文档文本内容
2024 年中考第一次模拟考试（江苏徐州卷）
物 理
（考试时间：80分钟 试卷满分：80分）
注意事项：
1.本试卷选择题共24分，非选择题共76分，全卷满分100分:考试时间 100分钟
2.答题前，请务必将自己的姓名，学校、考试号等用书写黑色字进的 0.5毫米签笔填写在答题卷上
第 I 卷(选择题共 20 分)
一、单项选择题（请将正确的选项涂在答题卡上，每小题2分，共20分）
1．如图所示活动中，用来探究声音传播条件的是（ ）
A． 将发声的音叉触及面颊 B． 用大小不同的力敲鼓
C． 将发声手机置于密闭瓶内并抽气D． 用硬卡片在梳齿上快划、慢划
【答案】C
【详解】A．将发声的音叉触及面颊，感受到发声的音叉在振动，不是探究声音的传播条件，故A选
项不符合题意；
B．用大小不同的力敲鼓，改变了鼓皮振动的幅度，响度发声变化，不是探究声音的传播条件，故B
选项不符合题意；
C．将发声手机置于密闭瓶内并抽气，空气越变越少，声音越变越小，故探究的是声音的传播需要介
质，故C选项符合题意；
D．用硬卡片在梳齿上快划、慢划，改变了纸片振动的频率，探究的是音调与频率的关系，不是探究
声音的传播条件，故D选项不符合题意。
故选C。
2．为隆重庆祝中国共产党成立90周年，达州市委宣传部、文广局、市电视台主办了“红歌连连唱”．小
琴踊跃报名参加了比赛,有关她的歌声下列说法错误的是（ ）
A．我们听到她的歌声是靠空气传到人耳的
B．小琴同学发出的歌声是她的舌头振动产生的
C．小琴同学在台上“引吭高歌”说明她的声音响度大D．我们在幕后能听出是小琴的歌声是根据音色判断的
【答案】B
【详解】A、小琴的歌声是通过空气传递到人的耳朵里的，选项说法正确，不符合题意；
B、歌声是靠声带的振动产生的，选项说法错误，符合题意；
C、“引吭高歌”说明她的声音响度大，选项说法正确，不符合题意；
D、因为每个人的发声结构不同，所以发出声音的音色不同，故可以通过音色辨别是谁，选项说法正
确，不符合题意；
3．2023年3月7日凌晨，在清华大学校园内，张嘉奇等同学用照相机拍到“太空中的中国空间站”的照
片，如图所示。照相机镜头的焦距为f，拍照时像距（ ）
A．略小于f B．略大于f C．略小于 D．略大于
【答案】B
【详解】根据凸透镜成像规律，照相机的物距大于2f，像距大于f小于2f，拍“太空中的中国空间
站”时，物距非常大，像会靠近焦点，即像距略大于f，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
4．小帆在老师指导下，用如图所示的同一个实验装置分别加热100g的甲、乙两种液体（其中一种是
水），用测得的数据绘制了温度随时间变化图像如图，乙从20℃加热至沸腾刚好消耗了4g酒精（
）。若单位时间内甲吸收的热量与乙吸收的热量相等， ，则下
列说法中正确的是（ ）
A．
B．乙的吸热能力大于甲的吸热能力
C．0~8min乙吸收的热量为
D．该酒精灯的加热效率为28%
【答案】C
【详解】ABC．由图乙知，甲从20℃加热至沸腾用时8min，乙从20℃加热至沸腾用时10min。 升高
相同温度，甲所需时间长，需要吸收的热量多，那么甲的吸热能力更强，则甲是水，甲从20℃升温至100℃，需要吸收的热量Q =c m(t-t)=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.1kg×(100℃-20℃)=3.36×104J
吸 水 0
两种液体在相同时间吸收的热量相同，那么乙在8min内吸收的热量为3.36×104J。乙从20℃升温至
