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专题06 反应原理综合题 有机推断题答案
考点概览
题型一 反应原理综合题
题型二 有机推断题
反应原理综合题
1．(2026 高三下·内蒙古包头市·一模)
【答案】(1)
B
(2) a b = >
(3) 小于 电负性：
，键的极性：
，使得HA、HB 中羟基的极性逐渐增大，HB
中羟基H 所带正电性更显著，因此HB 中羟基与
形成的氢键更强 小于
(4)
【详解】（1）①根据热化学方程式Ⅰ．
；Ⅱ．
；Ⅲ．
；Ⅳ．
，由盖斯定律，则反应
可以由
反应Ⅰ-Ⅱ-Ⅲ+Ⅳ得到，故反应a 的
；
A
②．催化剂酸性增强，不改变反应焓变，故A 错误；
B．酸性：硫酸>磷酸>乙酸，由图可知，催化剂酸性增强，有利于提高反应速率，故B 正确；
C．一个硫酸分子中有两个氢原子，一个磷酸分子中有三个氢原子，一个乙酸分子中有四个氢原子，所以
催化剂分子中含H 越多，越不利于加速反应，故C 错误；
故选B；
（2）①生成
为主反应，投料比越大，可看作是CO 的量增多，有利于主反应进行，则生成的乙
酸越多，分布分数越高，故曲线a、b 为不同温度下乙酸的分布分数曲线；
②副反应平衡常数仅与温度有关，
，温度升高时，
分布分数曲线降低，故
，故
温度越高，K 越小，L、M 对应的温度为
，N 对应的温度为
，因此KL=KM > KN；
（3）①由于电负性：
，键的极性：
，使得HA、HB 中羟基的极性逐渐增大，HB 中羟
基H 所带正电性更显著，因此HB 中羟基与
形成的氢键更强，故氢键的强弱：HA 小于HB；
②由于S 原子的半径大于O 原子的半径，S-H 键的键长大于O-H 键的键长，则S-H 键的键能小于O-H 键的
键能，使得HC 更容易电离出
，故酸性HB 小于HC；
（4）由变化曲线可知，当
时，
，设初始
，则初始
题型一
，转换的物质的量浓度为x mol/L，和三段式
可得，
，解得
，则该反应的平衡常数
，解得
。
2．(2026 高三下·辽宁省·一模)
【答案】(1)
(2)abd
(3) Ⅱ 不变
24
【详解】（1）反应
可由反应
-反应得到，根据盖斯定律，
。
（2）a．降温，平衡ⅰ正移，
增大，a 项正确；
b．提高
的初始投料，平衡ⅰ正移，
增大，b 项正确；
c．加入合适催化剂，平衡不移动，
不变，c 项错误；
d．反应ⅱ的平衡中，
分压不随总压变化而变化，而增大压强(缩小容器体积)后，
、
三者的分压等比例增大，所以反应ⅰ的浓度商
，平衡ⅰ正移，
增大，d 项正
确；
故选择abd。
（3）①T 升高，平衡ⅰ逆移，平衡ⅱ正移，
物质的量分数增多，所以曲线Ⅱ是
。
②由于反应ⅱ的平衡常数
，温度不变，
保持不变，则
不变；恒压条件下
不变，即
的物质的量分数不变，温度不变，反应的
均不变，说明其他物质的分压也不变，故
不变。
③平衡时，由于是恒压恒温条件，设平衡时
，
，
，则
，反应ⅰ前后气体系数和相等，所以
，也可以直接用物质
的量来计算K，
。充入
重新达到平衡后
降低到
，则反应ⅰ逆向进行了
，
即
，
，
，
需要用反应ⅰ的
计算，解得
。而反应ⅱ的
(p 为总压)，即
的平衡体积分数始终是50%，故新平衡
。
，解得
，
。
3．(2026 高三下·黑龙江齐齐哈尔·一模)
【答案】(1)
低温
(2) 8
或
(3)0.015
(4) 随着X 的增加，反应Ⅱ的分压减小，使反应Ⅱ逆向移动，二甲醚的选择性降低 0.81
【详解】(1)根据盖斯定律，可知
式得：
，则该反应的焓
变
。反应
Ⅲ的
，
，要使
，需在低温下该反应才能自发进行。
(2)吸附过程是物理过程，不是基元反应，因此由图可知，图示历程包括8 个基元反应，其中最大能垒(活化
能)的反应决速步骤，对应的化学方程式为
或
。
(3)在恒容容器中压强比等于物质的量之比，反应后n(总)
，反应Ⅰ前后化学计量数不
变，不会影响容器中压强的改变，反应Ⅱ化学计量数可变，会导致压强变化，设甲醚转化为
，根据
反应Ⅱ列三段式：
n(总)
，则
，
。
(4)①总压一定时，随X 的增大混合气中Ar 的含量增加，反应Ⅰ和Ⅱ的分压减小，但分压减小对反应Ⅰ无
影响，反应逆向移动，
的含量降低，故二甲醚的选择性下降。
②假设投入
，当
时，
，二甲醚的选择性为85%，则
，则生成
，
，根据氧原子
守恒，可得
，根据氢原子守恒可得
，混合气的总物质的量n(总)
；则
、
、
、
；故反应Ⅰ的平衡常数
。
4．(2026 高三下·内蒙古赤峰市·一模)
【答案】(1)−138.6
(2)增大压强
(3)AD
(4) b
逆向移动
【详解】（1）根据燃烧热定义写出热化学方程式，结合盖斯定律计算：
①
，
②
，
③
，
目标主反应
①+②
③，因此：
；
（2）主反应是气体分子数减少的放热反应，增大压强既能加快反应速率，又能使平衡正向移动，提高醋
酸平衡产率；升温会使平衡逆向移动，催化剂不改变平衡产率，因此符合条件的措施是增大压强；
（3）A．反应过程中
和
都参与反应循环，反应前后质量和性质不变，均起催化作用，A 正确；
B．催化剂不改变反应的焓变和自发趋势，反应是否自发需要用
判断，B 错误；
C．
作为配体时，C 的电负性小于O，
的给电子能力更强，配位能力强于
，实际配位也是
与中心
原子相连，C 错误；
D．反应历程中TN3 含量最少说明其生成慢（
反应速率慢）或者消耗快（
反应速
率快），即：
的活化能高，或者
活化能较低，D 正确；
故选AD；
（4） ①
越大，越有利于主反应生成乙酸，因此乙酸分布分数随投料比增大而增大，即上升
曲线为乙酸，故填b；
② 平衡常数只与温度有关，L、M 都对应
温度，温度相同，
；主反应放热，温度升高
减小，
N 点对应T2，
，因此
；
③ 起始充入
和
，起始总物质的量为4 mol，恒压下体积变为起始的
，恒温恒
压体积比等于物质的量之比，因此平衡总物质的量为3 mol。设主反应消耗
，副反应消耗
，副反应反应前后气体分子数不变，总物质的量变化只由主反应引起，因此
，得
；列三段式：
根据图中T2时，δ(CH3COOH)=0.8，δ(CH3COOCH3)=0.2，则有
，y=0.2。则平衡时：
，
，
，总压恒为
，因此主反应的平衡常数：
；加入
和
后，总物质的量为
，
，
，
，计算得
，因此平衡逆向移动。
