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初中物理
2025年⼴东省⼴州市海珠区中考⼀
模物理试题
新东⽅教育科技集团2025年⼴东省⼴州市海珠区中考⼀
模物理试题
⼀、单选题
单选题
如图所⽰，我国古代把⼥⼦⼀菲⻓称作“咫”。⼀咫的⻓度约（ ）
A. 2m
B. 2dm
C. 5cm
D. 5mm
答案
B
解析
由图可知，⼤拇指和中指张开的距离为“咫”，约20cm=2dm，故ACD不符合题意，B符合题
意。
故选B。
单选题
⽆⼈机收到遥控器发出的845MHz的电磁波信号后，开始竖直上升，此过程的“s-t”关系如图甲所
⽰。⽆⼈机所拍视频⽤5.8×109Hz的电磁波信号传输回地⾯。结合图⼄，以下正确的是（ ）
A. 遥控器发射电磁波的频率⼤于传输视频电磁波的频率
B. 两种电磁波都是⽆线电波
C. 两种电磁波在真空中的传播速度不相等
D. 在0−t 阶段，⽆⼈机所受的合⼒不为零
1
/ 答案
B
解析
A．遥控器发射电磁波的频率为845MHz，合845MHz=845×106Hz=8.45×108Hz
小于5.8×109Hz，故A错误；
B．两种电磁波都小于1010Hz，都是⽆线电波，故B正确；
C．两种电磁波在真空中的传播速度相等，与光的传播速度相同，故C错误；
D．在0−t 阶段，根据甲图可知，物体做匀速直线运动，物体处于平衡状态，受到了平衡
1
⼒，所受的合⼒为零，故D错误。
故选B。
单选题
在⽆其它声⾳⼲扰的操场中，扬声器持续发出⼀个⾳调、响度不变的声⾳，⽤分⻉仪测出各处声⾳
强弱的等级，分⻉仪与扬声器距离⽤s表⽰，它们的关系如图所⽰。在声⾳传播过程中（ ）
A. 扬声器发声体的振幅减小
B. 扬声器发声体每秒振动的次数减少
C. s越远，声⾳的频率越小
D. s越远，测得声⾳强弱的等级越小
答案
D
解析
A．扬声器持续发出响度不变的声⾳，而响度与发声体的振幅有关，振幅越⼤，响度越⼤，所
以扬声器发声体的振幅不变，故A不符合题意；
B．扬声器发出声⾳的⾳调不变，⾳调由发声体每秒振动的次数决定，即频率决定，所以扬声
器发声体每秒振动的次数不变，故B不符合题意；
C．声⾳在传播过程中，频率不变，声⾳的频率与距离⽆关；响度与距离有关，距离发声体越
远，响度越小，故C不符合题意；
/ D．由图可知，随着分⻉仪与扬声器距离s的增⼤，声⾳强弱的等级逐渐减小，故D符合题意。
故选D。
单选题
向前直线⾏驶的⻋内，小明连拍两张照⽚如图甲、⼄所⽰。拍照过程中⻋可能（ ）
A. 向西减速
B. 向东减速
C. 向西加速
D. 向东加速
答案
B
解析
A．由图可知，以⼴州塔为参照物，若⻋是向西⾏驶的，当⻋突然减速时，吊环由于惯性应向
左倾，⼴州塔的位置应向右移动，故A不符合题意；
B．以⼴州塔为参照物，若⻋是向东⾏驶的，当⻋突然减速时，吊环由于惯性应向右倾，⼴州
塔的位置向左移动，故B符合题意；
C．以⼴州塔为参照物，若⻋是向西⾏驶的，当⻋突然加速时，吊环由于惯性应向右倾，⼴州
塔的位置应向右移动，故C不符合题意；
D．以⼴州塔为参照物，若⻋是向东⾏驶的，当⻋突然加速时，吊环由于惯性应向左倾，⼴州
塔的位置应向左移动，故D不符合题意。
故选B。
单选题
如图所⽰，在磁场中的矩形铜线框处于静⽌状态。闭合开关后，AB段导体受到向上的磁场⼒，则
（ ）
A. 电路中M处的电流⼤于Q处的电流
/ B. CD段导体受到磁场⼒的⽅向向下
C. 矩形铜线框⼀定发⽣转动
D. 若只将电源正负极对调，CD段受到磁场⼒的⽅向⼀定向下
