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2022 届高三化学二轮复习海洋化学资源的综合利用必刷卷
一、选择题（共17题）
1．下列说法不正确的是
A．二氧化硫可以使石蕊试液褪色
B．利用工业废气中的 制造全降解塑料，符合绿色环保要求
C．氧化镁熔点高，是一种优良的耐火材料
D．疫苗一般应冷藏存放，以避免蛋白质变性导致失效
2．下列有关金属的说法中不正确的是( )
A．钠是一种强还原剂，可以把钛、锆、铌等从其熔融盐中置换出来
B．镁燃烧发出耀眼的白光，常用于制造信号弹和烟火
C．铜能与氯化铁溶液反应，该反应可以用于印刷电路板的制作
D．铁能与硫酸发生反应，不能用铁制容器贮存浓硫酸
3．下列变化过程中，没有发生化学变化的是
A．铝的钝化 B．光合作用 C．碘的升华 D．海水提溴
4．下列海洋资源中，属于可再生资源的是
A．海洋潮汐能 B．海底多金属结核矿C．海滨砂矿 D．海水化学资源
5．从海带中提取碘单质，成熟的工艺流程如下。下列关于海带制碘的说法不正确的是
A．实验室也可以用酒精代替CCl 萃取碘水中的I
4 2
B．向滤液中加入稀硫酸和双氧水发生的反应是2H++H O+2I-=2H O+I
2 2 2 2
C．向碘水中加入几滴淀粉溶液，溶液变蓝色
D．实验室剪碎干海带用酒精湿润，放在坩埚中灼烧至完全变成灰烬
6．下列说法正确的有项：
（1）柠檬属于酸性食物（2）日照香炉生紫烟——碘的升华（3）若存在简单离子R2-，则R一定属于VIA
族（4）青石棉（化学式为NaFe Si O （OH）），是一种硅酸盐产品，它含有一定量的石英晶体（5）
2 5 8 22 2
“海沙危楼”是由于海沙带有腐蚀性，壶腐蚀混凝土中的钢筋等（6）用带橡皮塞的棕色试剂瓶存放浓HNO
3
A．2项
B．3项
C．4项
D．5项
7．从海水中提取下列物质，可以不涉及到化学变化的是（ ）
A．Mg B．NaCl C．Br D．K
2
8．NaCl是一种化工原料，可以制备一系列物质(如下图)。下列说法正确的是
A．25 ℃，NaHCO 在水中的溶解度比NaCO 的大
3 2 3
B．石灰乳与Cl 的反应中，Cl 既是氧化剂，又是还原剂
2 2
C．电解NaCl溶液的阳极产物为H 和NaOH
2
D．图中所示转化反应都是氧化还原反应
9．许多国家十分重视海水资源的综合利用，不需要化学变化就能够从海水中获得的物质是
A．氯、溴、碘 B．钠、镁、铝 C．烧碱、氢气 D．食盐、淡水
10．实验室用有机含碘 主要以I 和IO -的形式存在 废水制备单质碘的实验流程如下：
2 3
已知：Ⅰ.碘的熔点为113℃，但固态的碘可以不经过熔化直接升华；
Ⅱ.粗碘中含有少量的硫酸钠杂质。
下列说法正确的是（ ）
A．操作②中发生反应的离子方程式为IO -+3SO2-=I-+3SO2-
3 3 4
B．操作①和③中的有机相从分液漏斗上端倒出
C．操作④为过滤
D．操作⑤可用如图所示的水浴装置进行11．“空气吹出法”海水提溴的工艺流程如图：
下列说法中，不正确的是（ ）
A．海水提溴发生的所有反应均为氧化还原反应
B．每提取1mol溴，理论上消耗氯气44.8升
C．经过吸收塔后，溴元素得到了富集
D．蒸馏塔中还发生了化学变化
12．海水中含有丰富的化学资源，可从中提取多种化工原料。某工厂对海水资源综合开发利用的部分工艺
流程如图所示。下列说法不正确的是
A．步骤①可先依次加入过量 BaCl 、NaCO 和 NaOH 溶液，过滤后再加入盐酸调节 pH
2 2 3
B．步骤②发生的反应是氯碱工业的主要反应
C．步骤③通入 Cl 可制得 Br ，说明 Cl 的氧化性大于 Br
2 2 2 2
D．工业上可通过电解 MgCl 溶液的方法获得镁单质
2
13．含碘食盐中的碘是以碘酸钾 形式存在的。已知在酸性溶液中 和 发生下列反应。现有下列物质①稀硫酸；② 试纸；③淀粉碘化钾溶液；④淀粉溶液。利
用上述反应，可用来检验含碘食盐中含有 的是
A．②④ B．①③ C．②③ D．①④
14．MgO，MgSO 和MgHPO 组成的混合物中镁元素的质量分数为33%，则混合物中氧元素的质量分数为
4 4
（ ）
A．16% B．32% C．49% D．55%
15．下列说法不正确的是
