乙物质的质量m 乙＝4g 时，V 乙＝2cm
3，
ρ乙＝
m
V
乙
乙
＝
3
4g
2cm ＝2g/cm
3
所以甲、乙两种物质的密度之比是1：4，故C 错误；
D．体积为V 乙′＝5cm
3的乙物质的质量：
m 乙′＝ρ乙V 乙′＝2g/cm
3×5cm
3＝10g
47. 甲、乙两种物质，它们的m—V 图象如图所示，下列说法正确的是（
）
A. 乙的密度较大
B. 甲的密度为0.5g/cm
3
C. 甲、乙的密度之比为2:1
D. 乙的密度随质量的增大而增大
【答案】C
【解析】由图可得
3
3
8g
2g/cm
4cm
m
V




甲
甲
甲
3
3
8g
1g/cm
8cm
m
V




乙
乙
乙
可知，甲的密度较大，甲、乙的密度之比为2:1。故AB 错误，C 正确；
D．根据图像可知，乙的质量越大，体积也越大，且比值不变，故乙的密度不变，
故D 错误。
48. （2023 新疆）我国生产的世界上最薄的不锈钢箔带—手撕钢的厚度只有
0.015mm，则面积为
2
1m 的手撕钢的质量约为（
）
A. 120 g
B. 12 g
C. 1.2g
D. 0.12g
【答案】A
【解析】手撕钢的厚度只有0.015mm，则面积为1m
2，故该刚的体积为
2
5
3
0.015
1m
m=1.5 10 m
1000
V
Sh





根据
m
V


可得钢带的质量为
24
3
3
5
3
7.9 10 kg/m
1.5 10 m
0.1185kg=118.5g
m
V








故A 符合题意，BCD 不符合题意。故选A。
49．小亮利用天平和量杯“测量某种液体的密度”时，记录的实验数据如表所示。
则该液体的密度和空量杯的质量分别是（
）
液体与量杯的质量m/g
30
50
70
液体的体积V/cm
3
10
30
50
A．3.0×10
3kg/m
3、10g
B．1.0×10
3kg/m
3、20g
C．1.4×10
3kg/m
3、20g
D．1.0×10
3kg/m
3、10g
【答案】B
【解析】由表格数据可知，当液体体积V1＝10cm
3时液体和量杯的总质量m 总1＝
30g，
当液体体积V2＝30cm
3时液体和量杯的总质量m 总2＝50g；
设量杯的质量为m 杯，液体的密度为ρ，则m 总＝m 液+m 杯，
由ρ＝
可得：
30g＝ρ×10cm
3+m 杯﹣﹣﹣①
50g＝ρ×30cm
3+m 杯﹣﹣﹣②
由①②可得：ρ＝1.0g/cm
3＝1.0×10
3kg/m
3，m 杯＝20g。
50．劳技小组在实验室用1 份体积的水和3 份体积的纯酒精充分混合面成消毒液。
已知ρ水＝1×10
3kg/m
3，ρ酒精＝0.8×10
3kg/m
3，则该消毒液的密度（
）
A．恰好等于0.8×10
3kg/m
3
B．略微小于0.85×10
3kg/m
3
C．恰好等于0.85×10
3kg/m
3
D．略微大于0.85×10
3kg/m
3
【答案】D
【解析】设一份的体积为V，因为= m
V

，所以水的质量为m 水＝ρ水V，酒精的质
量为m 酒精＝3ρ酒精V，所以混合液体的总质量为
m 合＝m 水+m 酒精＝ρ水V+3ρ酒精V
混合液体的总体积为
V 合＝V+3V＝4V
混合液体的密度为
3
3
4
4
V
V
m
V
V










水
水
酒精
酒精
合
合
合
3
3
3
3
3
3
1 10 kg/m
3 0.8 10 kg/m
0.85 10 kg/m
4






由于分子间存在间隙，所以两种液体混合后的总体积略小于4V，
因此混合液体的密度略大于0.85×10
3kg/m
3。故选：D。
51. 甲、乙、丙三种物质的质量与体积的关系如图所示，



乙
甲
丙
水
、
、
、
分别
代表甲、乙、丙三种物质和水的密度，据图可知下列说法正确的是
（
3
3
1.0 10 kg/m


水＝
）（
）
25
A. 




乙
甲
甲
丙
水
＞
＞
且
＞
B. 




乙
甲
丙
丙
水
＞
＞
且
＞
C. 




乙
乙
甲
丙
水
＜
＜
且
＝
D. 




乙
甲
甲
丙
水
＞
＞
且
＜
【答案】C
【解析】由图可知，三种物质体积相同时的质量关系，根据
m
V
＝
比较甲、乙、
丙的密度关系，由图像可知，当甲、乙、丙三种物质的体积相等时，它们的质量
关系为m
m
m
乙
甲
丙
＞
＞
，由
m
V
＝
可知



乙
甲
丙
＞
＞
而当
3
10g
10cm
m
V
乙
乙
＝
，
＝
时
3
3
10g
=10cm
1.0g/cm
m
V




乙
乙
乙
水
＝
所以




乙
甲
丙
水
=
＞
＞
故ABD 错误，C 正确。故选C。
52. 2020 年12 月17 日，“嫦娥五号”在月球上收集了一满罐的月球土壤（简
称“月壤”），科研人员称出其质量为1731g，与计划的2000g 存在差距，主要
原因是收集罐的容积是按照月壤密度为1.6×10
3kg/m
3而设计的。以下说法正确
的是（
）
A. 月壤从月球带回地球后质量变小了
B. 若将月壤分成等质量的两份，则每份的密度都变小
C. 收集罐的容积为1.25×10
-3m
3
D. 月壤的实际密度大于1.6×10
3kg/m
3
【答案】C
【解析】A．质量是物体的一种性质，不会随位置、状态、形状的变化而变化。
月壤从月球带回地球后位置变化了，但质量不变，故A 错误；
B．密度是物质的一种特性，不会随质量、体积的变化而变化，所以将月壤分成
等质量的两份密度都不变，故B 错误；
C．计划收集的质量为2000g，收集罐的容积是按照月壤密度为1.6×10
3kg/m
3而
设计的，所以收集罐的容积为
3
3
3
3
3
1.6 10 g/c
5
2000g
1250cm
1.2
10 m
m
m
V








C
26
故C 正确；
D．由
m
V

可知，在收集罐容积相同时，密度越小，质量越小。由于收集的月
壤的质量为1731g，小于2000g，所以月壤的实际密度小于1.6×10
3kg/m
3。故D
错误。故选C。
53. 甲、乙两种物质的质量和体积关系图像如图所示，下列说法中正确的是
（
）
A. 甲的质量与体积成正比
B. 甲的密度与质量成正比
C. 甲的密度比乙的密度小
D. 质量相同时，甲的体积是乙的
体积的8 倍
【答案】A
【解析】由图像可得，甲乙两种物质，体积相同时，甲的质量大于乙，由
m
V

可得


甲
乙。
【详解】A．由图像可得，甲物质质量和体积图像是一条过原点直线，即成正比
关系，故A 正确；
B．由图像可得，甲物质质量和体积之比是定值，密度不随质量变化而变化，物
质的密度与其质量和体积无关，故B 错误；
C．由图可知，体积相同时，甲的质量大于乙，，


甲
乙，故C 错误；
D．质量相同时，体积比是密度之比的反比，由图可得甲的密度为
3
3
8g
8g/cm
1cm
m
V


甲
甲
甲＝
＝
乙的密度为
3
3
2g
g/cm
2cm
m
V


乙
乙
乙
＝
＝1
质量相同时，甲乙体积之比为
1
8
V
V




甲
乙
乙
甲
即质量相同时甲的体积是乙体积的1
8 ，故D 错误。故选A。
54. 如图所示为甲和乙两种物质的质量与体积关系图像，分析图像可知（
）
27
A. 甲物质的密度与质量成正比
B. 若甲、乙的体积相等，则甲的
质量较小
C. 甲、乙两种物质的密度之比为4:1
D. 若甲、乙的质量相等，则甲的
体积较大
【答案】C
【解析】A．密度是物质的一种特性，密度的大小与质量、体积的大小无关，故
A 错误；
B．若甲、乙的体积相等，比如甲、乙的体积都为10cm
3时，由图像可知，甲的
质量是20g，乙的质量是5g，则甲的质量较大，故B 错误；
C．比如甲、乙的体积都为10cm
3时，甲的质量是20g，乙的质量是5g，则甲、
乙两种物质的密度之比为
20g
1
4
5g
1
1
m
V
m
V
m
m
V
V








甲
甲
甲
甲
乙
乙
乙
乙
甲
乙
故C 正确；
D．若甲、乙的质量相等，比如甲、乙的质量都为10g 时，由图像可知，甲的体
积是5cm
3，乙的体积是20cm
3，则甲的体积较小，故D 错误。故选C。
55. 小丽在乒乓球比赛中获得一枚金牌，她想测出该金牌的密度。她先用天平测
出金牌的质量m1，然后将金牌浸没到装满水的溢水杯中，溢出的水流入质量为
m2的空烧杯中，测得烧杯和溢出水的总质量为m3。已知水的密度为ρ水，则金牌
的密度为（
）
A.
1
2
1
m
m
m


水
B.
1
3
2
m
m
m 

水
C.
1
3
m
m 水
D.
3
1
m
m 水
【答案】B
【解析】根据题意知道，溢出的水的质量
m 水=m3-m2
金牌的体积等于溢出水的体积，由
m
V

知道，故金牌的体积
3
2
m
m
m
V
V






水
水
金牌
水
水
则金牌的密度为
28
1
1
1
3
2
3
2
m
m
m
m
m
V
m
m








水
金牌
水
故B 正确。故选B。
56. 李华同学在实验室测量盐水的密度。调节天平横梁平衡后开始测量，先用天
平测出烧杯和杯内盐水的总质量为90g ，然后将一部分盐水倒入量筒，如甲图所
示，接着用天平测量烧杯和剩余盐水的总质量，天平平衡时的情景如乙图所示。
根据实验数据，下列说法正确的是（
）
A. 量筒内盐水的体积为
3
50cm
B. 烧杯内剩余盐水的质量为
27g
C. 量筒内盐水的质量为63g
D. 盐水的密度为
3
3
1.1 10 kg/m

【答案】C
【解析】A．量筒的分度值为2mL，由甲图要知，倒入量筒中盐水的体积为
V=60mL=60cm
3
故A 错误；
Ｂ．接着用天平测量烧杯和剩余盐水的总质量，天平平衡时的情景如乙图所示，
标尺的分度值为0.2g，游码在标尺上对应的刻度值为2g，烧杯和烧杯内剩余的
盐水的总质量为
m′=20g+5g+2g=27g
故B 错误；
C．倒入量筒内盐水的质量为
m=m 总-m′=90g-27g=63g
故C 正确；
D．盐水的密度为
3
3
3
3
63g
1.05g/cm
1.05 10 kg/m
60cm
m
V





故D 错误。故选C。
57. 在测量液体密度的实验中，测得液体和烧杯的总质量m 与液体体积V 的关系
如下图所示，则空烧杯的质量和液体的密度分别为（
）
29
A. 158g，0.75g/cm
3
B. 90g，0.9g/cm
3
C. 140g，0.9g/cm
3
D. 248g，1.4g/cm
3
【答案】C
【解析】由图可知，液体的体积增加
3
3
3
Δ
120cm
20cm
100cm
V 


液体的质量增加
Δ
248g
158g
90g
m 


所以液体的密度为
3
3
Δ
90g
0.9g/cm
Δ
100cm
m
V



当液体体积为20cm
3时，液体的质量为
m=ρV=0.9g/cm
3×20cm
3=18g
则空烧杯的质量为
m 烧杯=158g-18g=140g
故C 符合题意，ABD 不符合题意。故选C。
58.如图是测量酱油密度的过程，甲图可读出烧杯的质量，乙图可读出烧杯和酱
油的总质量，丙图可读出烧杯中全部酱油的体积，那么（
）
59. 密度与生活联系非常紧密，关于密度的一些说法正确的是
(
)
A.1kg 的铁块比1 kg 的棉花重
B.可以利用密度来鉴别物质，因为不同物质的密度一定不同
C. 航空器材常采用熔点高、密度大的新型材料
D. 一旦发生火灾，受困人员常采取弯腰的姿势撤离，是因为烟雾温度高、密度
小，向上方聚集
【答案】D
30
【解析】1kg 的棉花和1kg 的铁的质量相同，故A 错误。不同物质的密度一般
不同，所以可以利用密度来鉴别物质，但也有个别的不同物质具有相同的密度，
故B 错误。航空器材的体积一定，由m=pV 可知，材料的密度越小，航空器材
的质量越小，所以航空器材常采用密度小的材料制造，故C 错误。发生火灾时，
温度较高，室内有毒气体体积膨胀，密度减小，漂浮在房间的上方，所以应采
取弯腰甚至匍匐的姿势撤离火场，故D 正确。
60.李木同学在使用天平测量物体质量时，错将物体放在天平的右盘中，并在左
盘里加了52g 砝码，同时将游码移到了0.4g 的位置。如果此时天平平衡，则物
体的真实质量为
(
)
A.52
g
B.52.4g
C.51.6g
D.51.2g
【答案】C
【解析】物体和砝码的放置位置颠倒了，即“左码右物”,则左盘中砝码的质量
=右盘中物体的质量+游码对应的刻度值，即52g=m+0.4g,
解得m=51.6g
4,浮力
61.解析
液面上升还是下降，取决于物块a、b 排开水的体积的变化。如果排开水的
体积增大，那么液面升高；如果排开水的体积减小，那么液面下降。物块a 沉底，
物块b 漂浮时，物块a 的重力大于其所受的浮力，物块b 的重力等于其所受的浮
力，即
，
，
。当物块a 放在物
块b 上时，物块a、b 整体处于漂浮状态，物块a、b 的重力之和等于其所受的浮
力，即
，整体所受浮力增大，由阿基米德原理
可知，当物块a 放在物块b 上时，物块a、b 整体排开水的体积
增大，水面会上升。
故正确答案为B。
62.解析
当M 和N 叠在一起放进容器中时，将两个盒子看作一个整体S，用
表示S
受到的浮力，用
表示S 排开水的体积，用
表示M 浸泡在水中部分的体积，
此时S 处于漂浮状态，则S 受到的重力之和等于其受到的浮力，即
，其中
；
31
当M 装入N 里面后再放进容器中时，用
表示两个盒子受到的浮力，用
表
示排开水的体积，
，根据已知条件，当
时，
最大，此时
，故
，N 最终会沉底。
故正确答案为C。
63.解析
记木块的体积为
，当木块上没有人时，木块漂浮，处于平衡状态，重力
等于浮力，根据浮力公式：
可知，
。
而木块上有人相较于没人时，木块排开液体的体积增加
，因此浮力增加了
，增加的浮力等于人的重力，可知
，则木块的重
力等于人的重力的两倍，m=120kg<180kg。
故正确答案为C。
64.解析
甲、乙两铁块均处于静止状态，则受力平衡，对两铁块分别进行受力分析，
两铁块均受到重力、浮力和弹簧的拉力，且重力=浮力+弹簧的拉力，因为两铁块
均为实心铁块，所以两铁块密度相同，因为两铁块重力相同，所以两铁块质量相
同，根据体积
，可知两铁块体积相同。
假设两铁块受到的弹簧的拉力相同，因为两弹簧完全相同，所以两弹簧的形
变量相同，图中所示A 点和B 点深度相同，即两铁块上表面深度相同。因为体积
相同的立方体和球，立方体的棱长小于球的直径，所以甲铁块的棱长小于乙铁块
的直径，即乙铁块的重心位置比甲铁块的重心位置更深。因为本题中溶液的密度
32
随深度增加而均匀增加，所以乙铁块位于溶液平均密度更大的液体中，两铁块体
积相同，则两铁块
相同，由浮力公式：
可知，乙铁块受到的
浮力大于甲铁块受到的浮力，又因为两铁块受到的重力相同，弹簧的拉力也相同，
所以不能满足两铁球受到的重力均等于浮力与弹簧的拉力之和，因此当两铁块上
表面处于同一深度时，两铁块不可能均平衡。若两铁块均为平衡状态，则乙铁块
的上表面应该高于甲铁块的上表面，即甲铁块受到的弹簧的拉力更大。
故正确答案为B。
65.解析
根据题意，正方体木块漂浮在水池中，其受到重力G 和浮力F 浮大小相等。
根据浮力公式，
，
。
表示正方体底部与水面
距离，则排开水的体积
，
，可得
：
。现在将边长为
的相同材质正方体
木块放入水中，木块同样漂浮，由于水和木块的密度都没有变，当木块边长为
时，根据
，此时底部距离水面
厘米。
故正确答案为C。
66.某薄壁玻璃管粗细均匀、一端开口。早晨在室外将该玻璃管开口向下竖直缓
慢插入水中，玻璃管内封闭了一段空气柱，如图所示，放手后玻璃管在某位置保
持漂浮状态，玻璃管露出水面的长度为1.0cm。中午时，由于管内空气升温膨胀，
玻璃管内封闭的空气柱的长度增加了1.5cm，此时玻璃管露出水面的长度为
（
）
33
A. 1.0cm
B. 1.5 cm
C. 2.0 cm
D. 2.5cm
【答案】A
【解析】根据浮与沉的条件，管内空气升温膨胀前后，物体都处于漂浮状态即浮
力等于重力，玻璃管和空气的总重力不变，因此浮力不变；根据阿基米德原理可
知，排开水的体积不变，因此玻璃管露出水面的长度不变，仍为1.0cm。故选A。
67．如图，体积相同的两个物体A、B 用不可伸长细线系住，放入水中后，A 刚
好完全浸没入水中，细线被拉直。已知A 重6N，B 受到的浮力为8N，A、B 密度
之比为3：5。以下说法中不正确的是（
）（ρ水＝1.0×10
3kg/m
3）
A．B 受到的重力为10N
B．细线对A 的拉力为1N
C．A 的密度为0.75×10
3kg/m
3
D．B 对容器底部的压力为零
【答案】B
【解析】（1）由题知A、B 密度之比和体积之比，利用G＝mg＝ρVg 求出A、B
所受的重力之比，进而可求B 的重力；
（2）A、B 的体积相同，都浸没在水中，则A、B 排开水的体积相等，根据阿基
米德原理可得A 受到的浮力，然后根据力的合成可求细线对A 的拉力；
（3）知道A 受到的浮力，根据阿基米德原理可求A 的体积，然后利G＝mg＝ρ
Vg 可求A 的密度；
（4）前面求出了A、B 的重力之比，知道A 的重力，可求B 的重力；根据力作用
的相互性可知细线对B 的拉力，进而可求B 对容器底部的压力。
A、由题知，A、B 密度之比ρA：ρB＝3：5，VA：VB＝1：1，
由G＝mg＝ρVg 可得A、B 所受的重力之比：
GA：GB＝ρAVAg：ρBVBg＝ρA：ρB＝3：5，
已知GA＝6N，
所以GB＝
GA＝
×6N＝10N，故A 正确；
B、已知A、B 的体积相同，都浸没在水中，则A、B 排开水的体积相等，根据阿
基米德原理可得A 受到的浮力F 浮A＝F 浮B＝8N，
A 在重力、拉力和浮力的共同作用下刚好完全浸没入水中，细线被拉直，根据力
的合成可得细线对A 的拉力为F 拉A＝F 浮A﹣GA＝8N﹣6N＝2N，故B 错误；
C、根据F 浮＝ρ液gV 排可得，A 的体积：VA＝VA 排＝
＝
34
＝8×10
﹣4m
3，
则A 的密度：ρA＝
＝
＝0.75×10
3kg/m
3，故C 正确；
D、根据力的作用的相互性可得，细线对B 的拉力F 拉B＝F 拉A＝2N，竖直向上，
则B 对容器底部的压力：F 压＝F 浮B+F 拉B﹣GB＝8N+2N﹣10N＝0N，故D 正确。
【点评】本题为力学综合题，考查了重力公式、密度公式、方向阿基米德原理、
力的合成与应用，对A、B 进行正确的受力分析是关键。
68. 如图，亮亮同学将盛水的烧杯放在电子台秤上，台秤的示数如图甲所示；将
一个物块投入水中，漂浮时台秤示数为375g（如图乙），物体上表面始终保持
水平，用力将物块压入全部浸没在水中，此时台秤示数为425g（如图丙）；将
物块继续下压，从丙到丁物块下表面受到水的压力增加了0.8N，整个过程水始
终未溢出，请问说法正确的是（
）
A. 木块的质量为125g
B. 木块的密度为
3
0.5g / cm
C. 从图丙到图丁，瓶底水的压强逐渐增大
D. 从图丙到图丁，物体上表面受到水的压力增加了0.8N
【答案】D
【解析】A．将盛水的烧杯放在电子台秤上，示数为300g，则烧杯和水的质量为
300g，将物块投入水中，漂浮时台秤示数为375g，则烧杯、水和物体的质量为
375g，所以物体的质量
m=375g-300g=75g
故A 错误；
B．用力将物块压入全部浸没在水中，此时台秤示数为425g，则排开水的重力
m 排=425g-300g=125g
则物体的体积
3
3
125g
125cm
1g/cm
m
V
V





排
物
排
水
则物体的密度
3
3
75g
0.6g/cm
125cm
m
V




物
物
物
故B 错误；
C．从图丙到图丁，物体始终浸没在水中，水面不再升高，由p=ρgh 可知，瓶底
35
水的压强不变，故C 错误；
D．从图丙到图丁，物块下表面受到水的压力增加了0.8N，由于物体上表面和物
块下表面变化的深度相同，所以物体上表面受到水的压力也增加了0.8N，故D
正确。故选D。
69. 将同一个鸡蛋先后放入甲、乙两种不同的液体中，如图所示，鸡蛋在甲液体
中悬浮，在乙液体中沉底且对容器底有压力，比较甲、乙液体的密度ρ甲、ρ乙
和鸡蛋在甲、乙液体中受到的浮力F 甲、F 乙的大小关系，下列正确的是（
）
A. 


甲
乙
B. 


甲
乙
C. F
F

乙
甲
D. F
F

甲
乙
【答案】B
【解析】AB．图甲中鸡蛋处于悬浮状态，甲液体的密度



甲
蛋
图乙中鸡蛋沉底，乙液体的密度



乙
蛋
所以甲液体的密度大于乙液体的密度，即



甲
乙
故B 正确，A 错误；
CD．图甲中鸡蛋处于悬浮状态，浮力等于重力，图乙中鸡蛋沉底，浮力小于重力，
鸡蛋在甲中受到的浮力大于在乙中受到的浮力，即
F
F

乙
甲
故CD 错误。故选B。
70. 柱状容器内加入浓盐水，把一枚土豆轻轻放入其中，静止时土豆漂浮在水面
上，如图甲所示；向容器中缓慢注入清水，土豆逐渐下沉；注入适量清水时，土
豆悬浮在盐水中，如图乙所示：继续注入清水，土豆沉到容器底部，如图丙所示。
下列说法正确的是（
）
A. 漂浮在水面上时，土豆受到的浮力与其重力大小相等
36
B. 悬浮在盐水中时，土豆的密度与此时盐水的密度相等
C. 沉到底部后，土豆受到的浮力可能大于漂浮时受到的浮力
D. 沉到底部后，继续注入清水，土豆受到的浮力不再变化
【答案】AB
【解析】A．土豆漂浮在水面上，由漂浮条件可知，土豆的浮力等于它的重力，
故A 正确；
B．土豆悬浮在盐水中，由悬浮条件可知，土豆的密度等于盐水的密度，故B 正
确；
C．沉到底部后，土豆受到的浮力小于它的重力，漂浮时土豆受到的浮力等于它
的重力，沉到底部后，土豆的重力不变，土豆受到的浮力小于漂浮时受到的浮力，
故C 错误；
D．沉到底部后，继续注入清水，盐水的密度变小，土豆排开盐水的体积不变，
由F
gV


浮
盐水
排可知土豆受到的浮力变小，故D 错误。故选AB。
71. 某同学用石块、细线、弹簧测力计、烧杯、水和食盐等器材，进行如图所示
的实验探究。下列说法正确的是（
）
A. 石块在水中受到的浮力方向竖直向下
B. 石块在水中受到的浮力大小为1.0N
C. 石块浸没在水中时，排开水的体积为
-4
3
1.2 10 m

D. 丙图中盐水的密度为
3
3
1.1 10 kg/m

【答案】B
【解析】A．石块浸没在水中后，弹簧测力计对石块的拉力变小了，说明石块受
到竖直向上的浮力，故A 错误；
B．由图甲可知，物体的重力G=2N，由图乙可知，石块浸没在水中时弹簧测力计
的示数
=1N
F拉
，则石块在水中受到的浮力为
= -
=2N-1N=1N
F
G F
浮
拉
故B 正确；
37
C．石块浸没在水中时，根据阿基米德原理可知，排开水的体积为
-4
3
3
3
1N
=
=
=1 10 m
1 10 kg/m
10N/kg
F
V
g




浮
排
水
故C 错误；
D．物体的重力G=2N，由图丙可知，石块浸没在盐水中时弹簧测力计的示数
8N
'=0.
F拉
，则石块在盐水中受到的浮力为
'= -
=2N-0.8N 1
'
= .2N
F
G F
浮
拉
根据阿基米德原理可知，盐水的密度为
3
3
-4
3
'
1.2N
=
=
=1.2 10 kg/m
10N/kg 1 10 m
F
gV



浮
盐水
排
故D 错误。故选B。
72.
甲、乙、丙三个小球的质量m 和体积V 如下表所示，将它们浸没在水中释
放，在其稳定后，三个小球所受的浮力分别为F甲、F乙和F丙。下列判断正确的
是（
）
小球
甲
乙
丙
m/g
30
40
54
V/cm
3
60
50
20
A. F
F
F


乙
甲
丙
B. F
F
F


乙
甲
丙
C. F
F
F


乙
甲
丙
D. F
F
F


甲
丙
乙
【答案】B
【解析】由表格数据可知，甲球的密度为
3
3
30g
=0.5g/cm
60cm
m
V



甲
甲
甲
乙球的密度为
3
3
40g =0.8g/cm
50cm
m
V



乙
乙
乙
丙球的密度为
3
3
54g
=2.7g/cm
20cm
m
V



丙
丙
丙
由于甲球和乙球密度小于水的密度，所以甲球和乙球最终会漂浮在水面，甲球漂
38
浮时，浮力为
0.03kg 10N/kg=0.3N
F
G
m g




甲
甲
甲
乙球漂浮时，浮力为
0.04kg 10N/kg=0.4N
F
G
m g




乙
乙
乙
由于丙球密度大于水的密度，所以丙球最终会沉底，由F
gV


浮
液
排可知，浮力
为
3
6
3
3
1
10N/kg
20 10 m
0.2N
10 kg/m
F
gV








丙
水
排
综上所述，F
F
F


乙
甲
丙，故B 正确，ACD 错误。
73. 放在水平桌面上的两个相同的烧杯中装有不同浓度的盐水，其中一杯是饱和
的。盐水中的实心小球是用同种材料制作的。小球静止时情况如图所示，此时小
球1、小球2 受到的浮力分别记为F1、F2。向两个烧杯中分别加入少许质量相等
的盐后（盐的体积忽略不计），发现小球1 依然静止在烧杯底，小球2 还是处于
漂浮状态。此时小球1、小球2 两个小球受到的浮力分别记为F1′、F2′。整个
过程温度不变，可推断出（
）
A. F1′>F1，F2′>F2，F1′<F2′
B. F1′>F1，F2′=F2，F1′=F2′
C. F1′>F1，F2′=F2，F1′<F2′
D. F1′=F1，F2′=F2，F1′<F2′
【答案】C
【解析】由题可知，实心小球是用同种材料制作的，即小球密度ρ相等；由图
可知，小球1 的体积比2 小，即V1＜V2
由
m
V

可知
1
2
m
m
＜
由G
mg

可知
1
2
G
G
＜
根据小球1 沉底，小球2 漂浮可知此时
1
1
F
G
＜
2
2
F
G

结合物体的浮沉条件可知
1
2



盐
盐
＜＜
由于盐水只有一杯是饱和的，所以密度较大的右侧烧杯内为饱和盐水；向两个
39
烧杯中分别加入少许质量相等的盐后（盐的体积忽略不计），左侧不饱和盐水的
密度ρ盐1增大，根据
=
F
gV

浮
液
排，小球1 受到的浮力会增大，即
'
1
1
F
F
＞
由于小球1 依然静止在烧杯底，说明增大后的浮力
'
1
1
F
G
＜
右侧烧杯中的饱和盐水加入盐之后ρ盐2不变，所以小球2 受到的浮力不变，即
'
2
2
2
F
F
G


所以
'
'
1
1
2
2
F
G
G
F

＜
＜
即
'
'
1
2
F
F
＜
故选C。
74. 某薄壁玻璃管粗细均匀、一端开口。早晨在室外将该玻璃管开口向下竖直缓
慢插入水中，玻璃管内封闭了一段空气柱，如图所示，放手后玻璃管在某位置保
持漂浮状态，玻璃管露出水面的长度为1.0cm。中午时，由于管内空气升温膨胀，
玻璃管内封闭的空气柱的长度增加了1.5cm，此时玻璃管露出水面的长度为
（
）
A. 1.0cm
B. 1.5 cm
C. 2.0 cm
D. 2.5cm
【答案】A
【解析】根据浮与沉的条件，管内空气升温膨胀前后，物体都处于漂浮状态即浮
力等于重力，玻璃管和空气的总重力不变，因此浮力不变；根据阿基米德原理可
知，排开水的体积不变，因此玻璃管露出水面的长度不变，仍为1.0cm。故选A。
75.如图，体积相同的两物体A、B 用不可伸长的细线系住，放入水中后，A 有四
分之一体积露出水面，细线被拉直。已知A 重4N，B 受到的浮力为8N，A、B 密
度之比为2∶5，那么（
）
A. A、B 所受的重力之比为5∶2
B. A、B 所受的浮力之比为1∶2
C. 细线对A 的拉力大小为1N
D. B 对容器底部的压力为零
【答案】D
【解析】ACD．AB 的体积相同，B 受到的浮力为8N，由阿基米德原理可知物体A
和B 的体积
VA=VB=
-4
3
B
3
3
8N
=8 10 m
1 10 kg/m
10N/kg
F
g





浮
水
40
A 的密度
3
3
A
A
A
-4
3
A
A
4N
=
=
=0.5 10 kg/m
8 10 m
10N/kg
m
G
V
V g





A、B 密度之比为2∶5，B 的密度
3
3
3
3
B
A
5
5
=
=
0.5 10 kg/m =1.25 10 kg/m
2
2





B 的重力
GB=mBg=ρBVBg=1.25×10
3kg/m
3×8×10
-4m
3×10N/kg=10N
A、B 所受的重力之比为GA∶GB=4N∶10N=2∶5
AB 受力情况如图所示：
由力的平衡可知F 浮A=F+GA
1
(1
)
4N
4
g
V
F




水
3
3
-4
3
1
1 10 kg/m
10N/kg (1
) 8 10 m = +4N
4
F





=6N
F=2N
GB=F+F 浮B+N
GB=2N+8N+N=10N
N=0N
B 受到支持力为零，由力的作用相互性可知B 对容器底部的压力为零，故AC 错
误，D 正确。
B．A、B 所受的浮力之比为F 浮A∶F 浮B=6N∶8N=3∶4
故B 错误。
76.如图所示，置于水平地面上的容器中盛有密度为0.8×10
3kg/m
3的液体，质量
为0.3kg、边长为5cm 的正方体用细绳悬挂在容器上方的位置A，已知正方体底
部距液面的高度为0.4m，剪断细绳后该正方体沿竖直方向下落，最终停在容器
底部B 点，此时液体的深度为0.8m。根据以上信息，下列说法正确的是（
）
A. 正方体静止在位置A 时拉力的大小为0.3N
B. 正方体在液体中受到的浮力为3N
41
C. 正方体从开始下落至其底部刚与液面接触的过程中重力做功为2.4J
D. 正方体静止在容器底部B 时，水对正方体底面的压力为16N
【答案】D
【解析】A．正方体静止在位置A 时，正方体处于平衡态，受平衡力，正方体受
到的拉力，根据平衡力条件可得
0.3kg 10N/kg=3N
F
G
m g




正
正
拉
,故A 错误；
B．由题意，当正方体处于容器底部B 点时，此时正方体浸没于液体中，则正方
体排开液体的体积
3
-6
3
(5cm) =125 10 m
V
V



排
则正方体受到的浮力
6
3
3
3
=0.8 10
125 10 m
1N
kg/m
10N/kg
F
gV








浮
液
排
,故B 错误；
C．正方体的重力
3N
G

正
正方体底部距液面的高度为0.4m，则正方体重力做功通过的距离是
0.4m
h 
由题意，则正方体在该过程中重力做功
3N 0.4m=1.2J
W
G h



正
,故C 错误；
D．正方体的横截面积
2
2
-4
2
5cm =25cm
1
(
)
=25
0 m
S 

正方体在底部B 点时，此时液体的深度为0.8m，根据液体压强特点，液体内部
某点向各个方向都有压强，同种液体、深度相同，液体压强大小相等，所以正方
体底面在B 点受到的压强为
3
B
3
3
B 0.8 10 kg/m
10N/kg 0.8m=6.4 10 Pa
=
p
gh






液
根据
F
p
S

可得，正方体底面在B 点受到水的压力为
3
-4
2
B
B
6.4 10 Pa
25 10 m =16N
F
p S





,故D 正确。
77.一个盛有足够多水的溢水杯放在水平桌面上，先往溢水杯中投入一个质量为
m 的小球A，从溢水杯中溢出的水的质量为20 g，再往溢水杯中投入一个质量为
2 m 的小球B，从溢水杯中再次溢出的水的质量为80 g，此时A、B 小球受到的
总浮力为F 浮，水对溢水杯底部产生的压力比两小球投入溢水杯前增加了F

，已
知小球A、B 的密度均小于水的密度，则（
）
A. F 浮= 1.2 N，F

= 0.2 N
B. F 浮= 1.2 N，F

= 1.2 N
C. F 浮= 1.0 N，F

= 1.0 N
D. F 浮= 1.0 N，F

= 0 N
【答案】A
【解析】因为小球A、B 的密度均小于水的密度，投入水中都漂浮，排出水的质
量应当等于自身的质量。因为小球A 的质量为m、B 的质量为2 m，如果溢水杯
42
已经装满，B 球排出水的质量应该是A 球的二倍。那么B 排出80g 水，说明B 的
质量为80g；A 的质量为40g，A 应当排出40g 水，但A 球只排出了20g 水。这说
明溢水杯没有装满，A 球放入时有20g 水没有排出溢水杯。故A、B 小球受到的
总浮力为F 浮为




A
B
A
B
=
0.04kg
0.08kg
10N/kg=1.2N
F
G
G
m
m
g






浮
水对溢水杯底部产生的压力比两小球投入溢水杯前增加了
=0.02kg 10N/kg=0.2N
F
G
m
g




未排出
未排出
故A 符合题意；BCD 不符合题意。
78. 如图所示，两个相同的圆柱形容器放在水平桌面上，分别装有甲、乙两种不
同的液体。将体积相同、密度不同的实心球A、B 分别放入容器中静止时，A 球
悬浮，B 球漂浮，
1
2
h
h

，且两种液体对容器底的压强相等，下列说法正确的是
（
）
A．两个小球受到的重力：
A
B
G
G

B．两个小球受到的浮力：
A
B
F
F

浮
浮
C．两种液体的密度：


甲
乙
D．两个容器对桌面的压强：p
p

乙
甲
【答案】B
【解析】C．两种液体对容器底的压强相等，且
1
2
h
h

，由p
gh


可知，两种液
体的密度关系为p
p

乙
甲
，故C 错误；
B．A 小球完全浸没在甲液体中，排开甲液体的体积等于A 小球的体积，B 小球漂
浮在乙液体中，排开乙液体的体积小于B 小球的体积，因为两小球体积相等，所
以两小球排开液体的体积关系为V
V

排甲
排乙，由F
gV


液
排可知，两个小球的浮力关
系为：
A
B
F
F

浮
浮，故B 正确；
A．因为A 小球在甲液体中沉底，
A
A
G
F

浮；B 小球漂浮在乙液体中，受到的重力
B
B
G
F

浮，所以两个小球的重力关系为
A
B
G
G

，故A 错误；
D．两种液体对容器底的压强相等，受力面积相等，根据F=pS 可知，甲和乙两种
43
液体对容器底的压力相等；又因为容器为柱形容器且力的作用是相互的，所以液
体对容器底的压力等于液体的重力和物体重力之和，由此可知两个容器对桌面的
压力关系为F 甲=F 乙，由于两个容器底面积相等，根据
F
p
S

可知，两个容器对桌
面的压强关系为：p 甲=p 乙，故D 错误。故选B。
79. 放在水平桌面上的薄壁圆柱形容器（容器质量不计）底面积为
4
2
10 m

，将
一体积为
4
3
2 10 m


的木块放入水中静止时，有1
5 体积露出水面，如图甲所示；
用一根质量和体积不计的细线把容器底和木块底部中心连接起来，如图乙所示。
下列说法中错误
．．的是（已知：水的密度为
3
3
 
1.0 10 kg / m



水
，
10N / kg
g 
）
（
）
A. 木块的密度为
3
3
0.8 10 kg / m

B. 木块漂浮时排开水的质量为160g
C. 浸没水中时细线对木块的拉力为0.6N
D. 甲、乙两图所示情况，容器对水平桌面的压强相等
【答案】C
【解析】A．木块的浮力
3
3
4
3
4
=1 10
/ m
10N /
2 10 m
1.6N
5
F
gV
kg
kg








浮
水
排
木块的密度
3
3
4
3
1.6N
=
0.8 10
/ m
10N /
2 10 m
F
kg
gV
kg






浮
物
物
故A 正确，不符合题意；
B．木块漂浮时排开水的重力
1.6N
G
F


浮
排
木块漂浮时排开水的质量为
1.6N
0.16
160g
10N /
G
m
kg
g
kg




排
排
故B 正确，不符合题意；
C．浸没水中时，木块受到重力、浮力、拉力三个力平衡，细线对木块的拉力为0.6N
3
3
4
3
=
=1 10
/ m
10N /
2 10 m
1.6N
0.4N
F
F
G
F
F
kg
kg











浮
浮
浮
物
44
故C 错误，符合题意；
D．甲、乙两图所示情况，容器对水平桌面的压力都等于木块的重力加水的重力，
容器底面积不变，故容器对水平桌面的压强相等，故D 正确，不符合题意。
80．测量工具为我们的工作和生活带来了极大的便利，而成功制作测量工其需要
科技人员的创造性劳动，小慧通过自制密度计。体验动手与动脑相结合的劳动过
程。她在粗细均匀的木棒一端缠绕一些细铜丝制成简易密度计（未标刻度）。该
密度计放在水和酒精中时均竖直漂浮，露出液面的长度用L 表示（如图所示），
已知酒精的密度为0.8g/cm
3，水的密度为1.0g/cm
3。为了给简易密度计标刻度，
小慧将该密度计放入酒精中，密度计静止时L 为6cm，她在密度计上距顶端6cm
处标记刻度线，该刻度线对应的密度值为0.8g/cm
3。小慧将该密度计放入水中，
密度计静止时L 为8cm，她在密度计上距顶端8cm 处标记刻度线，该刻度线对应
的密度值为1.0g/cm
3。利用上述数据，可计算出该密度计上对应密度值为
1.25g/cm
3的刻度线到密度计顶端的距离为（忽略铜丝的体积）（
）
A．9.2cm
B．9.6cm
C．10cm
D．10.4cm
【答案】B
【解析】设木棒长度为h，底面积为S，密度计重力为G，根据密度计漂浮在液
面上时，F 浮＝G，分别列出在酒精和水中的等式，求得木棒的长度，然后将其带
入密度计上对应密度值为1.25g/cm
3的刻度线时的等式即可求得答案。
解：设木棒长度为h，底面积为S，密度计重力为G，小慧将该密度计放入酒精
中，密度计静止时L 为6cm，ρ酒精＝0.8g/cm
3＝0.8×10
3kg/m
3，
由F 浮酒精＝G，可得：ρ酒精gV 排酒精＝G，
即[（h﹣0.06m）S]×0.8×10
3kg/m
3×10N/kg＝G﹣﹣﹣﹣﹣①，
小慧将该密度计放入水中，密度计静止时L 为8cm，ρ 水＝1.0g/cm
3＝1.0×
10
3kg/m
3，
由F 浮水＝G，可得：
[（h﹣0.08m）S]×1.0×10
3kg/m
3×10N/kg＝G﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，
由①②可得，h＝0.16m；
设该密度计上对应密度值为1.25g/cm
3的刻度线到密度计顶端的距离为L′，
则[（h﹣L′）S]×1.25×10
3kg/m
3×10N/kg＝G﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③，
将h＝0.16m 分别代入②和③，并将②③联立，
解得L＝0.096m＝9.6cm。
【点评】此题考查物体浮沉条件的应用和阿基米德原理的应用，主要是漂浮时F
浮＝G 的应用，同时考查学生的数学计算能力。
45
81.[2024 云南昆明期中，中]如图所示，A、B 是能自由移动的物体，C、D 是容
器自身凸起的一部分。下列说法中错误的是
(
)
A.A 物体一定受浮力的作用
B.B 物体一定受浮力的作用
C.C 物体一定不受浮力的作用D.D 物体一定不受浮力的作用
D 【解析】由图可知，水对A 物体产生了向上的压力差，故A 物体一定受浮力
的作用，故
A 正确；B 物体上表面没有受到水向下的压力，但下表面受到水
向上的压力，因此水对B
物体产生了向上的压力差，故B 物体也受浮
力的
作用，故B 正确；C 物体上表面受到水向
下的压力，但下表面没有受到水向
上的压力，因此水对C 物体没有产生向上的压力差，故
C 物体不受浮力的作
用，故C 正确；由图可
知，水对D 物体产生了向上的压力差，所以D
物体
受浮力的作用，故D 错误。故选D。
82.如图所示，四个体积相同而材料不同的球A、B、C、D,分别静止在不同深
度的水里。以下说法正确的是
(
)
A.A 球所受浮力最小B.B 球所受浮力最小
C.C 球所受浮力最小D.D 球所受浮力最小
A【解析】物体所受浮力的大小和液体的密
度以及物体浸在液体中的体积有关，
四个体积相同而材料不同的小球浸在同种液体中，由图知A 球浸入液体的体积
最小，所以A 球所受浮力最小，故A 正确，B、C、D 错误。故选A。
5 压强与浮力综合难题
83. 水平桌面上甲、乙两个质量相等但底面积不同的圆柱形容器内装有质量相等
的不同液体，两个完全相同的物体在甲、乙两容器中静止时如图所示。下列判断
正确的是（
）
A. 甲容器中的物体所受浮力大
B. 甲容器中的液体的密度大
C. 乙容器对水平桌面的压强大
D. 乙容器底部所受液体的压力
大
【答案】C
【解析】A．因为物体在甲、乙两液体中漂浮或悬浮，浮力都等于物体的重力，
因为是完全相同的物体，所以甲、乙两液体中受到的浮力相等，故A 错误；
B．根据物体的浮沉条件，物体在甲液体中悬浮，
=

甲
物
；物体在乙液体中漂浮，
46



乙
物
，则乙液体的密度大，故B 错误；
C．因为容器对桌面的压力大小等于
+
+
G
G
G
容
液
物，因为容器的重力，液体的重力，
物体的重力都相等，所以甲乙两容器对桌面的压力相等，根据
F
p
S

可知，受力
面积小的，压强大，所以乙容器对水平桌面的压强大，故C 正确；
D．因为甲、乙两容器为规则形状，液体对容器底部的压力等于液体的重力与物
块的重力之和，两容器液体的重力相等，物块的重力相等，则液体对容器底部的
压力相等，根据
F
p
S

可知，乙液体对容器底部的压强大，故D 错误。故选C。
84. 放在水平桌面上的两个相同的容器中盛有高度相同的不同液体，将A、B 两
个小球分别放入两个容器中，静止后如图所示。已知两个小球排开液体的质量相
同，下列判断正确的是（
）
A. 两个小球受到的浮力相等
B. 甲容器中液体的密度大于乙容器中液体的密度
C. 放入小球后甲容器对桌面的压力小于乙容器对桌面的压力
D. 放入小球后甲容器中液体对容器底的压强大于乙容器中液体对容器底的压强
【答案】AC
【解析】A．由题可知，两个小球排开液体的质量相同，根据阿基米德原理可知
F 浮＝G 排＝m 排g
两个小球受到的浮力相等，故A 正确；
B．由题可知，两个相同的容器中盛有高度相同的不同液体，由图可知，放入小
球后，甲容器内液面比乙高，则两个小球排开液体的体积关系V 排A>V 排B，根据公
式可知
F 浮＝ρ液gV 排
ρ液＝
F
gV
浮
排
两液体密度关系为ρ甲<ρ乙，即甲容器中液体的密度小于乙容器中液体的密度，
故B 错误；
C．由图可知，甲物体漂浮，乙物体悬浮，所受浮力等于自身的重力，由两个小
球受到的浮力相等可知，两小球的重力相等，因两个相同的容器中盛有高度相同
的不同液体，即两液体的体积相等，所以，由m＝ρV 可知，两液体的质量关系
为m 液甲<m 液乙，根据公式可知
F＝G 总＝(m 容+m 液+m 球)g
乙容器的重力较大，乙对桌面的压力较大，故
C 正确；
D．放入小球后，液体对容器的压力
F＝G＝(m 液+m 球)g
47
则乙容器底部受到的液体压力较大，由p＝
F
s 可知，乙容器中液体对容器底的压
强较大，故D 错误。
故选AC。
85. “奋斗者”号是我国自主研发建造的第一艘万米级全海深潜水器。某次执行
任务时，“奋斗者”号在马里亚纳海沟成功坐底，坐底深度为10909m。当“奋
斗者”号下潜到
4
1 10 m

深处时，其总质量为36t，体积为
3
30m （海水密度取
3
3
1 0 10 k
.
g/m

）。下列说法正确的是（
）
A. “奋斗者”号上浮和下潜是靠改变浮力大小实现的
B. “奋斗者”号上浮和下潜是靠改变自身重力大小实现的
C. “奋斗者”号下潜到
4
1 10 m

深处时受到海水压强为
8
1 10 Pa

D. “奋斗者”号下潜到
4
1 10 m

深处时受到海水浮力为
5
3.6 10 N

【答案】BC
【解析】AB．潜水器潜在水中时，液体密度不变，它排开水的体积不变，根据
F
V g


浮
海水
排
可知，其浮力不变，所以潜水器不是通过改变浮力大小来实现上浮
和下沉的，而是通过改变自身重力来实现上浮或下沉的，故A 错误，B 正确；
C．根据p
gh


可得，“奋斗者”号下潜到
4
1 10 m

深处时受到海水压强为
3
3
4
8
1.0 10 kg/m
10N/kg 1.0 10 m
1.0 10 Pa
p
gh
gh











海水
故C 正确；
D．根据F
V g


浮
海水
排
可知，“奋斗者”号下潜到
4
1 10 m

深处时受到海水浮力
为
3
3
3
5
1.0 10 kg/m
30m
10N/kg
3 10 N
F
V g







浮
海水
排
故D 错误。故选BC。
86. 为防止溺水事故的发生，老张研发出了如图所示的救生手环，并在观音湖进
行了性能测试。他戴上该手环下潜到湖面下5m 处（未接触湖底），打开手环开
关，手环瞬间弹出一个体积为33dm
3的气囊，随后气囊将老张带出水面。已知老
张的质量为63kg，密度是1.05×10
3kg/m
3，不计手环的质量和体积。（ρ水=1×
10
3kg/m
3，g=10N/kg），则下列说法正确的是（
）
A. 老张的体积是60cm
3
48
B. 下潜过程中，老张受到的浮力不断变大
C. 气囊完全打开瞬间，老张受到的合力为300N
D. 手环在水下5m 深处时，受到水的压强是5.25×10
4Pa
【答案】C
【解析】A．老张的体积
3
3
3
3
63
0.06m
60
1.05 10
/ m
m
kg
V
dm
kg






老张
老张
老张
故A 错误；
B．在老张没有完全浸没前，老张排开水的体积变大，由F 浮=ρ水gV 排知老张受到
的浮力变大，完全浸没后，在下潜过程中，老张排开水的体积不变，由F 浮=ρ水
gV 排知老张受到的浮力不变，故B 错误；
C．老张的重力
G 老张=m 老张g=63kg×10N/kg=630N
气囊完全打开瞬间，老张和气囊浸没在水中受到总浮力
F 浮=ρ水gV 排=1×10
3kg/m
3×10N/kg×(0.06m
3+33×10
-3m
3)=930N
老张受到的合力的大小
F=F 浮-G=930N-630N=300N
故C 正确；
D．手环在水下5m 深处时受到水的压强
p=ρ水gh=1×10
3kg/m
3×10N/kg×5m=5×10
4Pa
故D 错误。故选C。
87. 两个相同的容器放在同一水平桌面上，分别装有甲、乙两种密度不同的液体，
且


甲
乙；两个体积相同的实心小球a 和b 在甲、乙两种液体中静止时的状态
如图所示；两容器内c 、d 两点到容器底部的距离相等。设小球a 和b 的密度分
别为
a
和
b
，质量分别为
a
m 和
b
m ，受到的浮力分别为
aF 和
b
F ，c 、d 两处的
液体压强分别为
cp 和
dp 。下列说法中（
）
①
a
b



②
a
b
m
m

③
a
b
F
F

④
c
d
p
p

A. 只有①③正确
B. 只有②③正确
C. 只有①④正确
D. 只有①③④正确
【答案】D
【解析】①由图可知，a 在甲中悬浮，b 在乙中漂浮，所以
49
a



甲，
b



乙
又


甲
乙，所以
a
b







甲
乙
故①正确；
②由题意可知，ab 两小球体积相同，由①可知
a
b



。根据
m=ρV
ma=ρaV
mb=ρbV
所以
a
b
m
m
＞
，故②错误；
③由图可知，a 全部浸没液体甲中，b 浸没液体的一半。根据阿基米德原理，浸
入液体中的物体受到的浮力等于它排开水液体所受到的重力，图中b 排开液体体
积是a 排开液体体积的一半，


甲
乙，根据
F 浮=ρ液gV 排
Fa=ρ甲gVa
Fb=ρ乙gVb
所以
a
b
F
F

，故③正确；
④由图可知，甲的液面高度高于乙的液面高度，且


甲
乙，两容器内c 、d 两
点到容器底部的距离相等。根据液体压强公式
p=ρgh
pc=ρ甲gh 甲
pd=ρ乙gh 乙
可得
c
d
p
p

，故④正确。故ABC 不符合题意，D 符合题意。故选D。
88. 我国第三艘航空母舰“福建舰”满载时的排水量为8 万吨。若满载时，“福
建舰”匀速直线航行受到的阻力是自身总重力的0.01 倍；如果一架舰载机飞离
后，“福建舰”排开的海水体积减少
3
4m 。则下列描述中正确的是（
）（海
水的密度取
3
3
1.0 10 kg / m

，g 取10N/kg）
A. “福建舰”静止在海面时，水面下15m 处海水的压强为
5
4 10 Pa

B. “福建舰”满载时，受到的浮力大小为8 万吨
C. 飞离“福建舰”的这架舰载机的质量是
3
4
10 kg

D. 满载时，“福建舰”匀速直线航行受到的牵引力大小是
3
8 10 N

【答案】C
50
【解析】A．“福建舰”静止在海面时，水面下15m 处海水的压强为
3
3
5
1.0 10 kg/m
10N/kg 15m
1.5 10 Pa
p
gh








故A 错误；
B．辽宁舰满载并静止在水面上时，受到的浮力大小等于排开水的重力，即
4
3
8
8 10
10 kg 10N/kg
8 10 N
F
G
m g






浮
排
排
故B 错误；
C．当舰载机飞离航母后总重力减小，故排开水的体积减小，减小排开液体的重
力等于舰载机的重力，即
3
3
3
4
1 10 kg/m
10N/kg 4m
4 10 N
G
G
m
g
gV








海水
机
排减小
排减小
排减小
由G
mg

得，舰载机的质量是
4
3
4 10 N
4 10 kg
10N/kg
G
m
g





故C 正确；
D．“福建舰”漂浮时，重力等于浮力
8
8 10 N
G
F


浮
福建舰
满载时，“福建舰”匀速直线航行受到的牵引力大小是
8
6
0.01
0.01 8 10 N=8 10 N
F
f
G





牵引力
福建舰
故D 错误。故选C。
89. 水平桌面上放置装有适量水的烧杯，A、B 为两个材料相同且不吸水的小球，
B 球的体积是A 球的2 倍。先将A 球放入烧杯中，溢出水的质量30g ，如图甲所
示；再放入B 球，又溢出水的质量80g ，如图乙所示。下列判断正确的是


10N / kg
g 
（
）
①A 球受到的浮力大小为0.3N
②B 球受到的浮力大小为0.8N
③图甲中，放入A 球前后，水对烧杯底部的压强相等
④图乙中，放入B 球前后，烧杯对桌面的压力大小不变
A. ①②
B. ①④
C. ②④
D. ③④
51
【答案】C
【解析】依题意得，烧杯为放入甲球时，水未装满，则A 排开水的质量大于30g，
由阿基米德原理得，A 球受到的浮力大小为
=
0.03kg 10N/kg
0.3N
F
G
mg




浮
排
②B 球受到的浮力大小为
=
0.08kg 10N/kg
0.8N
F
G
m g






浮
排
③图甲中，放入A 球后，水的深度增大，对烧杯底部的压强增大；④图乙中，放
入B 球前后，烧杯的总重力不变,对桌面的压力等于烧杯的总重力，则对桌面压
力大小不变，故ABD 错误，C 正确。故选C。
90. 在水平桌面上有甲、乙两个完全相同的烧杯，烧杯内盛有两种不同的液体。
如图所示，将质量相等的A、B 两个物体分别放入两种液体中（VA<VB），静止时
两烧杯内液面相平。下列说法正确的是（
）
A. 甲烧杯中液体的密度小于乙烧杯中液体的密度
B. 物体A 受到的浮力等于物体B 受到的浮力
C. 甲烧杯底受到液体的压力等于乙烧杯底受到液体的压力
D. 甲烧杯对桌面的压强大于乙烧杯对桌面的压强
【答案】BD
【解析】A．A、B 两个物体的质量相等，且VA<VB，由
m
V

可知
A
B



；由甲图可知A 漂浮，根据物体浮沉条件可知
A



甲；由图乙可知
B 悬浮，根据物体浮沉条件可知
B=

乙；则它们密度的大小关系为
A
B







甲
乙
故A 错误；
B．由甲乙两图可知，A 漂浮，B 悬浮；根据物体浮沉条件可知，它们受到的浮力
均等于其重力
=
F
G
mg

浮
物
A、B 两物体的质量相等，则它们受到的浮力相等，故B 正确；
C．液体对杯底的压力为
F
p S
gh S



液
液
杯
液
液
杯
两烧杯内液面相平，即液体的深度相同，又


甲
乙，可得甲液体对杯底的压力
52
大于乙，故C 错误；
D．水平桌面受到的压强为
+
=
=
F
G
F
p
S
S
桌
杯
液
桌
杯
杯
由上面已经得出，甲液体对杯底的压力大于乙液体对杯底的压力，则甲桌面受到
的压强大于乙桌面受到的压强；故D 正确。故选BD。
91. 如图甲所示，水平桌面上的薄壁圆柱形容器中盛有某种液体，一个质量分布
均匀的物体所受的重力为G，密度为0.8g/cm
3，它由一根固定在容器底部的细线
拉住并浸没在液体中静止。当将细线剪断后，物体最终漂浮在液面上，且有1
3 的
体积露出液面，如图乙所示，此时容器中的液面下降了3cm（g 取10N/kg）。下
列说法正确的是（
）
A. 细线受到的拉力F＝
1
2 G
B. 液体的密度为1.2×10
3kg/m
3
C. 容器底受到液体的压强减小了300Pa
D. 容器对桌面的压强减小
【答案】ABC
【解析】B．物体漂浮在液体中时，根据浮沉条件可知，物体受到的浮力
F 浮乙＝G
ρ液V 排g＝ρ物V 物g
漂浮时有1
3 的体积露出水面，则
ρ液
1
1
3






V 物g＝ρ物V 物g
ρ液＝3
2 ρ物＝3
2 ×0.8g/cm
3＝1.2 g/cm
3＝1.2×10
3kg/m
3
故B 正确；
A．物体浸没时，受到的浮力
F 浮甲＝ρ液V 排g＝3
2 ρ物V 物g＝3
2 G
细线受到的拉力
F 拉＝F 浮甲-G＝3
2 G-G＝
1
2 G
故A 正确；
C．容器底部受到液体的压强减小量
p＝ρ液g h＝1.2×10
3kg/m
3×10N/kg×3×10
-2m＝360Pa
53
故C 正确；
D．甲、乙两图中，容器对桌面的压力
F＝G 容器+G 液+G
故容器对桌面的压力不变，受力面积也不变，所以容器对桌面的压强不变，故D
错误。故选ABC。
92. 水平桌面上有甲、乙两个相同的容器，分别装有体积相等的水和盐水。将橘
子和香蕉先放入甲容器中，取出后擦干，再放入乙容器中、前后两次静止时液面
如图所示。下列说法正确的是（
）
A. 橘子在水和盐水中所受浮力相等
B. 两容器对水平桌面的压强p 甲>p 乙
C. 液体对两容器底的压力F 水<F 盐水
D. 向乙容器中加水，香蕉所受浮力不变
【答案】AC
【解析】A．橘子在水和盐水中都处于漂浮状态，浮力都等于橘子的重力，则橘
子在水和盐水中所受浮力相等，故A 正确；
B．甲容器对水平桌面的压强
= G
G
G
G
p
S



水
容
橘
蕉
甲
乙容器对水平桌面的压强
= G
G
G
G
p
S



盐水
容
橘
蕉
乙
因为盐水和水的体积相同，而盐水密度大于水，根据
G
mg
Vg



可知水的重力小于盐水的重力，则两容器对水平桌面的压强p 甲<p 乙，故B 错误；
C．液体对两容器底的压力等于液体重力加物体受到的浮力，香蕉浸没在两容器
中，排开液体体积相同，根据
=
F
gV

浮
液
排，香蕉在盐水中受到的浮力较大，橘子
在水和盐水中所受浮力相等，水的重力小于盐水的重力，则液体对两容器底的压
力F 水<F 盐水，故C 正确；
D．香蕉在水中处于沉底状态，向乙容器中加水，液体密度变小，香蕉排开液体
的体积不变，根据
=
F
gV

浮
液
排，香蕉受到的浮力变小，故D 错误。故选AC。
93. 两个质量相等、底面积相同的容器置于水平桌面上，分别装有质量相等的甲、
乙两种液体，有四个体积相等的实心小球A、B、C、D，其中C、D 两球完全相同。
如图所示，将它们分别放入两容器中，B 球悬浮在甲液体中，A 球漂浮在乙液体
中，C 球、D 球在两种液体中沉到底部。则下列说法中正确的是（
）
54
A. 四个球中A 球的密度最小
B. C、D 两球在两种液体中受到的浮力相等
C. 两容器对桌面的压力相等
D. 甲液体对容器底的压强大于乙液体对容器底的压强
【答案】AD
【解析】A．从图可知，甲液体的体积小于乙液体的体积，且甲、乙两种液体质
量相等，由
m
V

可知，


甲
乙；C 球沉底，故
C



甲；B 球悬浮，故
B



甲；
D 球沉底，故
D



乙；A 球漂浮，故
A



乙。综上所述，四个球中A 球密度最
小，故A 正确；
B．C、D 两球完全相同，且全部浸没在液体中，故排开液体的体积相同，已知



甲
乙，由F
gV


浮
液
排可知，C 球受到的浮力大于D 球受到的浮力，故B 错误；
C．四个小球的体积相等，从图中可知B 球排开液体的体积大于A 球排开液体的
体积，已知


甲
乙，由F
gV


浮
液
排可知，B 球受到的浮力大于A 球受到的浮力，
且两球分别处于悬浮和漂浮状态，根据F
G

浮
球可知，
B
A
G
G

，C、D 两球完全
相同，两容器质量相同，甲、乙两种液体质量相等，容器对桌面的压力等于小球
重力、液体重力、容器重力三者之和，由此可知，甲容器对桌面的压力大于乙容
器对桌面的压力，故C 错误；
D．已知甲容器对桌面的压力大于乙容器对桌面的压力，且容器的重力相等，故
甲液体对容器的压力大于乙液体对容器的压力，容器的底面积相同，由
F
p
S

可
知，甲液体对容器底的压强大于乙液体对容器底的压强，故D 正确。故选AD。
94. 如图所示，底面积、质量均相同的甲、乙、丙三个容器置于水平桌面上，容
器内的液面相平，容器对桌面的压强相等。现将三个相同小球（球的密度与乙中
液体密度相同）分别放入甲、乙、丙容器中，小球不吸液体，液体不溢出。下列
判断正确的是（
）
A．放入小球前，容器内的液体质量关系：m 甲＞m 乙＞m 丙
B．放入小球前，液体对容器底部的压力关系：F 甲＝F 乙＝F 丙
55
C．放入小球后，液体对容器底部的压强关系：p 甲＜p 乙＜p 丙
D．放入小球后，小球所受浮力关系：F 浮甲＜F 浮乙＜F 浮丙
【答案】C
【解析】A、甲、乙、丙三个容器的底面积、质量均相同，容器对桌面的压强相
等，根据F＝pS 知容器对桌面的压力相同，又因为在水平面上容器对水平面的压
力等于容器的总重力，根据G＝mg 可知，三个容器的总质量是相同的，由于容器
的质量相同，所以液体的质量相同，即m 甲＝m 乙＝m 丙，故A 正确；
B、甲容器上宽下窄、乙容器上下粗细相同、丙容器上窄下宽，所以甲容器底部
受到的压力小于液体的重力，乙容器底部受到的压力等于液体的重力，丙容器底
部受到的压力大于液体的重力，液体的重力相同，所以F 甲＜F 乙＜F 丙，故B 错误；
C、放入小球后，液面都会升高，根据容器的形状可知，容器底部受到的液体压
力的大小关系为：F'甲＜F'乙＜F'丙，容器的底面积相同，F 甲＜F 乙＜F 丙，根据p
＝
可知，液体对容器底部的压强关系：p 甲＜p 乙＜p 丙，故C 正确；
D、由图可知，甲液体的体积最大，丙液体的体积最小，液体的质量相同，根据
ρ＝
可知，ρ甲＜ρ乙＜ρ丙；球的密度与乙中液体密度相同，所以小球在甲中
下沉，浮力小于小球的重力；小球在乙中悬浮，浮力等于自身的重力；小球在丙
中漂浮，浮力等于自身的重力，所以小球所受浮力关系：F 浮甲＜F 浮乙＝F 浮丙，故D
错误。
95. 甲、乙、丙三个烧杯中均装有适量的酒精（ρ酒=0.8×10
3kg/m
3），现有质地
均匀，不吸且不溶于酒精的a、b 两实心柱体，质量之比为3∶1，把它们分别放
入甲、乙烧杯中，当a、b 静止时，如图甲、乙所示，若将b 置于a 上面一起放
入丙烧杯中，静止时a 的上表面刚好与液面相平，如图丙，下列说法正确的是
（
）
A. a 的密度为0.4×10
3kg/m
3
B. 在图甲中a 有四分之一的体积露出液面
C. 在图甲中a 的下表面液体压强与图丙中a 的下表面液体压强之比为3∶5
D. a、b 的体积之比为4∶1
【答案】BD
【解析】ABD．a 在甲烧杯中处于漂浮状态，则
Ga=F 浮a=ρ酒gV 排a
mag=ρ酒gV 排a
ma=ρ酒V 排a①
b 在乙烧杯中处于悬浮状态，则
Gb=F 浮b=ρ酒gVb
mbg=ρ酒gVb
56
mb=ρ酒Vb②
由①和②的比值得到
a
a
b
b
3
=
= 1
V
m
m
V


酒
排
酒
a
b
3
= 1
V
V
排
V 排a=3Vb
a 的质量
ma=ρ酒V 排a=3ρ酒Vb
在丙中，a、b 漂浮，则
Ga+Gb=F 浮=ρ酒gVa
mag+mbg=ρ酒gVa
ma+mb=ρ酒Va③
由②和③得到
b
b
a
b
a
=
V
m
m
m
V



酒
酒
b
a
1
1
=
=
3 1
4
V
V

Va=4Vb
a、b 的体积之比为4∶1，a 的密度
3
3
3
3
b
a
a
a
b
3
3
3
=
=
=
=
0.8 10 kg/m =0.6 10 kg/m
4
4
4
V
m
V
V






酒
酒
a 在甲烧杯中处于漂浮状态，则
Ga=F 浮a=ρ酒gV 排a
ρagVa=ρ酒gV 排a
3
3
a
a
3
3
0.6 10 kg/m
3
=
=
0.8 10 kg/m
4
V
V





排
酒
在图甲中a 露出液面的体积
3
1
1
1
4
4
V
V
V
V
V
V
V





露
排
排
故A 错误，BD 正确；
C．图丙中a 的上表面刚好与液面相平，a 的下表面到水面的距离等于a 的高度，
图甲中a 排开液体的体积和图丙中a 排开液体的体积之比是
a
3
= 4
V
V
排
圆柱体的底面积为S，则
57
a
a
a
a
a
3
=
4
V
Sh
h
V
Sh
h


浸
浸
排
由p=ρgh 可知图甲中a 的下表面液体压强与图丙中a 的下表面液体压强之比
a
a
a
a
3
4
gh
h
p
p
gh
h





酒
浸
浸
甲
酒
丙
故C 错误。故选BD。
96. 在物理实验操作考试中，小马同学用弹簧测力计悬挂一个圆柱体物块，使物
块下表面与水面刚好接触，如图甲所示；然后匀速放下物块，此过程中弹簧测力
计示数F 与物块下表面浸入水中的深度h 的关系如图乙所示，弹簧测力计始终在
水面上方，水未溢出，g 取10N/kg，水的密度是1.0×10
3kg/m
3.下列说法中正确
的是（
）
A. 物块受到的重力是10N
B. 物块完全浸没在水中受到的浮力是0.64N
C. 物块的密度为6g/cm
3
D. 物块刚好浸没时，物块下表面受到水的压强是1.25×10
3Pa
【答案】C
【解析】A．由图可知当物体没有浸入液体中，弹簧测力计示数为12N，说明物
体重力为12N，故A 错误；
B．物体完全浸没在水中后，弹簧测力计示数为10N，则物体受到浮力
=
12N
10N
2N
F
G
F




浮
故B 错误；
C．由B 知物体在水中受到浮力为2N，可得物体的体积
4
3
3
3
2N
2 10 m
1 10 kg/m
10N/kg
F
V
g








浮
水
物体的密度
3
3
3
4
3
12N
6 10 kg/m
6g/cm
2 10 m
10N/kg
G
Vg









故C 正确；
D．由乙图可知，物体刚好完全浸没时h=4cm，则物体下表面受到压强
3
3
2
1 10 kg/m
10N/kg
4 10 m
400Pa
p
gh







58
故D 错误。故选C。
97.（2023 辽宁营口）将冰块轻轻放入水平桌面上盛满煤油的烧杯中，冰块静
止时如图所示（


冰
煤油）。下列分析正确的是（
）
A. 放入冰块后，烧杯对桌面的压力变大
B. 冰块完全熔化后，杯中液面高度下降
C. 冰块完全熔化后，杯底受到液体的压强变大
D. 冰块完全熔化后，煤油的密度变大
【答案】AB
【解析】A．放入冰块会有等体积的煤油溢出，原来烧杯对桌面的压力等于煤油
和烧杯的总重力，放入冰块后，烧杯对桌面的压力等于剩余煤油、冰块和烧杯的
总重力，因为冰块的重力大于排开煤油的重力，所以烧杯对桌面的压力变大，故
A 正确；
BC．当冰块完全熔化后，熔化为水的质量和冰的质量相同，即
m 水=m 冰
ρ水V 冰化水=ρ冰V
3
3
0.9g/cm
9
1g/cm
10
V
V
V
V





冰
冰化水
水
因为



冰
煤油
冰在煤油中是沉底的，所以冰块排开液体的体积
V 排=V
所以
V 冰化水<V 排
冰块完全熔化后，杯中液面高度下降，由于重力不变，杯底受到液体的压力不变，
压强不变，故B 正确，C 错误；
D．水和煤油不相容，冰块完全熔化后，煤油的密度不变，故D 错误。
故选AB。
98.一个质量分布均匀的正方体物块，边长是10cm，密度是0.8×10
3kg/m
3，漂浮
在液面上露出液面的体积占物块体积的1
3 。用手缓慢下压物块，如图所示，当物
块上表面与液面刚好相平时，下列说法错误的是（
）
59
A. 液体的密度是1.2×10
3kg/m
3
B. 手对物块上表面的压力大小是2N
C. 液体对物块下表面的压力大小是12N
D. 物块下表面受到液体的压强是1.2×10
3Pa
【答案】B
【解析】当物块漂浮时，物块所受的浮力等于其所受的重力，即
F
G

浮
物
则有
gV
gV



液
排
物
因有1
3 露出水面，故
2
3
V
V

排
故
3
3
3
3
3
3
10 kg m
1.2 10 kg m
2
2
0.8








液
物
故A 正确，不符合题意；
B．由题意知，手对物块的压力，等于物块1
3 浸没液体中所受的浮力，即


3
3
3
3
6
3
1
1
1 1.2 10 kg m
10 N kg
10
10 m
4N
3
3
3
F
F
gV
gL














压
浮
液
液
故B 错误，符合题意；
CD．物块下表面受到的压强为
3
3
2
3
1.2 10 kg m
10N kg 10 10 m
1.2 10 Pa
p
gh
gL












液
液
99. 小明在探究沉与浮的条件时，用一根细线连接A、B 两个物体，放在盛水的
烧杯中，处于悬浮状态，如图甲所示。剪断细线后，A 物体处于漂浮状态，B 物
体沉到烧杯底部，如图乙所示。设甲、乙两图烧杯对桌面的压强分别为p1、p2，
水对烧杯底部的压强变化为Δp，甲图中细线的拉力为F，乙图中B 物体对烧杯
底部的压强为pB。已知B 物体的重力为G，体积为V，烧杯的底面积为S，水的
密度为ρ。以下关系式正确的有（
）
A. p1＞p2
B. F＝G﹣ρgV
C. Δ
G
gV
p
S



D.
B
G
gV
p
S



【答案】BC
【解析】A．甲、乙图中烧杯对水平桌面的压力不变，都等于烧杯的总重力，受
60
力面积不变，由
F
p
S

知道，甲、乙两图烧杯对桌面的压强不变，即
p1＝p2
故A 错误；
B．甲图中B 物体受到竖直向下的重力、竖直向上的拉力、竖直向上的浮力，所
以细线的拉力
F＝G﹣F 浮＝G﹣ρgV
故B 正确；
C．甲、乙图浮力的减小量为
F
G
gV




浮
排开水的体积减小量为
F
G
gV
V
g
g








浮
排
液面高度的减小量为
V
G
gV
h
S
gS






排
水对烧杯底部的压强变化为
G
gV
G
gV
p
g h
g
gS
S











故C 正确；
D．乙图中B 物体对烧杯底部的压强为
B
B
B
B
B
G
F
F
G
gV
p
S
S
S






浮
由于无法算出B 的底面积，所以不能算出B 物体对烧杯底部的压强，故D 错误。
故选BC。
下表面受到的压力为


3
3
3
3
6
3
1.2 10 kg m
10 N kg
10
10 m
12N
F
pS
gL










液
故CD 正确，不符合题意。
100.甲、乙、丙三个烧杯中均装有适量的酒精（ρ酒=0.8×10
3kg/m
3），现有质地
均匀，不吸且不溶于酒精的a、b 两实心柱体，质量之比为3∶1，把它们分别放
入甲、乙烧杯中，当a、b 静止时，如图甲、乙所示，若将b 置于a 上面一起放
入丙烧杯中，静止时a 的上表面刚好与液面相平，如图丙，下列说法正确的是
（
）
61
A. a 的密度为0.4×10
3kg/m
3
B. 在图甲中a 有四分之一的体积露出液面
C. 在图甲中a 的下表面液体压强与图丙中a 的下表面液体压强之比为3∶5
D. a、b 的体积之比为4∶1
【答案】BD
【解析】ABD．a 在甲烧杯中处于漂浮状态，则
Ga=F 浮a=ρ酒gV 排a
mag=ρ酒gV 排a
ma=ρ酒V 排a①
b 在乙烧杯中处于悬浮状态，则
Gb=F 浮b=ρ酒gVb
mbg=ρ酒gVb
mb=ρ酒Vb②
由①和②的比值得到
a
a
b
b
3
=
= 1
V
m
m
V


酒
排
酒
a
b
3
= 1
V
V
排
V 排a=3Vb
a 的质量
ma=ρ酒V 排a=3ρ酒Vb
在丙中，a、b 漂浮，则
Ga+Gb=F 浮=ρ酒gVa
mag+mbg=ρ酒gVa
ma+mb=ρ酒Va③
由②和③得到
b
b
a
b
a
=
V
m
m
m
V



酒
酒
b
a
1
1
=
=
3 1
4
V
V

Va=4Vb
a、b 的体积之比为4∶1，a 的密度
62
3
3
3
3
b
a
a
a
b
3
3
3
=
=
=
=
0.8 10 kg/m =0.6 10 kg/m
4
4
4
V
m
V
V






酒
酒
a 在甲烧杯中处于漂浮状态，则
Ga=F 浮a=ρ酒gV 排a
ρagVa=ρ酒gV 排a
3
3
a
a
3
3
0.6 10 kg/m
3
=
=
0.8 10 kg/m
4
V
V





排
酒
在图甲中a 露出液面的体积
3
1
1
1
4
4
V
V
V
V
V
V
V





露
排
排
故A 错误，BD 正确；
C．图丙中a 的上表面刚好与液面相平，a 的下表面到水面的距离等于a 的高度，
图甲中a 排开液体的体积和图丙中a 排开液体的体积之比是
a
3
= 4
V
V
排
圆柱体的底面积为S，则
a
a
a
a
a
3
=
4
V
Sh
h
V
Sh
h


浸
浸
排
由p=ρgh 可知图甲中a 的下表面液体压强与图丙中a 的下表面液体压强之比
a
a
a
a
3
4
gh
h
p
p
gh
h





酒
浸
浸
甲
酒
丙
故C 错误。故选BD。
6 简单机械
101.解析
（1）如图所示：
杠杆原来位置的动力臂为
，阻力臂为
；杠杆在水平位置时，动力
臂为
，阻力臂为
；
根据直角三角形中边的关系可知，
；
63
由杠杆平衡的条件可得：
；由于力臂的比值不变，重力不变，因
此拉力
始终不变。
（2）根据杠杆平衡条件
分析，当用始终垂直杠杆的力
将物
体提升至水平位置的过程中，动力臂不变，阻力不变，阻力臂变大，所以动力
变大。
（3）将杠杆缓慢地由下方拉到水平位置，阻力
的力臂变大，而阻力不变；
力
作用在杠杆一端且始终是水平方向，即方向不变，所以动力臂变小，根据
杠杆平衡条件
分析得出动力
变大，则有
、
逐渐变大、
大
小不变。
故正确答案为D。
102.解析
如图所示，玻璃球受到竖直向下的重力G=mg、镊子两侧对玻璃球的压力
和镊子两侧竖直向上的静摩擦力
。为保证玻璃球不脱落，即保持静止状态，
64
则玻璃球需保持受力平衡，所以竖直方向上需满足
，即
。
由于最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力，根据滑动摩擦力的公式
可知，
，即镊子对玻璃球的单侧
压力
最小需为mg 。镊子运用了杠杆原理，根据杠杆平衡原理
可知，动力
为手指作用在镊子A 处单侧的压力，动
力臂
，阻力
为玻璃球对镊子单侧的支持力，且与镊子对玻璃球的
压力互为相互作用力，故
，阻力臂
，所以
，因为OA ：AB=1 ：2 ，所以OA ：OB=1 ：3 ，则
，A 项正确。
故正确答案为A。
103.解析
天平可以看成一个杠杆，杠杆平衡时，支点两侧，力与力臂的乘积相等。圆
锥体的体积
，其中是圆锥体底面半径，是圆锥体高度。若小圆
锥体M1 的底面圆半径是整个大锥体的底面圆半径的一半，小圆锥体的高度是整
个大锥体的高度的一半，则依据公式，小圆锥体积是整个大锥体的
。因此大圆
锥体被截断为M1 和M2 后，M2 的质量是M1 的7 倍，M2 的重力是M1 的7 倍。图
中杠杆上，左侧M2 的力臂为1 格长度，因此右侧M1 的力矩应为7 格长度，才能
达到平衡，M1 需向右移动5 格。
故正确答案为A。
104.解析
该钢材的质量为
kg，假设长度为，钢材与水平方向的夹角为。已
知该钢材质量均匀，故钢材所受重力应在重心，但由于钢材固定点在自身四分之
一处，应将钢材分为两部分，分开计算。根据杠杆平衡原理，即
可
得
，
65
，解得
N。
故正确答案为B。
105.解析
A 项：该系统中水平面OB 和斜面BC 均为粗糙面，因此滑块在运动过程中会
受到滑动摩擦力，故机械能不守恒，弹簧的弹性势能无法完全转化为滑块的重力
势能，错误；
B 项：滑块在A 点由静止释放，受到向右的弹力和向左的摩擦力，最初弹力
摩擦力，合外力方向与速度方向相同，速度逐渐增大，动能逐渐增大，当弹力
摩擦力时速度达到最大，动能达到最大，继续运动时弹力
摩擦力，合外力方
向与速度方向相反，速度逐渐减小，动能逐渐减小，滑块脱离弹簧后经过B 点，
所以滑块动能最大的点不在B 点，错误；
C 项：若以水平面OB 为零势能面，则滑块在A 点时重力势能为零，速度为
零，所以动能为零，故滑块在A 点机械能为零，错误；
D 项：滑块在AB 段运动过程中，弹簧的弹性势能转化为滑块的动能和摩擦
力做功产生的内能，即
，由
可知，若滑块
质量m 越小，则所受摩擦力f 越小，摩擦力做功产生的内能越小，所以动能越大，
正确。
故正确答案为D。
106.解析
根据题干可知钓鱼利用了杠杆原理，O 为支点，B 点为阻力作用点，A 点为
动力作用点，图中所示的
为动力臂，
为阻力臂。
A 项：由于动力臂短于阻力臂，因此鱼竿为费力杠杆，错误；
B 项：当右手用力的方向为垂直鱼竿向上时，OA 为动力臂，此时动力臂最长，
因此最省力，错误；
66
C 项：当右手用力的方向始终为竖直向上时，随着B 点缓慢升高，鱼竿与水
平方向的夹角
逐渐增大，根据杠杆原理
，可知
，根据
、
，可知
，而
不变，因此
保持不变，正确；
D 项：当右手用力的方向始终为垂直鱼竿向上时，随着B 点缓慢升高，鱼竿
与水平方向的夹角逐渐增大，根据杠杆原理
，可知
，
根
据
OA
、
，
可
知
，而
不变，随着B 点缓慢升高，
逐渐减
小，因此
逐渐减小，错误。
故正确答案为C。
107.解析
因每个混凝土圆盘的质量为
，则配重D 的重力
。结合题干图形
可知，滑轮B 为动滑轮，与之相连的绳子段数是3。作用在钢缆自由端的拉力为
配重D 的重力。根据滑轮组省力公式可得，
。故作用在B 端钢缆的
拉力
。由此排除C、D 两项。在B 处使用滑轮组可以保证输电
线在高度变化时，钢缆始终受到拉伸的作用力，故而保持张紧状态，A 项满足。
故正确答案为A。
108.解析
A 项，图示筷子等同于两根以O 为支点的费力杠杆，正确；
B 项，若物体可看作正圆，图中平面内筷子对物体的作用力垂直于接触点，
阻力臂为O 到物体与筷子两接触点的距离，正确；
C 项，B 处施力比A 处施力的动力臂小，阻力臂相同的情况下，B 处施加的
作用力更大，正确；
D 项，施加的作用力始终垂直于筷子，故动力臂大小不随的变化而变化，
施力大小亦然，错误。
本题为选非题，故正确答案为D。
109.解析
67
在此过程中，重物的重力G 即为阻力，力F 为动力，动力臂与阻力臂如图所
示，在货物缓慢上升的过程中，由于力F 垂直于杠杆向下，故动力臂始终保持不
变，而阻力臂先变大后变小，根据杠杆平衡条件
可知，
力F 先变大后变小。
故正确答案为D。
110.解析
施加力F 前后的两种状态均为平衡状态，所受合外力为零。物体A 受到的绳
子的拉力为
，绕过定滑轮不改变力的大小，动滑轮处进行受力分析可知，
，则
。
当物体A 匀速上滑时，处于平衡状态，所受合外力为零，则沿着斜面方向的
合力也应为零，此时物体A 沿斜面方向的受力情况如图1 所示，可知
。
当物体A 受到恒力F 后匀速下滑时，处于平衡状态，所受合外力为零，则沿
着斜面方向的合力也应为零，此时物体A 沿斜面方向的受力情况如图2 所示，其
中摩擦力与上滑时大小相等，可知
。
68
将图
1
得到的
代入图
2
得到的
中，可得
。
故正确答案为B。
7 杠杆综合难题
111. 如图所示是锅炉保险阀门的示意图。当阀门受到的蒸汽压力超过其安全值
时，阀门就会被拉开。如OB=2m，OA=0.5m，阀门的底面积S=2cm
2，锅炉内气体
压强的安全值p=6×10
5Pa（杠杆的重力，摩擦均不计，p0=1×10
5Pa），则B 所挂
重物的重力是（
）
A. 20N
B. 25N
C. 30N
D. 120N
【答案】B
【解析】气体产生的向上的力
F1=pS=6×10
5Pa×2×10
-4m
2=120N
大气产生的向下的压力为
F2=p0S=1×10
5Pa×2×10
﹣4m
2=20N
阀门受到向上的力为
F=F1﹣F2=120N﹣20N=100N
根据杠杆的平衡条件可知
F×OA=G×OB
物体的重力
100N 0.5m
25N
2m
F
OA
G
OB





故选B。
112．如图，轻质杠杆OA 中点悬挂一个重力为40N 的物体，在A 端施加一竖直向
上的力F，杠杆在水平位置平衡，下列有关说法正确的是（
）
A．杠杆处于水平位置平衡时拉力F 的大小为80N
B．此杠杆为费力杠杆
C．使杠杆顺时针转动的力是物体对杠杆的拉力
D．将杠杆从A 位置匀速提升到B 位置的过程中，力F 将增大
69
【答案】C
【详解】A．由杠杆平衡条件可知
1
2
G
OA
F
OA



即
1
40N
2 OA
F
OA



解得
20N
F 
。因此杠杆处于水平位置平衡时拉力F 的大小为20N，故A 错误；
B．因F<G，故此杠杆为省力杠杆，故B 错误；
C．由图可知，拉力F 使杠杆逆时针转动，物体对杠杆的拉力使杠杆顺时针转动，
故C 正确；
D．杠杆从A 位置匀速提升到B 位置，如下图所示：
杠杆在B 位置，OA′为动力臂，OC′为阻力臂，阻力不变为G，因为
△OC′D∽△OA′B
所以
OC′:OA′＝OD:OB＝1:2
因为杠杆平衡，所以
F′×OA′＝G×OC′
则
40N
20N
2
G
OC
OC
F
OA
OC









由此可知，当杠杆从A 位置匀速提到B 位置的过程中，力F 的大小不变，故D
错误。
故选C。
113. 杆秤是一种中国传统的称量工具，凝聚着中国人民的智慧。如图所示，O
为杆秤提纽，OA=8cm，秤砣质量m=0.2kg，不挂重物和秤砣时，手提提纽，杆秤
可水平平衡。用它称鱼，当秤砣置于B 点时，杆秤再次水平平衡，此时测得
OB=32cm，则鱼的质量为（
）
A. 1.0kg
B. 0.8kg
C. 0.6kg
D. 0.4kg
【答案】B
【解析】杆秤是一只杠杆，O 是支点，当杆秤在水平位置平衡时，根据杠杆的平
衡条件可得
70
G 鱼﹒OA=G 秤砣﹒OB
则鱼受到的重力
0.2kg 10N/kg
32cm
=
8N
8cm
G
OB
m
g OB
G
OA
OA







秤砣
秤砣
鱼
鱼的质量为
8N
=0.8kg
10N/kg
G
m
g


鱼
鱼
故B 符合题意，ACD 不符合题意。故选B。
114. 如图所示，轻质木杆AC 可以绕O 点转动，AB:OB=4:1，A 端挂着重为300N
的物体G，为了使木杆保持水平位置平衡，且物体G 对水平地面的压力为100N，
需要在B 点施加竖直向下的力的大小为（
）
A. 400N
B. 600N
C. 800N
D. 1200N
【答案】C
【解析】由题可知，A 端绳子所受的拉力为
1
300N 100N
200N
F 


根据杠杆平衡原理，有
1
AO
B
BO
F l
F
l



代入数据解得
B
800N
F 
故ABD 错误，C 正确。
115. 小明用独轮车搬运砖头，车箱和砖头的总质量是120kg，独轮车的有关尺
寸如图所示。推车时，下列说法正确的是（
）
A. 独轮车是省力杠杆
B. 动力臂是0.7m
71
C. 阻力臂是0.3m
D. 人手竖直向上的力F 的大小是
1500N
【答案】AC
【解析】A．由图可知，独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
故A 正确；
BC．支点在车轮的轴上，力F 为动力，所以动力臂的长度为1m，阻力是G，阻力
臂的长度为0.3m，故B 错误，C 正确；
D．砖头及车厢的总重
G=mg=120kg×10N/kg=1200N
由杠杆平衡条件F1l1=F2l2可知，人手竖直向上的力
F=
2
1
1200N 0.3m
1m
Gl
l


=360N
故D 错误。
116．手提重物（如图甲所示）可以简化为左端挂一重物可绕支点O 自由转动的
轻质杠杆（如图乙所示），杠杆在水平位置平衡时，在A 点施加的竖直向上的拉
力为150N。若保持拉力的方向不变，将拉力从A 点向左移动一段距离，杠杆平
衡时，拉力为120N；将拉力从A 点向右移动相等的距离，杠杆平衡时，拉力为
（
）
A．160N
B．180N
C．200N
D．250N
【答案】C
【详解】假设重物的重力的力臂为L，根据杠杆平衡条件可得
=
G
L F
OA


代入数据可得
=150N
G
L
OA


①
将拉力从A 点向左移动一段距离l，杠杆平衡时，有
=120N (
)
G
L
OA
l



②
①②联立可得
1
= 4
l
OA
③
将拉力从A 点向右移动相等的距离，杠杆平衡时，有
=
(
- )
G
L F
OA l



④
①③④联立可得
=200N
F
。故C 符合题意，ABD 不符合题意。
72
故选C。
117. 如图所示，轻质杠杆OB 可绕O 点转动，OA＝AB。在A 点悬挂物体，在B
点竖直向上拉动杠杆使其始终保持水平平衡，拉力为F。下列说法正确的是
（
）
A. F 的大小为物重的2 倍
B.物重增加5N，F 的大小也增加5N
C.物体悬挂点右移，拉力F 会增大
D.将F 改为沿图中虚线方向，拉力F 会减小
【答案】C
【解析】A.由图可知，OA＝AB，阻力的力臂为动力力臂的一半，根据杠杆的平衡
条件F×OB＝G×OA 可知，拉力F 的大小为物重的二分之一，故A 错误；
B.若物重增加5N，根据杠杆的平衡条件可知，F 的变化量为5N×1/2＝2.5N，故
B 错误；
C.当悬挂点右移时，动力臂、阻力不变，阻力臂变大，则动力F 将变大，故C
正确；
D.保持杠杆在水平位置平衡，将拉力F 转至虚线位置时，拉力的力臂变小，因为
阻力与阻力臂不变，由杠杆的平衡条件可知，拉力变大，故D 错误。故选：C。
118. 如图所示，杠杆OBA 可绕O 点在竖直平面内转动，
2
OB
BA

，在B 点悬挂
一个10N 的重物G，在A 点施加竖直向上的动力
1F 使杠杆OBA 水平平衡（杠杆重
力及摩擦均忽略不计），下列说法正确的是（
）
A．在A 点施加竖直向上的力
1F 时，该杠杆是费力杠杆
B．作用在A 点的力
1F 的大小为5N
C．如果重物的悬挂点B 向O 点移动，要使杠杆水平平衡，
1F 应变小
D．若将作用于A 点的力
1F 变为图中
2
F ，要使杠杆水平平衡，
2
F 应小于
1F
【答案】C
【详解】A．在A 点施加竖直向上的力F1时，动力臂是OA，阻力臂是OB，动力
臂大于阻力臂，该杠杆是省力杠杆，故A 错误；
B．由杠杆的平衡条件可知
73
F1×OA=G×OB
且
OA=OB+BA=3BA
则有
F1×3BA=G×2BA
解得
1
2
2
10N
6.7N
3
3
F
G




故B 错误；
C．如果重物的悬挂点B 向O 点移动，则OB 变小，由
F1×OA=G×OB
可知，OA 与G 大小不变，要使杠杆水平平衡，F1 应变小，故C 正确；
D．将作用于A 点的力F1变为图中F2，动力臂会变小，由杠杆的平衡条件可知，
在OB 与G 不变情况下，F2应大于F1，故D 错误。
119. 如图所示，是《天工开物》中记载的我国传统提水工具“桔槔”，用绳子
系住一根直的硬棒的O 点作为支点，A 端挂有重为40N 的石块，B 端挂有重为20N
的空桶，OA 长为1.2m，OB 长为0.6m。使用时，人向下拉绳放下空桶，装满重为
100N 的水后向上拉绳缓慢将桶提起。硬棒质量忽略不计，下列说法中正确的是
（
）
A. 向下拉绳放下空桶时桔槔为省力杠杆
B. 向下拉绳放下空桶时拉力为20N
C. 向上拉绳提起装满水的桶时桔槔为费力杠杆
D. 向上拉绳提起装满水的桶时拉力为40N
【答案】D
【解析】A．向下拉绳放下空桶时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A 错误；
B．向下拉绳放下空桶时，根据杠杆的平衡条件可知
G 石·OA=（G 桶+F）·OB
即40N×1.2m=（20N+F）×0.6m
解之可得：F=60N，故B 错误；
C．向上拉绳提起装满水的桶时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C 错误；
D．向上拉绳提起装满水的桶时，根据杠杆的平衡条件可知：
G 石·OA=（G 桶+G 水-Fˊ）·OB
即40N×1.2m=（20N+100N-Fˊ）×0.6m
解得Fˊ=40N，故D 正确。故选D。
74
120. 如图所示，一均匀杠杆可以绕中点O 自由转动，杠杆上垂直粘有A、B 两根
粗细相同的蜡烛且刚好在水平位置平衡，两蜡烛所处位置到O 点的水平距离lAO
＝2lBO，现同时点燃蜡烛，经时间t，它们减少了相等的质量，下列说法正确的
是（
）
A. 点燃前A、B 蜡烛重力之比为1∶2
B. 经时间t，杠杆右端下沉
C. 经时间t，杠杆左端下沉
D. 经时间t，杠杆继续保持水平平衡
【答案】AB
【解析】A．点燃前A、B 蜡烛前，杠杆处于平衡状态，根据杠杆的平衡条件可知
GAlAO＝GBlBO
变形得
A
B
1
2
BO
AO
l
G
G
l


故A 正确；
BCD．经时间t，蜡烛燃烧后减小的重力ΔG 相同，则支点左边力与力臂的乘积为
(GA-ΔG)lAO＝GAlAO﹣ΔGLAO
支点右边力与力臂的乘积为
(GB-ΔG)lBO＝GBlBO-ΔGlBO
由于lAO＞lBO，所以
ΔGlAO＞ΔGlBO，GAlAO＝GBlBO
则有
GAlAO﹣ΔGLAO＜GBlBO-ΔGlBO
所以杠杆右端下沉，故B 正确，CD 错误。故选AB。
121. 杆秤是一种中国传统的称量工具，凝聚着中国人民的智慧。如图所示，O
为杆秤提纽，OA=8cm，秤砣质量m=0.2kg，不挂重物和秤砣时，手提提纽，杆秤
可水平平衡。用它称鱼，当秤砣置于B 点时，杆秤再次水平平衡，此时测得
OB=32cm，则鱼的质量为（
）
A. 1.0kg
B. 0.8kg
C. 0.6kg
D. 0.4kg
【答案】B
75
【解析】杆秤是一只杠杆，O 是支点，当杆秤在水平位置平衡时，根据杠杆的平
衡条件可得
G 鱼﹒OA=G 秤砣﹒OB
则鱼受到的重力
0.2kg 10N/kg
32cm
=
8N
8cm
G
OB
m
g OB
G
OA
OA







秤砣
秤砣
鱼
鱼的质量为
8N
=0.8kg
10N/kg
G
m
g


鱼
鱼
故B 符合题意，ACD 不符合题意。故选B。
122. 如图为工地搬运砖头的独轮车，人抬起车把时，车体可以看成个杠杆，关
于这个杠杆下列说法正确的
是(
)
A. 手握的位置靠近把手末端时更费力
B. 砖头的位置远离车轮时抬起更省力
C. 轮子的中心是杠杆的支点
D. 图中拉力F 大于重力G
【答案】C
【解析】A．手握的位置靠近把手末端时，动力臂更长，则更省力，故A 错误；
B．砖头的位置远离车轮时，重力的阻力臂变大，故抬起更费力，故B 错误；
C．工地搬运砖头的独轮车工作时，车轮中心是支点，故C 正确；
D．根据杠杆平衡条件，拉力力臂大于阻力力臂，故图中拉力F 小于重力G，故D
错误。
123. 如图是小强利用器械进行锻炼的示意图，其中横杆AB 可绕固定点O 在竖直
平面内转动，OA∶OB=3∶2，在杆A 端用细绳悬挂重为300N 的配重，他在B 端施
加竖直方向的力F1，杆AB 在水平位置平衡，此时他对水平地面的压力为F2。为
了锻炼不同位置的肌肉力量，他将固定点移动到A 端，杆AB 可绕端点A 在竖直
平面内转动，配重悬挂在O 点，在B 端施加竖直方向的力使杆AB 在水平位置再
次平衡，此时，他对水平地面的压力为F3，压强为p。已知小强重为650N，两只
脚与地面接触的总面积为400cm²，不计杆重与绳重，下列判断正确的是（
）
76
A. F1为200N
B. F2为1100N
C. F3为830N
D. p 为11750Pa
【答案】C
【解析】A．已知OA∶OB=3∶2，根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2得
F1 ×OB =G×OA
即
1
3
300N
450N
2
G
OA
F
OB





故A 错误；
B．他对水平地面的压力为
F2=G 人- F1=650N -450N =200N
故B 错误；
C．将固定点移动到A 端，杆AB 可绕端点A 在竖直平面内转动，配重悬挂在O
点，在B 端施加竖直方向的力，使杆AB 在水平位置再次平衡，小强对B 端施加
力的方向应竖直向上，该力大小
4
3
300N
180N
2
3
G
OA
F
OA
OB







根据力的作用是相互的，则此时B 端对小强施加力的方向竖直向下，该力大小
F4ʹ= F4=180N
他对水平地面的压力
F3=G 人+ F4 ʹ =650N+180N =830N
故C 正确；
D．此时他对水平地面的压强
3
4
2
830N
20750Pa
400 10 m
F
p
S



＝
＝
故D 错误。故选C。
124. 如图所示，轻质杠杆AB 绕O 点转动，某同学在杠杆的左端挂一重为G 的物
块，在A 端施加一个始终竖直向下的力F，将重物慢慢提升到一定高度，使杠杆
处于图示的位置静止。下列说法错误的是（
）
A. 此时杠杆是平衡的
B. 此时该杠杆是省力杠杆
C. 此时G×OB≠F×OA
D. 要使A 端的力最小，则F 的方向应垂直OA 向下
【答案】C
【解析】A．杠杆处于图示的位置静止，此时杠杆是平衡的，故A 正确，不符合
题意；
B．如下图所示，此时该杠杆的动力臂大于阻力臂，故此时是省力杠杆
77
故B 正确，不符合题意；
C．此时杠杆平衡，由杠杆平衡条件得G×l1=F×l2，由两个直角三角形相似得
1
2
l
OB
l
OA

所以此时G×OB=F×OA
故C 错误，符合题意；
D．要使A 端的力最小，需要动力臂最长，即动力臂为OA 时，动力最小，则F
的方向应垂直OA 向下，故D 正确，不符合题意。故选C。
125．已知ρ铁=7.9×10
3kg/m
3，ρ铝=2.7×10
3kg/m
3，如图所示，A 端挂的实心铁
块，B 端挂的实心铝块，两金属块均浸没在水中，等臂杠杆平衡，若将两个盛水
杯撤去，则（
）
A．A 端向下，B 端向上
B．A 端向上，B 端向下
C. A 端向下，B 端向下
D. A 端向上，B 端向上
【答案】B
【解析】两个盛水杯不撤去，等臂杠杆平衡。
设A 端受到向下的拉力为FA、B 端受到向下的拉力为FB
根据杠杆平衡条件有FA OA=FB OB
由于OA=OB,所以FA =FB
根据浮力公式得到
FA =G 铁-ρ水gV 铁=ρ铁gV 铁-ρ水gV 铁=（ρ铁-ρ水）gV 铁
FB = G 铝-ρ水gV 铝=G 铝-ρ水gV 铝=（ρ铝-ρ水）gV 铝
V 铁/V 铝=（ρ铝-ρ水）/（ρ铁-ρ水）=（2.7×10
3-ρ水）/（7.9×10
3-ρ水）
所以V 铁＜V 铝
若将两个盛水杯撤去，
设A 端受到向下的拉力为FAA、B 端受到向下的拉力为FBB
FAA=ρ铁V 铁g=7.9×10
3V 铁g
FBB=ρ铝V 铝g=2.7×10
3V 铝g
FAA/ FBB=7.9×10
3V 铁g/2.7×10
3V 铝g
=(7.9×10
3/2.7×10
3) ×[（2.7×10
3-ρ水）/（7.9×10
3-ρ水）]
78
=(7.9/2.7) ×(1.7/6.9)
=1343/1863＜1
所以FAA＜FBB
所以A 端向上，B 端向下。
126．轻质杠杆AOB 的支点是O，AO＝BO，在A、B 两端分别挂铁块G1、G2，如图
所示，此时杠杆静止。若将两铁块同时浸没于水中，则杠杆（
）
A．A 端下沉
B．B 端下沉
C．保持平衡
D．以上均可能
【答案】C
【解析】ABCD．杠杆的示意图如下所示：
重物对B 端施加的力大小等于G2，力臂为OC；重物对A 端施加的力大小等于G1，
力臂为OA，根据杠杆的平衡条件
G1×OA＝G2×OC
G1的体积为
1
1
1
g
m
G
V




G2的体积为
2
2
2
g
m
G
V




G1受到的浮力为
1
1
1
g
G
F
gV
g
G








水
水
水
浮1
G2受到的浮力为
2
2
2
g
G
F
gV
g
G








水
水
水
浮2
此时左端力与力臂的乘积为


1
1
1
1
1
G
F
OA
G
OA
F
OA
G
OA
G
OA












水
浮1
浮
此时右端力与力臂的乘积为


2
2
2
2
G
F
OC
G
OC
F
OC
G
OC
G
OC












水
浮2
浮2
由于
G1×OA＝G2×OC
则
79
2
1
G
OA
G
OC








水
水
所以，左端＝右端，杠杆仍然处于平衡状态，故ABD 不符合题意，C 符合题意。
故选C。
127．如图所示，杠杆挂上钩码后恰好水平平衡，每个钩码质量相等，在下列情
况中，杠杆能保持水平位置平衡的是（
）
A．左、右钩码各向支点移一格
B．左、右各减少一半钩码
C．左、右钩码各减少一个钩码
D．左边增加一个钩码，右端向右移动一
格
【答案】BD
【详解】设杠杆的分度值为L，一个钩码的重为G。
A．左、右钩码各向支点移一格，杠杆左边
2
3
6
G
L
GL


杠杆右边
4
4
G
L
GL


不符合杠杆平衡条件，故A 不符合题意；
B．左、右各减少一半钩码，杠杆左边
4
4
G
L
GL


杠杆右边
2
2
4
G
L
GL


符合杠杆平衡条件，所以杠杆在水平位置平衡，故B 符合题意；
C．左、右钩码各减少一个钩码，杠杆左边
4
4
G
L
GL


杠杆右边
3
2
6
G
L
GL


不符合杠杆平衡条件，故C 不符合题意；
D．左边增加一个钩码，右端向右移动一格，杠杆左边
3
4
12
G
L
GL


杠杆右边
4
3
12
G
L
GL


符合杠杆平衡条件，故D 符合题意。
故选BD。
128. 如图，一块厚度、密度均匀的长方体水泥板放在水平地面上，用一竖直向
上的力，欲使其一端抬离地面，则(
)
甲
乙
A. 两种抬法都相当于费力杠杆
80
B.甲相当于省力杠杆，乙相当于费力杠杆
C.甲相当于费力杠杆，乙相当于省力杠杆
D.甲、乙用的力大小相等
D【解析】动力是竖直向上的力，阻力是水泥板的重力，F₁
和F₂
作用
于水泥板时，动力臂都大于阻力臂，所以两种抬法都相当于省力杠杆，故A、
B、C 不符合题意；对于形状规则、质地均匀的物体，其重心在其几何中心上，
所以甲中动力臂是阻力臂的2 倍，乙中动力臂短，阻力臂也短，动力臂仍然是
阻力臂的2 倍，根据杠杆的平衡条件可得
即动力都等于水泥板重力的一半，则F₁ =F₂ ,
故D 符合题意。故选D。
8 滑轮（组）机械效率综合难题
129. 如图所示小明组装了甲、乙两种滑轮，用来提升同一物体，G 物=200N（不
计绳重、轮重和摩擦），要使物体竖直匀速提升2m。下列说法中正确的是（
）
A. F 甲=200N，并向上移动4m
B. F 甲=100N，并向上移动2m
C. F 乙=200N，并向上移动1m
D. F 乙=400N，并向上移动lm
【答案】D
【解析】AB．不计绳重、轮重和摩擦，图甲是动滑轮，动滑轮不能改变力的方向，
但是可以省一半的力，所以
1
1
200N=100N
2
2
F
G



甲
物
拉力端移动的距离为
s=2h=2×2m=4m
故AB 错误；
CD．不计绳重、轮重和摩擦，图乙是动滑轮，拉力作用在动滑轮的轴上，拉力
F 乙=2G 物=400N
拉力端移动的距离为
1
1
2m=1m
2
2
s
h



故C 错误，D 正确。故选D。
130. 如图甲所示装置，小欢用力F 向下拉绳子，使物体M 在水平地面匀速移动，
地面ab、bc 粗糙程度不同。物体M 重为400N，动滑轮重为5N，ab=2m，bc=3m。
物体M 从a 点到c 点过程中，拉力F 与M 移动距离的关系如图乙，不考虑物体大
小对运动的影响，忽略绳子重力及滑轮转轴摩擦，对此过程的分析，下列结论正
确的是（
）
81
A. 绳子自由端移动的距离为15m
B. 拉力F 做的功为840J
C. 拉力F 在ab 段做的额外功等于在bc 段做的额外功
D. 物体从ab 段到bc 段，滑轮组的机械效率变大
【答案】BD
【解析】A．由图可知，绳子段数有2 段，物体移动的距离
s 物=2m+3m=5m
则绳子自由端移动的距离为
s=5m×2=10m
故A 错误；
B．由图乙可知，物体M 从a 点到b 点过程中，拉力F'=60N，绳子自由端移动距
离
s'=2m×2=4m
拉力F 做的功为
W'=F's'=60N×4m=240J
物体M 从b 点到c 点过程中，拉力F"=100N，绳子自由端移动距离
s"=3m×2=6m
拉力F 做的功为
W"=F"s"=100N×6m=600J
则拉力F 做的总功为
W=240J+600J=840J
故B 正确；
C．忽略绳子重力及滑轮转轴摩擦，拉力F 在ab 段做的额外功
W 额'=G 动sab=5N×2m=10J
拉力F 在bc 段做的额外功
W 额"=G 动sbc=5N×3m=15J
所以拉力F 在ab 段做的额外功小于在bc 段做的额外功，故C 错误；
D．在ab 段，滑轮组的机械效率
'
'
'
'
'
-
240J 10J
100%=
100%=
96%
240J
W
W
W
W
W







总
额
有
总
总
在bc 段，滑轮组的机械效率
''
''
''
''
''
''
-
600J 15J
100%=
100%=
97.5%
600J
W
W
W
W
W






总
额
有
总
总
82
故D 正确。故选BD。
131. 使用如图所示的滑轮组匀速提升重力不同的物体时，除了动滑轮的重力导
致的额外功外，其他因素导致的额外功与总功之比为一定值。已知动滑轮的重力
为1.0N，绳子能够承受的最大拉力为50N。当匀速提升重为9.0N 的物体时，滑
轮组的机械效率为81%，则使用该滑轮组匀速提升物体时的机械效率的最大值为
（
）
A. 90%
B. 89%
C. 88%
D. 87%
【答案】B
【解析】根据题意可知
100%
W
W
有
总


则
100%
100%
+
W
G h
W
G h
G h F
h





有
物
总
物
动
额外
又
81%

9.0N
G

物
可得
1.1N
G

额外
由题意可知，其他因素导致的额外功与总功之比为一定值，即有
1.1N
10%
+
11N
G
G
G
G



额外
物
动
额外
当绳子能够承受的最大拉力为50N 时，则有
'
'
'
'
100%
100%
+
W
G h
W
G h
G h F
h





有
物
总
物
动
额外
可得
'
2
10%
2 50N 10%
10N
m
F
F





额外
'
'
2
2 50N 1N 10N
89N
m
G
F
G
F







物
动
额外
83
故达到最大拉力时，机械效率的最大值为
'
'
'
'
'
89N
100%
100%
100%
100%
89%
+
2
100N
m
W
G h
G
W
G h
G h F
h
F










有
物
物
总
物
动
额外
故选B。
132.用如图甲所示的滑轮组缓慢提升不同物体，每次物体被提升的高度均为
0.5m，滑轮组的机械效率与物体受到重力的关系如图乙所示｡不计摩擦，下列分
析正确的是（
）
A. 动滑轮的重力为5N
B. 该滑轮组的机械效率可以达到100%
C. 滑轮组的机械效率越高，拉力做功越少
D. 每次提升重物时，滑轮组做的额外功为5J
【答案】D
【解析】A．由图象可知，当物重为10N 时，滑轮组的机械效率为50%，不计摩
擦，滑轮组的机械效率
η=
=
=
W
W
Gh
G
W
W
W
Gh
G h
G
G




有
有
总
有
额
动
动
动滑轮重力为
G 动=1
1 50% 10N=10N
50%
G







故A 错误；
B．使用滑轮组时，不计摩擦，由η
G
G
G


动
可知机械效率不可能达到100%，故
B 错误；
C．由图可知，物体的重力越大，滑轮组的机械效率越高，与拉力做功的多少无
关，故C 错误；
D．每次提升重物时，不计摩擦，克服动滑轮重力做的功为额外功，滑轮组做的
额外功为
W 额=G 动h=10N×0.5m=5J
故D 正确。
133. 某实验小组分别用如图所示的甲、乙两个滑轮组（每个滑轮等重），在相
84
同时间内把重物G 提升相同高度，F1和F2大小相等，不计绳重及摩擦，下列说法
正确的是
A. 力F1和F2做功的功率相同
B. 力F1和F2做的总功相同
C. 乙滑轮组更省力，两个滑轮组机械效率一样大
D. 甲滑轮组的机械效率比乙滑轮组高
【答案】D
【解析】①使用滑轮组时，手拉绳子自由端做的功是总功；总功与所用时间之比
是拉力做功的功率；②根据已知条件判断省力情况；利用公式η ＝
W
W
W
W
W

有
有
总
有
额外
＝
比较滑轮组机械效率．
【详解】由图知，甲滑轮组中n＝3，乙滑轮组中n＝4. AB、若重物上升高度为
h，则两滑轮组中绳端移动的距离分别为：s 甲＝3h，s 乙＝4h；甲滑轮组中拉力做
的总功为W 甲总＝F1•3h，乙滑轮组中拉力做的总功为W 乙总＝F2•4h，已知F1＝F2，
所以W 甲总＜W 乙总，故B 错误；已知时间相同，由公式P＝W
t 知，P 甲总＜P 乙总．故A
错误；C、已知F1＝F2，所以省力情况相同，故C 错误；D.甲、乙两滑轮组提升
的物重G 相同，提升高度相同,故有用功相同，甲滑轮组中有1 个动滑轮，乙滑
轮组中有2 个动滑轮，不计绳重及摩擦时，对动滑轮做的功为额外功，所以乙滑
轮组做的额外功多，据η＝
W
W
W
W
W

有
有
总
有
额外
＝
可知，η甲＞η乙，故D 正确．
134. 如图所示，在大小为4N 的水平拉力F 作用下，重为30N 的木块A 和轻质动
滑轮一起水平匀速移动了0.2m，所用的时间是2s，若不计滑轮的摩擦，下列说
法正确的是（
）
85
A. 绳子自由端移动的距离为0.4m
B．木块A 与地面的摩擦力为8N
C．木块所受重力做的功为6J
D．拉力做功的功率大小为1.2W
【答案】D
【解析】图中作用在动滑轮上绳子的股数为3。
A.绳子自由端移动的距离为：s＝nL＝3×0.2m＝0.6m，故A 错误；
B.不计滑轮的摩擦，所以物体与地面之间的摩擦力f＝3F＝3×4N＝12N，故B 错
误；
C.木块水平运动，在重力的方向上没有移动距离，重力不做功，即重力做功为0，
故C 错误；
D.拉力F 做的功：W＝Fs＝4N×0.6m＝2.4J，则拉力F 的功率：P＝W/t＝2.4J/2s
＝1.2W，故D 正确。
135. 用如图所示的装置提升重为800N 的物体A，动滑轮重为200N。在卷扬机对
绳子的拉力F 作用下，物体A 在10s 内竖直匀速上升了2m。在此过程中，不计
绳重和摩擦，下列说法正确的是（
）
A. 物体A 上升的速度为0.4m/s
B. 滑轮组的有用功为2000J
C. 拉力F 的功率为100W
D. 滑轮组的机械效率为80%
【答案】D
【解析】A．物体A 在10s 内竖直匀速上升了2m，上升的速度为
2m =0.2m/s
10s
h
v
t


故A 错误；
B．装置提升重为800N 的物体A，竖直匀速上升了2m，滑轮组的有用功为
 
800N
2m=1600J
W
Gh



有
故B 错误；
C．由图知，n=2，不计绳重和轮与轴间的摩擦，拉力为




1
1 800N
200N
500N
2
2
F
G
G





物
动
拉力端移动距离为
2
2 2m=4m
s
h


拉力做的总功
 
500N
4m=2000J
W
Fs



总
拉力做功的功率
86
2000J =200W
10s
W
P
t


总
故C 错误；
D．滑轮组的机械效率为
1600J
100%
100%
80%
2000J
W
W





有
总
故D 正确。故选D。
136. 一位同学用如图所示的滑轮组拉着重500N 的物体，使物体以0.1m/s 的速
度沿水平地面向右匀速直线运动10s，已知物体与地面间的滑动摩擦力为150N，
滑轮组的机械效率为60%，在此过程中下列选项正确的是（
）
A. 绳子自由端移动的距离为3m
B. 拉力做的有用功为500J
C. 拉力做的额外功为150J
D. 拉力做功的功率为25W
【答案】D
【解析】A．物体以0.1m/s 的速度沿水平地面向右匀速直线运动10s，物体移动
的距离是
s=vt=0.1m/s×10s=1m
有两根绳子与动滑轮相连，绳子自由端移动的距离为
s 绳=ns=2×1m=2m
故A 错误；
B．物体与地面间的滑动摩擦力为150N，拉力克服摩擦力做的有用功为
W 有=fs=150N×1m=150J
故B 错误；
C．滑轮组的机械效率是60%，则总功为
150J
250J
60%
W
W




有
总
拉力做的额外功为
W 额=W 总-W 有=250J-150J=100J
故C 错误；
D．拉力做功的功率为
250J
25W
10s
W
P
t



总
故D 正确。故选D。
137. 如图所示，在200N 的拉力F 作用下，用滑轮组将重为300N 的货物匀速提
升，在20s内货物竖直上升了2m，不计绳重及滑轮上的摩擦。下列说法正确的
是（
）
87
A. 滑轮组做的有用功为400J
B. 拉力F 做功的功率为30W
C. 滑轮组的机械效率为75%
D. 此滑轮组提升的货物越轻、机械效率越大
【答案】C
【解析】A．拉力做的有用功
W 有=Gh=300N×2m=600J
故A 错误；
B．由图可知，动滑轮上的绳子段数n=2，绳子自由端移动的距离
s=nh=2×2m=4m
拉力做的总功
W 总=Fs=200N×4m=800J
拉力做功的功率
800J
40W
20s
W
P
t



总
故B 错误；
C．滑轮组的机械效率
600J
100%
100%
75%
800J
W
W





有
总
故C 正确；
D．由不计绳重和摩擦时
1
1
W
W
Gh
G
G
W
W
W
Gh
G h
G
G
G









有
有
动
总
额外
动
动
有
可知，动滑轮的重力一定，提升的货物越轻，即G 越小，机械效率越小，故D
错误。
故选C。
138. 如图所示，用一个动滑轮把重100N 的沙袋从地面匀速提到6m 高的楼上，
所用拉力60N（绳重和摩擦不计），下列说法正确的是（
）
88
A. 动滑轮重40N
B. 绳子自由端通过的距离为12m
C. 拉力做的有用功为720J
D. 动滑轮的机械效率为8.3%
【答案】B
【解析】A．由图知，n=2，因为不计绳重和摩擦时


1
F
G
G
n


动，所以动滑轮
的重力
G 动=2F-G=2×60N-100N=20N
故A 错误；
B．绳子自由端移动的距离
s=nh=2×6m=12m
故B 正确；
C．拉力做的有用功
W 有用=Gh=100N×6m=600J
故C 错误；
D．拉力做的总功
W 总=Fs=60N×12m=720J
滑轮组的机械效率
600J
=
100%=
100%
72
83.
0J
3%
W
W




有用
总
故D 错误。
故选B。
139. 在老旧小区改造中，工人利用滑轮组将重380N 的建筑材料提升到楼顶，如
图所示。已知工人对绳子的拉力为200N，建筑材料在5s 内匀速上升5m，不计绳
重及摩擦。此过程中，下列说法正确的是（
）
A. 动滑轮所受重力为10N
B. 滑轮组所做的有用功为2000J
89
C. 工人所用拉力的功率为380W
D. 滑轮组的机械效率为95%
【答案】D
【解析】B．建筑材料上升的高度h=5m，所以有用功为
380N 5m
1900J
W
Gh




有
故B 错误；
C．由图可知，绳子股数n=2，绳端移动的距离为
s=2h=2×5m=10m
工人所用拉力的功为
200N 10m
2000J
W
Fs




总
拉力的功率为
2000J
400W
5s
W
P
t



总
故C 错误；
A．不计绳重及摩擦，所做的额外功为
2000J
1900J
100J
W
W
W





额
总
有
动滑轮所受重力为
100J
20N
5m
W
G
h



额
动
故A 错误；
D．滑轮组的机械效率为
1900J
100%
100%
95%
2000J
W
W





有
总
故D 正确。故选D。
140. 如图所示，用滑轮组提升重物时，5s 将重90N 的物体匀速提升了2m。已知
动滑轮重为10N（不计绳重和摩擦），则提升重物的过程中正确的是（
）
A. 绳子自由端拉力F 的大小为90N
B. 提升物体的过程中，拉力F 做的有用功为200J
C. 绳子自由端拉力F 的功率为36W
90
D. 此滑轮组的机械效率为90%
【答案】D
【解析】A．由题意可知，不计绳重和摩擦，物体重是90N，动滑轮重为10N，从
图中可以看到，两条绳子托着动滑轮，那么2F
G
G


物
动
代入数据可知2
90N 10N
F 

解得
50N
F =
，绳子自由端拉力F 的大小是50N，故A 错误；
B．提升物体的过程中，拉力F 做的有用功即是重物克服自身的重力所做的功，
那么
90N
2m
180J
W
G h




物
有用功
拉力F 做的有用功是180J，故B 错误；
C．5s 将重90N 的物体匀速提升了2m，两条绳子托着动滑轮，则绳子自由端移动
的距离
2
2 2m
4m
s
h



都是经历了5s 时间，那么绳子自由端移动的速度
4m
0.8m/s
5s
s
v
t



绳子自由端移动的速度是0.8m/s，由A 解析可知绳子自由端拉力F 的大小是50N，
根据P
Fv

可知，绳子自由端拉力F 的功率
50N 0.8m/s
40W
P
Fv




绳子自由端拉力F 的功率是40W，故C 错误；
D．由B 解析可知拉力F 做的有用功是180J，由C 解析可知绳子自由端拉力F 的
功率是40W，这个过程经历的时间是5s，绳子自由端拉力F 做的功是总功，这个
总功
40W
5s
200J
W
Pt




总功
这个总功是200J；此滑轮组的机械效率
180J
100%
100%
90%
200J
W
W





有用功
总功
此滑轮组的机械效率是90%，故D 正确。
141. 如图所示，工人站在水平台面上用滑轮组提货物。工人第一次竖直向上用
200N 的力拉绳子时，货物未离开水平地面；第二次竖直向上拉动绳子，使货物
以0.09m/s 的速度匀速上升。已知工人体重为600N，货物重为900N，货物与地
面的接触面积为
2
0.1m ，动滑轮重为100N。不计滑轮组的绳重和摩擦，下列说法
正确的是（
）
91
A. 第一次拉绳子时，工人对水平台面的压力为800N
B. 第一次拉绳子时，货物对地面的压强为4000Pa
C. 第二次拉绳子的过程中，该滑轮组的机械效率为90%
D. 第二次拉绳子的过程中，工人拉力的功率为81W
【答案】ABC
【解析】A．工人第一次竖直向上用200N 的力拉绳子时，绳子也在用200N 的力
竖直向下拉工人，所以工人对水平台面的压力为
=
+
=600N+200N=800N
F
G
F
压
人
拉
故A 正确；
B．由于滑轮组上承担重量的绳子股数n=3，每股绳子受到的拉力为200N，所以
货物和动滑轮受到绳子的拉力为
=3 200N=600N
F

总拉
由于动滑轮重为100N，所以货物受到的拉力为
=600N
100N=500N
F货拉
－
由于货物重为900N，所以货物对地面的压力为
=
=900N
500N=400N
F
G
F
压
货
货拉
－
－
货物与地面的接触面积为
2
0.1m ，所以货物对地面的压强为
2
400N
=
=
=4000Pa
0.1m
F
p
S
压
故B 正确；
C．第二次拉绳子时，绳子自由端的拉力为
+
900N+100N
1000
=
=
=
N
3
3
3
G
G
F
货
轮
拉
滑轮组的机械效率为
900N
=
=
=
=
100%=90%
1000
3
3
N 3
3
Gh
Gh
G
Fs
F
h
F





故C 正确；
92
D．货物以0.09m/s 的速度匀速上升，绳子移动的速度为
0.09m/s
=3
=
=0.2
s
3
7m/
v
v

绳
货
工人拉力的功率为
1000
=
=
N 0.27m/s
9 W
3
0
W
Fs
P
Fv
t
t 



故D 错误。
故选ABC。
142. 用如图所示的滑轮组拉动重300N 的箱子，以0.2m/s 的速度在水平地面上
做匀速直线运动，箱子与地面间的摩擦力为自身重力的0.2 倍，滑轮组的机械效
率为75%，下列说法正确的是（
）
A. 拉力F 为80N
B. 10s 内绳子自由端移动2m
C. 3s 内物体重力做功180J
D. 拉力F 的功率为16W
【答案】D
【解析】A．物体所受摩擦力为
0.2 =0.2 300N=60N
f
G


由图可知，相当于两段绳子拉着物体，又由于物体匀速运动，绳子拉物体的拉力
等于摩擦力，则有
=
=
2
2
W
fs
fs
f
W
Fs
Fs
F


有
物
物
绳
总
物
所以拉力为
60N
=
=
=40N
2
2 75%
f
F


故A 错误；
B．绳端移动的距离为
2
2
=2 0.2m / s 10s=4m
s
ns
s
v t





绳
物
物
物
故B 错误；
C．重力方向竖直向下，在力的方向上，物体没有移动，故重力不做功，故C 错
误；
D．绳子端移动速度为
2
=2 0.2m / s=0.4m / s
v
v


绳
物
拉力功率为
=40N 0.4m / s=16W
P
Fv


绳
故D 正确。故选D。
93
143. 使用如图所示的滑轮组，沿水平方向匀速拉动质量为300kg 的物体，弹簧
测力计的示数为200N，物体在10s 内移动1m。物体所受的摩擦力为物重的0.1
倍。不计绳重和滑轮组内的摩擦，下列说法正确的是（
）
A. 滑轮组的机械效率为50%
B. 动滑轮重为100N
C. 绳子自由端拉力的功率为20W
D. 增大物重机械效率不变
【答案】B
【解析】A．物体的重力
G=mg=300kg×10N/kg=3000N
物体受到的摩擦力
f=0.1G=0.1×3000N=300N
则拉力F 克服物体摩擦力做的有用功
W 有=fL=300N×1m=300J
由图可知，动滑轮用2 段绳子拉物体，且弹簧测力计的示数为200N，则拉力
F=200N，绳子自由端移动的距离s=2m，拉力做的总功
W 总=Fs=200N×2m=400J
滑轮组的效率
300J
100%
75%
400J
W
W




有
总
300J
100%
75%
400J
W
W




有
总
故A 错误；
B．由


1
F
f
G
n


动可知，动滑轮重
G 动=nF-f=2×200N-300N=100N
故B 正确；
C．拉力的功率
400J
40W
10s
W
P
t



总
故C 错误；
D．若增大物重，则物体受到的摩擦力变大，物体移动相同的距离，滑轮组所做
的有用功变大，而额外功不变，有用功在总功中所占的比例变大，因此机械效率
会变大，故D 错误。故选B。
144．如图所示，小华用滑轮组水平向左匀速拉动A 物体，A 物体5s 内移动了
100cm，且A 物体与水平地面的摩擦力大小为12N，已知滑轮组的机械效率为80%，
94
则下列说法错误的是（
）
A．拉力F 大小为4N
B．绳子自由端移动的速度为0.6m/s
C．拉力F 做功的功率为3W
D．拉力F 在5s 内对滑轮组做的额外功为3J
【答案】A
【解析】A、由图可知n＝3，由η＝
＝
＝
＝
可知，绳子自由端
的拉力：F＝
＝
＝5N，故A 错误；
B、物体移动的距离：s 物＝100cm＝1m，
绳子自由端移动的距离：s＝ns 物＝3×1m＝3m，
则绳子自由端移动的速度：v＝
＝
＝0.6m/s，故B 正确；
C、拉力做的总功：W 总＝Fs＝5N×3m＝15J，
拉力做功的功率：P＝
＝
＝3W，故C 正确；
D、有用功：W 有＝fs 物＝12N×1m＝12J，
额外功：W 额＝W 总﹣W 有＝15J﹣12J＝3J，故D 正确。
145. 如图所示，重100N 的物体A 在F=10N 的拉力作用下，3s 内沿水平地面匀
速直线运动了1.5m，不计绳和滑轮自重，滑轮组的机械效率为90%。下列说
法正确的是（
）
A. 绳自由端移动的速度为1m /s
B. 在此过程中所做的额外功为15J
C. 物体与地面间的滑动摩擦力为18N
D. 拉力F 增大时，物体A 受到地面的摩擦力一定变大
【答案】AC
【解析】A．由题图可知，与动滑轮相连的绳子的股数
2
n 
，当物体A 在3s 内
沿水平地面匀速直线运动了1.5m，则绳子自由端移动的距离为3m，则绳自由端
移动的速度为
3m
1m/s
3s
s
v
t



故A 正确；
B．此过程中，拉力做的总功为
10N 3m
30J
W
Fs




总
95
又滑轮组的机械效率为90%，则在此过程中所做的额外功为


1
30J (1 90%)
3J
W
W








额
总
故B 错误；
C．由于物体A 匀速运动，且不考虑绳和滑轮自重，则可知绳子给物体A 的拉力
等于物体A 受到的摩擦力，由于
2
n 
，F=10N，则有
A
100%
100%
2
W
fs
f
W
Fs
F





有用
总
绳子
2
90%
2 10N
18N
f
F





故C 正确；
D．由于地面的粗糙程度不变，且物体A 对地面的压力大小不变，则摩擦力大小
不会变，当拉力F 增大时，物体A 受到地面的摩擦力大小不会变，故D 错误。
故选AC。
146.用滑轮组进行“一瓶水提升一个人”活动，如图，水瓶匀速直线下降10m，
使人匀速升高0.5m，水瓶对绳a 的拉力为
1
30N
F 
，绳b 对人的拉力为
2
480N
F 
。此过程（
）
A. 有用功为300J
B.
1F 做的功等于
2
F 做的功
C.
1F 做的功小于
2
F 做的功
D. 滑轮组的机械效率为80%
【答案】D
【解析】A．
2
F 做的功为有用功，大小为
2
480N
0.5m
240J
W
F S




人
有用
故A 错误，不符合题意；
BC．
1F 做的功为总功，大小为
1
30N 10m
300J
240J
W
F S





瓶
总
故BC 错误，不符合题意；
96
D．滑轮组的机械效率为
240J
100%
80%
300J
W
W




有用
总
故D 正确，符合题意。故选D。
147. 小刚用如图所示的滑轮组，将重为10N 的物体匀速提升0.5m，已知动滑轮
重2N，不计绳重和摩擦，下列说法正确的是（
）
A. 拉力F 为5N
B. 有用功为10J
C. 绳子自由端移动的距离为1.5m
D. 该滑轮组的机械效率为83.3%
【答案】D
【解析】A．由图中可知，动滑轮上有两股绳子承重，故绳子自由端的拉力为




1
1
10N
2N
6N
2
2
F
G
G






动
故A 错误；
B．物体提升的高度为h=0.5m，故由W=Gh 可得，所做的有用功为
W 有=Gh=10N×0.5m=5J
故B 错误；
C．因动滑轮上有两股绳子承重，故绳子自由端移动的距离为
s=2h=2×0.5m=1m
故C 错误；
D．由图中可知，该滑轮组的机械效率为
10 N
100%
100%
83.3%
10N
2N
G
G
G







动
故D 正确。故选D。
148.如图所示，某建筑工人利用滑轮组提升水平面上重900N、底面积为200cm
2
的方形货箱，货箱20s 内匀速上升4m，工人所用拉力F 为400N（不计绳重和摩
擦），则（
）
97
A. 人拉绳子的速度为0.2m/s
B. 动滑轮的重力为300N
C. 此段时间内，拉力F 做功为3600J
D. 当滑轮组对货箱的拉力为零时，货箱对地面的压强为4.5×10
4Pa
【答案】BD
【解析】由图可知，
3
n 
A．货箱20s 内匀速上升4m，则货箱的速度
4m =0.2m/s
20s
s
v
t


货
货
则人拉绳子的速度
3 0.2m/s=0.6m/s
v
nv


绳
货
故A 不符合题意；
B．不计绳重和摩擦，将动滑轮和货箱看做整体，整体匀速上升，则整体处于平
衡态，受平衡力，对整体做受力分析可得
nF
G
G


动
箱
则动滑轮重
3 400N-900N=300N
G
nF
G



动
箱
故B 符合题意；
C．货箱20s 内匀速上升4m，则绳移动的距离
3 4m=12m
s
nh


绳
此段时间内，拉力F 做功
400N 12m=4800J
W
Fs



故C 不符合题意；
D．当滑轮组对货箱的拉力为零时，货箱对水平面的压力
900N
F
G


压
则货箱对水平面的压强
4
-4
2
900N
=4.5 10 Pa
200 10 m
F
p
S




压
故D 符合题意。故选BD。
98
149. 工人利用滑轮组吊起重为2400N 的路灯杆。如图所示，这是路灯杆一端刚
被匀速拉起的简图。路灯杆离地后被匀速提升1m，绳端拉力F=1000N。下列说法
正确的是（
）
A. 路灯杆一端刚被匀速拉起时，相当于费力杠杆
B. 路灯杆离地后，受到的拉力小于2400N
C. 路灯杆离地后，绳端拉力F 做的功为1000J
D. 路灯杆离地后，滑轮组的机械效率为80%
【答案】D
【解析】A．路灯杆一端刚被匀速拉起时，重力为阻力，动力臂大于阻力臂，相
当于省力杠杆，故A 错误；
B．路灯的重力是2400N，路灯杆离地后，匀速运动，拉力和重力是平衡力，受
到的拉力等于重力，拉力大小为2400N，故B 错误；
C．滑轮组的动滑轮绕3 段绳，路灯杆离地后，绳端拉力F 做的功
W 总=Fs=F×3h=1000N×3×1m=3000J
故C 错误；
D．路灯杆离地后，有用功
W 有=Gh=2400N×1m=2400J
滑轮组的机械效率
2400J
=
=
=80%
3000J
W
W

有
总
故D 正确。
150. 如图所示，小吉用200N 的拉力，在4s内将重500N 的物体匀速提高2m 。
不计绳重及摩擦，下列说法正确的是（
）
A. 动滑轮重为100N
B. 滑轮组的机械效率为62.5%
99
C. 拉力做功为1000J
D. 拉力的功率为300W
【答案】AD
【解析】A．不计绳重及摩擦，据滑轮组的特点有
3
3 200N
500N
100N
G
F
G





动
物
,故A 正确；
BC．小吉所做的有用功
W 有=G 物h=500N×2m=1000J
拉力做的总功
W 总=Fs=200N×3×2m=1200J
那么滑轮组的机械效率
1000J
83.3%
1200J
W
W



有
总
,故BC 错误；
D．拉力的功率
1200J
300W
4s
W
P
t



总
,故D 正确。
151.如图所示，重为2N 的物体A 放在水平桌面上，重为5N 的物体B 挂在动滑轮
下，每个滑轮重为1N(不计绳重和摩擦)，B 恰好可以匀速下降。现对A 施加水平
向左的拉力使B 上升，当B 以0.3m/s 的速度匀速上升时，拉力大小为F。下列
说法正确的是（
）
A. B 匀速下降时，物体A 受到3N 的摩檫力
B. 拉力F 的大小为4N
C. 拉力F 的功率为3.6W
D. B 匀速上升0.6m 的过程中，拉力F 做功2.4J
【答案】BC
【解析】A．由图通过动滑轮绳子段数n=3，不计绳重及摩擦时，B 拉A 的力
FA= 1
3 ( GB+G 动)= 1
3 ×(5N+1N)=2N
B 匀速下降，物体A 匀速向右运动时，受向右的拉力FA和向左的摩擦力作用，则
f=FA=2N
故A 错误；
B．当使物体B 以0.3m/s 的速度上升时，物体A 匀速向左运动，受向右的拉力
FA、摩擦力和向左的拉力F 作用，由于物体A 的压力和接触面没有改变，则摩擦
力大小不变，所以
F=FA+f=2N+2N=4N
100
故B 正确；
C．绳子自由端移动的速度为vA=3vB=3×0.3m/s=0.9m/s
所以拉力F 的功率
P=W
Fs
t
t

=FvA=4N×0.9m/s=3.6W
故C 正确；
D．B 匀速上升0.6m 的过程中，拉力F 做功
WF=Fs=F×3h=4N×3×0.6m=7.2J
故D 错误。
152.如图甲所示的装置，A 是重15N 的空吊篮，绳子B 和C 能承受的最大拉力分
别为100N 和50N。质量为50kg 的小张同学将A 提升到高处，施加的拉力F 随时
间变化关系如图乙所示，A 上升的速度v 随时间变化关系如图丙所示。忽略绳重
及摩擦，常数g 取10N/kg。下列结论正确的是（
）
A. 动滑轮的重力为9N
B. 第2s 内拉力F 的功率为40W
C. 此装置最多能匀速运载80N 的货物
D. 此装置提升重物的最大机械效率为85%
【答案】BC
【解析】A．由图丙可知，在1~2s 内物体匀速运动，图乙可知，拉力为10N，由
图甲知绳子股数n=2，则根据
A
G
G
G
F
n
n



动
总
即
15N
10N
2
G


动
解得G 动=5N
故A 错误；
B．第2s 内绳子自由端的速度为
A
2 2m/s=4m/s
v
nv



绳
第2s 内拉力F 的功率为
=10N
4m/s=40W
P
Fv


绳
故B 正确；
C．当拉力最大为50N 时，可以拉动物重为
A
-
-
2 50N-5N-15N=80N
G
nF G
G



物
动
101
绳子B 不断，故C 正确；
D．由C 可得，重物最重为80N，则最大的机械效率为
80N
=
100%
80%
250N
G h
G h
G
Fs
Fnh
nF





物
物
物
故D 错误。
153.如图所示，小明组装了甲、乙两种滑轮，用来提升同一物体，G 物= 200
N(不
计绳重、滑轮重和摩擦),要使物体竖直匀速提升2 m。下列说法中正确的是
(
)
甲
乙
A.F 甲=200 N, 并向上移动4m
B.F 甲=100 N, 并向上移动2m
C.F 乙=200 N, 并向上移动1m
D.F 乙=400 N, 并向上移动1m
D【
解析】不计绳重、滑轮重和摩擦，图甲是动滑轮，n=2, 动滑轮不能改变
力的方向，但是可以省一半的力，所以
100 N,拉力端移动的距离s=2h=2×2m=4 m,故A、B 错误；图乙是动滑轮，拉力
作用在动滑轮的挂钩上，拉力Fz=2G
物=400 N,拉力端移动的距离
,故C 错误，D 正确。故选D。
9 受力分析
154.解析
下坡时：货车匀速运动，处于平衡状态，合外力为零，此时货车所受滑动摩
擦力
的方向为沿斜面向上，
；
上坡时：货车匀速运动，处于平衡状态，合外力为零，此时货车所受滑动摩
擦力
的方向为沿斜面向下，受到的沿斜面向上的拉力
。
由于两个斜面的动摩擦系数
相同，根据滑动摩擦力
，可知
和
大小相等。
综上所述，货车受到的拉力大小
。因此A、B、C 三项均
错误，D 项正确。
故正确答案为D。
102
155.解析
A 项，运动员在运动过程中受到滑动摩擦力的作用，由于运动员对坡道和圆
弧形滑道的压力不同，故摩擦力大小会发生变化，故A 项错误；
B 项，由于运动员在圆弧形滑道上运动时，速度方向一直在发生变化，故运
动员运动状态在发生变化，运动员不处于平衡状态，因此运动员在圆弧形滑道运
动过程中所受合外力不为零，故B 项错误；
C、D 两项，运动员在坡道上匀速运动，加速度为零，故既不失重也不超重，
在滑入圆弧形滑道后，做匀速圆周运动，向心加速度指向圆心，有向上的分量，
按照牛顿第二定律，运动员处于超重状态，故D 项正确、C 项错误。
故正确答案为D。
156.解析
根据小物块处于受力平衡状态可知，小物块此时处于静止状态或沿斜面做匀
速直线运动，小物块受到的重力可以分解为垂直于斜面向下的分力
与沿
斜面向下的分力
。
若小物块处于静止状态，此时小物块受到的静摩擦力可能有三种情况：①当
时，f=0，②当
时，
，方向为沿斜
面向下，③当
时，
，方向为沿斜面向上；
若小物块沿斜面做匀速直线运动，此时小物块受到沿斜面方向的动摩擦力，
，方向与运动方向相反。
根据上述分析，可知D 项正确。
故正确答案为D。
157.解析
物体压在千斤顶上，物体对千斤顶的压力F 大小与物体重力大小
相等。将
物体对千斤顶的压力F 分解沿两臂的两个分力
、
。受力分析如图所示，根
据对称性可知，两臂受到的压力大小相等，即
。由
得：
。当夹角为
时，
。分析可知，不变，当逐渐减小时，
逐渐增大，
逐渐减小；当减少到
时
最小为
。因此随着夹角减少，两臂
受到的压力也减少，且一定小于物体的重力，A 项正确。
故正确答案为A。
158.解析
103
A 项：如上图所示，对物块进行受力分析，物块受到竖直向下的重力G，沿
斜面向上的拉力F，垂直斜面向上的支持力N，由于物块相对传送带向下运动，
故受到沿斜面向上的摩擦力f，物块一共受到4 个力的作用，错误；
B 项：由于物块与传送带之间有相对运动，故物块受到的摩擦力为滑动摩擦
力，并非静摩擦力，错误；
C 项：由上述分析可知，物块保持静止，受力平衡，故沿斜面方向也受力平
衡，设传送带与竖直方向夹角为
，有
，拉力F 和摩擦力f 的
和是定值，而拉力F 和摩擦力f 的大小无法确定，拉力F 的大小可能等于摩擦力
f，也可能小于f，甚至有可能大于f，故拉力F 和摩擦力f 的大小关系无法确定，
错误；
D 项：由C 项分析可知，
，若撤去拉力F，由于
，
故物块将沿传送带向下做匀加速运动，正确。
故正确答案为D。
159.解析
104
匀加速运动阶段：
如图一所示，先将物块A 与物块B 看作整体进行受力分析，竖直方向上，受
到向下的重力2mg，地面给的向上的支持力
，水平方向上，受到向右的恒力
，地面给的向左的动摩擦力
。根据动摩擦力公式
可得，
，
根据牛顿第二定律
可得，
，则
。
再对物块A、B 单独进行受力分析，物块A 受到竖直向下的重力mg、物块B
给的向上的支持力
、水平向右的恒力
以及物块B 给的水平向左的静摩擦力
。物块B 受到竖直向下的重力mg、地面给的竖直向上的支持力
及水平向
左的动摩擦力
，根据力的作用是相互的，物块B 受到物块A 给的竖直向下的
压力
及水平向右的静摩擦力f。研究物块B，根据牛顿第二定律
可得，
。
匀速运动阶段：
如图二所示，将物块A 与物块B 看作整体进行受力分析，竖直方向上，受到
向下的重力2mg，地面给的向上的支持力
，水平方向上，受到向右的恒力
，
地面给的向左的动摩擦力
。由于物块A、B 一起向右做匀速直线运动，处于
105
受力平衡状态，因此
，根据动摩擦力公式
可得，
，无论
是匀加速运动还是匀速运动，
相同。
由上述分析可知，
，故①错误，②正确。
，则
，故③错
误，④正确。
故正确答案为D。
160.解析
A 项，当物体处于静止或者匀速直线运动状态时，物体处于平衡状态，题干
中的物块随圆盘做匀速圆周运动，故物块并不处于平衡状态，错误；
B 项，物块绕固定轴做匀速圆周运动，对其进行受力分析可知，物块受竖直
向下的重力、竖直向上的支持力及指向圆心的摩擦力三个力的作用，正确；
C 项，根据向心力公式：
可知，当一定时，物块到转轴的距离
越远，所需的向心力越大，越容易脱离圆盘，错误；
D 项，根据向心力公式：
可知，当物块到转轴的距离一定时，物
块的角速度越大，所需向心力越大，越容易脱离圆盘，错误。
故正确答案为B。
161.解析
根据题意，防盗门受三个力
、
、G，这三个力必须达到平衡，门才会
稳定，A、C 两项防盗门在竖直方向上没有向上的力，受力不平衡，排除A、C。
假设没有铰链，防盗门上侧会有一个向外倾倒的趋势，故上铰链对防盗门的力应
该是向内侧的，排除D。
故正确答案为B。
162.解析
对图甲中物块的受力分析如图1 所示，物块受到竖直向下的重力G，垂直于
斜面向上的支持力
，沿着斜面向上的恒力
，沿着斜面向下的滑动摩擦力f，
设斜面的倾角为，将重力分解为沿斜面向下的力
、垂直于斜面向下的力
，由于物块匀速上滑，处于平衡状态，所受合外力为零，所以
，
。
对图乙中物块的受力分析如图2 所示，与图1 中受力情况相比，物块不受沿
斜面向上的恒力
，受到水平向左的恒力
，将恒力
分解为沿斜面向上的力
106
、垂直于斜面向下的力
，因为斜面始终静止，垂直于斜面方向始
终受力平衡，所以
，即支持力增大，B 项错误；由滑动摩擦力
可知，
支持力增大，摩擦力增大，C 项错误；因为
，所以
，即沿斜
面向上的力减小，因为摩擦力增大，所以沿斜面向下的力增大，因此物块A 所受
合外力沿斜面向下，D 项正确；由牛顿第二定律：F=ma 可知，加速度沿斜面向下，
与速度方向相反，物块A 将做减速运动，A 项错误。
故正确答案为D。
163.解析
如图所示，将四个物块看作一个整体进行受力分析可知，整体受到竖直向下
的重力
、竖直向上的支持力
、水平向右的外力F 和地面对整体水平向左
的摩擦力f。
A 项：对物块1 进行受力分析可知，物块1 受到竖直向下的重力
、竖直
向上的支持力
、水平向右的外力F、物块2 对物块1 水平向左的弹力
和
地面对物块1 水平向左的摩擦力
，即物块1 共受到5 个力的作用，正确；
B 项：对物块2 进行受力分析可知，物块2 受到竖直向下的重力
、物块
4 对物块2 竖直向下的压力
、竖直向上的支持力
、物块1 对物块2 水平
向右的弹力
、物块3 对物块2 水平向左的弹力
和地面对物块2 水平向左
的摩擦力
，即物块2 共受到6 个力的作用，错误；
C 项：由题干可知，物块3 对地面的压力
小于物块2 对地面的压力
，
根据滑动摩擦力公式
可知，物块3 受到地面的摩擦力小于物块2 受到
107
地面的摩擦力，错误；
D 项：由于物块4 为平衡状态，因此物块4 在水平方向上受力平衡，则物块
4 与物块2 之间无作用力，错误。
故正确答案为A。
164.解析
物体A 放在斜劈上之后，对物体A 进行受力分析，受重力，斜劈B 对物体A
的弹力以及沿着斜面向上的摩擦力。物体A 匀速下滑，那么物体A 所受的合外力
等于0，那么沿着斜面向下的重力的分力大小等于物体A 所受的摩擦力。受力分
析如图所示，沿着斜面向下的重力的分力为
，物体所受的滑动摩
擦力为
，在垂直斜面的方向的压力为
。在沿斜
面方向
，即
，可得
，在
沿着斜面匀速下滑时，与物体的质量没有关系。在竖直方向施加力
之后，相当
于增加物体A 的质量，那么物体A 仍然保持原来的匀速运动的状态。
故正确答案为B。
165.解析
A 项正确，B 项错误，物体M 受两个力作用，重力和轻绳对它的拉力，因为
悬挂物体的轻绳始终竖直，这两个力的合力一定不会沿杆方向，故二力平衡，物
体做匀速直线运动。
C、D 两项错误，根据上述分析，物体M 是匀速直线下滑，那么圆环也是匀
速直线下滑，匀速下滑时圆环处于平衡状态。对圆环进行受力分析可知，圆环受
重力、轻绳对它的拉力、滑杆对它的支持力和摩擦力四个力的作用，受到四个力
才能处于平衡状态。
故正确答案为A。
166.解析
108
A 项：将运动员看做质点，运动员的受力分析如图1 所示，在运动过程中，
场地对运动员的支持力
与重力的分力
的合力充当向心力，错误；
B 项：运动员到达最低点B 点时，做圆周运动，合外力指向圆心，此时运动
员受到的支持力与重力的合力充当向心力，因此支持力大于重力，运动员处于超
重状态，错误；
C 项：运动员从A 点运动到B 点的过程中，摩擦力忽略不计，只有重力做功，
机械能守恒，错误；
D 项：运动员运动到C 点时速度为零，由向心力公式
，可知运动
员在C 点时的向心力为零，正确。
故正确答案为D。
167.解析
绳子对人有60N 的拉力，人没动，是因为船给人向后60N 的摩擦力，故人给
船60N 向前的摩擦力。另外，由于滑轮组有两条绳子连着船上，故船受到绳子的
拉力为120N。因此船受到的总拉力为
N。
故正确答案为D。
168.解析
力施加到拱形的物体上时，力会被均匀地分散开来，因此会比直线型和凹形
的更坚固。因此，在材料相同时，拱形的物体所能承受的压力最大。
故正确答案为B。
169.解析
由题可知，
、
分别为斜面体甲、乙受到水平桌面的静摩擦力，属于系统
外力，则用整体法进行受力分析。
将铁球、斜面体甲、斜面体乙三者看作整体进行受力分析，竖直方向受到重
力G、支持力
的作用，水平方向受到静摩擦力
、
的作用，由于三者保持
静止状态，所以整体受力平衡，则在水平方向上
，C 项正确。
故正确答案为C。
170.解析
109
施加恒力
前，物块A 处于静止状态，此时受力平衡。对物块A 进行受力
分析，竖直方向上一定受到向下的重力G 和向上的恒力F，若G=F，则天花板对
物块A 没有支持力，物块A 与天花板接触但没有挤压，此时物块A 受到2 个力的
作用；若G＜F，物块A 在竖直方向上还受到天花板的支持力
，物块A 与天
花板接触且有挤压，此时物块A 受到3 个力的作用，因此，施加恒力
前，物
块A 可能受到2 个力的作用也可能受到3 个力的作用，A 项错误。
对物块A 施加一个水平向右的恒力
使其向右运动，则物块A 获得向右的
加速度，一段时间后撤去
后，若G=F，则物块A 与天花板接触但没有挤压，天
花板对物块A 没有支持力，则物块A 与天花板之间没有摩擦力，物块A 受到竖直
向下的重力和竖直向上的恒力F 共2 个力的作用；若G＜F，物块A 在竖直方向
上还受到天花板的支持力
，以及水平向左的动摩擦力f，此时物块A 受到4
个力的作用。因此，撤去
后，物块A 可能受到2 个力的作用，也可能受到4
个力的作用。B、C 两项错误，D 项正确。
故正确答案为D。
171.解析
如图所示，将5 个物块看作一个整体进行受力分析可知，其受到竖直向下的
重力
、竖直向上的支持力
、水平向右的外力F 和地面对其水平向左的摩
擦力
，由物块做匀速运动可知整体受力平衡，即合外力为零，因此
。
将物块4、5 看作一个整体进行受力分析可知，其受到竖直向下的重力
、
竖直向上的支持力
、物块3 对物块4 水平向右的弹力
和地面对其水平向
110
左的摩擦力
，由物块做匀速运动可知整体受力平衡，即合外力为零，因此
。
假设每一个物块的质量为m，则每一个物块的重力G=mg，根据受力分析可知
物块对地面的压力
，结合滑动摩擦力公式
，可得
、
，即
，因此
，即第3 个物块对第4 个物块的弹
力大小为
。
故正确答案为C。
172.解析
根据题干可知，最初购物车在水平恒力
的作用下匀速运动，即购物车处
于平衡状态，则购物车受到地面的摩擦力
，方向向后；当用水平恒力
向
后拉购物车时，购物车仍然向前运动，因此摩擦力方向向后，与
方向一致，
摩擦力大小不变，所以购物车减速的过程中所受到的合力大小
，A、B 两项均错误。
由A、B 两项分析可知，购物车在减速过程中受到的合力大小为（
），
根据牛顿第二定律F=ma 可知，此时购物车的加速度大小
，C 项错
误，D 项正确。
故正确答案为D。
173.解析
根据做功的公式
可知，若力与物体位移的夹角在
时，力做正功；若力与物体位移的夹角在
时，力做负功。
A 项错误，小球滑至底端的过程中，小球的重力与小球位移的夹角小于
，
故小球的重力对小球做正功。
B 项错误，C 项正确，物块对小球的支持力与小球位移的夹角大于
，故物
块对小球的支持力做负功。
D 项错误，小球对物块的压力垂直于斜面，小球对斜面的压力与物块位移的
夹角小于
，故小球对物块的压力做正功。
111
故正确答案为C。
174.解析
由题干物块A、B 沿斜面匀速下滑，斜面始终保持静止，可知物块A、B 与斜
面均处于受力平衡状态。
A 项：对物块B 进行受力分析，如图1 所示，物块B 受到竖直向下的重力
，
物块A 对物块B 垂直于接触面向上的支持力
，物块B 受力平衡，所以物块B
一定受到物块A 对其的摩擦力，方向沿接触面向上，错误；
B 项：将物块A、B 看作一个整体进行受力分析，如图2 所示，整体受到重
力
，斜面对其的支持力N，拉力F，整体处于平衡状态，因为不知道拉力
F 和重力沿斜面的分力
的大小，所以不能确定物块A 与斜面之间是否
有摩擦力，若
，则物块A 与斜面之间没有摩擦力，错误；
C 项：对物块A 进行受力分析，物块A 受到自身的重力，拉力F，物块B 的
压力，斜面的支持力和物块B 的摩擦力，此外斜面是否对物块A 有摩擦力不能确
定，因此物块A 最少受到5 个力的作用，错误；
D 项：将物块A、B 与斜面看作一个整体进行受力分析，如图3 所示，整体
受到竖直向下的重力G，向上的支持力N，拉力F，整体处于平衡状态，则一定
受到地面对其水平向左的摩擦力f，即地面对斜面的摩擦力水平向左，正确。
故正确答案为D。
175.解析
物块被压缩的弹簧弹出离开弹簧后，在水平面上做匀速直线运动。在A、B
间运动的过程中，物块在水平方向上不再受到弹簧弹力的作用，不计空气阻力，
若物块受到摩擦力的作用，则不可能做匀速直线运动，所以物块不受摩擦力的作
用；物块在竖直方向上受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力，并且这两个力
是一对平衡力，大小相等，方向相反。故A 项正确，B、C、D 三项错误。
故正确答案为A。
176.解析
112
A 项：沙桶、小铁块的受力分析如图所示，因为沙桶与小铁块在细绳的连接
下共同做加速运动，细绳不可伸长并始终处于紧绷状态，所以沙桶与小铁块的加
速度一致，将沙桶、小铁块和滑轮一起看作一个整体，那么在沿细绳方向上，这
个整体受到小铁块自身的重力mg 和桌面对沙桶的滑动摩擦力f 两个力的作用，
滑动摩擦力
，根据二者做加速运动，可得
，所以
，错
误；
B 项：因为沙桶与小铁块在细绳的连接下共同做加速运动，细绳不可伸长并
始终处于紧绷状态，所以二者加速度a 的大小是相同的，又因为
，即
，
往沙桶中加一定量沙子后，沙桶质量M 变大，其所受摩擦力
也变大，沙桶
与小铁块所受合力
变小，而总质量
变大，所以加速度a 变小，
错误；
C、D 两项：根据小铁块的受力分析
，可知当加速度a 变小时，
拉力T 变大，C 项错误，D 项正确。
故正确答案为D。
177.解析
如图所示，左右两个绳子关于竖直方向是对称的，与竖直方向夹角是相等的。
113
设绳子的总长度为
，两杆之间的距离为
，则
。当绳子右端上移或
者下移时，
与
均不变，则角度不变，左右两个绳子的合力与衣服的重力等
大反向，因角度不变，所以绳子的拉力不变，A 项与B 项错误；
当换一根略短的晾衣绳，
减小，因
不变，则角度变小，左右两个绳子
拉力
的合力与衣服的重力等大反向，
，
，则绳子的拉
力增大，绳子更容易断，C 项错误；
当换一根略长的晾衣绳，
变大，因
不变，则角度变大，则绳子的拉力
减小，可防止绳断，D 项正确。
故正确答案为D。
178.解析
A 项：由于物块与地面保持相对静止，故物块在传送带上受力平衡，对物块
进行受力分析，受到竖直向下的重力G，垂直传送带向上的支持力，以及沿传送
带向上的摩擦力f 共3 个力的作用，正确；
B 项：由于物块和传送带之间有相对运动，故物块所受摩擦力为沿斜面向上
的动摩擦力，正确；
C 项：由于物块与地面保持相对静止，且在传送带运动过程中，物块高度h
不发生变化，根据做功公式W=Fs 可知，物块竖直方向上的位移s 为零，故重力
不做功，错误；
D 项：由A 项分析可知，物块所受摩擦力沿斜面向上，根据作用力与反作用
力可知，传送带受到的摩擦力沿斜面向下，正确。
本题为选非题，故正确答案为C。
179.解析
A 项：物块A、B 整体向右水平运动，现物块A 受到一水平向左的作用力
，
要使物块A 水平向右运动，必然有一个水平向右且是物块B 给物块A 的摩擦力，
错误；
B 项：物块A、B 整体向右水平运动，物块B 相对地面向右运动，它受到的
地面摩擦力水平向左。但题干中没有说明是否为匀速运动，无法判断摩擦力大小，
错误；
C 项：物块A 在水平方向上受两个力作用：
和物块B 对物块A 的摩擦力；
在竖直方向上受两个力作用：重力和物块B 给物块A 的支持力，共计4 个力，错
误；
D 项：物块B 在水平方向上受三个力作用：
、物块A 对物块B 的摩擦力和
地面对物块B 的摩擦力；在竖直方向上受三个力作用：重力、物块A 对物块B
114
的压力和地面对物块B 的支持力，共计6 个力，正确。
故正确答案为D。
180.解析
先对整个系统相对运动情况分析如图①。
A.对铁球受力分析如图②，F2 即为木块对铁球弹力，方向垂直于木块斜面，
由于铁球位移方向竖直向下，F2 可分解为沿x 轴和沿y 轴方向，由功的定义F2
这个外力对铁球做功，A 错误。
B.对木块受力分析如图③，图②F2 与图③F3 为作用力与反作用力，木块位
移水平向右，F3 可分解为沿x 轴和沿y 轴方向，由功的定义F3 这个外力对木块
做功，所以机械能不守恒；或者可以从机械能的角度出发，木块由静止向右运动，
可知木块势能不变动能增加，所以机械能不守恒，B 错误。
C.对木块和铁球整体分析，两者只有重力做功，所以木块和铁球整体机械能
守恒，铁球势能的减少量与动能增加量之和等于木块动能的增加量，C 正确。
故正确答案为C。
181.解析
根据右手定则和左手定则，在a、b、c、d 四处放置电流方向垂直纸面向里
的直导线，两根导线会在电流产生的磁场影响下，相互吸引。
若在a、b、c 处放置导线，则斜面上导线在斜面方向不受向上的力，不可能
静止，故ABC 三项错误；
若在d 处放置导线，则斜面上导线受磁场对导线向d 的力，存在斜面方向向
上的分力，可能静止，D 项正确。
115
故正确答案为D。
182.解析
做受力分析，先单独分析甲，斜面上的甲受到竖直向下的重力
，
将重力沿着斜面方向和垂直于斜面方向分解，沿着斜面方向的分力，垂直于斜面
方向的分力
，因此给斜面的压力为
。由于摩擦系数
，所以
斜面能提供的动摩擦力为
，小于沿斜面向下的分力
，所以甲会沿斜面下
滑。
下滑时，斜面方向甲受到沿斜面向下的
和沿斜面方向向上的，斜面方向
合力
，所以加速度
。
由于加速度与质量无关，所以两人下滑加速度相同，下滑速度相同。
故正确答案为A。
116
10.力的合成与分解
183．“独竹漂”是一种传统的交通工具，人拿着竹竿站在单竹上，人和单竹筏
在水里减速滑行，人与竹筏相对静止，则（
）
A．人受合力为零
B．人对竹筏的力方向竖直向下
C．人和竹筏的重心在竹筏所在的竖直面上
D．人和竹竿构成的整体的重心，与杆受到合力的作用线在同一竖直平面上
【答案】CD
【详解】A．人和竹筏在水里减速滑行，速度在变化，根据牛顿第二定律可知
合力不为零，故A 错误；
B．竹筏在水平方向有加速度，人对竹筏的力在竖直方向有重力，水平方向有
摩擦力，所以人对竹筏的力方向不是竖直向下，故B 错误；
C．人和竹筏相对静止，且减速滑行，人和竹筏的重心要在竹筏锁在竖直面上
才能保持相对稳定，故C 正确；
D．人和竹竿构成的整体在减速滑行，受到的合力不为零，根据力的作用线和
重心的关系可知整体的重心与杆受到合力作用线应该在同一竖直面上，故D
正确。
故选CD。
184．工人卸货时常利用斜面将重物从高处滑下。如图，三个完全相同的货箱正
沿着表面均匀的长直木板下滑，货箱各表面材质和粗糙程度均相同。若1、2、
3 号货箱与直木板间摩擦力的大小分别为
1
fF 、
2
fF
和
3
fF
，则（
）
117
A．
1
2
3
f
f
f
F
F
F


B．
1
2
3
f
f
f
F
F
F


C．
1
3
2
f
f
f
F
F
F


D．
1
2
3
f
f
f
F
F
F


【答案】D
【详解】根据滑动摩擦力的公式
N
f
F


可知滑动摩擦力的大小与接触面积无关，只与接触面的粗糙程度和压力大小
有关，由题可知三个货箱各表面材质和祖糙程度均相同，压力大小也相同，
故摩擦力相同，即
1
2
3
f
f
f
F
F
F


故选D。
185．利用砚台将墨条研磨成墨汁时讲究“圆、缓、匀”，如图，在研磨过程中，
砚台始终静止在水平桌面上。当墨条的速度方向水平向左时，（
）
A．砚台对墨条的摩擦力方向水平向左
B．桌面对砚台的摩擦力方向水平向左
C．桌面和墨条对砚台的摩擦力是一对平衡力
D．桌面对砚台的支持力与墨条对砚台的压力是一对平衡力
【答案】C
【详解】A．当墨条速度方向水平向左时，墨条相对于砚台向左运动，故砚台
对墨条的摩擦力方向水平向右，故A 错误；
B．根据牛顿第三定律，墨条对砚台的摩擦力方向水平向左，由于砚台处于静
止状态，故桌面对砚台的摩擦力方向水平向右，故B 错误；
C．由于砚台处于静止状态，水平方向桌面和墨条对砚台的摩擦力是一对平衡
力，故C 正确；
D．桌面对砚台的支持力大小等于砚台的重力加上墨条对其的压力，故桌面对
砚台的支持力大于墨条对砚台的压力，故D 错误。
故选C。
186．用水平拉力使质量分别为m甲、m乙的甲、乙两物体在水平桌面上由静止开
始沿直线运动，两物体与桌面间的动摩擦因数分别为甲和乙。甲、乙两物
118
体运动后，所受拉力F 与其加速度a 的关系图线如图所示。由图可知
（
）
A．
甲
乙

m
m
B．m
m

甲
乙
C．


甲
乙
D．


甲
乙
【答案】BC
【详解】根据牛顿第二定律有
F－μmg=ma
整理后有
F=ma＋μmg
则可知F—a 图像的斜率为m，纵截距为μmg，则由题图可看出
m 甲>m 乙，μ甲m 甲g=μ乙m 乙g
则
μ甲<μ乙
故选BC。
187．矫正牙齿时，可用牵引线对牙施加力的作用。若某颗牙齿受到牵引线的两
个作用力大小均为F，夹角为α（如图），则该牙所受两牵引力的合力大小为
（
）
A．2
sin 2
F

B．2
cos 2
F

C．
sin
F

D．
cos
F

【答案】B
【详解】根据平行四边形定则可知，该牙所受两牵引力的合力大小为
2
cos 2
F
F


合
119
故选B。
考点02 共点力的平衡
188．如图，质量为m 的均匀钢管，一端支在粗糙水平地面上，另一端被竖直绳
悬挂，处于静止状态，钢管与水平地面之间的动摩擦因数为、夹角为，
重力加速度大小为g。则地面对钢管左端的摩擦力大小为（
）
A．
cos
mg


