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2019 年山东省威海市中考物理试卷
一、选择题（本题共12 小题，共26 分.1-10 小题为单项选择题，每小题2 分；11-12 小题为多项
选择题，每小题2 分，选对但选不全的得2 分）
1．（2 分）“宫、商、角、徵、羽”起源于春秋时期，是中国古乐的五个基本音阶，亦称五音，相
当于现代7 个音阶中的do、re、mi、sol、la．五音实际上是指声音的（ ）
A．音色
B．音调
C．响度
D．速度
2．（2 分）关于光现象与形成原因的对应关系，下列说法正确的是（ ）
A．手影游戏——光的折射
B．镜花水月——光的漫反射
C．海市蜃楼——光的反射
D．小孔成像——光沿直线传播
3．（2 分）下列自然现象中涉及到的物态变化，需要吸热的是（ ）
A．暖春 冰雪消融
B．盛夏 草上露珠
C．凉秋 雾锁江南
D．寒冬 北国飞雪
4．（2 分）关于物理知识在生活中的应用，下列说法正确的是（ ）
A．拦河坝下宽上窄，是为了减小水对坝体的压强
B．鞋底有花纹，是为了增大摩擦
C．乘车时系安全带，是为了减小人的惯性
D．铁轨铺在枕木上，是为了减小对路基的压力
5．（2 分）下列关于太阳能的说法，错误的是（ ）
A．太阳能是一次能源
B．太阳能是由核聚变产生的
C．当前我国能源消费以直接利用太阳能为主
D．太阳能是可再生能源
6．（2 分）下列做法符合安全用电常识的是（ ）
A．雷雨天时，不要在开阔地行走，但可躲在大树下
B．家庭电路中，开关应接在火线与用电器之间
C．使用试电笔时，手不要接触笔尾金属体，以免触电
D．家用电器起火时，应立即用水扑灭
7．（2 分）关于内能、热量和温度，下列说法正确的是（ ）
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A．温度高的物体，含有的热量一定多
B．物体内能增加，一定吸收了热量
C．热量总是从内能大的物体传递给内能小的物体
D．物体吸收热量，温度不一定升高
8．（2 分）关于课本中的力学实验，下列说法错误的是（ ）
A．“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验，可用小车代替木块
B．“探究二力平衡的条件”实验，将小车转动一定角度是为了探究小车处于平衡状态时
二力是否在同一条直线上
C．“探究阻力对物体运动的影响”实验，小车受到阻力越小，小车速度减小得越慢
D．“探究动能的大小与哪些因素有关”实验，木块被小车推得越远，说明小车动能越大
9．（2 分）有关电学知识，下列说法错误的是（ ）
A．对人体的安全电压不高于36V
B．一个电子所带电荷量为1.6×10﹣19C
C．手机功率约为200W
D．家用空调电流约为5A
10．（2 分）小明为自家的花卉大棚设计了一套智能电路管理系统，整个电路的通断可以通过
手动控制开关S1或手机远程控制开关S2实现。当大棚内光线较暗时，光控开关S3自动闭
合，接通灯泡；当需要给大棚通风时，闭合开关S4，启动风机。灯泡和风机均可独立工作，
以下简化电路图符合要求的是（ ）
A．
B．
C．
D．
11．
（3 分）一个质量为80g 的圆柱形瓶身的空玻璃瓶，内装10cm 高的水密封后放在水平地面
上，如图甲所示，再将玻璃瓶分别倒置在盛有水和某种未知液体的容器中，静止后，瓶内、
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外液面的高度差如图乙和图丙所示（ρ 水＝1×103kg/m3，g＝10N/kg，瓶壁厚度忽略不计）。
下列说法正确的是（ ）
A．玻璃瓶在水中受到的浮力小于在未知液体中受到的浮力
B．玻璃瓶底的面积为50cm2
C．未知液体的密度为0.75g/cm3
D．玻璃瓶在水中受到的浮力为4.8N
12．（3 分）如图所示是某同学设计的监测河水流速变化的装置原理图。机翼状的探头始终浸
没在水中，通过连杆带动滑动变阻器的滑片P 上下移动，电源电压保持4.5V 不变，电流表
量程为0～0.6A，电压表量程为0～3V，定值电阻R1阻值为5Ω，滑动变阻器R2的规格为
“15Ω，1A”。闭合开关S，随着水流速度的改变，下列说法正确的是（ ）
A．当水流速度增大时，电压表的示数变大
B．当水流速度减小时，电压表与电流表的示数之比变大
C．滑动变阻器允许接入电路的取值范围为2.5Ω～10Ω
D．电路消耗总电功率的变化范围为1.35W～4.05W
