文档文本内容
第59 讲 电磁感应现象 楞次定律
一、 考点精讲练
考点01：电磁感应现象的理解和判断（必备知识+1 例+1 变式）
考点02：实验：探究影响感应电流方向的因素（必备知识+1 例+1 变式）
考点03：楞次定律及应用（必备知识+2 例+2 变式）
二、 巩固提升（精选10 道题）
1.磁通量
(1)公式：Φ＝BS，S 为垂直磁场方向的投影面积，磁通量为标量(填“标量”或“矢量”)。
(2)物理意义：
磁通量的大小可形象表示穿过某一面积的磁感线条数的多少。
(3)磁通量变化：ΔΦ＝Φ2－Φ1。
2.电磁感应现象
(1)当穿过闭合导体回路的磁通量发生变化时，闭合导体回路中有感应电流产生，这种利用磁场产生电流的
现象叫作电磁感应。
(2)感应电流产生的条件：穿过闭合导体回路的磁通量发生变化。
(3)电磁感应现象产生感应电动势，如果电路闭合，则有感应电流。如果电路不闭合，则只有感应电动势而
无感应电流。
【例1】下列图示情况，金属圆环中不能产生感应电流的是（ ）
考点一
电磁感应现象的理解和判断
本讲要点
A．图（a）中，圆环在匀强磁场中向左平移
B．图（b）中，圆环在匀强磁场中绕轴转动
C．图（c）中，圆环在通有恒定电流的长直导线旁向右平移
D．图（d）中，圆环向条形磁铁N 极平移
【答案】A
【详解】A．圆环在匀强磁场中向左平移，穿过圆环的磁通量不发生变化，金属圆环中不能产生感应电流，
故A 正确；
B．圆环在匀强磁场中绕轴转动，穿过圆环的磁通量发生变化，金属圆环中能产生感应电流，故B 错误；
C．离通有恒定电流的长直导线越远，导线产生的磁感应强度越弱，圆环在通有恒定电流的长直导线旁向
右平移，穿过圆环的磁通量发生变化，金属圆环中能产生感应电流，故C 错误；
D．根据条形磁铁的磁感应特征可知，圆环向条形磁铁N 极平移，穿过圆环的磁通量发生变化，金属圆环
中能产生感应电流，故D 错误。
故选A 。
【变式1】（大小）在如图所示的电路中，电路甲和电路乙分别用开关S1，S2控制，小灯泡L 只要有电流
流过就能发光，则下列操作能使L 发光的是（ ）
A．保持S1闭合，断开S2的瞬间
B．保持S1闭合，闭合S2的瞬间
C．保持S2闭合，断开S1的瞬间
D．保持S2闭合，闭合S1的瞬间
【答案】AB
【详解】A．保持S1闭合，断开S2的瞬间，穿过闭合电路甲的磁通量发生变化，从而产生感应电流，则L
发光，故A 正确；
B．保持S1闭合，闭合S2的瞬间，穿过闭合电路甲的磁通量发生变化，从而产生感应电流，则L 发光，故B
正确；
CD．保持S2闭合，断开或闭合S1的瞬间，穿过电路甲的磁通量没有发生变化，则电路甲中没有感应电流产
生，L 不能发光，故CD 错误。
故选AB。
1.实验思路
如图所示，通过将条形磁体插入或拔出线圈来改变穿过螺线管的磁通量，根据电流表指针的偏转方向判断
感应电流的方向。
2.实验器材
电流表、条形磁体、螺线管、电池、开关、导线、滑动变阻器等。
3.实验现象
4.实验结论
当穿过线圈的磁通量增加时，感应电流的磁场与原磁场的方向相反；当穿过线圈的磁通量减小时，感应电
流的磁场与原磁场的方向相同。
【例2】在“探究影响感应电流方向的因素”实验中，当电流从“-”接线柱流入灵敏电流表，指针左偏：
从“G0”或“G1”接线柱流入，指针右偏。如图所示是某次实验中指针偏转角度最大的瞬间，则
考点二
实验：探究影响感应电流方向的因素
(1)此时磁铁的运动状态是 （选填“向上拔出”、“静止”或“向下插入”）。
(2)只做以下改变，一定会增大图中电流表指针偏转角度的是_____（多选）
A．磁铁静止，向上移动线圈
B．增大（1）中磁铁运动速度
C．将导线从接线柱G1移接至接线柱G0
D．将一个未与电路相接的闭合线圈套在图中线圈外
【答案】(1)向上拔出
(2)BC
【详解】（1）由图可知，电表指针左偏，则感应电流从“-”极流入，感应电流在线圈内产生的磁场方向向
