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2018 年安徽省初中学业水平考试数学
一、选择题（本大题共10 小题，每小题4 分，满分40 分）
1.
的绝对值是（ ）
A.
B. 8 C.
D.
【答案】B
【详解】数轴上表示数-8 的点到原点的距离是8，
所以-8 的绝对值是8，
故选B.
【点睛】本题考查了绝对值的概念，熟记绝对值的概念是解题的关键.
2. 2017 年我赛粮食总产量为635.2 亿斤，其中635.2 亿科学记数法表示（ ）
A.
B.
C.
D.
【答案】C
【解析】【分析】科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|<10，n 为整数．确定n 的值时，要看把原数
变成a 时，小数点移动了多少位，n 的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值>1 时，n 是正数；当原数
的绝对值<1 时，n 是负数．
【详解】635.2 亿=63520000000，63520000000 小数点向左移10 位得到6.352，
所以635.2 亿用科学记数法表示为：6.352×108，
故选C．
【点睛】本题考查科学记数法的表示方法．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|<10，n
为整数，表示时关键要正确确定a 的值以及n 的值．
3. 下列运算正确的是（ ）
A.
B.
C.
D.
【答案】D
【解析】【分析】根据幂的乘方、同底数幂乘法、同底数幂除法、积的乘方的运算法则逐项进行计算即可得.
【详解】A.
，故A 选项错误；
B.
，故B 选项错误；
C.
，故C 选项错误；
D.
，正确，
故选D.
【点睛】本题考查了有关幂的运算，熟练掌握幂的乘方，同底数幂的乘法、除法，积的乘方的运算法
则是解题的关键.
4. 一个由圆柱和圆锥组成的几何体如图水平放置，其主（正）视图为（ ）
A. （A
）
B. （B
）
C. （C
）
D. （D）
【答案】A
【解析】【分析】根据主视图是从几何体正面看得到的图形，认真观察实物，可得这个几何体的主视图为长方
形上面一个三角形，据此即可得.
【详解】观察实物，可知这个几何体的主视图为长方体上面一个三角形，
只有A 选项符合题意，
故选A.
【详解】本题考查了几何体的主视图，明确几何体的主视图是从几何体的正面看得到的图形是解题
的关键.
5. 下列分解因式正确的是（ ）
A.
B.
C.
D.
【答案】C
【解析】【分析】根据因式分解的步骤：先提公因式，再用公式法分解即可求得答案．注意分解要彻底．
【详解】A.
，故A 选项错误；
B.
，故B 选项错误；
C.
，故C 选项正确；
D.
=（x-2）2，故D 选项错误，
故选C.
【点睛】本题考查了提公因式法，公式法分解因式．注意因式分解的步骤：先提公因式，再用公式法
分解．注意分解要彻底．
6. 据省统计局发布，2017 年我省有效发明专利数比2016 年增长22.1%假定2018 年的平均增长率保持不变，
2016 年和2018 年我省有效发明专利分别为a 万件和b 万件，则（ ）
A.
B.
C.
D.
【答案】B
【解析】【分析】根据题意可知2017 年我省有效发明专利数为（1+22.1%）a 万件，2018 年我省有效发明专利数
为（1+22.1%
•
）（1+22.1%）a，由此即可得.
【详解】由题意得：2017 年我省有效发明专利数为（1+22.1%）a 万件，
2018 年我省有效发明专利数为（1+22.1%
•
）（1+22.1%）a 万件，即b=（1+22.1%）2a 万件，
故选B.
【点睛】本题考查了增长率问题，弄清题意，找到各量之间的数量关系是解题的关键.
7. 若关于的一元二次方程x(x+1)+ax=0 有两个相等的实数根，则实数a 的值为（ ）
A.
B. 1 C.
D.
【答案】A
【解析】【分析】整理成一般式后，根据方程有两个相等的实数根，可得△=0，得到关于a 的方程，解方程即可
得.
【详解】x(x+1)+ax=0，
x2+(a+1)x=0，
由方程有两个相等的实数根，可得△=（a+1）2-4×1×0=0，
解得：a1=a2=-1，
故选A.