5．(2026 高三下·黑龙江哈尔滨市·一模)
【答案】(1)-215.8
(2)引入CO 后，反应在一定温度下ΔG<0，反应可以自发进行(其他合理答案也可)
(3)反应条件温和；将污染物NO 高效转化为有价值的NH3；能耗更低；废气利用(答案合理即可)
(4)
(5)0.1
(6)水平吸附使N2双端同时与Ba2+作用，N≡N 键更易活化
(7)N2和H2竞争吸附或H2会覆盖部分活性位，降低N2的吸附和活化几率(合理答案均给分)
【详解】（1）目标反应=
，故
=
=
。
（2）反应①
，反应②
，引入CO 后，反应在一定温度下
，反应可以自发进行。
（3）该合成方法较传统合成氨的优势：反应条件温和；将污染物NO 高效转化为有价值的
；能耗更低；
可实现废气利用。
（4）设初始
，则
，段时间后体系达到平衡状态，NO 的转化率为80%，NH3
选择性为90%，故平衡时
，
，
，
，
，
，故
=
。
（5）根据图2 可知，当OsxPt1-x中Os 的含量为0.1 时为最佳催化效果。
（6）由图可知水平吸附使N2双端同时与Ba2+作用，N≡N 键更易活化，从而吸附能更低。
（7）将N2和H2同时通入反应体系，N2和H2竞争吸附或H2会覆盖部分活性位，降低N2的吸附和活化几率，
从而使NH3的产生速率大幅下降。
6．(2026 高三下·内蒙古鄂尔多斯市·一模)
【答案】(1)-90.18
(2) 低温 ＞
(3)
温度高于300℃后，反应II 为吸热反应，升温平衡正向移动，反应I，III 为放热反应，升
温平衡逆向移动，且反应II 正向移动导致CO2转化率增大的程度小于反应I，III 逆向移动导致CO2转化率
减小的程度。
(4) C 261 二氧化碳流速过快，反应时间缩短，反应未充分进行，所以导致二氧化碳转化率
显著降低。
【详解】（1）分析得到，题中的反应是通过反应I 减去反应II 的方程式得到，其焓变
。
（2）反应自发发生的条件是
,观察图中图表可以发现反应I 的ΔG 随着温度的升高而升高，因此ΔG
小于0 时应该是低温条件下，所以反应I 在低温条件下能自发进行；反应II 随着温度升高ΔG 降低，根据
，反应II 的ΔH 大于0，T 大于0，ΔG 随着温度升高而降低，所以ΔS 应大于0。
（3）题中不同压强分别是1MPa，3MPa，5MPa，对于反应I，III 而言，压强增大会使得反应平衡正向移
动，对反应II 而言，压强增大对平衡没影响，所以同一温度下，压强越大，甲醇的选择性越高，故曲线
为5 MPa 时甲醇选择性随温度变化的曲线；300 摄氏度后，反应II 为吸热反应，升温平衡正向移动，反
应I，III 为放热反应，升温平衡逆向移动，且反应II 正向移动导致CO2转化率增大的程度小于反应I，III
逆向移动导致CO2转化率减小的程度。
（4）通过图中的数据可以看到，300℃时，CO2转化率最高，且甲醇的选择性与最高的时候相差了3%左右，
此时甲醇的产率最高，故选C（300℃）；混合物质（CO2与H2）的总流量为
，因为
，可以求得CO2的流量为2000 mL/h，因为随着
的增大CO2的转化率会越来越高，甲醇
的选择性也越来越高，所以可以知道图中300℃时CO2转换率为15%的那条曲线为
的曲线，此
时甲醇的选择性为87%，则甲醇的平均反应速率为
；流速从
提升至
，会导致二氧化碳流速过快，反应时间缩短，反应未充分进行，所以导
致二氧化碳转化率显著降低。
7．(2026 高三下·黑龙江哈尔滨第九中学·一模)
【答案】(1)+15
(2) 高温 低温
(3) 小于 9/4
(4)二氧化碳分子直径介于材料的孔径大小之间，可以被吸附
(5)Pd 膜能选择性分离出
，促进反应正向进行
(6) 质子导体
【详解】（1）由图可知，反应中反应物的相对总能量为
，生成物的相对总能量为
，则该反应为反应物总能量小于生成物总能量的吸热反应，反应的焓变
，故答案为：+15；
（2）工业生产中反应I 和反应Ⅱ要分两个温度段进行，第一阶段反应I 生成的产物CO 是反应Ⅱ的反应物，
故先发生反应I，反应I 是吸热反应，
，
，反应可发生需要
，需要先采用
高温；第二阶段发生反应Ⅱ，该反应为放热反应，低温有利于平衡正向进行，故第二阶段再采用低温；
（3）①设C 点投料为
，可列三段式
则
，同理
，降低温度，平衡正向移动，K 值增大，故A
点温度小于C 点温度；
B
②
点，当反应达到平衡时，
=
，
，设B 点投料为
，
，可列三段式
，
；
（4）由图3 可知，材料的孔径为0.33~0.35 nm，
分子的大小为0.338 nm，
分子的大小为0.376
nm，所以该材料能吸附
而不能吸附
可能的原因是材料的孔径与
分子的大小匹配，而与
分
子不匹配。
（5）Pd 膜能选择性分离出H2，平衡正向移动，平衡转化率增大；
（6）①电解时，一氧化碳和水均从阳极口进入，阳极一氧化碳转化为二氧化碳，则氢气要在阴极产生，
故阳极产生二氧化碳的同时产生氢离子，氢离子通过固体电解质进入阴极附近得电子产生氢气，故固体电
解质应采用质子导体；
②根据阿伏伽德罗定律的推论可知，同温同压下，出口Ⅰ处气体物质的量为进口Ⅰ处的y 倍，设反应中
CO 转化了x mol，则根据三段式：
出口Ⅰ处气体物质的量为
，进口Ⅰ处的气体物质的量为
，则
，
则
，CO 的转化率为：
。
8．(2026 高三下·辽宁抚顺市六协作体·一模)
【答案】(1)
(2) 该反应ⅰ的
，副反应的
；因此低温时反应ⅰ的逆向移动的影响占主导，
的物质
的量逐渐增大，而高温时副反应的正向移动的影响占主导，
的物质的量减小
0.68 选择加入对反应ⅰ有高选择性的催化剂
(3) 1.36 降低
【详解】（1）根据盖斯定律，反应i=反应ii+反应iii
，则有：
。
（2）①该反应ⅰ的
，同时副反应的
；当升高温度时，反应ⅰ的平衡逆向移动使
物质的
量增大，副反应平衡正向移动使
的物质的量减小；因此低温时反应ⅰ的逆向移动的影响占主导，
的物质的量逐渐增大，而高温时副反应的正向移动的影响占主导，
的物质的量减小；
②达到平衡时，根据C 守恒，有
，因此甲烷选择性
为：
；再根据反应关系，主反应消耗
，副反应消耗
，平衡时
，得到总物质的量
；容器为恒压，总压为
，得到初始
分压
，平衡时
分压
，因此
；副反应为分子数不变的反应，则有
分压比等于物质的量比，
；
