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选择题专项练(五)
一、单项选择题:本题共7 小题,每小题4 分,共28 分,在每小题给出的四个选项中,只有一
项是符合题目要求的。
1.(2025 四川达州模拟)神舟十九号飞船与中国空间站完成自主交会对接,在交会对接前
的最后阶段,神舟十九号与空间站在同一轨道上同向运动,两者的运行轨道均视为圆形轨
道。要使神舟十九号在同一轨道上追上空间站实现对接,下列神舟十九号喷射燃气的方
向可能正确的是( )
2.(2025 广东汕头三模)如图所示,绳梯从天花板垂下来且最下端没有触及地面,某建筑工
人正在爬绳梯,他的左脚踏于横木、右脚凌空,处于平衡状态,若建筑工人的重力为G1,绳
梯的重力为G2,双手施加于横木的作用力大小为F,方向竖直向下,下列说法正确的是(
)
A.建筑工人受到两个力的作用
B.墙顶对绳梯的作用力大小为G1+G2
C.左脚施加于横木的作用力大小为G1+G2+F
D.左脚对横木的作用力大于横木对左脚的作用力
2
3.(2025 安徽合肥检测)如图为一理想变压器,K 为单刀双掷开关,P 为滑动变阻器的滑片,
U1为加在原线圈两端的电压,I1为原线圈中的电流,下列说法正确的是( )
A.保持U1及P 的位置不变,K 由a 合到b 时,I1将减小
B.保持U1及P 的位置不变,K 由b 合到a 时,R 消耗的功率增大
C.保持U1及P 的位置不变,K 由a 合到b 时,原线圈输入功率将增大
D.保持U1不变,K 合在a 处,使P 上滑,I1将增大
4.(2025 广东东海新龙中学模拟)一列沿x 轴正方向传播的简谐横波在t1=0 时刻的波形如
图中实线所示,在t2=0.4 s 时的波形如图中虚线所示。则下列说法正确的是( )
A.在t2=0.4 s 时,平衡位置在x=1 m 处的M 质点向上振动
B.这列波的波长为2 m
C.这列波的周期可能为0.8 s
D.这列波的传播速度可能为2.5 m/s
5.(2025 甘肃白银三模)如图所示,在平行板电容器中固定一个带负电质点P,电容器下极
板接地,电源电动势和内阻分别为E 和r,电流表和电压表均视为理想电表,电压表和电流
表示数分别为U 和I。当滑动变阻器R4的滑片向b 端移动时,下列说法正确的是( )
A.电压表和电流表示数都变大
B.质点P 的电势能增加
C.R3消耗的电功率变大
3
D.电源的输出功率一定减小
6.(2025 广西桂林模拟)风洞是空气动力学研究和试验中广泛使用的工具。如图所示,在
地面的M 点以竖直向上的初速度v0抛出一小球,小球抛出后始终受到水平向左的恒定风
力作用,竖直方向只受重力。经过一段时间后小球将以速度水平向左经过N 点,最终落回
地面上,不计风力以外的空气阻力。下列说法正确的是( )
A.小球在N 点之后做平抛运动
B.小球上升和下落过程运动时间相等
C.仅增大初速度,小球的水平位移不变
D.仅增大风力,小球落地瞬间重力的瞬时功率增大
7.(2025 陕西咸阳模拟)某一质检部门利用干涉原理测定矿泉水的折射率。如图所示,单
缝S0、屏上的P0点位于双缝S1和S2的中垂线上,当双缝与屏之间的介质为空气或矿泉
水时,屏上的干涉条纹间距分别为Δx1与Δx2,当介质为矿泉水时,屏上P 点处是P0上方的
第4 条亮条纹(不包括P0点处的亮条纹)的中心。已知入射光在真空中的波长为λ,真空
中的光速为c,则( )
A.Δx2大于Δx1
B.该矿泉水的折射率为Δ x2
Δ x1
C.当介质为矿泉水时,来自S1和S2的光传播到P 点处的时间差为4 λ
c
D.仅将S0水平向左移动的过程中,P 点不能观察到亮条纹
二、多项选择题:本题共3 小题,每小题6 分,共18 分。在每小题给出的四个选项中,有多
项符合题目要求,全部选对的得6 分,选对但不全的得3 分,有选错的得0 分。
4
8.(2025 内蒙古包头模拟)如图所示,图甲为演示光电效应的实验装置;图乙为a、b、c 三
种光照射下得到的三条电流表与电压表读数之间的关系曲线;图丙为氢原子的能级图。
下列说法正确的是( )
A.同一介质中a 光的波长大于c 光的波长
B.若b 光为可见光,则a 光可能是紫外线
C.若b 光光子能量为2.86 eV,用它直接照射大量处于n=2 能级的氢原子,可以产生6 种
不同频率的光
D.若b 光光子是由处于n=3 能级的氢原子向n=2 能级跃迁产生的,则a 光光子也可能是
