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优秀领先 飞翔梦
2017 年安徽省马鞍山市和县中考物理一模试卷
一、填空题（共10 小题，每小题2 分，满分26 分）
【17·马鞍山·一模·机械运动】1．2016 年11 月19 日，“神州十一号”载人飞船与
“天宫二号”目标飞行器成功实现自动交会对接，如图所示，对接后，“神州十
一号”相对于“天宫二号”是 静止的 （选填“运动的”或“静止的”）
【考点】52：参照物及其选择．
【分析】研究物体的运动情况时，首先要选取一个物体作为参照物．研究对象的运
动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化．
【解答】解：“神州十一号”载人飞船与“天宫二号”目标飞行器成功实现自动
交会对接，对接后，“神州十一号”相对于“天宫二号”没有发生位置的改变，
所以是静止的．
故答案为：静止的．
【点评】一个物体的运动状态的确定，关键取决于所选取的参照物，所选取的参照
物不同，得到的结论也不一定相同，这就是运动和静止的相对性．
【17·马鞍山·一模·声现象】2．声波可以在示波器上展现出来．先将话筒接在示波
器的输入端，再将敲响的甲、乙两个音叉分别对着话筒发出声音，在示波器上出
现了如图所示的波形，通过对波形的分析，可知 乙 音叉的音调高．
【考点】9G：响度与振幅的关系．
【分析】根据图形判断甲乙的频率，比较相同时间内物体振动的次数可以比较频
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率大小．频率越大，音调越高．
【解答】解：如图，相同时间内，甲图物体振动了3 次，乙图物体振动了9 次，甲的
频率小于乙的频率，乙的音调比甲的音调高．
故答案为：乙．
【点评】通过物体振动的波形图，判断物体振动频率的大小，从而判断音调．
【17·马鞍山·一模·声现象】3．生活中的一些光现象：①水面波光粼粼；②岸上的
人觉得水中的游泳运动员“腿变短了”；③海市蜃楼；④演员对着镜子画脸谱．
其中能用光的折射知识解释的是
②③
（填序号）．
【考点】A6：光的反射；AI：平面镜的应用；AM：光的折射现象及其应用．
【分析】光在自然界中存在三种光现象：
光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的
形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，例如：平面镜
成像、水中倒影等；
当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：看
水里的鱼比实际位置浅等．
【解答】解：
①水面波光粼粼是光射到水面发生了反射现象，不符合题意；
②岸上的人觉得水中的游泳运动员“腿变短了”；是因为光从水中传播到空气中
发生了光的折射的缘故，符合题意；
③海市蜃楼是光在不均匀的空气中传播时，发生了光的折射的缘故，主要发生在
海边和沙漠地区，符合题意；
④演员对着镜子画脸谱是光的反射现象，不符合题意．
故答案为：②③．
【点评】光现象包括光的直线传播、光的折射和光的反射，光的折射与其他二者的
主要区别在于光的反射发生在了一种物质中，而光的折射则是在两种不同的物质
表面发生的．
【17·马鞍山·一模·机械运动、内能】4．唐代诗人高骈的诗作《山亭夏日》：“绿树阴
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浓夏日长，楼台倒影人池塘．水晶帘动微风起，满架蔷薇一院香．”堪称文学与科
学完美结合的典范，全诗四句皆与物理知识有关．其中“水晶帘动微风起”用到
的物理知识是 力可以改变物体的运动状态 ，“满架蔷薇一院香”用到的物理
知识是 分子在（永不停息地）运动． ．
【考点】6F：力的作用效果；GW：扩散现象．
【分析】（1）力的作用效果有两个：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状
态；
（2）物质是由分子组成的，组成物质的分子在不停地做无规则运动．
【解答】解：
（1）水晶帘动微风起，帘子原来是静止的，风把它吹动了，说明力改变了水晶帘的
运动状态；
（2）满架蔷薇一院香，整个院子里都能闻到蔷薇花的香味，是气体分子运动的结
果．
