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第44 课时 专题强化：电场中的图像问题 电场中功能关系的综合问题
目标要求 1.掌握电场中的几种常见图像。2.掌握静电力做功的计算方法及电场中常用的功能关系。
考点一 电场中的图像问题
1.v－t 图像
当带电粒子只受静电力时，从v－t 图像上能确定粒子运动的加速度方向、大小变化情况，进而可判定粒子
运动中经过的各点的电场强度方向、电场强度大小、电势高低及电势能的变化情况。
例1 (多选)一带负电粒子仅在静电力的作用下从A 点沿直线运动到B 点，速度由v1变为v2，其速度
—时间图像如图所示，下列说法正确的是( )
A.A、B 两点的电势关系为φA>φB
B.A 点附近的等势面要比B 点附近的等势面稀疏
C.A、B 两点的电场强度大小关系为EA>EB
D.粒子从A 点到B 点的过程中，可能两次经过同一个等势面
答案 AC
解析 根据速度由v1变为v2，速度减小，可知静电力对粒子做负功，电势能增加。根据带电粒子在电场中
的运动规律可知，负电荷高势低能，则φA>φB，故A 正确；电场线密集的位置等势面密集，电场强度更大，
则带电粒子受到的静电力更大，加速度大，在v－t 图像中斜率的绝对值更大，A 处斜率的绝对值大于B 处
斜率的绝对值，则电场强度的关系EA>EB，A 点附近的等势面要比B 点附近的等势面密集，故B 错误，C
正确；粒子从A 点到B 点的过程中，速度一直减小，则静电力一直做负功，电势能一直增大，故不可能两
次经过同一个等势面，故D 错误。
2.φ－x 图像(电场方向与x 轴平行)
(1)电场强度的大小等于φ－x 图线的切线斜率大小，沿x 轴方向电场强度为零处，φ－x 图线存在极值，其
切线的斜率为零；
(2)在φ－x 图像中可以直接判断各点电势的高低，并可根据电势高低关系确定电场强度的方向；
(3)在φ－x 图像中分析电荷移动时电势能的变化，可用WAB＝qUAB，进而分析WAB的正负，然后做出判断。
试画出下图中几种典型电场的φ－x 图像(以无穷远处电势为零)。
1
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(1)点电荷的φ－x 图像；
(2)两等量异种点电荷连线上的φ－x 图像；
(3)两个等量正点电荷的φ－x 图像。
答案
(1)
(2)
(3)
例2 (多选)(2024·天津卷)某静电场在x 轴正半轴的电势φ 随x 变化的图像如图所示，a、b、c、d 为x
轴上四个点。一负电荷仅在静电力作用下，以一定初速度从d 点开始沿x 轴负方向运动到a 点，则该电
荷( )
2
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A.在b 点电势能最小
B.在c 点时速度最小
C.所受静电力始终做负功
D.在a 点受静电力沿x 轴负方向
答案 BD
解析 根据题意，由公式Ep＝φq 可知，负电荷在高电势位置的电势能较小，由题图可知，a 点的电势最大，
则在a 点电势能最小，同理可知，c 点的电势最小，则在c 点时电势能最大，电荷仅在静电力作用下，电荷
的电势能和动能之和不变，可知，电势能最大时，动能最小，则在c 点时，电荷的动能最小，即速度最小，
故A 错误，B 正确；根据沿电场线方向电势逐渐降低，结合题图可知，c 点左侧电场方向沿x 轴正方向，c
点右侧电场方向沿x 轴负方向，可知，c 点右侧负电荷受沿x 轴正方向的静电力，c 点左侧负电荷受沿x 轴
负方向的静电力，可知，在a 点受静电力沿x 轴负方向，从d 点开始沿x 轴负方向运动到a 点，静电力先做
负功后做正功，故C 错误，D 正确。
[变式] 如图甲所示的xOy 坐标系中，y 轴上固定有两个等量同种点电荷P，与原点O 的距离相同，x 轴
上各点的电势φ 随x 坐标变化的图像如图乙所示。a、b 是x 轴上两点，其电势分别为φa和φb，对应φ－
x 图线上的a'、b'两点，这两点切线斜率的绝对值相等。现将一质量为m、电荷量为q 的正点电荷M 从