A．将氯化镁晶体在一定条件下加热生成无水氯化镁，再电解得到金属镁
B．在浓氨水的作用下，加热甲醛和苯酚，反应得到酚醛树脂
C．铝土矿制备铝的过程中需要用到 溶液和
D．工业上，往海水晒盐的母液中通入氯气，再用有机溶剂萃取，以获得溴单质
16．我国西部地区有丰富的盐湖资源，对盐湖矿产资源的综合开发利用是西部大开发的重要课题之一
．
I.某研究性学习小组拟取盐湖苦卤的浓缩液 富含 、 、 、 、 等 ，来制取较纯净的氯化
钾晶体及液溴，他们设计了如下流程：
某同学提出了另一种新方案，对上述操作①后无色溶液进行除杂提纯，无色溶液中先加试剂 A，再加
试剂 B，最后加试剂 常见的盐 ，其方案如下：下列说法不正确的是
A．要从橙红色液体中分离出单质溴，可采取的操作是蒸馏
B．操作 为过滤，主要目的是为了除去
C．试剂C为 ，固体D主要为 ，还有少量的
D．若在操作 结束后发现溶液略有浑浊，应采取的措施是更换滤纸，重新过滤
17．根据下列实验操作和现象所得到的结论正确的是（ ）
选
实验操作和现象 结论
项
向酸性含碘废水中加入淀粉溶液，然后滴入
A 该废水中可能含IO -
少量NaSO 溶液，废水立刻变蓝色 3
2 3
向蛋白质溶液中滴加饱和CuSO 溶液，有固 蛋白质的结构没有变化，但失
B 4
体析出，再加水固体不溶解 去生物活性
向1-溴丙烷中加入KOH溶液，加热并充分振
C 荡，然后取少量液体滴入AgNO 溶液，出现 1-溴丙烷中混有杂质
3
棕黑色沉淀
将乙醇与浓硫酸混合溶液加热，产生的气体
D 直接通入酸性KMnO 溶液，溶液紫色逐渐褪 产生的气体一定是乙烯
4
去
A．A B．B C．C D．D
二、综合题（共6题）
18．把10.2g镁铝合金的粉末放入过量的烧碱中，得到6.72L标准状况下的H，回答下列问题：
2
(1)写出铝与烧碱的反应的离子方程式_______
(2)列式计算：
①该合金中铝的质量_____。
②该合金溶于足量的盐酸溶液中，产生H 的体积____(标准状况下)。
219．铝土矿的主要成分是Al O，含有杂质SiO、Fe O、MgO。工业上从铝土矿中提取铝可采用如图所示
2 3 2 2 3
工艺流程：
请回答下列问题：
(1)图中涉及分离溶液与沉淀的实验方法是________(填操作名称)，需要用到的玻璃仪器 ________、
________、 ________。
(2)沉淀B的成分是__________(填化学式，下同)，沉淀C的成分是 _______________、
________________。
(3)写出生成溶液D的离子方程式_______________________。
(4)沉淀F转化为物质M的化学方程式为_____________；溶液D中通入过量CO 生成沉淀F的离子方程式
2
为______________。
20．某废液中含有 大量 的K+、Cl-、Br-，还有少量的Ca2+、Mg2+、SO 2-。某研究性学习小组利用这种废
4
液来制取较纯净的氯化钾晶体及液溴，(Br 常温下是深红棕色液体），设计了如下的流程图：
2
可供选择的试剂：饱和NaCO 溶液、饱和KCO 溶液、KOH溶液、BaCl 溶液、Ba(NO ) 溶液、HO 溶液
2 3 2 3 2 3 2 2 2
(H+)、KMnO 溶液(H+)、盐酸。请根据流程图回答相关问题 ：
4
(1)若试剂a为HO 溶液(H+)，已知HO+2KBr+2HCl=Br +2H O+2KCl，
2 2 2 2 2 2
①发生反应的离子方程式为：___________。
②每消耗0.2mol H O，反应转移的电子数为_______mol。
2 2③还原剂和还原产物的物质的量之比是_____________。
(2)操作①②③④⑤对应的名称分别是：萃取、_________、蒸馏、过滤、__________。蒸馏过程用到下图
装置的名称是A____________ B____________。
(3)为了除去无色液体中的Ca2+、Mg2+、SO 2-，从可供选则试剂中选择试剂b所代表的物质，按照滴加的顺
4
序依次是_______、_________、_________(填化学式)。
(4)调节pH=7是为了除去杂质离子_______和________,以提高氯化钾晶体的纯度。
21．海水是可以综合利用的。从海水中提取食盐和溴的过程如下：