二、填空题（本题共8 小题，共16 分，每小题2 分）
13．（2 分）人们在使用手机时，芯片上晶体管中的电阻会发热，是将电能转化为 能；
手机通话过程中，是利用 来传递信息的。
14．（2 分）小明在燃气灶上煲汤，将质量为2kg、初始温度为20℃的汤，升高了80℃，汤吸收
了 J 的热量，这是通过 方式来改变汤的内能。[汤的比热容为
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4×103J/kg•℃）
15．（2 分）世界上第一个温度计是由伽利略发明的，其原理如图所示，中空玻璃管与玻璃泡
相连，玻璃管中水柱上方密封部分空气，用玻璃泡测量物体的温度。当大气压不变，被测
物体温度升高时，水柱会 。当被测物体温度不变、大气压变小时，水柱会 。
（两空均选填“上升”“下降”或“不变”）
16．（2 分）将分别标有“6V，6W“和“3V，3W”的甲、乙两只灯泡串联接在电压为3V 的电
源两端， 灯更亮；若并联接在该电源两端，两灯消耗的功率之比P 甲：P 乙＝
。（忽略温度对灯丝电阻的影响）
17．（2 分）黑洞是宇宙中质量很大的天体。如图，两恒星1、2 发出的光在经过某黑洞附近时
发生了弯曲之后射向地球，地球上的人类观测到恒星1 的位置比原位置 （选填
“偏高”、“偏低”或“不变”）；若在黑洞的位置用一个光学元件代替它对光的作用
（光学元件的尺寸可大于黑洞），该光学元件为 。
18．（2 分）如图，骑马是古人最便捷的出行方式。“春风得意马蹄疾，一日看尽长安花”。当
诗人孟郊骑马看到百花纷纷向后退去，是以 为参照物。西安到洛阳路程约为
360km，乘坐动车约需2 个小时；若古人骑马走完此路段，平均速度5m/s，则大约需要
小时。
19．（2 分）如图是一款健身拉力器原理图，斜面的倾角为30°，重500N 的物块与固定在斜面
底端的弹簧相连，小明通过定滑轮拉着物块沿斜面向上匀速运动2m 的过程中（此过程弹
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簧始终处于被拉伸状态），小明对绳的拉力所做的功为1000J，克服弹簧拉力做功300J，则
克服物块重力做的功为 J，物块与斜面之间摩擦力的大小为 N．（忽略绳重、
滑轮与轴的摩擦）
20．（2 分）图甲是某新型电饭锅的简化电路图。R0为15Ω 的定值电阻，其阻值不受温度影响。
RT是热敏电阻，其阻值随温度的变化规律如图乙所示。由图象可知，当RT的温度从30℃
升高到130℃的过程中，电路总功率的变化规律是： ；当RT的温度达到100℃时，
RT的功率为 W。
三、作图题（本题共2 小题，共4 分，21 题2 分，22 题2 分）
21．（2 分）如图是一种活塞式抽水机的示意图。其中手柄AOB 是一个杠杆，杠杆在动力F1的
作用下绕O 点匀速转动，请在图中画出杠杆在B 点受到阻力的示意图和F1的力臂。
22．（2 分）闭合开关S 后小磁针的状态如图所示（小磁针黑色一端表示N 极），请在图中括号
内标出通电螺线管的N 极和电源的“+”极。
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四、实验探究题（本题共3 小题，共19 分，23 题6 分，24 题6 分，25 题7 分）
23．（6 分）如图是“探究凸透镜成像的规律”实验装置，小明通过实验得到了如表所示的实
验数据，请回答下列问题：
物距u
（cm）
60
50
35
30
20
19
18
17
16
15
14
12
像距v
（cm）
12
12.5
14
15
20
21.1
22.5
24.3
26.7
30
35
60
（1）根据表可知凸透镜的焦距f＝ cm。
（2）当u＝25cm 时，像距ν 应该在 （选填“15﹣16”、“16﹣17”、“17﹣
18“、“18﹣19”或“19﹣20”）cm 范围内；当u＝60cm 时，光屏上成 （选填“放
大”或“缩小”）的像，此种成像原理可以制成什么光学仪器？ （选填“照相机”
或“投影仪“）；此时，用遮光板遮住LED 光源的一部分，光屏上的像相比原来的像会
（选填“变暗”“缩小”或“不完整”）。
（3）LED 光源的高度h＝10cm，小明经过认真测量，得到像高h′与物距u 的数据，如图2
所示，请在图中画出h′与u 的关系图象。
24．（6 分）小明利用杠杆做了以下实验，实验时使用的每个钩码的质量均相等，杠杆上相邻
刻线间的距离相等，请回答下列问题：
