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第九章 有机化学基础
（考试时间：75 分钟 试卷满分：100 分）
一、选择题：本题共14 小题，每小题3 分，共42 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目
要求的。
1．下列说法正确的是
A．正戊烷的沸点比异戊烷的高
B．淀粉和纤维素互为同分异构体
C．油脂属于高分子化合物
D．苯酚和甲醛通过加聚反应得到酚醛树脂
【答案】A
【解析】A．烷烃的同分异构体中，支链越多，沸点越低，正戊烷没有支链，而异戊烷有支链，因此正戊
烷的沸点比异戊烷的高，故A 正确；
B．淀粉和纤维素的分子式均为(C6H10O5)n，但n 值不同，因此它们不是同分异构体，故B 错误；
C．油脂的相对分子质量较小，不属于高分子化合物，故C 错误；
D．苯酚和甲醛通过缩聚反应(而非加聚反应)得到酚醛树脂，故D 错误；
答案选A。
2．自然资源的利用与开发是化学科研工作者的重要工作之一，下列对应描述错误的是
选
项
资源利用与开发
描述
A
高粱秸秆→燃料乙醇
纤维素水解最终生成了乙醇
B
乙烯
该过程发生了还原反应
C
石油→汽油
可通过催化裂化实现
D
青蒿→青蒿素
该过程涉及乙醚萃取、柱色谱分离等操作
【答案】A
【解析】A．高粱秸秆→燃料乙醇过程中纤维素先水解生成葡萄糖，葡萄糖分解生成乙醇，A 错误；B．
乙烯发生了加氢去氧的反应，属于还原反应，B 正确；C．石油→汽油，催化裂化可以增加轻质油
的产量，C 正确；D．青蒿→青蒿素涉及有机物的提取过程，制备过程中，涉及乙醚萃取、柱色谱分离等
操作，D 正确；故答案选A。
3．下列说法正确的是
A．氯乙烷与其他药物制成“复方氯乙烷气雾剂”，用于运动中急性损伤的镇痛
B．医用酒精的质量分数为
C．2-甲基-1，3-丁二烯与HCl 发生加成反应的产物可能有5 种
D．苯酚钠溶液中通入少量的
：2
+CO2+H2O
2
+Na2CO3
1
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【答案】A
【解析】A．“复方氯乙烷气雾剂”汽化时大量吸热，具有冷冻麻醉作用，常用于急性运动损伤后镇痛，A
正确；B．医用酒精体积分数为
，B 错误；C．2-甲基-1，3-丁二烯与HCl 发生加成反应，若两者以
1：1 的物质的量进行反应，则产物可能有6 种，若两者以1：2 的物质的量进行反应，则也会生成
等物质，产物多于5 种，C 错误；D．向苯酚钠溶液中通入少量或者足量的
，反应生成苯酚和碳酸氢钠，反应的化学方程式为
+CO2+H2O
+NaHCO3，D 错误；故选
A。
4．乙酰乙酸乙酯(K)的酮式与烯醇式互变异构过程如图所示：
下列说法错误的是
A．通过质谱可测定K 分子的相对分子质量
B．通过红外光谱可测定K 分子的分子式
C．通过紫外光谱可测定K 分子中有无共轭结构
D．通过核磁共振氢谱可测定K 分子中有几种化学环境的氢原子
【答案】B
【解析】A．质谱仪通过质荷比的数值可以确定有机化合物的相对分子质量，通过质谱图最右边的分子离
子峰推测待测物质的相对分子质量，A 正确；
B．有机物的红外光谱图可以获得分子中所含化学键和官能团的信息，不能确定分子式，B 错误；
C．通过紫外光谱可以测知有机物所含的共轭结构，C 正确；
D．核磁共振氢谱吸收峰的数目等于有机物分子中H 原子种类，H 原子数目之比等于对应峰的面积之比，
可以推知有机物分子中有几种不同类型的氢原子及它们的数目，D 正确；
故选：B。
5．下列为达到实验目的所选用的试剂或方法不正确的是
选项
实验目的
试剂或方法
A
从
溶液中获得
固体
蒸发结晶
B
区分苯和四氯化碳
溴水
C
除去
中的少量
酸性
溶液、浓硫酸
D
区分1-溴丙烷和2-溴丙烷
核磁共振氢谱
【答案】A
2
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【解析】A．蒸发FeCl3溶液会水解为Fe(OH)3，不能得到FeCl3，故A 错误；