③催化剂可以加快反应速率，同时高选择性的催化剂可以提高甲烷的选择性，因此可选择加入对反应ⅰ有
高选择性的催化剂。
（3）决速步是活化能（能垒）最高的步骤，根据反应历程图可知在主反应路径中的各步能垒，其中最高
能垒为
；生成副产物
的能垒高于主产物
，可适当降低温度，
使体系难以越过副产物的能垒，可避免副产物生成。
9．(2026 高三下·辽宁辽阳市·一模)
【答案】(1)B
(2)AC
(3)
时，
的产率高于平衡产率，说明反应
速率较快，反应
速率较慢，导致产物
累积，活化能越大，反应速率越慢，因此反应
的活化能
反应
的活化能
(4)温度升高，反应
均逆向移动，反应
的逆向移动使
增大；反应物浓度增大使反应
平衡正移，浓度使
平衡正移的影响大于温度升高使
平衡逆移的影响，所以整体使
平衡产率增大
(5)
（
接近
，
不低于
）
(6)8
【详解】（1）由方程式可知，该反应
，且正向为气体增多的反应，有
，结合自由能公式：
时，反应自发进行，因此该反应在任意温度下都能自发进行；
（2）A．由于木炭与反应产生热量，可以为反应供能，A 正确；
B．鼓入过量的空气，可能会氧化生成的
，B 错误；
C．此反应条件下，生成物为
，说明稳定性高于
，C 正确；
D．转移电子数=得电子总数=失电子总数，由方程式可知每转移
电子，生成
，因此每生成
，即生成
，转移电子
，D 错误；
故答案选AC。
（3）
时，
的产率高于平衡产率，说明反应
速率较快，反应
速率较慢，导致产物累积，活
化能越大，反应速率越慢，因此反应
的活化能
反应
的活化能；
（4）温度升高，反应
均逆向移动，反应
的逆向移动使
增大；反应物浓度增大使反
应
平衡正移，浓度使
平衡正移的影响大于温度升高使
平衡逆移的影响，所以整体使
平衡产率增
大；
（5）
根据题意，
的产率在
达最大值，根据图示，
时的产率约为
，平衡产率约为
，
40 分钟时间内，尚未知道反应是否达到平衡状态，因此
时，转化率应高于
；因此图像为：
；
（6）根据题意，设装置内通入一定量
的浓度为
，转化浓度为
，列三段式如下：
恒容装置，压强与物质的量浓度成正比，初始容器内压强为
，即
对应
，达到平
衡时容器内压强变为
，即
对应
，
，解得
，带入三段式，平衡时
浓度为
，
浓度为
，二者浓度相同，
即物质的分数各为0.5，求得
。
10．(2026 高三下·内蒙古呼和浩特市·一模)
【答案】(1) 4 熵驱动
(2)AC
(3) b
(4)温度过高因反应产生积碳，导致催化剂表面活性位点被覆盖，活性降低
(5)加入O2后，能与H2反应放出热量；同时消耗H2促进反应正向移动
(6)A
【详解】（1）根据反应焓变
反应物总键能-生成物总键能，对反应
，整
理可得：
，共需要4 种化学键的键能。该反应
（焓增不
利于自发），反应后气体分子数增加，
（熵增），自发进行由熵增驱动，故为熵驱动。
（2）反应I 是吸热、气体分子数增大的反应。
A．升高温度，平衡正向移动，丙烷平衡转化率提高，正确；
B．催化剂只改变反应速率，不改变平衡状态，不影响平衡转化率，错误；
C．及时分离出生成物氢气，平衡正向移动，丙烷平衡转化率提高，正确。
故选AC。
（3）反应I 吸热，升温平衡正向移动，丙烯的物质的量分数随温度升高增大，丙烷减小；压强越小，越有
利于平衡正向移动，丙烯的物质的量分数越大，因此起始压强
下丙烯对应曲线
。 设初始丙烷压强
为
，平衡时转化的丙烷压强为
，由A 点丙烯物质的量分数为
得：
，解得
。平衡分压：
，
，则
。
（4）温度过高会导致催化剂活性下降（失活），同时副反应II（丙烯分解为碳和氢气）正向进行，丙烯被
消耗，因此产率下降。
（5）引入
后，
与丙烷脱氢生成的
反应，过程放热，降低了反应能耗；同时
被消耗，丙烷脱氢
平衡正向移动，提升了丙烯产率。
（6）A．以
为原料，初期产物不含
，证明产物中的氧来自催化剂
，
只用来补充催化剂消
耗的氧，A 合理，
B．
先吸附
，若吸附的氧气直接与吸附的丙烷反应，则在产物中会出现
原子，而实际过程中
没有检测到
，说明未按照此机理发生反应，B 不合理；
C．混合
反应，没有有检测到
生成，说明在反应过程中，碳氢键（或碳氘键）的断裂
是不可逆的，即一旦断裂就不会再重新形成新的
键，否则会发生
交换，生成
，
C 不合理；
故选A。
11．(2026 高三下·吉林省长春市·一模)
【答案】(1)+147
(2)乙苯与催化剂的接触时间短，反应不充分
(3)在恒压状态下，将适量过热水蒸气通入反应器，反应物分压减小，平衡正向移动，乙苯的平衡转化率明
显增大
(4) Ⅰ 0.3
(5) 及时将氢气从反应器中分离，提高乙苯转化率
【详解】（1）
=生成物的总能量－反应物总能量，所以苯乙烯的相对能量=
+反应物总相对能量－
氢气相对能量=
。
（2）乙苯通过催化剂发生反应，流速过大，乙苯与催化剂的接触时间短，反应不充分，导致转化率低。
（3）在恒压状态下，将适量过热水蒸气通入反应器，反应物分压减小，反应为分子个数增多的反应，平
衡正向移动，乙苯的平衡转化率明显增大。
（4）①恒容密闭容器中通入不同量的乙苯，容器内压强不同，反应为分子个数增多的反应，压强越小，
平衡正向移动，乙苯转化率越大，所以通入2 mol 乙苯的曲线转化率最高，为Ⅰ曲线；
②初始时乙苯的投入量为6 mol，乙苯的转化率为50%，则反应了3 mol，生成苯乙烯3 mol，
。
（5）①从图中可知，氮气与氢气一起从装置中离开，降低生成物浓度，平衡正向移动，提高原料利用率；
②设起始时通入乙苯a mol，转化率为40%，则转化量为0.4a，以此列三段式：
，平衡时总的物质的量为：
0.6a+0.4a+0.4a=1.4a mol，
12．(2026 高三上·辽宁沈阳·一模)
【答案】(1) < a
(2)反应i 和iii 的K 值大，而反应ii 的K 值相对较小
(3) < 30
(4)2
(5)>
【详解】（1）图中反应ii 的平衡常数随温度升高而减小，即温度升高反应ii 平衡逆移，故正向为放热反应，
；
反应i、iii 的温度随K 值变化与反应ii 一致，故反应i、ii、iii 均为放热反应，由反应i、ii、iii 可知反应i=
反应ii+反应iii，则
，由图可知
，则
是最大的，对应曲线a。
（2）SA 是在反应i 和反应iii 中，根据其平衡常数值可知两反应的K 值很大，即反应限度大，而反应ii 的