a 点由静止释放，M 运动过程中仅受静电力作用，下列说法正确的是( )
A.a、b 两点电场强度相同
B.M 从a 点运动到b 点的过程中电势能先增大后减小
C.M 从a 点运动到b 点的过程中加速度大小先减小后增大再减小
D.M 先后两次经过b 点的过程，静电力的冲量大小为2√2mq(φa−φb)
答案 D
解析 根据电场强度与电势的关系E＝Δφ
Δ x ，可知φ－x 图线的斜率表示电场强度，由题知，a'、b'这两点切
线斜率的绝对值相等，说明电场强度大小相同，根据沿电场线电势降低，可知a、b 两点电场强度方向不
相同，故A 错误；若两电荷为等量的正电荷，两电荷连线的垂直平分线与y 轴的交点处的电势最高，而由
题图乙可知，两电荷连线的垂直平分线与y 轴的交点处的电势最低，则两电荷为等量的负电荷；由Ep＝φq
知正点电荷M 从a 点运动到b 点的过程中，电势能先减小后增大，故B 错误；电荷量为q 的正点电荷M 从
3
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a 点由静止释放，由题图乙分析知，φ－x 图线的斜率先增大后减小再增大，故M 从a 点运动到b 点的过程
中加速度大小先增大后减小再增大，故C 错误；M 从a 经过b 点的过程，由动能定理知qUab＝1
2mvb
2－0，
设初动量为p，a→b 为正方向，则p＝mvb，解得p＝√2mq(φa−φb)，设末动量为p'，M 从b 点经过一段距
离返回b 点的过程，由对称性知p'＝－√2mq(φa−φb)，静电力的冲量为I＝p'－p＝－2√2mq(φa−φb)，
故M 先后两次经过b 点的过程，静电力的冲量大小为2√2mq(φa−φb)，故D 正确。
3.E－x 图像
以电场强度沿x 轴方向为例：
(1)E>0 表示电场强度沿x 轴正方向，E<0 表示电场强度沿x 轴负方向。
(2)E－x 图线与x 轴围成的“面积”表示电势差，“面积”大小表示电势差大小，两点的电势高低需根据电
场方向判定。
例3 (多选)电场的某条电场线是一条直线，这条电场线上依次有O、A、B、C 四个点，相邻两点间
距离均为d，以O 点为坐标原点，沿电场强度方向建立x 轴正方向，该电场线上各点电场强度E 随x 的
变化规律如图所示。一个带电荷量为＋q 的粒子，从O 点由静止释放，仅受静电力作用。则( )
A.若O 点的电势为零，则A 点的电势为－E0d
2
B.粒子从O 到A 做初速度为零的匀加速直线运动
C.粒子在OA 段电势能减少量小于BC 段电势能减少量
D.粒子运动到B 点时动能为3q E0d
2
答案 AD
解析 由于沿电场强度方向建立x 轴正方向，题图中给出的电场强度均为正值，表明O、C 两个点之间的
电场方向一直沿x 轴正方向，因a＝qE
m ，粒子从O 到A 做初速度为零、加速度变大的变加速直线运动，故
B 错误；E－x 图像中，图像与横轴所围几何图形的面积表示电势差，则有|UOA|＝E0d
2 ，沿电场线方向电势
降低，故φO>φA，解得φA＝－E0d
2 ，故A 正确；由以上分析，结合题图可知，UOA>UBC，根据W＝qU，可
知OA 段静电力做的正功大于BC 段静电力做的正功，即粒子在OA 段电势能减少量大于BC 段电势能减少
4
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量，故C 错误；OB 段静电力做功为WOB＝qUOB＝q(2d −d ＋2d )E0
2
＝3q E0d
2
，根据动能定理有，WOB＝
EkB－0，解得EkB＝3q E0d
2
，故D 正确。
4.Ep－x 图像、Ek－x 图像
(1)Ep－x 图像
由静电力做功与电势能变化关系F 电x＝Ep1－Ep2＝－ΔEp知Ep－x 图像的切线斜率k＝Δ E p
Δ x 。
①其绝对值等于静电力大小。
②正负代表静电力的方向：若斜率为正，说明电势能增加，静电力沿x 轴正方向做负功，静电力方向沿x
轴负方向；若斜率为负，说明电势能减小，静电力沿x 轴正方向做正功，静电力方向沿x 轴正方向。
(2)Ek－x 图像