答案
D
解析
A．电路中M与Q都并联在⼲路中，所以电路中M处的电流等于Q处的电流，故A错误；
B．闭合开关后，AB段导体受到向上的磁场⼒，电流⽅向是A到B。因为是并联，那么CD段导
体中电流⽅向是C到D，可判断出CD段导体受到磁场⼒的⽅向也向上，故B错误；
C．因为AB段和CD段受到的磁场⼒⽅向相同，所以⼀定不发⽣转动，故C错误；
D．若只将电源正负极对调，电流⽅向会反向，那么CD段导体中电流⽅向变为D到C，根据受
⼒⽅向与电流⽅向的关系，可知CD段受到磁场⼒的⽅向⼀定向下，故D正确。
故选D。
单选题
C是球形⽔滴的球⼼，⼊射球形⽔滴的光线与C点所在的⼀个圆在同⼀平⾯上，它进⼊并穿过⽔滴
的传播径迹可能是（ ）
A. ①
B. ②
C. ③
D. ④
答案
B
解析
根据光的折射规律可知，光从空⽓中斜射⼊球形⽔滴的时，折射光线和⼊射光线分居法线两
侧，折射⻆小于⼊射⻆。然后在球形⽔滴中传播⽅向不变。光从球形⽔滴垂直射⼊空⽓中
时，折射光线和⼊射光线分居法线两侧，折射⻆⼤于⼊射⻆。故它进⼊并穿过⽔滴的传播径
迹可能是②。故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
/ 单选题
图甲所⽰的家庭电路，空⽓开关额定最⼤电流为20A，⼈若不小⼼接触⽕线，经⼈体流⼊⼤地的电
流超过30mA时漏电保护器会⾃动断开，起保护作⽤。某⼈电阻为1100Ω，他徒⼿⾚脚去检修电
路。下列说法正确的是（ ）
A. 若发⽣图⼄的情况，漏电保护器⼀定⾃动断开
B. 若发⽣图丙的情况，漏电保护器⼀定⾃动断开
C. 若发⽣图丙的情况，空⽓开关⼀定⾃动断开
D. 在N处加装开关控制⽤电器，符合安全⽤电原则
答案
A
解析
A．图⼄中，⼈站在地上，单⼿接触⽕线，会有电流经过⼈体流⼊⼤地，当电流超过30mA
时，漏电保护器会⾃动断开，起到保护作⽤，故A正确；
B．图丙中，⼈站在⼲燥椅⼦上，单⼿接触⽕线，另⼀只⼿接触零线，⼈体与⽤电器并联，没
有电流经过⼈体流⼊⼤地，漏电保护器不会⾃动断开，故B错误；
C．图丙中，⼈站在⼲燥椅⼦上，单⼿接触⽕线，另⼀只⼿接触零线，相当于给电路增加了⼀
个⽀路，若此时电路总电流不超过空⽓开关额定最⼤电流20A，空⽓开关不会⾃动断开，故C
错误；
D．为了安全，开关应接在⽕线和⽤电器之间，在N处（零线）加装开关控制⽤电器，不符合
安全⽤电原则，故D错误。
故选A。
单选题
小艳⾃制的简易⽓压计，如图所⽰。右管的上⽅混有少量空⽓，被汞柱密封。不考虑⽓温变化、管
壁对汞柱的阻⼒，下列说法中正确的是（ ）
A. 此时⼤⽓压强相当25cm⾼的汞柱产⽣的压强
B. 此时⼤⽓压强等于管内甲处的⽓压
/ C. 当⼄处有⽔平⽅向的⽓流吹过，汞柱会下降
D. 此装置从⽩云⼭脚到⼭顶，汞柱会上升
答案
C
解析
AB．当玻璃管中混⼊少量空⽓时，管内空⽓的压强与⽔银柱压强之和等于外界⼤⽓压；此时
⼤⽓压强等于管内的⽓压与25cm⾼的汞柱产⽣的压强之和，故AB错误；
C．当⼄处有⽔平⽅向的⽓流吹过，管口处的空⽓流速变⼤，压强变小，汞柱会下降，故C正
确；
D．此装置从⽩云⼭脚到⼭顶，外界⼤⽓压强减小，汞柱会下降，故D错误。
故选C。
单选题
路灯利⽤电磁继电器控制，原理如图所⽰。此电路实现了，⽩天，光敏电阻受到光照时，太阳能电
池板给蓄电池充电；晚上，蓄电池给电灯供电照明。电源电压恒定，电磁铁线圈的电阻忽略不计，
以下判断正确的是（ ）
A. 太阳能是不可再⽣能源
B. ⽩天，太阳能电池板把太阳能转化为化学能