B．1
2
mg

C．mg

D．0
【答案】D
【详解】对钢管受力分析，如图所示
若钢管受到地面的摩擦力，则钢管水平方向受力不平衡，钢管不可能处于静
止状态，故地面对钢管左端的摩擦力大小为零。ABC 错误，D 正确。
故选D。
189．如图所示，长方体物块A
B
、
叠放在斜面上，B 受到一个沿斜面方向的拉
力F，两物块保持静止。B 受力的个数为（
）
A．4
B．5
C．6
D．7
【答案】C
【详解】根据题意，对A 受力分析可知，受重力、B 的支持力，由于A 静止，
则A 还受B 沿斜面向上的静摩擦力，对B 受力分析可知，受重力、斜面的支
持力、A 的压力、拉力F 、B 还受A 沿斜面向下的摩擦力，由于B 静止，则
受沿斜面向上的摩擦力，即B 受6 个力作用。
故选C。
190．山崖上有一个风动石，无风时地面对风动石的作用力是F1，当受到一个水
平风力时，风动石依然静止，地面对风动石的作用力是F2，以下正确的是
（
）
120
A．F2大于F1
B．F1大于F2
C．F1等于F2
D．大小关系与风力大小有关
【答案】A
【详解】无风时，地面对风动石的作用力方向竖直向上，与重力平衡，大小
为
1F
mg

当受到一个水平风力时，地面对风动石的作用力与竖直向下的重力及水平方
向的风力F，三力平衡
根据平衡条件可知，地面对风动石的作用力大小为


2
2
2
F
F
mg


，故
F2大于F1。
故选A。
191．如图，内壁截面为半圆形的光滑凹槽固定在水平面上，左右边沿等高。该
截面内，一根不可伸长的细绳穿过带有光滑孔的小球，一端固定于凹槽左边
沿，另一端过右边沿并沿绳方向对其施加拉力F。小球半径远小于凹槽半径，
所受重力大小为G。若小球始终位于内壁最低点，则F 的最大值为（
）
A．1
2 G
B．
2
2 G
C．G
D．
2G
【答案】B
【详解】分析可知当凹槽底部对小球支持力为零时，此时拉力F 最大，根据
平衡条件有
m
2
cos45
F
G

解得
m
2
2
F
G

故选B。
192．中国运动员以121 公斤的成绩获得2024 年世界举重锦标赛抓举金牌，举起
杠铃稳定时的状态如图所示。重力加速度
2
10m/s
g 
，下列说法正确的是
121
（
）
A．双臂夹角越大受力越小
B．杠铃对每只手臂作用力大小为605N
C．杠铃对手臂的压力和手臂对杠铃的支持力是一对平衡力
D．在加速举起杠铃过程中，地面对人的支持力大于人与杠铃总重力
【答案】D
【详解】AB．杠铃的重力为
121 10
1210N
G
mg




手臂与水平的杠铃之间有夹角，假设手臂与竖直方向夹角为，根据平衡条
件可知
2
cos
F
G

可知，双臂夹角越大，F 越大；结合cos
1
，解得杠铃对手臂的作用力
605N
F 
AB 错误；
C．杠铃对手臂的压力和手臂对杠铃的支持力是一对相互作用力，C 错误；
D．加速举起杠铃，人和杠铃构成的相互作用系统加速度向上，系统处于超
重状态，因此地面对人的支持力大于人与杠铃的总重力，D 正确。
故选D。
193．如图为小猫蹬地跃起腾空追蝶的情景，则（
）
A．飞行的蝴蝶只受重力的作用
B．蝴蝶转弯时所受合力沿运动方向
C．小猫在空中受重力和弹力的作用
D．小猫蹬地时弹力大于所受重力
【答案】D
122
【详解】A．飞行的蝴蝶除了受到重力的作用还受到空气的作用力，故A 错
误；
B．蝴蝶转弯时做曲线运动，所受合力与速度方向不在一条直线上，故B 错
误；
C．小猫在空中与其他物体间没有接触，不受弹力的作用，故C 错误；
D．小猫蹬地时有向上的加速过程，故弹力大于所受重力，故D 正确。
故选D。
11.运动学
194.解析
汽车速度
。汽车的实际长度与成像之间
的比例
；则底片上汽车的像移动的尺寸不大于0.1mm，所对应的
距离
。
故曝光的时间
=
。
故正确答案为A。
195.解析
A、B 两项：根据题意可知，总路程为10km，但由于中间经过转弯，故总位
移要小于1
0km，而分钟
h，根据平均速度
可知，平均速度
km/h
km/h，故A 项正确，B 项错误；
C 项：判断汽车是否压线违规时，不能忽略其形状和大小，所以不能把汽车
看成质点，错误；
D 项：由A、B 两项分析可知，小龙的位移要小于10km，错误。
故正确答案为A。
196.解析
A 项：当物体所受合外力方向与速度方向不垂直时，根据牛顿第二定律
，可知合外力与加速度方向一致，加速度与速度方向也不垂直，将加
速度分解为沿着速度方向与垂直于速度方向，垂直于速度方向的加速度改变速度
的方向，沿着速度方向的加速度改变速度的大小，所以当物体所受合外力方向与
速度方向不垂直时，速度大小一定改变，错误；
B 项：由A 项分析可知，垂直于速度方向的加速度会改变速度的方向，所以
做直线运动的物体加速度与速度的方向一定在同一直线上，正确；
C 项：物体处于受力平衡状态时所受合外力为零，此时物体处于静止或匀速
直线运动状态，不可能做曲线运动，错误；
123
D 项：当物体做匀速圆周运动时，物体所受的合外力方向垂直于速度方向指
向圆心，合外力的方向不断变化，即合外力不断变化，但物体做匀速圆周运动，
物体线速度大小保持不变，所以当物体所受合外力发生变化时，物体速度大小不
一定改变，错误。
故正确答案为B。
197.解析
A、B 两项，同一物体的重力不变，对水平面的压力不变；在同一水平面上
运动，则接触面的粗糙程度相同，故两次拉动物体时，物体受到的摩擦力相等，
即
；由图像可知，两次物体都做匀速直线运动，说明物体受到的拉力和
摩擦力是一对平衡力，所以，物体两次所受的拉力：
，故A 项正确，
B 项错误；
C、D 两项，由图像可知，
时间内物体第一次通过的路程大于第二次通
过的路程，又知两次拉力相等，根据
可知
；
时间内，时
间相同，且
，根据
可知，
时间内，两次拉力对物体做功
的功率：
，故C、D 两项均正确。
本题为选非题，故正确答案为B。
198.解析
当密闭玻璃管突然由静止开始向右运动时，密闭玻璃管内的液体由于惯性，
要保持原来的静止状态不变，从而把气泡挤向右边，即管内气泡向右移动。故A
项正确，B、C、D 三项错误。
故正确答案为A。
199.解析
从A 点到B 点小球做加速度逐渐减小的加速运动，从B 点到C 点小球做加速
度逐渐减小的加速运动，从C 点到D 点小球做加速度逐渐增大的减速运动，直到
速度减小到零。
A、B 两项：由小球的运动情况可知，小球在C 点速度达到最大，所以C 点
为小球动能最大的位置，均错误；
C 项：小球在D 点速度为零，此时小球不具有动能，所以小球重力势能的减
少量全部转化为弹簧的弹性势能，错误；
D 项：由于
，小球到达C 点时，弹簧的伸长量等于在A 点时的压
缩量，因此在A、C 两点弹簧的弹性势能相等，小球重力势能的减少量等于小球
动能的增加量，正确。
故正确答案为D。
200.解析
剪断细绳后，小球A 由静止开始下落，对小球A 进行受力分析，小球A 受到
竖直向下的重力和竖直向上的空气阻力，刚剪断细绳时，重力大于空气阻力，合
124
外力向下，根据牛顿第二定律
可知，G-f=ma，即
，小球A
向下做加速运动。随着小球A 下落速度的不断增大，空气阻力f 也逐渐增大，加
速度不断减小，当加速度减小到0 时，重力与空气阻力相等，此时小球A 受力平
衡，做匀速直线运动。综上所述，小球A 先加速后匀速，A、B、C 三项均错误，
D 项正确。
故正确答案为D。
201.解析
物体做圆周运动所需的向心力
，其中
是物体的质量，是物
体运动的角速度，是运动的圆周轨道半径。
玻璃管开始旋转时，水和乒乓球以相同的角速度做圆周运动，由于水质量大
于乒乓球，故做圆周运动时所需要的向心力光凭管壁摩擦力不足以提供，故乒乓
球附近的水会做离心运动，被“甩”到外侧管底，在管底支持力的作用下，进行
圆周运动，与此同时，乒乓球在水的作用下向内侧运动，最终停留在O 点。
故正确答案为C。
202.解析
由图可知，该图像是一个F-t 图像，根据牛顿第二定律，
，当
时加速度也大于零，且方向相同，质量相同，所以a、b、c 三个点的加速度相同，
故A 项正确；因为这是一个F-t 图像，而不是v-t 图像，由A 项分析可知，
则
，所以到达波峰顶端时，加速度也大于零，故B 项错误；因为a、b、c
三个点的加速度相同，所以在a，b 两点时也在做加速运动，故C 项错误；如果
物体处于光滑平面上，加速度恒大于零，则物体一直做加速运动，但是该题没有
光滑平面的条件，所以物体有可能受摩擦力，在波谷时
，此时做匀速运动，
故D 项错误。
故正确答案为A。
203.解析
125
对小球作受力分析，如图所示，小球受到竖直向下的重力G、沿着轻绳方向
的拉力T，根据小球、物块A 均与汽车保持相对静止可知，三者运动状态相同，
均在水平方向做直线运动，即小球的加速度为零或者加速度的方向为水平方向，
由牛顿第二定律：F=ma 可知，小球受到的合外力为零或者合外力的方向为水平
方向，由于重力G 与拉力T 不在同一直线，二者的合外力不能为零，因此重力G
与拉力T 的合外力为水平向右的力
，即小球的加速度方向水平向右，由于三
者保持相对静止，因此三者加速度也相同，即汽车与物块A 的加速度方向均水平
向右，汽车与物块A 所受合外力方向水平向右。
A、B 两项：汽车的加速度方向水平向右，但是汽车速度方向无法确定，因
此汽车可能向左运动，也可能向右运动。若汽车的速度方向向右，速度方向与加
速度方向相同，汽车做加速运动；若汽车的速度方向向左，速度方向与加速度方
向相反，汽车做减速运动，均正确；
C、D 两项：对物块A 进行受力分析，竖直方向上受到向下的重力与向上的
支持力，重力与支持力平衡，由于物块A 所受合外力水平向右，因此物块A 一定
受到水平向右的摩擦力，C 项错误，D 项正确。
本题为选非题，故正确答案为C。
204.解析
驱动轮受到的摩擦力向前，为车前进的动力；从动轮受到的摩擦力向后，是
车前进的阻力。该车为后驱车，后轮为驱动轮，前轮为从动轮。
A 项：车前进的动力就是地面对后轮的摩擦力，是同一个力的不同说法，不
是平衡力，错误；
B 项：地面对车后轮的摩擦力方向向前，对车前轮的摩擦力方向向后，并且
车匀速行驶，说明车在这两个摩擦力的作用下达到平衡，因此这两个力是一对平
衡力，正确；
C 项：地面对车的前后轮的支持力均竖直向上，方向相同，不符合平衡力的
定义，错误；
D 项：地面对车前轮的摩擦力与地面对车后轮的摩擦力是一对平衡力，大小
相等，方向相反，因此整体来看，地面对车的摩擦力不做功，错误。
126
故正确答案为B。
205.解析
用
表示物块M 的质量，用
表示物块N 的质量，用a 表示加速度，根据
牛顿第二定律F=ma 可知：
在第一种情景中，F 水平向右，
，此时
；
在第二种情景中，F 水平向左，
，此时
；
根据已知信息可知
，可得出
。
所以A、B、D 三项均错误，C 项正确。
故正确答案为C。
12.直线运动
206.解析
水波在水面传播速度相等，所以水波圆圈越小，代表水波产生越晚。观察ABD
三项，水波自左向右大小依次变小，说明水波自左到右依次产生，蜻蜓应向右飞，
而C 项水波圆心在同一点，说明蜻蜓原地点水。故排除C、D 两项。
若蜻蜓飞行速度和水波传播速度相等，则新点水时，刚好在旧水波圆圈上点
水。随后扩散时，新产生的水波圆圈应与旧水波圆圈相切，A 项正确。
若蜻蜓飞行速度比水波传播速度慢，则新点水时，在旧水波圆圈内点水。随
后扩散时，新产生的水波圆圈应与旧水波圆圈无交点，B 项错误。
故正确答案为A。
专题01 直线运动
考点01 匀变速直线运动规律
207．新能源汽车在辅助驾驶系统测试时，感应到前方有障碍物立刻制动，做匀
减速直线运动。2s 内速度由12m / s 减至0。该过程中加速度大小为（
）
A．
2
2m / s
B．
2
4m / s
C．
2
6m / s
D．
2
8m / s
【答案】C
【详解】根据运动学公式
0
v
v
at


，代入数值解得
2
6m / s
a 
故加速度大小为
2
6m / s 。
故选C。
208．书法课上，某同学临摹“力”字时，笔尖的轨迹如图中带箭头的实线所示。
笔尖由a 点经b 点回到a 点，则（
）
127
A．该过程位移为0
B．该过程路程为0
C．两次过a 点时速度方向相同
D．两次过a 点时摩擦力方向相同
【答案】A
【详解】A．笔尖由a 点经b 点回到a 点过程，初位置和末位置相同，位移为
零，故A 正确；
B．笔尖由a 点经b 点回到a 点过程，轨迹长度不为零，则路程不为零，故B
错误；
C．两次过a 点时轨迹的切线方向不同，则速度方向不同，故C 错误；
D．摩擦力方向与笔尖的速度方向相反，则两次过a 点时摩擦力方向不同，故
D 错误。
故选A 。
209．我国水下敷缆机器人如图所示，具有“搜寻—挖沟—敷埋”一体化作业能
力。可将机器人看成质点的是（
）
A．操控机器人进行挖沟作业
B．监测机器人搜寻时的转弯姿态
C．定位机器人在敷埋线路上的位置D．测试机器人敷埋作业时的机械臂动作
【答案】C
【详解】操控机器人进行挖沟作业、监测机器人搜寻时的转弯姿态、测试机
器人敷埋作业时的机械臂动作均不能忽略机器人的大小和形状，需要关注机
器人本身的变化情况，因此不可以看作质点，定位机器人在敷埋线路上的位
置时可以忽略机器人的大小和形状，可以视为质点。
故选C。
210．下列物理量中，属于矢量的是（
）
A．位移
B．时间
C．电流
D．热量
【答案】A
【详解】A．位移既有大小又有方向，且运算法则为平行四边形法则，是矢量，
故A 正确；
BD．时间和热量均只有大小没有方向，是标量，故BD 错误；
C．电流运算法则是算术法则，是标量，故C 错误。
故选A。
211．某物体位置随时间的关系为x = 1＋2t＋3t
2，则关于其速度与1s 内的位移
大小，下列说法正确的是（
）
128
A．速度是对物体位置变化快慢的物理量，1s 内的位移大小为6m
B．速度是对物体位移变化快慢的物理量，1s 内的位移大小为6m
C．速度是对物体位置变化快慢的物理量，1s 内的位移大小为5m
D．速度是对物体位移变化快慢的物理量，1s 内的位移大小为5m
【答案】C
【详解】根据速度的定义式
x
v
t


表明，速度等于位移与时间的比值。位移
是物体在一段时间内从一个位置到另一个位置的位置变化量，而时间是这段
时间的长度。这个定义强调了速度不仅描述了物体运动的快慢，还描述了物
体运动的方向。因此，速度是对物体位置变化快慢的物理量。再根据物体位
置随时间的关系x = 1＋2t＋3t
2，可知开始时物体的位置x0 = 1m，1s 时物体
的位置x1 = 6m，则1s 内物体的位移为
Δx = x1－x0 = 5m
故选C。
212．2024 年5 月3 日，长征五号遥八运载火箭托举嫦娥六号探测器进入地月转
移轨道，火箭升空过程中，以下描述其状态的物理量属于矢量的是（
）
A．质量
B．速率
C．动量
D．动能
【答案】C
【详解】矢量是既有大小，又有方向的物理量，所以动量是矢量，而质量、
速率、动能只有大小没有方向，是标量。
故选C。
213．杭州亚运会顺利举行，如图所示为运动会中的四个比赛场景。在下列研究
中可将运动员视为质点的是（
）
A．研究甲图运动员的入水动作
B．研究乙图运动员的空中转体姿态
C．研究丙图运动员在百米比赛中的平均速度
D．研究丁图运动员通过某个攀岩支点的动作
【答案】C
【详解】A．研究甲图运动员的入水动作时，运动员的形状和体积对所研究
问题的影响不能够忽略，此时运动员不能够看为质点，故A 错误；
B．研究乙图运动员的空中转体姿态时，运动员的形状和体积对所研究问题
的影响不能够忽略，此时运动员不能够看为质点，故B 错误；
C．研究丙图运动员在百米比赛中的平均速度时，运动员的形状和体积对所
研究问题的影响能够忽略，此时运动员能够看为质点，故C 正确；
D．研究丁图运动员通过某个攀岩支点的动作时，运动员的形状和体积对所
研究问题的影响不能够忽略，此时运动员不能够看为质点，故D 错误。
故选C。
129
考点02 运动图像
追及相遇问题
214．如图所示是某汽车通过ETC 过程的v
t
图像，下面说法正确的是（
）
A．
1
0
t

内，汽车做匀减速直线运动
B．1
2
t
t

内，汽车静止
C．
1
0
t

和2
3
t
t

内，汽车加速度方向相同
D．
1
0
t

和2
3
t
t

内，汽车速度方向相反
【答案】A
【详解】A．由图可知v
t
图像的斜率表示加速度，
1
0
t

时间内加速度为负
且恒定，速度为正，加速度方向与速度方向相反，故
1
0
t

时，汽车做匀减
速直线运动，故A 正确；
B．1
2
t
t

内，汽车做匀速直线运动，故B 错误；
C．
1
0
t

内加速度为负，2
3
t
t

内加速度为正，故
1
0
t

和2
3
t
t

内，汽车加
速度方向相反，故C 错误；
D．
1
0
t

和2
3
t
t

内，汽车速度方向相同，均为正，故D 错误。
故选A。
215．如图（a），倾角为的足够长斜面放置在粗糙水平面上。质量相等的小物
块甲、乙同时以初速度
0v 沿斜面下滑，甲、乙与斜面的动摩擦因数分别为
1
、
2
，整个过程中斜面相对地面静止。甲和乙的位置x 与时间t 的关系曲线
如图（b）所示，两条曲线均为抛物线，乙的x t
曲线在t
t

0 时切线斜率为
0，则（
）
130
A．
1
2
2tan





B．t
t

0 时，甲的速度大小为
0
3v
C．t
t

0 之前，地面对斜面的摩擦力方向向左
D．t
t

0 之后，地面对斜面的摩擦力方向向左
【答案】AD
【详解】B．位置x 与时间t 的图像的斜率表示速度，甲乙两个物块的曲线均
为抛物线，则甲物体做匀加速运动，乙物体做匀减速运动，在0t 时间内甲乙
的位移可得
0
0
0
0
0
0
0
3
,
2
2
v
v
v
x
t
x
x
t
x






甲
乙
可得0t 时刻甲物体的速度为
0
2
v
v

，B 错误；
A．甲物体的加速度大小为
0
1
0
v
v
a
t


乙物体的加速度大小为
0
2
0
v
a
t

由牛顿第二定律可得甲物体
1
1
sin
cos
mg
mg
ma





同理可得乙物体
2
2
cos
sin
mg
mg
ma





联立可得
1
2
2tan





，A 正确
C．设斜面的质量为M ，取水平向左为正方向，由系统牛顿牛顿第二定理可
得
1
2
cos
cos
0
f
ma
ma





则t
t

0 之前，地面和斜面之间摩擦力为零，C 错误；
D．t
t

0 之后，乙物体保持静止，甲物体继续沿下面向下加速，由系统牛顿
131
第二定律可得
1 cos
f
ma


即地面对斜面的摩擦力向左，D 正确。
故选AD。
216．如图所示，某滑雪爱好者经过M 点后在水平雪道滑行。然后滑上平滑连接
的倾斜雪道，当其达到N 点时速度为0，水平雪道上滑行视为匀速直线运动，
在倾斜雪道上的运动视为匀减速直线运动。则M 到N 的运动过程中，其速度
大小v 随时间t 的变化图像可能是（
）
A．
B．
C．
D．
【答案】C
【详解】滑雪爱好者在水平雪道上做匀速直线运动，滑上平滑连接（没有能
量损失，速度大小不变）的倾斜雪道，在倾斜雪道上做匀减速直线运动。
故选C。
217．一质点做直线运动，下列描述其位移x 或速度v 随时间t 变化的图像中，
可能正确的是（
）
A．
B．
132
C．
D．
【答案】C
【详解】AB．物体做直线运动，位移与时间成函数关系，AB 选项中一个时间
对应2 个以上的位移，故不可能，故AB 错误；
CD．同理D 选项中一个时间对应2 个速度，只有C 选项速度与时间是成函数
关系，故C 正确，D 错误。
故选C。
218．某公司在封闭公路上对一新型电动汽车进行直线加速和刹车性能测试，某
次测试的速度一时间图像如图所示。已知0 ~ 3.0s 和3.5 ~ 6.0s 内图线为直
线，3.0 ~ 3.5s 内图线为曲线，则该车（
）
A．在0 ~ 3.0s 的平均速度为10m / s
B．在3.0 ~ 6.0s 做匀减速直线运动
C．在0 ~ 3.0s 内的位移比在3.0 ~ 6.0s 内的大
D．在0 ~ 3.0s 的加速度大小
比3.5 ~ 6.0s 的小
【答案】D
【详解】A．根据v
t
图像可知，在0 ~ 3.0s 内汽车做匀加速直线运动，3s
末时速度大于30m/s，则平均速度
0
30 m / s
15m / s
2
v



故A 错误；
B．根据v
t
图像可知，在3.0 ~ 3.5s 内速度一时间图像为曲线，汽车做非匀
133
变速运动，在3.5 ~ 6s 内图像为倾斜的直线，汽车做匀减速直线运动，故B
错误；
C．根据v
t
图像与横轴围成的面积表示位移大小，在图中做一条辅助线，
如图所示：
可得在0 ~ 3.0s 汽车的位移大小为
1
1
30 3m
45m
2
x 



在3.0 ~ 6s 汽车的位移大小


2
1
30
6
3.0 m
45m
2
x 




可知0 ~ 3.0s 的位移比3.0 ~ 6.0s 的小，故C 错误。
D．根据v
t
图像的斜率绝对值表示加速度大小，由可知在0 ~ 3.0s 的汽车
加速度为
2
2
1
30 m / s
10m / s
3
a 

在3.5 ~ 6s 的汽车加速度约为
2
2
2
0
29 m / s
11.6m / s
6
3.5
a




负号表示加速度方向和速度相反，则在0 ~ 3.0s 的加速度大小比3.5 ~ 6.0s
的小，故D 正确。
故选D。
219．甲、乙两辆完全相同的小车均由静止沿同一方向出发做直线运动。以出发
时刻为计时零点，甲车的速度—时间图像如图（a）所示，乙车所受合外力
—时间图像如图（b）所示。则（
）
134
A．0 ~ 2s 内，甲车的加速度大小逐渐增大
B．乙车在t = 2s 和t = 6s 时的速度相同
C．2 ~ 6s 内，甲、乙两车的位移不同
D．t = 8s 时，甲、乙两车的动能不同
【答案】BC
【详解】A．由题知甲车的速度一时间图像如图（a）所示，则根据图（a）
可知0 ~ 2s 内，甲车做匀加速直线运动，加速度大小不变，故A 错误；
B．由题知乙车所受合外力一时间图像如图（b）所示，则乙车在0 ~ 2s 内
根据动量定理有
I2 = mv2，I2 = S0 ~ 2 = 2N·s
乙车在0 ~ 6s 内根据动量定理有
I6 = mv6，I6 = S0 ~ 6 = 2N·s
则可知乙车在t = 2s 和t = 6s 时的速度相同，故B 正确；
C．根据图（a）可知，2 ~ 6s 内甲车的位移为0；根据图（b）可知，2 ~ 6s
内乙车一直向正方向运动，则2 ~ 6s 内，甲、乙两车的位移不同，故C 正
确；
D．根据图（a）可知，t = 8s 时甲车的速度为0，则t = 8s 时，甲车的动
能为0；乙车在0 ~ 8s 内根据动量定理有
I8 = mv8，I8 = S0 ~ 8 = 0
可知t = 8s 时乙车的速度为0，则t = 8s 时，乙车的动能为0，故D 错误。
故选BC。
220．铯原子喷泉钟是定标“秒”的装置。在喷泉钟的真空系统中，可视为质点
的铯原子团在激光的推动下，获得一定的初速度。随后激光关闭，铯原子团
仅在重力的作用下做竖直上抛运动，到达最高点后再做一段自由落体运动。
取竖直向上为正方向。下列可能表示激光关闭后铯原子团速度v 或加速度a
随时间t 变化的图像是（
）
A．
B．
C．
D．
135
【答案】D
【详解】AB．铯原子团仅在重力的作用，加速度g 竖直向下，大小恒定，在
v
t
图像中，斜率为加速度，故斜率不变，所以图像应该是一条倾斜的直线，
故选项AB 错误；
CD．因为加速度恒定，且方向竖直向下，故为负值，故选项C 错误，选项D
正确。
故选D。
221．
0
t 
时刻，质点P 从原点由静止开始做直线运动，其加速度a 随时间t 按
图示的正弦曲线变化，周期为
0
2t 。在
0
0 ~ 3t 时间内，下列说法正确的是
（
）
A．
0
2
t
t

时，P 回到原点
B．
0
2
t
t

时，P 的运动速度最小
C．t
t

0 时，P 到原点的距离最远
D．
0
3
2
t
t

时，P 的运动速度与
0
1
2
t
t

时
相同
【答案】BD
【详解】ABC．质点在
0
0 ~ t 时间内从静止出发先做加速度增大的加速运动再
做加速度减小的加速运动，此过程一直向前加速运动，0
0
~ 2
t
t 时间内加速
度和速度反向，先做加速度增加的减速运动再做加速度减小的减速运动，
0
2t
时刻速度减速到零，此过程一直向前做减速运动，
0
0
2
~ 4
t
t 重复此过程的运
动，即质点一直向前运动，AC 错误，B 正确；
D．
~
a
t 图像的面积表示速度变化量，0
0
3
~
2
2
t
t 内速度的变化量为零，因此
0
2
t 时刻的速度与
0
3
2 t 时刻相同，D 正确。
故选BD。
【点睛】
222．一小车沿直线运动，从t = 0 开始由静止匀加速至t = t1时刻，此后做匀
减速运动，到t = t2时刻速度降为零。在下列小车位移x 与时间t 的关系曲
线中，可能正确的是（
）
136
A．
B．
C．
D．
【答案】D
【详解】x—t 图像的斜率表示速度，小车先做匀加速运动，因此速度变大即
0—t1图像斜率变大，t1—t2做匀减速运动则图像的斜率变小，在t2时刻停止
图像的斜率变为零。
故选D。
13.曲线运动
223.解析
小球A 做圆周运动，则一定需要一个指向圆心的向心力，而且由于小球A
的线速度在增大，所以还需要一个与小球A 运动方向相同的沿切线方向的力，由
于小球A 绕O 点做顺时针的圆周运动，图中所给的四个力中，仅有
经过分解
后，能同时得到指向圆心的分力以及沿着运动方向的分力。
故正确答案为C。
224.解析
谷爱凌在空中转体滑行运动是一种曲线运动。
A 项：在曲线运动中，谷爱凌的运动方向沿曲线的切线方向，不是曲线的轨
迹方向，错误；
B 项：在曲线运动中，运动速度始终在变化，故为变速运动，正确；
C 项：若合外力为零，谷爱凌不可能做曲线运动，故谷爱凌受到的合外力一
定不为零，正确；
D 项：在曲线运动中，谷爱凌受到的合外力方向总是与其速度方向不在同一
直线上，正确。
本题为选非题，故正确答案为A。
225.解析
A 项：神舟十三号做匀速圆周运动时，速度的大小不发生改变，但速度的方
向时刻在变化，所以速度时刻在发生变化，正确；
B 项：神舟十三号绕地球做匀速圆周运动，其受到的合外力充当向心力，而
神舟十三号在太空中仅受万有引力，因此万有引力充当向心力，由万有引力
137
与向心力
可知，运动的速度
，因此，神舟十三号绕地球
做匀速圆周运动的速度大小与其自身的质量无关，正确；
C 项：物体在地球附近绕地球做匀速圆周运动的速度，叫做第一宇宙速度，
大小近似等于7.9km/s，正确；
D 项：物体摆脱地球引力束缚所需要的速度称为第二宇宙速度，大小为
11.2km/s，当物体速度在7.9km/s 与11.2km/s 之间时，物体围绕地球做轨迹为
椭圆的运动，错误。
本题为选非题，故正确答案为D。
226.解析
当叶片为对称图形时，各部分在高速旋转时产生的离心力可相互抵消，因此
旋转平稳；相反，当叶片形状不对称时，各部分产生的离心力不能相互抵消，因
此会产生旋转不平稳的情况，即振动。
A、B、D 三项中形状均为对称图形。
故正确答案为C。
227.解析
设悬挂铁球的绳子与竖直方向的夹角为A，铁球圆周运动的圆心距绳子悬挂
点的距离为L ，则根据受力分析和几何关系得：铁球圆周运动的半径
，铁球的加速度
，根据圆周运动公式
并
代入可得：
，
。
题中甲悬挂的绳子与竖直方向的夹角大于乙悬挂绳子与竖直方向的夹角，根
据上述得到的铁球运动的角速度与线速度公式可得：甲乙两铁球的角速度相等，
甲的线速度大于乙的线速度，甲的加速度大于乙的加速度；又两球的质量相等，
所受重力相同，则甲所受绳子的拉力一定大于乙所受绳子的拉力，故A 项错误，
B、C、D 三项正确。
本题为选非题，故正确答案为A。
228.解析
本题考查向心力的相关知识
本题小车在弧形路面行走，故在受力分析时一定要考虑指向圆心的向心力。
A 项，如果车在M 点，则车受向下的重力以及向上的支持力，两者合力提供
向心力。由于小车速率保持不变的运动，向心力不为0，则支持力FM 必须大于
重力从而提供向心力，即FM＞G，取不到相等的情况，错误。
B 项，在N 点，汽车受重力，斜向上指向圆心的支持力FN，将重力分解，沿
着支持力反方向Gsinθ和与之垂直的斜向下方向Gcosθ（由于汽车匀速，Gcos
θ与摩擦力平衡在此不作考虑）。FN 与Gsinθ的合力提供向心力，FN＞Gsinθ，
但由于向心力未知，FN 与G 的大小关系未知，错误。
C 项，同理，汽车在O 点时，重力分力Gsinθ与FO 提供向心力，此情况圆
心在斜面下方，故Gsinθ＞FO，则G＞FO，正确。
D 项，汽车在P 点，由重力G 和支持力FP 提供向心力，则G＞FP，错误。
138
故正确答案为C。
备注：各选项的受力分析图如图所示：
229.解析
A 项：由于地球同步轨道位于赤道上空，由题干信息可知，缆绳与地球同步
卫星轨道垂直，因此地面基站需设置在赤道附近以保证缆绳垂直悬挂并与地球自
转同步，正确；
B 项：由于太空电梯通过缆绳与地球相连，因此会和地球自转同步，即与地
球自转的角速度
相同，根据线速度与角速度的关系
可知，半径
越大，
线速度
越大，因此越高的地方速度越快，正确；
C 项：要建造如此长的太空电梯，需要强度极高、重量极轻、能够承受极大
拉力等性能非常优异的材料来制作缆绳，而目前这种材料还很难找到，所以电梯
缆绳的材料是制约建造太空电梯的主要困难之一，正确；
D 项：由于配重空间站和同步空间站通过缆绳相连，由B 项分析可知，配重
空间站与同步空间站转动的角速度
相同。而配重空间站的轨道更高，半径
更
大，根据向心力公式
可知，配重空间站所需的向心力也更大，但由于配重空
间站轨道更高，受到的万有引力更小，不足以提供向心力，导致配重空间站有向
外做离心运动的趋势，因此就会通过缆绳为整个太空电梯系统提供向外的拉力，
使缆绳处于绷紧状态，维持整套装置的稳定性，这是其主要作用，并非仅仅用来
抵消缆绳重力，错误。
本题为选非题，故正确答案为D。
230.解析
运动过程中，小球的速度方向一直在发生改变，不处于平衡状态，即小球水
139
平方向受力不平衡，绳为唯一能对小球产生水平方向作用力的所在，则绳对小球
必然存在作用力，故①正确；随着绳逐渐缠绕在圆柱体上，小球的运动半径逐渐
减小，故其轨迹不为圆周，必然为曲线，故②正确；动摩擦力的方向始终与相对
运动的方向相反，图中仅限于水平面上的运动，故③正确。
综上所述，说法正确的有①②③，共3 个。
故正确答案为D。
231.解析
A 项：对小球进行受力分析，小球通过最高点时可能只受到重力，也可能受
到重力和轨道给小球的弹力，除此位置之外，小球在其他位置一定受到重力和轨
道给小球的弹力。弹力的方向始终与小球速度的方向垂直，因此弹力不做功，只
有重力做功，故小球的机械能守恒，正确；
B 项：小球的机械能等于动能与重力势能之和，在做圆周运动的过程中，由
于小球的高度不断变化，小球的重力势能在不断变化，而机械能不变，则小球的
动能不断变化，即速度不断发生变化，小球所做的圆周运动为变速圆周运动，因
此小球所受合外力的方向不始终指向圆心，错误；
C 项：当小球位于最低点时，由于小球做圆周运动，需要向上的向心力，因
此重力和支持力的合力方向竖直向上，向上的支持力大于向下的重力，错误；
D 项：当小球位于最高点时，由于小球做圆周运动，需要向下的向心力，因
此小球所受合外力方向竖直向下，小球的加速度向下，小球处于失重状态，错误。
故正确答案为A。
232.解析
A 项，当后轮转动时，a、c 两点共轴转动，角速度相等，错误；
B 项，由图可知，c、d 两点属于皮带传动，c、d 两点的线速度大小相等，
但两者的方向不同，即c 点的线速度与d 点的线速度不同，正确；
C 项，后轮边缘a、b 两点的线速度大小相等，但两者的方向不同，故线速
度不同，错误；
D 项，a、c 两点共轴，故两点的角速度相等，由公式
可知，角速
度相等，半径越大，该点所受的向心力越大，即a 点所受的向心力更大，错误。
故正确答案为B。
233.解析
赛车在转弯时做圆周运动，需要向心力，该向心力由车轮与地面之间的侧向
静摩擦力提供，赛车高速转弯时若该静摩擦力不足以提供向心力，则赛车很容易
侧滑出跑道。为避免赛车高速转弯时引起事故，根据向心力公式
可
知，当赛车以相同的速度行驶时，轨道半径越大，所需向心力越小，越不容易侧
滑出跑道，由图可知，2 号轨道的半径最大，故选择2 号路线。
故正确答案为B。
13,1 曲线运动的合成与分解
考点01 曲线运动运动的合成与分解
234．如图，物块以某一初速度滑上足够长的固定光滑斜面，物块的水平位移、
竖直位移、水平速度、竖直速度分别用x、y、
xv 、
yv 表示。物块向上运动过
140
程中，下列图像可能正确的是（
）
A．
B．
C．
D．
【答案】C
【详解】根据题意可知，物块沿斜面向上做匀减速直线运动，设初速度为
0v ，
加速度为大小a ，斜面倾角为
AB．物块在水平方向上做匀减速直线运动，初速度为
0
0 cos
x
v
v


，加速度
大小为
cos
xa
a


，则有
2
2
0
2
x
x
x
v
v
a x


整理可得


2
0 cos
2 cos
xv
v
a
x





可知，
xv
x

图像为类似抛物线的一部分，故AB 错误；
CD．物块在竖直方向上做匀减速直线运动，速度为
0
0 sin
y
v
v


，加速度大
小为
sin
y
a
a


，则有
2
2
0
2
y
y
y
v
v
a y


整理可得


2
0 sin
2 sin
yv
v
a
y





可知，
yv
y

图像为类似抛物线的一部分，故C 正确，D 错误。
故选C。
235．如图，趣味运动会的“聚力建高塔”活动中，两长度相等的细绳一端系在
同一塔块上，两名同学分别握住绳的另一端，保持手在同一水平面以相同速
141
率v 相向运动。为使塔块沿竖直方向匀速下落，则v（
）
A．一直减小
B．一直增大
C．先减小后增大
D．先增大后减小
【答案】B
【详解】设两边绳与竖直方向的夹角为，塔块沿竖直方向匀速下落的速度
为v块，将v块沿绳方向和垂直绳方向分解，将v 沿绳子方向和垂直绳方向分解，
可得
cos
sin
v
v



块
解得
tan
v
v


块
由于塔块匀速下落时在减小，故可知v 一直增大。
故选B。
236．达·芬奇的手稿中描述了这样一个实验：一个罐子在空中沿水平直线向右
做匀加速运动，沿途连续漏出沙子。若不计空气阻力，则下列图中能反映空
中沙子排列的几何图形是（
）
A．
B．
C．
D．
【答案】D
【详解】罐子在空中沿水平直线向右做匀加速运动，在时间Δt 内水平方向增
加量
2
a t

，竖直方向做在自由落体运动，在时间Δt 增加
2
g t

；说明水平方
向位移增加量与竖直方向位移增加量比值一定，则连线的倾角就是一定的。
故选D。
142
237．某同学在练习投篮，篮球在空中的运动轨迹如图中虚线所示，篮球所受合
力F 的示意图可能正确的是（
）
A．
B．
C．
D．
【答案】A
【详解】篮球做曲线运动，所受合力指向运动轨迹的凹侧。
故选A。
238．小车在水平地面上沿轨道从左向右运动，动能一直增加。如果用带箭头的
线段表示小车在轨道上相应位置处所受合力，下列四幅图可能正确的是
（
）
A．
B．
C．
D．
【答案】D
【详解】AB．小车做曲线运动，所受合外力指向曲线的凹侧，故AB 错误；
CD．小车沿轨道从左向右运动，动能一直增加，故合外力与运动方向夹角为
锐角，C 错误，D 正确。
故选D。
143
13.2 抛体运动
239．如图所示，某同学将两颗鸟食从O 点水平抛出，两只小鸟分别在空中的M
点和N 点同时接到鸟食。鸟食的运动视为平抛运动，两运动轨迹在同一竖直
平面内，则（
）
A．两颗鸟食同时抛出
B．在N 点接到的鸟食后抛出
C．两颗鸟食平抛的初速度相同
D．在M 点接到的鸟食平抛的初速度较大
【答案】D
【详解】AB．鸟食的运动视为平抛运动，则在竖直方向有
2
1
2
h
gt

由于hM < hN，则tM < tN，要同时接到鸟食，则在N 点接到的鸟食先抛出，故
AB 错误；
CD．在水平方向有x = v0t，如图
过M 点作一水平面，可看出在相同高度处M 点的水平位移大，则M 点接到的
鸟食平抛的初速度较大，故C 错误，D 正确。
故选D。
240．某物体以一定初速度从地面竖直向上抛出，经过时间t 到达最高点。在最
高点该物体炸裂成A
B
、
两部分，质量分别为2m和m，其中A 以速度v 沿水
平方向飞出。重力加速度为g，不计空气阻力。求：
(1)该物体抛出时的初速度大小
0v ；
(2)炸裂后瞬间B 的速度大小
B
v ；
(3) A
B
、
落地点之间的距离d。
【答案】(1)
0v
gt

(2)
B
2
v
v

(3)
3
d
vt

144
【详解】（1）物体竖直上抛至最高点时速度为0，由运动学公式
0
0
v
gt


可得
0v
gt

（2）爆炸瞬间水平方向动量守恒，爆炸前总动量为0。A 速度为v，设B 速度
为vB，由动量守恒定律得0
2
B
m v
m v



解得
=
2
B
v
v

即大小为2v
（3）根据竖直上抛运动的对称性可知下落时间与上升时间相等为t，则A 的
水平位移
A
x
vt

B 的水平位移
B
B
2
x
v t
vt


所以落地点A、B 之间的距离
A
B
|
|
|
|
2
3
d
x
x
vt
vt
vt





241．如图为水流导光实验，出水口受激光照射，下面桶中的水被照亮，则（
）
A．激光在水和空气中速度相同
B．激光在水流中有全反射现象
C．水在空中做匀速率曲线运动
D．水在水平方向做匀加速运动
【答案】B
【详解】A．光在介质中的速度为
c
v
n

，故激光在水中的传播速度小于在空
气中的传播速度，故A 错误；
B．水流导光的原理为光在水中射到水与空气分界面时入射角大于临界角，
发生了全反射，故B 正确；
C．水在空中只受到重力作用，做匀变速曲线运动，速度在增大，故C 错误；
D．水在水平方向做匀速直线运动，故D 错误。
故选B。
242．在跨越河流表演中，一人骑车以25m/s 的速度水平冲出平台，恰好跨越长
25m
x 
的河流落在河对岸平台上，已知河流宽度25m，不计空气阻力，取
2
10m / s
g 
，则两平台的高度差h 为（
）
145
A．0．5m
B．5m
C．10m
D．20m
【答案】B
【详解】车做平抛运动，设运动时间为t ，竖直方向
2
1
2
h
gt

水平方向
0
d
v t

其中
25m
d 
、
0
25m/s
v 
解得
5m
h 
故选B。
243．如图所示，水平放置的排水管满口排水，管口的横截面积为S，管口离水
池水面的高度为h，水在水池中的落点与管口的水平距离为d。假定水在空
中做平抛运动，已知重力加速度为g，h 远大于管口内径。求：
（1）水从管口到水面的运动时间t；
（2）水从管口排出时的速度大小
0v ；
（3）管口单位时间内流出水的体积Q。
【答案】（1）
2h
g
；（2）
2
g
d
h
；（3）
2
g
Sd
h
【详解】（1）水在空中做平抛运动，由平抛运动规律得，竖直方向
2
1
2
h
gt

解得水从管口到水面的运动时间
146
2h
t
g

（2）由平抛运动规律得，水平方向
0
d
v t

解得水从管口排出时的速度大小
0
2
g
v
d
h

（3）管口单位时间内流出水的体积
0
2
g
Q
Sv
Sd
h


13.3 圆周运动
244．游乐设施“旋转杯”的底盘和转杯分别以O、O为转轴，在水平面内沿顺
时针方向匀速转动。O固定在底盘上。某时刻转杯转到如图所示位置，杯
上A 点与O、O恰好在同一条直线上。则（
）
A．A 点做匀速圆周运动
B．O点做匀速圆周运动
C．此时A 点的速度小于O点
D．此时A 点的速度等于O点
【答案】B
【详解】A．A 点运动为A 点绕O的圆周运动和O相对于O 的圆周运动的合
运动，故轨迹不是圆周，故不做匀速圆周运动，故A 错误；
B．根据题意O固定在底盘上，故可知O围绕O 点做匀速圆周运动，故B
正确；
CD．杯上A 点与O、O恰好在同一条直线上时且A 在
'
OO 延长线上，A 点
和
'
O 点运动运动方向相同，又A 点相对O点做圆周运动，故此时A 的速度
大于O的速度，故CD 错误。
故选B。
245．春晚上转手绢的机器人，手绢上有P、Q 两点，圆心为O，
3
OQ
OP

，手
147
绢做匀速圆周运动，则（
）
A．P、Q 线速度之比为1 3
:
B．P、Q 角速度之比为3:1
C．P、Q 向心加速度之比为
3 :1
D．P 点所受合外力总是指向O
【答案】AD
【详解】B．手绢做匀速圆周运动，由图可知P 、Q 属于同轴传动模型，故
角速度相等，即角速度之比为1:1，B 错误；
A．由v
r


可知，P 、Q 线速度之比
:
:
1:
3
P
Q
OP
OQ
v
v
r
r


得A 正确；
C．由
2
a
r


可知，P 、Q 向心加速度之比
:
:
1:
3
P
Q
OP
OQ
a
a
r
r


得C 错误；
D．做匀速圆周运动的物体，其合外力等于向心力，故合力总是指向圆心O，
D 正确。
故选AD。
246．制作陶瓷时，在水平面内匀速转动的台面上有一些陶屑。假设陶屑与台面
间的动摩擦因数均相同，最大静摩擦力等于滑动摩檫力。将陶屑视为质点，
148
则（
）
A．离转轴越近的陶屑质量越大
B．离转轴越远的陶屑质量越大
C．陶屑只能分布在台面的边缘处
D．陶屑只能分布在一定半径的圆内
【答案】D
【详解】与台面相对静止的陶屑做匀速圆周运动，静摩擦力提供向心力，当
静摩擦力为最大静摩擦力时，根据牛顿第二定律可得
2
max
mg
m
r



解得
max
2
g
r



因与台面相对静止的这些陶屑的角速度相同，由此可知能与台面相对静止的
陶屑离转轴的距离与陶屑质量无关，只要在台面上不发生相对滑动的位置都
有陶屑。μ与ω均一定，故max
r
为定值，即陶屑离转轴最远的陶屑距离不超
过
2
g


，即陶屑只能分布在半径为
2
g


的圆内。故ABC 错误，故D 正确。
故选D。
247．电动小车在水平面内做匀速圆周运动，下列说法正确的是（
）
A．小车的动能不变
B．小车的动量守恒
C．小车的加速度不变
D．小车所受的合外力一定指向圆心
【答案】AD
【详解】A．做匀速圆周运动的物体速度大小不变，故动能不变，故A 正确；
B．做匀速圆周运动的物体速度方向时刻在改变，故动量不守恒，故B 错误；
C．做匀速圆周运动的物体加速度大小不变，方向时刻在改变，故C 错误；
D．做匀速圆周运动的物体所受的合外力一定指向圆心，故D 正确。
故选AD。
248．如图所示，轻绳的一端拴一个蜂鸣器，另一端穿过竖直管握在手中。蜂鸣
器在水平面a 内做匀速圆周运动，缓慢下拉绳子，使蜂鸣器升高到水平面b 内
继续做匀速圆周运动。不计空气阻力和摩擦力，与升高前相比，蜂鸣器
（
）
149
A．角速度不变
B．线速度减小
C．向心加速度增大
D．所受拉力大小不变
【答案】C
【详解】设绳子与竖直方向夹角为θ，小球做圆周运动的半径为r，小球质
量为m。
CD．对小球分析有
n
tan
F
mg
ma



向
，
T
cos
mg
F


根据a、b 两个位置可知，b 位置更高，则θb > θa，代入上式，故此
FTb > FTa，anb > ana
故C 正确、D 错误；
AB．根据
ma = mωr
2
可有
ωb > ωa
线速度大小无法判断，故AB 错误。
故选C。
14 运动图像
249.解析
A 项：根据速度-时间（v-t）图像可知，4~6s 内物块的速度为8m/s，做匀
速直线运动，处于受力平衡状态，故所受摩擦力为滑动摩擦力，大小与外力F
相等为10N，错误；
B 项：由A 项分析可知，物块所受滑动摩擦力为10N，则0~4s 内物块所受合
外力
，根据速度-时间（v-t）图像可知，0~4s 内物块的
加速度
，根据牛顿第二定律
可知，物
块的质量
，正确；
C 项：根据B 项分析可知，物块的质量为5kg，则物块对桌面的压力等于物
块的重力，即
，由A 项分析可知物块所受滑动
摩擦力为10N，根据滑动摩擦力公式
，可得
，则物块与桌
150
面间的动摩擦因数
，错误；
D 项：根据速度-时间（v-t）图像可知，0~6s 内物块的速度均不为0，即物
块与水平桌面存在相对运动，则该时间段内物块所受摩擦力均为滑动摩擦力，根
据滑动摩擦力公式
及物块对桌面的压力
不变可知，物块所受的摩擦
力也不变，错误。
故正确答案为B。
250.解析
在速度-时间图像中，在一段时间内，图像与横轴围成面积的大小和正负分
别代表这段时间内的位移大小和方向。
图像①中，在
时刻，甲、乙两车的位移均为正值，但甲车图像围成的面积
大于乙车图像围成的面积，两车的位移不相等；
图像②中，在
时刻，甲、乙两车的位移均为正值，且围成面积大小相等，
两车的位移相等；
图像③中，在
时刻，甲车的位移为负值，乙车的位移为正值，两车的位移
方向不相同；
图像④中，在
时刻，甲、乙两车的位移均为零，两车的位移相等。
故甲、乙两车位移相等的图像为②④，可知A、C、D 三项均错误，B 项正确。
故正确答案为B。
251.解析
图像为F-t 图像，观察图像可知，甲、乙两物体所受合外力随时间的增加而
增大，根据牛顿第二定律
可知，加速度一直在增大，因此甲、乙两物
体均做加速度逐渐增大的加速运动，C 项错误。由于合外力的方向始终向右，故
加速度的方向不变，因此乙物体做直线运动，B 项错误。
在
时刻，甲、乙两物体所受合外力相等，此时加速度相等，但
时刻之前，
乙物体的加速度始终大于甲物体的加速度，加速度越大，速度变化得越快，因此
在
时刻乙物体的速度大于甲物体的速度，A 项错误；随着时间的增加，甲、乙
两物体所受合外力越来越大且方向保持不变，故加速度越来越大，速度越来越大，
动能也越来越大，因此机械能会越来越大，D 项正确。
故正确答案为D。
252．甲、乙两小车运动s﹣t 图象如图所示，由图象可知（
）
151
A．甲、乙两车都做匀速直线运动
B．甲车的速度为10m/s，乙车的速度为2m/s
C．经过6s，甲、乙两车相距2m
D．经过5s，甲、乙两车通过的路程均为10m
【答案】C
【解析】（1）通过s﹣t 图象知，如果路程和时间比值一定，物体进行匀速直线
运动；如果时间变化，但是路程保持不变，物体处于静止状态。
（2）从图上读出经过6s，甲乙的路程，求出甲乙相距多少。
（3）从图上读出经过5s，甲乙的路程。
A．由s﹣t 图象知，时间变大，但是甲车路程不变，甲车处于静止状态；乙车路
程也随时间的变大而变大，并且路程和时间的比值是相同的，所以乙车进行匀速
直线运动。故A 错。
B．甲车处于静止状态，速度为0．故B 错。
C．由图象知，经过6s，甲在10m 处，乙在12m 处，甲乙相距12m﹣10m=2m。故
C 正确。
D．由图象知，经过5s，乙在10m 处，甲一直处于静止状态。故D 错误。
253. 在操场直跑道上进行遥控小车比赛，甲、乙两车从t=0s 时由同一起点同方
向运动，两者运动的路程一时间图象分别如图中的甲、乙所示，下列判断正确的
是（
）
A. 在0～5s 内甲车的速度是10m/s
B. 在0～5s 内乙车的速度是
1m/s
C. t=10s 时两车的速度相等
D. t=10s 后乙车超过甲车
【答案】BD
【解析】A．由图象看出甲车0～5s 内通过的路程为10m，所以
v 甲= s
t
甲=10m
5s =2m/s
故A 错误；
B．由图象看出乙车0～10s 内通过的路程为10m，所以
v 乙= s
t
乙=10m
10s =1m/s
152
乙图象是一条斜线，表示物体做的是匀速直线运动，所以在0～5s 内乙车的速度
是1m/s，故B 正确；
C．由图象可知，t=10s 时，甲车静止，速度为0，乙车的速度是1m/s，两车的
速度不相等，故C 错误；
D．由图象可知，两车在10s 末相遇，t=10s 后, 甲车静止，乙车超过甲车，故D
正确。
254. 甲、乙两辆汽车在同一条平直公路上同地同时出发，并排同向行驶，路程
一时间图像如图所示。在两辆汽车运动过程中，说法正确的是（
）
A. 0~t1时间内乙车做减速运动
B. 0~t1时间内甲车做减速运动
C. 0~t1时间内甲车的平均速度大于乙车的平均速度
D. 0~t1时间内甲车始终在乙车前方
【答案】A
【解析】AB．根据s-t 图像可知，乙车的运动图像是曲线，且曲线越来越平缓，
说明乙车做减速运动，甲车的运动图像是直线，说明甲车做匀速直线运动，故A
正确，B 错误；
CD．根据纵坐标表示路程，可知0~t1时间内甲、乙两车通过的路程相等，所用
时间也相等，则平均速度相等，故CD 错误。故选A。
255. 甲车从P 出发、乙车从Q 点出发，甲乙相向而行；乙比甲早出发1s，甲到
Q 点时，乙离P 点1m，求此时乙到Q 的距离（
）
A. 可能为2 米
B. 可能为4 米
C. 一定为8 米
D. 一定
为6 米
【答案】B
【解析】由图像可知，甲的速度
15m
3m / s
5s
s
v
t



甲
甲
甲
乙的速度
20m
2m / s
10s
s
v
t



乙
乙
乙
153
设PQ 的距离为s，甲到Q 点时，乙还未到达P 点，且离P 点1m，则
1m
1s
3m / s
2m / s
s
s 


解得；s=9m
则此时乙到Q 的距离
´
1m
9m 1m
8m
s
s




当甲到Q 点时，乙已经过P 点，且离P 点1m，则
1m
1s
3m / s
2m / s
s
s 


解得：s=3m
则此时乙到Q 的距离
''
s 1m
4m
s 

故此时乙到Q 的距离可能是4m，也可能为8m，故ACD 不符合题意，B 符合题意。
故选B。
256．甲、乙两物体运动时，路程与时间关系的s-t 图象如图所示，其中甲为曲
线，乙为直线，在t=5 秒时两线相交，则由图象可知（
）
A．两物体在t=5 秒时一定相遇
B．两物体在5 秒内通过的路程
甲小于乙
C．甲物体做曲线运动，乙物体做直线运动
D．甲物体做变速运动，乙物体
做匀速运动
【答案】D
【解析】甲乙两物体的运动方向不知道，无法确定他们在5 秒时是否一定相遇；
两物体在5 秒内通过的路程相同；从路程和时间图像上无法确定物体运动的轨
迹，所以不能确定他们是直线运动还是曲线运动；由图像可知，甲物体在相同时
间通过的路程不同，所以甲一定是变速运动，而乙物体在相同时间通过和路程相
同，所以乙一定是匀速运动，故选D。
257. 甲、乙二人从同一位置沿同一方向做直线运动，其s-t 图像如下图所示，
下列分析正确的是（
）
154
A.0～10min，甲通过的路程大于乙通过的路程
B. 0～30min，甲的平均速度等于乙的平均速度
C. 10～20min，以乙为参照物，甲是静止的
D. 20～30min，甲、乙二人之间的距离越来越大
【答案】B
【解析】A．由图像可知，0～10min，乙的图线比甲的图线更靠近纵坐标，故甲
通过的路程小于乙通过的路程，故A 错误；
B．由图像可知，0～30min，甲、乙两人通过的路程相等为
s 甲=s 乙=1.8km=1800m
所用的时间为
t 甲=t 乙=30min=1800s
则甲的平均速度为
1800
1
1800
甲
甲
甲
m
m/s
s
s
v
t



乙的平均速度为
1800
1
1800
乙
乙
乙
m
m/s
s
s
v
t



即在0～30min，甲、乙两人的平均速度相等，故B 正确；
C．由图像可知，10～20min，乙是静止，甲做匀速直线运动，以乙为参照物，甲
是运动的，故C 错误；
D．由图像可知，20～30min 之间，刚开始时甲的路程大于乙的路程，乙的图线
比甲的图线更靠近纵坐标，乙的速度大于甲的速度，故在这时间段，甲、乙两之
间的距离越来越小，直至地30min 两人相遇，故D 错误。故选B。
258. 在某校举办的机器人模拟救援比赛中，甲、乙两机器人同时从同一地点出
发，沿直线匀速运动到10m 远的目的地，它们运动的路程随时间变化的图像如图
所示。下列说法正确的是（
）
A. 甲的速度大小为4m/s
B. 乙的速度大小为2m/s
155
C. 甲的运动时间比乙多1s
D. 甲的运动时间比乙少2s
【答案】B
【解析】A．甲运动10m 用了4s，速度为
10m
2.5m/s
4s
s
v
t



甲
甲
故A 错误；
B．乙运动10m 用了5s，速度为
10m
2m/s
5s
s
v
t



乙
乙
故B 正确；
CD．甲用了4s，乙用了5s，故甲的运动时间比乙少了1s，故CD 错误。故选B。
259. 甲同学骑自行车从家中出发到乙同学家，甲出发的同时，乙同学步行去迎
接，经过20min 接到甲同学后，两人一同推车步行到达乙同学家。整个过程甲同
学的路程与时间的关系如图所示，以下说法正确的是（
）
A. 甲同学的总路程为4km
B. 甲在相遇前后的速度不变
C. 乙同学步行的时间为40min
D. 相遇后乙同学步行的路程为2km
【答案】AC
【解析】A．由图可知，甲同学从原点出发，40min 时甲同学在4km 的位置，所
以行驶的总路程是4km，故A 正确；
B．由题意可知，甲、乙同学在20min 时相遇，由图可知，相遇前，甲同学行驶
的路程是3km，相遇前的速度为
1
1
1
3km =9km/h
20 km
60
v
s
t ＝
=
相遇后，甲同学行驶的路程为
2
4km
3km
1km
s

＝
＝
运动的时间为
2
40min
20min
20min
t

＝
＝
相遇后的速度为
156
2
2
2
1km =3km/h
20 h
60
s
v
t 

所以相遇前后速度变化，故B 错误；
C．由图可知，甲同学全程所用的时间为40min，甲出发的同时，乙同学步行去
迎接，所用乙同学步行的时间也为40min，故C 正确；
D．甲、乙同学在20min 相遇，由图可知，相遇后乙同学步行的路程为
4km
3km
1km
s

乙＝
＝
故D 错误。故选AC。
260. 甲、乙两小车沿同一直线相向而行，其s-t 图像如图（a）、（b）所示。
当甲经过P 点时，乙刚好经过Q 点，再过3 秒，甲、乙两车相距4 米，则P、Q
两点间的距离（
）
A. 可能为8 米
B. 可能为12 米
C. 一定为16 米
D. 一定为20 米
【答案】B
【解析】甲、乙两小车沿同一直线相向而行，如图所示：
由图可知，经过3s，甲乙通过的路程分别为s 甲=6m，s 乙=10m。
A．如果P、Q 两点间的距离为8m，经过3s，甲车和P 点的距离是6m，乙车经过
P 点，乙和P 点的距离是
10m-8m=2m
甲、乙两车相距
6m+2m=8m
故A 不符合题意；
B．如果P、Q 两点间的距离为12m，经过3s，甲车和P 点的距离是6m，乙车和P
点的距离是
12m-10m=2m
甲、乙两车相距
6m-2m=4m
故B 符合题意；
C．如果P、Q 两点间的距离为16m，经过3s，甲车和P 点的距离是6m，乙车和P
点的距离是
16m-10m=6m
157
乙两车相距6m-6m=0m
故C 不符合题意；
D．如果P、Q 两点间的距离为20m，经过3s，甲车和P 点的距离是6m，乙车和P
点的距离是
20m-10m=10m
乙两车相距10m-6m=4m
由选项B 可知，P、Q 两点间的距离可能是12m，不一定是20m，故D 不符合题意。
故选B。
261. 某物体从地面上某一点出发沿直线运动，其s-t 图像如图所示，对物体的
运动情况进行分析，下列说法错误的是（
）
A. 物体在6s 内运动的路程为15m
B. 物体在前2s 内和最后2s 内的
速度相等
C. 物体在2~4s 内处于静止状态
D. 物体在6s 内的平均速度为
2.5m/s
【答案】B
【解析】A．由图中可知，物体在6s 内运动的路程为15m，故A 正确，不符合题
意；
B．由图中可知，物体在前2 内运动的路程为s1=5m，物体在最后2s 内运动的路
程为
s2=15m-5m=10m
因s1<s2，故由
s
v
t

可知，物体在前2s 内的速度小于最后2s 内的速度，故B 错
误，符合题意；
C．由图中可知，物体在2~4s 内的运动路程不变，故可知物体在2~4s 内处于静
止状态，故C 正确，不符合题意；
D．由图中可知，物体在6s 内通过的路程为s=15m，故由
s
v
t

可得，物体在6s
内的平均速度为
15m
2.5m / s
6s
s
v
t



故D 正确，不符合题意。故选B。
262. 随着5G 信号的快速发展，5G 无人物品派送车已应用于实际生活中，图甲
所示为无人物品派送车沿直线路径前往派送点的情景。该车从出发点到达派送
点，完成任务后返回出发位置，其行驶路程s 与所用时间t 的关系如图乙所示。
下列分析正确的是（
）
158
A. 从派送点返回出发点用时19min
B. 派送点到出发点的距离为1.6km
C. 0 ~10min 内派送车的平均速度为0.08km/h
D. 10 ~13min 内派送车做匀速直线运动
【答案】C
【解析】AB．由图像知，派送车由出发点到派送点，再回到出发点，用时19min，
通过的路程为1.6km，故AB 错误；
C．0~10min，派送车通过的路程为0.8km，平均速度
0.8km
0.08km/min
10min
s
v
t



故C 正确；
D．10~13min 内，派送车的路程保持不变，处于静止状态，故D 错误。故选C。
263. 甲、乙两物体，同时从同一地点出发沿直线向同一方向运动，它们的s-t
图像如图所示，下列说法正确的是（
）
A. 0-5s 内，乙的平均速度为3m/s
B. 3-5s 内，乙做匀速直线运动
C. 4s 时，乙在甲前方5m 处
D. 5s 时，甲、乙两物体的速度相等
【答案】A
【解析】AB．由图可知，0~3s 内乙做匀速直线运动，乙运动的距离是15m，3~5s
内，乙处于静止状态，0~5s，乙的平均速度
v 乙=
15m =3m/s
5s
s
t 
乙
故A 正确，B 错误；
C．甲做匀速直线运动，甲的速度
v 甲=
15m
= 5s
s
t
甲
甲
=3m/s
159
4s 时，甲运动的距离
s 甲1=v 甲t1=3m/s×4s=12m
4s 时，乙运动的距离
s 乙=15m
4s 时，乙在甲前方
Δs=s 乙-s 甲1=15m-12m=3m
故C 错误；
D．5s 时，甲的速度是3m/s，乙是静止状态，速度不同，故D 错误。
故选A。
264. 甲、乙两车同时从P 点出发，沿同方向做匀速直线运动，两车的s—t 图像
分别如图（a）（b）所示。两车先后到达距P 点18 米的Q 处，时间差为t
，则
（
）
A. 甲比乙先到达Q 处，
12s
t

B. 甲比乙先到达Q 处，
18s
t

C. 乙比甲先到达Q 处，
12s
t

D. 乙比甲先到达Q 处，
18s
t

【答案】C
【解析】由图象可知，s 甲=3.6m，t 甲=6s；s 乙=6.0m，t 乙=6s；则甲车的速度为
3.6m
0.6m/s
6s
s
v
t



甲
甲
甲
乙车的速度为
6.0m
1m/s
6s
s
v
t



乙
乙
乙
甲车通过18 米的路程需要的时间为
'
18m
30s
0.6m/s
s
t
v



甲
甲
乙车通过18 米的路程需要的时间为
'
18m
18s
1m/s
s
t
v



乙
乙
故乙车先到达Q 处，两车到达Q 处的时间差为
'
'
30s-18s=12s
t
t
t



甲
乙
故选C。
265．甲、乙两物体从同一地点同时向相同方向做直线运动，其s﹣t 图象如图，
160
由图象可知（
）
A．两物体在0∼10s 内都做匀速运动，且v 甲＜v 乙
B．两物体在0∼15s 内的平均速度v 甲＞v 乙
C．两物体在15s 末速度相等
D．在20s 末甲乙两物体相距40m
【答案】D
【解析】（1）在s﹣t 图象中，一条斜线表示物体做的是匀速直线运动，根据图
象读出甲乙物体在相同时间内通过的路程，即可比较出两物体的运动速度；在s
﹣t 图象中，和时间轴平行的线段表示物体处于静止状态；
（2）由图象可以看出两物体在0～15s 内通过的路程相等，且在此时相遇；根据
图象读出0～20s 内通过的路程是否相等。
A．由图象看出两物体在0～10s 内的图象是一条斜线，表示物体做的是匀速直线
运动，且在此时间内甲物体通过的路程大于乙物体通过的路程，所以v 甲＞v 乙．故
A 错误；
B．由图象看出两物体在15s 末相遇，且0～15s 内通过的路程相等，都是120m，
时间相同，平均速度相同。故B 错误，
C．15s 末甲静止不动，速度为零，乙仍然运动，故C 错误；
D．乙的速度为：v＝
＝
＝8m/s，20s 的路程为s′＝vt′＝8m/s×20s＝
160m，由图象看出20s 末甲的路程为120m，在20s 末甲乙两物体相距160m﹣120m
＝40m，故D 正确。
266. 图甲是小车甲运动的s
t
图象，图乙是小车乙运动的v
t
图象，由图象可知
（
）
A．5
6s

内乙车静止
B．5
6s

内甲车做匀速直线运动
C．0
5s

内乙车的平均速度为2m/s
D．0
5s

内甲车的平均速度为0.4m/s
【答案】D
【解析】由图甲可知，小车甲在0
5s

的s
t
图象是一条倾斜的直线，表示0
5s

甲
车做匀速运动；在5
6s

的s
t
图象是平行于时间轴的直线，表示小车甲在5
6s

处
161
于静止状态。由图乙可知，小车乙在0
5s

的v
t
图象是一条倾斜的直线，表示
0
5s

乙车做变速运动，在5s 时的时间为2m/s ，在0
5s

乙车的平均速度一定小
于2m/s ，小车乙在5
6s

的v
t
图象是一条平行于时间轴的直线，表示小车乙在
5
6s

做匀速运动。
A．5
6s

内乙车做匀速直线运动，故A 不符合题意；
B．5
6s

内甲车静止，故B 不符合题意；
C．0
5s

内乙车的平均速度一定小于2m/s ，故C 不符合题意；
D．0
5s

内甲车的平均速度为
2m =0.4m/s
5s
s
v
t


故D 符合题意。故选D。
14.1 运动状态分析
267. 我国运动员全红婵，在2023 年世界泳联跳水世界杯西安站女子单人10 米
跳台预赛中，出色地完成了“207C”动作。将其下落阶段中的一段运动简化为直
线运动，其中A、B、C、D 四点是她下落过程中的四个位置，相邻两点间的时间
间隔为0.5s，距离如图所示。关于全红婵在此段运动过程中，下列判断正确的
是（
）
A. 在AC 段做匀速直线运动
B. 在AC 段的平均速度为5m/s
C. 经过C 点的速度为5m/s
D. 她的重力势能一直在增大
【答案】B
162
【解析】A．全红婵通过AB 段、BC 段用时均为0.5s，但通过的路程分别为1.25m、
3.75m，在相等时间内通过的路程不相等，因此，全红婵在AC 段没有做匀速直线
运动，故A 错误；
B．全红婵在AC 段的平均速度为
1.25m
3.75m
5m/s
0.5s
0.5s
AC
AC
s
v
t





故B 正确；
C．由A、B 选项可知，全红婵在AC 段的平均速度为5m/s，但全红婵在AC 段没
有做匀速直线运动，在相等时间内通过的路程越来越长，因此，全红婵在AC 段
做的是加速运动，经过C 点的速度为AC 段最大速度，大于5m/s，故C 错误；
D．重力势能的影响因素是质量与高度，所以，全红婵在下落阶段中质量不变，
高度不断降低，因此她的重力势能一直在减小，故D 错误。故选B。
268．图为某高速公路上区间测速的警示牌。据这块警示牌，小汽车通过这个区
间的时间（
）
A．不应超过10min
B．不应超过6min
C．不应短于10min
D．不应短于6min
【答案】C
【解析】由警示牌知，最大车速v＝120km/h，s＝20km，
由v＝
得小汽车通过这个区间的时间最短时间：
t＝
＝
＝
h＝
×60min＝10min，
不应短于10min。
269.某物体从地面上某一点出发沿直线运动，其s﹣t 图象如图所示．对物体的
运动情况进行分析，得出结论不正确的是
（
）
A．物体在6s 内运动的路程为15m
B．以地球为参照物，物体在中间2s 内静止
163
C．物体在前2s 内和后2s 内的速度相等
D．物体在6s 内的平均速度为2.5m/s
【答案】C．
【解析】（1）根据图象可知6s 时物体运动的路程，然后利用速度公式求出物体
在6s 内的平均速度；
（2）在2～4s 内，物体运动的路程为零，其速度为0；
（3）根据图象可知物体在前2s 内和后2s 内运动的路程，利用速度公式即可比
较其大小．
270. 在一年一度的大庆市“黎明湖端午龙舟赛”中，有人对某组在平行赛道上
比赛的甲乙两队龙舟的速度与时间关系进行了仔细研究，得出了甲乙的速度与时
间关系图象如图。根据图象可知，下列说法正确的是（
）
A．0﹣t1时刻两队所走距离相等
B．t1时刻甲队比乙队运动的快
C．t1时刻甲队超过乙队
D．t1时刻甲乙两队速度相等
【答案】D
【解答】AC．由图象可知，0～t1时刻内，甲队龙舟的平均速度小于乙队龙舟的
平均速度，
由v＝
的变形式s＝vt 可知，甲队龙舟所走的距离小于乙队龙舟走过的距离，
所以，t1时刻甲队不可能超过乙队，故AC 错误；
BD．由图象可知，t1时刻甲乙两队速度相等，两对运动的快慢相同，故B 错误、
D 正确。
271. 若甲、乙两位运动员同时从起跑线起跑并做匀速直线运动，他们的路程时
间s﹣t 图象是如图所示，a、b、c 三条图线中的两条，甲的速度大于乙的速度，
运动5s 甲、乙间的距离大于2m，则（
）
164
A．甲的s﹣t 图象一定为a B．乙的s﹣t 图象一定为c
C．甲的s﹣t 图象可能为b D．乙的s﹣t 图象可能为a
【答案】A
【解析】（1）由图象可知，相同时间内（如t=4s）a、b、c 的路程关系为sa＞
sb＞sc，
由速度公式v=s/t 可知，va＞vb＞vc；
（2）由图象可知，t=5s 时，sa﹣sb＞2m，sa﹣sc≈4m＞2m，sb﹣sc＜2m；
（3）由题知，甲的速度大于乙的速度，运动5s 甲、乙间的距离大于2m；结合
前面解答可知，甲的s﹣t 图象一定是图线a；乙的s﹣t 图象可能是图线b，也
可能是图线c；故选：A。
272. 质量相同的甲、乙两物体，分别在竖直向上的拉力作用下，从同一位置同
时向上运动，两物体运动的s﹣t 图象如图所示，下列判断正确的是（
）
A．第4s 时两者相距16m
B．甲受到的拉力比乙大
C．甲做速度为4m/s 的匀速运动
D．以甲为参照物乙竖直向下运动
【答案】D
【解析】（1）首先会根据图象判断甲乙的运动状态；然后从图象中得出第4s
时两者相距的路程；（2）根据二力平衡得出甲乙所受到的拉力大小；（3）根据
图象求出甲乙的速度，然后根据运动和静止的相对性分析判断以甲为参照物乙的
运动状态。
A.根据图象可知，甲乙两物体均做匀速直线运动，第4s 时甲运动了12m，乙运
动了4m，甲乙两物体从同一位置同时向上运动，所以第4s 时两者相距12m﹣
4m=8m。故A 错误；
B.甲乙两物体均做匀速直线运动，受到平衡力的作用，受到的重力与拉力大小相
等，甲乙两物体质量相同，则重力相等，所以甲受到的拉力等于乙受到的拉力。
故B 错误；
CD.根据图象可知，甲的速度为v 甲=
=
=3m/s，乙的速度v 乙=
=
=1m/s；
v 甲＞v 乙，所以甲做速度为3m/s 的匀速运动，以甲为参照物乙竖直向下运动。故
C 错误、D 正确。
273．某物体做直线运动的v﹣t 图像如图所示，下列说法中正确的是（
）
165
A．物体在BC 段做匀速直线运动
B．物体在AB 段处于匀速直线运动状态，运动了4s
C．物体在OA 段的运动速度是4m/s
D．物体全程共运动了8s
【答案】B
【解析】A．如图，在BC 段，随着时间增长，速度在不断增大，这是加速运动，
故A 错误；
B．如AB 段图像，在3s-7s 内，运动速度没变，这是匀速直线运动，故B 正确；
C．物体在OA 段是匀加速运动，在OA 段的平均速度是最大速度的一半，为6m/s，
故C 错误；
D．如图可知，物体全程共运动了12s，故D 错误。故选B。
274. A、B、C 三个物体分别从位于同一水平直线上的a、b、c 三点开始沿该直
线运动，如图甲所示，a、c 之间的距离为80m，a、b 之间的距离为30m。其中B、
C 两物体同时出发，物体A 向右运动，其运动的s~t 图如图乙所示，物体B 作匀
速直线运动，物体C 运动的v~t 图如图丙所示，前2s 物体C 通过的路程为3m，
从开始计时10s 后，A、C 相距67m，A、B 相距20m。则下列说法正确的是（
）
A. 物体B 向右运动，速度为2m/s
B. 物体C 向左运动，前10s 的平均速度为2.7m/s
C. 开始计时20s 后，A、C 两物体相距57m
D. 开始计时10s 后，B、C 两物体可能相距87m
【答案】D
【解析】AB．由图乙可知，物体A 的速度
A
10m
5m/s
4s
2s
s
v
t




由图乙可知，物体A 计时2s 后出发，则10s 后，由
s
v
t

可得物体A 从a 点出发
向右走的路程为
166


A
A A
5m/s
10
2 s
40m
s
v t





由图丙可知，10s 后根据
s
v
t

可得物体C 从c 点出发运动的路程为


C
C C
3m
3m
3m/s
10
2 s
27m
s
v t







根据题意，a、c 之间的距离为80m，计时10s 后，物体A、C 相距67m，可判断
物体C 往右运动，其前10s 的平均速度
C
C
27m
2.7m/s
10s
s
v
t




根据题意，计时10s 后，物体A、B 相距20m，无法判断物体B 往哪边运动。若
物体B 往左运动，则根据10s 后物体A 从a 点出发向右走的路程为40m 和a、b
之间的距离为30m，可知物体B 往左运动了10m，速度为
B1
B1
10m
1m/s
10s
s
v
t




若物体B 往右运动，则根据10s 后物体A 从a 点出发向右走的路程为40m 和a、
b 之间的距离为30m，可知物体B 往右运动了30m，速度为
B2
B2
30m
3m/s
10s
s
v
t




故AB 错误；
C．计时20s 后，由
s
v
t

可得物体A 从a 点出发向右走的路程为


A
A A
5m/s
20
2 s
90m
s
v t







根据
s
v
t

可得物体C 从c 点出发运动的路程为


C
C C
3m
3m
3m/s
20
2 s
57m
s
v t









a、c 之间的距离为80m，则计时20s 后，A 离a 点
90m-80m=10m
则此时A、C 两物体相距
57m-10m=47m
故C 错误；
D．由上已知计时10s 后，物体C 从c 点出发运动的路程为27m，若物体B 往左
运动，则计时10s 后，物体B 向左运动10m，而b、c 两点之间相隔
80m-30m=50m
此时B、C 两物体相距
50m+10m+27m=87m
故D 正确。故选D。
14.2 运动的快慢
167
275．A、B 两辆汽车在平直公路上行驶，小华根据两车行驶时的情景作出如图甲
所示图像，初始时两车运动方向如图乙所示，下列说法中正确的是（
）
A．在0~t1时间内，两车速度大小vA＞vB
B．在40s~50s 时间内，A 车做匀速直线运动。
C．在0~90s 时间内，B 车行驶的平均速度是54km/h
D．在t2~t3时间内，以地面为参照物，A 车向西运动
【答案】ACD
【解析】由图得，B 车做匀速直线运动，B 车的速度为
B
B
B
1350m
=
 =
=15m/s
90s
s
v
t
0~40s，A 车做匀速直线运动，A 车的速度为
A
A
A
800m
=
 =
=20m/s
40s
s
v
t
40s~50s，A 车是静止的，50s~90s，A 车做匀速直线运动，速度为
A
A
A
800m
=
 =
=20m/s
90s-50s
s
v
t



A．在0~t1时间内，A、B 两车的速度分别为20m/s、15m/s，所以
A
B
v
v
＞
故A 正确；
B．在40s~50s 时间内，A 车静止不动，故B 错误；
C．在0~90s 时间内，B 车行驶的平均速度是
15m/s=54km/h
故C 正确；
D．由图得，向东为正方向，向西为负方向，以地面为参照物，在t2~t3时间内，
A 车的速度方向向西，因此在t2~t3时间内，以地面为参照物，A 车向西运动，故
D 正确。
故选ACD。
276.小明乘坐大巴，他正对车窗固定好照相机，先拍到图甲，再拍到图乙，两
张照片均拍到同一路灯和同样两辆小汽车X、Y。以下判断错误的是
(
)
甲
乙
A. 以Y 车为参照物，X 车向西行驶
B. 以X 车为参照物，Y 车向西行驶
168
C. 以地面为参照物，X、Y 两车都向东行驶
D. 以地面为参照物，X 车的行驶速度比Y 车的大
【答案】A
【解析】从两张照片汽车的位置可看出，以Y 车为参照物，X 车向东行驶，以X
车为参照物，Y 车向西行驶，故A 符合题意，B 不符合题意；以地面为参照
物，X、Y 两车都向东行驶，并且X 车的行驶速度比Y 车的快，故CD 不符合
题意。故选A
277.甲、乙两同学同时从A 地到B 地，其中甲在前一半时间内乘车，后一半时间
内走路；而乙在前一半路程内乘车，后一半路程内走路。假设甲、乙两人乘车
的速度相等，走路的速度也
相等，若不考虑上下车耽误的时间，则(
)
A.甲先到达B 地
B. 乙先到达B 地
C. 同时到达B 地
D. 条件不足，无法判断
【答案】A
【解析】设乘车的速度与走路的速度分别为v₁ 、V₂ ,显然v₁ >D₂ ,设一半的
路程为s,则总路程为2s;设甲同学所用总时间的一半是t, 则v₁ t+v₂ t=2s,
所以甲同学通过全程所用的总时间为
;根据题意可得，乙同学
通过全程所用的总时间为
,用甲所用的总时间减去乙所用的总时间，再比
较差的大小，则有
所以甲同学所用时间比较短，甲先到B 地。
15.动量
278.解析
系统不受外力或所受合外力为零时，系统的动量守恒。对于两个小球和弹簧
组成的系统进行受力分析，在松手后，在弹簧恢复原长的任意时刻，在竖直方向
上，系统受重力和支持力，且重力和支持力平衡；在水平方向上，系统不受外力
作用，所以系统所受合外力始终等于零，系统的动量守恒。
记右边小球的质量为
、左边小球的质量为
，由于松手瞬间两球初始
速度均为零，则系统的初始动量p=0；当系统开始运动后，记两个小球速度大小
为
、
，规定向右为正方向，则系统的动量为
，因为系
统的动量守恒，即p=p，则
，可知
，即两个小
球的动量大小相等，方向相反，B 项正确；由题干知，
，则
，
即两个小球的速度大小不相等，C 项错误；根据动能公式
，因为
，且
，所以
，即两个小球的动能不
169
相等，A 项错误；根据牛顿第二定律F=ma，由于两小球的合外力均为弹簧弹力，
大小相等，但两个小球的质量不相等，所以两个小球的加速度大小不相等，D 项
错误。
故正确答案为B。
279．使甲、乙两条形磁铁隔开一段距离，静止于水平桌面上，甲的N 极正对着
乙的S 极，甲的质量大于乙的质量，两者与桌面之间的动摩擦因数相等。现
同时释放甲和乙，在它们相互接近过程中的任一时刻（
）
A．甲的速度大小比乙的大
B．甲的动量大小比乙的小
C．甲的动量大小与乙的相等
D．甲和乙的动量之和不为零
【答案】BD
【详解】对甲、乙两条形磁铁分别做受力分析，如图所示
A．根据牛顿第二定律有
F
m g
a
m



甲
甲
甲
F
m g
a
m



乙
乙
乙
由于
m 甲> m 乙
所以
a 甲< a 乙
由于两物体运动时间相同，且同时由静止释放，可得
v 甲< v 乙
A 错误；
BCD．对于整个系统而言，由于μm 甲g > μm 乙g，合力方向向左，合冲量方
向向左，所以合动量方向向左，显然甲的动量大小比乙的小，BD 正确、C 错
误。
故选BD。
280．如图所示，光滑水平地面上放置完全相同的两长板A 和B，滑块C（可视为
质点）置于B 的右端，三者质量均为1kg 。A 以4m / s 的速度向右运动，B
和C 一起以2m / s 的速度向左运动，A 和B 发生碰撞后粘在一起不再分开。
已知A 和B 的长度均为0.75m，C 与A、B 间动摩擦因数均为0.5，则（
）
170
A．碰撞瞬间C 相对地面静止
B．碰撞后到三者相对静止，经历的时间为0.2s
C．碰撞后到三者相对静止，摩擦产生的热量为12J
D．碰撞后到三者相对静止，C 相对长板滑动的距离为0.6m
【答案】D
【详解】A．碰撞瞬间C 相对地面向左运动，选项A 错误；
B．向右为正方向，则AB 碰撞过程由动量守恒
A
B
1
2
mv
mv
mv


解得
v1=1m/s
方向向右；当三者共速时
1
2
3
C
mv
mv
mv


可知
v=0
即最终三者一起静止，可知经历的时间
2
s
0.4s
0.5 10
Cv
t
g





选项B 错误；
C．碰撞到三者相对静止摩擦产生的热量
2
2
1
C
1
1
2
3J
2
2
Q
mv
mv




选项C 错误；
D．碰撞到三者相对静止由能量关系可知
Q
mgx


相对
可得
0.6m
x

相对
选项D 正确。
故选D。
281．如图，在光滑平台上有两个相同的弹性小球M 和N。M 水平向右运动，速度
大小为v。M 与静置于平台边缘的N 发生正碰，碰撞过程中总机械能守恒。
若不计空气阻力，则碰撞后，N 在（
）
171
A．竖直墙面上的垂直投影的运动是匀速运动
B．竖直墙面上的垂直投影的运动是匀加速运动
C．水平地面上的垂直投影的运动速度大小等于v
D．水平地面上的垂直投影的运动速度大小大于v
【答案】BC
【详解】由于两小球碰撞过程中机械能守恒，可知两小球碰撞过程是弹性碰
撞，根据动量守恒和能量守恒可知
M
N
mv
mv
mv


2
2
2
2
M
N
1
1
1
2
2
2
mv
mv
mv


由于两小球质量相等，故碰撞后两小球交换速度，即
M
0
v

，
N
v
v

碰后小球N 做平抛运动，在水平方向做匀速直线运动，即水平地面上的垂直
投影的运动速度大小等于v；在竖直方向上做自由落体运动，即竖直墙面上
的垂直投影的运动是匀加速运动。
故选BC。
16 功和能
282.解析
A 项：机械能等于动能与势能之和，以地面作为零势能面，小球在最高点时
动能为零，重力势能大于零，机械能不为零，错误；
B 项：小球上抛时初速度大小为20m/s，落地时速度大小为15m/s，可知小
球落地时的动能小于抛出时的动能，小球的机械能不守恒，故小球在运动过程中
会克服空气阻力做功。在上升过程中，小球受到的空气阻力和重力的方向都竖直
向下；在下落过程中，重力竖直向下，空气阻力竖直向上，故在任意高度，小球
在上升过程中受到的合外力总是大于下落过程中受到的合外力，错误；
C 项：在上升和下落过程中的同一高度，小球的重力势能始终相等，但由于
存在空气阻力，小球要克服空气阻力做功，机械能会减小，由于机械能等于动能
与势能之和，故在空中的同一高度，小球上升过程中的动能一定大于下落过程中
的动能，正确；
D 项：小球在空中受到重力和空气阻力两个力的作用，在上升过程中，重力
与空气阻力的方向均与位移方向相反，做负功；在下落过程中，重力方向与位移
方向相同，做正功，空气阻力方向与位移方向相反，做负功，错误。
故正确答案为C。
172
283.解析
A 项：如图所示，在C 点松手，此时物块M 具有一个向右的速度，由于惯性，
会继续向右运动一段距离，不会立即向左运动，错误；
B 项：如图所示，在C 点松手后，物块M 先向右做减速运动直至速度为0，
假设此时物块M 到达B 点，在弹簧弹力的作用下，物块M 会向左运动，根据胡克
定律
，从B 点到A 点，弹簧的形变量在减小，所以弹力逐渐减小，加速
度也会减小，方向均向左，速度也向左，物块M 做加速度逐渐减小的加速直线运
动。到达A 点时，弹簧处于原长，假设在向左运动的过程中弹簧最大被压缩到D
点，那么从A 点到D 点的过程中，弹簧的形变量逐渐增大，弹力逐渐增大，加速
度也会逐渐增大，方向均向右，速度向左，物块M 做加速度逐渐增大的减速直线
运动，错误；
C 项：根据B 项分析，从B 点到A 点，物块M 的速度逐渐增大，从A 点到D
点，物块M 的速度逐渐减小，所以物块M 在A 点速度达到最大，根据
，
可知此时动能达到最大，正确；
D 项：从C 点到A 点，弹簧逐渐恢复原长，弹簧的形变量在减小，弹性势能
减小，物块M 在A 点时速度达到最大，所以是弹簧的弹性势能全部转化为动能，
错误。
故正确答案为C。
284.解析
A 项，小球和弹簧组成的系统内除了重力和弹力之外，没有其他力做功，符
合机械能守恒定律的条件，故整个系统机械能守恒，正确；
B 项，
时刻，弹力最大，弹簧的压缩量最大，小球运动到最低点，此时小
球的速度为零，正确；
C 项，~
时间段，小球先向下做加速度减小的加速运动，然后做加速度增
大的减速运动，动能先增大后减小，错误；
D 项，~
时间段，弹簧的弹力不断减小，弹簧的弹性势能不断减少，由于
系统机械能守恒，故小球的动能与重力势能之和在增加，正确。
本题为选非题，故正确答案为C。
285.解析
水从水箱进入排污管的过程中竖直方向只受重力的作用，由于不计摩擦力，
所以水平方向不受摩擦力的作用，水平方向做匀速运动。对于甲的向心力只改变
速度的方向不改变速度的大小，而乙、丙中由于不存在圆周运动，因此转弯处管
壁会对水流造成阻碍。三种情况下竖直方向距离相同，因此在重力作用下的末速
度甲最大。
故正确答案为A。
286.解析
173
热量
的表达式为
，对于纯电阻电路可变式为
。
当电路为一根电热丝时热量
，当
时，逐项分析：
A 项，此时
，错误；
B 项，若
，则
，错误；
C 项，若
，则
，正确；
D 项，若
，
，
，错误。
故正确答案为C。
287.解析
根据功的计算公式W=Fs，可知力所做的功等于力与物体在力的方向上位移
的乘积。物体M 在水平路面上做直线运动，则物体M 位移的大小等于路程s，所
以外力
对物体M 所做的功
；物体m 在高低不平的路面上运动，运动
的路程为s，而位移是由起点指向终点的有向线段，所以物体m 的位移
的大小
要小于路程s，则外力
所做的功
，因为
，
，所以
。
故正确答案为B。
288.解析
武警战士小东从离地3 米的窗台跳下，当他两脚着地的瞬间，膝盖马上弯曲，
使身体的重心又下降了0.5 米，重心下降的距离h=3+0.5=3.5 米。假设人从接触
地面开始地面对身体的作用力恒为F，可知作用力F 的作用距离s=0.5 米。从开
始起跳到最终站稳的过程中，由动能定理: 合外力做的功等于物体动能的变化
量，可知
，因为小东开始起跳时，速度
等于零，
最终落地停稳时，速度
也等于零，所以
，即
，
，所以该作用力F 估计为自身重力的7 倍。
故正确答案为C。
考点01 功与功率
289．质量为1kg 的物块静置于光滑水平地面上，设物块静止时的位置为x 轴零
174
点。现给物块施加一沿x 轴正方向的水平力F，其大小随位置x 变化的关系如
图所示，则物块运动到
3m
x 
处，F 做功的瞬时功率为（
）
A．8W
B．16W
C．24W
D．36W
【答案】A
【详解】根据图像可知物块运动到
3m
x 
处，F 做的总功为
F
3 2J
2 1J
8J
W 


该过程根据动能定理得
2
F
1
2
W
mv

解得物块运动到
3m
x 
处时的速度为
4m/s
v 
故此时F 做功的瞬时功率为
8W
P
Fv


故选A。
290．一个音乐喷泉喷头出水口的横截面积为
4
2
2 10 m


，喷水速度约为10m/s，
水的密度为
3
1 10

kg/m
3，则该喷头喷水的功率约为（
）
A．10W
B．20W
C．100W
D．200W
【答案】C
【详解】设Δt 时间内从喷头流出的水的质量为
·Δ
m
Sv
t


喷头喷水的功率等于Δt 时间内喷出的水的动能增加量，即
2
1
2
Δ
Δ
mv
W
P
t
t


175
联立解得
100W
P 
故选C。
291．庐山瀑布“飞流直下三千尺，疑是银河落九天”瀑布高150m，水流量10m
3/s，
假设利用瀑布来发电，能量转化效率为70%，则发电功率为（
）
A．10
9W
B．10
7W
C．10
5W
D．10
3W
【答案】B
【详解】由题知，Δt 时间内流出的水量为
m = ρQΔt = 1.0×10
4Δt
发电过程中水的重力势能转化为电能，则有
7
70%
1.1 10 W
mgh
P
t





故选B。
292．神舟十七号载人飞船返回舱于2024 年4 月30 日在东风着陆场成功着陆，
在飞船返回至离地面十几公里时打开主伞飞船快速减速，返回舱速度大大减
小，在减速过程中（
）
A．返回舱处于超重状态
B．返回舱处于失重状态
C．主伞的拉力不做功
D．重力对返回舱做负功
【答案】A
【详解】AB．返回舱在减速过程中，加速度竖直向上，处于超重状态，故A
正确，B 错误；
C．主伞的拉力与返回舱运动方向相反，对返回舱做负功，故C 错误；
D．返回舱的重力与返回舱运动方向相同，重力对返回舱做正功，故D 错误。
故选A。
293．滑块以一定的初速度沿粗糙斜面从底端上滑，到达最高点B 后返回到底端。
利用频闪仪分别对上滑和下滑过程进行拍摄，频闪照片示意图如图所示。与
图乙中相比，图甲中滑块（
）
A．受到的合力较小
B．经过A 点的动能较小
C．在A、B 之间的运动时间较短
D．在A、B 之间克服摩擦力做的功较小
【答案】C
【详解】A．频闪照片时间间隔相同，图甲相邻相等时间间隔内发生的位移
差大，根据匀变速直线运动的推论，可知图甲中滑块加速度大，根据牛顿第
二定律可知图甲中滑块受到的合力较大，故A 错误；
B．设斜面倾角为，动摩擦因数为，上滑阶段根据牛顿第二定律有
176
1
sin
cos
a
g
g





下滑阶段根据牛顿第二定律有
2
sin
cos
a
g
g





可知上滑阶段阶段加速度大于下滑阶段加速度，图甲为上滑阶段，从图甲中
的A 点到图乙中的A 点，先上升后下降，重力不做功，摩擦力做负功，根据
动能定理可知图甲经过A 点的动能较大，故B 错误；
C．由逆向思维，由于图甲中滑块加速度大，根据
2
1
2
x
at

可知图甲在A、B 之间的运动时间较短，故C 正确；
D．由于无论上滑或下滑均受到滑动摩擦力大小相等，故图甲和图乙在A、B
之间克服摩擦力做的功相等，故D 错误。
故选C。
294．水平传送带匀速运动，将一物体无初速度地放置在传送带上，最终物体随
传送带一起匀速运动。下列说法正确的是（
）
A．刚开始物体相对传送带向前运动
B．物体匀速运动过程中，受到静摩擦力
C．物体加速运动过程中，摩擦力对物体做负功
D．传送带运动速度越大，物体加速运动的时间越长
【答案】D
【详解】A．刚开始时，物体速度小于传送带速度，则物体相对传送带向后
运动，A 错误；
B．匀速运动过程中，物体与传送带之间无相对运动趋势，则物体不受摩擦
力作用，B 错误；
C．物体加速，由动能定理可知，摩擦力对物体做正功，C 错误；
D．设物体与传送带间动摩擦因数为μ，物体相对传送带运动时
mg
a
g
m




做匀加速运动时，物体速度小于传送带速度则一直加速，由v
at

可知，传
送带速度越大，物体加速运动的时间越长，D 正确。
故选D。
考点03 机械能守恒定律
295．如图所示，光滑水平轨道AB 与竖直面内的光滑半圆形轨道BC 在B 点平滑
连接。一小物体将轻弹簧压缩至A 点后由静止释放，物体脱离弹簧后进入半
圆形轨道，恰好能够到达最高点C。下列说法正确的是（
）
177
A．物体在C 点所受合力为零
B．物体在C 点的速度为零
C．物体在C 点的向心加速度等于重力加速度
D．物体在A 点时弹簧的弹性势能等于物体在C 点的动能
【答案】C
【详解】AB．物体恰好能到达最高点C，则物体在最高点只受重力，且重力
全部用来提供向心力，设半圆轨道的半径为r，由牛顿第二定律得
2v
mg
m r

解得物体在C 点的速度
v
gr

AB 错误；
C．由牛顿第二定律得
mg
ma

解得物体在C 点的向心加速度
a
g

C 正确；
D．由能量守恒定律知，物体在A 点时弹簧的弹性势能等于物体在C 点时的
动能和重力势能之和，D 错误。
故选C。
296．如图，一光滑大圆环固定在竖直平面内，质量为m 的小环套在大圆环上，
小环从静止开始由大圆环顶端经Q 点自由下滑至其底部，Q 为竖直线与大圆
环的切点。则小环下滑过程中对大圆环的作用力大小（
）
A．在Q 点最大B．在Q 点最小
C．先减小后增大
D．先增大后减小
【答案】C
【详解】方法一（分析法）：设大圆环半径为R ，小环在大圆环上某处（P
点）与圆环的作用力恰好为零，如图所示
178
设图中夹角为，从大圆环顶端到P 点过程，根据机械能守恒定律
2
1
(1 cos )
2
mgR
mv



在P 点，根据牛顿第二定律
2
cos
v
mg
m R

联立解得
2
cos
3

从大圆环顶端到P 点过程，小环速度较小，小环重力沿着大圆环圆心方向的
分力大于小环所需的向心力，所以大圆环对小环的弹力背离圆心，不断减小，
从P 点到最低点过程，小环速度变大，小环重力和大圆环对小环的弹力合力
提供向心力，所以大圆环对小环的弹力逐渐变大，根据牛顿第三定律可知小
环下滑过程中对大圆环的作用力大小先减小后增大。
方法二（数学法）：设大圆环半径为R ，小环在大圆环上某处时，设该处与
圆心的连线与竖直向上的夹角为(0
)




，根据机械能守恒定律
2
1
(1 cos )
2
mgR
mv



(0
)




在该处根据牛顿第二定律
2
cos
v
F
mg
m R



(0
)




联立可得
2
3
cos
F
mg
mg



则大圆环对小环作用力的大小
2
3
cos
F
mg
mg



根据数学知识可知F 的大小在
2
cos
3

时最小，结合牛顿第三定律可知小
环下滑过程中对大圆环的作用力大小先减小后增大。
179
故选C。
297．如图所示，物块B 分别通过轻弹簧、细线与水平面上的物体A 左右端相连，
整个系统保持静止。已知所有接触面均光滑，弹簧处于伸长状态。剪断细线
后（
）
A．弹簧恢复原长时，A 的动能达到最大
B．弹簧压缩最大时，A 的动量达到最大
C．弹簧恢复原长过程中，系统的动量增加
D．弹簧恢复原长过程中，系统的机械能增加
【答案】A
【详解】对整个系统分析可知合外力为0，A 和B 组成的系统动量守恒，得
A
A
B
B
m v
m v

设弹簧的初始弹性势能为
p
E ，整个系统只有弹簧弹力做功，机械能守恒，
当弹簧恢复原长时得
2
2
p
A
A
B
B
1
1
2
2
E
m v
m v


联立得
2
2
A
p
A
A
B
1
2
m
E
m
v
m








故可知弹簧恢复原长时物体A 速度最大，此时物体A 的动量最大，动能最大。
对于系统来说动量一直为零，系统机械能不变。
故选A。
298．如图所示，质量为m 的足球从水平地面上位置1 被踢出后落在位置3，在
空中达到最高点2 的高度为h，则足球（
）
A．从1 到2 动能减少mgh
B．从1 到2 重力势能增加mgh
C．从2 到3 动能增加mgh
D．从2 到3 机械能不变
【答案】B
【详解】AB．由足球的运动轨迹可知，足球在空中运动时一定受到空气阻力
作用，则从从1 到2 重力势能增加mgh ，则1 到2 动能减少量大于mgh ，A
180
错误，B 正确；
CD．从2 到3 由于空气阻力作用，则机械能减小，重力势能减小mgh，则动
能增加小于mgh ，选项CD 错误。
故选B。
299．一位游客正在体验蹦极，绑上蹦极专用的橡皮绳后从跳台纵身而下。游客
从跳台下落直到最低点过程中（
）
A．弹性势能减小
B．重力势能减小
C．机械能保持不变
D．绳一绷紧动能就开始减小
【答案】B
【详解】游客从跳台下落，开始阶段橡皮绳未拉直，只受重力作用做匀加速
运动，下落到一定高度时橡皮绳开始绷紧，游客受重力和向上的弹力作用，
弹力从零逐渐增大，游客所受合力先向下减小后向上增大，速度先增大后减
小，到最低点时速度减小到零，弹力达到最大值。
A．橡皮绳绷紧后弹性势能一直增大，A 错误；
B．游客高度一直降低，重力一直做正功，重力势能一直减小，B 正确；
C．下落阶段橡皮绳对游客做负功，游客机械能减少，转化为弹性势能，C
错误；
D．绳刚绷紧开始一段时间内，弹力小于重力，合力向下做正功，游客动能
在增加；当弹力大于重力后，合力向上对游客做负功，游客动能逐渐减小，
D 错误。
故选B。
17 力学综合
300.解析
因小球的速度方向沿圆周的切线方向，则当细绳突然被剪断时，小球之后的
运动轨迹应该沿圆周的切线方向。
故正确答案为C。
301.解析
根据题意可知，人的速度为
，则拉小船的斜向上的速度为
。设绳子与水
面的夹角是，船在运动过程中，船的速度是人拉绳子的速度
与垂直于绳子速
度的合速度，根据平行四边形定则可知，
，
，由运动
图可知，
，则
，
的速度始终大于人拉绳
子的速度
。
181
故正确答案为C。
302.解析
阶段：弹簧压缩到最低点，撤掉外力之后，小球受到的弹力大于重力，
合外力向上，加速度向上，小球向上做加速运动，随着弹簧逐渐恢复原长，弹簧
形变量逐渐减小，小球受到的弹力逐渐减小，小球向上的加速度逐渐减小；
时刻：当向上的弹力等于向下的重力时，小球受力平衡，加速度为零，小
球的速度达到最大，小球有向上的速度继续向上运动；
阶段：在弹簧未恢复原长之前，小球受到的弹力小于重力，合外力
向下，加速度向下，当弹簧恢复原长后，因为有向上的速度，所以弹簧被拉长，
弹力与重力都向下，合外力向下，加速度向下，小球做向上的减速运动；
时刻：小球速度减为零，弹簧伸长到最大值，弹力与重力的合外力向下，
小球受力不平衡。
A 项：
阶段小球的速度都是大于零的，题干告知小球向上运动为正，
所以
阶段小球都在向上运动，错误；
B 项：
阶段小球加速度向上，处于超重状态，
阶段小球加速度
向下，处于失重状态，正确；
C 项：
时刻小球的速度最大，此时小球受力平衡，加速度为零，小球受到
的弹力与重力平衡，弹簧处于压缩状态，错误；
D 项：
时刻小球速度为零，但此时受到向下的弹力与重力，合外力向下，
所以受力不平衡，错误。
故正确答案为B。
303.解析
A 项，只有重力或弹力做功的系统，机械能守恒。物块运动过程中需克服摩
擦力做功，故机械能减少，错误；
182
B、C 两项，对物块进行受力分析，当弹簧处于压缩状态时，水平方向上物
块受到弹力和摩擦力的作用。由牛顿第二定律可得
，随着弹簧形
变量减小，弹力逐渐减小，加速度a 减小，当
时，物块速度最大，此时，
弹力等于摩擦力，物块在O 点左侧；从加速度
处到O 点过程中，由牛顿第
二定律可得
，弹力减小，加速度a 增大；当弹簧处于伸长状态时，
弹力逐渐增大，由牛顿第二定律可得
，随着弹簧继续伸长，形变
量变大，弹力增大，加速度a 继续增大，可知物块的加速度先减小后增大，B、C
两项错误；
D 项，在A 点和B 点处，物块的瞬时速度均为0，即动能为0，根据能量守
恒，所受弹簧弹力做的功等于克服摩擦力做的功，正确。
故正确答案为D。
304.解析
A 项：撤去外力前，物块处于静止状态，由于地面光滑，撤去外力后，物块
受到弹簧弹力的作用，会先做加速运动，错误；
B 项：由于地面光滑，物块脱离弹簧前，只有弹力做功，根据机械能守恒定
律，弹簧弹性势能的减少量等于物块动能的增加量，假设物块恰好离开弹簧时的
速度为v，那么弹簧弹性势能的减少量等于
。根据题意可知，物块脱离弹
簧后且在光滑的地面上运动时，物块的速度不变，即物块的动能不变，到达传送
带后，因为传送带逆时针转动，物块相对于传送带向右运动，受到向左的摩擦力，
所受合外力等于摩擦力，根据动能定理，摩擦力对物块做的功等于物块动能的变
化量，到达B 点时物块的速度为零，那么物块克服摩擦力所做的功等于
，
因此弹簧弹性势能的减少量等于物块克服摩擦力所做的功，正确；
C 项：在AB 阶段，合外力一直等于滑动摩擦力，根据滑动摩擦力公式
可知，压力不变，滑动摩擦力不变，即合外力不变，由牛顿第二定律
F=ma 可知，加速度不变，错误；
D 项：物块在B 点时速度为零，相对传送带向右运动，物块受到向左的滑动
摩擦力，物块在滑动摩擦力的作用下先做加速运动，此时物块的速度和传送带速
度不相同，错误。
故正确答案为B。
305.解析
A、B 两项，小球受重力和细线的拉力作用，这两个力的合力向右，小球受
非平衡力作用，运动状态会发生变化，小球与无人机保持相对静止，无人机的运
动状态也会变化，故无人机不是向右匀速飞行，故A、B 两项均错误；
C 项，无人机上悬挂小球的细线向左偏，小球可能向右做加速运动，由动能
公式
可知，小球的速度增加，则动能变大；由重力势能公式
183
可知，高度不变，重力势能不变，则小球的机械能可能增加，正确；
D 项，若剪断细线，小球具有惯性，小球将要保持水平方向的初速度，由于
小球受重力的作用，小球同时将向下运动，即小球做平抛运动，而非竖直下落，
错误。
故正确答案为C。
306.解析
根据陀螺原理，在物体绕自身轴高速旋转时，如果不受外力作用，该自转轴
有保持其在惯性空间中稳定指向的特性。当子弹高速旋转时可看做一个陀螺，可
以保持自转轴指向稳定，即沿弹道方向飞行。
故正确答案为D。
307.解析
容器滑下去时做沿斜面往下的加速运动，水因受容器壁的压力，将改变原来
的运动状态，跟着容器沿斜面做加速运动，由于水的张力作用，水面与运动轨迹
保持一致。
故正确答案为D。
308.解析
因为在通电之前天平平衡，且天平两边均只受到托盘上物体的重力，因此砝
码重力＝A 重力＋B 重力。
当通电后，由于B 与左盘固定，A 与左盘分离，因此左盘只受到B 的重力和
A、B 间的吸引力。又由于此过程中A 加速上升，因此A、B 间的吸引力＞A 的重
力。因此左盘受力＝A、B 间引力＋B 重力＞A 重力＋B 重力＝砝码重力。因此左
盘下降。
故正确答案为C。
309.解析
首先对煤块进行受力分析，煤块受到自身竖直向下的重力G，传送带对其垂
直于传送带向上的支持力N，以及沿传送带向上的摩擦力f。假设传送带倾角为，
动摩擦因数为，则
。
A 项，因为煤块由静止开始沿传送带向下运动，所以合外力方向沿传送带向
下，合外力为重力沿传送带向下的分力
减去沿传送带向上的摩擦力
，因此合外力为
，根据牛顿第二定律，合
外力又等于
，所以
，解得加速度
，那么在这个过程中，由于、、g 均恒定，则加速度始
终不变，煤块将做匀加速直线运动，正确；
B 项，摩擦力
，其大小与煤块的质量大小有关，但在煤块运
动过程中，煤块在传送带上留下痕迹，自身质量将减小，所以摩擦力将减小，错
误；
184
C 项，煤块受摩擦力作用，需要克服摩擦力做功，机械能不守恒，错误；
D 项，当传送带无限长时，煤块运动将一直进行下去，一直到煤块的质量无
限减小趋于0 时，煤块将全部以痕迹的形式附着于传送带上，最终随传送带一起
向上做匀速运动，而不是向下做匀速运动，错误。
故正确答案为A。
310.解析
根据题意可知，物块M 最初为静止状态，即初速度为0，最终为匀速直线运
动状态，即受力平衡，则最终外力F 与滑动摩擦力f 大小相等，且保持不变，由
图可知
~
时间段内
且大小恒定，所以
~
时间段内物块M 做匀速直线
运动，物块受到滑动摩擦力f 与
大小相等，②正确；
0~
时间段内，外力F 小于最大静摩擦力，故物块M 始终处于静止状态，即
位移为0，根据做功的计算公式：W=Fs 可知，位移为0 时，外力F 做功为0，①
错误；
~
时间段内，外力F 大于最大静摩擦力，合外力不为0，物块M 由静止开
始向右运动，
，由于F 逐渐增大，滑动摩擦力大小不变，
所以合外力逐渐增大，根据牛顿第二定律：
可知，加速度a 逐渐增大，
所以
~
时间段内，物块M 做加速度逐渐增大的变加速运动，故0~
时间段内，
物块M 的运动状态是先静止，再变加速，最终匀速运动，③错误。
综上所述，只有②正确。
故正确答案为D。
311.解析
A 项，煤块无初速度，将在摩擦力的作用下运动，摩擦力大小为
，根据牛顿第二定律
可得，其加速度
，为恒定
值，所以煤块将做匀加速运动，直至与传送带速度相同，正确；
B 项，煤块在摩擦力的作用下做匀加速运动的过程中，会与皮带产生相对运
动，故会留下一条黑色痕迹，正确；
C 项，煤块在做匀加速运动时受到滑动摩擦力的作用，在与传送带速度一致
后做匀速运动，不受摩擦力，错误；
D 项，煤块加速达到传送带速度后，会与传送带以相同速度前进，所以其最
大速度为传送带速度，正确。
本题为选非题，故正确答案为C。
312.解析
A 项：由于桌面是光滑的，所以小球从B 点到A 点的过程中，只有弹簧弹力
做功，故机械能守恒，小球的动能转变为弹簧的弹性势能，从A 点到B 点的过程
中，弹簧从压缩到恢复原长，弹性势能转化为小球的动能，错误；
B 项：小球刚接触B 点时，速度为
。小球从B 点到A 点的过程合外力为弹
185
簧弹力，方向与小球运动方向相反，小球做减速运动，到A 点速度为0；小球从
A 点到B 点的过程合外力仍然为弹簧弹力，方向与小球速度方向相同，小球做加
速运动，到B 点时速度为v，大小与
相等，但方向不同，因为速度是矢量，所
以两次速度不同，错误；
C 项：小球在第二次经过B 点后，由于桌面光滑，在水平方向上不受到外力
作用，所以小球会保持平衡状态，即小球将作匀速直线运动，正确；
D 项：小球在A 点时弹簧被压缩至最短，故小球在A 点速度为0，但是仍然
受到弹簧弹力的作用，受力不平衡，错误。
故正确答案为C。
18 斜面问题综合难题
313. 搬运工人为了将笨重的物体装进汽车车厢，常使用如图所示的装置把物体
从斜面底端匀速推上顶端，已知斜面长5m，高2m，物体重1000N，沿斜面向上
的推力为500N，则下列判定不正确的是（
）
A. 物体在斜面上运动的过程中受3 个力的作用，合力为0
B. 推力所做的功是2500J
C. 斜面的机械效率为80%
D. 物体受到斜面的摩擦力为100N
【答案】A
【解析】A．物体在斜面上运动的过程中受重力、支持力、推力、摩擦力共4 个
力的作用，处于平衡状态，合力为0，故A 错误，符合题意；
B．推力所做的功是
500N 5m
2500J
W
Fs




总
故B 正确，不符合题意；
C．推力做的有用功为
1000N
2m
2000J
W
Gh




有
斜面的机械效率为
2000J
100%
80%
2500J
W
W




有
总
故C 正确，不符合题意；
D．推力做的额外功为
2500J
2000J
500J
W
W
W





额
总
有
物体受到斜面的摩擦力为
500J
100N
5m
W
f
s



额
186
故D 正确，不符合题意。故选A。
314. 用如图所示的四种简单机械，将同一重物从低处匀速提升到高处，在不计
机械自重及摩擦的情况下，最省力的是（
）
A.
B.
C.
D.
【答案】B
【解析】如选项A 中图，动滑轮是省力杠杆，其动力臂是阻力臂的2 倍，则动力
是阻力的一半，即
1
2
F
G

如选项B 中图，根据机械功原理，任何机械都不省功，所以由Gh
FL

得
2m
2
5m
5
Gh
G
F
G
L




如选项C 中图，设阻力臂为L，则从支点到动力作用点长度为3L，因为动力作用
线与横杆夹角为30°，说明动力臂长度为横杆的一半，即3
2 L 。根据杠杆平衡条
件
1
1
2
2
F L
F L

可得
2
3
3
2
GL
F
G
L


如选项D 中图，定滑轮是等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，则F
G

。综上所述，
通过比较得知，B 选项中
2
5
F
G

最小，即在不计机械自重及摩擦的情况下，最
省力的是斜面，故B 符合题意，ACD 不符合题意。
故选B。
315. 如图所示，将一个重9.0N 的物体从斜面底端匀速直线拉到斜面顶端，沿斜
面向上的拉力为3.6N，在斜面上移动的距离s=1.2m，物体升高的高度h=0.3m，
则（
）
A. 物体所受的摩擦力3.6N B. 物体克服重力做功4.32J
C. 拉力做功2.7J
D. 斜面的机械效率62.5%
【答案】D
【解析】ABC．克服物体重力做功即有用功为
=
=9N 0.3m=2.7J
W
Gh

有
187
拉力做的功即总功为
=
=3.6N 1.2m=4.32J
W
Fs

总
额外功为
=
-
=4.32J-2.7J=1.62J
W
W
W
额
总
有
由
=
W
fs
额
可得，摩擦力为
1.62J
=
=
=1.35N
1.2m
W
f
s
额
故ABC 不符合题意；
D．根据=
100%
W
W


有
总
可得，斜面的机械效率为
2.7J
=
100%=
100%=62.5%
4.32J
W
W



有
总
故D 符合题意。故选D。
316. 如图所示，斜面长10m，高4m。用平行于斜面F=50N 的拉力，将重100N
的物体，从斜面的底端匀速拉到顶端。在此过程中，下列说法正确的是（
）
A. 利用此装置既可以省力，也可以省功
B. 物体受到的摩擦力为50N
C. 对物体所做的有用功为500J D. 该斜面的机械效率为80%
【答案】D
【解析】A．使用任何机械都不省功，所以利用此装置不能省功，故A 错误；
BC．由题意知，将物体从斜面底端匀速拉到顶端所做的有用功
W 有=Gh=100N×4m=400J
所做的总功
W 总=Fs=50N×10m=500J
额外功
W 额=W 总-W 有=500J-400J=100J
物体所受的摩擦力
100J
10N
10m
W
f
s



额
故BC 错误；
D．该斜面的机械效率
400J
100%
80%
500J
W
W




有
总
188
故D 正确。故选D。
317．如图，在斜面上将一个重为15N 的物体匀速从斜面底端拉到顶端，沿斜面
向上的拉力F＝6N，斜面长s＝1.2m、斜面高h＝0.3m。下列说法正确的是（
）
A．斜面的机械效率为37.5%
B．物体受到的摩擦力为2.25N
C．额外功为1.8J
D．有用功为7.2J
【答案】B
【解析】D．所做有用功为
15N
0.3m
4.5J
W
Gh

有＝
＝
＝
，
故A 错误；
总功为
6N 1.2m
7.2J
W
Fs

总＝
＝
＝
额外功为
7.2J 4.5J
2.7J
W
W
W
额
总
有
＝
﹣
＝
﹣
＝
故C 错误；
由W
fs
额＝得，摩擦力为
2.7J
=
=
=2.25N
1.2m
W
f
s
额
，
故B 正确；
A．机械效率为
4.5J
100 =
100 =62.5
7.2J
W
W



有
总
％
％
％，故A 错误。
故选B。
318. 为了将一物块送到高处，小杰用木板和滑轮搭建了如图所示的装置。用力
F 拉动绳端，物块沿斜面匀速向上运动，下列说法正确的是（
）
A. 该装置使用滑轮是为了更加省力
B. 此过程中物块的动能转化为重力势能
C. 物块所受摩擦力的方向沿斜面向下
D. 若绳子突然断开，物块将立即下滑
189
【答案】C
【解析】A．该装置使用的是定滑轮，只能改变力的方向，不能省力，故A 错误；
B．物块沿斜面匀速向上运动，动能不变，物体的重力势能是拉力F 做功增加的，
故B 错误；
C．物块相对斜面斜向上运动，受到的滑动摩擦力与其相对运动方向相反，所以
摩擦力沿斜面向下，故C 正确；
D．若绳子突然断开，物块由于惯性会先继续向上运动，故D 错误。故选C。
319. 如图所示，斜面的长为高的4 倍，物体恰能在斜面上匀速下滑，下滑一段
距离的过程中，该物体重力
做的功和克服阻力做的功相等。若用平行于斜面向上的拉力F 将物体匀速拉上斜
面时，斜面的机械效率
为（
）
A. 20% B. 25% C. 50% D. 75%
【答案】C
【解析】设斜面高为h，则斜面长s=4h，物体在斜面上匀速下滑过程中克服重力
做的功W 有=Gh，由题意知重力做的功和克服阻力做的功相等，即fs=Gh
用平行于斜面向上的拉力F 将物体匀速拉上斜面时所做的总功
W 总=W 额+W 有=fs+Gh=2Gh
斜面的机械效率为
100%
100%
50%
2
Gh
W
Gh
W





有
总
故C 符合题意，ABD 不符合题意。故选C。
18.1 斜面力分析
320．近期我国长江中下游许多省份因连续大雨发生洪涝灾害。抗洪抢险小分队
成员李军在一次行动中需要帮老百姓把一个质量为240kg 的重物搬到2m 高的车
上。为了省力采用5m 的长木板搭了一个斜面（如图所示）。用1200N 的力用了
5min 将重物匀速推到车上。关于此简易斜面装置，下列说法中正确的是（
）
A．他对重物做了4800J 的功
B．他做功的功率为16W
C．此次简易斜面装置的机械效率为50%
D．斜面是一种省力杠杆
【答案】D
【解析】A.做的总功：W 总＝Fs＝1200N×5m＝6000J，故A 错误；
B.做功的功率为：P＝
＝
＝20W，故B 错误；
190
C.重物的重力：G＝mg＝240kg×10N/kg＝2400N，
李军对重物做的有用功：
W 有用＝Gh＝2400N×2m＝4800J，
简易斜面装置的机械效率：
η＝
＝
×100%＝80%，故C 错误；
D.据课本知识可知，斜面本质上是一种省力杠杆，故D 正确。
321.如图，重为G 的物体在沿斜面向上的拉力作用下，从斜面的底部移到顶部，
设沿斜面移动的距离为s，高为h，拉力为F，物体受到的摩擦力为f。则斜面的
机械效率为（
）
A. Gh
fs
B. Gh
Fs
C. (
)

Gh
F
f s
D. (
)

Gh
F
f s
【答案】B
【解析】有用功为W 有=Gh
总功为W 总=Fs
斜面的机械效率为
η=
=
W
Gh
W
Fs
有
总
18.2 斜面运动状态
322.如图所示，小明“测量平均速度”时，在带有刻度的斜面底端B 处放一金属
片，让小车从斜面顶端由静止滑下，下列说法正确的是（
）
A. 小车通过AB 段的路程是9.00dm
B. 小车碰撞金属片前、后运动状态发生了变化
C. 这个实验还能说明物体的运动不需要力来维持
D. 小车对斜面的压力和小车受到的重力是一对平衡力
【答案】AB
【解析】A．由图可知，小车通过AB 段的路程s=10.00dm-1.00dm=9.00dm
191
故A 正确；
B．小车碰撞金属片前速度较大，碰撞金属片后，小车受到阻力，小车的速度为
零，运动状态发生了变化，故B 正确；
C．这个实验能说明力是改变物体运动状态的原因，不能说明物体的运动不需要
力来维持，故C 错误；
D．小车对斜面的压力和小车受到的重力作用在不同物体上，不是一对平衡力，
故D 错误。
323. 如图所示，在平行于斜面拉力F 作用下物体沿斜面匀速上升，物体重8N，
拉力为5N，斜面长为1.2m，高为0.6m。下列说法正确的是（
）
A．物体的机械能不变
B．斜面的效率为62.5%
C．物体所受的拉力与摩擦力是一对平衡力D．物体与斜面间的摩擦力为1N
【答案】D
【解析】A．物体沿斜面匀速上升，质量不变、速度大小不变，动能不变；质量
不变、高度增大，重力势能增大；物体的动能不变、重力势能增大，机械能增
大，故A 错误；
B.拉力做的有用功
8N
0.6m
4.8J
W
Gh




有用
总功
5N 1.2m
6J
W
Fs




总
斜面的机械效率
4.8J
100%
100%
80%
6J
W
W





有用
总
，
故B 错误；
D.克服摩擦力所做的额外功
6J
4.8J
1.2J
W
W
W





额外
总
有用
物体与斜面间的摩擦力
1.2J
1N
1.2m
W
f
s



额外
，
故D 正确；
C．拉力F=5N，摩擦力f=1N，二者大小不相等，不是一对平衡力，故C 错误。
324.一个小球从斜面滚下，用照相机每隔0.1s 拍摄一次，记录小球运动情况的
照片如图所示，则（
）
192
A．小球从A 点运动到D 点用时0.4s
B．小球从A 点运动到D 点的平均速度为0.75m/s
C．小球AC 段的平均速度大于CD 段平均速度
D．小球整个运动过程中速度越来越快
【答案】D
【解析】（1）已知用照相机每隔0.1s 拍摄一次，由图可知小球从A 点运动到D
点经过了3 个时间间隔，据此求出用的时间；
（2）读出AD 之间的距离和所用的时间，根据v＝
求出平均速度；
（3）由图可知小球在相同时间内通过的路程越来越大，根据速度公式可知小球
在整个运动过程中速度变化以及小球AC 段的平均速度与CD 段平均速度的大小关
系。
A、由图可知，小球从A 点运动到D 点经过了3 个时间间隔，则用时3×0.1s＝
0.3s，故A 错误；
B、AD 之间的距离为s＝30.0cm＝0.3m，小球运动的时间为t＝0.3s，
则小球从A 点运动到D 点的平均速度：v＝
＝
＝1m/s，故B 错误；
CD、由图可知小球在相同时间内通过的路程越来越大，所以，根据速度公式可知
小球在整个运动过程中速度越来越快，则小球AC 段的平均速度小于CD 段平均速
度，故C 错误，D 正确。
325. 如图所示，小明在“测平均速度”的实验中，使小车从斜面A 点静止下滑，
经过B 点到达C 点，图中已标出小车经过A、B、C 三点对应时刻。下列说法中正
确的是（
）
A．AB 段距离为4.0dm
B．AB 段平均速度为0.2cm / s
C．小车从A 点到C 点做匀速直线运动
D．若小车过A 点后才开始计时，测出AC 段平均速度将偏大
【答案】D
【解析】A．刻度尺1dm 均分10 格，则分度值为0.1dm=1cm，AB 段距离为
10.00dm-6.00dm=4.00dm
AB
s

193
故A 错误；
B．AB 段平均速度为
4.00dm =2dm / s
20cm / s
2s
AB
AB
AB
s
v
t



故B 错误；
C．小车从A 点到C 点做加速直线运动，故C 错误；
D．若小车过A 点后才开始计时，测得的时间偏短，由
s
v
t

得，测出AC 段平均速
度将偏大，故D 正确。故选D。
18.3 斜面做功
326. 如图，工人往车上装重物时，用长木板搭个斜面，把重物沿斜面推上去。
斜面长2m，斜面最高处高度为1m。工人师傅在5s 时间内，用大小为600N 的力
将一个重为1000N 的物体沿着斜面从底端匀速推到顶端。则下列说法正确的是
（
）
A．使用斜面，既可以省力，也可以省距离
B．物体所受到斜面的摩擦力方向沿斜面向下，大小为600N
C．推力做功的功率为240W
D．工人此次利用的斜面机械效率为83.3%
【答案】CD
【解析】A．利用斜面可以省力，但费距离，故A 错误；
推力做的有用功
1000N 1m=1000J
W
Gh



有用
推力做的总功
600N
2m
1200J
W
Fs




总
推力做的额外功
1200J-1000J=200J
W
W
W



额
总
有用
由W
fs
=
额
可得物体受斜面的摩擦力
200J =100N
2m
W
f
s


额
，
方向沿斜面向下，故B 错误；
推力做功功率
1200J =240W
5s
W
P
t


总
，
故C 正确；
斜面的机械效率
194
1000J 100%
83.3%
1200J
W
W




有用
总
，
故D 正确。故选CD。
18.4 斜面能量转化
327. 如图所示，一个小球从光滑斜面的顶端自由下滑经过A 点到达斜面底端，
如果小球经过A 点时具有的重力势能为50J，若不计空气阻力，以下说法正确的
是
（
）
A
A．小球到达底端时动能大于50J
B．小球从顶端到达底端的过程中，重力势能转化为动能
C．小球到达底端时的机械能大于经过A 点时的机械能
D．小球到达底端时的机械能等于经过A 点时的机械能
【答案】ABD
【解析】A.小球在光滑斜面运动过程中，机械能守恒。所以在A 点机械能等于在
斜面底端机械能，小球在底端机械能等于动能，这个动能等于A 点机械能，A 点
机械能等于小球动能和重力势能之和，所以小球在底端动能大于在A 点重力势
能，也就是大于50J；
B.小球在光滑斜面运动过程中，机械能守恒。小球从顶端到达底端的过程中，重
力势能转化为动能；
C. 小球到达底端时的机械能等于经过A 点时的机械能；
D. 小球到达底端时的机械能等于经过A 点时的机械能。
328.如图所示，一个玩具弹簧放在斜面上端，将弹簧弯曲一定程度后释放，弹簧
沿斜面向下翻滚．弹簧在运动过程中，有哪些机械能发生了转化（
）
A.只有动能和重力势能
B.只有动能和弹性势能
C.只有重力势能和弹性势能
D.动能、重力势能和弹性势能都发生了转化
【答案】D
【解析】弹簧沿斜面向下翻滚的过程中，形变量减小，弹簧势能减小；质量不变，
高度减小，重力势能减小；速度变大，动能变大，所以动能、重力势能和弹性热
能都发生了变化，故选D。
329. 如图所示，工人往车上装重物时，用长木板搭个斜面，工人用平行于斜面
向上的力，把重物沿斜面从底端匀速推到顶端。下列说法正确的是（
）
195
A. 用斜面可以省力也可以省功
B. 匀速推动重物的速度越大，推力越大
C. 匀速推动重物的速度越大，推力做功越多
D. 匀速推动重物的速度越大，推力的功率越大
【答案】D
【解析】A．根据斜面的工作特点和功的原理可知，用斜面提高物体可以省力，
但不能省功，故A 错误；
B．沿斜面匀速推动物体时，物体在竖直向的重力、垂直于斜面向上的支持力、
沿着斜向下的摩擦力和沿着斜面向上的推力作用下于平衡状态，因此推力大小只
与物体的重力斜面的支持力和摩擦力有关，与物体速度无关，故B 错误；
C．由W=Fs 可知，推力做的功与物体在推力方向上移动的距离有关，与物体的速
度关，故C 错误；
D．由P=Fv 可知，推力功率与物体的移动速度有关，在推力一定时速度越大，推
力的功率越大，故D 正确。故选D。
330.如图甲所示，工人用推力F 将重为1000N 的箱子沿斜面推至水平车厢中，斜
面长3m、高1.5m，F 始终与箱子运动方向相同。箱子运动路程随时间变化关系
如图乙所示，推力F 随时间变化关系如图丙所示。下列分析正确的是（
）
A. 0~10s 内，箱子做加速运动B. 0~10s 内，箱子所受摩擦力为100N
C. 10~20s 内，推力F 的功率为160W
D. 10~20s 内，箱子所受摩擦力为200N
【答案】BD
【解析】A．根据图乙可知，0~10s 内，箱子做匀速直线运动，故A 错误；
B．根据图乙可知，0~10s 内，箱子做匀速直线运动，推力F 做的功为
600N 3m
1800J
F
W
Fs




克服重力做的功大小为
1000N 1.5m
1500J
G
W
Gh




则摩擦力做的功大小为
1800J 1500J
300J
f
F
G
W
W
W





故摩擦力的大小为
196
300J
100N
3m
f
W
f
s



故B 正确。
C．根据图乙可知，10~20s 内，箱子运动的速度为
8m
3m
0.5m/s
20s 10s
s
v
t





10~20s 内，根据图丙可知，推力F 的大小为
200N
F
推力F 的功率为
200N 0.5m/s
100W
P
F v




故C 错误；
D．根据图乙可知，10~20s 内，箱子做匀速直线运动，推力的大小和摩擦力的大
小相等，则可知
200N
f
F




故D 正确。故选BD。
19 万有引力与宇宙航行
考点01 万有引力定律及其应用
331．地球和哈雷彗星绕太阳运行的轨迹如图所示，彗星从a 运行到b、从c 运
行到d 的过程中，与太阳连线扫过的面积分别为
1S 和
2
S ，且
1
2
S
S

。彗星
在近日点与太阳中心的距离约为地球公转轨道半径的0.6 倍，则彗星（
）
A．在近日点的速度小于地球的速度
B．从b 运行到c 的过程中动能先增大后减小
C．从a 运行到b 的时间大于从c 运行到d 的时间
D．在近日点加速度约为地球的加速度的0.36 倍
【答案】C
【详解】A．地球绕太阳做匀速圆周运动，万有引力提供向心力
2
2
Mm
v
GM
G
m
v
r
r
r



哈雷彗星在近日点的曲率半径小于地球半径，因此哈雷彗星在近日点的速度
大于地球绕太阳的公转速度，A 错误；
B．从b 运行到c 的过程中万有引力与速度方向夹角一直为钝角，哈雷彗星速
度一直减小，因此动能一直减小，B 错误；
197
C．根据开普勒第二定律可知哈雷彗星绕太阳经过相同的时间扫过的面积相
同，根据
1
2
S
S

可知从a 运行到b 的时间大于从c 运行到d 的时间，C 正确；
D．万有引力提供加速度
2
2
Mm
GM
G
ma
a
r
r



则哈雷彗星的加速度
1a 与地球的加速度
2a 比值为
2
1
2
2
2
1
1
0.36
a
r
a
r


D 错误。
故选C。
332．2024 年6 月，嫦娥六号探测器首次实现月球背面采样返回。如图所示，探
测器在圆形轨道1 上绕月球飞行，在A 点变轨后进入椭圆轨道2 、B 为远月
点。关于嫦娥六号探测器，下列说法正确的是（
）
A．在轨道2 上从A 向B 运动过程中动能逐渐减小
B．在轨道2 上从A 向B 运动过程中加速度逐渐变大
C．在轨道2 上机械能与在轨道1 上相等
D．利用引力常量和轨道1 的周期，可求出月球的质量
【答案】A
【详解】A．在轨道2 上从A 向B 运动过程中，探测器远离月球，月球对探测
器的引力做负功，根据动能定理，动能逐渐减小，A 正确；
B．探测器受到万有引力，由
2
Mm
G
ma
r

解得
2
M
a
G r

在轨道2 上从A 向B 运动过程中，r 增大，加速度逐渐变小，B 错误；
C．探测器在A 点从轨道1 变轨到轨道2，需要加速，机械能增加，所以探测
器在轨道2 上机械能大于在轨道1 上的机械能，C 错误；
D．探测器在轨道1 上做圆周运动，根据万有引力提供向心力，得
2
2
2
4
Mm
G
m
r
r
T


198
解得
2
3
2
4
r
M
GT


利用引力常量G 和轨道1 的周期T，还需要知道轨道1 的半径r，才能求出月
球的质量，D 错误。
故选A。
333．如图所示，飞行器P 绕某星球做匀速圆周运动，星球相对飞行器的张角为
θ，下列说法正确的是（
）
A．轨道半径越大，周期越长
B．轨道半径越大，速度越大
C．若测得周期和张角，可得到星球的平均密度
D．若测得周期和轨道半径，可得到星球的平均密度
【答案】AC
【详解】A．对飞行器，根据
2
2
2
4
Mm
G
mr
r
T


可知轨道半径越大，周期越大，故A 正确；
B．根据
2
2
Mm
v
G
m
r
r

可知道轨道半径越大，线速度越小，故B 错误；
C．若测得卫星的周期T，可得
2
3
2
4
r
M
GT


如果知道张角θ，则该星球半径为
sin 2
R
r


可得
3
2
3
2
4
4
sin
3
2
r
M
r
GT












解得星球的密度为
199
2
3
3
(sin
)
2
GT




即可求出星球的平均密度，故C 正确；
D．若测得周期和轨道半径，无法得到星球半径，则无法求出星球的平均密度，
故D 错误。
故选AC。
334．潮汐现象出现的原因之一是在地球的不同位置海水受到月球的引力不相同。
图中a、b 和c 处单位质量的海水受月球引力大小在（
）
A．a 处最大
B．b 处最大
C．c 处最大
D．a、c 处相等，b
处最小
【答案】A
【详解】根据万有引力公式
2
m
=
M
F G R
可知图中a 处单位质量的海水收到月球的引力最大；
故选A。
335．载人飞船的火箭成功发射升空，载人飞船进入预定轨道后，与空间站完成
自主快速交会对接，然后绕地球做匀速圆周运动。已知空间站轨道高度低于
地球同步卫星轨道，则下面说法正确的是（
）
A．火箭加速升空失重
B．宇航员在空间站受到的万有引力小于在地表受到万有引力
C．空间站绕地球做匀速圆周运动的角速度小于地球自转角速度
D．空间站绕地球做匀速圆周运动的加速度小于地球同步卫星的加速度
【答案】B
【详解】A．火箭加速升空过程，加速度方向竖直向上，则处于超重状态，
故A 错误；
B．根据
2
GMm
F
R

，宇航员与地球的质量不变，宇航员在空间站离地心更
远，则受到的万有引力小于在地表受到万有引力，故B 正确；
C．根据
2
2
GMm
m
R
R


可得
3
GM
R

，可知空间站绕地球做匀速圆周运
动的角速度大于同步卫星的角速度，即大于地球自转角速度，故C 错误；
D．根据
2
GMm
ma
R

可得
2
GM
a
R

，可知空间站绕地球做匀速圆周运动的加
200
速度大于地球同步卫星的加速度，故D 错误。
故选B 。
20.电学
20.1 电荷
336.解析
由于通电导线周围会存在磁场，所以接通电流后一根通电导线会在另一根通
电导线处产生磁场，根据右手定则可以判断磁场方向，而通电导线在磁场中会受
到力的作用，根据左手定则可以判断出通电导线的受力方向。
用右手定则判断磁场方向：用右手握住上方导线，大拇指指向电流方向（向
右），则四指环绕的方向就是通电导线周围的磁场方向：下侧垂直于纸面向里，
上侧垂直于纸面向外；
用左手定则判断受力方向：伸出左手，把左手放入磁场中，让磁感线垂直穿
入手心，四指指向电流所指方向，则大拇指所指的方向就是直导线受力的方向，
可见下方导线受到的力方向向上；同理可以判断上方导线受到的力方向向下，并
且两根通电导线受到的力都垂直于导线方向，所以两根导线相互吸引。
故正确答案为A。
337.解析
由图可知，纵轴的手机电量为充入的电荷量，通常用Q 表示，横轴为充电的
时间，通常用t 表示。
A 项：根据电流定义公式
可知，纵轴Q 与横轴t 的比值代表充电电
流，即图线的斜率表示充电电流，并非图中曲线和时间轴所围成的面积（Qt），
错误；
B 项：根据电流定义公式
和电流做功的公式W=UIt 可知，电流做功
的公式可表示为W=UQ，即充电电流所做的功等于充电电压与充入电荷量的乘积，
并非图中曲线和时间轴所围成的面积（Qt），错误；
C、D 两项：由于手机相同，电池的容量相同，因此从1%充到93%，两者充
入的电荷量Q 相同，均为92%，又因为充电电压视为恒定，充入的电能也就相同，
C 项错误，D 项正确。
故正确答案为D。
338.解析
电磁感应现象遵守楞次定律：感应电流具有这样的方向，即感应电流的磁场
总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化。这个规律导致的结果就是，当闭合线圈
无论是靠近磁铁还是远离磁铁，磁铁对闭合线圈的作用力都会阻碍这样的相对运
动，即表现为“来拒去留”。
A 项：当吸铁石B 竖直向上运动时，即为远离铜环A（闭合线圈），根据上
述“来拒去留”的原理，吸铁石B 会对铜环A 产生向上的作用力，因此铜环A
对台面的压力变小，台面对铜环A 的支持力也变小，错误；
B、C 两项：根据楞次定律可知，当磁通量增大时，感应电流的磁场方向与
原磁场方向相反，阻碍其增加，反之二者方向则相同。当吸铁石B 竖直向下运动
201
时，逐渐靠近铜环A，通过铜环A 的磁通量增大，则铜环A 中产生的感应电流方
向与吸铁石B 的磁场方向相反，但由于吸铁石B 的N 极与S 极不确定，则吸铁石
B 的磁场方向也不确定，因此铜环A 中产生的感应电流方向也无法确定，均错误；
D 项：由题干可知，由于吸铁石B 位于铜环中心轴的正上方，因此无论吸铁
石B 由图示位置起向左平移还是向右平移，竖直穿过铜环A 的磁通量均减少，根
据楞次定律可知，铜环A 中感应电流的磁场均与吸铁石B 的磁场方向相同，因此
铜环A 中产生的感应电流方向也相同，正确。
故正确答案为D。
339.解析
结合题干图形，钠的流动方向向内，要使钠液加速，需安培力向内，磁场方
向由N 至S 向右。根据左手定则，电流方向应由下向上，B 项满足。
故正确答案为B。
20.2 静电场
340．用带电玻璃棒接触验电器的金属球，移走玻璃棒，验电器内两片金属箔张
开，稳定后如图。图中a 、b 、c 、d 四点电场强度最强的是（
）
A．a
B．b
C．c
D．d
【答案】D
【详解】bc 两点分别在金属外壳内部和金属杆的内部，则两点的场强均为零；
在金属箔上的最下端电荷分布比金属球上更密集，且d 点距离金箔的下端较
近，可知d 点的场强比a 点大，则电场强度最大的点在d 点。
故选D。
341．带正电的金属球靠近不带电验电器金属小球a ，则关于验电器金属小球a 和
金属箔b ，下列说法正确的是（
）
A．a 、b 都带正电
B．a 、b 都带负电
C．a 带负电、b 带正电
D．a 带正电、b 带负电
【答案】C
【详解】由图可知，验电器本来不带电，由于同种电荷相互排斥，异种电荷
相互吸引，正金属球靠近不带电验电器金属小球a ，使得金属球a 带负电荷，
从而导致金属箔b 带上正电荷。
故选C。
202
342．某同学绘制了四幅静电场的电场线分布图，其中可能正确的是（
）
A．
B．
C．
D．
【答案】B
【详解】ABC．静电场中电场线不相交、不闭合，故B 正确、故AC 错误；
D．若电场线相互平行，应等间距，故D 错误。
故选B。
343．蜡烛火焰是一种含有电子、正离子、中性粒子的气体状物质, 将其置于电
压恒定的两平行金属板间, 板间电场视为匀强电场, 如图所示．若两金属板
间距减小, 关于火焰中电子所受的电场力, 下列说法正确的是（
）
A．电场力增大，方向向左
B．电场力增大，方向向右
C．电场力减小，方向向左
D．电场力减小，方向向右
【答案】B
【详解】由题知，两极板电压保持不变，则根据电势差和电场强度的关系有
U
E
d

当电极板距离减小时，电场强度E 增大，根据F = Ee 可知电场力也增大，
再结合题图可知极板间的电场线水平向左，则可知电子受到的电场力方向向
右。
故选B。
344．某小山坡的等高线如图，M 表示山顶，A
B
、
是同一等高线上两点，MA
MB
、
分别是沿左、右坡面的直滑道。山顶的小球沿滑道从静止滑下，不考虑阻力，
则（
）
203
A．小球沿MA 运动的加速度比沿MB 的大
B．小球分别运动到A
B
、
点时速度大小不同
C．若把等高线看成某静电场的等势线，则A 点电场强度比B 点大
D．若把等高线看成某静电场的等势线，则右侧电势比左侧降落得快
【答案】D
【详解】A．等高线越密集，坡面越陡，根据牛顿第二定律可得
sin
a
g


（
为坡面与水平面夹角），MB 对应的等高线更密集，坡面更陡，小球沿着MB
运动时加速度比沿着MA 运动时加速度大，A 错误；
B．A、B 在同一等高线，小球下落高度相同，根据机械能守恒，运动到A、B
点时速度大小相同，B 错误；
C．等势线越密集，电场强度越大，B 处等势线更密集，A 点电场强度比B 点
小，C 错误；
D．等势线越密集，电势降落越快，右侧等势线更密集，右侧电势比左侧降
落得快，D 正确。
故选D。
345．如图，两极板不平行的电容器与直流电源相连，极板间形成非匀强电场，
实线为电场线，虚线表示等势面。M、N 点在同一等势面上，N、P 点在同一
电场线上。下列说法正确的是（
）
A．M 点的电势比P 点的低
B．M 点的电场强度比N 点的小
C．负电荷从M 点运动到P 点，速度增大
D．负电荷从M 点运动到P 点，
电场力做负功
【答案】D
【详解】A．MN 两点电势相等，电场线由上到下，NP 在同一电场线上，沿电
场线电势逐渐降低，可知N 点电势高于P 点，可知M 点电势高于P 点，选项
A 错误；
B．M 点电场线分布比N 点密集，可知M 点电场强度比N 点大，选项B 错误；
CD．负电荷从M 点运动到P 点，电势能增加，则电场力做负功，动能减小，
速度减小，选项C 错误，D 正确；
故选D。
204
346．《汉书》记载“姑句家矛端生火”，表明古人很早就发现了尖端放电现象。
若带电长矛尖端附近某条电场线如图，则a
b
c
d
、、、
四点中电势最高的是
（
）
A．a 点
B．b 点
C．c 点
D．d 点
【答案】D
【详解】根据电场线的性质：沿电场线方向，电势逐渐降低。观察图中电场
线，可判断电场线方向（假设从电势高处指向低处）。比较a、b、c、d 四
点，d 点位于电场线“上游”，沿电场线方向电势依次降低，即d 点电势高
于c 点，c 点高于b 点，b 点高于a 点。因此电势最高的是d 点。
故选D。
考点03 电容器及电容带电粒子在电场中的运动
347．图示是“研究电容器两极板间距对电容大小的影响”实验，保持电荷量不
变，当极板间距增大时，静电计指针张角增大，则（
）
A．极板间电势差减小
B．电容器的电容增大
C．极板间电场强度增大
D．电容器储存能量增大
【答案】D
【详解】AB．根据Q
CU

，
4
S
C
kd



可得当极板间距增大时电容减小，
由于电容器的带电量不变，故极板间电势差增大，故AB 错误；
C．根据
U
E
d

得
4 kQ
E
S



故场强不变，故C 错误；
D．移动极板的过程中要克服电场力做功，故电容器储存能量增大，故D 正
确。
故选D。
205
348．一平行板电容器充放电电路如图所示。开关S 接1，电源E 给电容器C 充
电；开关S 接2，电容器C 对电阻R 放电。下列说法正确的是（
）
A．充电过程中，电容器两极板间电势差增加，充电电流增加
B．充电过程中，电容器的上极板带正电荷、流过电阻R 的电流由M 点流向N
点
C．放电过程中，电容器两极板间电势差减小，放电电流减小
D．放电过程中，电容器的上极板带负电荷，流过电阻R 的电流由N 点流向M
点
【答案】C
【详解】A．充电过程中，随着电容器带电量的增加，电容器两极板间电势
差增加，充电电流在减小，故A 错误；
B．根据电路图可知，充电过程中，电容器的上极板带正电荷、流过电阻R
的电流由N 点流向M 点，故B 错误；
C．放电过程中，随着电容器带电量的减小，电容器两极板间电势差减小，
放电电流在减小，故C 正确；
D．根据电路图可知，放电过程中，电容器的上极板带正电荷，流过电阻R
的电流由M 点流向N 点，故D 错误。
故选C。
349．如图，两根不可伸长的等长绝缘细绳的上端均系在天花板的O 点上，下端
分别系有均带正电荷的小球P、Q；小球处在某一方向水平向右的匀强电场中，
平衡时两细绳与竖直方向的夹角大小相等。则（
）
A．两绳中的张力大小一定相等
B．P 的质量一定大于Q 的质量
C．P 的电荷量一定小于Q 的电荷量
D．P 的电荷量一定大于Q 的电荷量
【答案】B
【详解】由题意可知设Q 和P 两球之间的库仑力为F，绳子的拉力分别为T1，
T2，质量分别为m1，m2；与竖直方向夹角为θ，对于小球Q 有
1
1 sin
q E
T
F



206
1
1
cos
T
m g

对于小球P 有
2
2 sin
q E
F
T



2
2
cos
T
m g

联立有
1
1sin
0
q E
F
T




2
2 sin
0
q E
T
F




所以可得
2
1
T
T

又因为
1
1
2
2
T
m
T
m

可知
2
1
m
m

，即P 的质量一定大于Q 的质量；两小球的电荷量则无法判断。
故选B。
350．在水平方向的匀强电场中，一带电小球仅在重力和电场力作用下于竖直面
（纸面）内运动。如图，若小球的初速度方向沿虚线，则其运动轨迹为直线，
若小球的初速度方向垂直于虚线，则其从O 点出发运动到O 点等高处的过程
中（
）
A．动能减小，电势能增大
B．动能增大，电势能增大
C．动能减小，电势能减小
D．动能增大，电势能减小
【答案】D
【详解】根据题意若小球的初速度方向沿虚线，则其运动轨迹为直线，可知
电场力和重力的合力沿着虚线方向，又电场强度方向为水平方向，根据力的
合成可知电场强度方向水平向右，若小球的初速度方向垂直于虚线，则其从
O 点出发运动到O 点等高处的过程中重力对小球做功为零，电场力的方向与
小球的运动方向相同，则电场力对小球正功，小球的动能增大，电势能减小。
故选D。
20.3 欧姆定律
351.解析
用U 表示电源电压，用R 表示单个电灯的电阻，电流表的示数就是电路总电
207
流的大小。
若将a 点与M 点相连，将b 点与N 点相连，则等效电路图如图3 所示，接入
电路的总电阻
，电流表的示数
；
若将a 点与M 点相连，将c 点与N 点相连，则等效电路图如图4 所示，接入
电路的总电阻
，电流表的示数
；
若将a 点与M 点相连，将d 点与N 点相连，则等效电路图如图5 所示，接入
电路的总电阻
，电流表的示数
；
若将a 点与M 点相连，将e 点与N 点相连，则等效电路图如图6 所示，接入
电路的总电阻
，电流表的示数
；
若将a 点与M 点相连，将f 点与N 点相连，则等效电路图如图7 所示，接入
电路的总电阻
，电流表的示数
；
根据以上分析计算可知，
、
、
、
、
的变化趋势是先减小后增大，
A、B、C 三项均错误，D 项正确。
故正确答案为D。
20.4 欧姆定律综合计算
352.如图所示，电源电压15V 保持不变，滑动变阻器的滑片在最右端。闭合开关
S1，断开开关S2，滑片P 移至中点附近时，电流表的示数是0.5A，保持滑片P
不动，闭合开关S2，断开开关S1时，电流表的示数是0.2A，则电阻R3的阻值是
（
）
208
A. 20Ω
B. 30Ω
C. 45Ω
D. 50Ω
【答案】C
【解析】分析电路可知，闭合开关S1，断开开关S2，R2和R1串联，滑片P 移至
中点附近时，设R2和R1串联的总电阻为R′，电流表的示数是0.5A，由欧姆定
律可得
R′=U
I = 15V
0.5A =30Ω
闭合开关S2，断开开关S1时，R2、R3和R1串联，保持滑片P 不动，设R2、R3和R1
串联的总电阻为R″，电流表的示数是0.2A，由欧姆定律可得
R″=U
I= 15V
0.2A =75Ω
滑片P 保持不动，故电阻R3的阻值为
R3= R″- R′=75Ω-30Ω=45Ω
353. 如图所示，灯泡L1、L2的电阻分别为20Ω和30Ω。闭合开关S，通过灯泡
L1、L2的电流分别为I1、I2，它们两端的电压分别为U1、U2，则下列正确的是
（
）
A. I1∶I2=2∶3，U1∶U2=1∶1
B. I1∶I2=3∶2，U1∶U2=1∶1
C. I1∶I2=1∶1，U1∶U2=2∶3
D. I1∶I2=1∶1，U1∶U2=3∶2
【答案】B
【解析】两灯并联，灯泡L1、L2的电阻分别为20Ω和30Ω，由并联电路各支路
电压相等，故两端的电压之比U1∶U2=1∶1
在电压相等时，通过灯的电流与灯的电阻成反比，通过灯泡L1、L2的电流之比为
I1∶I2=R2∶R1=30Ω∶20Ω=3∶2
354. 如图甲所示，电源电压为18V，滑动变阻器标有“20Ω 1A ”，当开关S 闭
合，滑动变阻器滑片P 滑至中点时，电压表的示数如图乙所示，下列说法不正确
的是
209
A. 定值电阻R 的阻值为10 Ω
B. 电路的最小电流为0.6A
C. 滑动变阻器滑片P 移动到最左端时，电流表示数最大
D. 滑动变阻器滑片P 移动到最右端时，电压表示数最大
【答案】C
【解析】A．电源电压为18V，滑动变阻器滑片P 滑至中点时，滑动变阻器阻值
为10Ω，刚好分得9V 电压，根据串联电路分压定律可得定值电阻R 的阻值为
10 Ω ，A 正确，但不符合题意；
B．当滑动变阻器滑片P 滑到最右端时，电路电阻最大，电流最小为
18V
=
=
=0.6A
10Ω+20Ω
U
U
I
R
R
R


滑
总
定
B 正确，但不符合题意；
C．滑动变阻器能承受的最大电流为1A，因此电路最小电阻为
18V
=
=18Ω
1A
U
R
I

滑动变阻器至少接入的电阻为
=
18Ω
10Ω
8Ω
R
R
R




滑
总
定
当滑动变阻器往左滑动的过程中，接入电阻小于8Ω时，电路电路大于1A，滑动
变阻器烧坏，此时电路电流为0A，C 错误，但符合题意；
D．滑动变阻器滑片P 移动到最右端时，滑动变阻器电阻最大，电压表测量滑动
变阻器电压，根据串联电路分压原理可知，电压表示数最大，D 正确，但不符合
题意。
355.如图所示电路，电源电压保持不变，灯
1
L 、
2
L 分别标有“6V；0.5A”、“6V；
1A”字样。只闭合S，滑片P 置于滑动变阻器最左端，仅有一只灯泡正常发光；
滑片P 置于中点，再闭合
1S ，电压表示数为4V。若灯丝电阻不变，在保证电路
安全的情况下，下列说法正确的是（
）
A. 灯
1
L 的阻值为12Ω
210
B. 两灯同时发光时
1
L 比
2
L 暗
C. 电源电压为9V
D. 滑动变阻器的最大阻值为30 Ω
【答案】ACD
【解析】A.灯L1、L2分别标有“6V 0.5A”“6V 1A”字样，则两灯泡的电阻分别
为
1
1
1
6V
12
0.5A
U
R
I




2
2
2
6V
6
1A
U
R
I



故A 正确；
B.由图可知，两灯同时发光时串联，因灯丝电阻不变，且R1> R2，根据串联分压
原理可知，L1两端电压大于L2两端电压，由P = UI 可知，L1的实际功率大于L2
的实际功率，因此L1比L2亮，故B 错误；
C.只闭合S，滑片P 置于滑动变阻器最左端，两灯泡串联，仅有一只灯泡正常发
光，由两个灯泡的额定电流可知，此时灯L1正常发光，根据串联电路的特点可
知，电源电压为
U=U1+I1R2=6V+0.5A×6Ω=9V
故C 正确；
D.滑片P 置于中点，再闭合S1，此时灯L2被短路，灯L1与滑动变阻器串联，电
压表测灯L1两端电压为4V，根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端电压为
U 滑=U-U1′=9V-4V= 5V
根据串联分压原理可知
1
1
滑
滑
U
R
R
U


即
5
4
12
滑
V
V
R


解得：R 滑=15Ω，滑动变阻器的最大阻值为
R 滑大=2R 滑=2×15Ω=30Ω
故D 正确。故选ACD。
356. 如图所示，电阻
1R 、
2
R 为定值电阻，电源电压保持不变。当开关
1
S 闭合，
2
S 接a 端时，电流表示数为I；当开关
1
S 闭合，
2
S 接b 端时，电流表示数为2I，
则未知电阻
x
R 的阻值是（
）
211
A.
1
2
R
R

B.
1
2
1
2
R R
R
R

C.
1
2
2R
R

D.
1
2
2
R
R

【答案】D
【解析】根据电路图可知，当开关
1
S 闭合，
2
S 接a 端时，电流表示数为I，由欧
姆定律可知，电源电压为
1
(
)
x
U
R
R I


当开关
1
S 闭合，
2
S 接b 端时，电流表示数为2I，由欧姆定律可知，电源电压为
2
(
) 2
x
U
R
R
I



由于电源电压保持不变，则有
1
2
(
)
(
) 2
x
x
R
R I
R
R
I




解得
1
2
2
x
R
R
R


357. 如图所示电路的电源电压为1.5V，电阻R1的阻值为2Ω，闭合开关后，电
流表的示数为0.3A，则（
）
A. 通过R1的电流大于0.3A
B. 电阻R1和R2是并联的
C. 电压表的示数为0.9V
D. 电阻R2的阻值为3Ω
【答案】D
【解析】由实物图可知，电流从电源正极流出，依次流过开关、电阻R1、电流表、
电阻R2、最后流回电源负极，所以电阻R1和R2是串联的，电压表并联在R1两端
212
测R1两端的电压；
A．已知电流表的示数为0.3A，由串联电路各处电流相等可知，通过R1的电流等
于0.3A，故A 不符合题意；
B．电阻R1和R2是串联的，故B 不符合题意；
C．由U
IR

可知，电阻R1两端的电压为
1
1
0.3A 2Ω=0.6V
U
IR



电压表测R1两端的电压，所以电压表的示数为0.6V，故C 不符合题意；
D．电阻R2的阻值为
1
2
1.5V-0.6V =3Ω
0.3A
U
U
R
I



故D 符合题意。故选D。
358. 如图所示，电源电压为5V，闭合开关S，电压表的示数为1V。则（
）
A. 通过灯泡L1的电流比L2的电流大
B. 灯泡L1两端的电压是1V
C. 灯泡L1和L2的电阻之比是4∶1
D. 若灯泡L2灯丝烧断，电压表
示数为零
【答案】BD
【解析】
AB．由图知，两灯串联在电路中，电压表测L1两端电压，即L1两端的电压是1V，
故B 正确；
串联电路中电流处处相等，所以通过灯泡L1的电流和L2的电流相等，故A 错误；
C．由串联电路的电压特点知，U2=U-U1=5V-1V=4V，通过两灯电流相等，由欧姆定
律有：
，即：
，故C 错误；
D．由图知，若灯泡L2灯丝烧断，则整个电路断路，所以电压表示数为0，故D
正确。
359. 如图所示，定值电阻R1=5Ω，R2=10Ω，开关S 闭合时，R1∶R2两端的电压
分别是U1、U2，通过的电流分别是I1、I2，下列关系正确的是（
）
A. I1∶I2=1∶1
B. I1∶I2=1∶2
C. U1∶U2=1∶1
D. U1∶U2=2∶1
【答案】A
【解析】AB．由图可知，R1与R2串联，串联电路中的电流处处相等，则A 正确，
B 错误；
213
CD．R1、R2两端的电压之比
1
1
1
1
2
2
2
2
5Ω
1
10Ω
2
U
I R
R
U
I R
R




故CD 错误。故选A。
360. 如图所示电源电压不变,当开关S1闭合、S2断开时,电流表的示数为0.4 A;
当S1和S2都闭合时,电流表的示数为1.6 A,则电阻R1与R2的比值为（
）
A. 1∶2
B. 2∶1
C. 1∶3
D. 3∶1
【答案】C
【解析】当开关S1 闭合、S2 断开时，R1与R2 串联，电流表测电路中的电流，当
S1和S2都闭合时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，由欧姆定律
得：
1
2
0.4A
U
R
R 

（1）
1
1.6A
U
R 
（2）
由（1）（2）计算得出：
1
2
1
3
R
R 
，故C 选项是正确．故选C
361. 如图所示，电源两端电压为3V，1
5
R 。闭合开关S，电流表示数为0.1A，
下列说法正确的是（
）
A. 通过
1R 的电流为0.6A
B.
2
R 的电阻为25Ω
C.
2
R 两端的电压为3V
D.
1R 两端的电压为2.5V
【答案】B
【解析】A．该电路是串联电路，在串联电路中电流处处相等，电流表示数为0.1A，
所以通过
1R 的电流为0.1A，故A 错误；
B．电源电压为3V，由欧姆定律可知电路的总电阻
3V
30Ω
0.1A
U
R
I



则
2
R 的电阻
214
2
1
30
5
25
R
R
R





故B 正确；
C．
2
R 两端的电压
2
2
0.1A
25
2.5V
U
IR




故C 错误；
D．
1R 两端的电压
1
1
0.1A 5Ω=0.5V
U
IR



故D 错误。故选B。
362. 图所示的电路中，电阻阻值R1<R2。开关S 闭合后，R1、R2两端的电压分别
为U1、U2，通过R1、R2的电流分别为I1、I2。下列判断正确的是（
）
A. U1>U2
B. U1<U2
C. I1>I2
D. I1=I2
【答案】C
【解析】AB．由图可知，两电阻并联，根据并联电路电压特点可知，U1=U2，故
AB 错误；
CD．两电阻两端的电压相等，I1R1=I2R2，由于R1<R2，所以I1>I2，故C 正确，D 错
误。
故选C。
363. 如图所示，电源电压不变，电阻
2
4Ω
R 
，闭合开关，小明在实验过程中仅
记录了三只电表的示数，分别为1、4、5，但漏记了单位。关于所用电源的电压
和电阻R1的阻值，下列判断正确的是（
）
A. 4V
2Ω
B. 5V
1Ω
C. 4V
1Ω
D. 2V
2
Ω
【答案】C
【解析】由电路图可知，两电阻并联，电压表测电源的电压，A2测干路电流，A1
测R2支路的电流，并联电路中各支路两端的电压相等，根据欧姆定律可得
2
2
4Ω
U
R
I


215
在1、4、5 三个数中找到两个是四倍关系的数，即U=4V，I2=1A，则余下的一个
数即为I=5A，所以，电源电压U=4V；并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，通过R1的电流
1
2
5A 1A
4A
I
I
I





则R1的电阻值为
1
1
4V
1Ω
4A
U
R
I



故ABD 错误，C 正确。故选C。
364.如图为自动测定油箱内油量的装置原理图，电源电压为36V，R 为滑动变阻
器，R0为定值电阻，电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～36V。油箱中
的油量是通过电流表或电压表的示数反映出来的，且表的最大量程对应油箱最大
油量，当油箱内的油面在最高或最低位置时，滑动变阻器的滑片P 恰好能分别滑
至两端，当油面达到最低位置时，反映油量的电表示数为最大量程的1
6 。下列说
法错误的是（
）
A. R0阻值为60Ω
B. 滑动变阻器的阻值变化范围为0～300Ω
C. 当滑动变阻器的滑片P 在中点时，电压表的示数为21V
D. 当滑动变阻器的滑片P 在中点时，电流表的示数为0.17A
【答案】C
【解析】A．滑动变阻器接入电路的阻值为零，电流表的示数最大，根据
U
I
R
＝
可知：定值电阻R0的阻值应为
0
36V
60Ω
0.6A
U
R
I
＝
＝
＝
故A 正确，不符合题意；
B．当油箱内油面达到最低位置时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，电路的电
流最小；根据反映油量的电表的最大示数为最大量程的1
6 可知
16×0.6A
0.1A
I最小＝
＝
根据
U
I
R
＝
可知电路总电阻
216
36V
360Ω
0.1A
U
R
I
总
最小
＝
＝
＝
根据串联电路的总电阻等于各电阻之和可知：滑动变阻器的最大阻值为
0
360Ω-60Ω
300Ω
R
R
R

总
大＝
＝
＝
所以滑动变阻器的阻值变化范围为0～300Ω；故B 正确，不符合题意
CD．因为滑片在中点，所以滑动变阻器接入电路的电阻为
1×300Ω
150Ω
2
R中＝
＝
此时电流为
1
0
36V
»0.17A
60Ω
150Ω
U
I
R
R中
＝
＝
＋
＋
故C 错误，符合题意，D 正确，不符合题意。故选C。
365. 如图所示，电源电压为3V，R0的阻值为5Ω，滑动变阻器R 的最大阻值为
10Ω，a、b 为滑动变阻器两个端点。闭合开关，下列说法正确的是（
）
A. 若将滑片移动到a 端，电路仍能正常工作
B. 滑片在b 端时，电流表A1示数为0.3A
C. 滑片由b 端向a 端移动，电流表A2示数变大
D. 滑片移动到中点时，电流表A1与A2示数比为2∶1
【答案】D
【解析】A．若将滑片移动到a 端，滑动变阻器R 没有接入电路，电路被短路，
故电路不能正常工作，故A 错误；
B．滑片在b 端时，R0与R 并联，电流表A1测量电路中总电流，此时R 的最大阻
值为10Ω，则电流表A1示数为
1
0
3V
3V
+
=0.9A
5Ω
10Ω
R
I
I
I



故电流表A1示数为0.9A，故B 错误；
C．滑片由b 端向a 端移动，R0与R 并联，电流表A2测量通过R0的电流，滑动变
阻器R 的阻值减小，但是并联电路中各支路互不影响，则电流表A2示数不变，
故C 错误；
D．滑片移动到中点时，R0与1
2 R 并联，电流表A2测量通过R0的电流为
0
0
3V
=
=0.6A
5Ω
U
I
R 
电流表A1测量电路中总电流为
217
'
'
1
0
3V
3V
+
=1.2A
5Ω
5Ω
R
I
I
I