100℃，所需时间为4min，吸收的热量
那么乙的比热容
故AB错误，C正确；
D．乙从20℃加热至沸腾，所需时间为10min，吸收的热量
消耗的酒精放出的热量Q =m q =0.004kg×3×107J/kg=1.2×105J
放 酒精 酒精
那么酒精灯的加热效率
故D错误。
故选C。
5．如图所示，扬声器是把电信号转化为声信号的装置，工作时线圈中通入携带声音信息、时刻变化的电
流．下列说法中错误的是（ ）
A．线圈中通入的是方向变化的电流，所以锥形纸盆来回振动，产生声音
B．锥形纸盆振动越快，产生的声音音调越高
C．锥形纸盆振幅越大，产生的声音响度越大
D．扬声器工作过程利用的是电磁感应原理
【答案】D
【详解】A． 扬声器内有一永磁体，当线圈内通入电流后，根据磁场对通电导线有力的作用，线圈会
运动，扬声器中的线圈中通过变化电流时，力的大小会发生变化，线圈会带动与线圈相连的纸盆振
动，发出声音，此过程中将电信号转化成声信号．故A正确，不符合题意；
B．音调是指声音的高低，它和物体振动频率有关．锥形纸盆振动越快，物体振动频率越快，产生的
声音音调越高，故B正确，不符合题意；
C．声音的强弱叫响度，响度与发声体的振幅有关：振幅越大，响度越大，另外响度还与距离发声体
的远近有关；锥形纸盆振幅越大，产生的声音响度越大，故C正确，不符合题意；
D．扬声器是利用通电导体在磁场中受到力的作用原理工作的，不是利用电磁感应原理，故D错误，符合题意。
故选D。
6．甲、乙两人进行100m赛跑，结果甲比乙超前10m到达终点。如果让甲从原起跑线往后退10米起跑，
乙仍从原起跑线起跑，两人都保持原来的速度重新比赛，则比赛结果是（ ）
A．同时到 B．甲先到 C．乙先到 D．不能确定
【答案】B
【详解】设甲用的时间为t，则甲的速度
乙的速度
第二次比赛时，甲用的时间
乙用的时间
即t <t ，因此还是甲先到达终点。
甲 乙
故选B。
7．体积相同的A、B、C三个物体放入同种液体中，静止时的状态如图所示。其中C物体对杯底有压力。
用 、 、 分别表示三个物体受到浮力的大小， 、 、 分别表示三个物体受到重力的大
小， 、 、 分别表示三个物体排开液体重力的大小。下列判断正确的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】B
【详解】AD．体积相同的A、B、C三个物体放入同种液体中，由图知
又根据阿基米德原理 ，可得 ，故AD都错误；
B．A物体处于漂浮状态，B物体处于悬浮状态，受到重力和浮力都是一对平衡力 ，
C物体沉在容器底 ，又由上述推论 ，故可得 ，故B正确；
C．又根据阿基米德原理 ，可得 ，故C错误。
故选B。8．如图是小强利用器械进行锻炼的示意图，其中横杆AB可绕固定点O在竖直平面内转动，OA∶OB=3∶2，
在杆A端用细绳悬挂重为300N的配重，他在B端施加竖直方向的力F，杆AB在水平位置平衡，此时
1
他对水平地面的压力为F。为了锻炼不同位置的肌肉力量，他将固定点移动到A端，杆AB可绕端点
2
A在竖直平面内转动，配重悬挂在O点，在B端施加竖直方向的力使杆AB在水平位置再次平衡，此
时，他对水平地面的压力为F，压强为p。已知小强重为650N，两只脚与地面接触的总面积为
3
400cm²，不计杆重与绳重，下列判断正确的是（ ）
A．F 为200N B．F 为1100N
1 2
C．F 为830N D．p为11750Pa
3
【答案】C
【详解】A．已知OA∶OB=3∶2，根据杠杆平衡条件Fl=Fl 得F ×OB =G×OA
