文档文本内容
第07 讲 共点力的平衡
目录
01 考情解码·命题预警..........................................................................................................................2
02 体系构建·思维可视..........................................................................................................................3
03 核心突破·靶向攻坚..........................................................................................................................4
考点一 受力分析、共点力的平衡...................................................................................................................4
知识点1 共点力的平衡条件......................................................................................................................4
知识点2 受力分析的思路与步骤.......................................................................................................4
考向1 物体的受力分析..............................................................................................................................6
考向2 静态平衡..........................................................................................................................................9
考向3 整体与隔离法的应用.....................................................................................................................11
考点二 动态平衡 临界与极值.......................................................................................................................17
知识点1 动态平衡问题.....................................................................................................................17
知识点2 平衡中的临界与极值问题.................................................................................................19
考向1 解决动态平衡的常用方法..........................................................................................................19
考向2 平衡中的极值与临界问题..........................................................................................................29
04 真题溯源·考向感知........................................................................................................................34
考点要求
考察形式
2025 年
2024 年
2023 年
共点力的平衡
选择题
非选择题
\
\
\
受力分析
选择题
非选择题
\
\
\
考情分析：
1.在四川高考中，共点力的平衡不常单独考，但要注意其与其他知识点结合起来考。
2．从命题思路上看，试题常创设各种实际情境，要求学生将实际问题转化为共点力平衡的物理模型，然
后运用平衡条件（F 合=0）来解决问题。
复习目标：
目标一：掌握受力分析。面对复杂情境（如斜面、连接体、电磁场环境），能准确完成受力分析，不遗
漏、不虚构力，规范画出受力示意图，并标注力的方向与大小关系。
目标二：学会分析静态以及动态物体的平衡。从而从容面对复杂的共点力平衡问题。
考点一 受力分析、共点力的平衡
知识点1 共点力的平衡条件
一、受力分析
分析物体的受力，有两条思路。一是根据物体运动状态的变化来分析和判断其受力情况；二是根据
各种力的特点，从相互作用的角度来分析物体的受力。
二、共点力的平衡
1.共点力
作用于物体的
同一点
或作用线相交于一点的几个力。
2.平衡状态
物体保持
静止
或
匀速直线运动
的状态。
3.共点力的平衡条件
（1）F 合＝0 或者{
F x =0，
F y =0。
（2）平衡条件的推论
①二力平衡：如果物体在两个共点力的作用下处于平衡状态，这两个力必定大小
相等
，方向
相反
。
②三力平衡：如果物体在三个共点力的作用下处于平衡状态，其中任何一个力与其余两个力的合力
大小
相等
，方向
相反
；并且这三个力的矢量可以形成一个首尾相接的矢量
三角形
。
③多力平衡：如果物体在多个共点力的作用下处于平衡状态，其中任何一个力与其余几个力的合力
