北京曲一线图书策划有限公司 2022版《5年高考3年模拟 A版》
专题 11 基因的自由组合定律
【5 年高考】
考点一 两对相对性状的杂交实验
(2016浙江10月选考,20,2分)在模拟孟德尔杂交实验中,甲同学分别从如图①②所示烧杯中随机抓取一个
小球并记录字母组合;乙同学分别从如图①③所示烧杯中随机抓取一个小球并记录字母组合。将抓取的小
球分别放回原烧杯后,重复100次。
下列叙述正确的是 ( )
A.甲同学的实验模拟F 产生配子和受精作用
2
B.乙同学的实验模拟基因自由组合
C.乙同学抓取小球的组合类型中DR约占1/2
D.从①~④中随机各抓取1个小球的组合类型有16种
答案 B
考点二 自由组合定律及应用
1.(2021湖北新高考适应卷,5,2分)某植物花的色素由非同源染色体上的A和B基因编码的酶催化合成(其对
应的等位基因a和b编码无功能蛋白),如图所示。亲本基因型为AaBb的植株自花受粉产生子一代,下列相
关叙述正确的是 ( )
白色物质 黄色物质 红色物质
A.子一代的表现型及比例为红色∶黄色=9∶7
B.子一代的白色个体基因型为Aabb和aaBb
C.子一代的表现型及比例为红色∶白色∶黄色=9∶4∶3
D.子一代红色个体中能稳定遗传的基因型占比为1/3
答案 C
2.(2021辽宁新高考适应卷,6,2分)杜洛克大红猪皮毛颜色由常染色体上两对独立遗传的基因(R、r和T、t)控
制。基因R或T单独存在的个体,能将无色色素原转化为沙色色素;基因r、t不能转化无色色素原;基因R和
T同时存在的个体,沙色色素累加形成红色色素。若将基因型为RrTt的雌雄个体杂交,所得子代表现型中红
色∶沙色∶无色的比例为 ( )
A.1∶2∶1 B.9∶6∶1 C.9∶4∶3 D.12∶3∶1
答案 B
3.(2020浙江7月选考,18,2分)若某哺乳动物毛发颜色由基因De(褐色)、Df(灰色)、d(白色)控制,其中De和Df
分别对d完全显性。毛发形状由基因H(卷毛)、h(直毛)控制。控制两种性状的等位基因均位于常染色体上
且独立遗传。基因型为DedHh和DfdHh的雌雄个体交配。下列说法正确的是 ( )
A.若De对Df共显性、H对h完全显性,则F 有6种表现型
1
B.若De对Df共显性、H对h不完全显性,则F 有12种表现型
1
C.若De对Df不完全显性、H对h完全显性,则F 有9种表现型
1北京曲一线图书策划有限公司 2022版《5年高考3年模拟 A版》
D.若De对Df完全显性、H对h不完全显性,则F 有8种表现型
1
答案 B
4.(2020浙江7月选考,23,2分)某植物的野生型(AABBcc)有成分R,通过诱变等技术获得3个无成分R的稳定
遗传突变体(甲、乙和丙)。突变体之间相互杂交,F 均无成分R。然后选其中一组杂交的F(AaBbCc)作为亲
1 1
本,分别与3个突变体进行杂交,结果见表:
杂交编号 杂交组合 子代表现型(株数)
Ⅰ F×甲 有(199),无(602)
1
Ⅱ F×乙 有(101),无(699)
1
Ⅲ F×丙 无(795)
1
注:“有”表示有成分R,“无”表示无成分R
用杂交Ⅰ子代中有成分R植株与杂交Ⅱ子代中有成分R植株杂交,理论上其后代中有成分R植株所占比例
为 ( )
A.21/32 B.9/16 C.3/8 D.3/4
答案 A
5.(2017浙江4月选考,28,2分)若利用根瘤农杆菌转基因技术将抗虫基因和抗除草剂基因转入大豆,获得若干
转基因植株(T),从中选择抗虫抗除草剂的单株S、S 和S,分别进行自交获得T,T 性状表现如图所示。已
0 1 2 3 1 1
知目的基因能1次或多次插入并整合到受体细胞染色体上,下列叙述正确的是 ( )
A.抗虫对不抗虫表现为完全显性,抗除草剂对不抗除草剂表现为不完全显性
B.根瘤农杆菌Ti质粒携带的抗虫和抗除草剂基因分别插到了S 的2条非同源染色体上,并正常表达
2
C.若给S 后代T 植株喷施适量的除草剂,让存活植株自交,得到的自交一代群体中不抗虫抗除草剂的基因型
1 1
频率为1/2
D.若取S 后代T 纯合抗虫不抗除草剂与纯合不抗虫抗除草剂单株杂交,得到的子二代中抗虫抗除草剂的纯
3 1
合子占1/9
答案 C
6.(2021河北新高考适应卷,20,15分)茄子的花色可用于育种过程中性状选择的标记,果皮和果肉颜色也是茄