则两表示数比为
'
1
0
1.2A
2
=
=
0.6A
1
I
I
故此时电流表A1与A2示数比为2∶1，故D 正确。故选D。
366.张华同学在“探究通过导体的电流与其两端电压的关系”时，将记录的实验
数据通过整理作出了如图所示的图象，根据图象，下列说法错误的是（
）
A. 当在导体乙的两端加上1 V 的电压时，通过导体乙的电流为0.1 A
B. 将甲、乙两导体并联后接到电压为3 V 的电源上时，干路中的电流为0.9 A
C. 通过导体甲的电流与其两端的电压成正比
D. 导体甲的电阻大于导体乙的电阻
【答案】D
【解析】A. 由图象可知，当在导体乙的两端加上1V 的电压时，通过导体乙的电
流为0.1A，故A 正确；B. 将甲、乙两导体并联后接到电压为3V 的电源上时，
因并联电路中各支路两端的电压相等，所以,U 甲＝U 乙＝3V，由图象可知,此时通
过两导体的电流分别为I 甲＝0.6A，I 乙＝0.3A，因并联电路中干路电流等于各支
路电流之和，所以，干路中的电流：I＝I 甲+I 乙＝0.6A+0.3A＝0.9A，故B 正确；
C. 由图象可知，通过甲、乙两电阻的电流与各自两端的电压成正比例函数，即
通过导体甲、乙的电流与两端的电压成正比，故C 正确；D. 由图象可知,当U 甲
＝U 乙＝3V 时,I 甲＝0.6A>I 乙＝0.3A，由I＝U
R 的变形式R＝U
I 可知,R 甲<R 乙，故
D 错误．
367.如图所示电路，电源电压
恒定，R₁ 、R₂ 、R₃
均为定值电
阻。当开关
S 闭合，S₁ 、S₂
断开
时，电流表A 的示数为0.2 A;
当开关S、S₁ 闭合，
S₂
断开时，电流表A 的示数为0.4 A;当开关S、S₁ 、S₂
都闭合时，电流
表A 的示数为0.5A, 则(
)
A.R₁ :R₂ =2:1
B.R₁ :R₃ =1:1
C.R₂ :R₃ =1:2
D.R₁ :R₂ :R₃ =2:2:1
B【
解析】当开关S 闭合，S₁ 、S₂
断开时，电路为R₁
的简单电路，电
218
流表测量通过R₁
的电流；当开关S、S₁
闭合，S₂
断开时，R₁
和R
₃
并联接入电路，电源的电压不变，电流表测干路电流，电流表示数增加一
倍，则通过R₁
和R₃
的电流相等，由并联电路的分流规律可知，R₁ 和R₃
阻值相等；当开关S、S₁ 、S₂
都闭合时，R₁ 、R₂
和R₃
并联接入电
路，电源的电压不变，电流表测干路电流，则可知通过R₂ 的电流为0.1 A, 由
并联电路的分流规律可知，R₁
:R₂ =1:2,R₁
:R₃ =1:1,R₂ :R₃ =2:1,R₁ :R
₂ :R₃ =1:2:1,故A、C、D 不符合题意，B 符合题意。故选B。
21 电路分析
368.解析
远距离输电时，输电线也存在一定的电阻。
A 项，当用户用电器的总电阻减小时，由于降压变压器输出的电压不变，导
致用户总功率增加，升压变压器和降压变压器在电压不变的情况下提供功率增
加，输电线中电流增大，因此输电线上的损失功率增大，正确；
B 项，由于远距离输电时输电线上存在一定电阻，故而输电线上分去一部分
电压，因此升压变压器的输出电压大于降压变压器的输入电压，错误；
C 项，输电线上的电流大小由用户功率大小决定，变压器两侧电流的比例关
系由线圈匝数比反映，错误；
D 项，当用户用电设备消耗功率变化时，降压变压器输出功率相应变化，升
压变压器的输出功率也将发生变化，由于发电机的输出电压（即升压变压器的原
线圈电压）不变，那么升压变压器的原线圈中的电流将发生变化，错误。
故正确答案为A。
369.解析
假使三盏灯泡均正常发光，则三盏灯泡耗电量固定，若想电路最省电，则需
滑动变阻器R 耗电最小。根据
，电压相等时，电流
越小，滑动变
阻器R 耗电越小。正常发光时，通过三盏灯泡的电流分别表示为
、
、和
。
对于A，三盏灯泡并联，若正常发光，三盏灯泡两端电压均为110V，滑动变
阻器两端电压为110V。干路电流，即通过滑动变阻器电流
。
对于B，
和滑动变阻器R 并联，若正常发光，灯泡
两端电压为110V。
干路电流，即通过灯泡
的电流
，而由于P=UI，三个灯泡额
定电压相等，
额定功率最小，所以
正常工作时，电流
最小，故等式
不可能成立，B 电路图无法让三盏灯都正常发光。
对于C，
、
和滑动变阻器R 并联，若正常发光，三盏灯泡两端电压均
为110V，滑动变阻器两端电压为110V。干路电流，即通过灯泡
的电流
，可得
。
219
对于D，电路相当于
和滑动变阻器R、
和
分别并联后再串联，若正
常发光，三盏灯泡两端电压均为110V，滑动变阻器R 两端电压为110V。干路电
流
，可得
。
A、C、D 三个电路图中，滑动变阻器R 两端电压均为110V，C 中
最小，滑
动变阻器消耗功率最小，电路总耗电最小，A、D 两项错误，C 项正确。
故正确答案为C。
370.解析
在电路中，电压表可视作断路，故在滑动变阻器的滑片向左移动时，电路的
阻值没有发生变化，
、
的亮度均不变，电流表示数不变，故A、B 两项错误；
滑动变阻器滑片向左移动时，电压表测试的电阻段变长，示数变大，故D 项错误、
C 项正确。
故正确答案为C。
371.解析
A 项：电路中电源电压保持不变，将滑动变阻器的滑片P 向左移动，则滑动
变阻器
的阻值减小，电路的总电阻也随之减小，干路电流增大，
变亮，正
确；
B 项：
与
串联后再与
并联，根据并联分流中各支路电流之比等于电
阻反比的特点，
阻值减小，
与
所在支路分到的电流比例增大，而总电流
（干路电流）也增大，因此
与
所在支路的电流增大，
变亮，正确；
C 项：由于
阻值减小，由
、
和
组成的并联部分阻值也减小，根据
串联分压规律，并联部分的电压也减小，即电阻
的两端电压减小，其电功率
也减小，正确；
D 项：电源输出功率P=UI，其中电源电压U 保持不变，而总电流（干路电流）
增大，因此电源输出功率P 也增大，错误。
本题为选非题，故正确答案为D。
372.解析
220
如上图所示，可以将电路中的并联部分（图中红色框内）看作整体，该整体
与
进行串联，电压表测的是并联部分的电压。
若滑动变阻器的滑片向左移动，则其接入电路的电阻减小，并联部分的总电
阻也减小，根据串联分压的规律，该部分分到的电压也减小，因此通过
的电
流减小，电压表示数变小，C 项正确，D 项错误；由于并联部分电阻减小，整个
电路的总电阻也减小，则总电流增大，即通过电源的电流增大，B 项错误；总电
流增大，而通过
所在支路的电流却减小，因此通过滑动变阻器R 的电流一定
增大，A 项错误。
故正确答案为C。
373.解析
先分析电路图，图中有两大支路并联，上方支路是电阻
与滑动变阻器并
联后再与灯泡
串联组成的第一条支路，下方支路是灯泡
和电阻
串联组成
的第二条支路，这两条支路并联且直接并联在电源电压两端，两端电压均等于电
源电压。电压表测的是滑动变阻器两端的电压，电流表测的是通过滑动变阻器的
电流。
A 项：滑动变阻器和电阻
并联后的部分与灯泡
串联，将滑动变阻器滑
片P 向右滑动，滑动变阻器接入电路的电阻减小，所以并联部分的电阻减小，根
据串联分压可知，并联部分两端的电压减小，滑动变阻器两端电压减小，故电压
表示数变小，错误；
B 项：由A 项分析可知，滑动变阻器和电阻
并联后的部分与灯泡
串联，
221
将滑动变阻器滑片P 向右滑动，并联部分两端的电压减小，根据串联分压可知，
灯泡
两端的电压变大，根据公式
可知，灯泡
的功率变大，灯泡
变亮，错误；
C 项：若电阻
发生短路，下方支路不受影响，灯泡
亮度不变，而上方
支路中，滑动变阻器也被短路，此时上方支路只剩下灯泡
一个用电器，灯泡
两端电压即为电源电压，根据公式
可知，灯泡
的功率变大，亮度变
亮，错误；
D 项：若电阻
发生短路，上方支路不受影响，灯泡
亮度不变，而下方
支路中只剩下灯泡
一个用电器，灯泡
两端电压即为电源电压，根据公式
可知，灯泡
的功率变大，亮度变亮，正确。
故正确答案为D。
374.解析
电路连接情况为，滑动变阻器R 与灯泡
并联再与灯泡
串联，串联部分
整体再与灯泡
并联。当滑动变阻器滑片向左移动时，滑动变阻器R 接入电路
的电阻增大，滑动变阻器R 与灯泡
并联部分的总电阻
阻值增大，灯泡
阻
值不变，电源电压不变，由串联分压可知，滑动变阻器R 与灯泡
并联部分总
电压
增大，即灯泡
两端电压
增大，灯泡
两端电压
减小，由功率公
式：
可知，灯泡
变亮，灯泡
变暗，A、D 两项均错误；灯泡
直接
接在电源两端，即灯泡
两端电压
等于电源电压，电源电压不变，灯泡
两
端电压
不变，由功率公式：
可知，灯泡
亮度不变，B 项错误，C 项
正确。
故正确答案为C。
375.解析
由图1 电路到图2 电路分析可知，g 开关处断路，f 的读数为0A，两灯泡由
222
并联到串联，总电路电阻增大，则e 的读数减小。
c 灯泡在图1 的分压为电源电压，而在图2 中，分压小于电源电压，则比原
来暗。
图1 中，总电流为1.3A，f 电流为0.9A，则d 灯泡的电流为0.4A，并联电
路的电压相同，所以d 灯泡电阻大于c 灯泡电阻，则在串联之后，d 分压大于c
分压，所以d 比c 亮，即A、B、D 项正确，C 项错误。
本题为选非题，故正确答案为C。
22 串并联电路电流、电压规律综合问题
376.如图所示电路中，电源电压为4.5V，L1、L2是小灯泡，当开关S 闭合时，电
压表的示数为1.5V，忽略温度对灯丝电阻的影响，则
A. L2两端的电压为1.5V
B. L1两端的电压为1.5V
C. L1与L2的灯丝电阻之比为2：1
D. 通过L1与L2的电流之比为1：2
【答案】B
【解析】由图可知：当开关S 闭合时，灯泡L1、L2串联，则通过的电流之比为
1:1，
电源电压为：U=4.5V，
电压表的示数为：U1=1.5V，
则L2两端电压：
U2=U－U1=4.5V－1.5V=3V
L1与L2的灯丝电阻之比为1:2，
故ACD 错误，B 正确．
377. 一间教室安装有10 盏规格相同的日光灯，正常工作时，通过门边总控开关
的电流是1.8A。自习时，为节能，关掉讲台的2 盏灯，通过总控开关的电流变
为（
）
A. 1. 44A
B. 1. 62A
C. 1. 8A
D. 2. 16A
【答案】A
【解析】10 盏规格相同的日光灯连接方式为并联，正常工作时，通过门边总控
开关的电流是1.8A，则通过每一盏的电流为0.18A，关掉讲台的2 盏灯，还剩8
盏，通过总控开关的电流变为
0.18A×8=1.44A
378. 如图所示的实验电路，闭合开关S 后，电流表A 的示数为0.5A，电流表A1
的示数为0.3A，下列说法正确的是（
）
223
A. L1与L2串联
B. 开关S 只控制L1
C. L1、L2的电流分别是0.3A、0.2A
D. L1、L2的电流分别是0.5A、0.3A
【答案】C
【解析】AB．由图中可知，电流从电源正极流出后，有两条流经路径，一条经过
电流表A1、小灯泡L1、电流表A、开关S 回到电源负极，一条经过小灯泡L2、电
流表A、开关S 回到电源负极，故可知L1与L2并联，开关S 控制干路，电流表
A1测流过L1的电流，电流表A 测干路电流，故AB 错误；
CD．由题意可知，干路电流为I=0.5A，流过L1的电流为I1=0.3A，故由并联电路
的电流规律可得，流过L2的电流为
I2=I-I1=0.5A-0.3A=0.2A
故C 正确，D 错误。故选C。
379. 如图所示的实验电路，闭合开关S 后，电流表A 的示数为0.5A，电流表A1
的示数为0.3A，则通过小灯泡L1、L2的电流分别是（
）
A. 0.3A，0.2A
B. 0.2A，0.3A
C. 0.5A，0.3A
D. 0.5A，
0.2A
【答案】A
【解析】由图中可知，小灯泡L1与L2并联，电流表A 测干路电流，电流表A1测
流过灯泡L1的电流，由题意可知，电流表A 的示数为I=0.5A，即干路电流为0.5A，
电流表A1的示数为I1=0.3A，即流过灯泡L1的电流为0.3A，由并联电路的电流规
律可知，流过灯泡L2的支路电流为
I2=I-I1=0.5A-0.3A=0.2A
故A 符合题意，BCD 不符合题意。故选A。
380. 如图所示，电源电压为3V，电压表示数为2V，则灯泡L2两端的电压为
（
）
224
A. 5V
B. 3V
C. 2V
D. 1V
【答案】D
【解析】由电路图可知，两灯泡串联，电压表并联在L1两端，电压表测量L1两
端的电压，灯泡L1两端的电压U1=2V；由串联电路电压的特点可知，L2两端的电
压
U2=U-U1=3V-2V=1V
故D 符合题意，ABC 不符合题意。
381. 下列电路图中，电压、电流关系正确的是（
）
A. IA>IB>IC
B. UAC=UAB-UBC
C. IA=IB+IC
D. UAB=UCD+UEF
【答案】C
【解析】A．串联电路中电流处处相等，即IA=IB=IC
故A 错误；
B．串联电路中电源电压等于各用电器电压之和，即UAC=UAB+UBC
故B 错误；
C．并联电路中干路电流等于各支路电流之和，即IA=IB+IC
故C 正确；
D．并联电路中电源电压等于各支路电压，即UAB=UCD=UEF
故D 错误。故选C。
382. 在图甲所示的电路中，闭合开关后电流表的示数如图乙所示。下列描述正
确的是（
）
225
A. 灯泡L1与L2并联
B. 电压表测L2两端的电压
C. 通过L1、L2的电流相等
D. 通过L1的电流为0.22A
【答案】C
【解析】AC．由图甲可知，电流从电源正极流出，依次经L1、L2后，再通过电流
表、开关，回到电源的负极。因此灯泡L1与L2串联。由串联电路的电流特点可
知，通过L1、L2的电流相等。故A 错误，C 正确；
B．电压表接在灯泡L1的两端，与灯泡L1并联，因此测灯泡L1两端的电压。故B
错误；
D．由图乙可知，导线接在“0.6”接线柱上，因此电流表选择小量程，分度值为
0.02A，读数为0.24A，所以通过L1的电流为0.24A。故D 错误。故选C。
383. 如图所示，电源电压为3V，电压表示数为2V，则灯泡L2两端的电压为
（
）
A. 5V
B. 3V
C. 2V
D. 1V
【答案】D
【解析】由电路图可知，两灯泡串联，电压表并联在L1两端，电压表测量L1两
端的电压，灯泡L1两端的电压U1=2V；由串联电路电压的特点可知，L2两端的电
压
U2=U-U1=3V-2V=1V
故D 符合题意，ABC 不符合题意。
384. 如图所示，电源电压不变，闭合开关S，电压表V1的示数为6V，电压表V2
的示数为2V。下列说法中正确的是（
）
A. L1两端电压为2V
B. 电源两端电压为4V
226
C. 断开开关，只将电压表V2换成电流表，则L1与L2串联
D. 断开开关，将两个电压表都换成电流表，则L1与L2并联
【答案】D
【解析】AB．如图所示，电源电压不变，闭合开关S，灯L1和L2串联，电压表
V1测电源电压
U=6V
电压表V2测灯L2两端的电压U2=2V
根据串联电路中电压规律可知，灯L1两端的电压
U1=U-U2=6V-2V=4V
故AB 错误；
C．断开开关，只将电压表V2换成电流表，灯L2短路，电路中只有L1，是简单电
路，故C 错误；
D．断开开关，将两个电压表都换成电流表，电流表相当于一根导线，则L1与L2
并联，电流表A1测灯L2的电流，电流表A2测干路中电流，故D 正确。故选D。
22.1 电路分析图
385. 如图所示电路，开关闭合后两灯L1、L2均发光，以下说法正确的是（
）
A. 电流表A 的示数一定等于A1的示数
B. 电流表A 的示数一定等于A1
示数的2 倍
C. 电压表V 的示数一定小于V1的示数
D. 电压表V 的示数一定等于V1
的示数
【答案】D
【解析】AB．由电路图可知，小灯泡L1与L2并联，电流表A1测流过小灯泡L1的
支路电路，电流表A 测干路电流，因干路电流大于各支路电流，故电流表A 的示
数一定大于A1的示数，因两灯泡的规格未给出，则流过两灯泡的电流不一定相
等，故电流表A 的示数不一定等于A1示数的2 倍，故AB 错误；
CD．由电路图可知，电压表V1测L1两端电压，电压表V 测电源电压，因两灯泡
并联，故两灯泡两端电压均等于电源电压，则电压表V 的示数一定等于V1的示
数，故C 错误，D 正确。故选D。
386.如图所示，在探究“并联电路的电流规律”时，闭合开关S 后，电流表A1
的示数是0.1A，电流表A2的示数是0.3A，则电流表A 的示数是（
）
227
A．0.1A
B．0.2A
C．0.3A
D．0.4A
【答案】D
【解析】由图知，R1与R2并联接在电路中，电流表A1测通过R1的电流，电流表
A2测通过R2的电流，电流表A 测干路电流，根据并联电路的电流规律知，干路电
流等于各支路电流之和，故电流表A 的示数应等于电流表A1、A2的示数之和，即
A 的示数：IA＝IA1+IA2＝0.1A+0.3A＝0.4A。
387．如图所示，在探究“串联电路电压的关系”时，闭合开关S 后，电压表V1
的示数是2.5V，V2的示数是3.8V，则电压表V3的示数是（
）
A．1.3V
B．2.5V
C．3.8V
D．6.3V
【答案】D。
【解析】由电路可知，两灯泡串联，电压表V1测L1的电压，电压表V2测L2的电
压，电压表V3测电源的电压，因为串联电路中电源电压等于各部分电压之和，
所以，电压表V3的示数，即电源电压为：2,5V+3.8V=6.6V。故应选D
388. 所示电路，当闭合开关S 后，两个电压表指针偏转均为图（b）所示，则电
阻R1和R2两端的电压分别
为（
）
A．8V
2V
B．10V
2V
C．2V
8V
D．2V
10V
【答案】A
【解析】由电路图可知，两电阻串联，电压表V1测电源的电压，电压表V2测R2
两端的电压，因串联电路中总电压等于各分电压之和，且两电压表指针位置相同
确定量程，所以，电压表V1的量程为0～15V，分度值为0.5V，则电源的电压U
＝10V，电压表V2的量程为0～3V，分度值为0.1V，则R2两端的电压U2＝2V，故
CD 错误
则R1两端的电压：U1＝U﹣U2＝10V﹣2V＝8V，A 正确，B 错误。
389.如图所示电路中，当开关S 闭合时，电压表V1、V2、V3的示数分别为U1、U2、
228
U3，电流表A1、A2的示数分别为I1、I2（五块电表的读数均不为零），那么下列
关系式正确的是（
）
A．U2＝U1═U3
I1＝I2
B．U2＝U1+U3
I1＝I2
C．U3＝U1+U2 I1＝I2
D．U3＝U1+U2
I1＞I2
【答案】B
【解析】由电路图可知，电流从电源的正极出发，依次经电流表A1、下面的电阻、
上面的电阻、电流表A2回到电源的负极，即电路只有一条路径，两电阻串联，
且两电流表均测电路中的电流；
根据电压表与被测电路元件并联可知，电压表V1测下边电阻两端的电压，电压
表V2测电源的电压，电压表V3测上面电阻两端的电压；根据串联电路中各处的
电流相等可知，两电流表的示数关系：I1＝I2，故D 错误，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以三电压表的示数关系为：U2＝U1+U3，
故AC 错误，B 正确。
390. 在如图甲所示的电路中，当闭合开关后，两个电流表指针偏转均如图乙所
示，则电灯L1和L2中的电流分别为（
）
A．1.2A，0.22A
B．0.96A，0.24A
C．0.98A，0.22A
D．0.24A，1.2A
【答案】B
【解析】由电路图可知，两灯泡并联，电流表A1测干路电流，A2测L2支路的电
流，因为并联电路干路电流等于各支路电流之和，且两指针的位置相同，所以
A1的量程为0——3A，分度值为0.1A，示数为1.2A，干路电流I=1.2A，A2的量
程为0——0.6A，分度值为0.02A，示数为0.24A，通过L2支路的电流I2=0.24A，
所以通过L1的电流
I1=I-I2=1.2A-0.24A=0.96A
故ACD 不符合题意，B 符合题意。故选B。
391. 如图所示，已知电源电压为10V，电压表V1示数是7V，电压表V2示数为8V，
229
则L1，L2，L3两端电压依次为（
）
A．2V，5V，3V
B．1V，6V，2V
C．5V，2V，3V
D．3V，2V，5V
【答案】A
【解析】由电路图可知，三灯泡串联，电压表V1测灯泡L1和L2两端的电压之和，
电压表V2灯泡L2和L3两端的电压之和，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，则：
U1+U2+U3＝10V﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
U1+U2＝7V﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
U2+U3＝8V﹣﹣﹣﹣﹣﹣③，
由①②可得，U3＝3V，
由①③可得，U1＝2V，
则U2＝7V﹣U1＝7V﹣2V＝5V。
即L1、L2、L3两端电压分别为2V、5V、3V。
故选：A。
【点评】本题考查了并联电路的电压特点的应用，关键是电压表所测电路元件的
判断。
392．如图甲所示的电路中，当闭合开关S 后，两灯均发光，电压表V2的示数为
5V，V1的指针位置如图乙所示，则灯L1、L2两端的电压分别为（
）
A．6V 5V
B．1.2V 3.8V
C．1.2V 1.2V
D．1.2V 5V
【答案】B
【解析】由电路图可知，闭合开关后，电灯L1、L2串联，电压表V2测L1和L2两
端的电压，即电源电压U＝5V，
电压表V1测L1两端的电压；因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以
电压表V2的示数应大于V1的示数；
电压表V1的量程是0～3V，分度值为0.1V，示数UV1＝1.2V；电压表V2测L1两端
的电压，所以L1两端的电压U1＝1.2V；
由于L1、L2串联，由串联电路的特点可知，L2两端的电压U2＝UV1﹣UV2＝5V﹣1.2V
＝3.8V。
故选：B。
【点评】本题主要考查学生对：串联电路电压的规律，以及电压表的读数方法的
230
了解和掌握，关键是会判断电压表测量的是哪段电路两端的电压。
393.如图甲所示，闭合开关，两灯泡均正常发光，且两个完全相同的电流表指针
偏转均如图乙所示，通过灯泡L1和L2的电流分别为（
）
A. 1.2A，1.2A
B. 0.3A，0.3A
C. 1.2A，0.3A
D. 1.5A，
0.3A
【答案】C
【解析】由图甲可知，两个灯泡是并联的，电流表A1测总电流，电流表A2测通
过灯泡L2的电流，由于两个电流表的指所指的位置相同，可知它们所用的量程
是不同的，两个表的示数之间是5 倍的关系，所以根据图乙可知，A1表的示数为
1.5A，A2表的示数为0.3A，故可知通过灯泡L1和L2的电流分别为1.2A，0.3A，
故应选C．
394. 请你仔细观察并分析电路图，下列说法正确的是（
）
A. 两灯串联，两电压表示数相同
B. 两灯并联，两电压表示数不同
C. 两灯串联，两电压表示数不同
D. 两灯并联，两电压表示数相同
【答案】C
【解析】由电路图可知，电流从电源正极流出，依次流过开关、灯泡L1、灯泡
L2后流回电源负极，即两灯串联，电压表V1测电源电压，电压表V2测灯泡L2两
端的电压，由串联电路电压规律可知，电压表V1示数大于电压表V2。故ABD 错
误，C 正确。故选C。
395. 如图所示电路中，电源电压保持不变，
1R 和
2
R 为定值电阻。先闭合开关
S1，再闭合开关S2后，电流表和电压表的示数变化的情况是（
）
231
A. 电流表示数增大，电压表示数不变
B. 电流表示数增大，电压表示数
减小
C. 电流表示数减小，电压表示数增大
D. 电流表示数不变，电压表示数
增大
【答案】A
【解析】先闭合开关S1，电路中只有电阻R2工作，电流表测量电路中的电流，
电压表测量电源电压；再闭S2后，两电阻并联，电流表测量干路的电流，电压
表仍测量电源电压，由于电源电压不变，所以先闭合开关S1，再闭S2后，电压
表示数不变；由于并联电路各支路互不影响，所以通过R2的电流不变，并联电
路干路电流等于各支路电流的和，所以先闭合开关S1，再闭S2后，电流表示数
变大，故A 符合题意，BCD 不符合题意。故选A。
396．如图甲所示电路中，当闭合开关后，两个电压表指针偏转均为图乙所示，
则（
）
A．电阻R1两端的电压为6V
B．电阻R2两端的电压为4.8V
C．若开关闭合后，两个电表示数相同，则R1可能断路
D．若开关闭合后，电压表V2的示数为零，则R1可能断路
【答案】D
【详解】由电路图可知，闭合开关后R1、R2串联，电压表V1测电源电压，电压表
V2测R2两端的电压。因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以电压表
V1的示数应大于V2的示数；两个电压表指针偏转相同，所以电压表V1的量程是0～
15V，分度值为0.5V，示数为6V，即电源电压U＝6V；电压表V2的量程是0～3V，
分度值为0.1V，示数1.2V，即R2两端的电压为U2＝1.2V，所以R1两端的电压为
1
2
6V 1.2V
4.8V
U
U U
＝﹣
＝
﹣
＝
A．综上所述，电阻R1两端的电压为4.8V，故A 不符合题意；
B．综上所述，电阻R2两端的电压为1.2V，故B 不符合题意；
C．由电路图知，开关闭合后，若R1断路，整个电路断路，V1示数为6V，V2示
数为0，故C 不符合题意；
D．开关闭合后，若R1断路，整个电路断路，V2示数为0，故D 符合题意。
故选D。
397．在如图甲所示电路中，当闭合开关后，两个电压表指针偏转均如图乙所示，
则电阻R1和R2两端的电压分别为（
）
232
A．3V、9.2V
B．11.5V、2.3V
C．2.3V、11.5V
D．9.2V、2.3V
【答案】D
【详解】由电路图可知，电阻R1、R2串联，电压表V1测电源电压，电压表V2测
电阻R2两端的电压；因串联电路中总电压等于各分电压之和，且两电压表的指
针位置相同，所以电压表V1的量程是0~15V，分度值为0.5V，示数为11.5V，则
电源的电压U=11.5V；电压表V2的量程是0~3V，分度值为0.1V，示数为2.3V，
即电阻R2两端的电压U2=2.3V；则电阻R1两端的电压U1=U-U2=11.5V-2.3V=9.2V
故D 符合题意，ABC 不符合题意。故选D。
22.2 实物电路分析
398.如图所示的电路中，将开关S 闭合，灯L₁
和灯L₂
均发光，下列说
法中正确的是(
)
A. 灯L₁ 和灯L₂ 串联
B. 灯L₁ 和灯L₂ 两端的电压一定相等
C. 通过灯L₁ 的电流与通过灯L₂ 的电流一定相等
D. 通过灯L₁ 的电流与通过灯L₂
的电流一定不相等
B【解析】开关闭合后，电路中有两条电流路径，灯L₁
和灯L₂
并联，故
A 错误。L₁
和L₂
并联，灯L₁
和灯L₂
两端的电压一定相等，
故B 正确。L₁
和L₂ 2 并联，若两灯泡的规格不相同，则通过灯L₁
和灯
L₂
的电流不相等；若两灯泡的规格相同，则通过灯L₁
和灯L₂
的电
流相等，故CD 错误。故选B。
399.如图所示的电路，下列说法正确的是(
)
A.闭合开关S₁ , 断开开关S₂ , 灯泡L₁
不亮、L₂
亮
B. 闭合开关S₁
、S₂ ,两灯泡并联
C. 闭合开关S₁
、S₂ ,电路将发生短路
D. 闭合开关S₁
、S₂ ,若小灯泡L₁
灯丝烧断，则L₂
也不亮
B【
解析】闭合开关S₁ , 断开开关S₂ , 灯泡L₁
亮、L₂
不亮，故
A 错误；闭合开关S₁ 、S₂ ,两灯并联，没有发生短路，若小灯泡L₁
灯丝烧
断，L₂ 不受影响，仍然亮，故B 正确，CD 错误。
22.3 家庭电路
400.解析
当闭合开关S 时，灯泡L 不发光，则灯泡L 可能发生了短路或电路存在断路，
但用试电笔测试插座的两孔时，氖管均发光，说明电路没有发生短路，否则保险
丝熔断，火线不带电，则该电路可能存在断路故障；用试电笔分别测A、B 两点
氖管均发光，则A、B 两点与火线是相连的；用试电笔测试插座的两孔时氖管均
233
发光，即左孔通过左边的灯泡与火线相连，则故障发生在零线上，且是进户零线
断路，故C 项正确。
故正确答案为C。
22.4
电能表问题的选择题
401. 如图是电能表表盘示意图，下列说法正确的是（
）
A. 电能表是用来测电功率的仪器
B. 此时电能表的读数为61985kW·h
C. 这个电能表通过的电流一定为10A
D. 这个电能表应该在220V 的电路中使用
【答案】D
【解析】A．电能表是用来测量电路消耗电能(电流做功)的仪器，故A 错误；
B．电能表最后一位是小数，故电能表的读数为6198.5kW h

，故B 错误；
C．10A 表示电能表可以通过的最大电流为10A，故C 错误；
D．“220V”表示此电能表应该在220V 的电路中使用，故D 正确。故选D。
402. 小明家上次查看电能表示数为
本次查看时电能表读数如图
所示，则下列说法正确
的（
）
A. 电能表是测量电功率的仪表
B. 这个电能表的额定功率为2200W
C. 他家在这段时间内消耗的电能为903kW•h
D. 若只让一个标有“220V 1000W”电热水器正常工作10min，则该表圆盘转了
600 转
【答案】D
【解析】A．电能表是测量用电器消耗电能的仪表，不是测量电功率的，故A 错
误；
B．电路允许接的用电器的最大功率
234
P 最大=UI 最大=220V×10A=2200W
这个功率不是电能表的额定功率，故B 错误；
C．他家在这段时间内消耗的电能
W=8633.5kW•h-8543.2kW•h=90.3kW•h
故C 错误；
D．3600r/（kW•h）表示电路中每消耗1kW•h 的电能，电能表的转盘转过3600r，
只让一个标有“220V 1000W”的电热水器正常工作10min，其消耗的电能为
10
1
1kW
h
kW h
6
6
0
W
Pt





则电能表的圆盘转过的圈数
1 kW h
3600r / (kW h)
600r
6
N 



故D 正确。故选D。
403. 关于图中小明家的电能表，下列选项正确的是（
）
A. 电能表的示数为2023.6J
B. 电能表能正常工作的最大电流是40A
C. 电能表是测量电功率的仪表
D. 脉冲指示灯闪的越快，电路消耗电能越多
【答案】B
【解析】A．电能表的示数为2023.6kW·h，故A 错误；
B．10(40)A 表示该电能表的标定电流为10A，额定最大电流为40A，故B 正确；
C．电能表是测量用电器消耗电能的仪表，故C 错误；
D．脉冲指示灯闪的越快，表示电路消耗电能越快，即接在这个电能表的用电器
电功率越大。故D 错误。
故选B。
404.下表是小明家电饭煲铭牌的部分信息，小明家电能表的示数如图所示。把电
饭煲接在家庭电路中使用时，下列说法错误的是（
）
额定电压
220V
频率
50Hz
额定功率
高挡
1800W
中挡
1200W
低挡
500W
235
A. 电饭煲是利用电流的热效应工作的
B. 电饭煲在中挡正常工作时电热丝阻值比低挡正常工作时小
C. 电饭煲在高挡正常工作10min，消耗的电能是1.08×10
4J
D. 若家中只接入电饭煲，在高挡正常工作10min，电能表示数将变成7328.6kW·h
【答案】D
【解析】A．电饭煲是利用电流的热效应工作的，将电能转化为内能，故A 正确，
不符合题意；
B．由R=
2
U
P
可知，电压不变，P 越大，R 越小，中挡时的电功率大于低挡时的功
率，电压不变，所以在中挡正常工作时电热丝阻值比低挡正常工作时小，故B
正确，不符合题意；
C．电饭煲在高挡正常工作10min，消耗的电能
W=Pt=1800W×10×60s=1.08×10
4J
故C 正确，不符合题意；
D．若家中只接入电饭煲，在高挡正常工作10min，消耗的电能
W=Pt=1.8kW× 10
60 h=0.3kW·h
电能表示数将变成7325.6kW·h+0.3kW·h=7325.9kW·h
故D 错误，符合题意。
405. 图甲是一个食品自动加热台的简化电路图，此加热台单独与图乙所示的电
能表相连接。闭合图甲中的开关S，加热台开始正常工作，当台内食品温度降到
30℃时，温度控制开关S0自动转接，使电路处于加热状态；当台内食品温度升
高到60℃时，S0自动转接到保温状态。已知定值电阻
1
24.2
R 
，保温功率为
484W。下列说法中不正确的是（
）
236
A. 图甲中的S0自动转接到“2”时，电路处于保温状态
B. 图甲中定值电阻
2
R 的阻值为75.8
C. 加热台在加热状态下工作5min 消耗的电能使图乙中的电能表转盘转过150
转
D. 加热台自动加热时，电路中的电流小于图乙中电能表的标定电流
【答案】C
【解析】A．图甲中的S0自动转接到“2”时，两个电阻串联，根据
2
U
P
R

可知，
此时电路中的电阻最大，电功率最小，电路处于保温状态，故A 正确，不符合题
意；
B．加热台保温时，两个电阻串联，总电阻为


2
2
220V
=
=100Ω
484W
U
R
P

保温
图甲中定值电阻R2的阻值为
R2=R-R1=100Ω-24.2Ω=75.8Ω
故B 正确，不符合题意；
C．当开关转到“1”时，只有电阻R1接入电路，据
2
U
P
R

可知，此时电路中的
电阻最小，电功率最大，电路处于加热状态，此时加热功率为


2
2
1
220V
=2000W=2kW
24.2Ω
U
P
R


加热
工作5min 消耗的电能为
5
1
2kW
h
kW h
60
6
W
P
t





加热
图乙中的电能表转过的转数为
1 kW h
600r/(kW h)
100r
6
n 



故C 错误，符合题意；
D．加热台加热时的电流为
2000W
9.09A
220V
P
I
U



加热
小于图乙中电能表的标定电流10A，故D 正确，不符合题意。
故选C。
406.对于图中的各种数据，下列说法不正确的是（
）
237
A．电能表正常工作时的电压一定为220V，电流一定为10A
B．每消耗1kW·h 的电能，电能表的转盘转3000 转
C．同时使用的用电器总功率不能超过2200W
D．电能表读数的单位是kW·h
【答案】A
【解析】（1）表上标有“kW·h”字样，其中“kW”表示千瓦，“h ”表示小时，
因此“kW·h” 表示的是“千瓦时”这个电功单位，说明此电能表读数的单位是
kW·h；（2）表上标有“220V
10A”字样，所标的220V 电压是额定电压，所
标的电流10A 是此表允许通过的最大电流；（3）此表上标有“220V
10A”，还
说明此表可以用在最大功率是220V×10A=2200W 的家庭电路中；
（4）表上标有“3000R/ kW·h ”，它表示电流通过用电器每做1kW·h 的功，
这个电能表的转盘转3000 转。
407.某家庭电路的部分情况如图所示，下列说法正确的是（
）
A．进户线分为火线和地线
B.零线在入户之前已经和大地相连
C．电能表的标定电流为20A D．电能表与空气开关是并联
【答案】B
【解析】A．进户线分为火线和零线，故A 错误；
B.零线在入户之前已经和大地相连，故B 正确；
C.电能表的标定电流为10A，额定最大电流为20A，故C 错误；
D.如果站在地上的人不小心接触了火线，电流经过人体流入大地，漏电保护器会
迅速切断电流，对人身起到保护作用，电能表与空气开关是串联.故D 错误．
408. 小明家半年前新装了一只电能表，现在表盘的示数如图，下列说法正确的
是（
）
238
A. 该电能表的标定电流为20A
B. 该电能表应接在50Hz 的直流电路中使用
C. 小明家每消耗1 度电，铝盘转动3000 转
D. 小明家半年内的用电量是6335kW·h
【答案】C
【解析】A．由电能表的表盘可知，该电能表的标定电流为10A，最大工作电流
为20A，故A 错误；
B．由表盘上的“50Hz ”可知，该电能表应接在50Hz 交流电路中使用，故B
错误；
C．由表盘上的“3000r/ kW h

”可知，小明家每消耗1 度电，铝盘转动3000 转，
故C 正确；
D．小明家半年内的用电量是633.5kW h
，故D 错误。故选C。
409. 一种家用电能表上的参数如图所示，下列说法错误的是（
）
A. 该电能表应该在220V 的电路中使用
B. 该电能表的额定最大电流为20A
C. 电能表是计量用电器消耗电能的仪表
D. 该电能表此时的读数是31.6J
【答案】D
【解析】A．电能表表盘上220V 表示这个电能表应该在220V 的电路中使用，故
A 正确，不符合题意；
B．10A（20）表示标定电流为10A，额定最大电流为20A，故B 正确，不符合题
意；
C．电能表是用来测量用电器在一段时间内消耗电能多少的仪表，故C 正确，不
符合题意；
D．该电能表此时的读数是31.6kW·h，故D 错误，符合题意。故选D。
239
410. 小王随父母去自贡江姐故里进行红色研学之旅。需要提前给移动充电宝进
行充电，充电宝容量为60000mA·h，充电电压为5V，充电时剩余电量为0，于
是她关闭家中其它用电器，并观察到家里电能表如图所示，要给充电宝充满电，
电能表的转盘将转过（
）
A. 120r
B. 200r
C. 300r
D. 1000r
【答案】C
【解析】给充电宝充满电消耗的电能
W＝UIt＝5V×60000×10−3A×3600s＝1080000J＝0.3 kW•h
1000r/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h 电能，电能表的转盘转过1000
转，则消耗0.3kW•h 电能，电能表转盘的实际转数
n＝0.3kW•h×1000r/（kW•h）＝300r
故C 符合题意，ABD 不符合题意。故选C。
411.小明同学家的电能表上标有“3000revs/（kW•h）”的字样，他将家中的其
它用电带都与电源断开，仅让电水壶在额定电压下工作，观察1min 内电能表的
转盘转了45revs，则下列说法错误的是（
）
A．电水壶是利用电流的热效应来工作的
B．烧水过程中消耗的电能为5.4×10
5J
C．电水壶的额定功率为900W
D．当实际电压只有额定电压的90%时，电水壶的实际功率为729W
【答案】B
【解析】（1）当电流通过电阻时，电流做功而消耗电能，产生了热量，这种现
象叫做电流的热效应。
（2）（3）3000r/kW•h 表示的是电路中每消耗1kW•h 的电能，电能表的转盘转
3000r，或者表示电能表每转1r，电路中消耗1/3000kW•h 的电能，求出转盘转
45r 电路中消耗的电能，然后根据P=W/t 求出用电器的功率；
（4）根据P=
求出电水壶的电阻；利用实际电压，根据P=
求出电水壶的实
际功率。
A．电水壶工作时，将电能转化为内能给水加热，是利用电流的热效应工作的；
B．3000r/kW•h 表示电路中每消耗1kW•h 的电能，电能表的转盘转3000r，
转盘转了45r，则消耗的电能：W=45/3000kW•h=0.015kW•h=5.4×10
4J；
C．t=1min=60s，电水壶的额定功率：P=W/t=
=900W；
D．由P=
可得，电水壶的电阻：R=
=
，
当实际电压只有额定电压的90%时，U 实=90%U=90%×220V=198V，
240
电水壶的实际功率：P 实=
=
=729W。
412．如图是小王家的电能表，下列说法正确的是（
）
A．电能表的读数为56378kW•h
B．这个电能表正常工作的电压为380V
C．这个电能表要在20A 的电流下才能正常工作
D．小王家用电器每消耗1 度电，电能表指示灯闪烁1600 次
【答案】D
【解析】（1）电能表显示数字中最后一位是小数，单位为kW•h；
（2）表盘上“220V”表示电能表应该接在220V 的电路中使用；
（3）20A 表示电能表正常工作时允许通过的最大电流；
（4）“1600imp/（kW•h）”表示用电器每消耗1kW•h 的电能，电能表的指示灯
闪烁1600 次。
A．电能表显示数字中最后一位是小数，单位为kW•h，则图中电能表示数为
5637.8kW•h，故A 错误；
B．表盘上“220V”表示电能表的正常工作电压为220V，故B 错误；
C．20A 表示该电能表正常工作时允许通过的最大电流，故C 错误；
D．“1600imp/（kW•h）”表示用电器每消耗1kW•h（1 度）的电能，电能表的指
示灯闪烁1600 次，故D 正确。
413.小明家上次查看电能表示数为
本次查看时电能表读数如图
所示，则下列说法正确
的（
）
A. 电能表是测量电功率的仪表
B. 这个电能表的额定功率为2200W
241
C. 他家在这段时间内消耗的电能为903kW•h
D. 若只让一个标有“220V 1000W”电热水器正常工作10min，则该表圆盘转了
600 转
【答案】D
【解析】A．电能表是测量用电器消耗电能的仪表，不是测量电功率的，故A 错
误；
B．电路允许接的用电器的最大功率
P 最大=UI 最大=220V×10A=2200W
这个功率不是电能表的额定功率，故B 错误；
C．他家在这段时间内消耗的电能
W=8633.5kW•h-8543.2kW•h=90.3kW•h
故C 错误；
D．3600r/（kW•h）表示电路中每消耗1kW•h 的电能，电能表的转盘转过3600r，
只让一个标有“220V 1000W”的电热水器正常工作10min，其消耗的电能为
10
1
1kW
h
kW h
6
6
0
W
Pt





则电能表的圆盘转过的圈数
1 kW h
3600r / (kW h)
600r
6
N 



故D 正确。故选D。
23 电功率综合计算
414．如图所示的电路中，电源电压保持不变，灯泡L 上标有“6V 0.6W”的字样，
不考虑温度对灯丝电阻的影响。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P 移动到中点
时，灯泡L 正常发光，电压表示数为4V；当滑片P 移到阻值最大处时，灯泡L
与滑动变阻器的电功率之比为（
）
A．3：4
B．4：3
C．3：2
D．2：3
【答案】A
【解析】由电路图可知，灯泡L 与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的
电压。当滑动变阻器的滑片P 移动到中点时，灯L 正常发光，其两端的电压UL
＝6V，因串联电路中各处的电流相等，
所以，由I＝
可得，
＝
＝
＝
，
解得：
＝
，
当滑片P 移到最大阻值时，灯L 与滑动变阻器的电功率之比：
242
＝
＝
＝
。
415. 如图所示，在“探究电流与电阻的关系”时，电源电压恒为4.5V ，
1R 可选
用5Ω 、10Ω 、20Ω 的电阻，滑动变阻器
2
R 规格为“25Ω 0.5A ”，电压表（量
程为0 ~ 3V ），电流表（量程为0 ~ 0.6A ）。下列说法正确的是（
）
A. 将
1R 由10Ω 换成20Ω ，不需要调节滑动变阻器
B. 调节滑动变阻器的过程中，应观察电流表的示数
C. 实验中可保持
1R 两端电压为3V
D. 将
1R 由10Ω 换成20Ω ，正确操作后滑动变阻器的功率将变小
【答案】D
【解析】AD．探究电流与电阻的关系，要控制电压不变，将
1R 由10Ω 换成20Ω ，
根据串联分压原理可知，
1R 两端电压会增大，要使电压保持不变，需增大滑动
变阻器所分电压，需调节滑动变阻器，增大其电阻；滑动变阻器两端电压不变，
电阻增大，根据公式
2
U
P
R

可知，滑动变阻器的功率将变小，故A 错误，D 正
确；
B．调节滑动变阻器的目的是控制定值电阻电压不变，所以调节滑动变阻器的过
程中，应观察电压表的示数，故B 错误；
C．实验中若保持
1R 两端电压为3V，当
1
5Ω
R 
时，电路电流为
1
1
3V =0.6A
5Ω
U
I
R


会损坏滑动变阻器，故C 错误。故选D。
416.如图所示电路，定值电阻
0
R 为40，滑动变阻器允许通过的最大电流为
0.4A，当滑动变阻器的滑片P 在最右端时，先闭合开关S，电流表示数为0.1A，
243
再闭合开关
1S ，电流表示数为0.2A，在保证电路元件安全的条件下，将滑动变
阻器的滑片向左最大范围移动。下列说法正确的是（
）
A. 电源电压为8V
B. 滑动变阻器连入电路的阻值范围是40~10
C. 定值电阻
0
R 的功率为0.8W
D. 通电1min，整个电路消耗的电能最多为120J
【答案】BD
【解析】A．由图可知，闭合开关S，电阻R0的简单电路，电流表测量通过R0的
电流，电源电压
U=I0R0=0.1A×40Ω=4V
故A 错误；
B．再闭合开关S1，变阻器连入电路的电阻最大，变阻器和电阻R0并联，电流表
测量干路中的电流，由并联电路的特点可知通过R0的电流不变，为0.1A，通过
变阻器的电流
I 滑=I-I0=0.2A-0.1A=0.1A
变阻器的最大阻值
4V
40
0.1A
U
R
I




滑大
滑
滑动变阻器允许通过的最大电流为0.4A，变阻器的最小阻值
4V
10
0.4A
U
R
I




滑小
滑大
所以滑动变阻器连入电路的阻值范围是40Ω~10Ω，故B 正确；
C．定值电阻
0
R 的功率为
0
0
4V 0.1A
0.4W
P
UI




故C 错误；
D．滑动变阻器允许通过的最大电流为0.4A，通过变阻器的最大电流是0.4A，干
路中最大电流
I 大=I0+I 滑大=0.1A+0.4A=0.5A
通电1min，整个电路消耗的最大电能
W=UI 大t=4V×0.5A×60s=120J
244
故D 正确。故选BD。
417. 如图是电吹风工作原理的电路图及铭牌信息，当电吹风正常工作且吹热风
时，两条支路电流之比为（
）
额定电压
220V
工作频率
50Hz
热风挡电功
率
900W
冷风挡电功
率
100W
A. IR∶IM＝9∶1
B. IR∶IM＝1∶9
C. IR∶IM＝8∶1
D. IR∶IM
＝1∶8
【答案】C
【解析】由电路图可知，两开关都闭合时，电动机和电阻并联，电吹风吹热风，
由并联电路的特点可知，吹热风时电动机的电功率和吹冷风时电动机的电功率相
等，则吹热风时，加热电阻的电功率
PR=P 加热﹣PM=900W﹣100W=800W
两条支路电流之比
R
R
R
M
M
M
800W
8
100W
1
P
I
P
U
P
I
P
U



=
故选C。
418. 在学校举行的劳动技术成果汇报展示活动中，小强同学展示了一辆自己组
装的玩具车，它具有“原地灯光秀”“调速前进”和“定速后退”三种工作模式。
通过控制开关S1、S2和滑动变阻器R1来改变灯L 的亮度，实现“原地灯光秀”；
通过改变直流电动机的转动方向及转速，实现“调速前进”或“定速后退”，如
图所示。已知电源电压不变，标有“0.6A”灯L 的电阻不变且RL=10Ω，定值电
阻R2=5Ω。当玩具车工作在“原地灯光秀”模式时，电流表A 的最大示数为0.4A。
关于下列结论：
①电源电压为9V
②玩具车“调速前进”时，电流表A 的最大示数小于0.6A
③玩具车“定速后退”时，电路消耗的总功率小于2.4W
④S 闭合，S1接1，S2接2 时，玩具车处于“原地灯光秀”模式
其中正确的是（
）
245
A. ①③
B. ②④
C. ①④
D. ②③
【答案】D
【解析】当开关S1接1、S2接1 时，滑动变阻器与定值电阻R2和灯泡串联，因为
是原地所以不需要接入电动机，此时通过调节滑动变阻器可以实现“原地灯光秀”
模式；玩具车前进且能调速，故前进电路中应有可以控制电路中的电流的装置，
即应有滑动变阻器且与电动机串联，此时S1接1、S2接2 时，是“调速前进”；
玩具车后退时，以恒定速度后退，即电动机应与R2和灯泡串联，S1接2、S2接1
时，是“定速后退”状态。由题意知，当玩具车工作在“原地灯光秀”模式时，
当滑动变阻器不接入电路时，电流表A 的最大示数为0.4A。此时电源电压为




2
0.4A× 10Ω
5Ω
6V
L
U
I R
R





当玩具车前进时电动机、灯泡RL和滑动变阻器串联，电源电压6V，RL=10Ω，当
滑动变阻器不接入电路时，电路中电流最大为
6V
0.6A
10Ω
max
L
M
M
U
I
R
R
R




＜
玩具车“定速后退”时，电动机应、R2和灯泡串联，由
2
U
P
R

得
2
2
2
2
L
M
M
(6V)
(6V)
=
2.4W
5Ω+10 +
U
P
R
R
R
R
R





＜
故ABC 错误，D 正确。故选D。
419.
已知
1
2
R ，
2
3
R ，琴琴同学分别按图甲和图乙两种方式将两电阻连
接在一起，
则（
）
A. 图甲中R1与R2的电流比
1
2
2:3
I
I 
:
B. 图乙中R1与R2的电压比
1
2
:
3: 2
U
U 
246
C. 图甲与图乙的总功率比
1
2
:
6: 25
P P 
D. 图甲与图乙的总功率比
1
2
:
25:6
P P 
【答案】C
【解析】A．图甲中两电阻串联，根据串联电路中电流处处相等可知，通过
1R 与
2
R 的电流相等，即
1
2
1:1
I
I 
:
故A 不符合题意；
B．图乙中两电阻并联，根据并联电路的电压规律可知，
1R 与
2
R 两端的电压相
等，则
1
2
:
1:1
U
U 
故B 不符合题意；
CD．根据电功率的公式
2
U
P
UI
R


可得
2
1
1
2
+
U
P
R
R

2
2
2
1
2
+
U
U
P
R
R

图甲与图乙的总功率比




2
2
2
1
2
1
2
2
2
1
2
1
2
1
2
2Ω 3Ω
:
:
+
6: 25
+
+
2Ω
3Ω
R R
U
U
U
P P
R
R
R
R
R
R












故C 符合题意，D 不符合题意。
故选C。
420. 标有“6V；3W”和“6V；6W”的灯L1和L2（假设两灯灯丝电阻不变），若
将它们串联在某电源上，使其中一个灯正常发光时，下列说法正确的是（
）
A. 通过灯L1和L2的电流之比为1∶2
B. 灯L1和L2两端的电压之比为2∶1
C. 灯L2和L1的发光亮度相同
D. 能够正常发光的灯应是灯L2
【答案】B
【解析】A．两个灯泡的额定电流分别为
1
1
1
3W
0.5A
6V
P
I
U



247
2
2
2
6W
1A
6V
P
I
U



两个灯泡的电阻
1
1
1
6V
12
0.5A
U
R
I




2
2
2
6V
6
1A
U
R
I



将它们串联在某电源上，所以通过它们的电流相等，则通过灯L1和L2的电流之
比为1∶1，故A 错误；
B．灯L1和L2两端的电压之比为
1
1
1
2
2
2
12
2
6
1
U
IR
R
U
IR
R








故B 正确；
CD．将它们串联在某电源上，所以通过它们的电流相等，使其中一个灯正常发光，
因为L1的额定电流小于L2的额定电流，所以通过电路的电流是0.5A，L1正常发
光，L2不能正常发光，两个灯泡发光亮度不同，故CD 错误。故选B。
421. 用如图所示的电路测量额定电压为2.5V的小灯泡L 的额定功率。调节电阻
箱R ，使它接入电路的阻值为4。闭合开关
1
S
S
、
，移动滑动变阻器的滑片P ，
使电压表示数为2.5V，保持滑片P 的位置不变、闭合开关
2
S ，断开开关
1S ，此
时电压表示数为1.6V ，断开开关S ，调节电阻箱R ，使它接入电路的阻值为14Ω ，
闭合开关S ，此时电压表示数为2.8V 。则小灯泡的额定功率为（
）
A. 1.0W
B. 0.75W
C. 0.625W
D. 0.5W
【答案】C
【解析】由图知道，当闭合开关
1
S
S
、
，移动滑动变阻器的滑片P ，使电压表示
数为2.5V时，是灯泡与滑动变阻器串联的电路，电压表测量灯泡两端的电压，
灯泡正常发光，由欧姆定律知道，此时
2.5V
L
L
U
R
R
R


电源
滑
①
248
保持滑片P 的位置不变、闭合开关
2
S ，断开开关
1S ，此时变阻箱与滑动变阻器
串联的电路，电压表测量变阻箱两端的电压，由欧姆定律知道，此时
1.6V
U
R
R
R


电源
滑
电阻箱
电阻箱
②
断开开关S ，调节电阻箱R ，使它接入电路的阻值为14Ω ，闭合开关S ，此时电
压表示数为2.8V ，由欧姆定律知道，此时
2.8V
U
R
R
R




电源
滑
电阻箱
电阻箱
③
由①②③解得
6Ω
R

滑
10Ω
L
R 
由
2
U
P
R

知道，小灯泡的额定功率


2
2
2.5V
0.625W
10
L
L
U
P
R



额＝
故C 符合题意，ABD 不符合题意。故选C。
422. 如图所示的电路中，电源电压恒定为6V，变阻器R1标有“20Ω，0.5A”字
样，定值电阻R2标有“10Ω，1A”字样若电流表的量程为“0~0.6A”，电压表
的量程为“0~3V”，滑片移动时，在保证电路安全的情况下，下列说法正确的是
（
）
A. 电流表变化范围0.3A~0.5A
B. 电压表变化范围1.5V~3V
C. 滑动变阻器阻值范围2Ω~10Ω
D. 电路总功率最大值2.7W
【答案】AC
【解析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路
中的电流。因串联电路中各处的电流相等，变阻器R1允许通过的最大电流为0.5A、
定值电阻R2允许通过的最大电流为1A、电流表量程为0~0.6A，所以，电路中的
最大电流I 大=0.5A；此时R2两端的电压最大，电路的总功率最大，变阻器接入
电路中的电阻最小，R2两端电压
U2 大=I 大R1=0.5A×10Ω=5V
249
电路的最大功率
P 大=UI 大=6V×0.5A=3W
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，变阻器两端的电压
U1=U-U2 大=6V-5V=1V
变阻器接入电路中的最小阻值
1
1
1V
2
0.5A
U
R
I



小
大
电压表的量程为“0~3V”，当电压表的示数最大是3V 时，接入电路中的电阻最
大，电路中的电流最小，电路的总功率最小，此时R2两端的电压
U2=U-U1 大=6V-3V=3V
所以电压表变化范围1V~3V，电路中的最小电流
2
2
3V =0.3A
10Ω
U
I
R


小
则电流表变化范围0.3A~0.5A。滑动变阻器接入电路中的最大阻值
1
1
3V =10Ω
0.3A
U
R
I


大
大
小
所以，滑动变阻器连入电路的阻值在2Ω~10Ω范围内变化。
综上所述
A.电流表变化范围0.3A~0.5A，故A 正确；
B.电压表变化范围1V~3V，故B 错误；
C.滑动变阻器阻值范围2Ω~10Ω，故C 正确；
D.电路总功率最大值3W，故D 错误。故选AC。
423. 如图所示的电路中，电源电压U 恒定，灯泡L 上标有“2.5V 1.25W”字样
（忽略温度对灯丝电阻的影响），定值电阻
1R 阻值为15Ω，滑动变阻器
2
R 的规
格为“20Ω 1A”，电流表量程为0~0.6A，电压表量程为0~3V。闭合开关S ，断
开开关
1
S 、
2
S ，在确保电路各元件安全的情况下，滑动变阻器接入电路的最小
阻值为
2
R ，当滑动变阻器滑片移至中点时，电流表示数为0.3A；闭合开关S 、1
S 、
2
S ，在确保电路各元件安全的情况下，滑动变阻器在电路中消耗的最大功率为P，
定值电阻
1R 在10s 内产生的热量为Q。下列说法中（
）
250
①
6V
U =
②
2
4
R 
③
1.35W
P 
④
27J
Q 
A. 只有①④正确
B. 只有①③正确
C. 只有②③正确
D. 只有
②③④正确
【答案】C
【解析】闭合开关S、断开开关S1、S2，变阻器R2与灯泡L 串联，电流表测量电
路中的电流，电压表测量灯泡两端的电压，当滑动变阻器滑片移至中点时，电流
表示数为0.3A，即接入电路的电阻为10Ω，由U
RI
＝
得，此时滑动变阻器两端
电压为
2
0.3A 10Ω
3V
U
RI

＝
＝
＝
由
2
U
P
R
＝
得，灯泡电阻为
2
2
2.5V
5Ω
1.25W
U
R
P
额
灯
额
（
）
＝
＝
＝
由R
U
I
＝
得，此时电压表示数即灯泡两端电压为
5Ω 0.3A
1.5V
U
RI

灯＝
＝
＝
根据串联电路电压规律可知，电源电压为各部分电压之和，即
2
+
1.5V+3V=4.5V
U
U
U


灯
由P
UI

得，灯泡正常工作电流为
1.25W =0.5A
2.5V
P
I
U


额
额
额
已知电流表量程为0~0.6A 为，则为了确保电路各元件安全，电路中最大电流为
0.5A，由题意知，此时灯泡电压为2.5V，则滑动变阻器两端电压为
2
-
4.5V-2.5V
2V
U
U U



额
由R
U
I
＝
得，滑动变阻器接入电路的最小阻值为
2
R ，即
2
2
2V
4Ω
0.5V
R
U
I



额
＝
＝
闭合开关S、S1、S2，小灯泡被短路，R1、R2并联，根据并联电路电压特点可知
1
2
4.5V
U
U
U



由R
U
I
＝
得，通过R1的电流为
1
1
4.5V
0.3A
15Ω
U
I
R
＝
＝
＝
251
由于电流表量程为0～0.6A，则通过滑动变阻器的最大电流为
2
1
0.6A-0.3A=0.3A
I
I
I



由P
UI

可得，滑动变阻器在电路中消耗的最大功率为P，即
4.5V 0.3A=1.35W
P
UI



由Q 可知，定值电阻
1R 在10s 内产生的热量为Q，即
2
2
(0.3A)
15Ω 10s
13.5J
Q
I Rt





故选C。
424. 如图所示为模拟调光灯电路，电源电压恒为9V，滑动变阻器R 标有“20Ω
1A”的字样，电流表选用“0~0.6A”的量程，当滑片P 移至中点时，小灯泡恰好
正常发光，已知小灯泡上标有“3V 0.9W”字样（忽略温度对灯丝电阻的影响）。
为保证电路安全，下列选项正确的是（
）
A. 滑动变阻器阻值的变化范围为5～20Ω
B. 定值电阻的阻值为20Ω
C. 电流表示数变化的范围为0.225～0.3A
D. 小灯泡的最小功率为0.675W
【答案】C
【解析】由图可知，小灯泡、定值电阻、滑动变阻器串联，电流表测量电路电流。
已知小灯泡上标有“3V 0.9W”字样（忽略温度对灯丝电阻的影响），由P
UI

可
得小灯泡正常发光的电流
L
0.9W
0.3A
3V
P
I
U



额
额
由
U
I
R

可得小灯泡的电阻
L
L
3V
10Ω
0.3A
U
R
I



额
A．电流表选用“0~0.6A”的量程，滑动变阻器允许通过最大电流为1A，灯泡正
常发光的电流为0.3A，为保证电路安全，所以电路最大电流
max
L
0.3A
I
I


此时滑动变阻器接入阻值最小，且题干说“当滑片P 移至中点时，小灯泡恰好正
常发光”，结合滑动变阻器规格，可知滑动变阻器接入最小阻值为最大值的一半，
即10Ω，所以滑动变阻器阻值的变化范围为10～20Ω，故A 错误；
B．滑片P 移至中点时，小灯泡恰好正常发光，由A 已知此时电流为0.3A，滑动
252
变阻器接入阻值为10Ω，由
U
I
R

可得此时总电阻
max
9V
30Ω
0.3A
U
R
I



总
则定值电阻的阻值
0
L
min
30Ω
10Ω
10Ω
10Ω
R
R
R
R







总
故B 错误；
C．由A 已知最大电流为0.3A，当滑动变阻器接入阻值最大时，电路电流最小，
为
min
0
L
max
9V
0.225A
10Ω
10Ω
20Ω
U
I
R
R
R







即电流表示数变化的范围为0.225～0.3A，故C 正确；
D．由C 已知最小电流为0.225A，小灯泡灯丝阻值为10Ω不变，则小灯泡的最小
功率


2
2
min
min
L
0.225A
10Ω
0.50625W
P
I
R




故D 错误。故选C。
425. 老王的手机电池的铭牌上标有“5V
4000mA·h”的字样，手机正常使用
时功率为2W。如果他在电池电量剩余30%时，立刻插上30W 的充电器，并持续
正常使用，直到电量充满。他这次给手机充电的时间是（
）
A. 0.2h
B. 0.47h
C. 0.5h
D. 0.67h
【答案】C
【解析】充满时存储的电能
3
5V
4000 10 A 1h=20W h
W
UIt







需要充的电能
1
2
=
W
W
W
W
Pt
P t





用
充
充满需要时间
1
2
20W h
20W h
30%
0.5h
30W
2W
W
W
t
P
P











故ABD 不符合题意；故C 符合题意。故选C。
426. 现有“6V 3W”和“12V 6W”字样的甲、乙两只灯泡，不考虑灯丝电阻的变
化，下列说法正确的
是（
）
A. 通电时间相同时，甲灯泡消耗的电能一定比乙灯泡少
B. 通电时间相同时，电流通过乙灯泡比甲灯泡做功一定快
C. 两只灯泡串联工作时，甲灯泡产生的热量一定比乙灯泡少
D. 两只灯泡并联工作时，干路中允许通过的最大电流为1A
【答案】C
253
【解析】A．在额定电压下工作时，通电时间相同时，据W=Pt 知，甲灯泡消耗的
电能一定比乙灯泡的少，但不是在额定电压下工作时，无法比较两灯消耗电能的
多少，故A 错误；
B．电功率是指电流做功快慢的物理量，在额定电压下工作时，电流通过甲灯做
功一定比乙灯慢，但不是在额定电压下工作时，无法比较电流通过两灯做功的快
慢，故B 错误；
C．由题意知，两灯的额定电压分别为6V 和12V，额定功率分别为3W 和6W，据
2
U
P
R

知，两灯的电阻
2
2
(6V)
12Ω
3W
U
R
P



甲
甲
甲
，
2
2
(12V)
24Ω
6W
U
R
P



乙
乙
乙
即R 甲<R 乙。两灯串联时，通过两灯的电流相等，据Q=I
2Rt 知，甲灯泡产生的热
量一定比乙灯泡的少，故C 正确；
D．由题意知，两灯正常工作时通过的电流分别为
3W
0.5A
6V
P
I
U



甲
甲
甲
，
6W
0.5A
12V
P
I
U



乙
乙
乙
两灯并联时，灯两端的电压相等，最大电压为6V，甲灯正常工作，通过乙灯的
电流
6V
0.25A
24Ω
U
I
R



乙实
乙
允许通过干路的最大电流
I=I 甲+I 乙实=0.5A+0.25A=0.75A
故D 错误。故选C。
427. 如图所示，将定值电阻R1、R2按甲、乙两图接在电压不同的电路中，已知
两图中R1两端的电压相等，乙图中流过R1、R2的电流之比为2：1。下列说法中
正确的是（
）
A. 两电阻的阻值之比为R1：R2=2：1
B. 两图中电源的电压之比为U1：U2=3：2
C. 两图中流过R2的电流之比为I2 甲：I2 乙=3：2
D. 两图电路消耗的总功率之比为P 甲：P 乙=2：1
【答案】D
【解析】A．由图乙可知，R1和R2并联，根据并联电路的分流性
1
2
2
1
1
2
R
I
R
I


254
故A 错误；
B．由图甲可知，R1与R2串联，则电路的总电阻为
1
2
1
3
R
R
R
R



甲
根据串联电路的分压性可得
1
1
1
R
1
1
3
3
1
R
U
R
U
R
R



甲
两图中R1两端的电压相等，又由图乙知，R1和R2并联，则
1
1
'
2
R
R
U
U
U


所以
1
2
3
1
U
U 
故B 错误；
C．由图甲可知，R1与R2串联，串联电路中各处的电流相等，通过R2的电流为
1
1
1
2
1
2
1
=
3
U
U
U
I
R
R
R
R



甲
甲
由图乙可知，R1和R2并联，关联电路中各支路两端的电压相等且与电源电压相等，
则通过R2的电流为
2
2
2
2
1
=
2
U
U
I
R
R

乙
所以
1
2
1
1
1
2
2
1
2
1
3
2
2
=
3
1
2
U
I
R
U
R
U
I
R
U
R



甲
乙
故C 错误；
D．由图乙可知，R1和R2并联，电路的总电阻为
1
2
1
1
1
1
2
1
1
2
2
=
2
3
R R
R
R
R
R
R
R
R
R





乙
由P
UI

及欧姆定律可得
2
U
P
R

则图甲电路消耗的总功率为
2
2
1
1
1
=
= 3
U
U
P
R
R
甲
甲
255
图乙电路消耗的总功率为
2
2
2
2
2
2
1
1
3
=
= 2
2
3
U
U
U
P
R
R
R

乙
乙
所以
2
1
2
1
1
1
2
2
2
1
2
1
3
2
2
=
=
=
3
3
3
1
2
U
P
R
U
R
U
P
R
U
R

甲
乙
故D 正确。故选D。
428. 灯泡
1
L 、
2
L 分别标有“220V 100W ”、“220V 40W ”的字样，将它们
接入220V 的电路中，
则（
）
A.
1
L 、
2
L 并联时，
1
L 比
2
L 亮
B.
1
L 、
2
L 并联时，亮度相同
C.
1
L 、
2
L 串联时，
1
L 比
2
L 亮
D.
1
L 、
2
L 串联时，亮度相同
【答案】A
【解析】AB．根据
2
U
R
P

可知，两灯泡正常发光时电压相等，因为
1
L 的额定功
率更大，可知
1
L 的电阻更小，当两灯并联时，两灯都正常发光，正常发光时的
功率等于额定功率，则有
1
2
P
P

，
1
L 比
2
L 亮，故A 符合题意，B 不符合题意；
CD．由上可知
1
L 的电阻小，
2
L 的电阻大，当两灯泡串联接入220V 的电路中时，
通过的电流相等，根据
2
P
I R

可知，
'
'
1
2
P
P

，
1
L 比
2
L 暗，故CD 不符合题意。
故选A。
429. 已知甲电阻是乙电阻的3 倍，若分别对甲、乙两种导体通电，通过甲、乙
两导体的电流之比为2∶3，则甲、乙的功率之比为（
）
A. 2∶1
B. 2∶3
C. 4∶3
D. 9∶2
【答案】C
【解析】已知甲电阻是乙电阻的3 倍，则R 甲∶R 乙=3∶1，若分别对甲、乙两种
导体通电，通过甲、乙两导体的电流之比为2∶3，即I 甲∶I 乙=2∶3。由P=I
2R
可知，甲、乙的功率之比为
2
2
2
2
2
3
4
3
1
3
P
I
R
I
R
P
I
R
I
R


















甲
甲
甲
甲
甲
乙
乙
乙
乙
乙
。故选C。
430. 如图所示电路，电源电压恒为6V。闭合开关S，滑动变阻器R 接入电路的
256
阻值为10Ω时，电流表的示数为1.8A。下列说法正确的是（
）
A. 通过R0的电流是1.2A
B. R0的阻值是5Ω
C. 当R 为20Ω时，其电功率是7.2W
D. 当R 为30Ω时，电路总功率是
8.4W
【答案】ABD
【解析】AB．电源电压恒为6V，闭合开关S，滑动变阻器R 接入电路的阻值为
10Ω时，通过滑动变阻器R 的电流IR=0.6A，则通过R0的电流
IR0=1.8A-0.6A=1.2A
则R0阻值
0
0
6V
5Ω
1.2A
R
U
R
I



故AB 正确；
C．当R 为20Ω时，其电功率


2
2
6V
1.8W
20Ω
U
P
R



故C 错误；
D．当R 为30Ω时，其电功率


2
2
6V
1.2W
30Ω
U
P
R



R0的电功率


2
2
0
1.2A
5Ω
7.2W
P
I R




则电路总功率为8.4W，故D 正确。
故选ABD。
431. 如图所示的电路中，电源电压U 保持不变。
①只闭合开关S 和S3，调节滑动变阻器的滑片，当电流表的示数为0.2A 时，电
压表V2的示数为1V；
②只闭合开关S 和S2，电压表V1和V2的示数分别为U1和U2，电流表的示数为I1；
③只闭合开关S、S1和S3，将滑片移动到最左端时，电流表的示数为I2，此时电
路的功率为P1；保持滑片位置不变，再闭合开关S2，电流表的示数变化了0.2A。
此时电路的功率为P2；
已知I1：I2=1：9，U1：U2=1：2，下列说法正确的是（
）
257
A. U=6V
B. I1=0.1A
C. R2=10Ω
D. P1：P2=7：9
【答案】B
【解析】只闭合开关S 和S3时，R1与滑动变阻器串联，此时滑动变阻器接入电路
电阻
1V =5Ω
0.2A
P
U
R
I


电源电压




1
1
0.2A
5Ω
U
I
R
R
R





……①
只闭合开关S 和S2，R1、R2、R3串联，电压表V1测量R1两端电压，V2测量R2和R3
的电压，则
1
1
1
U
I R



2
1
2
3
U
I
R
R



因为U1：U2=1：2，则
1
2
3
2R
R
R


……②
1
1
2
3
U
I
R
R
R



……③
只闭合开关S、S1和S3，将滑片移动到最左端时，R1与R2并联则
2
1
2
U
U
I
R
R
=
+
……④
因为I1：I2=1：9 则
1
2
3
1:9
1
2
U
U
U
R
R
R
R
R










：
化简可得



1
2
1
2
3
1
2
1
9
R R
R
R
R
R
R





……⑤
联立①⑤可得
1
2
=2
R
R ，
3
2
3
R
R

则
258
3
1
3
2
R
R

保持滑片位置不变，再闭合开关S2，R1、R2、R3并联则通过R3的电流为0.2A，则
3
1
3
0.2A
0.2A
2
U
R
R




……⑥
由①⑥联立可得
3V
U 
；
1
10Ω
R 
则
2
1
1
5Ω
2
R
R


；
3
1
3
15Ω
2
R
R


1
1
2
3
3V
=0.1A
10Ω
5Ω
15Ω
U
I
R
R
R






2
1
2
3V
3V
=
=0.9A
10Ω
5Ω
U
U
I
R
R



1
2
1
2
1
2
:
:
:
0.1A :0.9A=1:9
P P
UI
UI
I
I



故选B。
432. 某人习惯晚上睡觉前开始为手机充电，第二天早晨拔掉充电线插头。手机
充满电后，会自动停止充电并处于待机状态，当电能消耗到一定程度后，又会自
动充满……在待机和自动充电的循环过程中，待机时间为自动充电时间的50 倍。
已知手机在待机状态下消耗电能的功率为0.2W，充电器的充电电流为2.0A，则
充电器的充电电压为（
）
A. 2V
B. 3V
C. 4V
D. 5V
【答案】D
【解析】设充电器的充电电压为U，充电时间为t，则由W=UIt 可得，充电过程
中消耗的电能为
W 充=UIt=U×2.0A×t
因待机时间为充电时间为50 倍，则待机时间为50t，故由W=Pt 可得，待机过程
中消耗的电能为
W 待=P 待50t=0.2W×50t
因手机最终为充满电状态，故可得W 充=W 待，即
U×2.0A×t=0.2W×50t
解得充电器的充电电压为U=5V，故ABC 不符合题意，D 符合题意。故选D。
433．如图所示为电烤炉的简化电路图，小张查看说明书后得知：R1、R2均为电
热丝，R1＝44Ω，R2＝66Ω。当开关S1闭合，S2处于不同状态时，电烤炉处于不
同挡位，忽略温度对电热丝电阻的影响。下列说法正确的是（
）
259
A．闭合S1、S2时，电烤炉处于低温挡状态
B．电烤炉处于高温挡与低温挡状态时，R1两端的电压之比为5：2
C．电烤炉处于高温挡与低温挡状态时，电路在相同时间内所消耗的电能之比为
3：2
D．电烤炉处于低温挡状态时，R1、R2所消耗的电功率之比为3：2
【答案】B
【解析】A、当S1闭合，S2断开，R1、R2串联；当S1、S2闭合时，R2被短路，电路
为R1的简单电路；
因串联电路中的总电阻大于任一分电阻，所以由P＝UI＝
可知，电路为R1的
简单电路时，电路中的电阻最小，电功率最大，电烤炉为高温挡；R1、R2串联时，
电路中的电阻最大，电功率最小，电烤炉为低温挡，故A 错误；
B. 电烤炉处于高温挡时，电路为R1的简单电路，电路中的电流：
I 高＝
＝
＝5A，
电烤炉处于低温挡时，R1、R2串联，电路中的电流：
I 低＝
＝
＝
＝2A，
由欧姆定律可知，电烤炉处于高温挡与低温挡状态时，R1两端的电压之比：
＝
＝
＝
＝
，故正确；
C、由W＝UIt 可知，电烤炉处于高温挡与低温挡状态时，电路在相同时间内所消
耗的电能之比：
＝
＝
＝
＝
，故C 错误；
D、电烤炉处于低温挡状态时，R1、R2串联，通过两电阻的电流相等，由P＝I
2R
可知，此时R1、R2所消耗的电功率之比：
＝
＝
＝
＝
。
434. 如图所示电路，甲、乙两灯分别标有“6V，6W”和“6V，3W”字样，电源
电压恒为6V。不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法正确的是（
）
260
A. 只闭合S1时，甲、乙两灯的实际功率之比为2：1
B. 只闭合S2、S3时，甲、乙两灯的实际功率之比为2：1
C. 只闭合S1、S2时，电路的总功率为6W
D. 只闭合S1、S2时，电路的总功率为3W
【答案】BD
【解析】A．根据甲乙两灯的铭牌信息可得
2
2
6V
=
6
6W
U
R
P


额甲
甲
额甲
（
）
2
2
6V
=
12
3W
U
R
P



额乙
乙
额乙
（
）
只闭合S1时，甲乙两灯串联，在串联电路中各处的电流相等，根据p=I
2R 可得甲、
乙两灯的实际功率之比为
2
2
6
1
=
=
=
=
12
2
P
I R
R
P
I R
R


甲
甲
甲
甲
乙
乙
乙
乙
故A 错误；
B．（2022 天津）只闭合S2、S3时，甲乙两灯并联，在并联电路中，各支路两端
的电压相等，根据
2
U
P
R

可知，甲、乙两灯的实际功率之比为
2
'
2
2
'
2
12
2
=
=
=
=
6
1
U
P
R
U
R
R
U
P
R
U
R
R




甲
甲
甲
甲
乙
乙
乙
乙
甲
乙
甲
乙
故B 正确；
CD．只闭合S1、S2时，甲灯被短路没有接入电路中，电路只有乙灯的简单电路，
电源电压全部加在乙灯上，所以电路的总功率为
'
2
6V
=
=3W
12
U
P
R


乙
乙
（
）
故C 错误，D 正确。故选BD。
435. （2023 新疆）用如图所示的电路研究滑动变阻器R 的电功率。电源电压保
持不变，R0为定值电阻，滑动变阻器R 的滑片可移动的最大距离为18 cm，滑动
变阻器R 的电阻丝的阻值与其长度成正比。闭合开关S 后，当滑片位于滑动变阻
261
器R 的中点时，滑动变阻器R 的电功率为1.50W；将滑片移动一段距离后，滑动
变阻器R 的电功率变为2.94W，则滑动变阻器R 的滑片移动的方向和距离可能为
（
）
A. 向左移动7cm
B. 向左移动6cm
C. 向右移动5cm
D. 向右
移动4cm
【答案】C
【解析】假设，滑动变阻器R 的电阻丝的阻值与其长度关系为
R=kl……①
电路中的电功率和电压的
2
2
0
(
)
U
P
I R
R
R
R



……②
由①②两式联立可得
2
0
(
)
U
P
kl
R
kl


……③
把l=9cm，P=1.50W 带入③式可得
2
0
1.50W
(
)
9cm
9cm
U
k
R
k



……④
滑动变阻器R 的电功率变为2.94W，把P=2.94W 带入③式可得
2
0
2.94W
(
)
U
kl
R
kl


……⑤
联立④⑤两式可得
2
0
2
0
(
)
25
441cm
(
9 )
R
kl
l
R
k



……⑥
A．向左移动7cm，此时的l 为
l=9cm+7cm=16cm
带入⑥式可得
0
7
1
9
20
k
R
k 

不符合题意，故A 不符合题意；
B．向左移动6cm，此时的l 为
262
l=9cm+6cm=15cm
带入⑥式可得
0
375
6
1
441
9
k
R
k


由于
375
1
441 为负值，不符合题意，故B 不符合题意；
C．向右移动5cm，此时的l 为
l=9cm-5cm=4cm
带入⑥式可得
k=R0
故C 符合题意；
D．向右移动5cm，此时的l 为
l=9cm-4cm=5cm
带入⑥式可得
0
(45 5 105)
(21 5 5)
k
R



由于45 5
105

为小于0 的负值，不符合题意，故D 不符合题意。
故选C。
436.某同学连接了如图所示电路，电源电压恒为18V，电压表量程为“0~15V”，
电流表量程为“0~0.6A”，滑动变阻器规格为“100
1A

”，小灯泡标有“6V
3W”
字样。不考虑灯丝电阻的变化，在确保电路安全的情况下，下列说法正确的是
（
）
A. 电路允许通过的最大电流是0.5A
B. 电压表示数的变化范围是3~6V
C. 小灯泡消耗电功率的最小值是0.75W
D. 滑动变阻器允许接入电路的阻值范围是24 ~100
【答案】AC
【解析】由电路图可知，灯泡L 和滑动变阻器R 串联，电压表测R 两端的电压，
电流表测电路中的电流。
ABD．灯泡正常发光时的电压UL=6V，功率PL=3W，由P=UI 可得，灯泡正常发光时
的电流为
3W
0.5A
6V
L
L
L
P
I
U



因串联电路中各处的电流相等，且电流表量程是0～0.6A，滑动变阻器允许通过
263
的最大电流为1A，所以，电路中的最大电流为
I 大=IL=0.5A
此时电压表的示数最小，变阻器接入电路中的电阻最小，因串联电路中总电压等
于各分电压之和，所以，电压表的最小示数为
18V
6V
12V
L
R
U
U
U





小
由R
U
I
＝
可得，滑动变阻器接入电路中的最小阻值为
12V
24Ω
0.5A
R
U
R
I


小
小
大
＝
由题意知，不考虑灯丝电阻的变化，则灯泡的电阻为
6V
12Ω
0.5A
L
L
L
U
R
I



当滑动变阻器两端电压最大，即电压表的示数UR 大=15V 时，灯泡两端的电压最小
为
18V
15V
3V
L
R
U
U
U





小
大
此时电路中的最小电流为
3V
0.25A
12Ω
L
L
L
U
I
I
R




小
小
小
此时变阻器接入电路中的电阻阻值最大为
15V
60
0.25A
R
U
R
I




大
滑大
小
由60Ω＜100Ω可知，电路中的最小电流为0.25A，滑动变阻器接入电路中的最
大阻值为60Ω，电压表的最大示数为15V，所以，电压表示数变化范围是12V～
15V，电流表示数变化范围是0.25A～0.5A，滑动变阻器连入电路的阻值变化范
围是24Ω～60Ω，故A 正确，BD 错误；
C．当电路中的电流最小时，小灯泡消耗电功率最小，则由P
UI

可得，小灯泡
消耗电功率最小值为
3V
0.25A
0.75W
L
L
P
U
I




小
小
大
故C 正确。故选AC。
24 电学（含图像）的综合计算
437.
如图所示是电阻R1、R2的电压—电流关系图像，下列说法正确的是（
）
264
A. 电阻R1两端电压为4V 时，通过R1的电流是0.3A
B. 电阻R1、R2串联，当电流为0.2A 时，R1、R2两端总电压为3V
C. 电阻R1、R2并联到2V 电压下，干路中的电流是0.3A
D. 电阻R1和R2的阻值之比是1∶2
【答案】B
【解析】A．由图可知当电阻R1两端电压为4V 时，通过其电流为0.4A，故A 错
误；
B．由图像可知，若电阻R1、R2串联，当电流为0.2A 时，R1、R2两端电压分别为
2V、1V，根据串联电路电压特点知，R1、R2两端总电压为
1
2
2V
1V
3V
U
U
U





故B 正确；
C．由图像可知，电阻R1、R2并联到2V 电压下时，通过R1、R2电流分别为0.2A、
0.4A，由并联电路中干路中的电流等于各支路电流之和可知，干路中的电流
1
2
0.2A
0.4A
0.6A
I
I
I





故C 错误；
D．由图像可知，R1、R2为定值电阻，若电阻R1、R2串联，当电流为0.2A 时，R1、
R2两端电压分别为2V、1V，根据欧姆定律知
1
1
2V
10Ω
0.2A
U
R
I




2
2
1V
5Ω
0.2A
U
R
I




电阻R1和R2的阻值之比是
1
2
10Ω 5Ω
21
R
R 

∶
∶
∶
故D 错误。故选B。
438．如图甲所示R1为定值电阻，调节电阻箱R2时电流表的示数I 随之发生变化。
如图乙为电流表示数的倒数
与电阻箱R2的阻值之间的变化关系图像，则下列判
断正确的是（
）
265
A．电源电压为5V
B．定值电阻R1的阻值为2.5Ω
C．该电路的最大电流为2A
D．该电路的最大功率为1.25W
【答案】D
【解析】由电路图可知，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，
由图乙可知，当R2＝0Ω时总电阻最小，电路中的电流最大，＝2A
﹣1，则电路中
的电流I1＝0.5A，故C 错误；
此时只有R1接入电路，由I＝
可得，电源的电压：
U＝I1R1＝0.5A×R1 ﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
由图乙可知，当R2＝10Ω时，
＝6A
﹣1，则此时电路中的电流I2＝
A，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电源的电压：U＝I2（R1+R2）＝
A×（R1+10Ω）﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
因电源的电压不变，
所以，0.5A×R1＝
A×（R1+10Ω），
解得：R1＝5Ω，故B 错误；
电源的电压U＝I1R1＝0.5A×5Ω＝2.5V，故A 错误；
根据电路图可知当R2＝0Ω时，只有R1接入电路，此时电路中电流最大，电路消
耗的功率最大，
则P 最大＝UI 最大＝2.5V×0.5A＝1.25W，故D 正确。
439. 如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡的额定电压为6V，闭合开关S 后，
当滑片Р从R 的一端滑到另一端的过程中，小灯泡的I
U

关系图像如图乙所示。
下列说法正确的是（
）
266
A. 电源电压为9V
B. 小灯泡的额定功率为6W
C. 滑动变阻器的最大电阻为6Ω
D. 滑动变阻器阻值最大时，滑动变阻器10s 内产生的热量为22.5J
【答案】BD
【解析】A．由电路图可知，当滑动变阻器接入电路中的电阻为0 时，电路为灯
泡的简单电路，由图像乙可知，此时小灯泡正常发光，则电源电压
L
6V
U
U


故A 错误；
B．由图像乙可知，当灯泡两端的电压为6V 时，电流为1.0A，则小灯泡的额定
功率
6V 1.0A
6W
P
U I




额
额额
故B 正确；
C．由电路图可知，灯泡L 与R 串联，当R 接入电路的电阻最大时，电路中的电
流最小，由图像乙可知，电路中电流最小为Imin=0.5A，此时灯泡的电压为
'
L
1.5V
U 
，此时华变阻器的电压
'
L
6V
1.5V
4.5V
U
U
U





滑
滑动变阻器的最大电阻
max
min
4.5V
9Ω
0.5A
U
R
I



滑
故C 错误；
D．滑动变阻器阻值最大时，滑动变阻器10s 内产生的热量


2
2
min
max
0.5A
9Ω 10s
22.5J
Q
I
R
t





故D 正确。故选BD。
440. 将一个定值电阻接入图甲所示电路的虚线框处，并将一个电压表（图中未
画出）并联在某段电路两端，闭合开关，移动滑片P，多次记录两电表示数；断
开开关，只将定值电阻更换为小灯泡，再次获取数据并记录；将记录的数据绘制
成如图乙所示的I
U

图象。下列分析正确的是（
）
A. 电源电压为3.5V
B. 图象b 是用接入定值电阻时记录的数据绘制得到的
C. 定值电阻和灯泡两端的电压各为3.5V 时，灯泡的电阻较大
267
D. 接入小灯泡后，将滑片P 向右移动时，电压表的示数将变大
【答案】C
【解析】AB．由图乙中的图像分析，当电流越大时，所对应的电压越小，可判断
此图像为滑动变阻器电压与电流的变化图像，且因为灯泡电阻受温度影响会发生
改变，导致其两端电压非直线性变化，故a 图像为定值电阻接入电路中时滑动变
阻器的I−U 图像，b 为灯泡接入电路中滑动变阻器的I−U 图像。
设电源电压为U，定值电阻为R，根据a 图像中，电流为0.6A，电压为1V；电流
为0.2A，电压为3V，可分别列出关于电源电压的公式为
1V
0.6A
U
R



---------①
3V
0.2A
U
R



----------②
①②两式联立可得
5
R ，
4V
U 
故AB 错误；
C．由乙图像可知，当滑动变阻器的电压为0.5V 时，定值电阻/小灯泡的电压为
3.5V，定值电阻接入电路中时电流为0.7A，灯泡接入电路中时，电流为0.3A，
根据
U
R
I

可知，灯泡的电阻较大，故C 正确；
D．将滑片P 向右移动时，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，根据串联分压原
理可知，滑动变阻器的电压变小，因电压表测滑动变阻器的电压，故而示数会变
小，故D 错误。
故选C。
441. 定值电阻R 的U-I 关系图像如图所示，当该电阻两端电压为3V 时，通过它
的电流为（
）
A. 1A
B. 2A
C. 3A
D. 4A
【答案】A
【解析】由U-I 关系图像可得当电压为6V 时，电流为2A 定值电阻R 为
6V
3Ω
2A
U
R
I



所以当该电阻两端电压为3V 时，通过它的电流为
3V
1A
3Ω
U
I
R



故选A。
442. 如图所示为电阻R1和R2的I—U 图像，下列说法正确的是（
）
268
A. R2的阻值为10Ω
B. 两电阻串联与并联的总阻值之比为9∶4
C. 将两电阻串联接入电路，通电后，R1两端电压与R2两端电压之比为1∶2
D. 将两电阻并联接入电路，通电1 分钟，电流通过R1产生的热量与电流通过R2
产生的热量之比为1∶2
【答案】D
【解析】A．由图像可知，R2两端电压为1V 时，电流为0.2A，则R2的阻值
2
2
2
1V
5Ω
0.2A
U
R
I



R1两端电压为2V 时，电流为0.2A，则R1的阻值
1
1
1
2V
10Ω
0.2A
U
R
I



故A 错误；
B．两电阻串联的总阻值
1
2
10Ω
5Ω
15Ω
R
R
R





串
两电阻并联的总阻值
1
2
1
2
10Ω 5Ω
10 Ω
10Ω
5Ω
3
R R
R
R
R






并
则两电阻串联与并联的总阻值之比为9∶2，故B 错误；
C．将两电阻串联接入电路，通电后，由串联分压特点可得，R1两端电压与R2两
端电压之比
1
1
2
2
10Ω
2
5Ω
1
U
R
U
R



故C 错误；
D．将两电阻并联接入电路，各支路电压等于电源电压，通电1 分钟，电流通过
R1产生的热量与电流通过R2产生的热量之比
269
2
1
1
2
2
2
1
2
5Ω
1
10Ω
2
U t
Q
R
R
U
Q
R
t
R




故D 正确。故选D。
443. 图甲是探究欧姆定律的实验电路，电源电压恒定，R1是滑动变阻器，R2是
定值电阻；图乙中的a、b 分别是将滑动变阻器R1的滑片从最左端移动到最右端
的过程中，电流表A 的示数随两电压表V1、V2的示数变化关系图象。下列说法中
正确的是（
）
A. 图线a 是电流表A 的示数随电压表V1的示数变化关系图象
B. 当电压表V1、V2的示数相等时，滑片在滑动变阻器的中点位置
C. 电源电压是6V
D. 定值电阻阻值是10Ω
【答案】ACD
【解析】A．通过定值电阻的电流与定值电阻两端电压成正比，所以图线b 是对
应的是定值电阻，a 对应滑动变阻器。由甲图可知，电压表V1测定值电阻两端电
压，故A 正确；
BD．定值电阻的阻值
6V
10
0.6A
U
R
I




滑动变阻器的最大阻值
max
5V
50
0.1A
U
R
I




当电压表V1、V2的示数相等时，即滑动变阻器的最值等于定值电阻的阻值，此时
滑动变阻器的阻值
max
1
10Ω
5
R
R


实
故B 错误，D 正确；
C．当电流为0.1A 时，V1和V2的示数分别为1V 和5V，串联电路中，电源电压等
于各用电器两端电压之和，故电源电压为6V，故C 正确。故选ACD。
444. 如图是利用数字化电压—电流传感器测量电阻后绘出的不同电阻的U
I

图像。由图可知，以下判断正确的是（
）
270
A.
1
2
3
R
R
R


B.
1
2
3
R
R
R


C.
1
2
3
R
R
R


D. 无法比较
1R 、
2
R 、
3
R 大小
【答案】B
【解析】由图像可知，当电压一定时，通过R1、R2、R3的电流关系大小为
I1<I2<I3
根据欧姆定律可得
U
R
I

所以三个电阻的大小关系为
1
2
3
R
R
R


故ACD 错误，B 正确。故选B。
445. 图甲是探究欧姆定律的实验电路，电源电压恒定，R1是滑动变阻器，R2是
定值电阻；图乙中的a、b 分别是将滑动变阻器R1的滑片从最左端移动到最右端
的过程中，电流表A 的示数随两电压表V1、V2的示数变化关系图象。下列说法中
正确的是（
）
A. 图线a 是电流表A 的示数随电压表V1的示数变化关系图象
B. 当电压表V1、V2的示数相等时，滑片在滑动变阻器的中点位置
C. 电源电压是6V
D. 定值电阻阻值是10Ω
【答案】ACD
【解析】A．通过定值电阻的电流与定值电阻两端电压成正比，所以图线b 是对
应的是定值电阻，a 对应滑动变阻器。由甲图可知，电压表V1测定值电阻两端电
压，故A 正确；
BD．定值电阻的阻值
271
6V
10
0.6A
U
R
I




滑动变阻器的最大阻值
max
5V
50
0.1A
U
R
I




当电压表V1、V2的示数相等时，即滑动变阻器的最值等于定值电阻的阻值，此时
滑动变阻器的阻值
max
1
10Ω
5
R
R


实
故B 错误，D 正确；
C．当电流为0.1A 时，V1和V2的示数分别为1V 和5V，串联电路中，电源电压等
于各用电器两端电压之和，故电源电压为6V，故C 正确。故选ACD。
446. 如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关，在保证电路元件安
全情况下，移动滑动变阻器的滑片，记录电表示数；图乙是电路中电流与变阻器
两端电压关系的图像，下列说法正确的是（
）
A. 定值电阻
0
R 的阻值是10
B. 电源电压为4.5V
C. 滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是5
15

D. 当滑动变阻器的滑片P 移至中点时，电流表的示数是0.3A
【答案】BD
【解析】AB．由乙图可知，当电路电流为0.6A 时，滑动变阻器接入电路阻值为
0，当电路电流为0.2A 时，滑动变阻器两端电压为3V，则电源电压
1
0
0
0.6A
U
I R
R



2
0
0
=0.2A
3V
U
I R
U
R




滑
解得
4.5V

U
0
7.5Ω
R 
故A 错误，B 正确；
C．当电路电流为0.6A 时，滑动变阻器接入电路阻值为0，当电路电流为0.2A
时，滑动变阻器接入电路阻值
2
3V
=
=15Ω
0.2A
U
R
I

滑
滑
则滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是0~15Ω，故C 错误；
D．当滑动变阻器的滑片P 移至中点时，滑动变阻器接入电路阻值
272
15Ω
=
=
=7.5Ω
2
2
R
R
滑
中
电流表的示数
3
0
4.5V
=
=0.3A
7.5Ω
7.5Ω
U
I
R
R



中
故D 正确。故选BD。
447. 在“探究电流与电压的关系”实验中，采用图像法得到如图所示的I－U
图像，由图可知，电阻R 一定时，通过导体的电流与导体两端的电压的关系及R
的阻值分别是（
）
A. 成正比，R＝10Ω
B. 成正比，R＝1Ω
C. 成反比，R＝10Ω
D. 成反比，R＝1Ω
【答案】A
【解析】由图所示的I－U 图像是一条过原点的直线，所以当电阻R 一定时，通
过导体的电流与导体两端的电压成正比；当电压为2V 时，电流为0.2A，根据欧
姆定律
U
I
R

可得R 的阻值为
2V =10Ω
0.2A
U
R
I


故A 符合题意，BCD 不符合题意。故选A。
448. 图示为电阻R1和R2的I-U 图像，由图可知（
）
A. R1的阻值为5Ω
B. R1的阻值小于R2的阻值
C. 将R1、R2串联接入电路，通电后R1两端的电压大于R2两端的电压
D. 将R1、R2并联接入电路，通电后通过R1的电流大于通过R2的电流
【答案】C
【解析】AB．由图知电阻R1和R2的I-U 图像，都是过原点的斜线，说明电阻R1
和R2两端的电压与通过它们的电流成正比，两电阻的阻值是固定不变的。当电
压为1V 时，通过电阻R1和R2的电流分别为0.10A、0.20A，由欧姆定律可知，电
阻R1和R2的阻值分别为
273
1
1
1V
10Ω
0.10A
U
R
I



2
2
1V
5Ω
0.20A
U
R
I



由计算可知，R1的阻值大于R2的阻值。故AB 不符合题意；
C．将R1、R2串联接入电路，由串联电路电流处处都相等可知，通过电阻R1和R2
的电流相同，因R1的阻值大于R2的阻值，由U=IR 可知，通电后R1两端的电压大
于R2两端的电压。故C 符合题意；
D．将R1、R2并联接入电路，根据并联电路的电压特点可知，电阻R1和R2两端的
电压相等，因R1的阻值大于R2的阻值，由
U
I
R

可知，通电后通过R1的电流小
于通过R2的电流。故D 不符合题意。故选C。
449. 某兴趣小组用“伏安法”对小灯泡和定值电阻的阻值进行了测量，根据实
验数据作出它们的U-I 图像，如图所示。以下是小组成员的交流内容，其中正确
的是（
）
A. 图甲是定值电阻的图像
B. 对R1、R2的电阻值分别取平均值可以使测量结果更准确
C. 将R1和R2并联时，R1、R2的电功率可能相等
D. 将R1和R2串联接在5V的电源两端，R1、R2的电阻之比为3 ：2
【答案】ACD
【解析】A．由图甲可知，通过电阻的电流与导体两端的电压成正比
2V
4V
6V
20
0.1A
0.2A
0.3A
U
R
I






图甲是定值电阻R1的图像，故A 正确；
B．图甲是定值电阻的图像，对R1的电阻值取平均值可以使测量结果更准确；
由图乙可知，R2两端的电压为1V 时，电阻值为
1
2
1
1V
10
0.1A
U
R
I




R2两端的电压为2V 时，电阻值为
2
2
2
2V
13.3
0.15A
U
R
I




R2两端的电压为4V 时，电阻值为
274
3
2
3
4V
20
0.2A
U
R
I




R2的阻值随两端所加电压的变化而变化，不是定值电阻，对R2的电阻值取平均值
没有意义，故B 错误；
C．通过图像可知，将R1和R2并联接在4V 的电源上时，通过R1、R2的电流相等，
根据P
UI

可知，通过两个电阻的电功率相等，故C 正确；
D．将R1和R2串联接在5V 的电源两端，由图像可知，R1两端的电压为3V，R2两
端的电压为2V，此时通过R1、R2的电流均为0.15A，由计算可知，电阻R1的阻
值
1
3V
0.15A
R 
电阻R1的阻值
2
2V
0.15A
R
电阻之比为
1
2
3V
3
0.15A
2V
2
0.15A
R
R 

故D 正确。
故选ACD。
450. 如图所示，是小灯泡L 和电阻R 的电流与电压关系的图像。下列说法正确
的是（
）
A. 电阻R 的电阻值是10Ω
B. 当通过L 的电流是0.2A 的时候，其消耗的电功率是0.8W
C. 仅把L、R 并联在电压是2V 的电路中，干路里的电流是0.4A
D. 仅把L、R 串联在电路中，当电流是0.2A 时，它们两端总电压是4V
【答案】C
【解析】A．由图可知，电阻R 的U-I 图像为一条倾斜的直线，说明U 与I 成正
比，即R 是一个定值，大小为
4V
20Ω
0.2A
U
R
I



故A 错误；
B．由图可知，当通过L 的电流是0.2A 的时候，其两端的电压为1V，则其消耗
的电功率是
P 实=U 实I 实=1V×0.2A=0.2W
275
故B 错误；
C．仅把L、R 并联在电压是2V 的电路中，根据并联电路的电压特点可知，L、R
两端的电压均为2V，由图可知，通过L、R 的电流分别为0.3A、0.1A。根据并联
电路的电流特点，干路的电流为
I 干=IL+IR=0.3A+0.1A=0.4A
故C 正确；
D．仅把L、R 串联在电路中，根据串联电路的特点和图像可知，当电流是0.2A
时，L、R 两端的电压分别为1V、4V。根据串联电路的电压特点，它们两端总电
压是
U 总=UL+UR=1V+4V=5V
故D 错误；故选C。
451. 如图甲所示的电路中，电源电压保持不变R0为定值电阻，R1为热敏电阻。
在0℃~80℃的范围内，电压表的示数U 随热敏电阻的温度t 变化的关系如图乙
所示。已知当温度t 由10℃升高到30℃的过程中，热敏电阻R1的阻值变化了20
Ω，则温度t 由30℃升高到50℃的过程中，热敏电阻R1的阻值变化情况是（
）
A. 阻值减小且阻值变化量小于20Ω
B. 阻值减小且阻值变化量大于
20Ω
C.阻值增大且阻值变化量小于20Ω
D. 阻值增大且阻值变化量大于
20Ω
【答案】A
【解析】CD．从图乙可以看出，温度越高，热敏电阻两端的电压越小，根据串联
分压，热敏电阻的阻值变小，故温度越高，热敏电阻的阻值越小，当温度升高时，
热敏电阻的阻值变小，故CD 不符合题意；
AB．已知当温度t 由10℃升高到30℃的过程中，热敏电阻R1的阻值变化了20
Ω，从图乙可知看出，电压表的示数与温度的变化量之比是一个定值，这个定值
为
= U
k
T


在串联电路中，电源电压不变，故电压表的示数变化，也可以等于定值电阻两端
的电压变化，故
0
=
=
U
U
k
T
T




当温度为10℃，热敏电阻的阻值为
1tR ，此时电路中的电流为
1
0
1t
U
I
R
R


源
276
同理，当温度为30℃时，热敏电阻的阻值为
2
tR ，此时电路中的电流为
2
0
2
t
U
I
R
R


源
则
0
U

为





0
0
1
2
0
0
0
1
0
2
0
1
0
2
-
=
-
t
t
t
t
t
U
U
U R
R
U
I
I R
R
R
R
R
R
R
R
R
R















源
源
源
则热敏电阻的变化量为






0
0
1
0
2
0
1
0
2
0
0
t
t
t
t
t
U
R
R
R
R
k T
R
R
R
R
R
U R
U R












源
源
当温度t 由30℃升高到50℃的过程中，
0
k T
U R

源
不变，热敏电阻的阻值越小，故



0
1
0
2
t
t
R
R
R
R



变小，故热敏电阻的变化量小于20Ω，故A 符合题意；B 不
符合题意。故选A。
452. 图是灯泡L 的I-U 图像，结合图像分析，下列选项正确的是（
）
A. 通过灯泡L 的电流与其两端的电压成正比
B. 当通过灯泡L 的电流为0.3A 时，其实际功率为0.72W
C. 将两个完全相同的灯泡L 串联在2.4V 的电源两端，电路的总功率为0.24W
D. 将灯泡L 和18Ω的定值电阻并联在3.6V 的电源两端，电路的总电阻为6Ω
【答案】D
【解析】A．由图可知，灯泡L 的I-U 图像是一条曲线，说明通过它的电流与电
压不成正比关系，，故A 错误；
B．当通过灯泡L 的电流为0.3A 时，由图像可知，灯泡L 两端的电压略小于2.4V，
根据
=
P IU
可得小灯泡的实际功率小于0.72W，故B 错误；
C．将两个完全相同的灯泡L 串联在2.4V 的电源两端，根据串联分压的规律，各
小灯泡分得的电压为1.2V，由图像可知，此时电路中的电流为0.2A，则电路的
总功率为
277
=
=2.4V 0.2A
0.48W
P IU


故C 错误；
D．将灯泡L 和18Ω的定值电阻并联在3.6V 的电源两端，由图可知，此时小灯
泡的电流为0.4A，根据欧姆定律，可得小灯泡的阻值为
L
3.6V
9
0.4A
U
R
I 

＝
电路中总阻值为
L
L
9
18
6
9
18
R
R
R
R
R









总＝
故D 正确。故选D。
453. 如图甲所示的电路中，电源电压不变，小灯泡L 的阻值不变，滑动变阻器
R 的规格是“100 Ω ；1A”。闭合开关，在保证电路元件安全且能使小灯泡正常
发光的前提下，最大范围内移动滑片，绘制了通过变阻器的电流与变阻器阻值关
系的图象，如图乙所示。下列说法正确的是（
）
A. 电源电压为6V
B. 小灯泡的电阻为10 Ω
C. 小灯泡的额定功率为1.8W
D. 整个电路电功率最小时，20s 内滑动变阻器消耗的电能为12J
【答案】C
【解析】A．由题意及图中数据可得，当滑动变阻器接入电路的电阻为20Ω时，
通过电阻的电流为0.3A，则滑动变阻器两端的电压为
U=IR=0.3A×20Ω=6V
而电源电压应该大于6V，故A 错误；
B．由题意及欧姆定律可得
L
R
U
U
U


电
有
0.3A
0.3A
20Ω
L
U
R




电
0.1A
0.1A 100Ω
L
U
R




电
解得RL=20Ω
U 电=12V
故B 错误；
C．由题意可得，要保证电路安全且灯泡正常发光，则通过灯泡的电流最大为其
额定电流，结合上述分析可得，小灯泡的额定电流为0.3A，额定电压为
U 额=U 电-U=12V-6V=6V
278
则小灯泡的额定功率为
P 额=U 额I 额=6V×0.3A=1.8W
故C 正确；
D．整个电路中电源电压不变，当电流最小时，功率最小，由题意可得，电功率
最小时，20s 内滑动变阻器消耗的电能为
W=Pt=U 电I 小t=12V×0.1A×20s=24J
故D 错误。故选C。
454. 图甲所示的电路中，电源电压不变，R0为定值电阻，R 为滑动变阻器。闭
合开关，滑片P 移动过程中，电压表示数随滑动变阻器阻值变化的关系如图乙所
示。下列说法正确的是（
）
A. 电源电压为5V
B. R 的最大阻值为20Ω
C. R=10Ω时，其功率最大
D. R=15Ω时，电路消耗的功率为
1.8W
【答案】D
【解析】A．由图甲可知，滑动变阻器R 和定值电阻R0串联，电压表测R 两端的
电压；由图乙可知，当变阻器阻值为5Ω时，其两端电压为3V；当变阻器两端电
压为10Ω时，其两端电压为4V，由串联电路中的电压规律和电源电压不变可得
0
3V
3V
5Ω
U
R



……①
0
4V
4V
10Ω
U
R



……②
由①②解得U=6V，R0=5Ω
故A 错误；
B．由图乙可知，R 的最大阻值应大于20Ω，故B 错误；
C．R 的功率




2
2
2
0
R
0
2
2
0
0
0
0
0
4
4
U R
U
U
P
R
R
R
R
R
R R
R
R
R
R














由上式可知，当R=R0=5Ω
时，滑动变阻器有最大电功率。故C 错误；
D．当R=15Ω时，电路消耗的功率为
279


2
2
0
6V
1.8W
15Ω
5Ω
U
P
R
R





故D 正确。故选D。
455. 随州尚市镇所产油桃小有名气，受到很多网友的青睐，为维护品牌形象，
需要把大油桃挑选出来出售给网友。为此小刚同学设计了一种油桃自动筛选器，
其原理如图甲，放在水平轻质传送带上的油桃，经过装有压敏电阻R 的检测区时，
使R 的阻值发生变化，其阻值随压力F 变化的关系如图乙所示。电源电压不变，
R0为定值电阻，当电路中电压表示数小于U0（U0为设定值）时，机械装置启动，
将质量小的油桃推出传送带，实现自动筛选功能。下列说法中正确的是（
）
A. 当油桃随传送带一起向右匀速运动时，油桃受到向右的摩擦力
B. 当检测区没有油桃时，电路中的电流最大
C. 检测区油桃质量越大，电路中的总功率越大
D. 检测区油桃质量越小，电压表的示数越大
【答案】C
【解析】A．因为油桃随传送带一起向右匀速运动，所以油桃与传送带之间没有
发生相对运动、也没有相对运动的趋势，则油桃在水平方向上不受摩擦力的作用，
故A 错误；
B．由电路图可知，压敏电阻与电阻R0串联，电压表测量定值电阻R0两端的电压，
当检测区没有油桃时，压敏电阻R 受到的压力为零，由图乙可知，此时压敏电阻
的阻值最大，由串联电路的电阻规律可知，电路中的电阻最大，电源电压不变，
由欧姆定律
U
I
R

可知，此时电路中的电流最小，故B 错误；
C．检测区油桃质量越大，压敏电阻R 受到的压力越大，由图乙可知，压敏电阻
R 受到的压力越大，压敏电阻R 的阻值越小，由串联电路的电阻特点可知，电路
中的总电阻越小，电源电压不变，由
2
U
P
UI
R


可知，电路中的总功率越大，
故C 正确；
D．检测区油桃质量越小，压敏电阻R 受到的压力越小，由图乙可知，压敏电阻
R 受到的压力越小，压敏电阻R 的阻值越大，由串联电路的电阻特点可知，电路
中的总电阻越大，电源电压不变，由欧姆定律
U
I
R

可知，电路中的电流越小，
由
0
  
U
IR

可知，定值电阻R0两端的电压越小，即电压表的示数越小，故D 错误。
280
故选C。
456. 如图所示是电阻甲和乙的I﹣U 图像，下列选项对图像信息判断错误的是
（
）
A. 甲是一个定值电阻，阻值为5Ω
B. 当乙两端的电压为2.5V 时，其阻值为5Ω
C. 将甲和乙串联，若电路中电流为0.3A．则电路的总功率为0.6W
D. 将甲和乙并联，若电源电压为1V，则干路中的电流为0.3A
【答案】D
【解析】A．从图中可以看出甲电阻的电流随着电压增大而增大，并且成正比例
关系，故可判断甲是一个定值电阻，阻值为
3V
=
5
0.6A
U
R
I


故A 正确，不符合题意；
B．当乙两端的电压为2.5V 时，由表可知其电流为0.5A，故由欧姆定律可得其
阻值为5Ω，故B 正确，不符合题意；
C．将甲和乙串联，若电路中电流为0.3A，从表中可得此时乙电阻电流为0.3A
时，其两端电压为0.5V，甲电阻两端电压为1.5V，故总的电压为2V，由功率公
式
2V 0.3A=0.6W
P
U I



总
总
故C 正确，不符合题意；
D．将甲和乙并联，若电源电压为1V，根据图表可知此时通过乙电阻的电流为
0.4A，通过甲电阻的电流为0.2A，故干路中电流应该为0.6A，故D 错误，符合
题意。故选D。
457. 额定电压相同的电热水壶、电烤箱和电饭锅正常工作过程中消耗的电能W
和通电时间t 的关系如图所示。关于这三个用电器，下列判断正确的是（
）
A. 正常工作时，电热水壶比电烤箱产生的热量少
B. 正常工作时，电热水壶比电饭锅的功率大
281
C. 正常工作时，通过电饭锅的电流最小
D. 在一个月内，电热水壶消耗的电能一定最多
【答案】BC
【解析】A．正常工作时，若工作相同时间，电热水壶比电烤箱消耗的电能多，
则电热水壶比电烤箱产生的热量多，故A 错误；
B．正常工作时，相同时间内，电热水壶比电饭锅消耗的电能多，根据
=W
P
t
可知，电热水壶的功率大于电饭锅的功率，故B 正确；
C．正常工作时，用电器两端的电压相同，相同时间内，电饭锅消耗的电能最少，
根据
W=UIt
可知，通过电饭锅的电流最小，故C 正确；
D．工作相同时间，电热水壶消耗的电能最多，但是在一个月内，电热水壶工作
的时间有可能较短，消耗的电能就不一定最多，故D 错误。故选BC。
458. 如图甲所示的电路，
0
R 为定值电阻，闭合开关，调节滑动变阻器R 的阻值，
记录电压表、电流表的示数，作出U
I
关系图象如图乙①所示。已知某小灯泡
的U
I
图象如图乙②所示，现用该小灯泡替换图甲中的滑动变阻器，电路其他
元件不变。则此时小灯泡的实际功率为（
）
A. 0.1W
B. 0.2W
C. 0.3W
D. 0.75W
【答案】B
【解析】由图甲知道，定值电阻R0与滑动变阻器R 串联，电压表测量滑动变阻
器R 两端的电压，电流表测量电路中的电流；当滑动变阻器滑片移到最左端时，
滑动变阻器被短路，电压表示数为0，由图乙知道，此时电路中的电流I=0.3A，
根据欧姆定律可得，电源电压
U=IR0=0.3A×R0———①
由图乙知道，当电流表示数为I1=0.2A 时，电压表示数为UR=1V，根据欧姆定律
和串联电路的电压特点可得，电源电压
U=UR+I1R0=1V+0.2A×R0———②
联立①②两式解得，电源电压与定值电阻分别是
U=3V
R0=10Ω
用小灯泡替换图甲中的滑动变阻器，电路其他元件不变，则小灯泡与定值电阻
R0串联，根据串联电路特点结合图乙知道，当电路中的电流I′=0.2A，小灯泡
两端电压为UL=1V 时，电源电压
U=UL+I′R0=1V+0.2A×10Ω=3V
282
此时小灯泡的实际功率
PL=ULI′=1V×0.2A=0.2W
故B 正确。故选B。
459. 小灯泡L 和定值电阻R 接在如图甲所示的电路中，其两者的I-U 关系图象
如图乙所示，下列说法中正确的是（
）
A. 图乙中曲线A 表示电阻R 的I-U 关系图象
B. 当电源电压为4V 时，电流表示数为0.5A
C. 当电源电压为4V 时，小灯泡L 的实际功率为1.6W
D. 如果将小灯泡L 和电阻R 串联接在电压为10V 的电源两端，电路消耗的总功
率为2W
【答案】D
【解析】A．通过定值电阻R 的电流I 与电压U 成正比，故应为图乙中曲线B 表
示，故A 错误；
B．如图所示，灯泡与电阻R 并联，电流表测干路电流，当电源电压为4V 时，灯
泡与电阻R 两端电压都为4V，由图乙可知，灯泡电流为0.3A，电阻R 电流为0.1A，
电流表示数为
1
2
+
0.3A+0.1A
0.4A
I
I
I



故B 错误；
C．当电源电压为4V 时，灯泡电流为0.3A，小灯泡L 的实际功率为
1
4V 0.3A
1.2W
P
UI




故C 错误；
D．如果将小灯泡L 和电阻R 串联接在电压为10V 的电源两端，灯泡与电阻R 电
流相同，且两端电压之和为10V，从图乙可查得电流为0.2A 时，灯泡两端电压
为2V，电阻R 两端电压为8V，电路消耗的总功率为
10V 0.2A
2W
P
U I






故D 正确。故选D。
460. 在“探究电流与电压的关系”实验中，小何同学根据得到的实验数据绘制
了电阻
1R 和
2
R 的I
U

图像，如图所示，下列说法正确的是（
）
283
A.
1R 与
2
R 的阻值之比是1∶2
B.
1R 与
2
R 串联接在3V 的电源两端，
1R 消耗的功率是0.9W
C.
1R 与
2
R 串联接在3V 的电源两端，通过
1R 与
2
R 的电流之比是2∶1
D.
1R 与
2
R 并联接在3V 的电源，电路消耗的总功率是2.7W
【答案】D
【解析】A．由图可知，当R1两端的电压是6V 时，通过R1的电流是0.6A，R1的
阻值
1
1
1
6
=10
0.6A
U
R
I



Ｖ
当R2两端的电压是3V 时，通过R2的电流是0.6A，R2的阻值
2
2
2
3
=5
0.6A
U
R
I



Ｖ
R1和R2的阻值之比
1
2
10
2
5
1
R
R




故A 错误；
B．
1R 与
2
R 串联接在3V 的电源两端，通过电路的电流
1
2
3V
=0.2A
10 +5
U
I
R
R





1R 消耗的功率是
P1=I
2R1=(0.2A)
2×10Ω=0.4W
故B 错误；
C．
1R 与
2
R 串联接在3V 的电源两端，由串联电路电流的规律可知，通过
1R 与
2
R
的电流相等，它们的电流之比是1∶1，故C 错误；
D．
1R 与
2
R 并联接在3V 的电源，电路消耗的总功率
2
2
2
1
2
1
2
(3V)
=
=2.7W
10
5
10
+5
U
U
P
R R
R
R
R






总
故D 正确。故选D。
461. 如图所示为导体甲的电流随电压变化的图像，定值电阻乙的阻值为5Ω。
下列说法错误的是（
）
284
A. 甲与乙串联在电源电压为2V 的电路中，电路中的电流是0.20A
B. 甲与乙串联在电源电压为1V 的电路中，甲的功率是0.2W
C. 甲与乙并联在电源电压为2V 的电路中，干路中的电流是0.65A
D. 甲与乙并联在电源电压为1V 的电路中，电路的功率是0.4W
【答案】B
【解析】A．若甲与乙串联在电源电压为2V 的电路中，电路中的电流是0.20A，
则总电阻为
1
1
1
2V
=
=10
0.2A
U
R
I

总
总
Ω
而乙电阻的阻值为5Ω，则甲电阻的阻值为
1-
=10
-5
5
R
R
R



甲
乙
总
根据通过的电流为0.2A，则此时甲电阻两端的电压为1V，此时计算出甲电阻也
是5Ω，故A 正确，A 不符合题意；
B．甲与乙串联在电源电压为1V 的电路中，则甲的电压小于1V，甲的电流也小
于0.2A，故甲的功率小于0.2W，故B 错误，B 符合题意；
C．甲与乙并联在电源电压为2V 的电路中，则通过乙电阻的电流为
3
2V
=
=0.4A
5
U
I
R

乙
乙
Ω
通过图像可知，此时通过甲的电流为0.25A，则干路中的电流是
0.25A+0.4A=0.65A
I
I
I



甲
乙
总
故C 正确，C 不符合题意；
D．若甲与乙并联在电源电压为1V 的电路中，通过乙电阻的电流为
4
1V
=
=0.2A
5
U
I
R

乙
乙
Ω
通过图像可知，当电压为1V 时，通过甲的电流为0.2A，则干路中的电流是
0.2A+0.2A=0.4A
I
I
I






甲
乙
总
电路的功率是
4
1V
0.4A=0.4W
P
U I 



总
故D 正确，D 不符合题意。故选B。
462. 如图甲所示电路中，电阻R1=2Ω，R3是0~10Ω的滑动变阻器，电源电压恒
285
为6V。已知滑片每滑动1cm 时，R3接入电路的阻值变化1Ω，滑片距离a 端的长
度设为x；闭合开关，R3的滑片滑动过程中，电压表V1示数U 与x 的图像如图乙
所示。下列说法中正确的是（
）
A. R2=12Ω
B. 当x=2cm 时，电阻R1的功率为0.5W
C. 当x=10cm 时，电压表V2的读数为5.4V
D. 移动滑片的过程中，电阻R2功率的最大值为0.72W
【答案】B
【解析】A．由乙图可知，当x=0 时，R3=0，电阻R2两端的电压U2=4.8V，电源电
压为6V，所以R1两端电压为U1=U-U2=6V-4.8V=1.2V
所以电路中的电流为
1
1
1
1.2V =0.6A
2Ω
U
I
I
R



所以R2的阻值为
2
2
4.8V =8Ω
0.6A
U
R
I


故A 错误；
B．当x=2 时，
3
2
R，此时电路中的电流为
6V
=
=0.5A
2Ω+8Ω+2Ω
U
I
R

总
所以电阻R1的功率为
2
2
1
1
1
(0.5A)
2Ω=0.5W
P
I R



故B 正确；
C．当x=10 时，
3
10
R
，此时电路中的电流为
6V
=
=0.3A
2Ω+8Ω+10Ω
U
I
R



总
所以电压表V2的示数，即电阻R3两端的电压为
'
'
3
3
0.3A 10Ω=3V
U
I R





286
故C 错误；
D．当R3电阻为0 时，电路中的电流最大，此时电阻R2的电功率最大，由A 可知，
电路中的最大电流为0.6A，电阻R2两端的电压为4.8V，所以电阻R2功率的最大
值为
P2=U2I=4.8V×0.6A=2.88W
故D 错误。故选B。
463. 每年进入汛期，多地会发生强降雨，导致河流水位上涨。某校科技小组设
计了一个监测水位的装置如图甲所示，电路中电源电压保持不变，R0为定值电
阻，R 滑是竖直放置的起滑动变阻器作用的电阻装置（最大阻值40Ω），浮子
可带动金属滑杆AP 即滑动变阻器滑片竖直上下移动，当电流表的示数达到某一
数值时提醒小组成员水位达到警戒值。R 滑接入电路的阻值R 随水位的变化关系
如图乙所示，与之对应的电压表与电流表示数变化关系如图丙所示。下列说法正
确的是（
）
A. 当水位升高时，电压表的示数减小
B. 该电路工作时总功率最小值为0.3W
C. 水位变化过程中，滑动变阻器功率最大时水位为20cm
D. 当水位达到警戒水位时，电压表的示数为3V
【答案】C
【解析】A．闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测R0两端的电压，电流表
测通过电路的电流，由图甲可知当水位升高时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，
由分压原理可知，滑动变阻器分得的电压变小，根据串联电路电压特点可得
Uv =U-U 滑
因此电压表示数变大，故A 错误；
B．当滑动变阻器接入电路的电阻为0 时，电路为定值电阻的简单电路，根据欧
姆定律可知此时通过电路的电流最大，由丙图可知通过电路的最大电流为0.3A，
电压表示数为电源电压U=6V。根据欧姆定律可得，定值电阻的阻值为
0
6V
=
=
=20Ω
0.3A
U
R
I大
由图丙可知通过电路的最小电流为0.1A，该电路工作时的最小总功率为
P=UI′=6V×0.1A=0.6W
故B 错误；
C．水位变化过程中，滑动变阻器的功率为
287
2
2
2
2
0
0
0
=
=(
)
= (
-
)
4
U
U
P
I R
R
R
R
R
R
R
R


滑
滑
滑
滑
滑
滑
滑
当
0
1=
=20Ω
R
R
滑
时，滑动变阻器的功率最大，接入电路的阻值随水位的变化关系如图乙，由乙图
可知
10cm×k+b=40Ω
30cm×k+b=0
两式联立可得：k=-2Ω/cm，b=60Ω，则
R 滑=-2Ω/cm×h+60Ω
当R 滑1= 20Ω，代入数据
20Ω=-2Ω/cm×h+60Ω
得h1=20cm，故C 正确；
D．当水位达到警戒水位25cm 时，滑动变阻器接入电路的电阻为
R′=-2Ω/cm×25cm+60Ω=10Ω
串联电路总电阻等于各部分电阻之和，根据欧姆定律可得通过电路的电流为
0
6V
=
=0.2A
10Ω+20Ω
U
I
R
R


串联电路的电流处处相等，根据欧姆定律可得，此时电压表示数为
U′=0.2A×20Ω=4V
故D 错误。故选C。
464. 如图甲所示电路中，小灯泡标有“10V 5W”字样（忽略温度对灯丝电阻的
影响），a、b 为滑动变阻器两端点。滑片从b 端滑动到某一位置的过程中，滑
动变阻器消耗的电功率P 与其两端电压U 的关系图像如图乙所示，则下列说法正
确的是（
）
A. 电源电压为16V
B. 小灯泡的阻值为20Ω
C. 滑动变阻器的最大阻值为100Ω
D. 该电路消耗的最大功率为6W
【答案】BCD
【解析】B．小灯泡的阻值
288


2
2
L
10V
20Ω
5W
L
L
U
R
P



故B 正确；
A．当滑动变阻器滑片在b 端时，由图像可知，滑动变阻器两端电压U 滑=10V，功
率P 滑=1W，电路中的电流
b
1W
0.1A
10V
P
I
U



滑
滑
电源电压
U=IbRL+U 滑=0.1A×20Ω+10V=12V
故A 错误；
C．滑动变阻器的最大阻值即滑片在b 端时的电阻
b
10V
100Ω
0.1A
U
R
I



滑
滑
故C 正确；
D．当滑片滑至灯正常发光时，该电路电流最大，消耗的功率最大。灯正常发光
时的电流
L
5W
0.5A
10V
L
P
I
U



大
该电路消耗的最大功率
P 大=UI 大=12V×0.5A=6W
故D 正确。故选BCD。
465.如图甲所示，电源电压恒定，闭合开关S 后，将滑动变阻器的滑片从最右端
移至灯正常发光的位置，此过程中电流表示数与两个电压表示数的关系图像如图
乙所示。下列说法正确的是（
）
A. 曲线a 是电流表示数与电压表V2示数的关系图像
B. 电源电压为11V
C. 灯的额定电流为0.2A
D. 滑动变阻器的最大阻值是15 Ω
【答案】B
【解析】A．如图，小灯泡和滑动变阻器串联，电压表V1测小灯泡两端电压，电
压表V2测滑动变阻器两端电压，电流表测电路中电流；闭合开关S 后，将滑动
变阻器的滑片从最右端移至灯正常发光的位置的过程中，滑动变阻器电阻变小，
289
电路中电流变大，滑动变阻器两端电压变小，小灯泡两端电压变大，所以由图可
知曲线b 是电流表示数与电压表V2示数的关系图像，故A 错误；
B．由图可知，滑片在最右端时，小灯泡两端电压为2V，滑动变阻器两端电压为
9V，因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以电源电压为
L1
2V
9V
11V
U
U
U





滑
故B 正确；
C．根据题意可知，当灯泡正常发光时，电流表示数最大，由图乙可知，此时电
路电流为0.6A，所以，小灯泡的额定电流为0.6A，故C 错误；
D．由图可知，滑动变阻器的最大阻值是
9V
45Ω
0.2A
U
R
I



滑
故D 错误。故选B。
466.如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，灯泡L 的I-U 图象如图乙所示。
当只闭合开关S1，滑动变阻器的滑片P 在最右端时，电压表的示数是2V，电流
表的示数是I1；当只闭合开关S1、S3，滑片P 在最左端时，电流表的示数是I2；
当只闭合开关S2、S3，滑片P 在中点时，电压表的示数是3V，电流表的示数是
I3。已知I1:I2=2:9，I2:I3=3:1。当滑片P 在最左端时，通过开关通断，可使电路
消耗的功率最大，该最大值是（
）
A. 7.2W
B. 8.1w
C. 9.0W
D. 9.9W
【答案】B
【解析】当滑片P 在最左端时，通过开关通断，要使电路消耗的功率最大，根据
公式
2
U
P
R

可得，整个电路电阻应最小，当闭合开关S1、S2、S3时，电阻
2
R 、
3
R
并联后与电灯泡再并联，此时电路总电阻最小；
当只闭合开关S1，滑动变阻器的滑片P 在最右端时，电路为
1R 、
2
R 串联的简单
电路，电压表测
2
R 电压，电流表的示数是I1，此时有
1
1
2V
U
I R


当只闭合开关S2、S3，滑片P 在中点时，电路为
1R 、灯泡串联的简单电路，电压
表测灯泡电压，电压表的示数是3V，电流表的示数是I3，根据乙图可知，I3=0.3A，
此时有
290
1
3
3V
2
R
U
I


已知I1:I2=2:9，I2:I3=3:1，则
1
2
3
:
:
2:9:3
I
I
I 
联立上面方程可求出U=6V
当只闭合开关S1、S3，滑片P 在最左端时，此时电路为
2
R 、
3
R 并联的电路，电
流表的示数是I2，则有
2
3
2
3
2
6V
20
=
Ω
0.9A
3
R R
U
R
R
I 


整个电路电阻应最小，当闭合开关S1、S2、S3时，电阻
2
R 、
3
R 并联后与电灯泡再
并联，由乙图，此时灯泡电压为6V，可算出灯泡电阻为
L
6V
40
=
=
Ω
0.45A
3
U
R
I

灯
电路总电阻为
2
3
L
2
3
2
3
L
2
3
20
40
Ω
Ω
40
3
3
=
Ω
20
40
9
Ω+
Ω
3
3
R R
R
R
R
R
R R
R
R
R







总
此时电路消耗的最小功率为
2
2
min
(6V)
=
8.1W
40 Ω
9
U
P
R


总
故ACD 不符合题意，B 符合题意。
467.将电阻R 和灯泡L 接在图甲所示的电路中，电源电压保持不变。图乙为电阻
R 和灯泡L 的I—U 图象。闭合开关S，电流表示数为0.3A，则电源电压和电阻R
的大小分别是（
）
A. 8V
6.67Ω
B. 12V
20Ω
C. 8V
20Ω
D. 12V
10Ω
291
【答案】C
【解析】观察图乙图象，根据定值电阻的图象是一条过原点的直线，可判断乙图
中的直线是定值电阻R 的图象，由图象数据，当定值电阻R 两端的电压为4V 时，
对应的电流是0.2A，根据
U
I
R

，则定值电阻R 的阻值
4V
20
0.2A
U
R
I




图甲电路图，闭合开关S，电阻R 和灯泡L 串联，电流表测电路电流，电流表示
数为0.3A，根据串联电路电流规律，则电阻R 和灯泡L 的电流
L
R
=0.3A
I
I
I


串
由图象乙可知，当电路电流是0.3A 时，此时灯泡L 分压
L
2V
U 
此时电阻R 分压
R
6V
U

根据串联电路电压规律可得
L
R
 
2V+6V=8V
U
U
U



故ABD 不符合题意，C 符合题意。
25 电磁继电器问题
468. 小明设计了一个电梯自动报警模拟装置，如图-1 所示。在控制电路中，电
源电压为12V，
1R 为滑动变阻器，
2
R 为压敏电阻，
2
R 的阻值大小随压力F 的变
化关系如图-2 所示。闭合开关S1和S2，当压敏电阻受到的压力达到4000N 时，
电磁铁线圈中的电流为0.1A，此时衔铁被吸下，动触点K 与触点A 断开，同时
与触点B 接触，电动机停止工作，报警铃声开始响起。电磁铁线圈的电阻忽略不
计。下列说法正确的是（
）
A. S1闭合时，电磁铁的上端为N 极
B. 压敏电阻受到的压力越大，控制电路中的电流越小
C. 当电梯自动报警铃声开始响起时，
1R 的功率为0.4W
D. 若控制电路电源电压降低，要保证电梯最大载重不变，应将
1R 的滑片P 向左
移
【答案】D
292
【解析】A．由图1 可知，电流从通电螺线管的下端接线柱流入，上端流出，根
据右手螺旋定则，可知螺线管的上端为S 极，故A 错误；
B．由图2 可知，压力越大，R2阻值越小，由欧姆定律可知，控制电路中的电流
越大，故B 错误；
C．由题意知，自动报警铃声开始响起时，控制电路电流为0.1A，此时R2对应阻
值为40Ω，由U
IR
＝
得，R2两端电压为
2
2
0.1A
40Ω
4V
U
IR

＝
＝
＝
根据串联电路电压规律可知，R1两端的电压为
1
2 12V-4V
8V
U
U
U

＝
＝
＝
由P
UI

得，此时R1的功率为
1
8V×0.1A=0.8W
P
U I


故C 错误；
D．为了保证电梯最大载重不变，即警报响起电流为0.1A，由U
IR
＝
可知，当电
源电压降低，电阻也应降低，结合题意可知，应将
1R 的滑片P 向左移动，故D
正确。故选D。
469.党的二十大报告指出“科技是第一生产力”。某学校为了培养学生的科学素
养，组织科技创新大赛，小明在比赛中制作了水位自动报警器，原理图如图所示。
当水位达到金属块A 时（一般的水都能导电），则（
）
A. 两灯都亮
B. 两灯都不亮
C. 只有绿灯亮
D. 只有红灯亮
【答案】D
【解析】图中所示的水位自动报警器工作原理：当水位到达A 时，由于一般水具
有导电性，那么电磁铁所在电路被接通，电磁铁有磁性，电磁铁向下吸引衔铁，
从而接通红灯所在电路，此时红灯亮，而绿灯不亮。
故选D。
470. 小区内路灯能根据光线亮暗情况实现自动控制，其电路原理如图所示，R1
是定值电阻，R2是光敏电阻，其阻值大小随光照强度的增大而减小，当开关S1
闭合，光线变暗时，下列判断正确的是（
）
293
A. 电流表示数减小，电磁铁的磁性减弱，开关S2闭合
B. 电流表示数减小，电磁铁的磁性增强，开关S2断开
C. 电流表示数增大，电磁铁的磁性增强，开关S2闭合
D. 电流表示数增大，电磁铁的磁性减弱，开关S2断开
【答案】A
【解析】当开关S1闭合，光线变暗时，光敏电阻的电阻变大，控制电路中的总
电阻变大，电路中的电流变小，电流表的示数变小，电磁铁的磁性减弱，对衔铁
的吸引力减小，在右边弹簧的拉力作用下，动触点向下运动，开关S2闭合，故A
正确，BCD 错误。故选A。
471. 小明设计了一款“智能照明灯”，其电路的原理图如图所示，光线较暗时
灯泡自动发光，光线较亮时灯泡自动熄灭，控制电路中，电源电压恒定，R0为定
值电阻，R 为光敏电阻，其阻值随光照强度的增大而减小。以下说法正确的是
（
）
A．电磁铁的上端为S 极
B．当光照强度增强，控制电路的电流变小
C．当光照强度减弱，电磁铁的磁性增强
D．灯泡应设计在A 和B 两接线柱之间
【答案】D
【解析】A、由图可知，根据安培定则可知，电磁铁的上端为N 极，故A 错误；
B、当光照强度增强，光敏电阻的阻值减小，总电阻减小，根据欧姆定律可知，
控制电路的电流变大，故B 错误；
C、当光照强度减弱时，光敏电阻的阻值变大，总电阻变大，根据欧姆定律可知，
控制电路的电流变小，电磁铁磁性大小与电流大小、线圈匝数有关，电流减小，
则磁性变弱，故C 错误；
D、光线较暗时，光敏电阻的阻值大，则控制电路中的电流小，电磁铁的磁性弱，
衔铁在弹簧的作用下被拉起，灯泡自动发光，说明灯泡在A 和B 两接线柱之间，
故D 正确。
294
472.某兴趣小组设计了一种路灯自动控制装置，路灯的通断由光控开关控制，两
路灯的额定电压为220V，R 为保护电阻，S 为光控开关，白天光控并关断开两路
灯不发光，晚上光控开关闭合，两路灯正常发光。下列电路设计符合要求的是
（
）。
A．
B．
C．
D．
【答案】C
【解析】A．当开关S 闭合时，将衔铁吸引下来，下面的灯亮，当开关断开，上
面的灯亮，即每一次只能亮一个灯，故A 不符合题意；
B．工作电压只有220V，而此选项中两个灯泡串联，两个灯泡都不能正常发光，
故B 不符合题意；
C．两灯泡并联，都能正常发光，且当开关闭合时，衔铁被吸下，灯泡正常发光，
当开关断开时，两灯泡都不发光，故C 符合题意；
D．不论开关是否闭合，两个灯泡都能同时正常发光，不能同时熄灭，故D 不符
合题意。故选C。
473. 大多数新冠肺炎患者会出现发热症状，已知热敏电阻的阻值随人体辐射的
红外线而改变，人体温度越高热敏电阻的阻值越小。某同学据此设计了一个红外
线体温安检电路。要求无人或体温低于37.3℃的人经过时仅绿灯亮，高于37.3℃
的人经过时，红灯亮且电铃响起。下列设计符合要求的是（
）
A.
B.
C.
D.
【答案】C
【解析】无人或体温低于37.3℃的人经过时仅绿灯亮，高于37.3℃的人经过时，
电阻的阻值越小，则电路中的电流越大，红灯亮且电铃响起，说明红灯与电铃要
串联，且它们要与绿灯并联。
A．A 图红灯装在干路，不论啥情况红灯均亮，A 不符合题意；
295
B．B 图绿灯与电铃串联，绿灯发光时电铃响，B 不符合题意；
C．C 图红灯与电铃串联，且它们与绿灯并联，故C 符合题意；
D．D 图在任何情况下红灯均发光，D 不符合题意。
474. 如图所示是电磁继电器的工作原理图，闭合开关后，下列说法正确的是
（
）
A. 弹簧的弹性势能减小
B. 电磁铁的上端为S 极
C. 电动机工作，灯不发光
D. 电磁铁的工作原理是电磁感应
【答案】C
【解析】A．当闭合开关后，电磁铁产生磁性吸引衔铁，右半部分下落，弹簧被
拉长，弹性势能增大，故A 错误；
B．当闭合开关后，线圈相当于通电螺线管，根据右手螺旋定则判断电磁铁上端
为N 极，故B 错误；
C．当闭合开关后，电磁铁产生磁性吸引衔铁，右半部分往下落，开关与下面电
动机所在的电路结合，电动机所在电路闭合，电动机正常工作，开关与上面灯泡
所在的电路分离，灯泡所在电路断路，灯泡不发光，故C 正确；
D．电磁继电器的工作原理是电流的磁效应，与电磁感应无关，故D 错误。故选
C。
475. 创新小组的同学们为学校食堂设计了一个可自动注水的储水池。如图是
它的简化装置图，电源电压一定。控制电路中，RN为压敏电阻，其阻值随压力
的变化而变化，R0为定值电阻。闭合开关S1、S2，当池中水位上升到一定高度
时，触点分离，工作电路断开，注水装置自动停止注水，当池中水位下降到一
定位置时，触点连接，工作电路接通，注水装置自动开始注水。下列分析正确
的是（
）
A. 水位上升时，电磁铁磁性变弱
B. 水位上升时，通过R0电流变小
296
C. 水位下降时，R0的电功率变大
D. 水位下降时，RN的阻值会变大
【答案】D
【解析】AB．水位上升时，向池中注水，触点接触，当注满水时，触点分离，说
明RN电阻逐渐减小，电流变大，磁性变强，将衔铁吸引到下面，故AB 错误；
CD．水位下降时，需要注水，触点接触，电磁铁磁性减弱，故RN的阻值会变大，
电流变小，根据P=I
2R 可知，R0的电功率变小，故C 错误，D 正确。故选D。
476. 电和磁的关系可以理解为“电生磁”或“磁生电”，下列几个装置都与这
一关系有关，其中正确的说法是（
）
A. 图甲，当电磁继电器线圈通以额定电流时，接线柱AB 接通
B. 图乙，绕在铁钉上的线圈通电电流越大，能吸引的回形针数量越多
C. 图丙，动圈式话筒的工作原理与电动机的工作原理相同
D. 图丁，扬声器是利用电磁感应的原理工作的
【答案】B
【解析】A．图甲，当电磁继电器线圈通以额定电流时，电磁铁产生磁性，将衔
铁向下吸，动触点B 与静触点C 接通，故A 错误；
B ．电磁铁磁性强弱与电流的大小和线圈的匝数有关，图乙中，当线圈电流越大
时，电磁铁产生的磁性越强，则能吸引的回形针数量就越多，故B 正确；
C．动圈式话筒工作时，声音的振动带动线圈在磁场中做切割磁感线的运动，在
线圈中产生与声音变化一致的感应电流，动圈式话筒工作利用了电磁感应原理，
与发电机的工作原理相同，故C 错误；
D．图丁中，扬声器中通入交变电流，通电的线圈在磁场中受力而带动纸盆振动
发出声音，因此扬声器是利用通电导体在磁场中受力的作用而工作的，故D 错误。
故选B。
477. 如图所示，是巨磁电阻特性原理的示意图，其中GMR 是一个巨磁电阻，其
阻值随磁场的增强而急剧减小。闭合开关S1、S2，下列说法正确的是（
）
A. 电磁铁的右端为N 极
B. 当滑片P 向右滑动时，电磁铁磁性增强
C. 当滑片P 向左滑动时，巨磁电阻的阻值增大
D. 当滑片P 向左滑动时，指示灯变亮
【答案】D
【解析】A．闭合开关S1，电流从电磁铁的右端流入，左端流出，根据安培定则
可知电磁铁左端为N 极，右端为S 极，故A 错误；
BCD．闭合开关S1、S2，滑片P 向右滑动时，滑动变阻器连入电路中的电阻变大，
297
电压一定，由
U
I
R

可知，电流变小，电磁铁磁性减弱；滑片P 向左滑动时，电
磁铁磁性增强，由题可知，巨磁电阻的阻值减小，电压一定，由
U
I
R

可知，电
流变大，由P=UI 可知，指示灯的实际功率变大，所以指示灯变亮，故BC 错误，
D 正确。故选D。
478. 如图所示，是智能扶手电梯的原理图，其中R 是压敏电阻。电梯上无乘客
时，电动机转动变慢，使电梯运动变慢；电梯上有乘客时，电动机转动变快，使
电梯运动变快。下列说法正确的是（
）
A. 电磁铁上端是S 极
B. 电磁继电器与发电机工作原理相
同
C. 电梯上无乘客时，衔铁与触点2 接触
D. 电梯上有乘客时，压敏电阻R 的
阻值减小
【答案】AD
【解析】A．根据安培定则，伸出右手，四指的方向为电流的方向，大拇指的方
向为N 极的方向，故电磁铁的下端为N 极，上端为S 极，故A 正确；
B．电磁继电器工作的原理是电流的磁效应，即通电导线周围存在磁场，而发电
机工作原理是电磁感应现象，即闭合电路的部分导体切割磁感线时，会产生感应
电流，故B 错误；
C．如图所示，当触点与1 接触时，电动机与定值电阻R1串联，电动机分担的电
压比较小，转速比较慢，而当触电与2 接触时，只有电动机接入电路，电动机转
动变快，故当有乘客时，衔铁与2 接触，没有乘客时，衔铁与1 接触，故C 错误；
D．当有乘客时，衔铁与2 接触，此时衔铁被吸下来，说明通过电磁铁的磁性变
强，通过电磁铁的电流变大，则说明压敏电阻的阻值变小，故D 正确。故选AD。
479. 我市装有多座过街天桥，极大方便了行人的出行。阴雨天时，空气潮湿，
能见度低，路面湿滑，为保
证行人上下天桥时的安全，需在天桥入口处设置警示灯。图甲是某同学为此设计
的部分模拟电路，电磁铁及触点1 固定不动，衔铁可在电磁铁作用下上下运动，
带动铜棒OF 绕O点运动。该电路中需用到阻值随
空气湿度变化的湿敏电阻，将湿敏电阻接在电路中（图中未画出），闭合开关S ，
当空气湿度小于设定值时，警示灯随湿度变化而自动调整亮度；当空气湿度增大
到设定值时，警示灯能不断闪烁。图乙是可供选择的两种湿敏电阻的阻值随湿度
变化关系的图像。忽略电磁铁线圈电阻，灯泡阻值不变，以下说法正确的是（
）
298
A. 应选R1作为该电路的湿敏电阻
B. 在M 、N 、Q 三处位置中，湿敏电阻应安装在M 处
C. 小于设定值时，湿度越小警示灯越亮
D. 向左移动滑片P，可使警示灯在较小湿度下实现闪烁
【答案】BD
【解析】A．由图乙知，R1的电阻随湿度的增加而增加，R2的电阻随湿度的增加
而减小。根据实际情况，当空气潮湿，能见度变低时，警示灯变亮，电路中电流
变大，电阻变小，即湿敏电阻随湿度的增加而减小，所以应选R2作为该电路的
湿敏电阻，故A 错误；
B．由图甲知，当湿度增大，能见度低，湿敏电阻变小，根据欧姆定律得，电路
的电流增大，电磁铁的磁性变强，将衔铁吸引下来，若湿敏电阻应安装在M 处
时，会被短路，电路的电流突然增大，警示灯一下变得很亮起到闪烁的作用，故
B 正确；
C．由图乙知，当湿度减小，湿敏电阻变大，根据欧姆定律得，电路的电流变小，
所以小于设定值时，湿度越小警示灯越暗，故C 错误；
D．向左移动滑片P，电路中电阻变小，根据欧姆定律得，电路的电流增大，电
磁铁的磁性变强，将衔铁吸引下来可使警示灯在较小湿度下实现闪烁，故D 正确。
故选BD。
480. 如图所示，R0是一个光敏电阻，光敏电阻的阻值随光照强度的增加而减小，
R 是电阻箱（已调至合适阻值），它们和继电器组成自动控制电路来控制路灯，
白天路灯熄灭，夜晚路灯亮起。下列说法正确的是（
）
A. 电路工作时，电磁铁上端为N 极
B. 给路灯供电的电源应接在b、c 两端
C. 控制电路电源电压减小后，傍晚时路灯比原来早一些亮
D. 路灯发光时把电能全部转化为光能
【答案】C
299
【解析】A．根据图示可知，电流从电磁铁的上端流入，根据安培定则可知，电
磁铁的上端为S 极，故A 错误；
B．晚上时的光线暗，光敏电阻的电阻值大，电路中的电流值小，所以静触点与a
接通，所以要达到晚上灯亮，白天灯灭，则路灯供电的电源应接在a 、b 之间，
故B 错误；
C．电源电压减小后，在其它条件不变时，根据欧姆定律可知，电路中的电流变
小，电磁铁中的磁性变弱，傍晚时路灯比原来早一些亮，故C 正确；
D．路灯工作时电能转化为光能、内能，不是全部转化为光能，故D 错误。故选
C。
481. 图是汽车尾气中CO 浓度的检测电路示意图。气敏电阻R1的阻值随CO 浓度
增大而减小，R2是滑动变阻器，开关S 闭合，当CO 浓度高于某一设定值时，电
铃报警。下列说法正确的是（
）
A. 电磁铁的上端是N 极
B. 电铃应接在A 和B 之间
C. 当CO 浓度升高时电磁铁的磁性减弱
D. 电源用久后，U1减小，CO 的报警浓度会变高
【答案】AD
【解析】A．由图可知，电流从电磁铁的下端流入，上端流出，根据安培定则可
判断出，电磁铁的上端为N 极，故A 正确；
B．气敏电阻R1的阻值随CO 浓度增大而减小，开关S 闭合，电磁铁通电，当CO
浓度高于某一设定值时，气敏电阻R1的阻值较小，通过电磁铁的电流比较大，
电磁铁的磁性最大，衔铁被吸下来，CD 接入电路，电铃报警。所以电铃应接在C
和D 之间，故B 错误；
C．气敏电阻R1的阻值随CO 浓度增大而减小，当CO 浓度升高时，气敏电阻R1的
阻值减小，通过电流变大，电磁铁的磁性增强，故C 错误；
D．当CO 浓度高于某一设定值时，电铃报警，此时控制电路的电流一定。电源用
久后，U1减小，根据
U
R
I

可知，电铃发声报警时，控制电路的总电阻减小，气
敏电阻R1的阻值减小，CO 浓度增大，所以报警浓度会变高，故D 增强。故选AD。
300
26 光现象
482.解析
小龙看到挂钟在水中的倒影，此时挂钟与倒影关于水面对称，此时挂钟时间
为4：35，即当地时间为4：35。
故正确答案为C。
483.解析
放大镜为凸透镜，由题意可知，放大镜的焦距为20 厘米，松树与放大镜之
间的距离是物距，为5 米，小明的眼睛与放大镜之间的距离是像距，大于20 厘
米且小于40 厘米，因此物距大于2 倍焦距，像距大于1 倍焦距且小于2 倍焦距，
则小明所看到的放大镜中的像为倒立、缩小的实像，A、C、D 三项均错误，B 项
正确。
故正确答案为B。
484.解析
当向容器内加水时，由光的折射规律可知，光将发生折射现象，折射光线靠
近法线，即向下偏折，也就是在容器底的光斑向左移动，如左图所示。
当水加满后，如右图所示，因为光在同种均匀介质中沿直线传播，则此时光
在水中会沿直线传播，光斑移回到P 点。
故正确答案为C。
485.解析
如果大气层消失，太阳光将在真空中沿直线传播，此时只有太阳上升到地平
线以上时才能被观察到。而现实中地球表面上有大气层，阳光射入大气层时会发
生折射现象，当太阳在地平线以下时就能通过空气折射被人们提前看到，因此当
301
大气层消失后，我们看到的太阳升起的时刻与实际存在大气层的情况相比会延
后。
故正确答案为B。
486.解析
物体射出的光线在水面处发生折射，折射光线进入眼睛，小龙就看到了物体，
虽然人看到的物体是虚像，物体的实际位置在虚像下方，但由于光的折射中光路
是可逆的，激光在进入水中时也会发生折射，所以从看到物体的位置正对物体照
射，激光也就刚好落在物体上，故C 项正确。
487.解析
拍摄表面光滑物体，因物体反光可能进入镜头，造成画面不清晰，故要减弱
反射光，则需要让偏振片透振方向与反射光波振动方向垂直。
故正确答案为A。
488.解析
由题可知，待测光源只含有红、黄、蓝三种单色光。根据光谱仪的工作原理
“当待测光源发出的光中包含某种特定波长的光时，色散图案上会在对应颜色的
位置出现光的吸收”，则当待测光源发出的光通过光谱仪时，红、黄、蓝这三种
单色光对应的波长处会发生光的吸收，即在屏幕上红、黄、蓝三种颜色对应的位
置各出现一个暗纹，且这三种颜色的光由于波长离散分布，在屏幕上会表现为不
连续的暗纹，A 项正确，B、C、D 三项均错误。
故正确答案为A。
489.解析
A 项错误，因为红光在水中的折射率小于紫光，则紫光的偏折角更大。如图
所示，虚线表示红光，实线表示紫光。可见紫光出井时与竖直方向的夹角更大，
即紫光的照射范围更大；
B 项正确，雨后井水的高度增加，实线表示水面高度增加的位置，如图可知
水面的高度增加后，光射出井时与竖直方向的夹角更大，即光在井外照射的范围
增大；
C 项错误，根据光的成像原理，虚像距离水面的距离为月亮距离水面的距离；
D 项错误，如图所示，人看到的光源位置为虚线所指的位置，即小朋友看到
的光源位置比实际光源距离井口更近。
302
故正确答案为B。
490.解析
如图所示，根据平面镜成像原理，钟通过镜面1 形成像1，像1 又通过镜面
2 形成像2，而人通过此潜望镜看到的为像2。因此看到的像2 时刻为7：25，那
么此时的钟实际时刻是1：55。
故正确答案为D。
491.解析
303
画图分析，根据入射角等于出射角，可推算出光线第一次从镜面I 上面重新
反射后出射角为40 度。
故正确答案为B。
492.解析
根据平面镜成像的特点，像与物到平面镜的距离相等，且关于平面镜对称，
当演讲者前方呈现“ 爱我中华” 四个字时，他直接看显示器会看到
“
”，故A、B、C 三项均错误，D 项正确。
故正确答案为D。
493.解析
入射光线过圆心，说明光从空气垂直射入玻璃砖。光线垂直射入玻璃砖时，
光线不发生偏折。但光线从玻璃砖斜射向空气时，折射角大于入射角，折射光线
远离法线，向玻璃砖偏折。
故正确答案为A。
494.解析
凹面镜对光线有会聚作用，从其焦点发出的光线，经反射后变成平行光射出，
故远光灯丝应该位于焦点A 处。D 点发出的光线不会汇聚，不适合放置。B 点和
C 点都可以会聚光线，但2 倍焦距处，会聚光线照射的范围较小，不适合放置近
光灯，故放置在C 点更合理。
304
故正确答案为C。
495.解析
由题意可知，凸透镜的焦距为20cm，由图可知，点燃的蜡烛与凸透镜的距
离为30cm，即物距在一倍焦距和二倍焦距之间。由题意可知，在光屏上得到了
烛焰清晰的像，即实像，当物距位于一倍焦距和二倍焦距之间，像距大于两倍焦
距时，在光屏上呈现倒立、放大的实像，故③④正确，①②错误。
故正确答案为C.
496.解析
A 项：图示位置中，人的视角看到圆球在其镜像的右侧，错误；
B 项：图示位置中，人的视角看不到完整的圆球的镜像，错误；
C 项：图示位置中，人的视角处于圆球的后方左侧位置，看到的圆球和其镜
像位置关系应如图一所示，错误；
D 项：图示位置中，人的视角处于圆球的后方右侧位置，看到的圆球和其镜
像位置关系应如图二所示，与题干所给图片相符，正确。
305
故正确答案为D。
26.1
光的传播
497. 下列现象能说明光沿直线传播的是（
）
A.天边彩虹
B.海市蜃楼
C. 铅笔“折断”
D.小孔成像
【答案】D
【解析】A．天边彩虹是光的色散现象，由光的折射形成的，故A 不符合题意；
B．海市蜃楼是光的折射形成的虚像，故B 不符合题意；
C．铅笔“折断”是由光的折射形成的，故C 不符合题意；
D．小孔成像是由光的直线传播形成的倒立的实像，故D 符合题意。故选D。
498.光与影的世界美妙无穷。如图所示的光现象中，能用光的直线传播解释的是
（
）
A. 水中的倒影
B. 日晷上针的影子
C. 汽车后视镜中的像
D. 筷子在水面处弯折
【答案】B
【解析】A．水中的倒影是平面镜成像现象，是光的反射形成的，故A 不符合题
意；
B．日晷上针的影子是太阳光沿直线传播，光被针挡住形成的黑影，故B 符合题
意；
C．汽车后视镜中的像是凸面镜成像，是光的反射形成的，故C 不符合题意；
D．筷子在水面处弯折是水中的筷子反射的光，从水中斜射到空气中时发生了折
射形成的虚像，故D 不符合题意。故选B。
499.京剧是中国的国粹之一，如图京剧演员正在对着镜子画脸谱，他利用的光学
原理是（
）
A. 光的色散
B. 光的反射
C. 光的折射
D. 光沿着直线传播
306
【答案】B
【解析】如图所示，京剧演员正在对着镜子画脸谱，镜子中的像是平面镜所成的
像，其实质是光的反射现象。题中给出的四个选项只有B 符合题意。故选B。
500. 图是我国古代的一种计时工具——日晷，人们通过观察直杆在太阳下影子
的位置来计时。影子的形成是由于（
）
A. 光的直线传播
B. 光的反射
C. 平面镜成像
D. 光的折射
【答案】A
【解析】A．影子的形成是是由于光的直线传播形成的，故A 符合题意；
B．光照射到物体表面时，会发生反射，影子的形成与反射无关，故B 不符合题
意；
C．平面镜成像原理是光的反射，倒影的形成原理一般是平面镜成像，故C 不符
合题意；
D．光的折射是光从一种介质斜射入另外一种介质中，在界面处发生偏折的过程，
此题就没有涉及多种介质，故不是光的折射，故D 不符合题意。故选A。
501. 如图所示的光现象中，能用光的直线传播解释的是（
）
A.
小孔成像
B. 水中倒影
C. 海市蜃楼
D. 雨后彩红
【答案】A
【解析】A．小孔成像是光在同种均匀介质中沿直线传播形成的倒立实像，故A
符合题意；
B．水中倒影是平面镜成像，属于光的反射，故B 不符合题意；
C．海市蜃楼是地球上物体反射的光经大气折射而形成的虚像，故C 不符合题意；
D．雨后彩虹是太阳光经水珠折射形成的七种色光的混合物，故D 不符合题意。
故选A。
502. 2022 年北京冬奥会期间，北京皮影艺术剧院紧扣冬奥题材，精彩呈现皮影
戏《寻找雪姑娘》，如图所示。下列情境中，与皮影戏原理相同的是（
）
307
A.雨后彩虹
B.树荫下光斑
C.水中倒影
D.筷子弯折
【答案】B
【解析】A．皮影戏原理是光的直线传播形成的，而雨后彩虹是光的色散现象，
故A 不符合题意；
B．树荫下的光斑是光的直线传播形成的，与皮影戏的原理一样，故B 符合题意；
C．水中倒影，平面镜成像，是光的反射现象，与皮影戏原理不同，故C 不符合
题意；
D．筷子弯折，是光的折射现象，与皮影戏的原理不同，故D 不符合题意。故选
B。
503. 下列现象能说明光沿直线传播的是（
）
A. 空中彩虹
B. 水中倒影
C. 墙上手影
D. 杯中铅笔
【答案】C
【解析】A．雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光透过悬浮在空气中细
小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光
的色散现象，所以说雨后的天空出现彩虹是由光的折射形成的，故A 不符合题意；
B．水中倒影是由于光的反射现象形成的平面镜成像，故B 不符合题意；
C．墙上手影是由于光沿直线传播形成的，故C 符合题意；
D．从水中铅笔上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法
线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是铅笔的虚像，比实际位置偏高，所
以感觉折断了，故D 不符合题意。故选C。
504. 下列光现象中，能够用光的直线传播来解释的是（
）
A.筷子“弯折”
B.小孔成像
C.桥的倒影
D.雨后彩虹
【答案】B
【解析】A．筷子插入水中时，水下部分筷子上的光到达水面时发生了折射，所
以看上去“弯折”了，故A 不符合题意；
B．小孔成像是光的直线传播形成的，故B 符合题意；
308
C．桥在水中的倒影是平面镜成像，属于光的反射，故C 不符合题意；
D．雨后彩虹，是由于太阳光照到空气中的小水滴上，被分解为绚丽的七色光，
即光的色散，故D 不符合题意。故选B。
505. 在一个烈日炎炎的午后陈老师走在随州街头，看到地面上树荫里有许多圆
形光斑，抬头看看树叶间刺眼的阳光，想到这树荫下藏着物理学的秘密，便拍下
两张照片（如图）。经估测树荫下一个清晰光斑的直径约为7cm，这束阳光从约
7m 高处的树叶间照射下来。我们常说太阳光经过约8 分钟来到地球（太阳和地
球之间的距离按1.5×10
11m 计算），粗略计算太阳的直径最接近（
）
A. 1.5×10
9m
B. 1.5×10
19m
C. 5×10
6m
D. 5×10
12m
【答案】A
【解析】因为光斑的直径和小孔的位置所构成的三角形，与太阳的直径和小孔的
位置所构成的三角形，是相似三角形，相似三角形的对应边成正比例，设太阳直
径为n 米，光斑的直径为7cm
0.07m

，则有
11
0.07m
7m
1.5
m
10
n


解得
9m
1.5 10
n


，故选A。
26.2 光的反射
506. 下列光学现象中，属于光的反射现象的是（
）
A. 海市蜃楼
B. 激光束引导掘进机
C. 水中倒影
D.
光的色散
【答案】C
【解析】A．海市蜃楼是由于光在密度不均匀的物质中传播时，发生折射而引起
的，故A 不符合题意；
B．开凿隧道用激光束引导挖掘机，使挖掘机沿直线前进，是利用光沿直线传播，
故B 不符合题意；
C．水中倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故C 符合题意；
D．光的色散是由于复色光经过三棱镜时发生折射形成的，故D 不符合题意。故
选C。
507. 如图，小舟利用平面镜研究光的反射定律，下列说法错误的是（
）
309
A. AO 是入射光线
B. 反射角等于30°
C.将激光笔靠近N 时，光线OB 会靠近ON
D. 绕ON 前后转动F 板，F 板上观察不到光线
【答案】B
【解析】A．射向镜面的光线为入射光线，由图知入射光线从激光笔沿OA 射向镜
面，所以AO 是入射光线，故A 正确。
B．由图知入射角为60°，由于反射角等于入射角，所以反射角也是60°，故B
错误。
C．若把入射光线OA 靠近ON，则入射角减小，根据反射角等于入射角可知，反
射角也会减小，所以反射光线OB 也会靠近ON，故C 正确。
D．绕ON 前后转动F 板，由于两个面不在同一平面内，所以F 板上观察不到光线，
故D 正确。故选B。
508. 世界因光而变得五彩缤纷，图所示的光现象中，由于光的反射形成的是
（
）
A. 冬奥会大跳台在水中的倒影
B. 树荫下的圆形光斑
C. 人透过水球成的像
D. 光通过水杯形成的彩色光带
【答案】A
【解析】A．水中形成“倒影”，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故
A 符合题意；
B．树荫下的圆形光斑属于小孔成像，是由于光的直线传播形成的，故B 不符合
题意；
C．透过水球成像属于凸透镜成像，利用的是光的折射，故D 不符合题意；
D．光经过玻璃杯后，被分解成红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七种单色光，形成
彩色光带，这是光的色散现象，故D 不符合题意。故选A。
509. 下列光现象中，由于光的反射形成的是（
）
310
A. 激光准直
B. 水面“倒影”
C. 海市蜃楼
D. 铅笔“折
断”
【答案】B
【解析】A．激光准直是光的直线传播的应用，故A 不符合题意；
B．水面倒影属于平面镜成像，是光的反射形成的，故B 符合题意；
C．海市蜃楼是光的折射形成的，故C 不符合题意；
D．铅笔“折断”是光的折射形成的，故D 不符合题意。故选B。
510. 如图所示现象中，由于光的反射形成的是（
）
A. 露珠下的叶脉
B. 塔的倒影
C. 墙上的手影
D. 海市蜃楼
【答案】B
【解析】A．露珠下的“叶脉”被放大，属于凸透镜成像，是由于光的折射形成
的，故A 不符合题意；
B．塔在水中的倒影属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故B 符合题意；
C．墙上的手影是光在沿直线传播过程中遇到不透明的手在后面形成的黑暗区域，
是光沿直线传播形成的，故C 不合题意；
D．海市屋楼是光通过密度不均匀的空气时发生折射形成的，故D 符合题意。故
选B。
511. 如图所示，小红正在做“探究平面镜成像的特点”实验，棋子A、B 完全相
同关于该实验，下列说法中错误的是（
）
A. 选用茶色玻璃板便于确定像的位置
B. 茶色玻璃板应竖直放置在方
格纸上
C. 若B 能与A 的像完全重合，说明像与物等大D. 在B 位置放上光屏能接收到A
的像
【答案】D
【解析】A．因为玻璃板是透明的，所以能在观察到A 像的同时，还可以透过玻
璃清楚的看到放在后面B，便于确定像的位置，故A 正确，不符合题意；
B．茶色玻璃板应竖直放置在方格纸上，因为玻璃板如果不垂直桌面，则像和物
311
体不在同一水平面上，找像的位置时，像与棋子不能重合，故B 正确，不符合题
意；
C．两个完全相同棋子，大小相同，后面的棋子又和前面棋子的像完全重合，这
样就证明了像与物大小相同，故C 正确，不符合题意；
D．验证像的虚实时，将光屏放在像的位置上，眼睛从B 处直接观察光屏，通过
看到光屏上没有像的现象，可知平面镜所成的像是虚像，故D 错误，符合题意。
故选D。
512. 教学楼门厅里竖立着一面平面镜，一只小蜜蜂以图中虚线所示路线从镜前
飞过，蜜蜂在镜中的像（
）
A. 大小不变，到镜面的距离变大
B. 大小不变，到镜面的距离变小
C. 变大，到镜面的距离变大
D. 变大，到镜面的距离变小
【答案】B
【解析】平面镜所成的像与物体到镜面的距离相等，像与物体的大小相等。图中
小蜜蜂距离平面镜越来越近，所以蜜蜂在镜中的像到镜面的距离也变近，但像的
大小始终不变。故选B。
513. 临沂市文化公园是我市一道亮丽的风景线。1.5m 深的荷花池内，一只立于
荷尖上的蜻蜓距水面0.6m（如图），蜻蜓在水中的像（
）
A. 因光的折射而形成
B. 是比蜻蜓略小的虚像
C. 在水面下0.9m 深处
D. 与蜻蜓相距1.2m
【答案】D
【解析】A．蜻蜓在水中的像是平面镜成像，是光的反射，故A 不符合题意；
B．蜻蜓在水中的像是平面镜成像，成的是等大的虚像，故B 不符合题意；
C．蜻蜓在水中的像是平面镜成像，像到平面镜的距离等于物体到水面的距离等
于0.6m，故C 不符合题意；
D．蜻蜓在水中的像与蜻蜓相距
=2
0.6m=1.2m
L