【点睛】本题考查一元二次方程根的情况与判别式△的关系：
（1）△＞0⇔方程有两个不相等的实数根；
（2）△=0⇔方程有两个相等的实数根；
（3）△＜0⇔方程没有实数根．
8. 为考察两名实习工人的工作情况，质检部将他们工作第一周每天生产合格产品的个数整理成甲，乙两组
数据，如下表：
甲
2
6
7
7
8
乙
2
3
4
8
8
类于以上数据，说法正确的是（ ）
A. 甲、乙的众数相同 B. 甲、乙的中位数相同
C. 甲的平均数小于乙的平均数 D. 甲的方差小于乙的方差
【答案】D
【解析】【分析】分别根据众数、中位数、平均数、方差的定义进行求解后进行判断即可得.
【详解】甲：数据7 出现了2 次，次数最多，所以众数为7，
排序后最中间的数是7，所以中位数是7，
，
=4，
乙：数据8 出现了2 次，次数最多，所以众数为8，
排序后最中间的数是4，所以中位数是4，
，
=6.4，
所以只有D 选项正确，
故选D.
【点睛】本题考查了众数、中位数、平均数、方差，熟练掌握相关定义及求解方法是解题的关键.
9. □ABCD 中，E、F 是对角线BD 上不同的两点，下列条件中，不能得出四边形AECF 一定为平行四边形的是
（ ）
A. BE=DF B. AE=CF C. AF//CE D. ∠BAE=∠DCF
【答案】B
【解析】【分析】根据平行线的判定方法结合已知条件逐项进行分析即可得.
【详解】A、如图，∵四边形ABCD 是平行四边形，∴OA=OC，OB=OD，
∵BE=DF，∴OE=OF，∴四边形AECF 是平行四边形，故不符合题意；
B、如图所示，AE=CF，不能得到四边形AECF 是平行四边形，故符合题意；
C、如图，∵四边形ABCD 是平行四边形，∴OA=OC，
∵AF//CE，∴∠FAO=∠ECO，
又∵∠AOF=∠COE，∴△AOF≌△COE，∴AF=CE，
∴AF CE，∴四边形AECF 是平行四边形，故不符合题意；
D、如图，∵四边形ABCD 是平行四边形，∴AB=CD，AB//CD，
∴∠ABE=∠CDF，
又∵∠BAE=∠DCF，∴△ABE≌△CDF，∴AE=CF，∠AEB=∠CFD，∴∠AEO=∠CFO，
∴AE//CF，
∴AE CF，∴四边形AECF 是平行四边形，故不符合题意，
故选B.
【点睛】本题考查了平行四边形的性质与判定，熟练掌握平行四边形的判定定理与性质定理是解题
的关键.
10. 如图，直线
都与直线l 垂直，垂足分别为M，N，MN=1，正方形ABCD 的边长为
，对角线AC 在直线
l 上，且点C 位于点M 处，将正方形ABCD 沿l 向右平移，直到点A 与点N 重合为止，记点C 平移的距离为
x，正方形ABCD 的边位于
之间分的长度和为y，则y 关于x 的函数图象大致为
（）
A.
B.
C.
D.
【答案】A
【解析】【分析】由已知易得AC=2，∠ACD=45°，分0≤x≤1、1<x≤2、2<x≤3 三种情况结合等腰直角三角形的性
质即可得到相应的函数解析式，由此即可判断.
【详解】由正方形的性质，已知正方形ABCD 的边长为
，易得正方形的对角线AC=2，
∠ACD=45°，
如图，当0≤x≤1 时，y=2
，
如图，当1<x≤2 时，y=2
m+2
n=2
(m+n)= 2
，
如图，当2<x≤3 时，y=2
，
综上，只有选项A 符合，
故选A.
【点睛】本题考查了动点问题的函数图象，涉及到正方形的性质，等腰直角三角形的性质，勾股定理
等，结合图形正确分类是解题的关键.
二、填空题(本大共4 小题，每小题5 分，满分30 分)
11. 不等式
的解集是___________.
【答案】x＞10
【解析】【分析】按去分母、移项、合并同类项的步骤进行求解即可得.
