文档内容
2014年贵州省安顺市中考数学试卷
一、选样题（本题共10小题，每小题3分，共30分）
1．（3分）若一个数的相反数是3，则这个数是（ ）
A．﹣ B． C．﹣3 D．3
2．（3分）地球上的陆地面积约为149000000km2．将149000000用科学记数法表示为（ ）
A．1.49×106 B．1.49×107 C．1.49×108 D．1.49×109
3．（3分）下列四个图形中，既是轴对称图形又是中心对称图形的是（ ）
A．1个 B．2个 C．3个 D．4个
4．（3分）用直尺和圆规作一个角等于已知角，如图，能得出∠A′O′B′＝∠AOB的依据是
（ ）
A．（SAS） B．（SSS） C．（ASA） D．（AAS）
5．（3分）如图，∠AOB的两边OA，OB均为平面反光镜，∠AOB＝40°．在射线OB上有一点
P，从P点射出一束光线经OA上的Q点反射后，反射光线QR恰好与OB平行，则∠QPB
的度数是（ ）
A．60° B．80° C．100° D．120°
6．（3分）已知等腰三角形的两边长分別为a、b，且a、b满足 +（2a+3b﹣13）2＝0，
则此等腰三角形的周长为（ ）
A．7或8 B．6或10 C．6或7 D．7或10
第1页（共31页）7．（3分）如果点A（﹣2，y ），B（﹣1，y ），C（2，y ）都在反比例函数 的图象上，
1 2 3
那么y ，y ，y 的大小关系是（ ）
1 2 3
A．y ＜y ＜y B．y ＜y ＜y C．y ＜y ＜y D．y ＜y ＜y
1 3 2 2 1 3 1 2 3 3 2 1
8．（3分）已知圆锥的母线长为6cm，底面圆的半径为3cm，则此圆锥侧面展开图的圆心角是（
）
A．30° B．60° C．90° D．180°
9．（3分）如图，在Rt△ABC中，∠C＝90°，∠A＝30°，E为AB上一点且AE：EB＝4：1，
EF⊥AC于F，连接FB，则tan∠CFB的值等于（ ）
A． B． C． D．
10．（3分）如图，MN是半径为1的 O的直径，点A在 O上，∠AMN＝30°，点B为劣弧AN
的中点．P是直径MN上一动点⊙，则PA+PB的最小值⊙为（ ）
A． B．1 C．2 D．2
二、填空题（本题共8小题，每题4分，共32分）
11．（4分）在函数y＝ 中，自变量x的取值范围是 ．
12．（4分）因式分解：2x2﹣8＝ ．
13．（4分）已知一组数据1，2，3，4，5的方差为2，则另一组数据11，12，13，14，15的方差为
．
14．（4分）小明上周三在超市恰好用10元钱买了几袋牛奶，周日再去买时，恰遇超市搞优惠
酬宾活动，同样的牛奶，每袋比周三便宜0.5元，结果小明只比上次多用了2元钱，却比上
次多买了2袋牛奶．若设他上周三买了x袋牛奶，则根据题意列得方程为 ．
第2页（共31页）15．（4分）求不等式组 的整数解是 ．
16．（4分）如图，矩形ABCD沿着对角线BD折叠，使点C落在C′处，BC′交AD于点E，
AD＝8，AB＝4，则DE的长为 ．
17．（4分）如图，∠AOB＝45°，过射线OA上到点O的距离分别为1，3，5，7，9，11，…的点作
OA的垂线与OB相交，得到并标出一组黑色梯形，它们的面积分别 为S ，S ，S ，S ，…．
1 2 3 4
观察图中的规律，第n（n为正整数）个黑色梯形的面积是S ＝ ．
n
18．（4分）如图，二次函数y＝ax2+bx+c（a＞0）图象的顶点为D，其图象与x轴的交点A、B的
横坐标分别为﹣1，3．与y轴负半轴交于点C，在下面五个结论中：
2a﹣b＝0； a+b+c＞0； c＝﹣3a； 只有当a＝ 时，△ABD是等腰直角三角形；
① ② ③ ④ ⑤
使△ACB为等腰三角形的a值可以有四个．
其中正确的结论是 ．（只填序号）
第3页（共31页）三、解答题（本题共8小题，共88分）
19．（8分）计算：（ ﹣2）0+（ ）﹣1+4cos30°﹣| ﹣ |
20．（10分）先化简，再求值：（x+1﹣ ）÷ ，其中x＝2．
21．（10分）天山旅行社为吸引游客组团去具有喀斯特地貌特征的黄果树风景区旅游，推出了
如下收费标准（如图所示）：
某单位组织员工去具有喀斯特地貌特征的黄果树风景区旅游，共支付给旅行社旅游费用
27000元，请问该单位这次共有多少名员工去具有喀斯特地貌特征的黄果树风景区旅游？
第4页（共31页）22．（10分）如图，点A（m，m+1），B（m+3，m﹣1）是反比例函数 （x＞0）与一次函数y＝
ax+b的交点．求：
（1）反比例函数与一次函数的解析式；