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（1）如图甲所示，将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆的左端下沉，若想使杠
杆在水平位置平衡，应将杠杆的平衡螺母向 调节。杠杆在水平位置平衡后，在A
点悬挂2 个钩码，要使杠杆在水平位置再次平衡，需在B 点悬挂 个钩码；之后在
A、B 两点再各增加1 个钩码，杠杆将 （选填“不动”、“顺时针旋转”或“逆时
针旋转”）。
（2）如图乙所示，小明在A、C 两点分别悬挂等重的载物盘，制作了一个天平，左盘盛放物
体，右盘加减砝码，此天平是利用了哪一类杠杆制作面成的？ 。
（3）小明正确使用自制天平称量物体质量时：
①假如支点O 因某种原因向右偏移，则测量值 真实值（选填“大于”“等于”或
“小于”）；
②假如砝码因生锈等原因质量增大，则测量值 真实值（选填“大于”“等于”或
“小于”）。
25．（7 分）图甲是测量定值电阻R 阻值的实验电路图。
（1）闭合开关S，当电压表的示数为2.4V 时，电流表示数如图乙所示，则R 的阻值为
Ω；调节滑片P 的位置，进行多次测量，其目的是 。
（2）实验过程中，发现电流表示数突然变大，电压表示数几乎为零，则电路故障可能是
。
（3）实验结束后，小明想探究“什么情况下磁能生电”，于是他在蹄形磁铁的磁场中悬挂
一根导线，导线的两端跟电流计连接，组成闭合电路，如图丙所示。
①保持导线在磁场中静止，观察到电流计的指针没有偏转，小明认为可能是电流太小，于
是换成更加灵敏的电流计，观察到指针仍没有偏转。他认为也有可能是由于磁铁磁性不够
强，没有电流产生，于是更换了磁性更强的磁铁进行探究，在更换磁铁的同时，发现电流
计的指针动了一下后又静止了。你认为电流计指针“动了一下”的原因是什么？
②当导线水平向右运动时，电流计指针反向偏转，为使电流计指针正向偏转，可以如何操
作？请说出两种方法： ； 。
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③根据图丙装置原理人们制成了 机。
五、综合计算题（本题共3 小题，共25 分，26 题8 分，27 题9 分，28 题8 分.要求写出必要的文
字说明、单位、重要的公式及主要的运算过程，只写出结果不得分）
26．（8 分）小明家有一艘玻璃钢海钓船，底部平直，其参数如表所示（柴油热值q＝4.3×107J/
kg，g＝10N/kg）。
（1）不出海时，空船放置在水平沙滩上，船底与沙滩的接触面积为2m2，求船对沙滩的压强。
（2）小明一家人某次出海钓鱼，人员和钓鱼装备共300kg，船匀速直线行驶4.3km，船受到
的阻力为总重力的0.5 倍，发动机的实际输出功率为12kW、消耗柴油1kg（假设柴油完全
燃烧）。求：船行驶的速度和发动机的效率。
27．（9 分）火锅是人们比较喜欢的一种饮食方式，如图为小明家使用的一款电火锅工作电路
的原理图。它有高、中、低三个加热档位，旋钮开关可以分别置于“0 和1“、“1 和
2”、“2 和3”或“3 和4”接线柱。正常工作时，低温档功率为高温档功率的
，R1为
242Ω，R2为60.5Ω．（忽略温度对电阻的影响）
（1）请指出开关置于什么接线柱时，火锅处于低温档？
（2）R3的阻值是多少欧姆？电火锅处于低温档正常工作时，在1 分钟内产生的热量是多
少焦耳？
（3）小明关闭家中的其他用电器，只让电火锅独立工作，用高温档加热汤液2 分钟，电能
表的表盘转了81 转。请通过计算判断此时电火锅是否正常工作？[电能表的铭牌上标有
3000r/（kW•h）]
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28．（8 分）如图所示，某考古队用滑轮组将重4.8×103N，体积为100dm3的文物打捞出水，定
滑轮重100N．滑轮组上共有三根绳子a，b 和c，其中a 是悬挂定滑轮，b 绕在定滑轮和动
滑轮上，c 悬挂文物，整个打捞过程始终缓慢匀速提升文物，文物完全浸没在水中时，滑轮
组的机械效率为95%（ρ 水＝1×103kg/m3，g＝10N/kg，绳重、滑轮与轴的摩擦以及水的阻力
均忽略不计）。请解答下列问题：
（1）文物浸没在水中时受到的浮力是多大？
（2）动滑轮的重力是多大？
（3）在整个打捞过程中，a、b、c 三根绳中哪根绳承受的拉力最大？该绳至少要承受多大的
拉力？