下，根据楞次定律可知，与条形磁体在线圈位置产生的磁场方向相同，可知穿过线圈的磁通量减小，根据
楞次定律可知，此时磁铁的运动状态是向上拔出。
（2）A．磁铁静止，向上移动线圈，则产生的感应电流不一定增加，指针偏角不一定会增加，选项A 错误；
B．增大（1）中磁铁的速度，产生的感应电动势会增加，指针偏角会增大，选项B 正确；
C．减小电流计的量程，即将导线从接线柱G1移接到G0，可是电流计指针偏角变大，选项C 正确；
D．将一个未与电路相接的闭合线圈套在线圈外，线圈中的感应电流不变，电流计指针偏角不变，选项D
错误。
故选BC。
【变式2】某实验小组探究影响感应电流方向的因素，设计了如下实验：
(1)小明同学将电池组、滑动变阻器、带铁芯的线圈A、线圈B、灵敏电流计及开关部分连接如图甲所示，
请在答题卡的实物图中用实线代替导线把剩余部分电路连接完整 。
(2)正确连接电路后，小明同学发现将滑动变阻器的滑片P 向右加速滑动时，灵敏电流表指针向右偏转，由
此可以判断
A．若将滑动变阻器的滑片P 向右减速滑动，则灵敏电流表指针向左偏转
B．若将滑动变阻器的滑片P 向右匀速滑动，则灵敏电流表指针静止在中央
C．若将线圈A 中的铁芯向上拔出，则灵敏电流表指针向右偏转
D．若将滑动变阻器的滑片P 向左减速滑动，则灵敏电流表指针向左偏转
(3)小军同学设计了图乙所示的装置，将磁铁N 极向下插入螺线管，小灯泡 （选填“C”或“D”）
会短暂亮一下。
【答案】(1)
(2)CD
(3)C
【详解】（1）实物图如图所示
（2）A．滑动变阻器的滑片P 向右减速滑动与题干中向右加速滑动都是电阻增大，电流减小，电磁铁磁感
应强度减小，故感应电流的方向相同，灵敏电流表指针向右偏转，故A 错误；
B．滑动变阻器的滑片P 向右匀速滑动与题干中向右加速滑动都是电阻增大，电流减小，电磁铁磁感应强
度减小，故感应电流的方向相同，灵敏电流表指针向右偏转，故B 错误；
C．题干中滑动变阻器的滑片P 向右加速滑动是电阻增大，电流减小，电磁铁磁感应强度减小，线圈A 中
的铁芯向上拔出，电磁铁磁感应强度也减小，所以灵敏电流表指针向右偏转，故C 正确；
D．滑动变阻器的滑片P 向左减速滑动，电阻减小，电流增大，电磁铁磁感应强度增大，灵敏电流表指针
向左偏转，故D 正确。
故选CD。
（3）将磁铁N 极向下插入螺线管，螺线管中的感应电流方向为从上到下的方向，则小灯泡C 所在支路二
极管处于导通状态，会短暂亮一下。
1.楞次定律
(1)内容：感应电流具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化。
(2)适用范围：一切电磁感应现象。
2.楞次定律中“阻碍”的含义：
3.右手定则
(1)内容：如图，伸开右手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一个平面内；让磁感线从掌心
进入，并使拇指指向导线运动的方向，这时四指所指的方向就是感应电流的方向。
(2)适用情况：导线切割磁感线产生感应电流。
【例3-1】（2025·北京·高考真题）绝缘的轻质弹簧上端固定，下端悬挂一个磁铁。将磁铁从弹簧原长位置
考点三
楞次定律及应用
由静止释放，磁铁开始振动，由于空气阻力的影响，振动最终停止。现将一个闭合铜线圈固定在磁铁正下
方的桌面上（如图所示），仍将磁铁从弹簧原长位置由静止释放，振动最终也停止。则（ ）
A．有无线圈，磁铁经过相同的时间停止运动
B．磁铁靠近线圈时，线圈有扩张趋势
C．磁铁离线圈最近时，线圈受到的安培力最大
D．有无线圈，磁铁和弹簧组成的系统损失的机械能相同
【答案】D
【详解】A．有线圈时，磁铁受到电磁阻尼的作用，振动更快停止，故A 错误；
B．根据楞次定律，磁铁靠近线圈时，线圈的磁通量增大，此时线圈有缩小的趋势，故B 错误；