大小
相等
，方向
相反
。
知识点2 受力分析的思路与步骤
1.受力分析的一般步骤
2.整体法与隔离法
整体法
隔离法
概念
将加速度相同的几个物体作为一个整体来分
析的方法
将研究对象与周围物体分隔开来分析
的方法
选用
原则
研究系统外的物体对系统整体的作用力或求
系统整体的加速度
研究系统内物体之间的相互作用力
注意
事项
对整体进行受力分析时，不再考虑系统内物
体间的相互作用
一般先隔离受力较少的物体作为突破
口
3.求解单物体平衡问题的常用方法
方法
内容
合成
与分解法
物体受三个共点力的作用而平衡，将任意两个力合成，则该合力一定与第三个力大小
相等，方向相反；或将其中某一个力沿另外两个力的反方向分解，则其分力和其他两
个力满足平衡条件
正交
分解法
物体受到三个或三个以上力的作用而平衡，将物体所受的力分解到两个相互垂直的x
轴、y 轴上，则Fx 合＝0，Fy 合＝0。选择x、y 轴方向时，要使尽可能多的力落在x 轴、
y 轴上，被分解的力要尽可能是已知力
矢量
三角形法
对受三力作用而平衡的物体，将力的矢量图平移，使三力组成一个首尾依次相接的矢
量三角形，结合数学知识求解未知力
4.整体法与隔离法的选用技巧
整体法
隔离法
概念
将几个物体作为一个整体来分析的方
法
将研究对象与周围物体分隔开来分析的方法
选用
原则
研究系统外的物体对系统整体的作用
力
研究系统内物体之间的相互作用力
技巧
整体法与隔离法结合，交替应用
拓展
立体空间中的平衡问题
立体空间中的平衡问题涉及到物体在三维空间中所受的力的平衡关系。一般可按以下步骤求解：
（1）对物体进行的受力分析，明确物体在空间中所受到的各种力。
（2）选择合适的坐标轴。通常会选择物体的几何特征明显的方向，或者是力的作用方向较为清晰
的方向作为坐标轴。
（3）将各个力沿着选定的坐标轴进行分解。把力分解为沿坐标轴方向的分力。
（4）根据平衡条件，即在选定的坐标轴方向上合力为零，列出相应的方程。
考向1 物体的受力分析
例1 （2025·四川眉山·高三月考）如图所示，粗糙的木块A、B 叠放在一起，静止于倾角为θ 的固
定斜面上。木块B 的受力个数为（ ）
A．3 个
B．4 个
C．5 个
D．6 个
【答案】C
【详解】由题知，整体处于平衡状态。对AB 整体受力分析，可知斜面对整体有沿斜面向上的静摩
擦力作用；对A 受力分析，可知B 对A 有沿斜面向上的静摩擦力和垂直斜面向上的支持力作用；
对B 受力分析，可知受重力、A 对B 的压力、A 对B 沿斜面向下的静摩擦力、斜面对B 的支持力、
斜面对B 沿斜面向上的静摩擦力，故B 受5 个力作用。
故选C。
例2（2025·四川南充·高三月考）如图所示，水平地面上静置一斜面体，物体A 静止在斜面上，下
列说法正确的是（ ）
A．物体A 受到2 个力作用
B．地面对斜面体的摩擦力水平向右
C．斜面体对物体A 的作用力竖直向上
D．增大物体A 的质量，物体A 将沿斜面下滑
【答案】C
【详解】A．物体A 受到重力、斜面体的支持力和摩擦力共3 个力作用，故A 错误；
B．斜面体受到重力、地面的支持力、物块A 的摩擦力和压力共4 个力作用，地面对斜面体没有摩
擦力作用，故B 错误；
C．物块A 处于平衡状态，则重力与斜面体对A 的作用力等大反向，可知斜面体对物体A 的作用力
竖直向上，故C 正确；
D．由于物体在斜面上处于静止状态，则
mgsinθ≤μmgcosθ
若增大物体A 的质量，上式仍然成立，所以物体A 将仍处于静止状态，故D 错误。
故选C。
【变式训练1】（2025·浙江·高三期中）小孙同学手端餐盘走向餐桌的过程中时的情景如图所示。
假设餐盘保持水平，盘中的物品四周都留有一定的空间，并与餐盘保持相对静止，则下列说法正确
的是（ ）
A．匀速向前行走时，盘对水果的作用力水平向前
B．减速行走时，水果受到4 个力的作用
C．将餐盘竖直向下放到餐桌上的过程中，食物一直处于超重状态
D．若餐盘稍微倾斜，但盘和水果仍静止，则水果受盘的作用力竖直向上
【答案】D
【详解】A．匀速向前行走时，水果处于平衡状态，则盘对水果的作用力竖直向上，选项A 错误；
B．减速行走时，水果受到重力、水果盘对水果的支持力和摩擦力，共3 个力的作用，选项B 错
误；
C．将餐盘竖直向下放到餐桌上的过程中，食物的加速度先向下后向上，则先失重后超重，选项C
错误；
D．若餐盘稍微倾斜，但盘和水果仍静止，则水果受盘的作用力与重力等大反向，即竖直向上，选
项D 正确。
故选D。
【变式训练2】（2025·四川成都·三模）工人用如图甲所示的小推车搬运桶装水，小推车的支架和
底板相互垂直。某次工人将质量为20kg 的一桶水放到底板上，用力压把手至支架与水平面成30°角
时保持静止，如图乙所示，不计水桶与小推车间的摩擦，重力加速度g 取10 m/s
2，下列说法正确
的是（ ）
A．此时支架对水桶的弹力大小为100N
B．此时底板对水桶的弹力大小为100 ❑√3N
C．此时小推车对水桶的作用力小于水桶对推车的作用力
D．缓慢减小支架与水平面的夹角，底板对水桶的弹力将减小
【答案】D
【详解】AB．根据题意，对水桶受力分析，如图所示
由平衡条件有F1=mgsin30°，F2=mgcos30°
解得F1=100 N，F2=100 ❑√3 N
故A B 错误；
C．由平衡条件可知，小推车对水桶的作用力等于水桶对推车的作用力，故C 错误；
D．结合上述分析可知，底板对水桶的弹力F1=mgsinθ
可知，缓慢减小支架与水平面的夹角θ，底板对水桶的弹力将减小，故D 正确。
故选D。
点拨
口诀记忆：重力一定有，弹力看接触，摩擦看相对，外场（场力）别忘记。
具体步骤：
① 重力：方向竖直向下（无论物体状态，必画）；
② 弹力：接触处是否有形变？（如绳子的拉力、接触面的支持力，方向垂直接触面或沿绳）；
③ 摩擦力：接触面粗糙 + 有弹力 + 有相对运动 / 趋势（方向与相对运动方向相反）；
④ 其他场力：电场力（F=Eq）、磁场力（安培力、洛伦兹力）等（题目若涉及必画）。
考向2 静态平衡
例1（2025·四川宜宾·高三月考）如图所示，书静止于水平桌面上，下列说法正确的是（ ）
A．书对桌面的压力就是书的重力
B．书对桌面的压力和书的重力是一对作用力与反作用力
C．书对桌面的压力和桌面对书的支持力是一对平衡力
D．书的重力和桌面对书的支持力是一对平衡力
