文档内容
2024 届高三 5 月大联考（新课标卷）
理综生物学·全解全析及评分标准
阅卷注意事项：
1．阅卷前请各学科教研组长，组织本学科改卷老师开会，强调改卷纪律，统一标准。
2．请老师改卷前务必先做一遍试题，了解自己所改试题的答案、评分细则、答题角度后，再开始改卷。
3．请老师认真批阅，不可出现错改、漏改现象，如果不小心漏改或错改了，可以点击回评重评。
4．成绩发布后，如果有学校反馈错评乱评，平台定位阅卷老师，进行通报批评。
5．根据学生答题的关键词，结合评分细则，意思相近或合理均给分。
6．阅卷平台出现的相关问题，如果刷新页面重新登录未能解决，请将问题反馈给学校负责技术的老师（或
考试负责人），由其统一在技术QQ群里反馈问题并协助解决。
1 2 3 4 5 6
D C B D C D
1．D 【解析】茶叶中含有丰富的钾、钙、镁、锰等元素，其中，钾、钙、镁属于大量元素，A错误；新鲜
茶叶细胞中含量最多的化合物是水，B 错误；无机盐在细胞中大多数以离子的形式存在，少数以化合物
的形式存在，C错误；钾、钙被人体吸收后可作为无机盐存在于体液中，参与调节人体的渗透压，D正确。
2．C 【解析】科学家用荧光染料分别标记小鼠细胞与人细胞，并进行融合实验，证明了细胞膜具有流动性，
该实验未利用同位素标记法，A 错误；证明 DNA 的半保留复制实验运用了密度梯度离心法，而不是差
速离心法，B 错误；常通过绘制种群数量增长曲线研究种群数量的变化规律，属于建立数学模型，C 正
确；探究土壤微生物的分解作用实验中，实验组需进行处理，以排除土壤微生物的作用，对照组不做处
理，两组之间属于对照实验，该实验没有采用对比实验这一方法，D错误。
3．B 【解析】痛觉的产生没有经过完整的反射弧，不属于反射，A错误；由受损细胞释放出的致痛物质能
激活伤害性感受器，进而引发疼痛反应，有助于动物感知身体伤害，逃避危险，B 正确；致痛物质由受
损细胞释放，不属于神经递质，C错误；正常情况下，细胞没有受损，内环境中不存在高浓度致痛物质，
D错误。
4．D 【解析】制备单克隆抗体时，向小鼠注射特定抗原后，需从小鼠脾中得到能产生特定抗体的B细胞，
A 正确；②过程培养的细胞是癌细胞，癌细胞是悬浮生长，不贴壁生长，没有接触抑制现象，B 正确；
③过程是动物细胞融合过程，常用PEG或灭活的病毒促进细胞融合，C正确；④过程选出需要的杂交瘤
细胞依靠的是克隆化培养和抗体检测，而不是用特定的选择培养基筛选，D错误。
5．C 【解析】四大家鱼在水体中占据了不同的水层，这体现了群落的垂直结构，A正确；根据题干信息，
鲢鱼主要摄食浮游藻类，所以养殖一定数量的鲢鱼可以防止浮游藻类大量繁殖，B 正确；由于不同鱼类
在同一空间进行养殖，并且不同鱼类的食性也有相同的部分，因此它们的生态位可能存在重叠，C错误；
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{#{QQABSYSEggCAAIIAABhCQQWSCEGQkAGACCoOxFAIMAAACANABCA=}#}混养的鱼塘群落丰富度高，生态系统营养结构更加复杂，比单养的鱼塘生态系统稳定性高，D正确。
6．D 【解析】由“F 自交得到F 呈现紫红果∶白果=27∶37”可知，F 是杂合子，若是两对等位基因控制，
1 2 1
则不会出现这样的比例，而F 的27∶37=(3/4)3∶[1-(3/4)3]，说明控制果色的等位基因至少有3对，且遵
2
循自由组合定律，两株亲本白果茄子均为纯合子，A、B、C 正确；F 紫红果中纯合子所占的比例为
2
