文档文本内容
答案
C
解析
解：A、对于相同质量的核燃料，轻核聚变产生的核能比重核裂变产生的核能多，故A错误；
B、汤姆孙通过对阴极射线的研究发现了电子，提出了原子具有复杂结构，故B错误；
C、在电磁波谱中，按照波长从长到短的顺序是：无线电波、红外线、可见光、紫外线、
射线、
射线，故C正确；
D、玻尔模型揭示了原子只能处于一系列不连续的能量状态中，故D错误。
故选：C。
答案
A
解析
解：ACD、对小球受力分析，如图所示，
小球受到重力
、弹簧的弹力
和容器的支持力
，根据平衡条件得知：容器和弹簧对小球的作用
力的合力与重力大小相等，方向相反，所以此合力竖直向上。由几何关系可得：轻弹簧对小球的作
用力大小
；
容器对小球的作用力大小为
由胡克定律得：弹簧的压缩量为：
，则弹簧的原长为：
，故A正确，CD错误；
B、以容器和小球整体为研究对象，分析受力可知：竖直方向有：总重力、地面的支持力，根据平
衡条件可知容器不受水平面的静摩擦力，故B错误。
故选：A。
模块1：
1
1
20高三春下模拟卷1
例题1
X
γ
例题2
G
F
T
F = mg
T = mg
x =
=
k
F
k
mg
L =
0
R + x = R + k
mg
答案
D
解析
解：A、根据
得，
，可知加速度之比为
，故A错误；
B、根据
得，
，轨道半径之比为
，则角速度之比为
，故B错误；
C、根据
得，
，则线速度之比为
，故C错误；
D、根据
得，轨道半径
，天宫一号和同步卫星的周期之比为
，则轨道半径之比为
，故D正确。
故选：D。
答案
C
解析
解：A、根据等量异种电荷周围的电场线以及电场的叠加原理可知，点的场强大于点场强，故A
错误；
B、沿着电场线的方向电势逐渐降低，点的电势等于
点的电势，
点的电势大于点的电势，所
以点的电势大于点的电势，故B错误；
C、沿着电场线的方向电势逐渐降低，知点的电势大于
点的电势，根据
，负电荷在
点电势能小于在
点电势能，故C正确；
D、点电势高于点电势，故正电荷点电势能大于点电势能，因此正电荷从点移动到点电场
力做负功，故D错误。
故选：C。
答案
B C
1
1
1
例题3
G
=
r2
Mm
ma
a =
r2
GM
( T 2
T02
)
3
2
G
=
r2
Mm
mrω2
ω =
r3
GM
( T 0
2
T 2
)
3
1
T
T 0
G
=
r2
Mm
m r
v2
v =
r
GM
( T
T 0 )
3
1
G
=
r2
Mm
mr T 2
4π2
r =
3
4π2
GMT 2
T : T 0
( T 0
2
T 2
)
3
1
例题4
a
b
b
O
O
c
b
c
a
O
E
=
p
qφ
q
a
O
d
c
d
c
q
c
d
例题5
解析
解：A、
和
间的能级差小于
和
间的能级差，则光的光子能量小于光的
光子能量，故A错误；
B、光的光子能量小，则光的频率小，折射率小，根据
知，由水中斜射入空气入射角
相同，光的折射角小，故B正确；
C、光的光子能量大，则频率大，波长小，光形成的中央亮条纹窄，故C正确；
D、光的频率小，若光不能使某金属发生光电效应，光不一定不能使金属发生光电效应，故D错
误。
故选：BC。
答案
A C
解析
解：从垂直中性面开始其瞬时表达式为
，
则电流的最大值为
感应电动势的最大值为
任意时刻线圈中的感应电动势为
线圈消耗的电功率为
任意时刻穿过线圈的磁通量为
根据公式
可得
故
，
故选：AC。
答案
B D
解析
解：由题，
，
，(
，，)
波速
当
时，
当
时，
而
、
时为非整数，不可能。
故选：BD。
1
1
n = 4
n = 2
n = 5
n = 2
a
b
a
a
n = sinr
sini
a
b
b
a
a
b
例题6
i = I
cos θ
m
I
=
m
=
cos θ
i
=
cos 60∘
1
2A
E
=
m
I r =
m
2 × 2 = 4V
e = E
cos