【答案】D
【详解】A．书对桌面的压力是由书产生的，书的重力是由于地球吸引书产生的，不是同一个力，
故A 错误；
BC．书对桌面的压力和桌面对书的支持力是一对作用力与反作用力，故BC 错误；
D．竖直方向，书的重力和桌面对书的支持力大小相等，方向相反，作用在同一物体上，是一对平
衡力，故D 正确。
故选D。
【变式训练1】（2024·四川德阳·一模）如图所示，将一细杆放在光滑半球形容器内，处于静止状
态，它与容器的接触点分别为点A、点B，下列关于细杆的说法中正确的是（ ）
A．若细杆的形状规则，则细杆的重心一定在它的几何中心
B．细杆的重心一定位于AB之间
C．细杆在A 点处可能不受弹力
D．细杆的重心可能位于B 点
【答案】B
【详解】A．若细杆的形状规则，但质量分布不一定均匀，因此细杆的重心不一定在它的几何中
心，选项A 错误；
C．因半球形容器光滑，细杆在A 点处若不受弹力，则杆不能静止，选项C 错误；
BD．细杆静止，作出细杆的受力如图：
则可判断细杆的重心一定位于AB之间，不可能位于B 点，选项B 正确，D 错误。
故选B。
【变式训练2】（多选）（2025·四川南充·高三月考）网上热传一段视频，唤醒了“80、90 后”的
记忆，奶奶站在凳子上用杆秤给小孙子称体重，多才的网友根据视频画了一幅漫画，如图所示。下
列说法正确的是（ ）
A．小孩所受的重力方向一定垂直于地面
B．奶奶对凳子的压力是由于凳子的形变引起的
C．小孩被提起后的重心一定位于秤钩的正下方
D．凳子对奶奶的支持力与奶奶、小孙子、杆秤所受的总重力是一对平衡力
【答案】CD
【详解】A．小孩所受的重力方向竖直向下，不一定垂直于地面，故A 错误；
B．奶奶对凳子的压力是由于奶奶的形变引起的，故B 错误；
C．小孩被提起后，小孩受重力与秤钩的拉力是一对平衡力，大小相等，方向相反，小孩的重心一
定位于秤钩的正下方，故C 正确；
D．凳子对奶奶的支持力与奶奶、小孙子、杆秤所受的总重力是一对平衡力，故D 正确。
故选CD。
【变式训练2】（多选）如图，质量均为m 的A、B、C 三个木块叠放在粗糙的水平地面上，A、B
接触面沿水平方向，整个系统处于静止状态，下列说法正确的是（ ）
A．A 对B 压力的大小等于mg
B．木块B 受到4 个力的作用
C．地面对C 的摩擦力水平向左
D．地面对C 的支持力等于3mg
【答案】ABD
【详解】A．对A 受力分析可知，B 对A 的支持力大小等于mg，则由牛顿第三定律可知，A 对B
压力的大小等于mg，选项A 正确；
B．木块B 受到重力、斜面的支持力和摩擦力以及A 对B 的压力共4 个力的作用，选项B 正确；
CD．对ABC 整体分析可知，水平方向受力平衡，则地面对C 无摩擦力作用，竖直方向平衡可知，
地面对C 的支持力等于3mg，选项C 错误，D 正确。
故选ABD。
点拨
矢量合成法：多个力的矢量和为零（适用于 2-3 个力的简单场景，可用平行四边形定则或三角形
法则求解）；
正交分解法：建立坐标系后，各方向合力为零（ΣF =0
ₓ
，ΣF =0
ᵧ
，适用于多力复杂场景）。
得分关键：看到 “静止”“匀速”“缓慢移动” 等关键词，立即想到 “平衡条件”，切勿误用
牛顿第二定律（a=0）。
考向3 整体与隔离法的应用
例1（2025·四川乐山·三模）如图所示，一半径为R、质量为3m的半球放在水平地面上，O点是球
心，在O点正上方❑√3 R处固定一钉子A，长度为R的轻质细绳一端栓在A 上，另一端连接质量为m
的光滑小球（可视为质点），整个系统处于静止状态。已知重力加速度为g，下列说法正确的是（
）
A．细绳对小球的拉力为
❑√3
3 mg
B．半球对小球的支持力为
❑√3
2 mg
C．地面对半球的支持力为4 mg
D．地面对半球的摩擦力为零
【答案】A
【详解】AB．如图所示
由几何关系可得△ABO为底角为30°的等腰三角形，以小球为对象受力分析可得N =T，
N cos30°+T cos30° =mg
解得细绳对小球的拉力为T =
❑√3
3 mg
半球对小球的支持力为N =
❑√3
3 mg
故A 正确，B 错误；
CD．以小球和半球为整体，根据平衡条件可得地面对半球的支持力为
N 地= 4 mg−T cos30° = 7
2 mg
地面对半球的摩擦力为f 地=T sin30° =
❑√3
6 mg
故CD 错误。
故选A。
【变式训练1】（2025·山东济南·一模）如图所示，光滑定滑轮固定在天花板上，轻绳绕过定滑
轮，一端竖直悬挂质量为2m 的小球P，另一端连接质量为m 的圆环Q，圆环Q 套在粗糙水平杆
上。一水平向左的力F 作用在圆环上，使轻绳和杆之间夹角为30°，整个系统保持静止状态。已知
重力加速度为g，下列说法正确的是（ ）
A．杆对圆环Q 摩擦力的方向一定向右
B．杆对圆环Q 摩擦力的方向可能向左
C．定滑轮对轻绳作用力的方向竖直向上
D．定滑轮对轻绳作用力的大小为2❑√3mg
【答案】D
【详解】小球P 静止，由平衡条件知，绳子拉力大小为T =2mg
由于T sinθ =mg
则圆环Q 不受杆的支持力作用，可见杆对圆环Q 没有摩擦力，由力的合成知，轻绳对动滑轮的作
用力大小F1=2T cos 60°
2 =2❑√3mg
方向与竖直方向成30°角斜向左下方，由牛顿第三定律知，定滑轮对轻绳作用力的方向与竖直方向
成30°角斜向右上方，大小为F
′
1= F1=2❑√3mg
故选D。
【变式训练2】（2025·四川内江·高三月考）如图所示，将质量、形状和体积均相同的A、B 两木块
靠在一起，木块B 放置在地面上，木块A 用绳子拴在天花板上，绳子处于竖直伸直状态，整个装置
静止。则下列说法中正确的是（ ）
A．绳子上拉力可能为零
B．地面受的压力可能为零
C．木块A、B 之间一定不存在摩擦力
D．地面与木块B 间可能存在摩擦力
【答案】A
【详解】AC．对A 分析，可知A 可能受到重力和绳子的拉力两个力作用；也可能受到重力、支持
力和摩擦力三个力作用；也可能受到重力、支持力、摩擦力和绳子拉力四个力作用，故绳子上拉力
可能为零，也可能不为零，故A 正确，C 错误；
B．对B 分析，可知B 对地面的压力一定不会等于零，故B 错误；
D．对整体分析，可知整体在水平方向不受外力作用，所以地面与物体B 之间的摩擦力一定等于
零，故D 错误。
故选A。
【变式训练3】（多选）（2025·四川凉山·高三月考）如图所示，斜面体A 静止在水平面上，滑块
