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第九章 有机化学基础
（考试时间：75 分钟 试卷满分：100 分）
可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 O16
一、选择题(每小题只有一个正确选项，共15×3 分)
1．（2025·福建福州·三模）化学在生产生活和科技发展中发挥着重要作用。下列说法错误的是
A．乳胶口罩的主要原料天然乳胶属于有机高分子材料
B．“麒麟”芯片与太阳能电池感光板所用材料是二氧化硅
C．“东方超环”（人造太阳）用到的氘、氚两种原子互为同位素
D．“神舟十四号”载人飞船返回舱外表面的高温结构陶瓷是新型无机非金属材料
【答案】B
【详解】A．天然乳胶的主要成分是聚异戊二烯，属于天然有机高分子材料，A 正确；
B．芯片和太阳能电池感光板的主要材料是晶体硅，而非二氧化硅（二氧化硅用于芯片制造中的绝缘层或
光刻工艺），B 错误；
C．氘（
2H）和氚（
3H）是氢的同位素，质子数相同但中子数不同，C 正确；
D．高温结构陶瓷（如氮化硅、碳化硅）属于新型无机非金属材料，D 正确；
答案选B。
2．（2025·福建三明·三模）宁化玉扣纸有“纸中丝绸”之美誉。在传统制作工艺中，将竹藤(嫩竹)放入石
灰水中浸泡(“落湖”)80 天至半年，清洗后入甑蒸煮，再摊放于山坡，经日晒雨淋进行天然漂白。下列说法
错误的是
A．竹藤的主要成分是有机高分子化合物
B．石灰水的主要作用是软化竹纤维并分解杂质
C．“落湖”80 天至半年的主要目的是消毒杀菌
D．天然漂白减少了化学试剂的使用，符合生态造纸理念
【答案】C
【详解】A．竹藤的主要成分是纤维素，纤维素属于有机高分子化合物，A 正确；
B．石灰水在造纸中用于软化竹纤维、去除木质素等杂质，B 正确；
C．长时间浸泡旨在分解杂质，消毒杀菌通常通过蒸煮实现，C 错误；
D．天然漂白依赖自然氧化，减少化学污染，符合生态造纸理念，D 正确；
故答案选C。
3．（2025·福建福州·二模）唐代孙思邈《千金方·面药第九》中记载澡豆配方与制作方法：“白芷、……、
杏仁(各一两)，……，麝香(半两)，大豆末(五升)，猪胰(两具)。上十八味，捣筛为末，以猪胰和面，曝干，
更捣筛收之。洗手面佳。”下列说法错误的是
A．大豆所含的皂甙和卵磷脂都属于有机物
B．猪胰含有多种消化酶，可以分解脂肪、蛋白质和淀粉，因而可以去污
C．澡豆制作过程涉及研磨、蒸发等操作
1
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D．澡豆不会受潮霉变，故无需密封保存
【答案】D
【详解】A．皂甙和卵磷脂均为含碳化合物，属于有机物，A 正确；
B．猪胰中的消化酶（如脂肪酶、蛋白酶、淀粉酶）可催化分解相应物质，具有去污作用，B 正确；
C．“捣筛”为研磨和过筛，“曝干”为蒸发水分，C 正确；
D．澡豆含有机物（如大豆末、猪胰），吸湿后易霉变，需密封保存，D 错误；
故选D。
4．（2024·福建·高考真题）福建某科研团队发现，木材中交联纤维素的木质素可替代酚醛树脂、脲醛树脂
等作为木材黏合剂。下列说法正确的是
A．木质素是无机物
B．纤维素的分子中有数千个核糖单元
C．脲醛树脂属于天然高分子
D．酚醛树脂可由苯酚与甲醛缩聚得到
【答案】D
【详解】A．木质素为纤维素，属于多糖类，为有机物，A 错误；
B．纤维素的分子中有数千个葡萄糖单元，B 错误；
C．脲醛树脂由尿素和甲醛缩聚而成，属于合成高分子，C 错误；
D．酚醛树脂可由苯酚与甲醛缩聚得到，D 正确；
故选D。
5．（2024·福建福州·二模）实验室用环己醇和浓磷酸制备环己烯，所得的粗产品可经以下步骤提纯：
下列仪器在环己烯的分离提纯时需要用到的是
A．①③④⑤
B．③④⑥⑦
C．①②⑤⑦
D．②④⑤⑥
【答案】C
【详解】加入碳酸钠溶液中和过量磷酸需要在烧杯①中进行，萃取分液需要在分液漏斗②中进行，过滤除