【详解】去分母，得 x-8＞2，
移项，得 x＞2+8，
合并同类项，得 x＞10，
故答案为：x＞10.
【点睛】本题考查了解一元一次不等式，熟练掌握解一元一次不等式的基本步骤及注意事项是解题
的关键.
12. 如图，菱形ABOC 的AB，AC 分别与⊙O 相切于点D、E，若点D 是AB 的中点，则∠DOE__________.
【答案】60°
【解析】【分析】由AB，AC 分别与⊙O 相切于点D、E，可得∠BDO=∠ADO=∠AEO=90°，根据已知条件可得
到BD= OB，在Rt△OBD 中，求得∠B=60°，继而可得∠A=120°，再利用四边形的内角和即可求得∠DOE 的
度数.
【详解 】∵AB，AC 分别与⊙O 相切于点D、E，
∴∠BDO=∠ADO=∠AEO=90°，
∵四边形ABOC 是菱形，∴AB=BO，∠A+∠B=180°，
∵BD= AB，
∴BD= OB，
在Rt△OBD 中，∠ODB=90°，BD= OB，∴cos∠B=
，∴∠B=60°，
∴∠A=120°，
∴∠DOE=360°-120°-90°-90°=60°，
故答案为：60°.
【点睛】本题考查了切线的性质，菱形的性质，解直角三角形的应用等，熟练掌握相关的性质是解题
的关键.
13. 如图，正比例函数y=kx 与反比例函数y= 的图象有一个交点A(2，m)，AB⊥x 轴于点B，平移直线y=kx 使
其经过点B，得到直线l，则直线l 对应的函数表达式是_________ .
【答案】y= x-3
【解析】【分析】由已知先求出点A、点B 的坐标，继而求出y=kx 的解析式，再根据直线y=kx 平移后经过点
B，可设平移后的解析式为y=kx+b，将B 点坐标代入求解即可得.
【详解】当x=2 时，y= =3，∴A(2，3)，B（2，0），
∵y=kx 过点 A(2，3)，
∴3=2k，∴k= ，
∴y= x，
∵直线y= x 平移后经过点B，
∴设平移后的解析式为y= x+b，
则有0=3+b，
解得：b=-3，
∴平移后的解析式为：y= x-3，
故答案为：y= x-3.
【点睛】本题考查了一次函数与反比例函数的综合应用，涉及到待定系数法，一次函数图象的平移等，
求出k 的值是解题的关键.
14. 矩形ABCD 中，AB=6，BC=8.点P 在矩形ABCD 的内部，点E 在边BC 上，满足△PBE∽△DBC，若△APD
是等腰三角形，则PE 的长为数___________.
【答案】3 或1.2
【解析】【分析】由△PBE∽△DBC，可得∠PBE=∠DBC，继而可确定点P 在BD 上，然后再根据△APD 是等腰
三角形，分DP=DA、AP=DP 两种情况进行讨论即可得.
【详解】∵四边形ABCD 是矩形，∴∠BAD=∠C=90°，CD=AB=6，∴BD=10，
∵△PBE∽△DBC，
∴∠PBE=∠DBC，∴点P 在BD 上，
如图1，当DP=DA=8 时，BP=2，
∵△PBE∽△DBC，
∴PE：CD=PB：DB=2：10，
∴PE：6=2：10，
∴PE=1.2；
如图2，当AP=DP 时，此时P 为BD 中点，
∵△PBE∽△DBC，
∴PE：CD=PB：DB=1：2，
∴PE：6=1：2，
∴PE=3；
综上，PE 的长为1.2 或3，
故答案为：1.2 或3.
【点睛】本题考查了相似三角形的性质，等腰三角形的性质，矩形的性质等，确定出点P 在线段BD
上是解题的关键.
三、解答题
15. 计算：
【答案】7
【解析】【分析】先分别进行0 次幂的计算、二次根式的乘法运算，然后再按运算顺序进行计算即可.
【详解】
=1+2+
=1+2+4
=7.
【点睛】本题考查了实数的运算，熟练掌握实数的运算法则、0 次幂的运算法则是解题的关键.