故答案为：力可以改变物体的运动状态；分子在（永不停息地）运动．
【点评】认真审题，从题目的文字中发现提示性的信息，考查了学生的阅读分析能
力．
【17·马鞍山·一模·物态变化】5．2017 年春节前我国北方呼伦贝尔林区、牧区多次
出现“极寒”“冰雾”天气，经历了有气象记录以来最冷的一个春节，据气象局
的专家介绍，冰雾是气温达到了﹣36℃以下，空气中的水蒸气 凝华 而形成的
（填物态变化名称）．
【考点】1R：生活中的凝华现象．
【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气
态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变
为固态叫凝固．
【解答】解：“冰雾”中有大量固态小冰晶，是由空气中的水蒸气快速放热后凝华
形成的．
故答案为：凝华．
【点评】此题考查的是我们生活中的物态变化现象，看物质由什么状态变为了什
么状态，根据物态变化的定义来判断．
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【17·马鞍山·一模·压强】6．我国自行研制的登月探测器“嫦娥三号”成功在月
球着陆，“嫦娥三号”月球探测器总质量近3.8 吨，如图所示，“嫦娥三号”在月
球上对月球表面的压强 小于 其在地球上对地面的压强．（选填“大于”“等
于”或“小于”）
【考点】81：压力及重力与压力的区别．
【分析】影响压强大小的因素有压力和受力面积，在压力一定时，增大受力面积可
减小压强．同时，还要知道，物体在月球上的重力是地球上重力的六分之一．
【解答】解：因为物体在月球上的重力是地球上重力的六分之一，而在水平面上，
物体对地面的压力就等于重力，所以，“嫦娥三号”在月球上对月球表面的压力
变小，在受力面积一定时，其对月球表面的压强小于其在地球上对地面的压强．
故答案为：小于．
【点评】此题考查减小压强的方法，明确物体在月球上的重力小于在地球上的重
力是解答此题的关键．
【17·马鞍山·一模·浮力】7．将一小物块A 轻轻放入盛满水的大烧杯中，A 静止后，
有81g 的水溢出，再将其轻轻放入盛满酒精的大烧杯中，A 静止后，有72g 的酒精
溢出，则A 在水中静止时受到的浮力为
0.81
N，A 的密度是
0.9
g/cm3（酒
精的密度是0.8×103kg/m3，g 取10N/㎏）．
【考点】8O：阿基米德原理；8S：物体的浮沉条件及其应用．
【分析】（1）知道物块A 静止时烧杯溢出水和酒精的质量，根据阿基米德原理求出
受到的浮力，然后求出两者浮力之比；
（2）①假设物块A 在水中和酒精中都漂浮时，受到的浮力等于自身重力，浮力之
比应是1：1，所以假设不正确；
②假设物块A 都浸没，则V 排=V 物，F 浮水=ρ 水gV，F 浮酒=ρ 酒gV，得浮力比为5：4，
所以假设不正确；
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③根据物体浮沉条件判断出物体在水中漂浮，在酒精中浸没，根据物体的浮沉条
件和漂浮条件得出两者受到的浮力之比，然后求出物块A 的密度．
【解答】解：（1）由阿基米德原理可得，物体A 受到的浮力：
F 浮=G 排=m 排g=m 溢g，
则物块A 在水中和酒精中受到的浮力分别为：
F 浮水=m 溢水g=81×10
3
﹣kg×10N/kg=0.81N ，F 浮酒=m 溢酒g=72×10
3
﹣kg×10N/
kg=0.72N，
则F 浮水：F 浮酒=0.81N：0.72N=9：8；
（2）①物体A 在水中和酒精中都漂浮时，
因漂浮时物体受到的浮力和自身的重力相等，且物体A 的质量不变、重力不变，
所以，物体受到水和酒精的浮力相等，即F 浮水：F 浮酒=1：1，与题意不符；
②物体A 在水中和酒精中都浸没时，
则物体排开液体的体积和自身的体积相等，由F 浮=ρgV 排可知，它们受到的浮力
之比：
F 浮甲：F 浮乙=ρ 水：ρ 酒精=1.0×103kg/m3：0.8×103kg/m3=5：4≠9：8，与题意不符；
③因水的密度大于酒精的密度，
所以，由①②可知，只能是A 在水中漂浮，在酒精中浸没，
A 受到水的浮力F 浮水=GA=mAg=ρAVg，在酒精中受到的浮力F 浮酒=ρ 酒gV，
所以，
=
=
，
解得：ρA=
ρ 酒=
×0.8g/cm3=0.9g/cm3．