故D 符合题意。故选D。
514. 如图所示，人站在竖直放置的平面镜前，下列判断正确的是（
）
312
A. 人靠近平面镜时，他的像变大
B. 人与平面镜的距离增大时，他与像的距离变小
C. 平面镜垂直纸面向里移动，他的像位置不变
D. 平面镜的上端向人倾斜，他的像位置不变
【答案】C
【解析】A．平面镜所成的像，像与物大小相等。当人靠近平面镜时，人的大小
不变，像的大小也不变。故A 错误；
B．平面镜所成的像，像与物到平面镜的距离相等。当人与平面镜的距离增大时，
像与平面镜的距离也增大，所以他与像的距离变大，故B 错误；
C．当平面镜垂直纸面向里移动时，因为像与物关于平面镜对称，人的位置没有
发生改变，所以他的像位置不变，故C 正确；
D．平面镜的上端向人倾斜，人与平面镜的距离发生了改变，因为像与物关于平
面镜对称，所以他的像位置发生了改变，故D 错误。故选C。
515. 检查视力时，视力表放在被测者头部的后上方，如图甲所示，则视力表上
如图乙所示的字母在平面镜中的像正确的是（
）
A.
B.
C.
D.
【答案】B
【解析】物体在平面镜中成虚像，像物大小相等，与物关于镜面对称，左右互换。
如图乙“E”的像开口向右，则在平面镜中看到的字母“E”开口向左，大小不变。
故ACD 错误，B 正确。故选B。
516. 如图所示，下列现象与平面镜成像原理相同的是（
）
A.
放大镜成像
B.
水中的倒影
C.
水面“断筷”
D.
手影的
形成
313
【答案】B
【解析】A．平面镜成像的原理为光的反射，用放大镜把文字放大的成像原理为
光的折射，故A 不符合题意；
B．湖面相当于镜子，水中的倒影是平面镜成像，原理为光的反射，故B 符合题
意；
C．水面筷子的“折断”是光的折射现象，故C 不符合题意；
D．手影是由于光的直线传播形成的，故D 不符合题意。故选B。
26.3 光的折射
517. 小凯学习完《光现象》之后，兴致勃勃地回家给妹妹表演了一个小魔术。
他先让妹妹站定，在她面前摆一只“空碗”（如图甲所示），然后缓慢地往碗里
倒水，成功地给妹妹“变”出了一枚硬币（如图乙所示）。魔术的成功是利用了
（
）
A. 光的反射
B. 光的折射
C. 光的直线传播
D. 光
的色散
【答案】B
【解析】当碗里没水的时候，硬币反射的光被碗壁挡住了，所以在一定位置看不
见；当碗中倒入水后，硬币反射的光在水面发生折射，当折射光线进入人眼时，
人眼逆着折射光线看去，看到的便是由于光的折射而形成的虚像，虚像的位置比
物体的实际位置偏高，所以就能看见硬币了，这是利用了光的折射，故B 符合题
意，ACD 不符合题意。故选B。
518.如图所示的光现象中，由于光的折射形成的是（
）
A. 日晷上呈现针的影子B. 景物在镜中成像
C. 鸟巢在水中形成倒影D. 筷
子好像在水面处弯折
【答案】D
【解析】A．影子的形成是由于光的直线传播，故A 不符合题意；
B．景物在镜子中成的像是由于光的反射，故B 不符合题意；
C．鸟巢在水中形成的倒影是由于光的反射，故C 不符合题意；
D．筷子看起来弯折，是由于光从水中进入到空气中时，发生了折射，故D 符合
题意。
519.如图所示现象中，由于光的折射形成的是（
）
314
A. 筷子折断
B. 小孔成像
C. 亭子倒影
D. 绿树成萌
【答案】
【解析】本题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光
的反射的理解。
A.筷子好像在水面处向上弯折，属于光的折射现象，故A 正确；
B.小孔成像，成的是物体倒立的像，像之所以是倒立的，就是因为光的直线传播
造成的，故B 错误；
C.平静水面上亭子的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故C 错误；
D.绿树成萌的影子是由光的直线传播形成的，故D 错误。
520. 下列现象中，与筷子在水面处“折断”原理相同的是（
）
A.海市蜃楼
B.日食现象
C.屏幕上呈现人的影子D.桥在水中形成
的倒影
【答案】A
【解析】A．海市蜃楼也是光的折射形成的，由于海面上方的空气密度不均匀，
光在其中传播时发生了偏折，形成了海市蜃楼现象，故A 符合题意；
B．如图，日食现象是由光的直线传播引起的，白天，月球挡住了射向地球的太
阳光，形成了日食现象，故B 不符合题意；
C．如图影子是由于光的直线传播产生的，人挡住了射向墙面的光，在墙面上形
成的光照射不到的区域，故C 不符合题意；
D．如图水中倒影是平面镜成像（光的反射现象），水面相当于镜面，水中的倒
影是岸上的桥通过水面形成的虚像，故D 不符合题意。故选A。
521. 宋代大诗人苏轼在《登州海市》的诗中描述过海市蜃楼的奇观。如图所示，
这种现象形成的主要原因是由于光的（
）
315
A. 会聚
B. 折射
C. 发散
D. 反射
【答案】B
【解析】海市蜃楼是光经过不均匀的大气层时，发生光的折射形成的，故ACD
不符合题意，B 符合题意。
26.4 透镜
522. 如图是某村第一书记为当地特产直播带货的情景。下列说法正确的是
（
）
A. 直播使用的手机摄像头成的是正立、缩小的实像
B. 手机屏幕的彩色画面是由红、绿、蓝三种色光组成的
C. 为了使网友看清商品细节，应将商品紧贴摄像头
D. 直播画面通过超声波传给网友观看
【答案】B
【解析】A．手机摄像头与照相机成像原理相同，都成倒立、缩小的实像，故A
错误；
B．光的三原色是红、绿、蓝，手机屏幕的彩色画面是由红、绿、蓝三种色光混
合而成的，故B 正确；
C．为了使网友看清商品细节，像应该变大，像距就要变大，物距需要变小，应
将商品靠近摄像头，且保持在凸透镜的一倍焦距以外，若紧贴摄像头，此时的物
距可能小于一倍焦距，成正立、放大的虚像，虚像不能再底片上显示，故C 错误；
D．直播画面是通过电磁波传给网友观看的，故D 错误。故选B。
523. 在蔚蓝地球的映衬下，我国发射的天舟四号货运飞船成功对接空间站天和
核心舱。如图所示是对接过程中核心舱上摄像机拍摄的照片。下列说法正确的是
（
）
A. 核心舱摄像机的镜头相当于凸透镜
B. 光通过摄像机的镜头都是沿直线传播
C. 地球通过核心舱上摄像机的镜头成虚像
D. 天舟四号靠近核心舱时，它在核心舱摄像机上成的像逐渐变小
【答案】A
【解析】A．生活中的照相机、摄像机、投影仪等仪器的镜头都是凸透镜，故A
正确；
B．光通过摄像机镜头后会发生折射现象；故B 错误；
C．地球与核心舱的距离很远，远远的大于凸透镜的一倍焦距，所以所成的像一
316
定是实像，故C 错误；
D．根据透镜成像物近像远向边大的规律可知，天舟四号靠近核心舱时，它在核
心舱摄像机上成的像逐渐变大，故D 错误。故选D。
524. 如图是某校园监控摄像头，从安保室电脑上可以看到此摄像头拍摄的学生
出入校园的画面，摄像镜头所成的像与下列设备成像特点相同的是（
）
A. 汽车观后镜
B. 照相机
C. 投影仪
D. 放大
镜
【答案】B
【解析】A．摄像头是利用凸透镜成倒立、缩小的实像的原理制成的，而汽车观
后镜是凸面镜，主要利用凸面镜能使光线发散的特点，可以起到扩大视野的目的，
故A 不符合题意；
B．照相机成倒立、缩小的实像，与摄像头成像特点相同，故B 符合题意；
C．投影仪所成的像是倒立、放大的实像，与摄像头成像特点不相同，故C 不符
合题意；
D．放大镜所成的像是正立、放大的虚像，与摄像头成像特点不相同，故D 不符
合题意。
525. 如图所示，小明通过焦距为15cm 的凸透镜观察到邮票正立放大的像。下列
说法正确的是（
）
A. 通过凸透镜观察到的像是实像
B. 邮票到凸透镜的距离等于15cm
C. 邮票到凸透镜的距离小于15cm
D. 邮票到凸透镜的距离大于30cm
【答案】C
【解析】A．通过凸透镜观察到邮票正立放大的像，说明此时物距小于一倍焦距，
成正立、放大的虚像，故A 错误，
B．邮票到凸透镜的距离即是物距，因为焦距等于15cm，当物距等于焦距时，经
凸透镜折射后成平行光射出，所以不成像，故B 错误；
C．通过凸透镜观察到邮票正立放大的像，说明此时物距小于一倍焦距，即是邮
票到凸透镜的距离小于15cm，故C 正确；
D．如果邮票到凸透镜的距离大于30cm，即是物距大于二倍焦距，应在光屏上成
缩小、倒立的实像，故D 错误。故选C。
526. 小京通过焦距为10cm 的凸透镜看到了提示牌上“关灯”两字放大的像，如
317
图所示。下列说法正确的是（
）
A. “关灯”两字放大的像是实像
B. 提示牌上“关灯”两字在凸透镜的焦点上
C. 提示牌上“关灯”两字到凸透镜的距离小于10cm
D. 提示牌上“关灯”两字到凸透镜的距离大于20cm
【答案】C
【解析】由图可知，像是正立的，所以成正立放大的虚像，由凸透镜成像规律可
知，当物距小于一倍焦距时，成正立放大的虚像，由于该凸透镜焦距为10cm，
所以提示牌上“关灯”两字到凸透镜的距离小于10cm，故ABD 错误，C 正确。故
选C。
527. 小明用透明塑料盒设计了一个昆虫标本观察器，如图所示。盒底上放标本，
盒盖上嵌入一凸透镜。有焦距为5cm 和10cm 的两种凸透镜，为了在盒盖上方附
近，通过凸透镜观察到标本正立、放大的像，凸透镜焦距f 与盒高h 选择合理的
是（
）
A. f=5cm h=10cm
B. f=10cm h=12cm
C. f=5cm h=12cm
D. f=10cm h=6cm
【答案】D
【解析】ABCD．盒盖处安装凸透镜，盒底处有昆虫标本，要使凸透镜作放大镜使
用时，物距必须小于焦距，故ABC 不符合题意，D 符合题意。故选D。
528. 在“探究凸透镜成像的规律”实验中，蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上的
位置如图所示，这时烛焰在光屏上能成等大清晰的像。关于本实验下列说法正确
的是（
）
A. 凸透镜的焦距是20cm
B. 把蜡烛移至刻度尺10cm 处，凸透镜不动，移动光屏，能在光屏上得到清晰的
像
318
C. 把蜡烛移至刻度尺32cm 处，凸透镜不动，移动光屏，能在光屏上得到清晰的
像。这与照相机的成像原理相同
D. 把蜡烛移至刻度尺45cm 处，凸透镜不动，移动光屏，会再次在光屏上得到清
晰的像
【答案】B
【解析】A．当物距等于二倍焦距时，凸透镜成等大像时，由图可知
u=20cm=2f
解得f=10cm，故A 错误；
B．把蜡烛移至刻度尺10cm 处，凸透镜不动，此时物距40cm，大于二倍焦距，
根据凸透镜成像规律可知，移动光屏，能在光屏上得到清晰的倒立的缩小的实像，
故B 正确；
C．把蜡烛移至刻度尺32cm 处，凸透镜不动，此时物距为18cm，等于一倍焦距
而小于二倍焦距，根据凸透镜成像规律可知，移动光屏，能在光屏上得到清晰的
倒立的放大的实像，这与投影仪的成像原理相同，故C 错误；
D．把蜡烛移至刻度尺45cm 处，凸透镜不动，此时物距为5cm，小于焦距，根据
凸透镜成像规律可知，此时成的是虚像，不能在光屏上不成像，故D 错误。故选
B。
529. 小明利用如图所示的装置探究凸透镜成像的规律。将蜡烛放在凸透镜左侧
适当位置，调整光屏到凸透镜的距离，使烛焰在光屏上成清晰的像，分别测出物
距u 和像距v，实验数据如下表。下列说法正确的是（
）
实验次数
1
2
3
4
5
物距u/cm
60
30
20
15
12
像距v/cm
12
15
20
30
60
A. 该凸透镜的焦距为20cm
B. 从第1 次实验到第5 次实验，成在光屏上的像越来越大
C. 当u=45cm 时，移动光屏，可在光屏上成倒立、缩小的清晰实像
D. 第5 次实验后，在贴近凸透镜左侧放一眼镜片，向右移动光屏，能在光屏上
成清晰的像，则眼镜片对光起会聚作用
【答案】BC
【解析】A．由第3 次实验数据可知，u=v=2f=20cm 时，成等大的像，所以焦距
为10cm，故A 错误；
B．从第1 次实验到第5 次实验，物距都大于1 倍焦距，成实像，且物距减小，
根据凸透镜的成像规律“成实像时，物近像远像变大”可知，光屏上的像越来越
大，故B 正确；
C．当u=45cm 时，大于20cm，即大于2f，所以移动光屏，可在光屏上成倒立、
缩小的清晰实像，故C 正确；
D．第5 次实验后，在贴近凸透镜左侧放一眼镜片，向右移动光屏，能在光屏上
319
成清晰的像，说明放上眼镜片后，像距变大，说明眼镜片对光有发散作用，故D
错误。故选BC。
530. 现在中学生近视眼患者越来越多，保护眼睛刻不容缓，学校开展了上、下
午各一次眼保健操活动来预防近视，下图中关于近视眼成因及其矫正的原理图正
确的是（
）
A.
B.
C.
D.
【答案】AB
【解析】A．如图，来自远处的平行光经晶状体折射后，会聚于视网膜前，因此
看不清远处的物体；这是由于晶状体太厚，折光能力太强，是近视眼的成因图，
故A 正确；
B．如图，凹透镜对光线有发散作用，使光线变得发散后再进入眼睛，折射光线
刚好落在视网膜上，从而看清远处的物体，这是近视眼的矫正光路图，故B 正确；
C．如图，来自近处的光先经晶状体折射后，会聚于视网膜后，因此看不清近处
的物体；这是由于晶状体太薄，折光能力太弱，是远视眼的成因图，故C 错误；
D．如图，凸透镜对光线有会聚作用，使近处的光线变得会聚后再进入眼睛，折
射光线刚好落在视网膜上，从而看清近处的物体，这是远视眼的矫正光路图，故
D 错误。故选AB。
531. 清晨，太阳从东方冉冉升起，云缝中射出道道霞光，它让我们的大千世界
五彩缤纷，让我们的世界拥有了无穷奥妙。下列对光的世界的探究中，结论正确
的是（
）
A．甲图，通过注入气泡的水球，我们看到太空授课的王亚平成“一正一倒”两
个像，其中正立的是虚像，倒立的是实像
B．乙图，央视春晚节目舞蹈诗剧《只此青绿》的临水起舞画面中，舞者在舞台
上的“倒影”和小孔成像的原理相同
C．丙图，光源经凸透镜在光屏上成一清晰的像，此时飞来一只小虫落在凸透镜
上，则光屏上光源的像不完整
D．丁图，小薇按照图示将眼镜放在蜡烛与凸透镜之间，光屏上清晰的像变模糊，
只将光屏靠近凸透镜时，又能在光屏上看到清晰的像，则该眼镜是近视眼镜
【答案】A
【解析】A、水球被气泡变为了两部分，中间是空气，气泡周围是水，这个时候
整个水球就变成了两个透镜，外圈成为了一个凸透镜，所以呈现出一个倒立的实
像，内圈相当于变成了凹透镜，这个时候又出现了一个正立的虚像，故A 正确；
B、因为光滑的舞台相当于平面镜，所以看到的倒影是平面镜成像，即光的反射
形成的，小孔成像的原理是光的直线传播，故B 错误；
320
C、凸透镜成实像时，所有透过透镜的光会聚到光屏上成像，小虫落在透镜上后，
整个物体发出的光虽有一小部分被挡住，但总会有一部分光通过凸透镜而会聚成
像，因此，像与原来相同，即光屏上所成的像仍然是完整的，故C 错误；
D、将眼镜放在蜡烛与凸透镜之间，光屏上原来清晰的像也变得模糊了，只将光
屏靠近透镜移动时，又可以在光屏上看到烛焰清晰的像，说明眼镜对光线有会聚
作用，是凸透镜，应用于远视眼镜，故D 错误。
26.5 光的色散
532.阳光明媚的周末，不少市民到鹭栖湖游玩。湖畔盛开着五颜六色的鲜花，大
树拖着长长的影子，几只白鹭从平静的湖面轻快掠过，水中的鱼儿欢快嬉戏。
下列对此情景的解释正确的是(
)
A. 树荫下的圆形光斑是光的直线传播形成的实像
B. 白鹭在湖中的倒影是光的折射形成的虚像
C.看见水中的鱼儿是光的反射形成的实像
D. 鲜花五颜六色是因为阳光在鲜花表面发生色散现象
【答案】A
【解析】树荫下的圆形光斑是太阳通过树叶间的缝隙形成的实像，属于光的直线
传播，故A 正确。白鹭在湖中的倒影是平面镜成像，属于光的反射现象，故B
错误。人在岸上看见水中的鱼，是光的折射形成的虚像，故C 错误。鲜花五颜六
色是因为阳光在鲜花表面发生了反射，不同颜色的花反射不同颜色的光，故D 错
误。
27 声现象
533.解析
敲击装有水的玻璃瓶时，发声体主要是玻璃瓶和水柱；向装有水的玻璃瓶内
吹气时，发声体主要是玻璃瓶内的空气。
用相同的力敲击玻璃瓶时，水越少，则发声体越容易振动，振动的频率就越
高，因此从左至右依次敲击玻璃瓶发出声音的音调应逐渐升高，根据“do、re、
mi、fa、sol、la、si”七音符的音调逐渐升高，故从左至右依次敲击玻璃瓶发
出的声音顺序为“do、re、mi、fa、sol、la、si”。
根据以上分析可知，②③正确，①④错误。
故正确答案为C。
专题01
声现象
534. 如图，古琴演奏家正在演奏名曲《高山流水》，下列说法正确的是（
）
A. 琴声响度越大，它在空气中传播的速度越大
321
B. 琴声是由琴弦振动产生的
C. 拨动不同的琴弦，主要引起琴声响度不同
D. 用大小不同的力拨动同一根琴弦，琴声音调不同
【答案】B
【解析】A．声音的传播速度与介质的种类、环境温度有关，跟响度无关，故A
错误；
B．声音是由物体振动产生的，琴声是由琴弦振动产生的，故B 正确；
C．琴弦粗细不同，拨动不同的琴弦，振动的难易程度不同，从而振动频率不同，
主要引起琴声音调不同，故C 错误；
D．用大小不同的力拨动同一根琴弦，琴弦振动的幅度不同，琴声响度不同，故
D 错误。
535. 下列关于声现象的描述和分析，正确的是（
）
A. 图甲：人发出的声音是由空气振动产生的
B. 图乙：用相同的力敲击水瓶琴能发出音调不同的声音
C. 图丙：蝙蝠利用次声波传递能量确定目标的位置
D. 图丁：禁止鸣笛是在传播过程中控制噪声的
【答案】B
【解析】A．声音是由物体的振动产生的，人是靠声带的振动说话的，故A 错误；
B．相同玻璃瓶装不同高度的水，敲击它们时，由于水的质量不同，所以瓶子和
水的振动频率不同，则发出声音的音调不同，故B 正确；
C．蝙蝠是靠超声波传递信息确定目标的位置，故C 错误；
D．禁止鸣笛是在声源处控制噪声，故D 错误。
536. 下列有关声现象的表述正确的是（
）
A．图甲，分别用大小相同的力敲击四个装水的瓶子，产生的声音音调相同
B．图乙，医生用听诊器判断患者的情况，利用了声音传递能量
C．图丙，逐渐抽出玻璃罩内的空气，听见闹铃声越来越小，推理得出真空不能
传声
D．图丁，禁止鸣笛是在传播过程中减少噪声
【答案】C
【解析】A．图甲，分别用大小相同的力敲击四个装水的瓶子，四个瓶子装的水
322
体积不一样，那么四个瓶子振动快慢不同，振动快慢影响声音的音调，产生的声
音音调不同，故A 错误；
B．图乙，医生用听诊器判断患者的情况，通过患者身体传过来的声音，得知患
者的健康情况，这是利用了声音传递信息，故B 错误；
C．图丙，逐渐抽出玻璃罩内的空气，玻璃罩内的空气在不断变少，同时听见闹
铃声越来越小，从而推理玻璃罩内完全为真空时，闹铃声会完全消失，即推理得
出真空不能传声，故C 正确；
D．图丁，禁止鸣笛是在车辆上的喇叭禁止，是在声源处减少噪声，不是传播过
程中，故D 错误。
537. 下列减弱噪声的措施中，通过阻断噪声传播的是（
）
A．如图甲，摩托车上安装消声器
B．如图乙，道路旁安装隔声板
C．如图丙，期间考场周边建筑工地停工
D．如图丁，小区内禁止鸣笛
【答案】B
【解析】ACD．安装消声器、建筑工地停工和禁止鸣笛是在声源处控制噪声，故
ACD 不符合题意；
B．道路旁安装隔声板是在传播过程中控制噪声，故B 符合题意。故选B。
538.在演示声音是由物体的振动发生的实验中（如图），将正在声的音叉紧靠悬
线下的泡沫塑料球，球被多次弹开。在此实验中，泡沫塑料球的作用是（
）
A．使音叉的振动尽快停下来
B．使音叉的振动时间延长
C．使声波多次反射，形成回声
D．将音叉的微小振动放大，便于观察
【答案】D
【解析】由于音叉振动的幅度过小，人眼无法直接观察和区分，所以用“转换法”
将这个实验效果进行放大；当把悬挂的泡沫塑料球紧靠在正在发声的音叉上时，
音叉的振动将泡沫塑料球弹开，即把音叉的微小振动放大成泡沫塑料球的振动，
以便于观察和进一步的研究，故D 符合题意，ABC 不符合题意。故选D。
539.下列关于声音的利用，与其他三项不同的是（
）。
323
A．超声波清洗眼镜
B．收听广播
C．倒车雷达
D．大象间
的交流
【答案】A
【解析】超声波清洗眼镜，利用了声音能够传递能量；收听广播、倒车雷达、大
象间的交流，都是利用声音传递信息，故A 符合题意，BCD 不符合题意。故选A。
540. 下列有关声现象的表述正确的是（
）
A. 图甲，分别用大小相同的力敲击四个装水的瓶子，产生的声音音调相同
B. 图乙，医生用听诊器判断患者的情况，利用了声音传递能量
C. 图丙，逐渐抽出玻璃罩内的空气，听见闹铃声越来越小，推理得出真空不能
传声
D. 图丁，禁止鸣笛是在传播过程中减少噪声
【答案】C
【解析】A．图甲，分别用大小相同的力敲击四个装水的瓶子，四个瓶子装的水
体积不一样，那么四个瓶子振动快慢不同，振动快慢影响声音的音调，产生的声
音音调不同，故A 错误；
B．图乙，医生用听诊器判断患者的情况，通过患者身体传过来的声音，得知患
者的健康情况，这是利用了声音传递信息，故B 错误；
C．图丙，逐渐抽出玻璃罩内的空气，玻璃罩内的空气在不断变少，同时听见闹
铃声越来越小，从而推理玻璃罩内完全为真空时，闹铃声会完全消失，即推理得
出真空不能传声，故C 正确；
D．图丁，禁止鸣笛是在车辆上的喇叭禁止，是在声源处减少噪声，不是传播过
程中，故D 错误。
541. 下列有关声现象的说法正确的是（
）
A. 如图甲所示，在汽车排气管上安装消音器，是为了在传播过程中减弱噪声
B. 如图乙所示，a、b 两个音叉的波形图不同，但音调相同
324
C. 如图丙所示，噪声监测仪既可以监测噪声的强弱，又可以防止噪声的产生
D. 如图丁所示，渔民通过声呐捕鱼，利用了声音可以传递信息的特性
【答案】D
【解析】A．噪声可以在声源处、传播过程中以及人耳处进行减弱，在汽车排气
管上安装消音器，是为了在声源处减弱噪声，故A 错误；
B．从图乙可知，在相同时间内，a、b 两个音叉振动的次数不同，即振动频率不
同，则音调不同，故B 错误；
C．根据噪声监测仪的作用可知，在噪声监测仪上可以直接读出分贝数，即可以
监测噪声的强弱，但不能防止噪声的产生，故C 错误；
D．声音可以传递信息和能量，渔民通过声呐捕鱼，是利用声音可以传递信息的
特性，故D 正确。
故选D。
542.关于声现象的描述，下列说法正确的是（
）
A. 图甲中，钢尺伸出桌边的长度越长，拨动时发出声音的响度越大
B. 图乙中，逐渐抽出真空罩内的空气，闹钟发出的铃声逐渐变大
C. 图丙中，戴上防噪声耳罩，可以在声源处减弱噪声
D. 图丁中，开启倒车雷达，可利用超声波回声定位
【答案】D
【解析】A．钢尺伸出桌面的长度越长，拨动时振动的频度越慢，音调越低，故
A 错误；
B．声音的传播需要介质，真空不能会场，逐渐抽出真空罩内的空气，闹钟发出
的铃声逐渐变小，故B 错误；
C．戴上防噪声耳罩，是在人耳处减弱噪声，故C 错误；
D．汽车的倒车雷达，是因为超声波具有方向性强的特点，利用回声定位工作的，
故D 正确。
543. 下列有关声现象的说法不正确的是（
）
A. 图甲中的倒车雷达利用超声波传递信息
B. 图乙中航母舰载机引导员戴上耳罩，是为了在传播过程中减弱噪声
C. 图丙中吹笛子时，按住不同气孔是为了改变声音的音调
D. 图丁中从无人机传出的声音不能在真空中传播
【答案】B
【解析】A．超声波可以传递信息，汽车安装的倒车雷达是利用超声波传递信息，
325
故A 正确，不符合题意；
B．图乙中航母舰载机引导员戴上耳罩，是为了在人耳处减弱噪声，故B 错误，
符合题意；
C．吹奏笛子时，演奏者按住不同气孔，是为了改变空气柱振动的快慢，故是为
了改变音调，故C 正确，不符合题意；
D．声音的传播需要介质，声音不能在真空传播，图丁中从无人机传出的声音不
能在真空中传播，故D 正确，不符合题意。故选B。
544.下列各图描述的实验中，说法不正确的是（
）。
A. 发声的音叉激起水花，说明声是由物体的振动产生的；
B. 音叉发出的声音越响，乒乓球被弹开的越远，说明音调与物体振幅有关；
C. 用相同大小的力拨动钢尺，当钢尺伸出桌边的长度变短，振动时声音的音调
变高；
D. 抽取玻璃罩内的空气，听到罩内的音乐声逐渐变小，推理出：真空不能传声
【答案】B
【解析】A．发声的音叉激起水花，是音叉振动将水花激起，利用了转换法，说
明声音由物体振动产生的，故A 正确，不符合题意；
B．音叉发出的声音越响，乒乓球被弹开的越远，说明响度与物体振幅有关，故
B 错误，符合题意；
C．钢尺伸出桌边的长度变短，振动变快，振动时声音音调变高，故C 正确，不
符合题意；
D．声音的传播需要介质，抽取玻璃罩内的空气，听到罩内的声音变小，可进一
步推理得出：真空不能传声，故D 正确，不符合题意。故选B。
545.下列各图描述的实验中，说法不正确的是（
）。
A. 发声的音叉激起水花，说明声是由物体的振动产生的；
B. 音叉发出的声音越响，乒乓球被弹开的越远，说明音调与物体振幅有关；
C. 用相同大小的力拨动钢尺，当钢尺伸出桌边的长度变短，振动时声音的音调
变高；
D. 抽取玻璃罩内的空气，听到罩内的音乐声逐渐变小，推理出：真空不能传声
【答案】B
【解析】A．发声的音叉激起水花，是音叉振动将水花激起，利用了转换法，说
326
明声音由物体振动产生的，故A 正确，不符合题意；
B．音叉发出的声音越响，乒乓球被弹开的越远，说明响度与物体振幅有关，故
B 错误，符合题意；
C．钢尺伸出桌边的长度变短，振动变快，振动时声音音调变高，故C 正确，不
符合题意；
D．声音的传播需要介质，抽取玻璃罩内的空气，听到罩内的声音变小，可进一
步推理得出：真空不能传声，故D 正确，不符合题意。故选B。
546. 图为094 型核潜艇，它是我国国防力量的重要组成部分。它在水下航行时
是通过声呐系统发出的超声波感知附近海域的情况。下列说法正确的是（
）
A. 超声波不是由物体的振动产生
B. 超声波的传播不需要介质
C. 感知附近海域情况是利用超声波传递信息
D. 潜艇上的舰员能够听见超声
波
【答案】C
【解析】A．声音是由物体振动产生的，超声波也是由物体的振动产生，故A 错
误；
B．声音的传播都需要介质，超声波也是声波，它的传播也需要介质，故B 错误；
C．感知附近海域情况是利用声呐系统发出的超声波在传递信息，故C 正确；
D．超声波是振动频率大于20000Hz 的声音，超出了人的感知范围，潜艇上的舰
员不能够听见，故D 错误。故选C。
547.图甲是一手工艺品，由竹筒（A、B 两端开口，C 处开一小口）和“活塞”组
成，将活塞从B 处塞入，在A 处吹气并来回拉动“活塞”能发出悦耳的哨音，如
图乙所示，下列说法正确的是（
）
A. 哨音在真空中也能传播
B. 哨音是由筒内空气振动产生的
C. 换用更大的力吹气改变了哨音的音调
D. 吹气时来回拉动“活塞”改变了哨音的响度
327
【答案】B
【解析】A．真空不能传声，哨音不能在真空中传播，故A 错误；
B．声音是由物体振动产生的，哨音是由筒内空气振动产生的，故B 正确；
C．换用更大的力吹气，振幅变大，哨音的响度变大，改变了哨音的响度，故C
错误；
D．吹气时来回拉动“活塞”改变了空气柱振动的频率，改变了哨音的音调，故
D 错误。
548. 如图，是甲、乙两声音分别在两个设置不同的示波器中显示的波形图，则
（
）
A．甲声音音调较高
B．乙声音音调较高
C．甲、乙两声音音调相同
D．无法判断
【答案】B
【解析】由图可知，相同时间内（比如时间都为2s）甲振动的次数比乙少，即
甲的振动频率比乙小，所以甲声音的音调低，乙声音的音调高。故ACD 不符合题
意，B 符合题意。
549. 如图所示的声现象中，分析正确的是（
）
A. 甲图：拨动伸出桌面的钢尺，钢尺振动得越快，音调就越高
B. 乙图：将扬声器对准烛焰，播放音乐，烛焰会跳动，说明声波能传递信息
C. 丙图：逐渐抽出玻璃罩内的空气，闹钟的声音变小，说明声音的传播不是需
要介质
D. 丁图：工厂车间工人佩戴耳罩，是为了在声源处减弱噪声
【答案】A
【解析】A．发声体的音调与物体振动快慢有关，物体振动的越快，发出声音的
音调就越高，A 说法正确；
B．将扬声器对准烛焰，播放音乐，烛焰会跳动，说明声波能传递能量，B 说法
错误；
C．逐渐抽出玻璃罩内的空气，闹钟的声音变小，说明声音的传播需要介质，声
音不能在真空中传播，C 说法错误；
D．工厂车间工人佩戴耳罩，是为了在人耳处减弱噪声，D 说法错误。故选A。
550. 正常灰鲸的发声频率范围为15Hz ~ 25Hz 。生物学家发现变异灰鲸Alice，
其发声频率为52Hz ，导致正常灰鲸“听不见”Alice 的声音，如图所示为海豚的
发声频率和听觉频率范围，灰鲸与海豚同属海洋哺乳动物。由此推理：正常灰鲸
328
听觉频率范围（黑色横条）很可能
是（
）
A.
B．
C．
D．
【答案】C
【解析】根据海豚的听觉频率和发声频率范围，其听觉频率范围比发声频率范围
大，且听觉频率最高值比发声频率最高值大；正常灰鲸的发声频率范围为
15Hz~25Hz，则正常灰鲸的听觉频率最高值会比25Hz 高，最低值比15 Hz 低，但
是正常灰鲸“听不见”Alice 发出频率为52Hz 的声音，则听觉频率最高值会低
于52Hz；故ABD 不符合题意，C 符合题意。故选C。
551. 如图所示是某型号的钢琴与长笛发出的C 调1（do）的波形图。根据该波
形图，下列说法正确的是（
）
A. 钢琴与长笛的音调不同，音色相同
B. 钢琴与长笛的音调相同，音色不同
C. 钢琴与长笛的响度相同，音色相同
D. 钢琴与长笛的响度不同，音色不同
【答案】B
【解析】由波形图可知，钢琴与长笛的振动幅度与频率相同但波形不同，响度与
振动幅度有关，音调与振动频率有关，音色与波形状有关，则二者响度与音调相
同，但音色不同，故B 正确，ACD 错误。
552. 如图是生活中的两个情境，左图是居民小区噪声监测器，显示环境噪声为
55. 5 分贝。右图是钢琴调音师正在用手机上的一个调音软件播放音叉256、512、
1024、2048（Hz）的标准音来校准琴音。下列说法正确的是（
）
329
A．人们以分贝为单位来表示声音强弱的等级
B．分贝是音调的单位
C．2048Hz 的音属于次声波
D．256Hz 的音和2048Hz 的音比较，256Hz 的声音音调更高
【答案】A
【解析】AB．声音的强弱用响度表示，分贝（dB）是声音强弱等级的单位，故A
正确，B 错误；
C．频率低于20Hz 的声波是次声波，频率高于20000HZ 的声波是超声波，2048Hz
的音不属于次声波，故C 错误；
D．声音振动的频率越高，音调越高，256Hz 的音和2048Hz 的音比较，2048Hz
的声音音调更高，故D 错误。故选A。
553.如图所示，将一把钢尺紧按在桌面上，一端伸出桌边，拨动钢尺，听它振动
发出的声音。若增加钢尺伸出桌面的长度，则听到的声音（
）
A. 频率不变，音调变高
B. 频率变高，音调变低
C. 频率变低，音调变高
D. 频率变低，音调变低
【答案】D
【解析】增加钢尺伸出桌面的长度，用大小相同的力度拨动钢尺，钢尺振动的幅
度相同，则听到的声音响度相同；振动的快慢变低了，即频率变低，则听到的声
音音调变低。故ABC 错误，D 正确。
554. 如图所示是中国空间站天河核心舱，从核心舱传来：“太空探索，永无止
境。随着不
断旋转的陀螺，我们已经从神舟十号任务进入了空间站时代。欢迎来到天空课
堂！”小华
兴奋地喊道：“那是航天员王亚平老师的声音”。小华能判断出是王亚平的声音
是根据声
音的（
）
330
A．响度不同
B．音调不同
C．音色不同
D．音速不同
【答案】C
【解析】声速与介质的种类和温度有关；音调是指声音的高低，频率越高，音调
越高；响度是指声音的强弱，人们以分贝为单位表示声音的强弱，物体振幅越大，
响度越强；音色是指声音的特色，与发声体的材料和结构有关。不同的物体的音
调、响度尽管都可能相同，但音色却一定不同（辨别是什么物体发的声靠音色）。
小华能判断出是王亚平的声音是根据声音的音色不同。故ABD 不符合题意，C 符
合题意。故选C。
555.小钟琴是一种打击乐器，有16 个音，声音优美，携带方便，简单易学，演
奏方式丰富灵巧，是非常适合幼儿园的孩子们作为音乐兴趣启蒙的一种乐器，如
图所示（小钟琴的一部分）。下列说法错误的是（
）
A．打击乐器靠打击面振动发声；
B．“有16 个音”是指有16 个不同的音调；
C．“声音优美”是指音色好；
D．从左往右依次敲击图中的E、D、C，音调变高
【答案】D
【解析】A．声音是由物体的振动产生的，打击乐器是由打击面振动产生的，故A
正确，不符合题意；
BD．从左往右小钟琴越来越长，敲击时振动快慢不同，越短的振动越快，音调越
高；越长的振动越慢，音调越低，因此从左往右音调变低，“16 个音”指的是
16 个不同的音调，故B正确，不符合题意；D错误，符合题意；
C．小钟琴可以演奏音乐，声音悦耳动听，发出的声音是乐音，则“声音优美”
是指音色好，故C正确，不符合题意。故选D。
556. （2023 广东省广州市）如图，音叉M、N 完全相同，M 发出440Hz 的声音，
原来静止的N 随之振动，N 也发出440Hz 的声音，则（
）
A. M 发声时每分钟振动440 次
B. M 和N 发出的声音的频率相同
C. M 和N 发声时的振幅一定相同
D. M 发出的声音无需介质就能传播
【答案】B
【解析】A．频率表示每秒钟内振动的次数。已知M 发出声音的频率为440Hz，
表示该音叉每秒钟振动440 次，故A 不符合题意；
331
B．已知M 和N 发出声音的频率都为440Hz，所以M 和N 发出的声音的频率相同，
故B 符合题意；
C．引起N 音叉振动的能量是由M 音叉传递来的，传递过程中存在能量损耗，所
以N 音叉发声振动的振幅应比M 音叉小，故C 不符合题意；
D．声音的传播需要介质，故D 不符合题意。故选B。
557. 图是2022 年红原大草原第五届“雅克音乐节”上歌手弹唱的情景。下列说
法正确的是（
）
A. 观众听到的吉他声是弦振动产生的
B. 歌声在空气中是以光速传播的
C. 用不同力度拨弦时弦声响度相同
D. 拨动粗细不同的弦时弦声音调相同
【答案】A
【解析】A．声音是由物体的振动产生的，所以吉他声是由弦振动产生的，故A
正确；
B．声音在空气中传播的速度小于光在空气中传播的速度，故B错误；
C．用不同力度拨弦时，弦振动的幅度变大，响度变大，故C错误；
D．拨动粗细不同的弦时，弦振动的频率不同，音调不同，故D错误。故选A。
558. 图示为一种身高测量仪，其顶部的感应器竖直向下发射超声波信号，经下
方物体反射后返回，被感应器接收。某同学站上测高台，感应器记录信号从发射
到接收所经历的时间为
3
5 10 s


。已知感应器距测高台的高度为2.5m，空气中的
声速取340m/s，则该同学的身高为（
）
A. 1.70m
B. 1.65m
C. 0.85m
D. 0.80m
【答案】B
【解析】由
s
v
t

得，该同学头顶距离感应器的高度是
3
1
1
340m/s 5 10
2
2
s
0.85m
h
vt







该同学的身高为
2.5m-0.85m=1.65m
故选B。
559.成都市交管局为了监督司机是否遵守限速规定，在机场路上（一段平直的）
安装了固定测速仪，此路段限速为100km/h。如图所示，汽车正在向放置在机场
路上的测速仪水平匀速驶离，测速仪向汽车发出两次短促的超声波信号；第一次
332
发出信号到测速仪接收到经汽车反射回来的信号用时0.6s，第二次发出信号到
测速仪接收到经汽车反射回来的信号用时1s，若发出两次信号的时间间隔是
1.5s，超声波的速度是340m/s，则（
）。
A．超声波信号第一次被汽车反射时，距测速仪204m；
B．汽车正在朝着测速仪的方向运动；
C．汽车从反射第一次信号到反射第二次信号过程中，所用时间为1.7s；
D．该汽车速度为163.2km/h，超速了
【答案】C
【解析】A．由v= s
t 得：汽车接收到第一次信号时，汽车距测速仪s1=v 声t1=340m/s
× 1
2 ×0.6s=102m
故A 错误；
B．由题意：汽车正在向放置在机场路上的测速仪水平匀速驶离，故B 错误；
C．汽车从反射第一次信号到反射第二次信号过程中，所用时间
t= t-t1+t2=1.5s-0.3s+0.5s=1.7s
故C 正确；
D．汽车接收到第二次信号时，汽车距测速仪s2=v 声t2=340m/s× 1
2 ×1s=170m
汽车在两次接收到信号时行驶的距离s′=s2-s1=170m-102m=68m
行驶68m 所用的时间t′=t=1.7s
所以汽车的车速为v′= s
t

= 68
1.7
m
s =40m/s=40×3.6km/h=144km/h
144km/h 大于100km/h，故超速，144km/h 163.2km/h，故D 错误。故选C。
560.如图有关声现象的实验中，所研究问题与其他三个不同的是（
）。
A．甲图用大小不同的力敲鼓；
B．乙图敲击不同水量的瓶子；
C．丙图改变钢尺伸出桌面长度再次拨动；
D．丁图快拨和慢拨梳齿
【答案】A
【解析】A．用大小不同的力敲鼓，鼓面振幅不同，响度不同，研究的是响度跟
振幅的关系；
B．敲击不同水量的瓶子，瓶子和水振动发出声音，瓶内的水越多，振动的频率
333
越低，发出声音的音调越低，研究的是音调跟频率的关系；
C．钢尺伸出桌面的长度不同，振动的频率不同，音调不同，研究的是音调跟频
率的关系；
D．用硬卡片在梳齿上快划、慢划，梳齿振动频率不同，音调不同，研究的是音
调跟频率的关系；
综上所述A 所研究问题与其他三个不同。故选A。
561. 在学校、医院和科学研究部门附近，有如图所示禁鸣喇叭的标志．这种控
制噪声的措施属于（
）
A. 防止噪声产生
B. 阻断噪声传播
C. 防止噪声进入人耳
D. 减小噪声传播速度
【答案】A
【解析】控制噪声有三种方法：防止噪声的产生（即在声源处减弱噪声）、阻断
噪声的传播（即在传播过程中减弱）和防止噪声进入耳朵（在人耳处减弱）．禁
止鸣喇叭是防止噪声的产生，即在声源处减弱噪声，故只有A 符合题意．
562. 编钟是我国瑰宝，如图，敲M 处发出的声音音调比敲N 处的高，比敲P 处
的低，则（
）
A．编钟发出的声音频率只与其质量有关
B．敲P 处发出的声音频率高于敲N 处的
C．敲P 处时，钟的振幅一定比敲M 处时大
D．敲N 处时，发出的声音响度一定比敲M 处时大
【答案】B
【解析】A．声音频率越大，则物体发出声音的音调越高。由图可知，第一个编
钟的质量小，第二个编钟的质量大，敲M 处发出的声音的音调比敲N 处的高，说
明声音的频率与物体的质量有关；在同一个编钟上敲M 处发出的声音的音调比敲
P 处的低，说明声音的频率还与振动物体的长度有关，故A 不符合题意；
B．音调的高低与声音频率有关，音调越高，声音频率则越大，P 处的音调比N
处的音调高，则P 处的声音频率比N 处的大，故B 符合题意；
CD．声音的响度与振幅有关，而振幅的大小与敲击的力度大小有关，与敲击的位
置无关，故CD 不符合题意。故选B。
563. 如图，甲鼓发声时鼓皮每秒振动的次数比乙的少，甲、乙相比，甲鼓皮
（
）
334
A．发声的响度一定较大
B．发声的音调一定较低
C．振动的振幅一定较小
D．振动的频率一定较高
【答案】B
【解析】D．频率是物体在单位时间内振动的次数，根据题意知道，甲鼓发声时
鼓皮每秒振动的次数比乙的少，说明甲鼓振动的频率比乙鼓小，故D 错误；
B．音调是指声音的高低，音调跟频率有关，频率越大，音调越高；频率越小，
音调越低；由于甲鼓振动的频率比乙鼓小，所以甲鼓发声的音调一定较低，故B
正确；
AC．响度是由发声体振动的幅度决定的，振幅越大、响度越大，根据题意，不能
判断两鼓的振幅，故不能判断响度，故AC 不符合题意。故选B。
564.排箫又叫“参差”，是由长短不一的竹管组成，下列选项中正确的是（
）
A. 真空中可以听见箫声
B. 竹管长度参差不齐的目的是为了改变声音的响度
C. 我们能区别排箫的声音是依靠音调
D. 排箫发出声音是由管内空气柱振动产生的
【答案】D
【解析】A.声音的传播需要介质，声音不能在真空中传播，所以真空中无法听见
箫声，故A 错误；
B.竹管长度参差不齐，竹管内的空气柱的长度不同，空气柱振动时的频率不同，
所以是为了改变声音的音调，故B 错误；
C.每个发声体发出声音的音色是不同的，我们能区别排箫的声音是依靠音色，故
C 错误；
D.声音是由物体的振动产生的，排箫发出声音是由管内空气柱振动产生的，故D
正确。
565. 下列属于在声源处控制噪声的是（
）
335
A. 摩托车的消声器
B. 隔音蛟龙
C. 防噪声耳罩
D. 隔音板墙
【答案】A
【解析】A．摩托车的消声器是在声源处控制噪声的，故A 符合题意；
B．隔音蛟龙是在声音的传播过程中控制噪声的，故B 不符合题意；
C．防噪声耳罩是在声音的接收处控制噪声的，故C 不符合题意；
D．隔音板墙是在声音的传播过程中控制噪声的，故D 不符合题意。故选A。
566.下列是对如图所示的四幅图的说明，其中正确的是（
）
A．图甲，敲鼓时可观察到纸屑在不停地跳动，说明声音是由物体振动产生的；
B．图乙，汽车安装倒车雷达，通过红外线探测车后方的障碍物；
C．图丙，吹自制的哨子，上下拉动活塞可改变声音的响度；
D．图丁，宇航员在飞船舱外工作时，他们可以直接面对面进行对话
【答案】A
【解析】A．声音是由于物体的振动产生的，在鼓面上放一些碎纸屑，敲鼓时可
观察到纸屑在不停地跳动，说明声音是由物体的振动产生的，故A 正确；
B．汽车安装倒车雷达，通过超声波探测车后方的障碍物，故B 错误；
C．吹自制的哨子，上下拉动活塞，改变了哨内空气柱的长度，空气柱振动快慢
发生了变化，听到的声音的音调发生了变化，故C 错误；
D．宇航员在飞船舱外工作时，他们之间的对话必须借助电子通讯设备才能进行。
因为电磁波可以在真空中进行传播，而声音不能在真空中进行传播，故D 错误。
故选A。
567．图甲是一手工艺品，由竹筒（A、B 两端开口，C 处开一小口）和“活塞”
组成，将活塞从B 处塞入，在A 处吹气并来回拉动“活塞”能发出悦耳的哨音，
如图乙所示，下列说法正确的是（
）。
A．哨音在真空中也能传播；
336
B．哨音是由筒内空气振动产生的；
C．换用更大的力吹气改变了哨音的音调；
D．吹气时来回拉动“活塞”改变了哨音的响度
【答案】B
【解析】A．真空不能传声，哨音不能在真空中传播，故A 错误；
B．声音是由物体振动产生的，哨音是由筒内空气振动产生的，故B 正确；
C．换用更大的力吹气，振幅变大，哨音的响度变大，改变了哨音的响度，故C
错误；
D．吹气时来回拉动“活塞”改变了空气柱振动的频率，改变了哨音的音调，故
D 错误。
568．下列有关声现象中，能改变响度是（
）
A．改变用力大小敲击鼓面
B．敲击不同水量的瓶子
C．改变管中水量再次对着试管吹气
D．改变钢尺伸出桌面长度再次拨动
【答案】A
【解析】A.改变用力大小敲击鼓面，会增大鼓面振动的幅度，从而会增大响度，
故A 符合题意；
B.敲击不同水量的瓶子，瓶子和水振动发出声音，且瓶内的水越多，振动的频率
越低，相应的音调越低，故B 不合题意；
C.对着试管口吹气，管内水量不同振动的快慢不同，所以声音的音调不同，可以
改变发声的音调，故C 不符合题意；
D.钢尺伸出桌面的长度不同振动的频率不同，音调不同，故D 不符合题意。
569.如图是一种便携式“声波盒”，工作时可以产生48000Hz的“高频波”使液
体振动，从而将放入盒中的物体清洗干净。关于该“高频波”下列说法正确的是
(
)。
A. 它在15°C空气中的传播速度约为340m/s；
B. 它可以在真空中传播；
C. 人耳能够听见它；
D. 它不是由物体振动产生的
【答案】A
【解析】A、这里的“高频波”其实是超声波，超声波在15°C空气中的传播速
度约为340m/s，故A正确；
B、超声波与可听声一样，都不能在真空中传播，故B错误；
C、48000Hz的“高频波”是超声波，超出了人耳的听觉频率范围，人耳不能听到
337
它，故C错误；
D、超声波与可听声一样，都是由物体振动产生的，故D错误。故选：A。
570. 如图是八个相同的玻璃瓶，装有高度不同的水.用筷子分别敲击瓶口，下列
说法正确的
是（
）
A．声音主要是由瓶内空气振动产生的
B．声音主要是由玻璃瓶振动产生的
C．a 瓶的音调最低D．d 瓶的音调最低
【答案】B
【解析】A．B．用筷子敲击瓶口时，瓶子受力而振动发声，故A 错误，B 正确；
C．D．瓶子振动时，瓶内水越多，瓶子振动越慢，音调越低，瓶内水越少，瓶子
振动越快，音调越高，因此a 瓶音调最高，h 瓶音调最低，故C 错误，D 错误。
故选B。
571. 赛龙舟不仅是一项体育娱乐活动，更体现我国悠久历史文化传承．如图所
示为某比赛场景，下列说法错误
．．的是
A．选手根据鼓声齐心协力划桨，鼓声是由鼓面振动产生的
B．选手听到鼓声大作，震耳欲聋，说明此时鼓声的响度大
C．选手能从现场各种声音中听出鼓声，主要是通过鼓声的音色来辨别的
D．鼓手敲击鼓面越快，鼓声在空气中传播的速度也越快
【答案】D
【解析】A.声音是由物体振动产生的，所以鼓声是由鼓面振动产生的，故A 的说
法正确；
B.震耳欲聋形容声音非常大，而声音的大小是用响度来表示的，故B 的说法正确；
C.在声音的三个特性中，音色是人们辨别不同发声体的主要手段，所以选手能在
嘈杂的声音中辨别出鼓声，靠的就是鼓声的音色与其它声音的音色不同从而做到
的，故C 的说法正确；
D.声音的传播速度跟其所处的介质种类及温度有关，而与其它因素无关，鼓手敲
击鼓面越快只能使鼓声的音调得以提高，而无法改变鼓声的传播速度，故D 的说
法错误．
572.小明假日去旅游的时候，看到繁忙的道路两边有时会有玻璃幕墙，这引发他
对幕墙的作用产生了许多的猜想。观察图，他的猜想中正确的是（
）。
338
A．美化道路
B．防止大风天气影响车辆行驶安全
C．增加司机两边的视野
D．减弱噪声对附近居民的影响
【答案】D
【解析】繁忙的道路两边有时会有玻璃幕墙，附近有住宅区，是为了减弱车辆的
噪声对附近居民的影响，在传播途径减弱，故选D。
573. 2023 年5 月，中国—中亚峰会在古城西安圆满举办。如图，好客的陕西人
民用热情的腰鼓、欢快的秧歌来欢迎国际友人。下列说法正确的是（
）
A. 用力敲鼓是为了提高声音的音调
B. 人们主要根据声音的响度分辨出腰鼓的声音
C. 鼓声的传播不需要介质
D. 腰鼓发出的声音是由鼓面振动产生的
【答案】D
【解析】A．大力敲鼓是为了增大声音的响度，响度是指声音的大小，跟距声源
的远近和振幅有关，故A 错误；
B．人们能根据声音的音色分辨出腰鼓的发出的声音，故B 错误；
C．声音的传播需要介质，人们听到的鼓声是靠空气传来的，故C 错误；
D．声音是由物体的振动产生的，腰鼓发出的声音正是由鼓面被敲打振动产生的，
故D 正确。
574. 下列关于声音的说法正确的是（
）
A. 声音是由于物体振动产生的
B. 声音可以在真空中传播
C. 戴耳罩是为了在声源处减弱噪声
D. 超声加湿器利用了声音能传递信息
【答案】A
【解析】A．声音是由物体振动产生的，当振动停止，发声也停止，故A 正确；
B．声音的传播需要介质，声音不能在真空中传播，故B 错误；
339
C．戴耳罩是为了在人耳处减弱噪声，故C 错误；
D．超声加湿器利用了声音能传递能量，故D 错误。故选A。
575．下列实验中，属于探究“响度与振幅的关系”的是（
）
A．发声的电铃放入钟
罩，从钟罩抽气
C．伸出桌边的长度不
变，用不同力拔尺子
B．点燃的蜡烛放在音
箱前，加大音量
D．拔动绷紧的粗细不
同的橡皮筋
【答案】C
【解析】对每个选项中的图片分析，明确探究的目的、现象和结论，确定符合题
意的选项．
A.将正在发声的电铃放入钟罩，从钟罩抽气，会听到铃声越来越小，最后听不到
了，说明声音传播需要介质．不符合题意；
B.点燃的蜡烛放在音箱前，加大音量，看到烛焰摇曳的更明显了，说明声音能够
传递能量．不符合题意；
C.不改变尺子伸出桌面的长度，用不同力拨动尺子，尺子振动的幅度发生改变，
响度随之改变．说明响度与振幅有关，振幅越大，响度越大．符合题意；
D.拨动绷紧的粗细不同的橡皮筋，可以发现橡皮筋越粗，音调越低，说明发声体
的音调与频率有关，频率越低，音调越低．不符合题意．
576. 如图所示，小王用捆有棉花的筷子插入两端开口的塑料管，制成了哨子，
用嘴吹管的上端，可发出悦耳的哨声。下列说法中正确的是（
）
A. 用更大的力吹管子，哨声音调变高
B. 哨声是由于管内空气柱振动而产生的
C. 吹管子时下拉“活塞”，哨声响度变大
D. 悦耳的哨声在任何环境中都不可能成为噪声
【答案】B
【解析】A．用更大的力吹管子，哨声的振动幅度变大，响度变大，故A 错误；
B．声音是由物体振动产生，哨声是由于管内空气柱振动而产生的，故B 正确；
C．吹管子时下拉“活塞”，振动空气的长度变长，哨声音调变小，故C 错误；
D．悦耳的哨声如果影响人们的生活或学习，为噪声，故D 错误。故选B。
577.为了陶冶学生的艺术情操，学校开展了丰富多彩的社团活动。如图是学生用
古筝表演的情景，其中说法正确的是（
）
340
A. 琴声是由手指振动产生的
B. 琴声是由琴弦振动产生的
C. 琴声在真空中也能传播
D. 琴弦的振幅不同音调也不同
【答案】B
【解析】AB．古筝声是由琴弦的振动而产生的，故A 错误，B 正确；
C．声可以在固体、液体和气体等介质中传播，但声音不能在真空中传播，故C
错误；
D．琴弦的振幅不同，响度也不同。故D 错误。故选B。
578. 如图所示是超声波焊机，它利用声波振动，在塑料工件上，通过工件间的
摩擦使塑料工件的接口升温熔化，达到焊接的目的。下列有关说法错误的是
（
）
A．超声波在真空中传播得更快
B．通过做功的方式增大了塑料工件的内能
C．超声波不能被人耳听到
D．超声波焊机利用了声能传递能量
【答案】A
【解析】A．超声波不能在真空中传播，故A 错误，符合题意；
B．塑料工件的内能是通过克服摩擦做功增大的，故B 正确，不符合题意；
C．超声波的频率超过人耳的听觉范围，不能被人耳听到，故C 正确，不符合题
意；
D．声音可以传播信息与能量，超声波焊机利用了声能传递能量，故D 正确，不
符合题意.
579. 如图，北京冬奥会开幕式上，一男孩用小号演奏《我和我的祖国》。下列
说法正确的
是（
）
341
A. 号声可以在真空中传播
B. 号声是由空气柱振动产生的
C. 用更大的力气吹奏，可改变声音的音调
D. 听号声知道所吹奏的乐曲，主要说明声音传递能量
【答案】B
【解析】A．真空不能传声，号声无法在真空中传播，故A 错误；
B．小号是铜管乐器，是空气柱振动发声的，故B 正确；
C．换用更大的力吹气改变了小号声音的响度，故C 错误；
D．听号声知道所吹奏的乐曲，说明声可以传递信息，故D 错误。故选B。
580. “七一勋章”获得者张桂梅老师坚持“革命传统立校，红色文化育人”的
教育理念，用知识为滇西北山区女孩创造美好未来，如图，张老师带领师生宣誓，
下列说法正确的是（
）
A. 声音只能在空气中传播
B. 师生宣誓的声音是声带振动产生的
C. 师生的声音音色相同
D. 洪亮的宣誓声表明声音的速度很大
【答案】B
【解析】A．声音的传播需要介质，声音不仅可以在空气中传播，还能在固体，
液体中传播，故A 错误；
B．声音是由物体振动产生的，师生宣誓的声音是由师生们的声带振动产生的，
故B 正确；
C．音色是由材料和结构决定的，不同人的声带结构不同，音色也不相同，故C
错误；
D．洪亮的宣誓声表明声音的响度大，故D 错误。故选B。
581. 关于声现象，下列说法正确的是（
）
A. 图甲中发声的音叉将乒乓球弹开说明声是由物体振动产生的
B. 图乙中钢尺伸出桌面的长度越长，振动时，音调越高
C. 图丙中小白兔通过声音的音调判断出叫门的不是妈妈
342
D. 图丁中捕鱼船通过声呐确定鱼群位置利用了声波传递能量
【答案】A
【解析】A．图甲中发声的音叉将乒乓球弹开，则音叉发声时同时也在振动，说
明声音是由物体振动产生的，故A 正确；
B．音调高低与频率有关，频率高，音调高，频率低，音调低，图乙中钢尺伸出
桌面的长度越长，振动时，频率越低，则音调越低，故B 错误；
C．不同材料的物体发出声音的音色不同，所以小白兔是通过音色判断出叫门的
不是妈妈，故C 错误；
D．捕鱼船通过声呐确定鱼群位置是利用超声波的反射来传递信息，从而可以确
定鱼群的位置，不是传递能量，故D 错误。故选A。
582. 如图所示，是博物馆珍藏的古代青铜“鱼洗”，注入半盆水后，用双手
搓把手，会发出嗡嗡声，盆内水花四溅。传说，众多“鱼洗”声能汇集成千军
万马之势，曾吓退数十里外的敌军。这反映了我国古代高超的科学制器技术。
下列分析正确的是（
）
A. “水花四溅”说明发声的“鱼洗”正在振动
B. “鱼洗”发出嗡嗡声不是由物体振动产生的
C. “鱼洗”发出的声音只能靠盆中水传入人耳
D. 众多“鱼洗”声汇集改变了声音的传播速度
【答案】A
【解析】A．发声的“鱼洗”正在振动带动水振动使“水花四溅”，故A 正确；
B．声音都是由物体振动产生的，故B 错误；
C．“鱼洗”发出的声音是通过空气传入人耳的，故C 错误；
D．声音的传播速度只与介质种类和温度有关，与其他因素无关，故D 错误。故
选A。
583. 古筝是我国传统的一种弦乐器，在2022 年央视元宵节晚会上，神舟十三号
航天员王亚平在空间站用古筝弹奏了一曲《茉莉花》，如图所示，关于王亚平的
这次太空演出，下列说法正确的是（
）
A. 古筝发出声音是由琴弦的振动产生的
B. 弹奏古筝时，手指越用力，发出声音的响度越小
C. 人们能根据声音的音调分辨出古筝
343
D. 古筝发出的声音是由空气直接传播到地球的
【答案】A
【解析】A．声音是由物体的振动产生的，古筝发出声音是由琴弦的振动产生的，
故A 正确；
B．弹奏古筝时，手指越用力，琴弦振幅越大，发出声音的响度越大，故B 错误；
C．音色是由发声体本身决定的一个特性，人们能根据声音的音色分辨出古筝，
故C 错误；
D．声音不能在真空中传播，电磁波可以在真空中传播，古筝发出的声音是由电
磁波直接传播到地球的，故D 错误。故选A。
584. 下列四幅图中，关于声现象的描述正确的是（
）
A. 乒乓球被发声的音叉弹开表明音叉在振动
B. 敲击大小不同的编钟发出声音的音调相同
C. 倒车雷达利用电磁波进行回声定位
D. 防噪声耳罩通过防止噪声产生的方式控制噪声
【答案】A
【解析】A．振动的音叉带动乒乓球振动，故可以根据乒乓球被弹开，说明音叉
在振动，故A 正确；
B．敲击大小不同的编钟，振动的频率不同，发出声音的音调不同，故B 错误；
C．倒车雷达利用超声波进行回声定位，故C 错误；
D．防噪声耳罩在人耳处控制噪声，故D 错误。故选A。
585. 湘西苗族鼓舞流传在湘西自治州境内的吉首、凤凰、泸溪、保靖、花垣和
古丈等县市，每逢佳节，苗族同胞击鼓同庆，鼓声震天。这里描述的声音特征是
指（
）
A. 响度
B. 音调
C. 音色
D. 频率
【答案】A
【解析】鼓声震天描述的是声音比较大，即响度大，故A 符合题意，BCD 不符
合题意；故选A。
586. 下列关于声现象的描述和分析，正确的是（
）
A.
吹笛子时，按住不同的气孔是为了改变声音的音色
344
B.
医生用听诊器为病人检查身体，是利用声音传递信息
C.
公路两旁的隔音蛟龙，是在声源处减弱噪声
D.
拉奏二胡时，手在不同位置按弦，是为了改变声音的响度
【答案】B
【解析】A．吹笛子时，按住不同的气孔，空气柱的长短发生了变化，音调会改
变，故A 错误；
B．声音可传递信息、能量。医生用听诊器为病人检查身体，是利用声音传递信
息，故B 正确；
C．公路两旁的隔音蛟龙，是在传播过程中减弱噪声，故C 错误；
D．拉奏二胡时，手在不同位置按弦，弦振动的频率改变，音调改变，故D 错误。
故选B。
587. 某中学运动会男子400 米比赛时，发令员在起跑线后方某处，运动员在各
自赛道的起点处等待发令，如图所示。发令枪响同时有闪光，下列判断正确的是
（
）
A. 枪声不是振动产生的；
B. 运动员中在第8 赛道的听到枪声最晚；
C. 枪声和闪光都是依靠空气传播的；
D. 发令员戴耳塞是在声源处减弱噪声
【答案】B
【解析】A．声音是由物体振动产生的，枪声是振动产生的，故A 错误；
B．由图可知，第8 赛道的运动员距离发令员最远，声音在各赛道传播的速度相
同，由
s
v
t

可知，枪声传到第8 赛道运动员的时间最长，故运动员中在第8 赛
道的听到枪声最晚，故B 正确；
345
C．声音传播需要介质，枪声是通过客气传播的；光的传播不需要介质，故C 错
误；
D．发令员戴耳塞是在人耳处减弱噪声，故D 错误。故选B。
588.自然界中万物生灵都有着自己独特的交流方式，其中声音是最常见、最有
效的方式之一。下列关于声现象说法正确
的是(
)
A.声音是由物体振动产生的，一切物体振动产生的声音人都能听到
B. 我国“天宫”空间站的航天员出舱后，在太空中仍能通过声音直接交流
C. 常见医用设备B 超，是利用超声波来获取人体内部脏器信息的
D. 广场上的噪声监测仪能在传播过程中减弱噪声
【答案】C
【解析】声音是由物体振动产生的，但是如果声音的响度不足或频率过高、过
低，人耳是听不到的，故A 错误；太空中处于真空状态，真空不能传声，故航
天员出舱后不能通过声
音直接交流，故B 错误；B 超是利用超声波来获取人
体内脏信息的，故C 正确；噪声监测仪只能监测噪声，不能减弱噪声，故D 错
误。故选C。
589.超声波指纹识别是一种新型的手机解锁技术。超声波发射器向屏幕发送信
号，信号穿过屏幕并被手指反射回来。接着，超声波传感器会检测这些反射信
号，根据指纹纹路的细微差别来识别人的指纹。下列说法中不合理的是(
)
A.超声波是由电流产生的，不需要物体振动
B.超声波识别指纹利用了回声定位原理
C.沾水的手能被识别利用了水能传声
D. 手机音量开得再大，人也不能听到超声波
【答案】A
【解析】声音是由物体振动产生的，超声波也是由物体振动产生的，故A 错误，
符合题意。超声波识别指纹利用了回声定位原理，通过发送和接收超声波信号来
识别指纹的细微特，故B 正确，不符合题意。当手指沾水时，超声波信号可以
通过水传播并被手指反射回来，这是因为水是一种能够传播声波的介质，故C
正确，不符合题意。超声波的频率高于20000 Hz,人耳不能听到超声波，故D
正确，不符合题意。
28.热学
590.解析
A、B 两项：当外界温度升高时，球形玻璃瓶内的气体会因为温度升高而体
积变大，即热胀冷缩，导致球形玻璃瓶内的液柱下降，A 项错误，B 项正确；
C 项：最早的温度计利用了球形玻璃瓶内气体受热会膨胀受冷会收缩，即热
胀冷缩原理，通过液柱的上升或下降来表示温度的变化，水银温度计也利用了热
胀冷缩原理，通过水银液柱的上升或下降来表示温度的变化，因此两种温度计的
设计均利用了热胀冷缩的原理，正确；
D 项：在最早的温度计中，球形玻璃瓶内的液柱高度不仅受到温度的影响，
还受到大气压强的影响，由于外界大气压的波动，即使温度不变时，玻璃瓶内液
柱的高度也会有所变化，这就导致了最早的温度计的准确性较差，而水银温度计
内是一个封闭的环境，不受外界大气压的影响，因此不存在这个缺点。另外，在
一定温度范围内，水银的体积随着温度变化是均匀的直线关系，因此水银温度计
346
比最早的温度计的测量结果更加精准，正确。
本题为选非题，故正确答案为A。
591.解析
A 项：水变成水蒸气，是水从液态变成气态的过程，发生了汽化，汽化有两
种方式，即蒸发与沸腾，蒸发在任何温度下都可以进行，沸腾只能在沸点发生，
错误；
B 项：冰与玻璃由固态变为液态时，要经历熔化的过程，而冰是晶体，有固
定的熔点，玻璃是非晶体，没有固定的熔点，所以两者温度的变化过程不同，错
误；
C 项：冰直接变为水蒸气，物质直接从固态变为气态是升华，升华吸热，冰
花的形成是水蒸气直接变成了小冰晶，物质直接从气态变为固态是凝华，凝华放
热，错误；
D 项：水沸腾时产生的“白气”是水蒸气液化成的小水滴，液化放热，露水
是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，同样需要放热，正确。
故正确答案为D。
592.解析
A 项：沸腾是在一定的温度下，在液体表面和内部同时发生的剧烈的汽化现
象，并不只是在液体的表面发生，错误；
B 项：“白气”是液态的小水珠，它是由水蒸气液化形成的，错误；
C 项：水沸腾前，温度不均匀，下面的水温度较高，上面的水温度较低，温
度较高的气泡从水底往上升时，气泡内水蒸气遇冷会液化成水，气泡会变小，所
以乙图是水沸腾前的情景；而水沸腾时，下面的水和上面的水温度一样，气泡从
水底往上升时，水的压强变小，气泡会变大，所以甲图是水沸腾时的情景，错误；
D 项：由上述分析可知，乙图中气泡变小，是气泡中水蒸气遇冷液化导致的，
正确。
故正确答案为D。
593.解析
细管中的红色液体用来显示球形瓶中空气的体积随温度的变化情况，测温物
质是球形瓶中封闭的空气，故C 项正确，A、B 两项错误。该温度计是利用空气
的热胀冷缩性质制成的，故D 项错误。
故正确答案为C。
594.解析
干冰是固态二氧化碳，在常温常压状态下，干冰会升华变成气态二氧化碳，
升华过程吸热使空气温度降低，空气中的水蒸气遇冷液化形成小水滴，汇聚成舞
台上的“烟雾”。
故正确答案为D。
595.解析
A 项，大试管中的水沸腾后，由于热传递，小试管内的水温度也是
，
由于大试管中的水沸腾后温度不变，故小试管和大试管中的水温度都是
，
小试管中的水不会吸热，故小试管中的水不会沸腾，错误；
B 项，大试管加了盖子后，大试管内的气压大于标准大气压，故大试管内的
水温度会高于
，小试管内的水温度到达
后，小试管中的水还可以
347
吸热，故小试管中的水会沸腾，正确；
C 项，整体加上盖子后，大试管内水的温度和小试管内水的温度相同，小试
管中的水不会吸热，故小试管中的水不会沸腾，错误；
D 项，大试管和小试管都加上盖子后，大试管内的气压增大，沸点升高，小
试管内的气压也增大，沸点也升高，由于最后温度相同，小试管内的水不会吸热，
故小试管中的水不会沸腾，错误。
故正确答案为B。
596.解析
A 项，游泳后，刚从水中出来感觉较冷，是因为人体表面的水蒸发时要吸热，
正确；
B 项，冬天，窗玻璃上经常出现白色的霜，是空气中的水蒸气遇冷凝华为固
体的冰晶，正确；
C 项，夏天，常用干冰给食品保鲜，干冰吸热由固态直接变成气态，是升华
现象，错误；
D 项，冬天，在保存蔬菜的菜窖里放几桶水，水由液态变成固态，是凝固现
象，凝固放热，正确。
本题为选非题，故正确答案为C。
597. 如图是某物质发生物态变化过程中的温度一时间图象，下列从图象中获得
的信息正确的是（  ）
A. 这种物质是晶体，其熔点是40℃
B. 在0 至5min 物质处于固液共存状态
C. 在BC 段物质不放热，温度保持不变
D. 在CD 段物质处于液态
【答案】A
【解析】晶体凝固图像问题看清温度保持不变段。
A．BC 段温度保持不变，这种物质是晶体，熔点是40℃，故A 正确；
B．在0 至5min 物质温度大于40℃，处于液态，故B 错误；
C．晶体凝固放热，温度保持不变，故C 错误；
D．在CD 段物质温度低于熔点，处于固态，故D 错误。
598. （2023 山东泰安）质量均为0.5kg 的水和另一种液体在相同时间内放出的
热量相等，它们温度随时间变化的关系如图所示。已知水的比热容


3
4.2 10 J/ kg
c



水
℃，c
c
水
液
>
。下列说法中（
）
348
①甲物质是水
②0~12min 乙温度降低了20℃
③0~12min 甲放出了
4
8.4 10 J

的热量
④乙物质的比热容为


3
2.1 10 J/ kg

℃
A. 只有①②正确
B. 只有②④正确
C. 只有①③正确
D. 只有①④正确
【答案】D
【解析】①时间相等时，两种液体放出的热量相等，由图像可知，乙液体的温度
降低的快，甲液体温度降低慢；根据Q 放=cmΔt 可知，在质量相等、放热也相同
的情况下，谁的温度降低得快，它的比热容小；所以，甲液体的比热容大，若A、
B 两种液体中，一种物质是水，则一定是甲物质，故①正确；
②由图可知，0~12min 乙的温度从60℃降低至20℃，所以乙的温度降低
Δt 乙=60℃-20℃=40℃
故②错误；
③0~12min 甲放出的热量
Q 水放=c 水m 水Δt 甲=4.2×10
3J/(kg•℃)×0.5kg×(60℃-40℃)=4.2×10
4J
故③错误；
④由题知，而水和液体的质量相同，即m 水=m 乙，而水和另种液体在相同时间内
放出的热量相等，即Q 水放=Q 乙放，则
c 水m 水Δt 甲=c 乙m 乙Δt 乙
结合图像可得，0~12min 水放出的热量，即另一种液体放出的热量
Q 水放=Q 乙放=4.2×10
4J
则另一种液体的比热容




4
3
4.2 10 J
2.1 10 J /
·
Δ
0.5
60
20
Q
c
kg
m
t
kg







乙放
乙
乙
乙
℃
℃
℃
故④正确，故D 符合题意，ABC 不符合题意。故选D。
599. 为了比较A、B 两种液体的吸热能力，小亮用完全相同的加热装置对质量分
别为100g 和400g 的A、B 两液体进行加热，根据实验数据绘制的温度随时间变
化的图像如图所示。根据图像信息，下列说法中正确的是（
）
349
A. A、B 两液体在0~8min 内吸收的热量之比为2:1
B. A、B 两液体的比热容之比为1: 2
C. B 液体的吸热能力比A 液体的强
D. A 液体比B 液体更适合作发动机的冷却液
【答案】D
【解析】A．AB 被相同的加热装置加热，被加热相同时间，AB 吸收热量相同，则
A、B 两液体在0~8min 内吸收的热量之比为1:1，故A 错误；
B．由图得，AB 加热8min 吸收相同的热量，A 温度上升
A
40
-20
=20
t


℃
℃
℃
B 温度上升
B
30
-20
=10
t


℃
℃
℃
AB 的质量分别为100g、400g，由
=
Q
cm t

吸
得，A、B 两液体的比热容之比为
A
A
A
B
B
B
A
A
B
B
400g 10
2
=
=
100g
20
1
Q
c
m
t
m
t
Q
c
m
t
m
t








吸
吸
℃
℃
故B 错误；
C．B 的比热容小于A 的比热容，即液体的吸热能力比A 液体的弱，故C 错误；
D．A 比热容较大，相同质量的AB 升高相同温度，A 吸收的热量较多，则A 液体
比B 液体更适合作发动机的冷却液，故D 正确。故选D。
600.如图所示，在试管内装适量水，用橡胶塞塞住管口，将水加热一段时间后，
橡胶塞被推出，管口出现大量“白气”。下列说法正确的是（
）
A. 管口出现的“白气”是水蒸气
350
B. 水蒸气推出橡胶塞导致水蒸气内能增加
C. 水被加热的过程中，其内能是通过做功的方式改变的
D. 水蒸气推出橡胶塞的过程中，橡胶塞的动能是由水蒸气的内能转化来的
【答案】D
【解析】A．管口出现的“白气”是水蒸气液化成的小水滴，故A 错误；
BD．水蒸气推出橡胶塞，水蒸气的内能转化为橡胶塞的机械能，水蒸气内能减小，
故B 错误，D 正确；
C．水被火焰加热的过程中，其内能是通过热传递的方式改变的，故C 错误。故
选D。
601. 图甲所示为一款新型水杯，将沸水倒入杯中，轻摇几下后，水温便可降至
55 C
左右，并能保温3 小时。图乙为其内部结构图，杯壁的不锈钢夹层中有晶
体传热材料，其在常温下是固态，会随着温度的变化发生可逆的固液转换。取
0.3kg 该晶体材料，对其进行加热，其温度与吸收的热量关系如图丙所示。下列
分析正确的是（
）
A. 该晶体材料的熔点为55 C

B. 在BC 段，该晶体材料的内能
保持不变
C. 在AB 段，该晶体材料的分子热运动变剧烈D. 该晶体材料的比热容为


3
0.88 10 J/ kg
C


【答案】CD
【解析】A．该晶体常温下是固态，会随着温度的变化发生可逆的固液转换，熔
化过程温度不变，不变的温度即是熔点，由图丙可知，在BC 段温度保持不变，
则该晶体熔点为50℃，故A 错误；
B．由图丙可知，BC 段是晶体的熔化过程，晶体熔化过程吸收热量，温度保持不
变，物体吸收了热量，内能一定增加，则该晶体材料的内能增大，故B 错误；
C．分子热运动的剧烈程度与温度有关，温度越高，分子热运动越剧烈；在BC
段温度升高，所以该晶体材料的分子热运动变剧烈，故C 错误；
D．由图丙可知，当0.3kg 晶体材料，由30℃加热到50℃，其吸收的热量为5.28
×10
3J，根据Q=cmΔt 可得，其比热容为


3
3
5.28 10 J
0.88 10 J/ kg
C
Δ
0.3kg (50
30
)
Q
c
m t








吸
℃
℃
故D 正确。故选CD。
602. 用同一酒精灯分别给质量相等的甲、，乙两种物质加热，根据测量数据绘
制如图所示图象，由图可知（
）
351
A. 甲物质的温度比乙物质温度升高的快，甲物质的比热容大于乙物质的比热容
B. 甲物质的温度比乙物质温度升高的快，甲物质的比热容小于乙物质的比热容
C. 甲物质的温度比乙物质温度升高的慢，甲物质的比热容大于乙物质的比热容
D. 甲物质的温度比乙物质温度升高的慢，甲物质的比热容小于乙物质的比热容
【答案】B
【解析】由图分析可知，相同的时间内，甲物质的温度比乙物质温度升高的高；
用同一酒精灯分别给质量相等的甲、乙两种物质加热，甲、乙两种物质在相同时
间里吸收的热量是一样的，根据公式Q
cm t


吸
讨论可知，吸收相同的热量，甲
物质升温高，因此甲物质比热容比乙物质比热容小，B 正确。故选B。
603. 如图所示，是某物质温度随时间变化的图像。下列说法正确的是（
）
A. 该图是某晶体的熔化图像
B. 该物质在第4min 时是固态
C. 在第12min 时不吸热不放热
D. 该物质的凝固点为80℃
【答案】D
【解析】A．由图可知，随着时间的增长，温度降低，从第8min 到第18min 温度
不变，是晶体的凝固图像，故A 错误；
B．第8min 到第18min 是该物质的凝固过程，在第4min 时是液态，故B 错误；
C．第12min 是该物质的凝固过程，凝固放热，故C 错误；
D．从第8min 到第18min 温度保持80℃，该物质的凝固点为80℃，故D 正确。
故选D。
604.关于图中所示的冰箱，下列说法正确的是（
）
352
A. 将水放入冷冻室，水会液化
B. 打开冷冻室的门会看到“白气”，这是汽化现象
C. 冷冻室侧壁有时会有霜，这是水蒸气凝华形成的
D. 液态制冷剂流经冷冻室的管子时会放热
【答案】C
【解析】A．将水放入冷冻室，水会遇冷凝固成冰，故A 错误；
B．打开冷冻室的门会看到“白气”，这是水蒸气液化成小液滴的现象，故B 错
误；
C．冷冻室侧壁有时会有霜，这是水蒸气遇冷凝华形成的，故C 正确；
D．液态制冷剂流经冷冻室的管子时会带走冷冻室的热量，即会吸热，故D 错误。
605. 以下过程不发生物态变化，初温相同的两块金属甲、乙吸收了相同热量，
甲的末温比乙的低，那么初温相同的甲、乙放出相同热量（
）
A. 甲的末温比乙的低，但无法判断甲、乙比热容哪一个大
B. 甲的末温比乙的高，但无法判断甲、乙比热容哪一个大
C. 甲的末温比乙的高，且可以判断甲、乙比热容哪一个大
D. 无法判断甲、乙的末温哪一个高，且无法判断甲、乙比热容哪一个大
【答案】B
【解析】依题意初温相同的两块金属甲、乙吸收了相同热量，甲的末温比乙的低，
说明吸收相同的热量，甲温度变化比乙温度变化慢，由此可知，初温相同的甲、
乙放出相同热量，甲乙温度都降低，由于甲温度变化比乙温度变化慢，所以甲的
末温比乙的末温高，但由于不知道甲乙两块金属的质量关系，所以无法判断甲、
乙比热容哪一个大，故ACD 不符合题意，B 符合题意。故选B。
606. 图甲是观察熔化现象的实验装置。图乙是某种物质熔化时温度随时间变化
的图像。下列分析正确的
是（
）
353
A. 这种物质是一种晶体，它的熔点是100℃
B. 该物质熔化过程中温度不变，所含热量增多
C. 这种物质从开始熔化到完全熔化，大约持续了15min
D. 加热一段时间后，从烧杯中冒出的“白气”是水汽化形成的
【答案】C
【解析】A．由图可知，该物质熔化时，不断吸收热量，温度保持不变，所以该
物质是晶体，它的熔点是80℃，故A 错误；
B．该物质熔化过程中温度不变，吸收的热量增多，热量是过程量，不能说“含
有”，故B 错误；
C．这种物质从开始熔化到完全熔化，大约持续的时间
t=25min-10min=15min
故C 正确；
D．加热一段时间后，从烧杯中冒出的“白气”是水蒸气遇冷液化形成的小水珠，
故D 错误。
607. 如图是某物质熔化时温度随时间变化的图像，根据图像可以判断（
）
A. 该物质是非晶体
B. 该物质的熔点是80℃
C. 第10min 时，该物质已完全熔化
D. 该物质在10~25min 内没有吸收热量
【答案】B
【解析】ABD．图中该物质在10~25min 内吸热但温度不变，是晶体，此时对应的
温度为80℃，即它的熔点是80℃，故AD 不符合题意，B 符合题意；
C．由图可知，第10min 时，该物质刚开始熔化，故C 不符合题意。故选B。
354
608. 冬季，某供热系统中有10kg 水，当温度降低1℃时，可给房间放热（
）
A.
2
4.2 10 J

B.
3
4.2 10 J

C.
4
4.2 10 J

D. 以上
都不对
【答案】C
【解析】当温度降低1℃时，可给房间放热
Q=cmΔt=4.2×10
3J/(kg·℃)×10kg×1℃=4.2×10
4J
故选C。
609. 某载重汽车自重12t，车轮与地面的总接触面积为0.5m
2，汽车以72km/h
的速度在平直公路上匀速行驶时，柴油发动机的功率为210kW，每行驶43s 消耗
柴油700g，柴油的热值为4.3×10
7J/kg。下列说法中（
）
①完全燃烧700g 柴油放出的热量为3.01×10
9J
②该柴油发动机效率为30%
③汽车的牵引力为1.05×10
4N
④若公路所能承受的最大压强为8×10
5Pa，汽车最多能装载40t 的货物
A．只有①②正确
B．只有③④正确
C．只有①③正确
D．只有②③正确
【答案】D
【解析】①完全燃烧700g 干木柴放出的热量：Q 放＝m 柴油q＝0.7kg×4.3×10
7J/kg
＝3.01×10
7J，故①错误；
②柴油发动机做功：W＝Pt＝210×10
3W×43s＝9.03×10
6J，柴油发动机的效率：
η＝
×100%＝
×100%＝30%，故②正确；
③汽车速度：v＝72km/h＝72×
m/s＝20m/s，由P＝
＝
＝Fv 得，汽车的
牵引力：F＝
＝
＝1.05×10
4N，故③正确；
④由p＝
得，公路所能承受的最大压力：F＝pS＝8×10
5Pa×0.5m
2＝4×10
5N，
汽车与货物的质量之和：m 总＝
＝
＝
＝4×10
4kg＝40t，汽车最多
能装载货物质量：m＝m 总﹣m 车＝40t﹣12t＝28t，故④错误。综上，①④错误，
②③正确。
28.1 热变化图像
610. 小美在老师指导下进行了以下实验：甲、乙两烧杯各装100g 水，用酒精灯
加热甲烧杯，煤油灯加热乙烧杯，直至杯内水沸腾1 分钟即熄灭该灯，测得消耗
酒精4g、煤油2.5g。她根据实验数据绘制了水温与加热时间关系的图像（如图）。
若水沸腾前质量不改变，同一杯水沸腾前后单位时间内吸收的热量相等，
7
3.0 10 J/kg
q


酒精
，
7
4.6 10 J/kg
q


煤油
，


3
4.2 10 J/ kg
C
c



水
，则下列说法正
确的是（
）
355
A. 整个过程，甲杯中的水吸收的热量更多
B. 前3 分钟，乙杯中的水吸收的热量为
4
3.36 10 J

C. 消耗的煤油完全燃烧放出的热量为
8
1.15 10 J

D. 酒精灯加热的效率为28%
【答案】B
【解析】A．由题意，由于甲、乙两烧杯各装水的质量相等，水的初始温度相同，
根据Q
cm t


吸
可知水沸腾前，两杯水吸收的热量相等，为


3
4
4.2 10 J/ kg
C
0.1kg
(98 18) C
3.36 10 J
Q
cm t










吸
且同一杯水沸腾前后单位时间内吸收的热量相等，则整个过程甲、乙两杯水所吸
收的热量分别为
4
4
6
6
3.36 10 J
4.032 10 J
5
5
Q
Q






甲
吸
4
4
4
4
3.36 10 J
4.48 10 J
3
3
Q
Q






乙
吸
所以整个过程，乙杯中的水吸收的热量更多，故A 错误；
B．由图可得，3 分钟时乙杯中的水恰好沸腾，则吸收的热量为
3
4
4.2 10 J/(kg
C) 0.1kg
(98 18) C
3.36 10 J
Q
c m t










吸
水
故B 正确；
C．整个过程消耗的煤油完全燃烧放出的热量为
7
5
3
4.6 10 J/kg
2.5 10 kg
1.15 10 J
Q
q
m








煤油
煤油
煤油
故C 错误；
D．在整个过程中，燃烧4g 酒精所释放的热量为
7
3
5
3.0 10 J/kg
4 10 kg
1.2 10 J
Q
q
m







酒精
酒精
酒精
可得酒精灯加热的效率为
4
5
4.032 10 J
100%
100%
33.6%
1.2 10 J
Q
Q








甲
酒精
故D 错误。故选B。
611.如图所示，烧杯里装着水，试管中装着酒精，标准大气压下酒精的沸点为
78℃，给烧杯加热使水沸腾，继续加热，则试管中的酒精（
）
356
A. 能沸腾
B. 温度达不到沸点，不能沸腾
C. 温度能达到沸点，但不能沸腾
D. 以上三种情况都可能发生
【答案】A
【解析】当烧杯中的水沸腾后，温度达到沸点，继续加热，试管中的酒精吸热，
温度上升，且酒精的沸点低于水的沸点，故试管中的酒精温度能达到沸点，且能
持续从水中吸热，故试管中的酒精能沸腾，A 符合题意，BCD 不符合题意。故选
A。
612. 如图所示是某小组“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验装置及根据实
验数据绘制的图象，下列分析正确的是（
）
A. 水不断冒出“白气”是沸腾现象
B. 水沸腾时，水中上升的气泡由大变小
C. 水沸腾时温度不变，不需要吸热
D. 该实验地点的气压低于1 标准大气压
【答案】D
【解析】A．杯口不断地冒出大量“白气”，这是由于水蒸气遇冷后液化成的小
水滴,故A 错误；
B．液体的沸腾是内部和表面同时进行的剧烈的汽化现象，沸腾时不断有水汽化
为水蒸气进入气泡内，使气泡在上升的过程中体积逐渐增大，最后破裂，故B
错误；
C．水在加热过程中，吸收热量，温度升高；沸腾时，吸收热量，温度不变，故
C 错误；
D．由表格数据知，水在4min 开始沸腾，沸腾时水不断吸收热量，水保持98℃
不变，这个不变的温度是水的沸点，所以此时水的沸点是98℃,该实验地点的气
压低于1 标准大气压，故D 正确。
故选D。
28.2 物态变化
613.据《天工开物》记载，可从朱砂矿石中提炼水银(液态汞)。如图所示，给密
闭锅内的朱砂矿石加热，就会在倒扣的锅壁上布满水银。在倒扣锅壁上形成水银
357
的物态变化是
(
)
A. 凝固
B.凝华
C. 液化
D. 汽化
【答案】C
【解析】给密闭锅内的朱砂矿石加热，就会在倒扣的锅壁上布满水银，这是因为
朱砂矿石被加热时，密闭锅内会形成水银蒸气，气态的水银遇到温度较低的锅壁
会放热液化成液态水银。故C 正确，A、B、D 错误。
614.2023 年冬，凭借冰雪资源火爆出圈的哈尔滨吸引了众多的南方“小土豆”
前来游玩，千姿百态的雾凇成为“小土豆”们必看的绝世美景。下列自然现象，
与雾凇形成时的物态变化相同的是(
)
A. 叶尖露珠
B.山间薄雾
C.枝头白霜
D. 房檐冰挂
【答案】C
【解析】雾凇是水蒸气放热凝华形成的。
选项现象
物态变化吸、放热结果
A
叶尖露珠液化
放出热量×
B
山间薄雾液化
放出热量×
C
枝头白霜凝华
放出热量√
D
房檐冰挂凝固
放出热量×
615.盆栽养护应遵循“土
壤含水不浇水，土壤干时要浇水”的原则。春季，
小明自制“土壤含水显示仪”,探测花盆内土壤是否含液态水。如图所示，中午
将试管倒插入土壤深处，傍晚发现试管内上端出现水珠，说明土壤含液态水。
从土壤含液态水到试管内出现水珠，发生的物态变化是（
）
A.先汽化后液化
B.先液化后汽化
C. 先升华后液化
D.先升华后凝华
【答案】C
【解析】试管内上端出现水珠，是因为土壤中的水先汽化变成水蒸气，水蒸气上
升，到达试管内上端后遇冷液化成小水珠，故发生的物态变化为“先汽化后液化”。
358
29.电磁学
616.某“冰箱贴”背面的磁性材料磁感线如图所示，下列判断正确的是（
）
A．a 点的磁感应强度大于b 点
B．b 点的磁感应强度大于c 点
C．c 点的磁感应强度大于a 点
D．a、b、c 点的磁感应强度一样大
【答案】B
【详解】磁感线越密集的地方磁感线强度越大，故可知
b
a
c
B
B
B


。
故选B。
617.如图，两根相互平行的长直导线与一“凸”形导线框固定在同一竖直平面内，
导线框的对称轴与两长直导线间的距离相等。已知左、右两长直导线中分别
通有方向相反的恒定电流
1
2
I
I
、
，且
1
2
I
I

，则当导线框中通有顺时针方向
的电流时，导线框所受安培力的合力方向（
）
A．竖直向上
B．竖直向下
C．水平向左
D．水平向右
【答案】C
【详解】根据右手螺旋定则可知导线框所在磁场方向向里，由于
1
2
I
I

，可
知左侧的磁场强度大，同一竖直方向上的磁场强度相等，故导线框水平方向
导线所受的安培力相互抵消，根据左手定则结合F
BIL

可知左半边竖直方
向的导线所受的水平向左的安培力大于右半边竖直方向的导线所受的水平向
右的安培力，故导线框所受安培力的合力方向水平向左。
故选C。
618.如图，相距为d 的固定平行光滑金属导轨与阻值为R 的电阻相连，处在磁感
应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场中长度为L 的导体棒ab 沿导
轨向右做匀速直线运动，速度大小为v。则导体棒ab 所受的安培力为（
）
359
A．
2
2
B d v
R
，方向向左
B．
2
2
B d v
R
，方向向右
C．
2
2
B L v
R
，方向向左
D．
2
2
B L v
R
，方向向右
【答案】A
【详解】导体棒ab 切割磁感线在电路部分得有效长度为d，故感应电动势为
E
Bdv

回路中感应电流为
E
I
R

根据右手定则，判断电流方向为b 流向a。故导体棒ab 所受的安培力为
2
2
B d v
F
BId
R


方向向左。
故选A。
619.磁电式电表原理示意图如图所示，两磁极装有极靴，极靴中间还有一个用软
铁制成的圆柱。极靴与圆柱间的磁场都沿半径方向，两者之间有可转动的线
圈。a、b、c 和d 为磁场中的四个点。下列说法正确的是（
）
A．图示左侧通电导线受到安培力向下
B．a、b 两点的磁感应强度相同
C．圆柱内的磁感应强度处处为零
D．c、d 两点的磁感应强度大小相等
【答案】A
【详解】A．由左手定则可知，图示左侧通电导线受到安培力向下，选项A
正确；
B．a、b 两点的磁感应强度大小相同，但是方向不同，选项B 错误；
C．磁感线是闭合的曲线，则圆柱内的磁感应强度不为零，选项C 错误；
D．因c 点处的磁感线较d 点密集，可知c 点的磁感应强度大于d 点的磁感
360
应强度，选项D 错误。
故选A。
620.地球本身是一个大磁体，其磁场分布示意图如图所示。学术界对于地磁场的
形成机制尚无共识。一种理论认为地磁场主要源于地表电荷随地球自转产生
的环形电流。基于此理论，下列判断正确的是（
）
A．地表电荷为负电荷
B．环形电流方向与地球自转方向相同
C．若地表电荷的电量增加，则地磁场强度增大
D．若地球自转角速度减小，则地磁场强度增大
【答案】AC
【详解】A．根据右手螺旋定则可知，地表电荷为负电荷，故A 正确；
B．由于地表电荷为负电荷，则环形电流方向与地球自转方向相反，故B 错
误；
C．若地表电荷的电量增加，则等效电流越大，地磁场强度增大，故C 正确；
D．若地球自转角速度减小，则等效电流越小，地磁场强度减小，故D 错误。
故选AC。
621.如图所示，带正电的小球竖直向下射入垂直纸面向里的匀强磁场，关于小球
运动和受力说法正确的是（
）
A．小球刚进入磁场时受到的洛伦兹力水平向右B．小球运动过程中的速度
不变
C．小球运动过程的加速度保持不变D．小球受到的洛伦兹力对小球做正功
【答案】A
【详解】A．根据左手定则，可知小球刚进入磁场时受到的洛伦兹力水平向
右，A 正确；
BC．小球受洛伦兹力和重力的作用，则小球运动过程中速度、加速度大小，
方向都在变，BC 错误；
D．洛仑兹力永不做功，D 错误。
故选A。
622.光滑刚性绝缘圆筒内存在着平行于轴的匀强磁场，筒上P 点开有一个小孔，
过P 的横截面是以O 为圆心的圆，如图所示。一带电粒子从P 点沿PO 射入，
然后与筒壁发生碰撞。假设粒子在每次碰撞前、后瞬间，速度沿圆上碰撞点
361
的切线方向的分量大小不变，沿法线方向的分量大小不变、方向相反；电荷
量不变。不计重力。下列说法正确的是（
）
A．粒子的运动轨迹可能通过圆心O
B．最少经2 次碰撞，粒子就可能从小孔射出
C．射入小孔时粒子的速度越大，在圆内运动时间越短
D．每次碰撞后瞬间，粒子速度方向一定平行于碰撞点与圆心O 的连线
【答案】BD
【详解】D．假设粒子带负电，第一次从A 点和筒壁发生碰撞如图，
1
O 为圆
周运动的圆心
由几何关系可知
1
O AO

为直角，即粒子此时的速度方向为OA，说明粒子
在和筒壁碰撞时速度会反向，由圆的对称性在其它点撞击同理，D 正确；
A．假设粒子运动过程过O 点，则过P 点的速度的垂线和OP 连线的中垂线是
平行的不能交于一点确定圆心，由圆形对称性撞击筒壁以后的A 点的速度垂
线和AO 连线的中垂线依旧平行不能确定圆心，则粒子不可能过O 点，A 错误；
B．由题意可知粒子射出磁场以后的圆心组成的多边形应为以筒壁的内接圆
的多边形，最少应为三角形如图所示
362
即撞击两次，B 正确；
C．速度越大粒子做圆周运动的半径越大，碰撞次数会可能增多，粒子运动
时间不一定减少，C 错误。
故选BD。
电磁感应现象楞次定律
623.如图，一金属薄片在力F 作用下自左向右从两磁极之间通过。当金属薄片中
心运动到N 极的正下方时，沿N 极到S 极的方向看，下列图中能够正确描述
金属薄片内涡电流绕行方向的是（
）
A．
B．
C．
D．
【答案】C
【详解】根据题意当金属薄片中心运动到N 极正下方时，薄片右侧的磁通量
在减小，左侧磁通量在增加，由于两极间的磁场竖直向下，根据楞次定律可
知此时薄片右侧的涡电流方向为顺时针，薄片左侧的涡电流方向为逆时针。
故选C。
624.绝缘的轻质弹簧上端固定，下端悬挂一个磁铁。将磁铁从弹簧原长位置由静
止释放，磁铁开始振动，由于空气阻力的影响，振动最终停止。现将一个闭
合铜线圈固定在磁铁正下方的桌面上（如图所示），仍将磁铁从弹簧原长位
置由静止释放，振动最终也停止。则（
）
363
A．有无线圈，磁铁经过相同的时间停止运动
B．磁铁靠近线圈时，线圈有扩张趋势
C．磁铁离线圈最近时，线圈受到的安培力最大
D．有无线圈，磁铁和弹簧组成的系统损失的机械能相同
【答案】D
【详解】A．有线圈时，磁铁受到电磁阻尼的作用，振动更快停止，故A 错误；
B．根据楞次定律，磁铁靠近线圈时，线圈的磁通量增大，此时线圈有缩小的
趋势，故B 错误；
C．磁铁离线圈最近时，此时磁铁与线圈的相对速度为零，感应电动势为零，
感应电流为零，线圈受到的安培力为零，故C 错误；
D．分析可知有无线圈时，根据平衡条件最后磁铁静止后弹簧的伸长量相同，
由于磁铁和弹簧组成的系统损失的机械能为磁铁减小的重力势能减去此时弹
簧的弹性势能，故系统损失的机械能相同，故D 正确。
故选D。
625.下列图示情况，金属圆环中不能
．．产生感应电流的是（
）
A．图（a）中，圆环在匀强磁场中向左平移
B．图（b）中，圆环在匀强磁场中绕轴转动
C．图（c）中，圆环在通有恒定电流的长直导线旁向右平移
D．图（d）中，圆环向条形磁铁N 极平移
【答案】A
【详解】A．圆环在匀强磁场中向左平移，穿过圆环的磁通量不发生变化，金
属圆环中不能产生感应电流，故A 正确；
B．圆环在匀强磁场中绕轴转动，穿过圆环的磁通量发生变化，金属圆环中能
产生感应电流，故B 错误；
C．离通有恒定电流的长直导线越远，导线产生的磁感应强度越弱，圆环在通
有恒定电流的长直导线旁向右平移，穿过圆环的磁通量发生变化，金属圆环
中能产生感应电流，故C 错误；
D．根据条形磁铁的磁感应特征可知，圆环向条形磁铁N 极平移，穿过圆环的
磁通量发生变化，金属圆环中能产生感应电流，故D 错误。
故选A 。
364
626.工业上常利用感应电炉冶炼合金，装置如图所示。当线圈中通有交变电流时，
下列说法正确的是（
）
A．金属中产生恒定感应电流
B．金属中产生交变感应电流
C．若线圈匝数增加，则金属中感应电流减小D．若线圈匝数增加，则金属中
感应电流不变
【答案】B
【详解】AB．当线圈中通有交变电流时，感应电炉金属内的磁通量也不断随
之变化，金属中产生交变感应电流，A 错误，B 正确；
CD．若线圈匝数增加，根据电磁感应定律可知，感应电动势增大，则金属中
感应电流变大，CD 错误。
故选B。
627.如图所示，a 、b 为正方形金属线圈，a 线圈从图示位置匀速向右拉出匀强
磁场的过程中，a 、b 中产生的感应电流方向分别为（
）
A．顺时针、顺时针
B．逆时针、逆时针
C．顺时针、逆时针
D．逆时针，顺时针
【答案】A
【详解】线圈a 从磁场中向右匀速拉出磁场的过程中穿过a 线圈的磁通量在
减小，则根据楞次定律可知a 线圈的电流为顺时针，由于线圈a 从磁场中匀
速拉出，则a 中产生的电流为恒定电流，则线圈a 靠近线圈b 的过程中线圈
b 的磁通量在向外增大，同理可得线圈b 产生的电流为顺时针。
故选A。
628.如图所示，线圈M 和线圈P 绕在同一个铁芯上，下列说法正确的是（
）
A．闭合开关瞬间，线圈M 和线圈P 相互吸引
B．闭合开关，达到稳定后，电流表的示数为0
365
C．断开开关瞬间，流过电流表的电流方向由a 到b
D．断开开关瞬间，线圈P 中感应电流的磁场方向向左
【答案】B
【详解】A．闭合开关瞬间，线圈P 中感应电流的磁场与线圈M 中电流的磁
场方向相反，由楞次定律可知，二者相互排斥，故A 错误；
B．闭合开关，达到稳定后，通过线圈P 的磁通量保持不变，则感应电流为
零，电流表的示数为零，故B 正确；
CD．断开开关瞬间，通过线圈P 的磁场方向向右，磁通量减小，由楞次定律
可知感应电流的磁场方向向右，因此流过电流表的感应电流方向由b 到a，
故CD 错误。
故选B。
629.如图，绝缘水平面上四根完全相同的光滑金属杆围成矩形，彼此接触良好，
匀强磁场方向竖直向下。金属杆2、3 固定不动，1、4 同时沿图箭头方向移
动，移动过程中金属杆所围成的矩形周长保持不变。当金属杆移动到图位置
时，金属杆所围面积与初始时相同。在此过程中（
）
A．金属杆所围回路中电流方向保持不变
B．通过金属杆截面的电荷量随时间均匀增加
C．金属杆1 所受安培力方向与运动方向先相同后相反
D．金属杆4 所受安培力方向与运动方向先相反后相同
【答案】CD
【详解】A．由数学知识可知金属杆所围回路的面积先增大后减小，金属杆
所围回路内磁通量先增大后减小，根据楞次定律可知电流方向先沿逆时针方
向，后沿顺时针方向，故A 错误；
B．由于金属杆所围回路的面积非均匀变化，故感应电流的大小不恒定，故
通过金属杆截面的电荷量随时间不是均匀增加的，故B 错误；
CD．由上述分析，再根据左手定则，可知金属杆1 所受安培力方向与运动方
向先相同后相反，金属杆4 所受安培力方向与运动方向先相反后相同，故CD
正确。
故选CD。
630.如图所示，光滑水平面上的正方形导线框，以某一初速度进入竖直向下的匀
强磁场并最终完全穿出。线框的边长小于磁场宽度。下列说法正确的是
（
）
366
A．线框进磁场的过程中电流方向为顺时针方向
B．线框出磁场的过程中做匀减速直线运动
C．线框在进和出的两过程中产生的焦耳热相等
D．线框在进和出的两过程中通过导线横截面的电荷量相等
【答案】D
【详解】A．线框进磁场的过程中由楞次定律知电流方向为逆时针方向，A
错误；
B．线框出磁场的过程中，根据
E = Blv
E
I
R

联立有
2
2
A
B L v
F
ma
R


由于线框出磁场过程中由左手定则可知线框受到的安培力向左，则v 减小，
线框做加速度减小的减速运动，B 错误；
C．由能量守恒定律得线框产生的焦耳热
Q = FAL
其中线框进出磁场时均做减速运动，但其进磁场时的速度大，安培力大，产
生的焦耳热多，C 错误；
D．线框在进和出的两过程中通过导线横截面的电荷量
q
It

其中
E
I
R

，
x
E
BL t

则联立有
BL
q
x
R

由于线框在进和出的两过程中线框的位移均为L，则线框在进和出的两过程
中通过导线横截面的电荷量相等，故D 正确。
故选D。
631.汽车测速利用了电磁感应现象，汽车可简化为一个矩形线圈abcd，埋在地
下的线圈分别为1、2，通上顺时针（俯视）方向电流，当汽车经过线圈时
（
）
367
A．线圈1、2 产生的磁场方向竖直向上
B．汽车进入线圈1 过程产生感应电流方向为abcd
C．汽车离开线圈1 过程产生感应电流方向为abcd
D．汽车进入线圈2 过程受到的安培力方向与速度方向相同
【答案】C
【详解】A．由题知，埋在地下的线圈1、2 通顺时针（俯视）方向的电流，
则根据右手螺旋定则，可知线圈1、2 产生的磁场方向竖直向下，A 错误；
B．汽车进入线圈1 过程中，磁通量增大，根据楞次定律可知产生感应电流
方向为adcb（逆时针），B 错误；
C．汽车离开线圈1 过程中，磁通量减小，根据楞次定律可知产生感应电流
方向为abcd（顺时针），C 正确；
D．汽车进入线圈2 过程中，磁通量增大，根据楞次定律可知产生感应电流
方向为adcb（逆时针），再根据左手定则，可知汽车受到的安培力方向与速
度方向相反，D 错误。
故选C。
30.分子理论
632．某同学冬季乘火车旅行，在寒冷的站台上从气密性良好的糖果瓶中取出糖
果后拧紧瓶盖，将糖果瓶带入温暖的车厢内一段时间后，与刚进入车厢时相
比，瓶内气体（
）
A．内能变小
B．压强变大
C．分子的数密度变大
D．每个分子动能都变大
【答案】B
【详解】A．将糖果瓶带入温暖的车厢内一段时间后，温度升高，而理想气体
内能只与温度相关，则内能变大，故A 错误；
B．将糖果瓶带入温暖的车厢过程，气体做等容变化，根据p
C
T 
，因为温度
368
升高，则压强变大，故B 正确；
C．气体分子数量不变，气体体积不变，则分子的数密度不变，故C 错误；
D．温度升高，气体分子的平均动能增大，但不是每个分子的动能都增大，故
D 错误。
故选B。
633．在恒温容器内的水中，让一个导热良好的气球缓慢上升。若气球无漏气，
球内气体（可视为理想气体）温度不变，则气球上升过程中，球内气体（
）
A．对外做功，内能不变
B．向外放热，内能减少
C．分子的平均动能变小
D．吸收的热量等于内能的增加量
【答案】A
【详解】根据题意可知，气球缓慢上升的过程中，气体温度不变，则气体的
内能不变，分子的平均动能不变，气体的体积变大，气体对外做功，由热力
学第一定律可知，由于气体的内能不变，则吸收的热量与气体对外做的功相
等。
故选A。
634．一定质量的理想气体，体积保持不变。在甲、乙两个状态下，该气体分子
速率分布图像如图所示。与状态甲相比，该气体在状态乙时（
）
A．分子的数密度较大
B．分子间平均距离较小
C．分子的平均动能较大
D．单位时间内分子碰撞单位面积器壁的次数较少
【答案】C
【详解】AB．根据题意，一定质量的理想气体，甲乙两个状态下气体的体积
相同，所以分子密度相同、分子的平均距离相同，故AB 错误；
C．根据题图可知，乙状态下气体速率大的分子占比较多，则乙状态下气体温
度较高，则平均动能大，故C 正确；
D．乙状态下气体平均速度大，密度相等，则单位时间内撞击容器壁次数较多，
故D 错误。
故选C。
635．如图，一圆柱形汽缸水平固置，其内部被活塞M、P、N 密封成两部分，活
塞P 与汽缸壁均绝热且两者间无摩擦。平衡时，P 左、右两侧理想气体的温度
分别为
1T 和
2T ，体积分别为
1V 和
2
V ，
1
2
1
2
,
T
T V
V


。则（
）
369
A．固定M、N，若两侧气体同时缓慢升高相同温度，P 将右移
B．固定M、N，若两侧气体同时缓慢升高相同温度，P 将左移
C．保持
1
2
T
T
、
不变，若M、N 同时缓慢向中间移动相同距离，P 将右移
D．保持
1
2
T
T
、
不变，若M、N 同时缓慢向中间移动相同距离，P 将左移
【答案】AC
【详解】AB．由题干可知初始左右气体的压强相同，假设在升温的过程中P 板
不发生移动，则由定容过程p
p
p
p
T
T
T
T





可得左侧气体压强增加量多，则P 板向右移动；A 正确B 错误；
CD．保持温度不变移动相同的距离时
1
1
1
pV
C
T

，
1 1
1
C T
p
V

同理
1 1
2
2
1
2
C T
C T
V
V

得
1
2
1 1
2
2
=
V
V
C T
C T ，
若P 不移动，则
1
2
1 1
2
2
V
V
V
V
C T
C T



，故
1 1
2
2
1
2
C T
C T
V
V
V
V



，则
1
2
p
p

，向右移动，C 正确D 错误。
故选AC
636．夜间由于气温降低，汽车轮胎内的气体压强变低。与白天相比，夜间轮胎
内的气体（
）
A．分子的平均动能更小
B．单位体积内分子的个数更少
C．所有分子的运动速率都更小
D．分子对轮胎内壁单位面积的平均作用
力更大
【答案】A
【详解】AC．夜间气温低，分子的平均动能更小，但不是所有分子的运动速
率都更小，故A 正确、C 错误；
BD．由于汽车轮胎内的气体压强变低，轮胎会略微被压瘪，则单位体积内分
子的个数更多，分子对轮胎内壁单位面积的平均作用力更小，BD 错误。
故选A。
637．下列关于分子力和分子势能的说法正确的是（
）
370
A．分子间距离大于r0时，分子间表现为斥力
B．分子从无限远靠近到距离r0处过程中分子势能变大
C．分子势能在r0处最小
D．分子间距离小于r0且减小时，分子势能在减小
【答案】C
【详解】分子间距离大于r0，分子间表现为引力，分子从无限远靠近到距离
r0处过程中，引力做正功，分子势能减小，则在r0处分子势能最小；继续减
小距离，分子间表现为斥力，分子力做负功，分子势能增大。
故选C。
638．如图所示，密闭容器内一定质量的理想气体由状态A 变化到状态B。该过
程中（
）
A．气体分子的数密度增大
B．气体分子的平均动能增大
C．单位时间内气体分子对单位面积器壁的作用力减小
D．单位时间内与单位面积器壁碰撞的气体分子数减小
【答案】B
【详解】A．根据
pV
C
T 
可得
C
p
T
V