（2）根据图象直接写出当反比例函数的函数值大于一次函数的函数值时x的取值范围．
23．（12分）已知：如图，在△ABC中，AB＝AC，AD⊥BC，垂足为点D，AN是△ABC外角
∠CAM的平分线，CE⊥AN，垂足为点E，
（1）求证：四边形ADCE为矩形；
（2）当△ABC满足什么条件时，四边形ADCE是一个正方形？并给出证明．
24．（12分）学校举办一项小制作评比活动．作品上交时限为3月1日至30日，组委会把同学
第5页（共31页）们交来的作品按时间顺序每5天组成一组，对每一组的作品件数进行统计，绘制成如图所
示的统计图．已知从左到右各矩形的高度比为2：3：4：6：4：1．第三组的件数是12．
请你回答：
（1）本次活动共有 件作品参赛；各组作品件数的众数是 件；
（2）经评比，第四组和第六组分别有10件和2件作品获奖，那么你认为这两组中哪个组获奖
率较高？为什么？
（3）小制作评比结束后，组委会决定从4件最优秀的作品A、B、C、D中选出两件进行全校展
示，请用树状图或列表法求出刚好展示作品B、D的概率．
25．（12分）如图，已知AB是 O的直径，BC是 O的弦，弦ED⊥AB于点F，交BC于点G，
过点C的直线与ED的延长⊙线交于点P，PC＝⊙PG．
（1）求证：PC是 O的切线；
第6页（共31页）
⊙（2）当点C在劣弧AD上运动时，其他条件不变，若BG2＝BF•BO．求证：点G是BC的中点；
（3）在满足（2）的条件下，AB＝10，ED＝4 ，求BG的长．
26．（14分）如图，在平面直角坐标系中，四边形ABCD是等腰梯形，AD∥BC，AB＝DC，BC在
x轴上，点A在y轴的正半轴上，点A，D的坐标分别为A（0，2），D（2，2），AB＝2 ，连接
AC．
（1）求出直线AC的函数解析式；
（2）求过点A，C，D的抛物线的函数解析式；
第7页（共31页）（3）在抛物线上有一点P（m，n）（n＜0），过点P作PM垂直于x轴，垂足为M，连接PC，使以
点C，P，M为顶点的三角形与Rt△AOC相似，求出点P的坐标．
第8页（共31页）2014 年贵州省安顺市中考数学试卷
参考答案与试题解析
一、选样题（本题共10小题，每小题3分，共30分）
1．（3分）若一个数的相反数是3，则这个数是（ ）
A．﹣ B． C．﹣3 D．3
【考点】14：相反数．
【分析】两数互为相反数，它们的和为0．
【解答】解：设3的相反数为x．
则x+3＝0，
x＝﹣3．
故选：C．
【点评】本题考查的是相反数的概念，两数互为相反数，它们的和为0．
2．（3分）地球上的陆地面积约为149000000km2．将149000000用科学记数法表示为（ ）
A．1.49×106 B．1.49×107 C．1.49×108 D．1.49×109
【考点】1I：科学记数法—表示较大的数．
【分析】科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数．确定n的值时，要
看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数
绝对值≥1时，n是非负数；当原数的绝对值＜1时，n是负数．
【解答】解：149 000 000＝1.49×108，
故选：C．
【点评】此题考查科学记数法的表示方法．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|
a|＜10，n为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值．
3．（3分）下列四个图形中，既是轴对称图形又是中心对称图形的是（ ）
A．1个 B．2个 C．3个 D．4个
【考点】P3：轴对称图形；R5：中心对称图形．
第9页（共31页）【分析】轴对称图形的关键是寻找对称轴，图形两部分折叠后可重合，中心对称图形是要寻找
对称中心，旋转180度后两部分重合，结合选项所给的图形即可得出答案．
【解答】解： 既是轴对称图形，也是中心对称图形，故正确；
是轴对称图①形，不是中心对称图形，故错误；
②既是轴对称图形，也是中心对称图形，故正确；
③是中心对称图形，不是轴对称图形，故错误．
④综上可得共有两个符合题意．
故选：B．
【点评】本题考查轴对称及中心对称的定义，属于基础题，掌握好中心对称图形与轴对称图形
的概念是关键．
4．（3分）用直尺和圆规作一个角等于已知角，如图，能得出∠A′O′B′＝∠AOB的依据是
（ ）
A．（SAS） B．（SSS） C．（ASA） D．（AAS）