16. 《孙子算经》中有过样一道题，原文如下 “
：今有百鹿入城，家取一鹿不尽，又三家共一鹿适尽，问城中家几
何？” 大意为：今有100 头鹿进城，每家取一头鹿，没有取完，剩下的鹿每3 家共取一头，恰好取完，问城中有
多少户人家？请解答上述问题.
【答案】城中有75 户人家.
【解析】【分析】设城中有x 户人家，根据今有100 头鹿进城，每家取一头鹿，没有取完，剩下的鹿每3 家共取
一头，恰好取完，可得方程x+ x=100，解方程即可得.
【详解】设城中有x 户人家，由题意得
x+ x=100，
解得x=75，
答：城中有75 户人家.
【点睛】本题考查了一元一次方程的应用，弄清题意，找出等量关系列方程进行求解是关键.
17. 如图，在由边长为1 个单位长度的小正方形组成的10×10 网格中，已知点O，A，B 均为网格线的交点.
（1）在给定的网格中，以点O 为位似中心，将线段AB 放大为原来的2 倍，得到线段
（点A，B 的对应点分
别为
）.画出线段
;
（2）将线段
绕点
逆时针旋转90°得到线段
.画出线段
;
（3）以
为顶点的四边形
的面积是 个平方单位.
【答案】（1）画图见解析；（2）画图见解析；（3）20
【解析】【分析】（1）结合网格特点，连接OA 并延长至A1，使OA1=2OA，同样的方法得到B1，连接A1B1即可
得；
（2）结合网格特点根据旋转作图的方法找到A2点，连接A2B1即可得；
（3）根据网格特点可知四边形AA1 B1 A2是正方形，求出边长即可求得面积.
【详解】（1）如图所示；
（2）如图所示；
（3）结合网格特点易得四边形AA1 B1 A2是正方形，
AA1=
，
所以四边形AA1 B1 A2的在面积为：
=20，
故答案为：20.
【点睛】本题考查了作图-位似变换，旋转变换，能根据位似比、旋转方向和旋转角得到关键点的对应
点是作图的关键.
18. 观察以下等式：
第1 个等式：
，
第2 个等式：
，
第3 个等式：
，
第4 个等式：
，
第5 个等式：
，
……
按照以上规律，解决下列问题：
（1）写出第6 个等式： ；
（2）写出你猜想的第n 个等式： (用含n 的等式表示)，并证明.
【答案】（1）
；（2）
，证明见解析.
【解析】【分析】（1）根据观察到的规律写出第6 个等式即可；
（2）根据观察到的规律写出第n 个等式，然后根据分式的运算对等式的左边进行化简即可得证.
【详解】（1）观察可知第6 个等式为：
，
故答案为：
；
（2）猜想：
，
证明：左边=
=
=
=1，
右边=1，
∴左边=右边，
∴原等式成立，
∴第n 个等式为：
，
故答案为：
.
【点睛】本题考查了规律题，通过观察、归纳、抽象出等式的规律与序号的关系是解题的关键.
19. 为了测量竖直旗杆AB 的高度，某综合实践小组在地面D 处竖直放置标杆CD，并在地面上水平放置个平
面镜E，使得B，E，D 在同一水平线上，如图所示.该小组在标杆的F 处通过平面镜E 恰好观测到旗杆顶A(此
时∠AEB=∠FED).在F 处测得旗杆顶A 的仰角为39.3°，平面镜E 的俯角为45°，FD=1.8 米，问旗杆AB 的高
度约为多少米? (结果保留整数)(参考数据：tan39.3°≈0.82，tan84.3°≈10.02)
【答案】旗杆AB 高约18 米.
【解析】【分析】如图先证明△FDE∽△ABE，从而得
，在Rt△FEA 中，由tan∠AFE=
，通过运算求得
AB 的值即可.
【详解】如图，∵FM//BD，∴∠FED=∠MFE=45°，
∵∠DEF=∠BEA，∴∠AEB=45°，
∴∠FEA=90°，
∵∠FDE=∠ABE=90°，
∴△FDE∽△ABE，∴
，
在Rt△FEA 中，∠AFE=∠MFE+∠MFA=45°+39.3°=84.3°，tan84.3°=
，
∴
，
∴AB=1.8×10.02≈18，
答：旗杆AB 高约18 米.