当只有静电力对带电体做功，由动能定理F 电x＝Ek－Ek0＝ΔEk知Ek－x 图像的切线斜率k＝Δ Ek
Δ x ，斜率表
示静电力。
例4 (多选)在甲、乙电场中，电场方向均与x 轴平行，某试探电荷－q(q>0)具有的电势能Ep沿x 方向
的变化分别如图甲、乙所示，则下列说法正确的是( )
A.图甲中，试探电荷在O 点受到的静电力为零
B.图甲中，电场强度沿x 轴正方向
C.图乙中，x1处的电场强度小于x2处的电场强度
D.图乙中，x1处的电势高于x2处的电势
答案 BD
解析 根据Ep－x 图像斜率的绝对值表示静电力的大小，题图甲中，试探电荷在O 点受到的静电力不为零，
A 错误；沿x 轴正方向，电势能增大，静电力做负功，又因试探电荷带负电，则电场强度沿x 轴正方向，B
正确；题图乙中x1处的斜率大于x2处的斜率，即Fx1>Fx2，故Ex1>Ex2，C 错误；负电荷在电势越高处电势能
越小，故题图乙中φx1>φx2，D 正确。
考点二 电场中功能关系的综合问题
几种常见的功能关系：
(1)合外力做功等于动能的变化，即W 合＝Ek2－Ek1＝ΔEk(动能定理)。
(2)重力做功等于物体重力势能的变化，即WG＝EpG1－EpG2＝－ΔEp。
(3)静电力做功等于电势能的变化，即W 电＝Ep 电1－Ep 电2＝－ΔEp 电。
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(4)弹簧弹力做功等于弹性势能的变化，即W 弹＝Ep1－Ep2＝－ΔEp 弹。
(5)除了重力和弹簧弹力之外其他力做的总功等于物体机械能的变化，即W 其他力＝E 机2－E 机1＝ΔE 机。
说明：(1)动能定理可以把不同力对物体做的功联系起来。
(2)能量守恒定律可以把系统中参与变化的所有能量联系起来。
若只有静电力做功，电势能与动能之和保持不变；若只有静电力和重力做功，电势能、重力势能、动能之
和保持不变。
例5 如图所示，劲度系数为k 的轻弹簧，一端固定于倾角为θ 的光滑绝缘斜面顶端的挡板上，另一
端连接绝缘带正电可视为质点的小球A，弹簧与斜面平行，小球的质量为m，电荷量为q，弹簧处于原
长时小球在O 点。在空间中加一平行于斜面向上的匀强电场，电场强度大小为E，将小球从O 点由静
止释放，小球沿斜面运动至M 点时加速度为零，重力加速度为g，则小球从O 点运动至M 点过程中，
小球的( )
A.机械能一直增加
B.机械能先增大后减小
C.位移大小为x＝mgsinθ−qE
k
D.电势能的增加量等于重力势能的减少量
答案 C
解析 小球沿斜面运动至M 点时加速度为零，该过程中弹力和静电力均做负功，所以小球的机械能减小，
故A、B 错误；在M 点时小球加速度为0，即mgsin θ＝Eq＋kx，位移大小x＝mgsinθ−qE
k
，故C 正确；
根据能量守恒可知，电势能、弹性势能和小球动能的增加量等于重力势能的减少量，故D 错误。
例6 (多选)(2024·山东卷·10)如图所示，带电量为＋q 的小球被绝缘棒固定在O 点，右侧有固定在水
平面上、倾角为30°的光滑绝缘斜面。质量为m、带电量为＋q 的小滑块从斜面上A 点由静止释放，滑
到与小球等高的B 点时加速度为零，滑到C 点时速度为零。已知AC 间的距离为s，重力加速度大小为
g，静电力常量为k，下列说法正确的是( )
A.OB 的距离l＝√
√3k q
2
mg
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B.OB 的距离l＝√
√3k q
2
3mg
C.从A 到C，静电力对小滑块做功W＝－mgs
D.AC 之间的电势差UAC＝－mgs
2q
答案 AD
解析 由题意知小滑块在B 点处的加速度为零，则沿斜面方向根据受力分析有
mgsin 30°＝k q
2
l
2 cos 30°
解得l＝√
√3k q
2
mg
，故A 正确，B 错误；
设小滑块从A 到C 的过程，静电力对小滑块做的功为W，因为滑到C 点时速度为零，
根据动能定理有W＋mgssin 30°＝0
解得W＝－mgs
2 ，故C 错误；
根据电势差与静电力做功的关系可知AC 之间的电势差UAC＝W