故答案为：0.81；0.9．
【点评】本题考查了阿基米德原理和物体浮沉条件以及密度公式、重力公式的应
用，会判断物块在酒精和水中的状态是解题的关键．
【17·马鞍山·一模·浮力】8．城市的洁净离不开环卫工人的辛劳，如图所示是环卫
工人手推车的示意图．若小车与废弃物总重600N，重心离车轮轴心O 的水平距
离为0.6m，手离车轮轴心的水平距离为1.8m，则工人师傅至少需用
200
N 的
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力将小车抬起．
【考点】7N：杠杆的平衡条件．
【分析】由杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2可求得工人师傅需用的力．
【解答】解：
B、小云由C 点运动到B 点时，速度减小，高度增大，是动能转化为重力势能，故B
错误；
C、小云运动到最低处C 点时，由于惯性继续摆动，不会立即停下来，故C 正
由杠杆的平衡条件可得：
GLG=FL；
即：600N×0.6m=F×1.8m
F=
=200N；
故答案为：200．
【点评】本题考查了学生对杠杆平衡条件的掌握和运用，学以致用，解决实际问题，
符合新课标的要求，是道好题！
【17·马鞍山·一模·电压 电阻】9．如图所示，电源电压是5V 且不变，S 闭合后电压
表示数为1V，两灯L1、L2的电阻之比R1：R2=
4 ：
1
．
【考点】IH：欧姆定律的应用．
【分析】由电路图可知，L1与L2串联，电压表测L2两端的电压，根据串联电路的电
压特点求出L1两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两灯泡的
电阻之比．
【解答】解：由电路图可知，L1与L2串联，电压表测L2两端的电压，
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因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，L1两端的电压：
U1=U
U
﹣
2=5V
1V=4V
﹣
，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，由I=
可得，两灯泡的电阻之比：
=
=
=
=
．
故答案为：4：1．
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，要注意电压表不测带电
源用电器两端的电压．
【17·马鞍山·一模·欧姆定律、电功】10．如图所示，电源电压保持不变，闭合开关
S1、S2，电压表示数为6V，电流表示数为0.6A，断开S2后，电压表示数变为2V，求
R2的电阻为
20
Ω，此时该电路的电功率为
1.2
W．
【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算．
【分析】（1）当闭合开关S1、S2时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，电
流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出R1的阻值；当断开S2时，两电阻串联，
电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出
R2两端的电压，根据欧姆定律和串联电路的电流特点求出R2的电阻值．
（2）利用P=UI 即可求出该电路的电功率．
【解答】解：（1）当闭合开关S1、S2时，等效电路图如图所示：
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因电压表测电源的电压；
所以电源的电压U=6V，
R1=
=
=10Ω；
当断开S2时，两电阻串联，等效电路图如图所示：
所以R2两端的电压U2=U
U
﹣
1=6V
2V=4V
﹣
，
因串联电路各处的电流相等，
所以I′=
=
=0.2A，
由I=
得：R2=
=
=20Ω．
（2）总功率P=UI′=6V×0.2A=1.2W．
故答案为：20；1.2．
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的计算，关键是开关断开前后电
路连接方式的辨别和电压表所测电路元件的判断．