子的重要品质性状。为研究这三个性状的遗传规律,选用P(紫花、白果皮、白果肉)、P(白花、绿果皮、绿
1 2
果肉)、P(白花、白果皮、白果肉)和P(紫花、紫果皮、绿果肉)四种纯合体为亲本进行杂交实验,结果如表
3 4
所示。
亲代杂交组
组别 合 F 1 表型 F 2 表型及数量(株)
实验1 P 1 ×P 2 紫花 紫花(60),白花(18)
实验2 P 3 ×P 4 紫果皮 紫果皮(56),绿果皮(17),白果皮(5)
紫果皮、 紫果皮、绿果肉(44),紫果皮、白果肉(15),绿果皮、绿果肉(15),
实验3 P
1
×P
4 绿果肉 白果皮、白果肉(4)
回答下列问题:
(1)在研究茄子花色的遗传规律时,除了实验1外,还可以选用的杂交组合有 (写出一组即可)。根据实
验1的结果可知 是显性性状。
(2)根据实验2结果推测,茄子果皮颜色受 对基因控制,F 中绿果皮个体的基因型有 种。
2
(3)根据实验3结果推测,果肉颜色遗传遵循 定律。假如控制果皮和果肉颜色的基因位于两对染色
体上,实验3的F
2
中没有白果皮、绿果肉和绿果皮、白果肉的表现型,推测其可能的原因有两种:①果肉颜色北京曲一线图书策划有限公司 2022版《5年高考3年模拟 A版》
由另一对等位基因控制,但 ;② 。为了进一
步确认出现上述现象的具体原因,可增加样本数量继续研究。
(4)假定花色和果皮颜色的遗传符合基因的自由组合规律,则实验2的F 中紫花、绿果皮植株理论上所占比
2
例为 。让F 中所有紫花、绿果皮植株随机交配,则其后代中紫花、白果皮植株理论上所占比例
2
为 。
(5)研究人员推测,紫果皮茄子果皮中存在叶绿体色素,但是其颜色可能被其他色素所掩盖。根据所学知识设
计实验,探究茄子果皮中叶绿体色素成分组成。(要求:写出实验材料和主要步骤)
参考答案 (1)P×P(或P×P 或P×P) 紫花 (2)两 2 (3)分离 与控制果皮颜色的其中一对基因位于同
3 4 2 4 1 3
一对同源染色体上(连锁遗传) 统计样本数量过少 (4)9/64 8/81 (5)实验材料:新鲜的紫果皮茄子、无水
乙醇、层析液、二氧化硅、碳酸钙、尼龙布、干燥的定性滤纸等 主要步骤为提取色素:取材→研磨(加二
氧化硅、碳酸钙,再分次加入无水乙醇,迅速研磨)→单层尼龙布过滤收集滤液。分离色素:制备滤纸条→画滤
液细线→分离色素(用层析液分离色素)。
7.(2020课标全国Ⅱ,32,11分)控制某种植物叶形、叶色和能否抗霜霉病3个性状的基因分别用A/a、B/b、
D/d表示,且位于3对同源染色体上。现有表现型不同的4种植株:板叶紫叶抗病(甲)、板叶绿叶抗病(乙)、花
叶绿叶感病(丙)和花叶紫叶感病(丁)。甲和丙杂交,子代表现型均与甲相同;乙和丁杂交,子代出现个体数相近
的8种不同表现型。回答下列问题:
(1)根据甲和丙的杂交结果,可知这3对相对性状的显性性状分别是 。
(2)根据甲和丙、乙和丁的杂交结果,可以推断甲、乙、丙和丁植株的基因型分别为 、 、
和 。
(3)若丙和丁杂交,则子代的表现型为 。
(4)选择某一未知基因型的植株X与乙进行杂交,统计子代个体性状。若发现叶形的分离比为3∶1、叶色的分
离比为1∶1、能否抗病性状的分离比为1∶1,则植株X的基因型为 。
答案 (1)板叶、紫叶、抗病 (2)AABBDD AabbDd aabbdd aaBbdd (3)花叶绿叶感病、花叶紫叶感病
(4)AaBbdd
8.(2020山东,23,16分)玉米是雌雄同株异花植物,利用玉米纯合雌雄同株品系M培育出雌株突变品系,该突变
品系的产生原因是2号染色体上的基因Ts突变为ts,Ts对ts为完全显性。将抗玉米螟的基因A转入该雌株
品系中获得甲、乙两株具有玉米螟抗性的植株,但由于A基因插入的位置不同,甲植株的株高表现正常,乙植
株矮小。为研究A基因的插入位置及其产生的影响,进行了以下实验:
实验一:品系M(TsTs)×甲(Atsts)→F 中抗螟∶非抗螟约为1∶1
1
实验二:品系M(TsTs)×乙(Atsts)→F 中抗螟矮株∶非抗螟正常株高约为1∶1
1
(1)实验一中作为母本的是 ,实验二的F 中非抗螟植株的性别表现为 (填:“雌雄同株”
1
“雌株”或“雌雄同株和雌株”)。
(2)选取实验一的F 抗螟植株自交,F 中抗螟雌雄同株∶抗螟雌株∶非抗螟雌雄同株约为2∶1∶1。由此可知,甲