B 沿斜面向下做匀速运动过程中，给B 施加一竖直向下恒力作用（图中未画出），斜面体仍保持静
止，则（ ）
A．滑块B 做匀加速直线运动
B．滑块B 做匀速直线运动
C．斜面体A 不受地面的摩擦力
D．斜面体A 受地面的摩擦力
【答案】BC
【详解】AB．滑块B 沿斜面向下做匀速运动过程满足mgsinθ = μmgcosθ
若给B 施加一竖直向下恒力作用，则表达式(mg+ F )sinθ = μ(mg+ F )cosθ
仍成立，即滑块B 仍做匀速直线运动，选项A 错误，B 正确；
CD．对AB 的整体分析，水平方向受合外力为零，则水平方向受摩擦力为零，选项C 正确，D 错
误。
故选BC。
例2（2025·重庆·高三月考）拱是一种重要的力学结构，我国的赵州桥就是世界上现存最早，保存
最完整的古代石拱桥。拱桥结构的特点是利用石块的楔形结构，将受到的重力和压力分解为向两边
的压力，最后由拱桥两端的基石来承受（如图甲）。现有六块大小、形状、质量都相同的楔形石块
组成一个半圆形实验拱桥（如图乙），如果每个楔形石块的质量m=20kg，假设在中间两楔形石块
正上方静置一个质量为M =80kg的长方形石块，重力加速度g 取10 m /s
2，静摩擦力方向与接触面
相切。则（ ）
A．地面对楔形石块1 的弹力大小为1400N
B．楔形石块3 对楔形石块4 的静摩擦力大小为400N
C．楔形石块2 对楔形石块3 的弹力大小一定小于500N
D．楔形石块2 对楔形石块3 的静摩擦力大小一定小于300 ❑√3 N
【答案】D
【详解】A．取整体分析，六块楔块和长方形石块受到的总重力
G =6mg+ Mg=2000 N
由平衡条件知地面对楔形石块1 的弹力大小为
N = G
2 =1000 N
故A 错误；
B．对楔形石块4、5、6 及M
2 的石块看成整体，对整体进行受力分析，如图所示
根据平衡条件
(
M
2 +3m)g= N + f
解得楔形石块3 对楔形石块4 的静摩擦力大小为
f =0
故B 错误；
CD．由对称性可知，2 对3 的弹力大小与5 对4 的弹力大小相等，2 对3 的摩擦力大小与5 对4 的摩
擦力大小相等。设2 对3 的弹力大小为F23，2 对3 的摩擦力大小为Ff 23，4 对3 的弹力为FT（将FT
看成已知力），把楔形石块3 和质量为M
2 的石块看成整体，对整体进行受力分析，如图所示
由平衡条件可得
F23cos30°−Ff 23sin30° = FT
F f 23cos30°+ F23sin30° =(m+ M
2 )g
联立解得
F23=300 N + FT cos30°>300 N
F f 23=300 ❑√3 N −1
2 FT <300 ❑√3 N
故C 错误， D 正确。
故选D。
【变式训练1】（多选）（2025·四川眉山·高三月考）如图所示，三个木块A、B、C 的质量均为
m，在水平推力F 的作用下静止靠在竖直的墙面上。已知A 的左侧是光滑的，其余所有接触面均粗
糙。下列说法正确的是（ ）
A．A 对B 的摩擦力竖直向下，大小是mg
B．B 对C 的摩擦力竖直向下，大小是mg
C．C 对B 的摩擦力竖直向上，大小是2mg
D．墙对C 的摩擦力竖直向上，大小是mg
【答案】AC
【详解】A．对A 分析可知，竖直方向平衡，则B 对A 的摩擦力竖直向上，则
f BA=mg
由牛顿第三定律可知，A 对B 的摩擦力竖直向下，大小是
fAB=mg
选项A 正确；
BC．对B 分析可知
f CB=mg+ f AB=2mg
即 C 对B 的摩擦力竖直向上，大小是2mg ，根据牛顿第三定律，B 对C 的摩擦力竖直向下，大小
是2mg，选项C 正确，B 错误；
D．对ABC 整体分析可知，墙对C 的摩擦力竖直向上，大小是3mg，选项D 错误。
故选AC。
【变式训练2】（2024·四川成都·模拟预测）中国于2024 年9 月25 日8 时44 分，向太平洋相关公
海海域成功发射了一枚携带训练模批弹头的洲际弹道导弹，导弹准确落入预定海域。风洞实验主要
用于运动物体（如汽车、飞机、导弹等）与空气之间作用力的分析和研究。在风洞实验室中，将两
个完全相同的小球用两段轻线连接后悬挂于天花板顶部，两球受到的水平风力相同。两小球处于稳
定时，实际形态最接近的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】B
【详解】设上端绳子与竖直方向的夹角为α，风力为f ，对整体受力分析，受力平衡，由矢量三角
形有tan α = 2f
2mg
设下端绳子与竖直方向的夹角为β，对下面的小球受力分析，受力平衡，由矢量三角形有
tan β = f
mg
可知α = β
由此可知，绳子与竖直方向的夹角相同，即两球在同一条倾斜直线上。
故选B。
点拨
1. 整体法：化繁为简，快速求外力
忽略系统内部的相互作用力（内力），只分析外界对系统的力（外力）；
公式表达：对系统整体，合外力 ΣF = Ma（M 为总质量，a 为共同加速度），若平衡则 ΣF=0。
2. 隔离法：聚焦局部，精准求内力
选择受力较少或已知量较多的物体隔离，避免复杂计算；
隔离后严格按 “重弹摩外场” 顺序受力分析，注意内力的反作用力关系（牛顿第三定律）。
考点二 动态平衡 临界与极值
知识点1 动态平衡问题
1.基本思路
化“动”为“静”，“静”中求“动”。
2.分析动态平衡问题的常用方法
（1）解析法
①列平衡方程求出未知量与已知量的关系表达式。
②根据已知量的变化情况来确定未知量的变化情况。
（2）图解法
①根据已知量的变化情况，画出平行四边形边、角的变化。
②确定未知量大小、方向的变化。
在同一平面内，当三个
共点力的合力为零时，其
中任一个力与其它两个力
夹角正弦的比值相等，
即
：
F1
sinθ1
=
F2
sinθ2
=
F3
sinθ3
推论1：当 θ1=θ2=θ3=120
∘时， F1= F2= F3.
推论2：两个相等的力，当它们的夹角为 120
∘时，合力等于每一个分力；若大于 120
∘,则合力小
于每一个分力：若小于 120
∘,则合力大于每一个分力。
（3）相似三角形法
①适用情况：物体受三个力作用，一个力大小、方向均不变，其他两个力的方向均变化，能找到与
力的矢量三角形相似的线、杆等围成的几何三角形。示例如图，基本关系式为mg
H = F N
R+r = FT