平衡常数很小，故在330 K 至350 K 下SA 平衡产率很高。
（3）反应①是MA 转化为FA，反应②是MA 转化为M，根据反应时间与含量图可知，单位时间生成FA
的速率更快，速率越快活化能越小，故反应①的活化能小于反应②的活化能；
6.5 h 后反应达到平衡，由图可知，平衡时FA 的x 为0.6，M 的x 为0.38，则MA 的x 为
。
反应①为MA
FA
⇌
，其浓度平衡常数
。
（4）k1/k2 = vFA/vM = 4.5，当c(M) = 2 mol/L 有c(FA) = 9 mol/L。由于物料守恒，有c(M) + c(FA) + c(MA) =
c0(MA) = 13 mol/L，故c(MA) = 2 mol/L；
（5）已知
能形成分子内氢键，MA 的两羧基比较近，这种因素使MA 第一个质
子更易电离，而富马酸(FA)的反式结构无法形成这种分子内氢键，故
。
13．(2026 高三下·黑龙江哈尔滨第三中学·一模)
【答案】(1) 不低于 气态 上方
(2)
或0.16
(3)
，平衡常数很小，该过程正向进行的趋势很小 加入催
化剂，加压，适当升温
【详解】（1）由题，反应
可由反应
得到，则该反应的
，要使反应
自发，需
，即
，对应温度不低于
；
高于锌的沸点（907℃），因此锌的状态为气
态；Zn 比Hg 更易被氧化，ZnO 比HgO 更稳定，形成ZnO 的
比形成HgO 的
更负，反应
的
与T 的关系线在d 线的上方。
（2）①由盖斯定律得，反应Ⅱ=反应Ⅰ+反应
，因此：
。
②已知
的转化率为
，假设初始
为
，
为2mol，则
平衡时，
为
0.99mol，根据氯元素守恒，此时
为0.02mol，因为
的物质的量分数为0.36，所以气体总物质的量
为2.75mol，设此时CO 为
，
为
，则
，
根据氧元素守恒，得
，求得平衡时
为
，
为1.5mol，所以二者的物质
的量比为
。
（3）①驰豫时间公式为
，其中
，
，带入得：
，在平衡时，
，可推出
，代入已知值：
，即
，将k1带入驰豫时间公
式为：
，整理可得，
，计算括号内：
，
，由于
，可忽略不计，所以
，得出
。
②由
，平衡常数极小，说明水的电离正向进行的趋势很小，故常温下难电离；用
和
合成
，从反应速率角度，应加入催化剂、加压、适当升温，以加快反应速率。
14．(2026 高三下·三省三校（哈师大附中、东北师大附中、辽宁实验）·一模)
【答案】(1)
(2)CaO 可与
反应，促使平衡正向移动，提高氢气产率
(3)A
(4) 20% 3.82
(5) 负
【详解】（1）由盖斯定律可知，反应I＋反应II×3=目标反应，则反应△H=△H1+3△H2= (+251.2 kJ/mol) +
(-41.2 kJ/mol) ×3 =+127.6 kJ/mol；
（2）向催化重整制氢体系中加入氧化钙，氧化钙能与反应II 生成的二氧化碳反应生成碳酸钙，二氧化碳
的浓度减小，会使反应I 的平衡向正反应方向移动，有利于提高氢气产率；
（3）A．由方程式可知，反应I 是气体体积减小的反应，增大压强，平衡向逆反应方向移动，甘油的转化
率减小， A 错误；
B．由图可知，膜反应器和传统反应器中，压强足够大时，甘油转化率可接近100%，B 正确；
C．由图可知，增大压强时，膜反应器中氢气产量增大，而传统反应器中氢气产量减小，所以氢气产量增
量随压强增大而增大，C 正确；
D．由图可知，增大压强时，膜反应器中氢气产量增大、水蒸气转化率增大，而传统反应器中氢气产量减
小、水蒸气转化率减小，说明与膜反应器相比，传统反应器随压强增大水蒸气转化率下降的主要原因是氢
气的分压增大，D 正确；
故选A；
（4）由题意可知，甘油的物质的量为1 mol，则起始时反应混合气体中碳原子的物质的量为：1 mol×3= 3
mol；平衡时，二氧化碳、一氧化碳、甲烷的物质的量分别为2.2 mol、0.4 mol、0.4 mol，则三种气体中碳
原子个数之和为：2.2 mol+ 0.4 mol+0.4 mol= 3 mol，说明平衡时甘油完全反应；设平衡时氢气、水蒸气的
物质的量分别为a mol、b mol，由氧原子个数守恒可得：b+4.4+0.4=3+9，解得：b=7.2，由氢原子个数守恒
可得：2a+1.6+14.4=8+18，解得：a=5，则平衡时，水蒸气的转化率为：
=20%，混合气
体的总物质的量为15.2 mol，反应II 的平衡常数为：Kp =
≈3.82；
（5）由图可知，生成氢气的电极为电解池的阴极，则a 为电源的负极、b 为正极，阳极发生的反应为碱性
条件下甘油在阳极失去电子发生氧化反应生成甲酸根离子和水，电极反应式为：
。
有机推断题
15．(2026 高三下·内蒙古包头市·一模)
【答案】(1) 醚键 醛基
(2)
(3)加成反应(还原反应)
(4)
或
(5)
(6)
【分析】A 与丙二酸发生缩合反应生成B，B 的碳碳双键和
加成得到C，C 经过
的处理，发生分子
内环化反应得到D。根据D 和F 的结构简式对比，和E 的分子式，可得E 的结构简式为
。可知D 生成F 的过程中断开了与羰基相连的亚甲基上的碳氢键，与E 的醛基加成得
到仲醇结构，再脱水得到F。F 经过
处理，将碳碳双键加氢变为碳碳单键，再利用分子中的N 原
题型二
子含有的一对孤对电子与
结合生成G。
【详解】（1）由A 的结构简式可知，其官能团名称为醚键、醛基。
（2）
该反应为
缩合，醛和丙二酸反应生成
不饱和酸，再脱羧得到二氧化碳和水，对应得到产物
B，化学方程式为
。
（3）由分析可知，B→C 的反应类型为加成反应。
（4）D 的同分异构体的核磁共振氢谱有4 组峰，说明是对称结构。峰面积比为6：3：2：1，说明含3 个甲
基，其中的两个甲基所处的化学环境相同。含苯环，能发生银镜反应，说明含有醛基或甲酸酯基，两者的
不饱和度之和是5，而D 的不饱和度为6。还剩一个C 原子，只能形成碳氧双键直接连在苯环上。对位上
只能是甲酸酯基，而对称的甲基连在苯环的间位上，另一个甲基连在碳氧双键上，或者与甲酸酯基互换位
置，结构简式为
、
。
（5）由分析可知，E 的结构简式为
。
（6）结合F 的结构简式，可知D 与E 发生加成反应时，E 断开了碳氧双键中的一个键，D 断开与碳氧双键
相连的亚甲基上的一个碳氢键，然后两个结构的碳原子相连，亚甲基脱下来的H 原子连在E 的O 原子上，