【考点】KD：全等三角形的判定与性质；N2：作图—基本作图．
【分析】我们可以通过其作图的步骤来进行分析，作图时满足了三条边对应相等，于是我们可
以判定是运用SSS，答案可得．
【解答】解：作图的步骤：
以O为圆心，任意长为半径画弧，分别交OA、OB于点C、D；
①任意作一点O′，作射线O′A′，以O′为圆心，OC长为半径画弧，交O′A′于点C′；
②以C′为圆心，CD长为半径画弧，交前弧于点D′；
③过点D′作射线O′B′．
④所以∠A′O′B′就是与∠AOB相等的角；
作图完毕．
在△OCD与△O′C′D′，
，
第10页（共31页）∴△OCD≌△O′C′D′（SSS），
∴∠A′O′B′＝∠AOB，
显然运用的判定方法是SSS．
故选：B．
【点评】本题考查了全等三角形的判定与性质；由全等得到角相等是用的全等三角形的性质，
熟练掌握三角形全等的性质是正确解答本题的关键．
5．（3分）如图，∠AOB的两边OA，OB均为平面反光镜，∠AOB＝40°．在射线OB上有一点
P，从P点射出一束光线经OA上的Q点反射后，反射光线QR恰好与OB平行，则∠QPB
的度数是（ ）
A．60° B．80° C．100° D．120°
【考点】JA：平行线的性质．
【专题】121：几何图形问题．
【分析】根据两直线平行，同位角相等、同旁内角互补以及平角的定义可计算即可．
【解答】解：∵QR∥OB，∴∠AQR＝∠AOB＝40°，∠PQR+∠QPB＝180°；
∵∠AQR＝∠PQO，∠AQR+∠PQO+∠RQP＝180°（平角定义），
∴∠PQR＝180°﹣2∠AQR＝100°，
∴∠QPB＝180°﹣100°＝80°．
故选：B．
【点评】本题结合反射现象，考查了平行线的性质和平角的定义，是一道好题．
6．（3分）已知等腰三角形的两边长分別为a、b，且a、b满足 +（2a+3b﹣13）2＝0，
则此等腰三角形的周长为（ ）
A．7或8 B．6或10 C．6或7 D．7或10
【考点】1F：非负数的性质：偶次方；23：非负数的性质：算术平方根；98：解二元一次方程组；
K6：三角形三边关系；KH：等腰三角形的性质．
【分析】先根据非负数的性质求出a，b的值，再分两种情况确定第三边的长，从而得出三角形
的周长．
【解答】解：∵ +（2a+3b﹣13）2＝0，
第11页（共31页）∴ ，
解得 ，
当a为底时，三角形的三边长为2，3，3，则周长为8；
当b为底时，三角形的三边长为2，2，3，则周长为7；
综上所述此等腰三角形的周长为7或8．
故选：A．
【点评】本题考查了非负数的性质、等腰三角形的性质以及解二元一次方程组，是基础知识要
熟练掌握．
7．（3分）如果点A（﹣2，y ），B（﹣1，y ），C（2，y ）都在反比例函数 的图象上，
1 2 3
那么y ，y ，y 的大小关系是（ ）
1 2 3
A．y ＜y ＜y B．y ＜y ＜y C．y ＜y ＜y D．y ＜y ＜y
1 3 2 2 1 3 1 2 3 3 2 1
【考点】G6：反比例函数图象上点的坐标特征．
【分析】分别把x＝﹣2，x＝﹣1，x＝2代入解析式求出y 、y 、y 根据k＞0判断即可．
1 2 3
【解答】解：分别把x＝﹣2，x＝﹣1，x＝2代入解析式得：
y ＝﹣ ，y ＝﹣k，y ＝ ，
1 2 3
∵k＞0，
∴y ＜y ＜y ．
2 1 3
故选：B．
【点评】本题主要考查对反比例函数图象上点的坐标特征的理解和掌握，能根据k＞0确定
y 、y 、y 的大小是解此题的关键．
1 2 3
8．（3分）已知圆锥的母线长为6cm，底面圆的半径为3cm，则此圆锥侧面展开图的圆心角是（
）
A．30° B．60° C．90° D．180°
【考点】MP：圆锥的计算．
【分析】根据弧长＝圆锥底面周长＝6 ，圆心角＝弧长×180÷母线长÷ 计算．
【解答】解：由题意知：弧长＝圆锥底π面周长＝2×3 ＝6 cm， π
扇形的圆心角＝弧长×180÷母线长÷ ＝6 ×180÷6 ＝π180°．π
故选：D． π π π
第12页（共31页）【点评】本题考查的知识点为：弧长＝圆锥底面周长及弧长与圆心角的关系．解题的关键是熟
知圆锥与扇形的相关元素的对应关系．
9．（3分）如图，在Rt△ABC中，∠C＝90°，∠A＝30°，E为AB上一点且AE：EB＝4：1，
EF⊥AC于F，连接FB，则tan∠CFB的值等于（ ）
A． B． C． D．
【考点】T1：锐角三角函数的定义．
【分析】tan∠CFB的值就是直角△BCF中，BC与CF的比值，设BC＝x，则BC与CF就可以
用x表示出来．就可以求解．