C. 受光照时，R 的阻值变小
光敏
D. 晚上，电磁铁的磁性较强
答案
C
解析
A．太阳能可以在⾃然界⾥源源不断地得到，是可再⽣能源，故A错误；
B．太阳能电池板将太阳能转化为电能，电能再转化为化学能储存在蓄电池中，故B错误；
C．⽩天，光敏电阻受到光照时，太阳能电池板给蓄电池充电，由图可知，此时衔铁在下部，
由此可知，⽩天电磁铁的磁性较强，控制电路中的电流较⼤，说明受光照时，R 的阻值变
光敏
小，故C正确；
/ D．晚上，光照减小，光敏电阻的阻值增⼤，控制电路中的电流变小，电磁铁的磁性减弱，故
D错误。
故选C。
单选题
图甲所⽰的电路中，电源电压恒为6V，灯泡L标有“6V 3W”，超导部件R 与流过它的电流I的关系
1
如图⼄所⽰。电路通电10s。以下判断错误的是（ ）
A. L的实际功率为3W
B. R 产⽣的电热为0J
1
C. 若R 被短接，L会变亮
1
D. 若灯被短接，电源不会被短路
答案
C
解析
分析电路可知，灯泡L和超导部件R 串联，电流表测电路电流。灯泡的额定电流为
1
P 3W
额
I = = =0.5A
额 U 6V
额
电源电压恒为6V，则电路中最⼤电流为0.5A，由⼄图可知，超导部件R 阻值为零。
1
A．电源电压恒为6V，超导部件R 阻值为零，所以灯泡L实际电压等于额定电压，实际功率等
1
于额定功率，为3W，故A正确，不符合题意；
B．超导部件R 阻值为零，不会产⽣热量，所以R 产⽣的电热为0J，故B正确，不符合题意；
1 1
C．超导部件R 阻值为零，所以若R 被短接，L亮度不变，故C错误，符合题意；
1 1
D．超导部件R 阻值为零，若灯被短接，电路中电流会⼤于0.6A，由⼄图可知，超导部件R
1 1
阻值会变为7.5Ω，电源不会被短路，故D正确，不符合题意。
故选C。
⼆、填空题
填空题
甲、⼄电动机⽤相同时间，把相同物体匀速提升2m，甲电动机做的有⽤功和额外功如图所⽰。⼄
电动机做的总功为3750J。
/ (1) 物体重 N，甲电动机做的总功为 J；
(2) ⼄电动机做的额外功为 J；
(3) 甲电动机的效率 ⼄电动机的效率。（选填“小于”“等于”或“⼤于”）
答案
(1) 1500 ；4000
(2) 750
(3) 小于
解析
(1) [1]由图像可知，甲电动机做的有⽤功为3000J，根据W =Fs=Gh可知，物体重
W 3000J
有用甲
G= = =1500N。
h 2m
W W 3000J
有 有
[2]根据，η= 可知，甲电动机做的总功为W = = =4000J。
W 总甲 η 75%
总 甲
(2) ⼄电动机做的总功为3750J，⼄电动机做的额外功
W =W −W =3750J−3000J=750J。
额乙 总乙 有
(3) W 有 3000J
由于η = ×100%= ×100%=80%，而η =75%，所以甲电动机的效率小
乙 W 3750J 甲
总乙
于⼄电动机的效率。
三、实验题
实验题
将⼀杯冰粒放在恒温环境下，其状态和温度的变化过程如图甲到图丁所⽰。已知
c =4.2×103J/(kg⋅℃)
水
(1) 上述过程发⽣的物态变化是 ；
(2) 图杯中物质的分⼦⽆规则运动最剧烈；
(3) 杯中物质从⼄到丙吸热为Q ，从丙到丁吸热为Q ，则：Q Q （选填“<”“=”或“>”）；
1 2 1 2
(4) 从丙到丁，⽔增加的内能为 J；
(5) 从甲到丁的过程，热量⾃发地从温度较⾼的空⽓传递到温度较低的杯中物质，这说明能量在
转移过程中具有 性。
/ 答案
(1) 熔化
