文档内容
初中物理
2023年广东广州荔湾区中考一模
物理试卷
新东方教育科技集团2023年广东广州荔湾区中考一模物理
试卷
一、选择题（每题3分，共30分，每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题意）
1 单选题
下列关于估测初三学生的数据，符合实际的是( )
A. 身高为165dm
B. 游泳时受到的浮力约为600N
C. 站立时对地面的压强约为500Pa
D. 100m短跑成绩为5.1s
答案
B
解析
A、初三学生的身高约为165cm=16.5dm，故 A 不符合实际；
B、初三学生的重力约为600N，游泳时学生近似处于漂浮状态，则受到水的浮力等于人的重
力，约为600N，故 B 符合实际；
C、初三学生站立时对地面的压力等于自身的重力，约为600N，受力面积约为
F 600N
400cm2 =0.04m2，对地面的压强约为p= = =1.5×104Pa，故 C 不符合实际；
S 0.04m2
D、初三学生100m短跑的成绩约为15s，故 D 不符合实际。
故选：B。
2 单选题
编钟是我国的瑰宝。小昕用力分别敲击甲、乙两个不同的编钟后，并用同一个监测器测得它们发出
的声音特性如表，下列说法中正确的是( )
编钟 声音强弱的等级/dB 频率/Hz
甲 50 423
乙 100 207
A. 乙编钟每秒内振动的次数较少
B. 甲、乙两编钟音色相同
C. 乙编钟的音调高
D. 甲编钟振动慢
1/21答案
A
解析
ACD、根据表格中的数据可知，乙编钟的振动频率小，乙振动的慢，甲振动的快，乙的音调
低，乙编钟每秒内振动的次数较少，故 A 正确、CD 错误；
B、两个不同的编钟发出的声音的音色是不同的，故 B 错误。
故选：A。
3 单选题
如图，一个强磁铁在铜管内沿竖直方向匀速下落（与铜管无接触且忽略空气阻力）。在此过程中，
能正确描述强磁铁物理量变化的是( )
A.
B.
C.
2/21D.
答案
D
解析
一个强磁铁在铜管内沿竖直方向匀速下落，质量不变，速度不变，动能不变；高度下降，重
力势能变小，且减小量与下落高度成正比，与下落时间成正比；
A、机械能等于动能和重力势能的总和，机械能随离地高度的减小而减小，而图中表示机械能
不变，故 A 错误；
B、质量一定时，重力势能与离地高度成正比，而图中表示重力势能与离地高度成正比，故 B
错误；
C、物体做匀速直线运动，运动路程与运动时间成正比，而图中表示物体静止，故 C 错误；
D、物体匀速下落，重力势能与运动时间成反比，故 D 正确。
故选：D。
4 单选题
如图中，某新能源汽车配置了北斗卫星导航系统和太阳能穹顶，则下列说法正确的是( )
A. 太阳能是一次能源，太阳内部发生的是核聚变
B. 穹顶将太阳能直接转化为机械能
C. 太阳光在空气中的速度约340m/s
D. 导航系统利用超声波接收卫星信号
答案
A
解析
A、太阳能是一次能源，太阳内部进行的是核聚变反应，故 A 正确；
B、穹顶将太阳能转化为电能储存起来，使用时再转化成机械能，故 B 错误；
3/21C、太阳光在空气中的速度约3×108m/s，故 C 错误；
D、导航系统利用电磁波接收卫星信号，故 D 错误。
故选：A。
5 单选题
放在通电螺线管旁边的通电导线受力情况如图所示( “⋅”表示电流方向垂直纸面向外，“×”表示电流
方向垂直纸面向里)，则下列选项中，通电导线受力情况符合实际的是( )
A.
B.
C.
D.