X 的结构简式为
。
16．(2026 高三下·内蒙古呼和浩特市·一模)
【答案】(1)羧基
(2)
(3)
与生成的HCl 反应促进平衡正向移动，提高产物产率
(4)取代反应
(5)
+
+CH3COOH
(6)
、
、
、
、
、
、
、
)
(7)
【分析】
该合成路线从化合物 A 开始，经过一系列官能团转化和保护/脱保护步骤，最终得到关键中间体J，A 通过
酯化反应生成B，B 和C 通过已知②给定的反应类型生成D（
），通过苯甲
酰化反应生成E（
），E 和浓盐酸生成F（
），
G 和叠氮钠发生取代反应生成H，H 在一定条件下发生环化反应生成I，I 再和乙酸酐通过已知③给定的反
应类型生成J，据此回答各问；
【详解】（1）对比A 和B 的结构，A 中的-COOH（羧基）变成了B 中的-COOCH2CH3（酯基），故答案
为羧基；
（2）
B 到D 是与乙二醇(C2H6O2)在H+催化下的反应。观察B 的结构，它有三个羟基：一个在烯丙位，两个在相
邻的碳上（邻二醇）。乙二醇通常选择性地与邻二醇形成五元环缩酮。因此，D 的结构应该是B 中下方的
两个-OH 与乙二醇形成的环状缩酮，而上方的-OH 和酯基保持不变。故结构简式为
（3）三乙胺 N(CH2CH3) 3中，三个乙基是给电子基团，会增加氮原子上的电子云密度，使其更容易接受质
子，因此碱性比氨 NH3强；D 到E 的反应是醇羟基与苯甲酰氯 (BzCl) 的反应，生成酯和 HCl。加入的三
乙胺 N(CH2CH3)3是一种有机碱，它可以与生成的 HCl 反应，生成盐 [HN(CH2CH3) 3]+Cl。这样做的目的
是消耗掉产物中的 HCl，使平衡向右移动，提高产率，同时防止 HCl 对分子中其他敏感基团（如缩酮）
造成破坏。故答案为：<；与生成的HCl 反应促进平衡正向移动，提高产物产率；
（4）G 是双甲磺酸酯，H 是单叠氮化物、单甲磺酸酯。这是 NaN3中的
离子作为亲核试剂，进攻其中
一个甲磺酸酯的碳原子，发生SN2 取代反应，将-OSO2CH3基团替换为叠氮基，故答案为：取代；
（5）
含有氨基 (-NH2)，与乙酸酐 ((CH3CO) 2O)反应，按照已知③给定的反应类型生成乙酰胺 (J) 和乙酸。反
应方程式为：
+
+CH3COOH
（6）
根据所给条件分析，能与FeCl3溶液发生显色反应，说明含有酚羟基 (-OH 直接连在苯环上)，可发生银镜
反应，说明含有醛基 (-CHO) 或甲酸酯基 (-OOCH)，含苯环(不含其他环)，且核磁共振氢谱有五组峰，峰
面积比为9:6:2:2:1。分子式为 C14H20O3，不饱和度为5，故除了苯环外只含有一个双键，分子中含有5 个
甲基，条件(a)要求有酚羟基，所以必须有一个 -OH 直接连在苯环上。条件(b)要求有醛基或甲酸酯基。由
于总共有3 个氧原子，如果有一个酚羟基(-OH)，剩下两个氧可以组成一个甲酸酯基(-OOCH)或一个醛基和
一个醚键等。但考虑到要满足(c)的对称性，不存在该种情况，故只可能有两个羟基，一个醛基，要满足对
称性要求，其中两个羟基在醛基两侧的情况有四种（甲醛基2 种，乙醛基1 种，丁醛基1 种），分别为
、
、
、
；两个羟基和醛基分别
在1、3、5 位的情况有四种（甲醛基2 种，乙醛基1 种，丁醛基1 种）分别为
、
、
、
；一共8 种，故答案为：8
（7）
在氢氧化钠水溶液中发生水解取代反应，生成
，后发生已知条件②的类似反
应，生成
，故答案为
；
。
17．(2026 高三下·黑龙江齐齐哈尔·一模)
【答案】(1) 2-硝基乙苯(或邻硝基乙苯) 取代(酯化)反应
(2) 硝基 氨基
(3)
+
+HCl 中和生成的HCl，促进反应进行提高产
率
(4)13
(5)
【分析】
根据C 的结构简式（
）以及
的反应条件，可知B 为
；由A 的分子
式
及A 生成B 的条件可知A 为
；由E 的结构简式及D
E 的反应条件，可知
D 为
；根据E 和G 的结构简式，F 的分子式，推测F 为
，据此分析。
【详解】（1）
A 的结构简式为
，名称为2-硝基乙苯(或邻硝基乙苯)；B
C 是B（
）
和
在浓硫酸催化条件下发生取代（酯化）反应生成C；
（2）
C 为
，D 为
，C
D 实现由硝基
氨基
的转化；
（3）
根据分析，D→E 的化学方程式为：
+
+HCl；其中吡啶的作
用是中和生成的HCl，促进反应进行提高产率；
（4）
A 的分子式
，①含有
和
，②能发生银镜反应，③水解产物可以使FeCl3溶液
显紫色；根据条件可知，该同分异构体中含苯环，其中一个取代基为
；若苯环上连接两个取代基
（
和
），则有3 种同分异构体；若苯环连接三个取代基（
、
、
），
则有10 种同分异构体，所以共13 种同分异构体；
（5）
由已知信息推测合成路线为
所以Y 的结构简式为
；Y→Z 的反应中会生成与Z 互为同分异构体的副产物为
。
18．(2026 高三下·内蒙古鄂尔多斯市·一模)
【答案】(1) 羧基 sp2
(2)
(3)保护酚羟基
(4)
(5) 26
或
(6)
NaOH 水溶液、加热
【分析】
由A 的结构简式和B 的分子式为C7H5BrO4，可知A→B 发生了卤代反应，结合C 的结构，可知B 的结构简
式为
；由D 的结构简式，E 的分子式为C9H9BrO3，说明D→E，少了2 个氢原子，结合反
应条件可知发生了醇的催化氧化，可知E 的结构简式为
；E 和F 通过已知反应得到
G，则F 为
。
【详解】（1）观察A 的结构可知，A 中含氧官能团为羧基和羟基。已知A 中羟基和苯环处于同一平面最
稳定，则说明氧原子的一个p 轨道会与苯环的π 轨道形成p-π 共轭，故酚羟基中氧原子的杂化方式为sp2。
（2）
A 的分子式为C7H6O4，B 的分子式为C7H5BrO4，可知A→B 发生了卤代反应，结合C 的结构，可知B 的结
构简式为
。
（3）
在合成路线中，酚羟基在
的作用下转化为-OCH3，后面又重新转化为酚羟基，说明
的作用为保护酚羟基。
（4）
D 的分子式为C9H11BrO3，E 的分子式为C9H9BrO3，说明D→E，少了2 个氢原子，结合反应条件可知发生
了醇的催化氧化，即化学方程式为
。
（5）
K 是A 的同系物，其相对分子质量比A 大14，说明K 多了A 一个-CH2，故K 的分子式为C8H8O4。既能发