（1）请写出一种海水淡化的方法：__。
（2）步骤Ⅰ获取Br 的离子方程式为___。
2
（3）步骤Ⅱ用SO 水溶液吸收Br ，使溴蒸气转化为氢溴酸以达到富集的目的。其反应的化学方程式为Br
2 2 2
＋SO ＋2HO=HSO ＋2HBr，在该反应中，氧化剂是__(填化学式)。若反应中生成2molHBr，则消耗
2 2 2 4
___molSO 。
2
（4）根据上述反应判断SO 、Cl、Br 三种物质氧化性由强到弱的顺序是__。
2 2 2
22．资料显示“O 的氧化性随溶液pH的增大逐渐减弱”。某兴趣小组探究不同条件下KI与O 的反应．
2 2
实验如下。
装置 烧杯中的液体 现象（5分钟后）
①2 mL1 mol/LKI溶液+5滴淀粉 无明显变化②2 mL1 mol/LKI溶液+5滴淀粉+2 mL0.2 mol/L HCl 溶液变蓝
③2 mL1 mol/LKI溶液+5滴淀粉+2 mL0.2 mol/L KCl 无明显变化
④2 mL1 mol/LKI溶液+5滴淀粉+2 mL0.2 mol/L 溶液变蓝，颜色较②
CHCOOH 浅
3
（1）实验②中生成I 的离子方程式是___________。
2
（2）实验③的目的是_________________________________________________________________。
（3）实验④比②溶液颜色浅的原因是________。
（4）为进一步探究KI与O 的反应，用上表中的装置继续进行实验：
2
现象（5小时
烧杯中的液体
后）
⑤2 mLpH=8.5混有KOH的1mol/L KI溶液+5滴淀
溶液才略变蓝
粉
⑥2 mLpH=10混有KOH的1mol/L KI溶液+5滴淀
无明显变化
粉
I．对于实验⑥的现象．甲同学提出猜想“pH=10时O 不能氧化I-”，设计了下列装置进行实验，验证猜想。
2
i．烧杯a中的溶液为____。
ii．实验结果表明，此猜想不成立。支持该结论的实验现象是：通入O 后，_______。
2
Ⅱ．乙同学向pH=10的KOH溶液（含淀粉）中滴加碘水，溶液先变蓝后迅速褪色．经检测褪色后的溶液
中含有IO -，褪色的原因是（用离子方程式表示）____________。
3
（5）该小组同学对实验过程进行了整体反思．推测实验①的现象产生的原因可能是______；实验⑥的现
象产生的原因可能是_______。
23．嫦五升空登月取土，一共带回1731克月球样品，主要为月壤，包含微细的矿物颗粒、岩石碎屑和玻璃
质微粒等，主要由氧(O)、硅( )、铝( )、铁( )、镁( )、钙( )、钠( )、钾(K)、钛( )、镍( )
等元素构成，不含任何有机养分，而且非常干燥。请回答下列问题：
(1)基态镍( )原子的价电子排布式为_______。(2)从原子结构角度分析，第一电离能 ( )与 ( )的关系是 ( )____ ( )(填“>”“<”或“=”)，原因
是_______。
(3)已知 的熔点 ℃，沸点43℃， 晶体类型是_______，在 中与 形成配位键
的原子是_______。
(4)最常见的硅酸盐为 ， 中心原子采用_____杂化，空间构型为_____。
(5) 的晶胞如图(a)所示，金属离子与氧离子间的作用力为____， 的配位数是_____。另一种立方
钙钛矿结构的金属卤化物光电材料的组成为 、 和有机碱离子 ，其晶胞如图(b)所示。其中
与图(a)中___的空间位置相同；若晶胞参数为 ，则晶体(b)的密度为____ (保留两位
小数)。参考答案
1．A
【详解】
A．二氧化硫虽然有漂白性，但是不能漂白酸碱指示剂，A错误；
B．利用工业生产产生的二氧化碳制造全降解塑料，符合绿色环保要求，B正确；
C．氧化镁晶格能较大，熔点高，是一种优良的耐火材料，C正确；
D．温度过高可以使蛋白质变性，所以疫苗一般应冷藏存放，D正确；
故答案为A。
2．D
【详解】
A、钠是一种强还原剂，可以把钛、锆、铌等从其熔融盐中置换出来，故A正确；
B、镁常用于制造信号弹和焰火，是因为燃烧发出耀眼的白光，故B正确；
C、印刷电路板的制作的原理是Cu+2FeCl =CuCl +2FeCl ，故C正确；
3 2 2
D、铁在浓硫酸中发生钝化，而在稀硫酸中要发生氧化还原反应，故能用铁制容器贮存的