答案
D
解析
由题图可知通电导线中电流方向垂直纸面向里时，在S极附近受力的方向水平向上，
A、相对于题图，通电导线中电流方向不变，根据安培定则可知，通电螺线管左侧为S极，通
4/21电导体受力方向应变为向下，故 A 错误；
B、相对于题图，通电导线中电流方向不变，根据安培定则可知，通电螺线管右侧为S极，通
电导体受力方向不改变，为竖直向上，故 B 错误；
C、相对于题图，通电导线中电流方向变为垂直纸面向外，根据安培定则可知，通电螺线管左
侧为N极，通电导线中电流方向和通电螺线管磁极同时改变，通电导线在磁场中的位置改
变，故通电导线受力方向改变，为竖直向下，故 C 错误；
D、相对于题图，通电导线中电流方向变为垂直纸面向外，根据安培定则可知，通电螺线管右
侧为N极，通电导线中电流方向和通电螺线管磁极同时改变，通电导线的位置没有改变，故
通电导体受力方向不变，为竖直向上，故 D 正确。
故选：D。
6 单选题
小昕在测量机械效率的实验时，分别用甲、乙、丙三种机械将重为1N的物体匀速提升0.2m，记录
它们所做的总功如图所示，则( )
A. 甲的机械效率高于乙
B. 乙的额外功大于甲
C. 丙的数据是错误的
D. 甲的有用功小于乙
答案
C
解析
A、从图示可知，甲的总功最多，而机械效率是有用功与总功之比，因为有用功相同，故甲的
机械效率低，故 A 错误；
B、从图示可知，甲的总功最多，有用功相同，故乙的额外功小于甲，故 B 错误；
C、丙的有用功为W =Gh=1N ×02m=0.2J，有用功总是小于总功，故丙的数据错误，
有
故 C 正确。
D、甲的有用功等于乙，故 D 错误。
故选：C。
7 单选题
某养生壶有大、小功率挡，小昕用小功率挡加热一定质量的水，水的温度−时间变化图象如图所
示；若改用大功率挡加热初温与质量均相同的水，温度−时间变化图象可能为( )
5/21A.
B.
C.
D.
答案
C
解析
由图可知水的初温为25∘C，水沸腾时的温度为98∘C，用小功率挡加热6min水开始沸腾，水沸
腾后温度不变，根据Q=W =Pt可知改用大功率挡加热相同时间内电流产生的热量变大，水
的初温、质量、沸点不变，水开始沸腾的时间会小于6min，故 C 正确。
故选：C。
8 单选题
小昕看到工作人员正在将船上的石块向人工湖中填，她想：船上的石块填入湖中前后，水面高度会
变化吗？于是她进行了探究：首先，她将石块b放在不吸水的木块a上，如图所示；然后将石块b拿
出，用体积忽略不计的细线系住，让石块b沉入水底，则水面高度( )
6/21A. 下降
B. 上升
C. 不变
D. 无法判断
答案
A
解析
如图，将石块b放在木块a上，它们处于漂浮状态，则F (a+b)=G +G ，
浮 a b
让石块b沉入水底，a漂浮，F =G ，b沉底，F F +F ，
浮a a 浮b b 浮 浮a 浮b
由阿基米德原理F =ρ V g可知，将石块b用细线系住轻轻放水底后，a、b排开水的体积比
浮 水 排
原来变小了，则水面高度将下降，故 A 正确、BCD 错误。
故选：A。
9 单选题
如图 1 所示，分别用水平拉力F 、F 拉物体甲、乙，使甲、乙在水平面上做直线运动，如图 2 是
1 2
F 、F 所做的功−路程图象，如图 3 是物体甲、乙的路程−时间图象，甲、乙所受的摩擦力分别为
1 2
f 、f ，F 、F 所做的功率是P 、P ，则下列说法正确的是( )
甲 乙 1 2 甲 乙
A. F =F
1 2
B. v P
甲 乙
答案
D
7/21解析
A、由图2可知，当拉力移动的距离相同时，拉力F 做的功多，如下图所示：
1
由W =Fs可知，水平拉力的大小关系为F >F ，故 A 错误；
1 2
B、由图 3 可知，两物体的s−t图象均为过原点的一条直线，即两物体运动路程与时间成正
比，因此两物体均做匀速直线运动，当两物体的时间相同，甲运动的路程大，如下图所示：
s
由v= 可知，两物体的速度关系为v >v ，故 B 错误；
t 甲 乙
C、因为两物体都做匀速直线运动，所以，由二力平衡条件可知，甲所受的摩擦力为f =F
甲 1
，乙所受的摩擦力为f =F ，由 A 可知，F >F ，因此甲、乙所受摩擦力的大小关系为
乙 2 1 2
f >f ，故 C 错误；
甲 乙
W Fs
D、因为F >F ，v >v ，所以，由P = = =Fv可知，F 、F 所做功率的大小关