1/3×1/3×1/3=1/27，D错误。
31．（12分）
（1）类囊体薄膜（2分） NADPH（2分）
（2）①光质类型（光的类型）和光敏色素基因phyA/phyB的缺失情况（2分）
②phyB（2分） 野生型和phyA缺失突变体中叶绿素含量差别不大，phyB缺失突变体中叶绿素含量
明显较野生型低（合理即可，2分）
③除红光外，其他光质也能够调控叶绿素的含量（合理即可，2分）
【解析】（1）光合色素分布在叶绿体的类囊体薄膜上。光合色素吸收的光能，有两方面用途：一是将
水分解为氧和 H+，氧直接以氧分子的形式释放出去，H+与氧化型辅酶Ⅱ（NADP+）结合，形成还原
型辅酶Ⅱ（NADPH）。将光能转化为储存在ATP和NADPH中的化学能。
（2）①由图中信息分析可知，该实验的自变量有光质类型（光的类型）和光敏色素基因phyA/phyB的
缺失情况。
②不论是在白光还是红光照射条件下，水稻野生型和phyA缺失突变体中叶绿素的含量差别不大，而phyB
缺失突变体水稻中叶绿素的含量明显较野生型低。因此可以推测phyB基因在叶绿素合成中的调控作用
更强。
③白光是由不同波长的光复合而成。比较红光和白光下叶绿素含量，可发现四组水稻的叶绿素含量均表
现为红光条件明显低于相应白光条件下。据此可以推知，原因可能是除红光外，白光中的其他光质也能
够调控叶绿素的含量。
32．（11分）
（1）T（2分） 成年前（2分）
（2）抑制免疫系统对自身成分发生免疫反应（合理即可，2分）
实验思路：将生理状态相同的健康雄性小鼠随机均分为甲、乙两组，甲组注射适量的抗CD25+T细胞的
抗体，乙组注射等量的生理盐水，在相同且适宜的条件下培养，一段时间后，观察其是否患自身免疫病
（3分）。
预期实验结果：甲组小鼠出现自身免疫病，乙组小鼠未出现自身免疫病。（2分）（其他答案合理也给
分，共5分）
【解析】（1）胸腺是T细胞分化、发育、成熟的场所；实验1中的对照实验说明T细胞的成熟主要发
生在成年前。
（2）实验2说明，缺乏CD25+T细胞会导致自身免疫病的发生，因此可推测CD25+T细胞的功能为抑
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{#{QQABSYSEggCAAIIAABhCQQWSCEGQkAGACCoOxFAIMAAACANABCA=}#}制免疫系统对自身成分发生免疫反应。由提供的实验材料分析，可通过对照实验来验证CD25+T细胞的
功能，具体操作为将生理状态相同的健康雄性小鼠随机均分为甲、乙两组，甲组注射适量的抗CD25+T
细胞的抗体，乙组注射等量的生理盐水，在相同且适宜的条件下培养，一段时间后，观察其是否患自身
免疫病。由于是验证性实验，所以结果是唯一的，即对照组不患自身免疫病，实验组患自身免疫病。
33．（9分）
（1）次生（1分） 栖息空间和食物条件（2分）
（2）促进生物在荒野之间扩散与基因交流，提高遗传多样性（2 分） 减少不同种群之间的竞
争，进而快速形成优势种群（合理即可，2分）
（3）可提高物种丰富度，使该生态系统中的食物链和食物网更复杂，生态系统的功能增强，抵抗外界
干扰的能力增强，有利于维持城市的生态平衡（合理即可，2分）
【解析】（1）城市植被再野化的过程是通过生态修复使生物群落呈现近荒野状态，发生了群落的次生
演替，植物群落的再野化为动物关键种的引入提供了栖息空间和食物条件。
（2）从保护生物多样性方面分析，①过程连通荒野生境片段可以将碎片化的栖息地连起来，促进生物
在荒野之间扩散与基因交流，提高遗传多样性；②过程将不同种植物分别集群种植形成集群分布格局，