【解答】解：根据题意：在Rt△ABC中，∠C＝90°，∠A＝30°，
∵EF⊥AC，
∴EF∥BC，
∴
∵AE：EB＝4：1，
∴ ＝5，
∴ ＝ ，
设AB＝2x，则BC＝x，AC＝ x．
∴在Rt△CFB中有CF＝ x，BC＝x．
则tan∠CFB＝ ＝ ．
故选：C．
【点评】本题考查锐角三角函数的概念：在直角三角形中，正弦等于对比斜；余弦等于邻边比
斜边；正切等于对边比邻边．
10．（3分）如图，MN是半径为1的 O的直径，点A在 O上，∠AMN＝30°，点B为劣弧AN
的中点．P是直径MN上一动点⊙，则PA+PB的最小值⊙为（ ）
第13页（共31页）A． B．1 C．2 D．2
【考点】KQ：勾股定理；M2：垂径定理；PA：轴对称﹣最短路线问题．
【分析】作点B关于MN的对称点B′，连接OA、OB、OB′、AB′，根据轴对称确定最短路线
问题可得AB′与MN的交点即为PA+PB的最小时的点，根据在同圆或等圆中，同弧所对
的圆心角等于圆周角的2倍求出∠AON＝60°，然后求出∠BON＝30°，再根据对称性可得
∠B′ON＝∠BON＝30°，然后求出∠AOB′＝90°，从而判断出△AOB′是等腰直角三角
形，再根据等腰直角三角形的性质可得AB′＝ OA，即为PA+PB的最小值．
【解答】解：作点B关于MN的对称点B′，连接OA、OB、OB′、AB′，
则AB′与MN的交点即为PA+PB的最小时的点，PA+PB的最小值＝AB′，
∵∠AMN＝30°，
∴∠AON＝2∠AMN＝2×30°＝60°，
∵点B为劣弧AN的中点，
∴∠BON＝ ∠AON＝ ×60°＝30°，
由对称性，∠B′ON＝∠BON＝30°，
∴∠AOB′＝∠AON+∠B′ON＝60°+30°＝90°，
∴△AOB′是等腰直角三角形，
∴AB′＝ OA＝ ×1＝ ，
即PA+PB的最小值＝ ．
故选：A．
【点评】本题考查了轴对称确定最短路线问题，在同圆或等圆中，同弧所对的圆心角等于圆周
第14页（共31页）角的2倍的性质，作辅助线并得到△AOB′是等腰直角三角形是解题的关键．
二、填空题（本题共8小题，每题4分，共32分）
11．（4分）在函数y＝ 中，自变量x的取值范围是 x ≥﹣ 2 且 x ≠ 0 ．
【考点】E4：函数自变量的取值范围．
【分析】根据被开方数大于等于0，分母不等于0列式计算即可得解．
【解答】解：由题意得，x+2≥0且x≠0，
解得x≥﹣2且x≠0．
故答案为：x≥﹣2且x≠0．
【点评】本题考查了函数自变量的范围，一般从三个方面考虑：
（1）当函数表达式是整式时，自变量可取全体实数；
（2）当函数表达式是分式时，考虑分式的分母不能为0；
（3）当函数表达式是二次根式时，被开方数非负．
12．（4分）因式分解：2x2﹣8＝ 2 （ x + 2 ）（ x ﹣ 2 ） ．
【考点】53：因式分解﹣提公因式法；54：因式分解﹣运用公式法．
【分析】观察原式，找到公因式2，提出即可得出答案．
【解答】解：2x2﹣8＝2（x+2）（x﹣2）．
【点评】本题考查提公因式法和公式法分解因式，是基础题．
13．（4分）已知一组数据1，2，3，4，5的方差为2，则另一组数据11，12，13，14，15的方差为
2 ．
【考点】W7：方差．
【分析】根据方差的性质，当一组数据同时加减一个数时方差不变，进而得出答案．
【解答】解：∵一组数据1，2，3，4，5的方差为2，
∴则另一组数据11，12，13，14，15的方差为2．
故答案为：2．
【点评】此题主要考查了方差的性质，正确记忆方差的有关性质是解题关键．
14．（4分）小明上周三在超市恰好用10元钱买了几袋牛奶，周日再去买时，恰遇超市搞优惠
酬宾活动，同样的牛奶，每袋比周三便宜0.5元，结果小明只比上次多用了2元钱，却比上
次多买了2袋牛奶．若设他上周三买了x袋牛奶，则根据题意列得方程为 （ x + 2 ）（ ﹣
0.5 ）＝ 12 ．
第15页（共31页）【考点】B6：由实际问题抽象出分式方程．
【分析】关键描述语为：“每袋比周三便宜0.5元”；等量关系为：周日买的奶粉的单价×周日
买的奶粉的总数＝总钱数．
【解答】解：设他上周三买了x袋牛奶，则根据题意列得方程为：
（x+2）（ ﹣0.5）＝12．
故答案为：（x+2）（ ﹣0.5）＝12．
【点评】此题主要考查了由实际问题抽象出分式方程，列方程解应用题的关键步骤在于找相
等关系．
15．（4分）求不等式组 的整数解是 ﹣ 1 ， 0 ， 1 ．
【考点】CC：一元一次不等式组的整数解．
