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2027 年高考一轮复习月度滚动测试02
高三物理·全解全析
（考试时间：90 分钟 试卷满分：100 分）
考试范围：运动的描述与匀变速直线运动、相互作用与物体的平衡、运动与力的关系
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮
擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
4．测试范围：运动的描述与匀变速直线运动、相互作用与物体的平衡、运动与力的关系
一、选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项
是符合题目要求的。
1．上海张江超强超短激光装置实现5PW 脉冲输出，达到国际领先水平。1PW=1015W，单位PW 对应的物
理量是（ ）
A．能量
B．功率
C．频率
D．波长
【答案】B
【详解】A．能量的单位为焦耳（），与
对应的基础单位
不符，故A 错误；
B．功率的国际单位是瓦特（
），
是单位词头，代表
，因此
，属于功率的单位，
故B 正确；
C．频率的单位为赫兹（
），与
无关联，故C 错误；
D．波长的单位为米（
），与
无关联，故D 错误。
故选B。
2．2026 年米兰冬奥会，中国队创下境外冬奥会参赛历史最佳战绩。下图为我国部分夺金运动员的赛事现
场照片，下列说法正确的是（ ）
A．甲图中，徐梦桃从跳台斜向上飞出后，在最高点速度不为零
B．乙图中，裁判为腾空完成技巧动作的苏翊鸣打分时，可将其视为质点
C．丙图中，李天马在完成自由式滑雪空中技巧时，在空中的运动状态先超重，后失重
D．丁图中，宁忠岩以1 分41 秒98 打破速滑1500 米奥运纪录，其平均速度约为14.7 m/s
【答案】A
【详解】A．徐梦桃斜向上飞出后做斜抛运动，最高点竖直方向分速度为零，但仍有水平方向分速度，
因此速度不为零，故A 正确；
B．裁判打分需要观察苏翊鸣的动作细节，运动员的形状和大小不能忽略，因此不能将其视为质点，故
B 错误；
C．运动员在空中运动时，加速度方向一直向下，因此一直处于失重状态，故C 错误；
D．平均速度是位移与时间的比值，1500 米是路程，速滑赛道为环形，总位移远小于1500 米，计算得
到的
是平均速率，不是平均速度，故D 错误。
故选A。
3．浙江某高中物理兴趣小组，进行了发射模型火箭的社团活动。图乙为该火箭模型运动的v−t 图像，关于
火箭模型的运动情况，下列说法正确的是（ ）
A．火箭在第3 秒末时加速度的方向改变
B．火箭在1 秒时和5 秒时的加速度相同
C．火箭2 秒时达到最高点
D．火箭在第4 秒末时位于发射点上方2 米处
【答案】B
【详解】A．根据v−t 图像的斜率表示加速度，由图乙可知，2~4s 内的加速度方向一直为负方向，所以
火箭在第3 秒末时加速度的方向没有改变，故A 错误；
B．根据v−t 图像的斜率表示加速度，由图乙可知，火箭在1 秒时和5 秒时的加速度相同，故B 正确；
C．由图乙可知，0~3s 内火箭一直向上运动，3~6s 内火箭向下运动，所以火箭3 秒时达到最高点，故C
错误；
D．根据v−t 图像与横轴围成的面积表示位移，由图乙可知，火箭在第4 秒末时位于发射点上方
，故D 错误。
故选B。
4．如图所示，不倒翁静止在斜面上，接触点为
。下列说法正确的是（ ）
A．不倒翁只受重力与弹力作用
B．斜面对不倒翁的作用力方向竖直向上
C．不倒翁的重心可能位于图中的
点
D．斜面对不倒翁的弹力是因为不倒翁发生了形变
【答案】B
【详解】A．若不倒翁只受重力和弹力，两个力无法平衡，沿斜面一定存在静摩擦力才能让不倒翁静止，
实际不倒翁受重力、弹力、静摩擦力三个力，故A 错误；