二、选择题（共7 小题，每小题3 分，满分21 分）
【17·马鞍山·一模·内能及其应用】11．下列关于热量、内能的说法中正确的是（
）
A．0℃的冰水没有内能
B．物体的机械能增加，其内能也一定增加
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C．0℃的冰熔化成0℃的水，由于温度不变，所以它的内能不变
D．热量是物体内能改变多少的量度
【考点】G6：温度、热量与内能的关系．
【分析】（1）一切物体在任何温度下都有内能；
（2）机械能和内能没有必然的联系；
（3）内能的大小与物体的质量、温度和状态有关；
（4）热量是物体内能改变多少的量度；
【解答】解：A、一切物体在任何温度下都有内能，故A 错误；
B、机械能和内能没有必然的联系，故物体的机械能增加，其内能不一定增加，故
B 错误；
C、0℃的冰熔化成0℃的水，虽然温度不变，但需要吸热，所以内能增加，故C 错
误；
D、热量是物体内能改变多少的量度，故D 正确；
故选D．
【点评】此题考查了物体具有内能的条件、内能和机械能的区别、内能大小的影响
因素等知识点，是一道综合题．
【17·马鞍山·一模·内能及其应用】12．电冰箱的压缩机（电动机）是由温控开关S1
控制，冷藏室中的照明灯是由门控开关S2控制，压缩机和照明灯既能单独工作又
能同时工作，下列电路中，符合上述特点的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【考点】HU：串、并联电路的设计．
【分析】压缩机和照明灯既能单独工作又能同时工作，说明电动机和照明灯并联，
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电动机由温控开关S1控制说明电动机与开关S1串联，冷藏室中的照明灯是由门
控开关S2控制说明照明灯与门控开关S2串联．
【解答】解：经分析可知，灯泡与电动机并联，且电动机与开关S1串联，照明灯与
门控开关S2串联，所以ABC 不符合，D 符合．
故选D．
【点评】本题考查了并联电路的特点和开关的作用，明确串并联电路的特点是关
键．
【17·马鞍山·一模·运动和力、简单机械】13．如图所示，小明用一动滑轮将一袋重物
匀速提升2m，分析正确的是（ ）
A．手拉绳子的力和绳子拉手的力是一对平衡力
B．手拉绳子的力和重物受到的重力相等
C．重物受到的重力和动滑轮对重物的拉力是一对平衡力
D．重物对动滑轮的拉力小于动滑轮对重物的拉力
【考点】6R：平衡力的辨别．
【分析】一对平衡力必须符合四个条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体上、
作用在一条直线上；同时要知道动滑轮的特点是可以省一半的力．
【解答】解：A、手拉绳子的力和绳子拉手的力作用在两个不同物体上，是一对相
互作用力，不是一对平衡力，故A 错误；
B、动滑轮可以省一半的力，手拉绳子的力和重物受到的重力不相等，故B 错误；
C、重物受到的重力和动滑轮对重物的拉力大小相等、方向相反、作用在同一物体
上、作用在一条直线上，是一对平衡力，故C 正确；
D、重物对动滑轮的拉力和动滑轮对重物的拉力是一对相互作用力，大小相等，故
D 错误．
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故选C．
【点评】熟练掌握二力平衡的条件，并知道动滑轮的特点，对各个力进行分析，可
做出判断．
【17·马鞍山·一模·功和机械能】14．荡秋千简单易学，深受人们喜爱．图甲是小云
荡秋千时的情景，小张看到后，联想到自己学的物理知识，他画出了简化的荡秋
千示意图如图乙所示．下列说法中正确的是（考虑空气阻力）（ ）
A．小云由A 点运动到C 点时，动能转化为重力势能
B．小云由C 点运动到B 点时，重力势能转化为动能
C．小云运动到最低处C 点时，由于惯性继续摆动，不会立即停下来
D．小云左右运动是由于力的作用是相互的
【考点】FU：动能和势能的转化与守恒．
【分析】（1））动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大．
重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；动
能和势能可以相互转化．