生水解反应，又能发生银镜反应，说明有酯基和醛基，结合A 的饱和度，K 除了苯环只能有一个双键，故
需含有
；能与三氯化铁溶液发生显色反应，说明含有酚羟基；除此还剩一个碳和氧，且
不含
，故苯环上3 个取代基可以为
、-OH、-OCH3（苯环上有3 个不同取代基的
同分异构体10 种），
、-OH、-CH2OH（苯环上有3 个不同取代基的同分异构体10
种），
、-OH、-OH（苯环上有3 个取代基，其中2 个相同的同分异构体6 种）共26
种；其中，核磁共振氢谱中峰面积比为
的结构简式为
或
。
（6）
E 的结构简式为
，E 和F 通过已知反应得到G，现
也和F 通过已知反
应得到M，结合G 的结构简式，可推出M 的结构简式为
；
和
Br2发生加成反应生成
，
再水解即可得到
，
故由N 转化为Q 的反应所需试剂和条件为NaOH 水溶液、加热。
19．(2026 高三下·内蒙古赤峰市·一模)
【答案】(1)酯化反应(或取代反应)
(2)酯基
(3)a
(4)保护羟基
(5)
(6)
【分析】A 中的-COOH 与
在酸性条件酯化脱水生成
，B 与(C2H5OOCN)2、PPh3反应得到
C，结合已知信息，C 的结构简式为
，C 和CH3OCH2Cl 发生取代反应生成D；D 开
环生成E，E 经历三步反应生成F，F 发生取代反应生成G，G 经历一系列反应生成H。
【详解】（1）观察A 和B 的结构变化：A 中的-COOH 被转化为
，而三个羟基未发生变化。这表
明A 与
发生了酯化反应(或取代反应)。
（2）D 的结构中，含氧官能团有：醚键、酯基，除醚键外D 中还含有酯基；
（3）F 的结构中，a 是
中的N，b 是
中的端位N。a 上的N 连接两个H 和一个C，孤对电子未被共
轭体系分散，电子云密度较高。b 上的N 位于
中，由于共振效应，电子云密度较低。根据题目给
出的信息，N 原子电子云密度越大，碱性越强。a 的电子云密度高于b，对应a 的碱性更强；
（4）B 中有三个羟基，一个被环氧化，另一个与
反应生成
，这一步的目的是保护
一个羟基，防止其在后续反应中被氧化或参与其他副反应。
的作用是保护羟基；
（5）
B→C 的化学方程式为：
，这一反应会伴随着
一种有机副产物J 生成，B 中邻位两个相邻的羟基发生取代反应，则J 的结构简式为
；
（6）
以
为原料合成
，
发生反应生成
，
发生催化氧化反应时醇羟基转化为羰基，然后再发生F→G 类型的
反应将醚键转化为醇羟基，合成路线为
；X 和Y 的结
构简式分别为
、
。
20．(2026 高三下·黑龙江哈尔滨市·一模)
【答案】(1)3,5-二甲基苯酚
(2)
(3) 酮羰基 碳碳双键
(4)取代反应
(5)22
(6)
或
【分析】
A 的羟基与CH3I 发生取代反应生成B，B 与Br2 发生取代反应生成C：
，
与KOOCCH2COOCH2CH3 反应生成D：
，D
与CH3CH2MgBr 反应生成E，E 电催化后生成F，F 经过还原反应后与I2反应生成G，G 与
反应生成H。
【详解】（1）A 以苯酚为母体，羟基为1 位，两个甲基位于3、5 位，命名为3,5-二甲基苯酚；
（2）
苯环甲氧基对位上的氢发生取代反应，化学方程式为
；
（3）观察F 的结构，分子中含有碳碳双键和酮羰基，官能团为碳碳双键和羰基；
（4）G 中碘原子被格氏试剂中的异丙烯基取代，生成H，属于取代反应；
（5）B 分子式为C9H12O，能使
显色说明含酚羟基，分类计数： ① 苯环含2 个取代基：−OH、
，丙基有2 种，位置邻、间、对共
种； ② 苯环含3 个取代基：
、
、
，三个
不同取代基共10 种； ③ 苯环含4 个取代基：
、3 个
，共
种，总计
种；
（6）
根据
，以及M 的结构简式，N 的结构简式为
，根据电催化机理，P 的结构简式为
或
21．(2026 高三下·辽宁省辽阳市·一模)
【答案】(1)酮羰基，羟基
(2)
+Br2
+HBr
(3)
取代反应
(4) CH3OCH2Cl 保护酚羟基
(5)
(6)
HCHO，CH3OH
【分析】
在催化剂的作用下A→B 发生取代反应，故B 的结构简式为
，题中可知E→F 的反应同时生成
，所以该反应为取代反应，—CH2OCH3 取代羟基上的氢原子，逆合成分析可得E 的结构简式为
，D 的结构简式为
，根据已知条
，分析可得J
的结构简式为
，K 的结构简式为
，K→L 的条件与E→F 相同，可推得L 的
结构简式为
，据此回答下列问题；
【详解】（1）由X 结构简式可知，X 中含氧官能团的名称为醚键，羟基和酮羰基；
（2）
由分析可知A→B 反应的化学方程式为
+Br2
+HBr；
（3）由分析中B 和D 的结构简式可知B→D 的反应类型为取代反应；
（4）①E→F 的反应同时生成
，该反应为取代反应，—CH2OCH3取代羟基上的氢原子，所以a 的结构
简式为CH3OCH2Cl；
②后续过程中该酚羟基再次出现，所以CH3OCH2Cl 作用为保护酚羟基；
（5）
由G 和K 的结构简式结合已知条件，可分析得J 的结构简式为
；
（6）
①根据F 和L 的结构简式对比X 的结构简式，结合（6）中已知I 可知M 的结构简式为
；
②根据X 结构简式逆推分析可知N 的结构简式为
，发生第三Y 步
反应时N 中
这个原子团发生已知反应Ⅱ
，
类比可得，除生成产物X 外还生成的有机产物有
和
。
22．(2026 高三下·黑龙江哈尔滨市·一模)
【答案】(1)邻苯二胺
(2) 酰胺基 碳氯键
(3)CD
(4)
(5)9
(6)
【分析】
A 在
的作用下还原苯环上的硝基（
）为氨基（
），属于还原反应，得到B（
），B 与
发生取代反应生成C，结合C 的得化学式得C 为（
）；D 与
发生缩合反应生成E，结合E 的化学式得E 为（
），在
条
件下，C 中的
与E 中的巯基（
）发生取代反应，生成F，结合F 的化学式和J 的结构简式得F 为（
）；G 与
发生取代反应，在氨基上引入氯乙酰基，得到I；I 和F 在
条件下发生取代反应，构建出最终的多环结构J。
【详解】（1）A 经还原得到的B 是邻苯二胺，分子中只有氨基（
）这一种官能团。
（2）由I 的结构可知，含有的官能团为酰胺基和碳氯键。
（3）A．B（邻苯二胺）中两个N 均为
杂化，与
反应生成C（杂环）后，两个N 均变为
杂化，因此并非只有一个N 的杂化类型改变，A 错误；