则从A 到B 为等容线，即从A 到B 气体体积不变，则气体分子的数密度不变，
选项A 错误；
B．从A 到B 气体的温度升高，则气体分子的平均动能变大，则选项B 正确；
C．从A 到B 气体的压强变大，气体分子的平均速率变大，则单位时间内气
体分子对单位面积的器壁的碰撞力变大，选项C 错误；
D．气体的分子密度不变，从A 到B 气体分子的平均速率变大，则单位时间
内与单位面积器壁碰撞的气体分子数变大，选项D 错误。
故选B。
371
二、化学
01 物质的构成与组成
1．下列对分子、原子和离子的认识正确的是（
）
A．三种粒子都可以构成物质
B．只有分子能够保持物质的化学性质
C．分子和原子在化学变化中都能够再分
D．化学反应前后分子种类、原子数目都不发生改变
【解答】解：A.分子、原子和离子是构成物质的三种基本粒子，故正确；
B.由原子构成的物质，原子保持其化学性质，由离子构成的物质的，离子保
持其化学性质，故错误；
C.在化学变化中，分子分成原子，但原子不能再分，故错误；
D.化学反应前后分子种类发生变化，原子的种类、数目都不发生改变，故错
误。
故选：A。
2．中国空间站已常年驻留航天员，为调整空间站内的气体成分，科学家利用物
质转化反应消耗航天员呼出的CO2。该转化反应的微观示意图如图。下列说法
正确的是（
）
A．该反应属于置换反应
B．反应物和生成物中均有氧化物
C．反应前后分子总数不变
D．催化剂在反应前后无任何变化
【解答】解：由微观反应示意图可知，该反应的化学方程式为
4H2+CO2
2H2O+CH4。
A、置换反应是由一种单质与一种化合物反应生成另一种单质与另一种化合物
的反应，而该反应的生成物均为化合物，因此该反应不属于置换反应，故A
说法错误；
B、氧化物是由两种元素组成，且其中由有一种元素是氧元素的化合物，反应
物中的二氧化碳和生成物中的水均属于氧化物，故B 说法正确；
C、由化学方程式可知，该反应前后分子总数发生改变，故C 说法错误；
372
D、催化剂在反应前后，质量和化学性质不变，物理性质可能改变，故D 说法
错误。
故选：B。
3．在一定条件下，图1 的微粒之间可发生如下化学反应，反应后生成图2 中的
新微粒用符号表示正确的一个选项是（
）
A．H2O
B．OH
C．H2O2
D．H2
【解答】解：图2 中，存在的微粒有H2O、O2，其中氧气为反应的剩余物，所
以反应后生成图2 中的新微粒符号为H2O。
故选：A。
4．如图是某化学反应的微观示意图，下列说法正确的是（
）
A．该反应属于化合反应
B．
和
反应的分子个数比为2：1
C．一个
分子中含有一个
分子
D．该过程表达的反应可能是
【解答】解：由微观反应示意图示意图和质量守恒定律可知，该反应的微观
反应过程可表示如下：
A、由图示可知，该反应是两种物质反应生成一种物质，符合“多变一”的特
点，属于化合反应，说法正确；
B、由图示可知，参加反应的
和
反应的分子个数比为1：2，说法错
误；
373
C、分子由原子构成，一个
分子中含有2 个
原子，说法错误；
D、
是单质，
是化合物，图示中的反应物是一种单质和一种化合物，
且图中的反应没有注明反应条件，则该过程表达的反应不可能是
，说法错误。
故选：A。
5．如图为某原子结构模型的示意图，其中a、b、c 是构成该原子的三种不同粒
子。下列说法正确的是（
）
A．决定该原子种类的粒子是b
B．原子中b 与c 的数目一定相同
C．原子中a 与c 的数目一定相同
D．原子的质量集中在a 和c 上
【解答】解：A．质子数决定元素的种类，决定该原子种类的粒子是c，故错
误；
B．质子数和中子数不一定相等，原子中b 与c 的数目不一定相同，故错误；
C．原子中质子数＝电子数，a 与c 的数目一定相同，故正确；
D．原子的质量主要集中在原子核上，集中在b 和c 上，故错误。
故选：C。
6．模型建构是化学科学研究的基本方法。如图是某同学绘制的原子结构模型和
原子结构示意图，有关说法正确的是（
）
A．③形成的阳离子符号是H
+
B．①②属于同种元素
C．①对应的原子结构示意图是④
D．②形成的单质化学性质不稳定
【解答】解：A、③的质子数和电子数是1，属于氢原子，失去一个电子形成
氢离子，符号为H
+，故A 说法正确；
B、①的质子数是1，②的质子数是2，①②的质子数不同，不属于同种元素，
374
故B 说法不正确；
C、①的质子数是1，核外有1 个电子，对应的原子结构示意图是③，故C 说
法不正确；
D、②的最外层也是第一层有2 个电子，属于稳定结构，形成的单质化学性质
稳定，故D 说法不正确。
故选：A。
7．如图为铝原子结构示意图。下列有关铝原子的说法正确的是（
）
A．图中“+”表示铝原子带正电
B．铝原子的质量主要集中在核外13 个电子上
C．铝原子在化学反应中易得到电子
D．铝原子核外有3 个电子层
【解答】解：A、图中“+”表示原子核带正电，故选项说法错误。
B、由于电子质量很小，铝原子的质量主要集中在原子核上，故选项说法错误。
C、由铝原子结构示意图可知，铝原子的最外层电子数为3，小于4，在化学
反应中易失去3 个电子形成阳离子，故选项说法错误。
D、弧线表示电子层，由铝原子结构示意图可知，铝原子核外有3 个电子层，
故选项说法正确。
故选：D。
8．2022 年诺贝尔化学奖授予三位科学家，他们研究功能分子，搭建出复杂的分
子结构。下列关于分子的说法正确的是（
）
A．物质一定是由分子构成的
B．通常分子的质量和体积都很小
C．水变成冰以后分子停止了运动
D．构成H2O 和H2O2的分子相同
【解答】解：A、物质不一定是由分子构成的，也可能是由原子或离子构成的，
故选项说法错误。
B、通常分子的质量和体积都很小，故选项说法正确。
C、水变成冰以后分子仍是在不断运动的，故选项说法错误。
D、构成H2O 和H2O2的分子不同，分别是水分子、过氧化氢分子，故选项说法
错误。
故选：B。
9．钛镍形状记忆合金被广泛用于做人造卫星和宇宙飞船的天线，其中所含的钛
元素在元素周期表中的某些信息如图所示，下列有关钛的说法不正确的是
（
）
375
A．钛元素的相对原子质量为47.87g
B．钛原子的质子数为22
C．钛原子的核外电子数为22
D．钛属于金属元素
【解答】解：A、根据元素周期表中的一格可知，汉字下面的数字表示相对原
子质量，该元素的相对原子质量为47.87，相对原子质量单位是“1”，不是
“g”，故选项说法错误。
B、根据元素周期表中的一格可知，左上角的数字表示原子序数，该元素的原
子序数为22；根据原子中原子序数＝核电荷数＝质子数＝核外电子数，则钛
原子的质子数为22，故选项说法正确。
C、根据元素周期表中的一格可知，左上角的数字表示原子序数，该元素的原
子序数为22；根据原子中原子序数＝核电荷数＝质子数＝核外电子数，则钛
原子的核外电子数为22，故选项说法正确。
D、根据元素周期表中的一格可知，中间的汉字表示元素名称，该元素的名称
是钛，带“钅”字旁，属于金属元素，故选项说法正确。
故选：A。
10．2022 年诺贝尔化学奖授予对点击化学等领域作出贡献的科学家，铜离子是
点击化学常用的催化剂，铜在元素周期表中的相关信息如图所示，下列说法
不正确的是（
）
A．铜的元素符号是Cu
B．铜的原子序数是29
C．铜属于金属元素
D．铜的相对原子质量为63.55g
【解答】解：A、根据元素周期表中的一格可知，字母表示该元素的元素符号，
铜的元素符号是Cu，故选项说法正确。
B、根据元素周期表中的一格可知，左上角的数字表示原子序数，该元素的原
子序数为29，故选项说法正确。
C、根据元素周期表中的一格可知，中间的汉字表示元素名称，该元素的名称
是铜，带“钅”字旁，属于金属元素，故选项说法正确。
D、根据元素周期表中的一格可知，汉字下面的数字表示相对原子质量，该元
素的相对原子质量为63.55，相对原子质量单位是“1”，不是“g”，故选项
说法错误。
故选：D。
11．宜宾正大力发展光伏产业，单质硅是制造太阳能电池板的核心材料。如图为
376
硅元素在元素周期表中的相关信息和原子结构示意图。下列有关硅元素的说
法错误的是（
）
A．原子序数为14
B．元素符号为Si
C．图中m 的值为14
D．图中“28.09”表示1 个硅原子的质量
【解答】解：A.元素名称左上角的数字表示原子序数，因此硅元素的原子序
数为14，故正确；
B.根据图示信息可知，硅元素符号为Si，故正确；
C.原子中，核电荷数＝核外电子数，m＝14，因此14＝2+8+n，n＝4，故正确；
D.图中“28.09”表示硅元素的相对原子质量，故错误；
故选：D。
12．依据所学知识和元素周期表的部分信息判断，下列叙述错误的是（
）
A．H
+的结构示意图如图
B．第3 号元素的氧化物的化学式为Li2O
C．相同质量的Na、Mg、Al 三种金属中，含原子个数最多的是Al
D．锂的相对原子质量是6.941
【解答】解：A、H
+中质子数为1，电子数为0，故A 正确；
B、锂原子最外层有1 个电子，容易失去这个电子而带一个单位的正电荷，故
锂元素化合价是+1，氧元素化合价是﹣2，根据化合物中元素化合价代数和为
零可知，氧化锂的化学式为Li2O，故B 正确；
C、由元素周期表信息可知三种元素原子的相对原子质量由小到大的顺序为
钠、镁、铝，所以三种原子的实际质量由小到大的顺序也为钠、镁、铝，故
相同质量的Na、Mg、Al 三种金属中，含原子个数最多的是Na，最少的是Al，
故C 错误；
D、元素周期表中元素名称下方的数字为相对原子质量，故Li 的相对原子质
量为6.941，故D 正确。
故选：C。
13．我国北斗三号全球卫星导航系统应用了高精准度的铷原子钟，铷元素在元素
377
周期表中的信息与铷原子结构示意图如图所示，下列有关铷的说法不正确的
是（
）
A．属于金属元素
B．相对原子质量为85.47g
C．N＝18
D．铷元素的化学性质与钠元素相似
【解答】解：A、铷带“钅”字旁，属于金属元素，故选项说法正确。
B、根据元素周期表中的一格可知，汉字下面的数字表示相对原子质量，铷的
相对原子质量为85.47，单位是“1”，不是“g”，故选项说法错误。
C、原子中质子数＝核外电子数，铷原子的质子数为37，则有37＝2+8+N+8+1，
N＝18，故选项说法正确。
D、决定元素化学性质的是原子的最外层电子数，铷原子最外层电子数是1，
钠原子最外层电子数也是1，则铷元素的化学性质与钠元素相似，故选项说法
正确。
故选：B。
14．化学用语是学好化学的基础。下列化学用语解释正确的是（
）
A．2O——2 个氧元素
B．H2O——水是由氢分子和氧原子构成的
C．C60——每个C60分子由60 个碳原子构成
D．3OH
﹣——带3 个负电荷的氢氧根离子
【解答】解：A.2O 表示2 个氧原子，故错误；
B.H2O 可以表示水这种物质，也可表示1 个水分子是由2 个氢原子和1 个氧原
子构成的，故错误；
C.C60可以表示每个C60分子由60 个碳原子构成，故正确；
D.3OH
﹣表示3 个氢氧根离子，1 个OH
﹣带有1 个单位的负电荷，故错误；
故选：C。
15．分子与原子的本质区别在于（
）
A．分子是构成物质的一种粒子
B．分子在不停地运动着
C．分子之间有空隙
D．在化学变化中，分子可分，原子不可分
【解答】解：分子与原子的本质区别是：在化学反应中，分子可分，而原子
却不能再分。
故选：D。
16．下列对于宏观现象的微观解释中，错误的是（
）
A．水通电能分解，说明在化学变化中分子可分，原子不可分
B．“酒香不怕巷子深”，说明了分子在不断运动
C．一氧化碳和二氧化碳具有不同的化学性质，是因为它们的分子构成不同
378
D．20mL 水与20mL 酒精混合后体积小于40mL，是因为分子数目减少
【解答】解：A、水通直流电分解，是因为水分子分裂成了氢原子和氧原子，
然后氢原子、氧原子分别重新组合形成氢分子、氧分子，大量的氢分子、氧
分子分别聚集成氢气、氧气，该事实说明分子是可以再分的，水分子被破坏，
形成新的分子，故选项解释正确。
B、“酒香不怕巷子深”，是因为酒精中含有的分子是在不断地运动的，向四
周扩散，使人们闻到酒的香味，故选项解释正确。
C、一氧化碳和二氧化碳具有不同的化学性质，是因为它们是由不同种分子构
成的，不同种物质的分子性质不同，故选项解释正确。
D．20mL 水与20mL 酒精混合后体积小于40mL，是因为分子之间有间隔，一部
分水分子和酒精分子会互相占据分子之间的间隔，分子的数目没有发生变化。
故选项解释错误。
故选：D。
17．如表对一些实的解释中，不合理的是（
）
事实
解释
A
盛夏，大明湖畔，荷香四
溢
分子在不停运动
B
加压条件下，石油气液化
后体积变小
加压条件下，分子的体积
都变小
C
水在通电条件下，可分解
为氧气和氢气
化学反应中分子是可分
的
D
5 升水和5 升酒精混合后
体积小于10 毫升
分子间有间隔
【解答】解：A、盛夏，大明湖畔，荷香四溢，是因为花香中含有的分子是在
不断运动的，向四周扩散，使人们闻到花香，故选项解释正确。
B、加压条件下，石油气液化后体积变小，分子间有间隔，气体受压后，分子
间隔变小，故选项解释错误。
C、水在通电条件下，可分解为氧气和氢气，是因为水分子分裂成了氢原子和
氧原子，然后氢原子、氧原子分别重新组合形成氢分子、氧分子，大量的氢
分子、氧分子分别聚集成氢气、氧气，该事实说明分子是可以再分的，故选
项解释正确。
D、5 升水和5 升酒精混合后体积小于10 毫升，分子间有间隔，气体受压后，
分子间隔变小，故选项解释正确。
故选：B。
18．如图是某化学反应的微观示意图，下列说法正确的是（
）
A．该反应属于化合反应
379
B．
和
反应的分子个数比为2：1
C．一个
分子中含有一个
分子
D．该过程表达的反应可能是
【解答】解：由微观反应示意图示意图和质量守恒定律可知，该反应的微观
反应过程可表示如下：
A、由图示可知，该反应是两种物质反应生成一种物质，符合“多变一”的特
点，属于化合反应，说法正确；
B、由图示可知，参加反应的
和
反应的分子个数比为1：2，说法错
误；
C、分子由原子构成，一个
分子中含有2 个
原子，说法错误；
D、
是单质，
是化合物，图示中的反应物是一种单质和一种化合物，
且图中的反应没有注明反应条件，则该过程表达的反应不可能是
，说法错误。
故选：A。
19．如图表示两种物质发生的化学反应，其中相同的球代表同种原子，下列说法
正确的是（
）
A．丙物质中碳、氧元素的质量比为1：2
B．生成丙、丁的分子个数比为2：1
C．反应前后分子的种类不变
D．1 个甲分子由1 个碳原子、2 个氢原子、1 个氧原子构成
【解答】解：A、由图可知，丙物质为二氧化碳，二氧化碳中碳、氧元素的质
量比为：12：32＝3：8，不符合题意；
380
B、由化学方程式可知，生成丙、丁的分子个数比为：1：1，不符合题意；
C、由图可知，该反应有新物质生成，属于化学变化，分子种类发生了改变，
不符合题意；
D、由图可知，1 个甲分子由1 个碳原子、2 个氢原子、1 个氧原子构成，符合
题意。
故选：D。
20．“宏观﹣微观﹣符号”是学习化学的重要内容和方法。甲、乙是两个变化过
程的微观示意图，下列各项分析正确的是（
）
A．两个过程发生的均是化学变化
B．水变成水蒸气，分子体积变大
C．图乙变化前后原子的种类不变
D．保持水的化学性质的最小微粒为“●”和“〇”
【解答】解：A、在甲的变化中没有新物质生成，属于物理变化，故A 错误；
B、水变成水蒸气，分子之间的间隔变大，故B 错误；
C、由微粒的变化可知，图乙变化前后原子的数目没有发生变化，故C 正确；
D、保持水的化学性质的最小微粒为水分子，故D 错误；
故选：C。
21．如图是元素X 的原子结构示意图，下列说法正确的是（
）
A．X 属于非金属元素
B．该原子最外电子层达到了稳定结构
C．该原子的核外电子数为12
D．X 与Cl 形成的化合物为XCl
【解答】解：A、质子数为12 的元素为镁元素，为金属元素，故错误；
B、该原子最外电子层上有2 个电子，易失去电子，没有达到了稳定结构，故
错误；
C、元素X 的原子结构示意图，圆圈内的数字是12，该原子的核电荷数为12，
故正确；
D、最外层电子数2 易失去，带2 个正电荷，则其化合价为+2 价，氯元素与金
属元素形成化合物时，化合价为﹣1 价，则x 与Cl 形成的化合物为XCl2，故
错误；
381
故选：C。
22．如图是钾元素在元素周期表中的部分信息及钾离子的结构示意图，根据图示
判断下列表述正确的是（
）
A．钾原子的核电荷数为19
B．钾的相对原子质量为39.10g
C．钾元素位于元素周期表第三周期
D．1 个钾离子带1 个单位的负电荷
【解答】解：A、钾原子的核电荷数＝原子序数＝19，A 正确；
B、钾的相对原子质量为39.10，单位不是g，B 错误；
C、钾元素的原子核外有四层电子，位于元素周期表第四周期，C 错误；
D、1 个钾离子带1 个单位的正电荷，D 错误；
故选：A。
23．2021 年赛过黄金价格的贵金属铑的人民币标价，曾是黄金价格的10 倍、铂
金的19 倍。铑被使用在汽车催化转化器的多孔陶瓷结构中，用来帮助氮氧化
物分解成无害的氧气和氮气。根据如图下列有关铑的说法正确的是（
）
A．铑的元素符号是RH
B．铑是第五周期元素
C．铑的相对原子质量是102.9g
D．铑在化学反应中易得电子
【解答】解：A、元素符号书写时，要遵循“一大二小”的原则，则铑的元素
符号是Rh，说法错误；
B、由原子结构示意图可知，铑原子的核外有五个电子层，因此铑是第五周期
元素，说法正确；
C、根据元素周期表中的一格可知，汉字下面的数字表示相对原子质量，该元
素的相对原子质量为102.9，单位是“1”而不是“g”，通常省略不写，说法
错误；
D、由原子结构示意图可知，铑原子的最外层有一个电子，在化学反应中易失
去电子，说法错误。
故选：B。
02 物质的分类
1．分类是学习和研究化学的常用方法。下列物质属于氧化物的是（
）
A．O3
B．KMnO4
C．CaO
D．H2SO4
382
【解答】解：A.O3是由氧元素组成的单质，不属于氧化物，故选项错误；
B.KMnO4是由钾元素、锰元素和氧元素组成的化合物，由三种元素组成，所以
不属于氧化物，故选项错误；
C.CaO 是由钙元素和氧元素组成的化合物，属于氧化物，故选项正确；
D.H2SO4是由氢元素、硫元素和氧元素组成的化合物，由三种元素组成，所以
不属于氧化物，故选项错误；
故选：C。
2．下列物质均可用于杀菌消毒，其中属于氧化物的是（
）
A．O3
B．ClO2
C．NaClO
D．C2H5OH
【解答】解：A、O3是由一种元素组成的纯净物，属于单质，故选项错误。
B、ClO2是由氯、氧两种元素组成的且有一种是氧元素的化合物，属于氧化物，
故选项正确。
C、NaClO 是由钠、氯、氧三种元素组成的化合物，不属于氧化物，故选项错
误。
D、C2H5OH 是由碳、氢、氧三种元素组成的化合物，不属于氧化物，故选项错
误。
故选：B。
3．我国著名雕塑家刘开渠创作的陶艺“踢毽子”，童稚十足，形神兼备。这种
陶艺的制作，用到了钾长石（主要成分KAlSi3O8）、石英砂（主要成分SiO2）、
方解石（主要成分CaCO3）和萤石（主要成分CaF2）。其中主要成分属于氧化
物的物质是（
）
A．钾长石
B．萤石
C．方解石
D．石英砂
【解答】解：A、钾长石的主要成分是KAlSi3O8中，KAlSi3O8中有四种元素，
也含氧元素，但不属于氧化物，故A 不符合题意；
B、萤石的主要成分CaF2，CaF2中有两种元素，但不含氧元素，不属于氧化物，
故B 不符合题意；
C、方解石的主要成分CaCO3，CaCO3中有三种元素，也含氧元素，但不属于氧
化物，故C 不符合题意；
D、石英砂的主要成分SiO2，SiO2中有两种元素，也含氧元素，属于氧化物，
故D 符合题意；
故选：D。
4．汽车安全气囊的产气药剂主要含有NaN3、Fe2O3、KClO4、NaHCO3四种物质，其
中属于氧化物的是（
）
A．NaN3
B．Fe2O3
C．KClO4
D．NaHCO3
【解答】解：A、NaN3是由氮元素和钠元素组成的化合物，不含有氧元素，不
是氧化物，故A 错误；
B、Fe2O3是由铁元素和氧元素组成的化合物，属于氧化物，故B 正确；
C、KClO4是由钾、氯、氧三种元素组成的化合物，由三种元素组成，不是氧化
物，故C 错误；
D、NaHCO3是由钠、氢、碳、氧四种元素组成的化合物，由四种元素组成，不
383
是氧化物，故D 错误.
故选：B。
6．下列说法不正确的是（
）
①催化剂能改变其它物质的化学反应的速率，而本身的质量和化学性质在反
应前后不变
②二氧化碳比一氧化碳多一个氧原子，由于它们的分子构成不同所以化学性
质不同
③质子数相同的粒子不一定属于同种元素
④由同种分子构成的物质是纯净物，所以纯净物中一定只含一种元素
⑤含有氧元素的物质一定是含氧化合物
⑥混合物中一定含多种元素
⑦热胀冷缩是因为分子间的间隔受热时增大，遇冷时缩小
A．③⑦
B．②④⑤⑥
C．①②⑤⑥
D．①②④⑤⑥
【解答】解：①催化剂能改变其它物质的化学反应的速率，而本身的质量和
化学性质在反应前后不变，故选项①正确；
②一个二氧化碳分子比一个一氧化碳分子多一个氧原子，由分子构成的物质，
分子是保持物质化学性质的最小粒子，由于它们的分子构成不同，所以化学
性质不同，故选项②不正确；
③元素是质子数相同的一类原子的总称，质子数相同的粒子不一定属于同种
元素，如H2O 和NH3质子数相同，不属于同种元素，故选项③正确；
④由同种分子构成的物质，一定由同种物质组成，一定是纯净物，但是纯净
物中不一定只含一种元素，如二氧化碳属于纯净物，二氧化碳中含C、O 两种
元素，故选项④不正确；
⑤化合物是由不同种元素组成的纯净物，含氧化合物是含有氧元素的化合物，
故含有氧元素的物质不一定是含氧化合物，如氧气中含氧元素，但是氧气属
于单质，故选项⑤不正确；
⑥混合物由不同种物质组成，混合物中不一定含多种元素，如氧气和臭氧的
混合物中只含氧元素，故选项⑥不正确；
⑦分子之间存在间隔，热胀冷缩是因为分子间的间隔受热时增大，遇冷时缩
小，故选项⑦正确。
所以错误的是②④⑤⑥。
故选：B。
7．丰富多彩的物质激发着人们探究世界的好奇心。下列物质不属于单质的是
（
）
A．灰黑色的石墨
B．紫红色的铜片
C．淡蓝色的液氧
D．蓝色的硫酸铜
【解答】解：A、灰黑色的石墨是由一种元素组成的纯净物，属于单质，不符
合题意；
B、紫红色的铜片是由一种元素组成的纯净物，属于单质，不符合题意；
C、淡蓝色的液氧是由一种元素组成的纯净物，属于单质，不符合题意；
D、蓝色的硫酸铜是由不同元素组成的纯净物，属于化合物，符合题意；
故选：D。
8．下列物质中，前者属于化合物，后者属于单质的是（
）
A．纯净的空气、铜
384
B．氧化铁、啤酒
C．生锈的铁钉、高锰酸钾
D．冰水、液氧
【解答】解：A、空气中含有多种物质，是混合物，铜是由铜元素组成的纯净
物，属于单质，故A 错误；
B、氧化铁是由氧和铁元素组成的纯净物，属于化合物，啤酒是由酒精，水，
还有糖粉，酯类等组成的混合物，故B 错误；
C、生锈的铁钉是铁单质和三氧化二铁组成的混合物，高锰酸钾是由不同种元
素组成的纯净物，属于化合物，故C 错误；
D、冰是水的固态形式，和水是同种物质，所以冰水混合物为纯净物、化合物，
液氧是氧气的液体状态，只由氧元素组成，属于非金属单质，故D 正确；
故选：D。
9．证据推理是学习化学重要的思维模式，下列推理正确的是（
）
A．Al
3+、F
﹣的最外层电子数均为8，则最外层电子数为8 的微粒均为离子
B．酸中都含有氢元素，则含有氢元素的物质一定为酸
C．H2O2和H2O 的组成元素相同，则它们的化学性质也相同
D．含碳元素的物质完全燃烧有CO2生成，则在氧气中燃烧生成CO2的物质一定
含有碳元素
【解答】解：A、Al
3+、F−的最外层电子数均为8，但是最外层电子数为8 的
微粒不一定是离子，如氖原子最外层电子数也为8，故A 推理错误，不符合题
意；
B、酸是指在电离时产生的阳离子全部是氢离子的化合物，酸中都含有氢元素，
但含有氢元素的物质不一定是酸，如Ca（OH）2，故B 推理错误，不符合题意；
C、由分子构成的物质，分子是保持物质化学性质的最小微粒，H2O 和H2O2的组
成元素相同（都是有氢元素和氧元素组成的），但它们的分子构成不同，因
此它们的化学性质不同，故C 推理错误，不符合题意；
D、根据化学反应前后元素种类不变，含碳元素的物质完全燃烧有CO2 生成，
则某物质在氧气中燃烧生成二氧化碳，反应物氧气中只含有氧元素，由质量
守恒定律可知，反应前后元素种类不变，则该物质中一定含有碳元素，故D
推理正确，符合题意；
故选：D。
10．胃舒平治疗胃酸过多的化学反应为：Al（OH）3+3HCl═AlCl3+3H2O，其中未
涉及的物质类别是（
）
A．酸
B．碱
C．单质
D．氧化物
【解答】解：Al（OH）3属于碱，HCl 属于酸，AlCl3属于盐，H2O 属于氧化物，
未涉及的物质类别是单质。
故选：C。
11．下列关于部分物质的分类完全正确的是（
）
选项
单质
氧化物
纯净物
碱
盐
A
铝合金
冰水混合物
明矾
熟石灰
BaSO4
B
氨气
C2H6O
硝酸
纯碱
NH4NO3
C
水银
Na2O2
液氧
火碱
Cu2（OH）2CO3
D
臭氧
干冰
尿素
生石灰
NaHCO3
385
【解答】解：A、铝合金属于混合物，不属于单质，可排除该选项，故选项错
误。
B、氨气是由不同种元素组成的纯净物，属于化合物；C2H6O 是由碳、氢、氧三
种元素组成的化合物，不属于氧化物；纯碱是碳酸钠的俗称，属于盐；可排
除该选项，故选项错误。
C、水银是金属汞的俗称，是由一种元素组成的纯净物，属于单质；Na2O2是由
两种元素组成的且有一种是氧元素的化合物，属于氧化物；液氧是液态的氧
气，只含有氧气一种物质，属于纯净物；火碱是氢氧化钠的俗称，是由钠离
子和氢氧根离子构成的化合物，属于碱；Cu2（OH）2CO3是含有金属离子和酸根
离子的化合物，属于盐，故选项正确。
D、臭氧是由一种元素组成的纯净物，属于单质；干冰（固态的二氧化碳）是
由两种元素组成的且有一种是氧元素的化合物，属于氧化物；尿素中含有杂
质，属于混合物；生石灰是氧化钙的俗称，属于氧化物，可排除该选项，故
选项错误。
故选：C。
12．如图是氮及其化合物的“价类二维图”。下列说法错误的是（
）
A．甲物质常温下是气体
B．乙物质所属类别是单质
C．丙物质可与氢氧化钠反应
D．丁物质的化学式可以为NaNO3
【解答】解：A.甲为氨气，常温下是气体，故正确；
B.乙为氮气，所属类别是单质，故正确；
C.丙为硝酸，可与氢氧化钠反应，故正确；
D.丁物质中氮元素为+3 价，可以是NaNO2，而NaNO3中氮元素为+5 价，故错误；
故选：D。
13．元素化合价和物质类别是认识物质的两个重要维度。如图表示硫元素的化合
价与含硫物质类别之间的关系，已知A 点表示SO3，则下列说法错误的是（
）
A．E 点表示物质的化学式可能为Na2SO3
386
B．B 点表示的物质在氧气中燃烧可看到蓝紫色火焰
C．C 点表示的物质是形成酸雨的主要物质之一
D．D 点表示的物质和氢氧化钡在水溶液中一定可以发生中和反应
【解答】解：A.E 点表示的物质是一种盐，其中硫元素显+6 价，则该物质的
化学式为Na2SO4，故错误；
B.B 点所示物质是一种硫单质，硫在空气中燃烧产生淡蓝色火焰，故正确；
C.C 点对应的物质是一种氧化物，其中硫元素显+4 价，则该物质是二氧化硫，
二氧化硫是一种大气污染物，故正确；
D.D 点表示的物质是一种酸，其中硫元素显+6 价，则该物质是硫酸，硫酸能
与氢氧化钡反应生成硫酸钡沉淀和水，二者发生中和反应，故正确；
故选：A。
14．形成化学观念是化学学习的任务之一。下列有关叙述中，不正确的是（
）
A．物质发生化学变化时会伴随能量变化
B．分子、原子、离子都是构成物质的基本粒子
C．氧气（O2）和臭氧（O3）都是由氧元素组成
D．纯碱和烧碱都属于碱类物质
【解答】解：A、物质发生化学变化时会伴随能量变化，A 正确；
B、分子、原子、离子都是构成物质的基本粒子；B 正确；
C、氧气（O2）和臭氧（O3）都是由氧元素组成的单质；C 正确；
D、纯碱是碳酸钠，属于盐，烧碱是氢氧化钠，属于碱，D 错误；
故选：D。
15．下列属于混合物的是（
）
A．液氮
B．二氧化碳
C．汽水
D．水蒸气
【解答】解：A、液氮是氧的一种单质，由一种物质组成，属于纯净物，故A
错；
B、二氧化碳是一种化合物，由一种物质组成，属于纯净物，故B 错；
C、汽水是由多种物质组成，属于混合物，故C 正确；
D、水蒸气是一种化合物，由一种物质组成，属于纯净物，故D 错。
故选：C。
16．在化学反应3S+6NaOH＝2Na2S+Na2SO3+3H2O 中，没有涉及到的物质类别是
（
）
A．酸
B．碱
C．盐
D．单质
【解答】解：在化学反应3S+6NaOH═2Na2S+Na2SO3+3H2O 中，S 是单质，NaOH
是碱，Na2S 和Na2SO3属于盐，H2O 属于氧化物，不涉及到酸；
故选：A。
17．实验室有四个药品橱，已存放如表药品，现新购进的纯碱，应将它存放在
（
）
药品橱
甲橱
乙橱
丙橱
丁橱
药品
盐酸
氢氧化钠
氯化钠
铜
A．甲橱
B．乙橱
C．丙橱
D．丁橱
【解答】解：纯碱是碳酸钠的俗名，由金属离子和碳酸根离子构成，属于盐。
A、盐酸是氯化氢的水溶液，氯化氢解离出的阳离子都是氢离子，属于酸，纯
碱属于盐不能存放在甲橱，故A 不符合题意；
B、氢氧化钠是解离出的阴离子都是氢氧根离子的化合物，属于碱不能存放在
387
乙橱，故B 不符合题意；
C、氯化钠由金属离子和酸根离子构成，属于盐，纯碱属于盐能存放在丙橱，
故C 符合题意；
D、铜是金属单质，属于单质，纯碱属于盐不能存放在丁橱，故D 不符合题意；
故选：C。
18．物质分类是化学研究的重要方法之一。近年来发现，在金星大气层中存在三
氧化二碳。从物质组成的角度，下列物质与它属于同类的是（
）
A．Na2SO4、CaCO3
B．SO2、NO
C．HCl、HNO3
D．N2、H2O
【解答】解：三氧化二碳由碳、氧两种元素组成，其一是氧元素，属于氧化
物。
A、Na2SO4、CaCO3都是盐，A 不符合题意；
B、SO2、NO 都是氧化物，与三氧化二碳属于同类，B 符合题意；
C、HCl、HNO3都是酸，C 不符合题意；
D、N2是单质，H2O 是氧化物，D 不符合题意。
故选：B。
19．对“混合物”理解错误的是（
）
A．一定由多种物质组成
B．一定由多种分子组成
C．可能由一种元素组成
D．可能由多种原子组成
【解答】解：A、混合物一定由多种物质组成正确，正确但不符合题意，故选
项错误；
B、混合物一定由多种分子组成错误，也可以是由原子直接构成的物质，错误
符合题意，故选项正确；
C、混合物可能由一种元素组成正确，如氧气和臭氧等，正确但不符合题意，
故选项错误；
D、混合物可能由多种原子组成正确，如稀有气体，正确但不符合题意，故选
项错误；
故选：B。
20．逻辑推理是化学学习常用的思维方法。下列推理正确的是（
）
A．氧化物中一定含有氧元素，含有氧元素的化合物一定是氧化物
B．有机物都含有碳元素，所以含有碳元素的化合物都是有机物
C．分子和原子都是不带电的粒子，所以不带电的粒子一定是分子和原子
D．所有酸性溶液的pH 都小于7，所以酸的溶液的pH 一定小于7
【解答】解：A、氧化物是指由两种元素组成，其中一种是氧元素的化合物，
氧化物中一定含有氧元素，含有氧元素的化合物不一定是氧化物，例如高锰
酸钾等，故选项推理错误；
B、有机物都含有碳元素，但含有碳元素的化合物不一定都是有机物，如碳的
氧化物、碳酸盐、碳酸等虽含碳元素，但其性质与无机物类似，因此把它们
看作无机物，故选项推理错误；
C、分子和原子都是不带电的粒子，不带电的粒子不一定是分子和原子，也可
能是中子等，故选项推理错误；
D、pH 小于7 的溶液显酸性，酸性溶液的pH 都小于7，所以酸溶液pH 一定小
于7，故选推理正确。
故选：D。
388
21．（类推是化学学习常用的思维方法，以下类推结果：①酸碱中和反应生成盐
和水，所以生成盐和水的反应一定是中和反应；②同种分子构成的物质一定
是纯净物，则纯净物一定都是由同种分子构成的；③有机物都含碳元素，所
以含碳元素的化合物都是有机物；④氧化物中含有氧元素，所以含有氧元素
的化合物一定是氧化物；⑤单质中只含有一种元素，所以只含一种元素的物
质一定是单质。其中错误的是（
）
A．只有①③④
B．只有①②③
C．除②外
D．全部
【解答】解：①酸和碱发生中和反应生成盐和水，但是生成盐和水的反应不
一定是中和反应，例如二氧化碳与氢氧化钠反应生成碳酸钠和水，该反应生
成盐和水，但是不属于中和反应，故①说法错误；
②纯净物是由同种粒子构成的，由同种分子构成的物质一定是纯净物，但是
纯净物不一定都是由同种分子构成的，也可能是由离子或原子构成的，故②
说法错误；
③有机物都含有碳元素，但是含碳元素的化合物不都是有机物，例如一氧化
碳、二氧化碳等虽然含有碳元素，但其性质与无机物类似，因此属于无机物，
故③说法错误；
④氧化物是指由两种元素组成，且其中一种元素是氧元素的化合物，所以氧
化物中含有氧元素，但是含有氧元素的化合物不一定是氧化物，例如高锰酸
钾中含有氧元素，但是不属于氧化物，故④说法错误；
⑤单质是由同种元素组成的纯净物，单质中只含有一种元素，但是只含一种
元素的物质不一定是单质，例如氧气和臭氧的混合物，只含有氧元素，属于
混合物，故⑤说法错误；
故上述①②③④全部错误。
故选：D。
22．下列物质中，属于有机物的是（
）
A．CO
B．Cu（OH）2
C．CH4
D．ZnCO3
【解答】解：A、CO 虽含碳元素，但其性质与无机物类似，因此把它看作无机
物，故选项错误。
B、Cu（OH）2中不含碳元素，不属于有机物，故选项错误。
C、CH4是含碳元素的化合物，属于有机物，故选项正确。
D、ZnCO3虽含碳元素，但其性质与无机物类似，因此把它看作无机物，故选项
错误。
故选：C。
23．推理是化学学习中常用的思维方法，下列推理正确的是（
）
A．生理盐水、葡萄糖溶液、酒精溶液是无色透明的，所以溶液都是无色透明
的
B．有机物完全燃烧都产生二氧化碳，所以有机物中一定含有碳元素
C．氯化钠、硫酸铜等盐中都含有金属元素，所以盐中一定都含有金属元素
D．化合物是由不同种元素组成的，所以由不同种元素组成的物质一定是化合
物
【解答】解：A、生理盐水、葡萄糖溶液、酒精溶液是无色透明的，但溶液不
一定都是无色透明的，如硫酸铜溶液显蓝色，故选项推理错误；
B、有机物完全燃烧都产生二氧化碳，二氧化碳是由碳元素和氧元素组成的，
389
根据质量守恒定律，反应前后元素种类不变，反应物氧气中只含有氧元素，
则有机物中一定含有碳元素，故选项推理正确；
C、氯化钠、硫酸铜等盐中都含有金属元素，但盐中不一定都含有金属元素，
如硝酸铵，故选项推理错误；
D、化合物是由不同种元素组成的，则由不同种元素组成的纯净物一定是化合
物，但由不同种元素组成的物质不一定是化合物，也可能是混合物，如过氧
化氢与水的混合物，故选项推理错误。
故选：B。
24．分类是学习化学的方法之一，下列各组物质按单质、氧化物、混合物的顺序
排列的是（
）
A．冰、干冰、冰水混合物
B．氮气、氯酸钾、大理石
C．石墨、氧气、石灰水
D．C60、氧化铁、盐酸
【解答】解：A、冰属于氧化物，干冰属于氧化物，冰水混合物属于氧化物，
故错误；
B、氮气属于单质，氯酸钾属于化合物，大理石属于混合物，故错误；
C、石墨属于单质，氧气属于单质，石灰水属于混合物，故错误；
D、C60属于单质，氧化铁属于氧化物，盐酸属于混合物，故正确。
故选：D。
25．脱氧剂常用于食品保鲜，如表是两种铁系脱氧剂的成分：
铁系脱氧剂
成分
①
铁粉、二氧化硅、氯化钠、活性炭、水
②
铁粉、氯化钠、氯化钙、亚硫酸钠、活性炭
下列各成分所属类别正确的是（
）
A．铁粉、水——单质
B．二氧化硅、亚硫酸钠——氧化物
C．活性炭、氯化钙——化合物
D．氯化钠、氯化钙——盐
【解答】解：A、水是由氢元素与氧元素组成得纯净物，属于化合物，分类错
误；
B、亚硫酸钠是由钠、硫、氧三种元素组成的，不属于氧化物，分类错误；
C、活性炭中含有多种物质，属于混合物，分类错误；
D、氯化钠和氯化钙均是由金属阳离子与酸根阴离子构成的化合物，均属于盐，
分类正确。
故选：D。
26．持续防疫，化学助力。下列有关说法正确的是（
）
A．佩戴口罩：医用外科口罩对病毒传播的阻断原理与酒精消毒原理相同
B．定期消毒：可在公共场合大量喷洒医用酒精来消毒
C．测量体温：水银温度计中的液柱上升是因为分子体积变大
D．核酸检测：核酸采样用过的棉签不属于可回收物
【解答】解：A、医用外科口罩能将飞沫和空气分离，医用外科口罩对病毒传
播的阻断原理与过滤的原理相似，都是将物质分离；而酒精消毒的过程发生
了化学变化，二者原理不相同，故选项说法错误。
B、酒精具有可燃性，不能在公共场合大量喷洒医用酒精来消毒，易引发火灾
等安全问题，故选项说法错误。
390
C、水银是金属汞的俗称，水银温度计中的液柱上升是因为汞原子之间的间隔
受热变大，故选项说法错误。
D、核酸采样用过的棉签有污染，不属于可回收物，故选项说法正确。
故选：D。
03 物质的变化和性质化学反应类型
1．水是重要的资源，城市里的生活用水是经自来水厂净化处理过的。下列水处
理过程中一定发生化学变化的是（
）
A．自然沉降
B．过滤
C．活性炭吸附
D．杀菌消毒
【解答】解：A、自然沉淀的过程中没有新物质生成，属于物理变化，故错误。
B、过滤的过程中只是将不溶物与水分离，没有新物质生成，属于物理变化，
故错误。
C、活性炭吸附是利用了活性炭的吸附性，没有新物质生成，属于物理变化，
故错误。
D、杀菌消毒的过程中消毒剂能破坏细菌中的物质，从而使细菌失去活性，杀
菌消毒的过程中有新物质生成，属于化学变化，故正确。
故选：D。
2．化学为人类提供了丰富的生活、生产资料。下列过程主要涉及化学变化的是
（
）
A．沙里淘金
B．粮食酿酒
C．麦磨成面
D．石蜡熔化
【解答】解：A、沙里淘金的过程中没有新物质生成，发生的属于物理变化，
不合题意；
B、粮食酿酒的过程中有新物质酒精生成，发生的属于化学变化，符合题意；
C、麦磨成面的过程中没有新物质生成，发生的属于物理变化，不合题意；
D、石蜡熔化的过程中没有新物质生成，发生的属于物理变化，不合题意；
故选：B。
3．中华文明历史悠久。《天工开物》记载的下列工艺过程中，主要发生了化学
变化的是（
）
A．甘蔗榨汁
B．棉纱织布
C．白土烧瓷
D．楠木造船
【解答】解：A、甘蔗榨汁的过程中没有新物质生成，发生的属于物理变化，
不合题意；
B、棉纱织布的过程中没有新物质生成，发生的属于物理变化，不合题意；
C、白土烧瓷的过程中有新物质生成，发生的属于化学变化，符合题意；
D、楠木造船的过程中没有新物质生成，发生的属于物理变化，不合题意；
故选：C。
4．下列现象属于化学变化的是（
）
A．钢铁在潮湿的空气里生锈
B．电灯泡通电时发热，发光
C．把块状的石灰石粉碎成粉末
D．水在加热时有小气泡产生
【解答】解：A、钢铁在潮湿的空气里生锈过程中有新物质铁锈生成，属于化
学变化。
B、电灯泡通电时发热，发光过程中没有新物质生成，属于物理变化。
391
C、把块状的石灰石粉碎成粉末过程中只是形状发生改变，没有新物质生成，
属于物理变化。
D、水在加热时有小气泡产生过程中没有新物质生成，属于物理变化。
故选：A。
5．公元2 世纪，我国古代炼丹家魏伯阳著有《周易参同契》，这是世界上最早
的一部炼丹专著，书中描写道：“金入于猛火，色不夺精光．”这是指金的
性质在加热条件下（
）
A．易氧化
B．易还原
C．很稳定
D．很活泼
【解答】解：“入于猛火”却“色不夺精光”，是指黄金颜色没有发生变化。
说明黄金性质稳定，在加热的条件下不容易与其它物质发生化学反应。观察
选项，故选：C。
6．下列HCl 参与的反应中，属于化合反应的是（
）
A．NH3+HCl═NH4Cl
B．Mg+2HCl═MgCl2+H2↑
C．2HCl
Cl2↑+H2↑
D．KOH+HCl═KCl+H2O
【解答】解：A、该反应是由两种物质反应生成另一种新物质，符合“多变一”
的特点，属于化合反应，符合题意；
B、该反应是由一种单质与一种化合物反应生成另一种单质与另一种化合物的
反应，属于置换反应，不合题意；
C、该反应是由一种物质生成两种新物质，符合“一变多”的特点，属于分解
反应，不合题意；
D、该反应是由两种化合物相互交换成分生成两种新的化合物的反应，属于复
分解反应，不合题意。
故选：A。
7．根据不同的分类标准，我们可以将同一化学反应分为不同的类别。下列反应
中，既属于化合反应又属于氧化反应的是（
）
A．酒精+氧气
水+二氧化碳
B．碳酸→水+二氧化碳
C．氧化钙+水→氢氧化钙
D．磷+氧气
五氧化二磷
【解答】解：A、该反应的生成物是两种，该反应不符合“多变一”的特征，
不属于化合反应；故选项错误。
B、该反应符合“一变多”的形式，符合分解反应的特征，属于分解反应，故
选项错误。
C、该反应符合“多变一”的特征，属于化合反应；但不是物质与氧发生的化
学反应，不属于氧化反应，故选项错误。
392
D、该反应符合“多变一”的特征，属于化合反应；又是物质与氧气发生的化
学反应，属于氧化反应，故选项正确。
故选：D。
8．生活、生产中涉及丰富的化学反应。下列发生的反应中，属于化合反应的是
（
）
A．生石灰作加热剂：生石灰+水→氢氧化钙
B．湿法炼铜：铁+硫酸铜→铜+硫酸亚铁
C．氢氧化镁治疗胃酸过多症：氢氧化镁+氯化氢→氯化镁+水
D．酒精作燃料：酒精+氧气
水+二氧化碳
【解答】解：A、生石灰+水→氢氧化钙，该反应符合“多变一”的形式，符
合化合反应的特征，属于化合反应，故选项正确。
B、铁+硫酸铜→铜+硫酸亚铁，该反应的生成物是两种，不符合“多变一”的
形式，不符合化合反应的特征，不属于化合反应，故选项错误。
C、氢氧化镁+氯化氢→氯化镁+水，该反应的生成物是两种，不符合“多变一”
的形式，不符合化合反应的特征，不属于化合反应，故选项错误。
D、酒精+氧气
水+二氧化碳，该反应的生成物是两种，不符合“多变一”
的形式，不符合化合反应的特征，不属于化合反应，故选项错误。
故选：A。
9．下列属于分解反应的是（
）
A．3Fe+4H2O
Fe3O4+4H2
B．3Fe+2O2
Fe3O4
C．2Fe（OH）3
Fe2O3+3H2O
D．Fe（OH）3+3HCl═FeCl3+3H2O
【解答】解：A、该反应是一种单质和一种化合物反应生成另一种单质和另一
种化合物的反应，属于置换反应，故选项错误。
B、该反应符合“多变一”的形式，符合化合反应的特征，属于化合反应，故
选项错误。
C、该反应符合“一变多”的形式，符合分解反应的特征，属于分解反应，故
选项正确。
D、该反应是两种化合物相互交换成分生成两种新的化合物的反应，属于复分
解反应，故选项错误。
393
故选：C。
10．推理是学习化学的一种重要的思维方法，下列推理正确的是（
）
A．置换反应有单质生成，则有单质生成的反应一定是置换反应
B．蜡烛燃烧生成CO2和H2O，则蜡烛组成中一定含有碳、氢元素
C．单质是由一种元素组成的纯净物，则只含有一种元素的物质一定是单质
D．同种元素原子的电子数相同，所以具有相同电子数的粒子一定是同种元素
【解答】解：A.置换反应有单质生成，则有单质生成的反应不一定是置换反
应，如高锰酸钾受热分解生成锰酸钾、二氧化锰和氧气，该反应属于分解反
应，故错误；
B.蜡烛燃烧生成CO2和H2O，根据化学反应前后元素的种类不变，氧气提供氧
元素，二氧化碳中含有碳元素，水中含有氢元素，因此蜡烛组成中一定含有
碳、氢元素，可能含有氧元素，故正确；
C.单质是由一种元素组成的纯净物，则只含有一种元素的物质不一定是单质，
可能是混合物，如氧气和臭氧组成的混合物中，只含有氧元素，故错误；
D.同种元素原子的电子数相同，所以具有相同电子数的粒子不一定是同种元
素，如镁离子中含有10 个电子，钠离子中含有10 个电子，但是镁和钠不属
于同种元素，故错误；
故选：B。
11．下列属于置换反应的是（
）
A．2H2O2
H2O+O2↑
B．4Al+3O2＝2Al2O3
C．Fe+CuSO4＝FeSO4+Cu
D．HCl+NaOH＝NaCl+H2O
【解答】解：A、该反应符合“一变多”的特征，属于分解反应，故选项错误。
B、该反应符合“多变一”的特征，属于化合反应，故想错误。
C、该反应是一种单质和一种化合物反应生成另一种单质和另一种化合物的反
应，属于置换反应，故选项正确。
D、该反应是两种化合物相互交换成分生成两种新的化合物的反应，属于复分
解反应，故选项错误。
故选：C。
12．逻辑推理是化学学习中常用的思维方法。下列推理正确的是（
）
A．同种元素的质子数相同，所以质子数相同的微粒一定是同种元素
B．可燃性气体与空气混合遇明火可能爆炸，所以面粉车间可以不关注因遇明
火而发生爆炸
C．化合物是由不同种元素组成的纯净物，则只含一种元素的物质一定不是化
合物
D．置换反应生成单质和化合物，生成单质和化合物的反应一定为置换反应
【解答】解：A.质子数相同的微粒不一定是同种元素，如水分子与氖原子的
质子数相同，但它们不是同种元素，此选项推理错误；
B.可燃性气体、粉尘与空气混合遇明火可能发生爆炸，所以面粉车间也要关
注因遇明火而发生爆炸，此选项推理错误；
394
C.化合物是由两种或两种以上的元素组成的纯净物，所以只含一种元素的物
质一定不是化合物，此选项推理正确；
D.置换反应生成单质和化合物，但生成单质和化合物的反应不一定为置换反
应，如：
，生成单质和化合物，但不是置换反应，
此选项推理错误。
故选：C。
13．分析推理是化学学习中常用的思维方法，下列说法正确的是（
）
A．置换反应有单质和化合物生成，故有单质和化合物生成的一定是置换反应
B．燃烧需要同时满足三个条件，所以灭火也要同时破坏三个条件
C．某纯净物充分燃烧生成二氧化碳和水，则该物质一定含有碳、氢两种元素
D．常温下，pH＜7 的溶液显酸性，因此pH＜7 的用水一定都是酸雨
【解答】解：A、置换反应是指由一种单质与一种化合物反应，生成另一种单
质和另一种化合物的反应。置换反应有单质和化合物生成，但是有单质和化
合物生成的反应不一定是置换反应，比如过氧化氢分解生成水和氧气就不是
置换反应，故推理错误。
B、燃烧需要同时满足三个条件，只要破坏燃烧三个条件中的任何一个条件即
可达到灭火的目的，故推理错误。
C、根据质量守恒定律，化学反应前后元素的种类不变，某纯净物在氧气中燃
烧，反应物有两种，其中氧气只含有氧元素，产物只有水和二氧化碳，共含
有碳、氢、氧三种元素，氧元素可能来自氧气，也可能来自该纯净物，不能
确定；但氧气中无碳、氢元素，即该纯净物中一定含有碳、氢两种元素，故
推理正确；
D、常温下，pH＜7 的溶液显酸性，但pH＜7 的雨水不一定都是酸雨，正常雨
水的pH 约为5.6，酸雨是pH 小于5.6 的雨水，故推理错误。
故选：C。
14．对反应进行分类有助于认识与研究。下列属于置换反应的是（
）
A．C+O2
CO2
B．CH4
2H2+C
C．Zn+CuSO4＝ZnSO4+Cu
D．NaOH+HNO3＝NaNO3+H2O
【解答】解：A、该反应符合“多变一”的形式，符合化合反应的特征，属于
化合反应，故选项错误。
B、该反应符合“一变多”的形式，符合分解反应的特征，属于分解反应，故
选项错误。
395
C、该反应是一种单质和一种化合物反应生成另一种单质和另一种化合物的反
应，属于置换反应，故选项正确。
D、该反应是两种化合物相互交换成分生成两种新的化合物的反应，属于复分
解反应，故选项错误。
故选：C。
15．下列属于置换反应的是（
）
A．Fe+CuSO4＝FeSO4+Cu
B．Fe2O3+3CO
2Fe+3CO2
C．2Cu+O2
2CuO
D．CH4+2O2
CO2+2H2O
【解答】解：A、该反应是一种单质和一种化合物反应生成另一种单质和另一
种化合物的反应，属于置换反应，故选项正确。
B、该反应的反应物均为化合物，不属于置换反应，故选项错误。
C、该反应符合“多变一”的形式，符合化合反应的特征，属于化合反应，故
选项错误。
D、该反应的生成物均为化合物，不属于置换反应，故选项错误。
故选：A。
16．电导率传感器可辅助探究复分解反应的实质，相同条件下，离子浓度越大，
电导率越大，溶液导电性越强．室温下将含有酚酞的Ba（OH）2溶液平均分成
两份置于两个烧杯中并插入电导率传感器，往其中一份滴加稀硫酸，往另一
份滴加硫酸钠溶液，测得溶液的电导率变化如图所示．下列说法正确的是
（
）
A．乙曲线电导率减小过程中，溶液由红色变为无色
B．乙曲线对应的反应中四种离子数目都减少
C．甲曲线上的M 点对应的液体呈中性
D．甲曲线对应氢氧化钡和硫酸钠反应
【解答】解：A、乙曲线是氢氧化钡溶液与硫酸钠溶液反应生成硫酸钡沉淀和
氢氧化钠，所对应的实验过程中观察到溶液始终显红色，故A 错误。
B、氢氧化钡溶液与硫酸钠溶液反应生成硫酸钡沉淀和氢氧化钠，钠离子和氢
396
氧根离子的数目没有减少，故B 错误。
C、甲曲线上的M 点是氢氧化钡溶液与稀硫酸恰好完全反应，生成硫酸钡沉淀
和水，对应的溶液呈中性，故C 正确。
D、Ba（OH）2溶液与稀硫酸反应生成硫酸钡沉淀和水，恰好反应时，溶液的
导电率为0；氢氧化钡与硫酸钠反应生成了硫酸钡沉淀和氢氧化钠，导电性不
可能为0。由此可知，甲为加入稀硫酸的曲线，乙为加入硫酸钠的曲线，故D
错误。
故选：C。
17．下列物质的用途中，主要利用化学性质的是（
）
A．用酒精作实验室燃料
B．用液氮作医疗冷冻剂
C．用干冰制造舞台云雾
D．用武德合金作保险丝
【解答】解：A、酒精作燃料是因为酒精具有可燃性，可燃性属于化学性质，
故正确；
B、液氮作冷冻剂是因为液氮挥发吸热，不需要发生化学变化就能表现出来，
属于物理性质，故错误；
C、干冰为固体二氧化碳，干冰升华吸热，则可制造舞台云雾，不需要发生化
学变化就能表现出来，属于物理性质，故错误；
D、合金作保险丝是因为其熔点低，熔点属于物理性质，故错误。
故选：A。
18．下列古代文明或工艺一定包含化学变化的是（
）
A．指南针指引航海
B．用石块修筑长城
C．甲骨上雕刻文字
D．用泥土烧制陶瓷
【解答】解：A、指南针指引航海的过程中没有新物质生成，属于物理变化；
B、用石块修筑长城的过程中没有新物质生成，属于物理变化；
C、甲骨上雕刻文字的过程中没有新物质生成，属于物理变化；
D、用泥土烧制陶瓷的过程中有新物质碳酸钠、水和二氧化碳生成，属于化学
变化。
故选：D。
19．用传统石磨磨制的豆浆营养价值高，味道纯美，深受百姓喜欢。下列石磨豆
浆的制作工艺步骤中，明显包含有化学变化的是（
）
A．第一步：泉水泡豆子
B．第二步：石磨磨豆浆
C．第三步：纱布滤豆渣
D．第四步：柴火煮豆浆
【解答】解：A、泉水泡豆子，无新物质生成，属于物理变化，故A 错误；
B、石磨磨豆浆，无新物质生成，属于物理变化，故B 错误；
C、纱布滤豆渣，无新物质生成，属于物理变化，故C 错误；
D、柴火燃烧，有新物质二氧化碳等生成，属于化学变化，故D 正确。
故选：D。
20．推理和归纳是化学学习和研究中常用的思维方法。下列推理正确的是（
）
A．燃烧都伴有发光、放热现象，所以有发光、放热现象的一定是燃烧
B．单质是由一种元素组成的物质，所以由一种元素组成的物质一定是单质
C．化学变化中分子种类发生改变，所以分子种类发生改变的变化一定是化学
变化
D．置换反应中一定有单质生成，所以有单质生成的化学反应一定是置换反应
397
【解答】解：A、燃烧都伴有发光、放热现象，但有发光、放热现象的不一定
是燃烧，如灯泡发光、放热，故选项推理错误。
B、单质是由一种元素组成的物质，但由一种元素组成的物质不一定是单质，
也可能是混合物，如氧气和臭氧的混合物、金刚石和石墨的混合物等，故选
项推理错误。
C、化学变化中分子种类发生改变，则分子种类发生改变的变化一定是化学变
化，故选项推理正确。
D、置换反应中一定有单质生成，但有单质生成的化学反应不一定是置换反应，
如CO+CuO
Cu+CO2，故选项推理错误。
故选：C。
21．（树状分类法是日常生活和科学研究中常用的一种方法。如图所示的是一种
树状分类的运用实例。下表所列的分类与图示分类相符的是（
）
选项
甲
乙
丙
丁
A
复分解反应二氧化碳与氢氧化
钠反应
盐酸与氧化铁反应硫酸铜与氢
氧化钠反应
B
化合物
氧化物
酸
碱
C
溶液
石灰水
食盐水
蒸馏水
D
盐酸的用途
金属除锈
制造药物
与铁反应
【解答】解：A、盐酸与氧化铁反应生成氯化铁和水，硫酸铜与氢氧化钠反应
生成氢氧化铜沉淀和硫酸钠，二氧化碳与氢氧化钠反应生成碳酸钠和水，该
反应不是两种化合物相互交换成分生成两种新的化合物的反应，不属于复分
解反应，故选项错误。
B、化合物可分为氧化物、酸、碱、盐等，故选项正确。
C、石灰水、食盐水均属于溶液，蒸馏水属于纯净物，不属于溶液，故选项错
误。
D、盐酸可用于金属除锈、制造药物等，与铁反应是盐酸的化学性质，属于性
质，故选项错误。
故选：B。
22．如图是硝酸银溶液与氯化钠溶液恰好完全反应的微观示意图，下列说法正确
的是（
）
398
A．反应前后阴、阳离子的总数目不变
B．反应前后溶液的总质量不变
C．从微粒角度分析该反应的实质是银离子和氯离子生成氯化银沉淀
D．硝酸银溶液与氯化钾溶液反应的微观实质与该反应不相同
【解答】解：A、由硝酸银溶液与氯化钠溶液恰好完全反应的微观示意图，该
反应的实质是银离子和氯离子结合生成氯化银沉淀，反应前后阴、阳离子的
总数目减少，故选项说法错误。
B、硝酸银溶液与氯化钠溶液恰好完全反应生成氯化银沉淀和硝酸钠，由于有
氯化银沉淀生成，则反应前后溶液的总质量减少，故选项说法错误。
C、由硝酸银溶液与氯化钠溶液恰好完全反应的微观示意图，从微粒角度分析
该反应的实质是银离子和氯离子生成氯化银沉淀，故选项说法正确。
D、硝酸银溶液与氯化钾溶液生成氯化银沉淀和硝酸钾，反应的微观实质也是
银离子和氯离子生成氯化银沉淀，与该反应相同，故选项说法错误。
故选：C。
23．下列反应中属于置换反应的是（
）
A．2Mg+O2
2MgO
B．2H2O
2H2↑+O2↑
C．Fe+CuSO4═FeSO4+Cu
D．NaOH+HCl═NaCl+H2O
【解答】解：A、2Mg+O2
2MgO，该反应符合“多变一”的特征，属于化
合反应，故选项错误。
B、2H2O
2H2↑+O2↑，该反应符合“一变多”的特征，属于分解反应，
故选项错误。
399
C、Fe+CuSO4═Cu+FeSO4，该反应是一种单质和一种化合物反应生成另一种单
质和另一种化合物的反应，属于置换反应，故选项正确。
D、NaOH+HCl═NaCl+H2O，该反应的反应物和生成物均是化合物，不属于置换
反应，故选项错误。
故选：C。
24．下列化学反应中，属于化合反应的是（
）
A．Ca（OH）2+CO2＝CaCO3↓+H2O
B．2KMnO4
K2MnO4+MnO2+O2↑
C．CaO+H2O＝Ca（OH）2
D．3CO+Fe2O3
2Fe+3CO2
【解答】解：A、该反应的反应物有两种，生成物有两种，不属于化合反应，
故A 错误；
B、该反应的反应物是一种，生成物是三种，符合“一变多”的特点，属于分
解反应，故B 错误；
C、该反应的反应物是两种，生成物是一种，符合“多变一”的特点，属于化
合反应，故C 正确；
D、该反应的反应物是两种，生成物有两种，不属于化合反应，故D 错误。
故选：C。
25．下列属于置换反应的是（
）
A．2H2O
2H2↑+O2↑
B．Fe+CuSO4＝FeSO4+Cu
C．S+O2
SO2
D．NaOH+HCl＝NaCl+H2O
【解答】解：A、分解反应是由一种物质生成两种或两种以上的物质的反应，
特征是：一变多，该反应属于分解反应，故A 错误；
B、置换反应是一种单质和一种化合物反应生成另一种单质和另一种化合物的
化学反应，该反应属于置换反应，故B 正确；
C、化合反应是有两种或两种以上的物质生成一种物质的化学反应，特征是：
多变一，该反应属于化合反应，故C 错误；
D、复分解反应是两种化合物互相交换成分生成另外两种化合物的反应，该反
应属于复分解反应，故D 错误；
故选：B。
26．学习化学要理顺相关知识点之间的联系。下列符合图形关系的是（
）
A
B
C
D
X
单质
中和反应
化合反应
化石燃料
400
Y
化合物
复分解反应
氧化反应
天然气
A．A
B．B
C．C
D．D
【解答】解：A、由同种元素组成的纯净物是单质；由不同种元素组成的纯净
物是化合物，单质和化合物是并列关系，故选项错误。
B、酸和碱生成盐和水的反应是中和反应，中和反应是复分解反应中的一类，
复分解反应和中和反应属于包含关系，故选项正确。
C、有些化合反应是氧化反应，如铁丝燃烧；有些化合反应不是氧化反应，如
二氧化碳与水反应生成碳酸；化合反应与氧化反应属于交叉关系，故选项错
误。
D、天然气属于化石燃料中的一种，是X 包含Y，故选项错误。
故选：B。
27．下列属于置换反应的是（
）
A．H2SO4+2NaOH＝Na2SO4+2H2O
B．H2CO3＝H2O+CO2↑
C．Fe+CuSO4＝FeSO4+Cu
D．CH4+2O2
CO2+2H2O
【解答】解：A、该反应的反应物、生成物都是两种化合物，不属于置换反应，
故A 错误；
B、该反应是“一变多”，不属于置换反应，故B 错误；
C、该反应是一种单质和一种化合物反应生成另一种单质和另一种化合物的反
应，属于置换反应，故C 正确；
D、该反应的生成物均为化合物，不属于置换反应，故D 错误。
故选：C。
28．善于归纳是学习化学的良好习惯，以下对化学基本反应类型归纳不正确的是
（
）
A．分解反应：反应物和生成物都不止一种
B．化合反应：反应物两种或两种以上，生成物是一种
C．置换反应：反应物和生成物都是一种单质、一种化合物
D．复分解反应：反应物和生成物都是化合物
【解答】解：A、分解反应是由一种物质反应生成多种物质的化学反应，所以
分解反应的反应物只有一种，故A 错误，符合题意；
B、化合反应是指由两种或两种以上物质反应生成另一种物质的反应。化合反
应的特点是：反应物是两种或两种以上，生成物是一种，故B 正确，不符合
题意；
C、置换反应是由一种单质与一种化合物起反应，生成另一种单质和另一种化
合物的反应，故C 正确，不符合题意；
401
D、复分解反应是由两种化合物互相交换成分生成另外两种化合物的反应，故
D 正确，不符合题意；
故选：A。
29．对于化学反应A+B＝C+D 的下列说法中，正确的是（
）
A．若C、D 分别为盐和水，则该反应一定是中和反应
B．若A、B、C、D 都是化合物，该反应一定是复分解反应
C．若A 为碱溶液，B 为盐溶液，则C 和D 可能是两种沉淀
D．若C、D 分别为单质和化合物，则该反应一定是置换反应
【解答】解：A、若C、D 分别为盐和水，该反应不一定是中和反应，如非金
属氧化物与碱反应生成盐和水，但不是中和反应，故选项说法错误。
B、A、B、C、D 都是化合物，A 与B 反应时不一定是交换成分的反应，不一定
是复分解反应，如非金属氧化物与碱反应生成盐和水，故选项说法错误。
C、若A 为碱溶液，B 为盐溶液，则C 和D 可能是两种沉淀，如氢氧化钡溶液
和硫酸铜溶液混合反应生成氢氧化铜沉淀和硫酸钡两种沉淀，故选项说法正
确。
D、若C、D 分别为单质和化合物，则该反应不一定是置换反应，如一氧化碳
还原氧化铁反应生成铁和二氧化碳，故选项说法错误。
故选：C。
04 质量守恒定律化学方程式
1．密闭容器内有甲、乙、丙、丁四种物质，在一定条件下充分反应，测得反应
前后各物质的质量分数如图所示。下列说法正确的是（
）
A．物质甲是生成物
B．反应后乙物质的质量分数是18%
C．该化学反应中甲、乙两物质的质量比是14：3
D．物质丁一定是该反应的催化剂
【解答】解：由四种物质反应前后各物质的质量分数可知，反应前后甲的质
量分数减少了70%﹣42%＝28%，故甲是反应物；反应后乙的质量分数为1﹣42%
﹣40%﹣10%＝8%，则乙的质量分数减少了14%﹣8%＝6%，故乙是反应物；丙是
生成物，增加的质量分数为40%﹣6%＝34%；丁的质量分数不变，可能作该反
应的催化剂，也可能没有参加反应。
A、由上述分析，物质甲是反应物，故选项说法错误。
B、反应后乙的质量分数为1﹣42%﹣40%﹣10%＝8%，故选项说法错误。
C、该化学反应中甲、乙两物质的质量比是28%：6%＝14：3，故选项说法正确。
D、丁反应前后质量分数不变，可能是该反应的催化剂或不参与反应的杂质，
402
故选项说法错误。
故选：C。
2．在一个密闭容器中，有甲、乙、丙、丁四种物质，一定条件下充分反应，测
得反应前后各物质的质量如图所示。下列说法正确的是（
）
A．x＝14
B．乙一定是催化剂
C．甲可能是单质
D．丙和丁的相对分子质量之比一定是9：8
【解答】解：A、由分析可知，x＝14，故选项说法正确。
B、反应前后乙的质量不变，则乙可能是该反应的催化剂，故选项说法错误。
C、甲是分解反应的反应物，则甲一定是化合物，故选项说法错误。
D、反应过程中丙和丁质量的变化比是9g：8g＝9：8，由于不知道化学计量数，
无法判断丙和丁的相对分子质量比，故选项说法错误。
故选：A。
3．某化学反应在密闭容器中进行，各物质的分子数目，质量随时间变化情况如
图1，图2 所示。下列说法错误的是（
）
A．Z 一定属于化合物
B．参加反应的X 与Y 的质量比为3：14
C．反应前后分子总数不变
D．Y 与Z 的相对分子质量之比为28：17
【解答】解：由图1 可知，X 和Y 是反应物，Z 是生成物，由分子个数的变化
情况可知，该反应可表示为：3X+Y＝2Z。由图2 可知，参加反应的Y 的质量
为72g﹣44g＝28g，生成Z 的质量为34g，由质量守恒定律可知：参加反应的
X 的质量为34g﹣28g＝6g。
403
A、由该反应的方程式3X+Y＝2Z 可知，该反应属于化合反应，因此生成物Z
一定是化合物，说法正确；
B、由以上分析可知，参加反应的X 与Y 的质量比为6g：28g＝3：14，说法正
确；
C、由该反应的方程式3X+Y＝2Z 可知，反应前后分子总数改变，说法错误；
D、设Y、Z 的相对分子质量分别为m、n，由化学方程式可知，
，
则
，说法正确。
故选：C。
4．在一定条件下，甲、乙、丙、丁四种纯净物在密闭容器中充分反应，反应前
后各物质的质量如图。下列说法不正确的是（
）
A．甲和乙是反应物
B．丙一定是化合物
C．x＝0.4g
D．反应前后乙、丁改变的质量比是4：1
【解答】解：由表中数据分析可知，反应前后甲的质量减少了7.6g﹣3.2g＝
4.4g，故是反应物，参加反应的质量为4.4g；同理可以确定丙是生成物，生
成的质量为5.8g﹣0.2g＝5.6g；丁是生成物，生成的质量为0.4g﹣0g＝0.4g；
由质量守恒定律，乙应是反应物，且参加反应的质量为5.6g+0.4g﹣4.4g＝
1.6g，故x 的数值为2.0g﹣1.6g＝0.4g。
A、由上述分析，甲和乙是反应物，故选项说法正确。
B、该反应的反应物为甲、乙，生成物是丙和丁，丙不一定是化合物，也可能
是单质，故选项说法错误。
C、由上述分析，x＝0.4g，故选项说法正确。
D、反应前后乙、丁改变的质量比是1.6g：0.4g＝4：1，故选项说法正确。
故选：B。
5．一定条件下，在密闭容器中发生某化学反应，测得反应过程中各物质的质量
数据如表：
物质
甲
乙
丙
丁
反应前的质量
/g
10
16
0
2
反应中的质量
/g
7
8
a
2
404
反应后的质量
/g
b
0
22
c
下列选项正确的是（
）
A．a＝11
B．丁一定是催化剂
C．该反应为分解反应
D．b＝3
【解答】解：A、由分析可知，a＝11，该选项正确。
B、由表中数据可知，丁的质量随着反应的进行，没有发生改变，所以丁可能
是该反应的催化剂，也可能没有参与反应，该选项不正确。
C、与分析可知，该反应为甲与乙反应生成丙，符合多变一的特点，属于化合
反应，该选项不正确。
D、由分析可知，b＝4，该选项不正确。
故选：A。
6．已知一定质量的纯净物A 跟32g 氧气恰好完全反应，生成22g 二氧化碳和18g
水，下列说法错误的是（
）
A．参加反应的A 的质量是8g
B．物质A 中只含有碳、氢两种元素
C．该反应中参加反应的氧气和生成的二氧化碳的分子个数比为3：1
D．物质A 的化学式可能是CH4
【解答】解：A、根据质量守恒定律，参加反应的A 的质量是22g+18g﹣32g
＝8g，故选项说法正确。
B、22gCO2中含有碳元素的质量为：22g
100%＝6g，18g 水中含有氢元
素的质量为：18g
100%＝2g，生成物22g 二氧化碳和18g 水中所含
碳、氢元素的质量和＝6g+2g＝8g，参加反应的A 的质量是8g，则该物质中一
定含有碳、氢两种元素，一定不含氧元素，故选项说法正确。
C、该反应中参加反应的氧气和生成的二氧化碳的分子个数比为
：
2：1，故选项说法错误。
D、该物质分子中碳原子和氢原子的个数比为
：
1：4，则物质A 的
化学式可能是CH4，故选项说法正确。
故选：C。
7．三氧化铬（CrO3）常用于金属镀铬．工业上制造三氧化铬的化学方程式为：
Na2Cr2O7+X═2CrO3+Na2SO4+H2O，其中X 的化学式是
（
）
A．H2S
B．H2SO3
C．H2SO4
D．SO2
【解答】解：根据质量守恒定律，反应前后原子种类和个数都不变，由化学
方程式Na2Cr2O7+X═2CrO3+Na2SO4+H2O 可知：反应前钠原子的个数是2 个，反应
405
后是2 个；
反应前铬原子的个数是2 个，反应后是2 个；
反应前氧原子的个数是7 个，反应后是11 个，则其中4 个包含在X 中；
反应前氢原子的个数是0 个，反应后是2 个；
反应前硫原子的个数是0 个，反应后1 个；
由分析可知，每个X 中含有4 个氧原子、2 个氢原子，1 个硫原子，故化学式
H2SO4。
故选：C。
8．科技实验小组对一白色固体纯净物加热，发现该固体分解生成NH3、H2O、CO2，
根据这一实验事实推断该白色固体可能是（
）
A．Na2CO3
B．NH4HCO3
C．NaHCO3
D．NH4NO3
【解答】解：固体纯净物加热可分解为NH3、H2O 和CO2，说明固体纯净物是由
N、H、O、C 四种元素组成的，则固体纯净物的化学式可能是NH4HCO3，B 正确；
故选：B。
9．从微观上看，化学反应是微观粒子按一定的数目关系进行的。某碳氢化合物
（化学式为CxHy）在密闭容器内充分燃烧，生成二氧化碳和水。部分物质的
分子数随反应过程的变化如图所示。下列说法正确的是（
）
A．该反应前后分子数目不变
B．t 时刻，容器中O2和CO2的质量相等
C．该碳氢化合物的化学式为C3H8
D．该反应生成的二氧化碳和水的质量之比为22：9
【解答】解：由图可知，参加反应的有机物、氧气，生成的二氧化碳的分子
个数比为：n：（6n﹣n）：3n＝1：5：3，设化学方程式中水前面的化学计量
数为m，则化学方程式为nCxHy+5nO2
3nCO2+mH2O；根据质量守恒定律，化
学反应前后，元素的种类不变，原子的种类、总个数不变；根据氧原子个数
守恒，反应物中有10n 个氧原子，生成物二氧化碳中只含有6n 个氧原子，因
此化学方程式中水前面的化学计量数为4n，即生成水分子个数为4n，故化学
方程式为CxHy+5O2
3CO2+4H2O，根据质量守恒定律，则x＝3，y＝8，即有
机物的化学式为C3H8；
A、由反应的化学方程式可知，反应前的分子个数发生变化，故错误；
406
B、t 时刻，O2和CO2的分子数相等，质量不相等，故错误；
C、反应的氧原子个数是10n，生成的二氧化碳中的氧原子是6n，则生成的水
分子中氧原子是10n﹣6n＝4n，该反应生成的水分子数目为4n，由质量守恒
定律可知，CxHy+5O2
3CO2+4H2O，即x＝3，y＝8，碳氢化合物的化学式是
C3H8，故正确；
D、该反应生成的二氧化碳和水的质量之比为：（3n×44）：（4n×18）＝11：
6，故错误；
故选：C。
10．煤气中加入少量的乙硫醇（C2H5SH）预防煤气中毒，乙硫醇可以充分燃烧，
其化学方程式为：2C2H5SH+9O2
4CO2+2x+6H2O，则x 的化学式为（
）
A．S
B．SO2
C．CH4
D．CO
【解答】解：反应前后碳原子都是4 个，氢原子都是12 个，反应前硫原子是
2 个，反应后应该是2 个，包含在2x 中，反应前氧原子是18 个，反应后应该
是18 个，其中4 个包含在2x 中，x 的化学式是SO2。
故选：B。
05 我们周围的空气
1．干燥空气中体积分数约占78%且化学性质不活泼的气体是（
）
A．氧气
B．氮气
C．二氧化碳
D．水蒸气
【解答】解：空气的成分按体积计算，大约是：氮气占78%、氧气占21%、稀
有气体占0.94%、二氧化碳占0.03%、其它气体和杂质占0.03%。空气中含量
最多的气体是氮气，且氮气的化学性质不活泼，在常温下一般不与其它物质
发生化学反应。
故选：B。
2．拉瓦锡用定量的方法研究了空气的成分。某兴趣小组利用氧气传感器来检测
足量红磷燃烧过程中氧气的含量，如图所示，下列判断正确的是（
）
A．a 点时容器内氮气体积分数为85%
407
B．容器内物质总质量：b 点＞c 点
C．氧气有剩余，说明物质燃烧时氧气必须达到一定浓度
D．此实验测得空气中氧气的质量分数为18%
【解答】解：A、由图示可知，a 点时容器内氧气的体积分数为15%，但氮气
体积分数应小于85%，因为空气中还含有二氧化碳、稀有气体等，故选项说法
错误。
B、由质量守恒定律，反应前后物质的总质量不变，容器内物质总质量：b 点
＝c 点，故选项说法错误。
C、最终氧气有剩余，说明物质燃烧时氧气必须达到一定浓度，故选项说法正
确。
D、此实验可测得空气中氧气的体积分数，而不是质量分数，故选项说法错误。
故选：C。
3．化学兴趣小组利用如图所示的改进装置测定空气中氧气的含量（实验操作均
正确）。下列关于该实验的说法错误的是（
）
A．最终注射器活塞约停在10mL 刻度处
B．胶头滴管中的水和注射器中的水作用相同
C．本实验可得出氧气约占空气体积
的结论
D．细沙的作用是防止燃烧放出的热量使试管炸裂
【解答】解：A、白磷燃烧消耗氧气，则装置中压强减小，注射器中的水会被
吸入，由于氧气约占空气体积的五分之一，则试管中氧气的体积为
，则最终注射器活塞约停在20mL﹣10mL＝10mL 刻度处，该
选项正确。
B、氧化钙与水反应放热，则胶头滴管的水的作用为与氧化钙反应放出热量，
从而使白磷燃烧，与注射器中的水的作用不同，该选项不正确。
C、根据进入的水的体积，则能得出氧气约占空气体积的五分之一的结论，该
选项正确。
D、白磷燃烧放热，则细沙的作用是防止燃烧放出的热量使试管炸裂，该选项
正确。
故选：B。
4．下列关于空气的说法正确的是（
）
A．空气中含量最多的气体是氧气，约占空气体积的21%
B．氧气能支持燃烧，可以作燃料
C．二氧化碳是大气污染物之一，其含量增加会引起温室效应
408
D．稀有气体可用于制造多用途的电光源
【解答】解：A、空气中含量最多的气体是氮气，约占空气体积的78%，故A
错；
B、氧气能支持燃烧，不具有可燃性，不能作燃料，故B 错；
C、二氧化碳不属于空气污染物，故C 错；
D、稀有气体通电后发出不同颜色的光，可以制造多用途的电光源，故D 正确。
故选：D。
5．成都市连续14 年位居“中国最具幸福感城市”第一名，城市发展取得重大成
就。下列做法不．符合新时代成都发展理念的是（
）
A．提升非化石能源消费比重
B．减少公园绿地增加住宅建设
C．推动大气污染防治协同立法
D．降低PM2.5，做靓“雪山下的公园城市”
【解答】解：A、在能源的供给端，要提升清洁能源生产的能力，重点建设一
批清洁能源基地，实现多能互补，逐步提升非化石能源比重，故A 符合新时
代发展理念，不合题意；
B、减少公园绿地增加住宅建设不利于人与自然和谐共处，所以不能减少公园
绿地增加住宅建设，故B 不符合新时代发展理念，符合题意；
C、推动大气污染防治协同立法，有利于防治大气污染，有利于环境保护，故
C 符合新时代发展理念，不合题意；
D、降低PM2.5，做靓“雪山下的公园城市”，有利于防治大气污染，有利于环
境保护，故D 符合新时代发展理念，不合题意。
故选：B。
6．空气是人类生产活动的重要资源。下列有关空气成分的说法错误的是（
）
A．氧气可以支持可燃物燃烧
B．氮气不与任何物质发生化学反应
C．二氧化碳在蔬菜大棚中作气体肥料
D．稀有气体可制成多种用途的电光源
【解答】解：A、氧气具有助燃性，可以支持可燃物燃烧，故A 说法正确；
B、氮气的化学性质一般较稳定，但在某些条件也能与一些物质发生化学反应，
比如在高温高压的条件下与氢气合成氨气，则氮气不与任何物质发生化学反
应的说法错误，故B 说法错误；
C、植物光合作用是吸收二氧化碳制造养分，故农业上称二氧化碳为气肥，则
二氧化碳在蔬菜大棚中作气体肥料的说法正确；故C 说法正确；
D、稀有气体通电可发出不同颜色的光，可制成多种用途的电光源，故D 说法
正确；
故选：B。
7．如图手指上的物质都能与氧气反应。下列说法正确的是（
）
409
A．五个反应既是氧化反应，又是化合反应
B．硫在氧气中燃烧，发出蓝紫色火焰
C．磷燃烧放出热量，产生大量白雾
D．氧气的化学性质非常活泼，能与所有物质反应
【解答】解：A、五个反应均是物质和氧气发生的反应，均是氧化反应；但甲
烷在氧气中燃烧生成二氧化碳和水，该反应的生成物是两种，不符合“多变
一”的形式，不符合化合反应的特征，不属于化合反应，故选项说法错误。
B、硫在氧气中燃烧，发出蓝紫色火焰，故选项说法正确。
C、磷燃烧，放出热量，产生大量的白烟，而不是白雾，故选项说法错误。
D、氧气的化学性质比较活泼，不能与所有的物质反应，故选项说法错误。
故选：B。
8．某小组使用数据采集器探究“铁丝在O2中燃烧”，集气瓶内O2的体积分数随
时间的变化关系如图所示。下列说法正确的是（
）
A．反应为4Fe+3O2
2Fe2O3
B．瓶中放少量水，用于吸收有毒物质
C．开始采集数据时，瓶内是纯净的O2
D．铁丝停止燃烧时，瓶内O2未耗尽
【解答】解：A、铁燃烧生成四氧化三铁，该选项不正确；
B、瓶中放少量水，能够防止铁燃烧形成的高温熔融物溅落炸裂集气瓶，该选
项不正确；
C、开始采集数据时，氧气体积分数是80%，瓶内不是纯净的氧气，该选项不
正确；
D、铁丝停止燃烧时，瓶内O2未耗尽，剩余氧气体积分数大于20%，该选项正
确。
故选：D。
9．下列有关加热高锰酸钾制取氧气的实验操作正确的是（
）
410
A．
组装仪器
B．
检查气密性
C．
加热固体
D．
氧气验满
【解答】解：A、组装仪器时，应把橡皮塞慢慢转动着塞进容器口，切不可把
试管放在桌上，手拿塞子，再使劲塞进塞子，以免压破容器，图中操作错误，
故A 错误；
B、检查气密性：将导管置于水中，用手紧握试管，观察导管口是否有气泡冒
出，有气泡冒出，说明装置气密性良好，故B 正确；
C、给试管中的固体加热时，试管口应略向下倾斜，防止冷凝水倒流，炸裂试
管，故C 错误；
D、氧气具有助燃性，氧气验满：将带火星的木条放在集气瓶口，木条复燃，
说明已经集满，不能伸入集气瓶内，故D 错误。
故选：B。
10．我国科研工作者在人工合成淀粉方面取得突破性进展，最关键步骤是二氧化
碳和氢气在无机催化剂的作用下转化为甲醇和水。下列有关催化剂的说法正
确的是（
）
A．没有催化剂化学反应不能发生
B．同一个化学反应可以有多种催化剂
C．化学反应前后，催化剂的质量和性质都不变
D．用过氧化氢溶液制氧气时，加入催化剂可以使生成氧气的质量增加
【解答】解：A、没有催化剂反应也可以发生，例如过氧化氢在常温下也可以
分解为水和氧气，只是反应的速率较慢，故A 说法错误；
B、同一个化学反应可以有多种催化剂，例如二氧化锰、氧化铁、硫酸铜溶液
都可以用作过氧化氢分解的催化剂，故B 说法正确；
C、化学反应前后，催化剂的质量和化学性质都不变，物理性质可能改变，故
C 说法错误；
D、根据催化剂只能改变反应速率，不能改变生成物的质量可知，用过氧化氢
溶液制氧气时，加入催化剂不能使生成氧气的质量增加，故D 说法错误；
故选：B。
11．如图所示，将过氧化氢（H2O2）溶液滴入瓶中，下列现象描述正确的是（
）
411
A．气球缩小，红墨水左移
B．气球缩小，红墨水右移
C．气球不变，红墨水右移
D．气球胀大，红墨水左移
【解答】解：当过氧化氢溶液与二氧化锰反应，生成足够多的氧气时，因氧
气的密度大于空气的密度，充气气球内的空气在周围氧气的压力作用下，会
沿导管排出气球，气球变小，导管中的红墨水会向左移。
故选：A。
12．下列关于催化剂的说法正确的是（
）
A．催化剂不能改变生成物的质量
B．催化剂只能加快化学反应速率
C．二氧化锰可作任何反应的催化剂
D．没有催化剂就不能进行化学反应
【解答】解：催化剂的概念是这样描述的：“在化学反应里能改变其他物质
的化学反应速率，而本身的质量和化学性质在化学反应前后都没有发生变化
的物质叫做催化剂。”通过概念我们可以这样理解：（1）改变的是反应的速
率，而不是反应本身，也就是不改变反应的发生与否，改变的是本来就能够
发生的反应。（2）由于催化剂本身只是改变反应速率，所以不会改变反应的
生成物的量的。（3）所谓速率的改变，催化剂有正负之分。正催化剂能加快
反应的速率，如人体中的酶可加快食物的消化等；而负催化剂能减慢反应的
速率，如橡胶、塑料制品中的防老化剂等。故“改变”应理解为“加快”或
“减慢”。
A、使用催化剂不能改变生成物的量。由于催化剂就是改变反应速率，所以不
会改变生成物的量；故A 正确；
B、催化剂对速率的改变有加快也可以减慢，需要根据需要来选择；故B 不正
确；
C、有许多化学反应不需要催化剂就能进行，二氧化锰也不是只做催化剂用的，
又是可做反应物；故C 不正确；
D、没有催化剂就不能进行化学反应。催化剂改变的是能够发生的反应的速率，
而不能改变能否反应的事实；故D 不正确。
故选：A。
13．空气是一种宝贵的自然资源。下列有关空气的说法不正确的是（
）
A．氮气的化学性质不活泼，可用于食品的防腐
B．空气的成分按体积计算，稀有气体大约占0.03%
C．燃烧法测定空气中氧气的含量，不能用硫代替红磷
412
D．禁止燃放烟花爆竹，可以减少空气污染
【解答】解：A、氮气的化学性质不活泼，可用于食品的防腐正确，正确但不
符合题意，故选项错误；
B、空气的成分按体积计算，稀有气体大约占0.03%错误，占0.94%，错误符
合题意，故选项正确；
C、燃烧法测定空气中氧气的含量，不能用硫代替红磷正确，因为硫和氧气反
应生成二氧化硫气体，正确但不符合题意，故选项错误；
D、禁止燃放烟花爆竹，可以减少空气污染正确，正确但不符合题意，故选项
错误；
故选：B。
14．排放到空气中的下列物质，对大气没有污染作用的是（
）
A．二氧化碳
B．二氧化硫
C．二氧化氮
D．一氧化碳
【解答】解：空气的污染物包括有害气体和粉尘，有害气体为二氧化硫、二
氧化氮、一氧化碳；而二氧化碳不是空气污染物，只是含量过多会造成温室
效应。
故选：A。
15．空气是一种宝贵的资源，下列说法错误的是（
）
A．氮气化学性质稳定，常用作灯泡填充气和食品保护气
B．稀有气体在通电时能发出不同颜色的光，可制成霓虹灯
C．由于氦气密度小和化学性质很不活泼可将其充入气飞艇
D．工业上用分离液态空气的方法制氧气利用了液氮和液氧的密度不同
【解答】解：A、氮气化学性质稳定，不易发生化学反应，所以常用作灯泡填
充气和食品保护气，故说法正确；
B、稀有气体在通电时，能发出不同颜色的光，可制成霓虹灯，故说法正确；
C、氦气密度小，且化学性质稳定，可将其充入气飞艇中，故说法正确；
D、工业上用分离液态空气的方法制氧气利用了液氮和液氧的沸点不同将其分
离，故说法错误。
故选：D。
16．用如图装置测定空气中氧气含量，有关说法错误的是（
）
A．取用的红磷必须足量
B．引燃红磷后，左管内液面先下降后上升，冷却后升至刻度1
C．该装置环保，所得结果更准确
D．该装置还能测得稀有气体的体积分数
【解答】解：A、要测定空气中氧气含量，取用的红磷必须足量，才能将装置
内氧气耗尽，否则会导致实验结果偏小，故A 说法正确；
B、引燃红磷后，红磷燃烧，放出大量的热，装置内气体受热膨胀，压强增大，
左管内液面下降，待完全反应后，逐渐冷却至室温，由于消耗了氧气，装置
413
内压强减小，故左管内液面上升，氧气约占空气体积的
，故冷却后升至刻
度1，故B 说法正确；
C、该装置在密闭容器中进行，反应生成的五氧化二磷不会逸出，比较环保，
且避免了盛有点燃红磷的燃烧匙伸入集气瓶中时，气体的受热膨胀逸出，误
差小，故C 说法正确；
D、该装置是通过红磷燃烧消耗氧气，能测定空气中氧气的含量，无法测得稀
有气体的体积分数，故D 说法错误。
故选：D。
17．2022 年全国生态环境保护工作会议上提出深入打好蓝天、碧水、净土保卫
战。下列做法有利于实现这一目标的是（
）
A．尽量乘坐公共交通工具出行
B．将废气直接排入高空
C．大量燃放烟花爆竹
D．废弃塑料露天焚烧
【解答】解：A、尽量乘坐公共交通工具出行，能节省能源，有利于实现这一
目标，故正确；
B、将废气直接排入高空，会污染空气，不利于实现这一目标，故错；
C、大量燃放烟花爆竹产生大量的空气污染物，不利于实现这一目标，故错；
D、废弃塑料露天焚烧产生大量的空气污染物，不利于实现这一目标，故错。
故选：A。
18．如图表示空气中各成分的含量，下列有关说法错误的是（
）
A．X 可表示氮气
B．Y 可用于医疗急救
C．纵坐标表示气体质量分数
D．稀有气体通电时能发出不同颜色的光，可用于电光源制造
【解答】解：A、氮气是空气中的主要成分，约占空气体积的78%，所以X 可
表示氮气，故A 说法正确；
B、氧气约占空气体积的21%，所以Y 是氧气，氧气能供给呼吸，因此氧气可
用于医疗急救，故B 说法正确；
C、纵坐标应表示气体体积分数，故C 说法错误；
D、稀有气体通电时能发出不同颜色的光，因此稀有气体可用于电光源制造，
故D 说法正确；
故选：C。
19．使用智能手机APP 采集环境中的压强数据可用于“测定空气中氧气的含量”。
414
实验装置如图1 所示，使用激光笔引燃烧杯内的红磷，红磷燃烧前后测得压
强曲线如图2 所示。下列说法不正确的是（
）
A．实验前需检查装置气密性
B．曲线a→b 说明红磷燃烧放出热量
C．红磷燃烧时产生大量白烟
D．装置内温度，c 点远低于a 点
【解答】解：A、实验前需要检查装置的气密性，否则装置漏气，会导致实验
结果偏小，故选项说法正确。
B、曲线a→b，是因为红磷燃烧放出热量，装置内气体受热膨胀，压强增大，
故选项说法正确。
C、红磷燃烧，产生大量的白烟，故选项说法正确。
D、a 点和c 点的温度均是室温，温度相同，故选项说法错误。
故选：D。
20．用如图装置可验证空气中O2的含量。下列说法不正确的是（
）
A．实验中红磷必须足量
B．该实验所用的红磷不可用木炭代替
C．待反应装置冷却至室温打开弹簧夹
D．打开弹簧夹后，集气瓶中水面最终上升至2 处
【解答】解：A、实验中红磷必须足量，以完全消耗装置中的氧气，故选项说
法正确。
B、木炭在空气中燃烧生成二氧化碳气体，虽除去氧气，但增加了新的气体，
没有形成压强差，不能用来测定空气中氧气含量，故选项说法正确。
C、待反应装置冷却至室温打开弹簧夹，否则剩余的气体在受热状态下，处于
膨胀状态，占据了部分水的体积，测定结果偏小，故选项说法正确。
D、氧气约占空气总体积的五分之一，打开弹簧夹后，集气瓶中水面最终上升
至1 处，故选项说法错误。
415
故选：D。
21．空气中各成分含量如图所示，下列说法正确的是（
）
A．纵坐标表示各成分的质量分数
B．X 表示的物质为氧气
C．稀有气体属于纯净物
D．Y 可用于登山、潜水
【解答】解：A、按体积分数计算，氮气约占空气体积的78%，氧气约占空气
体积的21%，故纵坐标表示体积分数，故A 错误；
B、X 约占空气体积的78%，因此X 是氮气，故B 错误；
C、稀有气体是由氖气、氦气等混合而成，属于混合物，故C 错误；
D、氧气约占空气体积的21%，因此Y 为氧气，氧气可供给呼吸，可用于登山、
潜水，故D 正确。
故选：D。
22．用如图装置测定空气中氧气的含量，下列关于该实验的说法错误的是（
）
A．实验时白磷量不足会导致测定结果偏小
B．实验结束后1 中液面上升，2 中液面下降
C．用木炭代替白磷实验，也能得到相同的结论
D．引燃白磷利用了金属导热性
【解答】解：A、实验时白磷量不足会导致氧气未完全消耗，从而导致测定结
果偏小，故选项说法正确。
B、实验结束后1 中氧气被消耗，压强减小，液面上升，2 中液面下降，故选
项说法正确。
C、木炭在空气中燃烧生成二氧化碳气体，虽除去氧气，但增加了新的气体，
没有形成压强差，不能用来测定空气中氧气含量，不能得到相同的结论，故
选项说法错误。
D、通过加热粗铜丝使温度达到白磷的着火点，引燃白磷，利用了铜的导热性，
故选项说法正确。
故选：C。
416
23．利用红磷燃烧测定空气中氧气含量的实验中，用传感器记录集气瓶中压强、
温度随时间变化如图所示。下列对实验记录的分析不正确的是（
）
A．b 点压强最大，说明红磷燃烧结束
B．a→b 段压强增大是因为红磷燃烧放热
C．t1—t2时段，压强降低的主要原因是氧气大量被消耗
D．若在t3前打开止水夹，则测定的氧气体积分数偏小
【解答】解：A、红磷燃烧放热，温度升高，随着反应的进行，氧气被消耗，
压强逐渐减小，至t2时，放出的热量最多；b 点压强最大，不能说明红磷燃烧
结束，故选项说法错误。
B、a→b 段压强增大是因为红磷燃烧放热，故选项说法正确。
C、t1—t2时段，压强降低的主要原因是氧气大量被消耗，故选项说法正确。
D、若在t3前打开止水夹，此时剩余的气体在受热状态下，处于膨胀状态，占
据了部分水的体积，则测定的氧气体积分数偏小，故选项说法正确。
故选：A。
24．实验分析能力是是必备的科学素养。下列对实验中出现的异常现象分析不合
理的是（
）
选项
异常现象
分析
A
实验室制取氧气时，收集不到O2
装置漏气
B
用量筒量取液体时，所得液体偏多
仰视读数
C
红磷燃烧测量空气中氧气含量，偏大
红磷太多
D
给试管里的固体加热时，试管炸裂
试管口未略向下倾斜
【解答】解：A、过氧化氢制取氧气时，始终收集不到O2，可能是因为装置漏
气，故选项说法正确。
B、用量筒量取一定体积的液体时，量液过程中仰视读数，读数偏小，实际所
得液体偏多，故选项说法正确。
C、测定空气中氧气含量时，为了将装置内的氧气完全耗尽，加入的红磷必须
足量，不会导致测定结果偏大，故选项说法错误。
D、给试管里的固体加热时，为防止冷凝水回流到热的试管底部使试管炸裂，
试管口应略向下倾斜，试管口未略向下倾斜，可能会导致试管炸裂，故选项
说法正确。
故选：C。
06 自然界的水
1．用电解水实验探究水的元素组成，下列说法不正确的是（
）
417
A．a 管和b 管中气体体积比约为2：1
B．b 管中的气体能使燃着的木条烧得更旺
C．该探究说明水中含有氢分子和氧分子
D．该探究的依据是化学变化前后元素种类不变
【解答】解：A、电解水实验正极产生氧气，负极产生氢气。产生氧气和氢气
的体积比为1：2。a 与负极相连，b 与正极相连，所以a 管和b 管中气体体积
比约为2：1，说法正确；
B、b 管收集到的是氧气，氧气具有助燃性，能使燃着的木条烧得更旺，说法
正确；
C、由质量守恒定律可知，化学反应前后元素的种类不变，水通电分解生成氢
气和氧气，氢气是由氢元素组成的，氧气是由氧元素组成的，此实验可说明
水由氢元素和氧元素组成，水不含有氢分子和氧分子，说法错误；
D、该探究的依据是化学变化前后元素种类不变，从而从水分解的产物是氢气
和氧气得出水由氢元素和氧元素组成，说法正确；
故选：C。
2．电解水，反应一段时间后，用燃着的木条检验生成的气体，记录的现象如下
表。相关说法错误的是（
）
两电极
正极端的玻璃管
负极端的玻璃管
现象
有气泡
体积为5.15mL，木
条燃得更旺
体积为10.38mL，
气体燃烧
A．通电前应将玻璃管内空气排尽
B．两电极产生气泡的速率不相同
418
C．正极气体为氧气，负极气体为氢气
D．结合气体密度可计算水中氢、氧原子个数比
【解答】解：A、通电前应将玻璃管内空气排尽，以防止对氢气、氧气体积的
测定造成影响，故选项说法正确。
B、两电极产生气泡的速率不相同，负极产生的气体的速率快，故选项说法正
确。
C、正极端的玻璃管气体的体积为5.15mL，能使木条燃得更旺，为氧气；负极
端的玻璃管，体积为10.38mL，气体燃烧，为氢气，故选项说法正确。
D、根据产生气体的体积比即可计算水中氢、氧原子个数比，结合气体密度可
计算水中氢元素和氧元素的质量比，故选项说法错误。
故选：D。
3．氧气是维持生命的重要物质。下列说法不正确的是（
）
A．自然界绿色植物的光合作用产生氧气，同时消耗大气中的二氧化碳
B．工业上分离液态空气制氧，利用的是液氧、液氮的沸点不同
C．家用制氧机有的是通过吸附空气中的氮气得到较纯的氧气，该过程氧分子
未发生变化
D．实验室电解水制氧气，生成氢气和氧气的质量比为2：1
【解答】解：A、自然界绿色植物的光合作用产生氧气，同时消耗大气中的二
氧化碳，说法正确；
B、工业上分离液态空气制氧，利用的是液氧、液氮的沸点不同，说法正确；
C、家用制氧机有的是通过吸附空气中的氮气得到较纯的氧气，该过程没有新
物质生成，发生的属于物理变化，因此此过程中氧分子未发生变化，说法正
确；
D、由电解水的化学方程式2H2O
2H2↑+O2↑可知，生成氢气和氧气的质量
比为（2×2）：32＝1：8，说法错误。
故选：D。
4．如图为电解水实验示意图。下列说法中正确的是（
）
A．与负极相连的试管内收集的气体是氧气
B．产生氢气和氧气的质量比为2：1
C．与正极相连的试管内收集的气体能燃烧
D．该实验说明水是由氢元素和氧元素组成的
【解答】解：A、与负极相连的试管内收集的气体是氢气，A 错误；
B、电解水生成氢气和氧气的体积比为2：1，质量比为1：8，B 错误；
C、与正极相连的试管内收集的气体是氧气，能助燃，C 错误；
419
D、电解水生成氢气和氧气，氢气由氢元素组成，氧气由氧元素组成，化学反
应前后元素种类不变，故水是由氢元素和氧元素组成的，D 正确；
故选：D。
5．某学习小组制作的净水器如图，关于该净水器的说法正确的是（
）
A．能把自来水变成纯净物
B．能除尽水中的可溶性杂质
C．能除去水中的色素和异味
D．净水时水最后流经小卵石
【解答】解：A、该净水器不能除去水中的可溶性杂质，所得到的自来水中仍
含有可溶性杂质，属于混合物，选项错误；
B、该净水器不能除去水中的可溶性杂质，因此不能除尽水中的可溶性杂质，
选项错误；
C、活性炭具有吸附性，可吸附水中的色素和异味，选项正确；
D、由图知，净水时从上到下净化程度依次增高，应最先经过小卵石，选项错
误。
故选：C。
6．空间站中每滴水都弥足珍贵，空间站核心验里的废水处理系统把航天员产生
的废水收集起来，经特殊处理后实现水的循环利用（如图），下列说法不正
确的是（
）
A．银离子消毒，此过程发生化学变化
B．途径①水分子本身没有改变，途径②水分子发生了变化
C．催化改变了反应条件，能使反应生成更多的氧气
D．地球上可供人类使用的淡水仅占地球总水量的0.3%，每滴水也弥足珍贵
【解答】解：A、银离子消毒的过程中有新物质生成，此过程发生化学变化，
说法正确；
B、途径①没有新物质生成，因此水分子本身没有改变，途径②是水分解为氢
气和氧气，有新物质生成，水分子发生了变化，说法正确；
C、催化改变了反应条件，改变了化学反应的速率，但不能使反应生成更多的
420
氧气，说法错误；
D、地球上可供人类使用的淡水仅占地球总水量的0.3%，每滴水也弥足珍贵，
说法正确。
故选：C。
7．公园、车站等公共场所设有直饮水机，其中的水处理过程如下图所示，步骤
③的作用是（
）
A．吸附杂质
B．过滤
C．杀菌消毒
D．蒸馏
【解答】解：步骤③是用紫外灯管照射，紫外线能杀菌消毒，则步骤③的作
用是杀菌消毒。
故选：C。
8．浙江大学联合加州大学科研人员，在﹣50℃环境中，通过静电促使水分子朝
电场方向运动，改变其无序的运动状态，从而诱发单晶生长，制成高质量冰
单品微纳光纤。关于冰单品微纳光纤的说法正确的是（
）
A．冰光纤和水的相对分子质量不同
B．冰光纤与冰的化学性质不同
C．冰光纤由水分子构成
D．水变成冰光纤后，分子停止运动
【解答】解：A、冰光纤与冰是由同种的水分子构成的，冰光纤和水的相对分
子质量相同，故A 错误；
B、冰光纤与冰是由同种的水分子构成的，化学性质相同，故B 错误；
C、由题意可知，冰光纤由水分子构成，故C 正确；
D、分子是不断运动的，水变成冰光纤后，分子没有停止运动，故D 错误。
故选：C。
9．简易氢氧燃料电池实验：在U 型管中装入氢氧化钠溶液（增强水的导电性），
连接学生电源，进行水电解实验（如图1），待两极石墨碳棒出现明显气泡，
立即换接电流表（如图2），观察到电流表指针大幅度偏转。下列说法正确的
是（
）
A．图1 中U 型管左侧电极产生的气体是氧气
B．图1 中U 型管左右电极产生气体的质量比为2：1
C．图2 现象说明氢氧燃料电池氢气和氧气均未发生反应
421
D．图2 现象说明氢氧燃料电池可将化学能转化为电能
【解答】解：A、图1 中U 型管连接负极，产生的气体时氢气，错误；
B、电解水正负极产生的气体的体积比为1：2，不是质量比，错误；
C、原电池中氢气和氧气发生了化学变化，错误；
D、燃料电池属于原电池，是将化学能转变为电能的装置，正确。
故选：D。
10．浙江大学联合加州大学科研人员，在﹣50℃环境中，通过静电促使水分子朝
电场方向运动，改变其无序的运动状态，从而诱发单晶生长，制成高质量冰
单晶微纳光纤。关于冰单晶微纳光纤的说法正确的是（
）
A．水变成冰单晶微纳光纤是分子变大了
B．冰单晶微纳光纤与冰的化学性质不同
C．水变成冰单晶微纳光纤后，分子停止运动
D．冰单晶微纳光纤由水分子构成
【解答】解：A、水变成冰单晶微纳光纤，分子不变，故A 错误；
B、冰光纤与冰是由同种的水分子构成的，化学性质相同，故B 错误；
C、分子是不断运动的，水变成冰单晶微纳光纤后，分子没有停止运动，故C
错误。
D、由题意可知，冰单晶微纳光纤由水分子构成，故D 正确；
故选：D。
11．电解水实验如图所示。下列说法不正确的是（
）
A．试管1 中的气体是氢气
B．试管2 中的气体能使带火星的木条复燃
C．正负两极产生气体的体积比为2：1
D．该实验说明水由氢、氧两种元素组成
【解答】解：A、试管1 中的气体是氢气，该选项正确；
B、试管2 中的气体是氧气，具有助燃性，能使带火星的木条复燃，该选项正
确；
C、正负两极产生气体的体积比为1：2，该选项不正确；
D、电解水生成氢气和氧气，说明水由氢元素和氧元素组成，该选项正确。
故选：C。
12．同学们在完成“电解水实验”时，发现该反应速率较慢，且产物氢气与氧气
的体积比很难达到理论值。为探究电解水时所需NaOH 溶液的最佳浓度，在图
1 所示装置中分别注入质量分数为10%、12%、14%、16%、18%、20%的NaOH 溶
液，在9V 电压下电解3min，产生氢气和氧气的体积如图2 所示。下列说法正
确的是（
）
422
A．管a 中产生的气体能支持燃烧
B．上述反应中原子、分子的种类和数目都不变
C．该实验中氢氧化钠溶液的浓度越大，产生气体的速率越快
D．电解质量分数为14%的NaOH 溶液所产生的氢气、氧气体积比最接近理论值
【解答】解：A、图1 所示电解水实验中，管a 产生的气体比管b 产生的多，
则管a 产生的气体为氢气、管b 产生的气体为氧气，即管b 中产生的气体能
支持燃烧，故A 错误；
B、根据质量守恒定律，化学反应中，原子的种类和数目都不变，分子的种类
一定改变，分子的数目可能不变，故B 错误；
C、电解质量分数为20%的NaOH 溶液比电解质量分数为18%的NaOH 溶液产生
的气体体积少，该实验中氢氧化钠溶液的浓度越大，产生气体的速率不一定
越快，故C 错误；
D、电解质量分数为14%的NaOH 溶液所产生的氢气、氧气体积比最接近理论值，
故D 正确。
故选：D。
13．某实践小组参观本地矿泉水厂，该厂矿泉水含钙、钾等矿物质，其生产流程
示意图如下，下列说法不正确的是（
）
A．矿泉水中的钙、钾指的是元素
B．活性炭过滤器中活性炭的作用是吸附作用或除去水中的色素和异味
C．推测该流程中“超滤”的主要作用是除去难溶性大颗粒
D．加入臭氧的目的是灭菌消毒，该变化是化学变化
【解答】解：A、物质是由元素组成的，矿泉水中的钙、钾指的是元素，说法
正确；
B、活性炭具有吸附性，活性炭过滤器中活性炭的作用是吸附作用或除去水中
的色素和异味，说法正确；
423
C、石英砂过滤器可以除去水中较大的难溶性杂质，由图示推测该流程中“超
滤”的主要作用是除去难溶性小颗粒，说法错误；
D、加入臭氧的目的是灭菌消毒，该变化有新物质生成，是化学变化，说法正
确。
故选：C。
14．2023 年“中国水周”活动主题为“强化依法治水，携手共护母亲河”。下
列关于水资源的保护和利用描述不正确的是（
）
A．保护水资源的措施主要有节约用水和防治水体污染
B．地球上可供利用的淡水资源是取之不尽，用之不竭的
C．农业灌溉可采用喷灌和滴灌的方式，实现节约用水
D．工业废水经处理达标后可排放
【解答】解：A、保护水资源的措施主要有节约用水和防治水体污染，故A 正
确；
B、地球上的水储量是丰富的，但人类能直接利用的淡水资源仅占全球水量的
0.3%，是有限的，故B 错误；
C、农业灌溉可采用喷灌和滴灌的方式，实现节约用水，故C 正确；
D、工业废水经处理达标后可排放，以防造成水体污染，故D 正确。
故选：B。
15．在生产、生活和实验中经常用到水。如图甲为活性炭净水器示意图，如图乙
是制取蒸馏水简易装置图，下列说法正确的是（
）
A．图甲中活性炭的作用是杀菌消毒
B．图甲中水流下进上出是为了提高水的净化效果
C．图乙中烧杯内水的作用是密封
D．图乙经过蒸馏后的水仍然是硬水
【解答】解：A、活性炭具有吸附性，可以除去水中的色素和异味，但不能起
到杀菌消毒的作用，故A 错误；
B、图甲中入水口在下、出水口在上是为了提高水的净化效果，故B 正确；
C、图乙中烧杯内水的作用是增强水蒸气的冷凝效果，故C 错误；
D、蒸馏可以除去水中的所有杂质，因此，图乙经过蒸馏后的水属于软水，故
D 错误。
故选：B。
16．水是人类宝贵的自然资源。下列有关水的净化说法不正确的是（
）
A．过滤可以除去水中所有的杂质
B．活性炭有吸附性，可用于净化水
C．静置沉淀是一种简单的净水方法
424
D．蒸馏既可以净化水，也可以降低水的硬度
【解答】解：A.过滤可以除去水中难溶解的固体杂质，不能除去所有的杂质，
故说法错误；
B.活性炭具有吸附性，可除去异味和色素，所以活性炭可用于净化水，故说
法正确；
C.通过静置沉淀可将大颗粒的固体物质沉降下来，所以静置沉淀是一种简单
的净水方法，故说法正确；
D.蒸馏后得到的水是纯净物，所以蒸馏后既可以净化水，也可以降低水的硬
度，故说法正确。
故选：A。
17．2023 年3 日22 日是第31 届“世界水日”，下列有关“水”的说法及做法
不正确的是（
）
A．电解水的实验可以证明水是由氢元素和氧元素组成的
B．用肥皂水可以区分硬水和软水
C．自来水厂对天然水的净化过程，最后一步是蒸馏
D．工厂排出的废水要先处理达标后再排放
【解答】解：A、电解水可以得出水是由氢元素和氧元素组成，正确；
B、生活中，常用肥皂水区分硬软水，正确；
C、自来水厂净化水时不需要蒸馏，不正确；
D、工厂排出的废水要先处理达标后再排放，正确。
故选：C。
18．用如图所示装置进行电解水实验，下列说法错误的是（
）
A．M、N 两导管口处收集的气体体积之比约为1：2
B．水中可加入少量硫酸钠或氢氧化钠以增强导电性
C．将带火星的木条放在M 导管口处，木条会复燃
D．将N 处收集的气体靠近火焰，若发出很小的声音，说明气体不纯
【解答】解：A、电解水时正极产生氧气，负极产生氢气，氧气和氢气的体积
比约为1：2，由图可知，M 与电源正极相连收集到的气体是氧气，N 与电源负
极相连收集到的气体是氢气，则M、N 两导管口处收集的气体体积之比约为1：
2，故选项说法正确。
B、纯水的导电性很弱，水中可加入少量硫酸钠或氢氧化钠以增强导电性，故
选项说法正确。
C、M 导管口收集到的气体是氧气，氧气具有助燃性，将带火星的木条放在M
导管口处，木条会复燃，故选项说法正确。
D、N 导管口收集到的气体是氢气，将N 处收集的气体靠近火焰，若发出很小
的声音，说明气体较纯，故选项说法不正确。
故选：D。
425
07 碳和碳的氧化物
1．化学与我们生活息息相关。下列说法错误的是（
）
A．氮气可用于食品充氮防腐
B．活性炭可用于冰箱除味剂
C．氢氧燃料电池用作汽车的驱动电源可以减少空气污染
D．商场里标有“补钙”、“补铁”的保健品，这里的“钙铁”指的是单质
【解答】解：A、氮气的化学性质不活泼，可用于食品充氮防腐，故选项说法
正确。
B、活性炭具有吸附性，活性炭可用于冰箱除味剂，故选项说法正确。
C、氢氧燃料电池，氢气和氧气反应生成水，无污染，用作汽车的驱动电源可
以减少空气污染，故选项说法正确。
D、商场里标有“补钙”、“补铁”的保健品，这里的“钙、铁”不是以单质、
分子、原子等形式存在，这里所指的“钙、铁”是强调存在的元素，与具体
形态无关，故选项说法错误。
故选：D。
2．兴趣小组为了探究C 与CuO 反应生成的气体，设计如图装置进行实验：
步骤①先向波形管中通入N2一会儿，在戊处连接瘪气球，关闭甲处止水夹；
步骤②点燃丁处酒精灯，观察到CuO 不变色；
步骤③继续加热丁处，点燃乙处酒精灯。
观察到乙、丁两处均有红色物质生成，丙处澄清石灰水变浑浊。下列说法错
误的是（
）
A．通N2是为了排出氧气，避免干扰后续实验
B．步骤②与步骤③均加热丁处，是对照实验
C．从丙处现象推理C 与CuO 反应一定生成了CO2
D．从丁处现象推理C 与CuO 反应一定生成了CO
【解答】解：A.一氧化碳与氧气混合加热可能发生爆炸，铜与氧气加热条件
下反应生成氧化铜，因此通N2是为了排出装置内的氧气，避免干扰后续实验，
故正确；
B.步骤②点燃丁处酒精灯，观察到CuO 不变色；说明氮气不能还原氧化铜；
步骤③继续加热丁处，点燃乙处酒精灯，为了验证一氧化碳与氧化铜的反应，
因此步骤②与步骤③均加热丁处，是为了排除氮气对实验的影响，属于对照
实验，故正确；
C.碳与氧化铜高温下反应生成铜和二氧化碳，乙处物质变红，丙处澄清石灰
水变浑浊，所以从丙处现象能推理C 与CuO 反应一定生成了CO2，故正确；
D.一氧化碳具有还原性，二氧化碳、氮气均没有还原性，因此丁处黑色物质
426
变红，说明有单质铜产生，只能是一氧化碳气体与氧化铜高温下反应生成铜
和二氧化碳；由于在高温条件下碳和二氧化碳反应也生成了一氧化碳，不能
从丁处现象推理C 与CuO 反应一定生成了CO，故错误；
故选：D。
3．学习化学要用化学观念认识世界。下列选项正确的是（
）
A．变化与守恒：依据X+2O2＝2CO2+2H2O 可知，X 是C2H4O
B．模型与推理：离子是带电的粒子，所以带电的粒子一定是离子
C．宏观与微观：金刚石和石墨的组成元素相同，但其原子的排列方式不同
D．实验与探究：证明CuO 是H2O2分解的催化剂，只需验证CuO 能加快反应速
率
【解答】解：A.在反应X+2O2＝2CO2+2H2O 中，根据质量守恒定律可知，反应前
后的元素种类和原子的种类和个数不变，已知反应前：4 个氧原子；反应后：
2 个碳原子、4 个氢原子，6 个氧原子，则反应前X 中有2 个碳原子、4 个氢
原子，2 个氧原子，则X 的化学式为C2H4O2，故A 错误；
B.离子都是带电的粒子，但是带电的粒子不一定是离子，例如原子核是带电
的微粒，故B 错误；
C.金刚石和石墨的组成元素相同，但其原子的排列方式不同，故C 正确；
D.探究氧化铜是否为过氧化氢分解的催化剂，不仅需设计实验证明氧化铜能
改变化学反应速率，还必须设计实验证明氧化铜本身的质量和化学性质不改
变，故D 错误。
故选：C。
4．某同学按图示装置进行试验（所需的夹持仪器已省略），能够达到实验目的
的是（
）
制备气体
试剂a
试剂b
A
CO2
稀盐酸
碳酸钠
B
O2
双氧水
二氧化锰
C
H2
稀硫酸
锌粒
D
O2
稀硫酸
高锰酸钾
【解答】解：A.碳酸钠与稀盐酸反应制取二氧化碳选用固液常温型发生装置，
但是二氧化碳密度比空气大，所以用向上排空气法收集，故错误；
B.过氧化氯与二氧化锰反应制取氧气选用固液常温型发生装置，但是氧气密
度比空气大，所以用向上排空气法收集，故错误；
C.锌和稀硫酸反应制取氧气选用固液常温型发生装置，氧气密度比空气小，
所以采用向下排空气法收集，故正确；
427
D.高锰酸钾加热分解即可制取氧气，采用固固加热型发生装置，氢气密度比
空气大，所以用向上排空气法收集，故错误。
故选：C。
5．实验室制备并收集二氧化碳，按下表进行实验，取等质量的同种大理石加入
足量酸中（杂质不与酸反应），产生二氧化碳气体随时间变化曲线如图所示，
下列说法错误的是（
）
实验编号
药品
Ⅰ
块状大理石、10% H2SO4溶液
Ⅱ
块状大理石、7% HCl 溶液
Ⅲ
大理石粉末、7% HCl 溶液
A．实验Ⅲ对应的如图变化曲线为甲
B．实验Ⅱ和Ⅲ对比，说明影响反应速率的因素是固体的颗粒大小
C．实验Ⅰ和Ⅱ对比，说明影响反应速率的因素是酸的浓度
D．实验Ⅱ和Ⅲ完全反应后，产生二氧化碳的质量是相等的
【解答】解：A．大理石的主要成分是碳酸钙，碳酸钙与盐酸反应生成氯化钙、
水和二氧化碳，且大理石是粉末状的，反应的速率最快，所以实验Ⅲ对应的
如图变化曲线为甲，选项说法正确；
B．Ⅱ和Ⅲ中选择酸都是7% HCl 溶液，Ⅱ中是块状大理石，Ⅲ中是大理石粉
末，实验Ⅱ和Ⅲ对比，说明影响反应速率的因素是固体的颗粒大小，选项说
法正确；
C．实验Ⅰ和Ⅱ中所用酸的种类不同，没有可比性，选项说法错误；
D．由图象可知，实验Ⅱ和Ⅲ完全反应后，产生二氧化碳的质量是相等的，选
项说法正确。
故选：C。
6．某小组利用图1 装置研究25℃时二氧化碳的溶解性。打开止水夹，向3 个充
满二氧化碳的100mL 烧瓶中，分别注入20mL、40mL、60mL 蒸馏水，关闭止水
夹，振荡前后压强的变化如图2 。下列说法不正确的是（
）
428
A．曲线①中ab 段对应的操作是迅速注入蒸馏水
B．曲线①中c 点和e 点可能进行了振荡
C．曲线③对应的实验是注入60mL 蒸馏水
D．终点气压高于初始的原因可能是在25℃时，1 体积水中最多吸收的二氧化
碳的量小于1 体积
【解答】解：A、曲线①中ab 段压强迅速增大，是因为迅速注入蒸馏水的缘
故，A 正确；
B、c 点到e 点压强明显减小，通过振荡操作使二氧化碳与水充分接触，所以
使得压强明显减小，B 正确；
C、曲线③加入水后压强上升最小，说明进入水的体积最小，100﹣150s 曲线
3 减小压强最少，是因为注入的水最少，是20ml，C 不正确；
D、终点气压高于初始的原因可能是在25℃时，1 体积水中最多吸收的二氧化
碳的量小于1 体积，D 正确；
故选：C。
7．国家规定教室内空气中二氧化碳的最高允许浓度为0.15%。下列是某学习小
组对教室内二氧化碳浓度的检测和相应结果处理的措施，不正确的是（
）
A．从教室不同位置多点采集空气样品
B．将盛有澄清石灰水的烧杯置于教室一段时间进行测定
C．测得二氧化碳浓度为0.28%，说明二氧化碳浓度超标
D．为避免二氧化碳浓度超标，教室应多通风换气
【解答】解：A、为了测定的施压那结果更准确，从教室不同位置多点采集空
气样品，故A 措施正确；
B、由于空气中二氧化碳的量少，氢氧化钙又是微溶于水的，现象不明显，故
B 措施不正确；
C、由于国家规定教室内空气中二氧化碳的最高允许浓度为0.15%，测得二氧
化碳浓度为0.28%，说明二氧化碳浓度超标，故C 措施正确；
D、为避免二氧化碳浓度超标，教室应多通风换气，故D 措施正确。
故选：B。
8．碳及其部分化合物的转化关系如图所示（图中“→”表示一种物质可转化为
另一种物质，X 表示反应物）。下列说法中错误的是（
）
429
A．X 可以是单质或氧化物
B．“CO→CO2”的反应类型为置换反应
C．“CO2→H2CO3”的反应可以用石蕊溶液检验
D．“CO2→CaCO3”的反应可以用于实验室检验二氧化碳
【解答】解：A、C 可以与O2、CuO 反应生成CO2，故X 可以是单质或氧化物，
故该选项说法正确；
B、CO 可以与O2反应生成CO2，该反应为化合反应，并不是置换反应，故该选
项说法错误；
C、CO2与H2O 反应生成H2CO3，可以使紫色石蕊溶液变为红色，故该选项说法正
确；
D、CO2可以与Ca（OH）2反应生成CaCO3沉淀，可用来检验二氧化碳，故该选
项说法正确。
故选：B。
9．某同学用如图所示装置验证二氧化碳的性质。已知：气体X 属于稀有气体；
装置气密性良好；锥形瓶中放入的是用石蕊溶液染成紫色的干燥纸花。具体
步骤有：①从a 端通入二氧化碳；②从b 端通入气体X；③从分液漏斗中滴加
适量水；④从a 端通入二氧化碳。下列有关该实验的说法合理的是（
）
A．步骤①可观察到纸花变红
B．气体X 的密度大于二氧化碳的密度
C．步骤③的目的是验证水不能使紫色石蕊变色
D．步骤④的现象说明二氧化碳显酸性
【解答】解：A、二氧化碳不能使石蕊溶液染成紫色的干燥纸花变色。该选项
不正确。
B、气体X 属于稀有气体，从b 端进入，将二氧化碳从a 端排出，短管进长管
出，说明气体X 的密度小于二氧化碳的密度。该选项不正确。
C、步骤②将二氧化碳气体排出后，步骤③从分液漏斗中滴加适量水，是为验
证水不能使紫色石蕊变色。该选项正确。
D、步骤④从a 端通入二氧化碳，纸花变红，说明二氧化碳和水发生了化学反
应，产物显酸性。该选项不正确。
故选：C。
10．下列关于碳和碳的化合物知识网络图（图中“→”表示转化关系）的说法正
确的是（
）
430
A．“CO2→CaCO3”的反应可用于检验二氧化碳
B．“CO→CO2”的反应只能通过燃烧实现
C．“C→CO”的反应中碳发生还原反应
D．“CO2⇌H2CO3”的反应可用酚酞试剂验证
【解答】解：A、二氧化碳与氢氧化钙溶液反应生成碳酸钙沉淀和水，“CO2
→CaCO3”的反应可用于检验二氧化碳，故选项说法正确。
B、一氧化碳燃烧或与氧化铜反应生成二氧化碳，故选项说法错误。
C、碳与氧气在点燃条件下反应生成一氧化碳，碳发生了氧化反应，故选项说
法错误。
D、二氧化碳与水反应生成碳酸，碳酸分解生成水和二氧化碳，碳酸能使紫色
石蕊溶液变红色，能用石蕊试剂验证，故选项说法错误。
故选：A。
11．实验小组用如图所示装置进行实验，打开K，向充满CO2的锥形瓶中加入适
量的澄清石灰水，立即关闭K，振荡，观察现象，下列有关说法不正确的是
（
）
A．澄清石灰水变浑浊
B．长颈漏斗中液面上升
C．装置内气体压强减小，最终与大气压相等
D．该实验说明CO2能与石灰水反应
【解答】解：打开K，将适量的澄清石灰水加入到充满CO2的锥形瓶中，立即
关闭K，振荡，滴入的氢氧化钙溶液与二氧化碳发生反应，二氧化碳的体积减
少，瓶内压强变小，小于外界大气压。
A、滴入的氢氧化钙溶液与二氧化碳发生反应，澄清石灰水变浑浊，故正确；
B、滴入的氢氧化钙溶液与二氧化碳发生反应，二氧化碳的体积减少，瓶内压
强变小，小于外界大气压，长颈漏斗的下端有气泡冒出，故错误；
C、滴入的氢氧化钙溶液与二氧化碳发生反应，二氧化碳的体积减少，瓶内压
强变小，最终与大气压相等，故正确；
D、澄清石灰水变浑浊，说明CO2能与石灰水反应，故正确。
故选：B。
12．中国力争在2030 年前实现“碳达峰”，2060 年前实现“碳中和”。“碳达
峰”“碳中和”与低“碳”生活中的“碳”指的是同一种物质，下列做法不
431
符合这一主题的是（
）
A．农业上提倡焚烧秸秆，变废为宝，为田增肥
B．汽油中添加乙醇，节约能源，保护环境
C．控制工业废气的任意排放，改善大气质量
D．尽量乘坐公共交通工具出行
【解答】解：A、秸秆焚烧过程会产生大量二氧化碳、烟尘和废气，不符合低
碳理念，故A 错误；
B、用乙醇替换汽油，可减少化石能源使用，节约能源，符合低碳理念，故B
正确；
C、工业废气中含有大量有害气体和烟尘，控制工业废气排放，减少废气排放，
符合低碳理念，故C 正确；
D、乘坐公共交通，减少化石燃料使用，符合低碳理念，故D 正确；
故选：A。
13．化学观念是化学课程要培养的核心素养之一。下列从不同化学观念角度对
CO 和CO2的认识错误的是（
）
A．元素观：CO 和CO2都是由碳、氧两种元素组成的化合物
B．分类观：CO 和CO2都属于氧化物
C．变化观：CO 和CO2在一定条件下可以相互转化
D．结构观：CO 和CO2都是由碳原子和氧原子构成，化学性质相似
【解答】解：A、CO 和CO2都是由碳、氧两种元素组成的纯净物，均属于化合
物，故选项说法正确。
B、CO 和CO2均是由两种元素组成的且有一种是氧元素的化合物，均属于氧化
物，故选项说法正确。
C、CO 和CO2在一定条件下可以相互转化，一氧化碳燃烧生成二氧化碳，二氧
化碳与碳在高温下反应生成一氧化碳，故选项说法正确。
D、CO 和CO2分别是由一氧化碳分子、二氧化碳分子构成的，它们分子的构成
不同，化学性质不相似，故选项说法错误。
故选：D。
14．CO 还原CuO 的实验如图所示，有关说法正确的是（
）
A．玻璃管中粉末由黑变红
B．NaOH 溶液的作用是检验CO2
C．可用生石灰吸收尾气
D．结束实验时，先熄灭酒精灯再同时夹紧弹簧夹K1、K2
【解答】解：A、加热时氧化铜和一氧化碳反应生成铜和二氧化碳，固体由黑
色变红色，故选项正确。
B、NaOH 溶液的作用是吸收二氧化碳，故选项不正确。
432
C、生石灰不能和一氧化碳反应，不能用来处理尾气，故选项不正确。
D、结束实验时，先夹紧弹簧夹K1、K2，后熄灭酒精灯，以防止液体倒流炸裂
玻璃管，故选项不正确。
故选：A。
15．下列关于一氧化碳和二氧化碳的说法中正确的是（
）
A．一氧化碳和二氧化碳都由碳、氧元素组成，能相互转化
B．一氧化碳和二氧化碳都具有可燃性，都可作为燃料
C．一氧化碳和二氧化碳都能与水反应，都能使紫色石蕊溶液变红
D．一氧化碳和二氧化碳都是温室气体，含量增多都能导致温室效应增强
【解答】解：A.在高温条件下，二氧化碳和碳反应生成一氧化碳，一氧化碳
燃烧又生成了二氧化碳；所以在一定条件下二氧化碳和一氧化碳可以互相转
化，故正确；
B.一氧化碳具有可燃性，可做燃料；二氧化碳不能燃烧，不能作燃料，故错
误；
C.二氧化碳能与水化合生成碳酸，碳酸溶液显酸性，能使紫色石蕊溶液变为
红色；一氧化碳属于中性氧化物，不能与水反应，故错误；
D.一氧化碳会引起中毒，不是温室气体，二氧化碳含量上升会导致温室效应
增强，故错误；
故选：A。
16．碳及其化合物存在如下转化关系：C→CO⇌CO2⇌X（“→”表示一种物质会
一步转化成另一种物质）。下列有关说法错误的是（
）
A．由C 转化为CO2的过程中碳元素的化合价依次升高
B．CO 只能通过与O2反应转化为CO2
C．CO2可通过与C 反应转化为CO，化学方程式为C+CO2
2CO
D．X 可能是酸或盐
【解答】解：A.碳元素由0 价升高到+2 价，再由+2 价升高到+4 价，由C 转化
为CO2的过程中碳元素的化合价依次升高，故正确；
B.CO 与氧化铜高温加热，反应生成铜和二氧化碳，不只能通过与O2反应转化
为CO2，故错误；
C.CO2可通过与C 反应转化为CO，化学方程式为C+CO2
2CO，故正确；
D.二氧化碳与水反应生成碳酸，二氧化碳与氢氧化钠反应生成碳酸钠，因此X
可能是酸或盐，故正确；
故选：B。
17．“绿色发展”“低碳生活”等理念逐渐深入民心。下列做法不符合这一理念
的是（
）
A．出行乘公共交通工具，少乘坐私家车
B．农业上提倡焚烧桔梗，变废为宝，为田增肥
C．用废旧报纸制造铅笔杆
433
D．农业和园林改浸灌为喷灌和滴灌
【解答】解：A．出行多乘交通工具减少了化石燃料的燃烧，不开私家车，减
少了二氧化碳的排放，故A 正确；
B．用火焚烧桔梗会产生大量粉尘、有毒的物质，会污染空气，故B 错误；
C．用废旧报纸制作铅笔杆节约了资源，减少了树木的砍伐，故C 正确；
D．改浸灌为喷灌和滴灌，既能节约用水，又能节约能源，故D 正确。
故选：B。
18．对下列实验中出现的异常现象分析合理的是（
）
A．试管中的液体加热时，试管炸裂——集中加热前可能没有预热
B．细铁丝在氧气中燃烧时，集气瓶底炸裂——由于引燃的火柴过长
C．验证空气中氧气含量时，进入集气瓶中的水少于
——红磷过量
D．制取CO2气体时，始终收集不到CO2——收集CO2的集气瓶没盖严
【解答】解：A、给试管中的液体加热时，若没有预热就集中加热可能会导致
试管受热不均而炸裂，符合题意；
B、细铁丝在氧气中燃烧时，集气瓶底炸裂，可能是未在集气瓶底部放少量水
或铺一层细沙，导致高温熔融物溅落，炸裂瓶底，不符合题意；
C、验证空气中氧气含量时，红磷过量能将装置内氧气耗尽，所以红磷过量是
正确的做法，不会导致实验结果偏小，不符合题意；
D、制取二氧化碳气体时，始终收集不到二氧化碳，可能是装置漏气或药品的
量不足，集气瓶没有盖严不会导致收集不到气体，不符合题意。
故选：A。
19．“碳中和”是指通过一定方式抵消人类活动产生的二氧化碳等温室气体排放
量，达到相对“零排放”。下列做法中，有利于实现“碳中和”的是（
）
A．大力开发新能源，禁止使用化石燃料
B．倡导植树造林，促进自然界中二氧化碳的循环
C．提倡多建造以煤为燃料的火力发电厂
D．加高烟囱，将燃烧产生的气体排向高空
【解答】解：A、禁止使用化石燃料是错误的观点，故A 错误；
B、植物可以进行光合作用消耗二氧化碳，故B 正确；
C、煤的燃烧会产生二氧化碳，故C 错误；
D、加高烟囱，不会减少二氧化碳的排放，故D 错误。
故选：B。
20．CO、CO2和CaCO3的转化关系如图所示。下列说法错误的是（
）
A．①可通过物质的还原性实现
B．②可通过物质的可燃性实现
C．③可通过与澄清石灰水反应实现
D．④可通过分解反应实现
【解答】解：A、高温条件下，氧化铁和一氧化碳反应生成铁和二氧化碳，该
选项说法正确；
434
B、二氧化碳不能燃烧，通过物质的可燃性不能把二氧化碳转化成一氧化碳，
该选项说法不正确；
C、二氧化碳和氢氧化钙反应生成碳酸钙沉淀和水，该选项说法正确；
D、高温条件下碳酸钙分解生成氧化钙和二氧化碳，该选项说法正确。
故选：B。
21．如图所示放置一段时间（干冰常温下易升华），下列说法不正确的是（
）
A．将澄清石灰水换成紫色石蕊溶液，溶液会变红
B．干冰升华是物理变化
C．U 形管内右端红墨水液面升高
D．烧杯中澄清石灰水变浑浊
【解答】解：A、干冰是固态二氧化碳，常温下易升华成二氧化碳气体，二氧
化碳和水反应生成的碳酸能使紫色石蕊溶液变红，则将澄清石灰水换成紫色
石蕊溶液，溶液会变红，故选项说法正确。
B、干冰升华是固态二氧化碳变成气态二氧化碳，没有新物质生成，是物理变
化，故选项说法正确。
C、干冰升华吸热，使周围温度降低，大试管内压强减小，则右端红墨水液面
降低，左端红墨水液面升高，故选项说法不正确。
D、干冰是固态二氧化碳，常温下易升华成二氧化碳气体，二氧化碳可以使澄
清石灰水变浑浊，则烧杯中澄清石灰水变浑浊，故选项说法正确。
故选：C。
22．如图所示进行有关碳及其氧化物的性质实验，下列说法中不正确的是（
）
A．实验中要先通CO2后加热
B．黑色的氧化铜变红，发生以下反应C+2CuO
2Cu+CO2↑
C．丙处试管可防止液体倒吸
D．丁既可吸收CO2，也可收集CO
435
【解答】解：A、二氧化碳能与碳反应生成一氧化碳，而一氧化碳不纯时会加
热会发生爆炸，则实验中是先通二氧化碳后加热，故A 正确；
B、生成的一氧化碳能与氧化铜反应生成铜和二氧化碳，则黑色的氧化铜变红
色，而不是因为碳还原，故B 不正确；
C、丙处空试管的作用为防止氢氧化钠溶液倒流到热的玻璃管处，使玻璃棒炸
裂，故C 正确；
D、二氧化碳能与氢氧化钙反应生成碳酸钙和水，且一氧化碳难溶于水，可将
溶液排出，即丁既可吸收CO2，也可收集CO，故D 正确。
故选：B。
23．中国科学家成功制备出石墨双炔包覆的锑纳米空心立方盒，可用作钠离子电
池负极材料。石墨烯和石墨双炔均由碳原子构成，具有优良的导电性，结构
如下。下列说法不正确的是（
）
A．石墨烯和石墨双炔都是单质
B．石墨烯和石墨双炔性质完全相同
C．石墨烯和石墨双炔完全燃烧都生成CO2
D．石墨烯和石墨双炔均可作电极材料
【解答】解：A、根据“石墨烯和石墨双炔均由碳原子构成”可知，石墨烯和
石墨双炔都是由碳元素组成的单质，说法正确，该选项不符合题意；
B、根据图示可知，石墨烯和石墨双炔中碳原子排列顺序不同，性质不完全相
同，化学性质相同，物理性质不同，说法错误，该选项符合题意；
C、根据“石墨烯和石墨双炔均由碳原子构成”可知，石墨烯和石墨双炔都是
由碳元素组成的单质，石墨烯和石墨双炔完全燃烧都生成CO2，说法正确，该
选项不符合题意；
D、根据“石墨烯和石墨双炔均由碳原子构成，具有优良的导电性”可知，石
墨烯和石墨双炔均可作电极材料，说法正确，该选项不符合题意。
故选：B。
24．小明同学利用生活废弃材料组装了图装置进行二氧化碳的制取和性质探究。
已知a、d 是浸有紫色石蕊溶液的湿润棉花，b、c 是用紫色石蕊溶液浸过的干
燥棉花（夹持装置已略）。下列描述正确的是（
）
436
A．制取二氧化碳时，饮料瓶应装大理石，注射器用于添加浓盐酸
B．实验过程中，棉花变色情况是a、d 变红，且a 的变色速度比d 快
C．利用装置可以知道二氧化碳密度比空气大，可与水发生反应
D．若用该装置制取氧气，可以使用氯酸钾和二氧化锰
【解答】解：A、由于浓盐酸容易挥发产生HCl 气体，与制取的二氧化碳混合
使气体不纯，所以应选用饮料瓶装大理石，注射器装稀盐酸，故该选项错误；
B、通过大理石与稀盐酸的反应可以制取二氧化碳，二氧化碳可以与水发生反
应生成碳酸，可以使紫色石蕊试液变红，因为a，d 是浸有紫色石蕊溶液的湿
润棉花，所以可变红，b，c 是干燥的，不变色。但由于二氧化碳的密度比空
气大，所以应该先接触到d，才能接触到a，因此a 的变色速度比d 慢，故该
选项错误；
C、经上述分析可知，二氧化碳密度比空气大，可与水发生反应，该选项正确；
D、此装置是固液常温型发生装置，而用氯酸钾和二氧化锰制取氧气需要加热，
故不能用该装置，该选项错误。
故选：C。
25．二氧化碳捕集利用与封存（CCUS）是实现“碳中和”的有效方法。下面有关
二氧化碳捕集利用与封存方法与其他三项不同的是（
）
A．将捕集的二氧化碳用碱液吸收
B．将二氧化碳加压灌注到合适的地层中，与“盐水”作用生成稳定的碳酸盐
C．将CO2注入3000m 以上深度的海里，形成固态的CO2水化物或液态的CO2“湖”
D．资源化利用CO2：CO2与氨气合成尿素、CO2与氯化钠生产纯碱等
【解答】解：A、将二氧化碳用碱溶液吸收是利用二氧化碳能与碱反应生成盐
和水的化学性质；
B、将二氧化碳与盐水作用生成稳定的碳酸盐利用二氧化碳的化学性质；
C、将二氧化碳形成固态或液态封存利用的是物理性质；
D、二氧化碳与氨气合成尿素、与氯化钠生产纯碱利用的是化学性质；
故C 项与其它三项不同。
故选：C。
26．利用如图所示装置，能完成实验室制取气体的是（
）
437
A．用②③制取二氧化碳
B．用②⑤制取氧气
C．用①④制取二氧化碳
D．用①③制取氧气
【解答】解：A、实验室制取二氧化碳，常用大理石或石灰石与盐酸反应，属
于固液常温型，即选用②；二氧化碳的密度比空气的大，能溶于水，应选用
向上排空气法收集气体，即可用②④制取二氧化碳，故选项说法错误。
B、实验室可加热高锰酸钾或加热氯酸钾制取氧气，此时可选用固体加热型装
置①，也可用过氧化氢在以二氧化锰作催化剂的条件下不加热制取氧气，此
时可选用固体不加热型装置②，氧气的密度比空气大，可用向上排空气法④
收集气体，氧气不易溶于水，可采用排水法⑤收集气体，即可用①④、①⑤、
②④、②⑤制取氧气，故选项说法正确。
C、根据A 选项的分析，应用②④制取二氧化碳，故选项说法错误。
D、根据B 的分析，可用①④、①⑤、②④、②⑤制取氧气，故选项说法错误。
故选：B。
27．《化学教育》报道了如图所示的“氧化铜还原实验”一体化装置，下列说法
不正确的是（
）
A．若用酒精灯加热CuO 部位，无明显现象，证明CO2不能还原CuO
B．先用酒精灯加热炭粉再加热CuO，黑色固体变为红色，证明炭粉还原CuO
C．加热炭粉过程中发生反应：CO2+C
2CO
D．反应后装置中气体的质量增加
【解答】解：A、用酒精灯加热氧化铜部位，无明显现象，说明二氧化碳和氧
化铜不反应，二氧化碳不能还原氧化铜，故选项说法正确。
B、先用酒精灯加热炭粉再加热氧化铜，黑色固体变为红色，是因为碳和二氧
化碳在高温下反应生成了一氧化碳，一氧化碳和氧化铜在加热的条件下反应
生成铜和二氧化碳，证明是一氧化碳还原氧化铜，故选项说法错误。
438
C、加热炭粉过程中，碳和二氧化碳在高温条件下反应生成一氧化碳，该反应
的化学方程式为CO2+C
2CO，故选项说法正确。
D、反应中还原氧化铜生成了二氧化碳，反应后装置中气体的质量增加，故选
项说法正确。
故选：B。
28．如图是探究物质的变化与木炭还原性的综合实验装置。把绕成螺旋状的铜丝
一端固定在橡皮塞上，先加热铜丝待表面变黑后再插入这支试管的木炭粉中，
打开弹簧夹后加热。下列说法不正确的是（
）
A．铜丝加热变黑是铜与氧气反应生成的新物质
B．铜丝表面及澄清石灰水的变化说明木炭具有还原性
C．试管向下倾斜的目的是防止反应生成的水回流
D．反应结束后应先夹紧弹簧夹再熄灭酒精灯
【解答】解：A、铜丝加热变黑是因为铜与氧气反应生成了新物质氧化铜，氧
化铜是黑色的，故选项说法正确。
B、木炭能和氧化铜在高温的条件下生成铜和二氧化碳，实验中木炭还原了氧
化铜生成铜，铜丝表面由黑色又变成红色，二氧化碳能使澄清石灰水变浑浊，
则铜丝表面及澄清石灰水的变化说明木炭具有还原性，故选项说法正确。
C、试管中的反应是木炭和氧化铜在高温的条件下生成铜和二氧化碳，反应中
无水生成，则试管向下倾斜的目的不是防止反应生成的水回流，而是防止冷
凝水回流使试管炸裂，故选项说法不正确。
D、反应结束后应先夹紧弹簧夹再熄灭酒精灯，防止熄灭酒精灯后试管温度降
低，管内压强减小，澄清石灰水倒流引起试管炸裂，故选项说法正确。
故选：C。
08 金属和金属材料
1．2023 年5 月28 日，国产大型客机C919 首次商业载客飞行成功，C919 在制造
过程中使用了铝锂合金、钛合金、超高强度钢等大量金属材料。下列有关金
属材料的说法错误的是（
）
A．合金中一定只含金属元素
B．金属材料包括纯金属和合金
C．钛合金的硬度比纯钛更大
439
D．超高强度钢属于一种铁合金
【解答】解：A、合金是在某种金属中加热熔合某些其它金属（或非金属），
而形成的具有金属特性的物质，因此合金中可以含有非金属元素，说法错误；
B、金属材料包括纯金属和合金，说法正确；
C、钛合金的硬度比纯钛更大，说法正确；
D、超高强度钢属于一种铁合金，说法正确。
故选：A。
2．向三个烧杯中分别放入足量的Mg、Al、Fe 粉末，同时加入质量分数相同的
100g 稀盐酸，充分反应。反应的有关图像错误的是（
）
A．
B．
C．
D．
【解答】解：A、向三个烧杯中分别放入足量的Mg、Al、Fe 粉末，同时加入
质量分数相同的100g 稀盐酸，若消耗盐酸相同，则生成氢气质量相同，根据
方程式的质量关系可知消耗相同质量的盐酸，同时消耗金属的质量关系为Fe
＞Mg＞Al，故溶液质量增加关系为Fe＞Mg＞Al，故选项图像正确。
B、金属与酸反应时氢气来源于酸中的氢元素，因为酸的量相同，金属过量，
故最终生成的氢气应该相等，生成等质量的氢气，消耗的金属的质量为Fe＞
Mg＞Al，故选项图像正确。
C、金属活动性为Mg＞Al＞Fe，则镁的反应速率最快，至完全反应所需时间短，
铝的次之，最后是铁；向三个烧杯中分别放入足量的Mg、Al、Fe 粉末，同时
加入质量分数相同的100g 稀盐酸，充分反应，最后生成的氢气的质量相等，
故选项图像正确。
D、金属活动性为Mg＞Al＞Fe，所以相同时间消耗金属的质量关系为：Mg＞Al
＞Fe，根据方程式的质量关系可知消耗相同质量的盐酸，同时消耗金属的质
量关系为Fe＞Mg＞Al，故选项图像错误。
故选：D。
3．某工厂的工业废水中含有大量的FeSO4和CuSO4，为减少污染并变废为宝，工
厂计划从该废水中回收FeSO4和金属铜，流程如图所示。下列说法不正确的是
440
（
）
A．试剂⑤是铁粉，试剂⑦是稀盐酸
B．①的成分为Fe、Cu
C．操作⑥与操作⑧均为过滤
D．滤液②、④合并后经蒸发浓缩、冷却结晶、过滤、洗涤、干燥即获得FeSO4
•7H2O
【解答】解：A、某工厂的工业废水中含有大量的FeSO4和CuSO4，实验目的是
从该废水中回收FeSO4和金属铜，则加入的金属是铁，铁和硫酸铜反应生成硫
酸亚铁和铜，
试剂⑤是铁粉，过滤后，能得到硫酸亚铁溶液、铁和铜的混合物，铁能与稀
硫酸反应生成硫酸亚铁和氢气，则试剂⑦是稀硫酸，不能使用稀盐酸，否则
会生成氯化亚铁，故选项说法错误。
B、由A 选项的解析，①的成分为Fe、Cu，故选项说法正确。
C、操作⑥与操作⑧均为过滤，均是将金属和溶液分离，故选项说法正确。
D、滤液②、④均为硫酸亚铁溶液，合并后经蒸发浓缩、冷却结晶、过滤、洗
涤、干燥即获得FeSO4•7H2O，故选项说法正确。
故选：A。
4．将一定质量的Fe 粉加Mg（NO3）2和Cu（NO3）2的混合溶液中，充分反应后过
滤，得滤渣和滤液。下列说法正确的是（
）
A．滤渣质量与加入的Fe 粉质量可能相等
B．滤液中一定有Mg（NO3）2、Fe（NO3）2，可能有Cu（NO3）2
C．若加入的Fe 粉过量，则得到的滤液呈无色
D．若向滤渣中加入稀盐酸，有气泡生成，则滤渣中一定有Cu、Fe、Mg
【解答】解：A、由金属活动性Mg＞Fe＞Cu，将一定质量的Fe 粉加Mg（NO3）
2和Cu（NO3）2的混合溶液中，不能与Mg（NO3）2溶液反应，铁能与Cu（NO3）
2反应生成硝酸亚铁和铜。反应的化学方程式为Fe+Cu（NO3）2＝Fe（NO3）2+Cu
可知，每56 份质量的铁能置换出64 份质量的铜，滤渣质量大于加入的Fe 粉
质量，故选项说法错误。
B、无法确定反应进行的程度，硝酸铜可能有剩余，滤液中一定有Mg（NO3）2、
Fe（NO3）2，可能有Cu（NO3）2，故选项说法正确。
C、若加入的Fe 粉过量，则得到的滤液中溶质是Mg（NO3）2、Fe（NO3）2，含
有Fe（NO3）2的溶液呈浅绿色，故选项说法错误。
D、若向滤渣中加入稀盐酸，有气泡生成，说明铁是过量的，滤渣中一定有Cu、
Fe，由于铁不能与Mg（NO3）2反应，滤渣中一定没有镁，故选项说法错误。
故选：B。
5．向盛有AgNO3、Cu（NO3）2和Al（NO3）3混合溶液的试管中加入一定量铁粉，
充分反应后过滤，向滤渣中加入稀盐酸，有气泡产生。下列说法正确的是
441
（
）
A．滤渣中一定有铁、铜、银
B．滤液中一定含有Fe（NO3）2，可能含有Al（NO3）3
C．滤液的质量一定比原溶液的质量大
D．滤液有可能呈蓝色
【解答】解：A、由金属活动性Al＞Fe＞Cu＞Ag 知，向盛有AgNO3、Cu（NO3）
2和Al（NO3）3混合溶液的试管中加入一定量铁粉，不能与Al（NO3）3溶液反
应，铁先与AgNO3反应生成硝酸亚铁和银，AgNO3反应完，若还有铁粉，铁才
能与Cu（NO3）2反应生成硝酸亚铁和铜。充分反应后过滤，向滤渣中加入稀盐
酸，有气泡产生，说明滤渣中含有铁，则滤渣中一定有铁、铜、银，故选项
说法正确。
B、滤液中一定含有Fe（NO3）2、Al（NO3）3，故选项说法错误。
C、由Fe+2AgNO3═Fe（NO3）2+2Ag，由反应时的质量比可知，每56 份质量的
铁可置换出216 份质量的银，溶液的质量会减少；由Fe+Cu（NO3）2═Fe（NO3）
2+Cu，每56 份质量的铁可置换出64 份质量的铜，溶液的质量会减少；则滤液
的质量一定比原溶液的质量少，故选项说法错误。
D、滤液不可能呈蓝色，滤液显浅绿色，故选项说法错误。
故选：A。
6．西汉淮南王刘安在《淮南万毕术》中记载：“曾青得铁则化为铜”，曾青又
叫朴青、层青，是天然的硫酸铜。下列叙述错误的是（
）
A．该反应属于置换反应
B．反应后溶液变为黄色
C．说明铁比铜的活动性强
D．反应后铜元素的化合价降低
【解答】解：铁与硫酸铜反应生成硫酸亚铁和铜，化学方程式为：Fe+CuSO4
＝Cu+FeSO4。
A、反应物和生成物都是一种单质和一种化合物，是置换反应，该选项说法正
确。
B、反应后生成的硫酸亚铁溶液为浅绿色，该选项说法不正确。
C、该反应证明了铁的金属活动性比铜强，该选项说法正确；
D、硫酸根化合价是﹣2，根据化合物中元素化合价代数和为零可知，铜元素
化合价是+2，铜是单质，铜元素化合价是0，该选项说法正确。
故选：B。
7．请结合图示分析，下列说法正确的是（
）
A．转化①可利用铜置换出铁
B．转化②可以通过铁与硫酸铜溶液反应实现
C．转化③不属于氧化还原反应
442
D．反应④中能观察到溶液变为浅绿色
【解答】解：A.活动性强的金属可以把活动性弱的金属从其盐溶液中置换出
来；铜的活动性弱于铁，不能置换出铁，该选项不正确。
B.铁和硫酸铜生成铜和硫酸亚铁，该选项正确。
C.转化③中氧化铁失去氧发生还原反应，还原剂得到其中的氧发生氧化反应，
故属于氧化还原反应，该选项不正确。
D.反应④中盐酸和氧化铁反应生成氯化铁溶液，溶液为黄色，该选项不正确。
故选：B。
8．三种金属X、Y、Z 相互之间的反应关系如下
①Y+H2SO4——YSO4+H2↑，Z 和H2SO4不反应
②Z+2XNO3——Z（NO3）2+2X
则X、Y、Z 的金属活动性顺序为（
）
A．X＞Y＞Z
B．X＞Z＞Y
C．Y＞X＞Z
D．Y＞Z＞X
【解答】解：①Y+H2SO4——YSO4+H2↑，Z 和H2SO4不反应，说明Y 的位置排在
氢的前面，Z 的位置排在氢的后面，即Y＞H＞Z；
②Z+2XNO3——Z（NO3）2+2X，说明Z 的金属活动性比X 强，即Z＞X；
则X、Y 和Z 的金属活动性顺序为：Y＞Z＞X。
故选：D。
9．铁和铜在自然环境中都能被腐蚀，下列不能说明铁比铜活泼的事实是（
）
A．历史上铜比铁使用更早
B．铁的文物比铜的稀有
C．氧化铁能与盐酸反应而铜单质不能
D．铁能与硫酸铜溶液反应
【解答】解：A、历史上铜比铁使用更早，说明铁比铜活泼，铁比铜难冶炼，
不符合要求，故选项错误。
B、铁的文物比铜的稀有，是因为铁比铜活泼，铁更易锈蚀，不符合要求，故
选项错误。
C、氧化铁能与盐酸反应而铜单质不能，比较的金属氧化物和单质与酸的反应，
不能说明铁比铜活泼，符合要求，故选项正确。
D、铁能与硫酸铜溶液反应，说明铁比铜活泼，不符合要求，故选项错误。
故选：C。
10．为验证铁、铜、银三种金属的活动性顺序，小东设计了如下所示的两组实验。
下列说法正确的是（
）
A．通过实验①、②能够验证三种金属的活动性顺序
B．实验②中发生的反应是：2Ag+CuSO4═Ag2SO4+Cu
C．实验①中溶液质量逐渐增大
D．实验①中溶液颜色由蓝色变为黄色
443
【解答】解：A、①铁能和硫酸铜反应生成硫酸亚铁和铜，说明活动性Fe＞Cu；
②银和硫酸铜溶液不反应，说明活动性Cu＞Ag，可得出活动性Fe＞Cu＞Ag，
故选项说法正确。
B、实验②银和硫酸铜溶液不反应，故选项说法错误。
C、实验①中反应的化学方程式为Fe+CuSO4═FeSO4+Cu，每56 份质量的铁可置
换出64 份质量的铜，溶液的质量会逐渐减少，至完全反应不再发生改变，故
选项说法错误。
D、实验①生成的是硫酸亚铁溶液，溶液由蓝色变为浅绿色，故选项说法错误。
故选：A。
11．某兴趣小组为探究Zn、Fe、Cu 三种金属的活动性，进行如图所示探究实验。
下列有关实验的说法不正确的是（
）
A．甲试管中观察到的现象是Fe 表面产生气泡，溶液由无色变为浅绿色
B．通过乙试管的实验可以比较Zn 与Fe 的金属活动性强弱
C．若a 是Zn，b 是CuSO4溶液，即可实现实验目的
D．若a 是Fe，b 是CuSO4溶液，则无需甲试管的实验也能实现实验目的
【解答】解：A．铁与稀硫酸反应生成硫酸亚铁和氢气，甲试管中观察到的现
象是Fe 表面产生气泡，溶液由无色变为浅绿色，故A 正确；
B．铁与硫酸锌不反应，通过乙试管的实验可以比较Zn 与Fe 的金属活动性
强弱，故B 正确；
C．Zn 与硫酸铜反应生成铜和硫酸锌，若a 是Zn，b 是CuSO4溶液，可以说明
活动性：Zn＞Cu，不可实现实验目的，故C 错误；
D．铁与稀硫酸反应生成硫酸亚铁和氢气，则活动性：Fe＞H，铁与硫酸铜反
应生成硫酸亚铁和铜，则活动性：Fe＞Cu，若a 是Fe，b 是CuSO4溶液，则无
需甲试管的实验也能实现实验目的，故D 正确。
故选：C。
12．锰（Mn）在钢铁、电池等领域有广泛应用，其金属活动性介于锌和铁之间。
以下对金属锰化学性质的预测，不合理的是（
）
A．能在氧气中燃烧
B．能与氢氧化钠溶液反应
C．能与稀盐酸反应
D．能与硫酸铜溶液反应
【解答】解：A、锰的金属活动性介于锌和铁之间，铁能在氧气中燃烧，则能
在氧气中燃烧，故选项说法正确。
B、锰不能与氢氧化钠溶液反应，故选项说法错误。
C、锰的金属活动性介于锌和铁之间，则位置排在氢的前面，能与稀盐酸反应，
故选项说法正确。
D、锰的金属活动性介于锌和铁之间，则位置排在铜的前面，能与硫酸铜溶液
444
反应，故选项说法正确。
故选：B。
13．下列比较金属活动性强弱的实验设计、现象和结论均正确的是（
）
选项
实验设计
现象
结论（金属的活动
性）
A
将铝丝放入硫酸铜溶液中
无现象
Cu＞Al
B
分别将相同形状的镁条和
铝条点燃放入盛氧气的集
气瓶中
铝条燃烧的更剧
烈
Al＞Mg
C
分别将锌粉与铁丝放入相
同浓度的稀盐酸中
锌粉产生气泡的
速率比铁丝快
Zn＞Fe
D
分别将铁丝与铜丝放入相
同浓度的稀盐酸中
铁丝表面产生气
泡，铜丝无现象
Fe＞Cu
【解答】解：A、由于铝的金属活动性比铜强，因此将铝丝放入硫酸铜溶液中
时，应会看到在铝丝表面生成一层红色物质，故A 错误；
B、由于镁的金属活动性比铝强，因此分别将相同形状的镁条和铝条点燃放入
盛氧气的集气瓶中时，镁条应比铝条燃烧的剧烈，故B 错误；
C、由于锌的金属活动性比铁强，因此和相同的酸溶液反应时，锌的反应现象
更加剧烈，但由于所用的金属是锌粉和铁丝，因此不能说明问题，故C 错误；
D、由于铁在氢前，而铜在氢后，铁丝可以和稀盐酸反应，而铜丝不能和稀盐
酸反应，故D 正确；
故选：D。
14．金属材料在人类活动中有着广泛的应用。下列有关说法正确的是（
）
A．合金中只含金属元素
B．金能压成很薄的片，说明金的熔点高
C．在铁锅表面涂油，可减缓钢铁的锈蚀
D．铁能从ZnSO4、CuSO4的溶液中置换出锌和铜
【解答】解：A、合金是指在一种金属中加热熔合其它金属或非金属而形成的
具有金属特性的物质，合金中不是只含金属元素，还可能含有非金属元素，
故选项说法错误。
B、金能压成很薄的片，说明金具有良好的延展性，故选项说法错误。
C、铁生锈实际上是铁与氧气、水等发生化学反应的过程，在铁锅表面涂油，
隔绝氧气和水，可减缓钢铁的锈蚀，故选项说法正确。
D、锌、铁、铜三种金属活动性：锌＞铁＞铜，铁能置换出CuSO4的溶液中的
铜，不能置换出ZnSO4的溶液中锌，故选项说法错误。
故选：C。
15．用如图所示装置探究铜生锈的条件，一个月后发现铜丝未生锈。下列叙述错
误的是（
）
445
A．金属的腐蚀是金属从单质变成化合物的过程
B．在潮湿的空气中，铝比铁耐锈蚀
C．在有氧气和水的条件下，铜比铁易生锈
D．铜生锈可能与空气中的O2、H2O 和CO2有关
【解答】解：A、金属的腐蚀，与氧气、水等发生反应，是金属从单质变成化
合物的过程，故选项说法正确。
B、在潮湿的空气中，铝比铁耐锈蚀，因为铝在空气中能与氧气反应，其表面
生成一层致密的氧化铝薄膜，阻止内部的铝进一步被氧化，故选项说法正确。
C、用如图所示装置探究铜生锈的条件，一个月后发现铜丝未生锈，说明在有
氧气和水的条件下，铜不如铁易生锈，故选项说法错误。
D、用如图所示装置探究铜生锈的条件，氢氧化钠溶液能吸收空气中的二氧化
碳，氢氧化钠固体能防止空气中的二氧化碳、水蒸气进入盛有铜丝的试管中，
一个月后发现铜丝未生锈，说明铜生锈可能与空气中的O2、H2O 和CO2有关，
故选项说法正确。
故选：C。
16．下列各组物质不能验证Mg、Fe、Cu 三种金属活动性强弱的是（
）
A．稀盐酸、Mg、Fe、Cu
B．MgSO4溶液、Fe、Cu
C．Mg、FeSO4溶液、Cu
D．MgSO4溶液、Fe、Cu（NO3）2溶液
【解答】解：A、镁与稀盐酸应置换出氢气，说明了活动性镁＞氢；铁与稀盐
酸反应置换出氢气，说明了活动性铁＞氢；但镁与稀盐酸的反应比铁与稀盐
酸的反应剧烈，则可得镁＞铁；铜与稀盐酸不反应，说明氢＞铜；由此可得
出三种金属活动性镁＞铁＞铜；故该方案合理。
B、铁、铜与MgSO4溶液均不反应，说明了活动性镁＞铁，镁＞铜，但无法确
定铁和铜的活动性强弱，故该方案不合理。
C、镁与FeSO4溶液反应置换出铁，说明了活动性镁＞铁；铜与FeSO4溶液不反
应，说明了活动性铁＞铜；由此可得出三种金属活动性镁＞铁＞铜；故该方
案合理。
D、Fe 与MgSO4溶液不反应，说明了活动性镁＞铁；铁能与Cu（NO3）2溶液溶
液反应生成硝酸亚铁溶液和铜，说明了活动性铁＞铜；由此可得出三种金属
活动性镁＞铁＞铜；故该方案合理。
故选：B。
17．某兴趣小组在研究Zn﹣Cu 合金、Zn﹣Fe 合金、Fe﹣Al 合金、Fe﹣Cu 合金
时，发现其中一种合金9g 与足量稀盐酸充分反应产生了0.4g 气体，该合金
可能是（
）
A．Zn﹣Cu 合金
B．Zn﹣Fe 合金
C．Fe﹣Al 合金
D．Fe﹣Cu 合金
【解答】解：金属活动性顺序中，氢前面的金属能与稀盐酸反应生成氢气，
446
氢后面的金属不能与稀盐酸反应产生氢气。铜位于氢后，不与稀盐酸反应，
锌、铁、铝位于氢前，都能与稀盐酸反应产生氢气。
设生成0.4g 氢气时消耗的锌、铁、铝的质量分别为x、y、z，则
Zn+2HCl═ZnCl2+H2↑
65
2
x
0.4g
解得x＝13g
Fe+2HCl═FeCl2+H2↑
56
2
y
0.4g
解得y＝11.2g
2Al+6HCl═2AlCl3+3H2↑
54
6
z
0.4g
解得z＝3.6g
由于合金9g 与足量稀盐酸充分反应产生了0.4g 气体，那么合金中成分金属
生成0.4g 氢气，需要金属质量要有大于9g 和小于9g 的，或有金属与酸不反
应生成氢气和需要金属质量小于9g 的。
A、生成0.4g 氢气，需要Zn 质量13g＞9g，Cu 不反应，不符合题意；
B、生成0.4g 氢气，需要Zn 质量13g＞9g，Fe 质量11.2g＞9g，不符合题意；
C、生成0.4g 氢气，需要Fe 质量11.2g＞9g，Al 质量3.6g＜9g，符合题意；
D、生成0.4g 氢气，需要Fe 质量11.2g＞9g，Cu 不反应，不符合题意。
故选：C。
18．为了验证铁、锌、铜三种金属的活动性顺序，某化学小组设计了以下四种方
案，其中可行的是（
）
A．将Cu 分别加入到ZnSO4、FeSO4溶液中
B．将Fe、Cu 分别加入到ZnSO4溶液中
C．将Zn、Cu 分别加入到FeSO4溶液中
D．将Zn 分别加入到FeSO4、CuSO4溶液中
【解答】解：A、将Cu 分别加入到ZnSO4、FeSO4溶液中，均不发生反应，只能
证明铜的活动性顺序小于铁和锌，无法判断铁和锌的活动性顺序，方案不可
行，故选项错误。
B、将Fe、Cu 分别加入到ZnSO4溶液中，Fe 和Cu 与ZnSO4溶液均不反应，只
能证明Zn 的活动性顺序大于Cu 和Fe，无法判断铁和铜的活动性顺序，方案
不可行，故选项错误。
C、将Zn、Cu 分别加入到FeSO4溶液中，Zn 可以与硫酸亚铁溶液反应置换出铁
单质，证明金属活动性顺序Zn＞Fe，Cu 不与硫酸亚铁溶液反应，说明金属活
动性顺序Fe＞Cu，则Zn＞Fe＞Cu，方案可行，故选项错误。
447
D、将Zn 分别加入到FeSO4、CuSO4溶液中，Zn 与两种溶液均能发生置换反应，
生成铁单质和铜单质，只能证明Zn 的活动性顺序大于Cu 和Fe，无法判断铁
和铜的活动性顺序，方案不可行，故选项错误。
故选：C。
19．现有X、Y、Z 三种金属，如果把X 和Y 分别放入稀硫酸中，X 溶解并产生氢
气，Y 不反应；如果把Y 和Z 分别放入硝酸银溶液中，过一会儿，在Y 表面有
银析出，而Z 没有变化。则X、Y、Z 的金属活动性顺序由强到弱的顺序排列
为（
）
A．XYZ
B．XZY
C．YZX
D．ZXY
【解答】解：由题中把X 和Y 分别放入稀硫酸中，X 可以反应产生氢气，Y 不
反应，可知X 位于氢之前，Y 位于氢后；而把Y 和Z 放入硝酸银溶液中，过一
会儿，在Y 表面有银析出，Z 表面没有变化说明Y 位于银之前，Z 位于银之后。
就是说X、Y、Z 的金属活动性顺序由强到弱应是X、Y、Z；
故选：A。
20．通常情况下，相同体积的溶液中溶质质量越大，溶液密度越大。如图，将悬
挂在弹簧秤上的铁块浸没在CuSO4溶液中，一段时间后，弹簧秤读数变大，溶
液体积变化忽略不计。下列有关实验的表述错误的是（
）
A．铁块表面覆盖一层红色物质
B．溶液中的溶质质量减小
C．读数变大的原因是金属总质量增大，溶液密度变小
D．若将CuSO4溶液换成稀硫酸，弹簧秤读数也会变大
【解答】解：A、铁与硫酸铜溶液反应，生成硫酸亚铁和铜，其中铜是红色的，
所以看到的实验现象是：铁块表面覆盖一层红色物质，故A 正确；
B、铁与硫酸铜溶液反应的化学方程式为：Fe+CuSO4＝FeSO4+Cu，每消耗160
份质量的硫酸铜，可生成152 份质量的硫酸亚铁，所以溶液中的溶质质量减
小，故B 正确；
C、铁与硫酸铜溶液反应的化学方程式为：Fe+CuSO4＝FeSO4+Cu，每消耗56 份
质量的铁，可生成64 份质量的铜，所以固体质量增加；已知通常情况下，相
同体积的溶液中溶质质量越大，溶液密度越大；由B 中分析，溶液中溶质的
质量减小，则密度减小，则弹簧秤读数变大，即读数变大的原因是金属总质
量增大，溶液密度变小，故B 正确；
D、若将硫酸铜换成稀硫酸，发生反应的化学方程式为：Fe+H2SO4＝FeSO4+H2↑，
根据化学方程式可知，每消耗56 份质量的铁，可生成2 份质量的氢气，所以
固体质量减小；每消耗98 份质量的硫酸，可生成152 份质量的硫酸亚铁，所
以溶液中的溶质质量增加，已知通常情况下，相同体积的溶液中溶质质量越
448
大，溶液密度越大；所以该反应溶液密度增大，则弹簧秤读数变小，不会变
大，故D 错误。
故选：D。
21．如图是某化学兴趣小组设计的观察铁制品锈蚀的实验装置。下列相关叙述中
正确的是（
）
①一段时间后，铁丝会由下向上出现锈蚀现象
②一段时间后，水面处铁丝锈蚀严重
③一段时间后，塑料瓶会变膨胀，因为铁生锈要放热
④一段时间后，塑料瓶会变瘪，因为铁生锈消耗了氧气
A．①②
B．②④
C．②③
D．③④
【解答】解：铁生锈是铁与氧气、水共同作用的结果，氧气与水和铁接触的
越充分，生锈越严重，在水面处的铁丝与水和氧气充分接触，故一段时间后，
水面处的铁丝锈蚀严重，水面上部的和下部的铁丝锈蚀不明显，故①错误，
②正确；铁生锈需要消耗氧气，导致瓶内的气压减小，故一段时间后塑料瓶
会变瘪，故③错误，④正确。
故选：B。
22．将一定质量的锌粉加入含硝酸银和硝酸铜的混合溶液中，充分反应。反应过
程中固体质量与加入锌粉的质量关系如图所示。下列说法正确的是（
）
A．a 点固体为锌和银
B．b 点固体中加入稀盐酸有气泡产生
C．c 点溶液为无色
D．d 点固体为银和铜
【解答】解：A、由金属活动性Zn＞Cu＞Ag，将一定质量的锌粉加入含硝酸银
和硝酸铜的混合溶液中，锌先与AgNO3反应生成硝酸锌和银，AgNO3反应完，
若还有锌粉，锌才能与Cu（NO3）2反应生成硝酸锌和铜。a 点时硝酸银还没有
完全反应，固体为银，故选项说法错误。
B、b 点时，锌和硝酸银恰好完全反应，固体是银，加入稀盐酸，银和稀盐酸
不反应，没有气泡产生，故选项说法错误。
C、c 点时锌和硝酸铜恰好完全反应，所得溶液为硝酸锌溶液，溶液为无色，
故选项说法正确。
449
D、至c 点，锌和硝酸铜恰好完全反应，d 固体为银、铜、锌，故选项说法错
误。
故选：C。
23．已知锰（Mn）的金属活动性介于镁与锌之间，若要验证铁、铜、锰的金属活
动性强弱，下列实验能达到目的的是（
）
A．
B．
C．
D．
【解答】解：A、Fe、Mn 均能与CuSO4溶液反应，说明了活动性铁＞铜，锰＞
铜，但无法确定铁和锰的活动性强弱，故A 不能达到实验目的；
B、Cu、Fe 均不与硫酸锰溶液反应，说明了活动性锰＞铜，锰＞铁，但无法确
定铁和铜的活动性强弱，故B 不能达到实验目的；
C、Mn 与硫酸亚铁溶液反应，说明了活动性锰＞铁，铜不与硫酸亚铁溶液反应，
说明活动性铁＞铜，则可得出三种金属的活动性顺序为：锰＞铁＞铜，故C
能达到实验目的；
D、铜不与硫酸亚铁溶液反应，说明活动性铁＞铜，铜不与硫酸锰溶液反应，
说明了活动性锰＞铜，但无法确定铁和锰的活动性强弱，故D 不能达到实验
目的；
故选：C。
24．实验研究铁锈蚀影响因素，记录如下。下列分析错误的是（
）
实验装置
序号
其他试剂
100min 时O2的含
量
①
干燥剂
21%
②
10 滴水
15%
③
10 滴水和1.0g
食盐
8%
A．①中铁未生锈，②③中铁已锈蚀
B．①②③证明炭粉对铁锈蚀有影响
C．①②证明水对铁锈蚀有影响
D．②③证明食盐能加快铁锈蚀
【解答】解：A、①加入干燥剂后，铁粉只与氧气接触，不会锈蚀；②加入10
450
滴水后，铁粉与水和氧气同时接触，铁粉慢慢锈蚀；③加入10 滴水和1.0g
食盐，铁粉与氧气和水同时接触，且食盐能加快铁粉的锈蚀速率，所以铁粉
很快锈蚀，故A 正确。
B、三个实验中的铁粉中均混有炭粉，实验①中的铁粉没有锈蚀，②、③的铁
粉发生锈蚀，对比三个实验，并不能证明炭粉对铁锈蚀有影响，故B 错误；
C、①加入干燥剂后，铁粉不会锈蚀；②加入10 滴水后，铁粉慢慢锈蚀，因
此①②证明水对铁锈蚀有影响，故C 正确；
D、②加入10 滴水后，铁粉慢慢锈蚀；③加入10 滴水和1.0g 食盐，铁粉很
快锈蚀，因此②③证明食盐能加快铁锈蚀，故D 正确。
故选：B。
25 ．根据以下铁钉生锈实验的设计，得出的结论不正确的是（
）
A．对比甲、丙，说明铁生锈一定要有水参加
B．对比乙、丙，说明铁生锈一定要有氧气参加
C．对比甲、乙，说明铁生锈一定要有氧气参加
D．对比丙、丁，说明铁在水面附近生锈的速度较快
【解答】解：A、对比甲、丙，甲中没有水不生锈，丙中有水生锈，说明铁生
锈一定要有水参加，正确；
B、对比乙、丙，乙中没有氧气不生锈，丙中有氧气生锈，说明铁生锈一定要
有氧气参加，正确；
C、对比甲、乙，乙中有水，而甲中没有水，不能说明铁生锈一定要有氧气参
加，错误；
D、对比丙、丁，说明铁在水面附近生锈的速度较快，正确；
故选：C。
26．向质量均为m 的锌粉和铁粉中分别滴加100g 相同质量分数的稀硫酸，反应
过程中产生气体的质量与所加稀硫酸的质量关系如图所示。下列叙述中正确
的是（
）
A．反应结束后，两种金属均有剩余
B．反应结束后，消耗硫酸的质量相等
C．b 表示的是铁和稀硫酸反应的情况
D．反应结束后，所得溶液的质量相等
451
【解答】解：A、由图可知，稀硫酸的质量不到100g 时，气体的质量就不再
变化，则稀硫酸有剩余，所以反应结束后，两种金属均完全反应，故选项说
法错误。
B、由图可知，生成气体的质量不相等，该气体是氢气，氢气全部来自于稀硫
酸，所以反应结束后，消耗硫酸的质量不相等，故选项说法错误。
C、锌和铁与稀硫酸反应都生成+2 价的盐，锌的相对原子质量大于铁，则相同
质量的锌和铁与过量稀硫酸反应，铁产生气体的质量要大，所以b 表示的是
铁和稀硫酸反应的情况，故选项说法正确。
D、反应结束后，锌和铁完全反应，但是生成气体的质量不相等，则所得溶液
的质量不相等，故选项说法错误。
故选：C。
27．向装有一定量硝酸铜和硝酸银混合溶液的试管中，缓慢加入细铁粉，充分反
应。下列关于试管中物质的变化关系图错误的是（
）
A．
B．
C．
D．
【解答】解：A、向装有一定量硝酸铜和硝酸银混合溶液的试管中，缓慢加入
细铁粉，铁粉先和硝酸银反应生成银和硝酸亚铁，一开始试管中只有银一种
金属；硝酸银反应完后，铁粉再和硝酸铜反应生成铜和硝酸亚铁，此时试管
中有银和铜两种金属；当硝酸铜也反应完之后，继续加入铁粉，没有物质反
应，此时试管中有银、铜、铁三种金属；故选项图像正确。
B、一开始没有加入铁粉时，溶质只有硝酸银和硝酸铜两种，开始加入铁粉后，
铁粉和硝酸银反应生成银和硝酸亚铁，溶质有硝酸银、硝酸铜和生成的硝酸
亚铁三种，随着硝酸银反应完，溶质有硝酸铜和硝酸亚铁两种，硝酸铜也反
应完后，溶质只有硝酸亚铁，故选项图像正确。
C、铁、铜、银三种金属的相对原子质量由大到小的顺序是：银＞铜＞铁，一
开始铁置换硝酸银中的银时，溶液总质量减小的快，硝酸银反应完后，铁置
换硝酸铜中的铜时，溶液总质量减小的慢，完全反应后，溶液总质量不变，
故选项图像正确。
D、铁、铜、银三种金属的相对原子质量由大到小的顺序是：银＞铜＞铁，一
开始铁置换硝酸银中的银时，固体总质量增加的快，硝酸银反应完后，铁置
452
换硝酸铜中的铜时，固体总质量增加的慢，完全反应后，随着铁粉的不断加
入，固体总质量不断增大，故选项图像错误。
故选：D。
28．高铁列车车体材料使用了含镍不锈钢，工业上火法炼镍的原理是：
C+NiO2
Ni+CO2↑，下列说法错误的是（
）
A．反应中NiO2发生还原反应
B．气体产物中可能有CO
C．该不锈钢中还含有铁和碳
D．该不锈钢合金的硬度小于纯铁
【解答】解：A、NiO2失去了氧，发生了还原反应，故选项说法正确。
B、碳和二氧化碳在高温下反应生成一氧化碳，气体产物中可能有CO，故选项
说法正确。
C、钢是含碳量为0.03%～2%的铁合金，则该不锈钢中还含有铁和碳，故选项
说法正确。
D、合金的硬度比组成它的纯金属的硬度大，该不锈钢合金的硬度大于纯铁，
故选项说法错误。
故选：D。
29．钛镍形状记忆合金具有形状记忆功能，可揉成一团放入卫星或宇宙飞船舱内，
需要时可在一定条件下恢复原来的形状。冶炼金属钛的反应原理为：①
2Cl2+TiO4
TiCl4+2X、②TiCl4+3Mg
Ti+3MgCl2。下列说法不正确的是
（
）
A．①中X 的化学式为O2
B．金属钛由钛分子构成
C．TiCl4中钛元素的化合价为+4
D．①②均属于置换反应
【解答】解：A、根据质量守恒定律可知，化学反应前后原子的种类和个数不
变，反应①中，反应前：Cl 原子4 个、Ti 原子1 个、O 原子4 个，反应后Cl
原子4 个、Ti 原子1 个，则2X 中含有4 个O 原子，X 的化学式为O2，说法正
确；
B、金属钛是由钛原子构成的，不是钛分子，说法错误；
C、TiCl4中氯元素的化合价为﹣1 价，设钛元素的化合价为x，根据化合物中
正负化合价代数和为0 可知：x+（﹣1）×4＝0，x＝+4，说法正确；
D、反应①②均是由单质和化合物反应生成另一种单质和另一种化合物的反
应，均属于置换反应，说法正确；
故选：B。
30．向FeCl2和CuCl2的混合溶液中加入一定量Zn 粉，充分反应后过滤，向滤渣
中滴加稀盐酸，有气泡冒出。下列说法正确的是（
）
A．滤渣中一定有Cu 和Fe
453
B．滤渣中一定有Zn
C．滤液中只能有ZnCl2
D．滤液中可能存在CuCl2
【解答】解：根据金属金属活动性顺序：锌＞铁＞氢＞铜，向FeCl2和CuCl2
的混合溶液中加入一定量Zn 粉，锌先与氯化铜反应生成铜和氯化锌，氯化铜
反应完全之后，锌才会与氯化亚铁反应生成铁和氯化锌；充分反应后过滤，
向滤渣中滴加稀盐酸，有气泡冒出，说明滤渣中有排在氢前面的金属，即滤
渣中至少含有铜和铁，也可能含有锌；滤液中一定没有氯化铜，一定有氯化
锌，可能含有氯化亚铁。
A、由上述分析，滤渣中一定有铜和铁，可能含有Zn，故选项说法正确。
B、由上述分析，滤渣中一定有铜和铁，可能含有Zn，故选项说法错误。
C、由上述分析，当锌不足时，滤渣中有铜、铁，氯化亚铁部分反应时，滤液
中有氯化锌、氯化亚铁，故选项说法错误。
D、因为滤渣中一定有铜和铁，即氯化亚铁参与了反应，则氯化铜一定反应完
全，故滤液中不可能存在Cu
2+，故选项说法错误。
故选：A。
09 溶液
1．溶液用途广泛，与人们的生活息息相关。下列说法正确的是（
）
A．溶液是由溶质和溶剂组成的
B．溶液都是无色透明的液体
C．溶液是具有均一性、稳定性的纯净物
D．饱和溶液一定是浓溶液，不饱和溶液一定是稀溶液
【解答】解：A、溶液是由溶质和溶剂组成的，故选项说法正确。
B、溶液不一定都是无色透明的液体，如硫酸铜溶液是蓝色的；故选项说法错
误。
C、溶液是具有均一性、稳定性的混合物，故选项说法错误。
D、溶液是否饱和与溶液的浓稀没有必然联系，饱和溶液不一定是浓溶液，不
饱和溶液不一定是稀溶液，故选项说法错误。
故选：A。
2．若研究温度对食盐溶解快慢的影响，在图中应选用哪两个装置进行对照实验
（
）
A．甲和乙
B．乙和丙
C．甲和丙
D．丙和丁
【解答】解：研究温度对食盐溶解快慢的影响，可选用甲与丙两个装置进行
对照实验，
故选：C。
454
3．氯化铵在不同温度时的溶解度如表。20℃时，小明开展了如下图所示的实验
探究（假设加热过程中溶剂的量不减少）。下列说法错误的是（
）
温度/℃
20
40
60
80
溶解度/g
37.2
45.8
55.2
65.6
A．溶液①和溶液③都是氯化铵的不饱和溶液
B．向溶液②中加入少量硫酸铜，溶液不变色
C．溶液③的溶质质量分数一定大于溶液①
D．溶液③降低温度至40℃时已变成饱和溶液
【解答】解：A、20℃时，氯化铵的溶解度为37.2g，则20℃时，20g 水中最
多能溶解氯化铵7.44g，溶液①是氯化铵的不和溶液；80℃时，氯化铵的溶解
度为65.6g，20g 水中最多能溶解氯化铵13.12g，溶液③是氯化铵的不饱和溶
液，故选项说法正确。
B、一定温度下，一种物质的饱和溶液还能在溶解其它的溶质，向溶液②中加
入少量硫酸铜，硫酸铜能溶解，溶液变蓝色，故选项说法错误。
C、溶液①③中溶剂的质量相等，但③中溶质质量比①中多，溶液③的溶质质
量分数一定大于溶液①，故选项说法正确。
D、40℃时，氯化铵的溶解度为45.8g，此温度下，20g 水中最多能溶解氯化
铵9.16g，则溶液③降低温度至40℃时已变成饱和溶液，故选项说法正确。
故选：B。
4．生活在盐碱湖附近的人们习惯“夏天晒盐，冬天捞碱”，结合下表数据，下
列说法正确的是（
）
温度
溶解度
物质
0℃
10℃
20℃
30℃
40℃
50℃
60℃
70℃
氯化钠
35.7g
35.8g
36.0g
36.3g
36.6g
37.0g
37.3g
37.8g
碳酸钠
7.0g
12.2g
21.8g
39.7g
49.0g
48.7g
46.5g
45.8g
A．碳酸钠的溶解度比氯化钠大
B．“夏天晒盐，冬天捞碱”分别利用了蒸发结晶和降温结晶的原理
C．20℃时，将20g 氯化钠加入50g 水中，形成的溶液质量为70g
D．碳酸钠的溶解度随温度升高而增大
【解答】解：A、由表中数据知，温度小于20℃时，碳酸钠的溶解度比氯化钠
小，温度大于20℃时，碳酸钠的溶解度比氯化钠大，故错误；
B、由表中数据知，碳酸钠的溶解度受温度影响较大，冬天温度低，碳酸钠的
溶解度减小，碳酸钠易结晶析出，氯化钠的溶解度受温度影响较小，夏天温
度高，水分蒸发快，氯化钠易结晶析出，所以“夏天晒盐，冬天捞碱”分别
利用了蒸发结晶和降温结晶的原理，故正确；
C、由表中数据知，20℃时，氯化钠的溶解度为36g，则将20g 氯化钠加入50g
水中，只能溶解18g 氯化钠，形成的溶液质量为68g，故错误；
455
D、由表中数据知，40℃时碳酸钠的溶解度最大，温度小于40℃时，碳酸钠的
溶解度随温度升高而增大，温度大于40℃时，碳酸钠的溶解度随温度升高而
减小，故错误。
故选：B。
5．甲、乙、丙三种固体物质的溶解度曲线如图所示。下列说法一定正确的是
（
）
A．t3℃时，等质量的甲、乙、丙的溶液降温到t1℃时，析出晶体最多的是甲
的溶液
B．t2℃时，将25g 乙加入到50g 水中，再降温到t1℃，所得溶液的溶质质量
分数约为33.3%
C．t1℃时，将等质量的甲、乙、丙分别溶于水，配成饱和溶液，所需水的质
量大小关系为乙＜甲＝丙
D．t1℃时，甲、乙、丙的饱和溶液中，所含溶质的质量大小关系为乙＞甲＝
丙
【解答】解：A、选项说法没有指明溶液是否饱和，则t3℃时，等质量的甲、
乙、丙的溶液降温到t1℃时，析出晶体最多的是不一定是甲的溶液，故选项
说法错误。
B、t2℃时，乙的溶解度为50g，则t2℃时，将25g 乙加入到50g 水中，恰好
形成饱和溶液，所得溶液中溶质质量分数分数为
100%≈33.3%；
再降温到t1℃，有晶体析出，所得溶液的溶质质量分数小于33.3%，故选项说
法错误。
C、t1℃时，甲、乙、丙三种物质的溶解度大小为乙＞甲＝丙，t1℃时，将等
质量的甲、乙、丙分别溶于水，配成饱和溶液，所需水的质量大小关系为乙
＜甲＝丙，故选项说法正确。
D、选项说法没有指明饱和溶液的质量，t1℃时，甲、乙、丙的饱和溶液中，
无法比较所含溶质的质量大小关系，故选项说法错误。
故选：C。
6．晾晒海水制盐在我国有着悠久的历史，利用该工艺可得到氯化钠和氯化镁等
物质。氯化钠和氯化镁的溶解度曲线如图，下列说法正确的是（
）
456
A．海水晒盐利用了蒸发结晶的方法获得晶体
B．氯化钠的溶解度受温度影响较大
C．t℃时，氯化镁饱和溶液中溶质质量分数为70%
D．采用降温结晶的方法可除去氯化钠饱和溶液中少量的氯化镁杂质
【解答】解：A、氯化钠的溶解度受温度变化影响较小，所以海水晒盐利用了
蒸发结晶的方法获得晶体，故A 正确；
B、通过分析溶解度曲线可知，氯化钠的溶解度受温度影响较小，故B 错误；
C、t℃时，氯化镁的溶解度是70g，所以饱和溶液中溶质质量分数为
100%≠70%，故C 错误；
D、氯化钠的溶解度受温度影响较小，所以采用蒸发结晶的方法可除去氯化钠
饱和溶液中少量的氯化镁杂质，故D 错误。
故选：A。
7．已知硝酸钾的溶解度（S）、饱和NaCl 溶液中溶质的质量分数（w%）与温度
的关系如图所示。下列说法正确的是（
）
A．M 点表示硝酸钾和氯化钠的溶解度相同
B．20℃时，饱和KNO3溶液中溶质的质量分数为31.6%
C．20℃时，100g15.8%的KNO3溶液蒸发掉30g 水变为饱和溶液
D．将N 点的NaCl 溶液降温至40℃，N 点转化为P 点
【解答】解：A、M 点是硝酸钾的溶解度曲线和饱和NaCl 溶液中溶质的质量分
数曲线的交点，M 点时硝酸钾的溶解度和饱和NaCl 溶液中溶质的质量分数的
数值相等，饱和溶液中溶质质量分数
100%，M 点时硝酸钾的
溶解度小于氯化钠的溶解度，故选项说法错误。
B、20℃时，硝酸钾的溶解度为31.6g，则20℃时，饱和KNO3溶液中溶质的质
457
量分数为
100%＜31.6%，故选项说法错误。
C、20℃时，100g15.8%的KNO3溶液中含硝酸钾的质量为100g×15.8%＝15.8g，
含水的质量为100g﹣15.8g＝84.2g；蒸发掉30g 水，溶液中含水的质量为
84.2g﹣30g＝54.2g，而20℃时，完全溶解15.8g 硝酸钾形成饱和溶液需要
50g 水，则变为的是不饱和溶液，故选项说法错误。
D、N 点的NaCl 溶液中含有31.6g 溶质，将N 点的NaCl 溶液降温至40℃，N
点转化为P 点，故选项说法正确。
故选：D。
8.KNO3和NaCl 的溶解度曲线如图所示。下列说法正确的是（
）
A．KNO3的溶解度比NaCl 大
B．将室温下KNO3的饱和溶液升高温度，溶液仍饱和
C．KNO3和NaCl 均属于难溶物质
D．除去KNO3中少量NaCl 可用冷却热饱和溶液结晶的方法
【解答】解：A、选项说法没有指明温度，则KNO3的溶解度不一定比NaCl 大，
故选项说法错误。
B、硝酸钾的溶解度随着温度的升高而增大，将室温下KNO3的饱和溶液升高温
度，硝酸钾的溶解度增大，溶液变为不饱和溶液，故选项说法错误。
C、20℃时，硝酸钾和氯化钠的溶解度均大于10g，均属于易溶物质，故选项
说法错误。
D、KNO3和NaCl 的溶解度受温度的影响不同，硝酸钾的溶解度受温度影响较大，
而氯化钠受温度影响较小，除去KNO3中少量NaCl 可用冷却热饱和溶液结晶的
方法，故选项说法正确。
故选：D。
9．如图为硝酸钾的溶解度曲线，下列说法错误的是（
）
A．20℃时，硝酸钾的溶解度为31.6g
458
B．硝酸钾的溶解度随温度的升高而增大
C．将80℃的硝酸钾饱和溶液269g 冷却到20℃时，析出137.4g 硝酸钾
D．80℃时，向50g 水中加入90g 硝酸钾，充分溶解，得到140g 饱和溶液
【解答】解：A、由硝酸钾的溶解度曲线，20℃时，硝酸钾的溶解度为31.6g，
故选项说法正确。
B、由硝酸钾的溶解度曲线，硝酸钾的溶解度随温度的升高而增大，故选项说
法正确。
C、80℃时硝酸钾的溶解度为169g，80℃的硝酸钾饱和溶液269g 中含有100g
水、169g 硝酸钾，将80℃的硝酸钾饱和溶液269g 冷却到20℃时，20℃时硝
酸钾的溶解度为31.6g，析出169g﹣31.6g＝137.4g 硝酸钾，故选项说法正确。
D、80℃时硝酸钾的溶解度为169g，80℃时，向50g 水中加入90g 硝酸钾，充
分溶解，最多能溶解84.5g，得到84.5g+50g＝134.5g 饱和溶液，故选项说法
错误。
故选：D。
10．t1℃时，将等质量的硝酸钾和氯化钾分别加入到盛有100g 水的两个烧杯中，
充分搅拌后现象如图1 所示，硝酸钾和氯化钾的溶解度曲线如图2 所示，下
列说法错误的是（
）
A．烧杯①中溶解的溶质是氯化钾
B．烧杯②中的上层清液属于饱和溶液
C．将t1℃时50g 硝酸钾的饱和溶液稀释成5%的溶液，需加水150g
D．t1℃时，将两个烧杯中的溶液混合，充分搅拌后，烧杯中一定还有剩余固
体
【解答】解：A、t1℃时，氯化钾的溶解度大于硝酸钾，结合图1 可知，烧杯
①中溶解的溶质是氯化钾，该选项正确。
B、烧杯②中的上层清液属于饱和溶液，该选项正确。
C、将t1℃时50g 硝酸钾的饱和溶液（溶质质量是50g
10g，溶
剂质量是50g﹣10g＝40g）稀释成5%的溶液，需加水质量是10g÷5%﹣50g＝
150g，该选项正确。
D、t1℃时，将两个烧杯中的溶液混合，充分搅拌后，烧杯中不一定还有剩余
固体，该选项不正确。
故选：D。
11．常温下，工业可利用Na2SO4+KCl→NaCl+K2SO4（未配平）原理制备K2SO4。Na2SO4、
459
KCl、NaCl 和K2SO4 的溶解度曲线如图所示。下列说法正确的是（
）
A．KCl 的溶解度一定大于NaCl 的溶解度
B．Na2SO4的溶解度随温度的升高一直增大
C．60℃时，Na2SO4、KCl 溶液中溶质的质量分数一定相等
D．该制备反应利用了常温下K2SO4溶解度相对较小的性质
【解答】解：A、10℃时，NaCl 的溶解度大于KCl 的溶解度，60℃时，NaCl
的溶解度小于KCl 的溶解度，则KCl 的溶解度不一定大于NaCl 的溶解度，故
A 错误；
B、由Na2SO4的溶解度曲线可知，在一定的温度范围内，Na2SO4的溶解度随温
度的升高先增大后减小，而不是一直增大，故B 错误；
C、60℃时，Na2SO4、KCl 的溶解度相同，该温度下的饱和溶液中溶质的质量分
数相等，不饱和溶液中Na2SO4、KCl 的溶质的质量分数不一定相等，故C 错误；
D、根据复分解反应发生的条件，反应Na2SO4+KCl→NaCl+K2SO4中虽没有不溶物，
但常温下K2SO4的溶解度小，在生成物中会以沉淀的形式出现，反应可以进行，
则该制备反应利用了常温下K2SO4溶解度相对较小的性质，故D 正确；
故选：D。
12．t1℃时，将a、b 两种固体物质各25g，分别加入盛有100g 水的烧杯中，充
分搅拌后现象如图甲所示；升温到t2℃时（忽略水分蒸发），现象如图乙所
示；图丙是a、b 两种固体物质在水中的溶解度曲线。下列说法正确的是（
）
A．图丙中曲线N 表示b 物质的溶解度曲线
B．图甲中两烧杯内a、b 溶液的溶质质量分数相等
C．图乙中烧杯内b 溶液的溶质质量分数为25%
D．可用降温结晶的方法从饱和a 溶液中得到固体a
【解答】解：A、结合图甲、图乙可知，b 物质的溶解度随着温度升高而增大，
故图丙中曲线M 表示b 物质的溶解度曲线，则曲线N 表示a 物质的溶解度曲
线，故A 错误；
460
B、由图甲可知，t1℃时，a、b 均是饱和饱和溶液，结合图丙可知，t1℃时a、
b 两物质溶解度相等，故图甲中两烧杯内a、b 溶液的溶质质量分数相等，故
B 正确；
C、图乙中烧杯b 内固体全部溶解，b 溶液的溶质质量分数为
100%
＝20%，故C 错误；
D、a 物质的溶解度随温度降低而增大，降低温度，a 的溶解度增大，饱和溶
液变成不饱和溶液，故不能用降温结晶的方法从饱和a 溶液中得到固体a，故
D 错误。
故选：B。
13．如图是KNO3与NaCl 的溶解度曲线，下列说法错误的是（
）
A．40℃时，KNO3的溶解度大于NaCl 的溶解度
B．NaCl 溶液中含少量KNO3，可用蒸发结晶的方法提纯NaCl
C．t℃时，将45gKNO3固体放入50g 水中充分溶解，所得溶液的质量为95g
D．40℃时，将KNO3的饱和溶液降温至20℃，溶液的溶质质量分数减小（不
考虑水分损失）
【解答】解：A、根据溶解度曲线可知，40℃时，KNO3的溶解度大于NaCl 的溶
解度，故A 说法正确；
B、KNO3、NaCl 的溶解度都随温度的降低而减小，KNO3的溶解度受温度影响较
大，NaCl 的溶解度受温度影响较小，NaCl 溶液中含少量KNO3，可用蒸发结晶
的方法提纯NaCl，故B 说法正确；
C、t℃时，KNO3溶解度为80g，即在该温度下，100g 水中最多溶解80g 硝酸钾，
所以50g 水中最多溶解40g 硝酸钾，将45gKNO3固体放入50g 水中充分溶解，
只能溶解40g，所得溶液的质量＝50g+40g＝90g，故C 说法错误；
D、KNO3的溶解度随温度的降低而减小，40℃时，将KNO3的饱和溶液降温至20℃，
溶解度降低，溶剂不变，有溶质析出，溶液的溶质质量分数减小（不考虑水
分损失），故D 说法正确。
故选：C。
14．如图是a、b、c 三种固体物质的溶解度曲线，下列分析不正确的是（
）
461
A．t2℃时，125gb 的饱和溶液中含有b 物质25g
B．t3℃时，分别将等质量的a、b 饱和溶液降温至t2℃，析出的固体质量关系
是：a＞b
C．分别将t1℃时a、c 的饱和溶液升温到t2℃，均变为不饱和溶液
D．a 中含有少量b 时，可采用冷却a 的热饱和溶液的方法提纯a
【解答】解：A、t2℃时，b 物质的溶解度是25g，所以125gb 的饱和溶液中含
有b 物质25g，故A 正确；
B、t3℃时，a 物质的溶解度大于b 物质，分别将等质量的a、b 饱和溶液降温
至t2℃，a、b 物质的溶解度相等，所以析出的固体质量关系是：a＞b，故B
正确；
C、分别将t1℃时a、c 的饱和溶液升温到t2℃，a 物质溶解度增大，c 物质的
溶解度减小，所以a 变为不饱和溶液，c 仍是饱和溶液，故C 错误；
D、a 物质的溶解度受温度变化影响较大，所以a 中含有少量b 时，可采用冷
却a 的热饱和溶液的方法提纯a，故D 正确。
故选：C。
15．夏季下雨之前，天气闷热，水中的含氧量降低，养鱼池中的鱼往往会浮出水
面。下列有关说法错误的是（
）
A．氧气的溶解度会随压强的减小而减小
B．氧气的溶解度会随温度的升高而增大
C．为了增加养鱼池中的含氧量，可以向养鱼池中通入空气
D．为了增加养鱼池中的含氧量，可以把养鱼池的水喷向空中
【解答】解：气体的溶解度随着温度的升高而减小，夏季气温高，氧气在水
中的溶解能力减弱，气体的溶解度随压强的减小而减小，夏季下雨之前，氧
气的分压降低，水中溶解的氧气减少，所以出现鱼浮头现象。
A、气体的溶解度随压强的减小而减小，则氧气的溶解度会随压强的减小而减
小，故正确；
B、夏季下雨之前，池塘里的鱼常跃出水面，是因为夏季温度升高，氧气的溶
解度减小，溶解在水中的氧气减少，故错误；
C、空气中含有氧气，为了增加养鱼池中的含氧量，可以向养鱼池中通入空气，
故正确；
D、增大气体和水的接触面积，可以增加溶解量，把养鱼池的水喷向空中，增
大了水和氧气的接触面积，增加水池的含氧量，故正确；
故选：B。
16．为探究硝酸钾的溶解性，进行了如图所示实验，结合硝酸钾在不同温度下的
溶解度，判断下列说法不正确的是（
）
462
温度/℃
10
20
30
40
50
60
KNO3溶解
度/g
20.9
31.6
45.8
63.9
85.5
110.0
A．①③中的溶液均为不饱和溶液
B．②③中溶液的质量：③＞②
C．②③④中溶液的溶质质量分数：③＞②＞④
D．④中析出晶体的质量是9.9g
【解答】解：A、20℃时，KNO3的溶解度是31.6g，说明在20℃时，100g 水中
最多能溶解31.6gKNO3，则50g 水中最多能溶解15.8gKNO3，而①中只加入了
10gKNO3，可以完全溶解，所得溶液为不饱和溶液；60℃时，KNO3的溶解度是
110.0g，同理可知，50g 水中最多能溶解55.0gKNO3，而③中共加入了20gKNO3，
可以完全溶解，所得溶液也为不饱和溶液，故A 正确；
B、②中溶液有不溶解的硝酸钾，升温后③中溶液硝酸钾全部溶解，所以溶液
质量③＞②，故B 正确；
C、②④的溶液中都有KNO3剩余，所以②是20℃时KNO3的饱和溶液，④是10℃
时KNO3的饱和溶液，溶解度越大，溶质质量分数越大，由于20℃时KNO3的溶
解度大于10℃时KNO3的溶解度，所以②中溶液的溶质质量分数＞④；②③中
溶剂的质量相等，但③中溶解的溶质的质量多，则③中溶液的溶质质量分数
＞②，所以②③④中溶液的溶质质量分数：③＞②＞④，故C 正确；
D、10℃时KNO3的溶解度为20.9g，则10℃时，50g 水中最多溶解硝酸钾10.45g，
④中析出晶体的质量是10g+10g﹣10.45g＝9.55g，不是9.9g，故D 不正确。
故选：D。
17．为探究硝酸钾的溶解性，进行了如图所示实验，结合硝酸钾在不同温度下的
溶解度（下表），判断下列说法不正确的是（
）
温度/℃
10
20
30
40
50
60
KNO3溶解
度/g
20.9
31.6
45.8
63.9
85.5
110.0
A．①③中的溶液均为不饱和溶液
B．②③中溶液的质量：③＞②
C．④中析出晶体的质量是10.7g
D．溶液的溶质质量分数：③＞②＞④
【解答】解：A、A、20℃时，硝酸钾的溶解度为31.6g，60℃时，硝酸钾的溶
解度为110.0g，其含义是20℃时，100g 水中最多溶解31.6g 硝酸钾，溶液达
到饱和状态；则20℃时，50g 水中最多溶解硝酸钾15.8g，60℃时，50g 水中
463
最多溶解硝酸钾55g；则①③中的溶液均为不饱和溶液，故选项说法正确。
B、②③中溶剂的质量相等，③中溶解的溶质的质量多，则②③中溶液的质量：
③＞②，故选项说法正确。
C、10℃时硝酸钾的溶解度为20.9g，则10℃时，50g 水中最多溶解硝酸钾
10.45g，④中析出晶体的质量是10g+10g﹣10.45g＝9.55g，故选项说法错误。
D、②③④分别是20℃时的饱和溶液、60℃时的不饱和溶液、10℃时的饱和溶
液；②③中溶剂的质量相等，③中溶解的溶质的质量多，则溶液的溶质质量
分数：③＞②＞④，故选项说法正确。
故选：C。
18．下面是四位同学在小组学习群中的交流记录，其中错误的是（
）
A．小云：硝酸铵溶于水后，溶液温度降低
B．小丁：饱和溶液的溶质质量分数不一定大于不饱和溶液的溶质质量分数
C．小丽：具有均一性稳定性的液体一定是溶液
D．小凯：利用洗洁精的乳化作用，可洗去餐具上的油污
【解答】解：A、硝酸铵溶于水吸收热量，溶液温度降低，说法正确；
B、选项说法没有指明温度、溶质的种类，饱和溶液的溶质质量分数不一定大
于不饱和溶液的，说法正确；
C、溶液具有均一性、稳定性，但具有均一性、稳定性的液体不一定是溶液，
如：水是均一、稳定的液体，但水不是溶液，说法错误；
D、洗洁精对油污有乳化作用，利用洗洁精的乳化作用，可洗去餐具上的油污，
说法正确。
故选：C。
19．王亚平在太空做了油和水“难分难舍”的神奇实验：她用力摇晃装有油和水
的瓶子，让油水充分混合、静置，发现油水不分层。下列说法不正确的是
（
）
A．在地面油水混合物会产生分层现象
B．太空中水的化学性质与地面不同
C．在不同环境中同一实验可能现象不同
D．在地面向油水混合物中加入洗涤剂会产生乳化现象
【解答】解：A、在地面上油是不溶于水的，因此在地面油水混合物会产生分
层现象，故A 正确；
B、分子是保持物质化学性质的最小微粒，太空中水的化学性质与地面的相同，
故B 错误；
C、由题干信息可知，在不同环境中同一实验可能现象不同，故C 正确；
D、洗涤剂对油污有乳化作用，因此在地面向油水混合物中加入洗涤剂会产生
乳化现象，故D 正确。
故选：B。
20．下列物质加入足量的水中能形成紫红色溶液的是（
）
A．硫酸铜
B．植物油
C．氯化铁
D．高锰酸钾
【解答】解：A、硫酸铜易溶于水，形成均一、稳定的混合物，能形成溶液，
但形成的是蓝色溶液，故选项错误。
B、植物油难溶于水，不能和水形成均一、稳定的混合物，即不能够形成溶液，
故选项错误。
464
C、氯化铁易溶于水，形成均一、稳定的混合物，能形成溶液，但形成的是黄
色溶液，故选项错误。
D、高锰酸钾易溶于水，形成均一、稳定的混合物，属于溶液，形成的是紫红
色溶液，故选项正确。
故选：D。
21．关于100g 10%的硝酸钾溶液，下列叙述正确的是（
）
A．100g 水中溶有10g 硝酸钾
B．溶液中硝酸钾与水的质量比为1：10
C．将硝酸钾和水按9：1 的质量比配成的溶液
D．将10g 硝酸钾溶于90g 水中，可制得该溶液
【解答】解：A.表示100g 硝酸钾溶液中溶有10g 硝酸钾，选项说法错误；
B.该溶液中，硝酸钾与水的质量比为：10%：90%＝1：9，选项说法错误；
C.将硝酸钾和水按1：9 的质量比配成的溶液，选项说法错误；
D.将10g 硝酸钾溶于90g 水中，可制得100g10%的硝酸钾溶液，选项说法正确。
故选：D。
22．KNO3的溶解度曲线如图所示。下列说法错误的是（
）
A．0～60℃，KNO3的溶解度随温度升高而增大
B．60℃时的KNO3饱和溶液降温至20℃，有晶体析出
C．20℃时，100g 水中最多能溶解31.6g KNO3
D．60℃时，可配制溶质质量分数为60%的KNO3溶液
【解答】解：A、由溶解度曲线可知，0～60℃，KNO3的溶解度随温度升高而增
大，故A 说法正确；
B、60℃时的KNO3饱和溶液降温至20℃，溶解度减小，有晶体析出，故B 说法
正确；
C、20℃时，KNO3的溶解度是31.6g，即在该温度下，100g 水中最多能溶解31.6g
KNO3，故C 说法正确；
D、60℃时，KNO3的溶解度是110g，在该温度下，饱和溶液的溶质质量分数最
大，该温度下，饱和溶液的溶质质量分数是：
，
故D 错。
故选：D。
23．溶液用途广泛，与人们的生活息息相关。下列说法正确的是（
）
A．溶液是由溶质和溶剂组成的
465
B．溶液都是无色透明的液体
C．溶液是具有均一性、稳定性的纯净物
D．饱和溶液一定是浓溶液，不饱和溶液一定是稀溶液
【解答】解：A、溶液是由溶质和溶剂组成的，故选项说法正确。
B、溶液不一定都是无色透明的液体，如硫酸铜溶液是蓝色的；故选项说法错
误。
C、溶液是具有均一性、稳定性的混合物，故选项说法错误。
D、溶液是否饱和与溶液的浓稀没有必然联系，饱和溶液不一定是浓溶液，不
饱和溶液不一定是稀溶液，故选项说法错误。
故选：A。
24．在20℃时，某固体物质（不含结晶水）的水溶液，经历如图变化，下列说
法
正
确
（
）
A．溶液甲一定是饱和溶液
B．20℃时，该固体的溶解度是40g
C．20℃时，溶液丙若再蒸发10g 水（不考虑蒸干），析出晶体总质量为8g
D．溶液质量分数：乙＜丙
【解答】解：A、溶液甲蒸发10g 水，析出2g 晶体，故溶液乙一定为饱和溶
液，溶液乙蒸发10g 水，析出4g 晶体，说明该温度下的饱和溶液蒸发10g 水，
应析出4g 晶体，说明甲溶液一定是不饱和溶液，故选项说法错误。
B、20℃时，乙溶液蒸发10g 水，析出4g 晶体，说明该温度下，10g 水中最多
溶解4g 该物质，即该温度下，100g 水中最多溶解40g 该物质，故20℃时，
该固体的溶解度是40g，故选项说法正确。
C、溶液乙蒸发10g 水，析出4g 晶体，则溶液丙是饱和溶液，20℃时，溶液
丙若再蒸发10g 水（不考虑蒸干），析出4g 晶体，则析出晶体总质量为：
2g+4g+4g＝10g，故选项说法错误。
D、溶液乙、丙均为该温度下的饱和溶液，温度不变，溶解度不变，饱和溶液
的溶质质量分数不变，故选项说法错误。
故选：B。
25．下列对实验结果的预判或结论中，正确的是（
）
A．将1gCaO 投入到99g 水中，将得到溶质的质量分数大于1%的氢氧化钙溶液
B．常温下KNO3、Ca（OH）2的饱和溶液降温后，仍都是饱和溶液
C．将带火星的木条伸入集气瓶内，木条复燃，证明瓶内已集满氧气
D．在测定空气中氧气的体积分数时，测量结果偏低，可能是红磷量不足
【解答】解：A、氧化钙与水反应生成氢氧化钙，室温下将1gCaO 投入到99g
水中生成氢氧化钙的质量大于1g，但氢氧化钙的溶解度很小，所得溶液中溶
质的质量分数远小于1%，说法错误；
B、Ca（OH）2的溶解度随着温度的降低而增大，因此常温下Ca（OH）2的饱和
466
溶液降温后，变成了不饱和溶液，说法错误；
C、将带火星的木条放在集气瓶口（而不是伸入集气瓶内），木条复燃，证明
瓶内已集满氧气，说法错误；
D、在测定空气中氧气的体积分数时，测量结果偏低，可能是红磷量不足，说
法正确。
故选：D。
26．为探究硝酸钾的溶解性，进行了如图所示实验（实验过程）
结合硝酸钾在不同温度下的溶解度，判断下列说法不正确的是（
）
温度/℃
10
20
30
40
50
60
KNO3溶解
度/g
20.9
31.6
45.8
63.9
85.5
110.0
A．①③中的溶液均为不饱和溶液
B．②③中溶液的质量：③＞②
C．②③④中溶液的溶质质量分数：③＞②＞④
D．④中析出晶体的质量是0.9g
【解答】解：A、20℃时，硝酸钾的溶解度为31.6g，则20℃时，50g 水中最
多能溶解硝酸钾15.8g，则①中的溶液为不饱和溶液；60℃时，硝酸钾的溶解
度为110g，则60℃时，50g 水中最多能溶解硝酸钾55g，则③中的溶液为不
饱和溶液，故选项说法正确。
B、②③中溶质的质量分别是15.8g、20g，溶剂的质量相等，②③中溶液的质
量：③＞②，故选项说法正确。
C、②③④中溶剂质量相等，溶质质量为③＞②＞④，则②③④中溶液的溶质
质量分数：③＞②＞④，故选项说法正确。
D、10℃时，硝酸钾的溶解度为20.9g，则10℃时，50g 水中最多能溶解硝酸
钾10.45g；④中析出晶体的质量是20g﹣10.45g＝9.55g，故选项说法错误。
故选：D。
27．如图为甲、乙两种固体物质在水中的溶解度曲线．下列说法正确的是（
）
A．甲物质的溶解度大于乙物质的溶解度
B．在t1℃时，甲、乙两物质溶液溶质质量分数相等
C．在t2℃时，H 点表示乙物质的不饱和溶液
D．G 点对应的甲物质溶液升温到t2℃时，溶质质量分数不变
【解答】解：A、比较溶解度时要指明温度，否则没法比较溶解度大小，故A
467
错；
B、在t1℃时，甲、乙两物质饱和溶液溶质质量分数相等，未指明溶液是否是
饱和溶液，不能比较溶质质量分数大小，故B 错；
C、在t2℃时，H 点位于乙的溶解度曲线的上方，表示乙物质的饱和溶液，故
C 错；
D、G 点对应的甲物质溶液为饱和溶液，由t1℃升温到t2℃时，溶解度增大，
甲物质的溶质和溶剂的质量不变，故溶质质量分数不变，故D 正确。
故选：D。
28．某实验小组进行了如图所示的实验。（已知：20℃时，KNO3的溶解度为31.6g。
实验中水的损失以及温度变化忽略不计）。下列说法不正确的是（
）
A．a≥11.6g
B．溶质质量②＝④
C．一定属于不饱和溶液的是①
D．实验范围内，KNO3的溶解度随温度升高而增大
【解答】解：A、20℃时，KNO3的溶解度为31.6g，则20℃时，100g 水中最多
能溶解31.6gKNO3，31.6g﹣20g＝11.6g，②中有硝酸钾不能继续溶解，则a
＞11.6g，故选项说法错误。
B、②、④均为20℃时含100g 水的饱和溶液，则溶质质量②＝④，故选项说
法正确。
C、20℃时，100g 水中最多能溶解31.6gKNO3，①中20℃时100g 水中溶解的
溶质的质量为20g，则一定属于不饱和溶液的是①，故选项说法正确。
D、温度升高，不能继续溶解的硝酸钾能继续溶解，则实验范围内，KNO3的溶
解度随温度升高而增大，故选项说法正确。
故选：A。
29．如图是甲乙物质的溶解度曲线，下列说法正确的是（
）
A．甲的溶解度大于乙
B．t2℃时，甲乙溶液中溶质的质量分数相等
C．t3℃时甲乙的饱和溶液降温至t2℃，溶质的质量分数为甲＞乙
D．t3℃时，将30g 甲的饱和溶液加水70g，溶质质量分数变为10%
【解答】解：A、在比较物质的溶解度时，需要指明温度，温度不能确定，溶
解度也不能确定，故A 错误；
B、t2℃时，甲、乙溶液的状态不能确定，所以溶液中溶质的质量分数不能确
468
定，故B 错误；
C、t3℃时，甲、乙的饱和溶液降温至t2℃，溶解度相等，所以溶质的质量分
数为甲＝乙，故C 错误；
D、t3℃时，甲物质的溶解度是50g，所以将30g 甲的饱和溶液加水70g，溶质
质量分数变为
100%＝10%，故D 正确。
故选：D。
30．如图是X、Y 两种物质的溶解度曲线。下列说法正确的是（
）
A．Y 的溶解度随温度升高而增大
B．t1℃时，把20gY 加到50g 水中，形成的溶液质量为60g
C．只有在t2℃时，X 和Y 的溶解度才相等
D．t1℃时，Y 物质的饱和溶液的溶质质量分数为20%
【解答】解：A、一定温度范围内，Y 的溶解度随着温度升高而增大，一定温
度范围内，Y 的溶解度随着温度升高而减小，该选项不正确。
B、t1℃时Y 的溶解度是20g，把20gY 加到50g 水中，能够溶解10g，形成的
溶液质量为60g，该选项正确。
C、在t2℃时，X 和Y 的溶解度相等，温度大于t2℃小于t3℃之间时，X 和Y
的溶解度也可能相等，该选项不正确。
D、t1℃时，Y 物质的饱和溶液的溶质质量分数为
100%≈16.7%，
该选项不正确。
故选：B。
31．室温时，取一定质量的氯化钠固体放入烧杯中，如图所示加水搅拌充分溶解，
下列分析不正确的是（
）
A．乙和丙烧杯中的氯化钠溶液一定是饱和溶液
B．丁烧杯中的氯化钠溶液可能是饱和溶液
C．乙→丙的过程中，烧杯中溶质质量不变
D．丁→戊的过程中，烧杯中溶液质量增加
469
【解答】解：A、由图可知，乙和丙烧杯中，均有部分氯化钠未溶解，故乙和
丙烧杯中的氯化钠溶液一定是饱和溶液，故正确；
B、由图可知，丙烧杯中氯化钠溶液是饱和溶液，加入20g 水，剩余固体全部
溶解，得到丁溶液，丁溶液可能恰好饱和，也可能是不饱和溶液，故正确；
C、乙→丙的过程中，加入了20g 水，部分氯化钠溶于这20g 水中，烧杯中氯
化钠溶液的溶质质量增加，故错误；
D、丁→戊的过程中，加入20g 水，溶质质量不变，溶剂质量增加，故正确。
故选：C。
32．图甲所示为t1℃时相同质量的A、B 两种物质分别溶解在100g 的水中，再将
两种溶液分别升温至t2℃、t3℃时溶液的变化情况；图乙所示为两种物质的溶
解
度
曲
线
。
下
列
说
法
错
误
的
是
（
）
A．M 表示物质A 的溶解度曲线
B．t2℃时，溶液③和溶液④中溶质质量相等
C．t1℃时，加入物质A、B 的质量均是20g
D．t3℃时，向溶液⑤加入60g 物质A 可全部溶解
【解答】解：A、t1℃时，相同质量的A、B 两种物质分别溶解在100g 的水中，
能全部溶解，升温到t3℃时，A 固体无析出，B 固体部分析出，说明B 的溶解
度随温度的升高而减小，故M 表示物质A 的溶解度曲线，N 表示物质B 的溶解
度曲线，故A 正确；
B、t2℃时，A、B 均全部溶解，且A、B 质量相同，故溶液③和溶液④中溶质
质量相等，故B 正确；
C、t3℃时，溶剂的质量为100g，有部分B 析出，而t3℃时，B 的溶解度为20g，
则t1℃时，加入物质A、B 的质量均大于20g，故C 不正确；
D、t1℃时，A 物质的溶解度小于40g，该温度下，向100g 水中加入A，A 全部
溶解，说明加入A 的质量小于40g，t3℃时，A 物质的溶解度为100g，还能继
续溶解的A 的质量＞100g﹣40g＝60g，所以向溶液⑤加入60 g 物质A，可全
部溶解，故D 正确。
故选：C。
10 酸和碱
1．某同学用NaOH 溶液做实验后忘记了塞上瓶塞，几天后，要检验此瓶溶液的变
质情况，他从该试剂瓶中取少量溶液于试管中进行实验。查阅资料可知：碳
酸钠溶液显碱性。如表方法对应结论错误的是（
）
470
实验方法
现象和结论
A
滴加澄清石灰水
若无沉淀产生，则溶液没有变质
B
滴加稀硫酸
若有气泡产生，则溶液已经变质
C
用pH 试纸测溶液的pH
若溶液的pH＝10，则溶液部分变质
D 加入过量BaCl2溶液，再滴加酚酞
试液
若只有白色浑浊现象，则溶液完全变
质
【解答】解：A、滴加澄清石灰水，若无沉淀产生，说明溶液中不含碳酸钠，
则溶液没有变质，故A 正确；
B、滴加稀硫酸，若有气泡产生，说明溶液中含碳酸钠，则溶液已经变质，故
B 正确；
C、用pH 试纸测溶液的pH，若溶液的pH＝10，但是氢氧化钠、碳酸钠在溶液
中都显碱性，不能说明溶液部分变质，故C 错误；
D、加入过量BaCl2溶液，再滴加酚酞试液，碳酸根离子和钡离子会生成碳酸
钡沉淀，酚酞遇碱性溶液变红色，若只有白色浑浊现象，则溶液完全变质，
故D 正确。
故选：C。
2．如图是向稀HCl 和稀H2SO4的混合液中，滴加Ba（OH）2 溶液的图像关系，下
列说法不正确的是（
）
A．a1点的溶液pH＜7
B．a2点的溶质可能有BaCl2
C．b1点和b2点的溶液pH＝7
D．c2点的溶液能使酚酞试液变红
【解答】解：A、a1点，此时硫酸未反应完，此时pH＜7，故A 正确；
B、a2点时pH＜7，若硫酸反应完，盐酸与氢氧化钡反应，则可能有氯化钡，
若硫酸未反应完，则无氯化钡，故B 正确；
C、由A 的分析，b1点溶质有盐酸，pH＜7；b2点时pH＝7，酸全部反应完，故
C 不正确；
D、c2点pH＞7，氢氧化钡过量，可使酚酞变红，故D 正确。
故选：C。
3．向一定量稀盐酸和氯化镁的混合溶液中滴加一定浓度的氢氧化钠溶液，反应
过程中生成沉淀的质量与加入氢氧化钠溶液的质量关系如图所示。下列说法
错误的是（
）
471
A．OM 段溶液中发生中和反应
B．M 点溶液中的溶质有3 种
C．向Q 点溶液中滴加石蕊试液，溶液变蓝色
D．NP 段发生反应：MgCl2+2NaOH═Mg（OH）2↓+2NaCl
【解答】解：A、根据分析，结合图像可知，OM 段溶液中发生中和反应，故A
正确；
B、M 点时氢氧化钠与盐酸恰好完全反应，此时溶液中含有生成的氯化钠和没
有开始发生反应的氯化镁，故M 点溶液中的溶质有2 种，故B 不正确；
C、Q 点时氢氧化钠过量，溶液显碱性，向Q 点溶液中滴加石蕊试液，溶液变
蓝色，故C 正确；
D、NP 段发生反应：MgCl2+2NaOH＝Mg（OH）2↓+2NaCl，选故D 确。
故选：B。
4．已知常温下Ca（OH）2溶解度为0.17g。向一定量饱和Ca（OH）2溶液中滴加
盐酸，溶液pH 随V（盐酸）变化的曲线如图所示。为检测某生石灰样品中钙
元素含量，实验如下：
步骤1 取0.60g 样品于锥形瓶中，向其中加入200mL 蒸馏水，盖上表面皿充
分振荡。
步骤2 向冷却后的锥形瓶中滴入几滴酚酞，再逐滴加入稀盐酸至反应完全。
反应完全时锥形瓶内溶液红色恰好褪去。经换算，消耗m（HCl）＝0.73g。
下列说法正确的是（
）
A．步骤1 中充分振荡后得到澄清透明的溶液
B．步骤2 中红色恰好褪去时，消耗V3mL 盐酸
C．步骤2 中化学反应方程式为2HCl+CaO＝CaCl2+H2O
D．该样品中钙元素的质量分数为66.67%
472
【解答】解：A、氧化钙和水反应生成氢氧化钙，取0.60g 样品于锥形瓶中，
向其中加入200mL 蒸馏水，得到的氢氧化钙的质量一定大于0.60g；常温下
Ca（OH）2 溶解度为0.17g，200mL（合200g）蒸馏水中最多能溶解氢氧化钙
0.34g，氢氧化钙有剩余，步骤1 中充分振荡后不能得到澄清透明的溶液，故
选项说法错误。
B、步骤2 中红色恰好褪去时，溶液显中性，溶液的pH＝7，消耗的盐酸的质
量不是V3mL，故选项说法错误。
C、步骤2 中氢氧化钙和稀盐酸反应生成氯化钙和水，反应的化学反应方程式
为Ca（OH）2+2HCl═CaCl2+2H2O，故选项说法错误。
D、反应完全时锥形瓶内溶液红色恰好褪去，经换算，消耗m（HCl）＝0.73g，
设参加反应的氢氧化钙的质量为x。
Ca（OH）2+2HCl═CaCl2+2H2O
74
73
x
0.73g
x＝0.74g
0.74g 氢氧化钙中含钙元素的质量为0.74g
100%＝0.4g。
反应前后钙元素的质量不变，则该样品中钙元素的质量分数为
100%
≈66.67%，故选项说法正确。
故选：D。
5．向稀盐酸和氯化铁的混合溶液中逐滴滴加氢氧化钠溶液，生成沉淀的质量与
加入氢氧化钠溶液体积的变化关系如图，下列有关说法不正确的是（
）
A．0﹣a 段与氢氧化钠溶液反应的是HCl
B．ab 段的反应方程式：FeCl3+3NaOH═Fe（OH）3↓+3NaCl
C．b 点处溶液：pH＝7
D．b﹣c 段溶液中的溶质只有NaCl
【解答】解：A、0﹣a 段不产生沉淀，与氢氧化钠溶液反应的是HCl，该选项
正确。
B、ab 段的反应方程式：FeCl3+3NaOH═Fe（OH）3↓+3NaCl，该选项正确。
C、b 点处稀盐酸恰好完全反应，溶液中含有氯化钠和氯化铁，溶液pH＝7，
该选项正确。
473
D、b﹣c 段溶液中的溶质有反应生成的NaCl 和过量的氢氧化钠，该选项不正
确。
故选：D。
6．遂宁某中学举办“理科节”主题活动，杨阳同学表演了一个魔术——“多变
的气球”。雅菲用所学知识选择下表4 组物质设计如图所示的模拟实验，推
测气球变化的现象并分析原理（假设过程中，装置气密性良好；忽略固体和
液体的体积变化），现象推测和原理分析都正确的个数有（
）
物质m
物质n
现象推测
原理分析
①
稀硫酸
锌粉
逐渐鼓起并
保持
Zn+H2SO4═ZnSO4+H2↑
反应产生气体，内压保
持不变
②
水
硝酸铵固体
逐渐变瘪并
保持
硝酸铵溶于水，温度降
低，内压减小并保持
③
氢氧化钠溶
液
二氧化碳
逐渐变瘪并
保持
2NaOH+CO2═Na2CO3+H2O
反应消耗气体，内压减
小并保持
④
水
生石灰
逐渐鼓起，慢
慢恢复
CaO+H2O═Ca（OH）2反
应放热，温度升高，反
应结束一段时间后恢
复常温，内压先增大后
恢复
A．1
B．2
C．3
D．4
【解答】解：①锌和稀硫酸反应生成硫酸锌和氢气，反应的化学方程式为
Zn+H2SO4═ZnSO4+H2↑，由于反应产生气体，内压逐渐增大，后保持不变，会
观察到气球逐渐鼓起并保持。
②硝酸铵溶于水吸热，使温度降低，一段时间后，温度恢复至常温，内压减
小后恢复，则气球逐渐变瘪，一段时间后恢复原状。
③二氧化碳和氢氧化钠溶液反应生成碳酸钠和水，反应的化学方程式为
2NaOH+CO2═Na2CO3+H2O，反应消耗气体，内压减小并保持，会观察到气球逐渐
变瘪并保持。
④生石灰和水反应生成氢氧化钙，反应放出大量的热，反应的化学方程式为
CaO+H2O═Ca（OH）2；反应结束一段时间后恢复常温，内压先增大后恢复，会
观察到逐渐鼓起，慢慢恢复。
故③④说法正确。
故选：B。
474
7．已知20℃时，氢氧化钠易溶于酒精，碳酸钠在酒精中几乎不溶解。20℃时，
某同学利用如图所示微型实验验证CO2能与NaOH 发生反应。打开止水夹，轻
轻挤压软塑料瓶，观察实验现象，下列说法不正确的是（
）
A．小玻璃瓶中导管口有气泡冒出
B．小玻璃瓶中有NaOH 固体析出
C．应及时关闭止水夹防止小玻璃瓶中的液体倒吸