【分析】先求出不等式组中每个不等式的解集，然后求出其公共解集，最后求其整数解即可．
【解答】解：解x﹣3（x﹣2）≤8，
x﹣3x≤2，
解得：x≥﹣1，
解5﹣ x＞2x，
解得：x＜2，
∴不等式组的解集为﹣1≤x＜2，
则不等式组 的整数解为﹣1，0，1．
故答案为：﹣1，0，1．
【点评】此题考查了不等式组的解法及整数解的确定．求不等式组的解集，应遵循以下原则：
同大取较大，同小取较小，小大大小中间找，大大小小解不了．
16．（4分）如图，矩形ABCD沿着对角线BD折叠，使点C落在C′处，BC′交AD于点E，
AD＝8，AB＝4，则DE的长为 5 ．
第16页（共31页）【考点】PB：翻折变换（折叠问题）．
【分析】设DE＝x，则AE＝8﹣x．根据折叠的性质和平行线的性质，得∠EBD＝∠CBD＝
∠EDB，则BE＝DE＝x，根据勾股定理即可求解．
【解答】解：设DE＝x，则AE＝8﹣x．
根据折叠的性质，得
∠EBD＝∠CBD．
∵AD∥BC，
∴∠CBD＝∠ADB．
∴∠EBD＝∠EDB．
∴BE＝DE＝x．
在直角三角形ABE中，根据勾股定理，得
x2＝（8﹣x）2+16
x＝5．
故答案为：5．
【点评】此题主要是运用了折叠的性质、平行线的性质、等角对等边的性质和勾股定理．
17．（4分）如图，∠AOB＝45°，过射线OA上到点O的距离分别为1，3，5，7，9，11，…的点作
OA的垂线与OB相交，得到并标出一组黑色梯形，它们的面积分别 为S ，S ，S ，S ，…．
1 2 3 4
观察图中的规律，第n（n为正整数）个黑色梯形的面积是S ＝ 8 n ﹣ 4 ．
n
【考点】LI：直角梯形．
【专题】2A：规律型．
第17页（共31页）【分析】由∠AOB＝45°及题意可得出图中的三角形都为等腰直角三角形，且黑色梯形的高都
是2；根据等腰直角三角形的性质，分别表示出黑色梯形的上下底，找出第n个黑色梯形
的上下底，利用梯形的面积公式即可表示出第n个黑色梯形的面积．
【解答】解：∵∠AOB＝45°，
∴图形中三角形都是等腰直角三角形，
从图中可以看出，黑色梯形的高都是2，
第一个黑色梯形的上底为：1，下底为：3，
第2个黑色梯形的上底为：5＝1+4，下底为：7＝1+4+2，
第3个黑色梯形的上底为：9＝1+2×4，下底为：11＝1+2×4+2，
则第n个黑色梯形的上底为：1+（n﹣1）×4，下底为：1+（n﹣1）×4+2，
故第n个黑色梯形的面积为： ×2×[1+（n﹣1）×4+1+（n﹣1）×4+2]＝8n﹣4．
故答案为：8n﹣4．
【点评】此题考查了直角梯形的性质与等腰直角三角形的性质．此题属于规律性题目，难度适
中，注意找到第n个黑色梯形的上底为：1+（n﹣1）×4，下底为1+（n﹣1）×4+2是解此题的
关键．
18．（4分）如图，二次函数y＝ax2+bx+c（a＞0）图象的顶点为D，其图象与x轴的交点A、B的
横坐标分别为﹣1，3．与y轴负半轴交于点C，在下面五个结论中：
2a﹣b＝0； a+b+c＞0； c＝﹣3a； 只有当a＝ 时，△ABD是等腰直角三角形；
① ② ③ ④ ⑤
使△ACB为等腰三角形的a值可以有四个．
其中正确的结论是 ．（只填序号）
③④
【考点】H4：二次函数图象与系数的关系；HA：抛物线与x轴的交点；KI：等腰三角形的判定．
【分析】先根据图象与x轴的交点A，B的横坐标分别为﹣1，3确定出AB的长及对称轴，再由
抛物线的开口方向判断a与0的关系，由抛物线与y轴的交点判断c与0的关系，然后根
第18页（共31页）据对称轴及抛物线与x轴交点情况进行推理，进而对所得结论进行判断．
【解答】解： ∵图象与x轴的交点A，B的横坐标分别为﹣1，3，
∴AB＝4， ①
∴对称轴x＝﹣ ＝1，
即2a+b＝0．
故 错误；
①
根据图示知，当x＝1时，y＜0，即a+b+c＜0．
②故 错误；
②
∵A点坐标为（﹣1，0），
③∴a﹣b+c＝0，而b＝﹣2a，
∴a+2a+c＝0，即c＝﹣3a．
故 正确；
③
∵△ADB为等腰直角三角形．
④
所以AD＝BD＝
设D（1，a+b+c），又b＝﹣2a，c＝﹣3a，故D（1，﹣4a）；
列方程求解得a＝ 或a＝﹣ （舍去）
∴只有a＝ 时三角形ABD为等腰直角三角形
故 正确；
④
要使△ACB为等腰三角形，则必须保证AB＝BC＝4或AB＝AC＝4或AC＝BC，
⑤当AB＝BC＝4时，
∵AO＝1，△BOC为直角三角形，
又∵OC的长即为|c|，
∴c2＝16﹣9＝7，
∵由抛物线与y轴的交点在y轴的负半轴上，
第19页（共31页）∴c＝﹣ ，
