文档内容
黄梅县育才高中 2025 年 9 月月考
高二物理
一、选择题：本大题共10小题，共40分。
1.下列关于电源电动势的说法中正确的是( )
A. 电动势是矢量
B. 电动势在数值上等于非静电力把1C的正电荷在电源内从负极移送到正极所做的功
C. 电动势的单位与电势差的单位相同，所以电动势就是电势差
D. 电源的电动势越大，非静电力做功越多
2.两个相同的电阻R，若将它们串联后接在电动势为E的电源上，通过一个电阻的电流
为I；若将它们并联后仍接在该电源上，通过一个电阻的电流仍为I，则电源的内阻为
( )
R
A. 4 R B. R C. D. 无法计算
2
3.下列关于磁场的相关判断和描述正确的是( )
A. 甲图中导线所通电流与受力后导线弯曲的图示符合物理事实
B. 乙图中表示条形磁铁的磁感线从N极出发，到S极终止
C. 丙图中导线通电后，其正下方小磁针的旋转方向符合物理事实
D. 丁图中环形导线通电后，其轴心位置小磁针的旋转方向符合物理事实
4.某同学在测量电源的电动势和内阻时，由实验数据画出路端电压与干路电流的U−I
图像如图所示，下列说法正确的是( )…
…
…
…
○
…
…
…
…
线
…
…
…
…
○
…
…
…
…
订
…
…
…
…
○
…
…
…
…
装
…
…
…
…
○
…
…
…
…
内
…
…
…
…
○
…
…
…
…
※※题※※答※※内※※线※※订※※装※※在※※要※※不※※请※※
…
…
…
…
○
…
…
…
…
线
…
…
…
…
○
…
…
…
…
订
…
…
…
…
○
…
…
…
…
装
…
…
…
…
○
…
…
…
…
外
…
…
…
…
○
…
…
…
…
A. 电源的内阻为10.0Ω B. 电源的电动势为2.4V
C. 短路电流为0.4A D. 电源的电动势为3.0V
5.如图甲所示为某种灯泡的伏安特性曲线，将四个相同的此种灯泡按图乙所示连接电
路，在电路两端加上3V的电压，则每个灯泡的功率为( )
A. 0.14W B. 0.30W C. 0.60W D. 0.75W
6.如图所示，在直角三角形ABC的B、C处分别有垂直于三角形平面的通电长直导线，
导线中电流的大小相等，方向相反，∠ABC=30°，D为AB边中点，已知C处的电流
在D点产生的磁场磁感应强度大小为B ，则D点的磁感应强度大小为( )
0
A. 0 B. B C. √3B D. 2B
0 0 0
7.如图所示的U−I图像中，直线①为某电源的路端电压与电流的关系图线，曲线②
为某一电阻R的U−I图线，用该电源直接与电阻R连接成闭合电路。由图像可知( )
A. 此状态下R的阻值为4.0Ω
B. 电源电动势为2V，内阻为1.0Ω
C. 电源的输出功率为3.0W
D. 电源内部消耗功率为1.0W
第 页，共 页
2 28.小明同学将一直流电源的总功率P 、输出功率P 和电源内部的发热功率P 随电流I
E R r
变化的图线画在了同一坐标系上，如图中的a、b、c所示，以下判断正确的是( )
A. 直线a表示电源的总功率P −I图线
E
B. 曲线b表示电源的输出功率P −I图线
R
C. 电源的电动势E=8V，内电阻r=4Ω
D. 电源的最大输出功率P =2W
m
9.如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为r，电表均为理想电表。闭合开关S后，
若减小R的阻值，则下列说法正确的是( )
A. 电流表的示数一定变小 B. 电压表的示数一定变小
C. 电源的输出功率一定减小 D. R 两端的电压一定减小
1