1 2 甲 乙 t t 1 2
系为P >P ，故 D 正确。
甲 乙
故选：D。
10 单选题
小昕按照图 1 电路图连接电路后，闭合开关，发现电压表与电流表的示数如图 2 所示；调节滑动变
阻器后，电压表和电流表的示数如图 3 所示，则( )
8/21A. R的功率变大
B. R′功率变大
C. 滑动变阻器的阻值变大
D. R和R′的总功率变小
答案
B
解析
闭合开关，滑动变阻器和定值电阻并联接入电路，电流表A 测通过定值电阻的电流，电流表
1
A 测干路电流；因并联电路各支路两端的电压相等，所以电压表测并联电路两端的电压；
2
由图 2 可知，电压表选用的是小量程，分度值为0.1V，两个电流表选用的都是小量程，分度
值为0.02A，则调节滑动变阻器前，并联电路两端的电压U =2V，通过R的电流I =0.2A，
1
干路电流I =0.4A；
2
由并联电路的电流特点可知，通过滑动变阻器的电流I =I −I =0.4A−0.2A=0.2A，R
滑 2 1
和R′的总功率：P =UI =2V ×0.4A=0.8W；
2
由图 3 可知，调节滑动变阻器后，并联电路两端的电压U′ =1.8V，通过R的电流I′ =0.18A
1
，干路电流I′ =0.48A，通过滑动变阻器的电流I ′ =I ′−I ′ =0.48A−0.18A=0.3A，比
2 滑 2 1
较可知U′ I ，则调节滑动变阻器后，滑动变阻器两端的电压变小，通过滑动变
滑 滑
阻器的电流变大，根据欧姆定律可知滑动变阻器接入电路的阻值变小，故 C 错误；
9/21比较可知R两端的电压变小，通过R的电流变小，根据P =UI可知R的功率变小，故 A 错
误；
调节滑动变阻器后R和R′的总功率：P′ =U′I′ =1.8V ×0.48A=0.864W，比较可知R和R′
2
的总功率变大，故 D 错误；
因P =P +P ，且R和R′的总功率变大，R的功率变小，所以R′的功率变大，故 B 正确。
总 R R′
故选：B。
二、解答题（共10小题，满分0分）
11 作图题
如图 1 所示，小昕在平静的荔枝湾涌边看到“鱼在花中游”， A、B分别代表岸上一朵花、水中一条
鱼，请在图 2 中作出小昕看到水中的“花”和“鱼”的位置(A、B的像在同一点，用C表示），并完成
光路图。
答案
解析
先画出花A关于水面的对称点A′，即为花的像位置。连接A′C，与水面交于点O，连接AO即
为入射光线，OD为反射光线；
看到水中的鱼与花在水中的像重合，说明花和鱼处光线的入射点都在O点，连接BO即为水中
的入射光线，OD为折射光线，人眼逆着折射光线看上去，看到了水中的鱼与“花”在同一条直
线上。如图所示：
10/2112 实验题
如图所示，物体MN放在凸透镜前，0cm处为凸透镜的光心。
(1) 画出光线a经过凸透镜后的光路图；
画出光线b经过凸透镜后的光路图；
(2) 物体MN经凸透镜成的像M′N′相对于物体是 （选填“放大”“等大”或“缩小”)
（选填“正立”或“倒立”)的。
答案
(1)
(2) 放大 ；倒立
解析
(1) 过凸透镜光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变，据此画出光线a经光心后的光线，a
的折射光线与另一条折射光线的相交点为M的像M′；
光线b经过凸透镜后会经过M′，如图所示：
(2) 由图知，物距u=5.0cm，f =3cm，2f >u>f，由凸透镜成像规律可知此时成倒立放大
11/21的实像，即物体MN经凸透镜成的像相对于物是放大、倒立的。
13 作图题
图甲是 8 人赛艇的情景，图乙中F 为水对船桨的作用力，O为支点，请在图乙中画出F 对应的力臂
2 2
l ，以及运动员对桨A点施加的最小力F 和对应的力臂l 。
2 1 1
答案
解析
从支点O作力F 作用线的垂线段，即可做出力臂l ，
2 2
由杠杆平衡条件F l =F l 可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；
1 1 2 2
图中支点在O点，因此OA作为动力臂最长，由杠杆使用情况可知动力的方向应该向下，过A
点垂直于OA向下做出最小力的示意图。如下图所示：
14 作图题
如图为冰箱工作时部分电路示意图。冰箱内照明灯由开关S 控制，压缩机M由开关S 控制。根据
1 2