由处于n=3 能级的氢原子向n=2 能级跃迁产生的
9.(2025 湖北荆州模拟)如图所示,两个半径均为R 的1
4
圆槽静止放在水平地面上,圆槽底
端点A、B 与水平面相切,A、B 两端点间距为R。质量为m 的小球(可视为质点)从左圆
槽上端C 点的正上方P 点由静止释放,恰好从C 点进入圆槽,P、C 两点间距为R,圆槽质
量均为2m,重力加速度为g。不计一切摩擦,下列说法正确的是( )
A.小球运动到端点A 时对左圆槽的压力大小为11
3
mg
5
B.小球运动到端点B 时,A、B 两端点间距为2R
C.小球冲上右圆槽的最大高度为8
9
R
D.小球回到水平面后能冲上左圆槽
10.(2025 四川绵阳联考)如图所示,两条相距为l 的光滑平行金属导轨固定在同一水平面
内,空间内有方向竖直向下、磁感应强度大小为B 的匀强磁场。两根质量均为m、电阻
均为R 的导体棒MN、PQ 垂直放置于金属导轨不同位置,保持与导轨良好接触。某时刻
给MN 一个水平向右的初速度v0,此后过程中两导体棒不发生碰撞,则从该时刻起到两导
体棒达到稳定状态的过程中
( )
A.通过导体棒PQ 的电流均匀增大
B.导体棒MN 做加速度减小的减速运动
C.导体棒MN 上产生的焦耳热为3
8 mv0
2
D.导体棒MN 和导体棒PQ 通过的距离之差为m v0 R
B
2l
2
6
参考答案
1.B 解析 要想使神舟十九号在同一轨道上与空间站对接,则需要使神舟十九号加速,与
此同时要想不脱离原轨道,根据F=mv
2
r
可知,必须要增加向心力,即喷气时产生的推力一
方面有沿轨道向前的分量,另一方面还要有指向地心的分量,又因喷气产生的推力方向与
喷气方向相反,则B 正确。
2.B 解析 对工人受力分析,工人受到重力以及来自横木对脚和双手的支持力,共至少三
个力作用,故A 错误;整体处于平衡,对整条绳梯(含工人)整体分析可知,墙顶对绳梯的拉
力F'=G1+G2,故B 正确;对工人受力分析可知,左脚施加于横木的作用力大小为F″=G1-F,
故C 错误;根据牛顿第三定律可知,左脚对横木的作用力等于横木对左脚的作用力,故D
错误。
3.C 解析 保持U1及P 的位置不变,K 由a 合到b 时,原线圈匝数变小,副线圈电压变大,
副线圈中电流变大,I1将增大,故A 错误;保持U1及P 的位置不变,K 由b 合到a 时,原线圈
匝数变大,副线圈电压变小,副线圈中电流变小,I1将减小,R 消耗功率减小,故B 错误;保持
U1及P 的位置不变,K 由a 合到b 时,原线圈匝数变小,副线圈电压变大,副线圈中电流变
大,I1将增大,原线圈输入功率将增大,故C 正确;保持U1不变,K 合在a 处,变压器的输出电
压不变,使P 上滑,阻值变大,副线圈中电流变小,I1将减小,故D 错误。
4.D 解析 根据波形图结合“同侧法”可知,在t2=0.4 s 时,平衡位置在x=1 m 处的M 质
点向下振动,选项A 错误;由题图可知,这列波的波长为4 m,选项B 错误;由题图可知nT+
T
4
=Δt=0.4 s(n=0,1,2,3,…),解得T= 1.6
4 n+1
s(n=0,1,2,3,…),可知这列波的周期不可能为0.8
s,选项C 错误;若n=0,则T=1.6 s,则此时这列波的传播速度为v= λ
T =
4
1.6
m/s=2.5 m/s,选
项D 正确。
5.B 解析 当滑动变阻器R4的滑片向b 端移动时,外电路总电阻变小,根据欧姆定律可知
电路干路的电流增大,R3和R2、R4并联电路两端的电压U=E-I(R1+r),可知R3和R2、R4并
7
联电路两端的电压变小,根据欧姆定律可知流过R3的电流变小,根据P=I 3
2R3可知R3消耗
的电功率变小,总电流变大,则流过R2、R4的电流变大,即电流表示数变大,根据UV=U-
I24R2可知,电压表示数变小,故A、C 错误;根据E=U
d
可知电容器极板间的电场强度减小,
根据U'=Ed'可知质点P 所在位置的电势降低,质点P 带负电,根据Ep=qφ 可知质点P 的
电势能增加,故B 正确;当外电阻等于内阻时,电源的输出功率最大,由于外电阻阻值以及
内阻未知,则无法判断电源的输出功率变化情况,故D 错误。
6.B 解析 过N 点后,小球还受水平风力作用,不满足平抛运动只受重力的特征,A 错误;
竖直方向上,先做竖直上抛运动再做自由落体运动,由对称性可知上升和下落过程时间相