从种间关系角度分析，有利于减少不同种群之间的竞争，进而快速形成优势种群。
（3）从促进生态平衡角度分析，重建城市荒野生境的意义是可提高物种丰富度，使该生态系统中的食
物链和食物网更复杂，生态系统的功能增强，抵抗外界干扰的能力增强，有利于维持城市的生态平衡。
34．（10分）
（1）碱基（对）的排列顺序不同（2分）
（2）b（2分） BbXDXD、BbXDXd（2分）
（3）实验思路：让该白毛雌性个体与子代中的黑毛（或黄毛）雄性个体杂交，观察后代的表型（2分）。
预期实验结果：若只有黑毛和白毛，则基因型为bbXDXD；若有黑毛、白毛、黄毛三种颜色，则基因型
为bbXDXd（2分）。（合理即可，共4分）
【解析】（1）基因D与d的根本区别是碱基（对）的排列顺序不同。
（2）分析题表可知，子代中（黑毛+黄毛）∶白毛=1∶1，由于雄性是纯合的，所以亲本关于B、b的基
因型是雌性为Bb，雄性为bb，因此导致与毛色色素形成有关的酶失活的基因是b。由于D、d基因位于X
染色体上，与该动物毛色色素的合成有关，亲本雌性为黑毛，子代雄性出现黄毛，所以亲本雌性的基因
型中有BbXDXd，又由于亲本雄性为纯合白毛，子代雌性个体黑毛∶白毛=1∶1，所以，亲本雄性的基因
型为bbXDY。若亲本雌性只有一种基因型，则子代雄性中，黑毛∶黄毛应为1∶1，而实际是3∶1，因此
亲本雌性的基因型有两种：BbXDXD、BbXDXd，两种基因型各占1/2。
（3）子代中白毛雌性个体的基因型为bbXDXD、bbXDXd，欲通过一次杂交实验确定某白毛雌性个体的
基因型，可让该白毛雌性个体与子代中的黑毛（或黄毛）雄性个体杂交，观察后代的表型。若后代中只
有黑毛和白毛，则基因型为bbXDXD；若后代中有黑毛、白毛、黄毛三种颜色，则基因型为bbXDXd。
35．（12分）
（1）稀释涂布平板法或平板划线（2分） PCR（2分）
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{#{QQABSYSEggCAAIIAABhCQQWSCEGQkAGACCoOxFAIMAAACANABCA=}#}（2）让Bs毒蛋白基因在鱼腥藻细胞内正常表达（2分） 新霉素（2分）
（3）转基因鱼腥藻对按蚊幼虫有毒杀作用，且随着鱼腥藻密度增大和处理时间的延长效果更明显（2 分）
在室外按蚊幼虫孳生处开展转基因鱼腥藻的毒性测试或探究转基因鱼腥藻对生态的安全性（2分）
【解析】（1）培养Bs时，可用稀释涂布平板法或平板划线法将菌株接种到固体培养基中培养以便获得
单菌落。可用PCR技术大量获得Bs毒蛋白基因。
（2）构建重组质粒时，需要在 Bs 毒蛋白基因的上游加上鱼腥藻特异性表达的启动子 Pcpcβ，是为
了确保Bs毒蛋白基因在鱼腥藻细胞内正常表达。标记基因为新霉素抗性基因，重组质粒导入鱼腥藻后，
将鱼腥藻置于含有新霉素的蓝绿水藻培养基中进行筛选培养，获得含目的基因的鱼腥藻。
（3）据表分析，转基因鱼腥藻毒性测试结果是转基因鱼腥藻对按蚊幼虫有毒杀作用，且随着鱼腥藻密
度增大和处理时间的延长效果更明显。为了推广应用转基因鱼腥藻，接下来还应探究的课题是在室外按
蚊幼虫孳生处开展转基因鱼腥藻的毒性测试或探究转基因鱼腥藻对生态的安全性。
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{#{QQABSYSEggCAAIIAABhCQQWSCEGQkAGACCoOxFAIMAAACANABCA=}#}理综化学·全解全析及评分标准
阅卷注意事项：
1．阅卷前请学科教研组长组织改卷老师开会，强调改卷纪律，统一标准。