1 2
中转入的A基因与ts基因 (填:“是”或“不是”)位于同一条染色体上,F 中抗螟雌株的基因型是
2
。若将F 中抗螟雌雄同株与抗螟雌株杂交,子代的表现型及比例为 。
2
(3)选取实验二的F 抗螟矮株自交,F 中抗螟矮株雌雄同株∶抗螟矮株雌株∶非抗螟正常株高雌雄同株∶非抗
1 2
螟正常株高雌株约为3∶1∶3∶1,由此可知,乙中转入的A基因 (填:“位于”或“不位于”)2号染色体
上,理由是 。F 中抗螟矮株所占比例低于预期值,说明A基因
2
除导致植株矮小外,还对F 的繁殖造成影响,结合实验二的结果推断这一影响最可能是
1
。F 抗螟矮株中ts基因的频率为 ,为了保存抗螟矮株雌株用于研究,种植F 抗螟矮株使其随机受粉,
2 2
并仅在雌株上收获籽粒,籽粒种植后发育形成的植株中抗螟矮株雌株所占的比例为 。
答案 (1)甲 雌雄同株 (2)是 AAtsts 抗螟雌雄同株∶抗螟雌株=1∶1 (3)不位于 抗螟性状与性别性状
间是自由组合的,因此A基因不位于Ts、ts基因所在的2号染色体上 含A基因的雄配子不育 1/2 1/6北京曲一线图书策划有限公司 2022版《5年高考3年模拟 A版》
9.(2019海南单科,28,11分)某自花传粉植物的矮茎/高茎、腋花/顶花这两对相对性状各由一对等位基因控制,
这两对等位基因自由组合。现有该种植物的甲、乙两植株,甲自交后,子代均为矮茎,但有腋花和顶花性状分
离;乙自交后,子代均为顶花,但有高茎和矮茎性状分离。回答下列问题。
(1)根据所学的遗传学知识,可推断这两对相对性状的显隐性。仅通过对甲、乙自交实验结果的分析进行推
断的思路是 。
(2)经分析,确定高茎和腋花为显性性状,若用A/a表示控制茎高度的基因、B/b表示控制花位置的基因,则甲
的表现型和基因型分别是 ,乙的表现型和基因型分别是 ,若甲和乙
杂交,子代的表现型及其分离比为 。
(3)若要验证甲和乙的基因型,可用测交的方法,即用另一植株丙分别与甲、乙进行杂交,丙的基因型为
,甲、乙测交子代发生分离的性状不同,但其分离比均为 ,乙测交的正反交结果 (填“相
同”或“不同”)。
答案 (1)若甲为腋花,则腋花为显性性状,顶花为隐性性状,若甲为顶花,则腋花为隐性性状,顶花为显性性状;
若乙为高茎,则高茎是显性性状,矮茎是隐性性状,若乙为矮茎,则矮茎为显性性状,高茎为隐性性状 (2)矮茎
腋花、aaBb 高茎顶花、Aabb 高茎腋花∶高茎顶花∶矮茎腋花∶矮茎顶花=1∶1∶1∶1 (3)aabb 1∶1 相同
10.(2019课标全国Ⅰ,32,11分)某实验室保存有野生型和一些突变型果蝇。果蝇的部分隐性突变基因及其在
染色体上的位置如图所示。回答下列问题。
(1)同学甲用翅外展粗糙眼果蝇与野生型(正常翅正常眼)纯合子果蝇进行杂交,F 中翅外展正常眼个体出现的
2
概率为 。图中所列基因中,不能与翅外展基因进行自由组合的是 。
(2)同学乙用焦刚毛白眼雄蝇与野生型(直刚毛红眼)纯合子雌蝇进行杂交(正交),则子代雄蝇中焦刚毛个体出
现的概率为 ;若进行反交,子代中白眼个体出现的概率为 。
(3)为了验证遗传规律,同学丙让白眼黑檀体雄果蝇与野生型(红眼灰体)纯合子雌果蝇进行杂交得到F,F 相互
1 1
交配得到F。那么,在所得实验结果中,能够验证自由组合定律的F 表现型是 ,F 表现型及其分
2 1 2
离比是 ;验证伴性遗传时应分析的相对性
状是 ,能够验证伴性遗传的F 表现型及其分离比是
2
。
答案 (1)3/16 紫眼基因 (2)0 1/2 (3)红眼灰体 红眼灰体∶红眼黑檀体∶白眼灰体∶白眼黑檀体
=9∶3∶3∶1 红眼/白眼 红眼雌蝇∶红眼雄蝇∶白眼雄蝇=2∶1∶1
11.(2019江苏单科,32,9分)杜洛克猪毛色受独立遗传的两对等位基因控制,毛色有红毛、棕毛和白毛三种,对
应的基因组成如表。请回答下列问题:
毛色 红毛 棕毛 白毛
基因组成 A_B_ A_bb、aaB_ aabb
(1)棕毛猪的基因型有 种。
(2)已知两头纯合的棕毛猪杂交得到的F 均表现为红毛,F 雌雄交配产生F。
1 1 2
①该杂交实验的亲本基因型为 。
②F
1
测交,后代表现型及对应比例为 。
③F
2
中纯合个体相互交配,能产生棕毛子代的基因型组合有 种(不考虑正反交)。
④F
2
的棕毛个体中纯合体的比例为 。F
2