是浓硫酸，故D错误；
故答案选D。
3．C
【解析】
试题分析：A．铝钝化生成三氧化二铝；
B．光合作用过程中有新物质氧气等生成；
C．碘的升华没有新物质生成；
D．海水提溴有新物质溴生成．
解：A．铝钝化生成三氧化二铝，有新物质生成，属于化学变化，故A错误；
B．光合作用过程中有新物质氧气等生成，属于化学变化，故B错误；
C．碘的升华没有新物质生成，属于物理变化，故C正确；
D．海水提溴有新物质溴生成，属于化学变化，故D错误．
故选C．
4．A
【分析】
用完之后不能再产生，属于不可再生能源。用完之后能够再产生的物质，属于可再生能源，
据此分析。
【详解】
海底多金属结核矿、海滨砂矿、海水化学资源，都属于不可再生的能源，海水的潮涨潮落
是自然现象，因此潮汐能属于可再生的能源；故选A。
5．A
【详解】A．萃取剂要和原溶剂互不相溶，而酒精和水互相溶解，不能代替四氯化碳作为萃取剂，
故A错误；
B．向滤液中加入稀硫酸和双氧水，双氧水在酸性条件下把碘离子氧化为碘单质，发生的
反应是2H++H O+2I-=2H O+I ，故B正确；
2 2 2 2
C．碘单质遇淀粉会变蓝色是碘的特征性质，向碘水中加入几滴淀粉溶液，溶液变蓝色，
故C正确；
D． 灼烧应该在坩埚中进行，实验室剪碎干海带用酒精湿润，放在坩埚中灼烧至完全变成
灰烬，故D正确；
故答案为：A
6．A
【详解】
（1）柠檬属于碱性食物，错误；（2）香炉中燃烧的香中不含有碘，错误；（3）若存在简
单离子R2-，则R的最低价是－2价，因此R一定属于VIA族，正确；（4）青石棉（化学
式为NaFe Si O （OH）），是一种硅酸盐产品，它不含有石英，错误；（5）“海沙危
2 5 8 22 2
楼”是由于海沙带有腐蚀性，会腐蚀混凝土中的钢筋等，正确；（6）浓硝酸具有腐蚀性，
见光受热易分解，用带玻璃塞的棕色试剂瓶存放浓HNO，错误；
3
故答案选A。
7．B
【详解】
A．海水中含有MgCl ，先向海水中加入生石灰得到Mg(OH) 沉淀，经过滤、洗涤得到纯
2 2
净的Mg(OH) ，然后用盐酸溶解获得MgCl 溶液，再将溶液蒸发浓缩获得氯化镁晶体，通
2 2
过在HCl气氛中加热获得无水MgCl ，然后电解熔融的无水MgCl 获得金属Mg，发生了化
2 2
学变化，A不符合题意；
B．海水中含有NaCl，由于NaCl的溶解度受温度的影响变化不大，所以采用蒸发溶剂的方
法获得NaCl，属于物理变化，B符合题意；
C．海水中的溴元素以NaBr等化合物的形式存在，要通过氧化还原反应得到单质Br ，发
2
生了化学变化，C不符合题意；
D．海水中钾元素以KCl等化合物形式存在，先分离得到纯净的KCl，然后电解熔融的
KCl，得到单质钾，发生了化学变化，D不符合题意；
答案选B。
8．B
【解析】
试题分析：A、25 ℃，NaHCO 在水中的溶解度比NaCO 的小，A错误；B、2Ca（OH）
3 2 3
+2Cl＝CaCl +Ca（ClO）+2H O，Cl元素的化合价既升高又降低，所以氯气既是氧化剂，
2 2 2 2 2
又是还原剂，B正确；C、电解NaCl溶液的阴极产物为H 和NaOH，C错误；D、氯化钠
2
和水、氨气、二氧化碳的反应以及碳酸氢钠的分解反应都不是氧化还原反应，D错误，答
案选B。考点：考查盐的溶解性、氧化还原反应、电极产物判断
9．D
【详解】
A．从海水中提炼溴和碘，是用氯气把其中的碘离子和溴离子氧化为碘单质和溴单质，故
A错误；
B．海水中得到钠、镁，需要首先从海水中获得氯化钠和氯化镁，然后再去电解熔融状态
的氯化钠和氯化镁即得钠和镁，故B错误；
C．可从海水中获得氯化钠，然后电解饱和食盐水，即得烧碱、氢气和氯气，故C错误；
D．把海水用蒸馏等方法可以得到淡水，把海水用太阳暴晒，蒸发水分后即得食盐，不需
要化学变化就能够从海水中获得，故D正确；
故选：D。
10．D
【详解】
A. 由操作③用四氯化碳萃取可知，操作②中生成碘单质，发生反应的离子方程式为2IO -
3
+5SO2-+2H+=I +5SO2-+H O，故A错误；
3 2 4 2
B. 四氯化碳的密度大于水，有机相在下层，操作①和③中的有机相从分液漏斗下端放出，
故B错误；
C. 操作④是从碘的四氯化碳溶液溶液中分离出碘单质，方法为蒸馏，故C错误；
