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淘宝：学思创想
专题14 全等与相似模型-一线三等角（K 字）模型
全等三角形与相似三角形在中考数学几何模块中占据着重要地位。相似三角形与其它知识点结合以综
合题的形式呈现，其变化很多，难度大，是中考的常考题型。如果大家平时注重解题方法，熟练掌握基本
解题模型，再遇到该类问题就信心更足了．本专题就一线三等角模型进行梳理及对应试题分析，方便掌握。
模型1.一线三等角（K 型图）模型
【模型解读】在某条直线上有三个角相等，利用平角为180°与三角形内角和为180°，证得两个三角形全等。
【常见模型及证法】
同侧型一线三等角：
锐角一线三等角 直角一线三等角（“K 型图”） 钝角一线三等角
条件：
+ CE=DE
证明思路：
+ 任一边相等
异侧型一线三等角：
锐角一线三等角 直角一线三等角 钝角一线三等角
条件：
+ 任意一边相等
证明思路：
+任一边相等
例1．（2021·山东日照·中考真题）如图，在矩形
中，
，
，点
从点
出发，以
的速度沿
边向点
运动，到达点
停止，同时，点
从点
出发，以
的速度沿
边向点
运动，到达点
停止，规定其中一个动点停止运动时，另一个动点也随之停止运动．当为_____时，
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与
全等．
【答案】2 或
【分析】可分两种情况：①
得到
，
，②
得到
，
，然后分别计算出的值，进而得到的值．
【详解】解：①当
，
时，
，
，
，
，
，解得：
，
，
，解得：
；
②当
，
时，
，
，
，
，解得：
，
，
，解得：
，
综上所述，当
或
时，
与
全等，故答案为：2 或
．
【点睛】主要考查了全等三角形的性质，矩形的性质，解本题的关键是熟练掌握全等三角形的判定与性质．
例2．（2022·黑龙江·九年级期末）（1）如图（1），已知：在△ABC 中，∠BAC＝90°，AB=AC，直线m
经过点A，BD⊥直线m， CE⊥直线m，垂足分别为点D、E．证明∶DE=BD+CE．
（2）如图（2），将（1）中的条件改为：在△ABC 中，AB=AC，D、A、E 三点都在直线m 上，并且有
∠BDA=∠AEC=∠BAC=
，其中
为任意锐角或钝角．请问结论DE=BD+CE 是否成立？如成立，请你给出
证明；若不成立，请说明理由．（3）拓展与应用：如图（3），D、E 是D、A、E 三点所在直线m 上的两
动点（D、A、E 三点互不重合），点F 为∠BAC 平分线上的一点，且△ABF 和△ACF 均为等边三角形，连
接BD、CE，若∠BDA=∠AEC=∠BAC，试判断△DEF 的形状．
【答案】（1）见解析（2）成立，证明见解析（3）△DEF 为等边三角形，证明见解析
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【分析】（1）因为DE=DA+AE，故由全等三角形的判定AAS 证△ADB≌△CEA，得出DA=EC，AE=BD，从
而证得DE=BD+CE；（2）成立，仍然通过证明△ADB≌△CEA，得出BD=AE，AD=CE，所以
DE=DA+AE=EC+BD；
（3）由△ADB≌△CEA 得BD=AE，∠DBA =∠CAE，由△ABF 和△ACF 均等边三角形，得
∠ABF=∠CAF=60°，FB=FA，所以∠DBA+∠ABF=∠CAE+∠CAF，即∠DBF=∠FAE，所以△DBF≌△EAF，所
以FD=FE，∠BFD=∠AFE，再根据∠DFE=∠DFA+∠AFE=∠DFA+∠BFD=600得到△DEF 是等边三角形．
【详解】解：（1）证明：∵BD⊥直线m，CE⊥直线m，∴∠BDA＝∠CEA=90°．
∵∠BAC＝90°，∴∠BAD+∠CAE=90°．∵∠BAD+∠ABD=90°，∴∠CAE=∠ABD．
又AB=AC，∴△ADB≌△CEA（AAS）．∴AE=BD，AD=CE．∴DE=AE+AD=BD+CE；
（2）成立．证明如下：∵∠BDA =∠BAC=
，
∴∠DBA+∠BAD=∠BAD +∠CAE=180°-
．∴∠DBA=∠CAE．
∵∠BDA=∠AEC=
，AB=AC，∴△ADB≌△CEA（AAS）．
∴AE=BD，AD=CE．∴DE=AE+AD=BD+CE；
（3）△DEF 为等边三角形．理由如下：由（2）知，△ADB≌△CEA，BD=AE，∠DBA =∠CAE，
∵△ABF 和△ACF 均为等边三角形，∴∠ABF=∠CAF=60°．
∴∠DBA+∠ABF=∠CAE+∠CAF．∴∠DBF=∠FAE．
∵BF=AF，∴△DBF≌△EAF（SAS）．∴DF=EF，∠BFD=∠AFE．
∴∠DFE=∠DFA+∠AFE=∠DFA+∠BFD=60°．∴△DEF 为等边三角形．
【点睛】此题考查了全等三角形的性质和判定、等边三角形的性质和判定，解题的关键是熟练掌握全等三
角形的性质和判定，等边三角形的性质和判定．
例3．（2022·广东·汕头市潮阳区一模）（1）模型建立，如图1，等腰直角三角形ABC 中，∠ACB=90°，
CB=CA，直线ED 经过点C，过A 作AD⊥ED 于D，过B 作BE⊥ED 于E．求证：△BEC≌△CDA；
（2）模型应用：①已知直线AB 与y 轴交于A 点，与
轴交于B 点，sin∠ABO=
，OB=4，将线段AB 绕点
B 逆时针旋转90 度，得到线段BC，过点A，C 作直线，求直线AC 的解析式；
②如图3，矩形ABCO，O 为坐标原点，B 的坐标为（8，6），A，C 分别在坐标轴上，P 是线段BC 上动点，
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已知点D 在第一象限，且是直线y=2
5 上的一点，若△APD 是以D 为直角顶点的等腰直角三角形，请求
出所有符合条件的点D 的坐标．
【答案】（1）见解析；（2）①
；②D（3，1）或
【详解】（1）解：由题意可得，
，
∴
，∴
，
在
和
中
，∴
，
（2）解：①如图，过点C 作
轴于点D，在Rt△ABO 中 sin∠ABO
，OB
4，
∴设AO=3m，AB=5m，∴OB=4m=4，∴m=1，∴AO=3，
同（1）可证得
，∴
，
，∴
，∴
，
∵
，设直线AC 解析式为
，把C 点坐标代入可得
，解得
，
∴直线AC 解析式为
；
②设D 坐标为（x，2x-5）,
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当D 在AB 的下方时，过D 作DE⊥y 轴于E，交BC 于F,
同（1）可证得△ADE≌△DPF，∴DF=AE=6-（2x-5）=11-2x，DE=x, ∴11-2x+x=8,∴x=3，∴D（3，1），
当D 在AB 的上方时，如图，过D 作DE⊥y 轴于E，交BC 的延长线于F,
同（1）可证得
，∴DF=AE=（2x-5）-6=2x-11，DE=x，∴2x-11+x=8，
∴
，∴
，综上述D（3，1）或
．
【点睛】本题考查了全等三角形的判定和性质、待定系数法一次函数的解析式、正弦的定义、勾股定理、
等腰三角形的判定和性质及方程思想，作辅助线构造模型是解本题的关键．
例4．（2023·湖南岳阳·统考一模）如图，在ABC 中，AB=AC=2，∠B=40°，点D 在线段BC 上运动（点D
不与点B、C 重合），连接AD，作∠ADE=40°，DE 交线段AC 于点E．
（1）当∠BDA=115°时，∠EDC=______°，∠AED=______°；
（2）线段DC 的长度为何值时，△ABD≌△DCE，请说明理由；
（3）在点D 的运动过程中，△ADE 的形状可以是等腰三角形吗？若可以，求∠BDA 的度数；若不可以，
请说明理由．
【答案】（1）25°，65°；（2）2，理由见详解；（3）可以，110°或80°.