11 22 1
即 ，故A错误；
B．他对水平地面的压力为F=G - F =650N -450N =200N，故B错误；
2 人 1
C．将固定点移动到A端，杆AB可绕端点A在竖直平面内转动，配重悬挂在O点，在B端施加竖直
方向的力，使杆AB在水平位置再次平衡，小强对B端施加力的方向应竖直向上，该力大小
根据力的作用是相互的，则此时B端对小强施加力的方向竖直向下，该力大小Fʹ= F=180N
4 4
他对水平地面的压力F=G + F ʹ =650N+180N =830N
3 人 4
故C正确；
D．此时他对水平地面的压强
故D错误。
故选C。
9．如图所示的实物电路由电源、开关S、两个小灯泡L、L 和甲、乙、丙三个电表（电流表或电压表）组
1 2
成。闭合开关S后，两个小灯泡L、L 均能发光。下列关于甲、乙、丙三个电表的判断，正确的是（
1 2
）A．甲是电压表，乙、丙是电流表
B．乙是电压表，甲、丙是电流表
C．甲是电流表，乙、丙是电压表
D．丙是电流表，甲、乙是电压表
【答案】B
【详解】分析实物电路发现，电流从电源正极出发，经过开关，分为两条支路，一条经过L，一条经
2
过丙表到达L，由于丙表和L 串联在一条支路中，所以丙表是电流表；电流到达L 左端，不经过L
1 1 1 1
到达乙表，如果乙表是电流表，则电流不经过用电器，直接到电源负极，电路中出现短路，所以乙表
是电压表；电流经过L 后，到L 左端会合，会合后电流经过甲表到电源负极，所以甲表是电流表；
1 2
故乙是电压表，甲、丙是电流表，故B正确，ACD错误。
故选B。
10．每年进入汛期，多地会发生强降雨，导致河流水位上涨。某校科技小组设计了一个监测水位的装置如
图甲所示，电路中电源电压保持不变， R 为定值电阻， R 是竖直放置的起滑动变阻器作用的电阻装
0 滑
置（最大阻值40Ω）， 浮子可带动金属滑杆AP即滑动变阻器滑片竖直上下移动，当电流表的示数达
到某一数值时提醒小组成员水位达到警戒值。R 接入电路的阻值 R随水位的变化关系如图乙所示，
滑
与之对应的电压表与电流表示数变化关系如图丙所示。下列说法正确的是（ ）
A．当水位升高时，电压表的示数减小
B．该电路工作时总功率最小值为0.3W
C．水位变化过程中，滑动变阻器功率最大时水位为20cm
D．当水位达到警戒水位时，电压表的示数为3V
【答案】C
【详解】A．闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测R 两端的电压，电流表测通过电路的电流，
0
由图甲可知当水位升高时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，由分压原理可知，滑动变阻器分得的电
压变小，根据串联电路电压特点可得U =U-U
v 滑
因此电压表示数变大，故A错误；B．当滑动变阻器接入电路的电阻为0时，电路为定值电阻的简单电路，根据欧姆定律可知此时通过
电路的电流最大，由丙图可知通过电路的最大电流为0.3A，电压表示数为电源电压U=6V。根据欧姆
定律可得，定值电阻的阻值为
由图丙可知通过电路的最小电流为0.1A，该电路工作时的最小总功率为P=UI′=6V×0.1A=0.6W
故B错误；
C．水位变化过程中，滑动变阻器的功率为
当 时，滑动变阻器的功率最大，接入电路的阻值随水位的变化关系如图乙，由乙图可知
10cm×k+b=40Ω，30cm×k+b=0，两式联立可得：k=-2Ω/cm，b=60Ω，则R =-2Ω/cm×h+60Ω
滑