题意，将图中的电路连接完整，并符合安全用电原则。
12/21答案
解析
冰箱内照明灯和压缩机可以独立工作，所以是并联的，冰箱内照明灯由开关S 控制，压缩机
1
M由开关S 控制；为了用电的安全，开关应该接在火线与用电器之间；冰箱有金属外壳，其
2
外壳要接地，如图所示：
15 实验题
由相同材料制成的M、N两固态实心物体，M、N的质量分别为0.3kg、0.1kg；物体M的温度与其
吸收的热量关系如图甲所示（不考虑热量散失），则：
13/21(1) 若物体N吸收的热量为2.64×103J（未发生物态变化），则它的温度升高了 ∘C；
(2) 物体M的比热容为 J/(kg⋅∘C)；
(3) 请写出物体M在BC段温度不变的原因 ；
(4) 图乙（ a ）为装有200mL水的量筒，将物体N放入该量筒后，如图乙（ b ）所示；若在图乙
（ a）中放入的物体为M（能浸没），请在图乙（ c ）中画出水面的位置。
答案
(1) 30
(2) 0.88×103
(3) 物体M在BC段处于熔化过程中
(4)
解析
(1) 由图甲可知，物体M吸收的热量为2.64×103J时，升高的温度为
△t =40∘C−30∘C=10∘C，
M
已知M、N两固态实心物体是由相同材料制成的，所以M、N的比热容相同，M、N的质
量分别为0.3kg、0.1kg，即M的质量是N的质量的 3 倍，由Q =cm△t可知，吸收相同的
吸
热量时，N升高的温度应该是M升高温度的 3 倍，所以物体N吸收的热量为2.64×103J
时，它的温度升高了10∘C×3=30∘C
(2) 已知M的质量为0.3kg，物体M吸收的热量为2.64×103J时，升高的温度为△t =10∘C，
M
14/21Q 2.64×103J
则M的比热容为：c = 吸 = =0.88×103J/(kg⋅)
M
m
M
△t
M
0.3kg×10
(3) 物体M在BC段温度不变的原因是物体M在BC段处于熔化过程中，吸收热量，温度保持不
变，说明物体M是晶体
(4) 已知M、N两固态实心物体是由相同材料制成的，所以M、N的密度相同，M、N的质量
m
分别为0.3kg、0.1kg，根据ρ= 可知，V =3V ；
V M N
由图乙中的a、b可知，量筒的分度值是10mL，原来量筒中水的体积是200mL，放入N后，
水面对应的刻度是250mL，即物体N的体积为
V =V =250mL−200mL=50mL=50cm3，
N 排N
则物体M的体积V =3V =3×50cm3 =150cm3，将M放入水中，M排开水的体积
M N
V =V =150cm3 =150mL，水面对应的刻度应为200mL+150mL=350mL，如下
排M M
图：
16 实验题
完成下列试题
(1) 小昕用力斜向右上方抛出一个小球。小球离手后运动轨迹如图 1 所示，它在落回地面过程
中，先后经过M、N和S三点，其中M、S两点的能量如图 2 所示。则M、S两点位置关系可能是
(选填“甲”“乙”“丙”或“丁”)，N点机械能大小可能是 J；小球到最高点时，若所受
的力全部消失，则小球将 （选填“静止”“匀速直线运动”或“曲线运动”)。
(2) 在南方大讲堂录制现场，林老师做了“帕斯卡裂桶”实验。该实验的现象令人十分震撼，激发
了学生强烈的好奇心和探究欲。他首先准备了一个封闭的长方体玻璃缸，缸的上端留有一个小孔
（缸的一个侧面为普通玻璃，其余五个面为厚壁亚克力板）。林老师将缸放在地上，装满水，把
一根长细管从二楼垂下，将管的下端牢牢插在小孔中，再到二楼，用杯子向细管内注水约300mL
，当水面升到离缸顶约3m高时，玻璃板爆裂，水喷射出来，如图 3 乙所示。这个实验说明了液
体内部压强大小与液体的 有关，若管中的水面距桶底的竖直距离为3.5m时，水对木桶底
15/21的压强为 Pa(ρ =1.0×103kg/m3，g=10N/kg)。如果林老师想缩短长细管中的水面距
水
地面的高度，又能使桶被压裂，可以采取什么方式？ ；此外他还组织学生进行“吹水”比
赛，如图 3 丙所示，学生向A管吹气，B管中的水面上升，原因是 。
答案
(1) 甲、乙 ；1−1.2 ；匀速直线运动
(2) 深度 ；3.5×104 ；增大液体的密度 ；B管上方的空气流速大，压强小
解析
(1) 由图 2 可知M点的动能E =0.4J，重力势能E =0.8J，则M点的机械能
Mk Mp