【点睛】本题考查了解直角三角形的应用，相似三角形的判定与性质，得到
是解题的关
键.
20. 如图，⊙O 为锐角△ABC 的外接圆，半径为5.
（1）用尺规作图作出∠BAC 的平分线，并标出它与劣弧BC 的交点E(保留作图痕迹，不写作法)；
（2）若（1）中的点E 到弦BC 的距离为3，求弦CE 的长.
【答案】（1）画图见解析；（2）CE=
【解析】【分析】（1）以点A 为圆心，以任意长为半径画弧，分别与AB、AC 有交点，再分别以这两个交点为圆
心，以大于这两点距离的一半为半径画弧，两弧交于一点，过点A 与这点作射线，与圆交于点E ，据此作图即
可；
（2）连接OE 交BC 于点F，连接OC、CE，由AE 平分∠BAC，可推导得出OE⊥BC，然后在Rt△OFC
中，由勾股定理可求得FC 的长，在Rt△EFC 中，由勾股定理即可求得CE 的长.
【详解】（1）如图所示，射线AE 就是所求作的角平分线；
（2）连接OE 交BC 于点F，连接OC、CE，
∵AE 平分∠BAC，
∴
，
∴OE⊥BC，EF=3，∴OF=5-3=2，
在Rt△OFC 中，由勾股定理可得FC=
=
，
在Rt△EFC 中，由勾股定理可得CE=
=
.
【点睛】本题考查了尺规作图——作角平分线，垂径定理等，熟练掌握角平分线的作图方法、推导得
出OE⊥BC 是解题的关键.
21. “校园诗歌大赛”结束后，张老师和李老师将所有参赛选手的比赛成绩(得分均为整数)进行整理，并分别绘
制成扇形统计图和频数直方图部分信息如下：
（1）本次比赛参赛选手共有 人，扇形统计图中“69.5～79.5”这一组人数占总参赛人数的百分比为 ；
（2）赛前规定，成绩由高到低前60%的参赛选手获奖.某参赛选手的比赛成绩为78 分，试判断他能否获奖，并
说明理由;
（3）成绩前四名是2 名男生和2 名女生，若从他们中任选2 人作为获奖代表发言，试求恰好选中1 男1 女的概
率.
【答案】（1）50，30%；（2）不能，理由见解析；（3）P=
【解析】【分析】（1）由直方图可知59.5~69.5 分数段有5 人，由扇形统计图可知这一分数段人占10%，据此可
得选手总数，然后求出89.5~99.5 这一分数段所占的百分比，用1 减去其他分数段的百分比即可得到分数段
69.5~79.5 所占的百分比；
（2）观察可知79.5~99.5 这一分数段的人数占了60%，据此即可判断出该选手是否获奖；
（3）画树状图得到所有可能的情况，再找出符合条件的情况后，用概率公式进行求解即可.
【详解】（1）本次比赛选手共有（2+3）÷10%=50（人），
“89.5～99.5”这一组人数占百分比为：（8+4）÷50×100%=24%，
所以“69.5～79.5”这一组人数占总人数的百分比为：1-10%-24%-36%=30%，
故答案为：50，30%；
（2）不能；由统计图知，79.5~89.5 和89.5~99.5 两组占参赛选手60%，而78＜79.5，所以他不能获奖；
（3）由题意得树状图如下
由树状图知，共有12 种等可能结果，其中恰好选中1 男1 女的8 结果共有种，故P=
= .
【点睛】本题考查了直方图、扇形图、概率，结合统计图找到必要信息进行解题是关键.
22. 小明大学毕业回家乡创业，第一期培植盆景与花卉各50 盆售后统计，盆景的平均每盆利润是160 元，花
卉的平均每盆利润是19 元，调研发现：
①盆景每增加1 盆，盆景的平均每盆利润减少2 元;每减少1 盆，盆景的平均每盆利润增加2 元;②花卉的平
均每盆利润始终不变.
小明计划第二期培植盆景与花卉共100 盆，设培植的盆景比第一期增加x 盆，第二期盆景与花卉售完后的利
润分别为W1，W2（单位：元）
（1）用含x 的代数式分别表示W1，W2;
（2）当x 取何值时，第二期培植的盆景与花卉售完后获得的总利润W 最大，最大总利润是多少?