去氯化钙需要用到漏斗⑤，最后蒸馏需要用蒸馏烧瓶⑦，需要用到①②⑤⑦；
本题选C。
6．化学分析的手段通常有定性分析、定量分析、仪器分析等，现代化学中仪器分析是研究物质结构的基
本方法和实验手段。下列关于仪器分析的说法不正确的是
A．光谱分析：利用原子光谱上的特征谱线来鉴定元素，太阳光谱是连续光谱
B．质谱分析：利用质荷比来测定分子的相对分子质量，
与
的质谱图完全相同
2
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C．红外光谱分析：获得分子中含有的化学键或官能团的信息，可用于区分
和
D．X 衍射图谱分析：获得分子结构的有关信息，包括晶胞形状和大小、分子或原子在微观空间有序排
列呈现的对称类型、原子在晶胞里的数目和位置等
【答案】B
【详解】A．不同元素原子的吸收光谱或发射光谱不同，常利用原子光谱上的特征谱线来鉴定元素；太阳
上面不断进行核聚变，随时都有大量能量放出，太阳上的各种元素被激发为激发态，在向回跃迁时，会辐
射出各种频率的光，从而构成了连续的光谱，故A 正确；
B．CH3CH2OH 与CH3OCH3的最大荷比相同，但结构不同，形成的离子碎片不同，质谱图不完全相同，故
B 错误；
C．红外吸收光谱仪可以测得未知物中的化学键或官能团，CH3CH2OH 和CH3OCH3所含官能团为羟基和醚
键，可用红外光谱分析区别，故C 正确；
D．X-射线衍射法是区分晶体和非晶体的最科学的方法，能获得晶胞形状和大小、分子或原子在微观空间
有序排列呈现的对称类型、原子在晶胞里的数目和位置等，故D 正确；
故选B。
7．（2025·福建厦门·模拟预测）科学家利用如下反应合成一种有机催化剂。下列说法错误的是
A．Y 中所有原子共平面
B．Y 的熔点高于X
C．X 和Y 中均无手性碳原子
D．该反应为缩聚反应
【答案】A
【详解】A．Y 分子中N 和饱和C 均为sp3杂化，所有原子一定不共平面，A 错误；
B．Y 是高分子化合物，相对分子质量远远大于X，分子间作用力远远大于X，故Y 的熔点高于X，B 正确；
C．与4 个不相同的原子或原子团相连的C 为手性碳，由结构可知X 和Y 中均无手性碳原子，C 正确；
D. 该反应按-COOH 脱-OH，-NH2脱-H 的形式聚合为高分子，属于缩聚反应，D 正确；
故选A。
8．（2025·福建漳州·三模）环己酮是生产合成纤维的重要化工原料，实验室一种绿色合成方法如下：
3
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已知：AcO-表示CH3COO-。下列说法错误的是
A．J 能发生取代、消去和氧化反应
B．K、M 均无手性碳原子
C．L 分子中所有原子共平面
D．N 的结构简式为CH3COOH
【答案】C
【详解】A．J 为环己醇，含羟基。羟基可发生取代反应（如酯化）、消去反应（生成环己烯），且可被氧
化为环己酮，A 正确；
B．K、M 分子中均无饱和碳原子，或饱和碳原子连有相同基团，均不满足手性碳（连四个不同基团）条
件，B 正确；
C．L 为环己酮，六元环中除羰基碳为sp2杂化外，其余碳均为sp3杂化，呈四面体结构，分子中原子不可
能共平面，C 错误；
D．AcO-为CH3COO-，反应生成2N，N 为CH3COOH，D 正确；
故选C。
9．（2025·福建三明·三模）利用丹皮酚(X)合成一种药物中间体(Y)的反应如下：
下列说法错误的是
A．X 中所有碳原子可能共平面
B．1molX 和溴水反应，最多可消耗
C．
在反应前后的质量不变，是该反应的催化剂
D．Y 与足量
充分反应后的产物中有4 个手性碳原子
【答案】C
【详解】A．X 含苯环（平面结构），羰基碳（sp2杂化，与苯环共面），甲基碳（sp3杂化，单键可旋转），
所有碳原子通过单键旋转可能共平面，A 正确；
B．X 含酚羟基，酚与溴水发生邻、对位取代。酚羟基邻、对位有2 个空位，1molX 可与2molBr2发生取代
反应，B 正确；