L
②分析方法：画出力的矢量三角形，找到与力的矢量三角形相似的几何三角形，建立比例关系，根
据几何三角形中边长的变化，得出变力的变化情况。
（4）辅助圆法
①适用情况：物体受三个力作用，一个力大小、方向均不变(通常是重力)，另两个力方向、大小都
在变，但它们的夹角不变。
②分析方法
Ⅰ、构建力的矢量三角形。
Ⅱ、画矢量三角形的外接圆，恒力对应的弦长不变，其对应的圆周角也不变。
Ⅲ、分析变力的变化情况。
注：当两个变力的夹角是90°时，恒力对应外接圆的直径。
知识点2 平衡中的临界与极值问题
1.临界问题
当某物理量变化时，会引起其他几个物理量的变化，从而使物体所处的平衡状态“恰好出现”或
“恰好不出现”，该类问题的描述中常用“刚好”“刚能”“恰好”等语言叙述。临界常见的种类：
（1）由静止到运动，摩擦力达到最大静摩擦力。
（2）绳子由松弛到绷紧，拉力F＝0。
（3）恰好离开接触面，支持力N＝0。
2.极值问题
平衡问题的极值，一般指在力的变化过程中的最大值和最小值问题。
3.解决极值问题和临界问题的方法
（1）物理分析方法：根据物体的平衡条件，作出力的矢量图，通过对物理过程的分析，利用平行
四边形定则进行动态分析，确定最大值与最小值。
（2）数学方法：通过对问题的分析，依据物体的平衡条件写出物理量之间的函数关系（或画出函
数图像），用数学方法求极值（如求二次函数极值、公式极值、三角函数极值）。但利用数学方法
求出极值后，一定要依据物理原理对该值的合理性及物理意义进行讨论或说明。
考向1 解决动态平衡的常用方法
一，解析法
例1（2025·四川宜宾·三模）如图甲所示为家用燃气炉架，有四个对称分布的爪，正对两爪的间距
为d，将锅静置于炉架上，如图乙所示（纵截面图），锅的总质量为m，质量可视为均匀分布在半
径为R 的球冠面上，不计爪与锅之间的摩擦力，则（ ）
A．R 越大，锅受到的合力越大
B．R 越大，每个爪与锅之间的弹力越大
C．相邻的两爪对锅的作用力大小为1
2 mg
D．正对的两爪对锅的作用力大小为1
2 mg
【答案】D
【详解】A．R 越大，锅受到的合力不变，始终等于零，A 错误；
B．设每个爪与锅之间的弹力FN与竖直方向成θ 角，根据平衡条件得4 FNcosθ =mg ，解得
FN=
mg
4 cosθ
R 越大，θ 越小，cosθ 增大，每个爪与锅之间的弹力FN越小，B 错误；
C．相邻的两爪对锅的作用力大小为FN1，其与竖直方向成α 角，根据平衡条件得2 FN1cosα =mg，
解得F N1> mg
2 ，C 错误；
D．设正对的两爪对锅的作用力为FN2，根据平衡条件得2 FN 2=mg ，解得FN2= 1
2 mg，D 正确。
故选D。
【变式训练1】（2025·四川遂宁·高三月考）如图所示，质量不计的定滑轮通过轻绳挂在B 点，另
一轻绳一端系一重物C，绕过滑轮后另一端固定在墙上A 点。现将B 点向左或向右移动一小段距
离，若移动过程中AO 段绳子始终水平，且不计摩擦，则悬点B 受绳的拉力F 的情况是（ ）
A．B 左移，F 增大
B．B 右移，F 增大
C．B 左移，F 减小
D．无论B 左移右移，F 都保持不变
【答案】D
【详解】因为不计摩擦，所以AO 和CO 段绳子拉力大小相等且都等于C 的重力，且由题意可知两
个拉力方向始终不变，对O 点根据平衡条件可知，AO 和CO 段绳子拉力的合力与F 平衡，无论B
左移右移，AO 和CO 段绳子拉力的合力不变，则F 不变。
故选D。
二，图解法
例2（2025·四川成都·一模）当今社会节能环保理念深入人心，每个公民都应尽量避免使用一次性
塑料袋，减少白色污染。如图甲所示为一款环保袋，既可反复使用，又美观大方。手提环保袋静止
时，简化示意图如图乙所示，设环保袋的重力大小为G，不考虑绳带的质量，下列说法正确的是（
）
A．绳带中的张力大于G
2
B．绳带中的张力等于G
2
C．若只缩短绳带长度，则绳带中的张力将减小
D．若只减小两绳扣间距，则绳带中的张力将增大
【答案】A
【详解】AB．对环保袋的受力分析如图所示，可知绳带中的张力T =
G
2
cosα > G
2
故A 正确，B 错误；
C．绳带长度缩短时，α增大，cosα减小，绳带中的张力增大，故C 错误；
D．减小两绳扣间距，α减小，cosα增大，绳带中的张力减小，故D 错误。
故选A。
【变式训练1】（2025·四川成都·三模）用轻质鞋带穿过跑鞋某一鞋孔后系在衣架两端，先后采用
图（a）所示衣架水平、图（b）所示衣架倾斜两种方式晾晒在水平粗糙晾衣杆上，两种方式衣架挂
钩受到杆的支持力分别为Na与Nb，摩擦力分别为fa与fb，鞋带两端与竖直方向夹角均相等，分别为
α与β，鞋带张力分别为Ta与Tb。忽略鞋带与鞋孔间的摩擦，鞋带长度不变。下列说法正确的是
（ ）
A．Na大于Nb
B．fa小于fb
C．α小于β
D．Ta大于Tb
【答案】D
【详解】AB．对跑鞋和衣架整体考虑，整体受力平衡，如图
则竖直方向上N a= N b=mg
水平方向上没有摩擦力f a= f b=0
故AB 错误；
CD．由于鞋带和鞋孔之间没有摩擦力，则鞋孔两侧的鞋带拉力大小相等，设跑鞋质量为m
′，则跑
鞋水平方向合力为零，所以跑鞋的重力方向沿鞋孔两侧两鞋绳拉力的角平分线，竖直方向
2T acosα =m
′ g、2T bcos β =m
′ g
所以T bcos β =T acosα
鞋带的长度不变，设为L
图（a）所示sin α = d
L
图（b）所示sin β = d
′
L
由于d >d
′
则α > β，T a>T b
故C 错误，D 正确；
故选D。
【变式训练2】（2025·广东佛山·二模）在家中为了方便使用卷纸，如图所示，用一个可转动
“△”框将卷纸挂在墙上，使用过程中卷纸始终与墙面接触，若不计墙面与卷纸间的摩擦，当卷纸
逐渐减少时（ ）
A．框对卷纸的作用力变小
B．框对卷纸的作用力方向竖直向上
C．墙面对卷纸的弹力保持不变
D．墙面和框对卷纸的合力保持不变
【答案】A
【详解】设框对卷纸的作用力为F，方向指向左上方，墙面对卷纸的作用力为FN，则卷纸的受力情
况如图所示
当卷纸逐渐减少时，F 与竖直方向的夹角减小，重力减小，由图可知，F 减小，FN减小，墙面和框
对卷纸的合力与重力大小相等，所以合力减小。
故选A。
【变式训练3】（2025·四川南充·高三月考）如图所示，送水工人用推车运桶装水，逆时针转动挡