D．实验结束后，将小玻璃瓶中的物质倒入足量水中，无固体剩余
【解答】解：A、打开止水夹，轻轻挤压软塑料瓶，气体进入小玻璃瓶中，则
小玻璃瓶中导管口有气泡冒出，故选项说法正确。
B、二氧化碳和氢氧化钠反应生成碳酸钠和水，小玻璃瓶氢氧化钠的质量减少，
小玻璃瓶中没有NaOH 固体析出；20℃时，氢氧化钠易溶于酒精，碳酸钠在酒
精中几乎不溶解，则小玻璃瓶中有碳酸钠固体析出，故选项说法错误。
C、打开止水夹，轻轻挤压软塑料瓶，瓶内二氧化碳气体体积减少，压强减小，
应及时关闭止水夹防止小玻璃瓶中的液体倒吸，故选项说法正确。
D、碳酸钠、氢氧化钠均易溶于水，实验结束后，将小玻璃瓶中的物质倒入足
量水中，无固体剩余，故选项说法正确。
故选：B。
8．下列化学反应中y 与x 的关系，可以用如图曲线表示的是（
）
A．一定量的高锰酸钾在加热条件下分解，x 表示反应时间，y 表示固体中钾
元素的质量分数
B．一定量的镁片中滴加稀盐酸，x 表示加入稀盐酸的质量，y 表示产生氢气
的质量
C．一定量的氧化铁中加入稀盐酸，x 表示加入稀盐酸的质量，y 表示溶液的
总质量
D．一定量的稀盐酸中滴加氢氧化钠溶液，x 表示加入氢氧化钠溶液的质量，y
表示溶液的pH
【解答】解：A、高锰酸钾在加热条件下生成锰酸钾、二氧化锰和氧气，反应
前后钾元素的质量不变；随着反应的进行，氧气逸出，剩余固体的质量减少，
则钾元素的质量分数逐渐增大，至完全反应不再发生改变，但反应前固体中
钾元素的质量分数不为零，不能用如图曲线表示，故选项错误。
475
B、一定量的镁片中滴加稀盐酸，氢气的质量逐渐增加，至完全反应不再发生
改变，能用如图曲线表示，故选项正确。
C、一定量的氧化铁中加入稀盐酸，氧化铁和稀盐酸反应生成氯化铁和水，溶
液的总质量逐渐增加，但完全反应后，继续加入稀盐酸，溶液的质量始终在
增加，不能用如图曲线表示，故选项错误。
D、一定量的稀盐酸中滴加氢氧化钠溶液，氢氧化钠和稀盐酸反应生成氯化钠
和水，pH 的变化是从小于7 逐渐的增大到等于7、大于7，不能用如图曲线表
示，故选项错误。
故选：B。
9．归纳和推理是重要的科学思维方法，下列说法不合理的是（
）
A．酸与碱作用生成盐和水的反应叫中和反应，生成盐和水的反应不一定是中
和反应
B．同种元素的原子具有相同的质子数，具有相同质子数的原子属于同种元素
C．酸雨的pH＜7，pH＜7 的降雨一定是酸雨
D．氧化物中都含有氧元素，含有氧元素的化合物不一定是氧化物
【解答】解：A、酸与碱作用生成盐和水的反应叫中和反应，但生成盐和水的
反应不一定是中和反应，如CO2+2NaOH═Na2CO3+H2O，故选项推理正确。
B、元素是质子数（即核电荷数）相同的一类原子的总称，同种元素的原子具
有相同的质子数，具有相同质子数的原子属于同种元素，故选项推理正确。
C、酸雨的pH＜7，但pH＜7 的降雨不一定是酸雨，正常雨水的pH 约为5.6，
酸雨是pH 小于5.6 的雨水，故选项推理错误。
D、氧化物中含有氧元素，但含氧元素的化合物不一定都是氧化物，如C2H5OH，
故选项推理正确。
故选：C。
10．室温时，将氢氧化钠溶液滴加到盛有一定量稀盐酸的容器中，边滴加边搅拌，
用数字pH 仪连接电脑实时测得pH 变化曲线如图。下列相关叙述错误的是
（
）
A．容器中发生的反应属于复分解反应
B．a 点所示溶液中的溶质有NaCl 和HCl
C．c 点所示溶液能使紫色石蕊溶液变蓝
D．b 点表示HCl 和NaOH 等质量反应
【解答】解：A、氢氧化钠溶液与稀盐酸反应是两种化合物相互交换成分，生
成新的两种化合物的反应，属于复分解反应，说法正确；
B、a 点的pH＜7，说明溶液为酸性，所以a 点所示溶液中的溶质有NaCl 和HCl，
476
说法正确；
C、c 点的pH＞7，说明溶液为碱性，碱性溶液能使紫色石蕊溶液变蓝，说法
正确；
D、b 点的pH＝7，说明溶液显中性，即氢氧化钠溶液与稀盐酸恰好完全反应，
其反应的化学方程式为：HCl+NaOH＝NaCl+H2O，根据化学方程式意义可知，每
36.5 份质量的稀盐酸恰好与40 份质量的氢氧化钠反应，不是等质量反应，说
法不正确；
故选：D。
11．实验小组用图甲装置探究稀氢氧化钠溶液与稀盐酸能否反应，测得数据如图
乙。下列说法不正确的是（
）
A．烧杯中可能盛放稀氢氧化钠溶液
B．图乙能证明反应是放热反应
C．60s 时溶液中溶质只有氯化钠
D．实验证明氢氧化钠与盐酸能反应
【解答】解：A、烧杯中放稀氢氧化钠溶液还是稀盐酸，不影响反应温度的升
高，所以烧杯中可能盛放稀氢氧化钠溶液，也可能盛放稀盐酸，故A 正确，
该选项不符合题意；
B、从图乙可以看出，随着反应时间的增加，温度先上升后下降，说明氢氧化
钠溶液和稀盐酸反应放热，故B 正确，该选项不符合题意；
C、60s 是反应温度达到最高点以后的时间，不确定反应是加到恰好完全反应
就停止滴加，还是一直滴加注射器中溶液；若恰好完全反应就停止滴加，溶
液中溶质只有氯化钠；若是一直滴加注射器中溶液，60s 时溶液中除了氯化钠，
还有注射器中溶液的溶质；故C 错误，该选项符合题意；
D、实验反应放热是化学能转化为热能的过程，能证明氢氧化钠与盐酸反应，
故D 正确，该选项符合题意。
故选：C。
12．人体内一些液体的正常pH 如下，其中碱性最强的是（
）
A．胰液（pH：7.5～8.0）
B．唾液（pH：6.6～7.1）
C．胆汁（pH：7.1～7.3）
D．胃液（pH：0.9～1.5）
【解答】解：A、胰液的pH 为7.5～8.0，大于7，显碱性。
B、唾液的pH 为6.6～7.1，可能显酸性、中性或碱性。
C、胆汁的pH 为7.1～7.3，大于7，显碱性。
D、胃液的pH 为0.9～1.5，小于7，显酸性。
477
当溶液的pH 大于7 时，呈碱性，且pH 越大，碱性越强，故碱性最强的胰液。
故选：A。
13．二氧化碳通入水中形成的溶液，pH 可能为（
）
A．4
B．7
C．10
D．13
【解答】解：二氧化碳能溶于水，并能与水反应生成碳酸，碳酸显酸性，其
pH 小于7，故A 符合题意。
故选：A。
14．某学校兴趣小组在“探究土壤酸碱性对植物生长的影响”的实践活动中，测
得土壤样品呈酸性，其测得结果可能是（
）
A．pH＝6
B．pH＝7
C．pH＝8
D．pH＝9
【解答】解：当溶液的pH 小于7 时，呈酸性。某学校兴趣小组在“探究土壤
酸碱性对植物生长的影响”的实践活动中，测得土壤样品呈酸性，其测得结
果可能是6。
故选：A。
15．小李同学用pH 计测得生活中一些物质的pH 如下表所示。下列说法正确的是
（
）
物质
肥皂水
牙膏
西瓜汁
洁厕灵
pH
10.2
8.5
5.8
1.4
A．牙膏显酸性
B．西瓜汁的酸性比洁厕灵的酸性强
C．肥皂水使紫色石蕊溶液显红色
D．蚊虫叮咬处可涂抹牙膏或肥皂水
【解答】解：A.pH＜7 溶液呈酸性，pH＞7 溶液呈碱性，因为已知牙膏的pH
为8.5，所以溶液呈碱性，故A 错误；
B.pH＜7 溶液呈酸性，pH 越小，溶液的酸性越强，表中已知洁厕灵的pH 是1.4，
西瓜汁的pH 是5.8，所以洁厕灵的酸性更强一些，故B 错误；
C.据表所知肥皂水的pH 为10.2，大于7，所以肥皂水呈碱性，碱性溶液能使
紫色石蕊试液变蓝色，故C 错误；
D.据表所知牙膏的pH 为8.5，肥皂水的pH 为10.2，都大于7，所以都呈碱性，
根据酸碱中和的原理，可知蚊虫叮咬可涂抹弱碱性的溶液，故D 正确；
故选：D。
16．不同品牌的洗手液pH 一般不同，25℃时四种洗手波的pH 如图所示。下列说
法错误的是（
）
A．洗手液a 用蒸馏水稀释后pH 增大
B．洗手液b 的酸性比a 强
C．洗手液c 能使石蕊试液变蓝色
D．洗手液d 和a 混合液的pH 可能等于7
478
【解答】解：A、洗手液a 的pH 小于7，显酸性，用蒸馏水稀释后酸性减弱，
pH 增大，故A 说法正确；
B、洗手液b 的pH 大于a 的pH，且都小于7，都显酸性，所以洗手液b 的酸
性比a 弱，故B 说法错误；
C、洗手液c 的pH 大于7，显碱性，所以洗手液c 能使石蕊试液变蓝色，故C
说法正确；
D、洗手液d 的pH 大于7，显碱性，而洗手液a 的pH 小于7，显酸性，所以
洗手液d 和a 混合液可能呈中性，pH 可能等于7，故D 说法正确。
故选：B。
17．常温下人体内一些液体的正常pH 范围如下，其中呈酸性的是（
）
A．胃液（0.8～1.5）
B．胆汁（6.8～7.4）
C．血液（7.35～7.45）
D．胰液（7.5～8.0）
【解答】解：A、胃液的pH 范围为0.8～1.5，小于7，显酸性，故选项正确。
B、胆汁的pH 范围为6.8～7.4，大于7，显碱性，故选项错误。
C、血液的pH 范围为7.35～7.45，大于7，显碱性，故选项错误。
D、胰液的pH 范围为7.5～8.0，大于7，显碱性，故选项错误。
故选：A。
18．下列生活经验没有应用酸碱反应原理的是（
）
A．用熟石灰改良酸性土壤
B．用氢氧化钠溶液洗涤石油产品中的残留硫酸
C．用氢氧化铝治疗胃酸过多
D．用生石灰作干燥剂
【解答】解：A、用熟石灰改良酸性土壤，该反应是酸与碱反应生成盐和水的
反应，属于中和反应，故选项错误。
B、用氢氧化钠溶液洗涤石油产品中的残留硫酸，该反应是酸与碱反应生成盐
和水的反应，属于中和反应，故选项错误。
C、用氢氧化铝治疗胃酸过多，该反应是酸与碱反应生成盐和水的反应，属于
中和反应，故选项错误。
D、用生石灰作干燥剂，生石灰和水反应生成氢氧化钙，反应物和金属氧化物
和水，不是酸与碱的反应，不是利用了中和反应原理，故选项正确。
故选：D。
19．用如图装置进行实验，将装置倾斜，使管①、②中药品接触，观察到气球鼓
起，一段时间后又恢复原状。符合该实验现象的是（
）
A．苛性钠和水
B．镁条和稀盐酸
C．大理石和稀盐酸
D．二氧化锰和过氧化氢溶液
【解答】解：A、苛性钠溶于水放出大量的热，使装置内空气受热膨胀，观察
479
到气球鼓起；一段时间后，温度恢复至常温，又恢复原状，故选项正确。
B、镁条和稀盐酸反应生成氯化镁溶液和氢气，观察到气球鼓起；一段时间后，
气球不会恢复原状，故选项错误。
C、大理石和稀盐酸生成二氧化碳气体，观察到气球鼓起；一段时间后，气球
不会恢复原状，故选项错误。
D、过氧化氢在二氧化锰的催化作用下生成水和氧气，观察到气球鼓起；一段
时间后，气球不会恢复原状，故选项错误。
故选：A。
20．下列有关物质的性质与用途具有对应关系的是（
）
A．石墨具有导电性，可用于制铅笔芯
B．N2的化学性质不活泼，可作保护气
C．CO 有可燃性，可用于冶炼金属
D．Ca（OH）2微溶于水，可用于改良酸性土壤
【解答】解：A、石墨质软，呈深灰色，可用于制铅笔芯，与具有导电性无关，
故选项说法错误。
B、N2的化学性质不活泼，可用作保护气，故选项说法正确。
C、CO 有还原性，可用于冶炼金属，与具有可燃性无关，故选项说法错误。
D、Ca（OH）2具有碱性，可用于改良酸性土壤，与微溶于水无关，故选项说法
错误。
故选：B。
21．下列图像与相应操作对应正确的是（
）
A．①向一定量锌粒中加入稀盐酸
B．②向一定量氢氧化钠溶液中加入水
C．③向一定量氢氧化钠和碳酸钠的混合溶液中加入石灰水
D．④一定温度下，向一定量接近饱和的硝酸钾溶液中加入硝酸钾固体
【解答】解：A、向一定量锌粒中加入稀盐酸，随稀盐酸的不断加入，生成氢
气的质量不断增大，至完全反应后氢气的质量不再增加，故A 正确；
B、氢氧化钠溶液显碱性，加水稀释溶液的碱性减弱，溶液的pH 减小，但加
再多的水溶液也呈碱性，溶液的pH 不会等于7 或小于7，故错误；
C、向一定量氢氧化钠和碳酸钠的混合溶液中加入石灰水，碳酸钠与氢氧化钙
从一开始就生成沉淀，故C 错误；
D、某温度下向一定量接近饱和的硝酸钾溶液中加入硝酸钾固体时还能溶解一
部分硝酸钾，当达到饱和时不再溶解硝酸钾，溶液的质量不是从0 开始，故D
错误。
故选：A。
22．下列图像对应的实验操作正确的是（
）
480
A．将一定量浓硫酸加入适量的水中
B．向一定量锌粒中加入足量稀盐酸
C．向一定量稀硫酸中滴加氢氧化钠溶液
D．向一定量生锈铁钉中加入少量稀盐酸
【解答】解：A、将一定量的浓硫酸加入适量的水中，随着浓硫酸的加入溶液
温度由室温逐渐升高，当浓硫酸加完，经过一段时间后，溶液温度逐渐下降
至室温，故选项图像错误。
B、向一定量锌粒中加入足量稀盐酸，锌和稀盐酸反应生成氯化锌溶液和氢气，
锌粒的质量逐渐减少，至完全反应固体全部消失，故选项图像错误。
C、向一定量稀硫酸中滴加氢氧化钠溶液，硫酸和氢氧化钠反应生成硫酸钠和
水，溶剂质量的增加一方面来自于加入的NaOH 溶液中含有的溶剂，一方面来
自反应生成的水，当硫酸与氢氧化钠完全反应时，不再有水生成，溶液中溶
剂的质量只随氢氧化钠溶液的增加而增加，增加速度变缓，故选项图像正确。
D、向一定量生锈铁钉中加入少量稀盐酸，铁锈的主要成分氧化铁和稀盐酸反
应生成氯化铁和水，随着反应的进行，溶液中的溶质逐渐增大，至稀盐酸完
全反应，反应完全后，溶液中溶质的质量不变，故选项图像错误。
故选：C。
23．推理是学习化学的一种方法。以下推理正确的是（
）
A．中和反应生成水，则生成水的反应一定是中和反应
B．质子数决定元素种类，则质子数相同的微粒一定属于同种元素
C．碱溶液能使酚酞变红，能使酚酞变红的溶液一定是碱溶液
D．某物质在空气中燃烧生成二氧化碳和水，所以该物质中一定含有碳、氢两
种元素
【解答】解：A、生成水的反应不一定是中和反应，例如氢氧化钠和二氧化碳
反应生成碳酸钠和水，不是酸碱中和反应，该选项不正确。
B、质子数相同的微粒不一定属于同种元素，例如水分子和甲烷分子中的质子
数都是10，不是同种元素，该选项不正确。
C、能使酚酞变红的溶液不一定是碱溶液，例如碳酸钠溶液显碱性，也能使酚
酞变红色，该选项不正确。
D、某物质在空气中燃烧生成二氧化碳和水，二氧化碳中的碳元素和水中氢元
素来自于该物质，所以该物质中一定含有碳、氢两种元素，该选项正确。
故选：D。
24．推理是一种重要的化学思维方法，以下推理合理的是（
）
A．有机高分子一定是有机物，但有机物不全是有机高分子
B．溶液是均一、稳定的，所以均一、稳定的物质一定是溶液
C．洗涤剂去除油污是利用了乳化作用，则汽油去除油污也是利用了乳化作用
481
D．中和反应一定有盐和水生成，所以有盐和水生成的反应一定是中和反应
【解答】解：A、有机高分子一定是有机物，但有机物不全是有机高分子，还
包括有机小分子，故选项推理正确。
B、溶液是均一、稳定的，但均一、稳定的物质不一定是溶液，也可能某一纯
净物，故选项推理错误。
C、洗涤剂去除油污是利用了乳化作用，但汽油去除油污不是利用了乳化作用，
利用的是溶解原理，故选项推理正确。
D、中和反应一定有盐和水生成，但有盐和水生成的反应不一定是中和反应，
如CO2+2NaOH═Na2CO3+H2O，故选项推理错误。
故选：A。
25．化学与我们日常生活息息相关。小亮同学不慎被蜜蜂蜇伤，蜜蜂的刺液呈酸
性，为了减轻痛痒，可以在蜇伤处涂抹的物质是（
）
A．牛奶（pH≈6）
B．苹果汁（pH≈3）
C．矿泉水（pH≈7）
D．肥皂水（pH≈10）
【解答】解：蜜蜂的刺液呈酸性，为了减轻痛痒，在蜇伤处涂抹的物质应该
呈碱性。
A、牛奶的pH≈6＜7，呈弱酸性，故A 错误；
B、苹果汁的pH≈3＜7，呈酸性，故B 错误；
C、矿泉水的pH≈7，呈中性，故C 错误；
D、肥皂水的pH≈10＞7，呈碱性，酸碱能发生中和反应，可以减轻痛痒，故
D 正确。
故选：D。
26．在一定量NaOH 溶液中加入适量稀盐酸，为探究二者是否发生了反应，取少
量混合后的溶液于试管中进行以下实验，其中能达到实验目的的是（
）
A．
B．
C．
D．
【解答】解：A、取少量混合后的溶液，加入镁条，无明显现象，说明溶液中
不存在稀盐酸，说明稀盐酸和氢氧化钠发生了化学反应，故选项正确。
B、氯化钠、稀盐酸均能与硝酸银溶液反应生成氯化银沉淀，不能说明稀盐酸
和氢氧化钠发生了化学反应，故选项错误。
C、氢氧化钠和氯化铜溶液反应生成氢氧化铜沉淀和氯化钠，出现沉淀，说明
482
溶液中存在氢氧化钠，不能说明稀盐酸和氢氧化钠发生了化学反应，故选项
错误。
D、二氧化碳和氢氧化钠溶液反应生成碳酸钠和水，但无明显现象，与稀盐酸、
氯化钠溶液均不反应，不能证明氢氧化钠是否存在，不能说明稀盐酸和氢氧
化钠发生了化学反应，故选项错误。
故选：A。
27．向某盐酸和氯化铜的混合溶液加入某浓度的氢氧化钠溶液，产生沉淀的质量
与加入氢氧化钠溶液的质量关系如图所示。下列说法正确的是（
）
A．a 点溶液中含有两种溶质
B．bc 段发生了中和反应
C．c 点溶液中主要存在的阳离子为Na
+、Cu
2+
D．溶液中NaCl 的溶质质量分数：d＜e
【解答】解：A、a 点是氢氧化钠和稀盐酸反应，未和氯化铜反应，溶液中有
生成的氯化钠，剩余的氯化氢和未反应的氯化铜，含有三种溶质，故A 错误；
B、bc 段是氢氧化钠和氯化铜反应，是碱和盐发生的复分解反应，不是中和反
应，故B 错误；
C、c 点是氢氧化钠和氯化铜反应过程中，溶液中有生成的氯化钠，还有剩余
的氯化铜，含有的阳离子是钠离子和铜离子，故C 正确；
D、d 和e 反应均已发生完，溶液含有的氯化钠的质量相等，但是e 点因加入
氢氧化钠溶液，质量更大，氯化钠的溶质质量分数更小，故D 错误。
故选：C。
28．烧杯内原有某物质，向其中加入物质X，X 的质量与变量Y 的关系如图，下
列一定能正确反应X、Y 对应关系的是（
）
选项
烧杯内原有物质
X
Y
A
NaCl 溶液
NaCl 固体
NaCl 溶液的溶质质量分数
B
水
NH4NO3固体
溶液的温度
C
硫酸锌溶液
镁粉
溶液中溶质的质量
D
稀硫酸
氧化镁
溶剂中氧元素的质量
483
【解答】解：A、烧杯中的氯化钠可能是饱和溶液，若是饱和溶液，氯化钠不
能继续溶解，溶质质量分数不变，则不一定能正确反应X、Y 对应关系，故A
错误；
B、原烧杯中是水，加入硝酸铵后，溶液温度下降，然后不变，故B 错误；
C、镁粉与硫酸锌溶液反应生成硫酸镁溶液和锌，反应的化学方程式为：
Mg+ZnSO4═MgSO4+Zn，参加反应的镁的质量小于生成锌的质量，则溶液的质量
应不断减小，至完全反应，不再发生改变，不能正确反应X、Y 对应关系，故
C 错误；D、氧化镁与稀硫酸反应生成硫酸镁和水，随着反应的进行，溶液中
氧元素的质量逐渐增加，至完全反应，不再发生改变，一定能正确反应X、Y
对应关系，故D 正确。
故选：D。
29．如图中图像能正确反映其对应关系的是（
）
A．
加热氯酸钾制取氧气
B．
向氢氧化钠溶液中加水
C．
向一定量的NaOH 溶液中逐滴加入稀盐酸至过量
D．
向一定量NaOH 和Ba（NO3）2的混合溶液中加入稀硫
酸
【解答】解：A、加热氯酸钾制取氧气，加入催化剂的反应速率较快，固体质
量先不再变化。因固体质量相同，则有催化剂的氯酸钾中氯酸钾的质量少，
484
放出氧气的质量少，则固体质量减少的少，剩余固体的质量较大，故A 正确；
B、向氢氧化钠溶液中加水，溶液的碱性变弱，但溶液始终显碱性，溶液的pH
不可能小于或等于7，故B 不正确；
C、向一定量的NaOH 溶液中逐滴加入稀盐酸至过量，盐酸和氢氧化钠反应生
成氯化钠和水，反应的实质是氢离子与氢氧根离子结合成水分子，溶液中钠
离子的质量不变，故C 不正确；
D、向一定量NaOH 和Ba（NO3）2的混合溶液中加入稀硫酸，稀硫酸和硝酸钡反
应生成硫酸钡和硝酸，硝酸钡反应完后，沉淀质量不变，一开始加入稀硫酸
就有硫酸钡沉淀产生，故D 不正确。
故选：A。
11 盐和化肥
1．粗盐中含有泥沙及少量可溶性MgCl2、CaCl2、Na2SO4等杂质，为获得精盐进行
如图实验：
下列叙述错误的是（
）
A．根据NaCl 的溶解度，可计算出溶解10g 粗盐所需水的最少质量
B．只调换“过量NaOH 溶液”与“过量BaCl2溶液”的顺序，也能达到实验目
的
C．操作c 的名称为蒸发结晶
D．若称得精盐的质量为8.5g，则该粗盐样品中氯化钠的质量分数是85.0%
【解答】解：A.粗盐提纯的实验是在常温条件下进行的，所以可以依据氯化
钠的溶解度，把粗盐看出全部是氯化钠，可以计算出溶解10g 粗盐所需水的
最少质量，故A 正确；
B.氢氧化钠的作用只是除去氯化镁，氯化钡可以除去硫酸钠，碳酸钠必须放
在氯化钡的后面，除去过量的氯化钡和溶液中的氯化钙，所以只调换“过量
的NaOH 溶液”与“过量的BaCl 溶液”的顺序，也能达到实验目的，故B 正
确；
C.氯化钠的溶解度随温度变化幅度较小，可以采用蒸发结晶的方法得到氯化
钠固体，因此操作c 的名称为蒸发结晶，故C 正确；
D.在粗盐提纯过程中，反应生成了氯化钠，所以称得精盐的质量为8.5g，该
粗盐样品中氯化钠的纯度小于85%，故D 错误；
故选：D。
2．下列劳动过程均涉及科学原理，其中解释错误的是（
）
选项
劳动过程
原理解释
A
用洗洁精洗净碗碟上的油渍
洗洁精使油脂产生乳化现象
B
用白醋洗掉水壶中的水垢（主要成分为
碳酸钙）
醋酸和碳酸钙反应生成可溶盐
C
大雨过后井水浑浊，用明矾净水
明矾溶于水产生有吸附性的胶
状物
485
D
将铁锅洗净后擦干防止生锈
铁与水直接反应生成铁锈
【解答】解：A、用洗洁精洗净碗碟上的油渍，是因为洗洁精使油脂产生乳化
现象，分散成细小的油滴，能随水一起冲走，故选项解释正确。
B、用白醋洗掉水壶中的水垢（主要成分为碳酸钙），是因为醋酸和碳酸钙反
应生成可溶盐，故选项解释正确。
C、大雨过后井水浑浊，用明矾净水，是因为明矾溶于水产生有吸附性的胶状
物，能吸附杂质，加速沉降，故选项解释正确。
D、将铁锅洗净后擦干防止生锈，是因为铁在与氧气和水共存时会发生锈蚀，
故选项解释错误。
故选：D。
3．下列制备CuCl2溶液的方法中，可行的是（
）
A．Cu 放入稀盐酸中充分搅拌
B．Cu 放入稀硫酸中搅拌后再加稀盐酸
C．CuO 放入稀盐酸中充分搅拌
D．Cu（OH）2放入MgCl2溶液中充分搅拌
【解答】解：A、铜和稀盐酸不反应，不能制得氯化铜，故A 错；
B、铜不能够和酸反应，所用不能够用此方法来制取氯化铜，故B 错；
C、氧化铜可以与盐酸反应而生成氯化铜，故C 对；
D、氢氧化铜不溶于水，不可以和MgCl2溶液反应生成氯化铜，故D 错。
故选：C。
4．推理是学习化学的重要方法之一。下列推理正确的是（
）
A．向某固体物质中加入稀盐酸，生成无色无味气体，证明该物质一定是碳酸
盐
B．向碳酸钠溶液中滴加无色酚酞试剂，溶液变成红色，说明碳酸钠溶液呈碱
性
C．酸碱中和反应生成盐和水，所以有盐和水生成的反应均为中和反应
D．酸溶液的pH＜7，所以pH＜7 的溶液一定是酸溶液
【解答】解：A、向某固体物质中加入稀盐酸，生成无色无味气体，该物质不
一定是碳酸盐，如活泼金属能与稀盐酸反应生成氢气，故选项推理错误。
B、无色酚酞试液遇碱变红，故向碳酸钠溶液中滴加无色酚酞试剂，溶液变成
红色，说明碳酸钠溶液呈碱性，故选项推理正确。
C、酸碱中和反应生成盐和水，但是有盐和水生成的反应不一定是中和反应，
如二氧化碳和氢氧化钠反应生成碳酸钠和水，故选项推理错误。
D、酸溶液的pH＜7，但是pH＜7 的溶液不一定是酸溶液，如硫酸氢钠溶液的
pH＜7，但是硫酸氢钠属于盐，故选项推理错误。
故选：B。
5．下列实验现象描述错误的是（
）
A．石灰石与稀盐酸反应：白色固体表面有气泡产生，固体不断减少
B．硫在空气中燃烧：淡黄色固体燃烧产生淡蓝色火焰、放热、生成有刺激性
气味的气体
C．硫酸铜溶液中加入氢氧化钠溶液：蓝色溶液中生成氢氧化铜蓝色沉淀，溶
液由蓝色变为无色
D．木炭在空气中燃烧：黑色固体燃烧发出红光，放出热量，生成使澄清石灰
水变白色浑浊的气体
486
【解答】解：A、石灰石与稀盐酸反应：白色固体表面有气泡产生，固体不断
减少，故A 正确；
B、硫在空气中燃烧：淡黄色固体燃烧产生淡蓝色火焰、放热、生成有刺激性
气味的气体，故B 正确；
C、硫酸铜溶液中加入氢氧化钠溶液：蓝色溶液中生成蓝色沉淀，溶液由蓝色
变为无色，实验现象不能说出生成物的名称，故C 错误；
D、木炭在空气中燃烧：黑色固体燃烧发出红光，放出热量，生成使澄清石灰
水变白色浑浊的气体，故D 正确。
故选：C。
6．下列物质的性质与用途具有对应关系的是（
）
A．活性炭有吸附性，可用于净水
B．碳酸氢铵有强烈的氨味，可用作氮肥
C．铜有很好的导热性，可用作电线
D．石墨能导电，可用于制作铅笔芯
【解答】解：A、活性炭结构疏松多孔，具有吸附性，可以吸附水中的色素和
异味，可用于净水，符合题意；
B、碳酸氢铵含氮元素，可用作氮肥，而不是因为有强烈的氨味，不符合题意；
C、铜具有良好的导电性和延展性，故可用作电线，不符合题意；
D、石墨质软，且是灰黑色，容易留下痕迹，可用于制作铅笔芯，不符合题意。
故选：A。
7．部分盐和酸的溶解性（20℃）如表所示。下列说法不正确的是（
）
Cl
﹣
H
+
溶、挥
溶
溶、挥
Ca
2+
溶
微
不
Mg
2+
溶
溶
微
A．盐酸是挥发性酸
B．MgSO4是可溶性盐
C．常温下溶解度CaCO3＞CaSO4
D．常温下，MgSO4溶液与稀盐酸不发生反应
【解答】解：A、盐酸具有挥发性，盐酸是挥发性酸，故选项说法正确。
B、硫酸镁属于盐，且MgSO4是可溶性盐，故选项说法正确。
C、碳酸钙难溶于水，硫酸钙微溶于水，常温下溶解度CaCO3＜CaSO4，故选项
说法错误。
D、常温下，MgSO4溶液与稀盐酸相互交换成分没有沉淀或气体或水生成，不能
发生复分解反应，故选项说法正确。
故选：C。
8．使用特殊的催化剂在光照（hv）条件下实现了CO2和H2催化转化为C4H10，其
中转化关系如图所示。下列说法错误的是（
）
487
A．转化过程①和②中，氢元素化合价发生了变化
B．从CO2到C4H10的转化是一个储存能量的过程
C．过程③中，理论上参加反应的C4H10和O2的分子个数比是2：13
D．理论上，每88tCO2完全转化为C4H10，需消耗26tH2
【解答】解：A、转化过程①和②中，都有氢气单质参加反应，氢元素化合价
发生了变化，故A 正确；
B、由物质的变化和能量的转化可知，从CO2到C4H10的转化是一个储存能量的
过程，故B 正确；
C、过程③中涉及的化学反应为2C4H10+13O2
8CO2+10H2O，理论上参加反应
的C4H10和O2的分子个数比是2：13，故C 正确；
D、设每88tCO2完全转化为C4H10，需消耗H2的质量为y，
4CO2+13H2
C4H10+8H2O
176
26
88t
y
176：26＝88t：y
解得：y＝13t
故D 错误。
故选：D。
9．甲烷是天然气的主要成分。利用太阳能可将甲烷在高温熔融盐环境中转化为
H2，反应原理如图所示，下列说法正确的是（
）
A．整个过程中，只有Zn 的化合价发生变化
488
B．过程①的化学反应为ZnO+CH4
Zn+H2+CO
C．当参加反应的CH4与H2O 质量比为8：9 时，理论上可不补充ZnO
D．理论上过程①与过程②中产生H2的质量比为1：1
【解答】解：根据图示可以看出，过程过程①的化学反应为：
ZnO+CH4
Zn+2H2+CO；过程②的化学反应为：Zn+H2O
ZnO+H2，
A、根据分析可知，反应前后碳元素化合价是﹣4 和+2，氢元素的化合价为+1
和0，也发生改变，故A 错误；
B、根据分析，过程①的化学方程式为：ZnO+CH4
Zn+2H2+CO，故B 错
误；
C、根据分析，16 份甲烷和18 份水恰好完全反应，则甲烷和水的质量比是8：
9 时，完全反应，则此时不需要补充氧化锌，故C 正确；
D、根据分析，理论上过程①与过程②中产生H2 的分子个数比是2：1，则质
量比是4：2＝2：1，故D 错误。
故选：C。
10．《齐民要术》中描述；“凡美田之法，绿豆为上，小豆、胡麻次之”。说明
豆科植物与根瘤菌共生起固氮效果，使用豆科植物肥田可减少下列化肥使用
量的是（
）
A．KCl
B．K2SO4
C．Ca3（PO4）2
D．CO（NH2）2
【解答】解：由题意可知，使用豆科植物肥田可减少氮肥的使用。
A．KCl 中含有钾元素，属于钾肥。故此选项错误；
B．K2SO4中含有钾元素，属于钾肥。故此选项错误；
C．Ca3（PO4）2中含有磷元素，属于磷肥。故此选项错误；
D．CO（NH2）2中含有氮元素，属于氮肥。故此选项正确。
故选：D。
11．用数轴表示某些化学知识直观、简明、易记。下列表示错误的是（
）
A．
B．
C．
489
D．
【解答】解：A、硫酸钡难溶于水，硫酸钙微溶于水，硫酸铜能溶于水，排序
错误，符合题意；
B、氨气的相对分子质量为14+1×3＝17；氧气的相对分子质量为16×2＝32；
二氧化碳的相对分子质量为12+16×2＝44，排序正确，不合题意；
C、三种金属的活动性由弱到强依次为Hg、Cu、Mg，排序正确，不合题意；
D、地壳中元素的含量由高到低依次为：氧、硅、铝、铁等，排序正确，不合
题意。
故选：A。
12．甲、乙、丙、丁为初中常见不同类别的无机化合物（单质、氧化物、酸、碱
或盐），固体甲俗称干冰，乙是大理石的主要成分。图中“—”表示相连的
物质在一定条件下可以发生反应，“→”表示一种物质在一定条件下能转化
为另一种物质。下列说法正确的是（
）
A．反应①一定属于分解反应
B．物质丙一定是一种碱
C．反应⑤一定属于中和反应
D．反应⑥一定有沉淀现象
【解答】解：A、根据分析，反应①二氧化碳和氢氧化钙反应生成碳酸钙和水，
不属于分解反应，故A 错误；
B、根据分析，物质丙为盐酸，不是碱，故B 错误；
C、根据分析，反应⑤为氢氧化钠和盐酸反应生成氯化钠和水，属于中和反应，
故C 正确；
D、根据分析，反应⑥为二氧化碳和氢氧化钠反应生成氯化钠和水，没有沉淀
生成，故D 错误。
故选：C。
13．已知SO2与CO2有许多化学性质是相似的，亚硫酸钙是（CaSO3）白色难溶于
水但可溶于酸的固体．某同学向一酸雨样品中滴加CaCl2，溶液本观察到有浑
浊现象，继续滴入NaOH 溶液后即有白色沉淀产生．在以上实验过程中，下列
不可能发生的化学反应是（
）
A．SO2+CaCl2+H2O＝CaSO3↓+HCl
B．SO2+2NaOH＝Na2SO3+H2O
C．Na2SO3+CaCl2＝CaSO3↓+2NaCl
D．H2SO3+2NaOH＝Na2SO3+2H2O
【解答】解：A、SO2+CaCl2+H2O＝CaSO3↓+HCl 不可能反应，因为亚硫酸钙与盐
酸发生反应，故选项正确，该选项符合题意；
B、二氧化硫与氢氧化钠反应生成亚硫酸钠和水，能发生反应，故选项错误，
该选项不符合题意；
490
C、亚硫酸钠和氯化钙反应生成亚硫酸钙白色沉淀和氯化钠，能发生反应，故
选项错误，该选项不符合题意；
D、亚硫酸和氢氧化钠反应生成亚硫酸钠和水，能发生反应，故选项错误，该
选项不符合题意；
故选：A。
14．某同学利用初中化学常见的五种物质的转化关系，整理出如图的反应图，图
中的“—”两端的物质相互能反应。下列说法不正确的是（
）
A．图中只有一个反应会生成盐和水
B．甲与碳反应，固体总质量减小
C．乙与碳的反应属于典型的吸热反应
D．甲与稀硫酸反应可能得到黄色溶液
【解答】解：A、氢氧化钙与硫酸反应生成硫酸钙和水，乙（二氧化碳）与氢
氧化钙反应生成碳酸钙沉淀和水，甲（金属氧化物）与硫酸反应生成硫酸盐
和水，故图示中有三个反应会生成盐和水，故A 错误；
B、甲能够与C 反应，也能够与硫酸反应，所以甲为金属氧化物，与碳反应生
成二氧化碳和金属单质，根据质量守恒定律，生成的二氧化碳逸出，剩余固
体的总质量减小，故B 正确；
C、乙（二氧化碳）与碳高温下反应生成二氧化碳和水，该反应属于典型的吸
热反应，故C 正确；
D、甲（金属氧化物）与硫酸反应，若甲为氧化铁，氧化铁与硫酸反应生成硫
酸铁和水，硫酸铁在溶液中显示黄色，所以甲与稀硫酸反应可能得到黄色溶
液，故D 正确；
故选：A。
15．下列各组物质中，能相互反应且反应前后溶液总质量保持不变的是（
）
A．硫酸和烧碱溶液
B．铝和硫酸铜溶液
C．氧化铁固体和盐酸
D．碳酸钾溶液和氯化钠溶液
【解答】解：A、烧碱为氢氧化钠的俗称，氢氧化钠能与硫酸反应生成硫酸钠
和水，反应前后溶液质量不变，故选项正确。
B、铝的金属活动性比铜强，铝和硫酸铜反应生成硫酸铝和铜，反应的化学方
程式为2Al+3CuSO4═Al2（SO4）3+3Cu，每54 份质量的铝可置换出192 份质量
的铜，溶液的质量会减少，故选项错误。
C、氧化铁固体能与盐酸反应生成氯化铁和水，反应过程中由于氧化铁溶解，
溶液质量增加，故选项错误。
D、碳酸钾与氯化钠互相交换成分没有沉淀或气体或水生成，不能发生复分解
反应，故选项错误。
491
故选：A。
16．利用太阳能，以CO2为原料制取炭黑（C）的简易流程如图。下列说法错误
的是（
）
A．反应Ⅰ为分解反应，化学方程式为：2Fe3O4
6FeO+O2↑
B．生产过程中FeO、Fe3O4可以循环利用
C．该方法有利于实现“碳中和”
D．反应Ⅱ中C 表现出还原性，发生了还原反应
【解答】解：A、反应Ⅰ为四氧化三铁在太阳能并大于2100℃的作用下生成
FeO 和氧气，该反应为一种物质分为多种物质的反应，属于分解反应，且反应
方程式为2Fe3O4
6FeO+O2↑，故A 正确；
B、由图可知，在反应Ⅰ中四氧化三铁为反应物，氧化亚铁为生成物，而在反
应Ⅱ中氧化亚铁为反应物，氧化铁为生成物，即生产过程中FeO、Fe3O4可以循
环利用，故B 正确；
C、由图可知，该方法将二氧化碳转化为了碳，有利于实现“碳中和”，故C
正确；
D、反应Ⅱ中碳为生成物，并没有体现碳的还原性，故D 错误。
故选：D。
17．A、B、C、D、E 是初中化学常见的物质。其中A、B、C、D 为不同类别的纯
净物，A、C、D 均含有同一种金属元素，它们的相互关系如图所示（图中“—”
表示两端的物质能发生化学反应，“→”表示物质间转化关系，部分反应物、
生成物及反应条件已略去）。下列说法不正确的是（
）
A．物质A 可以是单质、氧化物、盐、碱中的一种
B．物质B 可以是酸或盐
492
C．物质A 转化为D 的反应可以是四种基本反应的一种
D．物质E 可以是一种氧化物
【解答】解：A.由以上分析知，A 为Ca，D 为CaO，C 为Ca（OH）2或A 为CaO，
D 为Ca（OH）2，C 为CaCO3或A 为CaCO3，D 为CaO，C 为Ca（OH）2或A 为Ca
（OH）2，CaCO3；C 为CaO，B 为HCl，均满足以上转化关系，因此物质A 可以
是单质、氧化物、盐、碱中的一种，选项正确；B.由以上分析知，B 只能为酸，
不能是盐，选项错误；
C.由以上分析知，A 为Ca，D 为CaO，C 为Ca（OH）2或A 为CaO，D 为Ca（OH）
2，C 为CaCO3或A 为CaCO3，D 为CaO，C 为Ca（OH）2或A 为Ca（OH）2，CaCO3；
C 为CaO，B 为HCl，均满足以上转化关系，A 转化为D 可以是化合反应，也可
是分解反应，也可是复分解反应等，选项正确；
D.B 为酸（如HCl），A、C 可为氧化物、盐中的一种（如A 为CaO、C 为CaCO3），
A、B 生成E，B、C 生成E，则物质E 为水，水为一种氧化物，选项正确；
故选：B。
18．取12.9g 水垢样品（成分为氢氧化镁和碳酸钙）置于氮气流中加热，实验时
依次发生如下反应：Mg（OH）2 MgO+H2O↑、碳酸钙受热分解，残留固体质量
随温度的变化如图所示。下列说法错误的是（
）
A．碳酸钙比氢氧化镁的热稳定性强
B．b 点对应固体的成分为CaCO3、MgO
C．a、e 两点对应固体中金属元素的质量相等
D．实验结束时，残留固体的质量（x）为5.6g
【解答】解：氢氧化镁受热易分解生成了水蒸气，固体的质量要减少；碳酸
钙高温下分解放出了二氧化碳气体，固体的质量要减少，完全反应后，固体
的质量不再减少，所以
A、实验时依次发生如下反应：Mg（OH）2
MgO+H2O↑，碳酸钙受热分解，所
以碳酸钙比氢氧化镁的热稳定性强，故A 正确；
B、由图象可知，生成水的质量为：12.9g﹣12.0g＝0.9g，
设样品中氢氧化镁的质量为x，生成氧化镁的质量为y
Mg（OH）2
MgO+H2O
493
58
40
18
x
y
0.9g
x＝2.9g
y＝2g
所以样品中碳酸钙的质量为12.9g﹣2.9g＝10g，
设生成氧化钙的质量为m，生成二氧化碳的质量为n，
CaCO3
CaO+CO2↑
100
56
44
10g
m
n
m＝5.6g
n＝4.4g
所以b 点对应固体的成分为CaCO3、MgO，故B 正确；
C、依据元素守恒可知，氢氧化镁分解生成了氧化镁和水，碳酸钙分解生成了
氧化钙和二氧化碳，所以a、e 两点对应固体中金属元素的质量相等，故C 正
确；
D、实验结束时，残留固体的质量（x）为2g+5.6g＝7.6g，故D 错误。
故选：D。
19．工业上可通过下列工艺流程处理工厂排放的含二氧化硫的尾气并获得氢气，
下
列
说
法
不
正
确
的
是
（
）
A．主反应器中反应的化学方程式是：H2O+SO2+I2＝H2SO4+2HI
B．膜反应器中的基本反应类型是分解反应
C．该工艺流程中，能被循环利用的物质是I2
D．该流程可以将有害气体转化成清洁燃料，不仅环保还能提高经济价值
【解答】解：A、主反应器中反应是二氧化硫、水和碘反应生成硫酸和碘化氢，
化学方程式为2H2O+SO2+I2＝H2SO4+2HI，错误；
B、膜反应器中碘化氢分解生成碘和氢气，属于分解反应，正确；
C、碘既可以做反应物，又能做生成物，可以循环使用，正确；
D、该反应是将二氧化硫转化为氢气，可以将有害气体转化成清洁燃料，不仅
环保还能提高经济价值，正确。
494
故选：A。
20．用Pt﹣Rh 合金催化氧化NH3制NO，其反应的微观模型如图1，含氮生成物
产率随反应温度的变化曲线如图2 所示。关于该转化过程的说法不正确的是
（
）
A．400℃时，生成的产物只有N2、NO
B．氨气与氧气反应属于氧化反应
C．Pt﹣Rh 合金催化氧化NH3制NO，适宜的温度为800℃
D．化学反应前后Pt﹣Rh 合金的质量和化学性质均未改变
【解答】解：A.400℃时，生成的含有氮元素的产物有N2、NO，由于N2产率大
于NO，即两者产率和低于100%，说明产物中还有其他物质，故A 不正确；
B.NH3制NO，NH3中氮元素化合价升高，被氧化，发生氧化反应，故A 正确；
C.800℃时，生成的含有N 元素的产物主要是NO，产率接近100%，所以适宜
的温度为800℃，故C 正确；
D.Pi﹣Rh 合金催化氧化NH3制NO，催化剂在化学反应前后，质量和化学性质
均未改变，故D 正确。
故选：A。
21．某蓝色溶液可能含有硫酸铜和氯化铜中的一种或两种，为探究溶质成分，先
滴入氢氧化钡溶液，之后滴入稀盐酸，所得沉淀的质量随加入试剂总体积的
变化趋势如图所示。下列说法中正确的是（
）
A．a～b 段溶液的pH 不变
B．b～c 段两种沉淀的质量都在减少
C．d 点的溶质有两种
D．该蓝色溶液中一定含有硫酸铜，可能含有氯化铜
【解答】解：A、氢氧化钡能与硫酸铜反应生成氢氧化铜沉淀和硫酸钡沉淀，
氯化铜能与氢氧化钡反应生成氢氧化铜沉淀和氯化钡，而氢氧化铜能与盐酸
反应生成氯化铜和水，但硫酸钡不溶于盐酸中，由图可知，后来沉淀质量减
小，但没有减为零，则说明该蓝色溶液中一定含有硫酸铜，可能含有氯化铜。
a～b 段产生沉淀不变，则说明加入的氢氧化钡开始过量有剩余，则溶液pH 逐
渐变大，之后加入盐酸开始先和过量的氢氧化钡反应，消耗氢氧化钡，此时
495
溶液pH 降低，故A 错误；
B、由前面分析可知，b～c 段氢氧化铜沉淀不断减少，硫酸钡沉淀不变，故B
错误；
C、c 点时表示氢氧化铜和盐酸恰好反应，d 点时盐酸过量，此时溶液中的溶
质有氯化钡、氯化铜和氯化氢，故C 错误；
D、由前面分析可知，该蓝色溶液中一定含有硫酸铜，可能含有氯化铜，故D
正确。
故选：D。
22．下列各组离子能大量共存形成无色溶液的是（
）
A．K
+、Na
+、
、Cu
2+
B．Mg
2+、Na
+、
、Cl
﹣
C．Fe
3+、Ba
2+、
、Cl
﹣
D．
、
、OH
﹣、
【解答】解：A、四种离子在溶液中不能结合生成沉淀或气体或水，能大量共
存，但Cu
2+的水溶液显蓝色，故选项错误。
B、四种离子在溶液中不能结合生成沉淀或气体或水，能大量共存，且不存在
有色离子，故选项正确。
C、四种离子在溶液中不能结合生成沉淀或气体或水，能大量共存，但Fe
3+的
水溶液显黄色，故选项错误。
D、
、OH
﹣在溶液中结合生成氨气和水，不能大量共存，故选项错误。
故选：B。
23．某化学小组参观制碱厂后，绘制了该厂生产纯碱的工艺流程图如图。
据图判断下列说法错误的是（
）
A．流程图I 是依次向粗盐水中加入Ca（OH）2和Na2CO3，二者加入的顺序可
以颠倒
B．过滤I 得到的沉淀成分有Mg（OH）2和CaCO3
C．通入NH3的主要作用是形成碱性溶液，有利于CO2的吸收
D．碳酸氢钠首先从溶液中结晶析出的原因其溶解度较小
【解答】解：A．流程图Ⅰ是依次向粗盐水中加入Ca（OH）2和Na2CO3，二者加
入的顺序不能颠倒，如果颠倒，过量的氢氧化钙和新生成的氯化钙无法除去，
故A 错误；
B．氢氧化钙和氯化镁反应生成氢氧化镁沉淀和氯化钙，碳酸钠和氯化钙反应
496
生成碳酸钙沉淀和氯化钠，过滤Ⅰ得到的沉淀成分有：Mg（OH）2和CaCO3，故
B 正解；
C．氨气溶于水溶液显碱性，有利于二氧化碳的吸收，故C 正确；
D．工业生产纯碱的流程中，碳酸化时溶液中析出碳酸氢钠而没有析出氯化铵
的原因是在该温度下碳酸氢钠的溶解度比氯化铵小，故D 正确。故选：A。
24．向一定质量的MgSO4和Na2SO4的混合溶液中依次滴加Ba（OH）2、HCl 溶液，
反应过程中产生沉淀的质量与加入溶液的质量关系如图所示，下列说法不正
确的是（
）
A．a 点产生的沉淀有两种成分
B．c 点溶液中有3 种溶质
C．b 点到c 点发生了两个反应
D．原溶液中MgSO4的质量为12g
【解答】解：A、0～b 表示有沉淀生成，且前半段斜率更大，证明生成的沉淀
更多；由分析可知，a 点时硫酸根离子和钡离子结合生成硫酸钡沉淀，镁离子
和氢氧根离子结合生成氢氧化镁沉淀，所以产生的沉淀有两种成分，故选项
说法正确。
B、由分析可知，加入稀盐酸前，溶质是氢氧化钠和氢氧化钡，沉淀是硫酸钡
和氢氧化镁，c 点之前加入了稀盐酸但沉淀质量不变，说明稀盐酸在和氢氧化
钠、氢氧化钡反应，则c 点的溶质是氯化钠、氯化钡，故选项说法错误。
C、由分析可知，b 点到c 点发生了两个反应，分别是稀盐酸和氢氧化钠、氢
氧化钡反应，故选项说法正确。
D、滴加HCl 溶液时，稀盐酸不能和硫酸钡反应，稀盐酸先和过量的氢氧化钡
和生成的氢氧化钠反应，再和氢氧化镁沉淀反应，由图可知，氢氧化镁沉淀
的质量为：52.4g﹣46.6g＝5.8g，
设原溶液中硫酸镁的质量为x。
MgSO4+Ba（OH）2＝BaSO4↓+Mg（OH）2↓
120
58
x
5.8g
x＝12g
则原溶液中MgSO4的质量为12g，故选项说法正确。
故选：B。
497
12 化学与生活
1．2022 年重庆北碚缙云山发生特大山火，人们利用化学原理并采用多种方式灭
火。下列说法不正确的是（
）
A．植被茂密是大火旺盛的原因之一
B．高温少雨是大火难以扑灭的原因之一
C．细沙灭火的原理是清除了可燃物
D．用水喷淋降低了可燃物周边的温度
【解答】解：A、植被茂密，可燃物较多，是大火旺盛的原因之一，故选项说
法正确。
B、高温少雨，气候干燥，是大火难以扑灭的原因之一，故选项说法正确。
C、细沙灭火的原理是隔绝氧气，故选项说法错误。
D、用水喷淋降低了可燃物周边的温度，使温度降到可燃物的着火点以下，故
选项说法正确。
故选：C。
2．使用天然气做饭，点火后，发现炉火火焰呈现黄色，锅底出现黑色，这时就
需要调大灶具的进风口；使用完毕，关闭开关，火焰熄灭。下列说法错误的
是（
）
A．天然气会燃烧，因为它是可燃物
B．点火是为了使温度达到天然气的着火点
C．调大进风口的目的是提供足够的空气，使燃烧更充分
D．关闭开关火焰熄灭，原因是温度降到了着火点以下
【解答】解：A、天然气会燃烧，因为它是可燃物，说法正确；
B、点火是为了使温度达到天然气的着火点，说法正确；
C、调大进风口的目的是提供足够的空气，使燃烧更充分，说法正确；
D、关闭开关火焰熄灭，原因是隔离可燃物，说法错误。
故选：D。
3．劳动课程标准要求学生承担家庭劳动，下列项目与所涉及的化学知识不相符
的是（
）
选项
劳动项目
化学知识
A
用燃气灶炒菜
燃气燃烧放热
B
使用煤炉时，用扇子往炉中扇风
空气流通，提供充足的氧气
C
炒菜时油锅着火，用锅盖盖灭
降低油的着火点
D
用淘米水洗菜
爱护水资源，节约用水
【解答】解：A、燃气燃烧放热，因此可用燃气灶炒菜，说法正确；
B、使用煤炉时，用扇子往炉中扇风，这是空气流通，提供充足的氧气，说法
正确；
C、炒菜时油锅着火，用锅盖盖灭，这是隔绝氧气来灭火，着火点是可燃物的
属性，不能人为改变，说法错误；
D、用淘米水洗菜，这是爱护水资源，节约用水，说法正确。
故选：C。
4．了解防灾减灾知识有利于保护人民的生命及财产安全。下列说法不正确的是
（
）
498
A．加油站、煤粉厂等场所应严禁烟火
B．生活中常用水来灭火，其原理是降低可燃物的着火点
C．一旦发生火灾，应用湿毛巾捂住口鼻，迅速逃离并拨打火警电话119
D．森林发生火灾，可在大火蔓延的线路上砍掉一片树林设置隔离带来灭火
【解答】解：A.汽油，粉尘易燃易爆，所以加油站、煤粉厂等场所应严禁烟
火，故A 正确；
B.用水来灭火，其原理是降低温度到可燃物的着火点以下，故B 错误；
C.湿毛巾有类似防毒面具作用，用湿毛巾捂住口鼻能防止吸入燃烧时生成的
烟尘，迅速逃离并拨打火警电话119，故C 正确；
D.森林发生火灾，可在大火蔓延的线路上砍掉一片树林设置隔离带来灭火，
达到隔绝可燃物的目的，故D 正确。
故选：B。
5．氢能是一种极具发展潜力的清洁能源，以太阳能为热源，热化学硫碘循环分
解水是一种高效、无污染的制氢方法。其反应过程如图所示，下列说法中不
正确的是（
）
A．该流程可实现太阳能向氢能的转化
B．制得H2中氢元素最初来源于水
C．反应Ⅱ中，每消耗98g 硫酸就能产生16gO2
D．所有涉及的反应中，化合价升高的元素有4 种
【解答】解：A.根据图示信息可知，该转化过程中以太阳能为热源，热化学
硫碘循环分解水是一种高效、无污染的制氢方法，可实现太阳能向氢能的转
化，故正确；
B.根据反应Ⅰ可知，水、二氧化硫、碘三者反应生成H2SO4和HI，HI 再反应
生成氢气可知，氢元素最初来源于水，故正确；
C.设反应Ⅱ中，每消耗98g 硫酸就能产生氧气质量为x，
，解得：x＝16g，故正确；
D.根据反应过程图示可知，氢、碘、氧三种元素都有化合物和到单质的转化，
单质中三种元素化合价为0 价，但在化合物中不是0 价，所以三种元素的化
合价都有改变；二氧化硫中硫元素化合价为+4 价，转化为硫酸后，硫元素化
合价变为+6 价，硫元素化合价也有改变，因此有四种元素化合价发生改变，
反应Ⅰ中氧元素化合价由﹣2 变为0，反应Ⅱ中碘由0 价变为﹣1 价；反应Ⅲ
中氢元素化合价由+1 变为0，碘元素化合价为﹣1 变为0，所有涉及的反应中，
化合价升高的元素有3 种，故错误；
故选：D。
499
6．党的二十大报告中指出，要推动绿色发展，促进人与自然和谐共生。下列举
措不符合这一要求的是（
）
A．应用新技术、新工艺减少和处理“三废”排放
B．开发利用太阳能、风能等新能源替代化石燃料
C．实行塑料制品回收再生、循环利用
D．大力开采矿物资源，加快经济发展
【解答】解：A、应用新技术、新工艺减少和处理“三废”排放有利于减少环
境污染，不合题意；
B、开发利用太阳能、风能等新能源替代化石燃料，既能节约化石燃料，又能
减少二氧化碳、烟尘以及有害气体的排放，有利于环境保护，不合题意；
C、实行塑料制品回收再生、循环利用既能节约资源，又能减少环境污染，不
合题意；
D、大力开采矿物资源既造成资源的浪费，又会造成环境污染，符合题意。
故选：D。
7．2023 年世界环境日中国主题是“建设人与自然和谐共生的现代化”，下列做
法不符合这一主题的是（
）
A．煤炭脱硫处理，有效减少酸雨的产生
B．积极植树造林，促进达成“碳中和”
C．使用新型可降解塑料，减少“白色污染”
D．禁止使用化石燃料，防止产生雾霾
【解答】解：A、煤炭脱硫处理，有效减少酸雨的产生，有利于保护空气，做
法符合主题，故选项错误。
B、积极植树造林，促进达成“碳中和”，有利于保护空气，做法符合主题，
故选项错误。
C、使用新型的可降解塑料，能减少“白色污染”，做法符合主题，故选项错
误。
D、化石燃料是当今世界最重要的能源，禁止使用化石燃料是不现实的，做法
不符合主题，故选项正确。
故选：D。
8．对下列事实或做法解释正确的是（
）
A．超市对一次性塑料袋收费——杜绝白色污染
B．洗涤剂洗油污——洗涤剂能溶解油污
C．钢的性能优于生铁——钢的含碳量比生铁高
D．氧气能被液化贮存于钢瓶中——分子间有间隔且间隔能改变
【解答】解：A.超市对一次性塑料袋收费可减少性塑料袋的使用，减少白色
污染，不能杜绝白色污染，故错误；
B.洗涤剂洗油污是因为洗涤剂能乳化油污，并非溶解了油污，故错误；
C.钢的性能优于生铁是因为钢的含碳量比生铁低，故错误；
D.气体的分子间隔较大，液体固体间隔较小，氧气能被液化贮存于钢瓶中说
明分子间有间隔且间隔能改变，故正确。
故选：D。
9．化学知识涉及衣、食、住、行各个领域，下列有关说法全部正确的一组是
（
）
500
A．衣
①鉴别羊毛制品和化纤制品可采用点燃闻气味的方法
②衣服上的油污用汽油清洗是利用其乳化作用
B．食
①蔬菜含维生素，种植时使用的尿素[CO（NH2）2]属于有机氮肥
②生火煮饭离不开氧气，是因为氧气具有可燃性
C．住
①修建房屋使用的铝合金属于金属材料
②能闻到新装修房屋里的异味，是因为分子在不断运动
D．行
①汽车、自行车等车辆的金属表面喷漆主要目的是为了美观
②飞机所用的航空燃油是石油分馏的产物
【解答】解：A、羊毛的成分是蛋白质，灼烧有烧焦羽毛的气味，而化纤制品
灼烧没有烧焦羽毛的气味，故鉴别羊毛制品和化纤制品可采用点燃闻气味的
方法，正确；衣服上的油污用汽油清洗是利用其溶解作用，错误，不合题意；
B、蔬菜含维生素，种植时使用尿素[CO（NH2）2]属于有机氮肥，正确；氧气
具有助燃性，不具可燃性，错误，不合题意；
C、金属材料包括纯金属和合金，修建房屋使用的铝合金属于金属材料，正确；
能闻到新装修房屋里的异味，是因为分子在不断运动，正确，合题意；
D、汽车、自行车等车辆的金属表面喷漆主要目的是为了防止锈蚀，错误；航
空燃油是石油分馏的产物，正确，不符合题意。
故选：C。
10．“珍爱生命、健康生活”是人类永恒的主题。下列说法正确的是（
）
A．在家中闻到燃气泄漏，立即打开换气扇通风
B．亚硝酸钠代替食盐作调味品
C．高层楼房着火，提倡乘坐电梯逃离
D．营养均衡有利于身体健康
【解答】解：A、燃气具有可燃性，混有一定量的空气，遇到明火或电火花，
容易发生爆炸，故在家中闻到燃气泄露，不能立即打开排气扇通风，应先关
闭阀门，然后打开门窗，故A 错误；
B、亚硝酸钠有毒，不能用亚硝酸钠代替食盐作调味品，故B 错误；
C、高层楼房着火，可能会断电，乘坐电梯逃离，会产生更大的危险，故C 错
误；
D、营养均衡，可为人体提供足够的营养物质，有利于身体健康，故D 正确。
故选：D。
11．我们要主动践行节约资源、环境友好的生活方式。下列做法中，有利于环境
保护的是（
）
A．处理垃圾时，投入相应分类垃圾桶
B．种植蔬菜时，过量施用农药化肥
C．外出露营时，提倡使用一次性木筷
D．欢度节日时，大量燃放烟花爆竹
【解答】解：A、处理垃圾时，投入相应分类垃圾桶既可以节约资源，又能减
少环境污染，有利于环境保护，符合题意；
B、过量施用农药化肥会造成土壤污染、水体污染，不有利于环境保护，不符
合题意；
C、提倡使用一次性木筷就需要大量砍伐树木，不有利于环境保护，不符合题
意；
501
D、大量燃放烟花爆竹会产生烟尘和有害气体，加剧空气污染，不有利于环境
保护，不符合题意。
故选：A。
12．某同学用有关燃烧和灭火的知识解释下列四个成语所包含的化学原理。不合
理的是（
）
A．“杯水车薪”﹣﹣可燃物的量少，导致火焰熄灭
B．“钻木取火”﹣﹣让温度达到可燃物的着火点使之燃烧
C．“煽风点火”﹣﹣促进空气流通，提供充足的氧气使燃烧更剧烈
D．“釜底抽薪”﹣﹣采用清除可燃物的方式，使燃烧停止
【解答】解：A、杯水车薪指虽然是水火不容，但用量太少而无济于事，既不
能覆盖柴火使其隔绝空气，也不能使温度迅速下降到着火点以下，也就不能
灭火了。故此选项错误；
B、钻木取火，可以实现摩擦生热，提高了温度，达到可燃物的着火点，从而
实现了燃烧，故此选项正确；
C、煽风点火，促进空气的流通，为燃烧补充空气或氧气，使燃烧更旺，故此
选项正确；
D、抽薪就是移去可燃物，控制了物质的燃烧，从而实现灭火，故此选项正确；
故选：A。
13．分类是化学研究常用的方法．下列对物质分类正确的是（
）
A．合金：磁铁矿、黄铜、24K 金
B．合成材料：不锈钢、塑料、羊毛
C．碱：烧碱、纯碱、熟石灰
D．营养素：糖类、蛋白质、油脂
【解答】解：A.由金属与金属或非金属熔合而成的具有金属特性的物质属于
合金，黄铜、24k 金是合金，磁铁矿不是合金，故A 错误；
B.不锈钢是合金不是合成材料，羊毛属于天然高分子，也不属于合成材料，
故B 错误；
C.烧碱、熟石灰是碱，纯碱是盐，故C 错误；
D.人体需要的六大营养元素是糖类、蛋白质、油脂、维生素、水、矿物质，
故D 正确。
故选：D。
14．我国生态环境部发布2023 年六五环境日主题：“建设人与自然和谐共生的
现代化”，下列符合这一主题的是（
）
A．发展公共交通，提倡低碳出行
B．就地焚烧落叶，减少运输费用
C．大量砍伐森林，促进经济发展
D．大量使用化肥，增加粮食产量
【解答】解：A、发展公共交通，提倡低碳出行，可以减少二氧化碳的排放，
做法符合主题，故选项正确。
B、就地焚烧落叶，会产生大量的空气污染物，会污染空气，做法不符合主题，
故选项错误。
C、大量砍伐森林，会减少二氧化碳的消耗，做法不符合主题，故选项错误。
D、大量使用化肥，会污染水体和土壤等，做法不符合主题，故选项错误。
故选：A。
502
15．6 月5 日是世界环境日，今年的主题是“建设人与自然和谐共生的现代化”。
下列说法中错误的是（
）
A．垃圾分类处理是实现低碳生活的重要手段
B．为了节约用水，农业上改漫灌为滴灌
C．煤炭的脱硫处理能有效减少酸雨的产生
D．大量使用农药化肥，提高粮食产量
【解答】解：A、分类处理垃圾，可节约资源，保护环境，属于低碳生活，说
法正确；
B、农业上改漫灌为滴灌，可以节约用水，说法正确；
C、煤炭的脱硫处理燃烧后可以减少二氧化硫的产生，从而减少酸雨的产生，
说法正确；
D、大量使用化肥与农药虽然能提高粮食的产量，但会对土壤和水体造成污染，
说法错误。
故选：D。
16．2022 年我国防灾减灾日的主题为“减轻灾害风险，守护美好家园”。下列
做法正确的是（
）
A．电器着火，立即用水浇灭
B．夜间发现燃气泄漏，立即开灯检查
C．室内着火，立即打开门窗
D．遭遇火灾时，尽量贴近地面弯腰撤离
【解答】解：A、电器着火，应先切断电源，用水浇灭容易导致触电，故A 不
正确；
B、煤气是可燃性的气体，与空气混合遇明火易发生爆炸，夜间发现燃气泄漏，
不能立即开灯检查，应先关闭阀门，开窗通风，故B 不正确；
C、室内起火时，不能立即打开门窗，否则空气流通，火势更旺，故C 不正确；
D、气体受热密度变小，遭遇火灾时，有毒害的热气流上升，尽量贴近地面弯
腰撤离，可防止中毒，故D 正确。
故选：D。
17．观察实验是学习化学的重要方式。下列实验现象描述错误的是（
）
A．红磷在空气中燃烧，产生大量的白烟
B．棉线在空气中燃烧时，产生烧焦羽毛气味的气体
C．敞口放置的一瓶石灰水，表面形成一层白膜
D．木炭在氧气中燃烧发出白光
【解答】解：A、红磷在空气中燃烧，产生大量的白烟，故A 正确；
B、棉线属于天然纤维，在空气中燃烧时，产生纸张燃烧的气味，故B 错误；
C、在空气敞口放置的一瓶石灰水，表面形成一层白膜，是因为氢氧化钙和二
氧化碳反应生成碳酸钙沉淀和水，故C 正确；
D、木炭在氧气中燃烧发出白光，放出热量，故D 正确；
故选：B。
18．在2023 年江苏省化学实验调研比赛上，有选手做了“泥土蜡烛”的创新实
验，实验装置如图。实验过程中观察到石蜡由固态变成液态，当石蜡沸腾后，
石蜡燃烧。下列说法错误的是（
）
503
A．石蜡燃烧的原理是石蜡蒸气在燃烧
B．该实验能说明燃烧需要可燃物
C．泥土可以降低石蜡的着火点
D．泥土中有较多孔隙，能形成毛细管输送蜡烛蒸气
【解答】解：A、实验过程中观察到石蜡由固态变成液态，当石蜡沸腾后，石
蜡由液态变成气态，石蜡燃烧，说法正确；
B、该实验能说明燃烧需要可燃物，说法正确；
C、着火点是可燃物的属性，不能随意改变，说法错误；
D、泥土中有较多孔隙，能形成毛细管输送蜡烛蒸气，说法正确。
故选：C。
19．化学知识涉及衣、食、住、行各个领域，下列有关说法全部正确的一组是（
）
A．衣
①鉴别羊毛制品和化纤制品可采用点燃闻气味的方法
②衣服上的油污用汽油清洗是利用其乳化作用
B．食
①蔬菜含维生素，种植时使用的尿素[CO（NH2）2]属于有机氮肥
②生火煮饭离不开氧气，是因为氧气具有可燃性
C．住
①修建房屋使用的铝合金属于金属材料
②能闻到新装修房屋里的异味，是因为分子在不断运动
D．行
①汽车、自行车等车辆的金属表面喷漆主要目的是为了美观
②飞机所用的航空燃油是石油分馏的产物
【解答】解：A、羊毛的成分是蛋白质，灼烧有烧焦羽毛的气味，而化纤制品
灼烧没有烧焦羽毛的气味，故鉴别羊毛制品和化纤制品可采用点燃闻气味的
方法，正确；衣服上的油污用汽油清洗是利用其溶解作用，错误，不合题意；
B、蔬菜含维生素，种植时使用尿素[CO（NH2）2]属于有机氮肥，正确；氧气
具有助燃性，不具可燃性，错误，不合题意；
C、金属材料包括纯金属和合金，修建房屋使用的铝合金属于金属材料，正确；
能闻到新装修房屋里的异味，是因为分子在不断运动，正确，合题意；
D、汽车、自行车等车辆的金属表面喷漆主要目的是为了防止锈蚀，错误；航
空燃油是石油分馏的产物，正确，不符合题意。
故选：C。
20．2022 年2 月举办了中国历史上第一次冬季奥运会，滑雪是冬奥会的重点比
赛项目。下列滑雪用品涉及的材料中，不属于合成材料的是（
）
A．雪板——聚乙烯
B．滑雪头盔——聚酯硬塑料
C．滑雪杖——镁铝合金
D．防护镜——聚甲基丙烯酸甲酯（有机玻璃）
【解答】解：A、聚乙烯是一种塑料，属于有机合成材料，故选项错误。
B、聚酯硬塑料是塑料的一种，属于有机合成材料，故选项错误。
504
C、镁铝合金属于金属材料，故选项正确。
D、聚甲基丙烯酸甲酯（有机玻璃）是一种塑料，属于有机合成材料，故选项
错误。
故选：C。
21．勤于观察、善于辨析有利于我们对所学知识的理解与运用。对下列生活中的
做法解释不合理的是（
）
A．开发新能源，实现节能减排
B．使用可降解塑料，减少白色污染
C．进入深井之前应做灯火试验，是因为CO2有毒
D．食用加碘食盐，预防甲状腺肿大
【解答】解：A、开发新能源，减少化石能源的使用，能实现节能减排，解释
合理，故A 正确；
B、使用可降解塑料，减少白色污染，解释合理，故B 正确；
C、进入深井之前应做灯火试验，二氧化碳不能供给呼吸，不是因为CO2有毒，
解释不合理，故C 错误；
D、碘是甲状腺激素的重要成分，食用加碘食盐，预防甲状腺肿大，解释合理，
故D 正确。
故选：C。
22．关于燃烧和灭火，下列说法正确的是（
）
A．可燃性气体达到爆炸极限时就会发生爆炸
B．“钻木取火”是通过摩擦生热提高木材的着火点
C．木柴架空有利于燃烧，是因为增大了可燃物与氧气的接触面积
D．在山林中遇火灾时，尽量向顺风方向奔跑
【解答】解：A、可燃性气体达到爆炸极限时不一定会发生爆炸，还需要遇到
明火或电火花，故说法错误；
B、“钻木取火”是通过摩擦生热使温度达到木材的着火点，物质的着火点一
般不变，故说法错误；
C、木柴架空有利于燃烧，是因为增大了可燃物与氧气的接触面积，故说法正
确；
D、在山林中遇火灾时，尽量向逆方方向奔跑，远离火场，故说法错误；
故选：C。
23．为了探究“烧不坏的手帕”原理，将滤纸（着火点130℃）浸在不同浓度的
酒精溶液中，进行如图1 所示实验，并收集实验过程滤纸中心温度，绘制曲
线如图2 所示，下列说法错误的是（
）
A．曲线1 在20s 时温度突然升高的原因是滤纸燃烧
B．曲线2 的温度始终没有达到滤纸的着火点，滤纸不燃烧
C．曲线3 所示的温度没有明显变化，是酒精没有与氧气接触
D．“烧不坏的手帕”原理是液体汽化吸热使其温度达不到着火点
【解答】解：A、滤纸的着火点130℃，曲线1 在20s 时温度突然升高，是因
为温度达到了滤纸的着火点，滤纸燃烧，故选项说法正确。
B、滤纸的着火点130℃，曲线2 的温度始终没有达到滤纸的着火点，滤纸不
燃烧，故选项说法正确。
C、曲线3 所示的温度没有明显变化，是因为酒精溶液的浓度过低，水过多，
505
酒精不燃烧，而不是酒精没有与氧气接触，故选项说法错误。
D、“烧不坏的手帕”原理是液体汽化吸热，使其温度达不到着火点，故选项
说法正确。
故选：C。
24．关爱生命，拥抱健康。下列关于化学与健康的叙述正确的是（
）
A．纤维素中含有C、H、O、N 等元素，在人体消化过程中起着重要作用
B．微量元素硒对人体有防癌抗癌的作用，我们应适当的摄入含硒元素的食物
C．钙是人体必需的微量元素，儿童缺钙易患佝偻病
D．为响应“提倡节俭、反对浪费”的号召，霉变食物经蒸煮后再食用
【解答】解：A、纤维素属于糖类，是由碳、氢、氧三种元素组成，不含氮元
素，故A 不正确；
B、硒为微量元素，且硒具有防癌抗癌的作用，则我们应适当摄入含硒元素的
食物，故B 正确；
C、儿童缺钙易患佝偻病，但钙为常量元素，而不是微量元素，故C 不正确；
D、霉变食物中含有黄曲霉毒素，蒸煮也不能杀死，则蒸煮后也不能食用，故
D 不正确。
故选：B。
13 常见仪器与实验操作
1．实验室量取40.0mLNaCl 溶液时，可供选用的仪器如图所示，应选择的仪器及
原因均正确的是（
）
A．50mL 烧杯，因为烧杯放置于桌面时更稳定，不易翻倒
B．50mL 烧杯，因为烧杯的杯口较大，便于加入溶液
C．50mL 量筒，因为量筒量取液体体积更精准
D．50mL 量筒，因为量筒操作时便于手握
【解答】解：量取一定量液体药品应使用量筒，因为量筒量取液体体积更精
准；量筒量程选择的依据有两点：一是尽量保证量取一次，二是量程与液体
的取用量最接近，量取40.0mL 液体，50mL 量筒能保证量取一次，且量程与液
体的取用量最接近，误差最小。
故选：C。
2．下列图示中，实验操作正确的是（
）
A．
读取液体体积
B．
检查装置气密性
506
C．
液体的倾倒
D．
氧气的验满
【解答】解：A、量筒读取液体体积时，视线应与液体凹液面最低处相平，图
示错误；
B、检查装置气密性的方法：把导管的一端浸没在水里，双手紧贴容器外壁，
若导管口有气泡冒出，装置不漏气，图示正确；
C、往试管内倾倒液体时，标签要向着手心，瓶塞要倒放在桌面上，瓶口要紧
挨试管口，试管略倾斜，图示错误；
D、氧气验满时，带火星的木条应放在集气瓶口，而不是伸入集气瓶内，图示
错误。
故选：B。
3．化学是一门以实验为基础的学科。下列实验操作中，正确的是（
）
A．
加入粉末药品
B．
点燃酒精灯
C．
读取液体的体积
D．
滴加液体
【解答】解：A、取用粉末状药品的方法：将试管横放或倾斜，用药匙或纸槽
将药品送到试管底部，再将试管竖起即可，图示操作正确；
B、使用酒精灯时要注意“两查、两禁、一不可”，禁止用酒精灯去引燃另一
只酒精灯，图示操作错误；
C、量取液体读数时，视线与液体的凹液面最低处保持水平，图中视线没有与
液体的凹液面最低处保持水平，图示操作错误；
D、使用胶头滴管滴加少量液体的操作，注意胶头滴管不能伸入到试管内或接
触试管内壁，应垂直悬空在试管口上方滴加液体，防止污染胶头滴管，图示
操作错误；
故选：A。
4．化学是一门以实验为基础的科学，下列实验操作错误的是（
）
507
A．
闻气体气味
B．
量取液体体积
C．
点燃酒精灯
D．
倾倒液体
【解答】解：A、闻气体的气味时，应用手在瓶口轻轻的扇动，使极少量的气
体飘进鼻子中，不能将鼻子凑到集气瓶口去闻气体的气味，图中所示操作正
确。
B、读取量筒内液体体积时，视线与液体的凹液面最低处保持水平，图中所示
操作正确。
C、使用酒精灯时要注意“两查、两禁、一不可”，禁止用一酒精灯去引燃另
一酒精灯，图中所示操作错误。
D、向试管中倾倒液体药品时，瓶塞要倒放，标签要对准手心，瓶口与试管口
紧挨，图中所示操作正确。
故选：C。
5．下列有关硬水性质实验的操作，正确的是（
）
A．
取样品
B．
滴加肥皂水
C．
振荡
D．
加热水样
【解答】解：A、使用滴管取用液体药品时，瓶塞要倒立在桌面上，不要把气
体鼓入液体中，故A 错误；
B、向试管内滴加液体时胶头滴管要在试管口正上方正立，不要伸到试管内，
更不能触壁，故B 正确；
C、振荡试管时不能上下振荡会使液体药品溅出，要左右振荡，故C 错误；
D、给液体加热时，液体体积不超过试管的三分之一，用酒精灯外焰加热，如
图试管内液体过多，容易溅出伤人，故D 错误。
508
故选：B。
6．浓度为10%的氯化钠溶液对葡萄球菌具有明显的抑制效果。如图为配制氯化
钠杀菌液的过程，结合图表信息，有关分析正确的一项是（
）
NaCl 在不同温度时的溶解度
温度温度/℃
0
10
20
30
40
60
80
90
100
NaCl 溶解度
/g
35.7
35.8
36.0
36.3
36.6
37.3
38.4
39.0
39.8
A．图1 中搅拌可增大氯化钠的溶解度
B．图2 中溶液为20℃氯化钠的不饱和溶液
C．图2 中溶液对葡萄球菌有明显的杀菌效果
D．从氯化钠溶液中得到氯化钠均可采用降温结晶的方法
【解答】解：A、氯化钠的溶解度与温度有关，搅拌不能增大氯化钠的溶解度，
故A 分析错误；
B、20℃时，氯化钠的溶解度为36.0g，即20℃时，100g 水中最多可溶解36.0g
氯化钠，20℃时，图2 中溶液中，100g 水中溶解了10g 氯化钠，则图2 中溶
液为20℃氯化钠的不饱和溶液，故B 分析正确；
C、浓度为10%的氯化钠溶液对葡萄球菌具有明显的抑制效果，而图2 中溶液
中氯化钠的质量分数为
100%≈9.1%，则图2 中溶液对葡萄球菌有明显
的杀菌效果的分析错误，故C 分析错误；
D、氯化钠的溶解度受温度的影响不大，应采用蒸发结晶的方法，则从氯化钠
溶液中得到氯化钠均可采用降温结晶的方法的分析错误，故D 分析错误；
故选：B。
7．某化学兴趣小组按如图操作配制一定溶质质量分数的氯化钠溶液。下列说法
不正确的是（
）
509
A．③中玻璃棒的作用是加速溶解
B．⑥读数时视线与凹液面最低点保持水平
C．①～⑥项实验操作均正确
D．实验操作顺序为④②①⑥⑤③
【解答】解：A.③中玻璃棒的作用是搅拌，加速固体的溶解，故正确；
B.⑥读数时应该平视，视线与凹液面最低点保持水平，操作正确，故正确；
C.第二步操作中，用天平称量药品时，称量物放左盘，砝码放右盘，图示操
作错误，故错误；
D.用固体配制一定溶质质量分数的溶液，实验步骤为：计算、称量、量取、
溶解、装瓶贴标签，实验操作顺序为④②①⑥⑤③，故正确；
故选：C。
8．配制130g 溶质质量分数为6%的氯化钠溶液时，下列操作会导致结果偏大的
是（
）
①称量的氯化钠固体中含有不溶性杂质；
②用量筒量取水时俯视读数：
③将氯化钠固体放在托盘天平的右盘称量；
④往烧杯中加水时有水洒出；
⑤转移配好的溶液时有少量溅出。
A．②③
B．①④
C．②④
D．③⑤
【解答】解：①称量的氯化钠固体中含有不溶性杂质，会造成实际所取的溶
质的质量偏小，则使溶质质量分数偏小。
②用量筒量取水时俯视读数，读数比实际液体体积大，会造成实际量取的水
的体积偏小，则使溶质质量分数偏大。
③将氯化钠固体放在托盘天平的右盘称量，砝码和药品的位置防反了，会造
成实际所取的溶质的质量偏小，则使溶质质量分数偏小。
④往烧杯中加水时有水洒出，会造成实际量取的水的体积偏小，则使溶质质
量分数偏大。
⑤转移配好的溶液时有少量溅出，溶液具有均一性，溶质质量分数不变。
故选：C。
9．在实验操作考试中，小明抽到的考题是配制50g 溶质质量分数为15%的NaCl
溶液，下列说法正确的是（
）
A．实验步骤为：计算、称量、溶解、装瓶
B．称量时托盘天平的指针向左偏转，此时应该增加砝码
C．量取蒸馏水时俯视读数，则所配溶液溶质质量分数偏小
D．把配好的氯化钠溶液倒入广口瓶中，并贴上标签
【解答】解：A、实验室配制50g 溶质质量分数为15%的NaCl 溶液步骤是计算
氯化钠的量、称量氯化钠、溶解、装瓶，故A 说法正确；
B、称量时托盘天平的指针向左偏转，说明氯化钠的质量偏大，应该减少氯化
钠的质量，直至天平平衡，而不是增加砝码，故B 说法错误；
C、量取蒸馏水时俯视读数，导致实际量取水的量偏小，则所配溶液溶质质量
分数偏大，而不是所配溶液溶质质量分数偏小，故C 说法错误；
D、液体存放在细口瓶，所以把配好的氯化钠溶液倒入细口瓶中，并贴上标签，
而不是倒入广口瓶中，故D 说法错误；
故选：A。
510
10．下列图示实验操作中，正确的是（
）
A．
连接仪器
B．
检查气密性
C．
取固体
D．
倾倒液体
【解答】解：A、连接仪器时，应把橡皮塞慢慢转动着塞进试管口，切不可把
试管放在桌上再使劲塞进塞子，以免压破试管，故选项A 错误；
B、检查装置气密性的方法：把导管的一端浸没在水里，双手紧贴试管外壁，
若导管口有气泡冒出，装置不漏气，故选项B 正确；
C、向试管中装块状固体药品时，要“一横、二放、三慢竖”，先将试管横放，
用镊子把块状固体放在试管口，再慢慢将试管竖立起来，故选项C 错误；
D、向试管中倾倒液体药品时，瓶塞要倒放，标签要向着手心，瓶口紧挨试管
口，图中所示操作瓶塞没有倒放、试管没有倾斜、试剂瓶口和试管口没有紧
挨在一起，故选项D 错误。
故选：B。
11．规范的操作是实验成功的保障。下列操作不规范或不能达到目的的是（
）
A．
加热粉末
B．
气密性检查
C．
液体读数
D．
收集气体
【解答】解：A、可将粉末状药品放在燃烧匙内用酒精灯的外焰进行加热，故
图示操作正确；
B、检查气密性时，要先把导管的一端浸没在水中，手紧贴试管外壁，若导管
口有气泡冒出，装置不漏气，故图示操作正确；
C、量筒读数时视线要与量筒内液体的凹液面的最低处保持水平，图中俯视读
数，故图示操作错误；
D、氢气的密度比空气小，因此可采用向下排空气法来收集氢气，故图示操作
511
正确；
故选：C。
12．）下列实验操作规范的是（
）
A．
B．
C．
D．
【解答】解：A、取用固体药品时，瓶塞应倒放在桌面上，操作错误；
B、托盘天平称量物体时，应该左放物质，右放砝码（即“左物，右码”）．操
作错误；
C、用pH 试纸测定溶液的pH 时，正确的操作方法为用玻璃棒蘸取少量待测液
滴在干燥的pH 试纸上，把试纸显示的颜色与标准比色卡对比来确定pH．不能
用水湿润pH 试纸，若溶液显酸性或碱性，则稀释了待测溶液，使溶液的酸碱
性减弱，测定结果不准确，操作错误；
D、在使用量筒量取液体药品时，视线应与凹液面的最低处相平，不能俯视、
仰视读数，操作正确；
故选：D。
13．正确规范的操作是实验成功和人身安全的重要保证。下列实验操作正确的是
（
）
A．
测定溶液pH
B．
配制溶液
C．
称量固体
D．
稀释浓硫酸
【解答】解：A、用pH 试纸测定溶液的pH 时，正确的操作方法为在白瓷板或
玻璃片上放一小片pH 试纸，用玻璃棒蘸取待测液滴到pH 试纸上，把试纸显
示的颜色与标准比色卡比较，读出pH，图中所示操作正确。
B、配制溶液，溶解操作应在烧杯中进行，不能在量筒内进行，图中所示操作
错误。
512
C、托盘天平用于粗略称量药品的质量，能准确到0.1g，不能精确到0.01g，
不能用托盘天平称取12.25g 固体，且右盘没有放纸片，图中所示操作错误。
D、稀释浓硫酸时，要把浓硫酸缓缓地沿器壁注入水中，同时用玻璃棒不断搅
拌，以使热量及时的扩散；一定不能把水注入浓硫酸中；图中所示操作错误。
故选：A。
14．规范操作是科学实验的基本要求。下列实验基本操作正确的是（
）
A．
称量NaOH 固体B．
稀释浓硫酸
C．
滴加液体
D．
检查气密性
【解答】解：A、托盘天平的使用要遵循“左物右码”的原则，且氢氧化钠具
有腐蚀性，应放在玻璃器皿中称量，图中所示操作错误。
B、稀释浓硫酸时，要把浓硫酸慢慢地沿器壁注入水中，同时用玻璃棒不断搅
拌，以使热量及时的扩散；一定不能把水注入浓硫酸中，以防止酸液飞溅，
图中所示操作错误。
C、使用胶头滴管滴加少量液体的操作，注意胶头滴管不能伸入到试管内或接
触试管内壁，应垂直悬空在试管口上方滴加液体，防止污染胶头滴管，图中
所示操作错误。
D、检查装置气密性的方法：把导管的一端浸没在水里，双手紧贴试管外壁，
若导管口有气泡冒出，装置不漏气，图中所示操作正确。
故选：D。
15．根据图，有关气体的实验室制法叙述正确的是（
）
A．选择甲装置制取CO2，X 为稀硫酸
B．选择甲装置制取H2，Y 为铜粒
C．选择乙装置既可收集H2也可收集CO2
D．选择乙装置干燥O2，气流方向为b 进a 出
【解答】解：A、大理石或石灰石与稀硫酸反应，生成微溶于水的硫酸钙，硫
513
酸钙覆盖在大理石或石灰石表面，阻止反应进一步进行，选择甲装置制取CO2，
X 不能为稀硫酸，故选项说法错误。
B、选择甲装置制取H2，Y 不可能为铜粒，在金属活动性顺序中，铜的位置排
在氢的后面，不能与稀盐酸反应，故选项说法错误。
C、乙装置，控制通入气体的方向，可收集密度比空气大小的气体，选择乙装
置既可收集H2也可收集CO2，从短导管通入，可收集氢气，从长导管通入，可
收集二氧化碳，故选项说法正确。
D、浓硫酸具有吸水性，且不与氧气反应，图中装置起洗气功能时进气管与出
气管的方向是“长进短出”，选择乙装置干燥O2，气流方向为a 进b 出，故
选项说法错误。
故选：C。
16．实验是学习和研究化学的基本方法，下图所示的基本操作中，正确的是（
）
A．
吸取试剂
B．
检查装置气密性
C．
溶解固体
D．
连接仪器
【解答】解：A.用胶头滴管吸取试剂，先挤压橡胶胶帽，排尽空气，再伸入
试剂瓶中吸取试剂，故图示操作方法错误；
B.检查装置气密性，先将导管伸入水中，再用手紧握试管外壁，观察到导管
口有气泡冒出，说明装置气密性良好，故图示操作方法正确；
C.溶解固体应在烧杯中进行，不能在量筒内进行，故图示操作方法错误；
D.连接仪器，不能把容器放在桌面上再使劲塞进塞子，以免压破容器，故图
示操作方法错误；
故选：B。
17．利用如图，欲除去X 气体中的杂质，对应的Y 正确的是（
）
X 杂质
Y
A
CO2（CO）
Cu
B
N2（O2）
Cu
C
CO（H2）
CuO
D
H2（H2O）
CuO
514
【解答】解：A、一氧化碳不能与铜反应，不能除去杂质，不符合除杂原则，
故选项所采取的方法错误。
B、氧气通过灼热的铜网时可与铜发生反应生成氧化铜，而氮气不与铜反应，
能除去杂质且没有引入新的杂质，符合除杂原则，故选项所采取的方法正确。
C、氢气、一氧化碳均能与灼热的氧化铜反应，不但能把杂质除去，也会把原
物质除去，不符合除杂原则，故选项所采取的方法错误。
D、H2能与灼热的氧化铜反应生成铜和水，反而会把原物质除去，不符合除杂
原则，故选项所采取的方法错误。
故选：B。
18．下列方法不能区分氧气和二氧化碳两瓶气体的是（
）
A．将澄清石灰水倒入集气瓶中
B．观察颜色
C．将带火星的木条伸入集气瓶中
D．将燃着的木条伸入集气瓶中
【解答】解：A、二氧化碳能使澄清石灰水变浑浊，氧气不能，可以鉴别，故
选项错误。
B、氧气和二氧化碳两瓶气体均没有颜色，用观察颜色的方法不能鉴别，故选
项正确。
C、插入带火星的木条，能使带火星的木条复燃的是氧气，不能使带火星的木
条复燃的是二氧化碳，可以鉴别，故选项错误。
D、将燃着的木条伸入集气瓶中，若木条熄灭，则是二氧化碳；若木条燃烧更
旺，则是氧气，可以鉴别，故选项错误。
故选：B。
19．某实验小组用6%的氯化钠溶液配制50g 溶质质量分数为3%的氯化钠溶液，
下列说法正确的是（
）
A．需要6%的氯化钠溶液的质量为15g
B．实验中用到的玻璃仪器有量筒、细口瓶、玻璃棒、烧杯和胶头滴管
C．向烧杯内加入水时，有水洒出，会导致所配制溶液的质量分数偏小
D．量取6%的氯化钠溶液时俯视读数，会导致所配制的溶液溶质质量分数偏大
【解答】解：A、设配制50g 溶质质量分数为3%的氯化钠溶液，需要6%的氯
化钠溶液的质量为x，根据浓溶液中的溶质等于稀溶液中的溶质可得6%x＝50g
×3%，则x＝25g，故A 说法错误；
B、实验中，量取液体用到量筒、胶头滴管，稀释溶液用到烧杯、玻璃棒，配
制的溶液存放到细口瓶中，故B 说法正确；
C、向烧杯内加入水时，有水洒出，溶剂水减少，会导致所配制溶液的溶质质
量分数偏大，故C 说法错误；
515
D、量取6%的氯化钠溶液时俯视读数，量取溶质偏少，会导致所配制的溶液溶
质质量分数偏小，故D 说法错误；
故选：B。
20．根据如图，下列气体的实验室制法正确的是（
）
A．选择甲装置制取CO2，X 为稀硫酸
B．选择甲装置制取H2，Y 为铜粒
C．选择乙装置既可收集H2也可收集O2
D．选择乙装置用排水法收集O2，气流方向为a 进b 出
【解答】解：A、大理石或石灰石与稀硫酸反应，生成微溶于水的硫酸钙，硫
酸钙覆盖在大理石或石灰石表面，阻止反应进一步进行，选择甲装置制取CO2，
X 不能为稀硫酸，故A 错误；
B、选择甲装置制取H2，Y 不可能为铜粒，在金属活动性顺序中，铜的位置排
在氢的后面，不能与稀盐酸反应，故B 错误；
C、乙装置，控制通入气体的方向，可收集密度比空气大小的气体，选择乙装
置既可收集H2也可收集O2，从短导管通入，可收集氢气，从长导管通入，可
收集氧气，故C 正确；
D、氧气密度比水小，所以选择乙装置用排水法收集O2，气流方向为b 进a 出，
故D 错误。
故选：C。
21．实验室配制50g 溶质质量分数为3%的氯化钠溶液操作如下图所示。说法错
误的是（
）
A．该实验正确操作顺序是②①③⑤④
B．若③中倾倒时有水溅出所得溶液质量分数会变大
C．④中玻璃棒搅拌的作用是加速溶解
D．向25g 质量分数为6%的氯化钠溶液加25g 水也能达到实验目的
【解答】解：A、实验室配制50g 溶质质量分数为3%的氯化钠溶液，实验步骤
为计算、称量、量取、溶解，正确的顺序为②①⑤③④，故选项说法错误。
B、若倾倒水时有水溅出，则溶剂质量偏小，溶液溶质质量分数会偏大，故选
项说法正确。
C、操作④为溶解操作，溶解时玻璃棒的作用为加快溶解速率，故选项说法正
确。
516
D、溶液稀释前后溶质的质量不变，若想用6%的氯化钠溶液配制3%的溶液，
则需要6%的氯化钠溶液的质量为50g×3%÷6%＝25g，需要加入水的质量为50g
﹣25g＝25g，故选项说法正确。
故选：A。
22．装置气密性检验的原理是：通过气体发生器与附设的液体构成封闭体系，依
据改变体系内压强时产生的现象（如气泡的生成、水柱的形成、液面的升降
等）来判断装置气密性的好坏，下列装置中，不能检查气密性的是（
）
A．
B．
C．
D．
【解答】解：A、该装置未构成封闭体系，即右边的导管与大气相通；无论该
装置气密性是否良好，当用注射器向试管内打气时长导管内都有气泡产生，
不能判断气密性是否良好，故选项正确。
B、该装置的气密性检查方法是：当推动注射器的活塞时，锥形瓶内压强增大，
把水压入长颈漏斗中，若气密性好则会形成一段稳定的水柱，能判断气密性
是否良好，故选项错误。
C、该选项用的是空气热胀冷缩法，原理为：用手掌紧握试管壁，若烧杯内有
气泡产生，松手后导管下端口上升一段水柱，则证明气密性良好，能判断气
密性是否良好，故选项错误。
D、该选项用的是注水法，原理为：可先夹紧止水夹，向长颈漏斗中注水，直
到长颈漏斗中的液面高于集气瓶中的液面，且两者液面差不再改变，可证明
该装置气密性良好，故选项错误。
故选：A。
23．下列仪器中不可直接加热的是（
）
A．试管
B．烧杯
C．燃烧匙
D．蒸发皿
【解答】解：通过我们学过的知识可知能够直接加热的仪器有：试管、燃烧
匙、蒸发皿和坩埚等；需要垫石棉网的是：烧杯、烧瓶、锥形瓶等；不能加
热的仪器有：漏斗、量筒、集气瓶等。
故选：B。
24．下列图示中，实验操作正确的是（
）
517
A．
读取液体体积
B．
检查装置气密性
C．
液体的倾倒
D．
氧气的验满
【解答】解：A、量筒读取液体体积时，视线应与液体凹液面最低处相平，图
示错误；
B、检查装置气密性的方法：把导管的一端浸没在水里，双手紧贴容器外壁，
若导管口有气泡冒出，装置不漏气，图示正确；
C、往试管内倾倒液体时，标签要向着手心，瓶塞要倒放在桌面上，瓶口要紧
挨试管口，试管略倾斜，图示错误；
D、氧气验满时，带火星的木条应放在集气瓶口，而不是伸入集气瓶内，图示
错误。
故选：B。
14 气体的制取与净化
1．下列是某同学进行“空气中氧气含量测定”实验的部分操作，其中错误的是
（
）
A．
连接仪器B．
检查
装置气密性
C．
取用药品
D．
点燃酒精灯
【解答】解：A、连接仪器：应先把玻璃管口用水润湿，然后稍稍用力即可把
玻璃管插入胶皮管，故A 正确；
B、检查装置的气密性：将导管置于水中，用手紧握集气瓶，导管口有气泡冒
518
出，说明装置气密性良好，故B 正确；
C、取用药品，应用药匙，且瓶塞应倒放，图中瓶塞没有倒放，故C 错误；
D、应用火柴点燃酒精灯，图中操作正确，故D 正确。
故选：C。
2．实验是学习化学的一条重要途径。下列实验操作错误的是（
）
A．
添加酒精
B．
检查装置气密性
C．
滴管用后插回原滴瓶
D．
塞紧橡胶塞
【解答】解：A、向酒精灯中添加酒精的方法：取下灯帽，将灯芯拿起向一边
倾斜，将漏斗插入酒精灯的瓶口处，打开酒精的瓶盖放置一边（瓶盖朝上），
再把酒精顺着漏斗倒入酒精灯内，添加的酒精量不可超过酒精灯容积的三分
之二，也不得少于酒精灯容积四分之一，故A 操作正确；
B、检查装置气密性的方法：把导管的一端浸没在水里，双手紧贴容器外壁，
若导管口有气泡冒出，则装置不漏气，故B 操作正确；
C、滴瓶上的滴管使用后直接插回原瓶，不能用水清洗，故C 操作正确；
D、在试管口塞紧橡胶塞时切不可把容器放在桌上使劲塞进塞子，因为这样做
容易压破试管，故D 操作错误。
故选：D。
3．规范的操作是实验成功的保证．下列实验操作正确的是（
）
A．
取用液体药品
B．
检查装置气密性
C．
加热固体
D．
倾倒液体
【解答】解：A、用胶头滴管取用液体药品时，应保持橡胶胶帽在上，不能倒
放，以免腐蚀胶帽，故错误；
B、检查装置的气密性，连接好装置后，将导管末端放入水中，再用手握住试
519
管外壁，若导管口有气泡冒出，证明装置不漏气，故正确；
C、加热固体药品时，试管口应略向下倾斜，故错误；
D、取用液体药品时，标签朝向手心，试管口紧挨瓶口，瓶塞应倒放在桌面上，
故错误。
故选：B。
4．根据图，有关气体的实验室制法叙述正确的是（
）
A．选择甲装置制取CO2，X 为稀硫酸
B．选择甲装置制取H2，Y 为铜粒
C．选择乙装置既可收集H2也可收集CO2
D．选择乙装置干燥O2，气流方向为b 进a 出
【解答】解：A、大理石或石灰石与稀硫酸反应，生成微溶于水的硫酸钙，硫
酸钙覆盖在大理石或石灰石表面，阻止反应进一步进行，选择甲装置制取CO2，
X 不能为稀硫酸，故选项说法错误。
B、选择甲装置制取H2，Y 不可能为铜粒，在金属活动性顺序中，铜的位置排
在氢的后面，不能与稀盐酸反应，故选项说法错误。
C、乙装置，控制通入气体的方向，可收集密度比空气大小的气体，选择乙装
置既可收集H2也可收集CO2，从短导管通入，可收集氢气，从长导管通入，可
收集二氧化碳，故选项说法正确。
D、浓硫酸具有吸水性，且不与氧气反应，图中装置起洗气功能时进气管与出
气管的方向是“长进短出”，选择乙装置干燥O2，气流方向为a 进b 出，故
选项说法错误。
故选：C。
5．下列气体既能用排水法收集，又能用向上排空气法收集的是（
）
A．O2
B．N2
C．CO2
D．CH4
【解答】解：A、氧气不易溶于水，可用排水法收集，氧气密度大于空气，能
用向上排空气法收集，故符合题意；
B、氮气密度接近空气，不能使用排空气法收集，故不符合题意；
C、二氧化碳能溶于水，一般不使用排水法收集，故不符合题意；
D、甲烷密度小于空气，可以使用向下排空气法收集，故不符合题意。
故选：A。
6．实验室欲收集一瓶干燥的二氧化碳气体，应选择的装置是（
）
A．
B．
520
C．
D．
【解答】解：A、浓硫酸可以干燥酸性和中性的气体，通入二氧化碳气体，应
长进短出，故A 错误；
B、浓硫酸可以干燥酸性和中性的气体，通入二氧化碳气体，应长进短出，可
以用浓硫酸干燥，故B 正确；
C、二氧化碳与氢氧化钠会反应，不能干燥二氧化碳，故C 错误；
D、二氧化碳与氢氧化钠会反应，不能干燥二氧化碳，故D 错误；
故选：B。
7．严谨的实验态度是实验取得成功的保证。下列实验操作的先后顺序正确的是
（
）
A．实验完毕，先用嘴吹灭酒精灯，后盖上灯帽
B．制取气体时，先装入药品，后检查装置的气密性
C．与滴瓶配套的滴管使用完后，先用清水冲洗干净，再放回滴瓶
D．点燃可燃性气体时，先验纯，后点燃
【解答】解：A、熄灭酒精灯时要用灯帽盖灭，且连盖两次，且不可用嘴吹，
以防发生火灾，说法错误；
B、制取气体时，先检查装置的气密性。后装入药品，以防装置漏气造成药品
浪费，说法错误；
C、与滴瓶配套的滴管使用完后，立即放回滴瓶，不能用清水冲洗，以防造成
试剂污染或被稀释，说法错误；
D、点燃可燃性气体时，先验纯，后点燃，以防气体不纯点燃时发生爆炸，说
法正确。
故选：D。
8．以下几种气体可用如图所示装置干燥、收集的是（
）
①H2
②O2
③CO2
④SO2
⑤CH4
⑥NH3．
A．①③④
B．②⑤⑥
C．②③④
D．①⑤⑥
【解答】解：H2属于中性气体，且密度比空气小，符合要求；O2密度比空气大，
不符合要求；CO2密度比空气大，且属于酸性气体不符合要求；SO2属于酸性气
体，且密度比空气大，不符合要求；CH4密度比空气小，且属于中性气体，符
合要求；NH3密度比空气小，属于碱性气体，符合题意。
故选：D。
9．规范操作是实验成功的保证，下列实验操作正确的是（
）
521
A．
连接仪器
B．
检查装置气密性
C．
量取液体
D．
称量固体药品
【解答】解：A、不能将试管抵在桌面上，可能会压碎试管，故A 错误；
B、检查装置气密性的方法是：连接仪器，将导管一端伸入水中，手握试管观
察水中是否有气泡产生，且松开试管一段时间内导管口是否有水柱出现，故B
正确；
C、量筒读数时，视线应与凹液面的最低处保持水平，故C 错误；
D、托盘天平称量固体时，应遵循“左物右码”的原则，故D 错误。
故选：B。
10．用如图实验装置制取干燥的气体，完全正确的一组是（
）
A
B
C
D
X
大理石与稀盐
酸
锌粒与稀硫酸双氧水与二氧化锰氯酸钾与二氧化锰
Y
氢氧化钠溶液
浓硫酸
浓硫酸
浓硫酸
Z
二氧化碳
氢气
氧气
氧气
【解答】解：A、大理石与稀盐酸生成氯化钙、水、二氧化碳，可用于制取二
氧化碳，但氢氧化钠溶液不具有吸水性，能与二氧化碳反应，不能用于干燥
二氧化碳，故选项错误。
B、锌粒与稀硫酸反应生成硫酸锌溶液和氢气，浓硫酸具有吸水性，且不与氢
气反应，可用于干燥氢气，但氢气的密度比空气的小，不能用向上排空气法
收集，故选项错误。
C、双氧水在二氧化锰的催化作用下生成水和氧气，浓硫酸具有吸水性，且不
与氧气反应，可用于干燥氧气，氧气的密度比空气的大，能用向上排空气法
522
收集，故选项正确。
D、氯酸钾在二氧化锰的催化作用下在加热条件下生成氯化钾和氧气，属于固
体加热型制取气体，不能用图中装置制取，故选项错误。
故选：C。
11．下列有关检查装置气密性的实验操作中不合理的是（
）
A．
B．
C．
D．
【解答】解：A、连接好仪器，将导管的出气端浸入水中，手握试管外壁，观
察到导管口处产生气泡，证明装置不漏气，故合理；
B、推动活塞，装置内压强增大，长颈漏斗内液面上升，且一段时间后不下降，
说明装置气密性良好，故合理；
C、关闭弹簧夹，手握烧瓶外壁，气体受热膨胀，装置中的压强增大，则玻璃
管中的水柱上升，证明装置不漏气，故合理；
D、该装置通过导管和外界相通，无法用图中方法检查装置的气密性，故不合
理。
故选：D。
12 ．实验室制取气体的常用装置如图，下列说法不正确的是（
）
A．装置①③或①⑤组合，可以用来制取氧气
B．装置②③组合，可以用来制取氧气或二氧化碳
C．装置②④组合，可以用来制取氢气或二氧化碳
D．装置②⑤组合，可以用来制取氢气或氧气
【解答】解：A、装置①③或①⑤组合，可以用来制取氧气，例如可以用氯酸
钾和二氧化锰制取氧气，氧气密度比空气大，不易溶于水，该选项正确。
B、装置②③组合，可以用来制取氧气或二氧化碳，该选项正确。
C、不能用④收集二氧化碳，是因为二氧化碳密度比空气大，该选项不正确。
D、装置②⑤组合，可以用来制取氢气或氧气，例如可以用过氧化氢溶液和二
氧化锰制取氧气，氧气不易溶于水，该选项正确。
523
故选：C。
13．实验室里通过加热熟石灰与氯化铵的固体混合物来制备氨气。氨气密度小于
空气，有刺激性气味。下列氨气的制备、干燥、收集、检验的操作正确的是
（
）
A．
制取NH3
B．
干燥NH3
C．
收集NH3
D．
检验NH3
【解答】解：A、为了防止冷凝水回流炸裂试管，试管口应该略向下倾斜，该
选项不正确。
B、氢氧化钠能够吸收水蒸气，不能和氨气反应，因此可以用氢氧化钠干燥氨
气，该选项正确。
C、氨气密度比空气小，应该从右边导管通入，该选项不正确。
D、氨气和稀硫酸反应生成硫酸铵，过程中无明显现象，不能检验氨气，该选
项不正确。
故选：B。
14．如图是实验室制取气体的部分装置示意图，下列说法不正确的是（
）
A．用氯酸钾制取O2，可选用装置②④组合
B．用装置①制取H2，分液漏斗中应装稀硫酸
C．做硫燃烧实验，用④收集O2时可留部分水
D．用装置③收集CO2，气体应从管口c 通入
【解答】解：A、氯酸钾制取氧气的反应为加热固体的反应，则发生装置选②，
氧气不易溶于水，则收集装置可选④，故A 正确；
B、实验室用锌和硫酸制取氢气，该反应为固体和液体在常温下的反应，且分
液漏斗中应装稀硫酸，故B 正确；
C、硫燃烧实验中，由于硫燃烧二氧化硫，瓶底应留少量水吸收有害气体，防
止污染空气，则用④收集O2时可留部分水，故C 正确；
D、二氧化碳密度比空气大，用③收集时，气体应从b 口通入，故D 错误。
故选：D。
524
15．现用氧气传感器分别测定排空气法和排水法收集的等体积两瓶CO2气体中氧
气的体积分数（数据如图），然后换算出瓶内空气体积分数（O2占空气的体
积按五分之一计算），最后推算得到实际收集的气体中CO2体积分数。则下列
说法正确的是（
）
A．向上排空气法收集二氧化碳时，将燃着小木条置于瓶口，熄灭，说明集气
瓶中CO2含量为100%
B．图中用向上排空气法收集的气体中CO2体积分数为94.2%
C．图中用排水法收集的气体中CO2体积分数为87.5%
D．相比于用排水法，用向上排空气法收集的CO2的纯度较高
【解答】解：A、根据图示可知收集的二氧化碳不可能纯度为100%，所以向上
排空气法收集二氧化碳时，将燃着小木条置于瓶口，熄灭，说明二氧化碳的
含量高，但不是100%，故A 错误；
B、根据图示可知氧气的含量为5.8%，集气瓶还含有氮气、稀有气体等，所以
排空气法收集的气体中二氧化碳体积分数的是小于94.2%，故B 错误；
C、氧气约占空气体积的五分之一，所以排水法收集的气体中CO2体积分数为1
﹣2.5%×5＝87.5%，故C 正确；
D、根据图示可知排水法收集的氧气的含量较低，说明排水法收集的二氧化碳
气体更纯，故D 错误；
故选：C。
16．可用如图所示装置干燥、收集的气体是（
）
①CO②HCl③H2④O2⑤NH3⑥CO2
A．①②⑥
B．③④
C．②④⑥
D．①⑤⑥
【解答】解：干燥剂是浓硫酸，不能干燥碱性气体，故⑤NH3不能用浓硫酸干
燥；气体收集装置采用的是向上排空气法，③H2密度比空气小，不能用向上排
空气法收集，②HCl 在水中溶解度较大，应用防倒吸装置进行尾气处理，而①
CO 不与水反应，也难溶于水，且有毒，该尾气处理装置不能处理CO，故不能
525
用该装置收集CO。O2和CO2无污染，有无尾气处理装置均可，所以可用。图中
所示装置干燥、收集的气体是HCl、O2和CO2。
故选：C。
17．已知KMnO4与浓HCl 在常温下反应能产生Cl2，黄绿色易溶于水的氯气有毒
性，并能与氢氧化钠溶液反应．若用图示的实验装置来制备纯净、干燥的氯
气，并试验它与金属的反应．每个虚线框表示一个单元装置，其中存在明显
错误的是：（不考虑①单元装置）（
）
A．只有④处
B．只有②处
C．只有②和③处
D．②、③、④处
【解答】解：若用图示的实验装置来制备纯净、干燥的氯气，并试验它与金
属的反应，图②中不能用氢氧化钠溶液，因为氯气能与氢氧化钠溶液反应；
图③中，浓硫酸被压入试管，应该进气管长，出气管短；图④中，导管应该
伸到试管的底部，使氯气与金属充分接触；
故选：D。
15 物质的检验与鉴别
1．下列方法能区分氮气和二氧化碳两瓶气体的是（
）
A．观察颜色
B．闻气味
C．将燃着的木条伸入集气瓶中
D．倒入适量澄清石灰水
【解答】解：A、氮气和二氧化碳两瓶气体均没有颜色，用观察颜色的方法不
能鉴别，故选项错误。
B、氮气和二氧化碳两瓶气体均没有气味，用闻气味的方法不能鉴别，故选项
错误。
C、氮气和二氧化碳均不能燃烧、不能支持燃烧，均能使燃着的木条熄灭，不
能鉴别，故选项错误。
D、二氧化碳能使澄清的石灰水变浑浊，氮气不能，倒入适量澄清石灰水，能
使澄清石灰水变浑浊的是二氧化碳，无明显现象的是氮气，可以鉴别，故选
项正确。
故选：D。
2．下列方法能鉴别空气、氧气和二氧化碳3 瓶气体的是（
）
A．闻气味
B．向集气瓶中倒入澄清的石灰水
526
C．观察颜色
D．将燃着的木条伸入集气瓶中
【解答】解：A、空气、氧气和二氧化碳3 瓶气体均没有气味，用闻气味的方
法不能鉴别，故选项错误。
B、二氧化碳能使澄清的石灰水变浑浊，用澄清的石灰水只能鉴别出二氧化碳，
无法鉴别空气、氧气，故选项错误。
C、空气、氧气和二氧化碳3 瓶气体均没有颜色，用观察颜色的方法不能鉴别，
故选项错误。
D、把燃着的木条分别伸入三个集气瓶中，若木条熄灭，则是二氧化碳；若木
条燃烧更旺，则是氧气；若木条正常燃烧，则是空气；现象明显，能一次鉴
别出这三瓶气体，故选项正确。
故选：D。
3．下列方法能区分二氧化碳和空气两瓶气体的是（
）
A．闻气味
B．观察颜色
C．将燃着的木条伸入瓶中
D．倒入相同体积的水
【解答】解：A、二氧化碳和空气均没有气味，用闻气味的方法不能鉴别，故
选项错误。
B、二氧化碳和空气均没有颜色，用观察颜色的方法不能鉴别，故选项错误。
C、把燃着的木条分别伸入两个集气瓶中，若木条熄灭，则是二氧化碳；若木
条正常燃烧，则是空气；现象明显，可以鉴别，故选项正确。
D、二氧化碳能溶于水，能与水反应，但无明显变化，空气不易溶于水，不能
鉴别，故选项错误。
故选：C。
4．某无色气体可能含有CO2、CO、H2中的一种或几种，依次进行以下实验：①通
过澄清石灰水后，石灰水变浑浊；②通过灼热的氧化铜时，固体变成红色；
③通过澄清石灰水，石灰水变浑浊；④通过白色硫酸铜粉末，粉末变成蓝色。
（提示：白色硫酸铜粉末遇水变蓝）。则下列判断正确的是（
）
A．原混合气体中一定有CO2、CO、H2
B．原混合气体中一定有CO2，可能有CO、H2
C．原混合气体中一定有CO2、H2、可能有CO
D．原混合气体中一定有CO2、CO，可能有H2
【解答】解：①通过澄清石灰水后，石灰水变浑浊，说明气体中含有二氧化
碳；
②通过灼热的氧化铜时，固体变成红色，说明氧化铜被还原成铜，CO、H2都能
还原氧化铜，无法确定是含有一种，还是两种都有；
③通过澄清石灰水，石灰水变浑浊，说明上一步反应后生成了二氧化碳，能
判断出气体中含有CO，CO 还原氧化铜生成铜和二氧化碳；
④通过白色硫酸铜粉末变成蓝色，说明硫酸铜遇到了水，此时的水有可能是
生成的水，也可能是从澄清石灰水中带出来的水蒸气；
527
故原混合气体中一定含有CO2、CO，可能含有氢气；
故选：D。
5．某无色气体可能含有H2、CO、CH4中的一种或几种，依次进行下列实验（假设
每一步反应或吸收均完全）：①无色气体在氧气中充分燃烧；②燃烧生成的
气体先通过盛浓硫酸的洗气瓶，装置质量增加10.8g；③再将剩余气体通过盛
NaOH 溶液的洗气瓶，装置质量增加13.2g。下列推断正确的是（
）
A．该气体一定含有H2、CO、CH4
B．该气体可能含有H2和CO
C．该气体可能含有CO 和CH4
D．该气体只可能含有CH4
【解答】解：由生成的气体通过浓硫酸，装置质量增加10.8g，可判断燃烧生
成了10.8g 水，说明混合气体中含氢元素，且氢元素质量＝10.8g
100%
＝1.2g；
由气体通过氢氧化钠溶液，装置质量增加13.2g，可判断燃烧生成了13.2g 二
氧化碳，说明混合气体中含碳元素，且碳元素质量＝13.2g
100%＝
3.6g；
甲烷气体中C、H 元素质量比＝12：（1×4）＝3：1，则混合气体中C、H 元
素质量比＝3.6g：1.2g＝3：1，因此可判断混合气体可能只有甲烷；也可能
只含有CO 和H2；也可能是甲烷、氢气、一氧化碳同时存在，但不可能含有甲
烷和另外任何一种气体。
故选：B。
6．为证明某气体中是否含有CO2、H2、CO、H2O 这四种成分，兴趣小组同学设计
了如图装置进行验证（实验开始前先向装置内通一段时间的N2）。则下列判
断错误的是（
）
A．B 中浓硫酸的作用是除去水蒸气
B．若C 处CuO 由黑变红，D 处无水硫酸铜变蓝，则证明该气体中含有H2
C．若A、E 处澄清石灰水变浑浊，则证明该气体中含有CO 和CO2
D．若要证明气体中是否含有H2O，则还需在A 装置前加一个盛有无水硫酸铜
的U 形管
【解答】解：A.浓硫酸具有吸水性，不和CO2、H2、CO 反应，B 中浓硫酸的作
用是除去水蒸气，故A 正确；
528
B.B 中的浓硫酸具有吸水性，进入C 中的气体中不会含有水蒸气，若C 处CuO
由黑变红，D 处无水硫酸铜变蓝，则证明水是混合气体中含有的氢气和氧化铜
反应生成，故B 正确；
C.氢氧化钙微溶于水，不能证明A 的澄清石灰水把混合气体中的二氧化碳吸
收完全，所以使E 处澄清石灰水变浑浊的二氧化碳可能是反应生成，也可能
是原先含有的，故C 错误；
D.若要证明气体中是否含有H2O，则还需在A 装置前加一个盛有无水硫酸铜的
U 型管，如果硫酸铜变蓝色，说明含有H2O，否则没有，故D 正确。
故选：C。
7．某气体由H2、N2、CO、CO2中的若干种组成，为了探究其成分，化学兴趣小组
取两份相同体积的该气体样品分别进行实验，测得气体分子个数的变化如下
表所示：
实验操作（充分反应后冷却至室温）
实验结果
反应前气体分子个
数
反应后气体分
子个数
气体样品1
通过足量灼热的炭
粉
m
m+n
气体样品2
通过足量灼热的氧
化铜
m
m﹣n
下列说法中不正确的是（
）
A．该气体一定含有H2、CO2，可能含有N2、CO
B．若m＝2n，则该气体一定只含有H2、CO2
C．若m＝3n，则该气体的成分为H2、CO2、N2或H2、CO2、CO
D．实验中参加反应的炭粉和氧化铜粉末的质量比≤3：20
【解答】解：气体样品1 通过足量灼热的炭粉，炭与二氧化碳反应生成CO，
化学方程式为CO2+C
2CO，由此方程式可知每一个二氧化碳分子反应生
成2 个一氧化碳分子，分子个数增大一倍，气体中一定含有二氧化碳；气体
样品2 通过足量灼热的氧化铜，氢气与氧化铜反应生成水，气体个数减少，
一氧化碳与氧化铜反应生成二氧化碳气体，气体分子个数不变，通过实验2
可知气体中一定含有氢气，且氢气的体积和二氧化碳的体积相等。
A、由上述分析知气体中一定含有氢气、二氧化碳，可能含有氮气、一氧化碳，
A 正确；
B、碳与二氧化碳反应生成一氧化碳，气体增加的分子个数等于二氧化碳的分
子个数，故二氧化碳的分子个数为n；氢气与氧化铜反应减少的气体分子个数
为氢气的分子个数，故氢气的分子个数为n，若m＝2n，则气体中一定只含有
氢气和二氧化碳，B 正确；
C、由B 分析知，氢气分子个数为n，二氧化碳分子个数为n，若m＝3n，该气
体成分为氢气、二氧化碳、氮气或氢气、二氧化碳、一氧化碳或氢气、二氧
化碳、氮气、一氧化碳，C 不正确；
529
D、根据表中数据知氢气与CO2的分子个数均为n，由方程式H2+CuO
Cu+H2O
知每1 个氢分子与80 份质量的氧化铜恰好完全反应，由CO2+C
2CO 知，
每一个CO2分子与12 份质量的碳恰好完全反应，实验中参加反应的碳粉与氧
化铜的质量比12：80＝3：20，等于3：20，D 正确；
故选：C。
8．用如图装置进行实验（操作：打开活塞向锥形瓶中滴加Y 后关闭活塞，一段
时间后打开弹簧夹）。下列选项正确的是（
）
A．X 是NH4NO3固体，Y 是水，Z 是水，观察到导管口有气泡冒出
B．X 是可能变质的NaOH 固体，Y 是稀盐酸，Z 是水，观察到导管口有气泡冒
出，证明NaOH 已经变质
C．X 是CO2，Y 是NaOH 溶液，Z 是Ca（OH）2溶液，观察到Ca（OH）2溶液倒
流入锥形瓶中，产生白色沉淀，不能证明CO2能与氢氧化钠反应
D．X 是白色固体，Y 是稀盐酸，Z 是Ba（OH）2溶液，观察到烧杯中产生白色
沉淀，则X 含有CO3
2﹣
【解答】解：A、硝酸铵溶于水，温度降低，锥形瓶内压强减小，烧杯中水沿
导管上升，故A 错误。
B、氢氧化钠变质是氢氧化钠与二氧化碳反应生成碳酸钠，碳酸钠与盐酸反应
生成气体，但氢氧化钠固体溶于水放热，瓶内压强增加，导管口也有气泡冒
出，故B 错误。
C、氢氧化钠与二氧化碳反应生成碳酸钠和水，瓶内压强减小，Ca（OH）2溶液
倒流入锥形瓶中，碳酸钠与氢氧化钙反应生成碳酸钙沉淀和氢氧化钠，但二
氧化碳溶于水，也能使瓶内压强减小，Ca（OH）2溶液倒流入锥形瓶中，氢氧
化钙与二氧化碳反应也生成碳酸钙白色沉淀，故不能证明CO2能与氢氧化钠反
应，故C 正确。
D、碳酸根离子或碳酸氢根离子与盐酸反应都生成二氧化碳，二氧化碳与氢氧
化钡反应生成碳酸钡白色沉淀，故X 含有碳酸根离子或碳酸氢根离子，故D
错误。
故选：C。
9．（2022•苏州）向溶液X 中加入氢氧化钠溶液，加热，产生的气体能使湿润的
红色石蕊试纸变蓝。则溶液X 中一定含有的微粒是（
）
A．Cl
﹣
B．CO3
2﹣
C．Ca
2+
D．NH4
+
530
【解答】解：向溶液X 中加入氢氧化钠溶液，加热，产生的气体能使湿润的
红色石蕊试纸变蓝，说明生成了氨气，则溶液X 中一定含有的微粒是NH4
+。
故选：D。
10．某无色水溶液中可能含有以下离子中的几种：H
+、Mg
2+、Cu
2+、Cl
﹣、
、
，
为确定其成分，小芳进行了以下实验：
①经测定，溶液pH＝1；
②取部分未知溶液加入过量NaOH 溶液，有白色沉淀产生，过滤；
③取②的部分滤液加入BaCl2溶液，有白色沉淀产生。
分析上述实验，下列对溶液中含有离子的判断正确的是（
）
A．一定含有H
+、Mg
2+，可能含有
B．一定含有H
+、Mg
2+、
，可能含有Cl
﹣
C．一定含有H
+、Mg
2+，可能含有Cu
2+
D．一定含有H
+、Mg
2+、
，可能含有Cu
2+、Cl
﹣
【解答】解：镁离子和碳酸根离子会生成溶于酸的碳酸镁沉淀，铜离子在溶
液中显蓝色，镁离子和氢氧根离子会生成氢氧化镁沉淀，铜离子和氢氧根离
子会生成氢氧化铜沉淀，钡离子和硫酸根离子反应生成不溶于酸的硫酸钡沉
淀，和碳酸根离子反应生成溶于酸的碳酸钡沉淀。
①经测定，溶液pH＝1，溶液中含有大量的氢离子，所以样品中一定不含碳酸
根离子；
②取部分未知溶液加入过量NaOH 溶液，有白色沉淀产生，过滤，所以样品中
一定含有镁离子，一定不含铜离子；
③取②的部分滤液加入BaCl2溶液，有白色沉淀产生，所以样品中一定含有硫
酸根离子，题中的现象不能确定是否含有氯离子，
A、一定含有H
+、Mg
2+、
，一定不含碳酸根离子，故A 错误；
B、一定含有H
+、Mg
2+、
，可能含有Cl
﹣，故B 正确；
C、一定含有H
+、Mg
2+、
，一定不含铜离子，故C 错误；
D、一定含有H
+、Mg
2+、
，可能含有Cl
﹣，一定不含铜离子，故D 错误。
故选：B。
11．某兴趣小组为探究“猪肝中的铁元素”，进行了以下实验：选用新鲜猪肝，
如图操作，将猪肝中的铁转化为铁离子，再用硫氰化钾溶液检验（硫氰化钾
溶液遇铁离子变红色）。有关该实验的说法正确的是（
）
531
A．实验研究的问题是新鲜猪肝中是否含有铁离子
B．新鲜猪肝中的铁是以游离态形式存在的
C．实验中获得的土黄色混合液属于溶液
D．新鲜猪肝中含铁元素的证据是滴加硫氰化钾溶液后溶液变红
【解答】解：A、由题干信息可知，实验研究的问题是新鲜猪肝中是否含有铁
元素，故A 错误；
B、新鲜猪肝中的铁是以化合态形式（亚铁离子）存在的，故B 错误；
C、实验中获得的土黄色混合液中有难溶性物质，属于悬浊液，故C 错误；
D、因为硫氰化钾溶液遇铁离子变红色，则新鲜猪肝中含铁元素的证据是滴加
硫氰化钾溶液后溶液变红，故D 正确。
故选：D。
12．某实验废液中可能含有以下几种离子：Na
+、Ca
2+、Cl
﹣、Ba
2+、
、
，
现取两份100mL 溶液进行如下实验：
（1）第一份加入AgNO3溶液，有白色沉淀生成；
（2）第二份加入适量稀硫酸，有无色气体生成；
（3）向步骤（2）所得溶液中滴加BaCl2溶液，有白色沉淀生成。
根据上述实验，以下推测中正确的是（
）
A．废液中一定存在Na
+、
，可能含有
、Cl
﹣
B．废液中一定存在Cl
﹣、
、
，一定不存在Ca
2+、Ba
2+
C．废液中一定存在Na
+、Cl
﹣、
、
，一定不存在Ca
2+、Ba
2+
D．废液中一定存在Na
+、Cl
﹣、
，可能含有
【解答】解：A、由分析可知：废液中一定存在钠离子、碳酸根离子，可能存
在硫酸根离子、氯离子，故A 正确；
B、由分析可知：废液中可能存在硫酸根离子、氯离子，故B 错误；
C、由分析可知：废液中可能存在硫酸根离子、氯离子，故C 错误；
D、由分析可知：废液中可能存在硫酸根离子、氯离子，故D 错误。
故选：A。
13．某固体由Ba
2+、Cu
2+、Na
+、Cl
﹣、CO3
2﹣、SO4
2﹣中的几种离子构成，取一定质量
的该固体样品，进行如下实验：
①将固体溶于水得无色透明溶液，加入足量BaCl2溶液，过滤，得到白色沉淀
②在白色沉淀中加入过量稀硝酸，沉淀部分溶解
③在滤液中滴加足量AgNO3溶液，产生白色沉淀
由上述实验得出的下列判断中，正确的是（
）
A．通过步骤①可以确定原固体中一定不含的离子只有Cu
2+
B．无法确定该固体中是否含有Na
+和Cl
﹣
C．该固体由Na
+、Cl
﹣、CO3
2﹣、SO4
2﹣四种离子构成
D．将步骤①改为滴加Ba（NO3）2溶液，则通过步骤③可以确定固体中是否含
有Cl
﹣
【解答】解：①将固体溶于水得无色透明溶液，说明一定不含有铜离子，加
532
入足量BaCl2溶液，过滤后得到白色沉淀，说明不会含有钡离子，可能含有碳
酸根离子或是硫酸根离子，故产生的沉淀可能是碳酸钡或是硫酸钡；
②在白色沉淀中加入过量稀硝酸沉淀全部溶解，说明沉淀是碳酸钡，原物质
中一定含有碳酸根离子，不含有硫酸根离子；
③在滤液中滴加足量AgNO3溶液，产生自色沉淀，由于步骤①加入了氯化钡，
故不能确定是否含有氯离子；
A、通过步骤①可以确定原固体中一定不含的离子有铜离子和钡离子，错误；
B、阳离子一定不含有铜离子和钡离子，故一定含有钠离子，错误；
C、由上述分析可知，该固体含有Na
+、CO3
2﹣，Cl
﹣不能确定，错误；
D、将步骤①改为滴加Ba（NO3）2溶液，则通过步骤③可以确定固体中是否含
有Cl
﹣，正确。
故选：D。
14．为确定某溶液中含有以下离子H
+、Mg
2+、Ba
2+、Cl
﹣、CO3
2﹣、NO3
﹣中的几种，
进行了以下实验：①经测定，溶液pH＝1；②取部分未知溶液，加入过量NaOH
溶液，有白色沉淀产生；③取②中部分溶液，加入Na2CO3溶液，无明显现象。
分析上述实验，下面对溶液中含有离子的判断，正确的是（
）
A．一定含有H
+、Mg
2+、Ba
2+、Cl
﹣、CO3
2﹣、NO3
﹣
B．一定含有H
+、Mg
2+、Cl
﹣，一定不含有CO3
2﹣
C．一定含有H
+、Mg
2+，可能同时含有Cl
﹣、NO3
﹣
D．一定含有H
+、Ba
2+、NO3
﹣，一定不含有Cl
﹣
【解答】解：A、由分析得：一定不含有CO3
2﹣、Ba
2+，故A 错误；
B、不确定是否存在Cl
﹣，故B 错误；
C、一定含有H
+、Mg
2+，可能同时含有Cl
﹣、NO3
﹣，故C 正确；
D、一定不含有Ba
2+，故D 错误。
故选：C。
15．下列有关气体的说法正确的是（
）
A．仅用一盒火柴就可鉴别氢气、氧气、二氧化碳三种气体
B．氢气、氧气、二氧化碳三种气体是无色、无味、密度比空气大的气体
C．一氧化碳、二氧化碳均能与石灰水反应
D．氢气、一氧化碳还原氧化铜的反应类型都属于置换反应
【解答】解：A、将一燃着的火柴分别深入三种气体中，能够熄灭的是二氧化
碳，燃烧更旺的是氧气，能够燃烧发出蓝色火焰的是氢气，故A 正确；
B、因为氢气的密度比空气的密度小，故B 错误；
C、二氧化碳能使澄清石灰水变浑浊，一氧化碳不能与石灰水反应，故C 错误；
D、置换反应是单质与化合物反应，生成另一种单质，另一种化合物，一氧化
碳还原氧化铜的反应中没有单质，故D 错误。
故选：A。
16．对某种溶液中的离子进行检验，下述结论中合理的是（
）
A．先加BaCl2溶液，再加足量HNO3溶液，仍有白色沉淀，则该溶液一定含有
B．加入足量的CaCl2溶液，若产生白色沉淀，则该溶液中一定含有
533
C．加入酚酞溶液，溶液没变色，不能确定该溶液显中性
D．先加入稀盐酸，再加足量AgNO3溶液，若有白色沉淀，则该溶液中一定含
有Cl
﹣
【解答】解：A、钡离子能与硫酸根离子反应生成硫酸钡白色沉淀，硫酸钡不
能与稀硝酸反应，氯离子能与银离子反应生成氯化银白色沉淀，氯化银不能
与稀硝酸反应，则在样品中先加氯化钡溶液，再加足量稀硝酸溶液，仍有白
色沉淀，则溶液中可能含有
或Ag
+，故A 不正确；
B、钙离子能与碳酸根离子反应生成碳酸钙白色沉淀，氯离子能与银离子反应
生成氯化银白色沉淀，在样品中加足量的氯化钙溶液，产生白色沉淀，则不
一定含有
，也可能含有Ag
+，故B 不正确；
C、酚酞溶液遇中性或酸性溶液均不变色，所以加入酚酞溶液，溶液没变色，
不能确定该溶液显中性，可能显酸性，故C 正确；
D、在样品中先加盐酸使溶液呈酸性，引入氯离子，再加足量的硝酸银溶液，
一定有白色沉淀，不能确定溶液中含有氯离子，故D 不正确。
故选：C。
17．某固体由Ba
2+、Cu
2+、Na
+、Cl
﹣、CO3
2﹣、SO4
2﹣中的几种离子构成，取一定质量
的该固体样品，进行如下实验
：①将固体溶于水得无色透明溶液，加入足量BaCl2溶液过滤后得到5 克白色
沉淀。②在沉淀中加入过量稀硝酸，仍有3 克白色沉淀。③在滤液中滴加AgNO3
溶液，产生白色沉淀。则该固体中一定含有（
）
A．Na
+、CO3
2﹣、SO4
2﹣
B．Cu
2+、CO3
2﹣、SO4
2﹣
C．Cl
﹣、CO3
2﹣、SO4
2﹣
D．Ba
2+、Na
+、Cl
﹣
【解答】解：①将固体溶于水得无色透明溶液，说明溶液中不含Cu
2+；加入足
量BaCl2溶液，过滤后得到5 克白色沉淀，沉淀可以是碳酸钡或硫酸钡或二者
共存；②在沉淀中加入过量稀硝酸，仍有3 克白色沉淀，说明沉淀中含有硫
酸钡，同时说明5 克白色沉淀中含有能与稀硝酸反应的物质，该物质应是碳
酸钡，则说明该固体中一定含有CO3
2﹣、SO4
2﹣；
③在滤液中滴加AgNO3溶液，产生白色沉淀，加入足量BaCl2溶液中含有氯离
子，由于氯离子能与硝酸银反应生成生成氯化银沉淀，无法证明原固体中是
否含有氯离子。
A、该固体中一定含有Na
+、CO3
2﹣、SO4
2﹣，故选项正确；
Ba
2+、SO4
2﹣不能共存，故选项错误。
B、将固体溶于水得无色透明溶液，溶液中不含Cu
2+，故选项错误；
C、溶液中不能只有阴离子，故选项错误；
D、Ba
2+与CO3
2﹣、SO4
2﹣，不能共存，故选项错误；
故选：A。
18．推理是化学学习中重要的思维方法，下列推理合理的是（
）
A．pH＜7 的溶液呈酸性，则酸溶液的pH 一定小于7
B．溶液是均一稳定的液体，则均一稳定的液体一定是溶液
C．氧化物中都含有氧元素，则含有氧元素的化合物一定是氧化物
D．向未知溶液中加入BaCl2溶液，生成白色沉淀，则未知溶液中一定含
534
【解答】解：A.pH＜7 的溶液呈酸性，则酸溶液的pH 一定小于7，故A 正确；
B.溶液是具有均一性和稳定性的混合物，故B 错误；
C.由两种元素组成，其中一种元素是氧元素的化合物是氧化物，故C 错误；
D.碳酸根离子也能与氯化钡反应生成白色沉淀，故D 错误；
故选：A。
19．如图，将胶头滴管中的物质X 滴入装有物质Y 的试管中，两种物质充分混合。
下列说法正确的是（
）
A．X 为水，若试管发烫，则Y 一定是NaOH 固体
B．X 为BaCl2溶液，反应产生白色沉淀，则Y 溶液中一定含有
C．X 为Cu（NO3）2溶液，Y 为Fe 丝，根据现象可判断金属活动性：Fe＞Cu
D．X 为稀盐酸，Y 为Ca（OH）2，该反应可应用于治疗胃酸过多症
【解答】解：A、X 为水，若试管发烫，Y 不一定是NaOH 固体，还可能是生石
灰或浓硫酸等，错误；
B、X 为BaCl2溶液，反应产生白色沉淀，则Y 溶液中可能含有
、
或Ag
+，错误；
C、X 为Cu（NO3）2溶液，Y 为铁丝，物质X 滴入装有物质Y 的试管中现象：铁
丝表面有红色固体析出，可判断金属活动性：Fe＞Cu，正确；
D、X 为稀盐酸，Y 为Ca（OH）2，两者能发生中和反应，由于Ca（OH）2具有
腐蚀性，该反应不能用于治疗胃酸过多症，错误。
故选：C。
20．某待测液中可能含有大量Mg
2+、Cu
2+、Fe
3+、K
+、H
+、Cl
﹣、
、OH
﹣离子中
的一种或几种，现通过以下实验进行检验：
（1）取少量待测液，仔细观察，呈无色；
（2）向上述待测液中滴加NaOH 溶液至过量，先无明显现象，后有白色沉淀
生成；过滤。
（3）向滤液中滴入BaCl2溶液，无现象；滴加酚酞溶液变红。
由上述实验得出的下列判断中，不正确的是（
）
A．该待测液呈无色，一定不存在Cu
2+、Fe
3+
B．该待测液一定存在的离子H
+、Mg
2+、Cl
﹣
C．该待测液可能存在的离子K
+、Cl
﹣
D．该待测液一定不存在的离子Cu
2+、Fe
3+、
、OH
﹣
535
【解答】解：A、由分析可知，该待测液呈无色，一定不存在Cu
2+、Fe
3+，故A
正确；
B、由该待测液一定存在的离子H
+、Mg
2+，不含
、OH
﹣，一定含Cl
﹣，故
B 正确；
C、由分析可知，实验中不含确定溶液中是否含有K
+，即该待测液可能存在的
离子K
+，故C 错误；
D、该待测液一定不存在的离子Cu
2+、Fe
3+、
、OH
﹣，故D 正确。
故选：C。
21．将由两种无色气体组成的混合气体，依次通过如图所示的连续装置，各装置
内的现象是：A 中液体质量增加，B 中红棕色固体变黑，C 中液体质量不变，D
中出现沉淀。根据上述现象可以判断该混合气体可能是（
）
A．H2O、CO2
B．H2、CO2
C．CO2、CO
D．H2O、CO
【解答】解：A、H2O、CO2中没有还原性气体，故A 错误；
B、H2、CO2中没有水蒸气，故B 错误；
C、CO2、CO 中没有水蒸气，故C 错误；
D、H2O、CO 中存在水蒸气和具有还原性气体CO，故D 正确。
故选：D。
22．某固体由Ba
2+、Cu
2+、Na
+、Cl
﹣、CO3
2﹣、SO4
2﹣中的几种离子构成，取一定质量
的该固体样品，进行如下实验：
①将固体溶于水得无色透明溶液，加入足量BaCl2溶液，过滤后得到3 克白色
沉淀。
②在沉淀中加入过量稀硝酸，仍有2 克白色沉淀。
③在滤液中滴加AgNO3溶液，产生白色沉淀。
则该固体中一定含有（
）
A．Ba
2+、Cl
﹣、SO4
2﹣
B．Cu
2+、CO3
2﹣、SO4
2﹣
C．Ba
2+、CO3
2﹣、Cl
﹣
D．Na
+、CO3
2﹣、SO4
2﹣
【解答】解：①将固体溶于水得无色透明溶液，说明溶液中不含Cu
2+；加入足
量BaCl2溶液，过滤后得到3 克白色沉淀；②在沉淀中加入过量稀硝酸，仍有
2 克白色沉淀，说明沉淀中含有硫酸钡，同时说明3 克白色沉淀中含有能与稀
硝酸反应的物质，该物质应是碳酸钡，则说明该固体中一定含有CO3
2﹣、SO4
2﹣。
③在滤液中滴加AgNO3溶液，产生白色沉淀，加入足量BaCl2溶液中含有氯离
子，由于氯离子能与硝酸银反应生成生成氯化银沉淀，无法证明原固体中是
否含有氯离子。
A、Ba
2+、SO4
2﹣不能共存，故选项错误。
536
B、将固体溶于水得无色透明溶液，溶液中不含Cu
2+，故选项错误。
C、Ba
2+、CO3
2﹣不能共存，故选项错误。
D、该固体中一定含有Na
+、CO3
2﹣、SO4
2﹣，故选项正确。
故选：D。
23．已知某气体由H2、CO2、CO、CH4中的两种组成。将气体通过澄清的石灰水，
未出现浑浊现象；点燃气体，用蘸有澄清石灰水的烧杯罩住火焰，烧杯壁上
有浑浊出现。该混合气体成分推断合理的是（
）
A．一定含有CO
B．一定不含氢气
C．一定含有CO 和CH4
D．可能是H2和CH4
【解答】解：气体不能使石灰水变浑浊，则说明不含CO2，点燃气体后，澄清
石灰水变浑浊，而甲烷和氢气燃烧均生成二氧化碳，则说明混合气体中至少
含有一氧化碳和甲烷中的一种，可能含有氢气，即可能为一氧化碳和氢气，
也可能为CH4和氢气，或CO、CH4和H2。
故选：D。
24．将含有N2、CO、H2、CO2和少量水蒸气的混合气体，随机依次通过如图所示
四个装置。（每个装置只通过一次，且反应或吸收充分；浓硫酸可吸收水；
2NaOH+CO2═Na2CO3+H2O；C+H2O
CO+H2）下列说法错误的是（
）
A．最终剩余的气体中可能含有五种物质
B．若最终剩余气体中只含有一种物质，则一定是N2
C．若最终只剩余N2和H2O，则连接顺序可能为甲→丙→丁→乙
D．若连接顺序为甲→乙→丙→丁，则最终剩余气体为N2、CO2、H2O
【解答】解：浓硫酸具有吸水性，氢氧化钠会与二氧化碳反应生成碳酸钠和
水，碳和二氧化碳高温生成一氧化碳，碳和水高温会生成一氧化碳和氢气，
一氧化碳和氧化铜加热会生成铜和二氧化碳，氢气和氧化铜加热会生成铜和
二氧化碳。
A、将气体依次通过甲、乙、丁、丙，通过甲将水蒸气吸收，通过乙将二氧化
碳吸收，通过氧化铜将氢气转化成水蒸气，将一氧化碳转化成二氧化碳，通
过足量的炭粉将水蒸气转化成一氧化碳、氢气，将二氧化碳转化成一氧化碳，
以及没有反应的氮气，所以最终剩余的气体中可能含有氮气、一氧化碳、氢
气三种物质，故A 错误；
B、若最终剩余气体中只含有一种物质，将气体依次通过丙、丁、乙、甲，通
过丙将水蒸气会转化成一氧化碳、氢气，通过丁将一氧化碳、氢气转化成水
537
蒸气和二氧化碳，通过乙将二氧化碳吸收，通过甲将水蒸气吸收，最后剩余
的一定是N2，故B 正确；
C、连接顺序可能为甲→丙→丁→乙，通过甲将水蒸气吸收，通过丙将水蒸气
会转化成一氧化碳、氢气，通过丁将一氧化碳、氢气转化成水蒸气和二氧化
碳，通过乙将二氧化碳吸收，最终只剩余N2和H2O，故C 正确；
D、连接顺序为甲→乙→丙→丁，通过甲将水蒸气吸收，通过乙将二氧化碳吸
收，通过丙将水蒸气会转化成一氧化碳、氢气，通过丁将一氧化碳、氢气转
化成水蒸气和二氧化碳，所以最终剩余气体为N2、CO2、H2O，故D 正确。
故选：A。
25．为证明某气体中是否含有CO2、H2、CO、H2O 这四种成分，兴趣小组同学设计
了如图装置进行验证（实验开始前先向装置内通一段时间的N2，）则下列判
断有误的是（
）
A．只要看到A 处澄清石灰水变浑浊就可证明该气体中含有CO2
B．若C 处CuO 由黑变红，D 处无水硫酸铜变蓝，则证明该气体中含有H2
C．若C 处CuO 由黑变红，E 处澄清石灰水变浑浊，F 处气体被点燃，则证明
该气体中含有CO
D．若要证明气体中是否含有H2O，则还需在A 装置前加一个盛有无水硫酸铜
的U 型管
【解答】解：A、二氧化碳能使澄清石灰水变浑浊，看到A 处澄清石灰水变浑
浊就可证明该气体中含有CO2，故正确；
B、若C 处CuO 由黑变红，说明氧化铜被还原，D 处无水硫酸铜变蓝，说明氢
气还原氧化铜生成了水，则证明该气体中含有H2，故正确；
C、由于气体进入C 装置之前没有除去二氧化碳，E 处澄清石灰水变浑浊，可
能是有原混合气体中的二氧化碳引起，若C 处CuO 由黑变红，F 处气体被点燃，
可能是有氢气引起的，则无法证明该气体中含有CO，故错误；
D、若要证明气体中是否含有H2O，则还需在A 装置前加一个盛有无水硫酸铜
的U 型管，如果硫酸铜变蓝色，说明含有H2O，否则没有，故错误。
故选：C。
26．将由三种无色气体组成的混合气体，依次通过如图所示的连续装置，各装置
内的现象是：A 中出现沉淀，D 中生成黑色物质，E 中白色粉末变蓝，F 中出
现沉淀。根据上述现象可以判断混合气体是（无水CuSO4遇水变蓝）（
）
538
A．CO2、H2、O2
B．N2、CO、H2
C．CO2、CO、O2
D．CO2、H2、CO
【解答】解：A.由CO2、H2、O2三种无色气体组成的混合气体，依次通过如图
所示的连续装置，各装置内的现象是：二氧化碳能够使澄清的石灰水变浑浊，
所以A 中出现沉淀；通过浓硫酸干燥后得到的O2、H2的混合气体，进入D 装置
中，高温下加热，易发生危险，且与氧化铁反应后，没有二氧化碳气体生成，
不符合题意，故错误；
B.由N2、CO、H2三种无色气体组成的混合气体，依次通过如图所示的连续装置，
A 中不出现沉淀，不符合题意，故错误；
C.由CO2、CO、O2三种无色气体组成的混合气体，依次通过如图所示的连续装
置，各装置内的现象是：二氧化碳能够使澄清的石灰水变浑浊，所以A 中出
现沉淀；通过浓硫酸干燥后得到的O2、CO 的混合气体，进入D 装置中，高温
下加热，易发生危险，且一氧化碳与氧化铁反应不产生水蒸气，所以E 中白
色粉末不变蓝，不符合题意，故错误；
D.由CO2、H2、CO 三种无色气体组成的混合气体，依次通过如图所示的连续装
置，各装置内的现象是：二氧化碳能够使澄清的石灰水变浑浊，所以A 中出
现沉淀；多余的二氧化碳可以被氢氧化钠溶液吸收，通过浓硫酸干燥后得到
的H2、CO 的混合气体，进入D 装置中，由于H2、CO 具有还原性，高温下能够
还原氧化铁，所以D 中生成黑色物质，E 中白色粉末变蓝，有水蒸气产生，说
明气体中有氢气，F 中出现沉淀，说明有二氧化碳气体产生，存在一氧化碳气
体，符合题意，故正确；
故选：D。
27．某无色溶液中可能含有以下离子中的一种或几种：Na
+、
、Cl
﹣、Mg
2+、Ba
2+、
、
，现取少量溶液两份，进行如下实验：下列有关说法不正确的是
（
）
A．原溶液中一定存在
、Cl
﹣、
、
，一定不存在Na
+、Mg
2+、
Ba
2+
539
B．原溶液中一定存在
、
，一定不存在Mg
2+、Ba
2+、
C．①中的反应实质为
和OH
﹣结合生成NH3和H2O
D．将②中氯化钡溶液换成硝酸钡溶液，则可确定原溶液中含有Cl
﹣
【解答】解：①第一份加足量NaOH 溶液，加热，只产生有刺激性气味的气体，
则是氢氧化钠与铵根离子反应产生的氨气，故原溶液中一定含有铵根离子，
没有镁离子；
②第二份加足量BaCl2溶液后，产生白色沉淀，向沉淀中加入稀硝酸，沉淀完
全不溶解，故沉淀为硫酸钡，原溶液中一定含有硫酸根离子，没有钡离子；
钡离子能与碳酸根离子结合产生碳酸钡沉淀，碳酸钡会溶于硝酸，故原溶液
一定不含有碳酸根离子；由于加足量BaCl2溶液时引入了氯离子，之后加硝酸
银溶液有白色沉淀，不能证明原溶液中是否含有氯离子。
A、由分析可知，原溶液中一定存在
、
，一定不存在Mg
2+、Ba
2+、
，故错误；
B、由分析可知，原溶液中一定存在
、
，一定不存在Mg
2+、Ba
2+、
，故正确；
C、由分析可知，①中的反应实质为
和OH
﹣结合生成NH3和H2O，故正确；
D、将②中氯化钡溶液换成硝酸钡溶液，避免了引入Cl
﹣，则可确定原溶液中
含有Cl
﹣，故正确；
故选：A。
28．某待测液中可能含有大量Mg
2+、Cu
2+、Fe
3+、K
+、H
+、
、
、OH
﹣离子中
的两种或两种以上，现通过以下实验进行检验：
①取少量待测液，仔细观察，呈无色；
②向上述待测液中滴加NaOH 溶液，先无明显现象，后有白色沉淀生成；
③向上述待测液中加入BaCl2溶液，无现象。
由上述实验得出的下列判断中，正确的是（
）
A．该待测液不能确定是否存在的离子是K
+、OH
﹣
B．该待测液中一定不存在的离子只有Cu
2+、Fe
3+、
C．该待测液中一定大量存在的离子是H
+、Mg
2+、
D．该待测液呈无色，Mg
2+、Cu
2+、Fe
3+的溶液都有颜色，一定都不能大量存在
【解答】解：①取少量待测液，仔细观察，呈无色，说明不含Cu
2+、Fe
3+；②
向上述待测液中滴加NaOH 溶液，先无明显现象，后有白色沉淀生成，说明溶
液存在氢离子，氢离子先与氢氧根离子结合生成水分子，氢离子反应完，氢
氧根离子再与Mg
2+结合生成氢氧化镁白色沉淀；则溶液中一定不含氢氧根离
子，因为氢离子和氢氧根离子不能共存；③向上述溶液中加入BaCl2溶液，无
540
现象，说明溶液中不含硫酸根离子，否则会产生硫酸钡白色沉淀，则溶液中
的阴离子一定是硝酸根离子。
A、该待测液不能确定是否存在的离子是K
+，一定不含OH
﹣，故选项说法错误。
B、该待测液中一定不存在的离子只有Cu
2+、Fe
3+、
、OH
﹣，故选项说法
错误。
C、该待测液中一定大量存在的离子是H
+、Mg
2+、
，故选项说法正确。
D、该待测液呈无色，Cu
2+、Fe
3+的溶液都有颜色，一定都不能大量存在，Mg
2+
的溶液没有颜色，由分析可知，该待测液一定含有镁离子，故选项说法错误。
故选：C。
29．某水溶液中可能含有以下离子中的一种或者几种：Na
+、Cl
﹣、Ca
2+、Ba
2+、SO4
2
﹣、CO3
2﹣，现取两份等质量的溶液进行如下实验：（1）第一份加入AgNO3溶液
产生白色沉淀；（2）第二份加入足量的Ba（NO3）2溶液产生白色沉淀，继续
加入过量的稀硝酸，沉淀部分溶解。根据上述实验现象，下列推测合理的是
（
）
A．一定存在Na
+
B．可能存在Ba
2+
C．一定存在Cl
﹣
D．可能存在Ca
2+
【解答】解：（1）向第一份中加入AgNO3溶液有沉淀产生，氯离子、硫酸根
离子、碳酸根离子能与银离子反应生成白色沉淀，说明某溶液中可能含有氯
离子、硫酸根离子、碳酸根离子。
（2）向第二份中加入足量的Ba（NO3）2溶液，有白色沉淀产生，再向其中加
入过量的稀硝酸，沉淀部分溶解，说明沉淀中含有不溶于酸的硫酸钡，还含
有能与酸反应的物质，则某溶液中一定含有硫酸根离子，一定含有碳酸根离
子。
A、因为溶液中含有硫酸根离子与碳酸根离子，则溶液中不可能存在钡离子与
钙离子，只有钠离子是阳离子，溶液中一定含有钠离子，故选项说法正确。
B、某溶液中一定含有硫酸根离子，硫酸根离子和钡离子不能，则不可能存在
Ba
2+，故选项说法错误。
C、向第一份中加入AgNO3溶液有沉淀产生，氯离子、硫酸根离子、碳酸根离
子能与银离子反应生成白色沉淀，无法确定溶液中是否存在氯离子，故选项
说法错误。
D、某溶液一定含有碳酸根离子，碳酸根离子和钙离子不能共存，则一定不存
在Ca
2+，故选项说法错误。
故选：A。
30．某工业尾气中含有H2、CO 和CO2中的一种或几种，用如图装置检验其成分（夹
持装置已略去，无水硫酸铜遇水变蓝）。下列有关该实验说法错误的是（
）
A．甲处应进行尾气处理
B．若将装置C 和装置D 调换，会影响实验结果
C．装置B 的作用是除去气体样品中可能含有的CO2
D．若装置E 中黑色粉末变红，可证明气体样品中含有CO
【解答】解：A、该尾气中可能含有一氧化碳，未反应的一氧化碳散逸到空气
中，会污染空气，故甲处应进行尾气处理，故说法正确；
B、若将装置C 和装置D 调换，气体会从C 装置中携带出水蒸气，会对氢气的
541
检验产生干扰，故说法正确；
C、二氧化碳能使澄清石灰水变浑浊，故装置A 的作用是检验二氧化碳，二氧
化碳能与氢氧化钠反应生成碳酸钠和水，装置B 的作用是除去气体中可能含
有的二氧化碳，故说法正确；
D、一氧化碳和氧化铜在加热的条件下反应生成铜和二氧化碳，氢气和氧化铜
在加热的条件下反应生成铜和水，故装置E 中黑色粉末变红，G 中氢氧化钙溶
液变浑浊，才能说明气体样品中含有CO，因为氢气存在时，装置E 中黑色粉
末也能变红，故说法错误。
故选：D。
16 物质的分离和提纯
1．《本草纲目》中“黄连”条目下记载：“吐血不止，取黄连一两，捣碎，加
鼓二十粒，水煎去渣，温服。”该过程中没有涉及的操作是（
）
A．加热
B．称量
C．过滤
D．蒸发结晶
【解答】解：取黄连一两，捣碎，水煎去渣，温服，含有称量、加热、过滤
操作，
故选：D。
2．化学是一门以实验为基础的学科，规范的实验操作是实验成功的保障。下列
实验操作正确的是（
）
A．
闻药品气味
B．
加热固体
C．
过滤泥水
D．
熄灭酒精灯
【解答】解：A.闻气体的气味时，应用手在瓶口轻轻的扇动，使极少量的气
体飘进鼻子中，不能将鼻子凑到集气瓶口去闻气体的气味，图中所示操作正
确，故正确；
B.给试管内的固体加热，试管口应略向下倾斜，防止反应产生的水或固体残
存的水倒流进试管，使试管炸裂，图是操作错误，故错误；
C.过滤时应用玻璃棒引流，图中所示操作错误，故错误；
D.使用酒精灯时要注意“两查、两禁、一不可”，熄灭酒精灯时，不能用嘴
直接吹灭酒精灯，应用灯帽盖灭。图中所示操作错误，故错误；
故选：A。
3．化学实验基本操作是培养学生化学核心素养的基础。下列实验操作正确的是
（
）
542
A．
滴加液体
B．
量取液体
C．
添加酒精
D．
过滤
【解答】解：A、使用胶头滴管滴加少量液体的操作，注意胶头滴管不能伸入
到试管内或接触试管内壁，应垂直悬空在试管口上方滴加液体，防止污染胶
头滴管，图中所示操作正确。
B、量取液体读数时，视线与液体的凹液面最低处保持水平，图中俯视刻度，
图中所示操作错误。
C、使用酒精灯时要注意“两查、两禁、一不可”，禁止向燃着的酒精灯内添
加酒精，图中所示操作错误。
D、过滤时要注意“一贴、二低、三靠”的原则，图中缺少玻璃棒引流、漏斗
下端没有紧靠在烧杯内壁上，图中所示操作错误。
故选：A。
4．化学是一门以实验为基础的学科，下列实验操作不正确的（
）
A．
验证质量守恒定律实验
B．
铁丝在氧气中燃烧
543
C．
过滤
D．
向酒精灯内添加酒精
【解答】解：A、用白磷燃烧实验验证质量守恒定律，有气体生成或有气体参
与的反应，必须在密闭的容器中验证质量守恒定律，图中所示操作正确。
B、铁丝在氧气中燃烧时，为防止生成物熔化溅落下来使瓶底炸裂，集气瓶的
底部应放少量的水或铺一层细沙，图中集气瓶的底部没有放少量的水或铺一
层细沙，图中所示操作错误。
C、过滤时要注意“一贴、二低、三靠”的原则，图中所示操作正确。
D、给酒精灯添加酒精，熄灭酒精灯，沿漏斗向酒精灯添加酒精，酒精灯灯帽
正放，细口瓶瓶塞倒放，图中所示操作正确。
故选：B。
5．下列叙述正确的是（
）
A．酒精灯的火焰必须用灯帽盖灭，不可用嘴吹灭
B．试管夹应从试管的口部往里套，夹在试管的中上部
C．使用托盘天平时，砝码应放在天平的左边
D．过滤时，玻璃棒的末端要斜靠在一层滤纸的一边
【解答】解：A、酒精灯的火焰必须用灯帽盖灭，不可用嘴吹灭，防止火焰沿
着灯颈进入酒精灯，引起火灾，故A 正确；
B、用试管夹夹持试管时，应从试管底部往上套，夹在试管的中上部，故B 错
误；
C、使用托盘天平时，砝码应放在天平的右边，故C 错误；
D、过滤时，玻璃棒的末端要斜靠在三层滤纸的一边，以防损坏滤纸，故D 错
误；
故选：A。
6．某品牌苏打气泡水的标签如表所示，下列关于该饮料的说法错误的是（
）
类别：弱酸性饮料，pH≈6.5
配料：水、食用盐、二氧化碳、柠檬酸、
碳酸氢钠等
A．用pH 试纸精确测定该饮料的pH
B．整瓶口感一致说明溶液具有均一性
C．过滤不能分离水和碳酸氢钠
D．能补充运动后流失的水和无机盐
【解答】解：A、pH 试纸只能粗略测定溶液的pH，读数只能读到整数，故选
项错误；
B、溶液具有均一性，因此整瓶口感一致，故选项正确；
544
C、过滤是将不溶性固体和液体分离的操作，而碳酸氢钠可溶于水，因此过滤
不能分离水和碳酸氢钠，故选项正确；
D、饮料中含有食用盐、水、碳酸氢钠等，因此可以补充运动后流失的水和无
机盐，故选项正确；
故选：A。
7．若要从饱和的氯化钠溶液中获得较多的晶体，下列方法中，你认为最合理的
是（
）
A．升高溶液的温度
B．蒸发溶剂
C．降低溶液的温度
D．从溶液中倒掉一部分水
【解答】解：A、升高温度时氯化钠的溶解度增大，溶液变为不饱和溶液，不
能得到晶体，故错误；
B、氯化钠溶解度受温度影响变化小，蒸发溶剂可得到较多晶体，故正确；
C、氯化钠溶解度受温度影响变化小，降低溶液温度只能得到少量晶体，故错
误；
D、溶液具有均一性，从溶液中倒掉一部分水，无晶体析出，故错误；
故选：B。
8．海洋中蕴藏着丰富的化学资源，按目前测定，海水中含有的化学元素有80
多种。氯化钠是海水中的主要成分，氯化钠的溶解度如下表，下列说法不正
确的是（
）
温度/℃
0
10
20
30
40
50
溶解度/g
35.7
35.8
36.0
36.3
36.6
37.0
A．氯化钠易溶于水
B．从氯化钠溶液中得到氯化钠固体，一般采用的方法是蒸发结晶
C．20℃时，将20g 氯化钠放入50g 水中，搅拌溶解，所得溶液是饱和溶液
D．50℃时，将氯化钠饱和溶液降温至10℃，共析出1.2g 氯化钠固体
【解答】解：A、常温下，氯化钠常温下溶解度大于10g，易溶于水，故选项
正确；
B、由表中数据知，氯化钠溶解度随温度升高变化不大，因此从氯化钠溶液中
得到氯化钠固体，一般采用的方法是蒸发结晶，故选项正确；
C、20℃时，氯化钠的溶解度为36.0g，将20g 氯化钠放入50g 水中，最多溶
解18g，得到的溶液是饱和溶液，故选项正确；
D、未说明饱和溶液的质量，故无法计算析出固体质量，故选项错误。
故选：D。
9．《天工开物》是我国古代的科学技术著作，记载了制盐的场景：“西川有火
井…以长竹剖开去节，合缝漆布，一头插入井底，其上曲接，以口紧对釜脐，
注卤水釜中，只见火意烘烘，水即滚沸。”下列说法错误的是（
）
545
A．“火井”指的是天然气井，天然气的主要成分是甲烷
B．该方法制盐的原理是蒸发结晶
C．“以长竹剖开去节”发生的是物理变化
D．用此方法可以得到纯净的NaCl
【解答】解：A、“火井”指的是天然气井，天然气的主要成分是甲烷，不符
合题意；
B、由题干信息可知，该制盐方法是通过蒸煮，除去水分，得到盐，且氯化钠
的溶解度受温度影响不大，故原理是蒸发结晶，不符合题意；
C、“以长竹剖开去节”，无新物质生成，属于物理变化，不符合题意；
D、用此方法得到的盐是粗盐，除了氯化钠，还含有其它可溶性杂质等，符合
题意。
故选：D。
10．如图所示的实验操作中，正确的是（
）
A．
倾倒液体B．
检查气密性
C．
测酸碱度D．
蒸发
【解答】解：A、向试管中倾倒液体药品时，瓶塞要倒放，标签要对准手心，
瓶口紧挨试管口；图中试管没有倾斜、瓶口没有紧挨试管口、瓶塞没有倒放，
图中所示操作错误。
B、检查装置气密性的方法：把导管的一端浸没在水里，双手紧贴试管外壁，
若导管口有气泡冒出，装置不漏气，图中所示操作正确。
C、用pH 试纸测定溶液的pH 时，正确的操作方法为在白瓷板或玻璃片上放一
小片pH 试纸，用玻璃棒蘸取待测液滴到pH 试纸上，把试纸显示的颜色与标
546
准比色卡比较，读出pH。不能将pH 试纸伸入待测液中，以免污染待测液，图
中所示操作错误。
D、蒸发时，应用玻璃棒不断搅拌，以防止局部温度过高，造成液体飞溅，图
中所示操作错误。
故选：B。
11．实验是学习化学的基础。下列装置所示的实验操作正确且能达到实验目的的
是（
）
A．
测定溶液的pH
B．
蒸发食盐水
C．
测空气中O2的含量
D．
滴加稀盐酸
【解答】解：A、用pH 试纸测定溶液的pH 时，正确的操作方法为在白瓷板或
玻璃片上放一小片pH 试纸，用玻璃棒蘸取待测液滴到pH 试纸上，把试纸显
示的颜色与标准比色卡比较，读出pH。不能将pH 试纸伸入待测液中，以免污
染待测液，图中所示操作错误。
B、蒸发时，应用玻璃棒不断搅拌，以防止局部温度过高，造成液体飞溅，图
中所示操作错误。
C、木炭在空气中燃烧生成二氧化碳气体，虽除去氧气，但增加了新的气体，
没有形成压强差，不能用来测定空气中氧气含量，图中所示操作错误。
D、使用胶头滴管滴加少量液体的操作，注意胶头滴管不能伸入到试管内或接
触试管内壁，应垂直悬空在试管口上方滴加液体，防止污染胶头滴管，图中
所示操作正确。
故选：D。
12．规范的实验操作是完成实验的基本保证，图中所示实验操作不正确的是
（
）
A．
蒸发
B．
稀释浓硫酸
547
C．
过滤
D．
测定溶液pH
【解答】解：A、蒸发时，应用玻璃棒不断搅拌，以防止局部温度过高，造成
液体飞溅，图中所示操作正确。
B、稀释浓硫酸时，要把浓硫酸慢慢地沿器壁注入水中，同时用玻璃棒不断搅
拌，以使热量及时的扩散；一定不能把水注入浓硫酸中，以防止酸液飞溅，
图中所示操作正确。
C、过滤时要注意“一贴、二低、三靠”的原则，图中所示操作正确。
D、用pH 试纸测定溶液的pH 时，正确的操作方法为在白瓷板或玻璃片上放一
小片pH 试纸，用玻璃棒蘸取待测液滴到pH 试纸上，把试纸显示的颜色与标
准比色卡比较，读出pH。不能将pH 试纸伸入待测液中，以免污染待测液，且
不能用手拿试纸，图中所示操作错误。
故选：D。
13．海洋中蕴藏着丰富的化学资源，按目前测定，海水中含有的化学元素有80
多种。氯化钠是海水中的主要成分，氯化钠的溶解度如下表，下列说法不正
确的是（
）
温度/℃
0
10
20
30
40
50
溶解度/g
35.7
35.8
36.0
36.3
36.6
37.0
A．氯化钠易溶于水
B．从氯化钠溶液中得到氯化钠固体，一般采用的方法是蒸发结晶
C．20℃时，将20g 氯化钠放入50g 水中，搅拌溶解，所得溶液是饱和溶液
D．50℃时，将氯化钠饱和溶液降温至10℃，共析出1.2g 氯化钠固体
【解答】解：A、常温下，氯化钠常温下溶解度大于10g，易溶于水，故选项
正确；
B、由表中数据知，氯化钠溶解度随温度升高变化不大，因此从氯化钠溶液中
得到氯化钠固体，一般采用的方法是蒸发结晶，故选项正确；
C、20℃时，氯化钠的溶解度为36.0g，将20g 氯化钠放入50g 水中，最多溶
解18g，得到的溶液是饱和溶液，故选项正确；
D、未说明饱和溶液的质量，故无法计算析出固体质量，故选项错误。
故选：D。
14．某品牌苏打气泡水的标签如表所示，下列关于该饮料的说法错误的是（
）
类别：弱酸性饮料，pH≈6.5
配料：水、食用盐、二氧化碳、柠檬酸、
碳酸氢钠等
A．用pH 试纸精确测定该饮料的pH
B．整瓶口感一致说明溶液具有均一性
C．过滤不能分离水和碳酸氢钠
D．能补充运动后流失的水和无机盐
548
【解答】解：A、pH 试纸只能粗略测定溶液的pH，读数只能读到整数，故选
项错误；
B、溶液具有均一性，因此整瓶口感一致，故选项正确；
C、过滤是将不溶性固体和液体分离的操作，而碳酸氢钠可溶于水，因此过滤
不能分离水和碳酸氢钠，故选项正确；
D、饮料中含有食用盐、水、碳酸氢钠等，因此可以补充运动后流失的水和无
机盐，故选项正确；
故选：A。
15．下列有关教材基本实验操作的分析，正确的是（
）
A．测定空气中O2含量：弹簧夹没有夹紧，导致测定结果偏低
B．木炭还原氧化铜：结束时要先停止加热，待冷却后再将导管移出水面，防
止铜被氧化
C．做铝片与稀盐酸反应实验：没有打磨铝片，导致刚开始没有气泡
D．蒸发氯化钠溶液：没有用玻璃棒搅拌，导致蒸发皿炸裂
【解答】解：A、测定空气中O2含量时，弹簧夹没有夹紧，导致部分空气受热
膨胀逸出，导致测定结果偏高，故A 错误；
B、木炭还原氧化铜时，实验结束后，要先将导管取出，停止加热，以免冷水
倒吸炸裂试管，同时用止水夹夹住胶皮导管，防止铜被氧化，故B 错误；
C、铝的化学性质较活泼，常温下能与空气中的氧气反应生成氧化铝，做铝片
与稀盐酸反应实验时没有打磨铝片，铝片表面的氧化铝先与稀盐酸反应生成
氯化铝和水，导致刚开始没有气泡，故C 正确；
D、蒸发氯化钠溶液时没有用玻璃棒搅拌会导致滤液飞溅，导致得到的精盐质
量减少，最终导致精盐产率偏低，故D 错误。
故选：C。
16．《本草衍义》中对精制砒霜过程有如下叙述：“取砒之法，将生砒就置火上，
以器覆之，令砒烟上飞着覆器，遂凝结累然下垂如乳，尖长者为胜，平短者
次之。”文中涉及的操作方法是（
）
A．蒸馏
B．升华
C．蒸发
D．过滤
【解答】解：“取砒之法，将生砒就置火上，以器覆之，令砒烟上飞着覆器，
遂凝结累然下垂如乳，尖长者为胜，平短者次之。”涉及用到加热的方法，
将被提纯物质气化、冷凝为固体的过程，为升华操作，且得到固体，不是蒸
馏等操作。
故选：B。
17．下列对有关实验的操作或分析正确的是（
）
A．稀释浓硫酸时，将水迅速倒入浓硫酸中，并用玻璃棒搅拌
B．除去粗盐中难溶性杂质的实验中，等蒸发皿中的水全部蒸干才停止加热
C．配制6%的氯化钠溶液，量水时俯视读数，会导致溶液溶质质量分数偏大
D．测定溶液的pH 时，若用蒸馏水润湿的pH 试纸测量，测得酸性溶液的pH
会偏小
【解答】解：A、稀释浓硫酸时，要把浓硫酸慢慢地沿器壁注入水中，同时用
玻璃棒不断搅拌，以使热量及时的扩散；一定不能把水注入浓硫酸中，以防
止酸液飞溅，故选项说法错误。
549
B、蒸发时，当蒸发皿中出现较多固体时，应停止加热，利用余热将剩余水分
蒸干，故选项说法错误。
C、配制6%的氯化钠溶液，用量筒量取水时，俯视液面，读数比实际液体体积
大，会造成实际量取的水的体积偏小，则使溶质质量分数偏大，故选项说法
正确。
D、用pH 试纸测定溶液的pH 时，正确的操作方法为用玻璃棒蘸取少量待测液
滴在干燥的pH 试纸上，把试纸显示的颜色与标准比色卡对比来确定pH。不能
用水湿润pH 试纸，溶液显酸性，则稀释了待测溶液，使溶液的酸性减弱，测
定结果偏大，故选项说法错误。
故选：C。
18．过滤操作完毕后展开滤纸，若黑色代表滤渣，则看到的情况最接近图中的
（
）
A．①
B．②
C．③
D．④
【解答】解：过滤器的制作过程是先将滤纸对折成半圆，然后折成四分之一
圆制成一个圆锥形，且过滤时液面低于滤纸的边缘，所以难溶物在滤纸上的
分布情况是小于滤纸的半圆。
故选：A。
19．《天工开物》记载了我国古代废纸回收再造的方法：“废纸洗去朱墨污秽，
浸烂入槽再造……压水去湿，日晒成干而已”。其过程中涉及过滤操作的是
（
）
A．洗去污秽——用水冲洗表面的墨
B．浸烂入槽——将纸放入水中浸泡，使其腐烂
C．压水去湿——将做好的纸放在竹帘中，滤去水分
D．日晒成干——经过阳光照射蒸发水分
【解答】解：过滤是把不溶于液体的固体与液体分离的一种方法，将做好的
纸放在竹帘中，滤去水分，竹帘能将纸和水分离，利用的是过滤操作。
故选：C。
20．规范的操作是实验安全的保证。下列有关实验基本操作中，正确的是（
）
A．
在玻璃管上套上胶皮管
B．
收集CO2
550
C．
胶头滴管使用后，用水洗涤，放回原滴瓶
D．
移走蒸发皿
【解答】解：A、玻璃管连接胶皮管时，先把玻璃管一端湿润，然后稍用力转
动使之插入胶皮管内，图中所示操作正确。
B、二氧化碳的密度比空气大，能溶于水，可用向上排空气法收集二氧化碳，
导管要伸到集气瓶的底部，图中所示操作错误。
C、滴瓶上的滴管取液后不能清洗，用完后直接放回原瓶即可，图中所示操作
错误。
D、移走正在加热的蒸发皿时要用坩埚钳夹持，不能用手拿，以防烫伤，图中
所示操作错误。
故选：A。
三、生物
（一）生态系统
1.A 项：消费者是指自己不能制造有机物，只能直接或间接地以生产者所制
造的有机物为食的生物，则②③④都是消费者，但营养级是指生物在食物链中所
处的层次，②③④的营养级不同，错误；B 项：能量在沿食物链流动过程中随
营养级逐级递减，故④中能量最少，错误；C 项：生态系统由生物部分和非生
物部分组成，图中只有生物部分，没有非生物部分，错误；D 项：从食物链可
知，④以③为食，二者之间是捕食关系，正确。故正确答案为D。
2.A 项：由食物网可知，田鼠和昆虫都以水稻为食，两者是竞争关系，正确；
B 项：由食物网可知，鸡在水稻昆虫鸡鹰这条食物链中，鸡是次级消费者，并非
初级消费者，错误；C 项：由食物网可知，鹰和蛇是捕食关系，如果大量捕杀
蛇，短期内会导致鹰的食物减少，进而导致鹰的数量减少，错误；D 项：在食
物链能量传递过程中，能量从低营养级流向高营养级，且会逐级递减，故鹰虽然
551
处于最高营养级，但所含的物质和能量却是最少的，错误。故正确答案为A。
3.A 项：分解者是指能分解动植物的遗体和排泄物的生物，主要是细菌和真
菌，消费者是指不能自己制造有机物，只能直接或间接地以植物为食的生物，主
要是动物，蛇和蜘蛛属于消费者，不属于分解者，错误；B 项：一方面，蜘蛛
与青蛙均捕食食草昆虫，此时蜘蛛与青蛙为竞争关系，另一方面，青蛙捕食蜘蛛，
此时青蛙与蜘蛛为捕食关系，正确；C 项：在生态系统中，直接以植物为食的
消费者叫做初级消费者，以食草动物为食的消费者叫做次级消费者，青蛙以食草
昆虫为食，因此青蛙为次级消费者，正确；D 项：生物通过呼吸作用产生二氧
化碳，而绿色植物利用无机环境中的二氧化碳进行光合作用，因此碳元素在生物
与非生物环境之间的循环主要是以二氧化碳的形式进行，正确。本题为选非题，
故正确答案为A。
4.生态系统由生物部分和非生物部分组成，非生物部分即无机环境，包括水、
空气、阳光等，生物部分包括生产者、消费者、分解者。生产者可以通过光合作
用从环境中固定二氧化碳，也可以通过呼吸作用向环境中释放二氧化碳，消费者
直接或间接以生产者为食，生产者与消费者的遗体都会被分解者分解，且生产者、
消费者、分解者都进行呼吸作用，并向空气中释放二氧化碳。碳循环图解中一定
存在无机环境、生产者和分解者，因此可以推出①是无机环境，②是生产者，③
是消费者，④是分解者。A 项：①是该生态系统中的无机环境，错误；B 项：
②是生产者，③是消费者，错误；C 项：①是无机环境，②是生产者，生产者
通过光合作用从环境中固定二氧化碳，通过呼吸作用向环境中释放二氧化碳，实
现二者之间碳的交换，正确；D 项：②是生产者，④是分解者，二者之间碳的
传递是通过分解作用实现的，错误。故正确答案为C。
5.A 项：生产者指能通过光合作用制造有机物的生物，主要是绿色植物。草
为绿色植物，草原上最多的绿色植物是草，因此该生态系统的生产者主要是草，
正确；B 项：生态系统中的能量最终来源于太阳能，旱獭属于该生态系统的一
部分，故旱獭体内的能量最终来源于太阳能，正确；C 项：任何生态系统都是
由生物部分和非生物部分组成，正确；D 项：赤狐捕食鼠类，在鼠类、赤狐所
在的某条食物链上，赤狐位于鼠类的下一营养级。食物链中能量流动的特点是单
向流动、逐级递减，而有毒物质可以通过食物链逐级积累，因此赤狐获得的能量
比鼠类少，但积累的有毒物质比鼠类多，错误。本题为选非题，故正确答案为
D。
6.鹬是一种长嘴水鸟，蚌是一种有贝壳的软体动物，“鹬蚌相争，渔翁得利”
指鹬伸嘴去啄蚌的肉时，蚌把壳合上，紧紧地钳住了鹬的嘴，当双方互不相让时，
渔翁将鹬和蚌一起捉住。A 项：鹬和蚌均不能制造有机物，只能直接或间接以
植物为食，因此鹬和蚌均是消费者，错误；B 项：鹬以蚌作为食物，因此鹬和
蚌之间为捕食关系，正确；C 项：生态系统由生物与环境共同组成，鹬、蚌、
渔翁均为生物，因此鹬、蚌、渔翁无法组成一个生态系统，错误；D 项：生态
系统中各营养级所固定的能量是逐级递减的，一个营养级的能量不可能百分之百
地流入下一个营养级，因此蚌的能量不可能全部流入鹬，错误。故正确答案为
B。
7.A 项：小草可以通过光合作用制造有机物，是生态系统中常见的生产者，
正确；B 项：一方面，狼与老虎均捕食兔、牛、羊，此时狼与老虎为竞争关系。
另一方面，老虎捕食狼，此时狼与老虎为捕食关系，正确；C 项：完整的食物
链应包含生产者和消费者，兔、狼和老虎均属于消费者，因此该食物链中没有生
552
产者，所以“兔狼老虎”不是一个完整的食物链，错误；D 项：在生态系统的
能量传递过程中，上一营养级的能量不可能百分之百地流入下一营养级，一般来
说，只有10%～20%的能量能够流入下一营养级，因此牛体内含有的能量不可能
全部流入老虎体内，正确。本题为选非题，故正确答案为C。
8.图甲中，两种生物种群的数量随时间的变化是当一方增加时，另一方减少，
呈现“此消彼长”现象，因此二者间应该为竞争关系；图乙中，两种生物种群的
数量随时间的变化是当一方减少，另一方稍后也会开始减少，一方增多，另一方
稍后也会增多，呈现“跟随”现象，因此二者间应该为捕食关系。A 项：狼吃
羊是为了获取食物，维持生活，因此狼和羊的关系属于捕食关系，图甲表示竞争
关系，错误；B 项：牛和羊之间相互争夺营养物质、生存空间等，因此，牛和
羊的关系为竞争关系，图甲表示竞争关系，正确；C 项：大豆为根瘤菌提供能
量和安全的生长环境，根瘤菌将空气中的氮转化为大豆能吸收的含氮物质，因此，
大豆和根瘤菌的关系属于互利共生关系，图乙表示捕食关系，错误；D 项：杂
草和庄稼之间相互争夺营养物质、生存空间等，因此，杂草和庄稼的关系为竞争
关系，图乙表示捕食关系，错误。故正确答案为B。
9.A 项：根据生态系统碳循环的特点，生产者通过光合作用从环境中吸收利
用二氧化碳，再通过呼吸作用向环境中释放二氧化碳，生产者和环境之间可进行
直接的碳交换，结合上图特点，可知④和⑤是生产者和环境，因为生产者是食物
链能量和物质流动的起点，从图中可以看出⑤不符合生产者的特点，故④是生产
者，⑤是环境，错误；B 项：根据光合作用的定义，光合作用过程中的碳流动
方向是由环境流向生产者，但是图示Ⅰ箭头指示方向不正确，表示光合作用的应
该是Ⅱ，错误；C 项：根据食物链的特点，结合题干信息和A 项的分析，可知
④①②是一个完整的食物链，即生产者初级消费者次级消费者，②在缺氧环境下
进行呼吸作用，是在乳酸菌的作用下生成乳酸，而不是酒精，错误；D 项：根
据上述分析可知，④①②构成食物链，食物链是能量传递的途径，能量传递的特
点是单向传递，逐级递减，正确。故正确答案为D。
10.A 项：根据图示可知，鹰和蛇均以鼠为食，同时鹰也会捕食蛇，故鹰和
蛇之间既有竞争关系也有捕食关系，错误；B 项：根据图示可知，该食物网中
有3 条食物链，即草兔鹰、草鼠鹰、草鼠蛇鹰，错误；C 项：如果草吸收了有
毒物质，由于有毒物质沿着食物链不断地积累，营养级越高的生物体，其体内有
毒物质的含量越高，图中鹰处于最高营养级，故鹰体内的有毒物质相对含量最高，
正确；D 项：根据图示可知，该食物网中包含鼠、兔和鹰的食物链有草兔鹰、
草鼠鹰，若短期内鼠的数量减少，则原来以鼠为食的鹰，现在以兔为食，那么兔
的数量就会减少，如果兔的数量不充足，那么鹰的数量也会减少，错误。故正
确答案为C。
11.由食物网可知，海豹捕食企鹅，那么两者属于捕食关系，同时海豹和企
鹅都以大鱼为食，两者属于竞争关系，故D 项正确。故正确答案为D。
12.生物富集作用是指生态系统中的一些有害物质（如重金属、化学农药等），
通过食物链在生物体内不断积累的现象。因为这些有害物质具有不易分解的特
点，会在生物体内积累而不易排出，所以随着营养级的升高而不断积累，危害最
大的是这一食物链的最高级消费者。由表格数据可以推出这些生物组成的食物链
为：甲丙乙丁。故正确答案为A。
13.A、C 两项错误，草、鼠和蛇三种生物中，鼠吃草籽或草根，蛇吃鼠。食
物链可表示为：草鼠蛇，由于它们之间的捕食关系，使这三种生物的数量变化相
553
互关联。B 项错误，生态系统具有一定的自动调节能力，人过度捕蛇，鼠的天
敌大量减少，食物充足就会大量繁殖，导致鼠的数量短期内增多。D 项正确，
生态系统具有一定的自动调节能力，从图中看出该生态系统中生物数量会在一定
范围内变化，维持相对稳定的动态平衡状态。故正确答案为D。
14.A 项，一个生态系统必须包含生物部分和非生物部分才能维持运作，其
中生物部分一定需要生产者和分解者，而不一定要有消费者，消费者的存在只是
加快了能量流动和物质循环，错误；B 项，生态系统是由生物部分和非生物部
分共同组成的，非生物部分（即无机环境）指的是阳光、水、温度、土壤、岩石
和空气等，正确；C 项，在生物群落和无机环境之间，碳元素主要以二氧化碳
的形式流动（呼吸作用和光合作用）；而在生物群落内部，碳元素主要以含碳有
机物的形式流动，错误；D 项，一般情况下，一个生态系统中数量最少的生物
是食肉动物，食肉动物属于消费者，而不是分解者，错误。故正确答案为B。
15．A 项，蚯蚓以落叶、枯草等腐败有机物为食，属于分解者，能将生态系
统中的有机物分解成二氧化碳、水和无机盐等无机物，供给绿色植物再利用。因
此，蚯蚓以枯枝落叶为食，可以促进生态系统的物质循环，正确；B 项，食物
链和食物网中的各种生物之间存在着相互依赖、相互制约的关系。青蛙捕捉农业
害虫，在生态平衡中起着重要的作用，正确；C 项，动物能够帮助植物传粉，
使这些植物顺利地繁殖后代，如蜜蜂采蜜。动物还能够帮助植物传播果实和种子，
有利于扩大植物的分布范围，正确；D 项，生态系统具有一定的自动调节能力，
但这种调节能力是有一定限度的。如果外界干扰超过了这个限度，生态系统就会
遭到破坏。如果大量增加草原上羊的数量，就会严重破坏草原植被，造成土地沙
化，草原生态系统的稳定性就会遭到破坏，错误。本题为选非题，故正确答案
为D。
16.根瘤菌和豆科植物为共生关系，A、C 两项均错误；氮元素是蛋白质的组
成元素之一，因此含氮化合物对合成蛋白质有利，B 项正确；氮气无法被植物直
接吸收利用，因此需要转化为含氮化合物，D 项错误。故正确答案为B。
17.生态系统由生物部分和非生物部分组成，非生物部分即无机环境，包括
水、空气、阳光等，生物部分包括生产者、消费者、分解者，但需要注意的是，
一个生态系统中的生物部分只需要生产者和分解者就可以维持运作。A 项：包
含无机环境，草与树是生产者，缺少分解者，错误；B 项：包含无机环境，草
是生产者，蚯蚓是分解者，满足生态系统的条件，正确；C 项：草是生产者，
鸡和黄鼠狼是消费者，缺少分解者和无机环境，错误；D 项：鸡、黄鼠狼、狐
狸都是消费者，缺少无机环境、生产者和分解者，错误。故正确答案为B。
18. 在一定的空间范围内，生物与环境所形成的统一整体叫做生态系统。生
态系统由生物部分和非生物部分共同组成。A 项：某城市中所有的人只是该空间
中所有生物体的一部分，生物部分还应包括其它动物、植物、微生物等，错误；
B 项：某湖泊中所有的鱼只是该空间中所有生物体的一部分，生物部分还应包括
其它浮游动物、水生植物等，水只是该空间中非生物体的一部分，非生物部分还
应包括氧气、阳光等，错误；C 项：某沙漠中所有的生物部分和非生物部分共同
组成该沙漠生态系统，正确；D 项：某森林中所有的植物只是该空间中所有生物
体的一部分，生物部分还应包括动物、昆虫、微生物等，土地、氧气、二氧化碳
只是该空间中非生物体的一部分，非生物部分还应包括无机盐、阳光等，错误。
故正确答案为C。
19. A 项：食物网由食物链组成，食物链起始于生产者终止于消费者，不包
554
括分解者和非生物部分，错误；B 项：由图可知，有单向箭头由物种M 指向物
种P，说明物种P 以物种M 为食，故物种P 不是生产者，错误；C 项：由图可知，
物种O 以物种P 为食，二者为捕食关系，同时物种O 和物种P 均以物种M 为食，
二者为竞争关系，所以物种O 和物种P 之间既是捕食关系又是竞争关系，错误；
D 项：由图可知，物种N 以物种P 为食，二者为捕食关系，同时物种N 和物种P
均以物种M 为食，二者为竞争关系，所以物种N 和物种P 之间既是捕食关系又是
竞争关系，正确。故正确答案为D。
20. 食物链的起点是生产者，并且只包括生产者和消费者，所以一个有四个
营养级的食物链关系应该是生产者初级消费者次级消费者三级消费者，所以A、
B、D 三项均错误，C 项正确。故正确答案为C。
21.在国家政策和相关法规的保障下，大熊猫的保护工作取得了显著的成效。我
国科研工作者对某山系的大熊猫种群数量先后进行了多次野外普查，其中，第三
次普查和第四次普查的栖息地变化如图所示。下列叙述错误的是（
）
A．大熊猫的生活环境复杂，不适宜采用标记重捕法统计野生大熊猫的数量
B．栖息地的改变会影响该区域大熊猫的环境容纳量
C．栖息地的改变可提高大熊猫种群的遗传多样性
D．大熊猫栖息地的改善，会导致当地大熊猫的种群数量呈“J”型增长
【答案】D
【详解】A 、大熊猫活动范围广、生活环境复杂，且个体数量相对较少，标记重
捕法可能会对其造成较大干扰，也难以准确统计，所以不适宜采用标记重捕法统
计野生大熊猫的数量，A 正确；
B、栖息地是大熊猫生存的基础，栖息地的改变，如面积减少、质量下降等，会
影响该区域大熊猫的食物资源、生存空间等，进而影响环境容纳量，B 正确；
C、栖息地的改变可能会导致大熊猫种群被分割成不同的小种群，在不同的环境
选择压力下，可能会促进种群的遗传分化，提高遗传多样性，C 正确；
D、大熊猫栖息地的改善，只是为其种群数量增长提供了更好的条件，但由于存
在食物、空间等多种限制因素，当地大熊猫的种群数量不会呈“J”型增长，而
是呈“S”型增长，D 错误。
故选D。
22.某同学在甲、乙两个植物群落中设置样方调查其特征，样方中植物的物种数
随样方面积扩大而逐渐增加，但样方面积扩大到一定程度后物种数的变化明显趋
缓（如图所示），此时对应的样方面积（a 和b）通常称为最小面积。下列叙述
错误的是（
）
555
A．最小面积样方中应包含群落中绝大多数的物种
B．与甲相比，乙群落的物种丰富度较高，调查时最小面积更大
C．调查甲群落的物种丰富度时，设置的样方面积应不小于a
D．调查乙群落中植物的种群密度时，针对每种植物设置的样方面积应不小于
b
【答案】D
【分析】最小面积是指能包含群落中绝大多数物种的最小样方面积。当样方面积
扩大到该值后，物种数变化趋缓，说明已涵盖群落主要物种。图中a、b 分别为
甲、乙群落的最小面积。
【详解】A、最小面积的定义就是能包含群落中绝大多数物种的样方面积，此时
再扩大样方面积，新增物种极少，A 正确；
B、乙群落的最小面积b 大于甲群落的a，说明乙群落物种更丰富（需要更大样
方面积才能包含绝大多数物种），物种丰富度越高，调查所需的最小面积越大，
B 正确；
C、调查甲群落的物种丰富度时，需至少使用最小面积a 的样方，才能保证涵盖
绝大多数物种，避免漏测，若样方面积小于a，可能无法反映群落真实物种组成，
C 正确；
D、最小面积b 是针对乙群落物种丰富度调查的标准，而种群密度调查需根据不
同物种的分布特征设置合适样方面积，并非所有物种都需不小于b 的样方面积，
D 错误。
故选D。
23.种群数量受出生率、死亡率、迁入率和迁出率的影响，任何能够引起这些特
征变化的生物和非生物因素，如光照、水分、温度、食物、年龄结构和性别比例
等，都会影响种群的数量。下列叙述正确的是（
）
A．自然种群中的个体可以迁入和迁出，种群数量的变化不受种群密度的制约
B．光照、水分、温度和食物等因子的变化都能够引起种群环境容纳量的变化
C．幼年、成年和老年个体数量大致相等的种群，其数量可以保持稳定性增长
D．种群中不同年龄个体的数量和雌雄比例都能影响种群的出生率和死亡率
【答案】B
【分析】种群的数量特征包括出生率和死亡率、迁入率和迁出率、年龄结构和性
别比例等。生物因素和非生物因素都会影响种群数量的变化。
【详解】A、自然种群中的个体可以迁入和迁出，种群数量的变化会受种群密度
的制约。当种群密度过大时，种内竞争加剧，会影响出生率、死亡率、迁入率和
迁出率，从而影响种群数量，A 错误；
B、环境容纳量（K 值）由资源、空间、气候等非生物因素决定。光照、水分、
温度和食物等因子的变化会直接改变资源供给或生存条件，从而引起K 值变化，
556
B 正确；
C、幼年、成年和老年个体数量大致相等的种群，其年龄结构为稳定型，种群数
量应该保持相对稳定，而不是稳定性增长，C 错误；
D、种群中不同年龄个体的数量（年龄结构）能影响种群的出生率和死亡率，性
别比例主要影响种群的出生率，一般不影响死亡率，D 错误。
故选B。
24.在国家和地方政府的大力保护下，中国境内亚洲象数量明显增加。2002-2023
年西双版纳野象谷亚洲象种群数量调查结果如图。
下列说法错误的是（
）
A．可使用红外触发相机调查亚洲象种群数量
B．2016-2017 年，该种群新出生3 头亚洲象
C．2021-2022 年，亚洲象种群增长率为3%
D．亚洲象种群数量增长至K 值后仍然会波动
【答案】B
【分析】调查种群密度的方法：
（1）样方法：适用于活动范围小，活动能力弱的动物和植物。
（2）标记重捕法：适用于活动范围大，活动能力强的动物。
（3）红外触发相机：适用于体积大，数量少的恒温动物。
【详解】A、红外触发相机可以在不干扰亚洲象的情况下对其进行监测和记录，
能够较为准确地统计亚洲象的种群数量等信息，所以可使用红外触发相机调查亚
洲象种群数量，A 正确；
B、种群数量的变化不仅取决于出生，还与死亡、迁入和迁出等因素有关，仅从
所给的种群数量数据，不知道这期间亚洲象的死亡数量等其他信息，不能仅仅根
据两年的种群数量差值就确定新出生的亚洲象数量，2016-2017 年种群数量从60
增加到63，但这3 的差值不一定都是新出生个体数量，B 错误；
C、种群增长率=增长数量/初始数量×100%，2021 年亚洲象种群数量为100，2022
年为103，增长数量为103-100=3，初始数量为100，则种群增长率为3/100×
100%=3% ，C 正确；
D、在自然生态系统中，种群数量增长至K 值后，由于受到环境因素（如食物、
天敌、气候等）的影响，种群数量仍然会在K 值上下波动，D 正确。
故选B。
557
25.为调查某自然保护区动物资源现状，研究人员利用红外触发相机记录到多种
动物，其中豹猫、猪獾在海拔分布上重叠度较高。下列叙述错误的是（
）
A．建立自然保护区可对豹猫进行最有效保护
B．该保护区的豹猫和猪獾处于相同的生态位
C．红外触发相机能用于调查豹猫的种群数量
D．食物是影响豹猫种群数量变化的密度制约因素
【答案】B
【分析】调查动物种群密度的常用方法，如样方法，标记重捕法，往往需要直接
观察或捕捉个体。在调查生活在荫蔽、复杂环境中的动物，特别是猛禽和猛兽时，
这些方法就不适用了，可通过红外触发相机、粪便等进行调查。
【详解】A、建立自然保护区属于就地保护，是对生物多样性最有效的保护措施，
所以对豹猫进行最有效保护的方式是建立自然保护区，A 正确；
B、虽然豹猫和猪獾在海拔分布上重叠度较高，但生态位是指一个物种在群落中
的地位或作用，包括所处的空间位置、占用资源情况以及与其他物种的关系等。
不同物种通常具有不同的生态位，即使在空间分布上有重叠，它们在食物、行为
等方面也可能存在差异，所以豹猫和猪獾不可能处于相同的生态位，B 错误；
C、红外触发相机可以在不干扰动物的情况下，对一定区域内的豹猫进行拍摄记
录，通过对拍摄到的个体进行识别和统计等方法，能够用于调查豹猫的种群数量，
C 正确；
D、密度制约因素是指影响种群数量变化的因素，其作用强度与种群密度有密切
关系。食物的多少会随着豹猫种群密度的变化而对豹猫种群数量产生影响，当种
群密度增大时，食物相对不足，会限制种群数量增长，所以食物是影响豹猫种群
数量变化的密度制约因素，D 正确。
故选B。
26.样方法是种群密度调查的常用方法，下列类群中最适用该方法调查种群密度
的是（
）
A．跳蝻、蕨类植物、挺水植物
B．灌木、鱼类、浮游植物
C．蚜虫、龟鳖类、土壤小动物
D．鸟类、酵母菌、草本植物
【答案】A
【分析】样方法是估算种群密度最常用的方法之一（1）概念：在被调查种群的
分布范围内，随机选取若干个样方，通过计数每个样方内的个体数，求得每个样
方的种群密度，以所有样方法种群密度的平均值作为该种群的种群密度估计值。
（2）适用范围：植物种群密度，昆虫卵的密度，蚜虫、跳蝻的密度等。
【详解】A、蕨类植物、挺水植物等植物，以及跳蝻这种活动能力弱、活动范围
小的动物都适合用样方法调查种群密度，A 正确；
B、鱼类是活动能力强、活动范围大的动物，不适合用样方法调查种群密度，B
错误；
C、土壤小动物有较强的活动能力，而且身体微小，不适合用样方法调查种群密
度，龟鳖类活动能力强，活动范围大，不适合用样方法调查种群密度，C 错误；
D、鸟类是活动能力强、活动范围大的动物，不适合用样方法调查种群密度；酵
母菌细胞微小，用血细胞计数板调查种群密度，D 错误。
故选A。
558
考点03
群落的结构
27.凤眼蓝原产于美洲，最初作为观赏花卉引入我国。数十年后，凤眼蓝逃逸到
野外，在湖泊、河流蔓延，造成河道堵塞、水生生物死亡，变成外来入侵种。关
于此现象，下列叙述错误的是（
）
A．外来物种可影响生态系统，但不一定都成为外来入侵种
B．凤眼蓝生物量的快速增长，有利于水生生态系统的稳定
C．凤眼蓝扩散到湖泊、河流，改变了水生生态系统的结构
D．凤眼蓝蔓延侵害土著生物，影响群落内物种的相互关系
【答案】B
【分析】生态系统的结构包括组成成分和食物链、食物网，组成成分包括生产者、
消费者、分解者和非生物的物质和能量，营养结构（食物链、食物网）越复杂，
生态系统越稳定。
【详解】A、外来物种进入新的生态系统后，有的可能被生态系统中的生物和环
境所制约，不会大量繁殖破坏生态平衡，所以不一定都成为外来入侵种，A 正确；
B、凤眼蓝作为外来入侵种，其生物量快速增长会占据大量空间和资源，导致其
他水生生物生存空间和资源减少，造成河道堵塞、水生生物死亡，不利于水生生
态系统的稳定，B 错误；
C、凤眼蓝扩散到湖泊、河流，大量繁殖改变了原有的生物种类和数量分布，进
而改变了水生生态系统的结构，C 正确；
D、凤眼蓝蔓延会与土著生物竞争资源等，侵害土著生物，从而影响群落内物种
的相互关系，比如种间竞争、捕食等关系，D 正确。
故选B。
28.为更好地保护草原生态系统，有人对某草原两种鼠类及其天敌的昼夜相对活
动频次进行统计，结果如下图。下列推断不合理的是（
）
A．子午沙鼠的昼夜活动节律主要受到了兔狲的影响
B．两种鼠类的活动节律显示它们已发生生态位分化
C．两种天敌间的竞争比两种沙鼠间的竞争更为激烈
D．一定数量的兔狲和赤狐有利于维持草原生态平衡
【答案】A
【分析】1、生态位是指一个物种在群落中的地位或作用，包括所处的空间位置、
占用资源情况以及与其他物种的关系等。生态位是一个物种的食物、习性、栖
息地等生活要素的集合。种内竞争导致该物种的生态位变宽，竞争越强则生态位
较宽的可能性越大；种间竞争导致生态位的分离，或者一种物种被淘汰，理论上
559
只有这两种情况，而实际上则不是，如两物种生态位重叠，但资源十分丰富，则
这两物种也能共同存活。
2、种间关系是指不同物种种群之间的相互作用所形成的关系，两个种群的相互
关系可以是间接地，也可以是直接的相互影响，这种影响可能是有害的，也可能
是有利的。
【详解】A、子午沙鼠是夜行性，兔狲主要是昼间和夜间活动，二者活动时间重
叠少，子午沙鼠的昼夜活动节律主要不是受兔狲的影响，A 不合理；
B、大沙鼠（晨昏活动）和子午沙鼠（夜间活动）活动时间不同，生态位分化
（减少竞争），B 合理；
C、兔狲（主要是昼间和夜间活动活动）和赤狐（夜间）活动时间重叠多，竞争
食物等资源更激烈；两种鼠活动时间差异大，竞争弱，C 合理；
D、兔狲和赤狐捕食鼠类，控制鼠种群数量，利于维持草原生态平衡，D 合理。
故选A。
29.食物链可以跨越不同生境（如图）。下列分析正确的是（
）
A．蜜蜂和油菜之间是互利共生关系
B．鱼在该食物链中属于四级消费者
C．增加鱼的数量可使池塘周边的油菜籽增产
D．将水陆生境联系成一个整体的关键种是鱼
【答案】C
【分析】群落的种间关系中有捕食、种间竞争、寄生和互利共生等，其中种间竞
争是两种或两种以上生物相互争夺资源和空间等；捕食是一种生物以另一种生物
为食；寄生是一种生物寄居于另种生物的体内或体表，摄取寄主的养分以维持生
活；互利共生是两种生物共同生活在一起，相互依赖，彼此有利。
【详解】A、分析题意可知，蜜蜂通过采蜜为油菜传粉，帮助油菜完成繁殖，油
菜则为蜜蜂提供食物等条件，两者之间存在捕食和原始合作关系（蜜蜂和油菜共
同生活在一起时，双方都受益，但分开后，各自也能独立生活），A 错误；
B、该食物链是油菜→蜜蜂→蜻蜓→鱼，鱼在该食物链中属于第四营养级，三级
消费者，B 错误；
C、一定范围内，增加鱼的数量能够减少蜻蜓数目，蜻蜓数量减少会对蜜蜂的捕
食减少，则蜜蜂数量增加，利于为油菜传粉，帮助油菜完成繁殖，使池塘周边的
油菜籽增产，C 正确；
D、分析题意，食物链可以跨越不同生境，结合图示可知，蜻蜓的幼虫生活在水
中，而成虫可生活在陆地，是将水陆生境联系成一个整体的关键种，D 错误。
故选C。
560
30.草地蘑菇圈是大量蘑菇呈圈带状分布的一种生态现象（如图）。通过对圈上、
圈内和圈外的植物和土壤进行调查分析，可揭示蘑菇圈形成对草地群落和土壤的
影响。下列叙述错误的是（
）
A．调查草地上植物和土壤分别采用样方法和取样器取样法
B．圈上植物长得高呈现明显的圈带形成草地群落垂直结构
C．蘑菇菌丝促进土壤有机质分解使圈上土壤速效养分增加
D．圈上植物种群的优势度增加可影响草地群落的物种组成
【答案】B
【分析】群落的空间结构分为垂直结构和水平结构：（1）群落的垂直结构：指
群落在垂直方面的配置状态，其最显著的特征是分层现象，即在垂直方向上分成
许多层次的现象。影响植物群落垂直分层的主要因素是光照，影响动物群落垂直
分层的主要因素为食物和栖息空间。（2）群落水平结构：在水平方向上，由于
地形的起伏、光照的阴暗、湿度的大小等因素的影响，不同地段往往分布着不同
的种群，种群密度也有差别。群落水平结构的特征是镶嵌性。镶嵌性即植物种类
在水平方向不均匀配置，使群落在外形上表现为斑块相间的现象。
【详解】A、植物无活动能力，调查通常采用样方法；土壤调查则常用取样器取
样法（如采集土壤小动物或分析土壤成分），A 正确；
B、垂直结构是指群落分层现象（如乔木层、灌木层、草本层等），而圈上植物
呈圈带状分布，是空间分布差异，属于群落的水平结构，B 错误；
C、蘑菇属于分解者，其菌丝可通过分解作用加速有机质降解，释放速效养分（如
氮、磷等），C 正确；
D、优势度高的植物可能竞争资源（如光照、水分），从而改变其他物种的分布
或数量，D 正确。
故选B。
考点04
群落的演替及影响因素
31.群落演替理论为实施自然保护和生态修复提供了科学依据，关于演替，下列
说法错误的是（
）
A．森林火灾后发生的演替属于初生演替
B．科学合理的人工造林可加快演替的速度
C．优势种改变是判断群落演替的标志之一
D．环境变化是诱发演替的主要因素之一
【答案】A
【分析】初生演替是指在一个从来没有被植物覆盖的地面，或者是原来存在过植
被、但被彻底消灭了的地方发生的演替。次生演替是指在原有植被虽已不存在，
但原有土壤条件基本保留，甚至还保留了植物的种子或其他繁殖体（如能发芽的
地下茎）的地方发生的演替。人类活动可以影响演替的方向和速度。
【详解】A、森林火灾后，原有植被虽被破坏，但原有土壤条件基本保留，还保
留了植物的种子或其他繁殖体，所以发生的演替属于次生演替，A 错误；
561
B、人类活动可以影响演替的方向和速度，科学合理的人工造林等人类活动能加
快群落演替的速度，B 正确；
C、在群落演替过程中，优势种会发生改变，优势种的改变是判断群落演替的标
志之一，C 正确；
D、环境变化，如气候变化、火灾、洪水等，是诱发群落演替的主要因素之一，D
正确。
故选A。
32.黄河流域是我国重要的生态屏障和经济地带，研究和保护黄河湿地生物多样
性意义重大。某区域黄河湿地不同积水生境中植物物种的调查结果如图。下列叙
述错误的是（
）
A．永久性积水退去后的植物群落演替属于次生演替
B．积水生境中的植物具有适应所处非生物环境的共同特征
C．积水频次和积水量均可以影响湿地生态系统的抵抗力稳定性
D．影响季节性水涝生境中植物物种数量的关键生态因子属于密度制约因素
【答案】D
【分析】初生演替是指在一个从来没有被植物覆盖的地面，或者原来存在过植被
但被彻底消灭了的地方发生的演替；次生演替是指在一个从来没有被植物覆盖的
地面，或者是原来存在过植被、但被彻底消灭了的地方发生的演替。
【详解】A、永久性积水生境中有生物群落，永久性积水退去后的植物群落演替
属于次生演替，A 正确；
B、积水生境中的植物能够生存，说明具有适应所处非生物环境的共同特征，如
具有发达的通气组织，用于储存和运输氧气，缓解低氧胁迫，B 正确；
C、积水频次和积水量均可以影响植物种类，从而影响湿地生态系统的抵抗力稳
定性，C 正确；
D、影响季节性水涝生境中植物物种数量的关键生态因子，如积水深度、淹水持
续时间等属于非密度制约因素，其作用强度与植物种群密度无关，D 错误。
故选D。
33.塞罕坝曾森林茂密，后来由于人类活动破坏而逐渐变成荒原。上世纪60 年代
以来，林业工人不断努力，种植了华北落叶松等多种树木，如今已将森林覆盖率
提高到75%以上，成为人类改善自然环境的典范。下列叙述错误的是（
）
A．塞罕坝造林经验可推广到各类荒原的治理，以提高森林覆盖率
B．植树造林时要尽量种植多种树木，以利于提高生态系统稳定性
C．塞罕坝的变化说明，人类活动可以影响群落演替的进程和方向
D．与上世纪60 年代相比，现在塞罕坝生态系统的固碳量大幅增加
【答案】A
【分析】生态系统的稳定性是生态系统所具有的保持或恢复自身结构和功能相对
562
稳定的能力，原因：生态系统具有一定的自我调节能力；调节基础：负反馈调节。
群落是一个动态系统，是不断发展变化的；随着时间的推移一个群落被另一个群
落代替的过程称为群落演替；人类活动往往会使群落演替按照不同于自然演替的
速度和方向进行。
【详解】A、不同荒原的环境条件（如气候、土壤等）差异较大，塞罕坝的造林
经验基于当地特定条件，不能直接推广到所有类型的荒原治理，A 错误；
B、增加物种多样性可提高生态系统的抵抗力稳定性，种植多种树木符合这一原
理，B 正确；
C、人类活动（如植树造林）能改变群落演替的速度和方向，塞罕坝的恢复是典
型实例，C 正确；
D、森林覆盖率的提高意味着生产者（如华北落叶松）数量增加，光合作用固定
CO₂ 的能力增强，生态系统的总固碳量必然增加，D 正确；
故选A。
34.某湿地公园出现大量由北方前来越冬的候鸟，下列说法正确的是（
）
A．候鸟前来该湿地公园越冬的信息传递只发生在鸟类与鸟类之间
B．鸟类的到来改变了该湿地群落冬季的物种数目，属于群落演替
C．来自不同地区鸟类的交配机会增加，体现了生物多样性的间接价值
D．湿地水位深浅不同的区域分布着不同的鸟类种群，体现了群落的垂直结构
【答案】C
【分析】群落的结构包括水平结构、垂直结构和时间结构。
【详解】A、候鸟前来该湿地公园越冬的信息传递不仅发生在鸟类与鸟类之间，
还发生在鸟类与其他生物之间，鸟类与环境之间，A 错误；
B、鸟类在特定的时间到来体现的是群落的时间结构，不属于群落演替，B 错误；
C、湿地公园出现大量由北方前来越冬的候鸟，使得来自不同地区鸟类的交配机
会增加，从而增加了遗传多样性，体现了生物多样性的间接价值，C 正确；
D、湿地水位深浅不同的区域，由于不同区域环境不同，因此分布着不同的鸟类
种群，体现了群落的水平结构，D 错误。
故选C。
35.群落演替指一个群落替代另一个群落的过程，包括初生演替和次生演替。下
列实例属于初生演替的是（
）
A．裸岩的表面长出地衣
B．草原过度放牧后出现大片裸地
C．荒草地改造成荷花塘
D．云杉林被大量砍伐后杂草丛生
【答案】A
【分析】群落的演替包括初生演替和次生演替。在一个从来没有过植被或者原来
存在过植被，但被彻底消灭了的地方开始初生演替，如火山岩（裸岩）、冰川泥
上的演替；在原有植被虽已不存在，但是保留原有土壤条件，甚至种子或其他繁
殖体的地方开始次生演替，如从过量砍伐的森林开始的演替、从弃耕荒废的农田
开始的演替、火灾过后的草原开始的演替。
【详解】A、在一个从来没有过植被或者原来存在过植被，但被彻底消灭了的地
方开始初生演替，裸岩的表面长出地衣属于初生演替，A 正确；
BCD、在原有植被虽已不存在，但是保留原有土壤条件，甚至种子或其他繁殖体
的地方开始次生演替，草原过度放牧后出现大片裸地、荒草地改造成荷花塘、云
563
杉林被大量砍伐后杂草丛生都属于次生演替，BCD 错误。
故选A。
36.凤眼蓝原产于美洲，最初作为观赏花卉引入我国。数十年后，凤眼蓝逃逸到
野外，在湖泊、河流蔓延，造成河道堵塞、水生生物死亡，变成外来入侵种。关
于此现象，下列叙述错误的是（
）
A．外来物种可影响生态系统，但不一定都成为外来入侵种
B．凤眼蓝生物量的快速增长，有利于水生生态系统的稳定
C．凤眼蓝扩散到湖泊、河流，改变了水生生态系统的结构
D．凤眼蓝蔓延侵害土著生物，影响群落内物种的相互关系
【答案】B
【分析】生态系统的结构包括组成成分和食物链、食物网，组成成分包括生产者、
消费者、分解者和非生物的物质和能量，营养结构（食物链、食物网）越复杂，
生态系统越稳定。
【详解】A、外来物种进入新的生态系统后，有的可能被生态系统中的生物和环
境所制约，不会大量繁殖破坏生态平衡，所以不一定都成为外来入侵种，A 正确；
B、凤眼蓝作为外来入侵种，其生物量快速增长会占据大量空间和资源，导致其
他水生生物生存空间和资源减少，造成河道堵塞、水生生物死亡，不利于水生生
态系统的稳定，B 错误；
C、凤眼蓝扩散到湖泊、河流，大量繁殖改变了原有的生物种类和数量分布，进
而改变了水生生态系统的结构，C 正确；
D、凤眼蓝蔓延会与土著生物竞争资源等，侵害土著生物，从而影响群落内物种
的相互关系，比如种间竞争、捕食等关系，D 正确。
故选B。
37.口袋公园是指在城市中利用零星空地建设的小型绿地，可满足群众就近休闲
需求，为群众增添身边的绿、眼前的美。下列分析错误的是（
）
A．大量口袋公园的建设有效增加了绿地面积，有助于吸收和固定CO2
B．适当提高口袋公园的植物多样性，可增强其抵抗力稳定性
C．口袋公园生态系统不具备自我调节能力，需依赖人工维护
D．从空地到公园，鸟类等动物类群逐渐丰富，加快了生态系统的物质循环
【答案】C
【分析】人们把生态系统维持或恢复自身结构与功能处于相对平衡状态的能力，
叫作生态系统的稳定性，负反馈调节在生态系统中普遍存在，它是生态系统具备
自我调节能力的基础。
【详解】A、植物通过光合作用吸收CO2，大量口袋公园建设增加绿地面积，有
助于吸收和固定CO2，A 正确；
B、生态系统的抵抗力稳定性与物种多样性呈正相关，植物多样性提高，营养结
构复杂，生态系统的抵抗力稳定性增强，B 正确；
C、任何生态系统都具备一定的自我调节能力，口袋公园生态系统也不例外，只
是相对较弱，可能需要一定的人工维护，C 错误；
D、从空地到公园，环境改变，鸟类等动物类群逐渐丰富，鸟类等动物为消费者，
消费者能加快生态系统的物质循环，D 正确。
故选C。
564
38.下图为某森林生态系统的部分食物网。下列叙述正确的是（
）
A．图中的生物及其非生物环境构成生态系统
B．野猪数量下降时，虎对豹的排斥加剧
C．图中的食物网共由6 条食物链组成
D．树木同化的能量约有10%~20%流入到野猪
【答案】B
【分析】生态系统的结构包括生态系统的组成成分和营养结构，而组成成分包括
非生物的物质和能量、生产者、消费者和分解者，营养结构是指食物链和食物网。
【详解】A、在一定的地域内生物与无机环境所形成的统一整体叫生态系统，，
图中只有部分食物网，图中的生物只有部分生产者和消费者，缺少分解者，所以
图中的生物及其非生物环境不能构成生态系统，A 错误；
B、野猪数量下降，虎和豹会竞争剩余的食物资源（如野兔、梅花鹿），竞争加
剧可能导致排斥加剧，B 正确；
C、分析题图可知，图中的食物网共由8 条食物链组成，分别是树木→野猪→虎、
树木→梅花鹿→虎、树木→梅花鹿→豹、草→野猪→虎、草→梅花鹿→虎、草→
梅花鹿→豹、草→野兔→虎、草→野兔→豹，C 错误；
D、能量传递效率是10%~20%，但这是指从一个营养级到下一个营养级的平均效
率，第一营养级不止包括树木，第二营养级不止包括野猪，相邻两营养级间的能
量传递效率为10%~20%，而不是树木与野猪间，D 错误。
故选B。
39.正确认识与理解生态系统的能量流动规律、对合理保护与利用生态系统有重
要意义。下列叙述正确的是（
）
A．提高传递效率就能增加营养级的数量
B．呼吸作用越大，能量的传递效率就越大
C．生物量金字塔也可以出现上宽下窄的情形
D．能流的单向性决定了人类不能调整能流关系
【答案】C
【分析】生态金字塔是指各个营养级之间的数量关系，这种数量关系可采用生物
量单位、能量单位和个体数量单位，采用这些单位所构成的生态金字塔就分别称
为生物量金字塔、能量金字塔和数量金字塔。一般而言，生态金字塔呈现正金字
塔形。
【详解】A、能量传递效率一般是固定的，为10%-20%，不能提高，而且营养级
的数量主要取决于生态系统中的能量总量等因素，而不是传递效率，A 错误；
B、摄入量=同化量+粪便，同化量=呼吸作用散失+用于自身生长发育和繁殖的能
量，而传递效率等于相邻两营养级同化量之比，与呼吸作用无直接关系，呼吸作
用越大，则用于生长发育繁殖的能量就越少，B 错误；
565
C、生物量金字塔是按照各营养级生物的总生物量绘制而成的金字塔，在一些特
殊情况下，比如海洋生态系统中，由于浮游植物个体小、寿命短，且不断被浮游
动物捕食，可能会出现生物量金字塔上宽下窄的情形，C 正确；
D、人类可以通过合理调整生态系统中的能量流动关系，使能量持续高效地流向
对人类最有益的部分，比如合理确定草场的载畜量、对农作物进行合理密植等，
D 错误。
故选C。
40.塞罕坝曾森林茂密，后来由于人类活动破坏而逐渐变成荒原。上世纪60 年代
以来，林业工人不断努力，种植了华北落叶松等多种树木，如今已将森林覆盖率
提高到75%以上，成为人类改善自然环境的典范。下列叙述错误的是（
）
A．塞罕坝造林经验可推广到各类荒原的治理，以提高森林覆盖率
B．植树造林时要尽量种植多种树木，以利于提高生态系统稳定性
C．塞罕坝的变化说明，人类活动可以影响群落演替的进程和方向
D．与上世纪60 年代相比，现在塞罕坝生态系统的固碳量大幅增加
【答案】A
【分析】生态系统的稳定性是生态系统所具有的保持或恢复自身结构和功能相对
稳定的能力，原因：生态系统具有一定的自我调节能力；调节基础：负反馈调节。
群落是一个动态系统，是不断发展变化的；随着时间的推移一个群落被另一个群
落代替的过程称为群落演替；人类活动往往会使群落演替按照不同于自然演替的
速度和方向进行。
【详解】A、不同荒原的环境条件（如气候、土壤等）差异较大，塞罕坝的造林
经验基于当地特定条件，不能直接推广到所有类型的荒原治理，A 错误；
B、增加物种多样性可提高生态系统的抵抗力稳定性，种植多种树木符合这一原
理，B 正确；
C、人类活动（如植树造林）能改变群落演替的速度和方向，塞罕坝的恢复是典
型实例，C 正确；
D、森林覆盖率的提高意味着生产者（如华北落叶松）数量增加，光合作用固定
CO₂ 的能力增强，生态系统的总固碳量必然增加，D 正确；
故选A。
41.（多选）某人擅自在一湖泊中“放生”大量鲶鱼。短期内鲶鱼大量死亡，导
致水质恶化，造成生态资源损失，此人被判承担相关责任。下列叙述正确的是
（
）
A．鲶鱼同化的能量可用于自身生长发育繁殖
B．鲶鱼死亡的原因可能是水体中氧气不足
C．鲶鱼死亡与水质恶化间存在负反馈调节
D．移除死鱼有助于缩短该湖泊恢复原状的时间
【答案】ABD
【分析】正反馈：反馈信息与原输入信息起相同作用，使输出进一步增强的调节，
负反馈是生态系统、生物体内环境稳态调节等过程中常见的一种调节机制，核
心是系统输出反过来抑制系统输入，让系统保持稳定。
【详解】A、鲶鱼同化的能量包括呼吸消耗和用于自身生长、发育、繁殖的部分，
A 正确；
B、短期内大量鲶鱼导致水体溶解氧被迅速消耗，可能因缺氧死亡，B 正确；
566
C、鲶鱼死亡导致水质恶化，进一步加剧死亡，属于正反馈而非负反馈调节，C
错误；
D、移除死鱼可减少分解者耗氧和污染物积累，加速生态恢复，D 正确。
故选ABD。
42.被誉为“太行新愚公”的李保国在太行山区摸索出了一种成功的生态经济沟
建设模式——山顶种植水土保持林、山腰种植干果林和山脚种植水果林，切实践
行了“绿水青山就是金山银山”的理念。下列叙述错误的是（
）
A．山顶、山腰和山脚不同林种的布局体现了群落的垂直结构
B．生态经济沟的建设提高了当地的生态效益和经济效益
C．该模式体现了生物与环境的协调与适应
D．生态经济沟的建设促进了人与自然的和谐发展
【答案】A
【分析】在群落中，各个生物种群分别占据了不同的空间，使群落形成一定的空
间结构。群落的空间结构包括垂直结构和水平结构等。在垂直方向上，大多数
群落都具有明显的垂直结构分层现象，水平结构呈镶嵌分布。
【详解】A 、山顶、山腰和山脚不同林种的布局是由于地形的不同导致的，体现
的是群落的水平结构，而不是垂直结构，垂直结构强调的是同一地点在垂直方向
上的分层，A 错误；
B、生态经济沟通过合理的种植布局，既保持了水土，又能收获林果，提高了当
地的生态效益和经济效益，B 正确；
C、山顶种植水土保持林适合山顶易水土流失的环境，山腰种植干果林、山脚种
植水果林，这种模式根据不同的地形和环境条件选择合适的树种，体现了生物与
环境的协调与适应，C 正确；
D、生态经济沟的建设既保护了生态环境，又能带来经济收益，促进了人与自然
的和谐发展，D 正确。
故选A。
43.江苏某地运用生态修复工程技术，将废弃矿区建设成为中国最美的乡村湿地
之一。下列相关叙述错误的是（
）
A．先从非生物因素入手，改善地貌条件、治理水体污染、修建引水工程
B．构建适合本地、结构良好的植被体系，提高生产者的生物量
C．生态修复工程调整了生态系统的营养结构
D．建设合理景观，综合提高其经济、生态等生物多样性的直接价值
【答案】D
【分析】生态恢复工程指通过研究生态系统退化的原因，利用生态学、系统学、
工程学的方法实现退化生态系统恢复与重建，以使一个生态系统恢复到较接近其
受干扰前的状态的工程。
【详解】A、生态修复需优先改善非生物环境（如地貌、水体），为生物群落恢
复奠定基础，A 正确；
B、构建本地植被体系可提高生产者生物量，增强生态系统稳定性，B 正确；
C、生态修复通过调整物种组成，改变食物链和食物网结构，即调整营养结构，C
正确；
567
D、生态价值属于生物多样性的间接价值，而直接价值包括经济、美学等，D 错
误。
故选D。
44.为修复矿藏开采对土壤、植被等造成的毁坏，采用生态工程技术对矿区开展
生态修复。下列叙述错误的是（
）
A．修复首先要对土壤进行改良，为植物生长提供条件
B．修复应遵循生态工程的协调原理，因地制宜配置物种
C．修复后，植物多样性提升，丰富了动物栖息环境，促进了群落演替
D．修复后，生物群落能实现自我更新和维持，体现了生态工程整体原理
【答案】D
【分析】生态学原理：循环原理：通过系统设计实现不断循环，使前一个环节产
生的废物尽可能地被后一个环节利用，减少整个生产环节“废物”的产生。自生
原理：把很多单个生产系统通过优化组合，有机地整合在一起，成为一个新的高
效生态系统。整体原理：充分考虑生态、经济和社会问题。
【详解】A、矿区土壤常因开采导致污染、结构破坏或肥力低下，修复时需先改
良土壤（如去除污染物、补充养分等），为植物生长创造条件，A 正确；
B、协调原理要求生物与环境相适应，因地制宜选择本地物种（避免外来物种入
侵），符合生态修复的基本原则，B 正确；
C、植物多样性提升后，可为动物提供更多食物和栖息地，促进动物种类增加，
推动群落向更复杂、稳定的方向演替，C 正确；
D、生物群落的自我更新和维持体现的是​
​
自生原理​
​
（依赖物种多样性和
生态系统的内在调节能力），而整体原理强调整个系统的总体功能（自然、经济、
社会效益统一），D 错误。
故选D。
45.我国大熊猫保护工作已取得显著成效，但仍面临部分种群遗传多样性较低的
问题。下列措施中不属于保护大熊猫遗传多样性的是（
）
A．选繁殖能力强的个体进行人工繁育
B．建立基因库保存不同种群的遗传材料
C．建立生态走廊促进种群间基因交流
D．在隔离的小种群中引入野化放归个体
【答案】A
【分析】生物多样性的保护：（1）就地保护（自然保护区）：就地保护是保护
物种多样性最为有效的措施。（2）易地保护：动物园、植物园。（3）利用生物
技术对生物进行濒危物种的基因进行保护，如建立精子库、种子库等。（4）利
用生物技术对生物进行濒危物种进行保护，如人工授精、组织培养和胚胎移植等。
【详解】A、选择繁殖能力强的个体进行人工繁育，这种方式可能会导致种群基
因逐渐趋于一致，因为只注重了繁殖能力这一性状，而忽略了其他基因的多样性，
不属于保护遗传多样性的措施，A 正确；
B、建立基因库保存不同种群的遗传材料，能够保留物种的各种基因，有利于保
护遗传多样性，B 错误；
C、建立生态走廊促进种群间基因交流，可以使不同种群的基因相互交换，增加
基因的多样性，C 错误；
D、在隔离的小种群中引入野化放归个体，能够为小种群带来新的基因，增加遗
传多样性，D 错误。
568
故选A。
46.增加碳汇的目的是减少大气中CO2含量。下列措施中无法实现减少碳排或增
加碳汇的是（
）
A．保护湿地
B．植树造林
C．秸秆还田
D．动物饲养
【答案】D
【分析】碳汇是指通过植树造林、植被恢复等措施，吸收大气中的二氧化碳，从
而减少温室气体在大气中浓度的过程、活动或机制。减少碳排放也是降低大气中
二氧化碳含量的重要途径。
【详解】A 、湿地生态系统具有强大的碳汇功能，保护湿地可以维持和增强其
吸收二氧化碳的能力，减少碳排放或增加碳汇，A 错误；
B 、植物通过光合作用吸收二氧化碳，植树造林能够增加植物的数量，从而吸
收更多的二氧化碳，增加碳汇，B 错误；
C 、秸秆还田可以增加土壤有机质，改善土壤结构，同时秸秆在分解过程中会固
定一部分碳，有助于增加碳汇，C 错误；
D 、动物饲养过程中，动物呼吸会释放二氧化碳，而且动物的粪便等在分解过
程中也会产生温室气体，无法实现减少碳排放或增加碳汇，D 正确。
故选D。
47.为调查某自然保护区动物资源现状，研究人员利用红外触发相机记录到多种
动物，其中豹猫、猪獾在海拔分布上重叠度较高。下列叙述错误的是（
）
A．建立自然保护区可对豹猫进行最有效保护
B．该保护区的豹猫和猪獾处于相同的生态位
C．红外触发相机能用于调查豹猫的种群数量
D．食物是影响豹猫种群数量变化的密度制约因素
【答案】B
【分析】调查动物种群密度的常用方法，如样方法，标记重捕法，往往需要直接
观察或捕捉个体。在调查生活在荫蔽、复杂环境中的动物，特别是猛禽和猛兽时，
这些方法就不适用了，可通过红外触发相机、粪便等进行调查。
【详解】A、建立自然保护区属于就地保护，是对生物多样性最有效的保护措施，
所以对豹猫进行最有效保护的方式是建立自然保护区，A 正确；
B、虽然豹猫和猪獾在海拔分布上重叠度较高，但生态位是指一个物种在群落中
的地位或作用，包括所处的空间位置、占用资源情况以及与其他物种的关系等。
不同物种通常具有不同的生态位，即使在空间分布上有重叠，它们在食物、行为
等方面也可能存在差异，所以豹猫和猪獾不可能处于相同的生态位，B 错误；
C、红外触发相机可以在不干扰动物的情况下，对一定区域内的豹猫进行拍摄记
录，通过对拍摄到的个体进行识别和统计等方法，能够用于调查豹猫的种群数量，
C 正确；
D、密度制约因素是指影响种群数量变化的因素，其作用强度与种群密度有密切
关系。食物的多少会随着豹猫种群密度的变化而对豹猫种群数量产生影响，当种
群密度增大时，食物相对不足，会限制种群数量增长，所以食物是影响豹猫种群
数量变化的密度制约因素，D 正确。
故选B。
48.采集果园土壤进行微生物分离或计数。下列叙述正确的是（
）
A．稀释涂布平板法和平板划线法都能用于尿素分解菌的分离和计数
569
B．完成平板划线后，培养时需增加一个未接种的平板作为对照
C．土壤中分离得到的醋酸菌能在无氧条件下将葡萄糖分离成乙酸
D．用于筛选尿素分解菌的培养基含有蛋白胨、尿素和无机盐等营养物质
【答案】B
【分析】微生物常用的接种方法有平板划线法和稀释涂布平板法，平板划线主要
是用来纯化的，稀释涂布主要用来计数；此外，利用分离对象对某一营养物质的
“嗜好”，专门在培养基中加入该营养物质，制备选择培养基，从而使该微生物
大量增殖，也可用于微生物的分离和纯化。
【详解】A、稀释涂布平板法可通过菌落数进行计数，而平板划线法仅用于分离
纯化菌种，无法计数，A 错误；
B、平板划线法操作后需设置未接种的平板作为空白对照，以验证培养基灭菌是
否彻底，B 正确；
C、醋酸菌为严格好氧菌，其代谢需氧气，无氧条件下无法将葡萄糖转化为乙酸，
C 错误；
D、筛选尿素分解菌的培养基应以尿素为唯一氮源，若含蛋白胨（含其他氮源），
则无法筛选目标菌，D 错误。
故选B。
49.动物细胞培养基一般呈淡红色。某次实验时，调控pH 的CO2 耗尽，培养基转
为黄色。由此推断使培养基呈淡红色的是（
）
A．必需氨基酸B．抗生素
C．酸碱指示剂D．血清
【答案】C
【分析】适宜大多数细胞生长的培养基pH 在7.0-7.4 之间，pH7.4 的环境适合
大多数的哺乳动物细胞系。酚红在培养基中被用来作为pH 值的指示剂，用以持
续监测培养液的酸碱度，在低pH 值时酚红使培养液呈黄色，而较高的pH 值时使
培养液呈紫色，pH 值7.2-7.4 时为红色，最适合细胞培养。
【详解】A、必需氨基酸是细胞生长的营养成分，不参与指示pH 变化，A 错误；
B、抗生素用于抑制微生物污染，与培养基颜色无关，B 错误；
C、酸碱指示剂（如酚红）在培养基中用于显示pH 变化，在低pH 值时酚红使培
养液呈黄色，而较高的pH 值时使培养液呈紫色，pH 值7.2-7.4 时为红色，C 正
确；
D、血清提供生长因子，不直接导致颜色变化，D 错误。
故选C。
50.从种植草莓的土壤中分离致病菌，简易流程如下：制备土壤悬液、分离、纯
化、鉴定。下列相关叙述正确的是（
）
A．制备的培养基可用紫外线照射进行灭菌
B．将土样加入无菌水混匀，梯度稀释后取悬液加入平板并涂布
C．连续划线时，接上次划线的起始端开始划线
D．鉴定后的致病菌，可接种在斜面培养基上，并在室温下长期保存
【答案】B
【分析】微生物常见的接种方法：（1）平板划线法：将已经熔化的培养基倒入
培养皿制成平板，接种，划线，在恒温箱里培养。在划线的开始部分，微生物往
往连在一起生长，随着线的延伸，菌数逐渐减少，最后可能形成单个菌落。（2）
稀释涂布平板法：将待分离的菌液经过大量稀释后，均匀涂布在培养皿表面，经
570
培养后可形成单个菌落。
【详解】A、制备的培养基需用高压蒸汽灭菌法灭菌，紫外线仅用于表面或空气
消毒，无法灭菌，A 错误；
B、将土样加入无菌水制成悬液，经梯度稀释后，取各稀释度菌液涂布于培养基
表面，分离并计数，B 正确；
C、连续划线时，每次应从上次划线的末端开始，以逐步稀释菌体，若从起始端
开始无法有效分离单菌落，C 错误；
D、斜面培养基保存菌种需置于4℃短期保存，长期保存应使用甘油管藏法
（-20℃），室温下无法长期保存，D 错误。
故选B。
51.豆瓣酱是我国地方特色调味品，生产豆瓣酱时要将蚕豆瓣制作成豆瓣曲，再
添加调料进一步发酵，下列说法错误的是（
）
A．沸水浸泡能杀死蚕豆细胞，减少有机物消耗
B．面粉可为菌种的快速繁殖和生长提供营养
C．菌种中含有产蛋白酶和淀粉酶的微生物
D．豆瓣酱的制备主要是利用厌氧微生物发酵
【答案】D
【详解】A、沸水浸泡能使蚕豆细胞死亡，从而减少细胞呼吸等对有机物的消耗，
A 正确；
B、面粉中含有淀粉等营养物质，可为菌种的快速繁殖和生长提供营养，B 正确；
C、在发酵过程中需要将蛋白质和淀粉等分解，所以菌种中含有产蛋白酶和淀粉
酶的微生物，C 正确；
D、从图中可以看出，在制作豆瓣曲过程中有翻拌操作，且整个过程不是完全密
封的，说明主要利用的是好氧微生物发酵，而不是厌氧微生物发酵，D 错误。
故选D。
52.某同学利用红叶李果实制作果醋，图示其操作的简易流程。下列相关叙述正
确的是（
）