【答案】（1）W1=-2x²+60x+8000，W2=-19x+950；（2）当x=10 时，W 总最大为9160 元.
【解析】【分析】（1）第二期培植的盆景比第一期增加x 盆，则第二期培植盆景（50+x）盆，花卉（50-x）盆，根据
盆景每增加1 盆，盆景的平均每盆利润减少2 元;每减少1 盆，盆景的平均每盆利润增加2 元，②花卉的平均
每盆利润始终不变，即可得到利润W1，W2与x 的关系式；
（2）由W 总=W1+W2可得关于x 的二次函数，利用二次函数的性质即可得.
【详解】（1）第二期培植的盆景比第一期增加x 盆，则第二期培植盆景（50+x）盆，花卉[100-
(50+x)]=（50-x）盆，由题意得
W1=(50+x)(160-2x)=-2x²+60x+8000，
W2=19(50-x)=-19x+950；
（2）W 总=W1+W2=-2x²+60x+8000+（-19x+950）=-2x²+41x+8950，
∵-2＜0，
=10.25，
故当x=10 时，W 总最大，
W 总最大=-2×10²+41×10+8950=9160.
【点睛】本题考查了二次函数的应用，弄清题意，找准数量关系列出函数解析式是解题的关
键.
23. 如图1，Rt△ABC 中，∠ACB=90°，点D 为边AC 上一点，DE⊥AB 于点E，点M 为BD 中点，CM 的延长线
交AB 于点F.
（1）求证：CM=EM；
（2）若∠BAC=50°，求∠EMF 的大小；
（3）如图2，若△DAE≌△CEM，点N 为CM 的中点，求证：AN∥EM.
【答案】（1）证明见解析；（2）∠EMF=100°；（3）证明见解析.
【解析】【分析】（1）在Rt△DCB 和Rt△DEB 中，利用直角三角形斜边中线等于斜边一半进行证明即可得；
（2）根据直角三角形两锐角互余可得∠ABC=40°，根据CM=MB，可得∠MCB=∠CBM，从而可得
∠CMD=2∠CBM，继而可得∠CME=2∠CBA=80°，根据邻补角的定义即可求得∠EMF 的度数；
【详解】（1）∵M 为BD 中点，
Rt△DCB 中，MC= BD，
Rt△DEB 中，EM= BD，
∴MC=ME；
（2）∵∠BAC=50°，∠ACB=90°，
∴∠ABC=90°-50°=40°，
∵CM=MB，
∴∠MCB=∠CBM，
∴∠CMD=∠MCB+∠CBM=2∠CBM，
同理，∠DME=2∠EBM，
∴∠CME=2∠CBA=80°，
∴∠EMF=180°-80°=100°；
（3）∵△DAE≌△CEM，CM=EM，
∴AE=EM，DE=CM，∠CME=∠DEA=90°，∠ECM=∠ADE，
∵CM=EM，∴AE=ED，∴∠DAE=∠ADE=45°，
∴∠ABC=45°，∠ECM=45°，
又∵CM=ME= BD=DM，
∴DE=EM=DM，
∴△DEM 是等边三角形，
∴∠EDM=60°，
∴∠MBE=30°，
∵CM=BM，∴∠BCM=∠CBM，
∵∠MCB+∠ACE=45°，
∠CBM+∠MBE=45°，
∴∠ACE=∠MBE=30°，
∴∠ACM=∠ACE+∠ECM=75°，
连接AM，∵AE=EM=MB，
∴∠MEB=∠EBM=30°，
∠AME= ∠MEB=15°，
∵∠CME=90°，
∴∠CMA=90°-15°=75°=∠ACM，
∴AC=AM，
∵N 为CM 中点，
∴AN⊥CM，
∵CM⊥EM，
∴AN∥CM.
【点睛】本题考查了三角形全等的性质、直角三角形斜边中线的性质、等腰三角形的判定与性质、三
角形外角的性质等，综合性较强，正确添加辅助线、灵活应用相关知识是解题的关键.