D. 碘易升华，可以通过水浴加热的方式使碘升华后，在冷的烧瓶底部凝华，故D正确；
答案选D。
11．B
【分析】
“空气吹出法”海水提溴的过程为向浓缩、酸化后的海水中通入氯气，氯气可以将溴离子
氧化成溴单质，然后在吹出塔中用空气和水蒸气将溴吹出，再在吸收塔中用二氧化硫还原
空气中的溴气为溴离子，实现与溴与空气分离，再在蒸馏塔中先通入氯气将溴离子氧化为
溴单质，后蒸馏使溴与溶液分离，最后冷凝、精馏后得到产品溴。
【详解】
A.海水提溴发生的反应依次有氯气氧化溴离子、二氧化硫还原溴单质成溴离子，氯气再氧
化溴离子，均为氧化还原反应，故A正确；
B.每提取1mol溴，需要用到两次氯气，一共2mol氯气，但因为未知温度压强，所以不能
计算氯气的体积，故B错误；
C.由分析可知，经过吸收塔后，溴元素的浓度明显提升，所以这个过程中溴元素得到了富
集，故C正确；
D.在蒸馏塔中氯气氧化溴离子为溴单质，发生了化学变化，故D正确；
综上所述，答案为B。
12．D
【详解】A．氯化钡可以除去硫酸根，碳酸钠可以除去钙离子和过量的钡离子，NaOH除去镁离子，
为了除去过量钡离子，碳酸钠需要在氯化钡之后加入，然后过滤，向滤液中加入适量盐酸
调节pH即可得精制的NaCl溶液，故A正确；
B．氯碱工业的主要反应即电解饱和食盐水得到NaOH和氯气的过程，故B正确；
C．步骤③通入Cl 可制得Br ，Cl 为氧化剂，Br 为氧化产物，说明Cl 的氧化性大于
2 2 2 2 2
Br ，故C正确；
2
D．电解氯化镁溶液得到的是氢氧化镁沉淀，应电解熔融氯化镁制取镁单质，故D错误；
综上所述答案为D。
13．B
【详解】
由 及 遇淀粉变蓝可知，检验食盐中存在 ，该反应需要酸
性条件，需要碘离子，则选淀粉碘化钾试纸检验，生成的 由淀粉检验，故选B。
14．C
【分析】
MgHPO 中H和P的相对原子质量之和为1+31=32和硫的相对原子质量是相等的，因此
4
MgHPO 可以看成是MgSO ，MgSO 可以看成是MgO∙SO ，所以MgO，MgSO ，和
4 4 4 3 4
MgHPO 组成的混合物实际可以看成是由氧化镁和三氧化硫组成，据此原子质量守恒进行
4
计算分析。
【详解】
混合物中氧化镁的质量分数为x，含硫元素的质量分数为y；
根据镁原子质量守恒可得：
x=55%，则三氧化硫的质量分数为1-55%=45%；
根据硫原子守恒可得：
解得y=18%，则混合物中氧元素的质量分数=1-18%-33%=49%，答案选C。
15．D
【详解】
A．将氯化镁晶体在干燥HCl氛围中加热，得到无水氯化镁，然后电解熔融的氨化镁得到
金属镁，正确；
B．在浓氨水的作用下，加热甲醛和苯酚，两者通过缩聚反应得到酚醛树脂，正确；
C．由铝土矿制备较高纯度Al，可用氧化铝与氢氧化钠反应生成偏铝酸钠溶液，过滤后通
入二氧化碳生成氢氧化铝，氢氧化铝分解生成氧化铝，电解氧化铝可生成铝，电解时为降低熔点，可加入冰晶石，正确；
D．将氯气通入提取粗食盐后的母液中，再鼓入热空气或水蒸气将溴吹出，错误；
故选D。
16．B
【分析】
Ⅰ.在盐湖苦卤的浓缩液中加入的氧化剂应为氯气，可使溴离子生成溴单质，通过萃取、分
液的方法分离、浓缩后得到硫酸镁和氯化钾的混合液，经重结晶可得硫酸镁，过滤得到氯
化钾溶液，经降温结晶，过滤可得到氯化钾；Ⅱ.上述操作①后无色溶液含有 、 、
、 等离子，在无色溶液中先加试剂 ，以除去 ，再加试剂
以除去 ，最后加试剂 ，可除去过量的钡离子，过滤可得到 、
沉淀以及少量 沉淀，然后加入盐酸可除去过量的氢氧化钾和碳酸钾，经蒸发、浓缩、
冷却结晶可得到氯化钾，据此分析解答。
【详解】
A.溴与有机溶剂互溶，利用溴与有机溶剂沸点的不同，可以采用蒸馏的方法分离，故A正
确；
B.硫酸镁在高温下溶解度较小，氯化钾在高温时溶解度大，采用趁热过滤，能除去不溶性
杂质硫酸镁，防止氯化钾冷却后析出，所以操作②为趁热过滤，故B错误；
C.操作①后无色溶液含有 、 、 、 以及实验的目的是制取较纯净的氯化钾
晶体，需先用氢氧化钾除去 ；再用氯化钡除去 ，最后再用碳酸钾除去过量的氯
化钡，得到的沉淀为氢氧化镁、硫酸钡和碳酸钡，故C正确；
D.溶液略有浑浊，说明滤纸破损，所以应更换滤纸，重新过滤，故D正确；
故选B。
17．A
【详解】