B．B 是邻苯二胺，G 是苯胺，结构不相似，不互为同系物，B 错误；
C．由I 的结构可知，苯环上有3 种H，侧链
有1 种H，酰胺基有1 种H，共5 种化学环境的H，C 正
确；
D．F 和I 的反应是F 中苯并咪唑环上的氮原子作为亲核试剂，进攻I 中与氯相连的碳原子，发生亲核取代
反应，属于取代反应，D 正确。
（4）
根据已知信息I，C 中的
与E 中的
在
条件下发生取代反应：
。
（5）
与氯气在一定条件下通过取代反应得到化合物I，可得M 为
，M
的分子式为
，不饱和度为
，含苯环（不饱和度4），能水解说明含酰胺基。只有
一个取代基时，即
、
、
（这个就是M）、
共4 种结构；
含2 个取代基时，即
与
、
与
共
种结构，去掉M 本身，因此符合条件的同
分异构体共9 种。
（6）
目标产物由Y 与
反应得到，逆推可知Y 为含两个相邻氨基的苯环衍生物，而X 需将苯环
上的两个氨基转化为咪唑环。根据A→B→C 的路线，X 应提供一个羧基（
）与邻二胺环合，故X
为对甲基苯甲酸，结构简式为：
。
23．(2026 高三下·辽宁抚顺市六协作体·一模)
【答案】(1)邻苯二酚
(2)酮羰基、醚键
(3)
、取代反应
(4)
+
+H2O
(5)3
(6)
【分析】A 的名称为邻苯二酚，与二氯甲烷发生取代反应，生成B；根据后续D 的结构式，可知B 与溴单
质发生取代，得到C，即C 为
，D 发生已知反应，羧基被还原为羟基，生成E
，E 被氧气氧化为醛基，生成F
；根据已知反应，醛基与碳氧双键可
反应得到羟基结构，羟基可消去生成双键，得到结构G，G 中羰基被还原，得到最终产物H；
【详解】（1）A 的名称为邻苯二酚；
（2）根据G 的结构式，其含氧官能团为酮羰基、醚键；
（3）根据分析，B 与溴单质发生取代，生成C
，反应类型为取代反应；
（4）由分析知，F 中的醛基可与X 中的羰基发生已知反应ii，X 中与羰基碳直接相连的甲基断掉1 个碳氢
键，F 中的碳氧双键断裂
键，两分子中断键的碳原子相连，断键的氢原子与氧原子相连，得到羟基，后
羟基消去得到碳碳双键，反应方程式为
+
+H2O；
（5）D 中除苯环外，含有2 个碳原子和4 个氧原子，不饱和度为2；要求M 含有苯环且能与
溶液
反应，且
该同分异构体与足量
溶液反应最多可生成
，即1 mol M 中含有2 mol 羧基，
不饱和度与原子个数已全部满足要求，即在苯环上取代2 个羧基，故M 的结构有“邻间对”3 种；
（6）根据已知反应i，溴原子可通过借助Mg 与碳氧双键发生反应，得到羟基，而要得到的有机物X 含有
羰基，可以最后将羟基氧化为羰基，故合成的流程为
。
24．(2026 高三下·黑龙江哈尔滨第九中学·一模)
【答案】(1)间硝基苯酚或3-硝基苯酚
(2)硝基、醚键
(3)
(4)
+CH3NH2
+H2O 还原或加成
(5)4 种
(6)
【分析】A 的不饱和度为5，除了苯环外还有1 个不饱和度，根据D 的苯环取代基处于间位，则A 的结构
简式为
，A 中酚羟基和
的溴原子发生取代反应生成B，则B 的结构简式为
，B 中硝基被还原为氨基，则C 的结构简式为
，C 发生已知信
息①的反应生成D，D 和E 发生取代反应生成F，则E 的结构简式为
，F 发生已知信息
②的反应生成Z，据此解答。
【详解】（1）根据分析可知，A 的结构简式为
，名称为间硝基苯酚或3-硝基苯酚；
（2）根据分析可知，B 的结构简式为
，官能团的名称为醚键、硝基；
（3）根据分析可知，E 的结构简式为
；
（4）F 生成Z 的过程中，第一步是氨基和醛基的加成反应得到羟基，第二步是羟基的消去反应得到碳氮双
键，总反应化学方程式为：
+CH3NH2
+H2O；
（5）
C 的分子式为
，不饱和度为4，满足①红外光谱显示含
，②可与
发生显色反应，说
明含有酚羟基，则其余结构均为饱和结构，1 mol 该物质能与2 mol
反应，说明含有2 个酚羟基，
③苯环上有3 个取代基且苯环上的一氯代物有两种，说明取代基的结构对称（如两个对称的酚羟基），④
核磁共振氢谱有6 组峰，峰面积比为1：2：2：2：2：6，说明有2 个结构对称的甲基，满足条件的结构简
式为
、
、
、
，共4 种。
（6）①根据已知信息②M 中含有醛基，发生类似F→Z 的反应，则M 的结构简式为
；
②根据已知信息③，氨基的氢原子可以和卤代烃发生取代反应，则N 的结构简式为
。
25．(2026 高三上·辽宁沈阳·一模)
【答案】(1) 碳碳双键 羧基
(2)消去反应
(3)5
(4)
+
+HCl
(5)
(6)
【分析】
化合物A 中的碳碳双键转化为碳碳单键，同时醇羟基上的H 被取代为TMS；化合物B 中的碳碳双键与
反应将B 中的碳碳双键转化为碳碳单键生成化合物C；化合物C 中酮羰基的邻位碳上的H 原
子与另一个酮羰基先加成后消去形成化合物D；根据化合物D 的分子式(
)可知，D 生成E 为还原反
应，结合化合物F 的结构可知，D 中的酮羰基转化为醇羟基，故E 的结构简式为
；E 中的醇羟
基与
发生取代反应生成化合物F。
【详解】（1）G 中的官能团有碳碳双键、羧基。
（2）H→I 的反应中H 中的碳碘键发生消去反应生成碳碳双键。
（3）
H 中含有5 个手性碳，用“*”表示：
。
（4）
E→F 的反应中E 中断裂O-H 键、
中断裂C-Cl 键，发生取代反应，化学方程式为
+
+HCl。
（5）
E(
，
，不饱和度为3)的同分异构体中含有一个呋喃环(
，不饱和度为3)，核磁
共振显现出3 组峰，峰面积比为6 1 1
∶∶，根据H 原子个数可知H 的实际比为12：2：2，故有4 个相同的甲基，
上连接的取代基对称分布，符合要求的结构简式有
、
。
（6）
C→D 为羟醛缩合反应，在一定条件下可逆向进行，故D 中的六元环中的碳碳双键需断裂让一侧形成酮羰
基即可逆反应合成C，化合物J 断裂碳碳双键形成酮羰基，故M 为
，M 在哌啶、乙酸
条件下要形成两个六元环。
中2 号酮羰基邻—CH3中C—H 键断裂，与1 号酮羰基发生先加
成、后消去的反应生成N，则化合物N 的结构简式为
。
26．(2026 高三下·吉林省长春市·一模)
【答案】(1)甲苯
(2)
(3)羰基、碳氯键
(4)加成反应
(5)
(6)6
(7)
【分析】
观察B→C 的反应得知B 的结构为
；由于A 与丙烯反应生成B，故A 为甲苯。