等,B 正确;增大初速度,运动时间增大,水平位移增大,C 错误;仅增大风力,小球回到地面水
平速度增大,竖直分速度不变,重力的瞬时功率不变,D 错误。
7.C 解析 根据双缝干涉相邻条纹间距的公式有Δx= L
d
λ,当双缝与屏之间的介质为矿泉
水时,波长会变短,而双缝间距d 与双缝与屏之间的距离L 相同,所以Δx2小于Δx1,故A 错
误;设光在真空中的波长为λ、在介质中的波长为λ',依题意有Δx1= L
d
λ,Δx2= L
d
λ',λ'= λ
n
,联
立可得该矿泉水的折射率为n= Δ x1
Δ x2
,故B 错误;P 点处是P0上方的第4 条亮条纹的中心,
则光到双缝的光程差为光在矿泉水中波长的4 倍,则来自S1和S2的光传播到P 点处的时
间差为t=4 λ'
c
n
=
4 λ
n
c
n
= 4 λ
c
,故C 正确;将S0水平向左移动的过程中,P 点与双缝光程差不会
改变,仍是光在介质中波长的4 倍,所以P 点仍能观察到亮条纹,故D 错误。
8.AD 解析 由题图乙可知,a 光与c 光曲线相比,遏止电压更低,由eUc=hν-W0,同一光电
管阴极的逸出功W0相同,所以a 光的频率更小,能量更小,波长更长,A 正确;由A 选项分
8
析可知,a、b 光的遏止电压相同,则频率相同,是同种光,紫外线不是可见光,B 错误,D 正确;
吸收2.86 eV 的能量,处于n=2 能级的氢原子可以跃迁到第5 能级,此后向下跃迁,由C5
2
=10 知可以产生10 种不同的光子,C 错误。
9.BC 解析 对左圆槽与小球有mv1-2mv2=0,mg·2R=1
2 m v1
2+ 1
2×2mv2
2,解得v1=2√
2gR
3
,v2=√
2 gR
3
,小球在端点A 时,由牛顿第二定律有FN-mg=m(v1+ v2)
2
R
,根据牛顿第三定律有
FN'=FN,解得FN'=7mg,故A 错误;小球在左圆槽运动过程中,水平方向动量守恒,则有mx1-
2mx2=0,又有x1+x2=R,解得x2= R
3
,小球离开端点A 后,小球与左圆槽均做匀速直线运动,小
球从端点A 到端点B 过程,有t= R+ x2
v1
,则A、B 两端点间距为x=v1t+v2t,解得x=2R,故B
正确;假设小球冲上右圆槽没有越过右圆槽的最高点,对小球与右圆槽有
mv1=(m+2m)v3,mgh=1
2 m v1
2- 1
2
×(m+2m)v3
2,解得h=8
9
R<R,可知,假设成立,即小球冲上右
圆槽的最大高度为8
9
R,故C 正确;小球从右圆槽回到水平面后,对小球与右圆槽有
mv1=mv4+2mv5,1
2 m v1
2= 1
2 m v4
2+ 1
2×2mv5
2,解得v4=-2
3√
2gR
3
,可知|v4|<v2,则小球回到水平
面后不能冲上左圆槽,故D 错误。
10.BD 解析 当给MN 一个向右的初速度v0时,MN 切割磁感线产生感应电动势,回路中
有感应电流,导体棒PQ 由于受到安培力的作用也随之做切割磁感线运动产生感应电动
势,根据电磁感应原理可知,电路产生的电动势E=Bl(vMN-vPQ),电路中的感应电流I=
Bl(v MN - v PQ)
2 R
,根据左手定则可知,MN 受到向左的安培力而做减速运动,PQ 受到向右的
安培力而向右做加速运动,故Δv=vMN-vPQ逐渐减小,因此通过PQ 的感应电流逐渐减小,而
9
不是均匀增大,A 错误;MN 受到的安培力F=BIl=B
2l
2(v MN - vPQ)
2 R
,根据牛顿第二定律有
F=ma,解得a=B
2l
2(v MN - vPQ)
2mR
,由于Δv=vMN-vPQ逐渐减小,所以导体棒MN 做加速度减小
的减速运动,B 正确;两导体棒组成的系统动量守恒,则有mv0=2mv,解得稳定时,两导体棒
的速度为v=1
2
v0,根据能量守恒定律可知,整个过程系统产生的热量Q=1
2 m v0
2- 1
2
×2mv2=
1
4 m v0
2,由于两导体棒的电阻相等,所以导体棒MN 上产生的热量QMN=1
2
Q=1
8 m v0
2,C 错
误;对MN 由动量定理可得-BIl·Δt=mv-mv0,设稳定时,二者的距离之差为Δx,根据法拉第
电磁感应定律有E = ΔΦ
Δt = Bl· Δ x
Δt
,根据欧姆定律可得I = E
2 R = Bl· Δ x
2 R· Δt
,其中v=1
2
v0,联立
解得Δx=mv0 R
B
2l
2 ,D 正确。