q ＝－mgs
2q ，故D 正确。
课时精练
(分值：60 分)
1~7 题每小题5 分，共35 分
1.(来自教材改编)(2024·北京市丰台区二模)如图甲所示，A、B 是某点电荷电场中一条电场线上的两点，一
个电子仅在静电力的作用下从A 点运动到B 点的v－t 图像如图乙所示。下列说法正确的是( )
A.该点电荷为正电荷
B.电子在A 点受到的静电力小于在B 点受到的静电力
C.A 点的电势高于B 点的电势
D.电子在A 点的电势能大于在B 点的电势能
答案 D
解析 电子从A 点运动到B 点速度增大，则静电力做正功，静电力方向由A 指向B，电场强度方向由B 指
向A，从A 到B 电子加速度减小，电子受到的静电力减小，从A 到B 电场强度减小，可知电子远离点电荷，
说明点电荷在A 点的左侧，可判断出该点电荷带负电，故A、B 错误；电子所受静电力方向由A 指向B，
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故电场线方向由B 指向A，沿着电场线的方向电势逐渐降低，B 点的电势高于A 点的电势，故C 错误；电
子从A 点运动到B 点速度增大，则静电力做正功，电势能减小，即电子在A 点的电势能大于在B 点的电势
能，故D 正确。
2.如图所示，在水平向右的匀强电场中，质量为m 的带电小球，以初速度v 从M 点竖直向上运动，通过N
点时，速度大小为2v，方向与电场方向相反，则小球从M 运动到N 的过程( )
A.动能增加1
2mv2
B.机械能增加2mv2
C.重力势能增加3
2mv2
D.电势能增加2mv2
答案 B
解析 小球动能的增加量为ΔEk＝1
2m(2v)2－1
2mv2＝3
2mv2，A 错误；小球在竖直方向上的分运动为匀减速
直线运动，到N 时竖直方向的速度为零，则M、N 两点之间高度差为h＝v
2
2g，小球重力势能的增加量为
ΔEp＝mgh＝1
2mv2，C 错误；静电力对小球做正功，则小球的电势能减少，由能量守恒定律可知，小球减小
的电势能等于重力势能与动能的增加量之和，则电势能的减少量为ΔEp'＝3
2mv2＋1
2mv2＝2mv2，D 错误；由
功能关系可知，除重力外的其他力对小球所做的功在数值上等于小球机械能的增加量，即2mv2，B 正确。
3.空间有一沿x 轴对称分布的电场，其电场强度E 随x 变化的图像如图所示，下列说法中正确的是( )
A.O 点的电势最低
B.x2点的电势最高
C.x1和x3两点的电势相等
D.－x1和x1两点间的电势差为零
答案 D
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解析 由E－x 图像可知，电场方向由O 点分别指向x 轴正方向和x 轴负方向，根据沿电场方向电势降低，
可知O 点的电势最高，x1点的电势大于x3点的电势，根据对称性可知－x1和x1两点的电势相等，则－x1和
x1两点间的电势差为零，故A、B、C 错误，D 正确。
4.(2025·湖南永州市一模)假设某空间有一静电场的电势φ 随x 变化情况如图所示，且带电粒子的运动只考
虑受静电力，根据图中信息可以确定下列说法中正确的是( )
A.从x2到x3，电场强度的大小均匀增加
B.正电荷沿x 轴从O 运动到x1的过程中，做匀加速直线运动
C.负电荷沿x 轴从x4移到x5的过程中，静电力做正功，电势能减小
D.x2处电场强度大小为E2，x4处电场强度大小为E4，则E2>E4
答案 D
解析 根据E＝Δφ
Δ x 可知φ－x 图像中图线的斜率表示电场强度，由题图可知，沿x 轴方向，从x2到x3，电
场强度的大小恒定，故A 错误；同理可知O→x1沿x 轴方向的电场强度为零，正电荷沿x 轴从O 运动到x1
的过程中，沿x 轴方向的静电力为零，一定不做匀加速直线运动，故B 错误；由题图可知，x4到x5电势降
低，根据Ep＝qφ 可知负电荷沿x 轴从x4移到x5的过程中，静电力做负功，电势能增大，故C 错误；根据A
选项分析可知，x2处图线斜率绝对值大于x4处图线斜率绝对值，所以E2>E4，故D 正确。