【详解】（1）
观察B→C 的反应得知B 的结构为
；由于A 与丙烯反应生成B，故A 为甲苯。
（2）
观察B→C 的反应得知B 的结构为
。
（3）C 中官能团为C-Cl 与C=O，故名称为羰基、碳氯键。
（4）观察反应可知，D→E 的过程为D 对甲醛的加成反应，故反应类型为加成反应。
（5）观察结构可知，H→布洛芬的过程中发生了酯类的水解，故两步骤反应应该分别为酯在碱性条件下水
解为对应的羧酸的盐，以及盐被酸化后生成产物（羧酸）；同时考虑到加入强碱NaOH 与加热环境下发生
了羟基对氯原子的取代反应，故第一步反应的化学方程式为：
（6）除苯环外，异构体中应包含7 个C 原子、2 个O 原子与若干个H 原子，具有1 个不饱和度。考虑到有
12 个H 原子化学环境相同，应该为4 个甲基。由于除了苯环外不含其他环，取代基应该为：1 个-COOH 与
2 个-CH(CH3)2，或1 个HCOO-与2 个-CH(CH3)2，或1 个-CHO、1 个酚羟基与2 个-CH(CH3)2。三种情况下
满足核磁共振氢谱的异构体数目均为2 种，故一共6 种。
（7）
仿照题干中E→F 过程，得知M 的结构简式为
；
生成N 的过程中苯基进行了迁移，故氢迁移产物应为N 中苯基与醛基氢交换的结果，为
。
27．(2026 高三下·辽宁省·一模)
【答案】(1)醛基、氨基
(2)氧化反应
(3)
(4)
(5)保护氨基
(6)
(7)
【分析】
甲苯发生硝化反应生成A（
），A 中甲基被SeO2氧化为醛基生成B（
），B
中的硝基被还原成氨基生成C，C 与
在碱性条件下加热生成D，D 加热生成Q；另一条线，甲苯被
高锰酸钾氧化为苯甲酸（E），苯甲酸与SOCl2发生取代反应生成
；由J 的结构简式可
知G 为乙苯（
），
发生硝化反应生成H（
），H 被还原生成I（
）；
与I 发生取代反应生成J ；J 与乙酸酐发生取代反应生成K （
），保护氨基；K 被SeO2氧化生成L，结合M 的结构简式可知L 的结构
简式为
；最后L 水解生成M；据此作答。
【详解】（1）C 中官能团的名称为：醛基、氨基；
（2）甲苯被酸性高锰酸钾氧化生成苯甲酸，反应类型为：氧化反应；
（3）
H（
）除苯环之外还有两个C，一个N，2 个O，一个不饱和度；要求的同分异构体除了苯环之外，
还需要有碳碳双键，并且结构高度对称，N 和O 都没有不饱和键；所以结构只能是
和
；
（4）
与I 发生取代反应生成J，方程式为：
；
（5）反应①将氨基取代，反应②又产生氨基，所以二者的作用是保护氨基，防止氨基被SeO2氧化；
（6）
L 的结构简式为
；
（7）
由M 进行正推，两个苯环中间的酮羰基与乙酰基发生羟醛缩合反应，并且依靠这个羟醛缩合反应进行缩聚，
得产物
；也可通过最终产物P 进行逆推，中间体生成P 的反应是氨基和酮羰基的脱水
成碳氮双键反应，所以只需要将P 中的碳氮双键断开，N 连上2 个H，C 接上碳氧双键即可。
28．(2026 高三下·吉林省白山市·一模)
【答案】(1)还原反应
(2)
(3) 氨基 酰胺基
(4)
(5)
【分析】E 的结构简式为
，D 与
发生加成反应生成
，推出D 的结构简式为：
，由C 与氢气发生加成反应生成的D，推
知C 的结构简式为：
，由B 的分子式以及B 到C 的转化条件可知，B 被还原为氨基生成
C，推知B 的结构简式为：
，由B 的结构简式和A 的分子式可推知，A 是一种芳香族化
合物，分子式为C6H6，则A 为苯，苯与浓硝酸、浓硫酸共热反应生成的B 为硝基苯，E 和I 发生取代反应
生成J 为
和HCl，则I 为
，H 分子式为C3H4O4，SOCl2可将羧基中
的羟基取代为氯原子，则逆推H 为
，根据信息反应，以及G 的分子式，可知G 为
，结合F 的分子式，则F 为CH3COOH，据此解答。
【详解】（1）B 为硝基苯，硝基被Fe/HCl 还原为氨基，反应类型为还原反应。
（2）反应II 为C 与氢气加成生成D，方程式为
+3H2
。
（3）根据分析，对比D 与E 官能团可知，D 中的氨基变为E 中的酰胺基。
（4）据分析，F 为乙酸，G 为
，符合核磁共振氢谱有2 组峰，H 为
，H 与乙
二胺反应生成七元环状化合物的方程式为
。
（5）L 发生酯的水解脱去C2H5OH，结合Daprodustat 中羧基的位置可知，L 的结构简式为
，试剂1 的分子式为C5H7O3N，J 生成K 为加成反应，K→L 是异构化，则
试剂1 中含—COOC2H5，结合L 的结构简式可知试剂1 的结构简式为
。
29．(2026 高三下·三省三校（哈师大附中、东北师大附中、辽宁实验）·一模)
【答案】(1) 醚键 酯基或磷酸酯基
(2)还原反应
(3)
(4)
(5)AB
(6) 16
或
(7)
【分析】
A 先与
反应生成
，
再与
发生取代反应生成B （
）；B 再与异丙醇在硫酸催化下发生取代反应生成C；C 经
还原反应得到D，结合
D 的化学式可得D 为
；D 与
发生取代反应生成E，结合E 的化学式和F 的结构
简式可得E 为
；E 与亚磷酸三乙酯发生取代反应得到含膦酸酯结构的F；F 与苯甲醛在
条件下发生缩合反应，生成含双键的G；G 最后在HCl 作用下发生取代（水解）反应，甲醚转化为
酚羟基得到目标产物H。
【详解】（1）由F 的结构可知， F 中含有醚键和酯基或磷酸酯基。
（2）由分析可知，化合物 C 在
作用下发生还原反应生成D。
（3）
由分析可知，化合物E 的结构为
。
（4）
由分析可知，A 先与
反应生成
，化学方程式为
。
（5）A．苯环、双键中的碳原子为
杂化，烷基碳原子为
杂化，两种化合物中碳原子的杂化方式
均为
和
，A 正确；
B．两种化合物中均有异丙基（
），其饱和碳原子为四面体结构，导致所有碳原子不可能共面，
B 正确；
C．G 中无酚羟基，不显弱酸性；H 中含酚羟基，显弱酸性，C 错误；
（6）
苯环上只有一种等效氢，说明取代基高度对称。能与 4 mol
反应，说明含 2 个酚羟基和 1 个甲
酸酯基（
）。1 mol 消耗 2 mol
，说明苯环上有 2 个可取代的 H，且处于对称位置。可以为
或
，烷基
有8 种结构，因此符合条件的同分异构体共有
种；其中，核磁共振氢谱各组峰面积为
的结构简式为
或
。
（7）
结合流程
，
与
反应生成M（
），M 再与
在
作用下生成
。