B．苯与四氯化碳分别与溴水混合的现象为：分层后有色层在上层、分层后有色层在下层，可用溴水区分
苯和四氯化碳，故B 正确；
C．SO2有还原性，可被酸性高锰酸钾氧化为
，可除去CO2中的SO2，然后用浓硫酸干燥，故C 正确；
D．1-溴丙烷和2-溴丙烷的核磁共振氢谱分别有3 个和2 个峰，可区分，故D 正确；
故答案为A。
6．麦角酰乙二胺，常简称为“LSD”，结构如图所示。下列有关说法错误的是
A．该有机物能使溴水褪色
B．该有机物在酸性条件下的水解产物之一可与Na2CO3溶液反应
C．1mol 该有机物最多可与2molNaOH 反应
D．该有机物中碳原子的杂化方式有2 种
【答案】C
【解析】A．该有机物中有碳碳双键，能使溴水褪色，故A 正确；B．分子中存在酰胺基，酸性条件下水
解产生羧基，可与
溶液反应，故B 正确；C．分子中存在1 个酰胺基，1mol 该有机物中只有酰胺
基可与1mol
反应，故C 错误；D．该有机物中碳原子有饱和的，也有碳碳双键，饱和碳原子为
杂化，碳碳双键碳原子为
杂化，该有机物中碳原子的杂化方式有2 种，故D 正确。故选C。
7．某通用高分子材料（L）的结构片断如图所示。下列有关L 的说法正确的是
A．能导电
B．易降解
C．吸湿性能好，受热易熔融
D．可由两种单体缩聚而成
【答案】D
【解析】A．该物质属于聚合物，为高分子化合物，不存在能在其中自由移动的带电粒子，不能导电，A
错误；
3
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B．分子中不存在容易分解或容易氧化或容易水解的基团，不易降解，B 错误；
C．结构为体型结构，则受热不易熔融，C 错误；
D．由结构可知，可由苯酚和甲醛两种单体缩聚而成，D 正确；
故选D。
8．闭花耳草是传统药材，具有消炎功效。车叶草苷酸是其活性成分之一，结构简式如图所示。下列有关
车叶草苷酸的说法正确的是
A．分子中含有5 种含氧官能团
B．1
该分子最多与2
发生反应
C．与氢气反应，
键均可断裂
D．分子中存在共平面的环状结构
【答案】B
【解析】A．该分子中含有羟基、羧基、醚键、酯基共4 种含氧官能团，A 错误；
B．羧基和酯基可与
发生反应，1
该分子最多与2
发生反应，B 正确；
C．碳碳双键可以发生加成反应，但酯基、羧基中的碳氧双键不能加成，则与氢气反应，羧基中的
键不
能断裂，C 错误；
D．分子中3 个环状结构均有多个
杂化的碳原子，不存在共平面的环状结构，D 错误；
故选B。
9．利用
和NADH 可将2-丁醇催化转化为丙酸甲酯，相关转化关系如下。
下列说法不正确的是
A．①中，1mol 2-丁醇转化为2-丁酮，转移2mol 电子
B．①中，
转化为NADH，部分碳原子的杂化方式改变
C．②中，2-丁酮和NADH 均发生氧化反应
D．每合成1mol 丙酸甲酯，理论上须投入1mol
【答案】D
4
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【解析】A．①中，
+2H+，因此1mol 2-丁醇转化为2-丁酮，转移2mol 电
子，A 正确；
B．①中，
转化为NADH，
中带*符号的碳原子的杂化方式由sp2转化为sp3，B
正确；
C．②中，2-丁酮得到氧原子，NADH 失去氢原子，因此2-丁酮和NADH 均发生氧化反应，C 正确；
D．由转化关系图可知，在反应前后，
化学性质不变，作催化剂，因此其质量不变，D 错误；
故选D。
10．我国科学家提出了以钌催化剂为核心的碳环选择性氢化策略，首次实现了苯并杂环芳烃碳环的高选择
性氢化，其反应原理如图所示。下列有关说法正确的是
A．该过程涉及非极性键和极性键的断裂和形成
B．Ⅰ至Ⅱ的过程中碳的杂化方式未发生改变
C．Ⅱ至Ⅲ的反应产物只有一种
D．Ⅲ至Ⅰ的反应类型为氧化反应
【答案】B
11．(24-25·安徽省淮南市·二模)宇树机器人在春晚上跳舞的表现大放异彩，其外壳材料采用的是聚醚醚酮