t =
m
T
2π
4 cos
t
T
2π
P = I r =
2
I
r =
( 2
2
m)
2
× 2
×
( 2
2
)
2
2W = 4W
Φ = BS sin
t
T
2π
E
=
m
NBSω = NΦm T
2π
BS =
=
Nω
Em
=
N T
2π
Em
=
1 × T
2π
4
π
2T
Φ =
sin
t
π
2T
T
2π
例题7
T = 2s
x −
2
x =
1
n +
λ
(
4
3 )
n = 0
1
2
v =
=
T
λ
m/s
4n + 3
6
n = 0
v = 2m/s
n = 3
v = 0.4m/s
v = 6m/s
1.2m/s
n
答案
解析
解：在斜面顶端先后水平抛出同一小球，第一次小球落到斜面中点，第二次小球落到斜面底端。所
以两次竖直方向下落的高度之比为
；
根据
知，两次小球运动的时间之比为
，
又因水平位移之比是
，则水平速度之比为
，
因为平抛运动某时刻速度方向与水平方向夹角的正切值是位移方向与水平方向夹角正切值的倍，
由于位移的夹角相同，则落在斜面上的速度方向相同，设落在斜面上速度方向与水平方向的夹角为
，则
，
动能
，可知动能之比为
。
答案
B C D
解析
解：对
点受力分析：
，
，
分别表示三个力的大小，由于三共点力处于平衡，所以
等于
。因此三个
力的大小构成一个三角形。
A、、、不可以构成三角形，则结点不能处于平衡状态，故A错误；
B、、、可以构成三角形，则结点能处于平衡，故B正确；
C、、、可以构成三角形，则结点能处于平衡，故C正确；
D、、、可以构成三角形，则结点能处于平衡，故D正确。
故选：BCD。
1
1
2
例题8
1 :
2 1 : 2
1 : 2
t =
g
2h
1 :
2
1 : 2
1 :
2
2
α
v = cos α
v0
E =
k
mv =
2
1
2
m
2
1
cos α
2
v02
1 : 2
例题9
O
OA
OB
OC
OC
OD
2
2
4
3
3
4
4
4
4
3
4
6
答案
A
解析
解：为验证平行四边形定则，必须作受力图，所以先明确受力点，即标记结点
的位置，其次要作
出力的方向并读出力的大小，最后作出力的图示，因此要做好记录，是从力的三要素角度出发，要
记录钩码的个数和记录
、
、
三段绳子的方向，故A正确，BC错误。
故选：A。
答案
甲
解析
解：以
点为研究对象，
是实际作用效果在
这条线上的，由于误差的存在，
、
的理论
值与实际值有一定偏差，故甲图符合实际，乙图不符合实际。
答案
电压表的分流作用系统误差
解析
由图可知，电流表所测电流不是流过干路的电流，原因是电压表的分流造成的；这种误差是由于电
路设计造成的，属于系统误差。
答案
如图所示：
解析
由图甲电路图可知，图乙实物图中电路的连接方法，则可知滑动变阻器没有正确接入，接入电路如
图所示。
3
1
2
O
OA
OB
OC
O
F 3
OC
F 1
F 2
例题10
答案
解析
由闭合电路欧姆定律可知，
变形得：
则有：
；
解得：
；
。
答案
小球由
点运动到
点的过程中，摩擦力做功为
。
解析
解：小球由释放运动到最低点的过程中，根据动能定理：
①
小球在最低点，根据牛顿第三定律可知，小球受到轨道的支持力
，
根据牛顿第二定律：
②
联立可得：
③。
答案
小球通过弹簧与小球相互作用的过程中，弹簧的最大弹性势能为
。
3
1
2
k −1
ka
k −1
R0
E = U +
2
r
R0
U −U
2
1
U
=
1
⋅
r
R + r
0
U −
2
r
R E
0
=
r
R E
0
a(R +
0
r)
=
r
R + r
0
k
E = k −1
ka
r = k −1
R0
例题11
a
A
B
−0.4J
m gR +
1
W =
f
m v
2
1
1
1
2
F
=
N
2m g
1
F
−
N
m g =
1
R
m v
1
12
W =
f
−0.4J