E =E +E =0.4J +0.8J =1.2J，S点的动能E =0.6J，重力势能E =0.4J，
M Mk Mp Sk Sp
则S点的机械能E =E +E =0.6J +0.4J =1J，因为E >E ，所以M点的高度
S Sk Sp Mp Sp
大于S点的高度，即M在上S在下，又因为E >E ，由于小球在运动过程中受到空气阻力
M S
作用，机械能越来越小，所以先经过M点再经过S点，故M、S两点位置关系可能是甲、
乙；因为N点在M和S点之间，所以N点的机械能可能为1−1.2J之间；由牛顿第一定律可
知，物体在不受力的时候，小球将做匀速直线运动。
(2) 由题中实验并结合液体压强的特点可知，液体内部压强大小与液体的深度有关；此时水对
桶底的压强p=ρ gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×3.5m=3.5×104Pa；根据压强公式
水
p=ρgh可知，如果减小h，则要增大液体的密度，才能达到相同的效果；向A管吹气，B管
中的水面上升，原因是B管上方的空气流速大，压强小，烧杯内的水在大气压作用下沿B管
上升。
17 解答题
利用如图甲所示消防车的升降台可以运送消防员至高空作业，升降台在5s内将质量为60kg的消防员
（含设备）从A点匀速提升到B点后，在B点静止。AB长为10m，与水平方向夹角为30∘。
(g=10N/kg)
16/21(1) 画出消防员在AB段受力的示意图（用⋅代替消防员）
(2) 求出升降台对消防员的支持力；
(3) 求出AB段升降台对消防员的支持力做功的功率；
(4) 若消防员鞋底总面积400cm2，求他在B点静止时对升降台的压强。
答案
(1)
(2) 600N
(3) 600W
(4) 1.5×104Pa
解析
(1) 将消防员从A点匀速提升到B点的过程中，消防员处于平衡状态，且消防员受到竖直向下的
重力和升降台对他竖直向上的支持力，由二力平衡条件可知这两个力的大小相等，如图所
示：
(2) 消防员的重力：G=mg=60kg×10N/kg=600N，
因为消防员从A点匀速提升到B点，处于平衡状态，
所以由二力平衡条件可知，升降台对消防员的支持力：F =G=600N
17/21答：升降台对消防员的支持力为600N。
1 1
(3) 由数学知识可知，消防员上升的高度：h= L = ×10m=5m，AB段升降台对消防
AB
2 2
员的支持力做的功：W =Fh=600N ×5m=3000J，支持力做功的功率：
W 3000J
P = = =600W
t 5s
答：AB段升降台对消防员的支持力做功的功率为600W。
(4) 消防员对水平升降台的压力：F =G=600N，
压
F 600N
他在B点静止时对升降台的压强：p= 压 = =1.5×104Pa
S 400×10−4m2
答：消防员在B点静止时对升降台的压强为1.5×104Pa。
18 解答题
图甲是某电热水壶，内部电路简化图如图乙所示，小昕将初温为20∘C、质量为1.5kg的水倒入电热
水壶，仅把该电热水壶接入220V家庭电路中，加热5min后水温升高到60∘C，电能表指示灯闪烁了
160 次，如图丙所示。[不考虑温度对电热丝电阻的影响，[c =4.2×103J/(kg⋅∘C )]
水
(1) 当开关S接 （选填“a”或“b” )时，电热水壶处于加热状态，请写出判断的依据
。
(2) 求电热水壶的实际电功率。
(3) 求电热水壶本次烧水的效率。
答案
(1) a ；
U2
当开关S接a时，只有R 工作，电路中的电阻最小，由P = 可知，电路中的总功率最
1 R
大，电热水壶处于加热状态
(2) 1200W
(3) 70%
解析
(1) 由图乙可知，当开关S接a时，只有R 工作，当开关S接b时，R 、R 串联；
1 1 2
根据串联电路的电阻特点可知，当开关S接a时，只有R 工作，电路中的电阻最小，由
1
U2
P = 可知，电路中的总功率最大，电热水壶处于加热状态
R
(2) 1600imp/kW ⋅h表示电路中用电器每消耗1kW ⋅h电能，电能表的指示灯闪烁 1600 次；
18/21则电能表指示灯闪烁 160 次，电热水壶消耗的电能：
160imp
W = =0.1kW ⋅h=3.6×105J，
1600imp/kW ⋅h
W 3.6×105J
电热水壶的实际功率：P = = =1200W