(PEEK)，其一种合成方法如下。下列说法正确的是
A．M 属于芳香烃
B．与足量溴水反应，
最多消耗
C．用
溶液可以鉴别
、
D．PEEK 的合成反应属于加成聚合反应
5
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【答案】C
【来源】安徽省淮南市2024-2025 学年高三二模化学试题
【解析】A．芳香烃只含碳和氢两种元素，
还含有F、O 元素，不符合定义，A 错误；
B．
中含有酚羟基，与足量溴水反应，
可以取代邻对位上的氢原子，1molN 最多消耗
，B 错
误；
C．酚羟基可以与
形成有色络合物，
不含酚羟基，
含有酚羟基，可以用FeCl3溶液鉴别M、N，C
正确；
D．PEEK 是
的羟基和
的氟原子之间发生缩聚反应合成，除了生成高分子，还生成了小分子HF，属于
缩聚反应，不属于加成聚合，D 错误；
答案选C。
12．生活因有机而多姿多彩，化合物M 是合成镇静类药物氯硝西泮(N)的关键前体，制取N 的部分流程如
下。
下列说法错误的是
A．从M 到Q 的反应为取代反应
B．P→M 引入硝基时需要“一系列反应Ⅰ”的目的是防止氨基被氧化
C．Q 分子中所有原子可能在同一平面
D．1molN 最多可与3molNaOH 反应
【答案】C
【解析】A．由图可知，M 到Q 发生的反应为
与
发生取代反应生成
和氯
化氢，故A 正确；B．P 分子中的氨基具有还原性，与浓硝酸和浓硫酸的混酸发生硝化反应时易被氧化，
所以P→M 引入硝基时需要“一系列反应Ⅰ”防止氨基被氧化，故B 正确；C．由结构简式可知，Q 分子
中氨基氮原子的杂化方式为sp3杂化，—NH2和与该氮直接相连的碳原子的空间构型为三角锥形，则Q 分
子中所有原子不可能在同一平面，故C 错误；D．由结构简式可知，N 分子中含有的酰胺基和碳氯键能与
氢氧化钠溶液反应，其中1mol 碳氯键消耗2mol 氢氧化钠，所以1molN 最多可与3mol 氢氧化钠反应，故
D 正确；故选C。
13．（北京市西城区2025 届高三化学一模试题）聚乳酸-羟基乙酸共聚物(PLGA)是一种新型的生物可降解
高分子材料，其制备反应如下。(未配平)
6
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下列说法正确的是
A．
和
分子中所有的原子共平面
B．X、Y 和PLGA 的重复单元中含有的官能团不同
C．制备PLGA 的反应属于缩聚反应
D． m、n 的大小对PLGA 的降解速率有影响
【答案】D
【解析】A．X、Y 中均含饱和碳原子，为sp3杂化，为四面体构型，不可能所有原子共平面，A 错误；
B．X、Y 和PLGA 的重复单元中含有的官能团均为酯基，B 错误；
C．制得 PLGA 时是通过两种环状内酯单体的“开环聚合”形成大分子，并未缩合出小分子(如 H2O)；在高
中分类中，不产生小分子的聚合往往归为：“加聚反应”，C 错误；
D．m、n 表示乳酸单元与羟基乙酸单元在共聚物中的含量比，不同配比会影响聚合物的结构与极性，从而
影响其降解速率，D 正确；
故选D。
14．乙醛在MgO 的催化下可发生反应生成3-羟基丁醛，其反应历程如下。
下列说法错误的是
A．乙醛中的O 易被Mg 吸附
B．该过程涉及了极性键的断裂和非极性键的生成
C．乙醛和丙酮在MgO 的催化下也可发生类似的反应
D．1 分子乙醛和1 分子丙醛在MgO 的催化下可生成3 种羟基戊醛
【答案】D
【解析】A．由图可知乙醛中的O 与Mg 形成了作用力，说明其易被Mg 吸附，A 正确；
B．过程中涉及到C—H 极性键的断裂和C—C 非极性键的形成，B 正确；
C．根据反应历程可知，该反应为醛基邻位碳上的氢和碳氧双键的加成反应，则乙醛和丙酮在MgO 的催化
下也可发生类似的反应，C 正确；
D．根据题给信息可知，可以是乙醛中甲基上的氢和丙醛中碳氧双键的加成，也可能是丙醛中醛基邻位碳