板OA 至水平即可将水桶卸下。若桶与接触面之间的摩擦不计，∠AOB为锐角，板OA、OB 对水
桶的弹力大小分别为F1、F2，保持OB 不动，使OA 由竖直缓慢转到水平的过程中（ ）
A．F1和F2都不断减小
B．F1和F2都不断增大
C．F1先减小后增大，F2不断减小
D．F1不断减小，F2先增大后减小
【答案】C
【详解】对水桶受力分析，如图所示
OA 由竖直缓慢转到水平的过程中，水桶受到的合力为零，由图知
F1先减小后增大，F2不断减小。
故选C。
三，相似三角形法
例3（2025·四川广安·二模）某智能机械臂应用模型如图所示，机械臂通过不可伸长的吊索OB和可
以伸缩的液压杆OA吊起重物，其中A 点通过铰链与竖直墙面连接。现缓慢调整液压杆OA，使吊索
OB逐渐趋近水平，在此过程中（ ）
A．OA的支持力逐渐增大，OB的拉力大小不变
B．OA的支持力先减小后增大，OB的拉力大小不变
C．OA的支持力逐渐增大，OB的拉力逐渐减小
D．OA的支持力大小不变，OB的拉力逐渐减小
【答案】A
【详解】对O 点受力分析如图
根据相似三角形关系可知G
AB = F AO
AO = FOB
OB
缓慢调整液压杆OA，使吊索OB 逐渐趋近水平，在此过程中OA 变大，OB 不变，可知FAO变大，
FOB不变。
故选A。
【变式训练1】（2025·四川达州·二模）如图所示，水平天花板下方固定一光滑小定滑轮O，一轻
质弹簧一端固定在定滑轮的正下方N 处，另一端与小球P 连接，同时一轻绳跨过定滑轮与小球P 相
连。开始时在外力F 作用下系统在图示位置静止。改变F 大小使小球P 缓慢移动，在小球P 到达N
点正上方前，下列说法正确的是（ ）
A．外力F 大小不变
B．外力F 逐渐变大
C．弹簧弹力逐渐变小
D．小球运动轨迹是圆弧
【答案】D
【详解】AB．对小球P 进行受力分析，三力构成矢量三角形，如图所示
根据几何关系可知两三角形相似，因此mg
ON = kx
PN = F
OP
缓慢运动过程OP 越来越小，则F 逐渐减小，故AB 错误；
BD．由mg
ON = kx
PN = F
OP 可知如果PN 增大，则x 会先减小，如果PN 减小，则x 会增大，该等式不
可能成立，所以弹簧的形变量保持不变，弹簧弹力大小始终不变，小球运动轨迹是圆弧，故D 正
确，C 错误。
故选D。
【变式训练2】（2025·四川南充·二模）如图所示，半径为R 的光滑半球面固定在水平面上，半球
面内的刚性轻质细杆AC 长为L，杆上B 点套有小球。系统静止时，半球面对细杆A 端的弹力是对
C 端的弹力的2 倍，则BC 部分的长度为（ ）
A．2
3 L
B．1
3 L
C．3
4 L
D．1
2 L
【答案】A
【详解】由平衡条件可知，半球面对细杆A 端的弹力和对C 端的弹力过球心O，且与小球B 的重力
平衡，所以小球B 应在O 点正下方，受力情况如图所示
根据正弦定理可得F A
sin α = FC
sin β ，
OB
sin∠A = AB
sin β ，
OB
sin∠C = BC
sin α
结合已知条件F A =2 FC
解得BC =2 AB
又因为AB+ BC = L
解得BC = 2
3 L
故选A。
【变式训练3】如图所示，小球A 置于固定在水平面上的光滑半圆柱体上，小球B 用水平轻弹簧拉
着系于竖直板上，两小球A、B 通过光滑滑轮O 用轻质细线相连，两球均处于静止状态，已知B 球
质量为m。O 点在半圆柱体圆心O1的正上方，OA与竖直方向成30°角，OA长度与半圆柱体半径相
等，OB与竖直方向成45°角，已知重力加速度为g，则下列叙述不正确的是（ ）
A．A 球质量为❑√6m
B．光滑半圆柱体对A 球支持力的大小为mg
C．若剪断OB绳的瞬间，则小球B 的加速度是❑√2g
D．若小球B 缓慢下降，使小球A 一直沿着半圆柱体缓慢向上运动，则小球A 受到绳的拉力变小
【答案】B
【详解】AB．如图所示
隔离对B 分析，根据共点力平衡得：水平方向有
T OBsin 45
∘= F
竖直方向有
T OBcos 45
∘=mg
则
T OB= ❑√2mg
弹簧弹力为
F =mg
根据定滑轮的特性知：TOA与TOB相等；对A 分析，如图所示，由几何关系可知拉力TOA和支持力N
与水平方向的夹角相等，夹角为60
∘，则N 和TOA相等，有
2T OAsin 60
∘=mA g
解得
mA= ❑√6m
N =T OA = ❑√2mg
B 错误，A 正确；
C．对B 球受力分析可知，在剪断瞬间B 受到的合力为
FB= ❑√2mg
根据牛顿第二定律可知：
aB= FB
m = ❑√2g
C 正确；
D．根据相似三角形可得
T OA
lOA
= mg
H OO1
=k
若小球B 缓慢下降，使小球A 一直沿着半圆柱体缓慢向上运动，由于lOA不断减小，可得小球A 受
到绳的拉力变小，D 正确。
本题选不正确项，故选B。
四，辅助圆法
例4(多选)如图，柔软轻绳ON 的一端O 固定，其中间某点M 拴一重物，用手拉住绳的另一
端N。初始时，OM 竖直且MN 被拉直，OM 与MN 之间的夹角为α(α>π
2 )。现将重物向右上
方缓慢拉起，并保持夹角α 不变。在OM 由竖直被拉到水平的过程中( )
A.MN 上的张力逐渐增大
B.MN 上的张力先增大后减小
C.OM 上的张力逐渐增大
D.OM 上的张力先增大后减小
【答案】AD
【解析】法一：以重物为研究对象分析受力情况，受重力mg、OM 绳上拉力F2、MN 上拉力F1，由题
意知，三个力的合力始终为零，矢量三角形如图所示，
F1、F2的夹角不变，在F2转至水平的过程中，矢量三角形在同一外接圆上，由图可知，MN 上的张力
F1逐渐增大，OM 上的张力F2先增大后减小，所以A、D 正确，B、C 错误。
法二：正弦定理
根据正弦定理
mg
sin θ3
＝
F1
sin θ1
＝
F2
sin θ2
，mg 与sin θ3保持不变，sin θ1变大，F1变大，sin
θ2先增大后减小，F2先增大后减小，故选A、D。
【变式训练1】（2025·全国·高三练习）如图所示，光滑圆柱A 和半圆柱B 紧靠着静置于水平地面
上，二者半径均为R。A 的质量为m，B 的质量为m
2 ，B 与地面间的动摩擦因数为μ。现给A 施加一
拉力F，使A 缓慢移动，运动过程中拉力F 与圆心连线O1O2的夹角始终为60°保持不变，直至A 恰