C．磁铁离线圈最近时，此时磁铁与线圈的相对速度为零，感应电动势为零，感应电流为零，线圈受到的
安培力为零，故C 错误；
D．分析可知有无线圈时，根据平衡条件最后磁铁静止后弹簧的伸长量相同，由于磁铁和弹簧组成的系统
损失的机械能为磁铁减小的重力势能减去此时弹簧的弹性势能，故系统损失的机械能相同，故D 正确。
故选D。
【例3-2】（2025·江西·高考真题）托卡马克是一种磁约束核聚变装置，其中心柱上的密绕螺线管（CS线
圈）可以驱动附近由电子和离子组成的磁约束等离子体旋转形成等离子体电流，如图（a）所示。当CS线
圈通以如图（b）所示的电流时，产生的等离子体电流方向（俯视）为（ ）
A．顺时针
B．逆时针
C．先顺时针后逆时针D．先逆时针后顺时针
【答案】A
【详解】由图（b）可知开始阶段流过CS 线圈的电流正向减小，根据右手定则可知，CS 线圈产生的磁场下
端为N 极，上端为S 极，则穿过线圈周围某一截面的磁通量向下减小，由楞次定律可知产生的感应电场方
向为顺时针方向（俯视），则产生的等离子体电流方向（俯视）为顺时针；同理在以后阶段通过CS 线圈
的电流反向增加时，情况与前一阶段等效，即产生的等离子体电流方向（俯视）仍为顺时针。
故选A。
【变式3-1】（2025·甘肃张掖·模拟预测）（多选）如图所示为我国民众应对高温天气所用的吊扇，此时固
定于天花板上的吊扇正在顺时针旋转（仰视），转速为n。已知叶片ab 的长度为L，忽略转轴的大小，吊
扇所在位置地磁场的磁感应强度竖直向下的分量大小为B，则下列说法正确的是（ ）
A．a、b 两端的电势差大小为2πnB L
2
B．a、b 两端的电势差大小为πnB L
2
C．a 端的电势高于b 端的电势
D．a 端的电势低于b 端的电势
【答案】BC
【详解】AB．由法拉第电磁感应定律有E = BLv = 1
2 B L
2ω
根据角速度和转速的关系有ω=2πn
又因为U = E
可得a、b 两端的电势差大小为U = πnB L
2，A 错误，B 正确；
CD．由右手定则可知，a 端的电势高于b 端的电势，C 正确，D 错误。
故选BC。
【变式3-2】（2025·四川绵阳·模拟预测）如图甲所示，一辆电动汽车在北京的一段平直公路上以速度v 自
东向西匀速行驶，金属车头上左右对称的B 点与A 点间距为L。图乙是从外侧看汽车左前轮转动的示意图，
C 点在金属轮毂边缘，D 点在转轴中心。已知当地地磁场磁感应强度竖直分量大小为B1、水平分量大小为
B2。下列说法正确的是（ ）
A．B 点电势比A 点电势低
B．C 点电势比D 点电势低
C．A、B 之间的电势差U AB= B1 Lv
D．A、B 之间的电势差U AB=−B2 Lv
【答案】B
【详解】ACD．北京在北半球，所以地磁场竖直分量向下，根据右手定则，拇指指西，磁感线穿入手心，
此时四指指向B 点，所以B 点相当于电源正极，即B 点电势比A 点电势高，则A、B 之间电势差
U AB=−B1 Lv，故ACD 错误；
B．地磁场的水平分量向北，根据右手定则，拇指指向与C、D 连线上点的线速度方向相同，磁感线穿入
手心，此时四指指向D 点，所以D 点相当于电源正极，即D 点电势比C 点电势高，故B 正确。
故选B。
【解题能力提升】
“三个定则”、“一个定律”的比较
名称
用途
选用原则
安培定则
判断电流产生的磁场(方向)分布
因电生磁
左手定则
判断通电导线、运动电荷所受磁场力的方向
因电受力
右手定则
判断导体切割磁感线产生的感应电流方向或电源正负极
因动生电
楞次定律
判断因回路磁通量改变而产生的感应电流方向
因磁通量变化生电
1．某电磁弹射装置的简化模型如图所示，线圈固定在水平放置的光滑绝缘杆上，将金属环放在线圈左侧，
闭合开关瞬间，则下列说法正确的是（ ）
A．金属环仍保持静止
B．金属环将向右运动