（2）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性，据此判断．
【解答】解：A、小云由A 点运动到C 点时，高度降低，速度增大，是重力势能转化
为动能，故A 错误；
确；
D、小云左右运动是由于动能和重力势能的相互转化，而不是因为力的作用是相
互的，故D 错误．
故选C．
【点评】本题主要考查了动能与势能的转化实例的分析，以及对惯性现象的认识，
难度不大．
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【17·马鞍山·一模·光现象】15．在探究光的反射规律时，老师把一块平面镜CD 竖
立在讲台上，坐在A 点的甲同学通过平面镜看到坐在B 点的乙同学（如图）．在这
一现象中，光的反射角是（ ）
A．∠1 B．∠2 C．∠3 D．∠4
【考点】A7：光的反射定律．
【分析】入射光线与法线间的夹角是入射角，根据入射角的概念，分析图示现象，
确定反射角．
【解答】解：由图可知，NN1是法线，CD 为平面镜，BO 是入射光线，则∠3 是反射
角．
故选C．
【点评】本题考查了确定反射角的问题，知道反射角的概念，分析图示情景即可正
确解题．
【17·马鞍山·一模·电与磁】16．下列与电动机工作原理相同的实验室（ ）
A．
B．
C．
D．
【考点】CJ：磁场对通电导线的作用．
【分析】发电机的工作原理是电磁感应：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割
磁感线运动时，导体中就会产生电流．
电动机是利用通电线圈在磁场里受力转动的原理制成的．
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【解答】解：A、此题是电磁继电器，即是利用电流的磁效应的原理制成的，故A 错
误；
B、此题是扬声器，所以是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理，故B 正确；
C、此题中没有电源，即是电磁感应的实验装置，故C 错误；
D、此题是奥斯特实验，即说明通电导线周围有磁场，故D 错误；
故选B．
【点评】此题考查各个装置图的原理，电动机的原理是通电导体在磁场中受力或
通电线圈在磁场中受力转动，发电机的原理是电磁感应现象．
【17·马鞍山·一模·欧姆定律】17．如图所示，电源电压和电灯L 的电阻均保持不变．
当开关S 闭合后，在变阻器滑片P 从中点向下滑动的过程中，下列说法正确的是
（ ）
A．电压表的示数变大B．电灯L 的亮度变暗
C．电流表A1的示数变小
D．电流表A2的示数不变
【考点】IH：欧姆定律的应用．
【分析】灯泡与滑动变阻器并联，电压表测量电源电压，电流表A1测量干路电流，
A2测量通过滑动变阻器的电流；根据并联电路电流、电压特点和欧姆定律分析滑
片P 从中点向下滑动的过程中电流表示数的变化．
【解答】解：因为电压表测的是电源电压，且电源电压不变，所以电压表示数不变；
当滑片从中点向下滑动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据I=
可知，通
过滑动变阻器的电流变小，而电流表A2与滑动变阻器串联，故电流表A2的示数
变小；又因为灯泡两端的电压和电阻均不变，所以通过灯泡的电流不变，灯泡的
亮暗不变；根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，滑片从中点向下
滑动时，干路电流减小，电流表A1的示数减小．
故选C．
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【点评】本题考查的是由滑动变阻器引起的变化电路的分析，分析的前提是先搞
清楚电路的连接情况，然后再根据欧姆定律进行判断．
三、解答题（共3 小题，满分21 分）
【17·马鞍山·一模·质量和密度】18．小明在实验室测量某金属块的密度．实验步骤
如下：
（1）小明先把金属块放入装有适量水的量筒中，量筒内水面的位置如图甲所示．
然后他将金属块从量筒中取出，直接放在已调节好的托盘天平上，天平平衡时游
码在标尺上的位置和右盘砝码如图乙所示，计算金属块的密度为
2.6
×
10
3
kg/m3．
（2）小明这种测量方法测出的金属块密度值 偏大 （选填“偏大”、“偏小”
或“不变”）．
（3）小明接着又测定某液体密度．他根据实验数据绘制了液体和容器的总质量m