当R = 20Ω，代入数据20Ω=-2Ω/cm×h+60Ω，得h=20cm，故C正确；
滑1 1
D．当水位达到警戒水位25cm时，滑动变阻器接入电路的电阻为R′=-2Ω/cm×25cm+60Ω=10Ω
串联电路总电阻等于各部分电阻之和，根据欧姆定律可得通过电路的电流为
串联电路的电流处处相等，根据欧姆定律可得，此时电压表示数为U′=0.2A×20Ω=4V
故D错误。
故选C。
第Ⅱ卷(选择题共 60 分)
二、填空题（本大题共7题，共20分）
11．在制茶过程中，通过加热能使新鲜茶叶中的水分快速 （填物态变化名称），这便是制茶工
序中的“杀青”，用开水能很快泡出茶香、茶色，这是因为温度越高，分子 越剧烈，夏日
荷塘荷叶上的两滴露珠接触后合成一滴，这表明分子间存在 。
【答案】汽化 运动 引力
【详解】[1]在制茶过程中，提高液体的温度可以加快汽化，使茶叶变干的更快。
[2]分子运动的剧烈程度和温度有关，温度越高，分子运动越剧烈。
[3]因为分子间存在引力，所以两滴露珠靠近时会融合为一滴。
12．“足球进校园”推进了校园足球的发展．运动员将静止的足球踢飞，说明力可以 ；足球落
地后会继续向前滚动．是因为足球具有 ．当足球静止在水平地面上时．受到的重力和地面的
支持力是一对 （选填“平衡力”或“相互作用力”）．
【答案】改变物体运动状态 惯性 平衡力
【详解】力可以改变物体的运动状态，所以运动员将静止的足球踢飞，运动状态发生变化；
一切物体都具有惯性，落地后的足球由于惯性，要保持原来的运动状态，所以会在地面上滚动；
当足球静止在水平地面上时，它受到的重力和地面的支持力大小相等、方向相反、作用在同一直线
上、作用在同一物体上，是一对平衡力．13．如图所示，将一张卡片对折，在开口的一边剪两刀，然后将橡皮筋套在开口边，就做成了一个会跳的
卡片。将卡片反过来，用手压平在桌面上，使橡皮筋伸长，迅速松开手，会看到卡片 ，
在此过程中将橡皮筋的 能转化为卡片的 能。
【答案】 跳起 弹性势 机械
【详解】[1][2][3]“橡皮筋伸长”说明橡皮筋发生弹性形变，发生弹性形变的物体要恢复原状，就会对
使它发生形变的物体施加力的作用，所以橡皮筋对硬卡片施力，使它跳起。橡皮筋发生了弹性形变，
所以它具有了弹性势能。卡片在上升过程中，质量不变，高度升高，所以重力势能将增大，质量不
变，速度变大，动能变大，所以卡片的机械能变大，是橡皮筋的弹性势能转化为卡片的机械能。
14．医生给心脏疾病的患者做手术时，往往要用一种称为“人工心脏泵血泵”的体外装置来代替心脏，以
推动血液循环。如图是该装置的示意图，线圈AB固定在用软铁制成的活塞柄上（相当于一个电磁
铁），通电时线圈与活塞柄组成的系统与固定在左侧的磁体相互作用，从而带动活塞运动。活塞筒通
过阀门与血管相通，阀门S 只能向外开启。线圈中的电流从A流向B时，线圈左端是电磁铁的
1
极，活塞向 运动（“左”或“右”），血液 （“由上而下”或“由下而上”）流动。
【答案】 S 左 由下而上
【详解】[1][2][3]当线圈中的电流从A流向B时，由安培定则可知，螺线管左端为S极，右端为N
极，此时异名磁极相互吸引，故活塞向左运动，S 关闭，S 打开，血液从血管经S 由下而上流向活塞
1 2 2
筒。
15．如图是喷气式飞机，在飞行时，发动机向后高速喷出气体，飞机获得向前的推力，这说明力的作用是
的；如图，飞机获得升力的原理是：气体流速越大，气体压强 （选填“越大”或“越
小”）；当飞机在高空飞行时，大气压减小，为了防止燃料沸腾，飞机使用沸点较 （选填
“高”或“低”）的煤油作为燃料。