C．反应中X 的酚羟基（-OH）与Br(CH2)4Br 发生取代，生成HBr，K2CO3能与HBr 反应促进平衡正移，
K2CO3被消耗，质量减少，并非催化剂，C 错误；
4
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D．Y 与足量H2反应：苯环、羰基发生还原反应。产物中手性碳为：
，
共4 个手性碳，D 正确；
故选C。
10．（2025·福建三明·三模）实验室初步分离苯甲酸乙酯、苯甲酸和环己烷的流程如下图所示。
已知：苯甲酸乙酯的沸点为
，“乙醚—环己烷—水共沸物”的沸点为
。
下列说法正确的是
A．“操作a”中有机相1 从分液漏斗的下口流出
B．“操作b”、“操作c”均为重结晶
C．洗涤苯甲酸粗品，用乙醇的效果比用蒸馏水好
D．该流程可以说明苯甲酸和苯甲酸钠在水中的溶解度差别很大
【答案】D
【详解】A．苯甲酸与饱和碳酸钠溶液反应生成苯甲酸钠，操作a 为分液，有机相1 含环己烷、苯甲酸乙
酯等有机溶剂，其密度小于水（水相密度大于有机相），有机相在上层，应从分液漏斗上口倒出，A 错误；
B．操作b 是从干燥后的有机相2（含苯甲酸乙酯）中分离得到苯甲酸乙酯，由于苯甲酸乙酯沸点较高
（212.6℃），应通过蒸馏分离，而非重结晶；操作c 是苯甲酸粗品提纯，固体提纯常用重结晶， B 错误；
C．苯甲酸在乙醇中溶解度较大，用乙醇洗涤会导致苯甲酸溶解损失；蒸馏水洗涤时，苯甲酸溶解度小，
可减少损失，故蒸馏水效果更好，C 错误；
D．该流程中苯甲酸钠易溶于水形成水相，加入稀硫酸时生成的苯甲酸能析出，则苯甲酸和苯甲酸钠在水
中的溶解度差别很大， D 正确；
故答案选D。
11．（2025·福建宁德·三模）无机苯B3N3H6(
，结构与苯相似)与甲烷可发生反应：
3CH4+2B3N3H6+6H2O→3CO2+6H3BNH3，设NA为阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是
A．1.0molH3BNH3的σ 键数为6NA
B．1.0molB3N3H6的(价层)孤电子对数为3NA
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C．标准状况下消耗22.4LCH4转移电子数为8NA
D．1.0molCO2溶于水，溶液中H2CO3、
三种微粒数和为NA
【答案】C
【详解】A．H3BNH3中存在3 个B-Hσ 键、3 个N-Hσ 键、1 个B-Nσ 键，故1.0molH3BNH3的σ 键数为
7NA，A 错误；
B．B3N3H6的结构与苯相似，则B、N 均为sp2杂化，B 的3 个价电子均用于形成σ 键，无孤电子对，N 有3
个价电子用于形成3 个σ 键，每个N 有一对电子参与形成大π 键，故1.0molB3N3H6的(价层)孤电子对数为
0，B 错误；
C．反应中C 的价态升高，CH4作还原剂，标准状况下消耗22.4LCH4(1mol)转移电子数=1mol×[4-
(-4)]×NAmol-1=8NA，C 正确；
D．CO2溶于水存在CO2(aq)+H2O(l)
H2CO3(aq)，根据碳原子守恒可知1.0molCO2溶于水，溶液中
H2CO3、
三种微粒数和小于NA，D 错误；
故选C。
12．（2025·福建福州·三模）下列实验操作、现象预测或结论正确的是
A．未打磨的铝片熔化但不滴落；
打磨过的铝片熔化并滴落
B．若测得
，则有
C．通电一段时间，pH 试纸a 点
附近变红，局部褪色
D．烷烃在素瓷片催化作用下发生热裂
化，生成不饱和烃
A．A
B．B
C．C
D．D
【答案】D
【详解】A．未打磨的铝片表面有高熔点的
保护膜，加热时铝熔化但
不熔化，故“熔化但不滴
落”；打磨过的铝片在空气中加热时，表面会迅速重新生成
，熔化的铝仍被氧化膜包裹，不会滴落，
A 错误；
6
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B．
分解反应为
，化学反应速率通常用浓度变化表示，
