重庆市第八中学2024-2025学年高三上学期入学适应性训练物理答案_2024-2025高三（6-6月题库）_2024年09月试卷_0909重庆市第八中学2024-2025学年高三上学期入学适应性训练

重庆八中 2024——2025 学年度（上）高三年级入学考试
物 理 试 题 答 案
1、【答案】C
A． 踏板对人的作用力和人对踏板的作用力是一对作用力与反作用力，根据牛顿第三定律可知，相互作用
力大小相等，作用方向相反，故A错误；
B．当人开始向上弹起时，高跷对人向上的支持力大于人的重力，人处于超重状态；当人向上运动并减速
时，高跷对人向上的支持力小于人的重力，人处于失重状态，故B错误；
C．当弹簧压缩到最低点时，人的速度已经为0，并要开始向上做加速运动，则高跷对人的作用力大于人的
重力，故C正确；
D．当人从最高点开始下落时，人处于完全失重状态，人做自由落体运动；当弹簧触地时，弹簧会向上产
生弹力，并且弹力随着压缩量的增加而增大，所以人会先做加速度减小的加速运动，后做加速度增加的减
速运动，故D错误。
2、【答案】B
A．卫星运行速度小于第一宇宙速度，A错误；
Mm v2
B．根据卫星运动向心力公式G m
r2 r
可得r越大速度越小，故同步轨道卫星运动速度比中圆地球轨道卫星速度小，B正确
C．卫星动能与质量有关，同轨道速率相等，质量未知无法比较，C错误；
Mm 42
D．根据卫星运动向心力公式G m r
r2 T2
可知r越大周期越大，故同步轨道卫星周期比中圆地球轨道卫星周期大，D错误；
3、【答案】D
【详解】A．入水前只受重力作用，加速度不变，所以t 时刻刚好进入水中，故A错误；
2
B．离开跳板后在t 时刻到达最大高度，速度向上减为零，故B错误；
1
1
C．离跳台最大高度为h gt2，故C错误。
2 1
D．在v-t图象中，速度的正负代表运动的方向，斜率表示加速度的大小，在t t 时间内加速度越来越小，
2 3
则速度变化越来越慢，故D正确；
4、【答案】C
【详解】两绳对耙拉力的合力为F 2Fcos30 3F
合
耙沿水平方向匀速耙地，所以地对耙的水平阻力大小为 f F cos301.5F ，故选C。
合
1
{#{QQABLYCQogggAIBAABgCAwWoCgCQkACAASgOgFAMoAAAwQNABAA=}#}5、【答案】D
【详解】A．小球A做自由落体运动，初速度为0，经过相等位移的时间比为
t :t :t 1（: 21）（: 3 2），A错误；
1 2 3
1 2h
B．设小球A下落h所用时间为t ，有h gt2，解得t  ，小球A下落的总时间为，t tt ，下落
1 2 1 1 g 总 1
1 1
的总高度为h  gt 2 h gt2 2ght2 ，B错误；
总 总
2 2
C. 小球A运动时间更长，在水平速度相同的情况下，A的水平位移更大，C错误；
D．若两位同学均各下一层楼重做以上实验，假设两位同学不动，相当于二楼就是地面，由于两球加速度
相同，原来落地时A球速度大，从二楼到一楼，根据2ghv2v2
1
v v
可知，到二楼时A球速度大，根据h 1 t
2
可知，A球从二楼到地面所用时间短，又因为两球同时落地，所以B球先落到二楼，D正确。
6、【答案】A
A.C．设无风时绳子夹角的一半为，绳长为L，有风时绳子夹角的一半为，
1 2
有风时如图
有L L Lsin ,d Lsin。又因为d L L ，所以 ，故A正确；
1 2 2 1 1 2
1 >  2
B．无风时，衣服受到重力和两边绳子的拉力处于平衡状态，如图所示，同一
条绳子拉力相等，则挂钩左右两侧绳子与竖直方向的夹角相等。由几何关系可得 ，解得
d 3
sin 
1.25d 5
mg 5
37
，根据平衡条件可mg 2Fcos，解得F   mg，故B错误。
2cos 8
C．由于不计绳子的质量及绳与衣架挂钩间的摩擦，则挂钩相当于动滑轮，两端绳子的拉力总是相等，故C
错误；
D.在有风的情况下，两端绳子之间的夹角变小，但是两细绳拉力的合力为恒力，则拉力F变小，故D错误；
7、【答案】C
【详解】A．由于三颗星保持相对静止，一起绕着某点做圆周运动，三星角速度与周期
相等，根据对称性，B、C轨道半径相等，作出三星运动轨迹，如图所示
 