2．请老师改卷前务必先做一遍试题，了解自己所改试题的答案、评分细则、答题角度后，再开始改卷。
3．请老师认真批阅，不可出现错改、漏改现象，如果不小心漏改或错改了，可以点击回评重评。
4．成绩发布后，如果有学校反馈错评、乱评，平台定位阅卷老师，情况属实的将进行通报批评。
5．化学主观题若学生答出不同于所给参考答案和评分标准里的其他要点，且符合题目要求，均可灵活给分。
6．阅卷平台出现的相关问题，如果刷新页面重新登录未能解决，请将问题反馈给学校负责技术的老师（或
考试负责人），由其统一在技术QQ群里反馈问题并协助解决。
7 8 9 10 11 12 13
C A B D C B D
7．C 【解析】石墨是碳单质，A项正确；橡胶属于聚合物，B项正确；酶具有专一性，淀粉酶不能用于纤
维素的水解，C项错误；合金的特性是硬度大、熔点低，D项正确。
8．A 【解析】M中含有2个亚氨基，故1 mol M最多可消耗2 mol HCl，A项正确；N分子中含有2个手
性碳，B 项错误；反应中环氧环打开，为开环聚合反应，反应中没有小分子生成，一定不是缩聚反应，
C项错误；P与CH COOH酯化后，亲水基羟基变成疏水基酯基，所以吸水性减弱，D项错误。
3
9．B 【解析】HCl与CH COOH的物质的量相同，则与足量的NaHCO 反应生成CO 的量相等，A项错误；
3 3 2
等浓度时，Na CO 溶液的pH大，说明CO2的水解程度大，即与H+的结合能力更强，B项正确；Na SO
2 3 3 2 3
和 Na S 在酸性条件下能发生归中反应生成 S 单质，在碱性条件下可以大量共存，C 项错误；NO在酸
2 3
性条件下才有强氧化性，白色沉淀为BaSO ，不是BaSO ，不能体现Na SO 的还原性，D项错误。
3 4 2 3
10．D 【解析】铜为反应物，不是催化剂，A项正确；根据中间体a和 反应生成 ，
推出中间体a为 ，B项正确；Cu、CuX、 、 四种物质中，铜表现出4
种化合价，分别为0、+1、+2、+3，C项正确；反应中没有非极性键的断裂，D项错误。
11．C 【解析】基态Al原子的核外电子排布式为1s22s22p63s23p1，占据的原子轨道数为7，核外电子的空间
运动状态有7种，A项错误；图1中铝原子周围最近的氯原子数为6，Al填充在由Cl构成的八面体空
隙中，B项错误；液态分子结构中存在共价键和配位键，C项正确；液态分子中Al原子的配位数是4，
采用sp3杂化，高温气态分子中Al原子的配位数是3，采用sp2杂化，D项错误。
12．B 【解析】根据CO 被还原可知，Bi电极为阴极，与电源负极相连，故Pt−Ti电极与电源正极相连，A
2
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{#{QQABSYSEggCAAIIAABhCQQWSCEGQkAGACCoOxFAIMAAACANABCA=}#}项正确；Pt−Ti电极发生反应生成H+，Bi电极区发生反应消耗H+、生成OH−，且Bi电极表面的纳米片
层结构形成了空腔可有效抑制OH−、H+的扩散，故其pH比其他区域溶液的pH高，B项错误；Bi电极
生成 HCOOH 的电极总反应为 CO + 2H+ + 2e−= HCOOH，C 项正确；当Bi电极表面生成1 mol
2
2
HCOOH和0.08 mol H 时，所需电子分别为2 mol、0.16 mol，所以HCOOH的电解效率为 ×100%≈
2
2.16
92.6%，D项正确。