是溶液，其速率单
位不能用
，且
与
的化学计量数之比为2:1，但体积速率不适用溶液，B 错误；
C．电解饱和食盐水时，若铁棒接电源正极（阳极），则
失电子生成
，无
产生，a 点（石墨，阴
极）会因
增多显碱性变蓝；只有石墨作阳极时才生成
使试纸变红褪色，但装置未明确电极连接，
现象预测不可靠，C 错误；
D．石蜡油（烷烃混合物）在素瓷片催化下热裂化，断裂碳碳单键生成含双键的不饱和烃，不饱和烃能使
酸性高锰酸钾溶液褪色，结论正确，D 正确；
故选D。
13．（2024·福建·高考真题）药物X 与病毒蛋白对接的原理如图。下列说法错误的是
A．Ⅰ为加成反应
B．X 中参与反应的官能团为醛基
C．Y 无手性碳原子
D．Z 中虚框内所有原子可能共平面
【答案】C
【详解】A．对比X、Y 的结构简式可知，X 中醛基与H2N-R 中氨基发生加成反应，故A 正确；
B．由以上分析可知X 中参与反应的官能团为醛基，故B 正确；
C．由Y 的结构简式可知，羟基所连碳原子为手性碳原子，故C 错误；
D．苯环为平面结构，C=N 双键也为平面结构，因此虚框中所有原子可能共面，故D 正确；
故选：C。
14．（2024·福建·高考真题）药物中间体1，3-环己二酮可由5-氧代己酸甲酯合成，转化步骤如下：
下列说法或操作错误的是
A．反应须在通风橱中进行
B．减压蒸馏去除
、5-氧代己酸甲酯和
C．减压蒸馏后趁热加入盐酸
D．过滤后可用少量冰水洗涤产物
【答案】C
【详解】A．DMF 即N，N-二甲基甲酰胺，对人体有危害，反应须在通风橱中进行，故A 正确；
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B．减压蒸馏利用沸点不同，去除CH3OH、5-氧代己酸甲酯和DMF，可以提纯中间产物，故B 正确；
C．减压蒸馏后不能趁热加入盐酸，因为盐酸具有挥发性，故C 错误；
D．1，3-环己二酮溶于水，冷却到0℃可析出晶体，因此过滤后可用少量冰水洗涤产物，除去盐酸等物质，
故D 正确；
故选C。
15．（2025·福建厦门·二模）以废塑料
(聚丁二酸丁二酯)和生物质源马来酸(
)为
原料无膜共电解生产琥珀酸(
)的工作原理如图。下列有关说法正确的是
A．
的水解反应为
B．阳极电极反应式为：
C．理论上电解过程转移
，最终至少可获得
琥珀酸
D．若略去碳酸化步骤，可简化分离提纯过程并提高经济效益
【答案】C
【详解】
A．由结构简式可知，聚丁二酸丁二酯一定条件下发生水解反应生成丁二酸和丁二醇，反应的化学方程式
为
，故A 错误；
B．由分析可知，左侧电极为电解池的阳极，碱性条件下氢氧化镍在阳极失去电子发生氧化反应生成碱式
氧化镍和水，电极反应式为Ni(OH)2—e—+ OH—=NiOOH+H2O，故B 错误；
C．由题意可知，聚丁二酸丁二酯水解生成1mol 丁二醇时，生成1mol 丁二酸，由分析可知，电解过程转
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移8xmol 电子时，阳极消耗xmol 丁二醇、生成xmol
，阴极生成4xmol
，所以理论上生成琥珀酸的物质的量为6xmol，故C 正确；
D．由图可知，向溶液中通入二氧化碳碳酸化时，二氧化碳转化为碳酸氢钠，说明电解所得溶液呈碱性，
若略去碳酸化步骤，会使盐酸沉淀步骤消耗盐酸的量增大，导致经济效益降低，故D 错误；
故选C。
二、非选择题(共4 小题，共55 分)
16．（2025·福建福州·三模）（16 分）奥达特罗适用于慢性阻塞性肺病患者，具体合成路线如下：
已知：Bn 为
，Et 为
。
(1)G 中的官能团有羟基、醚键、 、 。
(2)E→F 的反应类型是 。
(3)D→E 的化学方程式为 ；该步骤要用到
，其目的是 。
(4)A→B 的目的是 。
(5)A 有多种同分异构体，其中
的化学名称是 ；写出两种满足下列条件A 的同分
异构体的结构简式 、 。
a．既能发生水解反应，也能与
溶液发生显色反应