中棕毛个体相互交配,子代白毛个体的比例为 。北京曲一线图书策划有限公司 2022版《5年高考3年模拟 A版》
(3)若另一对染色体上有一对基因I、i,I基因对A和B基因的表达都有抑制作用,i基因不抑制,如I_A_B_表
现为白毛。基因型为IiAaBb的个体雌雄交配,子代中红毛个体的比例为 ,白毛个体的比例为
。
答案 (1)4 (2)①AAbb和aaBB ②红毛∶棕毛∶白毛=1∶2∶1 ③4 ④1/3 1/9 (3)9/64 49/64
12.(2018课标全国Ⅲ,31,10分)某小组利用某二倍体自花传粉植物进行两组杂交实验,杂交涉及的四对相对性
状分别是:红果(红)与黄果(黄)、子房二室(二)与多室(多)、圆形果(圆)与长形果(长)、单一花序(单)与复状花
序(复)。实验数据如下表。
组别 杂交组合 F 表现型 F 表现型及个体数
1 2
红二×黄多 红二 450红二、160红多、150黄二、50黄多
甲
红多×黄二 红二 460红二、150红多、160黄二、50黄多
圆单×长复 圆单 660圆单、90圆复、90长单、160长复
乙
圆复×长单 圆单 510圆单、240圆复、240长单、10长复
回答下列问题:
(1)根据表中数据可得出的结论是:控制甲组两对相对性状的基因位于 上,依据是
;控制乙组两对相对性状的基因位于 (填“一对”或“两对”)同源染色体上,依据是
。
(2)某同学若用“长复”分别与乙组的两个F 进行杂交,结合表中数据分析,其子代的统计结果不符合
1
的比例。
答案 (1)非同源染色体 F 中两对相对性状表现型的分离比符合9∶3∶3∶1 一对 F 中每对相对性状表现型
2 2
的分离比都符合3∶1,而两对相对性状表现型的分离比不符合9∶3∶3∶1 (2)1∶1∶1∶1
13.(2018浙江11月选考,31,7分)某种昆虫的正常翅与裂翅、红眼与紫红眼分别由基因B(b)、D(d)控制。为
研究其遗传机制,选取裂翅紫红眼雌、雄个体随机交配,得到的F 表现型及数目见表。
1
裂翅紫红眼 裂翅红眼 正常翅紫红眼 正常翅红眼
雌性个体
102 48 52 25
(只)
雄性个体
98 52 48 25
(只)
(1)红眼与紫红眼中,隐性性状是 ,判断的依据是 。亲本裂翅
紫红眼雌性个体的基因型为 。
(2)F 的基因型共有 种。F 正常翅紫红眼雌性个体的体细胞内基因D的数目最多时有 个。F 出
1 1 1
现4种表现型的原因是 。
(3)若从F 中选取裂翅紫红眼雌性个体和裂翅红眼雄性个体交配。理论上,其子代中杂合子的比例为 。
1
答案 (1)红眼 紫红眼与紫红眼交配,F 出现了红眼 BbDd
1
(2)4 2 减数分裂过程中,非同源染色体上非等位基因自由组合
(3)5/6
[教师专用题组]
【5 年高考】
考点一 两对相对性状的杂交实验
考点二 自由组合定律及应用
高庆8.(2018浙江4月选考,28,2分)为研究某种植物3种营养成分(A、B和C)含量的遗传机制,先采用
CRISPR/Cas9基因编辑技术,对野生型进行基因敲除突变实验,经分子鉴定获得3个突变植株(M1、M2和
M3)。其自交一代结果见表,表中高或低指营养成分含量高或低。北京曲一线图书策划有限公司 2022版《5年高考3年模拟 A版》
植株(表现型) 自交一代植株数目(表现型)
野生型(A低B低C高) 150(A低B低C高)
60(A高B低C低)
M1(A低B低C高) 181(A低B低C高)
79(A低B低C低)
122(A高B低C低)
M2(A低B低C高) 91(A低B高C低)
272(A低B低C高)
59(A低B高C低)
M3(A低B低C高) 179(A低B低C高)
80(A低B低C低)
下列叙述正确的是 ( )
A.从M1自交一代中取纯合的(A高B低C低)植株,与M2基因型相同的植株杂交,理论上其杂交一代中只出
现(A高B低C低)和(A低B低C高)两种表现型,且比例一定是1∶1
B.从M2自交一代中取纯合的(A低B高C低)植株,与M3基因型相同的植株杂交,理论上其杂交一代中,纯合
基因型个体数∶杂合基因型个体数一定是1∶1
C.M3在产生花粉的减数分裂过程中,某对同源染色体有一小段没有配对,说明其中一个同源染色体上一定是
由基因敲除缺失了一个片段
D.可从突变植株自交一代中取A高植株与B高植株杂交,从后代中选取A和B两种成分均高的植株,再与C