B．斜面对不倒翁的作用力是斜面给的弹力和静摩擦力的合力；不倒翁静止，受力平衡，总合力为零，
因此斜面对不倒翁的合力与重力等大反向，方向竖直向上，故B 正确；
C．不倒翁静止平衡时，重力的作用线一定经过接触点P；若重心在
点，重力作用线不经过
，重力
会产生转动力矩，无法保持平衡，因此重心不可能在
点，故C 错误；
D．弹力是施力物体形变产生的，斜面对不倒翁的弹力，施力物体是斜面，因此是斜面发生形变产生的，
不是不倒翁形变，故D 错误；
故选B。
5．如图所示，将一块足够长的轻质布料铺在两侧面光滑的固定斜面上，现将A、B 同时轻放在图示位置。
已知A、B 的质量分别为
和
，与布料间的动摩擦因数均为
，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，斜面倾
角为
，
。下列说法正确的是（ ）
A．若
，则A 相对布料静止
B．若
，则B 相对布料滑动
C．若
，则A 相对斜面上滑
D．若
，则B 相对斜面上滑
【答案】C
【详解】A、B 与布料间的动摩擦因数均相同，B 的质量大于A 的质量，由f=μmgcosθ
可知B 与布料的最大静摩擦力大于A 与布料的最大静摩擦力，轻质布料质量忽略不计，故所受合力为
0，所以B 给布料施加的静摩擦力等于A 的滑动摩擦力，即B 和布料之间不能发生相对滑动；
当动摩擦因数为0.5 时，mgsinθ=0.6mg＞fA2=μmgcosθ=0.4mg
A 相对布料向下滑动，B 和布料相对静止沿斜面向下滑动；
当动摩擦因数为0.8 时，
假设A 和B 与布料都相对静止，此时对B 和布料整体
对A 物体
解得
而A 物体向上滑动的最大加速度为
说明此时A 与布料发生相对滑动，且A 物体相对斜面向上滑动，B 与布料相对静止沿斜面向下滑动。故
选C。
6．如图所示，某同学将质量为m 的乒乓球置于球拍中心，并推动乒乓球沿水平直线向前运动，在运动过
程中，球拍倾角θ 保持不变，已知乒乓球所受空气阻力与其速度大小满足 f=kv（k 为大于零的常数），f 方
向与乒乓球运动方向相反，不计乒乓球和球拍之间的摩擦，乒乓球可视为质点，重力加速度为g，下列说
法正确的是（ ）
A．匀速运动时球拍对乒乓球的弹力大小为
B．该乒乓球匀速运动时的速度大小为
C．θ 不变时，该乒乓球可以一直做匀加速运动
D．θ 不变时，乒乓球可以保持任意速度做匀速运动
【答案】B
【详解】A．对乒乓球进行受力分析，乒乓球受到竖直向下的重力
、垂直球拍面向上的支持力
以
及水平向后的空气阻力
，将支持力正交分解为水平向前的分力
竖直向上的分力为
当乒乓球匀速运动时，竖直方向受力平衡，有
解得支持力
，故A 错误；
BD．当乒乓球匀速运动时，水平方向受力平衡，有
联立可得
θ 不变时，乒乓球以
做匀速运动，故B 正确，D 错误；
C．θ 不变时，根据牛顿第二定律，水平方向有
可得
若乒乓球做加速运动，速度增大，阻力增大，导致加速度减小，所以乒乓球做加速度减小的加速运动，
不可能一直做匀加速运动，故C 错误。
故选B。
二、选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共20 分。在每小题给出的四个选项中，有多项符
合题目要求。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。
7．下列关于运动的描述正确的是（ ）
A．速度为零的物体，加速度不一定为零
B．物体的速度方向与加速度方向相同，速度可能逐渐减小
C．速度变化量越大，加速度一定也越大
D．速度变化量的方向为负，加速度的方向也一定为负
【答案】AD
【详解】A．速度为零的物体，加速度不一定为零，例如竖直上抛物体到达最高点时，A 正确；