C．从左向右看，金属环中感应电流沿顺时针方向
D．金属环有扩张的趋势
巩固提升
【答案】C
【详解】ABD．闭合开关瞬间，穿过圆环的磁通量增大，根据楞次定律可知金属环将向左运动且圆环有收
缩的趋势，故ABD 错误；
C．根据右手定则可知闭合开关瞬间，穿过圆环的磁场方向向左，由于穿过圆环的磁通量增大，根据楞次
定律可知，从左向右看，金属环中感应电流沿顺时针方向，故C 正确。
故选C。
2．如图，水平光滑桌面（纸面）上两根长直导线M、N 相互垂直固定放置，两者彼此绝缘，M 通有向上
的电流，N 通有向右的电流，桌面上4 个圆形金属线框a、b、c、d 分别放在两导线交叉所形成的编号为
1、2、3、4 的区域内，每个线框距两导线的距离均相同。当两导线中的电流都由i 突然增大到2i 时
（ ）
A．a 向左下方运动
B．b 向左上方运动
C．c 向左下方运动
D．d 向左上方运动
【答案】B
【详解】AC．由右手螺旋定则可知，导线M 和N 在线框a 处的磁感线方向相反，又距导线的距离相同，
所以线框a 的磁通量为0。同理，线框c 处的磁通量也为0。当电流都增大时，两个方向的磁感线都变多，
但磁通量不变还是0，所以线框a、c 静止不动。故AC 错误；
B．由右手螺旋定则可知，导线M 和N 在线框b 处的磁感线方向都向外，当两导线电流增大时，线框b 的
磁通量增加，由楞次定律可知，线框b 将远离两导线，向左上方运动。故B 正确；
D．由右手螺旋定则可知，导线M 和N 在线框d 处的磁感线方向都向里，当两导线电流增大时，线框d 的
磁通量增加，由楞次定律可知，线框d 将远离两导线，向右下方运动。故D 错误。
故选B。
3．如图所示，在一水平固定的铝环上方，有一条形磁铁，从离地面高h 处由静止开始下落，最后落在地
面上。磁铁下落过程从铝环中心穿过，且不与铝环接触。若不计空气阻力，重力加速度为g，下列说法正
确的是（ ）
A．磁铁靠近铝环的过程中，铝环有收缩趋势
B．磁铁下落过程中，从上往下看铝环中的感应电流先沿顺时针方向后沿逆时针方向
C．磁铁下落过程中，磁铁的机械能不变
D．磁铁落地时的速率等于❑√2 gℎ
【答案】A
【详解】A．磁铁靠近铝环的过程中，铝环中的磁通量增大，根据楞次定律“增缩减扩”可知，铝环有收
缩趋势，故A 正确；
B．由题图可知，在磁铁下落过程中，穿过铝环的磁场方向向下，在磁铁靠近铝环时，穿过铝环的磁通量
变大，在磁铁远离铝环时穿过铝环的磁通量减小，由楞次定律可知，从上向下看，铝环中的感应电流先沿
逆时针方向，后沿顺时针方向，故B 错误；
C．在磁铁下落过程中，铝环中产生感应电流，铝环中有电能产生，磁铁在整个下落过程中，磁铁的部分
机械能转化为电能，由能量守恒定律可知，磁铁的机械能减少，故C 错误；
D．若磁铁自由下落时，根据机械能守恒有mgℎ= 1
2 m v
2
解得落地速度为v = ❑√2gℎ
由于磁铁下落穿过铝环时机械能有损失，所以磁铁落地速度小于❑√2gℎ，故D 错误。
故选A。
4．如图所示，线圈A 和线圈B 绕在同一个铁芯P 上，线圈B 连接一电流表。下列选项正确的是（ ）
A．若A 接通一直流电源瞬间，电流表中有电流通过
B．若A 接通一直流电源瞬间，A、B 线圈相互吸引
C．若A 接一正弦交流电源，电流表中无电流通过
D．若A 接一正弦交流电源，A 和B 中的磁场始终反向
【答案】A
【详解】AB．若A 接通一直流电源瞬间，通过线圈的磁通量变大，根据楞次定律可知，电流表中有电流通
过，线圈A、B 相互排斥，故A 正确，B 错误；
CD．若A 接一正弦交流电源，线圈B 中有磁通量变化，所以电流表中有电流通过，A 和B 中的磁场有时相
同，有时反向，故CD 错误。
故选A。
5．如图所示，闭合线圈上方有一竖直放置的条形磁铁。“+”为灵敏电流计G 的正接线柱位置，电流从