10.如图所示，纸面上a、b、c三点构成一个等边三角形，a、b、d三点构成一个等腰
直角三角形，两根长直导线垂直纸面分别放置在a、b两点处，通以图示方向的大小相
等的电流，整个装置处在一匀强磁场当中，c点处磁感应强度为零。已知通电长直导线
kI
在周围某点产生的磁感应强度的大小满足B= (式中I为电流强度，r为该点到导线的
r
距离，k为常量且大于零)，a、b间的距离为L，导线中电流强度大小为I 。下列说法
0
正确的是( )
kI
A. 匀强磁场的磁感应强度大小为 0 ，方向垂直ab向右
L
√3kI
B. 匀强磁场的磁感应强度大小为 0 ，方向平行于ab向上
L…
…
…
…
○
…
…
…
…
线
…
…
…
…
○
…
…
…
…
订
…
…
…
…
○
…
…
…
…
装
…
…
…
…
○
…
…
…
…
内
…
…
…
…
○
…
…
…
…
※※题※※答※※内※※线※※订※※装※※在※※要※※不※※请※※
…
…
…
…
○
…
…
…
…
线
…
…
…
…
○
…
…
…
…
订
…
…
…
…
○
…
…
…
…
装
…
…
…
…
○
…
…
…
…
外
…
…
…
…
○
…
…
…
…
(√3+2)kI
C. d点的磁感应强度大小为 0 ，方向平行于ab向上
L
√5kI
D. d点的磁感应强度大小为 0 ，方向垂直ab向右
L
第II卷（非选择题）
二、实验题：本大题共2小题，共18分。
11.（10分）某同学用电压表和电流表测一节电池的电动势和内阻，并按照图甲所示
的电路图进行实验，所用电压表可视为理想电压表．
(1)图乙为根据实验数据绘制的U−I图象，从图象中可知该电池电动势E= V，
内阻r= Ω.(均保留小数点后一位)
(2)该同学找资料查证量程为0∼0.6A的电流表内阻比较小，接近电池内阻，则该电
池内阻的测量值 (填“>”“<”或“=”)真实值．
(3)该同学放弃电压表，并且将滑动变阻器更换为电阻箱R，采用如图丙所示电路进行
实验，经多次测量并记录电阻箱阻值R及对应的电流强度I，重新绘制出如图丁所示的
1
−R图象(忽略电流表的内阻)，已知图线斜率为k，图线与纵坐标轴的截距为b，则电
I
池电动势E= ，内阻r= .(用k、b中的物理量表示)
12.（8分）某兴趣小组测量电源的电动势和内阻的实验原理图，如图甲所示，现提供
的器材如下：
A.待测电源(电动势约为3V)；
B.电压表V (量程为0～3V，内阻约为3kΩ)；
1
C.电压表V (量程为0～6V，内阻约为10kΩ)；
2
D.定值电阻R =10Ω；
1
E.定值电阻R =1000Ω；
2
F.电阻箱R(0～99.9Ω)；
G.开关和导线若干。
第 页，共 页
4 2(1)如果要准确测量电源的电动势和内阻，电压表应选择 ，定值电阻R 应选
0
择 (均填写器材前的字母序号)。
1 1
(2)改变电阻箱的阻值R，记录对应电压表的示数U，作出的 − 图象如图乙所示，
R U
图线与横、纵坐标轴的截距已在图中标出，则该电源的电动势为 V、内阻
为 Ω(结果均保留两位有效数字)。
三、计算题：本大题共4小题，共42分。
13.（8分）如图所示，线圈平面与水平方向夹角θ=60°，线圈平面面积S=0.4m2。
匀强磁场磁感线竖直向下，磁感应强度B=0.6T，求：
(1)穿过线圈的磁通量Φ；
(2)把线圈以cd为轴逆时针转过60°，通过线圈磁通量的变化量ΔΦ。
14.（10分）在如图所示的电路中，两电表均为理想电表，当滑动变阻器的滑片位于
最左端时，两电表的示数分别为10V ,0.2A；当滑动变阻器的滑片位于最右端时，两