【答案】 相互 越小 高【详解】[1]在飞行时，发动机向后高速喷出气体，飞机对喷出的气体施加向后的作用力，同时，喷出
的气体对飞机施加向前的推力，这说明了物体间力的作用是相互的。
[2]飞机获得升力的原理是：机翼的上方空气的流速越大，气体压强小，而机翼下方的空气流速小，压
强大，使得飞机受到一个向上的压力差，故使得飞机获得升力。
[3]液体的沸点随液面上方气压减小而降低，当飞机在高空飞行时，大气压减小，为了防止燃料沸腾，
飞机使用沸点较高的煤油作为燃料。
16．“蹦极”是一种富有刺激性的勇敢者的运动项目。如图所示，一端系住人的腰部、另一端系于跳台的
是一根弹性橡皮绳。当人下落至图中A点时，橡皮绳刚好被拉直，那么，O点到A点，运动员的机械
能 ，在人越过A点继续向下的过程中，人的动能将会 ，橡皮绳的弹性势能将
。（填“变大”、“变小”“先变大后变小”、“先变小后变大”或“不变”）
【答案】变小 先变大后变小 变大
【详解】[1]运动员在到达A点之前，运动员的重力势能转化为动能并克服空气阻力做功，消耗一部分
机械能，所以从O点到A点，运动员的机械能变小。
[2][3]过A点后向下运动的过程中，橡皮绳弹性形变的程度变大，则橡皮绳的弹性势能增加；过A点后
下落过程中人先加速后减速运动，则运动员的动能先增加后减小。
17．寒冬，为给小鸡仔提供温暖的环境，小明制作了恒温箱系统，原理如图。控制电路由电磁继电器、滑
动变阻器R、热敏电阻R（安装在恒温箱内，阻值随温度升高而显著减小）、低压电源等组成。加热
1 2
电路由电源、电热丝R 和R 等组成。调好R 阻值，闭合开关S、S，箱内温度升高到设定值后即在
3 4 1 1 2
小范围内波动，且降温阶段降温比较平缓。
（1）R 阻值 （大于/小于）R 阻值；
3 4
（2）将R 的阻值稍微调小一些，恒温箱控制的温度将 。
1
【答案】 小于 降低
【详解】（1）[1]由上述可知，当温度升高时，电磁铁磁性会增强，此时衔铁被吸下，电阻R 开始工
4
作，为了保证在恒温箱内温度较为平稳，现在加热功率应较低，根据 可知，电压不变，电阻较大，因此R 阻值小于R 阻值。
3 4
（2）[2]将R 的阻值稍微调小一些，热敏电阻R 阻值降低较小时即恒温箱温度未达到原来温度，控制
1 2
电路电流已达到可以使电磁铁磁性强度把衔铁吸引下来，从而进入较小加热功率，因此恒温箱控制的
温度将降低。
三、物理解答题（18题4分，19题、20题各6分，21-23题各8分，共40分）
18．按要求作图。
（1）如图所示，物体A静止在斜面上，画出A所受重力G和支持力F的示意图；
（2）图为冰箱工作时的部分电路示意图.冰箱内照明灯由开关S 控制，压缩机M由开关S 控制。根据
1 2
题意，将图连接完整，并符合安全用电原则；
【答案】
19．用如图所示的滑轮组将质量为 的物体以 的速度匀速向上提升 。 取
（1）求该物体所受到的重力；
（2）实际中动滑轮重为 ，人的拉力做功 ，求克服绳重和摩擦所做的额外功。
【答案】（1） ；（2）
【详解】解：（1）该物体所受到的重力
（2）物体以 的速度匀速向上提升 ，上升的高度滑轮组做的有用功
克服动滑轮做的额外功
克服绳重和摩擦所做的额外功
答：（1）该物体所受到的重力是 ；
（2）克服绳重和摩擦所做的额外功是 。
20．如图所示电路，电源电压保持不变．
（1）滑动变阻器的铭牌上标有“10Ω 2A”字样，求滑动变阻器两端允许加的最大电压．
（2）当滑动变阻器接入电路的阻值分别为2Ω和8Ω时，滑动变阻器消耗的功率相同，求电阻R 的阻
0
值．
【答案】 20V 40Ω