【分析】（1）利用邻补角的性质和三角形内角和定理解题；（2）当DC=2 时，利用∠DEC+ EDC=140°
∠
，
∠ADB+ EDC=140°
∠
，求出∠ADB= DEC
∠
，再利用AB=DC=2，即可得出△ABD
DCE
≌△
．
（3）当∠BDA 的度数为110°或80°时，△ADE 的形状是等腰三角形．
【详解】解：（1）∵∠B=40°，∠ADB=115°，∴∠BAD=180°- B- ADB=180°-115°-40°=25°
∠
∠
，
AB=AC
∵
，∴∠C= B=40°
∠
，∵∠EDC=180°- ADB- ADE=25°
∠
∠
，
DEC=180°- EDC- C=115°
∴∠
∠
∠
，∴∠AED=180°- DEC=180°-115°=65°
∠
；
（2）当DC=2 时，△ABD
DCE
≌△
，理由：∵∠C=40°，∴∠DEC+ EDC=140°
∠
，
又∵∠ADE=40°，∴∠ADB+ EDC=140°
∠
，∴∠ADB= DEC
∠
，
又∵AB=DC=2，在△ABD 和△DCE 中，
∴△ABD
DCE
≌△
（AAS）；
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（3）当∠BDA 的度数为110°或80°时，△ADE 的形状是等腰三角形，
BDA=110°
∵∠
时，∴∠ADC=70°，∵∠C=40°，∴∠DAC=70°，∴△ADE 的形状是等腰三角形；
∵当∠BDA 的度数为80°时，∴∠ADC=100°，
C=40°
∵∠
，∴∠DAC=40°，∴△ADE 的形状是等腰三角形．
【点睛】本题主要考查学生对等腰三角形的判定与性质，全等三角形的判定与性质，三角形外角的性质等
知识点的理解和掌握，此题涉及到的知识点较多，综合性较强，但难度不大，属于基础题．
例5．（2022·浙江杭州·一模）老师在上课时，在黑板上写了一道题：
“如图，ABCD 是正方形，点E 在BC 上，DF⊥AE 于F，请问图中是否存在一组全等三角形？”
小杰同学经过思考发现：△ADF≌△EAB．
理由如下：因为ABCD 是正方形（已知）所以∠B＝90°且AD＝AB 和AD∥BC
又因为DF⊥AE（已知）即∠DFA＝90°（垂直的意义）
所以∠DFA＝∠B（等量代换）
又AD∥BC 所以∠1＝∠2（两直线平行，内错角相等）
在△ADF 和△EAB 中
所以△ADF≌△EAB（AAS）
小胖却说这题是错误的，这两个三角形根本不全等．
你知道小杰的错误原因是什么吗？我们再添加一条线段，就能找到与△ADF 全等的三角形，请能说出此线
段的做法吗？并说明理由．
【答案】小杰错误的原因是AD 和AB 不是对应边，在证明两个三角形全等时，误以为对应边了；线段为作
BH AE
⊥
于点H，证明见详解；
【分析】根据小杰的证明方法，可以发现，在证明两个三角形全等时，出现了问题，然后说出出错的原因
即可，然后添加合适的辅助线段，说明与△ADF 全等的三角形成立的理由即可解答本题；
【详解】小杰错误的原因是AD 和AB 不是对应边，在证明两个三角形全等时，误以为对应边了，作BH AE
⊥
于H，则△ADF
BAH
≌△
；
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∵四边形ABCD 是正方形，∴AD=BA，∠DAB=90°，∴∠HAB+ FAD=90°
∠
，
DF
AE
∵
⊥
，BH AE
⊥
，∴∠DFA= AHB=90°
∠
，
HAB+ HBA=90°
∴∠
∠
，∴∠FAD= HBA
∠
，
在△ADF 和△BAH 中
∴△ADF
BAH(AAS)
≌△
；
【点睛】本题考查正方形性质、全等三角形的判定，解答本题的关键是明确题意，利用数形结合思想解答；
例6．（2022·山东·九年级课时练习）（1）课本习题回放：“如图①，
，
，
，
，垂足分别为
，
，
，
．求
的长”，请直接写出此题答案：
的
长为________．
（2）探索证明：如图②，点
，
在
的边
、
上，
，点
，
在
内部的射
线
上，且
．求证：
．
（3）拓展应用：如图③，在
中，
，
．点
在边
上，
，点
、
在
线段
上，
．若
的面积为15，则
与
的面积之和为________．
（直接填写结果，不需要写解答过程）
【答案】（1）0.8cm；（2）见解析（3）5
【分析】（1）利用AAS 定理证明△CEB≌△ADC，根据全等三角形的性质解答即可；
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（2）由条件可得∠BEA＝∠AFC，∠4＝∠ABE，根据AAS 可证明△ABE≌△CAF；
（3）先证明△ABE≌△CAF，得到
与
的面积之和为△ABD 的面积，再根据
故可求解．
【详解】解：（1）∵BE⊥CE，AD⊥CE，∴∠E＝∠ADC＝90°，∴∠EBC＋∠BCE＝90°．
∵∠BCE＋∠ACD＝90°，∴∠EBC＝∠DCA．在△CEB 和△ADC 中，
∴△CEB≌△ADC（AAS），∴BE＝DC，CE＝AD＝2.5cm．
∵DC＝CE−DE，DE＝1.7cm，∴DC＝2.5−1.7＝0.8cm，∴BE＝0.8cm 故答案为：0.8cm；
（2）证明：∵∠1＝∠2，∴∠BEA＝∠AFC．
1
∵∠＝∠ABE＋∠3，∠3＋∠4＝∠BAC，∠1＝∠BAC，
∴∠BAC＝∠ABE＋∠3，∴∠4＝∠ABE．
∵∠AEB＝∠AFC，∠ABE＝∠4，AB＝AC，∴△ABE≌△CAF（AAS）．
（3）∵
∴∠ABE+∠BAE=∠FAC+∠BAE=∠FAC+∠ACF
∴∠ABE=∠CAF，∠BAE=∠ACF 又
∴△ABE≌△CAF，∴
∴
与
的面积之和等于
与
的面积之和，即为△ABD 的面积，
∵
，△ABD 与△ACD 的高相同则
=5
故
与
的面积之和为5 故答案为：5．
【点睛】本题考查的是全等三角形的判定和性质、三角形内角和定理，掌握全等三角形的判定定理和性质
定理是解题的关键．
例7．（2023·贵州遵义·八年级统考期末）过正方形
（四边都相等，四个角都是直角）的顶点
作一
条直线
．
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（1）当
不与正方形任何一边相交时，过点
作
于点
，过点
作
于点
如图
（1），请写出
，
，
之间的数量关系，并证明你的结论．
（2）若改变直线
的位置，使
与
边相交如图（2），其它条件不变，
，
，
的关系会
发生变化，请直接写出
，
，
的数量关系，不必证明；
（3）若继续改变直线
的位置，使
与
边相交如图（3），其它条件不变，
，
，
的关
系又会发生变化，请直接写出
，
，
的数量关系，不必证明．
【答案】(1)
，证明见解析；(2)
；(3)
【分析】（1）根据同角的余角相等可证
，再证
，根据全等三角形的对应边
相等进行代换即可；（2）根据同角的余角相等可证
，再证
，根据全等三角
形的对应边相等进行代换即可；（3）根据同角的余角相等可证
，再证
，根
据全等三角形的对应边相等进行代换即可．
【详解】（1）
，证明：
四边形
是正方形
，
又
，
∴
在
和
中
，
（2）
，理由是：
四边形
是正方形
，
又
，
∴
在
和
中
，
∴EF=AF-AE=BE-DF
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（3）
，理由是：
四边形
是正方形
，
又
，
∴
在
和
中
，
EF=AE-AF=DF-BE
【点睛】本题考查的是三角形全等的判定和性质，掌握三角形的判定方法及能利用同角的余角相等证明
是关键．
模型2.一线三等角模型（相似模型）
【模型解读与图示】“一线三等角”型的图形，因为一条直线上有三个相等的角，一般就会有两个三角形
的“一对角相等”，再利用平角为180°，三角形的内角和为180°，就可以得到两个三角形的另外一对角也
相等，从而得到两个三角形相似．
1）一线三等角模型（同侧型）
（锐角型） （直角型） （钝角
型）
条件：如图，∠1=∠2＝∠3， 结论：△ACE∽△BED.
2）一线三等角模型（异侧型）
条件：如图，∠1=∠2＝∠3， 结论：△ADE∽△BEC.
3）一线三等角模型（变异型）
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图1
图2
图3
①特殊中点型：条件：如图1，若C 为AB 的中点，结论：△ACE∽△BED∽△ECD.
②一线三直角变异型1：条件：如图2，∠ABD=∠AFE=∠BDE=90°.结论：△ABC∽△BDE∽△BFC∽△AFB.