与2a+b＝0、a﹣b+c＝0联立组成解方程组，解得a＝ ；
同理当AB＝AC＝4时
∵AO＝1，△AOC为直角三角形，
又∵OC的长即为|c|，
∴c2＝16﹣1＝15，
∵由抛物线与y轴的交点在y轴的负半轴上，
∴c＝﹣
与2a+b＝0、a﹣b+c＝0联立组成解方程组，解得a＝ ；
同理当AC＝BC时
在△AOC中，AC2＝1+c2，
在△BOC中BC2＝c2+9，
∵AC＝BC，
∴1+c2＝c2+9，此方程无解．
经解方程组可知只有两个a值满足条件．
故 错误．
综⑤上所述，正确的结论是 ．
故答案是： ． ③④
③④
【点评】本题考查了二次函数y＝ax2+bx+c的图象与系数的关系：当a＞0，抛物线开口向上；
抛物线的对称轴为直线x＝﹣ ；抛物线与y轴的交点坐标为（0，c）．
三、解答题（本题共8小题，共88分）
第20页（共31页）19．（8分）计算：（ ﹣2）0+（ ）﹣1+4cos30°﹣| ﹣ |
【考点】2C：实数的运算；6E：零指数幂；6F：负整数指数幂；T5：特殊角的三角函数值．
【专题】11：计算题．
【分析】原式第一项利用零指数幂法则计算，第二项利用负指数幂法则计算，第三项利用特殊
角的三角函数值计算，最后一项利用绝对值的代数意义化简，计算即可得到结果．
【解答】解：原式＝1+3+4× ﹣2
＝4．
【点评】此题考查了实数的运算，熟练掌握运算法则是解本题的关键．
20．（10分）先化简，再求值：（x+1﹣ ）÷ ，其中x＝2．
【考点】6D：分式的化简求值．
【专题】11：计算题．
【分析】将括号内的部分通分，再将除法转化为乘法，因式分解后约分即可化简．
【解答】解：原式＝[ ﹣ ]•
＝ •
＝ •
＝﹣ ，
当x＝2时，原式＝﹣ ＝3．
【点评】本题考查了分式的化简求值，熟悉因式分解和分式除法法则是解题的关键．
21．（10分）天山旅行社为吸引游客组团去具有喀斯特地貌特征的黄果树风景区旅游，推出了
如下收费标准（如图所示）：
第21页（共31页）某单位组织员工去具有喀斯特地貌特征的黄果树风景区旅游，共支付给旅行社旅游费用
27000元，请问该单位这次共有多少名员工去具有喀斯特地貌特征的黄果树风景区旅游？
【考点】AD：一元二次方程的应用．
【专题】12：应用题．
【分析】首先根据共支付给旅行社旅游费用27000元，确定旅游的人数的范围，然后根据每人
的旅游费用×人数＝总费用，设该单位这次共有x名员工去黄果树风景区旅游．即可由对
话框，超过25人的人数为（x﹣25）人，每人降低20元，共降低了20（x﹣25）元．实际每人
收了[1000﹣20（x﹣25）]元，列出方程求解．
【解答】解：设该单位去具有喀斯特地貌特征的黄果树旅游人数为x，则人均费用为[1000﹣20
（x﹣25）]元
由题意得 x[1000﹣20（x﹣25）]＝27000
整理得x2﹣75x+1350＝0，
解得x ＝45，x ＝30．
1 2
当x＝45时，人均旅游费用为1000﹣20（x﹣25）＝600＜700，不符合题意，应舍去．
当x＝30时，人均旅游费用为1000﹣20（x﹣25）＝900＞700，符合题意．
答：该单位这次共有30名员工去具有喀斯特地貌特征的黄果树风景区旅游．
【点评】考查了一元二次方程的应用．此类题目贴近生活，有利于培养学生应用数学解决生活
中实际问题的能力．解题关键是要读懂题目的意思，根据题目给出的条件，找出合适的等
量关系，列出方程，再求解．
22．（10分）如图，点A（m，m+1），B（m+3，m﹣1）是反比例函数 （x＞0）与一次函数y＝
ax+b的交点．求：
（1）反比例函数与一次函数的解析式；
（2）根据图象直接写出当反比例函数的函数值大于一次函数的函数值时x的取值范围．
【考点】G8：反比例函数与一次函数的交点问题．
第22页（共31页）【专题】153：代数几何综合题；41：待定系数法．
【分析】（1）根据反比例函数的特点k＝xy为定值，列出方程，求出m的值，便可求出反比例
函数的解析式；根据m的值求出A、B两点的坐标，用待定实数法便可求出一次函数的解
析式．
（2）根据函数图象可直接解答．
【解答】解：（1）由题意可知，m（m+1）＝（m+3）（m﹣1）．
解，得m＝3．（2分）
∴A（3，4），B（6，2）；
∴k＝4×3＝12，
∴ ．（3分）
∵A点坐标为（3，4），B点坐标为（6，2），
∴ ，
∴ ，
∴y＝﹣ x+6．（5分）
（2）根据图象得x的取值范围：0＜x＜3或x＞6．（7分）
【点评】此题考查的是反比例函数图象上点的坐标特点及用待定系数法求一次函数及反比例
函数的解析式，比较简单．