总跟液体的体积V 之间的关系图象，如图丙所示，根据图象可计算液体的密度为
1 ×
10
3
kg/m3．
【考点】2M：固体的密度测量实验．
【分析】（1）天平平衡后，左盘物体的质量等于右盘砝码的质量和标尺所对应的刻
度值的和；测出质量和密度后，根据ρ=
就可以计算出物体的密度．
（2）本题中先用量筒测量的金属块的体积，然后将金属块从量筒中取出，直接放
在托盘天平的左盘，这样导致质量的测量存在误差．
（3）图象中的质量不是液体的质量，而是液体和烧杯的总质量，所以图象不过原
点．从图上读出容器质量和容器与液体的总质量，求出被测液体的质量．读出被
测液体的体积．知道被测液体的质量和体积，根据密度公式求出液体的密度．
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【解答】解：（1）由图可知小金属块的质量是50g+2g=52g．金属块的体积为80cm3
60cm
﹣
3=20cm3，
因此金属块的密度为：ρ=
=
=2.6g/cm3=2.6×103kg/m3．
（2）本题中先测量的是金属块的体积，然后他将金属块从量筒中取出，直接放在
托盘天平的左盘，这样金属块上沾有水，导致质量的测量值偏大，根据密度的计
算公式ρ=
，因此这种测量方法使测量的金属块密度值偏大．
（3）图象中的质量不是液体的质量，而是液体和烧杯的总质量，即便液体的体积
为零时，质量是不为零的，这个质量就是烧杯的质量，由图可知，烧杯的质量是
10g．
容器和液体的质量是30g，所以液体的质量是：m′=30g
10g=20g
﹣
，
液体的体积是20cm3，
所以液体的密度是：ρ′=
=
=1g/cm3=1×103kg/m3．
故答案为：（1）2.6×103；（2）偏大；（3）1×103．
【点评】对于密度测量值和真实值大小分析的问题，一定要明确，质量和体积测量
量，哪个测量量是准确的，哪个测量量是不准确的，根据密度公式进行判断，这个
类型的习题很容易迷糊，学会这种方法．
【17·马鞍山·一模·简单机械】19．某同学在做“测滑轮组机械效率”的实验中．用
图甲所示的装置匀速提起重物，并做了如下实验记录：
钩码重G（N）钩码上升高度h（m）测力计拉力F（N）
测力计移动距离s
（m）
2
0.1
0.4
0.3
（1）如果你对该同学的实验记录进行有关分析，就会发现他的实验结果是违背物
理规律的，其表现在于：
Gh
＞
Fs
．
（2）结合图乙住会发现导致实验结果违背物理规律的原因．其原因是 拉力
F 读
错 ．
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（3）该同学纠正了错误继续进行实验得到下列一组数据：
实验
次数
钩码重G
（N）
钩码上升高度
h（m）
测力计拉力F
（N）
测力计移动距离
s（m）
机械效
率%
1
4
0.1
1.8
0.3
74
2
6
0.1
2.4
0.3
83
3
8
0.1
3.1
0.3
86
在实验误差允许的范围内，请你帮助他分析一下实验数据：得出结论： 同一滑
轮组，提升钩码越重，机械效率越高 ．
【考点】F8：滑轮（组）机械效率的测量实验．
【分析】（1）要解决此题，需要会计算总功和有用功．知道W 有用=Gh，W 总=Fs．知
道在使用滑轮组时需要克服动滑轮的重力和摩擦做额外功，所以总功总小于额外
功．通过计算总功和额外功进行实际分析．
（2）要解决此题，需要进行测力计的读数，在读数前一定要认清测力计的分度值．
（3）要解决此题需要了解滑轮组机械效率与物重的关系，同一滑轮组，所做的额
外功相同，物体越重，所做的有用功越多，因此有用功在总功中所占的比值越大，
机械效率越高．
【解答】解：（1）W 有用=Gh=2N×0.1m=0.2J；W 总=Fs=0.4N×0.3m=0.12J．而有用功
应小于总功，所以这一点是违背规律的．
故答案为：Gh＞Fs．
（2）从图中可以得知，测力计的分度值是0.2N，所以测力计的读数应为0.8N．而
表格中数据是0.4N，所以测力计读数出现了错误．
故答案为：拉力F 读错．
（3）从表格中数据可以看出，三次用同一滑轮组，提升的物重不断增大，机械效率
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也不断增高．所以可以得出同一滑轮组，提升钩码越重，机械效率越高．