电表的示数分别为4V、0.5A。已R =84Ω知，求：
1
(1)R 的阻值；
2…
…
…
…
○
…
…
…
…
线
…
…
…
…
○
…
…
…
…
订
…
…
…
…
○
…
…
…
…
装
…
…
…
…
○
…
…
…
…
内
…
…
…
…
○
…
…
…
…
※※题※※答※※内※※线※※订※※装※※在※※要※※不※※请※※
…
…
…
…
○
…
…
…
…
线
…
…
…
…
○
…
…
…
…
订
…
…
…
…
○
…
…
…
…
装
…
…
…
…
○
…
…
…
…
外
…
…
…
…
○
…
…
…
…
(2)滑动变阻器的最大电阻值；
(3)电源的电动势E、内阻r。
15.（12分）在如图所示的电路中，直流电源E=10V，R =2.5Ω，R =5Ω，
1 2
R =2Ω，R =3Ω，电容C=5F，求：
3 4
(1)当滑片置于b处，流过R 电流；
1
(2)在滑片从a向b滑动的过程中，R 端的最小电压； 1
(3)在滑片从a向b滑动的过程中，电容器C极板上的最小电荷量。
16.（12分）如图所示是利用电动机提升重物的示意图，其中D是直流电动机．P是一
个质量为m的重物，它用细绳拴在电动机的轴上．闭合开关S，重物P以速度v匀速上
升，这时电流表和电压表的示数分别是I=5.0A和U=110V，重物P上升的速度
v=0.70m/s.已知该装置机械部分的机械效率为70%，重物的质量m=45kg(g取
10m/s2 ).求：
(1)电动机消耗的电功率P ；
电
(2)绳对重物做功的机械功率P ；
机
(3)电动机线圈的电阻R．
第 页，共 页
6 2答案和解析
1.【答案】B
【解析】A、电动势是标量，故A错误；
B、电动势表示的是电源将其它形式的能转化为电能的本领，电动势在数值上等于非静
电力把1C的正电荷在电源内从负极移送到正极所做的功，故B正确；
C、电动势的单位与电势差的单位相同，但是电动势不是电势差，故C错误；
D、根据W =EIt可知，电源向外提供的电能多，不能说明电动势大，故D错误。
2.【答案】B
【解析】解：两电阻串联时，总电阻为：R =2R；
1
由闭合电路欧姆定律可知：E=I(2R+r)(1)
R
两电阻并联时，外部总电阻为：R = ；
2 2
总电流为：I =2×I；
总
由闭合电路欧姆定律可知：
R
E=2I( +r)(2)
2
联立(1)(2)解得：
r=R；
故选：B．
根据串并联电路规律可知外部电阻的大小，再由闭合电路欧姆定律列式，联立方程可
求得内阻．
本题考查闭合电路欧姆定律及串并联电路的规律，要注意正确审题，明确欧姆定律公
式中的电流应为干路电流．
3.【答案】C
【解析】根据安培定则，同向电流相互吸引，异向电流相互排斥，图甲所示两导线应
相互排斥，A错误；
磁感线是闭合曲线，在磁体内部从S极指向N极，B错误；
根据安培定则知，图丙中直导线下方有垂直纸面向里的磁场，N极向纸面内转动，C
正确；
根据安培定则知，图丁中环形导线内部有垂直纸面向外的磁场，N极向纸面外转动，
D错误。
4.【答案】D
【解析】A.根据电源U−I图像的斜率的物理意义，电源的内阻为
ΔU 3.0−0
r=| |= Ω=5.0Ω，故A错误；
ΔI 0.6−0
BD.根据电源U−I图像的纵轴截距的物理意义，电源的电动势为E=3.0V，故B错误，…
…
…
…
○
…
…
…
…
线
…
…
…
…
○
…
…
…
…
订
…
…
…
…
○
…
…
…
…
装
…
…
…
…
○
…
…
…
…
内
…
…
…
…
○
…
…
…
…