31 m2
对A星体有
2G cos30 m2R
l2 A
对B、C星体，两星体各自所受引力的合力大小相等，令为F，根据余弦定理有
2
{#{QQABLYCQogggAIBAABgCAwWoCgCQkACAASgOgFAMoAAAwQNABAA=}#}  31  m2  2   31 2 m2  2  31  m2  31 2 m2
F2  G    G  2 G G cos120
 l2   l2  l2 l2
   
对B、C星体，两星体各自做圆周运动，B、C轨道半径相等，令为R R R ，则有
B C 0
 
F  31 m2R
0
R
解得 A  2，可知，三颗星A、B、C的半径大小之比为 2:1:1，故A错误；
R
0
B．三颗星A、B、C的角速度相等，故B错误；
 
C．距离l均不变，对A星体有
2G
31 m2
cos30 m
42
R
l2 T2 A
若A、B、C的质量均变为原来的3倍，根据对称性可知，三星圆周运动的圆心不变，即轨道半径不变，则
 
9 31 m2 42 3T
有 2G cos30 3m R ，解得T  ，故C正确；
l2 T2 A 1 3
1
D．若A、B、C的质量不变，距离均变为2l，根据对称性可知，三星圆周运动的圆心不变，即轨道半径均
 
31 m2 42
变为先前的2倍，则对A星有2G cos30 m 2R
2l2 T2 A
2
解得T 2 2T ，即若A、B、C的质量不变，距离均变为2l，则周期变为2 2T ，故D错误。
2
8、【答案】AB
【详解】A．球在c点对球拍的压力大小为3mg，由牛顿第三定律，在c点球拍对球的支持力大小F 3mg，
N
v2
则在c点F mgm
N R
解得做圆周运动的线速度大小 ，故A正确；
v 2gR
B．在a处 ，解得F  mg ，球在a处受到球拍的作用力为mg ，故B正确；
v2 N
mgF m
N R
v2
C．设在b处球拍与水平面的夹角为，若满足mgtanm ，又v 2gR，解得tan2。小球在b处可
R
能受重力、支持力和摩擦力这三个力的作用，故C错误；
2R 2R 2R
D．运动的周期为T   π ，故D错误。
v 2gR g
9、【答案】AC
B．土星的公转半径更大，故土星的公转线速度比火星的线速度小，故B错误；
3
{#{QQABLYCQogggAIBAABgCAwWoCgCQkACAASgOgFAMoAAAwQNABAA=}#}AD．根据开普勒第三定律有 R3  R 地 3 ，解得T T   R   3
T2 T 地 2 地 R 地 
2 2
设相邻两次“冲日”时间间隔为t，则有 t t  2
T T
地
T
t 地 T 1年
解得 R3 地 ，可知，行星冲日时间间隔均大于一年，由于海王星的半径最大，则海王星的
1 地
R3
冲日时间间隔最短，故A正确，D错误；
T
T R 3 t 
C．对木星因
T
 
 R


5.2 5.2 11.86，其中T 1年，代入 1 T ，可得t1.1年，C正确。
T
10.【答案】BD
【解析】小物块由静止开始，长木板有初速度且受到恒力作用，所以对物块受力分析，由牛顿第二定律得
解得 对长木板受力分析有
解  得  =      =根  据  图像斜率可知初始阶  段−    −，  ×2   =解  得  

则 做  匀  = 减  速 − 直 3 线   运动， 做匀加速直线运动，共  速  后 < 由 0 于  整  = 体合   力为零  ， = 将 2 一   起  做匀速直线运动，故A错
误，  B正确 
C. D.根据图像知 做匀速直线运动，即 做匀加速直线运动，两者共速后，一起做匀加速直线运
动，根据牛顿第二  定律有  =解3  得    ，故D正确；
1 1
若 ，则有  −2    = 两 2 者  均  做匀  加 = 速2直   线 = 运2动   ，共速后一起做匀加速直线运动，根据牛顿
第二   定<律   的 3    <  <′4解   得  ′ 故C错误。
1
11.【答案】  −2 变  大   =2   直线 2   <  线性 <   每问2分
【解析】解：(1)手机随蔬菜(2蓝) 的转1动做的(3圆)周运动可看作是圆锥摆运动，设蔬菜蓝侧壁与水平方向夹角为
，侧壁对手机(1的) 压力为 ，则有 ，可知：在从慢到快转动手柄的过程中，角速度增大，蔬菜
2
篮侧壁与手机间的压力变  大  。   =   
由图乙可以看出同样的角速度，直线 的向心力F更大，由 知：直线 对应的手机质量更大。
2
(2)由 知，在蔬菜蓝直径一定时， 1 手机的向心力与线速度  大=小   的平  方成正比 1 ，图像是线性图像。
2