上的氢和乙醛中的碳氧双键的加成，故1 分子乙醛和1 分子丙醛在MgO 的催化下可生成2 种羟基戊醛，D
错误；
7
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本题选D。
二、非选择题：本题共4 小题，共58 分。
15．（14 分）某化学小组为研究卤代烃水解反应与消去反应的规律，进行如下研究
I．探究卤代烃的水解反应与消去反应：
实验ⅰ：向烧瓶A 中加入1-溴丁烷和氢氧化钠的水溶液，加热；B 中溶液褪色。
实验ⅱ：向烧瓶A 中加入1-溴丁烷和氢氧化钠的乙醇溶液，加热；B 中溶液褪色。
实验ⅲ：分别取实验ⅰ和ⅱ中上层清液于试管中，加硝酸酸化的
溶液，均产生黄色沉淀。
（1）烧瓶中加入碎瓷片的作用是 。
（2）实验ⅰ中发生了水解反应，反应方程式为 。
（3）甲同学认为实验ⅰ中高锰酸钾溶液褪色，因此发生了消去反应，乙同学认为反应体系中的物质
也能使其褪色，否定了甲的结论。
Ⅱ．在实验ii 的体系中同时检出水解产物与消去产物，进一步查阅文献资料研究文献资料：
a．与官能团相连的碳称为α 碳，α 碳相连的碳原子称为β 碳
b．β 碳上的氢活性越高，消去反应的速率越大
c．α 碳上的侧链越多，取代反应的速率减慢，消去反应的竞争增大
文献数据：
表1.两种卤代烃在强碱的乙醇溶液中取代产物与消去产物的含量
卤代烃
取代产物/%
消去产物/%
90%
10%
5
95
表2.两种卤代烃在有、无强碱的乙醇溶液中取代产物与消去产物的含量
卤代烃
强碱的醇溶液
取代产物/%
消去产物/%
0
97
3
0.2
21
79
0
81
19
8
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0.2
7
93
（4）由以上研究得到结论：
①不同的卤代烃在相同条件下取代反应与消去反应产物含量不同。表1 中
消去反应产物含
量比
提升的原因是 。
②强碱的存在有利于消去反应的发生。消去反应中常采用乙醇钠盐作为强碱性试剂，请用离子方程式解释
乙醇钠的水溶液显碱性的原因 。
③消去产物的含量与卤代烷烃自身的结构有关。相同条件下
的消去产物比
的消去
产物含量高，结合材料解释原因 。
④卤代烃的取代反应与消去反应是共存与竞争的关系，反应受 (写出两个即可)因素的影响。
【答案】（1）防止暴沸
（2）
（3）1-丁醇
（4）
中β 碳上的氢活性比
高
α 侧链比
多，则消去反应的竞争增大，消
去反应产物越多 β 碳上的氢活性和α 碳上的侧链多少
【分析】实验i 是1-溴丁烷的水解反应，实验ii 是1-溴丁烷的消去反应，本题考查卤代烃的取代和消去反
应，通过实验可以发现反应时溶剂不同对反应的产物是有很大影响的，所以要注意反应时的条件的不同，
另外当反应的溶剂为乙醇时还要注意，乙醇对反应产物检验的干扰。
【解析】（1）烧瓶中加入碎瓷片的作用是防止暴沸，故答案为：防止暴沸；
（2）1-溴丁烷的水解反应，其化学方程式为
，
故答案为：
；
（3）实验i 中产物会有1-丁醇，其具有挥发性，也能使酸性高锰酸钾褪色，故答案为：1-丁醇；
（4）
①由已知条件可知，β 碳上的氢活性越高，消去反应的速率越大，则
中β 碳上的
氢活性比
高，故答案为：
中β 碳上的氢活性比
高；
②乙醇钠的水溶液显碱性的原因是因为
，故答案为：
9
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；
③
α 侧链比
多，则消去反应的竞争增大，消去反应产物越多，故答案为：
α 侧链比
多，则消去反应的竞争增大，消去反应产物越多；
④由反应的数据和资料可知，卤代烃的取代反应与消去反应受β 碳上的氢活性以及α 碳上的侧链多少两方
面因素的影响，故答案为：β 碳上的氢活性和α 碳上的侧链多少。
16．（14 分）氟他胺是一种抗肿瘤药，实验室由芳香烃A 制备氟他胺的合成路线如下所示：
已知：Ⅰ．卤代烃可与镁反应生成格氏试剂，如
。
Ⅱ．醛或酮可与格氏试剂
反应，所得产物经水解可得醇，如
。
Ⅲ．羧酸与