故答案为：同一滑轮组，提升钩码越重，机械效率越高．
【点评】此题是测量滑轮组的机械效率，在此实验中需要用测力计测量物重和绳
端拉力，所以要会使用测力计．在读数时，要认清量程．同时还考查了有用功与总
功的计算及机械效率与物重之间的关系．
【17·马鞍山·一模·电功率】20．在“测量小灯泡的额定功率”实验中，小灯泡标
有“2.5V”字样．
（1）请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整．
（2）连接电路前，开关必须是 断开 的；滑动变阻器的滑片要调节到 最大值
的位置（选填“最大值”或“最小值”）；
（3）闭合开关，移动滑片至某一位置时，电压表示数（如图乙所示）为
2.2
V，若
想测出小灯泡的额定功率，接下来的操作是 向右端移动滑片，使电压表的示数
为
2.5V
为止
．
（4）改变滑片的位置，获得多组对应的电压值和电流值，绘制成如图丙所示的图
象，由图象可知该灯泡的额定功率是
0.75
W．
【考点】JF：电功率的测量．
【分析】（1）本实验中，电流表、灯泡、滑动变阻器应串联，根据灯泡额定电压确定
电压表量程；
（2）连接电路前，开关应断开，滑动变阻器的滑片要调节到最大值处；
（3）根据电压表所选量程，确定其分度值，然后即可读数，由电路特点和欧姆定律
分析如何移动滑动变阻器滑片使灯泡电压为额定电压2.5V；
（4）根据图象读出灯泡正常发光时电流表示数；由功率公式P=UI 可求出灯泡的
额定功率．
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【解答】解：
（1）由题意知，小灯泡的额定电压为2.5V，所以小灯泡的电流不会很大，电流表可
选择0～0.6A 的量程，电流要从电流表的正接线柱流入，从负接线柱流出，实物连
接如图所示：
（2）为了保护电路，连接电路前，开关应断开，滑动变阻器的滑片要调节到最大值
的位置；
（3）由乙图可知，电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，由指针位置可知，电压
表示数为2.2V，小于额定电压，要使灯泡正常工作，灯泡两端电压应增大到
2.5V，电路中电流要增大，总电阻要减小，滑动变阻器接入的阻值要减小，所以应
向右端移动滑片，使电压表的示数为2.5V 为止；
（4）由图象知，灯泡在额定电压2.5V 时，通过灯泡的电流为0.3A，
灯泡的额定功率：P=UI=2.5V×0.3A=0.75W．
故答案为：（1）见上图；（2）断开；最大值；（3）向右端移动滑片，使电压表的示数
为2.5V 为止；（4）0.75．
【点评】本题是测灯泡额定功率的实验，考查了实物电路的连接、注意事项、实验
的操作、电表读数以及电功率的计算，都是一些常考问题，应掌握好．
四、解答题（共3 小题，满分22 分）
【17·马鞍山·一模·运动和力、内能及其利用】21．2016 年9 月30 日，国内首条新能
源悬挂式空中轨道交通试验线在成都亮相，如图所示，该试验线全长为1.25km，
列车设计时速为60km/h，该系统创造性地将锂电池包代替高压电用于提供列车
的牵引动力，在世界上属于首创．
（1）该列车以设计时速行驶完试验线全程，需要多少分钟？
（2）若列车总质量为6t，列车所受摩擦力与列车对轨道压力的比值μ=0.08．则列
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车在水平轨道上匀速运动时的牵引力为多大？
（3）若列车正常行驶时，每千米耗电量为2.5kW•h，与每千米消耗汽油0.4kg 的公
交汽车相比，哪一个更节能？（汽油的热值q=4.6×107J/kg）
【考点】6T：二力平衡条件的应用；69：速度公式及其应用．
【分析】（1）已知路程和速度，利用v=
计算试验时间；
（2）知道列车的质量，根据G=mg 求出列车所受重力的大小；
列车匀速行驶处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，根据
F=f=0.08G 求出其大小；
（3）根据Q=mq 求出0.4kg 汽油完全燃烧放出的热量；然后与2.5kW•h 电能进行
比较．
【解答】解：
（1）根据公式v=
可知；
需要的时间：t=
=
=
=1.25min；
（2）列车的重力：G=mg=6×103kg×10N/kg=6×104N；