B．物体的速度方向与加速度方向相同，速度将逐渐增加，B 错误；
C．根据
，速度变化量越大，加速度不一定也越大，C 错误；
D．速度变化量的方向与加速度的方向相同，则速度变化量的方向为负，加速度的方向也一定为负，D
正确。
故选AD。
8．如图甲所示是高层建筑配备的救生缓降器材，由调速器、安全带、安全钩、缓降绳索等组成。发生火
灾时，使用者先将安全钩挂在室内窗户、管道等可以承重的物体上，然后将安全带系在人体腰部，通过缓
降绳索等安全着陆。如图乙所示是某学校的信息楼，在火灾逃生演练现场，某同学从30m 高处利用缓降器
材，取向下为正方向，由静止开始以1m/s2的加速度匀加速下滑4s，此时速度达到最大值，随后匀速下滑，
快要接近地面时开始匀减速下滑，到达地面时速度恰好为2m/s，整个过程的运动时间为10s。下列说法错
误的是（ ）
A．匀速下滑的位移为12m
B．下滑过程中的平均速度3m/s
C．匀减速下滑过程中加速度为1m/s2
D．匀减速下滑的位移为6m
【答案】AC
【详解】A．设匀速下滑的时间为t，匀速下滑的速度为v，则有v=a×4s=4m/s
整个过程位移满足
解得t=4s
匀速下滑的距离
，故A 错误；
B．下滑过程中的平均速度为
，故B 正确；
C．匀减速下滑过程中加速度为
所以加速度为
，故C 错误；
D．匀减速下滑的位移大小为
，故D 正确。
本题选择错误的，故选AC。
9．将重物从地面运送到高处，为安全起见，要求上升过程中重物与竖直墙壁保持不变的距离。如图所示
是一种简单的操作方法：一人在高处控制下端系在重物上的绳子P，另一人站在地面控制另一根上端系在
重物上的绳子Q，二人配合可使重物缓慢上升。绳P 与竖直方向的夹角为
，绳Q 与竖直方向的夹角为
，
重物上升的某段时间内，地面上的人缓慢后退同时缓慢放绳，
（小于90°）保持不变，重物可视为质点。
关于重物上升过程，下列说法正确的是（ ）
A．α 与β 的关系，一定满足
B．绳子P 的拉力先变大后变小
C．绳子Q 的拉力先变小后变大
D．站在地面上的人受到地面的摩擦力逐渐增大
【答案】AD
【详解】A．对重物受力分析，并以水平方向和竖直方向为坐标轴建立坐标系，将两绳对重物的拉力正
交分解，如图所示
根据平衡条件，竖直方向上有
可知
而水平方向上有
则有
可得
，故A 正确；
BC．重物上升的某段时间内，地面上的人缓慢后退同时缓慢放绳，
（小于90°）保持不变，可知绳子
Q 的拉力方向不变，绳子P 的拉力方向与竖直方向的夹角
逐渐增大，以重物为对象，根据三角形定则
作出力的矢量三角形，如图所示
由图可知绳子P 的拉力
一直变大，绳子Q 的拉力
一直变大，故BC 错误；
D．对地面上的人受力分析，水平方向根据平衡条件可得人受到的摩擦力大小为
由于
不变，
一直变大，则站在地面上的人受到地面的摩擦力逐渐增大，故D 正确。
故选AD。
10．水平面上放置一质量为m 的滑块A，上方有圆形凹槽，质量为2m 的圆柱B 恰好能放置在凹槽中，其
截面图如图所示，圆心与二者接触的左端点连线跟竖直方向夹角θ＝30°。一质量为M 的物体C 通过跨过定
滑轮的不可伸长的轻质细绳与A 相连，细绳伸直后由静止释放C，不计一切摩擦，A 离定滑轮足够远，重
力加速度为g，下列说法正确的是（ ）
A．若A、B 能保持相对静止，则细绳的张力大小为
B．若A、B 能保持相对静止，则A 对B 的作用力大小为
C．当
时，B 恰要从凹槽中滚出
D．若
，则只要M 足够大，B 一定可以从凹槽中滚出
【答案】AB
【详解】AB．若A、B 相对静止，对系统由牛顿第二定律得
解得加速度大小为
对A、B 受力分析，设细绳的张力为
，有
再对B 受力分析，设A 对B 的作用力为
，根据力的合成可得
解得
，故AB 正确；
CD．小球滚出凹槽的临界条件为小球受到槽的支持力
沿着圆心与二者接触的左端点连线方向，得