作用可生成酰氯，如R2COOH
。
（1）反应①的反应条件是 ，反应②用到的试剂是 。
（2）反应①②③④中，不属于取代反应的有 。
（3）K 是H 的一种同分异构体，K 分子存在对映异构现象，K 的结构简式为 。
（4）
反应中需要加入少量吡啶(
)，写出吡啶中氮原子杂化后的价层电子轨道表示式
。请结合平衡移动原理，推测吡啶的作用 。
（5）请在F→H 流程图的虚线框内填写物质的结构简式 、 。
【答案】（1）取代反应 浓硝酸、浓硫酸
（2）③
（3）CH3CH(OH)CH2CH3
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（4）
E 和I 发生取代反应生成J 同时有HCl 生成，吡啶具有碱性可以消耗HCl，使
平衡正向移动，提高反应物的产率
（5）
【分析】A 是芳香烃，根据C 的结构和B 的分子式得到A 为甲苯，A 和氯气在光照下发生取代反应生成
B，B 发生取代反应生成C，C 和浓硝酸在浓硫酸作用下发生取代反应生成D，D 发生还原反应生成E，根
据I 的结构得到H 为(CH3)2CHCH2OH，根据信息得到F 结构为(CH3)2CHBr，E 和I 发生取代反应生成
，
发生硝化反应生成
。
【解析】（1）由分析可知，A 和氯气在光照下发生取代反应生成B，C 和浓硝酸在浓硫酸作用下发生取代
反应生成D。
（2）由分析可知，反应①②③④中，不属于取代反应的有③。
（3）对映异构是由一对具有镜像关系的手性配合物构成的异构体现象，其中含有手性碳原子，K 是H 的
一种同分异构体，K 分子存在对映异构现象，K 的结构简式为CH3CH(OH)CH2CH3。
（4）由吡啶的结构简式可知，N 原子形成2 个
键，且含有1 个孤电子对，N 原子为sp2杂化，杂化后的
价层电子轨道表示式
，E 和I 发生取代反应生成J 同时有HCl 生成，吡啶具有碱性可以
消耗HCl，使平衡正向移动，提高反应物的产率。
（5）根据
信息可以得到(CH3)2CHBr 反应生成(CH3)2CHMgBr，根据信息Ⅱ反应原理
可以得到(CH3)2CHMgBr 和HCHO 反应生成(CH3)2CH2OMgBr，因此F→H 流程图的虚线框内物质的结构简
式为
、
。
17．（15 分）有机物M 是一种新型光电材料，合成路线如下。
已知：
11
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回答下列问题：
（1）A 的名称是 ，M 中含有 个手性碳原子。
（2）A→B 反应分两步进行，第二步的反应类型为 ，C 中官能团的名称是 。
（3）D→E 的化学方程式为 。
（4）N 为B 的同系物，其相对分子质量比B 小14，写出其中核磁共振氢谱峰面积之比为
的结
构简式 。
（5）①苯胺②对甲基苯胺③对氯苯胺，相同条件下碱性由强到弱的顺序是 (填序号)。
（6）以丙烯为原料合成
(无机试剂自选)，写出合成路线图 。
【答案】（1）对甲基苯甲醛（或4-甲基苯甲醛） 2
（2）消去反应 醛基、碳溴键
（3）
+3NaOH
+2NaBr+3H2O
（4）
（5）②>
>
①③
（6）
【分析】A 在氢氧化钠加热条件下和CH3CHO 先发生加成反应后消去羟基得B，属于羟醛缩合，B 在四氯
化碳中和溴发生加成反应得C，C 为
，C 在催化剂加热条件下被氧气氧化得D，D 为
，D 在氢氧化钠醇溶液中加热发生消去反应，同时羧基被碱中和，且根据E 的分子式
12
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可以得出，E 为
，E 酸化后和乙醇发生酯化反应得F，F 为
，F 与G 在催
化剂作用下发生已知信息中的反应，结合M 的结构可知，G 为
；
【解析】（1）根据A 的结构简式，A 的名称为对甲基苯甲醛（或4-甲基苯甲醛）；以单键连接四个不同
原子或基团的饱和碳原子为手性碳原子，故M 中有2 个手性碳原子，标记如图
；
（2）A→B 反应是羟醛缩合反应，反应分两步进行，乙醛先和苯甲醛中碳氧双键加成，得