高植株杂交,从杂交后代中能选到A、B和C三种成分均高的植株
答案 A 本题以对突变体植物实验分析结果为背景,考查学生获得信息、分析问题、解决问题的能力,属
于对科学思维素养中模型与建模、批判性思维等要素的考查。由3个突变植株(M1、M2和M3)的表现型与
野生型的表现型相同可知三种突变均为隐性突变,从突变植株自交一代植株的表现型比例来看,均是双杂合
子自交后代9∶3∶3∶1表现型比例的变形,可以推出M1、M2、M3均为双杂合子,各对基因之间遵循自由组合定
律。因此野生型的基因型为AABBCC,由野生型基因型为AABBCC及表现型A低B低C高推出,A、B、C
三种基因间的关系如图:
M1、M2和M3的基因型可能为AaBbCC、AABbCc、AaBBCc,由表中数据可知:M1自交一代A高B低C
低∶A低B低C高∶A低B低C低≈3∶9∶4;M2自交一代A高B低C低∶A低B高C低∶A低B低C高
≈4∶3∶9;M3自交一代A低B高C低∶A低B低C高∶A低B低C低≈3∶9∶4。若突变体基因型为AaBbCC,则
自交一代为9A_B_CC(A低B低C高)∶3A_bbCC(A高B低C低)∶3aaB_CC(A低B低C低)∶1aabbCC(A低B低
C低),与M1自交一代结果相同,因此M1基因型为AaBbCC;若突变体基因型为AABbCc,则自交一代为
9AAB_C_(A低B低C高)∶3AAB_cc(A低B高C低)∶3AAbbC_(A高B低C低)∶1AAbbcc(A高B低C低),与
M2自交一代结果相同,因此M2基因型为AABbCc;若突变体基因型为AaBBCc,则自交一代为9A_BBC_(A
低B低C高)∶3A_BBcc(A低B高C低)∶3aaBBC_(A低B低C低)∶1aaBBcc(A低B低C低),与M3自交一代结
果相同,因此M3基因型为AaBBCc。M1自交一代中纯合的(A高B低C低)植株基因型为AAbbCC,与M2基
因型相同的植株即AABbCc杂交,子代表现型分别为AABbC_(A低B低C高)∶AAbbC_(A高B低C
低)=1∶1,A正确;M2自交一代中纯合的(A低B高C低)植株基因型为AABBcc,与M3基因型相同的植株即
AaBBCc杂交,子代基因型分别为AABBCc、AABBcc、AaBBCc、AaBBcc,其中,纯合基因型个体数∶杂合基
因型个体数=1∶3,B错误;采用CRISPR/Cas9基因编辑技术对野生型进行基因敲除,其原理是先将双链DNA断
裂,后在DNA自我修复过程中随机插入、缺失或替换几个甚至几十个碱基,这种变异本质上还是基因突变,
而M3在产生花粉的减数分裂过程中,某对同源染色体有一小段没有配对,很可能是其中一个同源染色体发
生了染色体结构变异如缺失、重复等而导致的,而不是因为基因敲除,C错误;A高植株的基因型为A_bb_
_,B高植株的基因型为A_B_cc,C高植株的基因型为A_B_C_,不可能培养出A、B两种成分均高的植株,更不
可能培养出A、B和C三种成分均高的植株,D错误。北京曲一线图书策划有限公司 2022版《5年高考3年模拟 A版》
9.(2017课标全国Ⅱ,6,6分)若某哺乳动物毛色由3对位于常染色体上的、独立分配的等位基因决定,其中,A
基因编码的酶可使黄色素转化为褐色素;B基因编码的酶可使该褐色素转化为黑色素;D基因的表达产物能
完全抑制A基因的表达;相应的隐性等位基因a、b、d的表达产物没有上述功能。若用两个纯合黄色品种
的动物作为亲本进行杂交,F 均为黄色,F 中毛色表现型出现了黄∶褐∶黑=52∶3∶9的数量比,则杂交亲本的组
1 2
合是( )
A.AABBDD×aaBBdd,或AAbbDD×aabbdd
B.aaBBDD×aabbdd,或AAbbDD×aaBBDD
C.aabbDD×aabbdd,或AAbbDD×aabbdd
D.AAbbDD×aaBBdd,或AABBDD×aabbdd
答案 D 本题通过问题探讨的形式考查对自由组合定律的分析与判断,属于对科学思维素养的考查。根据
题干中的信息可以确定这三对基因的关系,用图表示:
黄色毛个体的基因型为aa_ _ _ _或者A_ _ _D_,褐色毛个体的基因型为A_bbdd,黑色毛个体的基因型为
A_B_dd;根据F 中表现型数量比为52∶3∶9可得比例之和为52+3+9=64,即43,说明F 的基因型中三对基因均为
2 1