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2019 年山东省威海市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共12 小题，共26 分.1-10 小题为单项选择题，每小题2 分；11-12 小题为多项
选择题，每小题2 分，选对但选不全的得2 分）
1．（2 分）“宫、商、角、徵、羽”起源于春秋时期，是中国古乐的五个基本音阶，亦称五音，相
当于现代7 个音阶中的do、re、mi、sol、la．五音实际上是指声音的（ ）
A．音色
B．音调
C．响度
D．速度
【分析】解决此题要知道音调的高低与发声物体的振动频率有关，频率越大，音调就越高。
【解答】解：中国古乐的五个基本音阶，每个音阶对应的频率是逐渐增大的，因为频率越高，
音调越高，由此可知do、re、mi、sol、la．五音实际上是指声音的音调。
故选：B。
【点评】掌握音调与频率的关系是解答此题的关键，难度不大。
2．（2 分）关于光现象与形成原因的对应关系，下列说法正确的是（ ）
A．手影游戏——光的折射
B．镜花水月——光的漫反射
C．海市蜃楼——光的反射
D．小孔成像——光沿直线传播
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、
影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒
影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射
现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
【解答】解：A、手影游戏是光沿直线传播形成的，故A 错误；
B、镜花水月，是平面镜成像现象，属于镜面反射，故B 错误。
C、海市蜃楼是光在不均匀的大气中传播形成的光的折射现象，故C 错误。
D、小孔成像是光沿直线传播形成的，故D 正确。
故选：D。
【点评】本题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的
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理解，考查了学生理论联系实际的能力，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
3．（2 分）下列自然现象中涉及到的物态变化，需要吸热的是（ ）
A．暖春 冰雪消融
B．盛夏 草上露珠
C．凉秋 雾锁江南
D．寒冬 北国飞雪
【分析】（1）物质由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；由液态变为气态叫汽
化，由气态变为液态叫液化；由固态直接变为气态叫升华，由气态直接变为固态叫凝华。
（2）六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、
凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
【解答】解：A、暖春 冰雪消融，是冰（固态）熔化成液态的水，熔化需要吸热。符合题意；
B、盛夏 草上露珠，是空气中的水蒸气液化成露珠，液化需要放热。不符合题意；
C、凉秋 雾锁江南，是空气中的水蒸气液化成小水珠漂浮在空中形成雾，液化需要放热。
不符合题意；
D、寒冬 北国飞雪，北国飞雪，是气态的水蒸气凝华成雪，凝华需要放热。不符合题意。
故选：A。
【点评】本题考查了学生对物态变化以及吸放热情况的了解，抓住物质前后的状态变化是
解决此类题目的关键。
4．（2 分）关于物理知识在生活中的应用，下列说法正确的是（ ）
A．拦河坝下宽上窄，是为了减小水对坝体的压强
B．鞋底有花纹，是为了增大摩擦
C．乘车时系安全带，是为了减小人的惯性
D．铁轨铺在枕木上，是为了减小对路基的压力
【分析】（1）液体内部的压强随深度的增加而增大；
（2）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力
一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
（3）惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有
关系，质量越大，惯性越大。
（4）减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一
定时，通过减小压力来减小压强。
【解答】解：