③一线三直角变异型2：条件：如图3，∠ABD=∠ACE=∠BDE=90°.结论：△ABM∽△NDE∽△NCM.
例1．（2023·山东东营·统考中考真题）如图，
为等边三角形，点
，
分别在边
，
上，
，若
，
，则
的长为（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】C
【分析】证明
，根据题意得出
，进而即可求解．
【详解】解：∵
为等边三角形， ∴
，
∵
，
，
∴
，∴
∴
∵
，∴
，∴
∵
∴
，故选：C．
【点睛】本题考查了相似三角形的性质与判定，等边三角形的性质，熟练掌握相似三角形的性质与判定是
解题的关键．
例2．（2023·黑龙江牡丹江·统考中考真题）在以“矩形的折叠”为主题的数学活动课上，某位同学进行了
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如下操作：第一步：将矩形纸片的一端，利用图①的方法折出一个正方形
，然后把纸片展平；
第二步：将图①中的矩形纸片折叠，使点C 恰好落在点F 处，得到折痕
，如图②．
根据以上的操作，若
，
，则线段
的长是（ ）
A．3
B．
C．2
D．1
【答案】C
【分析】根据折叠的性质得：
，
，
，设
，则
，利用勾股定理求出
，再证明
，得
，求解即可．
【详解】解：如图，过点
作
，交
于点
，
在
和
中，
设
，则
，
，即：
，解得：
，
，
，
，
，
，
，故选：C．
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【点睛】本题考查折叠问题及矩形的性质、正方形的性质，相似三角形的判定与性质，掌握折叠的性质并
能熟练运用勾股定理方程思想是解题的关键．
例3．（2022·河南新乡·九年级期中）某学习小组在探究三角形相似时，发现了下面这种典型的基本图形．
（1）如图1，在
ABC 中，∠BAC＝90°，
＝k，直线l 经过点A，BD⊥直线I，CE 上直线l，垂足分别
为D、E．求证：
＝k．
（2）组员小刘想，如果三个角都不是直角，那么结论是否仍然成立呢？如图2，将（1）中的条件做以下
修改：在
ABC 中，
＝k，D、A、E 三点都在直线l 上，并且有∠BDA＝∠AEC＝∠BAC＝α，其中α 为
任意锐角或钝角．请问（1）中的结论还成立吗？若成立，请你给出证明；若不成立，请说明理由．
（3）数学老师赞赏了他们的探索精神，并鼓励他们运用这个知识来解决问题：如图3，在
ABC 中，沿
ABC 的边AB、AC 向外作矩形ABDE 和矩形ACFG，
＝
＝
，AH 是BC 边上的高，延长HA 交EG
于点I．①求证：I 是EG 的中点．②直接写出线段BC 与AI 之间的数量关系： ．
【答案】（1）见解析（2）结论还成立，证明见解析（3）①见解析②BC=AI
【分析】（1）由条件可证明△ABD∽△CAE，可得
=
＝k；
（2）由条件可知∠BAD＋∠CAE＝180°−α，且∠DBA＋∠BAD＝180°−α，可得∠DBA＝∠CAE，结合条件
可证明△ABD∽△CAE，同（1）可得出结论；（3）①过点G 作GM
AE 交AI 的延长线于点M，连接EM，
证明△ABC∽△GMA，再得到四边形AGME 是平行四边形，故可求解；②由①得到BC=
AM，再根据四边
形AGME 是平行四边形得到BC=AI，故可求解．
【详解】（1）如图1，∵BD⊥直线l，CE⊥直线l，∴∠BDA＝∠CEA＝90°，
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∵∠BAC＝90°，∴∠BAD＋∠CAE＝90°∵∠BAD＋∠ABD＝90°，∴∠CAE＝∠ABD
∵∠ABD＝∠CAE，∠BDA＝∠CEA，∴△ADB∽△CEA，∴
=
＝k；
（2）成立，证明如下：如图2，
∵∠BDA＝∠BAC＝α，∴∠DBA＋∠BAD＝∠BAD＋∠CAE＝180°−α，∴∠DBA＝∠CAE，
∵∠ABD＝∠CAE，∠BDA＝∠CEA∴△ADB∽△CEA，∴
=
＝k；
（3）①过点G 作GM
AE 交AI 的延长线于点M，连接EM
∵四边形AGFC 是矩形，∴∠GAC=90°
又AH⊥BC∴∠AHC=90° ∴∠5+∠CAH= 4+
∠
∠CAH=90°
5= 4
∴∠
∠
∵∠BDE=∠AHB=90°
2+
∴∠
∠BAH= 1+
∠
∠BAH=90°
2= 1
∴∠
∠
又GM
AE
3= 2
3= 1
∴
∴
∴
∠
∠
∠
∠
△ABC∽△GMA
∴
又∵
∴
∴GM=AE
又∵GM
AE∴四边形AGME 是平行四边形 ∴EI=IG 故I 为EG 的中点；
②由①知
∴BC=
AM
∵四边形AGME 是平行四边形∴AI=IM∴AI=
AM∴BC=AI
∴线段BC 与AI 之间的数量关系为BC=AI 故答案为：BC=AI．
【点睛】此题考查相似三角形的判断与性质综合，解题关键是根据题意找到相似三角形，列出比例式求解．
例4．（2023·湖北武汉·统考中考真题）问题提出：如图（1），
是菱形
边
上一点，
是
等腰三角形，
，
交
于点
，探究
与
的数量关系．
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问题探究：(1)先将问题特殊化，如图（2），当
时，直接写出
的大小；
(2)再探究一般情形，如图（1），求
与
的数量关系．
问题拓展：(3)将图（1）特殊化，如图（3），当
时，若
，求
的值．
【答案】(1)
(2)
(3)
【分析】（1）延长
过点F 作
，证明
即可得出结论．（2）在
上截取
，
使
，连接
，证明
，通过边和角的关系即可证明．（3）过点A 作
的垂线交
的延长线于点
，设菱形的边长为
，由（2）知，
，通过相似求出
，即可解出．
【详解】（1）延长
过点F 作
，
∵
，
，∴
，
在
和
中
∴
，∴
，
，∴
，
∴
，∴
．故答案为：
．
（2）解：在
上截取
，使
，连接
．
，
，
．
，
．
．
淘宝：学思创想
，
．
．
（3）解：过点
作
的垂线交
的延长线于点
，设菱形的边长为
，
．在
中，
，
．
，由（2）知，
．
．
，
，
，
在
上截取
，使
，连接
，作
于点O．
由（2）知，
，∴
，∵
，∴
，
．
∵
，∴
，∵
，∴
．
．
【点睛】此题考查菱形性质、三角形全等、三角形相似，解题的关键是熟悉菱形性质、三角形全等、三角
形相似．
例4．（2023·湖北荆州·统考中考真题）如图1，点
是线段
上与点
，点
不重合的任意一点，在
的同侧分别以
，
，
为顶点作
，其中
与
的一边分别是射线
和射线
，
的
两边不在直线
上，我们规定这三个角互为等联角，点
为等联点，线段
为等联线．
(1)如图2，在
个方格的纸上，小正方形的顶点为格点、边长均为1，
为端点在格点的已知线段．请
用三种不同连接格点的方法，作出以线段
为等联线、某格点
为等联点的等联角，并标出等联角，保
留作图痕迹；(2)如图3，在
中，
，
，延长
至点
，使
，作
的等
联角
和
．将
沿
折叠，使点
落在点
处，得到
，再延长
交
的延长
线于
，连接
并延长交
的延长线于
，连接
．①确定
的形状，并说明理由；
②若
，
，求等联线
和线段
的长（用含
的式子表示）．
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【答案】(1)见解析(2)①等腰直角三角形，见解析；②
；
【分析】（1）根据新定义，画出等联角；
（2）①
是等腰直角三角形，过点
作
交
的延长线于
．由折叠得
，
，
，证明四边形
为正方形，进而证明
，得
出
即可求解；②过点
作
于
，
交
的延长线于
，则
．
证明
，得出
，在
中，
，
，进而证明四边
形
为正方形，则
，由
，得出