A．酸性条件下SO 2-和IO -能发生5SO 2-+2IO -+2H+═I +5SO2-+H O，生成的I 遇淀粉溶液，
3 3 3 3 2 4 2 2
使溶液变蓝色，则能说明废水中可能含IO -，故A正确；
3
B．蛋白质溶液中滴加饱和CuSO 溶液，蛋白质发生变性，则蛋白质的结构发生改变，也
4
失去了生理活性，故B错误；
C．1-溴丙烷中加入KOH溶液并加热，发生水解反应，未加入稀硝酸中和过量的NaOH，
直接滴加硝酸银溶液，会有灰黑色Ag O沉淀生成，则无法判断1-溴丙烷中是否混有杂质，
2
故C错误；
D．乙醇易挥发，挥发的乙醇及生成的乙烯均使高锰酸钾褪色，则高锰酸钾褪色不能说明
产生的气体一定是乙烯，故D错误；
故答案为A。
18．2Al+2OH－+2H O＝2AlO +3H ↑ 5.4g 11.2L
2 2【详解】
(1)铝与烧碱反应生成偏铝酸钠和氢气，反应的离子方程式为2Al+2OH－+2H O＝2AlO
2
+3H ↑；
2
(2)①10.2g合金生成气体的物质的量为：n(H )=6.72L÷22.4L/mol=0.3mol，则：
2
因此合金中铝的质量是0.2mol×27g/mol=5.4g；
②根据①可知，合金中镁的物质的量为：(10.2g-5.4g)÷24g/mol=0.2mol，根据反应方程式
Mg+2HCl＝MgCl +H ↑可知，生成氢气的物质的量为：n(H )=n(Mg)=0.2mol，根据反应
2 2 2
2Al+6HCl＝2AlCl +3H ↑可知，生成气体的物质的量为：
3 2
n(H )=1.5n(Al)=0.2mol×1.5=0.3mol，故生成标况下的氢气的体积为：（0.2mol+0.3mol）
2
×22.4L/mol=11.2L。
19．过滤 烧杯 玻璃棒 漏斗 SiO Mg(OH) Fe(OH) Al3++4OH-
2 2 3
=AlO -+2H O 2Al(OH) Al O+3H O AlO -+CO +2H O=Al(OH) ↓+HCO-
2 2 3 2 3 2 2 2 2 3 3
【分析】
铝土矿主要成分是Al O，其中含有杂质SiO、Fe O、MgO，向加入过量盐酸，Al O、
2 3 2 2 3 2 3
MgO、Fe O 与盐酸反应，产生溶液A中含有AlCl 、FeCl 、MgCl 及过量的盐酸，而SiO
2 3 3 3 2 2
与盐酸不反应，所以沉淀B为SiO，向溶液A加入过量烧碱，FeCl 、MgCl 反应产生
2 3 2
Fe(OH) 和Mg(OH) 沉淀，所以沉淀C为Fe(OH) 和Mg(OH) ，而AlCl 与过量NaOH溶液
3 2 3 2 3
反应产生NaAlO ，所以溶液D为NaAlO 、NaOH的混合物，向溶液D中通入过量CO 气
2 2 2
体，NaAlO 反应产生Al(OH) 沉淀，同时得到NaHCO ，则溶液E为NaHCO ，沉淀F为
2 3 3 3
Al(OH) 。加热Al(OH) ，分解得到M为Al O，经电解可得到Al，据此分析解答。
3 3 2 3
【详解】
经上述分析可知A为AlCl 、FeCl 、MgCl 、HCl的混合物；B为SiO，C为Fe(OH) 和
3 3 2 2 3
Mg(OH) ，D为NaAlO 、NaOH的混合物，E为NaHCO ，沉淀F为Al(OH) ，M为
2 2 3 3
Al O。
2 3
(1)图中分离溶液与沉淀的实验方法是过滤；需要用到的玻璃仪器有烧杯、玻璃棒、漏斗；
(2)根据上述分析可知：沉淀B的成分是SiO；沉淀C的成分是Mg(OH) 、Fe(OH) ；
2 2 3
(3)向含有Al3+的溶液中加入过量NaOH溶液，Al3+会反应转化为AlO-，则生成NaAlO 反应
2 2
的离子方程式为：Al3++4OH-=AlO -+2H O；
2 2
(4)沉淀F是Al(OH) ，该物质不稳定，加热分解产生Al O 和 HO，因此沉淀F转化为M
3 2 3 2
的化学方程式为：2Al(OH) Al O+3H O；
3 2 3 2
溶液D为NaAlO 和NaOH的混合物，向其中通入过量CO，NaAlO 与CO2及溶液中的水
2 2 2
反应生成Al(OH) 沉淀，该反应的离子方程式为AlO-+CO +2H O=Al(OH) ↓+HCO-。
3 2 2 2 3 3