5.(多选)如图甲所示，带电的物块P 固定在光滑绝缘水平面上，t＝0 时刻将另一带电物块Q 从与物块P 距
离为d 处由静止释放，物块Q 在0~2t0时间内的速度v 随时间t 变化的图像及t＝0 时刻和t＝2t0时刻该图像
的切线如图乙中所示，图乙中v0和t0为已知量。若两物块均可视为点电荷，带电荷量的数值相等，物块Q
的质量为m，静电力常量为k，两物块带电量始终不变。下列说法正确的是( )
A.两物块带异种电荷
B.2t0时刻P、Q 相距2d
C.两物块的带电荷量为d√
2m v0
k t0
D.0~2t0时间内P、Q 组成的系统减少的电势能为mv0
2
答案 BC
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解析 由v－t 图像的斜率表示加速度，则物块Q 的加速度不断减小，所以两物块间为排斥力，因此它们应
该带同种电荷，故A 错误；由题图乙可知t＝0 时刻的加速度为a1＝
2v0
t0
， t＝2t0时刻的加速度为a2＝
2v0−v0
2t0
＝v0
2t0
，故a1
a2
＝4
1 ，根据牛顿第二定律可知a1＝F1
m ＝k q
2
md
2，a2＝F2
m ＝k q
2
md
' 2，联立解得d'＝
2d，q＝d√
2m v0
k t0
，故B、C 正确；对物块Q，由动能定理可得W 电＝1
2m(2v0)2＝2mv0
2，根据静电力做功与
电势能的关系可知，0~2t0时间内P、Q 组成的系统减少的电势能为ΔEp＝W 电＝2mv0
2，故D 错误。
6.(2025·山东省校考)在某电场中建立x 坐标轴，一个质子沿x 轴正方向运动，经过间距相等的A、B、C 三
点，该质子的电势能Ep随位置坐标x 变化的关系如图所示，该质子只受静电力作用。下列说法正确的是(
)
A.A 点电势高于B 点电势
B.A 点的电场强度大于B 点的电场强度
C.质子经过A 点的速率小于经过B 点的速率
D.C、B 两点电势差UCB大于B、A 两点电势差UBA
答案 D
解析 质子电势能增大，则静电力做负功，静电力方向与质子运动方向相反，质子带正电，说明电场方向
与质子运动方向相反，即电场方向沿x 轴负方向，沿电场方向电势降低，则A 点电势低于B 点电势，A 错
误；由Ep－x 图像斜率的绝对值表示静电力大小可知，FxA<FxB，说明A 点的电场强度小于B 点的电场强度，
B 错误；质子只受静电力作用，由功能关系可知EkA>EkB，质子经过A 点的速率大于经过B 点的速率，C 错
误；根据U＝Ed 定性分析，由A 至C 电场强度逐渐变大，A、B、C 三点间距相等，则C、B 两点电势差
UCB大于B、A 两点电势差UBA，D 正确。
7.(2024·黑吉辽·6)在水平方向的匀强电场中，一带电小球仅在重力和电场力作用下于竖直面(纸面)内运动。
如图，若小球的初速度方向沿虚线，则其运动轨迹为直线，若小球的初速度方向垂直于虚线，则其从O 点
出发运动到O 点等高处的过程中( )
A.动能减小，电势能增大
B.动能增大，电势能增大
C.动能减小，电势能减小
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D.动能增大，电势能减小
答案 D
解析 根据题意若小球的初速度方向沿虚线，则其运动轨迹为直线，可知电场力和重力的合力沿着虚线方
向，又电场强度方向为水平方向，根据力的合成可知电场力方向水平向右；若小球的初速度方向垂直于虚
线(如题图)，则其从O 点出发运动到O 点等高处的过程中重力对小球做功为零，电场力的方向与小球的位
移方向相同，则电场力对小球做正功，小球的动能增大，电势能减小，故选D。
8~10 题每小题7 分，共18 分
8.(2024·湖南卷·5)真空中有电荷量为＋4q 和－q 的两个点电荷，分别固定在x 轴上－1 和0 处。设无限远处
电势为0，x 正半轴上各点电势φ 随x 变化的图像正确的是( )
答案 D
解析 方法一 从电场强度方向看电势的变化
设x＝x0处电场强度为0，此处E1与E2等大反向
k·4 q
( x0＋1)
2 ＝kq
