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选择题提速练(2)
[分值：44 分]
(限时：25 分钟)
一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共24 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题
目要求的。
1.(2025·河南卷·8 改编)贾湖骨笛是河南博物院镇馆之宝之一，被誉为“中华第一笛”。其中一支骨笛可以
发出A5、B5、C6、D6、E6等音。已知A5音和D6音所对应的频率分别为880 Hz 和1 175 Hz，则( )
A.在空气中传播时，A5音的波长小于D6音的
B.在空气中传播时，A5音的波速小于D6音的
C.由空气进入水中，A5音和D6音的频率都变大
D.由空气进入水中，A5音的波长改变量大于D6音的
答案 D
解析 机械波的传播速度只与介质有关，因此A5音和D6音在空气中波速相同，B 错误；由λ=v
f 可知，A5
音的波长大于D6音的波长，A 错误；机械波由空气进入水中，频率f 不发生变化，C 错误；机械波由空气
进入水中，波长的改变量为Δλ=v ' - v
f
，其中两种波在水中波速v'大小相同，可知频率越小其对应机械波的
波长改变量越大，D 正确。
2.(2025·重庆市模拟)某兴趣小组对劈尖干涉条纹进行研究时将两平板玻璃叠放，在右端夹入一薄片，如图
所示。当波长为λ 的可见光从玻璃板正上方入射后可观察到明暗相间的条纹，下列说法正确的是( )
A.若将右端薄片向左移动一点，则条纹间距变大
B.若将右端薄片向左移动一点，则条纹间距变小
C.若换波长更长的可见光入射，则条纹间距变小
D.若换波长更长的可见光入射，则条纹间距不变
答案 B
解析 第n 条亮条纹满足2dn=nλ，第n+1 条亮条纹满足2dn+1=(n+1)λ，因为tan θ=dn+1-dn
Δ x
，所以Δx=
λ
2tanθ ，若将右端薄片向左移动一点，θ 变大，Δx 变小，故A 错误，B 正确；结合以上分析可知，若换波
长更长的可见光入射，Δx 变大，故C、D 错误。
3.(2025·江苏卷·9)如图所示，平行金属板与电源连接。一点电荷由a 点移动到b 点的过程中，电场力做功为
W。现将上、下两板分别向上、向下移动，使两板间距离增大为原来的2 倍，再将该电荷由a 移动到b 的
过程中，电场力做功为( )
A.W
2
B.W
C.2W
D.4W
答案 A
解析 电容器与电源保持连接，电容器两端电压不变，现将电容器两极板间距增大至原来的两倍，由公式
E=U
d 可知，极板间电场强度变为原来的1
2，则由W=Eqd'可知，再把该电荷由a 移至b，则电场力做功变为
原来的1
2，即电场力做功为W
2 。故选A。
4.(2025·重庆市模拟)一容积为V0的金属氧气瓶内装有可视为理想气体的氧气。用该氧气瓶先后给甲、乙两
个完全相同的氧气袋充气，每个氧气袋充气前袋内均无气体，充满氧气后容积均为V，且每次充气结束时
氧气袋和氧气瓶中的气体压强相同。整个过程中，氧气温度保持不变。则充满氧气后，甲、乙两个氧气袋
中的气体压强之比为( )
A.(V 0+V
V 0
)2
B.V 0+V
V 0
C.1
D.