，根据相似三角形的性质得出
，根据
即可求解．
【详解】（1）解：如图所示（方法不唯一）
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（2）①
是等腰直角三角形．理由为：如图，过点
作
交
的延长线于
．
由折叠得
，
，
，
，
四边形
为正方形
又
，
，而
，
是等腰直角三角形．
②过点
作
于
，
交
的延长线于
，则
．
，
，
由
是等腰直角三角形知：
，
，
，
，而
，
，
在
中，
，
，
，
，
，
由
，
，
∴四边形
为正方形，
，
由
，
得：
，∴
，
，而
，
即
，解得：
，
由①知：
，
，
．
淘宝：学思创想
【点睛】本题考查了几何新定义，正方形的性质与判定，折叠问题，全等三角形的性质与判定，相似三角
形的性质与判定，勾股定理，理解新定义，掌握正方形的性质是解题的关键．
例5．（2022·山西晋中·一模）阅读材料：
我们知道：一条直线经过等腰直角三角形的直角顶点，过另外两个顶点分别向该直线作垂线，即可得三垂
直模型”如图①，在
中，
，
，分别过
、
向经过点
直线作垂线，垂足分别
为
、
，我们很容易发现结论：
．
（1）探究问题：如果
，其他条件不变，如图②，可得到结论；
．请你说明理由．
（2）学以致用：如图③，在平面直角坐标系中，直线
与直线
交于点
，且两直线夹角为
，且
，请你求出直线
的解析式．（3）拓展应用：如图④，在矩形
中，
，
，点
为
边上—个动点，连接
，将线段
绕点
顺时针旋转
，点
落在点
处，当点
在矩形
外部时，连接
，
．若
为直角三角形时，请你探究并直接写出
的长．
【答案】（1）理由见解析；（2）
；（3）
长为3 或
．
【分析】（1）根据同角的余角相等得到
，然后利用AA 定理判定三角形相似；
（2）过点
作
交直线
于点
，分别过
、
作
轴，
轴，由（1）得
，从而得到
，然后结合相似三角形的性质和锐角三角函数求出
，
，从而确定N 点坐标，然后利用待定系数法求函数解析式；
（3）分两种情形讨论：①如图1 中，当∠PDC=90°时．②如图2 中，当∠DPC=90°时，作PF BC
⊥
于F，
PH CD
⊥
于H，设BE=x．分别求解即可．
【详解】解：（1）∵
，∴
又∵
∴
∴
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∵
．∴
（2）如图，过点
作
交直线
于点
，
分别过
、
作
轴，
轴
由（1）得
∴
∵
坐标
∴
，
∵
∴
解得：
，
∴
设直线
表达式为
，代入
，
得
，解得
， ∴直线
表达式为
（3）解：①如图1 中，当∠PDC=90°时，
ADC=90°
∵∠
，∴∠ADC+ PDC=180°
∠
，∴A、D、P 共线，
EA=EP
∵
，∠AEP=90°，∴∠EAP=45°，∵∠BAD=90°，
BAE=45°
∴∠
，∵∠B=90°
BAE= BEA=45°
∴∠
∠
，∴BE=AB=3．
②如图2 中，当∠DPC=90°时，作PF BC
⊥
于F，PH CD
⊥
于H，设BE=x，
AEB+ PEF=90°
∵∠
∠
，∠AEB+ BAE=90°
∠
，∴∠BAE= PEF
∠
，
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在△ABE 和△EFP 中，
∴△ABE
EFP
≌△
，
EF=AB=3
∴
，PF=HC=BE=x，∴CF=3-（5-x）=x-2，
DPH+ CPH=90°
∵∠
∠
，∠CPH+ PCH=90°
∠
，
DPH= PCH
∴∠
∠
，∵∠DHP= PHC
∠
，
PHD
CHP
∴△
△
∽
，∴PH2=DH•CH，∴（x-2）2=x（3-x），
x=
∴
或
（舍弃），∴BE=
，
综上所述，当△PDC 是直角三角形时，BE 的值为3 或
．
【点睛】本题考查旋转变换、全等三角形的判定和性质、相似三角形的判定和性质、勾股定理等知识，解
题的关键是学会添加常用辅助线构造全等三角形或相似三角形解决问题，属于中考常考题型．
例6．（2023·江苏南京·校考三模）某数学兴趣小组在数学课外活动中，对多边形内两条互相垂直的线段做
了如下探究：
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【观察与猜想】(1)如图，在正方形
中，
，
分别是
，
上的两点，连接
，
，若
，则
的值为___________；(2)如图
，在矩形
中，
，
，
是
上的一
点，连接
，
，若
，则
的值为___________；
【类比探究】(3)如图，在四边形
中，
，
为
上一点，连接
，过
作
的
垂线交
的延长线于
，交
的延长线于
，求证：
；
【拓展延伸】(4)如图4，在
中，
，
，将
沿
翻折，
落在
处，得
到
，
为线段
上一动点，连接
，作
，交
于
，垂足为
，连接
．若
，则
的最小值为___________．
【答案】(1) (2)
(3)见解析．(4)
【分析】（1）可证明
，即可得到答案．（2）可证明
，即可得到答案．
（3）过点
作
的垂线，交
于点
，可得到
，然后证明
，可得
，问题即可得证．（4）过点
作
的垂线，交
于点
，取
的中点为
，连接
，取以
的中点
，连接
．可先证
，得到
的长度，进而求得
，
，
的长度．根据题意可知，点
在以
的中点
为圆心，
长度为半径的圆上，可知
，
当
时，
取得最小值，即可求得答案．
【详解】（1）解：
四边形
为正方形，
，
．
．
，
．
．
在
和
中，
．
．
．故答案为：．
（2）解：
四边形
为长方形，
．
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，
．
．
又
，
．
．故答案为：
．
（3）解：如图，过点
作
的垂线，交
于点
．
由题意知四边形
为矩形，
，
．
．
，
．
．
又
，
．
又
，
．
．
．
．
（4）解：如图，过点
作
的垂线，交
于点
，取
的中点为
，连接
，取以
的中点为
，连接
，连接
．
由轴对称图形的性质可知
，
.
，
，
．
又
，
．
又
，
．
．
．
．
．
淘宝：学思创想
．
．
根据题意可知，点
在以
的中点
为圆心，
长度为半径的圆上，且
．
,即
，
当
时，
取得最小值．
．故答案为：
．
【点睛】本题考查全等三角形的判定与性质、相似三角形的判定与性质、勾股定理、轴对称图形的性质等，
牢记全等三角形的判定定理及性质、相似三角形的判定定理及性质、勾股定理及轴对称图形的性质是解题
的关键．
课后专项训练
1．（2022·湖南·长沙市二模）如图，等腰直角三角形ABC 的直角顶点C 与坐标原点重合，分别过点A、B
作x 轴的垂线，垂足为D、E，点A 的坐标为（-2，5），则线段DE 的长为（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】D
【分析】由等腰直角三角形的性质得出OA=BO，∠AOB=90°，证明△ADO≌△OEB（AAS），由全等三角形
的性质得出AD=OE=5，OD=BE=2，则可得出答案．
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【详解】解：∵A（-2，5），AD⊥x 轴，∴AD=5，OD=2，
∵△ABO 为等腰直角三角形，∴OA=BO，∠AOB=90°，
∴∠AOD+∠DAO=∠AOD+∠BOE=90°，∴∠DAO=∠BOE，
在△ADO 和△OEB 中，
，∴△ADO≌△OEB（AAS），
∴AD=OE=5，OD=BE=2，∴DE=OD+OE=5+2=7．故选：D．
【点睛】本题考查了全等三角形的判定与性质，等腰直角三角形的性质，熟练掌握全等三角形的判定与性
质是解题的关键．