，
临界加速度大小为
当A、B 整体加速度
时，B 恰要从凹槽中滚出
解得
若
，同理可得
，
解得临界加速度大小
由于整体加速度
，所以无论M 为多大，B 都不能滚出凹槽，故CD 错误。
故选AB。
三、非选择题：本题共5 小题，共56 分。
11．（6 分）如图甲所示，用铁架台、弹簧和多个已知质量且质量相等的钩码，探究“在弹性限度内弹簧
弹力与弹簧伸长量的关系”实验。
(1)实验中还需要的测量工具有___________。
(2)如图乙所示，根据实验数据绘图，纵轴是弹簧的弹力，横轴是弹簧的形变量x。由图像可得结论：在弹
簧的弹性限度内，弹簧的弹力与弹簧的伸长量成__________（填“正比”或“反比”），弹簧的劲度系数
__________
（计算结果保留2 位有效数字）。
(3)如图丙所示，实验中用另外两根不同的弹簧a 和b，作出弹簧弹力
与弹簧长度
的
图像，下列说
法正确的是（ ）
A．a 的原长比b 的短
B．a 的原长比b 的长
C．a 的劲度系数比b 的大
D．a 的劲度系数比b 的小
【答案】(1)刻度尺
(2) 正比
(3)AC
【详解】（1）实验时还需要的仪器是刻度尺，测量弹簧的长度。
（2）[1]由图像可得结论：在弹簧的弹性限度内，弹簧的弹力与弹簧的伸长量成正比；
[2]由图像可得弹簧的劲度系数
。
（3）根据
可知，直线与横轴的交点坐标为弹簧的原长，可知a 的原长比b 的短；图像的
斜率等于弹簧的劲度系数，可知a 的劲度系数比b 的大。
故选AC。
12．（9 分）利用打点计时器探究加速度与力、质量的关系，实验装置如图1 所示，
(1)上图所示是_______（选填“电磁”或“电火花”）打点计时器，电源采用的是_______（选填“交流8
V”“交流220 V”或“六节干电池”）；
(2)本实验采用的实验方法是 。
A．理想模型法
B．等效替代法
C．控制变量法
(3)以小车为研究对象，在平衡摩擦力时，下列操作要求正确的是 。
A．应垫高有打点计时器轨道一端，不挂槽码，轻推小车让小车拖纸带匀速下滑
B．应垫高有打点计时器轨道一端，不挂槽码，轻推小车让小车不拖纸带匀速下滑
C．应该调平轨道，增减槽码，轻推小车，让小车拖着纸带匀速下滑
(4)在进行实验时，还要求槽码的质量远小于小车的质量，这样做的目的是 。
A．使小车获得较大的加速度
B．使细线的拉力近似等于槽码重力
C．使纸带上点迹清晰，便于进行测量
D．使细线的拉力等于小车受到的合外力
(5)①如图所示为甲同学记录小车运动情况的纸带，图中
、
、
为相邻的计时点，其中
点对应的读
数为_______cm；
点的速度大小
_______m/s。（计算结果小数点后保留两位数字）、
②乙同学则是这样处理纸带的：每隔4 个点选取1 个计数点，在各计数点处将纸带剪断，分成若干段纸条，
将这些纸条的下端对齐并排粘贴在坐标纸上。图中
和
和
和
和
和
为同一个计
数点。根据图中数据，与纸带相连的小车的加速度大小为_______
（计算结果小数点后保留两位数
字）
【答案】(1) 电火花 交流
(2)C
(3)A
(4)B
(5) 3.70 /3.68/3.69/3.71 0.43 /0.41/0.42/0.44 0.95/0.93/0.94/0.96
【详解】（1）[1]由图可知，该实验用的是电火花计时器，故填“电火花”；
[2]电火花计时器，应该使用220V 的交流电源，故填“交流220V”。
（2）本实验采用的实验方法是控制变量法。
故选C。
（3）平衡摩擦力的目的是让小车的重力分力抵消摩擦力和纸带的阻力，所以需要垫高有打点计时器的
轨道一端，不挂槽码，并且让小车拖着纸带匀速下滑，这样才能平衡纸带与打点计时器之间的阻力。
故选A。
（4）在进行实验时，还要求槽码的质量远小于小车的质量，这样做的目的是使细线的拉力近似等于槽