好运动到B 的最高点，整个过程中B 保持静止，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为
g。下列说法正确的是（ ）
A．A、B 间弹力一直增大
B．拉力F 逐渐增大
C．动摩擦因数的最小值μmin= 1
2
D．A、B 间弹力的最大值Fmax = 2❑√3
3
mg
【答案】D
【详解】以A 为研究对象，A 受到重力mg、拉力F 和B 对A 的弹力F N，由题意知，三个力的合力
始终为0，矢量三角形如图所示，在F N转至竖直的过程中，A、B 间的弹力先增大后减小，拉力F
逐渐减小，故A、B 错误；当夹角θ =30°（F水平向右）时，A、B 间弹力最大，且最大值为
Fmax=
mg
cos30° = 2❑√3
3
mg，故D 正确；对B 受力分析可得，水平方向的静摩擦力f = F N sinθ，竖
直方向水平地面的支持力F
′
N = 1
2 mg+ F N cosθ，从图中可知静摩擦力逐渐减小，所以只要初状态
不滑动，以后B 就不会滑动，即f = μmin F
′
N，初状态时，圆柱A 对半圆柱B 的弹力F N =mg，解得
μmin=
❑√3
2 ，故C 错误。
考向2 平衡中的极值与临界问题
例1 如图所示，用一根轻质细绳将一重力大小为10N 的相框对称地悬挂在墙壁上，画框上两个挂钉
间的距离为0.5m。已知绳能承受的最大张力为10N，为使绳不断裂，绳子的最短长度为（ ）
A．0.5m
B．1.0m
C．13
3 m
D．
❑√3
3 m
【答案】D
【详解】画框受力分析如图
受到重力mg 和两个大小相等的细绳拉力F 的作用而处于静止状态，当
F = Fmax=10 N
时，设对应于细绳不被拉断的最小长度L，作细绳拉力的合力F 合，如上图，由平衡条件得
F合=10 N
所以两绳拉力的夹角是120°，绳子的最小长度
L=
L0
sin 60
∘= 0.5
❑√3
2
=
❑√3
3 m
故选D。
【变式训练1】木块A、B 分别重50N和60N，它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.25，夹在
A、B 之间的轻弹簧被压缩了2cm，弹簧的劲度系数为400N/m，系统置于水平地面上静止不动。现
用1N的水平拉力F 作用在木块B 上，如图所示，则力F 作用后木块A、B 所受摩擦力大小（ ）
A．8N、9N
B．8N、7N
C．12．5N、15．0N D．12．5N、16N
【答案】A
【详解】弹簧的弹力F弹=kx = 400×0.02N =8 N
B 物体所受最大静摩擦力f m = μmB g=15 N
力F 作用后，对木块B 进行受力分析可知F弹+ F =9 N<f m
因此B 物体仍静止不动，所受摩擦力大小f B= F弹+ F =9 N
弹簧对A 的弹力不变，因此A 所受摩擦力大小f A= F弹=8 N
故选A。
【变式训练2】（多选）（2025·山东·高三月考）用绳AC 和BC 吊起一重物处于静止状态，如图所
示。若AC 能承受的最大拉力为300N，BC 能承受的最大拉力为210N，sin37° =0.6，
sin53° =0.8，则下列说法正确的是（ ）
A．当重物的重力为300N 时，开始瞬间AC、BC 都不断，AC 拉力比BC 拉力大
B．当重物的重力为300N 时，开始瞬间AC、BC 都不断，AC 拉力比BC 拉力小
C．当重物的重力为350N 时，开始瞬间AC 不断，BC 刚好断
D．当重物的重力为350N 时，开始瞬间AC 断，BC 也断
【答案】AC
【详解】AB．取C点为研究对象进行受力分析如图所示，
当重物的重力为300N 时，AC 拉力
T 1=G1cos37° =240 N <300 NBC 拉力
T 2=G1cos53° =180 N <210 N
可知当重物的重力为300N 时，AC、BC 都不断，且AC 拉力比BC 拉力大，故A 正确，B 错误；
CD．当重力为350N 时，假设绳子不断，AC 拉力
T
′
1=G2cos37° =280 N<300 NBC 拉力
T
′
2=G2cos53° =210 N
所以AC 不断，BC 绳刚好断，故C 正确，D 错误。
故选AC。
例2 山体滑坡是由于重力作用，山坡的“表层土”在“下层土”上面滑动时就会发生山体滑坡，如
图甲所示。图乙是山体简化结构图，设山坡的倾角为40°时，表土层处于静止状态。假如连日降雨
会使“表层土”和“下层土”间的动摩擦因数减小到
❑√3
3 时，就会发生山体滑坡，以下说法正确的
是（ ）
A．表层土静止时，表层土受到4 个力的作用
B．表层土静止时，表层土受到下层土的作用力方向垂直于下层土表面向上
C．表层土静止时，表层土受到5 个力的作用
D．为了避免山体滑坡的发生，山坡的倾角至少应减小10°
【答案】D
【详解】AC．表层土静止时，受到重力、下层土对它的支持力以及下层土对它的静摩擦力，共 3
个力的作用，故AC 错误；
B．根据平衡条件可知，下层土对表层土的作用力与表层土的重力等大反向，由于表层土重力竖直
向下，所以下层土对表层土的作用力的方向竖直向上，故B 错误；
D．设当山坡倾角为θ时，表层土刚好不会滑坡，对表层土进行受力分析，沿山坡方向有
μmgcosθ =mgsinθ
解得tanθ = μ=
❑√3
3
即θ最大为30°，故山坡的倾角至少应减小Δθ = 40°−30° =10°
故D 正确。
故选D。
【变式训练1】如图甲为通过传送带输送小麦的示意图，麦粒离开传送带后可视为竖直下落，形成
的麦堆为圆锥状，如图乙所示。麦粒间的动摩擦因数为μ，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，单个麦
粒的体积、形状均近似相同，不考虑麦粒的滚动。已知麦堆的总体积为 V 0，圆锥体的体积公式为
V = 1
3 π r
2ℎ(其中r 为圆锥体底面圆半径，h 为圆锥体的高度)，则麦堆高度的最大值为（ ）
A．3√
3V 0 μ
π
2
B．3√
3V 0 μ
2
π
C．3√
3V 0
π μ
2
D．3√
3V 0
π
2 μ
2
【答案】B
【详解】麦粒堆积时，以麦堆侧面一粒麦粒为研究对象，当mgsinα<μmgcosα 时，麦粒能够保持静
止，麦堆逐渐堆积增高；
当mgsinα=μmgcosα 时，麦堆的斜面倾角不再增大，由此可知μ=tanα，因 tan α = ℎ