13．D【 解析】[Fe(H O) ]3+的配体是6个H O，[Fe(H O) (OH)]2+的配体是5个H O和1个OH−，[Fe(H O) (OH) ]+
2 6 2 2 5 2 2 4 2
c{[Fe(H O) (OH)]2}c(H)
的配体是4个H O和2个OH−，Fe(Ⅲ)的配位数都是6，A项正确；K = 2 5 ，
2 1
c{[Fe(H O) ]3}
2 6
c(H)
所以−lg = −lgK − (−lgc{[Fe(H O) (OH)]2+}) =−(−lgc{[Fe(H O) (OH)]2+})+3.05，斜率为
1 2 5 2 5
c{[Fe(H O) ]3}
2 6
c{[Fe(H O) (OH) ]}c(H) c{[Fe(H O) (OH)]2}
−1。K = 2 4 2 ，所以−lg 2 5 = −lgc{[Fe(H O) (OH) ]+}+lgK ，
2 2 4 2 2
c{[Fe(H O) (OH)]2} c(H)
2 5
c(H) c{[Fe(H O) (OH)]2}
斜率是1。所以L1表示 与c{[Fe(H O) (OH)]2+}的关系，L2表示 2 5
2 5
c{[Fe(H O) ]3} c(H)
2 6
c{[Fe(H O) (OH)]2}
与c{[Fe(H O) (OH) ]+}的关系，B项正确；−lg 2 5 =−lgc{[Fe(H O) (OH) ]+}+lgK ，代
2 4 2 2 4 2 2
c(H)
入数据可得−0.105=3.155+lgK ，lgK =−3.26，K =10−3.26，C 项正确；根据坐标含义可知，P 点
2 2 2
c{[Fe(H O) (OH)]2+}=c{[Fe(H O) (OH) ]+}，与c{[Fe(H O) ]3+}=c{[Fe(H O) (OH) ]+}不是同一个点，所以
2 5 2 4 2 2 6 2 4 2
pH不同，D项错误。
27．（14分）
（1）球形冷凝管（1分） 浓硫酸；防止NaOH溶液中的水进入反应器中（2分，试剂1分，作用1
分，答案合理即可）
（2）Cu O+2CH COOH=2CH COOCu＋H O（2分） 吸收水分，提供反应物（2分，写出1点给
2 3 3 2
1分，答案合理即可）
（3）反应过程中有H 逸出，H 遇明火易爆炸（2分，答案合理即可）
2 2
（4）真空干燥（1分，答“干燥”也给分，答案合理即可）
12.3abV
（5）① 1 （2分，或其他合理书写形式） ②AD（2分，1个1分，多选或错选不得分）
mV
2
【解析】（1）仪器c的名称是球形冷凝管；由题干信息知，CH COOCu易水解，因此仪器d中的试剂
3
是浓硫酸，作用是防止NaOH溶液中的水进入反应器中。
（2）Cu O和冰醋酸反应的化学方程式为Cu O+2CH COOH=2CH COOCu＋H O。醋酸酐和水反应
2 2 3 3 2
理科综合·全解全析及评分标准 第6页（共15页）
{#{QQABSYSEggCAAIIAABhCQQWSCEGQkAGACCoOxFAIMAAACANABCA=}#}生成醋酸，一方面吸收水分防止CH COOCu水解，另一方面生成反应物CH COOH。
3 3
（3）制备过程不可选用明火直接加热，原因是反应过程中有H 逸出，H 遇明火可能发生爆炸，因此应
2 2
避免与明火接触。
（4）已知醋酸亚铜固体遇空气易水解或被氧化，因此需要真空干燥，最终得到醋酸亚铜固体。
（5）①根据 CH COOCu+Fe3+=Cu2++Fe2++CH COO−，Fe2++Ce4+=Fe3++Ce3+，可得到关系式：
3 3