23．（12分）已知：如图，在△ABC中，AB＝AC，AD⊥BC，垂足为点D，AN是△ABC外角
∠CAM的平分线，CE⊥AN，垂足为点E，
（1）求证：四边形ADCE为矩形；
（2）当△ABC满足什么条件时，四边形ADCE是一个正方形？并给出证明．
第23页（共31页）【考点】KF：角平分线的性质；KH：等腰三角形的性质；LC：矩形的判定；LF：正方形的判定．
【专题】14：证明题；26：开放型．
【分析】（1）根据矩形的有三个角是直角的四边形是矩形，已知CE⊥AN，AD⊥BC，所以求证
∠DAE＝90°，可以证明四边形ADCE为矩形．
（2）根据正方形的判定，我们可以假设当AD＝ BC，由已知可得，DC＝ BC，由（1）的结论
可知四边形ADCE为矩形，所以证得，四边形ADCE为正方形．
【解答】（1）证明：在△ABC中，AB＝AC，AD⊥BC，
∴∠BAD＝∠DAC，
∵AN是△ABC外角∠CAM的平分线，
∴∠MAE＝∠CAE，
∴∠DAE＝∠DAC+∠CAE＝ 180°＝90°，
又∵AD⊥BC，CE⊥AN，
∴∠ADC＝∠CEA＝90°，
∴四边形ADCE为矩形．
（2）当△ABC满足∠BAC＝90°时，四边形ADCE是一个正方形．
理由：∵AB＝AC，
∴∠ACB＝∠B＝45°，
∵AD⊥BC，
∴∠CAD＝∠ACD＝45°，
∴DC＝AD，
∵四边形ADCE为矩形，
∴矩形ADCE是正方形．
∴当∠BAC＝90°时，四边形ADCE是一个正方形．
【点评】本题是以开放型试题，主要考查了对矩形的判定，正方形的判定，等腰三角形的性质，
及角平分线的性质等知识点的综合运用．
24．（12分）学校举办一项小制作评比活动．作品上交时限为3月1日至30日，组委会把同学
们交来的作品按时间顺序每5天组成一组，对每一组的作品件数进行统计，绘制成如图所
示的统计图．已知从左到右各矩形的高度比为2：3：4：6：4：1．第三组的件数是12．
请你回答：
第24页（共31页）（1）本次活动共有 6 0 件作品参赛；各组作品件数的众数是 1 2 件；
（2）经评比，第四组和第六组分别有10件和2件作品获奖，那么你认为这两组中哪个组获奖
率较高？为什么？
（3）小制作评比结束后，组委会决定从4件最优秀的作品A、B、C、D中选出两件进行全校展
示，请用树状图或列表法求出刚好展示作品B、D的概率．
【考点】V8：频数（率）分布直方图；W5：众数；X6：列表法与树状图法．
【专题】11：计算题；27：图表型．
【分析】（1）直接利用频数除以频率＝总数进而得出答案，再利用众的定义求出即可；
（2）利用总数乘以频率＝频数，进而分别求出获奖概率得出答案；
（3）利用树状图列举出所有可能，进而得出答案．
【解答】解：（1）由题意可得出，本次活动参赛共有：12÷ ＝12÷ ＝60（件），
各组作品件数的众数是12；
故答案为：60，12；
（2）∵第四组有作品：60× ＝18（件），
第六组有作品：60× ＝3（件），
∴第四组的获奖率为： ＝ ，第六组的获奖率为： ；
∵ ＜ ，
∴第六组的获奖率较高；
（3）画树状图如下：
第25页（共31页），
由树状图可知，所有等可能的结果为12种，其中刚好是（B，D）的有2种，
所以刚好展示作品B、D的概率为：P＝ ＝ ．
【点评】此题主要考查了频数分布直方图的应用以及众的定义以及树状图法求概率等知识，
正确画出树状图是解题关键．
25．（12分）如图，已知AB是 O的直径，BC是 O的弦，弦ED⊥AB于点F，交BC于点G，
过点C的直线与ED的延长⊙线交于点P，PC＝⊙PG．
（1）求证：PC是 O的切线；
（2）当点C在劣弧⊙AD上运动时，其他条件不变，若BG2＝BF•BO．求证：点G是BC的中点；
（3）在满足（2）的条件下，AB＝10，ED＝4 ，求BG的长．
【考点】KQ：勾股定理；M5：圆周角定理；ME：切线的判定与性质；S9：相似三角形的判定与
性质．
【专题】152：几何综合题．
【分析】（1）连OC，由ED⊥AB得到∠FBG+∠FGB＝90°，又PC＝PD，则∠1＝∠2，而∠2＝
∠FGB，∠4＝∠FBG，即可得到∠1+∠4＝90°，根据切线的判定定理即可得到结论；
（2）连OG，由BG2＝BF•BO，即BG：BO＝BF：BG，根据三角形相似的判定定理得到
△BGO∽△BFG，由其性质得到∠OGB＝∠BFG＝90°，然后根据垂径定理即可得到点G
是BC的中点；
（3）连OE，由ED⊥AB，根据垂径定理得到FE＝FD，而AB＝10，ED＝4 ，得到EF＝2 ，