r ，得 r = ℎ
μ
可知 V 0= 1
3 π r
2ℎ= 1
3 π ℎ
2
μ
2 ℎ
得ℎ=
3√
3V 0 μ
2
π
故选B。
【变式训练2】（2025·安徽·三模）在抗震救灾中，常常要把压在被困人员身上的建筑物抬起，以
便施救。某次在山坡灾害救援中，为防止坡道上的石块下滑对下方被困人员造成二次伤害，救援人
员采取适当的办法以防止石块下滑，可以简化如图，物体置于倾角为α 的粗糙斜面上，斜面体放在
粗糙的水平地面上，用水平力F 推物体，物体及斜面体均保持静止，F 适当减小时，物体、斜面体
仍保持静止，则下列说法一定正确的是（ ）
A．物体所受的合力减小
B．斜面体对物体的支持力减小
C．物体所受摩擦力减小
D．地面对斜面体的支持力减小
【答案】B
【详解】A．因为物体始终保持静止，故物体所受合力始终为零，所以物体所受合力不变，故A 错
误；
B．对物体进行受力分析，物体受到重力mg、水平力F、斜面体的支持力N和摩擦力f ，将重力沿
斜面和垂直斜面方向分解，垂直斜面方向有N =mgcosα + F sinα
所以当F减小时斜面体对物体的支持力减小，故B 正确；
C．摩擦力的方向需要分情况讨论
若F cosα >mgsinα，则摩擦力f = F cosα −mgsinα
F减小时，摩擦力减小
若F cosα ≤mgsinα，则摩擦力f =mgsinα −F cosα
F减小时，摩擦力增大，所以物体所受摩擦力不一定减小，故C 错误；
D．对物体和斜面体整体进行受力分析，整体受到重力（M +m）g、地面的支持力N 地、水平力
F和摩擦力，在竖直方向上有N 地=（M +m）g
与F无关，所以地面对斜面体的支持力不变，故D 错误。
故选B。
【变式训练3】（2025·山西吕梁·三模）如图所示，将一光滑轻杆固定在水平地面上，杆与地面间
的夹角为θ，一光滑轻环套在杆上，一个大小和质量都不计的滑轮用轻绳OP悬挂在天花板上，用另
一轻绳绕过滑轮系在轻环上，轻绳另一端系一质量为m的小物块，用手扶住小物块使OP恰好在竖
直方向。现用手扶着小物块使其缓慢向下运动，到达某位置时松手，小物块恰好可以保持静止，此
时（已知重力加速度大小为g，小物块未碰杆或地面）（ ）
A．绳PQ与水平方向的夹角为90°−θ
B．绳PQ的张力大小为mg
C．绳OP与水平方向的夹角为90°−θ
D．绳OP的张力大小为2mgcos θ
2
【答案】ABD
【详解】A．再次平衡时，以轻环为对象，根据平衡条件可知，绳PQ与杆垂直，所以绳PQ与水平
方向的夹角为90°−θ，故A 正确；
B．系统处于平衡状态，以小物块为对象，根据受力平衡可知，绳PQ的张力大小为mg，故B 正
确；
C．绳OP在PQ绳和系小物块的绳夹角的角平分线上，所以绳OP与水平方向的夹角为90°−θ
2，故
C 错误；
D．根据平衡条件可得绳OP的张力大小为T OP=2T PQcos θ
2 =2mgcos θ
2
故D 正确。
故选ABD。
1.（四川·高考真题）用卡车运输质量为m 的匀质圆筒状工件，为使工件保持固定，将其置于两光滑
斜面之间，如图所示．两斜面I、Ⅱ固定在车上，倾角分别为30°和60°．重力加速度为g．当卡车
沿平直公路匀速行驶时，圆筒对斜面I、Ⅱ压力的大小分别为F1、F2，则
A．F1=
❑√3
3 mg，F2=
❑√3
2 mg
B．F1=
❑√3
2 mg，F2=
❑√3
3 mg
C．F1= 1
2 mg，F2=
❑√3
2 mg
D．F1=
❑√3
2 mg，F2= 1
2 mg
【答案】D
【详解】对圆筒进行受力分析知圆筒处于三力平衡状态，受力分析如图，由几何关系可知，
F1
′ =mgcos30°，F2
′ =mgsin30° ．解得F1
′ =
❑√3
2 mg，F2
′ = 1
2 mg 由牛顿第三定律知
F1=
❑√3
2 mg , F2= 1
2 mg，故D 正确
2.（2025·河北·高考真题）如图，内壁截面为半圆形的光滑凹槽固定在水平面上，左右边沿等高。
该截面内，一根不可伸长的细绳穿过带有光滑孔的小球，一端固定于凹槽左边沿，另一端过右边沿
并沿绳方向对其施加拉力F。小球半径远小于凹槽半径，所受重力大小为G。若小球始终位于内壁
最低点，则F 的最大值为（ ）
A．1
2 G
B．
❑√2
2 G
C．G
D．❑√2G
【答案】B
【知识点】动态平衡问题、计算绳子承受最大拉力的问题
【详解】分析可知当凹槽底部对小球支持力为零时，此时拉力F 最大，根据平衡条件有
2 Fmcos 45° =G
解得F m =
❑√2
2 G
故选B。
3.（2025·重庆·高考真题）现代生产生活中常用无人机运送物品，如图所示，无人机携带质量为m
的匀质钢管在无风的空中悬停，轻绳M 端和N 端系住钢管，轻绳中点O 通过缆绳与无人机连接。
MO、NO 与竖直方向的夹角均为60°，钢管水平。则MO 的弹力大小为（ ）（重力加速度为
g）
A．2mg
B．mg
C．
❑√3
2 mg
D．1
2 mg
【答案】B
【详解】以钢管为研究对象，设轻绳的拉力为T，根据对称性可知两边绳子拉力相等，根据平衡条
件2T cos60° =mg
可得T =mg
故选B。
4.（2025·北京·高考真题）如图所示，长方体物块A、B叠放在斜面上，B 受到一个沿斜面方向的拉
力F，两物块保持静止。B 受力的个数为（ ）
A．4
B．5
C．6
D．7
【答案】C
【详解】根据题意，对A 受力分析可知，受重力、B 的支持力，由于A 静止，则A 还受B 沿斜面
向上的静摩擦力，对B 受力分析可知，受重力、斜面的支持力、A 的压力、拉力F、B 还受A 沿斜
面向下的摩擦力，由于B 静止，则受沿斜面向上的摩擦力，即B 受6 个力作用。
故选C。
5.（2025·福建·高考真题）山崖上有一个风动石，无风时地面对风动石的作用力是F1，当受到一个
水平风力时，风动石依然静止，地面对风动石的作用力是F2，以下正确的是（ ）
A．F2大于F1
B．F1大于F2
C．F1等于F2
D．大小关系与风力大小有关
【答案】A
【详解】无风时，地面对风动石的作用力方向竖直向上，与重力平衡，大小为F1=mg
当受到一个水平风力时，地面对风动石的作用力与竖直向下的重力及水平方向的风力F，三力平衡
根据平衡条件可知，地面对风动石的作用力大小为F2=
❑√F
2+(mg)
2，故F2大于F1。
故选A。