(3)  =  
2 2
 d   d 
12.【答案】 相等 
t



t


（4）C （5）M  mgsin 10m （5）问3分，其余2分
A B k
L
(1) (2)
d
【详解】（2）两物块用绳连接，所以速度大小相等，运动过程中，初速度为v 
1 t
B
4
{#{QQABLYCQogggAIBAABgCAwWoCgCQkACAASgOgFAMoAAAwQNABAA=}#}2 2
 d   d 
末速度为v
2

t
d
A
位移为x 3
4
L  L
4

2
L 根据2axv
2
2v
1
2可得
a

t A



t B


L
（4）从B中拿出n1个砝码放入A中，AB上的两挡光片通过两光电门的时间刚好相等，说明系统匀速运
动，设凹槽A（含挡光片）的质量为M ，有
(M 11m)gsin(M 9m)gsin(M 11m)gcos(M 9m)gcos
mtan
解得 从B中总共拿出n2个砝码放入A中时，有
M 10m
M (10n）mgsinM (10n）mgsinM (10n）mgcosM (10n）mgcos2M 20ma
mgsin
解得a
M 10m
(n1)根据图线可知，横坐标为n1。故选C。
mgsin mgsin mgsin
（5）已知图线斜率为k，根据a (n1)可知k  解得M  10m
M 10m M 10m
k
13.（12分）解：
（1）易知，甲乙共速时，两车沿轨道方向的距离最大。
对甲车： 1分
乙 甲
=  0+ −  
解得： 1分
甲车位移  = ： 3  甲 乙 1分
甲
0+ 
= 2  =15 
乙车位移： 1分
乙 乙
=   =6 
沿运动方向，两车最大间距： － 1分
甲 乙
∆  =   =9 
（2）甲乙共速时，甲乙两车间距： 1分
2 2
故不妨设经过时间 甲乙两车间距恰∆好  为= ∆  +  = 117  >10 
甲车：  1 － 10  1分
甲 甲
1 2
=  0  1+2   1
乙车： 1分
乙 乙
=   1
甲乙两车沿运动方向距离： 1分
甲 乙
2 2
∆  1 =  −  = 10 −  =8 
联立解得： 1分
甲车停止后，  1两=车2  之间通讯时间 1分
2∆乙  1
2 = 
解得：
故总通讯  2 时=间8  ： 1分
总
=  1+  2 =10 
14.（12分）解：
5
{#{QQABLYCQogggAIBAABgCAwWoCgCQkACAASgOgFAMoAAAwQNABAA=}#}（1）无外力时，对 、 ： 1分
易知，施加外力后，  若  、  立0 =即3分  离  ，sin此  时 向上加速上滑的加速度最大，故：
2分
联0立−解  得  s：in  =    2分
（2）无外力  时  =，  弹簧压缩量： 1分
0
0 = 
、 分离时，对 ： 2分

−   sin  =  2
从开始到分离，对 、 由匀变速公式有： 2分
1  2
0−  =2∙2 
联立解得： 2分
2 
15.（18分）  解=：  
（1）①恰好到与圆心等高处，由动能定理有： 1分
1 2
解得： −    =0−2   0
②恰好过  0最=高点2  ，  在最高点： 1分
2

= 
由动能定理有： 1分
1 2 1 2
联立解得： −   ∙2  =2   −2   0
故 的取值范围： 或 2分
0 = 5  
（  2）0 ①设小球第  次0到≤ 正2  上  方时  绳0断≥，5此  时  以 为圆心有： （ ） 1分
2

+   =  − 2  −1   =1,2,3,⋯
小球第 次（初始记为第1次）到 正下方时： 1分
2

−   =  − 2  −2 
从开始到小球第 次到 正下方： 1分
1 2 1 2
−2    −1  =2    −2   0
从开始到小球第 次到 正上方： 1分
1 2 1 2
小球第 次到 正  上方时  绳断条件：−    +  −、2  −2  =2    −2   0 1分
联立解得  ：    ≤30     ≥30   1分
29  23 
66  −35≤  ≤54  −1
由于 有解，故 ，即 1分
29  23  761
66  −35≤54  −1  ≤ 48 ≈15.9
当 ，又考虑到绳长为 ： 1分
29 
=1  31 ≤  ≤ 
当 ： 1分
29  23 
②  绳=断2后,3，,4,小⋯球15做平66抛  −运35动≤：  ≤54  −1
1 2
+  − 2  −2  =2   两式共1分
联立解得：
=   
= 8  +2  −1   −  −1 
6
{#{QQABLYCQogggAIBAABgCAwWoCgCQkACAASgOgFAMoAAAwQNABAA=}#}变形为： 1分
2 2
= 8 −2  −1  +   −1  + 
对 内的函数分析，其对称轴

−1  =4
将①结果变形为： 1分
29  −1  23 
66  −35 ≤  −1  ≤ 54
由于 ，故 时， 1分
23  
0<4< 54  −1  =4     =3 
7
{#{QQABLYCQogggAIBAABgCAwWoCgCQkACAASgOgFAMoAAAwQNABAA=}#}