杂合,四个选项中只有D选项子代三对基因均杂合,D正确,A、B、C错误。
10.(2016课标全国Ⅲ,6,6分)用某种高等植物的纯合红花植株与纯合白花植株进行杂交,F 全部表现为红花。
1
若F 自交,得到的F 植株中,红花为272株,白花为212株;若用纯合白花植株的花粉给F 红花植株授粉,得到
1 2 1
的子代植株中,红花为101株,白花为302株。根据上述杂交实验结果推断,下列叙述正确的是( )
A.F 中白花植株都是纯合体
2
B.F 中红花植株的基因型有2种
2
C.控制红花与白花的基因在一对同源染色体上
D.F 中白花植株的基因型种类比红花植株的多
2
答案 D 根据题意,由纯合红花植株与纯合白花植株进行杂交,F 全部表现为红花,F 自交得到的F 植株中
1 1 2
红花∶白花≈9∶7,可推知红花与白花由两对独立遗传的等位基因控制(假设相关基因用A、a和B、b表示),即
两对等位基因位于两对同源染色体上,C错误;双显性(A_B_)基因型(4种)的植株表现为红花,B错误;单显性
(A_bb和aaB_)和双隐性(aabb)基因型的植株均表现为白花,所以F 中白花植株有的为纯合体,有的为杂合体,
2
A错误;F 中白花植株共有5种基因型,比红花植株(4种)基因型种类多,D正确。
2
方法技巧 对F 植株自交产生的F 植株利用统计学方法处理,得出“红花∶白花≈9∶7”是解答本题的突破
1 2
口。
11.(2015海南单科,12,2分)下列叙述正确的是 ( )
A.孟德尔定律支持融合遗传的观点
B.孟德尔定律描述的过程发生在有丝分裂中
C.按照孟德尔定律,AaBbCcDd个体自交,子代基因型有16种
D.按照孟德尔定律,对AaBbCc个体进行测交,测交子代基因型有8种
答案 D 本题考查孟德尔的遗传定律的相关知识。孟德尔定律不支持融合遗传的观点,A错误;孟德尔定律
描述的过程发生在减数分裂过程中,B错误;AaBbCcDd个体自交,子代基因型有34种,C错误;AaBbCc能产生8
种配子,而aabbcc只产生1种配子,故AaBbCc测交子代基因型有8种,D正确。
知识拓展 融合遗传的观点由达尔文提出,主张子代的性状是亲代性状的平均结果,如黑人和白人通婚后生
下的小孩肤色是中间色。融合遗传的观点与孟德尔的颗粒遗传相违背,被认为是错误的。
12.(2014海南单科,22,2分)基因型为AaBbDdEeGgHhKk的个体自交,假定这7对等位基因自由组合,则下列
有关其子代的叙述,正确的是 ( )
A.1对等位基因杂合、6对等位基因纯合的个体出现的概率为5/64北京曲一线图书策划有限公司 2022版《5年高考3年模拟 A版》
B.3对等位基因杂合、4对等位基因纯合的个体出现的概率为35/128
C.5对等位基因杂合、2对等位基因纯合的个体出现的概率为67/256
D.7对等位基因纯合个体出现的概率与7对等位基因杂合个体出现的概率不同
答案 B AaBbDdEeGgHhKk自交,后代中每对等位基因自交后代中纯合子和杂合子的概率各占1/2,所以自
交子代中1对杂合、6对纯合的个体有
C1
=7种类型(利用数学排列组合方法进行分析),且每种类型出现的概
7
率均为(1/2)7=1/128,故此类个体出现的概率为 (1/2)7=7/128,A错误;同理,自交子代中3对杂合、4对纯合的
C1
7
个体占 C3(1/2)7=35/128,B正确;自交子代中5对杂合、2对纯合的个体有 C5(1/2)7=21/128,C错误;自交子代中
7 7
7对等位基因纯合与7对等位基因杂合的个体出现的概率均为(1/2)7=1/128,D错误。
13.(2013海南单科,16,2分)人类有多种血型系统,MN血型和Rh血型是其中的两种。MN血型由常染色体上
的1对等位基因M、N控制,M血型的基因型为MM,N血型的基因型为NN,MN血型的基因型为MN;Rh血
型由常染色体上的另1对等位基因R和r控制,RR和Rr表现为Rh阳性,rr表现为Rh阴性;这两对等位基因
自由组合。若某对夫妇中,丈夫和妻子的血型均为MN型-Rh阳性,且已生出1个血型为MN型-Rh阴性的儿
子,则再生1个血型为MN型-Rh阳性女儿的概率是 ( )
A.3/8 B.3/16 C.1/8 D.1/16
答案 B 根据题意,父母的基因型均为MNRr,根据基因的分离定律,所生后代基因型为MN的概率为1/2,为