码重力。
故选B。
（5）[1]刻度尺最小分度值为1mm，故
点对应的读数为3.70cm。
[2]已知电源的频率为50Hz，则打点周期为
，根据匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于这
段时间内的平均速度，可得在打下B 点时，物体运动的速度为
其中
解得
[3]乙同学每5 个点取一个计数点，所以相邻计数点间的时间间隔为
。
在各计数点处将纸带剪断，分成若干段纸条，将这些纸条的下端对齐并排粘贴在坐标纸上。纸带宽度相
等，可以对应相邻计数点间的时间间隔，纸带长度可以对应此时间内物体的位移。
设图中A 点横坐标对应第一条纸带中间时刻
，此时物体速度
图中F 点横坐标对应第六条纸带中间时刻
，此时物体速度
解得小车的加速度大小
13．（10 分）小王利用木块A 做了几个跟摩擦力相关的实验，木块A 的质量为0.5kg，g 取10N/kg。如图
所示，小明同学用垂直于墙的力F 将木块A 压在竖直墙上，墙和木块A 之间的动摩擦因数为0.1，已知力
F=30N，认为滑动摩擦力等于最大静摩擦力，求：
(1)木块是保持静止还是沿墙面下滑，并求木块A 受到墙面的摩擦力；
(2)若将压木块A 的力增大为2F，判断木块A 所处状态及受到的摩擦力。
【答案】(1)木块沿墙面下滑；3N，方向沿墙面向上
(2)木块A 处于静止状态；5N，方向沿墙面向上
【详解】（1）已知力F=30N，可知木块A 与墙面的弹力大小为30N，木块与墙面间的最大静摩擦力大
小为
物体的重力为
所以木块沿墙面下滑，木块A 受到滑动摩擦力作用，大小为3N，方向沿墙面向上。
（2）若将压木块A 的力增大为2F，木块与墙面间的最大静摩擦力大小变为
可知木块A 处于静止状态，受到静摩擦力作用，摩擦力的大小为
方向沿墙面向上。
14．（13 分）如图所示，有一企鹅在倾角为
的倾斜冰面上，先以加速度
从冰面底部由静止
开始沿直线向上“奔跑”，
时，突然卧倒以肚皮贴着冰面向前滑行，最后退滑到出发点，完成一次
游戏（企鹅在滑动过程中姿势保持不变）。已知企鹅肚皮与冰面间的动摩擦因数
。求：
(1)企鹅向上“奔跑”的位移大小；
(2)企鹅在冰面向前滑动的加速度大小；
(3)企鹅退滑到出发点时的速度大小。（结果可用根式表示）
【答案】(1)
(2)
(3)
【详解】（1）根据题意可得
解得
（2）企鹅在冰面向前滑动过程，由牛顿第二定律得
解得
（3）根据题意可得
时，企鹅速度大小
向前滑动过程，由运动学公式得
从最高点向下滑行时，由牛顿第二定律得
解得
从最高点到出发点的总位移为
由运动学公式
解得
15．（18 分）如图所示，长为L=3.25m、倾角为
的传送带以
的速度顺时针匀速传动，传
送带的底端用一小段光滑的圆弧与静止在水平面上且足够长的长木板的上表面平滑衔接。质量为m=2kg 的
滑块A 由传送带的顶端静止释放，已知滑块与传送带间的动摩擦因数为
，滑块与长木板上表面间的
动摩擦因数为
，长木板下表面与水平面间的动摩擦因数为
，长木板的质量为M=1kg，重力
加速度为
。求：
(1)滑块A 从传送带顶端运动到底端的时间；
(2)整个过程长木板运动的位移大小。
【答案】(1)1s
(2)2.5m
【详解】（1）滑块
刚释放时速度小于传送带速度
，相对传送带向上滑动，摩擦力沿斜面向下，由
牛顿第二定律
代入数据得
滑块加速到与传送带共速的时间和位移
由于
，共速后滑块继续加速，摩擦力变为沿斜面向上，加速度
剩余位移
代入运动学公式
解得
总时间
（2）滑块到达底端的速度
滑块
滑上长木板后，A 的减速加速度
对长木板由牛顿第二定律
代入数据得
设经
时间两者共速
解得
共速速度
，此过程长木板位移
共速后，假设两者一起减速，整体加速度
需要的静摩擦力
故两者一起减速到停止，减速位移
长木板总位移