※※题※※答※※内※※线※※订※※装※※在※※要※※不※※请※※
…
…
…
…
○
…
…
…
…
线
…
…
…
…
○
…
…
…
…
订
…
…
…
…
○
…
…
…
…
装
…
…
…
…
○
…
…
…
…
外
…
…
…
…
○
…
…
…
…
D正确；
C.根据图像可知，短路电流为0.6A，故C错误。
故选：D。
5.【答案】B
【解析】由图乙电路可知，每个灯泡两端的电压均为1.5V，结合图甲可知，每个灯泡
中的电流为0.2A，则每个灯泡的功率为P=1.5×0.2W =0.30W
故选B。
6.【答案】C
【解析】【分析】
本题考查了磁场的叠加、直导线电流周围的磁场；磁感应强度为矢量，合成时要用平
行四边形定则，因此要正确根据安培定则判断导线周围磁场方向是解题的前提。
根据导线周围磁场分布可知，与导线等距离地方磁感应强度大小相等，根据矢量分解
合成的平行四边形定则求解。
【解答】
如图：
C处的电流在D点产生的磁场磁感应强度大小B ，方向与CD垂直；B处的电流在D点
0
产生的磁场磁感应强度大小B ，方向与AB垂直；由于D点到B、C点的距离相等，则
1
B =B
0 1
由数学知识可知 B 与 B 的夹角为 60∘ ，则D点的磁感应强度大小为
0 1
B=2B cos30∘=√3B ，故C正确，ABD错误。
0 0
故选C。
7.【答案】D
U 2.0
【解析】A.由图像交点坐标，可得此状态下R的阻值为R= = Ω=2.0Ω
I 1.0
故A错误；
B.根据闭合电路欧姆定律可得U=E−Ir
3.0
根据U−I图像可得，电源电动势为纵截距3V，内阻为r= Ω=1Ω
3.0
故B错误；
C.电源的输出功率为P=UI=2.0×1.0W =2.0W
故C错误；
D.电源内部消耗功率为P =I2r=(1.0) 2×1W =1.0W
r
第 页，共 页
8 2故D正确。
故选D。
8.【答案】ABD
【解析】A.电源消耗总功率的计算公式 P =EI∝I ，所以可知 P −I 图线为直线 a ，
E E
故A正确；
B.电源的输出功率 P =EI−I2R ，可知 P −I 图线应为开口向下的曲线，所以曲
R R
线 b 表示电源的输出功率 P −I 图线，故B正确；
R
C.由图线 b 可知，当 I=2A 时， P =0 ，说明此时外电路短路，此时
R
P 8 E 4
有 E= E= V =4V ， r= = Ω=2Ω ，故C错误；
I 2 I 2
D.电源的输出功率 P =EI−I2r，由曲线 b 可知，当 I=1A 时，电源的输出功率最
R
大，代入公式可得 P =4×1W−12×2W =2W ，故D正确。
m
故选ABD。
9.【答案】BD
【解析】AB、减小R的阻值，电路的总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析得知，
电路中总电流增大，由U=E−Ir，得路端电压减小，所以电流表的示数一定增大，电
压表的示数一定减小，A错误，B正确；
C、根据数学知识分析得知，当电源的外电阻与内电阻相等时，电源的输出功率最大，
由于不知外电阻与内电阻的大小关系，所以当电源的负载电阻减小，输出功率不一定
减小，也可能增大，C错误；
D、R 上的电压U =E−I(R +r)，I增大，其他量不变，则U 一定减小，故D正确。
1 1 2 1
故选：BD。
10.【答案】BC
【解析】AB.根据安培定则，两通电导线在c点的磁场方向如图所示，则有：
kI
B =B = 0
1 2 L
kI
则两通电导线在c点的合磁场的磁感应强度为：B =2B cos30∘=√3 0