Rh阳性的概率为3/4,故再生1个血型为MN型-Rh阳性女儿的概率是1/2×1/2×3/4=3/16。
14.(2013天津理综,5,6分)大鼠的毛色由独立遗传的两对等位基因控制。用黄色大鼠与黑色大鼠进行杂交实
验,结果如图。据图判断,下列叙述正确的是( )
P 黄色×黑色
F 灰色
1
F 灰色 黄色 黑色 米色
2
9 ∶ 3 ∶ 3 ∶ 1
A.黄色为显性性状,黑色为隐性性状
B.F 与黄色亲本杂交,后代有两种表现型
1
C.F 和F 中灰色大鼠均为杂合体
1 2
D.F 黑色大鼠与米色大鼠杂交,其后代中出现米色大鼠的概率为1/4
2
答案 B 根据遗传图谱分析可知,该性状的遗传受两对等位基因控制,若假设分别由A、a与B、b控制,则
基因型与表现型之间的对应关系为A_B_(灰色)、A_bb(黄色或黑色)、aaB_(黑色或黄色)、aabb(米色);F 的
1
基因型为AaBb,与黄色亲本AAbb(或aaBB)杂交,后代有A_Bb(或AaB_)(灰色)、A_bb(aaB_)(黄色)两种表现
型;F 中灰色大鼠肯定为杂合子,而F 中灰色大鼠可能为纯合子,也可能为杂合子;F 中黑色大鼠(aaB_或A_bb)
1 2 2
与米色大鼠aabb杂交有2/3aaBb(或Aabb)×aabb和1/3aaBB(或AAbb)×aabb,后代中出现米色大鼠的概率为
2/3×1/2=1/3。
15.(2019课标全国Ⅱ,32,12分)某种甘蓝的叶色有绿色和紫色。已知叶色受2对独立遗传的基因A/a和B/b
控制,只含隐性基因的个体表现隐性性状,其他基因型的个体均表现显性性状。某小组用绿叶甘蓝和紫叶甘
蓝进行了一系列实验。
实验①:让绿叶甘蓝(甲)的植株进行自交,子代都是绿叶
实验②:让甲植株与紫叶甘蓝(乙)植株杂交,子代个体中绿叶∶紫叶=1∶3北京曲一线图书策划有限公司 2022版《5年高考3年模拟 A版》
回答下列问题。
(1)甘蓝叶色中隐性性状是 ,实验①中甲植株的基因型为 。
(2)实验②中乙植株的基因型为 ,子代中有 种基因型。
(3)用另一紫叶甘蓝(丙)植株与甲植株杂交,若杂交子代中紫叶和绿叶的分离比为1∶1,则丙植株所有可能的基
因型是 ;若杂交子代均为紫叶,则丙植株所有可能的基因型是
;若杂交子代均为紫叶,且让该子代自交,自交子代中紫叶与绿叶的分离比为15∶1,则丙植株的基因型为
。
答案 (1)绿色 aabb (2)AaBb 4 (3)Aabb、aaBb AABB、AAbb、aaBB、AaBB、AABb AABB
解析 (1)(2)由实验②绿叶甲与紫叶乙杂交,子代中绿叶∶紫叶=1∶3,可推知绿叶为隐性性状,只含隐性基因的
个体表现为隐性性状,甲的基因型为aabb,乙的基因型为AaBb。甲、乙杂交子代中有2×2=4种基因型。(3)
根据题意可知:紫叶植株共有Aabb、aaBb、AABB、AAbb、aaBB、AaBB、AABb、AaBb 8种基因型,绿叶
植株基因型为aabb。当紫叶(Aabb或aaBb)与绿叶杂交时,杂交子代中紫叶∶绿叶=1∶1;当紫叶(AABB或
AAbb或aaBB或AaBB或AABb)与绿叶杂交时,子代均为紫叶,其中紫叶(AABB)与绿叶(aabb)杂交时,F 均为
1
AaBb,F 自交,F 中紫叶∶绿叶=15∶1。
1 2
16.(2016课标全国Ⅱ,32,12分)某种植物的果皮有毛和无毛、果肉黄色和白色为两对相对性状,各由一对等位
基因控制(前者用D、d表示,后者用F、f表示),且独立遗传。利用该种植物三种不同基因型的个体(有毛白
肉A、无毛黄肉B、无毛黄肉C)进行杂交,实验结果如下:
有毛白肉A×无毛黄肉B 无毛黄肉B×无毛黄肉C
↓ ↓
有毛黄肉∶有毛白肉为1∶1 全部为无毛黄肉
实验1 实验2
有毛白肉A×无毛黄肉C
↓
全部为有毛黄肉
实验3
回答下列问题:
(1)果皮有毛和无毛这对相对性状中的显性性状为 ,果肉黄色和白色这对相对性状中的显性性状为
。
(2)有毛白肉A、无毛黄肉B和无毛黄肉C的基因型依次为 。
(3)若无毛黄肉B自交,理论上,下一代的表现型及比例为 。
(4)若实验3中的子代自交,理论上,下一代的表现型及比例为
。
(5)实验2中得到的子代无毛黄肉的基因型有 。
答案 (1)有毛 黄肉 (2)DDff、ddFf、ddFF (3)无毛黄肉∶无毛白肉=3∶1 (4)有毛黄肉∶有毛白肉∶无毛