①
②
③
果实
果汁
果酒
果醋
A．果酒、果醋发酵所需菌种的细胞结构相同
B．过程①中添加适量果胶酶，有利于提高出汁率
C．过程②中，为使菌种充分吸收营养物质，需每日多次开盖搅拌
D．过程③发酵时会产生大量气泡，需拧松瓶盖放气
【答案】B
【分析】1、果酒制作菌种是酵母菌，代谢类型是异养兼性厌氧型真菌，属于真
核细胞，条件是18～30℃、前期需氧，后期不需氧。
2、果醋制作菌种是醋酸菌，属于原核细胞，适宜温度为30～35℃，需要持续通
入氧气。
【详解】A、果酒发酵的菌种是酵母菌，是真核生物，果醋发酵的菌种是醋酸菌，
是原核生物，两者的细胞结构不同，A 错误；
B、过程①为榨汁，果胶酶能分解细胞壁中的果胶，添加适量果胶酶，有利于提
571
高出汁率，B 正确；
C、过程②为果酒发酵，酵母菌在无氧条件下进行酒精发酵，若多次开盖会引入
氧气抑制无氧呼吸并增加杂菌污染风险，C 错误；
D、醋酸菌为好氧微生物，发酵过程中要保证通气，不能盖盖，因此不存在拧松
瓶盖的操作，D 错误。
故选B。
53.黄酒是我国古老的发酵酒之一，传统酿制中，先用蒸煮过的小麦或麸皮为原
料，对之前发酵留存的少量酒曲（曲种）进行扩大制曲；再将酒曲和蒸煮后的糯
米、大米混合处理一段时间后，添加足量酒母（含酵母菌）完成发酵，压榨成品。
下列说法错误的是（
）
A．小麦、麸皮等原料为酒曲中微生物的生长繁殖提供了碳源和氮源等营养物
质
B．为避免制曲过程被杂菌污染影响黄酒品质，扩大制曲前需对留存的酒曲灭
菌
C．糯米、大米蒸煮后立即与酒曲混合会导致酶空间结构改变而降低其催化效
率
D．将酒曲混合糯米、大米处理一段时间，是为了获得酒母发酵时的底物葡萄
糖
【答案】B
【分析】酵母菌是兼性厌氧菌，有氧呼吸产生二氧化碳和水，无氧呼吸产生酒精
和二氧化碳；酿酒利用的是酵母菌进行无氧呼吸，从而产生酒精。
【详解】A、小麦、麸皮等原料含有蛋白质、糖类等多种营养成分，蛋白质可以
为微生物提供氮源，糖类等可以为微生物提供碳源，所以能为酒曲中微生物的生
长繁殖提供碳源和氮源等营养物质，A 正确；
B、扩大制曲前对留存的酒曲不能灭菌，因为酒曲本身含有发酵所需的菌种，若
灭菌会杀死这些菌种，导致无法进行正常的发酵过程，B 错误；
C、糯米、大米蒸煮后温度较高，立即与酒曲混合，高温会使酶的空间结构改变，
导致酶活性降低，从而降低其催化效率，C 正确；
D、酒曲中含有淀粉酶等酶类，将酒曲混合糯米、大米处理一段时间，淀粉酶可
将糯米、大米中的淀粉分解为葡萄糖，从而为后续酒母（含酵母菌）发酵提供底
物葡萄糖，D 正确。
故选B。
54.食醋和黄酒是我国传统的日常调味品，均通过发酵技术生产。下列叙述错误
的是（
）
A．醋酸的发酵是好氧发酵，而酒精的发酵是厌氧发酵
B．以谷物为原料酿造食醋和黄酒时，伴有pH 下降和气体产生
C．食醋和黄酒发酵过程中，微生物繁殖越快发酵产物产率越高
D．使用天然混合菌种发酵往往会造成传统发酵食品的品质不一
【答案】C
【分析】参与果酒制作的微生物是酵母菌，其新陈代谢类型为异养兼性厌氧型。
参与果醋制作的微生物是醋酸菌，其新陈代谢类型是异养需氧型。果醋制作的原
理：当氧气、糖源都充足时，醋酸菌将葡萄汁中的葡萄糖分解成醋酸；当缺少糖
源时，醋酸菌将乙醇变为乙醛，再将乙醛变为醋酸。
【详解】A、醋酸的发酵的微生物是醋酸菌，其新陈代谢类型是异养需氧型，故
572
醋酸的发酵是好氧发酵，而酒精的发酵，参与的微生物是酵母菌，需要无氧呼吸
产生酒精，故是厌氧发酵，A 正确；
B、以谷物为原料酿造食醋和黄酒时，产物中的醋酸、二氧化碳等会使pH 下降，
B 正确；
C、黄酒发酵过程中，酵母菌繁殖在有氧条件下，产酒精要在无氧条件下，繁殖
越快则发酵产物酒精产率越低，C 错误；
D、传统发酵食品所用的是自然菌种，没有进行严格的灭菌，以混合菌种的固体
发酵及半固体发酵为主，往往会造成传统发酵食品的品质不一，D 正确。
故选C。
（二）细胞
1. A 项，新冠病毒无细胞结构，只含有蛋白质外壳及内部的遗传物质（核
酸），错误；B 项，新冠病毒不具有与呼吸作用相关的酶，因此无法独立进行
呼吸作用，错误；C 项，新冠病毒对酒精有一定的敏感性，浓度75%的酒精可以
有效地杀死新冠病毒，但酒精消毒只适用于体表消毒，不适用于体内，饮酒后进
入细胞内的酒精浓度极低，因此无法通过饮酒在体内消灭新冠病毒，错误；D
项，新冠病毒的遗传物质可通过核酸检测检出，因此可以根据检测结果判断提供
核酸样本的人是否为新冠病毒感染者，正确。故正确答案为D。
2. 韭菜叶肉细胞为植物细胞，具有题中①细胞壁、②细胞膜、③线粒体、
④液泡结构，而人体口腔上皮细胞为动物细胞，只有题中②细胞膜、③线粒体结
构，所以韭菜叶肉细胞具有而人体口腔上皮细胞不具有的是①细胞壁和④液泡。
故正确答案为B。
3. 病毒是一类没有细胞结构的特殊生物，只由蛋白质外壳和内部的遗传物
质构成，不能独立地生活和繁殖，只有寄生在其他生物的活细胞内才能生活和繁
殖，一旦离开了活细胞，病毒就无法进行生命活动。
A 项，新型冠状病毒无细胞结构，细胞是最小的生命系统，错误；
B 项，新型冠状病毒由核酸和蛋白质外壳构成，正确；
C 项，病毒不含核糖体等细胞器，错误；
D 项，病毒无细胞结构，不进行细胞分裂，需要在宿主细胞内繁殖后代，错
误。
故正确答案为B。
4. A 项：除病毒外，细胞是生物体结构和功能的基本单位，正确；
B 项：哺乳动物成熟的红细胞中不具有细胞核，错误；
573
C 项：噬菌体是一种病毒，病毒属于非细胞生物，错误；
D 项：绿色植物地上部分的细胞中富含叶绿体，但是地下部分，比如根细胞
中没有叶绿体，错误。
故正确答案为A。
5. A 项：在有丝分裂前期，染色质通过缩短变粗成为染色体，并且形成纺
锤体，而染色体的着丝点排列在赤道板上发生在有丝分裂中期，错误；
B 项：在有丝分裂后期，每个着丝点分裂成两个，姐妹染色单体分开，成为
两条独立的子染色体，由纺锤丝牵引着分别向细胞的两极移动，正确；
C 项：在有丝分裂后期，由于姐妹染色单体分开，成为两条独立的子染色体，
此阶段细胞内染色体的数量是中期时细胞内染色体数量的两倍，故在有丝分裂过
程中，细胞内染色体的数量会发生变化，错误；
D 项：在有丝分裂中期，由于每条染色体上包括两条并列的姐妹染色单体，
这两条姐妹染色单体由一个共同的着丝点连接着，此时每条染色体上有两个DNA
分子，而在有丝分裂后期，由于每条染色体上的两条姐妹染色单体分开，成为两
条独立的子染色体，此阶段每条染色体上只有一个DNA 分子，因此在有丝分裂过
程中，细胞内染色体的数量并不是一直等于DNA 分子的数量，错误。
故正确答案为B。
6. A 项：动物细胞和植物细胞都有细胞核、细胞质和细胞膜，动物细胞没
有细胞壁，植物细胞有细胞壁，错误；
B 项：基因是具有遗传效应的DNA 片段，一般1 个DNA 分子含有多个基因，
而染色体是DNA 的载体，是由DNA 和蛋白质组成的，所以从物质结构来看，三者
从简单到复杂的关系应该是基因
DNA
染色体，错误；
C 项：光合作用通常指绿色植物吸收光能，把二氧化碳和水合成富能有机物，
同时释放氧气的过程，错误；
D 项：细胞膜之所以能控制物质的进出，是因为其具有选择透过性，正确。
故正确答案为D。
7. A 项，人体有三道防线，可以抵御病毒等致病生物的入侵，包括皮肤和
黏膜及其分泌物、体液中的杀菌物质和吞噬细胞、免疫器官和免疫细胞等，正确；
B 项，病毒不能独立进行生命活动，其生命活动所需要的物质和能量均来自
于其寄生的细胞，即宿主细胞，正确；
C 项，生态系统中的分解者包括细菌、真菌和腐食性动物等，病毒不具有细
胞结构，一般不划分为生态系统中的某种成分，错误；
D 项，繁殖是生物的最基本特征之一，病毒的遗传信息储存在核酸（DNA 或
RNA）中，能利用宿主细胞的物质和能量进行遗传物质的复制，完成繁殖，正确。
本题为选非题，故正确答案为C。
8. A 项，细胞膜具有选择透过性，能通过各种方式让细胞需要的物质（如
氧气、水、葡萄糖等）进入细胞，而细胞不需要的或对细胞有害的物质则不能通
过细胞膜进入细胞，尽管这种选择透过性不是万能的（例如，一些病毒就能通过
细胞膜入侵细胞，使生物患病），但是细胞膜确实是细胞安全的重要屏障，正确；
B 项，细胞核中含有遗传物质，生物的发育、遗传、新陈代谢等生命活动均
受遗传物质控制，正确；
C 项，叶绿体是植物细胞的特有结构，是植物细胞进行光合作用的场所，动
物细胞没有叶绿体，正确；
574
D 项，线粒体是细胞进行呼吸作用的场所，是细胞活动的能量来源，植物细
胞和动物细胞均进行呼吸作用，都有线粒体，错误。
本题为选非题，故正确答案为D。
9. ①新型冠状病毒没有细胞结构，因此无细胞膜、细胞核和细胞质等结构，
错误；
②导致肺结核的结核分枝杆菌是一种细菌，有细胞结构，错误；
③由于高等植物叶肉细胞中含有叶绿体，而光合作用的场所是叶绿体，因此
高等植物叶肉细胞能够进行光合作用产生有机物，正确；
④线粒体是细胞进行呼吸作用的主要场所，细胞通过呼吸作用能够产生大量
的能量，因此心肌细胞中含有大量的线粒体，能够提供心脏跳动所需要的大量能
量，正确。
根据以上分析可知只有③和④说法正确。
故正确答案为C。
10．生物共有五类，分别为植物、动物、细菌、真菌、病毒，这五类生物中，
只有病毒没有细胞结构。病毒是由蛋白质外壳和内部的遗传物质组成的。
A 项，电脑病毒是编制者在计算机程序中插入的破坏计算机系统功能或者数
据的代码，不是生物，排除；
B、C 两项，牛是多细胞动物，狗尾草是多细胞植物，因此都具有细胞结构，
排除；
D 项，新型冠状病毒是一种动物源性病毒，病毒没有细胞结构，只由蛋白质
外壳和内部的遗传物质组成。所以，新型冠状病毒不具有细胞结构，当选。
故正确答案为D。
组成细胞的分子
11.马铃薯是世界第四大主粮作物。甘肃“定西马铃薯”是中国国家地理标志产
品，富含淀粉等营养物质。下列叙述正确的是（
）
A．淀粉是含有C、H、O、N 等元素的一类多糖
B．淀粉水解液中加入斐林试剂立刻呈现砖红色
C．淀粉水解为葡萄糖和果糖后可以被人体吸收
D．食用过多淀粉类食物可使人体脂肪含量增加
【答案】D
【分析】某些化学试剂能够使生物组织中的相关化合物产生特定的颜色反应。糖
类中的还原糖，如葡萄糖，与斐林试剂发生作用，生成砖红色沉淀。
【详解】A、淀粉作为多糖，其组成元素只有C、H、O，并不含N 元素，A 错误；
B、淀粉水解液中含有葡萄糖，葡萄糖是还原糖，但使用斐林试剂检测还原糖时，
需要水浴加热才能出现砖红色沉淀，不是立刻呈现砖红色，B 错误；
C、淀粉水解的最终产物是葡萄糖，而不是葡萄糖和果糖，葡萄糖可以被人体吸
收，C 错误；
D、淀粉在人体内可以转化为葡萄糖，当人体摄入过多的淀粉类食物，葡萄糖会
在体内进一步转化为脂肪等物质储存起来，从而使人体脂肪含量增加，D 正确。
故选D。
12.关于蛋白质、磷脂和淀粉，下列叙述正确的是（
）
A．三者组成元素都有C、H、O、N
B．蛋白质和磷脂是构成生物膜的主要成分
575
C．蛋白质和淀粉都是细胞内的主要储能物质
D．磷脂和淀粉都是生物大分子
【答案】B
【分析】蛋白质的基本单位是氨基酸，磷脂属于脂质，淀粉属于多糖。
【详解】A、蛋白质的组成元素为C、H、O、N（可能含S），磷脂含C、H、O、P，
淀粉仅含C、H、O，淀粉不含N 元素，A 错误；
B、生物膜的主要成分是磷脂（构成基本支架）和蛋白质（承担膜功能），B 正
确；
C、植物的储能物质为淀粉和脂肪，动物的储能物质为糖原和脂肪，蛋白质不是
主要储能物质，C 错误；
D、淀粉是多糖，属于生物大分子；磷脂由甘油、脂肪酸和磷酸组成，属于小分
子，D 错误；
故选B。
13.2025 年，国家持续推进“体重管理年”行动。为践行“健康饮食、科学运动”，
应持有的正确认识是（
）
A．饮食中元素种类越多所含能量越高
B．饮食中用糖代替脂肪即可控制体重
C．无氧运动比有氧运动更有利于控制体重
D．在生活中既要均衡饮食又要适量运动
【答案】D
【分析】“健康饮食、科学运动” 是保持身体健康和合理体重的重要方式。健
康饮食强调营养均衡，包含各种营养素；科学运动则要根据个人情况选择合适的
运动类型和强度。
【详解】A、饮食中的能量主要取决于有机物（糖类、脂肪、蛋白质）的含量，
而非元素种类。例如，脂肪仅含C、H、O 三种元素，但单位质量供能最高。元素
种类多与能量无关，A 错误；
B、糖类和脂肪均可供能，但脂肪储能更高。若用糖代替脂肪但总热量未减少，
反而可能因糖分解快导致饥饿感增强，且过量糖会转化为脂肪储存，B 错误；
C、无氧运动（如短跑）主要消耗糖原，而有氧运动（如慢跑）能持续分解脂肪
供能，更利于减脂和控制体重，C 错误；
D、均衡饮食保证营养全面，适量运动促进能量消耗，二者结合是科学控制体重
的关键，D 正确；
故选D。
14.多种多样的生物通过遗传信息控制性状，并通过繁殖将遗传物质传递给子代。
下列关于遗传物质的叙述正确的是（
）
A．S 型肺炎链球菌的遗传物质主要通过质粒传递给子代
B．水稻、小麦和玉米三大粮食作物的遗传物质主要是DNA
C．控制伞藻伞帽的遗传物质通过半保留复制表达遗传信息
D．烟草叶肉细胞的遗传物质水解后可产生4 种脱氧核苷酸
【答案】D
【分析】细胞生物中，既含有DNA，又含有RNA，DNA 为遗传物质；病毒含有DNA
或RNA，遗传物质为DNA 或RNA。绝大多数生物的遗传物质是DNA，只有少数RNA
病毒的遗传物质是RNA，故一切生物的遗传物质为核酸。
【详解】A、S 型肺炎链球菌是原核生物，其遗传物质主要分布于拟核。因此，S
576
型肺炎链球菌的遗传物质主要通过拟核传递给子代，A 错误；
B、水稻、小麦和玉米三大粮食作物都是植物，都属于真核生物，真核生物的遗
传物质是DNA，B 错误；
C、基因指导蛋白质的合成过程是遗传信息的表达过程，伞藻通过复制传递遗传
信息，而不是表达遗传信息，C 错误；
D、烟草叶肉细胞的遗传物质是DNA，其单体是脱氧核苷酸，DNA 水解后可产生4
种脱氧核苷酸，D 正确。
故选D。
15.某同学使用双缩脲试剂检测豆浆中的蛋白质。下列做法错误的是（
）
A．用蒸馏水稀释豆浆作样液
B．在常温下检测
C．用未加试剂的样液作对照
D．剩余豆浆不饮用
【答案】C
【分析】生物组织中化合物的鉴定：（1）斐林试剂可用于鉴定还原糖，在水浴
加热的条件下，溶液的颜色变化为砖红色（沉淀）。斐林试剂只能检验生物组织
中还原糖（如葡萄糖、麦芽糖、果糖）存在与否，而不能鉴定非还原性糖（如淀
粉）。（2）蛋白质可与双缩脲试剂产生紫色反应。（3）脂肪可用苏丹Ⅲ染液鉴
定，呈橘黄色。（4）淀粉遇碘液变蓝。
【详解】A、未经稀释的豆浆样液过于粘稠，易附着试管壁导致反应不均匀或清
洗困难，影响显色观察和结果判定，故反应前需用蒸馏水稀释豆浆作样液，A 正
确；
B、蛋白质可与双缩脲试剂产生紫色反应在常温下进行，B 正确；
C、本实验能够前后自身对照，无需用未加试剂的样液作对照，C 错误；
D、实验所用豆浆一般未经煮沸，故剩余豆浆不建议饮用，D 正确。
故选C。
16.下列以土豆为材料的实验描述，错误的是（
）
A．土豆DNA 溶于酒精后，与二苯胺试剂混合呈蓝色
B．向土豆匀浆中加入一定量的碘液后，溶液会呈蓝色
C．利用土豆匀浆制备的培养基，可用于酵母菌的培养
D．土豆中的过氧化氢酶可用于探究pH 对酶活性的影响
【答案】A
【分析】1、生物组织中化合物的鉴定：
（1）斐林试剂可用于鉴定还原糖，在水浴加热的条件下，溶液的颜色变化为砖
红色（沉淀）。斐林试剂只能检验生物组织中还原糖（如葡萄糖、麦芽糖、果糖）
存在与否，而不能鉴定非还原性糖（如淀粉）。
（2）蛋白质可与双缩脲试剂产生紫色反应。
（3）脂肪可用苏丹Ⅲ染液鉴定，呈橘黄色。
（4）淀粉遇碘液变蓝。
2、DNA 粗提取和鉴定的原理：
（1）DNA 的溶解性：DNA 和蛋白质等其他成分在不同浓度NaCl 溶液中溶解度不
同；DNA 不溶于酒精溶液，但细胞中的某些蛋白质溶于酒精；
（2）DNA 的鉴定：在沸水浴的条件下，DNA 遇二苯胺会被染成蓝色。
【详解】A、DNA 的鉴定需在沸水浴条件下与二苯胺试剂反应呈蓝色，题目中未
提及沸水浴步骤，无法显色，A 错误；
B、碘液可以将淀粉染成蓝色，所以向土豆匀浆中加入一定量的碘液后，溶液会
577
呈蓝色，B 正确；
C、利用土豆匀浆制备的培养基，含有碳源、氮源、水、无机盐和其他酵母菌生
长需要的物质，所以可用于酵母菌的培养，C 正确；
D、过氧化氢酶的活性受到pH 的影响，所以土豆中的过氧化氢酶可用于探究pH
对酶活性的影响，D 正确。
故选A。
17.化学元素含量对生命活动十分重要。下列说法错误的是（
）
A．植物缺镁导致叶绿素合成减少
B．哺乳动物缺钙会出现抽搐症状
C．人体缺铁导致镰状细胞贫血症
D．人体缺碘甲状腺激素合成减少
【答案】C
【分析】化学元素在生命活动中起着至关重要的作用。例如，镁是叶绿素的重要
组成成分，钙对于维持肌肉的正常功能很关键，铁是血红蛋白的组成部分，碘是
合成甲状腺激素的原料。
【详解】A 、镁是叶绿素的组成元素，植物缺镁会导致叶绿素合成减少，A 正
确；
B 、哺乳动物血液中钙离子含量过低会出现抽搐症状，这体现了钙对维持肌肉
正常功能的重要性，B 正确；
C 、人体缺铁会导致缺铁性贫血，而镰状细胞贫血症是由于基因突变导致血红
蛋白结构异常引起的，并非缺铁所致，C 错误；
D 、碘是合成甲状腺激素的原料，人体缺碘会使甲状腺激素合成减少，D 正确。
故选C。
18.佝偻病伴发的手足抽搐症状与人体内某种元素缺乏有关。该元素还可以
（
）
A．参与构成叶绿素B．用于诱导原生质体融合
C．辅助血红蛋白携氧
D．参与构成甲状腺激素
【答案】B
【分析】手足抽搐是由于血钙浓度降低引起的，而佝偻病与钙吸收不足有关。
【详解】A、佝偻病伴发的手足抽搐症状与人体内钙（Ca2+）缺乏有关，叶绿素
的核心元素是镁（Mg2+），钙（Ca2+）不参与叶绿素构成，A 错误；
B、在植物体细胞杂交技术中，高Ca2+-高pH 是植物原生质体融合的其中一种方
法，与钙（Ca2+）有关，B 正确；
C、血红蛋白的辅基含铁（Fe2+），负责携氧，与钙无关，C 错误；
D、甲状腺激素含碘（I-），钙不参与其构成，D 错误。
故选B。
19.我国农学家贾思勰所著《齐民要术》记载：“凡五谷种子，浥郁则不生，生
者亦寻死。”意思是种子如果受潮发霉就不会发芽，即使发芽也会很快死亡。下
列叙述错误的是（
）
A．农业生产中，种子储藏需要干燥的环境
B．种子受潮导致细胞内结合水比例升高，自由水比例降低，细胞代谢减弱
C．霉菌在种子上大量繁殖，消耗了种子的营养物质，不利于种子正常萌发
D．发霉过程中，微生物代谢产生的有害物质可能抑制种子萌发相关酶的活性
【答案】B
578
【分析】自由水是良好的溶剂，是许多化学反应的介质，自由水还参与许多化学
反应，自由水对于营养物质和代谢废物的运输具有重要作用；自由水与结合水不
是一成不变的，可以相互转化，自由水与结合水的比值越高，细胞代谢越旺盛，
抗逆性越低，反之亦然。
【详解】A、种子储藏需要干燥环境，以减少自由水含量，降低细胞呼吸速率，
减少有机物消耗，A 正确；
B、种子受潮时，自由水比例应升高而非降低，结合水比例下降，此时细胞代谢
应增强而非减弱。但若种子发霉死亡，代谢停止，但选项描述的水分变化方向错
误，B 错误；
C、霉菌繁殖会消耗种子储存的有机物，导致种子缺乏萌发所需营养，C 正确；
D、霉菌代谢产物（如毒素）可能破坏种子细胞结构或抑制酶活性，阻碍萌发，D
正确；
故选B。
20.种子萌发受多种内外因素的调节。下列叙述错误的是（
）
A．玉米种子萌发后，根冠中的细胞能够感受重力信号，从而引起根的向地生长
B．与休眠种子相比，萌发的种子细胞内自由水所占比例高，呼吸作用旺盛
C．红外光可促进莴苣种子萌发，而红光可逆转红外光的效应，抑制萌发
D．赤霉素可打破种子休眠，促进萌发；脱落酸可维持休眠，抑制萌发
【答案】C
【分析】1、光对植物生长发育的调节:①光是植物进行光合作用的能量来源。②
光作为一种信号，影响、调控植物生长、发育的过程。在受到光照时，光敏色素
的结构会发生变化，这一变化的信息会经过信息传递系统传导到细胞核内，影响
特定基因的表达，从而表现出生物学效应。
2、光敏色素引起的生理变化为：光信号→细胞感受光信号→光敏色素被激活，
结构发生变化→信号转导→细胞核接受信号→调控特定基因表达→产生特定物
质→产生生物学效应。
【详解】A 、根冠中的细胞能够感受重力信号，玉米种子萌发后，根冠细胞感
受重力刺激，引起生长素的横向运输，使近地侧生长素浓度高抑制生长，从而使
根向地生长，A 正确；
B、自由水与结合水的比值影响细胞代谢，自由水所占比例越高，细胞代谢越旺
盛。与休眠种子相比，萌发的种子细胞内自由水所占比例高，呼吸作用旺盛，B
正确；
C、莴苣种子萌发受光的影响，红光可促进莴苣种子萌发，红外光可抑制莴苣种
子萌发，且红光可逆转红外光的效应，C 错误；
D、植物激素对种子萌发有调节作用，赤霉素可打破种子休眠，促进萌发；脱落
酸可维持种子休眠，抑制萌发，D 正确。
故选C。
21.地达菜又称地木耳，是由念珠蓝细菌形成的胶质群体。关于地达菜的细胞，
下列叙述错误的是（
）
A．没有叶绿体，但是能够进行光合作用
B．没有中心体，细胞不会进行有丝分裂
C．含有核糖体，能合成细胞所需蛋白质
D．有细胞骨架，有助于维持细胞的形态
579
【答案】D
【分析】真核细胞和原核细胞的区别：
（1）原核细胞没有核膜包被的细胞核，真核细胞有细胞核；
（2）原核细胞没有染色体，真核细胞含有染色体；
（3）原核细胞只具有一种细胞器—核糖体，真核细胞含有多种类型的细胞器（核
糖体、线粒体、叶绿体、内质网、高尔基体、溶酶体等）。
【详解】A、念珠蓝细菌没有叶绿体，但含有叶绿素和藻蓝素，能够进行光合作
用，A 正确；
B、中心体存在于动物细胞和低等植物细胞中，念珠蓝细菌是原核生物，没有中
心体，原核细胞进行二分裂，而不是有丝分裂，有丝分裂是真核细胞的分裂方式，
B 正确；
C、原核细胞含有核糖体，核糖体是合成蛋白质的场所，所以能合成细胞所需蛋
白质，C 正确；
D、细胞骨架是真核细胞中由蛋白质纤维组成的网架结构，原核细胞没有细胞骨
架，D 错误。
故选D。
22.通俗地说，细胞自噬就是细胞“吃掉”自身的结构和物质。下列叙述错误的
是（
）
A．溶酶体作为“消化车间”可为细胞自噬过程提供水解酶
B．线粒体作为“动力车间”为细胞自噬过程提供所需能量
C．细胞自噬产生的氨基酸可作为原料重新用于蛋白质合成
D．细胞自噬“吃掉”细胞器不利于维持细胞内部环境稳定
【答案】D
【分析】细胞自噬：通俗地说，细胞自噬就是细胞吃掉自身的结构和物质。在一
定条件下，细胞会将受损或功能退化的细胞结构等，通过溶酶体降解后再利用，
这就是细胞自噬。处于营养缺乏条件下的细胞，通过细胞自噬可以获得维持生存
所需的物质和能量；在细胞受到损伤、微生物入侵或细胞衰老时，通过细胞自噬，
可以清除受损或衰老的细胞器，以及感染的微生物和毒素，从而维持细胞内部环
境的稳定。有些激烈的细胞自噬，可能诱导细胞凋亡。
【详解】A、溶酶体含有多种水解酶，能分解衰老、损伤的细胞器等，可作为“消
化车间” 为细胞自噬提供水解酶，A 正确；
B、线粒体是有氧呼吸主要场所，能为细胞生命活动（包括细胞自噬）提供能量
（ATP），B 正确；
C、细胞自噬分解衰老细胞器等产生氨基酸，氨基酸可作为原料参与蛋白质合成，
实现物质再利用，C 正确；
D、细胞自噬“吃掉” 衰老、损伤的细胞器，能维持细胞内部环境稳定，利于
细胞正常代谢，D 错误。
故选D。
23.在细胞的生命活动中，下列细胞器或结构不会出现核酸分子的是（
）
A．高尔基体
B．溶酶体
C．核糖体
D．端粒
【答案】A
【分析】细胞器的分类：①具有双层膜结构的细胞器有：叶绿体、线粒体。具有
双层膜结构的细胞结构有叶绿体、线粒体和核膜。②具有单层膜结构的细胞器有
内质网、高尔基体、溶酶体、液泡。具有单层膜结构的细胞结构有内质网、高尔
580
基体、溶酶体、液泡和细胞膜。③不具备膜结构的细胞器有核糖体和中心体。膜
结构是由磷脂双分子层构成。
【详解】A、高尔基体自身的结构和主要功能不涉及核酸。它既不像线粒体、叶
绿体那样含有自己的DNA 和RNA，也不像核糖体那样由RNA 构成。因此，高尔基
体中一般不会出现核酸分子，A 符合题意；
B、当溶酶体分解衰老的线粒体、叶绿体或核糖体时，会分解其中的DNA 和RNA。
当它消化病毒或细菌时，也会分解其核酸。因此，在溶酶体的“工作”过程中，
其内部是会出现核酸分子的（作为被水解的底物），B 不符合题意；
C、核糖体本身就是由核糖体RNA（rRNA）和蛋白质构成的。rRNA 是核酸的一种。
此外，在翻译过程中，信使RNA（mRNA）作为模板，转运RNA（tRNA）负责运载
氨基酸，它们也都会与核糖体结合。所以核糖体必然含有核酸，C 不符合题意；
D、端粒的化学本质是DNA—蛋白质复合体。DNA 本身就是脱氧核糖核酸，是核酸
的一种。所以端粒中会出现核酸，D 不符合题意。
故选A。
24.某同学利用幼嫩的黑藻叶片完成“观察叶绿体和细胞质流动”实验后，继续
进行“质壁分离”实验，示意图如下。
下列叙述正确的是（
）
A．实验过程中叶肉细胞处于失活状态
B．①与②的分离，与①的选择透过性无关
C．与图甲相比，图乙细胞吸水能力更强
D．与图甲相比，图乙细胞体积明显变小
【答案】C
【分析】在逐渐发生质壁分离的过程中，细胞液的浓度增加，细胞液的渗透压升
高，细胞的吸水能力逐渐增强。
【详解】A、“观察叶绿体和细胞质流动”和“观察质壁分离”，均需保持细胞
活性，A 错误；
B、①与②的分离，与①的选择透过性有关，其原因就是因为蔗糖可通过全透性
的细胞壁，但不能通过具有选择透过性的细胞膜，B 错误；
C、与图甲相比，图乙细胞处于失水状态，细胞液渗透压升高，吸水能力更强，C
正确；
D、与图甲相比，图乙细胞体积几乎不变（植物细胞体积是看细胞壁），D 错误。
故选C。
25.罗伯特森（J．D．Robertson）提出了“蛋白质—脂质—蛋白质”的细胞膜结
构模型。下列不属于该模型提出的基础的是（
）
A．化学分析表明细胞膜中含有磷脂和胆固醇
581
B．据表面张力研究推测细胞膜中含有蛋白质
C．电镜下观察到细胞膜暗—亮—暗三层结构
D．细胞融合实验结果表明细胞膜具有流动性
【答案】D
【分析】有关生物膜的探索历程：①19 世纪末，欧文顿发现凡是可以溶于脂质
的物质，比不能溶于脂质的物质更容易通过细胞膜进入细胞，于是他提出：膜是
由脂质组成的。②1925 年，两位荷兰科学家通过对脂质进行提取和测定得出结
论：细胞膜中的脂质分子必然排列为连续的两层。③1935 年，英国学者丹尼利
和戴维森研究了细胞膜的张力。分析细胞膜的表面张力明显低于油-水界面的表
面张力，因此丹尼利和戴维森推测细胞膜除含脂质外，可能还附有蛋白质。④1959
年，罗伯特森根据电镜下看到的细胞膜清晰的暗—亮—暗三层结构，结合其他科
学家的工作提出蛋白质—脂质—蛋白质三层结构模型。流动镶嵌模型指出，蛋白
质分子有的镶在磷脂双分子层表面，有的部分或全部嵌入磷脂双分子层中，有的
横跨整个磷脂双分子层。⑤1970 年，科学家通过荧光标记的小鼠细胞和人细胞
的融合实验，证明细胞膜具有流动性。⑥1972 年，桑格和尼克森提出的流动镶
嵌模型为大多数人所接受。
【详解】A、化学分析表明细胞膜中含有磷脂和胆固醇，该结论在罗伯特森用电
镜观察之前，属于该模型提出的基础，A 不符合题意；
B、1935 年，英国学者丹尼利和戴维森研究了细胞膜的张力，据表面张力研究推
测细胞膜中含有蛋白质，该结论在罗伯特森用电镜观察之前，属于该模型提出的
基础，B 不符合题意；
C、1959 年，罗伯特森根据电镜下看到的细胞膜清晰的暗—亮—暗三层结构，结
合其他科学家的工作提出蛋白质—脂质—蛋白质三层结构模型，C 不符合题意；
D、1970 年，科学家通过荧光标记的小鼠细胞和人细胞的融合实验，证明细胞膜
具有流动性，该结论在罗伯特森用电镜观察之后，不属于该模型提出的基础，D
符合题意。
故选D。
26.（不定项）研究小组开展了Cl
-胁迫下，添加脱落酸（ABA）对植物根系应激
反应的实验，机理如图所示。下列相关叙述错误的有（
）
A．Cl
-通过自由扩散进入植物细胞
B．转运蛋白甲、乙的结构和功能相同
C．ABA 进入细胞核促进相关基因的表达
D．细胞质膜发挥了物质运输、信息交流的功能
【答案】ABC
【分析】自由扩散的方向是从高浓度向低浓度，不需载体和能量，常见的有水、
CO2、O2、甘油、苯、酒精等；协助扩散的方向是从高浓度向低浓度，需要转运
582
蛋白，不需要能量，如红细胞吸收葡萄糖；主动运输的方向是从低浓度向高浓度，
需要载体蛋白和能量，常见的如小肠绒毛上皮细胞吸收氨基酸、葡萄糖，K+等。
【详解】A、由图可知，Cl-借助转运蛋白甲顺浓度梯度进入植物细胞，属于协助
扩散，A 错误；
B、转运蛋白甲是协助Cl-顺浓度梯度进入植物细胞，转运蛋白乙（载体蛋白）
协助Cl-逆浓度排出植物细胞，两者的结构和功能不同，B 错误；
C、由图可知，ABA 与细胞质膜上的受体结合，没有进入细胞，通过信号转导促
进细胞核相关基因的表达，C 错误；
D、细胞质膜实现了跨膜运输Cl-及接受ABA 的信息分子，发挥了物质运输、信
息交流的功能，D 正确。
故选ABC。
27.近年报道了多起猴痘病毒感染病例，人体感染猴痘病毒后会产生一系列的免
疫应答。下列叙述正确的是（
）
A．猴痘病毒的增殖发生在血浆内
B．注射猴痘病毒疫苗属于人工被动免疫
C．体内的各种B 淋巴细胞都能识别猴痘病毒
D．在抵抗猴痘病毒过程中，辅助性T 细胞既参与体液免疫也参与细胞免疫
【答案】D
【分析】1、病毒只能寄生在活细胞内，没有细胞结构。
2、树突状细胞、B 细胞等抗原呈递细胞摄取病原体，而后对抗原进行处理，呈
递在细胞表面，然后传递给辅助性T 细胞，辅助性T 细胞表面特定分子发生变化
并与B 细胞结合，这是激活B 细胞的第二个信号。
【详解】A、病毒只能寄生在活细胞内，因此猴痘病毒的增殖发生在细胞内，A
错误；
B、注射猴痘病毒疫苗会引起人体免疫反应产生相关的抗体等，属于人工主动免
疫，B 错误；
C、B 淋巴细胞的识别具有特异性，C 错误；
D、在抵抗猴痘病毒过程中，辅助性T 细胞体液免疫过程中作为第二信号，且分
泌细胞因子促进B 细胞的增殖分化，在细胞免疫过程中，辅助性T 细胞分泌细胞
因子促进细胞毒性T 细胞的增殖分化，D 正确。
故选D。
28.幽门螺杆菌是一种定植在胃黏膜上皮细胞表面的细菌，可导致胃溃疡甚至胃
癌的发生。下列叙述正确的是（
）
A．幽门螺杆菌通过减数分裂进行繁殖
B．幽门螺杆菌导致的胃癌可遗传给后代
C．抗病毒药物无法治疗幽门螺杆菌感染
D．临床检测幽门螺杆菌前应口服抗生素以杀死杂菌
【答案】C
【分析】幽门螺旋杆菌为原核生物，没有细胞核，只有核糖体一种细胞器，以
DNA 为遗传物质，产生的脲酶催化分解尿素为NH3 和CO2。
【详解】A、幽门螺杆菌是细菌，细菌通过二分裂的方式进行繁殖，而不是减数
分裂，减数分裂是有性生殖生物在产生生殖细胞时进行的特殊分裂方式，A 错误；
B、幽门螺杆菌导致的胃癌是由于细菌感染引起的疾病，不是遗传病，不会遗传
583
给后代，B 错误；
C、幽门螺杆菌是细菌，抗病毒药物是用于治疗病毒感染的，对细菌感染无效，C
正确；
D、临床检测幽门螺杆菌前口服抗生素会杀死幽门螺杆菌，影响检测结果，D 错
误。
故选C。
29.关于大肠杆菌和水绵的共同点，表述正确的是（
）
A．都是真核生物
B．能量代谢都发生在细胞器中
C．都能进行光合作用
D．都具有核糖体
【答案】D
【分析】原核细胞与真核细胞相比，最大的区别是原核细胞没有被核膜包被的典
型的细胞核（没有核膜、核仁和染色体）；原核生物没有复杂的细胞器，只有核
糖体一种细胞器，但原核生物含有细胞膜、细胞质等结构，也含有核酸（DNA 和
RNA）和蛋白质等物质，且遗传物质是DNA。
【详解】A、大肠杆菌是原核生物，水绵是真核生物，A 错误；
B、大肠杆菌只具有核糖体，无线粒体等其他细胞器，能量代谢不发生在细胞器
中，B 错误；
C、大肠杆菌无光合色素，不能进行光合作用，C 错误；
D、原核生物和真核生物都具有核糖体这一细胞器，D 正确。
故选D。
30.“探究植物细胞的吸水和失水”实验中，在清水和0.3g/mL 蔗糖溶液中处于
稳定状态的细胞如图。以下叙述错误的是（
）
A．图1，水分子通过渗透作用进出细胞
B．图1，细胞壁限制过多的水进入细胞
C．图2，细胞失去的水分子是自由水
D．与图1 相比，图2 中细胞液浓度小
【答案】D
【分析】质壁分离的原理：当细胞液的浓度小于外界溶液的浓度时，细胞就会通
过渗透作用而失水，细胞液中的水分就透过原生质层进入到溶液中，使细胞壁和
原生质层都出现一定程度的收缩。由于原生质层比细胞壁的收缩性大，当细胞不
断失水时，原生质层就会与细胞壁分离。
【详解】A、图1 中，水分子通过渗透作用进出细胞，A 正确；
B、细胞壁有保护和支撑的作用，所以限制过多的水进入细胞，维持细胞形态，B
584
正确；
C、图2，细胞发生质壁分离，此时失去的水分子是自由水，C 正确；
D、与图1 相比，图2 中细胞发生质壁分离，此时细胞失去了水，所以图2 细胞
液浓度更大，D 错误。
故选D。
31.某同学利用幼嫩的黑藻叶片完成“观察叶绿体和细胞质流动”实验后，继续
进行“质壁分离”实验，示意图如下。
下列叙述正确的是（
）
A．实验过程中叶肉细胞处于失活状态
B．①与②的分离，与①的选择透过性无关
C．与图甲相比，图乙细胞吸水能力更强
D．与图甲相比，图乙细胞体积明显变小
【答案】C
【分析】在逐渐发生质壁分离的过程中，细胞液的浓度增加，细胞液的渗透压升
高，细胞的吸水能力逐渐增强。
【详解】A、“观察叶绿体和细胞质流动”和“观察质壁分离”，均需保持细胞
活性，A 错误；
B、①与②的分离，与①的选择透过性有关，其原因就是因为蔗糖可通过全透性
的细胞壁，但不能通过具有选择透过性的细胞膜，B 错误；
C、与图甲相比，图乙细胞处于失水状态，细胞液渗透压升高，吸水能力更强，C
正确；
D、与图甲相比，图乙细胞体积几乎不变（植物细胞体积是看细胞壁），D 错误。
故选C。
32.细胞作为生命活动的基本单位，需要与环境进行物质交换。下列说法正确的
是（
）
A．协助扩散转运物质需消耗ATP
B．被动运输是逆浓度梯度进行的
C．载体蛋白转运物质时自身构象发生改变
D．主动运输转运物质时需要通
道蛋白协助
【答案】C
【分析】1、自由扩散：运输方向是高浓度到低浓度；不需要转运蛋白；不消耗
能量。
2、协助扩散：运输方向是高浓度到低浓度；需要转运蛋白；不消耗能量。
3、主动运输：运输方向是低浓度到高浓度；需要转运蛋白质；需要消耗能量。
【详解】A、协助扩散是顺浓度梯度运输，不需要消耗ATP，A 错误；
B、被动运输包括自由扩散和协助扩散，都是顺浓度梯度进行的，B 错误；
C、载体蛋白在转运物质时，会与被转运物质结合，自身构象发生改变，从而实
现物质的跨膜运输，C 正确；
585
D、主动运输转运物质时需要载体蛋白协助，而不是通道蛋白，通道蛋白一般用
于协助扩散，D 错误。
故选C。
专题06
有丝分裂和减数分裂
考点01
有丝分裂
33.蝌蚪长出四肢，尾巴消失，发育成蛙。下列叙述正确的是（
）
A．四肢细胞分裂时会发生同源染色体分离
B．四肢的组织来自于干细胞的增殖分化
C．蝌蚪尾巴逐渐消失是细胞坏死的结果
D．蝌蚪发育成蛙是遗传物质改变的结果
【答案】B
【分析】在“蝌蚪长出四肢，尾巴消失，发育成蛙”的过程中，涉及到细胞的增
殖、凋亡、分化。
【详解】A、四肢细胞分裂属于有丝分裂，不会发生同源染色体分离，同源染色
体分离发生在减数分裂过程中，A 错误；
B、动物和人体内仍保留着少数具有分裂和分化能力的细胞，这些细胞叫作干细
胞，四肢的组织细胞是来自于干细胞的增殖分化，B 正确；
C、蝌蚪尾巴逐渐消失是细胞凋亡的结果，C 错误；
D、蝌蚪发育成蛙是细胞分化的结果，细胞分化是细胞中基因选择性表达，而不
是遗传物质改变，D 错误。
故选B。
34 水稻生殖细胞形成过程中既发生减数分裂，又进行有丝分裂，相关叙述错误
的是（
）
A．染色体数目减半发生在减数分裂Ⅰ
B．同源染色体联会和交换发生在减数分裂Ⅱ
C．有丝分裂前的间期进行DNA 复制
D．有丝分裂保证细胞的亲代和子代间遗传的稳定性
【答案】B
【分析】①有丝分裂前的间期：进行DNA 的复制和有关蛋白质的合成；②有丝分
裂前期：核膜、核仁逐渐解体消失，出现纺锤体和染色体；③有丝分裂中期：
染色体形态固定、数目清晰；④有丝分裂后期：着丝粒分裂，姐妹染色单体分
开成为染色体，并均匀地移向两极；⑤有丝分裂末期：核膜、核仁重建、纺锤
体和染色体消失。
【详解】A、减数分裂I 结束后一个细胞分裂为两个细胞，单个细胞染色体数目
减半，A 正确；
B、同源染色体联会和交换发生在减数分裂I 的前期，B 错误；
586
C、有丝分裂前的间期进行DNA 复制和有关蛋白质的合成，为后面的有丝分裂做
准备，C 正确；
D、有丝分裂将亲代细胞的染色体经过复制后，精确地平均分配到两个子细胞中，
因而在生物的亲代细胞和子代细胞之间保证了遗传性状的稳定性，D 正确。
故选B。
专题07
细胞的分化、衰老、死亡及癌变
考点01
细胞的死亡
35.研究发现，细胞蛇是一种无膜细胞器，其在果蝇三龄幼虫大脑干细胞中数量
较多而神经细胞中几乎没有；在人类肝癌细胞中数量比正常组织中多。据此推测
细胞蛇可能参与的生命活动是（
）
A．细胞增殖
B．细胞分化
C．细胞凋亡
D．细胞衰老
【答案】A
【分析】细胞通过细胞分裂增加细胞数量的过程，叫作细胞增殖。单细胞生物通
过细胞增殖而繁衍，多细胞生物从受精卵开始，要经过细胞增殖和分化逐渐发育
为成体。生物体内也不断地有细胞衰老、死亡，需要通过细胞增殖加以补充，因
此，细胞增殖是重要的细胞生命活动，是生物体生长、发育、繁殖、遗传的基础。
【详解】因为细胞蛇在具有较强增殖能力的果蝇大脑干细胞和异常增殖的人类肝
癌细胞中数量较多，所以推测细胞蛇可能参与细胞增殖，A 正确，BCD 错误。
故选A。
36.通俗地说，细胞自噬就是细胞“吃掉”自身的结构和物质。下列叙述错误的
是（
）
A．溶酶体作为“消化车间”可为细胞自噬过程提供水解酶
B．线粒体作为“动力车间”为细胞自噬过程提供所需能量
C．细胞自噬产生的氨基酸可作为原料重新用于蛋白质合成
D．细胞自噬“吃掉”细胞器不利于维持细胞内部环境稳定
【答案】D
【分析】细胞自噬：通俗地说，细胞自噬就是细胞吃掉自身的结构和物质。在一
定条件下，细胞会将受损或功能退化的细胞结构等，通过溶酶体降解后再利用，
这就是细胞自噬。处于营养缺乏条件下的细胞，通过细胞自噬可以获得维持生存
所需的物质和能量；在细胞受到损伤、微生物入侵或细胞衰老时，通过细胞自噬，
可以清除受损或衰老的细胞器，以及感染的微生物和毒素，从而维持细胞内部环
境的稳定。有些激烈的细胞自噬，可能诱导细胞凋亡。
【详解】A、溶酶体含有多种水解酶，能分解衰老、损伤的细胞器等，可作为“消
化车间” 为细胞自噬提供水解酶，A 正确；
B、线粒体是有氧呼吸主要场所，能为细胞生命活动（包括细胞自噬）提供能量
（ATP），B 正确；
C、细胞自噬分解衰老细胞器等产生氨基酸，氨基酸可作为原料参与蛋白质合成，
实现物质再利用，C 正确；
D、细胞自噬“吃掉” 衰老、损伤的细胞器，能维持细胞内部环境稳定，利于
细胞正常代谢，D 错误。
587
故选D。
37.导管是被子植物木质部中运输水分和无机盐的主要输导组织，由导管的原始
细胞分裂、分化、死亡后形成。下列叙述正确的是（
）
A．细胞坏死形成导管的过程是一种自然的生理过程
B．分化成熟后的导管仍具备脱分化和再分化的能力
C．导管的原始细胞与叶肉细胞的基因表达情况存在差异
D．细胞骨架在维持导管的形态及物质的运输中发挥作用
【答案】C
【分析】1、细胞分化是指在个体发育中，由一个或一种细胞增殖产生的后代，
在形态，结构和生理功能上发生稳定性差异的过程，细胞分化的结果：使细胞的
种类增多，功能趋于专门化。
2、细胞凋亡是由基因决定的细胞编程性死亡的过程，细胞凋亡是生物体正常的
生命历程，对生物体是有利的，而且细胞凋亡贯穿于整个生命历程。
【详解】A、形成导管的细胞死亡属于细胞凋亡，是一种基因决定的自然的生理
过程，不是细胞坏死，A 错误；
B、分化成熟后的导管是死细胞，不具备脱分化和再分化的能力，B 错误；
C、导管原始细胞与叶肉细胞的遗传物质相同，但结构、形态和功能的差异源于
细胞分化过程中的基因选择性表达，C 正确；
D、成熟的导管分子为长管状的死细胞，没有细胞骨架，D 错误。
故选C。
38.细胞衰老表现为细胞形态、结构和功能的改变。下列叙述错误的是（
）
A．细胞持续分裂过程中端粒缩短可引起细胞衰老
B．皮肤生发层新形成细胞替代衰老细胞过程中有新蛋白合成
C．哺乳动物成熟红细胞的程序性死亡会导致机体的衰老
D．衰老小肠上皮细胞的膜通透性改变，物质吸收效率降低
【答案】C
【分析】衰老细胞的特征：细胞内水分减少，细胞萎缩，体积变小，但细胞核体
积增大，染色质固缩，染色加深；细胞膜通透性功能改变，物质运输功能降低；
细胞色素随着细胞衰老逐渐累积；有些酶的活性降低；呼吸速度减慢，新陈代谢
减慢。
【详解】A、端粒随细胞分裂逐渐缩短，当端粒缩短到临界值时，细胞停止分裂
并衰老，符合端粒学说，A 正确；
B、皮肤生发层细胞分裂产生新细胞时，需合成DNA 复制所需的酶及结构蛋白，
故有新蛋白生成，B 正确；
C、哺乳动物成熟红细胞的程序性死亡是机体细胞的自然更新过程，即使是新生
个体，也会通过成熟红细胞的程序性死亡更新机体细胞，故哺乳动物成熟红细胞
的程序性死亡会导致机体的衰老说法不正确，C 错误；
D、衰老细胞的细胞膜通透性改变，载体蛋白减少或功能下降，物质吸收效率降
低，D 正确；
故选C。
考点04
细胞的癌变
39.研究发现，短暂地抑制果蝇幼虫中PcG 蛋白（具有组蛋白修饰功能）的合成，
588
会启动原癌基因zfhl 的表达，导致肿瘤形成。驱动此肿瘤形成的原因属于（
）
A．基因突变
B．染色体变异
C．基因重组
D．表观遗传
【答案】D
【分析】表观遗传是指DNA 序列不发生变化，但基因的表达却发生了可遗传的改
变，即基因型未发生变化而表现型却发生了改变。表观遗传现象普遍存在于生物
体的生长、发育和衰老的整个生命活动过程中。
【详解】由题意可知，短暂地抑制果蝇幼虫中PcG 蛋白（具有组蛋白修饰功能）
的合成，会启动原癌基因zfhl 的表达，导致肿瘤形成，即基因型未发生变化而
表现型却发生了改变，因此驱动此肿瘤形成的原因属于表观遗传，ABC 错误、D
正确。
故选D。
40.核DNA 受到损伤时ATM 蛋白与受损部位结合，被激活后参与DNA 修复，同时
可诱导抗氧化酶基因H 的表达。下列分析错误的是（
）
A．细胞在修复受损的DNA 时，抗氧化能力也会提高
B．ATM 在细胞质合成和加工后，经核孔进入细胞核发挥作用
C．H 蛋白可减缓氧化产生的自由基导致的细胞衰老
D．ATM 基因表达增强的个体受辐射后更易患癌
【答案】D
【分析】细胞衰老的学说：自由基学说、端粒学说。
自由基：通常把异常活跃的带电分子或基团称为自由基。
【详解】A、依据题干信息，当核DNA 受到损伤时，ATM 蛋白与受损部位结合，
可诱导抗氧化酶基因基因H 的表达，即提高了其抗氧化能力，A 正确；
B、ATM 属于胞内蛋白，所以在细胞质合成、加工后，经核孔进入细胞核发挥作
用，B 正确；
C、H 蛋白是抗氧化酶基因H 表达的产物，可以减缓氧化过程中所产生的自由基
导致的细胞衰老，C 正确；
D、核DNA 受到损伤时ATM 蛋白与受损部位结合，被激活后参与DNA 修复，ATM
基因表达增强的个体受辐射后不易患癌，D 错误。
故选D。
41.关于癌症，下列叙述错误的是（
）
A．成纤维细胞癌变后变成球形，其结构和功能会发生相应改变
B．癌症发生的频率不是很高，大多数癌症的发生是多个基因突变的累积效应
C．正常细胞生长和分裂失控变成癌细胞，原因是抑癌基因突变成原癌基因
D．乐观向上的心态、良好的生活习惯，可降低癌症发生的可能性
【答案】C
【解析】细胞癌变结构和功能会发生相应改变，如成纤维细胞癌变后变成球形，
A 正确；癌变发生的原因是基因突变，基因突变在自然条件下具有低频性，故癌
症发生的频率不是很高，且癌症的发生并不是单一基因突变的结果，而是多个相
关基因突变的累积效应，B 正确；人和动物细胞中的DNA 上本来就存在与癌变相
关的基因，其中原癌基因表达的蛋白质是细胞正常的生长和增殖所必需的，抑癌
589
基因表达的蛋白质能抑制细胞的生长和增殖，或者促进细胞凋亡，细胞癌变的原
因是原癌基因和抑癌基因发生突变所致，C 错误；
开朗乐观的心理状态会影响神经系统和内分泌系统的调节功能，良好的生活习惯
如远离辐射等，能降低癌症发生的可能性，D 正确。
专题13
内环境及其稳态
考点01
内环境与稳态
42.内环境稳态对人体的健康至关重要。下列生理调节过程不属于人体内环境稳
态调节的是（
）
A．血钾升高时，可通过醛固酮调节肾脏排出更多的钾离子，以维持血钾浓度
相对稳定
B．环境温度高于30℃时，汗腺分泌汗液，汗液汽化时带走热量，以维持体温
相对稳定
C．缺氧时，呼吸加深加快，机体从外界获取更多的氧，以维持血液中氧含量
相对稳定
D．胃酸分泌过多时，通过负反馈作用抑制胃酸分泌，以维持胃中的pH 值相
对稳定
【答案】D
【分析】内环境稳态的调节：
（1）实质：体内渗透压、温度、pH 等理化特性和化学成分呈现动态平衡的过程；
（2）定义：在神经系统和体液的调节下，通过各个器官、系统的协调活动，共
同维持内环境相对稳定的状态；
（3）调节机制：神经—体液—免疫调节网络；
（4）意义：机体进行正常生命活动的必要条件。
【详解】A、血钾升高时，通过醛固酮调节肾脏排出更多钾离子，维持血钾浓度
相对稳定，钾离子在血浆等内环境中，该调节属于内环境稳态调节，A 正确；
B、环境温度高于30℃时，汗腺分泌汗液，汗液汽化带走热量，维持体温相对稳
定，体温调节涉及内环境的温度平衡，属于内环境稳态调节，B 正确；
C、缺氧时，呼吸加深加快，机体从外界获取更多氧，维持血液（包括血浆和血
细胞）中氧含量相对稳定，血液中的氧含量在内环境中体现，属于内环境稳态调
节，C 正确；
D、胃中的环境不属于内环境，胃酸分泌过多时，通过负反馈作用抑制胃酸分泌，
维持胃中的pH 值相对稳定，这不属于内环境稳态调节，D 错误。
故选D。
43.在中国文化中，“肝胆相照”用来比喻朋友之间真心相待。研究表明，当某
实验动物的肝脏或者胆管受到严重损伤时，机体可通过图所示的相互转化机制进
行修复。据图分析，下列叙述正确的是（
）
590
A．肝、胆严重损伤时，内环境稳态的破坏是细胞凋亡所致
B．过程①、②为细胞增殖，在细胞分裂中期染色体数目会加倍
C．过程③产生的细胞，其分化程度比胆管细胞高
D．过程④、⑤中均存在基因的选择性表达
【答案】D
【详解】A、肝、胆严重损伤是由外界因素导致的细胞坏死，而不是细胞凋亡（细
胞凋亡是由基因决定的细胞自动结束生命的过程），所以内环境稳态的破坏不是
细胞凋亡所致，A 错误；
B、过程①、②为细胞增殖，在细胞分裂后期，着丝粒分裂，染色体数目加倍，
而不是中期，中期染色体形态稳定、数目清晰，B 错误；
C、过程③产生的细胞是干细胞特性的细胞，其分化程度比胆管细胞低，干细胞
具有更高的全能性，C 错误；
D、过程④、⑤是细胞分化过程，细胞分化的实质是基因的选择性表达，所以过
程④、⑤中均存在基因的选择性表达，D 正确。
故选D。
44.长跑运动员在比赛过程中，出现呼吸加快、大量流汗等生理现象，但血浆pH
仍保持相对稳定。分析血浆pH 稳定的原因，下列说法正确的是（
）
A．大量流汗排出了无机盐
B．喝碱性饮料以中和乳酸
C．内环境中存在HCO3
-/H2CO3缓冲对D．呼吸过快时O2摄入和CO2排出均减少
【答案】C
【分析】内环境稳态是指在正常生理情况下机体内环境的各种成分和理化性质只
在很小的范围内发生变动，不是处于固定不变的静止状态，而是处于动态平衡状
态。正常机体通过调节作用，使各个器官、系统协调活动，共同维持内环境的相
对稳定状态。
【详解】A、大量流汗排出无机盐主要影响的是体内的水盐平衡，从而影响渗透
压，对血浆pH 稳定的维持没有直接作用，A 错误；
B、喝碱性饮料会被胃酸中和，不能中和血浆中的乳酸，对血浆pH 稳定的作用不
是主要的，B 错误；
C、内环境中存在HCO3-/H2CO3 缓冲对，当机体产生乳酸等酸性物质时，HCO3-
会与之反应，维持血浆pH 的稳定，当碱性物质增多时，H2CO3 会与之反应，从
而使血浆pH 保持相对稳定，这是血浆pH 稳定的重要原因，C 正确；
D、呼吸过快时，O2 摄入增加，CO2 排出也增加，这样可以调节血浆中CO2 的浓
度，维持酸碱平衡，D 错误。
故选C。
45.酸碱平衡是维持人体正常生命活动的必要条件之一。下列叙述正确的是
（
）
591
A．细胞内液的酸碱平衡与无机盐离子无关
B．血浆的酸碱平衡与
3
2
3
HCO
H CO
、
等物质有关
C．胃蛋白酶进入肠道后失活与内环境酸碱度有关
D．肌细胞无氧呼吸分解葡萄糖产生的
2
CO 参与酸碱平衡的调节
【答案】B
【分析】关于“内环境稳态的调节”应掌握以下几点：(1）实质：体内渗透压、
温度、pH 等理化特性呈现动态平衡的过程；（2）定义：在神经系统和体液的调
节下，通过各个器官、系统的协调活动，共同维持内环境相对稳定的状态；(3）
调节机制：神经—体液—免疫调节网络；(4）层面：水、无机盐、血糖、体温等
的平衡与调节；(5）意义：机体进行正常生命活动的必要条件。
【详解】A、细胞内液的酸碱平衡依赖缓冲系统（如磷酸盐缓冲对），而缓冲物
质属于无机盐离子，A 错误；
B、血浆中的
3
2
3
HCO
H CO
、
是主要的缓冲对，能中和酸性或碱性物质，维持pH 稳
定，B 正确；
C、肠道属于外界环境，而非内环境（内环境为血浆、组织液、淋巴），C 错误；
D、肌细胞无氧呼吸产物为乳酸，不产生
2
CO ，
2
CO 由有氧呼吸产生，D 错误。
故选B。
46.为研究运动强度对人体生理活动的影响。某研究团队招募一批健康受试者分
别进行3min 低强度运动和高强度运动，运动开始后血浆乳酸水平见图。下列叙
述错误的是（
）
A．高强度运动时，肾上腺素和胰高血糖素协同作用升高血糖
B．高强度运动血浆乳酸水平达到峰值时，骨骼肌细胞无氧呼吸强度最高
C．两种强度运动后，血浆乳酸水平的变化均不影响血浆pH 的相对稳定
D．两种强度运动后，交感神经与副交感神经活动的强弱均会发生转换
【答案】B
【分析】人无氧呼吸的产物是乳酸，不产生二氧化碳。在运动过程中，肌肉会产
生大量的乳酸，但血浆的pH 不会发生明显变化，其原因是血液中含缓冲物质，
使pH 维持相对稳定。
【详解】A、高强度运动时，肾上腺素和胰高血糖素都可以促进肝糖原分解和非
糖物质转化为糖来协同作用升高血糖，A 正确；
592
B、根据“高强度运动血乳酸峰值出现在运动后3～10min”，说明高强度运动血
浆乳酸水平达到峰值时，人体还在进行无氧呼吸产生乳酸释放到血浆，并非此时
骨骼肌细胞无氧呼吸强度最高，B 错误；
C、两种强度运动后，血浆乳酸水平的下降并逐渐恢复到正常范围，均不影响血
浆pH 的相对稳定，C 正确；
D、两种强度运动时，交感神经的活动占主导作用，运动后副交感神经的活动占
主导作用，故交感神经与副交感神经活动的强弱均会发生转换，D 正确。
故选B。
47.外科医生给足外伤患者缝合伤口时，先在伤口附近注射局部麻醉药，以减轻
患者疼痛。局部麻醉药的作用原理是（
）
A．降低伤口处效应器的功能
B．降低脊髓中枢的反射能力
C．阻断相关传出神经纤维的传导
D．阻断相关传入神经纤维的传导
【答案】D
【分析】局部麻醉药通过阻断神经冲动的传导来抑制痛觉的产生。
【详解】A、效应器由传出神经末梢及其支配的肌肉或腺体构成，麻醉药作用于
伤口附近，若作用于效应器则不能减轻患者疼痛，A 错误；
B、脊髓中枢的反射能力涉及完整的反射弧，而局部麻醉药并未作用于脊髓中枢，
B 错误；
C、传出神经负责将中枢信号传递至效应器，但疼痛信号的传递依赖传入神经，
阻断传出神经不会影响痛觉的产生，C 错误；
D、传入神经负责将痛觉信号从感受器传递至中枢神经系统，局部麻醉药通过阻
断传入神经纤维的传导，使痛觉信号无法传递到大脑，从而减轻疼痛，D 正确。
故选D。
48.血液中CO2浓度升高刺激Ⅰ型细胞，由此引发的Ca
2+内流促使神经递质释放，
引起传入神经兴奋，最终使呼吸加深加快。通过Ⅰ型细胞对信息进行转换和传递
的通路如图所示。下列叙述错误的是（
）
A．Ⅰ型细胞受CO2浓度升高刺激时，胞内K
+浓度降低，引发膜电位变化
B．阻断Ⅰ型细胞的Ca
2+内流，可阻断该通路对呼吸的调节作用
C．该通路可将CO2浓度升高的刺激转换为传入神经的电信号
D．机体通过Ⅰ型细胞维持CO2浓度相对稳定的过程存在负反馈调节
【答案】A
【分析】激素等化学物质，通过体液传送的方式对生命活动进行调节，称为体液
调节。激素调节是体液调节的主要内容。除激素外，其他一些化学物质，如组胺、
593
某些气体分子（NO、CO 等）以及一些代谢产物（如CO2），也能作为体液因子对
细胞、组织和器官的功能起调节作用。
【详解】A、Ⅰ型细胞受CO2 浓度升高刺激时，使K+通道关闭，K+外流减少，胞
内K+浓度增加，A 错误；
B、由题意可知，Ca2+内流促使神经递质释放，引起传入神经兴奋，最终使呼吸
加深加快，故阻断Ⅰ型细胞的Ca2+内流，可阻断该通路对呼吸的调节作用，B
正确；
C、血液中CO2 浓度升高刺激Ⅰ型细胞，由此引发的Ca2+内流促使神经递质释放，
引起传入神经兴奋，故该通路可将CO2 浓度升高的刺激转换为传入神经的电信
号，C 正确；
D、机体通过Ⅰ型细胞维持CO2 浓度相对稳定的过程，最终使呼吸加深加快，血
液中CO2 浓度降低，故存在负反馈调节，D 正确。
故选A。
49.机体可通过信息分子协调各组织器官活动。下列叙述正确的是（
）
A．甲状腺激素能提高神经系统的兴奋性
B．抗利尿激素和醛固酮协同提高血浆中Na
+含量
C．交感神经兴奋释放神经递质，促进消化腺分泌活动
D．下丘脑释放促肾上腺皮质激素，增强肾上腺分泌功能
【答案】A
【分析】人体缺水时，细胞外液渗透压升高，刺激下丘脑渗透压感受器兴奋，一
方面由下丘脑合成分泌、垂体释放的抗利尿激素增多，促进肾小管和集合管重吸
收水。另一方面大脑皮层产生渴感，调节人主动饮水，使细胞外液渗透压降低。
【详解】A、甲状腺激素具有促进新陈代谢和生长发育，提高神经系统兴奋性的
作用，A 正确；
B、抗利尿激素的作用是促进肾小管和集合管对水的重吸收，醛固酮的作用是促
进肾小管和集合管对Na+的重吸收和对K+的分泌，二者不是协同提高血浆中Na+
含量，B 错误；
C、交感神经兴奋时，会抑制消化腺的分泌活动，副交感神经兴奋时促进消化腺
分泌，C 错误；
D、下丘脑释放促肾上腺皮质激素释放激素，垂体释放促肾上腺皮质激素，促肾
上腺皮质激素能增强肾上腺分泌功能，D 错误。
故选A。
50.某患者甲状腺激素分泌不足。经诊断，医生建议采用激素治疗。下列叙述错
误的是（
）
A．若该患者血液TSH 水平低于正常，可能是垂体功能异常
B．若该患者血液TSH 水平高于正常，可能是甲状腺功能异常
C．甲状腺激素治疗可恢复患者甲状腺的分泌功能
D．检测血液中相关激素水平可评估治疗效果
【答案】C
【分析】甲状腺激素分泌的调节，是通过下丘脑— 垂体—甲状腺轴来进行的。
当机体感受到寒冷等刺激时，相应的神经冲动传到下丘脑，下丘脑分泌TRH ；
TRH 运输到并作用于垂体，促使垂体分泌TSH ；TSH 随血液循环到达甲状腺，
594
促使甲状腺增加甲状腺激素的合成和分泌。当血液中的甲状腺激素含量增加到
一定程度时，又会抑制下丘脑和垂体分泌相关激素，进而使甲状腺激素的分泌
减少而不至于浓度过高。也就是说，在甲状腺激素分泌的过程中，既存在分级
调节，也存在反馈调节。
【详解】A、患者甲状腺激素分泌不足，甲状腺激素对下丘脑和垂体负反馈作用
减弱，则TRH 和TSH 高于正常水平，而若该患者血液TSH 水平低于正常，可能是
垂体功能异常，A 正确；
B、某患者甲状腺激素分泌不足，TSH 应该高于正常；若该患者血液TSH 水平高
于正常，可能是甲状腺功能异常，可能是缺碘，B 正确；
C、甲状腺激素治疗只能够提高血液中甲状腺激素的含量，不可恢复患者甲状腺
的分泌功能，C 错误；
D、采用激素治疗某患者甲状腺激素分泌不足，可检测血液中TRH、TSH 等相关激
素水平是否恢复到正常水平，从而评估治疗效果，D 正确。
故选C。
51.人在睡梦中偶尔会出现心跳明显加快、呼吸急促，甚至惊叫。如果此时检测
这些人的血液，会发现肾上腺素含量明显升高。下列叙述错误的是（
）
A．睡梦中出现呼吸急促和惊叫等生理活动不受大脑皮层控制
B．睡梦中惊叫等应激行为与肾上腺髓质分泌的肾上腺素有关
C．睡梦中心跳加快与交感神经活动增强、副交感神经活动减弱有关
D．交感神经兴奋促进肾上腺素释放进而引起心跳加快，属于神经－体液调节
【答案】A
【分析】自主神经系统：（1）概念:支配内脏、血管和腺体的传出神经，它们的
活动不受意识支配，称为自主神经系统。（2）功能:当人体处于兴奋状态时，交
感神经活动占据优势，心跳加快，支气管扩张，但胃肠的蠕动和消化腺的分泌活
动减弱;当人处于安静状态时，副交感神经活动占据优势，此时，心跳减慢，但
胃肠的蠕动和消化液的分泌会加强，有利于食物的消化和营养物质的吸收。
【详解】A、睡梦中出现呼吸急促和惊叫等生理活动受大脑皮层控制，A 错误；
B、睡梦中惊叫属于应激行为，与肾上腺髓质分泌的肾上腺素有关，B 正确；
C、交感神经的活动主要保证人体紧张状态时的生理需要，睡梦中心跳加快与交
感神经活动增强、副交感神经活动减弱有关，C 正确；
D、交感神经兴奋时，肾上腺髓质分泌的肾上腺素增加，可以提高机体的代谢水
平，属于神经－体液调节，D 正确。
故选A。
52.图为机体感染HIV 一段时间后血浆中HIV 含量的变化，下列说法正确的是
（
）
595
A．机体的第三道防线在tO-t1段已经开始发挥作用
B．时期Ⅰ血浆中病毒的清除主要靠细胞免疫
C．时期Ⅱ病毒含量的上升会促进辅助性T 细胞数量增加
D．在t2进行治疗比t1更有利于维持机体的免疫功能
【答案】A
【详解】A、机体的第三道防线（特异性免疫）在感染HIV 后就会逐渐发挥作用，
在tO-t1 段病毒数量上升后又下降，说明特异性免疫已经开始发挥作用来对抗病
毒，A 正确；
B、时期Ⅰ血浆中病毒的清除主要靠体液免疫，体液免疫可以产生抗体与病毒结
合，进而清除病毒，而不是细胞免疫，细胞免疫主要针对被病毒感染的靶细胞，
B 错误；
C、HIV 主要攻击辅助性T 细胞，时期Ⅱ病毒含量的上升会导致辅助性T 细胞数
量减少，而不是增加，C 错误；
D、HIV 主要攻击辅助性T 细胞，在t2 时辅助性T 细胞数量会明显减少，在t2
进行治疗比t1 不利于维持机体的免疫功能，D 错误。
故选A。
53.T 细胞是重要的免疫细胞。下列叙述错误的是（
）
A．T 细胞来自骨髓造血干细胞并在骨髓中成熟
B．树突状细胞可将病毒相关抗原呈递给辅助性T 细胞
C．辅助性T 细胞可参与细胞毒性T 细胞的活化
D．T 细胞可集中分布在淋巴结等免疫器官
【答案】A
【分析】体液免疫过程：①一些病原体可以和B 细胞接触，为激活B 细胞提供第
一个信号；②树突状细胞、B 细胞等抗原呈递细胞摄取病原体，而后对抗原进行
处理，呈递在细胞表面，然后传递给辅助性T 细胞；③辅助性T 细胞表面特定分
子发生变化并与B 细胞结合，这是激活B 细胞的第二个信号；辅助性T 细胞开始
分裂、分化，并分泌细胞因子；④B 细胞受到两个信号的刺激后开始分裂、分化，
大部分分化为浆细胞，小部分分化为记忆B 细胞。细胞因子能促进B 细胞的分裂、
分化过程。⑤浆细胞产生和分泌大量抗体，抗体可以随体液在全身循环并与病原
体结合。抗体与病原体的结合可以抑制病原体的增殖或对人体细胞的黏附。
【详解】A、T 细胞起源于骨髓造血干细胞，但迁移到胸腺中成熟，而非骨髓。
骨髓是B 细胞分化、发育、成熟的场所，A 错误；
B、树突状细胞作为抗原呈递细胞，能摄取、处理病毒抗原，并将其呈递给辅助
596
性T 细胞，B 正确；
C、辅助性T 细胞通过分泌细胞因子，参与激活细胞毒性T 细胞，C 正确；
D、T 细胞作为淋巴细胞，主要分布在淋巴结、脾等免疫器官中，D 正确。
故选A。
54.病原体进入机体引起免疫应答过程的示意图如下。下列叙述正确的是（
）
A．阶段Ⅰ发生在感染早期，①和②为参与特异性免疫的淋巴细胞
B．①和②通过摄取并呈递抗原，参与构成保卫机体的第一道防线
C．活化之后的③可以分泌细胞因子，从而加速④的分裂分化过程
D．阶段Ⅱ消灭病原体可通过③→⑤→⑥示意的细胞免疫过程来完成
【答案】C
【分析】体液免疫：病原体可以直接和B 细胞接触，树突状细胞作为抗原呈递细
胞，可对抗原进行加工、处理后呈递至辅助性T 淋巴细胞，随后在抗原、激活的
辅助性T 细胞表面的特定分子双信号刺激下，B 淋巴细胞活化，再接受细胞因子
刺激后增殖分化成记忆细胞和浆细胞，浆细胞产生抗体，和病原体结合。
【详解】A、据图分析，①和②是巨噬细胞等抗原呈递细胞，其中巨噬细胞不一
定是参与特异性免疫反应的细胞，在非特异性免疫中也起作用，A 错误；
B、①和②（抗原呈递细胞）通过摄取和呈递抗原参与免疫反应，参与构成第二
道防线和第三道防线，不是第一道防线（皮肤、黏膜等物理屏障），B 错误；
C、活化后的③（辅助性T 细胞）可以分泌细胞因子，这些细胞因子能够加速④
（细胞毒性T 细胞）的分裂分化过程，促进细胞免疫应答，C 正确；
D、图示过程有抗体参与，应是体液免疫而非细胞免疫，D 错误。
故选C。
55.机体长期感染某病毒可导致细胞癌变。交感神经释放的神经递质作用于癌细
胞表面β受体，上调癌细胞某蛋白的表达，破坏癌细胞的连接，从而促进癌细胞
转移。下列说法错误的是（
）
A．机体清除癌细胞的过程属于免疫自稳
B．使用β受体阻断剂可降低癌细胞转移率
C．可通过接种该病毒疫苗降低患相关癌症的风险
D．辅助性T 细胞可能参与机体清除癌细胞的过程
【答案】A
【分析】免疫系统的基本功能：①免疫防御：机体排除外来抗原性异物的一种免
疫防护作用。这是免疫系统最基本的功能。该功能正常时，机体能抵抗病原体的
入侵；异常时，免疫反应过强、过弱或缺失，可能会导致组织损伤或易被病原体
感染等问题；②免疫自稳：指机体清除衰老或损伤的细胞，进行自身调节，维持
内环境稳态的功能。正常情况下，免疫系统对自身的抗原物质不产生免疫反应；
若该功能异常，则容易发生自身免疫病；③免疫监视：指机体识别和清除突变的
597
细胞，防止肿瘤的发生。机体内的细胞因物理、化学或病毒等致癌因素的作用而
发生癌变，这是体内最危险的“敌人”。机体免疫功能正常时，可识别这些突变
的肿瘤细胞，然后调动一切免疫因素将其消除；若此功能低下或失调，机体会有
肿瘤发生或持续的病毒感染。
【详解】A、机体清除癌细胞的过程属于免疫监视，A 错误；
B、交感神经释放的神经递质作用于癌细胞表面β受体，上调癌细胞某蛋白的表
达，破坏癌细胞的连接，从而促进癌细胞转移，使用β受体阻断剂可以降低癌细
胞某蛋白的表达，从而降低癌细胞转移率，B 正确；
C、机体长期感染某病毒可导致细胞癌变，通过接种该病毒疫苗产生相应的效应
细胞、抗体，从而清除该病毒，进而降低患相关癌症的风险，C 正确；
D、机体通过细胞免疫清除癌细胞，细胞免疫需要辅助性T 细胞的参与，D 正确。
故选A。
56.抗蛇毒毒素血清用于治疗被毒蛇咬伤的患者。关于抗蛇毒毒素血清的制备和
运用，下列说法错误的是（
）
A．制备抗蛇毒毒素血清可用减毒的蛇毒毒素对动物多次免疫
B．从已免疫动物血液中分离抗蛇毒毒素血清时需去除血细胞
C．医务人员需根据毒蛇种类为患者注射对应抗蛇毒毒素血清
D．患者体内蛇毒记忆细胞是因注射抗蛇毒毒素血清而产生的
【答案】D
【分析】抗蛇毒毒素血清”的生产原理是注射抗原后机体产生抗体释放到血清的
过程，因此“抗蛇毒毒素血清”中含有抗体，可和蛇毒抗原结合。
【详解】A、蛇毒毒素减毒处理可避免动物中毒死亡，同时保留抗原性，故制备
抗蛇毒毒素血清可用减毒的蛇毒毒素对动物多次免疫，A 正确；
B、抗蛇毒毒素血清中的有效成分是抗体，存在于血浆中，分离血清需去除血细
胞和纤维蛋白原，B 正确；
C、不同蛇毒毒素的抗原结构不同，抗体具有特异性，需针对性使用对应血清才
能中和毒素，C 正确；
D、记忆细胞由抗原直接刺激B 细胞或T 细胞后增殖分化形成，而抗蛇毒血清中
的抗体属于被动免疫，不会诱导患者体内产生记忆细胞，D 错误。
故选D。
57.机体接触“非己”物质时，免疫系统能够产生免疫反应。下列叙述错误的是
（
）
A．花粉等过敏原可刺激T 细胞产生抗体引发过敏反应
B．机体对“非己”物质产生免疫反应时可引起自身免疫病
C．获得性免疫缺陷病可以通过切断传播途径进行预防
D．使用免疫抑制剂可有效提高异体器官移植的成功率
【答案】A
【分析】本题考察免疫系统的反应机制及相关疾病。需结合过敏反应、自身免疫
病、免疫缺陷病及器官移植的知识点进行判断。
【详解】A、抗体由浆细胞（效应B 细胞）分泌，T 细胞不能产生抗体。过敏反
应中，过敏原会刺激B 细胞活化并在T 细胞辅助下分化为浆细胞，由浆细胞产生
抗体（如IgE），A 错误；
B、当免疫系统对“非己”物质（如与自身结构相似的抗原）产生免疫反应时，
598
可能因交叉反应攻击自身组织，导致自身免疫病，B 正确；
C、获得性免疫缺陷病（如艾滋病）属于传染病，可通过切断传播途径（如血液、
性接触传播）进行预防，C 正确；
D、异体器官移植的排斥反应由细胞免疫介导，使用免疫抑制剂可降低免疫系统
活性，从而提高移植成功率，D 正确；
故选A。
58.在花粉过敏症患者中，法国梧桐花粉过敏原检测阳性率较高。接触法国梧桐
花粉可诱发哮喘和过敏性鼻炎等过敏反应。下列叙述错误的是（
）
A．抗原-抗体特异性结合的原理可用于过敏原检测
B．抑制机体内辅助性T 细胞活性的药物，可缓解过敏反应
C．不同人对相同过敏原的过敏反应程度不同，说明过敏反应可能与遗传因素
有关
D．法国梧桐花粉刺激机体产生的抗体，可避免机体再次接触该种花粉时产生
过敏反应
【答案】D
【分析】过敏反应是已免疫的机体再次接触相同过敏原时发生的异常免疫应答。
过敏原首次刺激机体产生抗体，吸附于肥大细胞等表面；再次接触时，过敏原与
抗体结合，引发组织胺释放，导致过敏症状。
【详解】A、过敏原检测通过抗原-抗体特异性结合原理检测体内是否存在针对该
过敏原的抗体，A 正确；
B、辅助性T 细胞在过敏反应中起着重要作用，它可以辅助B 细胞产生抗体等。
抑制机体内辅助性T 细胞活性，能够减少过敏反应中相关免疫活性物质的产生，
从而缓解过敏反应，B 正确；
C、过敏反应存在个体差异，与遗传因素（如易感基因）密切相关，C 正确；
D、法国梧桐花粉刺激产生的抗体是导致再次接触时引发过敏反应的关键，而非
“避免”过敏反应，D 错误。
故选D。
59.生长素可促进植物细胞伸长生长，其作用机制之一是通过激活质膜H
+-ATP 酶，
导致细胞壁酸化，活化细胞壁代谢相关的酶。拟南芥跨膜激酶TMK 参与了这一过
程，它与生长素受体、质膜H
+-ATP 酶的关系如下图所示。下列叙述正确的是
（
）
A．生长素促进细胞伸长生长的过程与呼吸作用无关
599
B．碱性条件下生长素促进细胞伸长生长的作用增强
C．生长素受体可以结合吲哚乙酸或苯乙酸
D．TMK 功能缺失突变体的生长较野生型快
【答案】C
【分析】生长素的主要合成部位：幼嫩的芽、叶和发育中的种子，这些部位的
细胞具有较强的分裂和代谢能力。主要由色氨酸经过一系列生化反应转变而来。
在一定浓度范围内，生长素能促进细胞伸长，尤其是对植物茎段的生长促进作用
明显。但浓度过高会抑制生长。还具有促进果实发育的作用。
【详解】A、从图中可知，生长素激活质膜H+-ATP 酶需要消耗能量，而细胞中的
能量主要由呼吸作用提供，所以生长素促进细胞伸长生长的过程与呼吸作用有
关，A 错误；
B、因为生长素通过激活质膜H+-ATP 酶导致细胞壁酸化来促进细胞伸长，碱性条
件会抑制这一酸化过程，所以碱性条件下生长素促进细胞伸长生长的作用减弱，
B 错误；
C、生长素的化学本质是吲哚乙酸，苯乙酸也是生长素类似物，生长素受体可以
结合吲哚乙酸或苯乙酸来发挥作用，C 正确；
D、由于TMK 参与生长素促进细胞伸长的过程，TMK 功能缺失突变体无法正常进
行这一过程，其生长会比野生型慢，D 错误。
故选C。
60.我国劳动人民在长期农业生产实践中总结了大量经验，体现出劳动人民的勤
劳与智慧。下列分析错误的是（
）
A．“打顶去心，果枝满头”：去掉顶芽，可以消除顶端优势，促进侧枝发育
B．“要得果子好，蜂子把花咬”：蜜蜂可帮助传粉提高受精率，增加果实数
量
C．“庄稼一枝花，全靠肥当家”：作物可吸收有机肥中残留蛋白质，加速生
长
D．“瓜熟蒂落”：乙烯含量升高可促进瓜果成熟，脱落酸含量升高可促进其
脱落
【答案】C
【分析】由植物体内产生，能从产生部位运送到作用部位，对植物的生长发育
有显著影响的微量有机物，叫作植物激素。植物激素作为信息分子，几乎参与
调节植物生长、发育过程中的所有生命活动，包括赤霉素、细胞分裂素、脱落
酸和乙烯等物质
【详解】A、“打顶去心，果枝满头”，顶芽会产生生长素，向下运输积累在侧
芽部位，抑制侧芽生长，这就是顶端优势，去掉顶芽后，侧芽部位生长素浓度降
低，抑制作用解除，从而可以促进侧枝发育，A 正确；
B、“要得果子好，蜂子把花咬”，许多植物需要经过传粉受精才能形成果实和
种子，蜜蜂在采集花蜜的过程中可以帮助植物传粉，使花粉落到雌蕊柱头上，完
成受精过程，提高受精率，进而增加果实数量，B 正确；
C、“庄稼一枝花，全靠肥当家”，作物不能直接吸收有机肥中残留的蛋白质，
有机肥中的有机物需要经过土壤中微生物的分解，转化为无机物（如二氧化碳、
水、无机盐等）后，才能被植物吸收利用，加速生长，C 错误；
D、“瓜熟蒂落”，在果实成熟过程中乙烯含量升高，乙烯具有促进果实成熟的
作用；在果实脱落时脱落酸含量升高，脱落酸能促进叶和果实的衰老和脱落，D
600
正确。
故选C。
61 我国科学家对三万余株水稻进行筛选，成功定位并克隆出耐碱—耐热基因
ATT，发现该基因编码GA20 氧化酶，从而调控赤霉素的生物合成。适宜浓度的赤
霉素通过调节SLR1 蛋白的含量，能减少碱性和高温环境对植株的损伤。下列叙
述错误的是（
）
A．该研究表明基因与性状是一一对应关系
B．ATT 基因通过控制酶的合成影响水稻的性状
C．可以通过调节ATT 基因的表达调控赤霉素的水平
D．该研究成果为培育耐碱—耐热水稻新品种提供了新思路
【答案】A
【分析】转录以DNA 一条链为模板，以游离的核糖核苷酸为原料，在RNA 聚合酶
的催化作用下合成RNA 的过程。翻译以mRNA 为模板，以游离的氨基酸为原料，
在酶的催化作用下合成蛋白质的过程。
【详解】A、题干中ATT 基因通过调控赤霉素合成影响耐碱和耐热两种性状，体
现基因和性状不是简单的一一对应关系，A 错误；
B、ATT 基因编码GA20 氧化酶，通过控制酶的合成调控代谢过程，进而影响性状，
符合基因间接控制性状的途径，B 正确；
C、ATT 基因的表达产物是赤霉素合成的关键酶，调节其表达可改变赤霉素水平，
C 正确；
D、克隆ATT 基因后，可通过转基因技术培育耐碱—耐热水稻，D 正确；
故选A。
62.果实脱落受多种激素调控。某植物果实脱落的调控过程如图所示。下列说法
错误的是（
）
A．脱落酸通过促进乙烯的合成促进该植物果实脱落
B．脱落酸与生长素含量的比值影响该植物果实脱落
C．喷施适宜浓度的生长素类调节剂有利于防止该植物果实脱落
D．该植物果实脱落过程中产生的乙烯对自身合成的调节属于负反馈
【答案】D
【分析】赤霉素的作用是促进生长，解除休眠。生长素的作用是促进细胞生长，
促进枝条生根，促进果实发育等。脱落酸的作用是抑制细胞分裂，促进叶和果实
的衰老和脱落。细胞分裂素的作用是促进细胞分裂和组织分化。
【详解】A、据图示，脱落酸促进乙烯合成酶的合成，而乙烯合成酶能催化乙烯
的合成。因此，脱落酸可以间接地促进乙烯的合成。而乙烯又能促进果实脱落，
A 正确；
B、从图中可以看出，生长素抑制脱落，而脱落酸促进脱落。这两种激素的作用
601
是相互拮抗的。因此，它们的比值，将决定最终是脱落还是不脱落。当生长素含
量高，脱落酸/生长素比值低时，倾向于抑制脱落；反之，当脱落酸含量高，该
比值高时，倾向于促进脱落，B 正确；
C、图示明确指出生长素抑制脱落酸的合成。抑制了脱落酸，就等于抑制了整个
促进脱落的信号通路。因此，人为地喷施生长素类调节剂（如萘乙酸），可以提
高植物体内的生长素水平，从而抑制脱落酸的产生，达到防止果实过早脱落（保
果）的目的。这是生长素在农业生产上的一个重要应用，C 正确；
D、图中关于乙烯的调节环路可以得出乙烯的产生会抑制生长素的形成，而生长
素会抑制脱落酸的合成，最后脱落酸会促进乙烯合成酶合成乙烯。这意味着乙烯
的产生会促进其合成酶的产生，从而导致更多的乙烯被合成。这种“产物促进自
身生成”的调节机制，是一种自我放大的效应，被称为正反馈，D 错误。
故选D。
考点02
环境因素参与植物生命活动的调节
63.在常温（20℃）、长日照条件下栽培某油菜品种，幼苗生长至4~5 叶时，将
部分植株置于低温（5℃）处理6 周后，立即进行嫁接。然后将所有植株常温栽
培。不同处理植株茎尖中赤霉素含量（
1
ng g