b．核磁共振氢谱有4 组峰，峰面积之比为
(6)参考上述合成路线，M、N 的结构简式为 、 。
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【答案】(1) 酰胺基（1 分） 羰基(或酮羰基)（1 分）
(2)氧化反应（1 分）
(3)
（2 分） 吸收生成HCl，提高产品产率（2
分）
(4)保护(酮)羰基间位的(酚)羟基（2 分）
(5) 邻羟甲基苯甲酸(或2-羟甲基苯甲酸)（1 分）
（2 分）
（2 分）
(6)
（1 分）
（1 分）
【详解】（1）G 中的官能团有羟基、醚键、酰胺基、羰基(或酮羰基)；
（2）E 生成F 为加氧去氢的反应，加氧去氢为氧化反应；
（3）
D
①
生成E 发生取代反应，方程式为
；②反应生成
了氯化氢，用碳酸钠的目的是吸收生成HCl，提高产品产率；
（4）由最后的奥达特罗含(酚)羟基可知，A→B 的目的是保护(酮)羰基间位的(酚)羟基；
（5）
①
的名称为邻羟甲基苯甲酸(或
羟甲基苯甲酸)；②结合元素及原子个数，由A 的同分异
构体既能发生水解反应，也能与
溶液发生显色反应可知含有苯环、酯基和酚羟基；由核磁共振氢谱
有4 组峰，峰面积之比为
，可知含有一个甲基且结构对称，符合条件的结构简式为
、
；
（6）
10
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根据D 到E，E 生成F 可知M 为
，N 为
，N 再发生酯化反应可以得
到
；
17．（2024·福建·高考真题）（10 分）软珊瑚素的关键中间体(L)的某合成路线如下。(不考虑立体异构)
已知：
和
为保护基团。
(1)B 中官能团有碳碳双键、 、 。(写名称)
(2)Ⅱ的反应类型为 ；
的空间结构为 。
(3)Ⅲ的化学方程式为 。
(4)Ⅳ的反应条件为 。
(5)由J 生成L 的过程涉及两种官能团的转化，分别示意如下：
①
②
K 的结构简式为 。
(6)Y 是A 的同分异构体，且满足下述条件。Y 的结构简式为 。
Y
①
可以发生银镜反应。②Y 的核磁共振氢谱有2 组峰，峰面积之比为9:1。
【答案】(1) 酮羰基（1 分） 碳溴键（1 分）
(2) 还原反应（1 分） 正四面体形（1 分）
(3)
（2 分）
(4)I2，碱，CH2Cl2（1 分）
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(5)
（1 分）
(6)
（2 分）
【详解】（1）由合成流程图中B 的结构简式可知，B 中官能团有碳碳双键、酮羰基、碳溴键；
（2）由分析可知，Ⅱ即B 中的酮羰基转化为C 中的羟基，该反应的反应类型为还原反应；
中中心原
子B 周围的价层电子对数为：4+
=4，没有孤电子对，故该离子的空间结构为正四面体形；
（3）
由题干合成路线图可知，根据D 和E 的结构简式可知，Ⅲ即D 与HCON(CH3)2发生取代反应生成E 的化学
方程式为：
；
（4）由题干A 到B 的转化条件可知，Ⅳ的反应条件为：I2，碱，CH2Cl2；
（5）
由分析结合题干信息：由J 生成L 的过程涉及两种官能团的转化可知，K 的结构简式为
；
（6）
由题干流程图中A 的结构简式可知，A 的分子式为：C7H10O，不饱和度为3，故Y 是A 的同分异构体，且
满足下述条件①Y 可以发生银镜反应即含有醛基，②Y 的核磁共振氢谱有2 组峰，峰面积之比为9:1 则可
知含有3 个甲基，故Y 的结构简式为
。
18．（2025·福建福州·三模）（16 分）莫洛替尼(I)是一种抑制剂，可以治疗骨髓纤维化，其结构如下
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某研究小组按下列合成路线合成该物质(部分反应条件和试剂已简化)
已知：①
②
(1)A 中含氧官能团的名称为 。
(2)
俗名为 。
(3)
与足量NaOH 反应，最多消耗
。
(4)D→E 的反应类型为 。