【详解】试题分析：（1）“10Ω 2A”的含义是：滑动变阻器的最大阻值为10Ω，允许通过的最大电流
为2A，由I=U/R可得，滑动变阻器两端允许加的最大电压：U =I R =2A×10Ω=20V；
滑大 大 滑大
（2）由图知，R 与R串联，由串联电路特点和欧姆定律可得两次电路中电流：
0
，
两次滑动变阻器消耗的功率相同，即P =P ′，根据P=I2R可得：
R R
（ ）2×2Ω=（ ）2×8Ω，解得：R =4Ω．
0
答：（1）滑动变阻器两端允许加的最大电压为20V；（2）电阻R 的阻值为4Ω．
0
21．小红拿到一块玻璃透镜，仔细观察这块透镜，发现一面有螺纹，一面是光滑的，她对此透镜进行了探
究。
（1）她把该透镜靠近书上的“实验”二字，观察到如图甲所示的现象，由此可以判定该透镜是
（选填“凸”或“凹”）透镜；
（2）为探究该透镜的成像规律，小红将“F”光源、透镜、光屏放置在光具座上，调整好后，固定透镜位置，使“F”光源从距离透镜较远处逐次靠近透镜，每次都调节光屏到透镜的距离，使“F”光源在
光屏上成清晰的像，将结果记录在下表中，当“F”光源位于如图丙所示位置时，光屏应适当向
（选填“左”或“右”）移动，才能在光屏上得到清晰的像。
实验序
物距 像距 像的性质
号
1 30 15 倒立、缩小的像
2 20 20 倒立、等大的像
3 15 30 倒立、放大的像
（3）在了解了该透镜的成像规律后，小红用长方形不透明纸盒、平面镜、该透镜设计制作了一个投
影仪，其剖面图如图丁所示，平面镜与底面夹角为 ，平面镜的中心位于透镜的主光轴上，盒上方
开一方形孔，将“F”光源按照图示方式朝下平放在方形孔上、中心与平面镜中心在一条竖直线上，若
盒子高度h为 ，为保证在正对透镜前方的屏幕上能看到一个放大的投影，则盒子长度l的范围为
，屏幕上所成的图像形状是 。（选填“ ”、“ ”或“ ”）
【答案】 凸 左 10cm<l<20
【详解】（1）[1]由图甲可知，“实验”二字被放大了，透镜起放大作用，是放大镜，说明该透镜是
凸透镜。
（2）2]由表中数据可知，物距是15cm，像距是30cm，图丙中，光屏到透镜的距离是30cm，如果
“F”光源在25cm刻度处，光屏上成清晰的像，但是“F”光源在23cm刻度处，物距增大，像距减小，
才能成清晰的像，所以光屏应适当向左移动，才能在光屏上得到清晰的像。
（3）[3]A点为光源的位置，根据平面镜成像的特点作出A点的像点A′点，为保证在正对透镜前方的
屏幕上能看到一个放大的投影，物距大于1倍焦距小于2倍焦距，所以A′点到透镜距离大于10cm小
于20cm，盒子长度l的范围为10cm<l<20cm
[4]根据平面镜成像的特点可知“F”光源在平面镜成的像形状是“ ”，经过凸透镜后成像的形状
是“ ”。
22．小明和小华一起进行伏安法测电阻的活动。
（1）他们选用的器材如图甲所示，请你用笔画线代替导线将实物电路连接完整，要求：滑动变阻器
的滑片P向右移动时电流表的示数变大；（2）小明和小华配合进行实验，并根据数据画出如图乙所示的图像；
（3）利用电压表可以直接测量电压的大小，能否把电压表改装为间接测量电阻大小的仪表呢？小明
和小华经过思考，分别设计了如图丙、丁所示的方案（电源电压恒定不变），并进行了以下操作和分
析：
①小明在电路的M、N两点之间接入一个电阻箱，调节旋钮使它接入电路的阻值分别为5Ω、8Ω、
20Ω，闭合开关，发现电压表指针分别指向1.5V、2.0V、3.0V的刻度线，于是他在表盘相应位置标出
了电阻的数值，如图戊所示。以此类推再标出其他刻度线，电压表就可以用来间接测量阻值了，由以