t 5×60s
答：电热水壶的实际电功率为1200W。
(3) 水吸收的热量：
Q =c m(t′−t )=4.2×103J/(kg⋅∘C )×1.5kg×(60∘C −20∘C )=2.52×105J，
吸 水 0
Q 2.52×105J
电热水壶的烧水效率：η= 吸 ×100%= ×100%=70%。
W 3.6×105J
答：电热水壶本次烧水的效率为70%。
19 实验题
小昕在“探究电流与电阻关系”的实验时：
(1) 根据图甲的实物图，请在答题卡的方框中画出对应的电路图；
(2) 小昕连接完实物图后，闭合开关，发现电压表、电流表示数均为零，她列出了以下原因，其
中不可能的原因是 ( )；
A. 电阻短路
B. 电阻断路
C. 滑动变阻器短路
D. 滑动变阻器断路
(3) 排除故障后，闭合开关前应将滑动变阻器滑片移至最大阻值处，开始实验。小昕根据测得的
实验数据绘制出电流I随电阻R的变化图象，如乙图所示，其中阴影面积的物理意义 ，其
数值为 ；
(4) 在某次实验中，电流表读数为0.3A，根据图乙可知电阻为 Ω；如果将电阻更换成15Ω
，闭合开关，应将滑片向 （选填“左”或“右”)端移动。若实验过程中，电源电压保持4.5V
不变，实验中R的阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω和25Ω，则滑动变阻器的最大阻值至少是
Ω。
答案
19/21(1)
(2) ABC
(3) 定值电阻两端的电压 ；3V
(4) 10 ；左 ； 12.5
解析
(1) 根据实物电路知，从电源的正极依次连接开关、电阻、电流表、滑动变阻器，最后回到电
源的负极。电压表与电阻并联，电路图如下图所示：
(2) 闭合开关，发现电压表、电流表示数均为零；
A、若电阻短路，电路是通路，电流表有示数，电压表无示数，故 A 不可能；
B、若电阻断路，电流表无示数，电压表有示数，故 B 不可能；
C、若滑动变阻器短路，电压表、电流表均有示数，故 C 不可能；
D、若滑动变阻器断路，电压表、电流表均无示数，故 D 可能；
故选：ABC
(3) 根据I −R图象可知，图中阴影面积为长方形的面积，其面积等于IR，由欧姆定律得
U =IR，阴影面积表示的物理量是电阻两端的电压，其数值为
U =IR=0.2A×15Ω=3V；
V
(4) 由图乙可知，当电流表读数为0.3A时，电阻的阻值为10Ω；
实验中，当把10Ω的电阻换成15Ω的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，研究电
流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大滑动变阻器两端的电
压，由分压原理，要增大滑动变阻器电阻阻值，故应把滑动变阻器滑片向左端移动；
实验中使用的定值电阻阻值最大为25Ω，定值电阻两端的电压始终保持U =3V，根据串联
V
电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：U =U −U =4.5V −3V =1.5V，滑动变阻
滑 V
1.5V
器分得的电压为电压表示数的 =0.5倍，根据分压原理，当接入25Ω电阻时，滑动变
3V
阻器连入电路中的电阻为：R =0.5×25Ω=12.5Ω，即所选择的滑动变阻器的最大阻值
滑
不能小于12.5Ω。
20 实验题
如图所示，现代建筑选用的新材料越来越注重节能保温。为了比较厚度相同的塑料、纸、泡沫这些
材料的隔热性能，小昕开展了以下探究：
20/21(1) 实验器材：塑料、纸、泡沫、烧杯、热水、 （请补充器材）
(2) 实验步骤： 。
(3) 结论分析： 。
答案
(1) 停表、温度计、烧瓶、天平
(2) 见解析
(3) 见解析
解析
(1) 实验器材：塑料、纸、泡沫、烧杯、热水、停表、温度计、烧瓶、天平（带砝码）。
(2) 实验步骤：用塑料、纸、泡沫这三种材料分别包着装有相等质量、相同初温热水的密闭烧
瓶，让它们自然冷却，利用温度计和停表定时测量两烧瓶中的水温随时间变化的情况。
(3) 结论分析：相同时间内，发现用泡沫包着的密闭烧瓶内水降低的温度较少，说明泡沫材料
的隔热性能最好。
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