2．（2022·贵州·凯里一模）如图，在平面直角坐标系中
、
，
轴，存在第一象限的一
点
使得
是以
为斜边的等腰直角三角形，则点
的坐标（ ）．
A．
或
B．
C．
或
D．
【答案】C
【分析】分点P 在AB 的上方和点P 在AB 的下方，根据全等三角形的判定与性质进行讨论求解即可．
【详解】解：当点P 在AB 的上方时，过P 作x 轴的平行线交y 轴于E，交CB 延长线于F，如图1，
则∠AEP=∠PFB=∠APB=90°，E(0，2a
5)
﹣
，F(6，2a
5)
﹣
，∴PE=a，PF=6﹣a，AE=2a
9
﹣，
∵∠EAP+∠EPA=90°，∠EPA+∠BPF=90°，∴∠EAP=∠BPF，又∠AEP=∠PFB，PA=PB，
∴△AEP≌△PFB(AAS)，∴AE=PF，∴6﹣a=2a
9
﹣，解得：a=5，∴P(5，5)；
当点P 在AB 的下方时，同样过P 作x 轴的平行线交y 轴于E，交CB 于F，如图2，
则∠AEP=∠PFB=∠APB=90°，E(0，2a
5)
﹣
，F(6，2a
5)
﹣
，∴PE=a，PF=6﹣a，AE=9
2
﹣a，
∵∠EAP+∠EPA=90°，∠EPA+∠BPF=90°，∴∠EAP=∠BPF，又∠AEP=∠PFB，PA=PB，
∴△AEP≌△PFB(AAS)，∴AE=PF，∴9
2
﹣a=6﹣a，解得：a=3，∴P（3，1），
综上，点P 的坐标为（3，1）或（5，5），故选：C．
淘宝：学思创想
【点睛】本题考查等腰直角三角形的性质、全等三角形的判定与性质、等角的余角相等、坐标与图形性质、
解一元一次方程等知识，过已知点向坐标轴作平行线或垂线，然后求出相关线段的长是解决此类问题的基
本方法．
3．（2023·河南郑州·统考二模）如图，已知矩形
的顶点
分别落在
轴
轴上，
，
AB=2BC 则点
的坐标是（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】D
【分析】过C 作CE x
⊥轴于E，根据矩形的性质得到CD=AB，∠ABC=90°，，根据余角的性质得到
∠BCE= ABO
∠
，进而得出△BCE
ABO
∽△
，根据相似三角形的性质得到结论．
【详解】解：过C 作CE x
⊥轴于E，
淘宝：学思创想
∵四边形ABCD 是矩形，∴CD=AB，∠ABC=90°，
ABO+ CBE= CBE+ BCE=90°
∴∠
∠
∠
∠
，∴∠BCE= ABO
∠
，
∵
，∴△BCE
ABO
∽△
，
∴
，∵
∴AB=
，
AB=2BC
∵
，∴BC=
AB=4，∵
，
CE=2
∴
，BE=2 OE=4
∴
+2 C
∴（4
+2，2
），故选：D．
【点睛】本题考查了矩形的性质，相似三角形的判定和性质，坐标与图形性质，正确的作出辅助线是解题
的关键．
4．（2023·湖南长沙·九年级专题练习）如图，在矩形ABCD 中，BC＝6，AB＝2，Rt△BEF 的顶点E 在边
CD 或延长线上运动，且∠BEF＝90°，EF＝
BE，DF＝
，则BE＝ ．
【答案】3
．
【分析】过F 作FG CD
⊥
，交CD 的延长线于G，依据相似三角形的性质，即可得到FG＝
EC，GE＝2＝CD；
设EC＝x，则DG＝x，FG＝
x，再根据勾股定理，即可得到CE2＝9，最后依据勾股定理进行计算，即可得
出BE 的长．
【详解】如图所示，过F 作FG⊥CD，交CD 的延长线于G，则∠G＝90°，
淘宝：学思创想
∵四边形ABCD 是矩形，∴∠C＝90°，AB＝CD＝2，
又∵∠BEF＝90°，∴∠FEG+∠BEC＝90°＝∠EBC+∠BEC，∴∠FEG＝∠EBC，
又∵∠C＝∠G＝90°，∴△BCE∽△EGF，
∴
＝
＝
，即
＝
＝
，∴FG＝
EC，GE＝2＝CD，
∴DG＝EC，设EC＝x，则DG＝x，FG＝
x，
Rt
∵
△FDG 中，FG2+DG2＝DF2，∴（
x）
2+x2＝（
）
2，解得x2＝9，即CE2＝9，
Rt
∴
△BCE 中，BE＝
＝
＝3
，故答案为：3
．
【点睛】本题主要考查了相似三角形的判定与性质以及勾股定理的运用，在判定两个三角形相似时，应注
意利用图形中已有的公共角、公共边等隐含条件，以充分发挥基本图形的作用，寻找相似三角形的一般方
法是通过作平行线构造相似三角形；或依据基本图形对图形进行分解、组合；或作辅助线构造相似三角形．
5．（2021·浙江台州·中考真题）如图，点E， F，G 分别在正方形ABCD 的边AB，BC，AD 上，AF⊥EG．
若AB＝5，AE＝DG＝1，则BF＝_____．
【答案】
【分析】先证明
，得到
，进而即可求解．
【详解】∵在正方形ABCD 中，AF⊥EG，
∴∠AGE+∠GAM =90°，∠FAB+∠GAM=90°，∴∠FAB =∠AGE，
又∵∠ABF=∠GAE=90°，∴
，
∴
，即：
，∴BF=
．故答案是：
．
【点睛】本题主要考查正方形的性质，相似三角形的判定和性质，证明
，是解题的关键．
6．（2023·浙江九年级专题练习）如图，
为等边三角形，点D，E 分别在边AB，AC 上，
，将
淘宝：学思创想
沿直线DE 翻折得到
，当点F 落在边BC 上，且
时，
的值为 ．
【答案】
【分析】根据△ABC 为等边三角形，△ADE 与△FDE 关于DE 成轴对称，可证△BDF∽△CFE，根据
BF=4CF，可得CF=4，根据AF 为轴对称图形对应点的连线,DE 为对称轴，可得DE⊥AF，
根据S 四边形ADFE=
=S△CEF=-S△ABC-S△CEF，进而可求
．
【详解】解：如图，作△ABC 的高AL，作△BDF 的高DH，
∵△ABC 为等边三角形，△ADE 与△FDE 关于DE 成轴对称，∴∠DFE=∠DAE= 60°，AD = DF，
∴∠CFE+∠FEC=∠CFE+∠DFB= 120°，∴∠DFB= ∠CEF，
又∠B=∠C= 60°，∴△BDF∽△CFE，
∴
，即
，设CF= x(x > 0)，
∵BF=4CF，∴BF= 4x，∵BD=3，∴
，
∵
，
∴
，
，
淘宝：学思创想
∵△BDF∽△CFE，∴
，∴
解得：x=2，
∴CF=4，∴BC=5x=10，∵在Rt△ABL 中，∠B=60°，
∴AL=ABsin60°=10×
=5
，∴S△ABC=
，
∵在Rt△BHD 中，BD=3，∠B=60°，∴DH=BDsin60°=
，
∴S△BDF=
，
∵△BDF∽△CFE，∴
，
∵S△BDF=
，∴S△CEF=
，
又∵AF 为轴对称图形对应点的连线,DE 为对称轴，
∴AD=DF，△ADF 为等腰三角形，DE⊥AF，
∴S 四边形ADFE=
=S△CEF=-S△ABC-S△CEF=
，
∴
．故答案为:
．
【点睛】本题主要考查等边三角形的和折叠的性质，一线三等角证明k 型相似，以及“垂美四边形”的性
质：对角线互相垂直的四边形的面积＝对角线乘积的一半．
7．（2022·安徽·九年级专题练习）如图，矩形ABCD 中，AB=8，AD=4，E 为边AD 上一个动点，连接
BE，取BE 的中点G，点G 绕点E 逆时针旋转90°得到点F，连接CF，在点E 从A 到D 的运动过程中，点
G 的运动路径= ，△CEF 面积的最小值是 ．
淘宝：学思创想
【答案】 2 15
【分析】连接BD，取BD 的中点M，AB 的中点N，连接MN，因为GN 为△ABE 的中位线，故G 的运动路
径为线段MN；过点F 作AD 的垂线交AD 的延长线于点H，则△FEH∽△EBA，设AE=x，可得出△CEF 面
积与x 的函数关系式，再根据二次函数图象的性质求得最小值．
【详解】解：连接BD，取BD 的中点M，AB 的中点N，连接MN，
∵E 为边AD 上一个动点，点E 从A 到D 的运动，G 是BE 的中点
∴当E 在A 点时，BE 与AB 重合，G 与AB 的中点N 重合，