(2) 丁
(3) >
(4) 8400
(5) ⽅向
解析
(1) 将⼀杯冰粒放在恒温环境下，其状态和温度的变化过程如图甲到图丁所⽰，固态的冰变成
液态的⽔，是熔化现象。
(2) 温度越⾼，分⼦运动越剧烈，丁图杯中⽔的温度最⾼，物质的分⼦⽆规则运动最剧烈。
(3) 杯中物质从⼄到丙，经历了冰的熔化过程和⽔的升温10℃-0℃=10℃过程，吸热为
Q =Q +Q ，从丙到丁经历了⽔的升温20℃-10℃=10℃过程，吸热为Q =Q ，由
1 冰吸 水吸 2 水吸
于质量相同的⽔，升⾼相同的温度吸收的热量相同，则Q >Q 。
1 2
(4) 从丙到丁，⽔增加的内能为
W =Q =c m Δt =4.2×103J/(kg⋅℃)×200×10−3kg×10℃=8.4×103J。
2 水 水 水
(5) 从甲到丁的过程，热量⾃发地从温度较⾼的空⽓传递到温度较低的杯中物质，但不能⾃发
地从低温物体转移到⾼温物体，这说明能量在转移过程中具有⽅向性。
四、填空题
填空题
如图甲所⽰，溢⽔杯装有4℃的⽔，此时⽔刚好不流出。已知⽔温从0℃升到15℃时，⽔的密度ρ和
⽔温t关系如图⼄所⽰。不考虑⽔的物态变化和溢⽔杯的热胀冷缩。（g取10N/kg）
(1) 杯中⽔温上升到15℃的过程中，杯底受到⽔的压强如何变化？答： 。
(2) 当⽔温为15℃时，在⽔中放⼊体积为1×10−3m3的物体，物体在⽔中悬浮。（不考虑物体热胀
冷缩）
①物体所受浮⼒F = N；
15℃
②若⽔温降⾄0℃，物体静⽌时会 （选填“沉底”“悬浮”或“漂浮”），物体所受浮⼒F
0℃
F （选填“<”“=”或“>”）。
15℃
答案
/ (1) 变小
(2) 9.992 ；漂浮 ；=
解析
(1) 溢⽔杯中装满⽔，当⽔温上升到15℃的过程中，根据图像知，密度减小，体积变⼤，故溢
出，使得使得深度不变，根据压强公式p=ρgh计算可知⽔对杯底的压强减小。
(2) [1]根据浮⼒公式计算物体受到的浮⼒F =ρ gV =0.992×103kg/m3×10N/kg×1×10-
浮15℃ 液 排
3m3=9.992N
[2]⽔温降低到0℃，密度增加，所以浮⼒变⼤，⼤于物体重⼒，导致物体漂浮，此时重⼒等
于浮⼒。
[3]物体的重⼒不变，悬浮和漂浮时的浮⼒均等于重⼒，所以两种情况下的浮⼒相等。
填空题
如图，MN是⼀个发光物体，在凸透镜右侧移动光屏，能观察到⼀个等⼤的实像，O是凸透镜的光
⼼，光线a平⾏于主光轴。
(1) 该透镜的焦距为 cm；
(2) 画出：①M点发出的光线，经过凸透镜折射后成的像M′；
②光线b经过凸透镜的折射光线；
③MN在平⾯镜中的像M N ；
1 1
(3) 将另⼀凸透镜替换图中凸透镜，并放在相同位置，在新透镜右侧能观察到放⼤的实像。新凸
透镜焦距f的取值范围是 。
答案
(1) 10.0
(2)
(3) 10.0cm<f <20.0cm
/ 解析
(1) 由图可知，光线a平⾏于主光轴，经凸透镜折射后与主光轴的交点即为焦点，光⼼O到这⼀
点的距离为焦距，则该凸透镜的焦距f=30.0cm-20.0cm=10.0cm
(2) 过凸透镜光⼼的光线经凸透镜折射后传播⽅向不改变，据此画出光线经光⼼后的光线与光
线c交于点M′，即为M点发出的光线，经过凸透镜折射后成的像M′；由凸透镜成像特点知，
当u=2f时，成等⼤、倒⽴的实像，所以发光N点发出的光线b经凸透镜折射后⼀定过另⼀侧
⼆倍焦距处，由此画出光线b经过凸透镜折射后的光线；根据平⾯镜成像的特点，先作出端
点M、N关于平⾯镜的对称点M′、N′，⽤虚线连接M′、N′即为物体MN的像，如图所⽰：