20．HO+2Br-+2H+=Br ↑+2H O 0.4 2:1 分液 蒸发结晶 具支烧瓶 冷
2 2 2 2凝管 BaCl KOH K CO OH- CO 2-
2 2 3 3
【分析】
根据图示可知，制备流程为：废液中加入双氧水，将溴离子氧化成溴单质，然后加入四氯
化碳后通过萃取、分液分离出溴，通过操作③蒸馏得到四氯化碳和溴单质；无色液体Ⅰ中
含有K+、Cl-、Ca2+、Mg2+、SO 2-，分别加入BaCl 、KCO、KOH溶液过滤后得到无色溶
4 2 2 3
液Ⅱ和固体A，再调节溶液Ⅱ的pH萃取碳酸根离子、氢氧根离子，得到无色溶液Ⅲ，最后
通过蒸发结晶获得氯化钾固体；
（1）根据化学方程式HO+2KBr+2HCl=Br +2H O+2KCl写出离子方程式；找到过氧化氢
2 2 2 2
和转移的电子数之间的关系，找出还原剂和还原产物的物质的量之比；
（2）加入CCl 的目的是萃取；紧接着萃取后的操作是将有机层与水层分开，叫做分液；
4
从含有溴的CCl 溶液中分离得到CCl 和液溴的操作，是将两种相互混溶的液体进行分离的
4 4
操作，叫做蒸馏；操作④完成后得到固体A和无色液体I，分离固体和液体的操作是过滤；
操作⑤是从溶液中得到能溶解于水的氯化钾晶体，是蒸发结晶；
（3）除去Ca2+，选用饱和KCO 溶液；除去Mg2+，选用KOH溶液；除去SO 2-，选用
2 3 4
BaCl 溶液；
2
（4）无色液体Ⅱ中还含有杂质离子CO2-和OH-；用pH试纸测定至pH=7。
3
【详解】
制备流程为：废液中加入双氧水，将溴离子氧化成溴单质,然后加入四氯化碳后通过萃取、
分液分离出溴，通过操作③蒸馏得到四氯化碳和溴单质;无色液体Ⅰ中含有K+、Cl−、Ca2+、
Mg2+、SO 2−，分别加入BaCl 、KCO、KOH溶液过滤后得到无色溶液Ⅱ和固体A，再调
4 2 2 3
节溶液Ⅱ的pH萃取碳酸根离子、氢氧根离子，得到无色溶液Ⅲ，最后通过蒸发结晶获得
氯化钾固体；
(1)由加入的CCl 及得到的深红棕色液体知，试剂a能将Br−氧化为Br ，试剂a应具有氧化
4 2
性,所以应选用HO 溶液，离子方程式为HO +2Br-+2H+=Br ↑+2H O，HO 中氧的化合价
2 2 2 2 2 2 2 2
从-1到-2，氧原子个数为2，全部降低，故1mol HO 发生反应时转移的电子数2mol，每
2 2
消耗0.2mol H O 转移电子的物质的量为0.4mol；还原剂是溴化氢，还原产物为水，它们
2 2
的物质的量之比为2:1；
(2)由流程图知，无色液体Ⅰ中含有K+、Cl−、Ca2+、Mg2+、SO 2−，无色液体Ⅲ中只含有
4
K+、Cl−，则试剂b的作用是除去Ca2+、Mg2+、SO 2−；操作①是萃取，操作②是将互不相溶
4
的两种液体分开，为分液操作，操作③是将沸点不同、互溶的两液体分开，为蒸馏操作，
操作④是将溶液与沉淀分开，为过滤操作，操作⑤是将KCl从其水溶液中提取出来，为蒸
发结晶操作，操作①、②、③、④、⑤的名称是：萃取、分液、蒸馏、过滤、蒸发结晶，
蒸馏过程A为具支试管，B为冷凝管；
(3)由于除杂时除杂试剂需过量，且不能引入新杂质，所以除去Ca2+，选用饱和KCO 溶
2 3
液；除去Mg2+，选用KOH溶液；除去SO 2−，选用BaCl 溶液。要除去过量的BaCl ，要满
4 2 2
足BaCl 溶液在饱和KCO 溶液之前加入即可；
2 2 3
(4)由以上知，无色液体Ⅱ中还含有杂质离子CO2−和OH−，需用盐酸来除去过量的OH−及
3CO2−，调节pH=7的操作方法是滴加盐酸，无气体产生时，用pH试纸测定至pH=7。
3
21．蒸馏法 Cl＋2Br－=Br ＋2Cl－ Br 1 Cl >Br >SO
2 2 2 2 2 2
【分析】
（1）海水淡化的方法很多，可以让海水中的金属及酸根离子离开，如通过离子交换剂；可
以用电渗析法；也可用蒸馏法。
（2）步骤Ⅰ获取Br 的反应中氯气与溴离子发生反应。
2
（3）Br ＋SO ＋2HO=HSO ＋2HBr，在该反应中，Br 中的Br元素价态降低，SO 中的S
2 2 2 2 4 2 2
元素价态升高，从反应式看，生成2molHBr，消耗1molSO 。
2
（4）SO 、Cl、Br 三种物质氧化性关系，可利用反应中氧化剂的氧化性大于氧化产物的
2 2 2
氧化性进行判断.