x0
2，得x0＝1，即x＝1 处，E＝0，
0<x<1，电场强度方向向左，x 增大，φ 增大，
x>1，电场强度方向向右，x 增大，φ 减小，故D 正确。
方法二 电势叠加法
根据点电荷周围的电势公式φ＝kQ
r ，
设x＝x'处(x'>0)的电势为0，得
k 4 q
1＋x
' ＋k−q
x
' ＝0
解得x'＝1
3
11
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故可知当0<x<1
3时，φ<0；
当x＝1
3时，φ＝0，
当x>1
3时，φ>0，故选D。
9.(2024·重庆卷·6)沿空间某直线建立x 轴，该直线上的静电场方向沿x 轴，其电势φ 随位置x 变化的图像如
图所示，一电荷量为e、带负电的试探电荷，经过x2点时动能为1.5 eV，速度沿x 轴正方向，若该电荷仅受
电场力。则其将( )
A.不能通过x3点
B.在x3点两侧往复运动
C.能通过x0点
D.在x1点两侧往复运动
答案 B
解析 带负电的试探电荷在x2处动能为1.5 eV，电势能为－1 eV，总能量为0.5 eV，且试探电荷速度沿x
轴正方向，在x2~x3区域试探电荷受到沿x 轴正方向的电场力，做加速运动，在x3处速度最大，试探电荷继
续运动到x3右侧，做减速运动，当速度为零时，电势能为0.5 eV，即运动到电势为－0.5 V 处减速到零，开
始向x 轴负方向运动，后反向回到x2处动能仍为1.5 eV，继续向左运动，在电势为－0.5 V 处减速到零又反
向，不会运动到x0、x1处，即试探电荷在x3点两侧往复运动。故选B。
10.一带电粒子仅在静电力作用下沿x 轴做直线运动，其动能Ek随位置x 变化的关系如图所示，则其电势能
Ep、加速度大小a、电场的电场强度大小E、电势φ 分别与位置x 的关系图，正确的是( )
12
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答案 C
解析 根据功能关系有ΔEk＝qEx，由题图可知k＝Δ Ek
Δ x ＝qE，Ek－x 图像的斜率逐渐增大，则E 逐渐增大。
根据功能关系有ΔEp＝－qEx，由Ep－x 图像可知k'＝Δ E p
Δ x ＝－qE，E 逐渐增大，Ep－x 图像斜率为负值且
绝对值逐渐增大。根据牛顿第二定律a＝qE
m 可知E 逐渐增大，加速度a 逐渐增大，故A、B 错误，C 正确；
粒子电性未知，电势φ 随位置x 的变化关系无法确定，但根据电场强度与电势差关系式有φ＝φO－(±E)x(E
的符号与粒子电性有关)，可知k″＝－(±E)，E 逐渐增大，φ－x 图像斜率绝对值也应逐渐增大，故D 错误。
(7 分)
11.如图，光滑固定斜面上方存在一沿斜面向下的匀强电场，一与斜面平行的轻弹簧一端固定在斜面的顶端，
另一端与一质量为m、电荷量为＋q 的滑块相连，滑块恰好静止在O 点。现给滑块沿斜面向上的初速度
v0，下列关于滑块从O 点第一次运动到最高点的过程中，系统的电势能、滑块的加速度a 及动能Ek随距离
变化的图像正确的是( )
答案 B
解析 滑块从O 点第一次运动到最高点的过程中，静电力做功为W 电＝－qEx，根据功能关系有W 电＝Ep0
－Ep，解得Ep＝Ep0＋qEx，Ep－x 图像斜率为正值，故A 错误；滑块在O 点静止，根据平衡条件有kx0＝
mgsin θ＋qE，滑块向上运动过程中，根据牛顿第二定律有mgsin θ＋qE－k(x0－x)＝ma，解得a＝k
mx，a－x
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图像是一条过原点的倾斜直线，故B 正确；根据动能定理有－F 合x＝Ek－1
2mv0
2，解得Ek＝1
2mv0
2－F 合x
可知，Ek－x 图像中，图像上某一点的切线的斜率的绝对值表示合力大小，结合上述可知，滑块向上运动
过程中，合力逐渐增大，即图像上某一点的切线的斜率的绝对值逐渐增大，故C、D 错误。
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