黄肉∶无毛白肉=9∶3∶3∶1 (5)ddFF、ddFf
解析 (1)通过实验1和实验3可知,有毛与无毛杂交后代均为有毛,可知有毛为显性性状。通过实验3可知,
白肉与黄肉杂交,后代均为黄肉,可断定黄肉为显性性状。(2)通过实验1有毛A与无毛B杂交后代全为有毛
可知:A为DD,B为dd。同理通过实验3可知C为dd;通过实验3白肉A和黄肉C杂交后代全为黄肉可知,A
为ff,C为FF;通过实验1白肉A和黄肉B杂交后代黄肉∶白肉=1∶1,可知B为Ff,所以A的基因型为DDff,B
的基因型为ddFf,C的基因型为ddFF。(3)B的基因型为ddFf,自交后代根据分离定律可得无毛黄肉∶无毛白
肉=3∶1。(4)实验3亲本的基因型为DDff与ddFF,子代基因型为DdFf,根据自由组合定律,子代自交后代表现
型及比例为:有毛黄肉∶有毛白肉∶无毛黄肉∶无毛白肉=9∶3∶3∶1。(5)实验2亲本的基因型为ddFf与ddFF,它
们杂交后代无毛黄肉的基因型为ddFF、ddFf。北京曲一线图书策划有限公司 2022版《5年高考3年模拟 A版》
17.(2016浙江理综,32,18分)若某研究小组用普通绵羊通过转基因技术获得了转基因绵羊甲和乙各1头,具体
见表。
绵羊 性别 转入的基因 基因整合位置 表现型
普通绵羊 ♀、♂ - - 白色粗毛
绵羊甲 ♂ 1个A+ 1号常染色体 黑色粗毛
绵羊乙 ♂ 1个B+ 5号常染色体 白色细毛
注:普通绵羊不含A+、B+基因,基因型用A-A-B-B-表示。
请回答:
(1)A+基因转录时,在 的催化下,将游离核苷酸通过 键聚合成RNA分子。翻译
时,核糖体移动到mRNA的 ,多肽合成结束。
(2)为选育黑色细毛的绵羊,以绵羊甲、绵羊乙和普通绵羊为亲本杂交获得F,选择F 中表现型为 的
1 1
绵羊和 的绵羊杂交获得F。用遗传图解表示由F 杂交获得F 的过程。
2 1 2
(3)为获得稳定遗传的黑色细毛绵羊,从F 中选出合适的1对个体杂交得到F,再从F 中选出2头黑色细毛绵
2 3 3
羊(丙、丁)并分析A+和B+基因的表达产物,结果如图所示。不考虑其他基因对A+和B+基因表达产物量的影
响,推测绵羊丙的基因型是 ,理论上绵羊丁在F 中占的比例是 。
3
答案 (1)RNA聚合酶 磷酸二酯 终止密码子
(2)黑色粗毛 白色细毛
(3)A+A+B+B- 1/16
解析 本题借助转基因绵羊的遗传实验,考查了基因自由组合定律,体现了科学思维素养中的分析与推断要
素。(1)转录时所需要的酶是RNA聚合酶,其主要作用是以DNA的一条链为模板,将游离的核糖核苷酸通过
磷酸二酯键聚合成RNA分子;翻译的模板是mRNA,翻译过程的起点和终点分别是起始密码子和终止密码子。
(2)由题意知,黑色(A+)对白色(A-)为显性,细毛(B+)对粗毛(B-)为显性。绵羊甲♂(A+A-B-B-)×普通绵羊♀(A-A-B-
B-)→A+A-B-B-(黑色粗毛)、A-A-B-B-(白色粗毛);绵羊乙♂(A-A-B+B-)×普通绵羊♀(A-A-B-B-)→ A-A-B+B- (白色细
毛)、A-A-B-B-(白色粗毛)。为选育黑色细毛(A+_B+_)的绵羊,应选择F 中黑色粗毛(A+A-B-B-)的绵羊与白色细
1
毛(A-A-B+B-)的绵羊杂交,从F 中选育即可。(3)为获得稳定遗传的黑色细毛绵羊(A+A+B+B+),应从F 中选出黑
2 2
色细毛绵羊(A+A-B+B-)的雌雄个体杂交。分析图中所给的基因表达产物量可知,相对表达量与相应基因的数
量有关,例如A+A+、A+A-、A-A-三种基因型,基因A+表达产物的相对表达量分别为100%、50%、0,据此可确
定绵羊丙、绵羊丁的基因型分别为A+A+B+B-、A+A+B+B+,所以F 中A+A+B+B+的比例=1/4×1/4=1/16。
3
18.(2016四川理综,11,14分)油菜物种Ⅰ(2n=20)与Ⅱ(2n=18)杂交产生的幼苗经秋水仙素处理后,得到一个油
菜新品系(注:Ⅰ的染色体和Ⅱ的染色体在减数分裂中不会相互配对)。
(1)秋水仙素通过抑制分裂细胞中 的形成,导致染色体加倍;获得的植株进行自交,子代
(会/不会)出现性状分离。
(2)观察油菜新品系根尖细胞有丝分裂,应观察 区的细胞,处于分裂后期的细胞中含有 条染
色体。