【详解】
（1）海水淡化的方法：最常见的为蒸馏法。答案：蒸馏法；
（2）步骤Ⅰ获取Br 的离子方程式为Cl＋2Br－=Br ＋2Cl－。答案为：Cl＋2Br－=Br ＋2Cl
2 2 2 2 2
－；
（3）在该反应Br ＋SO ＋2HO=HSO ＋2HBr中，氧化剂是Br ；若反应中生成
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2molHBr，则消耗1molSO 。答案为：Br ；1；
2 2
（4）在反应Cl＋2Br－=Br ＋2Cl－中，氧化性Cl>Br ；在反应Br ＋SO ＋2HO=HSO ＋
2 2 2 2 2 2 2 2 4
2HBr中，氧化性Br >SO，所以SO 、Cl、Br 三种物质氧化性由强到弱的顺序是
2 2 2 2 2
Cl>Br >SO。答案为：Cl>Br >SO。
2 2 2 2 2 2
22．4I-+O +4H+=2I +2H O 验证Cl-是否影响KI与O 的反应 其他条件相同时，
2 2 2 2
CHCOOH是弱电解质，溶液中c(H+)较盐酸小，O 的氧化性减弱 pH=10的KOH溶液
3 2
电流表指针偏转，烧杯b的溶液颜色变深 3I+6OH-=IO -+5I-+3H O 中性条件下，O
2 3 2 2
的氧化性比较弱，该反应速率慢，短时间内难以生成“一定量” 碘单质使溶液颜色发生变
化 pH=10的KOH溶液中I-被氧化生成I，I 迅速发生歧化反应变为IO -和I-
2 2 3
【详解】
(1)实验②是在酸性条件下氧气将碘离子氧化生成碘单质，碘单质遇淀粉使溶液变蓝，其反
应的离子方程式是：4I-+O +4H+=2I +2H O；（2）实验②加入盐酸电离产生的H+和Cl-，通
2 2 2
过实验③可以排除是否为Cl-离子对于KI与O 的反应的影响；(3) 其他条件相同时，
2
CHCOOH是弱电解质，溶液中c(H+)较盐酸小，O 的氧化性随溶液pH的增大逐渐减弱，
3 2
故实验④比②溶液颜色浅；(4) i．甲同学提出猜想“pH=10时O 不能氧化I-”，故烧杯a中
2
的溶液可以为pH=10的KOH溶液；ii．通入O 后，若电流表指针偏转，烧杯b的溶液颜色
2
变深，则pH=10时O 也能氧化I-，此猜想不成立。Ⅱ．碱性条件下碘单质发生歧化反应生
2
成IO -和I-，则开始滴入时遇淀粉变蓝，后碘消耗而褪色，其离子反应方程式为：3I+6OH-
3 2
=IO -+5I-+3H O ；(5)实验①的现象产生的原因可能是中性条件下，O 的氧化性比较弱，该
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反应速率慢，短时间内难以生成“一定量”的碘单质使溶液颜色发生变化；实验⑥的现象
产生的原因可能是pH=10的KOH溶液中I-被氧化生成I，I 迅速发生歧化反应变为IO -和
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I-。23． > 最外层电子排布式为 ，而 最外层电子排布式为 ，当
3p处于全充满、半充满或全空时较稳定，因此Al失去p能级的1个电子相对比较容易
分子晶体 C 平面三角形 离子键 6 1.03 10-11
【详解】
(1)镍为28号元素，基态镍原子的价电子排布式为 ；
(2)根据第一电离能的变化规律 ，原因是 最外层电子排布式为 ，而
最外层电子排布式为 ，当3p处于全充满、半充满或全空时较稳定，因此 失去p能
级的1个电子相对比较容易；
(3)根据分子晶体熔、沸点特点确定 是分子晶体， 中C的电负性小，在
中与 形成配位键的原子是C；
(4)根据价层电子对互斥理论， 价层电子对数为3，中心原子 采用 杂化，空间构
型为平面三角形；
(5)金属离子与氧离子间的作用力为离子键，由图可知 的配位数是6；平移后得知其中
与图(a)中 的空间位置相同；若晶胞参数为 ，从图(b)可知，一个晶胞中
含有 的数目为1 1=1个， 的数目为8 =1个，I-的数目为6 =3个，故晶
胞的密度为 = =1.03 10-11 。