C 1 L
又因为整个装置处在一匀强磁场当中，c点处磁感应强度为零，则有匀强磁场的磁感应
√3kI
强度大小为：B=B = 0 ，方向平行于ab向上，
C L
所以A错误；B正确；
kI
CD.根据安培定则，两通电导线在d点的磁场方向如图所示，则有：B =B =√2 0
3 4 L
kI
则两通电导线在d点的合磁场的磁感应强度为：B =√2B =2 0
d 3 L…
…
…
…
○
…
…
…
…
线
…
…
…
…
○
…
…
…
…
订
…
…
…
…
○
…
…
…
…
装
…
…
…
…
○
…
…
…
…
内
…
…
…
…
○
…
…
…
…
※※题※※答※※内※※线※※订※※装※※在※※要※※不※※请※※
…
…
…
…
○
…
…
…
…
线
…
…
…
…
○
…
…
…
…
订
…
…
…
…
○
…
…
…
…
装
…
…
…
…
○
…
…
…
…
外
…
…
…
…
○
…
…
…
…
又因为整个装置处在一匀强磁场当中，则d点的磁感应强度大小为：
(√3+2)kI
B′=B+B = 0 ，方向平行于ab向上
d L
所以C正确；D错误；
故选BC。
11.【答案】1.5
2.0
>
1
k
b
k
【解析】【分析】
本题为测电源电动势和内阻的实验，明确实验原理是解题的关键。
(1)U−I图象与纵轴的交点等于电源的电动势，其斜率大小等于电源的内阻；
(2)根据“等效电源法”分析；
1
(3)对图丙根据闭合电路欧姆定律得出 −R关系式，结合图丁分析。
I
【解答】
|ΔU|
(1)根据U=E−Ir结合U−I图像可得E=1.5V，r= =2.0Ω；
ΔI
(2)根据“等效电源法”，图甲电路电源内阻的测量值实际上是内阻的真实值与电流表
内阻之和，故内阻的测量值>真实值；
1 1 r 1
(3)由闭合电路欧姆定律：E=I(R+r)， = R+ ， −R图像为一条倾斜的直线，
I E E I
1 r
这条直线的斜率k= ，纵轴截距b= ，
E E
第 页，共 页
10 21 b
解得E= ，r= 。
k k
12.【答案】B
D
2.7
1.1
【解析】【分析】
(1)根据电源电动势选择电压表，根据实验原理与实验器材选择定值电阻。
(2)应用闭合电路欧姆定律求出图象的函数表达式，然后根据图示图象求电源电动势与
内阻，根据实验误差来源分析实验误差。
本题考查测电源电动势和内阻的实验，要注意明确实验原理，要掌握应用图象法处理
实验数据的方法；根据图示电路图求出图象的函数表达式，根据图示图象即可解题。
【解答】
(1)电源电动势约为3V，电压表应选择B；定值电阻R 如果选择E，由于电阻箱最大
0
阻值远小于定值电阻阻值，电阻箱两端电压变化范围太小，不能测多组实验数据，为
测多组实验数据，定值电阻应选择D。
(2)由图示电路图可知，根据闭合电路欧姆定律可知，电源电动势：
U
E=U+I(r+R )=U+ (r+R )，
0 R 0
1 E 1 1
整理得： = ⋅ −
R r+R U r+R
0 0
1 1 1
由图示 − 图象可知，图象纵轴截距b=− =−0.09Ω−1 ，
R U r+R
0
E 0.09
图象斜率k= = A，
r+R 0.37
0
代入数据解得，电源电动势E=2.7V，电源内阻r=1.1Ω
故答案为：(1)B；D；(2)2.7；1.1。
13.【答案】解：(1)根据磁通量的定义，可得穿过线圈的磁通量为：
1
Φ=BScos60°=0.6×0.4× Wb=0.12Wb
2
(2)线圈以cd为轴逆时针转过60°后，线圈平面与磁场垂直，方向不变，故此时通过线
