[讲义答案]第6讲动量定理-bf8dfd8aad93_学而思高一全套_2020年寒假高一_2020寒直播课高一物理目标自招综评班于鲲鹏完结

答 案
D
解析
解：A、动量是质量与速度的乘积，故A错误； 
B、动量是质量与速度的乘积，故B错误 ；  
C、动量是矢量，它的方向与速度的方向相同，速度大小相等，但方向不一定相同，故C错误； 
D、动量是质量与速度的乘积，速度相等，那么质量大的物体动量一定大，故D正确。
答 案
B
解析
解：动量改变量是矢量，只有大小和方向都相同时才能说改变量相同，故选B。
答 案
A C D
解析
解：在任何相等的时间
内，物体的动量变化
总是相等的，则动量的变化率
相等，即物体
受力相等，在恒力作用下物体必做匀变速运动，故可能的是A、C、D。
模块1：动
：动量
1
1  69%
1  47%
1
例题1
例题2
例题3
Δt
Δp
 
Δt
Δp
例题4
答 案
，与
点动量方向成
夹角。
解析
解：如图所示，由于初、末动量不在同一条直线上，由平行四边形定则可知
，与
点动量方向的夹角为
。 
答 案
B
解析
解：物体在同样时间内从静止开始匀加速运动同样的距离，
， 
， 
比较两式可知
， 
由于作用时间相同因此
的冲量也小于
；两次所用时间相同，且在同一斜面上，物体受到的合
力都为
，物体所受合外力的冲量相等。
答 案
B D
解析
解：物体沿光滑斜面下滑的加速度
，从斜面顶端到达底端时间
 
而
，所以
 
两物体从斜面同一高度滑到底端过程中重力的冲量为 
 
由于斜面倾角不同，故两物体所受重力冲量不同，A错。 
两物体所受合力大小为
。 
。 
两物体到达斜面底端过程中，所受合力冲量大小相同，但由于冲量是矢量，斜面倾角不同，两物体
在斜面上运动过程中所受合力方向不同，故所受合力冲量不同，B正确。 
模块2：冲量
：冲量
1  52%
1  39%
mv
2
A
135∘
Δp = mΔv =
 =
mv
+ mv
(
)2
(
)2
 mv
2
A
135∘
例题5
F
 =
1
ma + μmg cos θ + mg sinθ
F
 cos θ =
2
ma + μmg cos θ + μF
 sinθ +
2
mg sinθ
F
 <
1
F
 2
F
 1
F
 2
ma
例题6
a = gsinθ
t =
 
 
a
2s
sinθ =
 s
h
t =
 
 
gsin θ
2
2h
I
 =
G
mgt = mg
 
 
gsin θ
2
2h
F
 =
合
mgsinθ
I
 =
合
F
 t =
合
mgsinθ ⋅t = mg
 =
 
g
2h
m
 
2gh
两物体到达斜面底端时速度大小为
。 
所以
 
但由于斜面倾角不同，两物体到达斜面底端时速度方向不同，故两物体到达斜面底端时动量不同，
C错、D正确。
答 案
C
解析
解：对铁锤应用动量定理，设木桩对铁锤的平均作用力为
，则
，解得
，所以由牛顿第三定律知，铁锤对木桩的平均冲力
。
答 案
C
解析
解：题图
中，合力的冲量为
； 
题图
中，合力的冲量为
； 
题图
中，合力的冲量为
； 
题图
中，合力的冲量为
。 
由于在题图
情况下合力的冲量最大，故
是最大的。
答 案
D
解析
解：由动量定理可知
，
，所以
；由动能
定理可知
，
，故
。
1  81%
1
1
v = at
v = gsinθ
 