CH COOCu～Fe2+～Ce4+～Ce(SO ) ，则V mL待测液中所含CH COOCu的物质的量为（ab×10−3）mol，
3 4 2 2 3
V V
则V mL待测液中所含CH COOCu的物质的量为( 1 ×ab×10−3) mol，质量为( 1 ×ab×10−3) mol×123 g·mol−1
1 3
V V
2 2
0.123abV
1 g
0.123abV V 12.3abV
= 1 g，因此产品中CH COOCu的质量分数为 2 ×100%= 1 %。
3
V m g mV
2 2
②未用标准溶液润洗滴定管，会使消耗的标准溶液体积偏大，使测定结果偏高，A项错误；滴定时需要
适当控制滴定速度，使反应充分进行，B项正确；当滴定接近终点时，用锥形瓶内壁将半滴标准液刮落，
并用蒸馏水冲洗内壁，可减小实验误差，提高滴定的准确度，C项正确；滴定前滴定管尖嘴部分有气泡，
滴定后无气泡，会使读得的消耗标准溶液的体积偏大，使测定结果偏高，D项错误。
28．（15分）
（1）4s2（1分） 适当升高温度、适当增大盐酸的浓度、搅拌等（2分，任写一种）
（2）SbOCl（2分） 加足量水、加热、用热水、加少量氨水等（2分，任写一种，或其他合理答案）
（3）Sb O Cl + 2NH ·H O=2Sb O + 2NH Cl + H O（2分，化学式正确1分，配平1分）
4 5 2 3 2 2 3 4 2
（4）碳的用量过大，会与Sb O 形成泡渣而结块，使得CO与Sb O 的接触面积减小，还原效率降低，
2 3 2 3
回收率减小（2分，答案合理即可）
292
（5） 3 107（2分，其他书写形式正确也给分） Bi 2 O 3 晶体中离子堆积方式比Sb 2 O 3 的更加紧
dN
A
密（2分，答案合理即可）
【解析】流程分析：Sb O 、As O 、Bi O 经过盐酸“酸浸”转化为 Sb3+、As3+、Bi3+，加水“水解”只
2 3 2 3 2 3
有Sb3+转化为滤渣（氯氧锑）从而分离出来，氯氧锑（Sb O Cl ）经过“转化”生成Sb O ，再经过“还原
4 5 2 2 3
熔炼”得到金属锑。
（1）As 为第四周期第ⅤA 族元素，As3+的价电子排布式为 4s2；提高“酸浸”效率的措施有适当升高温
度、适当增大盐酸的浓度、搅拌等。
（2）分析水解反应可知，盐酸浓度较大时抑制水解平衡，所以加入少量水时产物以 SbOCl 为主；实现
SbOCl转化为Sb O Cl ，需要使水解平衡正向移动，加水、升温、适当加入碱性物质等均可以使平衡正
4 5 2
向移动。
（3）根据元素守恒可以得出反应的化学方程式为Sb O Cl + 2NH ·H O =2Sb O + 2NH Cl + H O。
4 5 2 3 2 2 3 4 2
理科综合·全解全析及评分标准 第7页（共15页）
{#{QQABSYSEggCAAIIAABhCQQWSCEGQkAGACCoOxFAIMAAACANABCA=}#}（4）由已知信息可知，熔炼过程中原料之间可能会形成泡渣而结块，过量的碳附着在原料表面阻碍了
CO与Sb O 的反应。
2 3
（5）Sb3+位于晶胞的八个顶点和体心，O2−位于面心，则1个晶胞中有2个Sb3+、3个O2−，设晶胞参数
1222163 292
为a nm，则晶体密度为 gcm3=d g·cm−3，所以晶胞参数a=3 107；离子晶体的熔
N (a107)3 dN
A A
点与离子所带的电荷数、离子半径、离子堆积的紧密程度有关，已知 Sb O 、Bi O 中离子所带的电荷
2 3 2 3
数相等，说明Bi O 的熔点更高与电荷数关系不大，离子半径：Sb3+