(3) 由于原凸透镜的焦距为10.0cm，所以将另⼀凸透镜替换图中凸透镜，并放在相同位置，在
新透镜右侧能观察到放⼤的实像，即此时物距在⼀倍焦距与⼆倍焦距之间，像距⼤于⼆倍
焦距，则f<u=20.0cm<2f，新凸透镜焦距f的取值范围是10.0cm<f<20.0cm。
五、综合题
实验题
如图甲所⽰，⽤竖直向下的⼒F 压脚踏式翻盖垃圾桶，使其保持静⽌。此时垃圾桶可简化为图⼄的
1
组合杠杆。⽔平静⽌的AB是以O （图中未画出）为⽀点的杠杆（AB质量忽略不计，每格的⻓度相
1
同）。DO 是以O 为⽀点的杠杆，它的重⼼在O点。直杆对C处的⼒为F．已知F 为7.5N，直杆对B
2 2 1
处竖直向下的阻⼒F 为15N．
2
(1) 画出：DO 所受的重⼒G及其⼒臂l．
2
(2) DO 所受的重⼒G F（选填“<”“=”或“>”）。
2
(3) ⽀点O 为图⼄中的 点。
1
答案
/ (1)
(2) <
(3) M
解析
(1) 重⼒的⽅向竖直向下，作⽤点在重⼼，⼒臂为⽀点到⼒的作⽤线的垂直距离，如图所⽰：
(2) 对于杠杆O CD，⽀点是O ，动⼒作⽤在C点，阻⼒作⽤在盖⼦的重⼼O点，则动⼒臂小于阻
2 2
⼒臂，属于费⼒杠杆，所以G<F。
(3) 根据杠杆平衡条件可知，F 1 O 1 A=F 2 O 1 B，则 O 1 A = F 2 = 15N = 2 ，由图可知，
O B F 7.5N 1
1 1
AM 2
= ，则⽀点O 1为M点。
BM 1
实验题
图甲是模拟地磅简化电路图，电源电压恒为3V，R 2是定值电阻。⼒敏电阻R 1上⽅紧密连接⼀质量
不计的⽔平绝缘板，检测时将货⻋模型静置其上，R 1的阻值随所受压⼒F变化关系如图⼄所⽰。（g
取10N/kg）
(1) 图甲电路中，静置在⽔平绝缘板上的货⻋模型总质量越⼤，电压表⽰数越 。
(2) 计算：把电压表改接到定值电阻R 两端（如图丙所⽰），将电压表2V刻度线设为货⻋模型总
2
质量最⼤值2kg的刻度线，超过此刻度线代表货⻋超载。
①当模型总质量为2kg时，R 的阻值。
1
/ ②R 的阻值。
2
答案
(1) 小
(2) 500Ω ；1000Ω
解析
(1) 由甲图可知，⼒敏电阻R 1和定值电阻R 2串联，电压表测⼒敏电阻R 1两端的电压。物体放置
在⽔⾯上，压⼒等于重⼒，根据F=G=mg可知，静置在⽔平绝缘板上的货⻋模型总质量越
⼤，R 1所受压⼒F越⼤，由⼄图可知，R 1的阻值越小，电路中的总电阻越小，根据串联正⽐
分压可知，R 1分得的电压越小，即电压表⽰数越小。
(2) 把电压表改接到定值电阻R 2两端时，R 1、R 2仍串联，电压表测R 2两端的电压。
[1]当模型总质量为2kg时，对⽔平地⾯的压⼒为F =G=mg=2kg×10N/kg=20N
由图⼄得，⼒敏电阻R 1的阻值R
1
=500Ω。
[2]当货⻋模型总质量最⼤值2kg时，电压表⽰数为2V，即R 2两端的电压为2V，电阻R 1两端
的电压为U
1
=U-U
2
=3V-2V=1V
根据串联正⽐分压可得
1V 2V
=
500Ω R
2
解得R =1000Ω。
2
实验题
如图甲所⽰，在⽔平地⾯上有⼀重3×104N的物体，受到绳⼦竖直向上的拉⼒，此时地⾯受到物体
的压⼒为2×104N，受⼒⾯积为2m2，它对地⾯压强为p。电动机钢索的拉⼒以恒定功率30kW将物
体从静⽌开始竖直向上提升60s后，功率逐步减小，70s时功率为0W。此过程物体的“v-t”关系如图⼄
所⽰。忽略空⽓阻⼒。