“+”流入电流计时指针向右偏转。当磁铁向下运动（但未插入线圈内部）时，线圈中（ ）
A．感应电流的方向与图中箭头方向相反，电流表指针向左偏
B．感应电流的方向与图中箭头方向同，电流表指针向右偏
C．仅改变线圈的绕向，线圈中感应电流的磁场方向也会改变
D．仅改变线圈的绕向，流入电流计的电流方向也会改变
【答案】D
【详解】AB．线圈所在处的磁场方向竖直向下；磁铁向下运动，线圈的磁通量增大，根据楞次定律，感应
电流的磁场方向竖直向上；根据安培定则，感应电流的方向与图示方向相同；电流从“+”流出电流计，指
针向左偏转。AB 错误；
C．仅改变线圈的绕向，线圈所在处的磁场方向竖直向下；磁铁向下运动，线圈的磁通量增大，根据楞次
定律，感应电流的磁场方向竖直向上；线圈中感应电流的磁场方向不变，C 错误；
D．仅改变线圈的绕向，线圈所在处的磁场方向竖直向下；磁铁向下运动，线圈的磁通量增大，根据楞次
定律，感应电流的磁场方向竖直向上；根据安培定则，电流从“+”流入电流计，电流方向发生改变。D 正
确。
故选D。
6．如图所示，有一根竖直向下的长直导线，导线中通有向下的恒定电流，从靠近导线的位置以水平向右
的速度抛出一金属圆环，圆环运动过程中始终与导线处于同一竖直面。不计空气阻力，下列说法正确的是
（ ）
A．圆环中不会产生感应电流
B．圆环中会产生顺时针方向的电流
C．圆环做平抛运动
D．开始的一段时间内，圆环所受安培力向左
【答案】D
【详解】AB．根据右手螺旋定则可知导线右边的磁场方向垂直纸面向外，圆环水平向右的速度抛出，离通
电直导线越远，磁感应强度越小，故圆环中的磁通量向外变小，根据楞次定律，可判断出圆环的感应电流
为逆时针方向的电流，故AB 错误；
C．圆环中有感应电流，而圆环在运动过程中会受到安培力的作用，不再只受重力，所以圆环不做平抛运
动，故C 错误；
D．开始的一段时间内，圆环中产生逆时针方向的电流，把圆环看成由无数小段电流元组成，根据左手定
则，每一小段电流元受到的安培力的合力方向向左，所以圆环所受安培力向左，故D 正确。
故选D。
7．（多选）手机无线充电以其便捷性和美观性受到很多手机用户喜欢。无线充电是利用变化的电流在送
电线圈中产生变化的磁场，变化的磁场通过手机中的受电线圈感应出电流为手机充电。关于无线充电，下
列说法正确的是（ ）
A．受电线圈和送电线圈的电流方向一定相反
B．无线充电过程发生的是互感现象
C．当穿过受电线圈的磁通量增加时，受电线圈有收缩的趋势
D．在无线充电底座和手机之间放一块金属板有利于提高手机充电效率
【答案】BC
【详解】ABC．无线充电时手机接收线圈部分的工作原理是互感现象，当穿过接收线圈的磁通量增加时，
根据楞次定律可知，线圈会收缩阻碍磁通量的改变，故受电线圈有收缩的趋势，当穿过接收线圈的磁通量
减小时，根据楞次定律可知感应电流的磁场方向与原磁场方向相同，此时受电线圈和送电线圈的电流方向
相同，故A 错误，BC 正确；
D．在底座和手机之间放金属板会产生额外的涡流损耗，反而降低传输效率，故D 错误。
故选BC。
8．（多选）如图所示，一“
”形闭合导线框置于匀强磁场中，正方形ABCF 和正方形FCDE 边长相
等，匀强磁场的方向与线框平面垂直且向里。线框沿垂直于DE 边的方向向右做匀速直线运动。下列说法
正确的是（ ）
A．E 点电势等于D 点电势
B．E 点电势高于D 点电势
C．若线框绕CF 轴线转动，CF 段有电流通过
D．若线框绕CF 轴线转动，CF 段没有电流通过
【答案】BD
【详解】AB．根据右手定则可知，E 点电势高于D 点电势，故A 错误，B 正确；
CD．通过楞次定律可知，若线框绕CF 轴线转动，CF 段没有电流通过，故C 错误，D 正确。
故选BD。
9．（多选）科技馆里的悬浮灯结构如图所示，灯里面固定有永磁体和接有LED 灯的感应线圈，其操作步