V 0
V 0+V
答案 B
解析 甲充气后，氧气瓶和甲氧气袋中气体压强相同，且设为p 甲，乙充气后，氧气瓶和乙氧气袋中气体
压强相同，且设为p 乙，则p 甲V0=p 乙(V0+V)，联立可得p甲
p乙
=V 0+V
V 0
，故选B。
5.(2025·辽宁本溪市二模)如图所示，半圆柱体Q 放置在粗糙水平面上，与Q 完全相同的光滑半圆柱体P 放
置在光滑的竖直墙壁与Q 之间，两个半圆柱体均处于平衡状态。若将Q 向左移动一小段距离，两个半圆柱
体仍处于平衡状态，则( )
A.P 与墙壁之间的弹力增大
B.P 与墙壁之间的弹力不变
C.P 与Q 之间的弹力减小
D.Q 与水平面间的弹力增大
答案 C
解析 P 受重力G、墙壁的弹力FN及Q 的弹力F，对P 受力分析如图所示。两半圆柱体间的弹力一定垂直
于过接触点的切线，即力的作用线过两个圆心，P 的重力与墙壁的弹力可以平移，三个力形成一个封闭的
三角形，若将Q 向左移动一小段距离，则弹力F 的方向发生了变化，而FN的方向不变，G 的大小、方向均
不变，在三角形ABC 中，表示F 的斜边A 端不动，C 端在BC 上滑动，P 与墙壁之间的弹力FN减小，P 与
Q 之间的弹力F 也减小，对整体分析，Q 与水平面间的弹力等于P 与Q 的重力之和，即Q 与水平面间的弹
力不变。故选C。
6.(2025·河南郑州市二模)光电倍增管是检测微弱光信号的光电转换元件，具有极高的灵敏度和超快的时间
响应。管内除光电阴极和阳极外，两极间还放置多个倍增电极。使用时相邻两倍增电极间均加有电压，以
此来加速电子。如图所示，光电阴极受光照后释放出光电子，在电场作用下射向第一倍增电极，引起电子
的二次发射，激发出更多的电子，然后在电场作用下飞向下一个倍增电极，又激发出更多的电子，如此电
子数不断倍增，使得光电倍增管的灵敏度比普通光电管要高得多，可用来检测微弱光信号。下列说法正确
的是( )
A.光电倍增管正常工作时，每个极板都发生了光电效应
B.光电倍增管中增值的能量来源于相邻两个倍增电极间的加速电场
C.图中四块极板的电势为φ1>φ2>φ3>φ4
D.每个光电倍增管都适用于检测各种频率的光
答案 B
解析 光电倍增管正常工作时，光电阴极受光照后释放出光电子，发生了光电效应，而每个倍增电极上的
电子是由于被加速后的电子撞击而逸出的，并未发生光电效应，故A 错误；电子在光电倍增管运动的过程
中只有电场力做功，光电倍增管中增值的能量来源于相邻两倍增电极间的加速电场，故B 正确；电子带负
电，加速电场的方向应与电子运动方向相反，所以题图中四块极板的电势为φ4>φ3>φ2>φ1，故C 错误；只有
满足一定频率的光照射时才能发生光电效应，从而逸出光电子，可知光电倍增管并不是适用于各种频率的
光，故D 错误。
二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共20 分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要
求。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。
7.(2025·天津市河北区一模)在匀强磁场中，一个100 匝的闭合矩形金属线圈，绕与磁感线垂直的固定轴匀
速转动，穿过该线圈的磁通量随时间按图示正弦规律变化。设线圈总电阻为2 Ω，则( )
A.t=0 时，线圈平面平行于磁感线
B.t=1.0 s 时，线圈中的电流改变方向
C.t=1.5 s 时，线圈中的感应电动势最大
D.线圈中产生的感应电动势瞬时值表达式为e=4πcos πt(V)
答案 AD
解析 t=0 时，磁通量为零，线圈平面平行于磁感线，故A 正确；每经过一次中性面(线圈平面垂直于磁感
线，磁通量有最大值)，电流的方向改变一次，t=1.0 s 时，磁通量为零，线圈平面平行于磁感线，此时不是
中性面，线圈中的电流没有改变方向，故B 错误；t=1.5 s 时，磁通量有最大值，但磁通量的变化率为零，
根据法拉第电磁感应定律可知线圈中的感应电动势为零，故C 错误；由题图可知线圈从垂直中性面开始计
时，感应电动势瞬时值表达式为e=Emcos ωt，其中ω=2π
T =π rad/s，感应电动势最大值为Em=NBSω=NΦm·
2π
T =4π V，则感应电动势瞬时值表达式为e=4πcos πt(V)，故D 正确。
8.(2025·山东菏泽市一模)2025 年1 月21 日1 时12 分，经过约8.5 小时的出舱活动，神舟十九号乘组航天员
蔡旭哲、宋令东、王浩泽密切协同，在空间站机械臂和地面科研人员的配合支持下，完成了空间站空间碎
片防护装置安装、舱外设备设施巡检等任务。神舟十九空间站运行轨道距地面高度约400 千米。航天员进
行舱外巡检任务时与空间站相对静止。已知地球半径R=6 400 km，地球表面的重力加速度g 取10 m/s2，下