当E 运动到D 点时，BE 与BD 重合，G 与BD 的中点M 重合，
∴E 在从A 到D 的运动过程中，MN 为△ABE 的中位线，∴
．故G 的运动路径=2，
过点F 作AD 的垂线交AD 的延长线于点H，
∵∠A=∠H=90°，∠FEB=90°， ∴∠FEH=90°-∠BEA=∠EBA，
∴△FEH∽△EBA， ∴
为
的中点，
∴
设AE=x， ∵AB
∴HF
淘宝：学思创想
∴当
时，△CEF 面积的最小值
故答案为：2，15．
【点睛】本题通过构造K 形图，考查了三角形的中位线和相似三角形的判定与性质，建立△CEF 面积与
AE 长度的函数关系式是解题的关键．
8．（2023·浙江·九年级专题练习）如图，在△ABC 中，AB＝AC＝10，点D 是边BC 上一动点（不与B、C
重合），∠ADE＝∠B＝α，DE 交AC 于点E，且cos∠α＝
，下列结论：①△ADE∽△ACD；②当BD＝6
时，△ABD 与△DCE 全等；③△DCE 为直角三角形时，BD 为8 或
；④0＜CE≤6.4．其中正确的结论是
．（把你认为正确结论的序号都填上）
【答案】①②④
【分析】①根据有两组对应角相等的三角形相似即可证明；②由BD＝6，则DC＝10，然后根据有两组对应
角相等且夹边也相等的三角形全等，即可证得；③分两种情况讨论，通过三角形相似即可求得；④依据相
似三角形对应边成比例即可求得．
【详解】解：①∵AB＝AC，∴∠B＝∠C，
又∵∠ADE＝∠B，∴∠ADE＝∠C，∴△ADE
ACD
∽△
，故①正确；
②作AG BC
⊥
于G，∵AB＝AC＝10，∠ADE＝∠B＝α，cosα＝
，
BG
∴
＝ABcosB，∴BC＝2BG＝2ABcosB＝2×10×
＝16，∵BD＝6，∴DC＝10，∴AB＝DC，
淘宝：学思创想
在△ABD 与△DCE 中
，∴△ABD
DCE
≌△
（ASA），故②正确；
③当∠AED＝90°时，由①可知：△ADE
ACD
∽△
，∴∠ADC＝∠AED，
AED
∵∠
＝90°，∴∠ADC＝90°，即AD BC
⊥
，∵AB＝AC，∴BD＝CD，
ADE
∴∠
＝∠B＝α 且cosα＝
，AB＝10，BD＝8，
当∠CDE＝90°时，易△CDE
BAD
∽△
，∵∠CDE＝90°，∴∠BAD＝90°，
B
∵∠＝α 且cosα＝
，AB＝10，∴cosB＝
＝
，∴BD＝
，故③错误；
④易证得△CDE
BAD
∽△
，由②可知BC＝16，设BD＝y，CE＝x，∴
，∴
，
整理得：y2−16y＋64＝64−10x，即（y−8）
2＝64−10x，∴0＜x≤6.4，故④正确；故答案为：①②④．
【点睛】本题考查了相似三角形的判定与性质、全等三角形的判定与性质、等腰三角形的性质、直角三角
形的性质，锐角三角函数等知识，熟练掌握相似三角形与全等三角形的判定和性质是解题的关键．
9．（2022·河北保定·模拟预测）如图，桌面上竖直放置着一个等腰直角三角板
，若测得斜边
的两
端点到桌面的距离分别为
，
．（1）求证：
；（2）若
，
，求
的
长．
【答案】（1）见解析；（2）3
【分析】（1）先利用同角的余角相等，判断出∠DAC= BCE
∠
，进而判断出△ACD
CBE
≌△
；
（2）由全等三角形的性质，即可求出答案．
【详解】解：（1）证明：∵
，
，
∴
，∴
．
∵
，∴
，∴
，
∴
．∴
（2）解：∵
，∴
，
．∵
，∴
，
∵
，∴
，∴
．
淘宝：学思创想
【点睛】此题考查等腰直角三角形的性质，全等三角形的判定和性质，判断出△ACD
CBE
≌△
是解本题关键．
10．（2023·浙江·九年级期末）如图，已知
和
均是直角三角形，
，
，
于点
．（1）求证：
≌
；（2）若点
是
的中点，
，求
的长．
【答案】（1）见解析；（2）
cm
【分析】（1）根据
即可证明结论；（2）结合（1）可得
cm，根据点
是
的中点，可
得
cm，根据勾股定理即可求出
的长．
【详解】解：（1）证明：
，
，
，
，
，
，
在
和
中，
，
；
（2）
，
cm，
点
是
的中点，
cm，
cm，
在
中，根据勾股定理，得
cm．
【点睛】本题考查全等三角形的判定与性质，勾股定理，解决本题的关键是掌握全等三角形的判定与性质．
11．（2022·江苏·九年级专题练习）【感知模型】“一线三等角”模型是平面几何图形中的重要模型之一，
请根据以下问题，把你的感知填写出来：
淘宝：学思创想
①如图1，
是等腰直角三角形，
，AE=BD，则
_______；
②如图2，
为正三角形，
，则
________；
③如图3，正方形
的顶点B 在直线l 上，分别过点A、C 作
于E，
于F．若
，
，则
的长为________．
【模型应用】（2）如图4，将正方形
放在平面直角坐标系中，点O 为原点，点A 的坐标为
，
则点C 的坐标为________．
【模型变式】（3）如图5 所示，在
中，
，
，
于E，AD⊥CE 于D，
，
，求
的长．
【答案】①△BDF；②△CFD；③3；（2）
（3）2cm
【分析】①根据等腰直角三角形的性质及和角关系，可得△AED≌△BDF；
②根据等边三角形的性质及和角关系，可得△BDE≌△CFD；
③根据正方形的性质及和角关系，可得△ABE≌△BCF，由全等三角形的性质即可求得EF 的长；
（2）分别过A、C 作x 轴的垂线，垂足分别为点D、E，根据正方形的性质及和角关系，可得
△COE≌△OAD，从而可求得OE、CE 的长，进而得到点C 的坐标；
（3）由三个垂直及等腰直角三角形可证明△BCE≌△CAD，由全等三角形的性质即可求得BE 的长．
【详解】①∵△ABC 是等腰直角三角形，∠C=90゜
∴∠A=∠B=45゜∴∠BDF+∠BFD=180゜∠
−
B=135゜
淘宝：学思创想
∵∠EDF=45゜∴∠ADE+∠BDF=180゜∠
−
EDF=135゜∴∠ADE=∠BFD
在△AED 和△BDF 中
∴△AED≌△BDF(AAS) 答案为：△BDF；
②∵△ABC 是等边三角形
∴∠B=∠C=60゜∴∠BDE+∠BED=180゜∠
−
B=120゜
∵∠EDF=60゜∴∠BDE+∠CDF=180゜∠
−
EDF=120゜∴∠BED=∠CDF
在△BDE 和△CFD 中
∴△BDE≌△CFD(AAS)故答案为：△CFD；
③∵四边形ABCD 是正方形∴∠ABC=90゜，AB=BC
∴∠ABE+∠CBF=180゜∠
−
ABC=90゜∵AE⊥l，CF⊥l∴∠AEB=∠CFB =90゜
∴∠ABE+∠EAB=90゜∴∠EAB=∠CBF
在△ABE 和△BCF 中
∴△ABE≌△BCF(AAS)
∴AE=BF=1，BE=CF=2∴EF=BE+BF=2+1=3 故答案为：3；
（2）分别过A、C 作x 轴的垂线，垂足分别为点D、E，如图所示
∵四边形OABC 是正方形∴∠AOC=90゜，AO=OC∴∠COE+∠AOD=180゜−∠ACO=90゜
∵AD⊥x 轴，CE⊥x 轴∴∠CEO=∠ADO =90゜∴∠ECO+∠COE=90゜∴∠ECO=∠AOD
在△COE 和△OAD 中
∴△COE≌△OAD(AAS)∴CE=OD，OE=AD
∵
∴OD=1，
∴CE=1，
淘宝：学思创想
∵点C 在第二象限∴点C 的坐标为
故答案为：
；
（3）∵∠ACB=90゜∴∠BCE+∠ACD =90゜
∵BE⊥CE，AD⊥CE ∴∠CEB=∠ADC=90゜∴∠BCE+∠CBE=90゜ ∴∠CBE=∠ACD
在△BCE 和△CAD 中
∴△BCE≌△CAD(AAS)
∴BE=CD，CE=AD=6cm ∴BE=CD=CE－DE=6－4=2(cm)
【点睛】本题是三角形全等的综合，考查了全等三角形的判定与性质，掌握全等三角形的判定方法是关键．
12．（2022·江苏镇江·二模）模型构建：如图1，
于点M，
于点N，AB 的垂直平分线
交MN 于点P，连接AP、BP．若