OE＝5，在Rt△OEF中利用勾股定理可计算出OF，从而得到BF，然后根据BG2＝BF•BO
即可求出BG．
【解答】（1）证明：连OC，如图，
第26页（共31页）∵ED⊥AB，
∴∠FBG+∠FGB＝90°，
又∵PC＝PG，
∴∠1＝∠2，
而∠2＝∠FGB，∠4＝∠FBG，
∴∠1+∠4＝90°，即OC⊥PC，
∴PC是 O的切线；
⊙
（2）证明：连OG，如图，
∵BG2＝BF•BO，即BG：BO＝BF：BG，
而∠FBG＝∠GBO，
∴△BGO∽△BFG，
∴∠OGB＝∠BFG＝90°，
即OG⊥BG，
∴BG＝CG，即点G是BC的中点；
（3）解：连OE，如图，
∵ED⊥AB，
∴FE＝FD，
而AB＝10，ED＝4 ，
∴EF＝2 ，OE＝5，
在Rt△OEF中，OF＝ ＝ ＝1，
∴BF＝5﹣1＝4，
∵BG2＝BF•BO，
∴BG2＝BF•BO＝4×5，
∴BG＝2 ．
第27页（共31页）【点评】本题考查了切线的判定定理：过半径的外端点与半径垂直的直线是圆的切线．也考查
了垂径定理、勾股定理以及三角形相似的判定与性质．
26．（14分）如图，在平面直角坐标系中，四边形ABCD是等腰梯形，AD∥BC，AB＝DC，BC在
x轴上，点A在y轴的正半轴上，点A，D的坐标分别为A（0，2），D（2，2），AB＝2 ，连接
AC．
（1）求出直线AC的函数解析式；
（2）求过点A，C，D的抛物线的函数解析式；
（3）在抛物线上有一点P（m，n）（n＜0），过点P作PM垂直于x轴，垂足为M，连接PC，使以
点C，P，M为顶点的三角形与Rt△AOC相似，求出点P的坐标．
【考点】HF：二次函数综合题．
【专题】152：几何综合题；16：压轴题．
【分析】（1）先在Rt△ABO中，运用勾股定理求出OB＝ ＝ ＝2，
得出B（﹣2，0），再根据等腰梯形的对称性可得C点坐标为（4，0），又A（0，2），利用待定
系数法即可求出直线AC的函数解析式；
（2）设所求抛物线的解析式为y＝ax2+bx+c，将A，C，D三点的坐标代入，利用待定系数法即
可求出抛物线的函数解析式；
第28页（共31页）（3）先由点P（m，n）（n＜0）在抛物线y＝﹣ x2+ x+2上，得出m＜﹣2或m＞4，n＝﹣ m2+
m+2＜0，于是PM＝ m2﹣ m﹣2．由于∠PMC＝∠AOC＝90°，所以当Rt△PCM与
Rt△AOC相似时，有 ＝ ＝ 或 ＝ ＝2．再分两种情况进行讨论： 若m＜﹣
①
2，则MC＝4﹣m．由 ＝ ＝ ，列出方程 ＝ ，解方程求出m的值，得
到点P的坐标为（﹣4，﹣4）；由 ＝ ＝2，列出方程 ＝2，解方程求出m
的值，得到点P的坐标为（﹣10，﹣28）； 若m＞4，则MC＝m﹣4．由 ＝ ＝ 时，列
②
出方程 ＝ ，解方程求出m的值均不合题意舍去；由 ＝ ＝2，列出方
程 ＝2，解方程求出m的值，得到点P的坐标为（6，﹣4）．
【解答】解：（1）由A（0，2）知OA＝2，
在Rt△ABO中，∵∠AOB＝90°，AB＝2 ，
∴OB＝ ＝ ＝2，
∴B（﹣2，0）．
根据等腰梯形的对称性可得C点坐标为（4，0）．
设直线AC的函数解析式为y＝kx+n，
则 ，解得 ，
∴直线AC的函数解析式为y＝﹣ x+2；
第29页（共31页）（2）设过点A，C，D的抛物线的函数解析式为y＝ax2+bx+c，
则 ，解得 ，
∴y＝﹣ x2+ x+2；
（3）∵点P（m，n）（n＜0）在抛物线y＝﹣ x2+ x+2上，
∴m＜﹣2或m＞4，n＝﹣ m2+ m+2＜0，
∴PM＝ m2﹣ m﹣2．
∵Rt△PCM与Rt△AOC相似，
∴ ＝ ＝ 或 ＝ ＝2．
若m＜﹣2，则MC＝4﹣m．
①
当 ＝ ＝ 时， ＝ ，
解得m ＝﹣4，m ＝4（不合题意舍去），
1 2
此时点P的坐标为（﹣4，﹣4）；
当 ＝ ＝2时， ＝2，
解得m ＝﹣10，m ＝4（不合题意舍去），
1 2
此时点P的坐标为（﹣10，﹣28）；
若m＞4，则MC＝m﹣4．
②
当 ＝ ＝ 时， ＝ ，
解得m ＝4，m ＝0，均不合题意舍去；
1 2
第30页（共31页）当 ＝ ＝2时， ＝2，
解得m ＝6，m ＝4（不合题意舍去），
1 2
此时点P的坐标为（6，﹣4）；
综上所述，所求点P的坐标为（﹣4，﹣4）或（﹣10，﹣28）或（6，﹣4）．
【点评】本题是二次函数的综合题型，其中涉及到的知识点有利用待定系数法求一次函数、二
次函数的解析式，勾股定理，等腰梯形的性质，相似三角形的性质，难度适中．利用分类讨
论、数形结合及方程思想是解题的关键．
第31页（共31页）