列说法正确的是( )
A.此时航天员不受重力作用
B.空间站运行速度约为7.8 km/s
C.空间站绕地球运转的周期小于24 h
D.与空间站同轨同向运行的卫星会与空间站相撞
答案 BC
解析 一切物体都受到重力作用，所以航天员与空间站相对静止时仍受重力作用，重力提供向心力，故A
错误；在地球表面，有G Mm
R
2 =mg，距地面高度约400 千米处，根据万有引力提供向心力G
Mm
( R+h)
2=m
v
2
R+h，联立两式代入题中数据，解得v≈7.8 km/s，故B 正确；空间站的轨道半径比同步卫星的轨道半径小，
所以空间站绕地球运转的周期小于24 h，故C 正确；空间站与同轨同向运行的卫星速度大小相等，所以与
空间站同轨同向运行的卫星不会与空间站相撞，故D 错误。
9.(2024·福建泉州市检测)如图，足够长的粗糙平行金属导轨倾斜固定在水平面上，与水平面的夹角均为
θ=37°，导轨间距为L。长为L 的金属杆ab 和cd 垂直导轨放置，质量分别为m 和2m，电阻均为R，与导轨
间的动摩擦因数大小均为0.75，整个装置处于方向垂直导轨平面向下的匀强磁场中，磁感应强度大小为
B。现同时使金属杆ab 和cd 分别获得大小为v0和2.5v0的初速度，方向如图所示，运动过程中两金属杆始
终保持与导轨垂直且接触良好。从开始运动到运动稳定的过程中，tan θ=0.75，下列说法正确的是( )
A.刚开始运动ab 杆的电流方向从b 到a
B.通过ab 杆的电荷量为mv0
2BL
C.回路产生的热量为3
4 mv0
2
D.杆ab、cd 间距离缩小了2m v0 R
B
2 L
2
答案 ACD
解析 同时使金属杆ab 和cd 获得大小为v0和2.5v0的初速度，根据题意可以判断，两电动势方向相反，所
以根据右手定则可以判断，刚开始运动ab 杆的电流方向由cd 杆决定，从b 到a，故A 正确；因为μ=tan
θ，且两棒安培力等大反向，所以系统合力为零，动量守恒，mv0+2m×2.5v0=(m+2m)v，解得v=2v0，对cd
分析2m×2v0-2m×2.5v0=-BILt=-BLq，解得q=mv0
BL ，故B 错误；根据能量守恒，回路产生的热量为Q=1
2m
v0
2+1
2×2m×(2.5v0)2-1
2×3m×(2v0)2，解得Q=3
4 mv0
2，故C 正确；根据q=BL Δ x
2 R
，解得Δx=2m v0 R
B
2 L
2 ，故
D 正确。
10.(2025·福建卷·8)传送带沿顺时针方向转动的速度大小恒为1 m/s。两个物块A、B 用一根轻弹簧连接，A
的质量为1 kg，B 的质量为2 kg，A 与传送带间的动摩擦因数为0.5，B 与传送带间的动摩擦因数为0.25。
t=0 时，将两物块放置在传送带上，给A 一个向右的初速度v0=2 m/s，B 的速度为零，弹簧自然伸长。在
t=t0时，A 与传送带第一次共速，此时弹簧的弹性势能Ep=0.75 J，传送带足够长，重力加速度g 取10
m/s2，A 可在传送带上留下痕迹，则( )
A.在t=t0
2 时，B 的加速度大于A 的加速度
B.t=t0时，B 的速度大小为0.5 m/s
C.t=t0时，弹簧的压缩量为0.2 m
D.0~t0过程中，A 在传送带上留下的痕迹长度小于0.05 m
答案 BD
解析 根据题意可知传送带对A、B 的滑动摩擦力大小分别为FfA=0.5×1×10 N=5 N，FfB=0.25×2×10
N=5 N。初始时A 向右减速，B 向右加速，FfA=FfB，摩擦力方向相反，故可知在A 与传送带第一次共速前，
A、B 整体所受合外力为零，系统动量守恒，有mAv0=mAv+mBvB，v=1 m/s，代入数据解得t=t0时，B 的速度
大小为vB=0.5 m/s，在A 与传送带第一次共速前，任意时刻对A、B 受力分析，根据牛顿第二定律有FfA+F
弹=mAaA，FfB+F 弹=mBaB，由于mA<mB，可知aA>aB，故A 错误，B 正确；在0~t0时间内，设A、B 向右运动
的位移分别为xA、xB，由功能关系有-FfAxA+FfBxB+1
2mAv0
2=1
2mAv2+1
2mBvB
2+Ep，解得xA-xB=0.1 m，故弹簧的
压缩量为Δx=xA-xB=0.1 m，故C 错误；0~t0时间内，A 与传送带的相对位移大小为x 相A=xA-vt0，B 与传送带
的相对位移大小为x 相B=vt0-xB，故可得x 相A+x 相B=xA-xB=0.1 m，
由于0~t0时间内A 向右做加速度逐渐增大的减速运动，B 向右做加速度逐渐增大的加速运动，且满足
aA=2aB，作出A、B 的v-t 图像，可知x 相A对应图形MNA 的面积，x 相B对应图形NOBA 的面积，故可得x 相
A<x 相B，结合x 相A+x 相B=0.1 m，可知x 相A<0.05 m，故D 正确。