(5)F→G 的化学方程式为 。
(6)B→C 的反应过程如下图
中间产物1、2 的化学式均为
，则中间产物1、2 的结构简式为 、 。
(7)写出1 种同时符合下列条件的化合物H 的同分异构体的结构简式 。
①有一个嘧啶环(
，与苯环结构类似)
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②含有酮羰基
③分子中共有3 种不同化学环境的氢原子
【答案】(1)羰基、酯基（2 分）
(2)尿素（2 分）
(3)3（2 分）
(4)取代反应（2 分）
(5)
（2 分）
(6)
（2 分）
（2 分）
(7)
、
、
、
（2 分）
【详解】（1）
A（
）中含氧官能团的名称为羰基、酯基。
（2）
俗名为尿素。
（3）
（
）与NaOH 反应的官能团有2 个酰胺基和1 个酯基，1molB
可消耗3molNaOH。
（4）
D（
）→E（
）的反应类型为取代反应。
（5）
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F→G 的化学方程式为
。
（6）
结合化合物C 种有两个六元环可知第一步用于形成六元环，中间产物1、2 的化学式均为
，
故化合物1 为
，化合物2 为
。
（7）
H 为
，H 的同分异构体中共有3 种不同化学环境的氢原子，说明对称性较好，
含有嘧啶环、羰基的同分异构体有：
、
、
、
。
19.（2025·福建三明·三模）（13 分）奥司他韦是治疗甲流的特效药，有机物J 是合成奥司他韦的重要中间
体，一种合成J 的路线如下图所示。
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已知：Ⅰ．
(
为H 或烃
基)
Ⅱ．
(R、
为H 或烷基)
Ⅲ．同一个碳上连接有两个或两个以上
时结构不稳定
(1)J 中含氧官能团有环氧基、 (写名称)；H→I 的反应类型为 。
(2)C 的沸点比D 高的主要原因是 。
(3)E→F 的化学方程式为 。
(4)J 的一种同分异构体符合以下条件，其结构简式为 。
①能与
溶液发生显色反应②含有两种官能团③核磁共振氢谱有3 组峰
(5)根据上述信息，制备
路线如下：
实现X→Y 转化的试剂和条件 ；Z 的结构简式为 。
【答案】(1) 醚键、酯基（1 分） 还原（2 分）
(2)C 中存在分子间氢键，而D 中没有（2 分）
(3)
（2 分）
(4)
、
、
、
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（任写一种）（2 分）
(5) NaOH 溶液，加热（2 分）
（2 分）
【详解】（1）J 中含氧官能团的名称为醚键、酯基，故答案为：醚键、酯基；由合成路线图可知，H→I 的
反应过程中，有机物的氢原子增加了，所以该反应是还原反应。
（2）C 的结构含羟基（-OH），羟基是能形成氢键的基团，而 D 不含，无法形成分子间氢键；分子间氢
键使 C 分子间作用力显著增强，需更高温度才能破坏，故 C 的沸点高于 D。
（3）
E→F 为酸与醇的酯化反应，反应条件为浓硫酸，加热，通过分析G 的分子式，可知试剂X 为乙醇，根据
“酸脱羟基醇脱氢”，该反应的化学方程式是：
。
（4）
J 物质的不饱和度为4，①能与FeCl3溶液发生显色反应说明含有酚羟基，即含有苯环，不饱和度为4；②
含有两种官能团；③含有三种化学环境的氢，同分异构体有
、
、
、
，共4 种。
（5）
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根据目标产物和另一反应物的结构简式可知，Y 的结构简式为
，
与Br2发生加成反应生成
，所以
发生的是卤代烃的水解反应，反应条件为：NaOH 溶液、加热；Z 在稀NaOH 的
条件下生成
， 所以Z 的结构简式为：
。
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