鲜重）及开花情况如表所示。下列
叙述正确的是（
）
低温处理结束后
（天）
检测
指标
常温处理
植株
低温处理
植株
常温处理
接穗
常温处理
接穗
常温处理
砧木
低温处理
砧木
0
赤霉
素
90.2
215.3
/
/
15
赤霉
素
126.4
632.0
113.8
582.0
50
开花
情况
不开花
开花
不开花
开花
A．除赤霉素外，低温处理诱导油菜开花不需要其他物质参与
B．赤霉素直接参与油菜开花生理代谢反应的浓度需达到某临界值
C．将油菜幼苗的成熟叶片置于低温下，其余部位置于常温，不能诱导开花
D．若外源赤霉素代替低温也能促进油菜开花，则两者诱导开花的代谢途径相
同
【答案】C
【分析】春化作用是指植物必须经历一段时间的持续低温才能由营养生长阶段转
入生殖阶段生长的现象。春化作用的出现和休眠一样，也是植物应对恶劣环境的
一种策略，植物在开花期时最脆弱，如果此时遇上低温，则很容易无法抵抗而导
致不开花或死亡。所以经过长久的演化，植物会等待寒冬过去后再开花结实，以
确保顺利繁衍后代。
602
【详解】A、低温处理可能通过诱导赤霉素合成及其他信号物质（如开花素）共
同促进开花，仅赤霉素不足以说明无需其他物质，A 错误；
B、赤霉素作为植物激素，通过调节基因表达等传递信息，而非直接参与代谢反
应，B 错误；
C、春化作用通常作用于分生组织（如茎尖），成熟叶片低温处理无法传递开花
信号至茎尖，故不能诱导开花，C 正确；
D、外源赤霉素作为植物生长调节剂诱导油菜开花，而低温是通过诱导内源激素
的合成从而诱导开花，两者代谢途径不相同，D 错误。
故选C。
64.科研人员对四种植物进行不同光照处理实验，记录开花情况如下表。根据实
验结果，以下推断合理的是（
）
植物种类
长日照
短日照
甲
正常开花
不开花
乙
不开花
正常开花
丙
正常开花
正常开花
丁
延迟开花
正常开花
A．对植物丁进行人工补光延长光照时间，能使其更快开花
B．植物丙的开花不受环境因素影响，由自身遗传物质决定
C．表中植物甲和乙开花的差异，是因为它们对光照强度的敏感度不同
D．若在湖北同一地点种植，植物甲可能在夏季开花，植物乙可能在秋季开花
【答案】D
【分析】光敏色素是一类蛋白质（色素—蛋白复合体），分布在植物的各个部位，
其中在分生组织的细胞内比较丰富。在受到光照射时，光敏色素的结构会发生变
化，这一变化的信息会经过信息传递系统传导到细胞核内，影响特定基因的表达，
从而表现出生物学效应。
【详解】A、丁在长日照下延迟开花，短日照下正常开花。若人工补光延长光照
时间（模拟长日照），反而会延迟开花，A 错误；
B、丙在长、短日照下均正常开花，说明其开花不受光周期影响，属于日中性植
物。但“不受环境因素影响”表述绝对化，其他环境因素（如温度、水分）可能
仍影响开花，B 错误；
C、甲和乙开花差异源于对光照时间（光周期）的敏感度不同，而非光照强度，C
错误；
D、湖北夏季昼长（长日照），甲作为长日照植物可能在夏季开花；秋季昼短（短
日照），乙作为短日照植物可能在秋季开花，D 正确。
故选D。
65.种子萌发受多种内外因素的调节。下列叙述错误的是（
）
A．玉米种子萌发后，根冠中的细胞能够感受重力信号，从而引起根的向地生
长
B．与休眠种子相比，萌发的种子细胞内自由水所占比例高，呼吸作用旺盛
C．红外光可促进莴苣种子萌发，而红光可逆转红外光的效应，抑制萌发
D．赤霉素可打破种子休眠，促进萌发；脱落酸可维持休眠，抑制萌发
【答案】C
603
【分析】1、光对植物生长发育的调节:①光是植物进行光合作用的能量来源。②
光作为一种信号，影响、调控植物生长、发育的过程。在受到光照时，光敏色素
的结构会发生变化，这一变化的信息会经过信息传递系统传导到细胞核内，影响
特定基因的表达，从而表现出生物学效应。
2、光敏色素引起的生理变化为：光信号→细胞感受光信号→光敏色素被激活，
结构发生变化→信号转导→细胞核接受信号→调控特定基因表达→产生特定物
质→产生生物学效应。
【详解】A 、根冠中的细胞能够感受重力信号，玉米种子萌发后，根冠细胞感
受重力刺激，引起生长素的横向运输，使近地侧生长素浓度高抑制生长，从而使
根向地生长，A 正确；
B、自由水与结合水的比值影响细胞代谢，自由水所占比例越高，细胞代谢越旺
盛。与休眠种子相比，萌发的种子细胞内自由水所占比例高，呼吸作用旺盛，B
正确；
C、莴苣种子萌发受光的影响，红光可促进莴苣种子萌发，红外光可抑制莴苣种
子萌发，且红光可逆转红外光的效应，C 错误；
D、植物激素对种子萌发有调节作用，赤霉素可打破种子休眠，促进萌发；脱落
酸可维持种子休眠，抑制萌发，D 正确。
故选C。
（三）遗传（25 题）
1. 在该家族中，4 号女儿患有白化病，其余正常，推出白化病是隐性遗传
病，白化病基因型为hh，正常基因型为HH 或Hh。
A 项，从1 号、2 号、3 号、4 号成员组成的家庭来看，1 号父亲和2 号母亲
均正常，4 号女儿患有白化病，推出白化病是隐性遗传病，正确；
B 项，4 号女儿患有白化病，基因型为hh，由4 号女儿倒推出父母各含一个
h，又因为父母均正常，推出父母必定含有一个H，因此父母的基因型均为Hh，
正确；
C 项，4 号女儿的基因型为hh，她的卵细胞只含有隐性基因h，必定传给9
号外孙女，外孙女又正常，故必定含有H，因此9 号外孙女的基因型一定是Hh，
正确；
D 项，4 号女儿的基因型为hh，6 号女婿的正常基因型为HH 或Hh。若女婿
的基因型为HH，他们子代的基因型为Hh，表现正常，白化病概率为0；若女婿
的基因型为Hh，他们子代的基因型有两种情况：Hh 和hh，正常概率为
，白
化病概率为
。故女儿一家生第二胎，患白化病的可能性为0 或
，错误。
本题为选非题，故正确答案为D。
2. 人的体细胞内的23 对染色体中，有一对染色体与人的性别有关，叫做性
染色体。男性的性染色体是XY，女性的性染色体是XX。分析可知，后代B 的性
染色体组成是XX，性别为女，排除A 项；后代A 产生生殖细胞的染色体组成分
别为22 条常染色体
X 和22 条常染色体
Y，B 项当选；后代B 的体细胞染色体
组成为22 对常染色体
XX，排除C 项；后代的性别由父亲决定，排除D 项。
604
故正确答案为B。
3. 因为小倩是“万能供血者”，所以小倩的血型是O 型，基因型为
。根
据遗传的特点，可知小倩父母的血型基因必然含有，故小倩父母的血型都不可
能是AB 型，A、B 两项错误。假设小倩父亲的血型是
，小倩母亲的血型是
，
那么他们生育的后代的血型可能是
、
、
和
，C 项错误、D 项正确。
故正确答案为D。
4. 人类的钟摆型眼球震颤是由
染色体上的显性基因控制的遗传病，设人
类的钟摆型眼球震颤用
基因表示，女性患者的基因型为
、
，
男性患者的基因型为
。
A 项，伴
染色体显性遗传病，其遗传特点是父患女必患，子患母必患，正
确；
B 项，如果外祖父患病，则其女儿的基因型为
或者
，故外孙
不一定患病，正确；
C 项，有一个患病女儿的健康母亲，其基因型一定为
，其儿子的基因
型一定为
，故其儿子一定不患病，正确；
D 项，由于该遗传病为显性遗传，因此患者的双亲必有一方患病，伴
染色
体显性遗传病，其遗传特点是女性患者多于男性患者，错误。
本题为选非题，故正确答案为D。
5. 血型是一种基因遗传性状，根据题意可知，一家三口的血型各不相同，
妻子和儿子都可以少量输血给丈夫，则丈夫一定是万能受血者，即丈夫是AB 型
血（
）；
若妻子是A 型血（
或
），则儿子的血型可能是A 型（
或
）、
B 型（
）、AB 型（
），因为三人血型各不相同，所以儿子的血型只可
能是B 型（
）；
同理，若妻子是B 型血（
或
），则儿子的血型只可能是A 型（
）；
若妻子是O 型血（ii），则儿子的血型可能是A 型（
）、B 型（
）。
605
综上所述，儿子的血型可能是A 型或B 型。
故正确答案为D。
6. 可遗传变异包括基因突变、基因重组和染色体变异，“我们与自己的兄
弟姐妹在长相上有些不同的地方”体现了不同子代个体之间存在的差异，变异的
主要来源是在有性生殖的过程中控制不同性状的基因重新组合，即基因重组。
故正确答案为B。
7. 在ABO 血型系统中，血型分为O、A、B 及AB 血型，不同血型之间进行输
血有凝血的风险。
A 项：甲为A 型血，因失血过多需要大量输血，大量输血时需遵循同型输血
原则，因此甲只能够大量输A 型血，错误；
B 项：没有同型血且情况紧急时，任何血型的人都可以输入少量的O 型血，
但大量输血需遵循同型输血原则，为防止发生凝血，在输血时，应该优先考虑同
型血，错误；
C 项：没有同型血且情况紧急时，任何血型的人都可以输入少量的O 型血，
因此乙除了可以接受B 型血外，还可以接受少量O 型血，正确；
D 项：A 型血的人可以接受A 型血或少量的O 型血，同理，B 型血的人可以
接受B 型血或少量的O 型血，而A 型血或B 型血的人都无法接受AB 型血，错误。
故正确答案为C。
8. 人属于二倍体（用2N 表示）生物，在进行有丝分裂时，各阶段的染色体
数目如下表所示：
所以在有丝分裂后期染色体数目与其他时期不同，C 项正确，A、B、D 三项
错误。
故正确答案为C。
9. A 项：患病父亲的基因型为
，女儿会继承父亲的
基因，此时女
儿是否患病由母亲决定，若母亲传给女儿
基因，则女儿患病，若母亲传给女
儿
基因，则女儿不患病，错误；
B 项：患病母亲的基因型为
，则儿子的基因型必然为
，即儿子
一定患病，正确；
C 项：不患病父亲的基因型为
，女儿会继承父亲的
基因，则女儿一
定不患病，错误；
D 项：不患病母亲的基因型为
或
，则儿子基因型可能为
或
，故儿子不一定患病，错误。
故正确答案为B。
10. 用A 表示显性基因，a 表示隐性基因。
606
将高茎豌豆甲与高茎豌豆乙进行杂交，其子代存在矮茎豌豆，根据“无中生
有为隐性，有中生无为显性”可知，矮茎为隐性性状，高茎为显性性状，则矮茎
豌豆的基因型为aa。豌豆丁为矮茎，故豌豆丁的基因型为aa，豌豆甲与豌豆乙
均为高茎，其基因型均为Aa，则A、B、D 三项正确。豌豆丙为高茎，其基因型
可能为AA 或Aa，C 项错误。
本题为选非题，故正确答案为C。
11. 根据题干条件“一家四口血型均不同”，可以判断爸爸和妈妈的血型为
A 型和B 型或B 型和A 型，可以生出A、B、AB、O 型血的女儿或儿子；或爸爸和
妈妈的血型为AB 型和O 型，可以生出A、B 型血的女儿或儿子。根据题干条件“爸
爸和妈妈的血均可以输给儿子”，可得儿子只能为AB 型血，父母只能是A 型血
和B 型血。再根据题干条件“女儿的血可以输给爸爸和妈妈”，因此女儿只能为
O 型血。A、B、C 三项均正确，D 项错误。
本题为选非题，故正确答案为D。
12. A 型血的基因型为
或
；B 型血的基因型为
或
；O 型血
的基因型为ii；AB 型血的基因型为
。
当父母血型为A 型和B 型时，其子女可能会出现的血型为：A 型、B 型、AB
型、O 型，①错误；
当父母血型为A 型和AB 型时，其子女可能会出现的血型为：A 型、B 型、AB
型，②正确；
当父母血型为B 型和O 型时，其子女可能会出现的血型为：B 型、O 型，③
正确；
当父母血型为AB 型和O 型时，其子女可能会出现的血型为：A 型、B 型，不
可能为O 型，④错误。
综上所述，②③判断正确，①④判断错误。
故正确答案为B。
13. 方法一：从儿子入手，儿子可以少量接受A 型血和B 型血，则儿子的血
型为AB 型，女儿与儿子血型不同，女儿一定不是AB 型，由父亲是A 型血，可知
父亲的基因型为
或
，母亲为B 型血，可知母亲的基因型为
或
，
故分情况讨论。
当父亲为
，母亲为
时，后代的基因型为
、
，由儿子是AB
型血，女儿和儿子的血型不同可知，女儿的基因型为
；
当父亲为
，母亲为
时，后代的基因型为
、
、
、
，可
知女儿的基因型为
或
或
；
当父亲为
，母亲为
时，后代的基因型为
，都为AB 型血，
不满足题干女儿和儿子的血型不同，排除；
当父亲为
，母亲为
时，后代的基因型为
、
，由儿子是AB
607
型血，女儿和儿子的血型不同可知，女儿的基因型为
。
所以女儿的基因型可能为
或
或
，丈夫的基因型为
，所以后代
的基因型的所有可能为
、
、
、
、
。对应血型为AB 型或
B 型或A 型。
方法二：由于O 型血的基因型是
，要求父母双方均有基因，但是AB 型血
没有该基因，故AB 型血与任意血型结合，后代均不可能出现O 型血的情况，故
只有D 项符合题意。
故正确答案为D。
14. 人类的遗传病既有由隐性基因控制的，也有由显性基因控制的。当父母
是近亲时，纵使父母本身是健康的，但是他们可能存在很多相同的隐性致病基因，
后代患遗传病的几率更大，只有D 项满足题意。
故正确答案为D。
15. 将该病的显性基因记为A、隐形基因记为a，上图为小新家族的遗传系
谱图，则小新爸爸的基因型为。A 项：根据X 染色体显性遗传病的特点（男性
患病则其母亲和女儿一定患病），可知小新一定为男性，正确；B 项：根据小
新的基因型为，可知小新妈妈的基因型中包含，则小新妈妈的基因型可能为或，
所以小新的妈妈不一定患此病，错误；C 项：根据小新爸爸的基因型为，可知
小新奶奶的基因型中包含，则小新奶奶的基因型可能为或，所以小新的奶奶一定
患此病，错误；D 项：根据小新爸爸的基因型为，可知小新爸爸的基因来源于
小新的奶奶，小新爷爷的基因型可能为或，所以小新的爷爷可能患此病，错误。
故正确答案为A。
16. A、B、C 三项均正确，D 项错误。O 型血对应的基因型为ii，要想生出
O 型血的孩子，则要求父母双方各提供一个i 基因，医生根据小明的血型就断定
他将来的后代不可能是O 型血，说明小明没有i 基因，即小明一定为AB 型血，
其基因型一定为
，则意味着小明的父母一方有
基因，另一方有
基因，
608
因此小明的父母不可能为O 型血，其他血型均有可能。
本题为选非题，故正确答案为D。
17. 如下图所示，为不同血型的人结合后子代的血型。
A 项：由表格可知，当子女为B 型血时，父母可能为A 型血与B 型血结合、
A 型血与AB 型血结合，父母有一人可能为A 型血，正确；
B 项：由表格最后一列可知，当父母有一人为O 型血时，子女不可能为AB
型血，正确；
C 项：由表格可知，当父母为B 型血和AB 型血结合、AB 型血与O 型血结合
以及父母双方均为AB 型血时，都可能生出A 型血的子女，错误；
D 项：由表格可知，当父母有一人为AB 型血时，子女不可能为O 型血，正
确。
本题为选非题，故正确答案为C。
18. A 项：一对拇指末节直立的夫妇生出拇指末节外翻的孩子，说明控制拇
指末节直立的基因为显性基因，控制拇指末节外翻的基因为隐性基因，正确；
B 项：一对拇指末节外翻的夫妇的基因型均为tt，那么他们的孩子的基因型
只能是tt，表现出的性状为拇指末节外翻，故他们不可能生出拇指末节直立的
孩子，正确；
C 项：父亲拇指末节直立，母亲拇指末节外翻，父亲的基因型为Tt 或TT，
母亲的基因型为tt。当父亲的基因型为Tt 时，孩子的基因型为Tt 或tt，拇指
末节可能直立也可能外翻，错误；
D 项：孩子拇指末节外翻，则其基因型为tt，当父母的基因型为Tt 和Tt
时，可以生出基因型为tt 的孩子，正确。
本题为选非题，故正确答案为C。
19. 该病遗传的特点与性别有关，则为伴性遗传，不考虑伴Y 染色体遗传，
则一定是伴X 染色体遗传，A、B 两项错误。设
表示显性基因，
表示隐性
基因，若该病为伴X 染色体显性遗传，则该男子的基因型为：
，该女子的
基因型为：
，生出的男孩的基因型为：
，一定不患病，生出的女孩
的基因型为：
，一定患病，C 项正确。若该病为伴X 染色体隐性遗传，则
609
该男子的基因型为：
，该女子的基因型为：
或
，生出的男孩
的基因型为：
或
，可能患病也可能不患病，生出的女孩的基因型为：
或
，可能患病也可能不患病，D 项错误。
故正确答案为C。
20. A 项，这对夫妇再生一个孩子，母亲只能遗传X 染色体，而父亲遗传X
染色体和Y 染色体的概率均为二分之一，生男生女机会均等，正确；
B 项，人类的性别由性染色体决定，如XY 是男性的性染色体，XX 是女性的
性染色体，正确；
C 项，该男孩体细胞中染色体为23 对，即46 条，生殖细胞中有23 条，错
误；
D 项，男孩的X 染色体来自他的母亲，Y 染色体来自他的父亲，正确。
本题为选非题，故正确答案为C。
21. 母亲是O 型血，可知母亲的基因型为ii，而儿子不可能是O 型血，说
明儿子的基因型不可能是ii。
A 项：若父亲的血型为A 型血，则基因型为
或
，当父亲的基因型为
时，可能生出O 型血的儿子，错误；
B 项：若父亲的血型为B 型血，则基因型为
或
，当父亲的基因型
为
时，可能生出O 型血的儿子，错误；
C 项：若父亲的血型为AB 型血，则基因型为
，生出儿子的基因型只能
为
或
，不可能生出O 型血的儿子，正确；
D 项：若父亲的血型为O 型血，则基因型为ii，儿子的基因型一定为ii，
表现为O 型血，错误。
故正确答案为C。
22.
610
如上图所示，为不同血型的人结合后子代的血型。
孙子戊为O 型血，由表格可知，儿子丁不可能为AB 型血，C 项错误。
男子甲为A 型血，若女子乙为AB 型血，由表格可知，其子女的血型可能为
A 型血、B 型血和AB 型血，那么无法保证一家四口血型各不相同，因此女子乙不
可能为AB 型血，故女儿丙一定为AB 型血，B 项错误。
男子甲为A 型血，若女子乙为O 型血，由表格可知，其子女的血型可能为A
型血和O 型血，同样无法保证一家四口血型各不相同，因此女子乙的血型为B
型血。一家四口血型各不相同，故儿子丁为O 型血，A 项正确。
综上所述，男子甲为A 型血，女子乙为B 型血，女儿丙为AB 型血，儿子丁
为O 型血，孙子戊为O 型血，D 项错误。
故正确答案为A。
23. A、B 两项：根据小新的父母均患此病，而小新未患此病可知，该病为
显性遗传病，结合X 染色体显性遗传病的特点（男性患病则其母亲和女儿一定患
病）可知，小新为男性，A 项错误，B 项正确；
C、D 两项：上图为小新家族遗传系谱图，将该病的显性基因记为A、隐性基
因记为a，则小新的基因型为
，小新父母的基因型分别为
、
，
由于小新的父亲的
基因来自于小新的奶奶，则小新奶奶的基因型为
或
，即小新的奶奶一定患此病，由于小新母亲的基因型为
，若
小新母亲的
基因来自于小新的外公，则小新的外公患病，若小新母亲的
基因来自于小新的外公，则小新的外公不患病，C、D 两项均错误。
故正确答案为B。
24.
将
该遗传病的
显性基因和
隐形基因分
别记为A、a，
男性的性染
色体组成为
XY，女性的性
染色体组成为XX。
分析甲家族的遗传系谱图：根据“该遗传病为伴X 染色体隐性遗传病”，可
611
知1 号、3 号、5 号的基因型分别为
、
、
，由于2 号未患病、
且5 号的患病基因
来自于2 号，因此2 号的基因型为
，由于1 号会将
遗传给4 号，2 号会将
或
遗传给4 号，因此4 号的基因型为
或
。
分析乙家族的遗传系谱图：根据“该遗传病为伴X 染色体隐性遗传病”，可
知1 号、3 号、4 号的基因型分别为
、
、
，由于2 号未患病、
而4 号有一个患病基因
来自于2 号，因此2 号的基因型为
，由于5 号
未患病、而1 号的
会遗传给5 号，因此5 号的基因型为
。
A 项：甲家族2 号的基因型为
，正确；
B 项：甲家族4 号的基因型为
或
，正确；
C 项：乙家族2 号的基因型为
，正确；
D 项：乙家族5 号的基因型为
，不可能为
，错误。
本题为选非题，故正确答案为D。
25. 由题干可知，短指症为常染色体显性遗传病，妻子和小孩都正常，则基
因型均为aa，因为孩子的基因来自父母双方，所以丈夫的基因中一定有a 基因，
又因为丈夫患病，所以丈夫的基因中也一定有A 基因，因此丈夫的基因型为Aa。
故正确答案为B。
专题08
遗传的分子基础
612
考点01
DNA 的结构与复制
26.大数据时代，全球每天产生海量数据，预计2040 年需一百万吨硅基芯片才能
储存全球一年产生的数据。为解决这一难题，科学家尝试运用DNA 来储存数据。
我国科学家已经将汉代拓片、熊猫照片等文化数据写入DNA，实现数据长期保存。
下列叙述中，DNA 可以作为存储介质的优点不包括（
）
A．DNA 具有可复制性，有利于数据的传播
B．可通过DNA 转录和翻译传递相应数据信息
C．DNA 长链中碱基排列的多样化，为大量数据的存储提供可能
D．DNA 作为存储介质体积小，为数据携带和保存节约了大量空间
【答案】B
【分析】DNA 独特的双螺旋结构构成了DNA 分子的稳定性；DNA 分子由于碱基对
的数量不同，碱基对的排列顺序千变万化，因而构成了DNA 分子的多样性；不同
的每个DNA 分子的碱基对都有特定的排列顺序，特定的遗传信息，从而使DNA
分子具有特异性。遗传信息就储存在DNA 分子碱基对（脱氧核苷酸）的排列顺序
中。
【详解】A、DNA 通过半保留复制可快速扩增数据，便于传播，A 不符合题意；
B、DNA 储存数据时，信息读取依赖测序技术而非转录翻译（后者为生物体内表
达遗传信息的过程），与数据存储无关，B 符合题意；
C、DNA 碱基对排列顺序的多样性使其可编码海量信息，是存储优势，C 不符合题
意；
D、DNA 分子结构紧凑，单位体积存储密度极高，节省空间，D 不符合题意；
故选B。
27.关于豌豆胞核中淀粉酶基因遗传信息传递的复制、转录和翻译三个过程，下
列说法错误的是（
）
A．三个过程均存在碱基互补配对现象
B．三个过程中只有复制和转录发生在细胞核内
C．根据三个过程的产物序列均可确定其模板序列
D．RNA 聚合酶与核糖体沿模板链的移动方向不同
【答案】C
【分析】DNA 复制模板是DNA 的两条链，原料是四种游离的脱氧核苷酸，产物是
DNA；转录的模板是DNA 的一条链，原料是四种游离的核糖核苷酸，产物是RNA；
翻译的模板是mRNA，原料是氨基酸，产物是多肽。
【详解】A、DNA 复制、转录和翻译过程中均遵循碱基互补配对原则，因此都存
在碱基互补配对现象，A 正确；
B、翻译发生在细胞质基质中的核糖体上，豌豆胞核中淀粉酶基因复制和转录的
场所都是细胞核，B 正确；
C、DNA 复制和转录可以通过产物序列确定其模板序列，但翻译的产物是蛋白质，
蛋白质的基本单位是氨基酸，由于密码子具有简并性，因此知道氨基酸序列不一
定能准确知道mRNA 上的碱基序列，C 错误；
D、转录时需要RNA 聚合酶的参与，RNA 聚合酶从模板链的3'→5'，翻译时，核
糖体从mRNA 的5'→3'，移动方向不同，D 正确。
故选C。
28.多种多样的生物通过遗传信息控制性状，并通过繁殖将遗传物质传递给子代。
613
下列关于遗传物质的叙述正确的是（
）
A．S 型肺炎链球菌的遗传物质主要通过质粒传递给子代
B．水稻、小麦和玉米三大粮食作物的遗传物质主要是DNA
C．控制伞藻伞帽的遗传物质通过半保留复制表达遗传信息
D．烟草叶肉细胞的遗传物质水解后可产生4 种脱氧核苷酸
【答案】D
【分析】细胞生物中，既含有DNA，又含有RNA，DNA 为遗传物质；病毒含有DNA
或RNA，遗传物质为DNA 或RNA。绝大多数生物的遗传物质是DNA，只有少数RNA
病毒的遗传物质是RNA，故一切生物的遗传物质为核酸。
【详解】A、S 型肺炎链球菌是原核生物，其遗传物质主要分布于拟核。因此，S
型肺炎链球菌的遗传物质主要通过拟核传递给子代，A 错误；
B、水稻、小麦和玉米三大粮食作物都是植物，都属于真核生物，真核生物的遗
传物质是DNA，B 错误；
C、基因指导蛋白质的合成过程是遗传信息的表达过程，伞藻通过复制传递遗传
信息，而不是表达遗传信息，C 错误；
D、烟草叶肉细胞的遗传物质是DNA，其单体是脱氧核苷酸，DNA 水解后可产生4
种脱氧核苷酸，D 正确。
故选D。
专题09
基因的分离定律
考点01
基因分离定律的实质及应用
29.足底黑斑病（甲病）和杜氏肌营养不良（乙病）均为单基因遗传病，其中至
少一种是伴性遗传病。下图为某家族遗传系谱图，不考虑新的突变，下列叙述正
确的是（
）
A．甲病为X 染色体隐性遗传病
B．Ⅱ2与Ⅲ2的基因型相同
C．Ⅲ3的乙病基因来自Ⅰ1
D．Ⅱ4和Ⅱ5再生一个正常孩子概率为1/8
【答案】C
【分析】基因自由组合定律：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是
互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非
同源染色体上的非等位基因自由组合。
【详解】A、I1 和I2 表现正常，他们的女儿Ⅱ2 患甲病，所以可以判断甲病为常
染色体隐性遗传病，相关基因用A、a 表示，已知至少一种病是伴性遗传病，且
甲病为常染色体隐性遗传病，所以乙病为伴性遗传病，I3 和I4 表现正常，他们
的儿子Ⅱ5 患乙病，说明乙病为伴X 染色体隐性遗传病，相关基因用B、b 表示，
614
A 错误；
B、由于Ⅲ4 患乙病，致病基因来自Ⅱ4，而Ⅱ4 的致病基因来自Ⅰ1，I1 关于乙
病的基因型为XBXb，I2 关于乙病的基因型为XBY，Ⅱ2 患甲病，不患乙病，所以
其基因型为aaXBXB 或aaXBXb，Ⅲ2 患甲病，不患乙病，其基因型为aaXBXb（因
为Ⅲ2 的父亲Ⅱ5 患乙病，所以Ⅲ2 携带乙病致病基因），故Ⅱ2 与Ⅲ2 的基因型
不相同，B 错误；
C、Ⅲ3 患乙病，其致病基因来自Ⅱ4，由于I2 男性正常，基因型为XBY，所以致
病基因只能来自I1（XBXb），C 正确；
D、Ⅱ4 患甲病，不患乙病，且有患乙病的儿子，所以Ⅱ4 的基因型为aaXBXb，
Ⅱ5 患乙病，不患甲病，且有患甲病的女儿和儿子，所以Ⅱ5 的基因型为AaXbY，
Ⅱ4 和Ⅱ5 再生一个正常孩子（既不患甲病也不患乙病AaXB-）概率为1/2×
1/2=1/4，D 错误。
故选C。
30.某常染色体遗传病致病基因为H，在一些个体中可因甲基化而失活（不表达），
又会因去甲基化而恢复表达。由于遗传背景的差异，H 基因在精子中为甲基化状
态，在卵细胞中为去甲基化状态，且都在受精后被子代保留。该病的某系谱图如
下，Ⅲ1的基因型为Hh，不考虑其他表观遗传效应和变异的影响，下列分析错误
的是（
）
A．I1和I2均含有甲基化的H 基因
B．Ⅱ1为杂合子的概率2/3
C．Ⅱ2和Ⅱ3再生育子女的患病概率是1/2
D．Ⅲ1的h 基因只能来自父亲
【答案】B
【分析】根据题干信息分析，子代若获得母亲提供的H 基因则患病，否则不患病。
【详解】A、Ⅲ1 的基因型为Hh，该个体患病，说明H 来自Ⅱ2，Ⅱ2 不患病，说
明其H 来自Ⅰ1，Ⅰ1 不患病，Ⅰ1 含有甲基化的H 基因；Ⅱ1 患病，其H 基因来
自Ⅰ2，Ⅰ2 不患病，说明Ⅰ2 含有甲基化的H 基因，A 正确；
B、Ⅲ1 的基因型为Hh，其H 来自Ⅱ2，Ⅱ2 不患病，其H 基因来自Ⅰ1，Ⅱ1 患病，
其H 基因来自Ⅰ2，Ⅰ1 和Ⅰ2 均含有H 基因且都不患病，基因型必定都为Hh，
为了区分来自Ⅰ1 和Ⅰ2 的H 基因，Ⅰ1 基因型为H1h，Ⅰ2 基因型为H2h，已知
Ⅱ1 患病，其H 基因需要来自母亲，因此Ⅱ1 的基因型为H1H2 或H2h，杂合子的
概率为1/2，B 错误；
C、已知Ⅱ2 基因型为Hh，Ⅱ2 和Ⅱ3 再生育子女的患病只受母亲Ⅱ2 的影响，因
此子代获得H 基因就患病，否则就不患病，因此Ⅱ2 和Ⅱ3 再生育子女的患病概
率是1/2，C 正确；
D、Ⅲ1 的基因型为Hh，该个体患病，说明H 来自Ⅱ2，Ⅲ1 的h 基因只能来自父
亲，D 正确。
615
故选B。
专题12
变异、育种与进化
考点01
生物的变异与育种
31.为获得作物新品种，可采用不同的育种技术。下列叙述错误的是（
）
A．三倍体西瓜育种时，利用了人工诱导染色体加倍获得的多倍体
B．作物单倍体育种时，利用了由植物茎尖组织培养获得的单倍体
C．航天育种时，利用了太空多种因素导致基因突变产生的突变体
D．水稻杂交育种时，利用了水稻有性繁殖过程中产生的重组个体
【答案】B
【分析】几种常考的育种方法：
杂交育种
诱变育种
单倍体育种
多倍体育种
方
法
（1）杂交→自
交→选优（2）
杂交
物理因素、化学因
素、生物因素
花药离体培养、
秋水仙素诱导
加倍
秋水仙素处理
萌发的种子或
幼苗
原
理
基因重组
基因突变
染色体数目变
异
染色体数目变
异
优
点
不同个体的优
良性状可集中
于同一个体上
提高变异频率，出
现新性状，大幅度
改良某些性状，加
速育种进程
明显缩短育种
年限
营养器官增大、
提高产量与营
养成分
缺
点
时间长，需要
及时发现优良
性状
有利变异少，需要
处理大量实验材
料，具有不确定性
技术复杂，成本
高
技术复杂，且需
要与杂交育种
配合；在动物中
难以实现
举
例
高杆抗病与矮
杆不抗病小麦
杂产生矮杆抗
病品种
高产量青霉素菌株
的育成
抗病植株的育
成
三倍体西瓜、八
倍体小黑麦
【详解】A、三倍体西瓜的培育需先通过秋水仙素处理二倍体幼苗获得四倍体，
再与二倍体杂交得到三倍体，四倍体的形成属于人工诱导染色体加倍，A 正确；
B、单倍体育种需通过花粉（生殖细胞）离体培养获得单倍体植株，而茎尖组织
培养属于无性繁殖，所得植株染色体数目与原植株相同，并非单倍体，B 错误；
C、航天育种利用太空中的辐射、微重力等因素诱导基因突变，属于诱变育种，C
正确；
D、杂交育种通过有性生殖（减数分裂）过程中基因重组产生新性状的个体，D
正确。
故选B。
32.栽培稻甲产量高、品质好，但每年只能收获一次。野生稻乙种植一次可连续
收获多年，但产量低。中国科学家利用栽培稻甲和野生稻乙杂交，培育出兼具两
616
者优点的品系丙，为全球作物育种提供了中国智慧。下列叙述错误的是（
）
A．该成果体现了生物多样性的间接价值
B．利用体细胞杂交技术也可培育出品系丙
C．该育种技术为全球农业发展提供了新思路
D．品系丙的成功培育提示我们要注重野生种质资源的保护
【答案】A
【分析】生物多样性的直接价值提现在食用、药用、文学艺术创作等，间接价值
体现在调节生态系统的功能上，培育新品系不属于间接价值，潜在价值指的是尚
未发现的。植物体细胞杂交是以原生质体培养为基础，人工诱导使不同亲本原生
质体融合，并通过对异核体的培养产生体细胞杂种的技术。体细胞杂交在转移抗
逆性状，进行作物改良，实现远缘重组，创造新型物种，以及定向转移胞质基因
控制的性状和利用配子一体细胞杂交产生三倍体植物上显示出重要的应用前景，
并对丰富种质、保持和促进生物多样性具有重大的意义。
【详解】A、生物多样性的直接价值提现在食用、药用、文学艺术创作等，间接
价值体现在调节生态系统的功能上，培育新品系不属于间接价值，A 错误；
B、植物体细胞杂交是以原生质体培养为基础，人工诱导使不同亲本原生质体融
合，并通过对异核体的培养产生体细胞杂种的技术。植物体细胞杂交使远缘杂交
不亲和的植物有可能实现遗传物质重组，创造和培养植物新品种乃至新物种，尤
其在多基因控制农艺性状的改良上具有较大优势。因此可以利用该方法培育品系
丙，B 正确；
C、该育种技术把栽培稻和野生稻杂交，为全球农业发展提供了新思路，C 正确；
D、品系丙的成功培育需要依靠野生稻的参与，提示我们要注重野生种质资源的
保护，D 正确。
故选A。
33.浙江浦江县上山村发现了距今1 万年的稻作遗址，证明我国先民在1 万年前
就开始了野生稻驯化。经过长期驯化和改良，现代稻产量不断提高。尤其是袁隆
平院士团队培育成的超级杂交稻品种，创造水稻高产新记录，为我国粮食安全作
出杰出贡献。下列叙述正确的是（
）
A．自然选择在水稻驯化过程中起主导作用
B．现代稻的基因库与野生稻的基因库完全相同
C．驯化形成的现代稻保留了野生稻的各种性状
D．超级杂交稻品种的培育主要利用基因重组原理
【答案】D
【分析】现代进化理论的基本内容是：①进化是以种群为基本单位，进化的实质
是种群的基因频率的改变。②突变和基因重组产生进化的原材料。③自然选择决
定生物进化的方向。④隔离导致物种形成。
【详解】A、自然选择通常选择出的是适应环境条件的类型，而人工选择选择的
通常是对人类有利的类型，故人工选择在水稻驯化过程中起主导作用，A 错误；
B、基因库是指一个种群所有基因的总和，经过长期驯化和改良，现代稻产量不
断提高，则可推测现代稻与野生稻的基因库不完全相同，B 错误；
C、驯化形成的现代稻保留了野生稻的优良性状，而一些不利性状在选择中被淘
汰，C 错误；
D、超级杂交稻品种的培育借助于杂交育种，该过程的原理主要是基因重组，D
正确。
617
故选D。
考点02
生物的进化
34.我国古生物化石种类繁多。其中，在甘肃和政县发现的以铲齿象、和政羊与
三趾马为代表的古脊椎动物化石群具有极高的研究价值。下列叙述错误的是
（
）
A．铲齿象、和政羊与三趾马化石可以为研究哺乳动物的进化提供直接证据
B．根据铲齿象特有的下颌和牙齿形态特征，可以推断它的食性和生活环境
C．通过自然作用保存在地层中的和政羊、三趾马等动物的粪便不属于化石
D．不借助化石而通过现生生物的比较分析也可以推断生物进化的部分历史
【答案】C
【分析】化石是指通过自然作用保存在地层中的古代生物的遗体、遗物、生活痕
迹等。化石是研究生物进化最直接最重要的证据。比如从动物的牙齿化石推测他
们的饮食情况；从动物的骨骼化石推测其体型大小和运动方式。
【详解】A、化石是研究生物进化的直接证据，铲齿象、和政羊与三趾马化石属
于哺乳动物化石，能够为研究哺乳动物的进化提供直接证据，A 正确；
B、生物的形态结构与其食性和生活环境相适应，根据铲齿象特有的下颌和牙齿
形态特征，比如牙齿的尖锐程度、咀嚼面的形状等，可以推断它的食性（是植食
性、肉食性还是杂食性等）和生活环境（如在陆地、水中等），B 正确；
C、化石是指通过自然作用保存在地层中的古代生物的遗体、遗物或生活痕迹等，
动物的粪便属于遗物，通过自然作用保存在地层中的和政羊、三趾马等动物的粪
便属于化石，C 错误；
D、不借助化石，通过对现生生物的比较分析，比如比较不同生物的基因序列、
形态结构等，也可以推断生物进化的部分历史，D 正确。
故选C。
35.研究人员观察到川金丝猴为黄色毛发、滇/缅甸金丝猴为黑色毛发、黔金丝猴
为黑灰色—黄色的镶嵌毛发，因此对金丝猴属5 种金丝猴进行研究，证实黔金丝
猴起源于187 万年前川金丝猴祖先群与滇/缅甸金丝猴祖先群的杂交后代，其遗
传信息约70%来自川金丝猴祖先群，30%来自滇/缅甸金丝猴祖先群。下列结论无
法得出的是（
）
A．杂交促进了金丝猴间的基因交流，是黔金丝猴形成的重要因素
B．黔金丝猴毛色是有别于祖先群的新性状，该性状可遗传给后代
C．黔金丝猴毛色的形成是遗传和所处自然环境共同作用的结果
D．黔金丝猴群体中黄色毛发的基因频率大于黑色毛发的基因频率
【答案】D
【分析】生物的性状通常是由基因和环境共同作用的结果。
【详解】A 、因为黔金丝猴是川金丝猴祖先群与滇/缅甸金丝猴祖先群杂交产生
的后代，所以杂交促进了金丝猴间的基因交流，这是黔金丝猴形成的重要因素，
A 正确；
B 、黔金丝猴毛色与祖先群不同，是新性状，由于它是杂交产生，遗传物质发
生改变，所以该性状可遗传给后代，B 正确；
C 、生物的性状通常是遗传和所处自然环境共同作用的结果，黔金丝猴的毛色
也不例外，C 正确；
618
D 、虽然黔金丝猴遗传信息约70%来自川金丝猴祖先群（川金丝猴为黄色毛发），
30%来自滇/缅甸金丝猴祖先群（滇/缅甸金丝猴为黑色毛发），但仅根据遗传信
息的来源比例不能直接得出黔金丝猴群体中黄色毛发的基因频率大于黑色毛发
的基因频率，D 错误。
故选D。
【答案】D
【分析】现代生物进化理论的基本观点：种群是生物进化的基本单位，生物进化
的实质在于种群基因频率的改变；突变和基因重组产生生物进化的原材料；自然
选择使种群的基因频率发生定向的改变并决定生物进化的方向；隔离是新物种形
成的必要条件。
【详解】A、突变产生生物进化的原材料；自然选择使种群的基因频率发生定向
的改变并决定生物进化的方向，故突变和自然选择驱动果蝇物种A 和物种B 的形
成，A 正确；
B、在潮湿环境中，低表皮烃个体因更高的存活率和繁殖力，其基因频率在种群
中逐渐上升，即自然选择使具有低表皮烃性状的果蝇适应潮湿环境，B 正确；
C、果蝇种群A 和种群B 交配减少，导致种群间的基因交流减少，基因频率发生
改变，最终形成生殖隔离，加速了新物种的形成，C 正确；
D、mFAS 基因突变带来的双重效应不足以导致生殖隔离，生殖隔离需多因素协同
作用，如基因库的长期积累、地理隔离、自然选择等，D 错误。
故选D。
36.系统进化树是一种表示物种间亲缘关系的树形图。研究人员结合形态学和分
子证据，构建了绿色植物的系统进化关系，示意简图如下。下列推断正确的是
（
）
A．植物的系统进化关系是共同由来学说的体现和自然选择的结果
B．基因重组增强了生物变异的多样性，但不影响进化的速度和方向
C．绿藻化石首次出现地层的年龄小于苔藓植物化石首次出现地层的年龄
D．裸子植物与被子植物的亲缘关系比裸子植物与蕨类植物的亲缘关系远
【答案】A
【分析】生物有共同祖先的证据：
(1)化石证据：在研究生物进化的过程中，化石是最重要的、比较全面的证据，
化石在地层中出现的先后顺序，说明了生物是由简单到复杂、由低等到高等、由
水生到陆生逐渐进化而来的。
(2)解剖学证据：具有同源器官的生物是由共同祖先演化而来。这些具有共同祖
先的生物生活在不同环境中，向着不同的方向进化发展，其结构适应于不同的生
活环境，因而产生形态上的差异。
(3)胚胎学证据：①人和鱼的胚胎在发育早期都出现鳃裂和尾；②人和其它脊椎
619
动物在胚胎发育早期都有彼此相似的阶段。
(4)细胞水平的证据：①细胞有许多共同特征，如有能进行代谢、生长和增殖的
细胞；②细胞有共同的物质基础和结构基础。
(5)分子水平的证据：不同生物的DNA 和蛋白质等生物大分子，既有共同点，又
存在差异性。
【详解】A、系统进化树是一种表示物种间亲缘关系的树形图，而且自然选择决
定进化的方向，故植物的系统进化关系是共同由来学说的体现和自然选择的结
果，A 正确；
B、基因重组增强了生物变异的多样性，能为进化提供更多的原材料，会影响进
化的速度和方向，B 错误；
C、绿藻的出现早于苔藓，故绿藻化石首次出现地层的年龄大于苔藓植物化石首
次出现地层的年龄，C 错误；
D、据图分析可知，裸子植物与被子植物的亲缘关系比裸子植物与蕨类植物的亲
缘关系近，D 错误。
故选A。
37.为保护濒危哺乳动物甲，科研工作者将甲的近亲物种乙（种群数量多）进行
了如图所示的研究，下列叙述正确的是（
）
A．克隆动物的核基因组来源于甲、乙
B．体外受精需用获能的精子与MI 期的卵母细胞受精
C．囊胚①的内细胞团可发育为胎盘、个体
D．滋养层可影响内细胞团的发育
【答案】D
【详解】A、克隆动物的核基因组来源于甲，细胞质中的基因来源于乙，A 错误；
B、体外受精需用获能的精子与MⅡ期的卵母细胞受精，而不是MI 期，B 错误；
C、囊胚①的内细胞团可发育为个体，滋养层细胞发育为胎膜和胎盘，C 错误；
D、滋养层可影响内细胞团的发育，如滋养层细胞分泌的某些物质可能会影响内
细胞团细胞的分化等，D 正确。
故选D。
38.动物细胞培养基一般呈淡红色。某次实验时，调控pH 的CO2耗尽，培养基转
为黄色。由此推断使培养基呈淡红色的是（
）
A．必需氨基酸
B．抗生素
C．酸碱指示剂
D．血清
【答案】C
【分析】适宜大多数细胞生长的培养基pH 在7.0-7.4 之间，pH7.4 的环境适合
大多数的哺乳动物细胞系。酚红在培养基中被用来作为pH 值的指示剂，用以持
620
续监测培养液的酸碱度，在低pH 值时酚红使培养液呈黄色，而较高的pH 值时使
培养液呈紫色，pH 值7.2-7.4 时为红色，最适合细胞培养。
【详解】A、必需氨基酸是细胞生长的营养成分，不参与指示pH 变化，A 错误；
B、抗生素用于抑制微生物污染，与培养基颜色无关，B 错误；
C、酸碱指示剂（如酚红）在培养基中用于显示pH 变化，在低pH 值时酚红使培
养液呈黄色，而较高的pH 值时使培养液呈紫色，pH 值7.2-7.4 时为红色，C 正
确；
D、血清提供生长因子，不直接导致颜色变化，D 错误。
故选C。
39.生物工程在社会生产中的应用日益广泛，下列相关技术和方法错误的是
（
）
A．利用组织培养技术实现兰花的快速繁殖和优良性状的保持
B．在没有CO2的有氧环境中进行胚胎干细胞培养
C．利用灭活病毒诱导B 淋巴细胞和骨髓瘤细胞融合
D．对供体母牛注射促性腺激素使其超数排卵用于胚胎制备
【答案】B
【分析】植物组织培养是指将离体的植物器官、组织或细胞等，培养在人工配制
的培养基上，给予适宜的培养条件，诱导其形成完整植株的技术。
【详解】A、植物组织培养技术可以快速繁殖植物，并且由于是无性繁殖，能保
持母本的优良性状，兰花可以利用组织培养技术实现快速繁殖和优良性状的保
持，A 正确；
B、胚胎干细胞培养时，需要一定浓度的CO2，CO2 的作用是维持培养液的pH，
所以不能在没有CO2 的环境中进行胚胎干细胞培养，B 错误；
C、诱导动物细胞融合的方法有物理法（如电激）、化学法（如聚乙二醇）和生
物法（如灭活病毒），可以利用灭活病毒诱导B 淋巴细胞和骨髓瘤细胞融合，C
正确；
D、在胚胎工程中，对供体母牛注射促性腺激素，能使其超数排卵，从而获得更
多的卵母细胞用于胚胎制备，D 正确。
故选B。
考点02
植物细胞工程
40.图示一种植物组织培养周期，①~③表示相应过程。下列相关叙述错误的是
（
）
621
A．过程①发生了细胞的脱分化和有丝分裂
B．过程②经细胞的再分化形成不同种类的细胞
C．过程②③所用培养基的成分、浓度相同
D．培养基中糖类既能作为碳源，又与维持渗透压有关
【答案】C
【分析】离体的植物组织或细胞，在培养一段时间后，会通过细胞分裂形成愈伤
组织。愈伤组织的细胞排列疏松而无规则，是一种高度液泡化的呈无定形状态的
薄壁细胞。由高度分化的植物组织或细胞产生愈伤组织的过程，称为植物细胞的
脱分化。脱分化产生的愈伤组织继续进行培养，又可以重新分化成根或芽等器官，
这个过程叫做再分化。再分化形成的试管苗，移栽到地里，可以发育成完整的植
株体。
【详解】A、过程①形成了愈伤组织，发生了细胞的脱分化，此时细胞还进行有
丝分裂，A 正确；
B、过程②是愈伤组织经再分化形成胚状体的过程，故经过再分化形成不同种类
的细胞，B 正确；
C、过程②③所有培养基的成分、浓度不完全相同，如细胞分裂素和生长素的浓
度不同，C 错误；
D、培养基中常加入蔗糖，既能作为碳源，又与维持渗透压有关，D 正确。
故选C。
41.利用植物组织培养技术获得红豆杉试管苗，有助于解决紫杉醇药源短缺问题。
下列叙述正确的是（
）
A．细胞分裂素和生长素的比例会影响愈伤组织的形成
B．培养基先分装到锥形瓶，封口后用干热灭菌法灭菌
C．芽原基细胞由于基因选择性表达，不能用作外植体
D．紫杉醇不能通过细胞产物的工厂化生产来获取，植物组织培养优势明显
【答案】A
【分析】植物组织培养技术：1、过程：离体的植物组织，器官或细胞（外植体）
→愈伤组织→胚状体→植株（新植体）。2、原理：植物细胞的全能性。3、条件：
①细胞离体和适宜的外界条件（如适宜温度、适时的光照、pH 和无菌环境等）；
②一定的营养（无机、有机成分）和植物激素（生长素和细胞分裂素）。4、植
物细胞工程技术的应用：植物繁殖的新途径（包括微型繁殖，作物脱毒、人工种
子等）、作物新品种的培育（单倍体育种、突变体的利用）、细胞产物的工厂化
622
生产。
【详解】A、在植物组织培养中，生长素和细胞分裂素的比例直接影响细胞的分
化方向。当二者比例适中时，促进愈伤组织的形成；比例过高时促进生根，比例
过低时促进生芽，A 正确；
B、培养基含大量水分，需用高压蒸汽灭菌法灭菌（121℃，15-30 分钟）；干热
灭菌法适用于耐高温且干燥的物品（如玻璃器皿），不能用于培养基灭菌，B 错
误；
C、外植体可以是植物的任何活细胞、组织或器官，只要具有全能性。芽原基细
胞是分生组织的一部分，全能性高，可作为外植体。基因选择性表达是细胞分化
的基础，不影响其作为外植体的能力，C 错误；
D、细胞产物的工厂化生产正是通过植物组织培养技术实现的，如大量培养红豆
杉细胞，从培养液中提取紫杉醇。因此，紫杉醇可通过此方法获取，植物组织培
养的优势（如快速增殖、大量生产细胞产物）在此体现，D 错误。
故选A。
（四）光合与呼吸（15 题）
1. 光合作用与呼吸作用均需要酶的催化，而酶需要在最适温度下才有较高
的活性，温度过高反而会降低酶的催化能力，因此不能说温度越高，光合作用、
呼吸作用越强，A、B 两项均错误；大棚种植蔬菜时，为了提高产量，常常在夜
间降低棚内温度，从而抑制呼吸作用，减少有机物消耗，C 项错误；种子萌发过
程中，呼吸作用很旺盛，会释放大量能量，其中一部分能量会以热的形式释放出
来，因此会出现发热现象，D 项正确。
故正确答案为D。
2. A 项，当
时，光合速率随光照强度的增强而增强，说明限制
光合速率的主要因素是光照强度，因此增大光合速率的主要措施是增大光照强
度，错误；
B 项，当
时，光合速率不再随光照强度的增强而增加，说明光
照强度不是限制作物增产的主要因素，错误；
C 项，当
时，随着光照强度的增强光合速率逐渐下降，因此可采取遮
光措施，保证作物的最大光合速率，正确；
D 项，当
时，光照强度大于0，所以作物可以进行光合作用，错
误。
故正确答案为C。
3. A 项：人体在剧烈运动的时候，由于供氧不足，骨骼肌细胞会进行无氧
呼吸，产生乳酸，进而感觉到肌肉酸疼，故人体细胞不只进行有氧呼吸，错误；
B 项：酵母菌在缺氧条件下进行无氧呼吸，产生酒精和二氧化碳，但是无氧
呼吸释放的能量很少，错误；
C 项：在一定范围内，氧气浓度越高、温度越高，呼吸作用越强，而呼吸作
用作为细胞内的化学反应，需要在水环境中进行，因此细胞含水量也对呼吸作用
623
的强度有一定影响，正确；
D 项：绿色植物在任何情况下都要进行呼吸作用，光合作用不能直接为绿色
植物提供能量，而是将光能转化为有机物中的化学能，呼吸作用正是把有机物分
解从而利用其化学能的过程，错误。
故正确答案为C。
4. A 项：有氧呼吸的原料是氧气和有机物，产物是二氧化碳和水，错误；
B 项：进行光合作用的条件之一就是光，在夜间人工补光的情况下，植物也
可以进行光合作用，错误；
C 项：叶绿体是植物细胞内最重要、最普遍的质体，它是进行光合作用的细
胞器，绿色植物进行光合作用的主要场所是叶绿体，正确；
D 项：光合作用能够合成有机物，呼吸作用能够分解有机物，错误。
故正确答案为C。
5. 在连续阴雨、光照严重不足的情况下会导致光合作用减少，白天适当补
充光照，可增加光合作用，晚上适当降低大棚温度，可减少呼吸作用，从而有效
地提高大棚栽培蔬菜的产量。
故正确答案为B。
6. 光合作用是指绿色植物利用光能，把二氧化碳和水转化成储存能量的有
机物（如淀粉）并释放氧气的过程。
呼吸作用是指生物体内的有机物在细胞内经过一系列的氧化分解，最终生成
二氧化碳、水或其他产物，并且释放出能量的总过程。
A 项：植物的光合作用是在叶绿体中进行的，呼吸作用主要是在线粒体中进
行，因此光合作用与呼吸作用的场所不同，错误；
B 项：光合作用是制造有机物的过程，呼吸作用是消耗有机物的过程，错误；
C、D 两项：所有生物的生存，都离不开细胞呼吸释放的能量，因此无论白
天黑夜，植物均会进行呼吸作用，植物的光合作用必须在有光照的条件下才能进
行，因此在有光照条件下，植物可同时进行光合作用与呼吸作用，C 项正确，D
项错误。
故正确答案为C。
7. 实验旨在验证植物进行光合作用能产生有机物，而植物进行光合作用的
场所一般在叶绿体中，则需要的材料中需要含有叶绿体。四个选项中涉及到的植
物均为绿色植物，因为绿色植物的叶片中均含有叶绿体，所以榆树、三叶草和天
竺葵的叶子都可以选做实验材料，因此A、B、C 三项正确；因为绿色植物的根细
胞没有叶绿体，所以狗尾草的根不能选做实验材料，D 项错误。
本题为选非题，故正确答案为D。
8. 观察此装置是在有氧的环境下加入葡萄糖、水和干酵母，并不断搅拌，
使酵母菌和葡萄糖充分混合，在适宜的温度条件下，装置内的酵母菌会将葡萄糖
分解成二氧化碳和水，并释放出较多的能量供各项生命活动。因此，该装置中将
会产生二氧化碳和水，A 项正确。
故正确答案为A。
9. A 项：对于绝大多数植物来说，光合作用的主要场所是叶绿体，少部分
含有其它光合色素（如藻蓝素）的生物也可以进行光合作用，而动物细胞无法进
行光合作用，错误；
B 项：光合作用能够合成有机物，但是不能分解有机物，错误；
C 项：光是光合作用的必要条件，在没有光的条件下，光合作用不能发生，
624
错误；
D 项：二氧化碳是光合作用的原料，所以适当增加二氧化碳浓度，会增强光
合作用的效率，正确。
故正确答案为D。
10. 种子在萌发的过程中，只进行呼吸作用消耗有机物，不进行光合作用制
造有机物，所以有机物质量减少；当种子萌发成幼苗后，开始进行光合作用，有
机物质量开始增加。故菜豆种子在萌发成幼苗的过程中，有机物的质量先减少后
增加，只有A 项符合。
故正确答案为A。
11. ①因为红苹果内没有叶绿体，无法进行光合作用，因此将红苹果放到冰
箱里面来保鲜与红苹果的光合作用无关，错误；
②在低温环境下，呼吸酶的活性降低，使苹果的呼吸作用减弱，可以防止消
耗过多的有机物，从而能够储存更长的时间，正确；
③低温只能抑制细菌、真菌的生长和繁殖，并不能杀死细菌、真菌，错误。
综上所述，正确的有②。
故正确答案为A。
12. A 项，幼叶中色素的含量高，因此光合作用强度较高，叶片从幼到老光
合作用强度是先增加后减弱，故A 项错误；
B 项，在森林或农田中，上部叶片接受光照较多，下部叶片接受光照较少，
故上部叶片的光合作用强度高于下部，故B 项正确；
C、D 两项，光合作用强度受内外因素的影响，外因中如光照强度、温度和
二氧化碳浓度等都能影响光合作用强度，故C、D 两项均错误。
故正确答案为B。
13. A 项：小草需要通过呼吸作用来维持自身生命活动，因此小草在晴朗的
夏日既进行光合作用，也进行呼吸作用，错误；
B 项：生活在水中的鱼类主要进行有氧呼吸，鱼类通过鳃来获得水中的氧气，
错误；
C 项：农作物进行无氧呼吸时会产生酒精，因此用农作物酿酒是利用了植物
无氧呼吸的原理，错误；
D 项：剧烈运动时，人体细胞会进行无氧呼吸产生乳酸，乳酸会刺激人体产
生酸痛的感觉，正确。
故正确答案为D。
14. A、B 两项，二氧化碳是光合作用的原料，二氧化碳的浓度高，光合作
用的强度就大，若打开开关，种子萌发产生的二氧化碳能到达植物的叶片，则植
物的光合作用会增强，产生较多的氧气，使种子的呼吸作用旺盛，产生的二氧化
碳增多，均错误；
C 项，种子在萌发过程中，呼吸作用旺盛，消耗氧气，分解种子内的有机物，
生成二氧化碳并释放出能量，正确；
D 项，绿色植物在光下进行光合作用，同时也会进行呼吸作用，但根据题干
中的信息，无法得知绿色植物的光合作用和呼吸作用的强度，故无法得知绿色植
物的有机物会不会减少，错误。
故正确答案为C。
15. A 项：植物光合作用的强度在一定范围内是随着光照强度的增加而增加，
但是当光照强度超过一定的限度后，光合作用不再增强，错误；
625
B 项：无氧呼吸是指生物在无氧条件下，把有机物分解成不彻底的氧化产物，
同时释放出少量能量的过程，故无氧呼吸不需要氧气的参与，正确；
C 项：光合作用进行的主要场所是叶绿体，所以只有含有叶绿体的植物器官
才能进行光合作用，一般来说，绿叶是植物进行光合作用的主要器官，其他没有
叶绿体的植物器官如根，是不能进行光合作用的，错误；
D 项：呼吸作用可分为有氧呼吸和无氧呼吸，有氧呼吸的产物为二氧化碳和
水，都是无机物；无氧呼吸的产物可能是乳酸或者酒精，而乳酸或者酒精都为有
机物，错误。
故正确答案为B。
专题05
细胞呼吸和光合作用
考点01
细胞呼吸的过程、影响因素与应用
16.在T 细胞凋亡和坏死过程中，ATP 生成速率和氧气消耗速率如图1、2 所示，
下列说法错误的是（
）
A．可根据氧气的消耗速率计算ATP 生成的总量
B．有氧呼吸中氧气的消耗发生在线粒体的内膜
C．在t1时，凋亡组产生的乳酸比坏死组多
D．在t2时，凋亡组产生的CO2比坏死组多
17.我国农学家贾思勰所著《齐民要术》记载：“凡五谷种子，浥郁则不生，生
者亦寻死。”意思是种子如果受潮发霉就不会发芽，即使发芽也会很快死亡。下
列叙述错误的是（
）
A．农业生产中，种子储藏需要干燥的环境
B．种子受潮导致细胞内结合水比例升高，自由水比例降低，细胞代谢减弱
C．霉菌在种子上大量繁殖，消耗了种子的营养物质，不利于种子正常萌发
D．发霉过程中，微生物代谢产生的有害物质可能抑制种子萌发相关酶的活性
【答案】B
【分析】自由水是良好的溶剂，是许多化学反应的介质，自由水还参与许多化学
反应，自由水对于营养物质和代谢废物的运输具有重要作用；自由水与结合水不
是一成不变的，可以相互转化，自由水与结合水的比值越高，细胞代谢越旺盛，
抗逆性越低，反之亦然。
【详解】A、种子储藏需要干燥环境，以减少自由水含量，降低细胞呼吸速率，
减少有机物消耗，A 正确；
B、种子受潮时，自由水比例应升高而非降低，结合水比例下降，此时细胞代谢
应增强而非减弱。但若种子发霉死亡，代谢停止，但选项描述的水分变化方向错
误，B 错误；
C、霉菌繁殖会消耗种子储存的有机物，导致种子缺乏萌发所需营养，C 正确；
626
D、霉菌代谢产物（如毒素）可能破坏种子细胞结构或抑制酶活性，阻碍萌发，D
正确；
故选B。
18.关于人体细胞和酵母细胞呼吸作用的比较分析，下列叙述正确的是
（
）
A．细胞内葡萄糖分解成丙酮酸的场所不同
B．有氧呼吸第二阶段都有O2和H2O 参与
C．呼吸作用都能产生[H]和ATP
D．无氧呼吸的产物都有
2
CO
【答案】C
【分析】有氧呼吸分为三个阶段，第一阶段是葡萄糖酵解形成丙酮酸和还原氢，
同时释放少量能量，第二阶段是丙酮酸和水反应产生二氧化碳和还原氢，同时释
放少量能量，第三阶段是[H]和氧结合产生H2O，同时释放大量能量；真核细胞
有氧呼吸的场所是细胞质基质和线粒体，主要场所是线粒体。
【详解】A、葡萄糖分解为丙酮酸是细胞呼吸的第一阶段，发生在细胞质基质中，
人体细胞和酵母菌的场所相同，A 错误；
B、有氧呼吸第二阶段是丙酮酸与水反应生成CO2 和[H]，O2 参与的是第三阶段
（与[H]结合生成水），B 错误；
C、人体细胞和酵母菌有氧呼吸各阶段均能产生ATP，第一、第二阶段能产生[H]，
第三阶段利用[H]，无氧呼吸第一阶段产生少量[H]和ATP（后续被消耗），因此
两者呼吸作用均能产生[H]和ATP，C 正确；
D、人体细胞无氧呼吸产物为乳酸，不产生CO2；酵母菌无氧呼吸产物为CO2 和
酒精，D 错误；
故选C。
考点02
光合作用的过程及其影响因素
19.在一定温度下，生长在大田的某种植物光合速率（CO2固定速率）和呼吸速率
（CO2释放速率）对光照强度的响应曲线如图所示。下列叙述错误的是（
）
A．光照强度为a 时，该植物的干重不会增加
B．光照强度从a 逐渐增加到b 时，该植物生长速率逐渐增大
C．光照强度小于b 时，提高大田CO2浓度，CO2固定速率会增大
D．光照强度为b 时，适当降低光反应速率，CO2固定速率会降低
【答案】C
【分析】该曲线是植物光合速率（CO2 固定速率）和呼吸速率（CO2 释放速率）
随光照强度变化的曲线；光照强度为a 时，光合速率等于呼吸速率，即“光补
627
偿点”，此时植物光合作用固定的CO2 量，恰好抵消呼吸作用释放的CO2 量，净
光合为为0，植物干重不增不减。光照强度为b 时，光合速率达到“光饱和点”，
此后再增加光照强度，光合速率不再提升（受温度、CO2 浓度等其他环境因素或
自身酶、色素等内部因素限制），此时光合速率与呼吸速率差值最大，植物积累
有机物最快。
【详解】A、光照强度为a 时，光合速率等于呼吸速率，即净光合速率为0。植
物干重增加依赖净光合积累有机物，净光合速率=光合速率-呼吸速率，此时净光
合为0，干重不会增加，A 正确；
B、光照强度从a 逐渐增加到b 时，光合速率与呼吸速率差值逐渐增大。净光合
速率越大，植物积累有机物越多，生长速率逐渐增大，B 正确；
C、光照强度小于b 时，光照强度未达饱和的阶段，在光照强度为主要限制因素
时，提高大田CO2 浓度，CO2 固定速率不会增大（因为光照不足，光反应提供的
ATP 和NADPH 有限，限制暗反应）；只有当光照强度饱和后，提高CO2 浓度，CO2
固定速率才会增大，C 错误；
D、光照强度为b 时，光反应为暗反应提供ATP 和NADPH。适当降低光反应速率，
提供的ATP 和NADPH 减少，会使暗反应中CO2 固定速率降低，D 正确。
故选C。
20.云南省是著名的鲜花产地，所产鲜花花色鲜艳与其独特的自然环境息息相关。
花青素苷是决定被子植物色彩呈现的主要色素物质，花冠中糖类或被紫外光激活
的紫外光受体均可促进相关基因表达，从而增加花青素苷的合成。下列说法错误
的是（
）
A．云南平均海拔高，紫外光强，能够促进花青素苷的合成
B．鲜切花中花青素苷会缓慢降解，在浸泡液中添加适量糖可延缓鲜花褪色
C．云南平均海拔高，昼夜温差大，有利于呈色
D．鲜花中花青素苷的含量，与紫外光受体基因表达水平呈负相关
【答案】D
【分析】根据题意：花青素苷是决定花色（色彩呈现）的主要色素物质，花冠中
糖类或被紫外光激活的紫外光受体均可促进相关基因表达，从而增加花青素苷的
合成。
【详解】A、云南海拔高紫外光强，紫外光激活的紫外光受体可促进相关基因表
达，增加花青素苷合成，A 正确；
B、鲜切花褪色与花青素苷降解相关，糖类可促进相关基因表达，增加花青素苷
合成，从而延缓褪色，B 正确；
C、昼夜温差大时，白天高温促进光合作用积累糖类，夜间低温减少呼吸消耗，
积累更多糖类，糖类可促进相关基因表达，从而增加花青素苷的合成，花青素苷
是决定被子植物色彩呈现的主要色素物质，所以昼夜温差大，有利于呈色，C 正
确；
D，紫外光受体被激活后，可促进相关基因表达，增加花青素苷合成，所以紫外
光受体基因表达水平越高，花青素苷合成量应越多，两者应为正相关，D 错误。
故选D。
（五）酶（5 题）
628
1.C 项正确，酶的特性包含高效性、专一性、作用条件较温和，其中高效性
指酶的催化效率很高，是一般无机催化剂的上千万倍，甚至上亿倍。A、B 两项
错误，作用条件较温和指酶有最适温度和最适pH，温度过高或者环境过酸、过
碱都会使酶失去活性，而低温会抑制酶的活性，但不会使酶失去活性。D 项错
误，酶是由活细胞产生的具有催化作用的有机物，其本质绝大多数是蛋白质，少
数是RNA。故正确答案为C。
2. 唾液淀粉酶是一种生物活性酶，因此在
的中性环境下活性最强。唾
液淀粉酶具有专一性，可将淀粉水解，淀粉遇碘水变蓝，若淀粉完全被水解，则
其遇碘水不会变蓝。
第1 组实验中，将溶液煮沸，高温会使唾液淀粉酶失去活性，因此该组实验
样本中的淀粉无法被完全水解，最终加入碘水后会变蓝，A 项错误。
第2 组实验中，
水浴加热30 分钟，
为唾液淀粉酶最适宜温度，
该温度下唾液淀粉酶的活性最强，持续30 分钟可以使溶液中的淀粉被完全水解，
因此该组实验样本最终加入碘水后不会变蓝，B 项正确。
第3 组实验中，加入稀硫酸（pH=1）10ml，溶液呈酸性，酸性环境下唾液淀
粉酶的活性会降低，甚至失去活性，因此该组实验样本中的淀粉无法被完全水解，
最终加入碘水后会变蓝，C 项错误。
第4 组实验中，将样本置于
的低温环境中，唾液淀粉酶的活性大大降低，
因此该组实验样本中的淀粉无法被完全水解，最终加入碘水后会变蓝，D 项错误。
故正确答案为B。
3. A 项，酶催化的反应速率与酶的浓度有关，酶的浓度增加，酶催化的反
应速率也会相应加快，错误；
B 项，酶具有高效性、专一性，酶的作用条件较温和。酶催化的反应可在细
胞内进行，也可在细胞外进行，错误；
C 项，酶的化学本质绝大多数是蛋白质，少数是RNA，错误；
D 项，高温或过酸过碱的环境都能使酶直接失活，低温环境会抑制酶的活性，
正确。
故正确答案为D。
4. A 项：只要条件适宜，酶在细胞内、细胞外，体内、体外均能起作用，
错误；
B 项：活细胞都需要新陈代谢，而新陈代谢过程中都有酶的参与，所以活细
胞中都含有酶，正确；
C 项：酶作为催化剂，反应前后化学性质不变，可以重复利用，错误；
D 项：酶的活性主要受温度和PH 值影响，错误。
故正确答案为B。
5. 选项分析：
A 项，加酶洗衣粉去污力随着温度的升高先增强后减弱，故A 项错误，排除。
B 项，加酶洗衣粉去污力随温度变化曲线斜率的绝对值比普通洗衣粉大，则
表明其去污力敏感程度更大，故B 项错误，排除。
C 项，高温下，加酶洗衣粉去污能力曲线在普通洗衣粉去污能力曲线上方，
则表明其去污能力更强，故C 项错误，排除。
629
D 项，在较低温度下，加酶洗衣粉的去污能力较弱，与酶在低温下活性较低
相关，故D 项正确，当选。
故正确答案为D。
考点01
酶本质、作用、特性及其影响酶活性的因素
6.下列关于耐高温的DNA 聚合酶的叙述正确的是（
）
A．基本单位是脱氧核苷酸
B．在细胞内或细胞外均可发挥作用
C．当模板DNA 和脱氧核苷酸存在时即可催化反应
D．为维持较高活性，适宜在70℃~75℃下保存
【答案】B
【分析】酶是活细胞产生的，具有催化作用的一类有机物，绝大多数是蛋白质，
少数是RNA。
【详解】A、耐高温的DNA 聚合酶的本质是蛋白质，基本单位为氨基酸，A 错误；
B、耐高温DNA 聚合酶在细胞内的DNA 复制和体外的PCR 反应中均能发挥作用，B
正确；
C、缺少引物和缓冲液时反应无法启动，C 错误；
D、耐高温的DNA 聚合酶虽然能在较高温度下发挥作用，但保存时一般在低温下
保存，而不是在70℃~75℃下保存，D 错误。
故选B。
7.某种加酶洗衣粉包装袋上注有下列信息：本品含有蛋白酶、脂肪酶和淀粉酶；
洗涤前先浸泡15～20min，特别脏的衣物可减少浸泡用水量；请勿使用60℃以上
热水。下列叙述错误的是（
）
A．该洗衣粉含多种酶，不适合洗涤纯棉衣物
B．洗涤前浸泡有利于酶与污渍结合催化其分解
C．减少浸泡衣物的用水量可提高酶的浓度
D．水温过高导致酶活性下降
【答案】A
【分析】酶是由活细胞产生的具有催化作用的有机物，大多数酶是蛋白质，少数
酶是RNA；酶的特性：专一性、高效性、作用条件温和；酶促反应的原理：酶能
降低化学反应所需的活化能。
【详解】A、酶具有专一性，纯棉衣物的主要成分是纤维素，而该洗衣粉含有的
酶为蛋白酶、脂肪酶和淀粉酶，均无法分解纤维素，故不会损坏纯棉衣物，A 错
误；
B、洗涤前浸泡可延长酶与污渍的接触时间，有利于酶与污渍结合催化其分解，B
正确；
C、一定范围内，减少用水量会提高酶的浓度，从而加快反应速率，C 正确；
D、酶活性的发挥需要适宜温度，高温会破坏其空间结构导致酶活性下降，故勿
使用60℃以上热水，D 正确。
故选A。
8.取鸡蛋清，加入蒸馏水，混匀并加热一段时间后，过滤得到浑浊的滤液。以该
滤液为反应物，探究不同温度对某种蛋白酶活性的影响，实验结果如表所示。
组别
1
2
3
4
5
630
温度（℃）
27
37
47
57
67
滤液变澄清时间（min）
16
9
4
6
50min 未澄清
据表分析，下列叙述正确的是（
）
A．滤液变澄清的时间与该蛋白酶活性呈正相关
B．组3 滤液变澄清时间最短，酶促反应速率最快
C．若实验温度为52℃，则滤液变澄清时间为4~6min
D．若实验后再将组5 放置在57℃，则滤液变澄清时间为6min
【答案】B
【分析】由题意可知，浑浊的滤液为变性的蛋白质液体，该实验是通过蛋白酶水
解变性后蛋白质是液体变澄清，变澄清时间越短，说明酶活性越强。
【详解】A、浑浊的滤液为变性的蛋白质液体，滤液变澄清的时间与该蛋白酶活
性呈负相关，即蛋白酶活性越强，蛋白质水解越快，澄清时间越短，A 错误；
B、组3 滤液变澄清时间最短，说明酶活性最高，酶促反应速率最快，B 正确；
C、若实验温度为52℃，可能酶活性大于第3、4 组，时间可能小于4min，C 错
误；
D、组5 蛋白酶已经失活，实验后再将组5 放置在57℃，滤液也不会澄清，D 错
误。
故选B。
9.下列过程涉及酶催化作用的是（
）
A．Fe
3+催化H2O2的分解
B．O2通过自由扩散进入细胞
C．PCR 过程中DNA 双链的解旋
D．植物体细胞杂交前细胞壁的去除
【答案】D
【详解】酶是活细胞产生的具有催化作用的有机物，其中绝大多数酶是蛋白质，
少数是RNA，具有高效性、专一性和作用条件温和。
【分析】A、Fe3+催化H2O2 的分解，Fe3+是无机催化剂，不是酶，A 错误；
B、O2 通过自由扩散进入细胞，这是一种简单的物质跨膜运输方式，不涉及酶的
催化作用，B 错误；
C、PCR 过程中DNA 双链的解旋是通过高温实现的，不需要酶来解旋（在生物体
内DNA 解旋需要解旋酶），C 错误；
D、植物体细胞杂交前细胞壁的去除，需要用纤维素酶和果胶酶将细胞壁分解，
涉及酶的催化作用，D 正确。
故选D。
考点02
ATP 的结构和功能
10.能量胶是马拉松运动员常用的胶状补给品，可快速供能。下表是某能量胶的
营养成分表。据表分析，下列叙述正确的是（
）
项目
每100g
能量
850KJ
蛋白质
0g
脂肪
0g
631
碳水化合物
50g
核糖
450mg
钠钾氯等
235mg
A．核糖是ATP 的组成成分，补充核糖有助于合成ATP
B．推测表中的碳水化合物主要是淀粉
C．比赛过程中大量出汗，少量补充能量胶即可维持水盐平衡
D．能量胶不含脂肪和蛋白质是因为它们不能为机体提供能量
【答案】A
【详解】A、ATP 由腺苷（腺嘌呤+核糖）和三个磷酸基团组成，核糖是ATP 的组
成成分，“补充核糖”可为腺苷的合成提供原料，间接支持ATP 生成，故补充核
糖有助于合成ATP，A 正确；
B、碳水化合物若为淀粉（多糖），需分解为葡萄糖才能快速供能，但能量胶需
“快速供能”，推测其碳水化合物应为单糖（如葡萄糖）或二糖（如麦芽糖），
而非淀粉，B 错误；
C、大量出汗会导致水和电解质大量流失，能量胶中钠钾氯仅235mg/100g，少量
补充不足以完全维持水盐平衡，需额外补充水和电解质，C 错误；
D、脂肪和蛋白质均可供能，但脂肪供能慢，蛋白质主要参与结构构建，能量胶
不含二者是因快速供能需优先利用碳水化合物，D 错误。
故选A。
11.ATP 是一种能为生命活动供能的化合物，下列过程不消耗ATP 的是（
）
A．肌肉的收缩
B．光合作用的暗反应
C．Ca
2+载体蛋白的磷酸化
D．水的光解
【答案】D
【分析】ATP（腺苷三磷酸）是一种高能磷酸化合物，在细胞中，它与ADP 的相
互转化实现储能和放能，从而保证细胞各项生命活动的能量供应。生成ATP 的
途径主要有两条：一条是植物体内含有叶绿体的细胞，在光合作用的光反应阶段
生成ATP；另一条是活细胞能通过细胞呼吸生成ATP。
【详解】A、肌肉收缩通过肌球蛋白与肌动蛋白相互作用，需要ATP 水解供能，A
不符合题意；
B、光合作用暗反应中C3 的还原需要消耗ATP（来自光反应产生的ATP），B 不
符合题意；
C、ATP 为主动运输供能时载体蛋白空间结构发生变化，Ca²⁺ 载体蛋白磷酸化需
ATP 水解提供磷酸基团和能量，C 不符合题意；
D、水的光解发生在光反应阶段，由光能驱动，不消耗ATP，反而生成ATP，D 符
合题意。
故选D。
632
四、地理
（一）地球与地图
1. A 项，西经
以东，东经
以西之间为东半球，东经
以东，西经
以西之间为西半球。①地是位于西经
以东，东经
以西之间的东半球，
错误；
B 项，在经纬网上，经线表示南北方向，纬线表示东西方向，根据劣弧原则，
②地在①地东边，错误；
C 项，北半球的10 月份是秋季，南北半球季节相反，此时位于南半球的③
地是春季，错误；
D 项，10 月份时，太阳直射点位于南半球，位于南半球的④地昼长夜短，正
确。
故正确答案为D。
2. 从表可知，北京与东京的时差为1 小时，北京与巴黎的时差为6 小时，
北京与纽约的时差为13 小时，则北京时间2022 年4 月10 日9 时对应的东京时
间为2022 年4 月10 日10 时，巴黎时间为2022 年4 月10 日3 时，纽约时间为
2022 年4 月9 日20 时；结合表中提供的航行时长信息可知，日本东京的学者最
晚应于当地时间2022 年4 月10 日8 时出发，法国巴黎的学者最晚应于当地时间
2022 年4 月9 日19 时出发，美国纽约的学者最晚应于当地时间2022 年4 月9
日7 时出发，根据上述分析可知，A、B、D 三项均错误，C 项正确。
故正确答案为C。
3. 东面是东半球，西面是西半球的经线是
W；北面是北半球，南面是南
半球的纬线是
纬线，故小龙所在的地理位置为（
W，
纬线）。
故正确答案为D。
4. ①②：北回归线是一条重要纬线，大约在北纬
，一般可估算为北
纬
。由图像可知，B、C 两点均在北回归线上，均正确；
③④：地球绕着一条假想的线在自西向东转动，这种运动叫做自转，这条假
想的线叫做地轴，地轴并非真实存在的，所以站在南极点不可能看到地轴，均错
误；
⑤：从南极上空看，地球自转方向是顺时针方向，从北极上空看，地球自转
633
方向是逆时针方向，正确；
⑥：由图像可知，A、B 两点处于白昼，C、D 两点处于黑夜，错误。
综上所述，①②⑤正确，③④⑥错误。
本题为选非题，故正确答案为C。
5. A 项：赤道是最长的纬线，每条经线等长，
经线不是最长的经线，错
误；
B 项：赤道分割南北半球，西经
与东经
经线围成的圆分割东西半球，
错误；
C 项：纬线的长度从赤道向南北两极逐渐减小，经线是长度相等的半圆，任
意两条经线等长，错误；
D 项：纬线是指向东西方向的圆圈，经线是指向南北方向的半圆，正确。
故正确答案为D。
6. 如图所示，麦哲伦率领的船队从西班牙出发，先渡过大西洋，绕过南美
洲的南端进入太平洋，到达菲律宾群岛后继续向西航行，之后渡过印度洋，再绕
过好望角，最终回到西班牙。因此麦哲伦环球航行依次经过大西洋、太平洋、印
度洋、大西洋。
根据以上分析可知，C 项正确，A、B、D 三项均错误。
故正确答案为C。
7．A 项：夏至时分，太阳直射北回归线，北半球昼长夜短，越往北，白昼
越长。四座城市中，呼和浩特位于最北边，白昼最长，正确；
B 项：由于地球自西向东转动，东边的时间早于西边，越靠近东边的城市越
早看到日出。四座城市中，上海位于最东边，最先看到日出，正确；
C 项：人为规定，
为低纬度，
为中纬度，
为高
纬度。呼和浩特的纬度是北纬
至
，上海的纬度是北纬
至
，均位于中纬度地区，正确；
D 项：北温带是北回归线与北极圈之间的区域，北回归线的纬度是北纬
，深圳的纬度是北纬
至
，所以深圳在北回归线以南，位于热
带，错误。
本题为选非题，故正确答案为D。
8.我国是一个海陆兼备的国家，位于亚洲东部，太平洋西岸。故B 项正确，
A、C、D 三项错误。
故正确答案为B。
9. 从
经线出发，往东为东经（E），范围是
到
，
位于
的东边。从赤道出发，往北为北纬（N），范围是
到
，
位
634
于
的南边。所以北京位于俄罗斯圣彼得堡的东南方向，从俄罗斯圣彼得
堡乘飞机到北京，飞机飞行的方向为东南方向，对应B 项。
故正确答案为B。
10．A 项，南极洲以陆地为主，四周分别被大西洋、印度洋、太平洋三大洋
所包围，错误；
B 项，南极洲是世界上纬度最高的洲，所有的经线都经过南极洲，正确；
C 项，泰山站位于中山站的西南方向，中山站位于泰山站的东北方向，错误；
D 项，长城站位于南极圈以外，南极圈以外无极昼极夜现象，错误。
故正确答案为B。
11.C【
解析】据图中“S”可知，图中区域为南极点附近部分区域。再
根据经纬度的变化规律可得，①的经纬度是(75°S,165E):②的经纬
度是(60° S,165° W);③的经纬度是(60° S .
150°W);④点的经
纬度是(45°S,165°E);⑤的经纬度是(45°S,165°W)。③位干④的东南
方，②所在的纬线是60°S, 位于南半球；①所在的纬线是75°S, 位于高
纬度地区，⑤所在的经线是165°W, 位于西半球。故选C。
12.D【
解析】经线等长，南北半球相同纬度的纬线等长，且是否等长与“东
辕西辙”理论上能到达目的地无关，①不符合题意。经线是半圆弧，纬线
是圆圈；经线指示南北方向，纬线指示东西方向；南北方向有始有
终，东西方向
无穷无尽。故“ 东辕西辙” 理论上可以达到目的地
，②③符合题意。故选D。
13.B【解析】读图可知，A 点的经纬度为(21°N,119°W);B点的经纬度为(21°N,119
°E);C点的经纬度为(21°S,119°W);D
点的经纬度为(21°S,119°E) 。
故选B。
14.B【
解析】根据所学知识可知，地球的自转方向为自西向东。经线指示南北
方向，纬线指示东西方向。读图可得，②地位于③地的正东方向。故选B。
15.B【解析】读图可知，图中经过①②地的经线是20°W, 是东西半球的分界线之
一。故选B。
16.A【
解析】地球上只有北极点的前后左右都为南方，只有南极点的前
后左右都为北方，所以H 点应为南极点，圆圈表示一个经线圈，所以与H
点
相对的F 点为北极点，纬度为90°N 。故选A。
17.D【解析】假如圆圈表示一条纬线，由图可知，H 、F两点所在的经线组成一个
经线圈，H
点经度为20°E, 则F 点经度应为160°W, 位于西半球上，因为没有纬
度的值，所以F 点不一定位于南半球，也不一定位于海洋上。故选D。
18.D
【解析】经度度数向东增加是东经，用“E” 表示：经度度数
向西增加是西经，用“ W” 表
示；赤道以北是北纬，用“N”表示；
赤道以南是
南纬，用“S”表示。界碑的经纬度是(112°58'E,
24° 45'N),
读图可知，该界碑大致位于图中的
D 点。故选D。
19.B【
解析】读图可知，图示是以南极点为中心的经纬网图，南极点是地球上的
最南端。①地位于④地的东南方向，A
错误。纬度区的划分，0°~30°为低
纬度地区，30°~60°为中纬度地区，60°~90°为高纬度地区。②地(60°S) 位于中、
635
高纬度分界线上，B 正确。纬线的形状是圆圈，C 错误。④地沿所在经线一直向
南不能回到出发点，D 错误。故选B。
20.B【解析】在经纬网地图上，用经纬网定方向，纬线指示东西方向，
经线指示南北方向。A 选项中，甲地在乙地西北方向，丙地在丁地东北方
向，不符合题意。B 选项中，甲地在乙地西北方向，丙地在丁地东南方向，符
合题意。C 选项中，甲地在乙地东北方向，丙地在丁地东南方向，不符合题意
。D 选项中，甲地在乙地东北方向，丙地在丁地西北方向，不符
合
题意。故选B。
21.B【
解析】读图可知，D 点所在区域纬度由赤道向北增大，故D 点位于30°N,排
除C、D;D
点所在经线向东度数增加，为90°E,B
正确，排除A 。D
点的经
纬度是(30°N,90°E)，故选B。
22.D【
解析】图中C 点所在区域经度向西增加，为西经度，且在30 °W
以西
、90°W
以东，由此
可知C 点在西半球；根据前面分析可知，图中
D 点位
于北半球；N 所在纬线纬度为0°,即位于赤道，赤道长度大于任意一条
经线长度，故
M 所在经线和N 所在纬线长度不相等。故
选D。
23.B【
解析】南北半球分界线是赤道，以北为北半球，以南为南半球；东西
半球分界线是20°W 和160 °E 组成的经线圈，20°W
向东至160°E 为
东半球，20°W 向西至160 °E 西半球。分析题干可知，右手位于东半球，左
手位于西半球，面向北半球，背靠南半球，东边是东半球、西边是西半球的
经线是20°W,
北边是北半球、南边是南半球的纬线是0°纬线，故地理位置
为(0°,20°W),
与图中的乙地相符。
故选B 。
24.C【
解析】结合所学可知，南极点在地球的最南端，南极点的四周均朝北，
北极点位于地球的最北端，北极点的四周均朝南，因此根据题意，该房屋应
该建在南极点。故选C。
25.B【
解析】读图可知，图中飞机乙沿纬线飞行，根据纬线指示东西方向
，经线指示南北方向，再结合飞机的飞行方向，可判定，飞机乙自东向西飞。故
选B。
9.A
【解析】据所学知识可知，赤道的长度约
4万千米，经线的长度约为
赤道长度的一半，约为2万千米，因此，飞机甲从南极沿同一条经线飞到北极
，飞行航程约2万千米。故选A 。
636
（二）自转与公转
1. 地球自转方向自西向东，所以乙中北极圈处于极昼表示夏至日，同理丁
表示冬至日，甲表示春分日，丙表示秋分日。火箭发射的时间是12 月8 日，这
一天地球是运行在图中丙表示的秋分日（9 月23 日前后）与丁表示的冬至日（12
月22 日前后）之间，故C 项正确。
故正确答案为C。
2. 由于广州位于东八区，巴黎位于东一区，两地时间相差7 小时，因此当
广州时间为上午10 时时，巴黎的当地时间为凌晨3 时。该航线正常情况下需要
飞行10 小时，若飞机不在空中盘旋，到达巴黎时应该为当地时间13 时，而实际
到达巴黎时为当地时间15 时30 分，因此该飞机在空中盘旋了2 小时30 分钟，
故C 项正确，A、B、D 三项错误。
故正确答案为C。
考点
3. 昼夜交替、太阳东升西落和地区时差都是由于地球自转产生的现象，而
四季更替是由于地球公转产生的现象，则与地球自转有关的现象共有3 个，C 项
正确。
故正确答案为C。
4. 每年的3 月21 日前后是春分，太阳直射点位于赤道，即将向北移动；每
年的6 月22 日前后是夏至，太阳直射点位于北回归线，即将向南移动；每年的
9 月23 日前后是秋分，太阳直射点位于赤道，即将向南移动；每年的12 月22
日前后是冬至，太阳直射点位于南回归线，即将向北移动。根据上述分析可知，
D 项正确，A、B、C 三项均错误。
故正确答案为D。
5. A 项：1 月1 日，太阳直射点在南回归线和赤道之间，南极在南半球，故
此时南极处于全年最温暖的季节，错误；
B 项：北极熊生活在北极圈冰层覆盖的水域，故队员们看不到北极熊，错误；
C 项：南极大陆冰雪覆盖，降水十分稀少，南极大陆周围海域漂浮着很多冰
山，正确；
D 项：南极圈的纬度为南纬66 度34 分，而中山站位于南纬69 度22 分24
秒，故中山站位于南极圈南面，并非北面，错误。
故正确答案为C。
6. 由于地球不停地绕着太阳公转，太阳直射点和各地昼夜长短都不断发生
变化，太阳直射点在南回归线和北回归线之间来回移动。每年夏至（6 月22 日
前后）太阳直射点位于北回归线，北半球昼长夜短，此后太阳直射点开始向南移
动，故7 月1 日，太阳直射点位于赤道和北回归线之间，且向南移动，A 项正确，
B 项错误；由于香港和北京均位于北半球，故香港和北京均处于昼长夜短的状态，
C、D 两项均正确。
本题为选非题，故正确答案为B。
7. A 项：春分的日期在每年公历的3 月19 日-3 月22 日之间，正确；
B、D 两项：春分这天，太阳直射点在赤道上，南北半球都是昼夜平分，B、
D 两项均正确；
C 项：太阳直射点在南北回归线间来回移动，春分这天，太阳直射点在赤道
637
上，春分过后，由于地球的公转，太阳直射点开始向北回归线移动，并非南回归
线，错误。
本题为选非题，故正确答案为C。
8. 赤道的纬度为
，是地球上纬度最低的地方，由赤道向两极纬度逐渐增
加，赤道上全年昼夜平分，昼夜时长均为12 小时，图中太阳光直射南回归线，
此时只有赤道上昼夜平分，表中丙地昼长为12 小时，位于赤道上，纬度最低，
为
，C 项正确。
图中太阳光直射南回归线，南半球昼长夜短，北半球昼短夜长，丁地昼长为
10 小时，小于12 小时，位于北半球，纬度大于
，D 项错误；南半球昼长夜短，
甲、乙两地昼长均大于12 小时，位于南半球，纬度大于
，A、B 两项错误。
故正确答案为C。
9. 地球公转轨道面（黄道面）与赤道面（天赤道面）的交角称为黄赤交角。
黄赤交角的存在，造成太阳直射点在地球南北纬
之间往返移动的周年变
化，从而引起正午太阳高度的季节变化和昼夜长短的季节变化，形成四季更替，
所以造成二十四节气变化的主要原因是地球公转。
故正确答案为B。
10．随着地球围绕太阳公转，地球在不同时间处于公转轨道的不同位置，因
此地球表面受太阳照射的情况也就不完全相同，便产生了季节的变化。
以北半球为例，春分时，太阳直射点位于地球的赤道；夏至时，太阳直射点
位于地球的北回归线，此时北极圈内会出现极昼现象、南极圈内会出现极夜现象；
秋分时，太阳直射点再次位于地球的赤道；冬至时，太阳直射点位于地球的南回
归线，此时北极圈内会出现极夜现象、南极圈内会出现极昼现象。南半球季节与
北半球相反。
A 项：由图可知在A、B、C、D 四个节气时，太阳直射点分别位于赤道、北
回归线、赤道、南回归线，则A、B、C、D 四个节气分别为春分、夏至、秋分、
冬至，错误；
B 项：当我国处于夏至节气时，太阳直射点位于北回归线，正确；
C 项：当我国处于秋分节气时，根据南半球季节与北半球相反，可知此时南
半球处于春季，正确；
D 项：当我国处于冬至节气时，太阳直射点位于地球的南回归线，此时北极
圈内会出现极夜现象、南极圈内会出现极昼现象，正确。
本题为选非题，故正确答案为A。
11. 由图可知，太阳直射在北半球的北回归线上，为夏至日，此时南半球昼
短夜长，A 项错误；④处比③处更往南，南半球越往南纬度越高，因此④处的纬
度更高，白昼时间更短，B 项错误；夏至日，北京时间凌晨5 点，接近北京日出
时间凌晨4 点半，此时北京应该在晨线附近（如上图所示），且北京位于北半球，
因此北京大概位于①处，C 项正确，D 项错误。
故正确答案为C。
638
12. 太阳直射点的移动规律
与二十四节气之间的关系如上图
所示，当太阳直射点在赤道与北回
归线之间，即处于二十四节气中春
分日至秋分日之间时，北半球昼长
夜短；当太阳直射点在赤道与南回
归线之间，即处于二十四节气中秋
分日至第二年春分日之间时，北半球昼短夜长；当太阳直射点位于赤道上，即处
于二十四节气中春分日或秋分日时，全球昼夜等长。
A 项：“春风如贵客，一到便繁华”出自清代袁枚的《春风》，“春风如贵
客，一到便繁华。来扫千山雪，归留万国花。”指二十四节气中的春分，此时太
阳直射点在赤道上，全球昼夜等长，错误；
B 项：“清明时节雨纷纷”出自唐代杜牧的《清明》，“清明时节雨纷纷，
路上行人欲断魂。借问酒家何处有？牧童遥指杏花村。”指二十四节气中的清明，
此时太阳直射点在北半球，北半球昼长夜短，错误；
C 项：“物至于此，小得盈满”出自元代吴澄的《月令七十二候集解》，“小
满，四月中。小满者，物至于此小得盈满。”指二十四节气中的小满，此时太阳
直射点在北半球，北半球昼长夜短，错误；
D 项：“绿筠尚含粉，圆荷始散芳”出自唐朝韦应物的《夏至避暑北池》，
指二十四节气中的夏至，此时太阳直射点在北回归线，北半球昼长夜短，正确。
故正确答案为D。
13. 由于地球不停
地绕着太阳公转，各地
昼夜长短和正午太阳高
度都不断发生变化。以
北半球为例，每年春分日（3 月21 日前后）太阳直射赤道，全球昼夜平分；夏
至日（6 月22 日前后）太阳直射北回归线，北极圈以内是极昼，南极圈以内是
极夜，白昼由北向南逐渐变短；秋分日（9 月23 日前后）太阳直射赤道，全球
昼夜平分；冬至日（12 月22 日前后）太阳直射南回归线。儿童节是6 月1 日，
这一天靠近夏至日（6 月22 日前后），因此太阳直射点逐渐接近北回归线。
故正确答案为B。
142 月20 日处于冬至（12 月21 日-12 月23 日）与春分（3 月19 日-3 月22
日）之间，此时太阳直射点位于南回归线与赤道之间，并且太阳直射点由南回归
639
线向赤道移动，因此太阳直射点位于南半球并向北移动，A、C、D 三项均错误，
B 项正确。
故正确答案为B
15. 由图可知，当地球公转到位置②时，太阳直射点在北回归线上，日期是
6 月22 日前后；当地球公转到位置④时，太阳直射点在南回归线上，日期是12
月22 日前后；当地球公转到位置①时，太阳直射点在赤道上，日期是3 月21
日前后；当地球公转到位置③时，太阳直射点在赤道上，日期是9 月23 日前后。
根据以上分析可知，8 月19 日应该在P 点附近，故A、B、D 三项错误，C 项正确。
故正确答案为C。
16. 北京位于东八区，伦敦位于中时区，根据时区换算规则“东加西减”，
北京位于伦敦东边，则北京时间比伦敦时间快8 个小时，已知伦敦当地时间为周
日19：00 时，则北京时间为周一3：00，故A、B、C 三项错误，D 项正确。
故正确答案为D。
17. A 表示春分日，时间为3 月21 日左右，B 表示冬至日，时间为12 月22
日左右，C 表示秋分日，时间为9 月22 日左右，D 表示夏至日，时间为6 月22
日左右。植树节为3 月12 日，这一天最靠近春分日，所以在这一天，地球在其
公转轨道上的位置处于A 附近。故A 项正确，B、C、D 三项错误。
故正确答案为A。
18 春分日（3 月21 日前后）太阳直射赤道（图中A 点），此时全球各地昼
夜平分；夏至日（6 月22 日前后）太阳直射北回归线（图中B 点），此时北半
球昼长夜短，北极圈内有极昼现象；秋分日（9 月23 日前后）太阳直射赤道（图
中C 点），此时全球各地昼夜平分；冬至日（12 月22 日前后）太阳直射南回归
线（图中D 点），此时北半球昼短夜长，北极圈内有极夜现象。
A 项：太阳直射点在A 点时为春分日，全球各地昼夜平分，错误；
B 项：太阳直射点在B 点时为夏至日，北半球昼长夜短，错误；
C 项：春种、秋收对应春、秋两个季节，太阳直射点都在赤道附近，即A、C
两点附近，错误；
D 项：太阳直射点在B 点时为夏至日，北半球昼长夜短，并且越往北白昼时
间越长，在北极圈内会有极昼现象，正确。
故正确答案为D。
19. 北京位于东八区，巴塞罗那位于东二区，两个城市的时差为6 小时，当
北京的时间为5 月22 日11 时45 分时，巴塞罗那的时间为5 月22 日5 时45 分，
从北京飞到巴塞罗那机场需要14 小时，所以小明乘坐的飞机在巴塞罗那机场降
落时，当地的时间是5 月22 日19 时45 分。故C 项正确，A、B、D 三项错误。
故正确答案为C。
20. 北京位于东八区，米兰位于东一区，两地相差8-1=7 个时区，根据“东
加西减”时区换算规则可知，米兰时间为2 月20 日22：00-7 小时=2 月20 日15：
00，C、D 两项错误；地球是一个球体，造成时差的原因是地球的自转，B 项错误，
A 项正确。
故正确答案为A。
21. 由图可知，甲是夏至日（6 月22 日前后），乙是秋分日（9 月23 日前
后），丙是冬至日（12 月22 日前后），丁是春分日（3 月21 日前后）。2020
年6 月23 日，我国北斗三号全球卫星导航系统最后一颗组网卫星在四川省西昌
卫星发射中心点火升空，这时地球绕太阳运行到甲附近。故A 项正确。
640
故正确答案为A。
22. 由于世界各国家与地区经度不同，地方时也有所不同，因此会划分为不
同的时区，每个时区相差1 小时。北京位于东八区，纽约位于西五区，两地相差
个时区，纽约区时为12 月1 日23 时11 分
13 时
12 月1 日10 时
11 分，A 项正确。
故正确答案为A。
23. 在9 月29 日-12 月28 日这段时间内，太阳直射点在南半球，先向南回
归线移动，12 月22 日前后，太阳直射点在南回归线上，然后从南回归线向北移
动。
故正确答案为D。
24. 2 月27 日，太阳直射点在南回归线和赤道之间，位于南半球，此时南
半球昼长夜短，北半球昼短夜长，文昌位于北半球，故发射当天昼短夜长，只有
D 项正确。
故正确答案为D。
25. A、B、D 三项均正确，日本是岛国，主要由四大岛屿组成，国土南北狭
长，海岸线曲折，多优良港湾，位于亚欧板块与太平洋板块的交界处，地壳活跃，
多火山、地震。
C 项错误，我国使用的时区为东八区，日本使用的时区为东九区，东九区比
东八区早一个小时，新闻联播开始播出的时间为北京时间19：00，则日本的时
间为20：00。
本题为选非题，故正确答案为C。
26. 在地球上运动的物体，由于受到惯性和地球形状及运动的影响，在地球
上运动时会逐渐偏离原来的运动方向，地转偏向力在北半球向右偏，南半球向左
偏，赤道上不偏向。其偏向规律可用“左右手定则”来判断，观测者面向物体运
动方向，北半球用右手表示，南半球用左手表示，掌心向上，四指所指方向代表
物体原来的运动方向，大拇指与四指垂直，大拇指指向的方向，就是物体偏离的
方向。因此，北半球河流的河道会在右岸冲刷，在左岸堆积，南半球河流的河道
会在左岸冲刷，在右岸堆积。
河流甲：人面向河流流向，可知泥沙堆积在左岸，所以河流甲位于北半球；
河流乙：人面向河流流向，可知泥沙堆积在右岸，所以河流乙位于南半球；
河流丙：人面向河流流向，可知泥沙堆积在右岸，所以河流丙位于南半球；
河流丁：人面向河流流向，可知泥沙堆积在左岸，所以河流丁位于北半球。
根据以上分析，可知A、C、D 三项均错误，B 项正确。
故正确答案为B。
27. 北京位于东八区，伦敦位于零时区，由于北京时间7 月1 日伦敦执行的
是夏令时，时间快一个小时，故此时北京和伦敦相差7 个小时，根据“东加西减”
时区换算规则可知，伦敦时间为7 月1 日0：00-7 小时=6 月30 日17：00，A、C、
D 三项均错误，B 项正确。
故正确答案为B。
28. 分析图1，可知越往北纬度越低，是南半球的纬度特征，可以确定该河
位于南半球。受地转偏向力影响，在南半球，河流流动过程中会向左偏转，则甲
岸边的河流量大，以侵蚀为主，乙岸边的河流量小，以沉积为主，因此小岛最终
可能和乙岸连接，①错误，②正确；
641
分析图2，可知越往北纬度越高，是北半球的纬度特征，可以确定该河位于
北半球。受地转偏向力影响，在北半球，河流流动过程中会向右偏转，则丙岸边
的河流量大，以侵蚀为主，丁岸边的河流量小，以沉积为主，因此丙岸比丁岸受
到的河流冲刷更严重，③错误，④正确。
综上所述，②④正确。
故正确答案为D。
29. 由题可知，西雅图位于西八区，北京位于东八区，地方时的换算遵循东
加西减原则。
方法一：
从北京（东八区）出发，向西经过16 个时区，到达西雅图（西八区），所
以西雅图当地时间应在北京时间的基础上减16 小时，即为12 月21 日0：30，D
项正确。
方法二：
从北京（东八区）出发，向东经过8 个时区，到达西雅图（西八区），但是
自西向东经过国际日期变更线，所以时间加8 小时，同时日期减1 天，则西雅图
当地时间为12 月21 日0：30，D 项正确。
故正确答案为D。
30. “双十一”当天即11 月11 日，处于秋分与冬至之间，此时太阳直射点
位于南半球，位于北半球的我国昼短夜长，且纬度越高的地方黑夜时间越长，纬
度越低的地方白昼时间越长，广州（
，
）的纬度最低，因此白昼时
间最长。
故正确答案为A。
31.D【解析】本题考查地球自转的特征。地球自转360°的时间为地球自转的真
正周期，即一个恒星日，时长为23 时56 分4 秒，A 错误；地球自西向东自转，
从南极上空看呈顺时针，从北极上空看呈逆时针，B 错误；地球自转360°59',
是一个太阳日，C 错误；地球绕地轴运动即地球自转，其方向是自西向东，D 正
确。
【方法总结】极地俯视图中地球自转方向的判断
(1)“北逆南顺”:从北极上空俯视，地球自转方向为逆时针；从南极上空俯视，
地球自转方向为顺时针。
(2)根据经度的分布：东经度递增方向为东，西经度递减方向为东。
32.D【解析】本题考查地球自转的真正周期。以遥远的恒星为参照物，地球自转
一周的时间为23 时56 分4 秒。若保持望远镜的位置和方向不变，则第二日望远
镜再次对准这颗恒星的时间应是19 时56 分4 秒，D 正确。
33.D【解析】本题考查地球自转线速度的影响因素。奥斯陆纬度较崇礼高，海拔
和崇礼一样，由上题分析可知，需要在低纬度或者高海拔训练场地训练，A 错误。
罗马与崇礼纬度相同，但海拔低，需要在高海拔或者低纬度训练场地训练，B 错
误。柏林较崇礼纬度高，海拔低，应在低纬度或者高海拔训练场地训练，C 错误。
悉尼纬度低可以弥补海拔低的不足，故可将训练场地放在当地，D 正确。
34.C【解析】本题考查地球同步轨道卫星的特点。地球同步轨道卫星运行方向与
地球自转方向相同，A 错误；运行轨道面与地球赤道平面在同一平面上，B 错误；
运行周期等于地球自转的周期，即23 时56 分4 秒，C 正确；运行轨道面与赤道
642
平面在同一平面上，与地轴夹角为90°,D 错误。
35.B【解析】本题考查卫星发射中心的区位条件。文昌濒临南初海高有利话运输
大型设备，A 错误；纬度低，地球自转线速度大，可节省燃料，B 正确；位于热
带季风气候区，雨季阴雨天多，C 错误；火箭残骸落入海洋，造成危害的概率低，
D 错误。
36.C【解析】本题考查地球公转的特征。地球公转轨道是近似正圆的椭圆，A 错
误。地球公转速度在近日点最快，在远日点最慢，地球在近日点时为1 月初，黑
龙江省正值冬季，B、D 错误。地球自转和公转方向是一致的，都是自西向东，
从地球北极上空向下看，都是逆时针，C 正确。
37.C【解析】本题考查地球公转的周期。地球公转的真正周期是以除太阳外的其
他恒星为参照物测量的地球围绕太阳公转一周的时间，即一个恒星年，C 正确。
38.A【解析】本题考查地球公转的速度。当地球公转至远日点时，时间是7 月初，
地球公转的速度最慢；当地球公转至近日点时，时间是1 月初，地球公转的速度
最快。③④正确，故选A。
39.D【解析】本题考查地球公转的特征。地球公转轨道是近似正圆的椭圆，不是
正圆，A 错误；地球过A 点时离太阳最远，A 为远日点，时间大致是7 月初，公
转速度最慢，过B 点时离太阳最近，B 为近日点，时间大致是1 月初，公转速度
最快，B、C 错误；地球从A 点出发再运动到A 点，地球公转了360°，所需的时
间应是地球公转的真正周期——1 个恒星年，D 正确。
40.A【解析】本题考查黄赤交角的度数。黄赤交角是指地球公转轨道平面(黄道
平面)与赤道平面的交角，目前是23°26',A 正确。
41.C【解析】本题考查黄赤交角的特点。黄赤交角一般变化不大，相对稳定，A
错误，C 正确。黄赤交角度数等于回归线的度数，B 错误。图中β是黄赤交角，D
错误。
42.B【解析】本题考查地球在公转轨道上的位置。2022 年8 月15—18 日，第29
届国际地理信息学大会于中国地质大学(北京)国际会议中心举行，由图乙可知，
b 位置太阳直射北回归线，为北半球夏至日；d 位置太阳直射南回归线，为北半
球冬至日。结合图中地球公转方向可知c 位置为秋分日。8 月处于夏至日与秋分
日之间，因此地球在公转轨道上的位置应处于b 和c 之间，B 正确，A、C、D 错
误。
43.C【解析】本题考查太阳直射点的移动规律。读图甲可知，①为北半球春分日，
②为夏至日，③为秋分日，④为冬至日，8 月15—18 日，太阳直射点位于②和
③之间且向南运动，C 正确，A、B、D 错误。
44.C【解析】本题考查太阳直射点的回归运动。图中①②③④⑤对应的时间分别
为北半球春分日(3 月21 日前后)、夏至日(6 月22 日前后)、秋分日(9 月23 日
前后)、冬至日(12 月22 日前后)、次年春分日(3 月21 日前后)。直射点从①到
②期间，我国北回归线及其以北地区得到的太阳辐射能越来越多，赤道与北回归
线之间地区得到的太阳辐射能先增加后减少；直射点从②到③期间，我国北回归
线及其以北地区得到的太阳辐射能越来越少，北回归线与赤道之间地区得到的太
阳辐射能先增加后减少。C 正确。
45.D【解析】本题考查地球公转速度特点。直射点由②处到③处期间，地球经过
远日点(7 月初),在远日点时公转速度最慢，故D 正确。
46.C【解析】本题考查黄赤交角变化带来的影响。若黄赤交角微信经曾媚1°,
回归线的纬度数会增加1°,极圈的纬度数会减小1°,错误；热带和寒带的范围
643
会增大，温带的范围减小，B 错
误；回归线的纬度数增大到24°26'时，24°S 也会出现太阳直射现象，C 正确；
黄赤交角增加1°,会导致济南的气温年较差增大，D 错误。
47.C【解析】本题考查黄赤交角的判断。根据所学知识可知，赤道平面与黄道平
面的交角为黄赤交角。图中MN 所在平面是赤道平面，E'F 所在平面是黄道平面，
二者交角是黄赤交角，即∠FON 或∠E'OM,故选C。
48.B【解析】本题考查黄赤交角变化的影响。∠XON 是地轴和赤道平面的夹角，
始终是90°,不随黄赤交角变化而变化，A 错误。EF 是北回归线，回归线度数和
黄赤交角度数相同，若黄赤交角增大，EF 的纬度数也会变大，B 正确。ST 是北
极圈，北极圈的纬度数和黄赤交角度数互余，若黄赤交角增大，ST 的纬度数则
变小，C 错误。∠XOF 度数和北极圈纬度数相同，若黄赤交角增大，北极圈的纬
度数变小，∠XOF 也会变小，D 错误。
49.A【解析】本题考查晨昏线图的判读。根据所学知识可知，顺着地球自转方向，
越过晨线后是白天，越过昏线后是夜晚，再根据选项中阳光的方向进行判断即可。
A 图中a 为晨线，b 为昏线，A 正确；B 图中a 为昏线，b 为晨线，B 错误；C 图
中b 为晨线，C 错误；D 图中a 为昏线，D 错误。
【方法总结】晨昏线的判断方法
顺着地球自转的方向，由白天过渡到黑夜的为昏线，由黑夜过渡到白天的为晨线。
注意在以极点为中心的俯视图中，北极上空俯视地球自转呈逆时针，南极上空俯
视地球自转呈顺时针。
50.C【解析】本题考查昼夜交替的原因。地球自转是昼夜交替的主要原因，没有
自转，仅有公转存在，昼夜交替周期为1 年，人们依然可以看到昼夜交替现象；
地球停止公转，仅有自转存在，人们也可以看到昼夜交替现象，A、B 错误。太
阳东升西落，航空器自西向东面向太阳飞行，昼夜交替时间比24 时短但依然存
在；若航空器自东向西追赶太阳，且航空器速度与太阳在天空中的视运动速度相
同，两者同步，则没有昼夜交替，C 正确，D 错误。
51.B【解析】本题考查晨昏线的判读。顺着地球自转方向，①点位于晨线，即将
进入白天，A 错误；②点位于昏线，处于黄昏，B 正确；③点、④点位于晨线，C、
D 错误。
52.D【解析】本题考查晨昏线的特点。晨昏线指昼半球与夜半球的分界线，任何
时间晨昏线所在平面都与太阳光线垂直，①②③④正确。故选D。
【方法总结】晨昏线特点
(1)如果把地球看作一个正球体，同时不考虑大气对太阳光线的折射、散射作用，
那么地球上昼半球与夜半球的面积应相等，即晨昏圈是一个过球心的大圆，且平
分地球。
(2)晨昏线所在平面与太阳光线垂直。晨昏线上的各点太阳高度为0,昼半球上的
各点太阳高度大于0,夜半球上的各点太阳高度小于0。
(3)晨昏线永远平分赤道。
(4)晨昏线在春、秋分时与经线重合。
(5)晨昏线在夏至、冬至时与极圈相切。
(6)晨昏线自东向西每小时移动15°,与地球自转方向相反。
53.A【解析】本题考查昼夜交替和地方时。从图中可以看到AB 线东侧为白昼，
西侧为黑夜，故此线为晨线，D 错误。D 点为晨线和赤道的交点，此时应为6 时，
A 正确。C 点并不在夜半球的中央经线上，不在子夜，B 错误。D、E 两点自转角
644
速度相同，但线速度不同，C 错误。
54.D【解析】本题考查晨昏线的特征。晨昏线是昼夜半球的分界线，晨昏线上的
各地太阳高度均为0°,一年中任何时候晨昏线都等分赤道，A、B、C 说法正确，
不符合题意。晨昏线只有在二分日时与经线圈重合，D 说法错误，符合题意。故
选D。
55.D【解析】本题考查区时的计算。2021 年4 月29 日11 时23 分为北京时间，
即东八区区时，秘鲁首都利马(77°19'W)处在西五区，自西向东，由东八区到东
西十二区跨越4 个时区，东西十二区到西五区跨越7 个时区，所以从东八区到西
五区跨越11 个时区。根据东加西减原则，西五区区时需要在东八区区时的基础
上加上11 小时，即为22 时23 分，B、C 错误；自西向东跨越国际日界线需要减
去一天，所以当地区时为4 月28 日22 时23 分，D 正确，A 错误。
56.B【解析】本题考查日期变更和范围。根据上题分析可知，火箭发射时，西三
区区时为0 时22 分，自然日界线(0 时所在经线)大致处在西三区中央经线西侧，
所以4 月29 日的日期范围应从西三区西部向东到东西十二区，跨越超过15 个时
区，所以世界上处于4 月29 日的日期范围占比大于5/8,B 正确，A、C、D 错误。
57.B【解析】本题考查时间计算。分析材料可知，该高校位于西五区，甲同学在
东八区，二者相差13 个时区，即13 个小时，且学校在西边，时间要比厦门晚
13 个小时。若甲同学每天21:30—23:00 参加课程直播，则该课程在学校课程表
上的时间安排为08:30—10:00。B 正确，A、C、D 错误。
58.D【解析】本题考查日期计算。地球上的两条日界线为自然日界线(地方时0
时经线)和国际日界线(大致为180°经线)。0 时经线向东至国际日界线为新的一
天，其余地区为旧的一天。甲同学每天在北京时间21:30—23:00 参加课程直播，
由此可判断地方时为0 时的经线所处范围为135°E 向东至157.5°E。因此在甲
同学每天参加课程直播时，135°E 向西至国际日界线的地区均和他在同一日期，
故与他处于同一天的同学有3 位，D 正确，A、B、C 错误。
59. C【解析】本题考查利用正午太阳高度计算纬度。夏至日太阳直射北回归线，
该地正午太阳高度为78°,根据正午太阳高度的计算公式进行计算，78°=90°
—(X-23°26')或78°=90°—(23°26′一X),可得出该地纬度为35°26'N 或
11°26'N,(11°26'N,115.5°E)在海洋上，所以该地纬度只能是35°26'N,故
(35°26'N,115.5°E)位于黄河沿岸，C 正确，A、B、D 错误。
60.C【解析】本题考查昼夜长短的计算。根据上题分析，该地的纬度为35°26'N,
与M 地的纬度关于赤道对称，两地的昼夜长短呈对称关系，该地北半球夏至日昼
长为14 小时34 分，与M 地夜长相同。北半球冬至日M 地的昼长大致与北半球夏
至日35°26'N 的昼长相同，约为14 小时34 分，夜长约为9 小时26 分，C 正确，
A、B、D 错误。
61.C【解析】本题考查正午太阳高度和昼夜长短的变化规律。航天员在空间站工
作前2 个月期间为6 月5 日到8 月5 日，此时，太阳直射点在北半球，先向北移
动，再向南移动，D 错误；芜湖的正午太阳高度应先增大后减小，A 错误；地球
公转速度最慢时在远日点七月初，故公转速度应先减小后增加，B 错误；太阳直
射点在北半球，我国各地昼长夜短，纬度越高昼越长，故北京的白昼时间长于贵
阳，C 正确。
62.B【解析】本题考查正午太阳高度和昼夜长短的变化规律。航天员在轨驻留最
后2 个月大致为10 月5 日到12 月5 日，此时太阳直射点在南半球并向南移，芜
湖昼短夜长且昼逐渐变短，A 错误，B 正确；芜湖的正午太阳高度逐渐变小，旗
645
杆正午影子逐渐变长，C、D 错误。
63.A【解析】本题考查太阳方位。宿舍楼位于北半球中纬度地区，宿舍楼北面窗
户采光效果好的时间应该为夏半年，北半球夏年日出东北、日落西北。由图可知，
宿舍楼北面窗户朝向东北，夏季早晨太阳从东北升起，窗户与太阳光线垂直，采
光效果最好，A 正确，B 错误；而冬半年日出东南、日落西南，采光效果一般，C、
D 错误。
64.C【解析】本题考查太阳方位的应用。由材料可知，宿舍楼南面墙体也呈阶梯
状，且南面窗户设计要考虑防晒效果。A 选项南面窗户朝向正南，不利于防晒，
A 错误；B 选项南面窗户朝向西南，下午太阳主要在西南方向，且下午气温更高，
不利于防晒，B 错误；C 选项南面窗户朝向东南，利于上午采光、下午防晒，C
正确；D 选项南面窗户一半朝向东南，一半朝向西南，上午和下午采光都较好，
不利于防晒，D 错误。
65.C【解析】本题考查根据昼夜长短的日变化判读位置关系。据图可知，丙地的
日出时间变化最大，说明其纬度最高，甲地的日出时间变化最小，说明其纬度最
低。根据二分日时日出早晚可知，甲地位于乙地的西南，A 错误；甲地位于丙地
的西南，B 错误：乙地位于丙地的西南，C 正确；丙地位于甲地的东北，D 错误。
66.D【解析】本题考查读图分析能力。读图可知，b 节气三地日出时间均为年内
最晚，d 节气三地日出时间均为年内最早，因此b 为冬至，d 为夏至，a 为秋分，
c 为春分，A 错误；图示甲地全年昼夜长短变化幅度较小，且全年昼长接近12
小时，应地处我国热带地区，故甲地夏至日的正午太阳高度不是全年最大，B 错
误；四个节气中地球公转速度最慢的应该是夏至，C 错误；b 节气时，根据乙地
的日出时间计算出昼长小于14 小时，D 正确。
67.B【解析】本题考查地球在公转轨道的位置。图a 中显示，K 日南半球日落西
北，所以此时太阳直射北半球，并且K 日前、后第8 天同一时刻太阳的位置几乎
重叠，所以可以确定K 日为北半球夏至日。图b 中①处是地球公转轨道的近日点，
时间是1 月初，7 月初的远日点位于②③之间，北半球夏至日是6 月22 日左右，
所以位于近日点之后、远日点之前，只有②处符合，B 正确。
68.D【解析】本题考查日界线的相关计算。新的一天位于0 时所在经线向东至
180°经线之间，当北京时间为5 时时，0 时所在经线为120°E—5×15°=45°E,
所以新的一天共跨了180°-45°=135°个经度，旧的一天为360°-135°=225°
个经度，不同日期范围之比为135°:225°或225°:135°,结果为3:5 或5:3,D
正确。
646
（三）地形地貌
1. 板块张裂或碰撞挤压的地带，火山和地震活动频繁，云南盈江位于印度
洋板块和欧亚板块交界处，因此该地多地震。
故正确答案为B。
2. A 项：等高距是指等高线地形图中，两条相邻的等高线之间的高度差，
由图可得等高距为50 米，正确；
B 项：由图可得路线二和路线四均是从山底（海拔为零）出发，路线二到达
的山顶的海拔在250-300 米之间，而路线四到达的山顶的海拔为380 米，因此通
过路线二到达的山顶比通过路线四到达的山顶海拔低，正确；
C 项：结合B 项分析，路线一、路线二的山顶低于路线三和路线四的山顶，
在等高线地形图中，等高线越稀疏则该区域越平缓，因此路线一比路线二更加平
缓，故若想轻松地到达较低的山顶，应当选择路线一，错误；
D 项：由图可得只有路线三经过了陡崖（部分等高线重合）和山坡，因此若
想同时体验攀岩和爬山两项运动，则应当选择路线三，正确。
本题为选非题，故正确答案为C。
3. 由图可知，等高线重合的地方为陡崖，而陡崖处适合攀岩，图中相邻两
条等高线的等高距为100 米。所以陡崖顶端的海拔范围为900 米
1000 米，
陡崖底端的海拔范围为500 米
600 米，交叉相减可以得出上升的垂直高度
范围为：300 米
500 米。
故正确答案为A。
4. A 项错误，丘陵指地球表面形态起伏和缓，绝对高度在500 米以内，相
对高度不超过200 米，图示区域很多地区海拔高于500 米，地形类型是山地（海
拔在500 米以上的高地，起伏大，坡度陡峻）。
B 项错误，图示区域等高距为200 米，最高山峰海拔为800~1000 米。
C 项正确，丙处等高线指向低海拔，是山脊。
D 项错误，图中未标明方向，说明为常规方向，即上北下南左西右东，乙在
甲城镇的东北方向。
故正确答案为C。
5. A 项错误，等高线地形图的比例尺为1：25000，则地图中的1cm 对应实
际距离25000cm，即250m，不是250km。
647
B 项错误，从等高线所标注的海拔高度可知，地图中自西南方到东北方，高
度大致呈增加趋势，水往低处流，所以河流应该是从湖泊流出，自东北流向西南。
此外，河流经过的乙处出现陡崖，河流没有攀爬陡崖的能力，从这一点也能知道
河流的流向不可能是自西南流向东北。
C 项错误，河流经过的乙处出现陡崖，即存在瀑布景观，比较好的观察点应
该是丁（瀑布下方河流边），甲处没有河流，离瀑布较远，不方便观察。
D 项正确，由图可见，甲的高度是250m，乙的高度是150m，丁的高度在100m
到150m 之间，丙右上方的等高线未注明高度，但根据“同图同距”的规则，同
一幅等高线地形图中，等高距不变，可知丙右上方的等高线的高度为300m，所
以丙的高度在250m 到300m 之间。综上可知，海拔高度关系为：
。
故正确答案为D。
6. 日本位于亚洲东部，太平洋西北部，位于亚欧板块与太平洋板块的交界
处，地壳运动活跃，多火山、地震，B 项当选。
故正确答案为B。
7. 由图可知，①线与图中等高线基本平行，沿等高线修建公路，地势较为
平缓，工程量较小；②线处，等高线凸出方向指向低海拔，为山脊，坡度陡，地
面的起伏比较大，工程量大，也不安全。
故正确答案为B。
8. 由图可知，图①中A 处等高线向高处凸出，是山谷地形；图②中B 处位
于两座山之间，等高线不相连，是鞍部地形；图③中C 处等高线向低处凸出，是
山脊地形；图④中D 处等高线闭合且中间数值大于四周，是山顶地形，故A 项正
确。
故正确答案为A。
9．不同地形对应等高线地形图的特点分别为：山峰——周围的等高线是若
干组闭合曲线，中间高度大，四周高度小；山谷——等高线向高处凸出；陡崖—
—多条等高线重叠（汇聚到一条线）。
A 项：断崖式瀑布与陡崖的等高线地形图特点相似，即多条等高线会有重叠，
正确；
B 项：山峰的等高线地形图特点为周围的等高线是若干组闭合曲线，中间高
度最大，正确；
C 项：峡谷是一种狭而深的山谷，与山谷的等高线地形图特点相似，即等高
线会向高处凸出，正确；
D 项：等高线地形图表示山峰时，等高线密集表示山峰陡峭，等高线稀疏表
示山峰平缓，错误。
本题为选非题，故正确答案为D。
10. A 项：乙处的等高线凸向海拔更高的位置，可判断地形为山谷，错误；
B 项：丁处的等高线凸向海拔更低的位置，可判断地形为山脊，错误；
C 项：等高线地形图中每条等高线之间的高度差为200 米，根据同图等距，
即同一张地形图中相邻等高线的高度差相等，可以判断A 山峰海拔一定高于800
米，小于1000 米，错误；
D 项：丙处等高线重合，可判断地形为陡崖，“悬崖秋千”适合建设在悬崖
边缘，正确。
648
故正确答案为D。
11. 河流发育的地方是山谷，山谷的等高线凸向高处，②③④属于山谷地区；
山脊的等高线凸向低处，①属于山脊地区，不可能形成河流。
本题为选非题，故正确答案为A。
12. 水坝应当建在峡谷处，口袋形洼地的出口处，这样坝身短，工程量小，
且库容量大。B 处，筑坝工程量小，库容量大，出水量大，地势较高，可将水顺
势供应给地势较低的城镇，当选。A 处，位于山峰上，山峰上不适合建水坝，排
除。C、D 两处，附近有石林，石林即岩溶地貌，修水库可能坍塌和漏水，均排
除。
故正确答案为B。
13. 在等高线地形图上，等高线密集的地方为陡坡，等高线稀疏的地方为缓
坡。观察可知，从B 处到D 处的等高线最为稀疏，即从B 处出发的路线坡度最缓。
故正确答案为B。
14. A 项：各条等高线可以重叠，如陡崖处等高线重叠，错误；
B 项：等高线向高处凸出表示该处是山谷，等高线向低处凸出表示该处是山
脊，错误；
C 项：任意两条相邻的等高线之间的高度差相等，不相邻的两条等高线之间
高度差不一定相等，错误；
D 项：等高线越稀疏，表示坡度越缓；等高线越密集，表示坡度越陡，正确。
故正确答案为D。
15. 玻璃栈道应该建在地势比较高的地方，沿等高线的走向修建，不能跨越
很多条等高线，故图中③段最适合改造为玻璃栈道，对应C 项。
故正确答案为C。
16. 日本、中国台湾、菲律宾均处在亚欧板块和太平洋板块交界处，属于板
块边缘地带，这些地区火山爆发、地震等地质灾害频发；澳大利亚处于印度洋板
块内部，未处于板块边缘地带，A、B、C 三项均错误，D 项正确。
故正确答案为D。
17. A 项，秦岭—淮河一线是我国南方地区与北方地区的地理分界线，还是
一月份
等温线、800 毫米年等降水线、暖温带与亚热带分界线、湿润区与半
湿润区分界线等，正确；
B 项，400 毫米年等降水线是我国季风区和非季风区的分界线，错误；
C 项，黑河—腾冲一线是我国的人口地理分界线，错误；
D 项，大兴安岭—太行山—巫山—雪峰山是我国第二级阶梯与第三级阶梯的
分界线，错误。
故正确答案为A。
18. 板块运动时，发生碰撞挤压或张裂，会形成山脉、海洋、裂谷等地形地
貌，但不会形成平原，一般来说平原是由于地质运动比较平缓，在长期的水流、
风力侵蚀作用下形成的，所以D 项不是板块运动形成的。其他选项中：喜马拉雅
山脉是印度洋板块和亚欧板块碰撞挤压形成的；红海是印度洋板块和非洲板块张
裂形成的；科迪勒拉山系是美洲板块和太平洋板块、南极洲板块碰撞挤压形成的。
本题为选非题，故正确答案为D。
19．A 项：根据等高线地形图“同线等高、同图等距”的特点可知，A 处的
海拔高于400 米，低于500 米。因为A 处位于等高线地形图中两座山峰之间的空
649
白部分，所以A 处是鞍部地形。鞍部通常平坦而开阔，为露营提供了良好的条件，
因此A 处是海拔400 米以上露营的最佳选择地，正确；
B 项：B 处等高线向低处凸出，因此是山脊地形。山脊地形陡峭，水土容易
流失，发展林业有利于水土保持，因此山脊适合发展林业。耕作业不适合在山地、
丘陵和崎岖的高原发展，而适合在地势平坦、土层深厚、土壤肥沃的平原地区发
展，因此B 处发展林业比发展耕作业更合适，错误；
C 项：C 处等高线向高处凸出，是山谷地形。山谷地势较低，雨后容易积水，
可能会发育成河流，正确；
D 项：D 处等高线重合，是陡崖地形，攀岩的对象主要是天然岩壁或人工岩
壁，因此D 处适合攀岩活动，正确。
本题为选非题，故正确答案为B。
20. 根据板块的分布图可知，珠穆朗玛峰位于亚欧板块和印度洋板块的交界
处，是由这两个板块碰撞挤压形成的。
故正确答案为D。
21.D 【解析】读图并结合所学可知，图中横向山脉M 为秦岭。D 正确，
故选D。
22.C【解析】读图并结合所学可知，①是喜马拉雅山脉以北的青藏高原，
②是太行山脉以东的华北平原，③是大兴安岭西侧的内蒙古高原，④是天山山
脉南侧的塔里木盆地。故选C。
23.B【
解析】读图并结合所学可知，乙为黑龙江省，主要位于我国地势
第三级阶梯，B 正确，故选B。
24.D【解析】结合所学可知，秦岭不是我国地势阶梯分界线。D 正确，故
选D。
25.D
【解析】由图可知，该地区有蒙古包等景观，最有可能出现在我国
的内蒙古高原，D 正确，故选D。
26.A 【解析】由上题可知，该地区是内蒙古高原，当地自然环境特点是地
势平坦，草原广阔，A 正确。故选A。
27.C【
解析】重庆市简称渝，湖北省简称鄂。故选C。
28.B【解析】从白帝城到江陵，朝发夕至，原因是从白帝城到江陵的长江
河段，由于地势落差大，水流迅疾，船行速度相对较快。故选B。
29.D
【解析】由图并结合所学可知，旅行的第3—5 天，李华越过了巫山，
行驶在巫山以东的湖北省，湖北省位于我国地势第三级阶梯，D 正确。故选D
（四）气候与气象
1. A 项：题干为等温线分布图，不是等高线地形图，在图中不能看出各点
的地形，错误；
B 项：等温线符合“同线等温”的规则，即在该图中相邻两条等温线的温差
均为
，则D 点温度高于
，但是低于
，不可能为
，错误；
650
C 项：B 点温度在
~
之间，C 点温度在
~
之间，B 点温度
高于C 点，正确；
D 项：等温线符合“同线等温”的规则，即在该图中相邻两条等温线的温差
均为
，则A 点温度在
~
之间，不可能低于
，错误。
故正确答案为C。
2. A 项：风和日丽是指天气晴朗暖和，表示短时间里的大气状况，是天气
特征，错误；
B 项：万里无云是指蓝天里一丝云彩都没有，形容天气晴朗，表示短时间里
的大气状况，是天气特征，错误；
C 项：电闪雷鸣是指闪电飞光，雷声轰鸣，表示短时间里的大气状况，是天
气特征，错误；
D 项：四季如春是指春夏秋冬四个季节都像春天那样，表示长时间内大气的
运动状况，是气候特征，正确。
故正确答案为D。
3. 我国冬季南北温差大，纬度越高，气温越低。图中的河流①位于黑龙江
省，纬度最高，气温最低，结冰期最长。
故正确答案为A。
4. A 项，地形因素对气候的影响是：海拔每升高100 米，气温约下降
，
错误；
B 项，山地的阳坡受光照比阴坡多，阳坡温度更高，阴坡温度更低，正确；
C 项，海拔越高气温会越低，因为青藏高原的海拔比较高，所以青藏高原的
气温比同纬度地区低，错误；
D 项，气候的差异主要受地形地势、纬度位置、海陆位置影响，错误。
故正确答案为B。
5. 受夏季风的影响，我国年降水量分布的总趋势为从东南沿海向西北内陆
递减，东部季风区为南多北少，D 项正确。
故正确答案为D。
6. 荔枝、龙眼都是热带水果，它们的生长需要较高的温度。我国南方温度
较高，故荔枝、龙眼生长良好，我国北方的冬季温度较低，故荔枝、龙眼不能成
活。因此，影响荔枝、龙眼在我国北方生长的主要生态因素是温度。
故正确答案为B。
7. 根据题意可知，气流由高压（低温）区域向低压（高温）区域运动，从
而形成了海陆风；由于陆地的比热容小，海水的比热容大，所以吸收相同热量后，
陆地升温快，海水升温慢，反之释放相同热量后，陆地降温快，海水降温慢，因
此在日间，陆地和海面吸收相同热量后，陆地温度高于海面温度，继而陆地形成
低压（高温）区域，海面形成高压（低温）区域，近地面气流由海面向陆地移动，
如图1 所示，B、D 两项均错误；反之在夜间，陆地和海面释放相同热量后，陆
地温度低于海面温度，继而陆地形成高压（低温）区域，海面形成低压（高温）
区域，近地面气流由陆地向海洋移动，如图2 所示，A 项正确；根据以上分析可
知，由于海水的比热容较陆地大，所以海面上的昼夜温差较陆地小，C 项错误。
故正确答案为A。
651
8. 图中箭头方向为洋流的运动方向，受太阳辐射的影响，低纬度的海水温
度高，高纬度的海水温度低。根据四幅图的等温线可以判断A、D 两项为南半球，
均不符合题意，排除；B、C 两项为北半球，但C 项洋流由水温高流向水温低的
地方为暖流，排除；B 项洋流由水温低流向水温高的地方为寒流，当选。
故正确答案为B。
9. 由气温分布图可以看出，气温分布的总趋势是由南向北递减，这是纬度
因素导致的，海洋上气温分布基本与纬线平行。
故正确答案为B。
10. A 项：根据等温线示意图可知，①处的气温约为
，③处的气温
约为
，因此①处的气温低于③处，正确；
B 项：在等温线示意图中，等温线呈封闭形状时，如果中心气温低，表示这
里是低温中心；如果中心气温高，表示这里是高温中心，由图可知①处等温线呈
封闭形状、且温度较其它地方低，因此①处为低温中心，正确；
C、D 两项：在等温线示意图中，等温线密集的地区气温差异大，等温线稀
疏的地区气温差异小，由图可知②③④三处位置中，②处的等温线最密集，即②
处的气温差异最大，C 项正确，D 项错误。
本题为选非题，故正确答案为D。
11. 2022 年2 月4 日（立春）太阳直射点位于赤道与南回归线之间，北京
位于北半球，所以北京昼短夜长，A、C 两项均错误；北京属于温带季风气候，
夏季高温多雨，冬季寒冷干燥，B 项正确，D 项错误。
故正确答案为B。
12. 9 月17 日，太阳直射点位于北回归线和赤道之间，此时北半球昼长夜
短，南半球昼短夜长，酒泉位于北半球，故当天昼长夜短，排除B、D 两项；酒
泉位于我国西北内陆地区，远离海洋，全年干旱少雨，排除C 项，A 项当选。
故正确答案为A。
13. 风是空气自高气压区流向低气压区所形成的，因此本题中空气沿图中虚
线从1010hPa 向1004hPa 方向流动；我国某省位于北半球，气体流动时将受到向
右的地转偏向力的作用，所以A 地区的风如图中箭头所示吹向西北方，风向为风
吹来的方向，则A 地区的风向为东南风。
故正确答案为C。
652
14．风向为风吹来的方向，西北风即为从西北方向吹来的风；风是大气由高
气压区向低气压区运动形成的，连接各选项图中的等压线，箭头方向从高压指向
低压，只有A 项图中的风向是西北
东南，即为西北风。
故正确答案为A。
15. 阿木古郎草原位于内蒙古中部，属沙质草原，地势平坦开阔，气候干旱
少雨，C、D 两项均错误；10 月16 日太阳直射点位于赤道和南回归线之间，此时
北极圈内部分区域出现极夜现象，A 项正确，B 项错误。
故正确答案为A。
16.C【解析】冬季我国北方地区正午太阳高度
角比南方小，得到太阳的
光热少；同时南方白昼长，太阳光照时间比北方长，得到的热量
多；我国北
方地区邻近冬季风的源地，寒冷的
冬季风加剧了我国北方的严寒。综上所述，
①②③正确，C 正确。故选C。
17.C【解析】我国夏季全国普遍高温，南北温差不大。故选C。
18.C【解析】从图中可以看出，甲区域是青藏高原；青藏高原位于我国西
南部，平均海拔4000 米以上，是世界上最高的高原，被称为“世界屋脊”;海
拔每升高100 米，气温下降约0.6℃,所以七月我国平均气温最低的地区是海拔
最高的青藏高原。故选C。
19.C【
解析】我国冬季南方气温较高，南北气温相差很大，因此形成“候
鸟老人”现象。C 正确，故选C。
20.D 【解析】冬油菜分布区总体越往北气温越低，油菜花盛开的时间越晚。
因此赏花旅行的最佳方向是由南向北。故选D。
21.A【解析】青海省东部甲地油菜花盛开时间较晚的主要影响因素是地形，
甲地地形主要为高原，海拔高，热量低。故选A。
653
22.B【解析】读图可知，我国苹果优势产区甲、乙所在地均位于暖温带。
B 正确，故选B。
23.D【解析】我国有多个温度带，不同温度带的气候条件不同，适宜种植
不同的水果，这表明我国跨温度带较广，适宜多种水果生长。D 正确，故选D。
24.D【
解析】干旱区以荒漠植被或裸露的沙漠、戈壁为主，半干旱区天
然植被以草原为主，半
湿润区和湿润区天然植被以森林为主。故
选D。
25.B 【解析】由图并结合所学可知，312 国道自东向西穿越了我国地势的
第二、三级阶梯；穿越了我国湿润区、半湿润区、半干旱区和干旱区四类干湿
地区；穿越了我国宁夏回族自治区和新疆维吾尔自治区两个自治区；穿过了我
国亚热带、暖温带、中温带三种不同的温度带。故选B。
26.C【解析】森林是湿润区和半湿润区的典型植被；草原是半干旱区的典
型植被；荒漠植被是干旱区的典型地表景观。故选C。
27.C【解析】“人间四月芳菲尽，山寺桃花始盛开”形象地反映了地形对
气温的影响，A 正确；“江南二月试罗衣，春尽燕山雪尚飞”形象地反映了我
国冬季南北温差大的特点，主要反映了纬度位置对两地气候的影响，B 正确；
“早穿皮袄午穿纱，围着火炉吃西瓜”反映了温带大陆性气候地区气温日较差
大的特点，C 错误；浙江的气候特点是夏季高温多雨，冬季温和少雨，其主要
影响因素是季风，D 正确。故选C。
28.D【解析】结合图中年等降水量线上的数值变化，可以得出该地区的
年降水量自东南向西北逐渐减少。故选D。
29.D 【解析】夏季风的影响是我国降水时空分布不均的主要原因。山东省
夏季盛行来自太平洋的东南季风，受海陆位置的影响，沿海地区受夏季风的影
响大，降水多，越往内陆，降水越少。故选D。
30.A【
解析】我国纬度跨度大，南方地区纬度较低，正午太阳高度角较
大，热量条件较好，北方地区纬度较高，正午太阳高度角较小，热量条件较差，
所以此时我国东部地区三季并存，A
正确。故选A。
31.A
【解析】A 地地处青藏高原，海拔高，气温低，所以此时仍处干
冬季，A 正确。故选A。
（五）天气系统
考点一：锋与天气
1.B【解析】本题考查天气系统类型的判断。图示天气系统中，冷气团与暖
气团相遇，暖气团沿交界面上升，应为锋面系统，B 对；图中气流运动特征与气
团系统、高压系统和低压系统不同，A、C、D 错。
2.C【解析】本题考查常见天气系统控制下的天气现象。根据图中位于锋面
之下的冷气团的移动方向推知，该锋面为冷锋，冷气团推进往往形成降温天气，
A 错误。冷气团与暖气团相遇，暖气团沿交界面上升，暖气团中的水汽容易凝结
成云致雨，因此多阴雨天气，大气水平运动和垂直运动强烈，大气并不稳定，C
正确，B、D 错误。
3.A【解析】本题考查天气系统类型的判断。读图可知，在图示时间段内，
北京市气温总体呈现下降趋势，且出现降水天气，故应为冷锋天气系统过境，A
654
正确，B、C、D 错误。
4.C【解析】本题考查天气系统过境时的天气状况。图中14 日3—5 时，气
温变化剧烈，并开始出现降水，应是冷锋天气系统到达北京市的时间，C 正确，
A、B、D 错误。
考点二：低气压与高气压
5.A【解析】本题考查天气系统的判断。台风“梅花”是北半球的热带气旋，
气流水平方向上由四周向中心逆时针辐合，A 正确；B 选项为北半球的反气旋，
错误；C 选项为南半球的气旋，错误；D 选项错误为南半球的反气旋，错误。
6.A【解析】本题考查风向的判读。台风中心为低压中心，台风“梅花”位
于浙江省舟山市以东洋面时，当地水平气压梯度力方向自西向东，再结合北半球
地转偏向力向右偏转，故吹西北风，A 正确，B、C、D 错误。
7.D【解析】本题考查台风对天气的影响。台风为热带气旋，台风“梅花”
在浙江沿海登陆时，低压中心向北部的上海靠近，上海地区地面气压降低，①正
确，②错误；结合台风的结构，狂风暴雨在旋涡风雨区，所以随着台风的靠近，
上海地区地面将降水增强，风速增强，③错误，④正确。综上，①④正确，故选
D。
考点三：综合训练
8.C【解析】本题考查锋前增温的原因。受即将到来的冷气团影响，暖气团
受挤压而聚集，热量增多，导致气温升高，②正确；由表可知，腊月三十吹偏南
风，偏南风来自较低纬度，较温暖，③正确；白天云层对太阳辐射有削弱作用，
不会导致白天气温高，①错误；冷气团位于锋面后，④错误。故选C。
9.D【解析】本题考查冷锋过境时的天气变化。由材料可知，腊月三十到正
月初三，天气从多云变为阴雨，再到多云，能见度先降低再升高，空气湿度先增
加后降低，A、C 错误；受冷空气影响，最高气温持续降低，可推测日均温持续
降低，气压升高，B 错误，D 正确。
专题四：气压带和风带
考点一：气压带、风带的形成及特征
10.B【解析】本题考查气压带、风带的分布。读图可知，a 为赤道低压带，
A 错误；b 为东北信风带，D 错误；c 为副热带高压带，B 正确；e 为副极地低压
带，C 错误。
11.B【解析】本题考查气压带、风带的分布。e 为北半球副极地低压带，南
侧为盛行西风带，盛行西南风，北侧为极地东风
带，盛行东北风，B 正确；A 选项表示南半球副极地低压带；C 表示南半球
副热带高压带；D 选项表示北半球副热带高压带。
12.C【解析】本题考查气压带、风带的特征。a 为赤道低压带，空气呈上升
趋势；b 为东北信风带，空气从较高纬流向较低纬；c 为副热带高压带，空气呈
下沉趋势；d 为盛行西风带，空气从较低纬流向较高纬；e 为副极地低压带，空
气呈上升趋势。C 正确，A、B、D 错误。
13.D【解析】本题考查气压带、风带的判读。①气压带位于赤道附近，为赤
道低压带，是由于赤道地区气温高，气流上升形成的，A 错误；②气压带位于纬
度30°附近，由于动力因素，气流下沉，而非空气冷却下沉形成，C 错误；⑥是
中纬西风带，水平气压梯度力由副热带高压带指向副极地低压带，由图示信息可
知，风向向右偏转，故图示为北半球，北半球西风带风向为西南风，D 正确；⑤
位于低纬信风带，北半球信风带风向为东北风，B 错误。
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14.C【解析】本题考查地理现象的判断。根据上题可知，图示为北半球，④
地周围出现极夜，即北极周围出现极夜，此时为北半球的冬半年，北京可能出现
寒潮，梅雨、伏旱、洪涝一般在北半球的夏半年发生，C 正确，A、B、D 错误。
考点二：气压带、风带的季节移动
15.B【解析】本题考查气压带的分布。根据M 气压带两侧风向向右偏转确定
出M 气压带位于北半球；M 气压带位于回归线附近，故M 气压带为北半球副热带
高压带，故选B。
16.B【解析】本题考查气压带的季节移动。M 气压带位置偏南，为北半球冬
季，A、C 错误；N 气压带为赤道低压带，此时位置偏北，为北半球夏季，B 正确，
D 错误。
考点三：海陆分布对气压带、风带的影响
17.B【解析】本题考查北半球高、低压中心的分布。根据图示信息可知，亚
欧大陆上此时为低压中心，因此图中所示的季节为北半球的夏季。故选B。
18.A【解析】本题考查北半球高、低压中心的分布。根据图示信息可知，①
处为亚欧大陆上的亚洲低压，A 正确；②处为太平洋上的夏威夷高压，B 错误；
③处没有低压中心，C 错误；④处是高压中心且在大西洋上，D 错误。
19.B【解析】本题考查海陆分布对气压带的影响。由于海陆分布的影响，北
半球实际的气压带并不完全呈带状分布，而是随季节变化在海洋和大陆分别形成
高、低气压中心，并引起冬、夏季风向的变化。图示时刻应为北半球夏季，陆地
升温快，气温高，形成低压中心，从图中可以看出亚欧大陆形成低压中心，切断
副热带高压带，故选B。
20.A【解析】本题考查南亚季风。北半球夏季太阳直射点位于北半球，南半
球东南信风越过赤道进入北半球，受地转偏向力影响向右偏转形成西南风，影响
南亚地区，故此时南亚盛行西南风，故选A。
21.C【解析】本题考查风向的判断。据材料可知，图示区域以北极为中心，
可结合经纬度得出甲在亚欧大陆北部，高压中心北侧，应是蒙古高压北侧，受北
半球地转偏向力影响，甲地盛行西南风，C 正确。
22.D【解析】本题考查北半球气压中心的形成原因。据图可知，乙在北太平
洋上，为低压中心，冬季陆地气温低，形成高压中心，副极地低压带被大陆高压
切断，副极地低压带保留在海洋上形成低压中心，D 正确。
23.A【解析】本题考查季风的形成及特征。图中显示南亚和东亚地区盛行偏
南风，此时应是北半球夏季，A 正确；图中A、
B、C 三种风分别是东南季风、西南季风、东南信风，其中，东南信风常年
存在，东南信风影响的地区，典型代表为澳大利亚西北部，信风从内陆吹来，不
易出现降水，C 错误；东南季风是海陆热力性质差异形成的，出现在北半球夏季，
B 西南季风是C 东南信风越过赤道后偏转而成的，B、D 错误。
24.B【解析】本题考查海陆分布对气压带和风带的影响。
图示季节为北半球夏季，此时亚欧大陆上被印度低压控制
A 错误
北半球夏季，亚欧大陆上的气温高于同纬度海洋
B 正确
亚洲东部地区夏季高温多雨
C 错误
北半球夏季，全球气压带、风带位置偏北
D 错误
25.A【解析】本题考查北半球气压中心的性质。读材料可知，此时为1 月，
北半球的冬季，此时亚欧大陆形成的冷高压切断了副极地低压带，使得副极地低
压带仅存在于大洋中，所以在大陆上形成的是高压，海洋上形成的是低压，A 正
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确，B、C、D 错误。
26.B【解析】本题考查季风的成因。因海陆热力性质差异，1 月份亚欧大陆
上比同纬度海洋冷而形成高压中心，切断副极地低压带，在太平洋上形成低压中
心，风由大陆吹向海洋，C 点位于北半球，风在地转偏向力的作用下向右偏，形
成西北风，B 正确，A、C、D 错误。
27.C【解析】本题考查气压带和风带的季节移动。图中季风
①②④⑥是由于海陆热力性质差异而形成；图中的季风③是北半球的东北信
风随着气压带、风带南移，越过赤道，受向左的地转偏向力影响而形成；图中的
季风⑤则是南半球的东南信风随着气压带、风带北移，越过赤道，受向右的地转
偏向力影响而形成。③⑤符合题意，C 正确。
28.D【解析】本题考查气压中心和气压带的判读。甲处原为低压带，陆地冬
季降温快，形成高压，A 错误；乙处原为高压带，1 月是南半球夏季，陆地升温
快，形成低压，B 错误；丙处原为高压带，夏季陆地气温快，形成低压，C 错误；
从图中可以看出，丁为高压中心，该高压中心位于副热带地区，该地原为副热带
高压带，D 正确。
29.C【解析】本题考查南亚季风的形成及影响。根据图示信息可知，恒河河
口近岸海平面高于孟加拉湾中部海平面，孟加拉湾中部海平面高于孟加拉湾西南
部海平面，孟加拉湾海面高程整体由西南向东北升高，这主要是受南亚西南季风
的影响。夏季，孟加拉湾(南亚)盛行西南风，在西南风的吹拂下，印度半岛东侧
海岸(孟加拉湾西南部)形成离岸流，海面高程降低，大洋表层海水由印度半岛东
侧海岸涌向东北方向，恒河河口近岸海水增多，海平面上升。因此，此季节应为
北半球的夏季，故C 正确，A、B、D 错误。
30.A【解析】本题考查季风的影响。根据上题分析可知，若图示北部等值线
数值增大，则说明夏季西南季风增强，A 正确：夏季，在西南风的吹拂下，印度
半岛东侧海岸(孟加拉湾西南部)形成离岸流，大洋底层海水上涌形成寒流(上升
补偿流),B 错误；夏季，孟加拉湾盛行西南风，C 错误；夏季，恒河水量增加(流
域主要为热带季风气候，夏季高温多雨),D 错误。
专题五：气压带和风带对气候的影响
考点一：气压带和风带对气候的影响
31.A【解析】本题考查风带的分布及对风向的影响。由图可知，①风带位于
30°N～60°N,为盛行西风带，北半球地转偏向力向右，西风带近地面吹西南风，
A 正确，B、C、D 错误。
32.B【解析】本题考查气压带对气候的影响。②气压带位于30°N,为副热
带高压带，其控制地区的气候特征是炎热干燥，B 正确，A、C、D 错误。
33.C【解析】本题考查气压带、风带交替控制对气候的影响。由前面分析可
知，①为西风带，②为副热带高压带，①和②交替控制下的气候类型是地中海气
候，夏季炎热少雨，冬季温和多雨，雨热不同期，C 正确，A、B、D 错误。
34.C【解析】本题考查气压带、风带的移动及影响。结合图示赤道低压带的
位置分析可知，N 地1 月受赤道低压带控制，盛行上升气流，降水较多，A、B
错误；7 月赤道低压带在N 地北侧，南半球的东南信风越过赤道受地转偏向力的
影响，偏转成西南风影响该地，西南风从海上来，水汽较多，降水多，C 正确，
D 错误。
考点二：气候类型的判读
35.C【解析】本题考查气候类型的判读。读图可知，甲地位于30°~40°的
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大陆西岸，应为地中海气候，C 正确；热带季风气候主要分布在北纬10°~25°
的大陆东岸，A 错误；亚热带季风气候主要分布在南北纬25°~35°的大陆东岸，
B 错误；热带草原气候主要分布在南北纬10°~20°,D 错误。
36.C【解析】本题考查气候类型的特征。图中丙地是温带大陆性气候，冬季
寒冷干燥，气温低于0℃,河流有结冰期，C 正确。甲地为地中海气候、乙地为温
带海洋性气候、丁地为亚热带季风气候，冬季最冷月均温大于0℃,河流没有结
冰期，
A、B、D 错误。
37.B【解析】本题考查气候类型的判读。读图可知，①最冷月气温高于0℃,
最热月气温高于20℃,且冬季多雨，应为地中海气候；②最冷月气温高于15℃,
为热带，且全年降水量超过2000mm,全年高温多雨应为热带雨林气候；③最冷月
气温低于0℃,夏季高温多雨，冬季寒冷干燥，应为温带季风气候；
④最冷月气温高于0℃,应为亚热带气候或温带海洋性气候，且夏季高温多
雨，冬季温和少雨，故应为亚热带季风气候。B 正确，A、C、D 错误。
38.C【解析】本题考查气候类型的成因。根据前面分析及所学知识可知，①
为地中海气候，受副热带高压带和盛行西风带的交替控制形成；②为热带雨林气
候，常年受赤道低压带控制形成；③④均为季风气候，主要由海陆热力性质差异
影响形成，因此形成原因相同的是③④,其他气候类型成因明显不同。故选C。
39.D【解析】本题考查读图分析能力。若P 地常年受西风的影响，说明其为
温带海洋性气候，分布的地区应为南北纬40°~60°的大陆西岸。结合图中指向
标可知，P 地应位于南半球，A、B 错误；非洲西南沿海不符合40°~60°的纬度
要求，C 错误，D 正确。
40.A【解析】本题考查判读气候类型及其特征。结合所学可知，若P 地季节
性受西风的影响，说明其为地中海气候，分布的地区应为南北纬30°~40°的大
陆西岸。结合图中指向标可知，P 地应位于北半球，故该地夏季时气压带风带北
移，P 地受副热带高压控制，炎热干燥，冬季时气压带风带南移，P 地受盛行西
风控制，冬季温和湿润，A 正确，B、C、D 错误。
考点三：气候与自然景观
41.D【解析】本题考查气候与自然景观的关系。根据材料可知，“冬季落叶”
表明是在温带，“根系发达，对水分感知敏感”表明该树种生长在干旱缺水地区，
故原生三叶树生长地区的气候类型是温带大陆性气候。D 正确，A、B、C 错误。
42.B【解析】本题考查影响植被的自然因素。水热条件好的年份，树木的新
生细胞多，树木生长快，“年轮”就宽，相反“年轮”就窄，B 正确。“年轮”
宽窄变化与风力强弱、海拔高低、土壤肥力关系不大，A、C、D 错误。
43.A【解析】本题考查气候对植被的影响。水热条件季节变化大的地区，在
不适合生长的季节，树木处于休眠状态，在适合生长的季节，树木开始生长，因
此形成明显的“年轮”。热带雨林地区全年高温多雨，树木一直在生长，所以树
木“年轮”不明显甚至没有，A 正确。