，求证：
．
数学应用：如图2，在
中，D 是BC 上一点，
，
，
，求
的面积．
实际运用：建设“交通强国”是满足人民日益增长的美好生活需要的必然要求．建设“美丽公路”是落实
美丽中国建设、回应人民日益增长的美好生活对优美生态环境的需要．如图3 是某地一省道与国道相交处
的示意图，点Q 处是一座古亭，鹅卵石路QA、QB 以及
两旁栽有常青树，其它区域种植不同的花卉；
设计要求
，
，
是以Q 为圆心、QA 为半径的圆弧（不计路宽，下同）．
请在图4 中画出符合条件的设计图，要求尺规作图，保留作图痕迹，标注必要的字母，写出详细的作法，
不要求说明理由；
淘宝：学思创想
【答案】模型构建：见解析；数学应用：16；实际运用：（1）见解析；（2）(
)米．
【分析】模型构建：由题意证得
即可证明．
数学应用：作
，根据三角形全等可求得
的长度，然后根据面积公式即可求得．
实际运用：（1）作
垂直于国道，然后构造出一线三直角模型，即可画出设计图．
（2）由两条公路所夹锐角的正切值和
的长度求出
的长度，然后根据三角形全等可求得
和
的
长度，根据勾股定理和扇形弧长公式即可求得．
【详解】模型构建：∵AB 的垂直平分线交MN 于点P，∴
，
又∵
，
，∴
，
，
∴
，∴在
中，
∴
，∴
，∴
．
数学应用：如图，作
，
∵
，
，∴
．∵
，
∴
，∴
，
在
，
∴
，
∴
，∴
．
实际运用：（1）过点Q 作QH 垂直于国道于点H，过点Q 作国道的平行线交省道于点N，以QH 为半径，
Q 点为圆心画弧交QN 于点K，过点K 作国道的垂线交省道于点B，连接QB，以点Q 为圆心，QB 为半径
淘宝：学思创想
画弧，交国道于点A，作图如下．
【点睛】此题考查了全等三角形的性质和判定，三角形面积的求法，勾股定理，扇形弧长的求法，根据题
意作出辅助线构造出一线三等角模型是解题的关键．
13．（2022·黑龙江·桦南县九年级期中）如图1，在
中，
，
，直线
经过点
，且
于
，
于
．(1)由图1，证明：
；
(2)当直线
绕点
旋转到图2 的位置时，请猜想出
，
，
的等量关系并说明理由；
(3)当直线
绕点
旋转到图3 的位置时，试问
，
，
又具有怎样的等量关系？请直接写出这个
等量关系（不必说明理由）．
【答案】(1)证明见解析；(2)
，证明过程见解析；(3)
，证明过程见解析
【分析】(1)先证明△ADC≌△CEB，得到AD=CE，DC=BE，进而得到DE=CE+DC=AD+BE 即可；
(2)同(1)中思路，证明△ADC≌△CEB，进而得到DE=CE-DC=AD-BE 即可；
(3)同(1)中思路，证明△ADC≌△CEB，进而得到DE=DC-CE=BE-AD 即可．
【详解】解：(1)证明：在
中，∵
，∴
，
∵
，∴
，∴
，
又∵
，
，∴
，∴
，
，
∵直线
经过点
，∴
；
(2)
，
，
的等量关系为：
，理由如下：
∵
于
，
于
∴
，
∴
，
，∴
，
在
和
中
，∴
∴
，
，∴
；
(3)当
旋转到图3 的位置时，
、
、
所满足的等量关系是
，理由如下：
淘宝：学思创想
∵
于
，
于
∴
，
∴
，
，∴
，
在
和
中
，∴
∴
，
，∴
.
【点睛】本题考查了全等三角形的判定方法、等腰直角三角形的性质及等角的余角相等等知识点，熟练掌
握三角形全等的判定方法是求解的关键．
14．（2022·黑龙江佳木斯·三模）在
中，
，
，
为直线
上一点，连接
，
过点
作
交
于点
，交
于点
，在直线
上截取
，连接
．
（1）当点
，
都在线段
上时，如图①，求证：
；
（2）当点
在线段
的延长线上，点
在线段
的延长线上时，如图②；当点
在线段
的延长线
上，点
在线段
的延长线上时，如图③，直接写出线段
，
，
之间的数量关系，不需要证明．
【答案】（1）见解析；（2）图②：
；图③：
【分析】（1）过点
作
交
的延长线于点
．证明
，根据全等三角形的性质可
得
，
．再证
，由此即可证得结论；（2）图②：
，类比
（1）中的方法证明即可；图③：
，类比（1）中的方法证明即可．
【详解】（1）证明：如图，过点
作
交
的延长线于点
．
淘宝：学思创想
∴
．∵
，∴
，
．
∵
，∴
．∴
．
在
和
中，
∴
．∴
，
．
∵
，
，∴
．∴
．∴
．
∵
，
，∴
．
在
和
中，
∴
．∴
．
∵
，∴
．
（2）图②：
．证明：过点
作
交
于点
．
∴
．∵
，∴
，
．
∵
，∴
．∴
．
在
和
中，
∴
．∴
，
．
∵
，
，∴
．∴
，
∵
∴
．∴
．
∵
，
，∴
．
在
和
中，
∴
．∴
．
∵
，∴
．
淘宝：学思创想
图③：
．证明：如图，过点
作
交
的延长线于点
．
∴
．∵
，∴
，
．
∵
，∴
．∴
．
在
和
中，
∴
．∴
，
．
∵
，
，∴
．∴
．∴
．
∵
，
，∴
．
在
和
中，
∴
．∴
．
∵
，∴
．
【点睛】本题是全等三角形的综合题，正确作出辅助线，构造全等三角形是解决问题的关键．
15．（2022·安徽·合肥二模）（1）如图，等腰直角
中，
，
，线段
经过点
，
过A 作
于点
，过
作
于
求证：
≌
．
淘宝：学思创想
（2）如图
，已知在平面直角坐标系
中，
为坐标原点，点
的坐标为
，点
的坐标为
，
点
是平面直角坐标系中的一点，若
是以
为直角边的等腰直角三角形，求点
的坐标；
（3）如图，已知在平面直角坐标系
中，
为坐标原点，在等腰直角
中，
，
，点
在线段
上从
向
运动运动到点
停止，以点
为直角顶点向右上方做等腰直
角
，求点
移动的距离．
【答案】（1）见解析；（2）
，
，
，
；（3）8
【分析】（1）根据等腰直角三角形的性质证明即可；（2）分四种情况，由（1）的结论并结合等腰直角
三角形的性质即可证明；（3）过点
作
轴于点
，过点
作
于点
，由（1）的结论
和等腰直角三角形的性质即可证明．
【详解】解：（1）
为等腰直角三角形，
，
又
，
，
，
，
又
，
，即
，
≌
；
（2）分四种情况讨论：当点
为直角顶点时，且点
在
左侧时，如图，过点
作
轴于点
．
为等腰直角三角形，由（1）可知：
≌
，
，
，
，
，
，
，
，
；
淘宝：学思创想
其余三种情况如图
所示，同理可求得：
，
，
；
（3）过点
作
轴于点
，过点
作
于点
，如图，
为等腰直角三角形，由（1）可知：
≌
，
，
，
，
点
在直线
上运动，当点
在
点时，点
的坐标是
，
当点
在点
时，点
的坐标是
，
点
运动的距离是．
【点睛】本题考查了等腰直角三角形的性质和全等三角形的判定和性质，解决本题的关键是掌握等腰直角
三角形的性质．
16．（2022·河南新乡·二模）如图，△ABC 和△ADE 是有公共顶点A 的两个等腰直角三角形，∠DAE＝
∠BAC＝90°，AD＝AE，AB＝AC＝6，D 在线段BC 上，从B 到C 运动，点M 和点N 分别是边BC，DE 的
中点．(1)【问题发现】若点D 是BC 边的中点时，
＝ ，直线BD 与MN 相交所成的锐角的度数为
（请直接写出结果）(2)【解决问题]若点D 是BC 边上任意一点时，上述结论是否成立，请说明理由．
(3)【拓展探究】在整个运动过程中，请直接写出N 点运动的路径长，及CN 的最小值．
【答案】(1)
，45° (2)成立，理由见解析(3)N 点运动的路径长为6，CN 的最小值为3
【分析】（1）证明△AMN 是等腰直角三角形，可得结论．（2）结论不变．连接AM，AN，证明
△BAD∽△MAN，可得结论．（3）利用三角形中位线定理，垂线段最短解决问题即可．
(1)解：如图1 中，
淘宝：学思创想
当点D 是BC 的中点时，∵AB=AC，∴AD⊥BC，AD 平分∠BAC，
∴∠CAD=∠ADE=45°，∴AC⊥DE，∴AC 平分DE，∴点N 落在AC 上，
∴BM=AM=
MN，∠NMC=45°，∴