圈的磁通量为：Φ =BS=0.6×0.4Wb=0.24Wb，故通过线圈磁通量的变化量为：
2
ΔΦ=Φ −Φ=0.24Wb−0.12Wb=0.12Wb
2
答：(1)穿过线圈的磁通量Φ为0.12Wb；
(2)把线圈以cd为轴逆时针转过60°，通过线圈磁通量的变化量ΔΦ为0.12Wb。
【解析】(1)根据磁通量公式Φ=BS可求，其中S是垂直磁感应强度的面积；
(2)磁通量的变化量等于末态磁通量与初态磁通量的差值；…
…
…
…
○
…
…
…
…
线
…
…
…
…
○
…
…
…
…
订
…
…
…
…
○
…
…
…
…
装
…
…
…
…
○
…
…
…
…
内
…
…
…
…
○
…
…
…
…
※※题※※答※※内※※线※※订※※装※※在※※要※※不※※请※※
…
…
…
…
○
…
…
…
…
线
…
…
…
…
○
…
…
…
…
订
…
…
…
…
○
…
…
…
…
装
…
…
…
…
○
…
…
…
…
外
…
…
…
…
○
…
…
…
…
本题考查磁通量的计算，解题关键在于对有效面积的理解，磁通量虽然是标量，但磁
通量有正负。
14.【答案】解：(1)当滑动变阻器的滑片位于最右端时，有U=I R
2
可得R =8Ω
2
(2)当滑动变阻器的滑片位于最左端时，滑动变阻器的最大电阻值为R ，有
3
I′R =U′
外
R R
其中外部电路的电阻R = 1 3 +R
外 R +R 2
1 3
解得：R =84Ω
3
(3)当滑动变阻器的滑片位于最右端时，由闭合电路欧姆定律得：E=U+Ir
当滑动变阻器的滑片位于最左端时，由闭合电路欧姆定律得：E=U′+I′r
联立解得：E=14V，r=20Ω。
【解析】详细解答和解析过程见【答案】
15.【答案】(1)当滑片置于最低b处，R 与R 串联后再R 并联再与R 串联，可知电流
3 2 4 1
为
E
I= =2.17A
(R +R )R
R + 3 2 4
1 R +R +R
3 2 4
(2)若使R 端的最小电压，则电流最小，电阻最大，可知当滑片在上半部分电阻为3Ω，
1
E
I ′= =2A
下半部分电阻为2Ω时电阻最大，此时电流为 (R +3)(2+R )
R + 3 4
1 R +R +R
3 2 4
R 端的最小电压为U′=I′R =5V
1 1
(3)由于电容器与R 并联，则电容器两端电势差与R 两端电压相等，根据Q=CU′
1 1
可知R 端电压最小时，电容器C极板上的电荷量最小，为Q=25C。
1
【解析】本题考查闭合电路欧姆定律和电容器的运用，难度一般。
16.【答案】解：(1)电动机消耗的电功率为：P =UI=5×110W =550W；
电
(2)绳对重物做功的机械功率为：P =mgv=45×10×0.70W =315W；
机
(3)电动机输出的电功率为 P 315 P = 机= W=450W；
机出 η 0.7
电动机线圈的电阻R的发热功率为P =P −P =100W；
线 电 机出
P 100
由P =I2R得电动机线圈的电阻：R= 线= Ω=4Ω 。
线 I2 25
【解析】本题主要考查了非纯电阻电路有关功率的计算，理解电动机工作时相关功率
的计算式是解本题的关键。电动机消耗的电功率P =UI；电动机的热功率P =I2R；
电 热
电动机的输出功率
第 页，共 页
12 2(1)已知电动机两端的电压和通过的电流，根据P=UI求出电动机的耗电功率；
(2)根据P =mgv求出机械功率；
机
(3)由机械部分的机械效率可求出电动机输出功率，根据电动机消耗的功率与输出功率
之差，即为线圈电阻发热功率，再由P=I2R求出电动机线圈的电阻。