(1) 计算：压强p。
(2) 计算：前60s，拉⼒对物体做的功。
(3) 第60s时物体的机械能为E ；第70s时物体的机械能为E 。则E E （选
1 2 1 2
填“<”“=”或“>”），判断依据 。
(4) 0~10s，钢索对物体的拉⼒ （选填“变小”“不变”或“变⼤”），判断依据 。
/ 答案
(1) 1×104Pa
(2) 1.8×106J
(3) < ；拉⼒对物体做功的过程中，电能转化为物体的机械能
P
(4) 变小 ；根据 F = ，0~10s内P不变，v增⼤，所以F变小
v
解析
(1) 地⾯受到物体的压⼒为2×104N，受⼒⾯积为2m2，它对地⾯压强为
F 2×104N
p= = =1×104Pa
S 2m2
(2) 电动机钢索的拉⼒以恒定功率30kW将物体从静⽌开始竖直向上提升持续的时间为60s，在
这60s的时间内拉⼒对物体做的功W=Pt=30×103W×60s=1.8×106J
(3) [1][2]从60s到70s的过程中，电动机钢索的拉⼒对物体做功，将电能转化为机械能，所以第
60s时物体的机械能为E 小于第70s时物体的机械能E ，即E <E 。
1 2 1 2
P
(4)
[1][2]由⼄图可知，0~10s内，物体的速度变⼤，电动机功率恒定，根据F = 可知，钢索
v
对物体的拉⼒变小。
六、实验题
实验题
小明利⽤M木块和⼀些钩码来探究“滑动摩擦⼒f与压⼒F”的⼤小关系。利⽤弹簧测⼒计，在⽔平地
⾯进⾏实验，通过正确操作得到图⼄的数据图像。
(1) 实验过程中，测⼒计⽔平拉动M木块做匀速直线运动，测⼒计⽰数为0.8N，如图甲所⽰。此
时木块对地⾯压⼒F = N；
f
(2)
分析图⼄数据，得到实验结论 =常量（设为μ），则⽐值μ= ；
F
(3) 如图丙所⽰，把⼀个重13N的物体放在M木块上，在相同的地⾯上拉动M木块，小明通过上述
结论合理猜想：
M木块受到地⾯的滑动摩擦⼒为 N；
/ ⽤图甲测⼒计能否验证小明的猜想？答： ，判断依据 ；
(4) 如图丁所⽰的P木块，材料与M木块相同，但质量、表⾯粗糙程度与M均不同，请仅利⽤弹簧
测⼒计，判断哪个木块表⾯更粗糙。
小明补充的实验步骤如下：
在相同的地⾯，⽤测⼒计⽔平拉动P木块做匀速直线运动，测得摩擦⼒为f ；
p
结合图甲实验，小明补充的实验步骤能否实现实验⽬的？
答： ；
若能，请在⽅框内写出实验结论；若不能，请写出正确的实验步骤（可图⽂结合）。
答案
(1) 2
(2) 0.4
(3) 6 ；不能验证小明的猜想 ；⻅解析
(4) 不能 ；⻅解析
解析
(1) 木块做匀速直线运动时，木块受⼒平衡，根据⼆⼒平衡条件可知，测⼒计对木块的拉⼒⼤
小等于木块受到的滑动摩擦⼒⼤小，所以测⼒计⽰数等于滑动摩擦⼒的⼤小，由图⼄可
知，当测⼒计⽰数为0.8N，即滑动摩擦⼒⼤小为0.8N时，此时木块对地⾯压⼒F等于2N。
f
(2)
由图⼄可知，此图像为⼀条倾斜的直线，将图⼄中的数据代⼊ 可得
F
0.8N 1.6N 2.4N
μ= = = =0.4
2N 4N 6N
(3) [1]把⼀个重13N的物体放在M木块上，在相同的地⾯上拉动M木块，接触⾯的粗糙程度不
变，此时木块对地⾯压⼒F =13N+2N=15N
M
M木块受到地⾯的滑动摩擦⼒f =15N×0.4=6N
M
(4) [2][3]⽤图甲测⼒计不能验证小明的猜想，因为匀速直线拉物体时，拉⼒6N超出弹簧测⼒计
的测量范围。
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