 
gsin θ
2
2h
=
 
2gh
例题7
F
F −mg ⋅
(
) Δt = 0 −−mv
(
)
F =
 +
Δt
mv
mg
F =
′
F =
 +
Δt
mv
mg
例题8
a
( )
I
 =
a
Ft
 +
1
Ft −
2
mg sin30 ⋅
∘
t = −0.50mg × 2 + 0.5mg × 1 −0.5mg × 3 = −2mg
b
( )
I
 =
b
Ft
 +
1
Ft +
2
Ft
 −
3
mg sin30 ⋅
∘
t = −1.5mg
c
( )
I
 =
c
Ft
 +
1
Ft −
2
mg sin30 ⋅
∘
t = −2.5mg
d
( )
I
 =
d
Ft
 +
1
Ft −
2
mg sin30 ⋅
∘
t = −1.5mg
c
( )
v
 3
例题9
I
 =
1
mv −0 = mv
I
 =
2
m ⋅2v −mv = mv
I
 =
1
I
 2
W
 =
1
 mv −
2
1
2
0 =
 mv
2
1
2
W
 =
2
 m 2v
−
2
1
(
)2
 mv =
2
1
2
 mv
2
3
2
W
 <
1
W
 2
答 案
C
解析
解：对铁锤分析可知，其受重力与木桩的作用力；设向下为正方向，则有  
，得：
，由牛顿第三定律可知，铁锤对木桩的平均冲
力为
，C正确。  
故选：C。
答 案
A
解析
解：设水杯底面积为，
内下落的水的质量为
，对这部分水应用动量定理有
，则
，故压强大小为
。故选A。
答 案
B
解析
解：单位时间内喷到工件上的水的体积为：
，  
故质量为：
 。  
设水的初速度方向为正方向；则由动量定理可得：
， 
解得：
。  
水受到的冲击力与运动方向相反，工件受到的冲击力产生的压力为
，方向沿水流的方向。
模块3：动
：动量定理
量定理
1
1  61%
1  63%
例题10
mg −F Δt =
(
)
0 −mv
F = mg +
 
Δt
mv
F =
 +
Δt
mv
mg
例题11
S
Δt = 1h
Δm = ρSh
FΔt = Δmv
F =
 
Δt
Δmv
p =
 =
S
F
 =
SΔt
Δmv
 =
SΔt
ρShv
 =
Δt
ρhv
0.15Pa
例题12
V =
 ×
4
πd2
3vt
m = ρV = 3ρ
 vt
4
πd2
Ft = 0 −m × 3v
F = −
 =
t
3mv
−9ρ
 v =
4
πd2
2
−
 N =
4
9 × 1 × 10 × 3.14 × (0.5 × 10
) × (
 )
3
−3 2
3
1000 2
−2
200N
例题13
答 案
解析
计算起跳后
内运动员(及装备)所受平均阻力的大小，应根据动量定理进行计算。设运动员质量为
，全部装备质量为
，由题目条件中读出
末运动员速度为
，根据动量定理有
， 
代入数据解得：
。
答 案
解析
运动员从脚接触地到最后速度减为过程中，是运动员的速度由
减为的过程，所用时
间由图可知为
， 
由动量定理有：
， 
代入数据解得：
。
答 案
解析
在开伞前的整个过程中只有重力和阻力做功，开伞前的速度由图可读出为
， 
由
图中图象与坐标轴的面积的物理意义表示位移，则可通过数格子的方式获取开伞前运动员
下落的高度约为
， 
由动能定理有
， 
即
， 
代入数据得：
。
1  79%
2  56%
3  25%
模块4：专业
：专业介绍
模块5：备选题
：备选题
80N
2s
M
m
2s
v
 =
1
18m/s
(M + m)g ⋅t
 −
1
 ⋅
f
t
 =
1
(M + m) ⋅v
 −
1
0
 =
f
80N
2450N
0
v
 =
2
5m/s
0
t
 =
2
0.2s
Mg ⋅t
 −
2
⋅
F
t
 =
2
0 −M ⋅v
 2
=
F
2450N
−1.76 × 10 J
5
v
 =
3
40m/s
v −t
h = 300m
W
 +
G
W
 =
f
 (M +
2
1
m)v
 −
32
0
(M + m)gh + W
 =
f
 (M +
2
1
m)v
 −
3
2
0
W
 =
f
−1.76 × 10 J
5