上数据可知：电源电压为 V，定值电阻R 的阻值为 Ω；
0
②小华的设计方案，所用器材的规格、电表接入的量程都与小明的完全相同，分析她的设计方案可
知：在保证器材安全的前提下，她改装后的电压表所能测的最小电阻值为 Ω。
【答案】 4.5 10 5
【详解】（1）[1]伏安法测电阻的实验中滑动变阻器串联在电路中，滑动变阻器的滑片P向右移动时
电流表的示数变大，说明滑动变阻器的接入阻值变小，故应将滑动变阻器的右下接线柱接入电路。如
图所示
（2）①[2][3]由图戊可知，电压U=1.5V时，R=5Ω，电压U=2V时，R=8Ω，由图丙电路可知，定值电
1 1 2 2
阻R 与电阻箱串联，由 和串联电路电压规律可知，测量电阻R 时，电源电压
0 1
①
测量电阻R 时，电源电压 ②
1
联立①②解得：R=10Ω，将其带入其中一个式子解得电源电压U =4.5V。
0 电②[4]小华设计的电路中，定值电阻R 与电阻箱串联，但电压表测量的是定值电阻R 两端的电压；所
0 0
用器材的规格、电表接入的量程都与小明的完全相同，即电源电压U =4.5V，电压表量程是0~3V；
电
根据串联分压原理可知，当电压表示数最大为3V时，所能测的电阻值最小，其两端最小电压
此时R 两端的电压是能测电阻两端电压的 倍，故所能测的最小阻值
0
六、科普阅读题
23．阅读短文，回答文后的题目。
直流充电桩直流充电桩是一种为电动汽车补给能量的装置，如图甲所示，它能够将电网中的交流
电转化为直流电，再将电能充入汽车动力电池（以下简称电池）。通常，直流充电桩比交流充电桩的
充电电压更高、电流更大，因而可实现快速充电。
设电池当前储能占充满状态储能的百分比为D。充电时，充电桩的充电功率P会随着电池的D的
变化而变化，同时用户还可以通过充电桩显示屏了解充电过程中的其他相关信息。
现实际测试一个直流充电桩对某辆电动汽车的充电性能。假定测试中充电桩输出的电能全部转化
为电池的储能。充电前，D为30%，充电桩显示屏中充电时长、充电度数、充电费用示数均为 。开
始充电后，P与D的关系如图乙所示（为方便计算，图像已作近似处理）。充满后，立即停止充电。
当D达到70%时充电桩显示屏的部分即时信息如表。
充电电压（V） 充电电流（A） 充电时长（min） 充电度数（kWh） 充电费用（元）
⋅
400 45 24.0 28.80
（1）通常，直流充电桩比交流充电桩的充电电压更高、电流更大，故充电功率更 ；
（2）在D从30%增至70%的过程中，充电功率大致的变化规律是 。当D为70%时，充电电流
为 A；
（3）设D从70%增至80%所需时间为t ，从80%增至90%所需时间为t ，且t∶t=2∶3，则测试全过程
1 2 1 2
的充电总时长为 min。
【答案】大 先变大，后不变 100 109
【详解】（1）[1]直流充电桩比交流充电桩的充电电压更高、电流更大，由 得，充电功率更
大。（2）[2]由乙中图像得，在D从30%增至70%的过程中，充电功率大致的变化规律是先变大，后不
变。
[3]由表格中信息得，当D为70%时，充电功率为40kW，由 得，当D为70%时，充电电流为
（3）[4]由表格中信息得，充满电存储的电能为
D从70%增至80%与80%增至90%消耗的电能均为
由图乙得，D从80%增至90%充电功率为15kW保持不变，由 得，充电时间为
，由题意得t∶t=2∶3
1 2
则
D从80%增至90%消耗的电能与D从90%增至100%消耗的电能相同，充电功率也相同，由
得，两段充电时间相同，则测试全过程的充电总时长为