，
羟基再发生消去反应得B，故第二步的反应类型为消去反应；根据C 的结构简式，C 中官能团的名称为醛
基、碳溴键；
（3）D 为
，D 在氢氧化钠醇溶液中加热发生消去反应，同时羧基被碱中和生成E
，化学方程式为
+3NaOH
+2NaBr+3H2O；
（4）N 为B 的同系物，其相对分子质量比B 小14，则N 的分子式为C9H8O 且有醛基、碳碳双键和苯环，
核磁共振氢谱峰面积之比为
的结构简式为
；
（5）苯胺的碱性是氨基中的氮原子上孤对电子产生的，所以苯环上的推电子基会使碱性增强，吸电子基
会使碱性减弱，甲基为推电子基，氯为吸电子基，故碱性由强到弱的顺序为②>
>
①③；
13
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（6）合成
，可以考虑利用
和
在催化剂作用下，发生已知中的反应得到，根据题中流
程，可以先用丙烯和溴发生加成反应得到1,2-二溴丙烷，再消去得到
，故合成路线为
。
18．（15 分）
是合成羟氨苄青霉素的一种中间体，合成
路线如下：
已知：i．
ii．
（1）A 的结构简式是 。
（2）反应①所加试剂是 。
（3）反应②的化学方程式是 。
（4）
的结构简式是 （用*标出其中的手性碳原子）。
（5）生成
时也会生成其对映异构体
，通过将
和
转化为对应的
和
可实现
和
分离，流程如下
（在整个过程中手性碳原子不发生变化）。
已知：
固体负载酶
难溶于水，选择性地水解K 而不水解
K
和
易溶于水，
时从水中析出
和
易溶于水
F
①转化为
的化学方程式是 。
14
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②分离出的
是 （填“固体1”“固体2”或“固体3”）。
③操作1 为 。
【答案】（1）
（2）
水溶液
（3）
（4）
（5）
固体3
调至
，过滤
【分析】
由有机物的转化关系可知，催化剂作用下
与NBS 发生取代反应生成
，则A 为
、B 为
；
在氢氧化钠溶液中共热发生水解反应生成
，则C
15
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为
；铜做催化剂条件下
与氧气共热发生催化氧化反应生成
，一定条件
下
转化为
；
先在氢氧化钠溶液中发生水解反应，后酸化至中性生成
，则F 为
；催化剂作用下
发生水解反应生成
和甲醇，
则G 为
。
【解析】（1）由分析可知，A 的结构简式为
，故答案为：
；
（2）由分析可知，反应①为
在氢氧化钠溶液中共热发生水解反应生成
和溴化
钠，故答案为：NaOH 水溶液；
（3）由分析可知，反应②为铜做催化剂条件下
与氧气共热发生催化氧化反应生成
16
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和水，反应的化学方程式为
，故答案为：
；
（4）由分析可知，G 的结构简式为
，分子中含有如图*所示的1 个手性碳原子：
，
故答案为：
；
（5）由题给信息和分离流程可知，催化剂作用下F 和F′与乙酸酐发生取代反应生成K 和K′，固体负载酶
的作用下，中性条件下K′水解生成F′，过滤得到固体负载酶和含有F′、K 的水溶液1；调节水溶液1 的pH
为5，使F′转化为沉淀析出，过滤得到F′和含有K 的水溶液2；pH 为2 的条件下K 发生水解反应生成F，
调节水溶液pH 为5，使F 转化为沉淀析出，过滤得到F 和水溶液3；
①由分析可知，F 转化为K 的反应为催化剂作用下F 与乙酸酐发生取代反应生成K 和乙酸，反应的化学方
程式为
，故答案为：
；
②由分析可知，分离出的F 是固体3，故答案为：固体3；
③由分析可知，操作1 为调节水溶液pH 为5，使F 转化为沉淀析出，过滤得到F 和水溶液3，故答案为：
调至pH=5，过滤。
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