a
b
0.2J
解析
解：小球与小球通过弹簧相互作用，达到共同速度
过程中，由动量关系：
④
由能量转化和守恒：
⑤
由④⑤式联立可得：
⑥。
答案
小球通过弹簧与小球相互作用的整个过程中，弹簧对小球的冲量的大小为
。
解析
解：小球与小球通过弹簧相互作用的整个过程中，后来速度为
，后来速度为
，由动量关
系：
⑦
由能量转化和守恒：
⑧
根据动量定理有：
⑨
由⑦⑧⑨式联立可得：
。
答案
粒子到达
点时速度的大小为
，方向与轴负方向成
夹角。
解析
解：质点从
到
，由平抛运动规律有：
，
，
，从而求出
方向与轴负方向成
夹角。
答案
第三象限空间中电场强度
的大小为
，带电质点带正电。
解析
解：质点从
到
，重力与电场力平衡，洛伦兹力提供向心力，
得
，带电质点带的是正电。
3
1
2
a
b
v2
m v =
1
1
(m +
1
m )v
2
2
m v
=
2
1
1
1
2
m + m
v
+
2
1 (
1
2)
2
2
Ep
E
=
p
0.2J
a
b
b
I
0.4N ⋅s
a
b
a
v3
b
v4
m v =
1
1
m v +
1
3
m v
2
4
m v
=
2
1
1
12
m v
+
2
1
1
32
m v
2
1
2
42
I = m v
2
4
I = 0.4N ⋅s
例题12
P 2
2
gh
x
45∘
P 1
P 2
h =
gt
2
1
2
v =
0
t
2h
v =
y
gt
v =
=
v
+ v
02
y 2
2
gh
x
45∘
E
q
mg
P 2
P 3
Eq = mg
E =
q
mg
答案
磁感应强度
的大小为
，方向垂直于纸面向里。
解析
解：根据几何关系可知带电质点轨迹圆心为
、
两点连线中点
得
洛伦兹力提供向心力：
所以
，方向垂直于纸面向里。
答案
电磁铁的磁感应强度达到最大时，模型车的速度
为
。
解析
解：根据法拉第电磁感应定律可得：
根据闭合电路的欧姆定律可得：
根据安培力的计算公式可得安培力：
根据牛顿第二定律可得：
代入数据联立解得
。
答案
模型车的制动距离为
。
解析
解：由运动学公式有，
由第(1)问的方法同理得到磁感应强度达到最大以后任意速度时，安培力的大小为
对速度
后模型车的减速过程用动量定理得
，即
其中
模型车的制动距离为
代入数据联立解得：
。
3
1
2
3
B
q
m
h
2g
P 2
P 3
2R
=
(
)2
2h
+
(
)2
2h
(
)2
R =
h
2
Bvq = m R
v2
B = q
m
h
2g
例题13
v1
5m/s
E =
1
B L v
m
1
1
I =
1
R1
E1
F
=
1
B I L
m
1
1
F
=
1
ma
v =
1
5m/s
106.25m
x =
1
2a
v
−v
02
12
v
F =
R1
B
L
v
m
2
1
2
v1
t =
F
mv
t =
R1
B
L
m
2
1
2v
mv
t =
v
x2
x = x +
1
x2
x = 106.25m
答案
将电磁铁换成多个并在一起的永磁铁组，两个相邻的磁铁磁极的极性相反，且将线圈改为连续铺
放，相邻线圈接触紧密但彼此绝缘。
解析
解：方法：将电磁铁换成多个并在一起的永磁铁组，两个相邻的磁铁磁极的极性相反，且将线圈改
为连续铺放，相邻线圈接触紧密但彼此绝缘，如图所示，若永磁铁激发的磁感应强度恒定为
，
模型车质量{{m}}}及开始减速的初速度
均不变，这样可以增加制动力，从而减少制动距离。
理由：完全进入永磁铁的每个线圈，当模型车的速度为时，每个线圈中产生的感应电动势为
每个线圈中的感应电流为
每个磁铁受到的阻力为：
；
个磁铁受到的阻力为：
；
由上述公式可知该设计对于提高制动能力、减少制动距离上是合理的。
B2
v0
v
E =
2
2B L v
2
2
I =
2
R2
E2
f =
2
2B L I
2
1 2
n
F
=
合
2nB L I
2
1 2