骤如下：（1）不展示时，线圈A、B都不通电，灯静置在支架上；（2）接通线圈A的开关，缓慢下降支架，
发现灯可以悬浮在原处不动；（3）再接通线圈B的开关，LED 灯发光，悬浮的灯亮了。下列说法正确的是
（ ）
A．线圈A接入的可能是正弦交流电
B．线圈A接入的一定是恒定的直流电
C．线圈B接入的一定是恒定的直流电
D．线圈B接入的可能是正弦交流电
【答案】BD
【详解】AB．接通线圈A 的开关，缓慢下降支架，发现灯可以悬浮在原处不动，说明线圈A 和灯内的永磁
体相互吸引，吸引力等于灯的重力，线圈A 接入的应该是直流电，故A 错误，B 正确；
CD．再接通线圈B 的开关，LED 灯发光，说明线圈B产生的是变化的磁场，让接有LED 灯的感应线圈产生
了感应电流，故线圈B 接入的可能是正弦交流电，故C 错误，D 正确。
故选BD。
10．甲、乙、丙三位同学分别利用如图所示的装置进行电磁感应现象的探究。
(1)如图a，甲同学在断开开关时发现电流计指针向左偏转，下列操作中也能使指针向左偏转的有________。
A．闭合开关
B．开关闭合时将A 线圈从B 线圈中拔出
C．开关闭合时，将滑动变阻器滑片向左滑动
D．将A 线圈减速插入B 线圈
(2)如图b 所示，乙同学在研究电磁感应现象时，将一线圈两端与电流传感器相连，强磁铁从长玻璃管上端
由静止下落，电流传感器记录了强磁铁穿过线圈过程中电流随时间变化的图像，如图c 所示，t2时刻电流
为0。下列说法正确的是（ ）
A．在t2时刻，穿过线圈的磁通量的变化率为0
B．在下落初始的一小段时间内，强磁铁的加速度小于重力加速度
C．强磁铁穿过线圈的过程中，受到线圈的作用力先向上后向下
D．在t1到t3的时间内，强磁铁重力势能的减少量等于其动能的增加
(3)丙同学设计了如图d 所示的实验装置，其中R 为光敏电阻（其阻值与光照强度呈负相关），轻质金属环
A 用轻绳悬挂，与长直螺线管共轴（A 线圈平面与螺线管线圈平面平行），并位于螺线管左侧。当光照增
强时，从右向左看，金属环A 中电流方向为 （填“顺时针”或“逆时针”），A 将会
（填“向左”或“向右”）运动。
【答案】(1)B
(2)AB
(3) 顺时针 向左
【详解】（1）断开开关时，A 线圈中电流迅速减小，则B 线圈中磁通量减小，出现感应电流，使灵敏电流
计指针向左偏转；为了同样使指针向左偏转，应减小B 线圈中的磁通量或增加B 线圈中反向的磁通量。
A．闭合开关，A 线圈中的电流突然增大，则B 线圈中的磁通量增大，A 错误；
B．开关闭合时将A 线圈从B 线圈中拔出，则B 线圈中的磁通量减小，B 正确；
C．开关闭合时将滑动变阻器的滑片向左滑动，滑动变阻器接入电路阻值减小，A 线圈中的电流增大，则B
线圈中的磁通量增大，C 错误；
D．将A 线圈减速插入B 线圈，则B 线圈中的磁通量增大，D 错误。
故选B。
（2）A．t2时刻电流为0，说明感应电动势为零，由E =n ΔΦ
Δt
可知穿过线圈的磁通量的变化率为0，A 正
确；
B．由“来拒去留”可知在t1到t2时间内，强磁铁受到线圈向上的作用力F，且初始阶段有F 小于重力，由
牛顿第二定律可得mg−F =ma
解得a= mg−F
m
= g−F
m
可知，初始阶段强磁铁的加速度小于重力加速度，B 正确；
C．由“来拒去留”可知强磁铁穿过线圈的过程中，受到线圈的作用力始终向上，C 错误；
D．在t1到t3的时间内，强磁铁重力势能的减少量等于其动能的增加量加上线圈产生的内能，D 错误。
故选AB。
（3）[1]根据安培定则，螺线管内部磁场向右，金属环中的磁场向右，当光照增强时，光敏电阻的阻值减
小，回路电流增大，金属环的磁通量增大，根据增反减同，感应电流的磁场向左，根据安培定则，从右向
左看，金属环A 中电流方向为顺时针；
[2]金属环A 是顺时针电流，螺线管是逆时针的电流，反向电流相互排斥，金属环将向左运动。