=
，故答案为：
，45°．
(2)解：如图2 中，连接AM，AN．∵AB=AC，∠BAC=90°，BM=CM，
∴AM⊥MC，AM=BM=CM，∴AB=
AM，同法可证AD=
AN，
∵∠BAM=∠DAN=45°，∴∠BAD=∠MAN，
∵
=
，∴△BAD∽△MAN，∴
=
=
，∠ABD=∠AMN=45°．
(3)解：如图3 中，当D 在线段BC 上，从B 运动到C 时，由（2）问可知，∠AMN=45°，所以点N 的运动路
径是图3 中的线段MN，MN=
BE=6．当CN⊥MN 时，CN 的值最小，最小值=
AC=3．
【点睛】本题属于三角形综合题，考查等腰直角三角形的性质，相似三角形的判定和性质，三角形中位线
定理，垂线段最短等知识，解题关键是学会添加常用辅助线，构造相似三角形解决问题，属于中考压轴题．
17．（2023·湖北宜昌·统考中考真题）如图，在正方形
中，E，F 分别是边
，
上的点，连接
，
，
．
(1)若正方形
的边长为2，E 是
的中点．①如图1，当
时，求证：
；
②如图2，当
时，求
的长；(2)如图3，延长
，
交于点G，当
时，求证：
．
淘宝：学思创想
【答案】(1)①详见解析；②
(2)详见解析
【分析】（1）①由
，证明
，可得结论；②如图，延长
，
交于点G 作
，垂足为H，证明
，可得
，可得
，设
可得
，可得
，可得
，证明
，可得
，从而可得答案；
（2）如图，延长
，作
，垂足为H，证明
，设
，可得
，由
，可得
，可得
，由
可得
，可得
，证明
，可得
，
，从而可得答案．
【详解】（1）解：如图，正方形
中，
，
①
，∴
，
，
，
②如图，延长
，
交于点G，作
，垂足为H，
且
，
，
，
，
，
方法一：设
，∴
，∴
，
淘宝：学思创想
在
中，
，
，
，
方法二：在
中，由
，设
，
，
，
，又
且
，
，
，
，
；
（2）如图 延长
，作
，垂足为H，
且
，
，
设
，
，
，在
中，
，
，
，
，
，
，
在
中，
，
，
，
，则
，
又
且
，
，
，
，
，
，
．
【点睛】本题考查的是正方形的性质，勾股定理的应用，相似三角形的判定与性质，锐角三角函数的应用，
本题计算量大，对学生的要求高，熟练的利用参数建立方程是解本题的关键．
18．（2023·广东深圳·九年级校考阶段练习）如图，在
中
，
，点E 是线段
边上的一动点（不含B、C 两端点），连接
，作
，交线段
于点D．
(1)求证：
(2)设
，
，请求y 与x 之间的函数关系式．
(3)E 点在运动的过程中，
能否构成等腰三角形？若能，求出
的长；若不能，请说明理由．
淘宝：学思创想
【答案】(1)见解析(2)
(3)当
是等腰三角形时，
或
，见解析
【分析】（1）由平角定义可得
，
，再根据
即可证明；（2）根据
的性质求解即可；
（3）根据外角先验证
，分
和
两种情况讨论
【详解】（1）证明：∵
，
，
，
∴
，∵
，∴
，∴
（2）解：由（1）得：
，∴
，
∵
，
，
，
，∴
，
，
∴
，∴
，∴y 与x 之间的函数关系式为
；
（3）解：∵
是
的外角，∴
，∵
，∴
，∴
，
当
时，可得
，∴
；
当
时，
，∵
，∴
，
∴
，即
，∴
，∴当
是等腰三角形时，
或
；
【点睛】本题考查了相似三角形的判定与性质、三角形外角的性质，二次函数的最值等知识点．解答
（3）题时，要分类讨论，以防漏解．
19．（2023·浙江·九年级专题练习）在平面直角坐标系中，O 为坐标原点，直线
与y 轴交于点A，与x
轴交于点B，
，
的面积为2．
(1)如图1，求直线
的解析式．(2)如图2，线段
上有一点C，直线
为
，
轴，
淘宝：学思创想
将
绕点B 顺时针旋转
，交
于点D，求点D 的坐标．（用含k 的式子表示）
(3)如图3，在（2）的条件下，连接
，交直线
于点E，若
，求点E 的坐标．
【答案】(1)
(2)
(3)
【分析】（1）利用
的面积为2，求出
的长度，得到B 的坐标，用待定系数法求
的解析式；
（2）利用
，过D 作
轴于H，证明
，得到
，
，由直
线
析式，求得C 的坐标，从而得到
长度，再证明四边形
为矩形，得到D 的坐标；
（3）利用
，得到A，C，B，D 四点共圆，则
，
，
又
，转化得到
，在
上取一点M，使
，构造出
，利用两个角的正切值相等，列出关于参数的方程，求出参数k，再利用直线
和直线
相交，列出二元一次方程组，求得交点E 的坐标．
【详解】（1）∵
，∴
，∵
，∴
，∴
，∴
，
设直线AB 的解析式为：
，代入点
，得
，
∴
，∴直线
的解析式为：
；
（2）如图1，过D 作
轴于H，
∵
轴，∴
，∴四边形
为矩形，∴
，
由题可得，
，∴
，又∵
，∴
，
在
与
中，
，∴
，
∴
，令
，则
，∴
，
∴
，∴
，∴
；
（3）如图2，连接
，取
中点N，连接
，
，
淘宝：学思创想
则在
中，
，同理，
，
∴
，∴A，C，B，D 四点共圆，∴
，
∵
，∴
，
∵
，∴
，
∴
，∴
，∴
，
又
，∴
，
在
上取一点M，使
，则
，
∴
，∴
，∴
，
，
．∵
，∴
，
∴
，∴
，解得，
，∴直线
解析式为：
，
，
设直线
解析式为：
，把
代入得
，∴
，
则直线
解析式为：
，联立
，解得
，∴
．
【点睛】本题考查了一次函数的综合应用，涉及到待定系数法，一线三等角模型构造全等，四点共圆，三
角函数，交点坐标的求法，其中转化角的关系是解决本题的关键．
20．（2022·湖南郴州·中考真题）如图1，在矩形ABCD 中，
，
．点E 是线段AD 上的动点
（点E 不与点A，D 重合），连接CE，过点E 作
，交AB 于点F．
淘宝：学思创想
(1)求证：
；(2)如图2，连接CF，过点B 作
，垂足为G，连接AG．点M 是线段BC
的中点，连接GM．①求
的最小值；②当
取最小值时，求线段DE 的长．
【答案】(1)见解析(2)①5；②
或
【分析】（1）证明出
即可求解；
（2）①连接AM．先证明
．确定出点G 在以点M 为圆心，3 为半径的圆上．当
A，G，M 三点共线时，
．此时，
取最小值．在
中利用勾股定理即可求
出AM，则问题得解．②先求出AF，求AF 的第一种方法：过点M 作
交FC 于点N，即有
，进而有
．设
，则
，
．再根据
，
得到
，得到
，则有
，解方程即可求出AF；求AF 的第二种方法：
过点G 作
交BC 于点H．即有
．则有
，根据
，可得
，进而求出
，
．由
得
，即可求出AF．求出AF
之后，由（1）的结论可得
．设
，则
，即有
，解得解方程即可求出
DE．
(1)证明：如图1，
淘宝：学思创想
∵四边形ABCD 是矩形，∴
，∴
．
∵
，∴
，∴
，∴
；
(2)①解：如图2-1，连接AM．
∵
，∴
是直角二角形．∴
．
∴点G 在以点M 为圆心，3 为半径的圆上．
当A，G，M 三点不共线时，由三角形两边之和大于箒三边得：
，
当A，G，M 三点共线时，
．
此时，
取最小值．在
中，
．∴
的最小值为5．
②（求AF 的方法一）如图2-2，过点M 作
交FC 于点N，
∴
．∴
．设
，则
，∴
．
∵
，∴
，∴
，由①知
的最小值为5、即
，
又∵
，∴
．∴
，解得
，即
．
（求AF 的方法二）如图2-3，过点G 作
交BC 于点H．
∴
．∴
，由①知
的最小值为5，即
，
淘宝：学思创想
又∵
，∴
．∴
，
．
由
得
，∴
，即
，解得
．
∴
．由（1）的结论可得
．
设
，则
，∴
，解得
或
．
∵
，
，∴
或
．
【点睛】本题主要考查了相似三角形的判定与性质、平行的性质、勾股定理以及一元二次方程的应用等知
识，掌握相似三角形的判定与性质是解答本题的关键．
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