因列车匀速行驶处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，
所以，列车匀速运动时牵引力大小：F=f=μG=0.08×6×104N=4.8×103N；
（3）完全燃烧0.4kg 汽油放出的热量：Q=mq=0.4kg×4.6×107J/kg=1.84×107J；
列车消耗的电能W=2.5kW•h=2.5×3.6×106J=9×106J；
因为Q＞W，所以列车节能．
答：（1）该列车以设计时速形式完试验线全程，需要1.25min；
（2）列车在水平轨道上匀速运动时的牵引力为4.8×103N；
（3）若列车正常行驶时，每千米耗电量为2.5kW•h，与每千米消耗汽油0.4kg 的公
交汽车相比，列车更节能．
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【点评】本题考查了速度公式、重力公式、二力平衡条件、热值计算公式的应用，关
键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等．
【17·马鞍山·一模·凸透镜及其应用】22．如图L 表示凸透镜，M N 是主光轴，O 为
光心，F 为焦点．请运用凸透镜的特殊光线在图中画出物体AB 所成的像的光路
图．如果凸透镜的焦距为f，物体AB 的高度为h1，物体到透镜的距离为u，像到透
镜的距离为v，请你证明像的高度h2=
．
【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验．
【分析】根据“过凸透镜光心的光线其传播方向不变、平行于主光轴的光线经凸
透镜折射后通过焦点”据此做出交点即为像点，据此做出物体AB 所成的像的光
路图，然后根据相似三角形得出答案．
【解答】解：过凸透镜光心的光线其传播方向不变，平行于主光轴的光线经凸透镜
折射后通过焦点，两条光线反向延长线的交点即为A 的像点，然后做主光轴的垂
线即可得出物体AB 所成的像，如下图所示：
由△AOB∽△A′OB′可得：
=
，即
=
，
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所以h2=
．（当然本题也可以根据凸透镜成实像来证明）
【点评】本题考查了物体成像光路图的作图和物象的大小关系的证明，要注意
“凸透镜的三条特殊光线”是完成凸透镜光路图的依据．
【17·马鞍山·一模·欧姆定律】23．实验室的电压表是由小量程电流表改装而成的，
图中G 是满偏电流（即电流表允许通过的最大电流）Ig=10mA 的电流表，其电阻
Rg=100Ω．定值电阻R1=900Ω．分别将a、b 或a、c 接入电路，就可将G 改装成两个
量程的电压表．
（1）当使用a、b 两个端点时．求G 满偏时a、b 间的电压（即改装后电压表的量程）；
（2）若使用a、c 两个端点，且改装后电压表的量程为100V，求定值电阻R2的阻值
【考点】IH：欧姆定律的应用．
【分析】（1）当使用a、b 两个端点时，Rg和R1串联，根据电阻的串联和欧姆定律求
出G 满偏时a、b 间的电压；
（2）若使用a、c 两个端点，Rg、R1、R2串联，知道改装后电压表的量程和满偏电流，
根据欧姆定律求出总电阻，利用电阻的串联求出定值电阻R2的阻值．
【解答】解：（1）当使用a、b 两个端点时，Rg和R1串联，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，由I=
可得，G 满偏时a、b 间的电压：
Uab=Ig（Rg+R1）=10×10
3
﹣A×（100Ω+900Ω）=10V；
（2）若使用a、c 两个端点，Rg、R1、R2串联，
电路中的总电阻：
R=
=
=10000Ω，
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则定值电阻R2的阻值：
R2=R
R
﹣
g
R
﹣
1=10000Ω
100Ω
900Ω=9000Ω
﹣
﹣
．
答：（1）当使用a、b 两个端点时，G 满偏时a、b 间的电压为10V；
（2）定值电阻R2的阻值为9000Ω．
【点评】本题考查了电表的改装问题，实质考查了串联电路的特点和欧姆定律的
应用，是一道较为简单的应用题．
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