A、液体内部的压强随深度的增加而增大，拦河坝上窄下宽是因为下部受到水的压强大，
故A 错误；
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B、鞋底有花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故B 正确；
C、惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关
系，乘车时系安全带，是为了防止由于惯性带来的危害，不能减小惯性，故C 错误；
D、铁轨铺在枕木上，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小对路基的压强，故D 错误。
故选：B。
【点评】本题考查的知识点较多，综合性很强，但都属于与实际联系密切的重要知识点，是
我们应该重点掌握的。
5．（2 分）下列关于太阳能的说法，错误的是（ ）
A．太阳能是一次能源
B．太阳能是由核聚变产生的
C．当前我国能源消费以直接利用太阳能为主
D．太阳能是可再生能源
【分析】（1）太阳能是内部原子核聚变产生出来的能量，是清洁、安全、无污染的能源，能
够源源不断的从自然界得到。太阳已稳定燃烧了50 亿年，目前，它正处于壮年，要再过50
亿年，才能燃尽自己的核燃料。目前人们直接利用太阳能的方式有两种：其一是把太阳能
转化为内能；其二是把太阳能转化为电能。
（2）太阳能时直接可以利用的，符合一次能源的定义；
（3）太阳主要的成分是氢跟氦，氢发生核聚变反应产生大量的能量；
【解答】解：太阳能是内部原子核聚变产生出来的能量，是清洁、安全、无污染的能源，能够
源源不断的从自然界得到。太阳已稳定燃烧了50 亿年，目前，它正处于壮年，要再过50 亿
年，才能燃尽自己的核燃料。目前人们直接利用太阳能的方式有两种：其一是把太阳能转
化为内能；其二是把太阳能转化为电能。我国能源消费以化石能源为主。
故选：C。
【点评】太阳能在生活中的广泛应用有利于我们节约能源，保护环境。同时，通过此题告诉
我们，学好物理就要多留心生活，多观察事物。
6．（2 分）下列做法符合安全用电常识的是（ ）
A．雷雨天时，不要在开阔地行走，但可躲在大树下
B．家庭电路中，开关应接在火线与用电器之间
C．使用试电笔时，手不要接触笔尾金属体，以免触电
D．家用电器起火时，应立即用水扑灭
【分析】（1）下雨时站在大树下，湿树就是导体，可以见雷电中的电能导入人体，人就会触
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电；
（2）在家庭电路中，为了有效的控制用电器，需要将开关和用电器串联，并且开关要接在
火线和用电器之间，这样断开开关时，用电器上没有电，便于维修；
（3）使用测电笔时，手必须接触笔尾的金属体；
（4）水是导体，电路起火时不能用水灭火，否则会发生触电事故。
【解答】解：A、雷雨天气要在开阔地行走，不能在大树下避雨，因为树比较高，而且树上带
有水，树木就成了导体，容易将雷电引下来，人在树下避雨就可能会触电，故A 错误；
B、在家庭电路中，开关应接在火线与用电器之间，这样断开开关时，便于维修，故B 正确；
C、使用测电笔时，笔尖接触待测物体，手要接触笔尾金属体，故C 错误；
D、家用电器着火时，用水灭火会造成短路，会损坏电器，故D 错误；
故选：B。
【点评】本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识。只要同学们牢记安全用电常识，
并正确规范操作，就不会有危险发生。
7．（2 分）关于内能、热量和温度，下列说法正确的是（ ）
A．温度高的物体，含有的热量一定多
B．物体内能增加，一定吸收了热量
C．热量总是从内能大的物体传递给内能小的物体
D．物体吸收热量，温度不一定升高
【分析】（1）热量是过程量，就是说，热量只存在于热传递或热交换过程中，只能说吸收或
放出热量，热量传递等；热量不是状态量，不能说含有或者具有热量。
（2）改变内能的方法有两个：做功和热传递。
（3）发生热传递的条件是存在温度差，不是存在内能差；
（4）发生热传递时，物体吸收热量后，温度可能升高，也可能不变。
【解答】解：A、热量是过程量，不能说含有或者具有热量，故A 错误；
B、物体内能增加，可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做了功，故B 错误。
C、发生热传递的条件是存在温度差，不是存在内能差，故C 错误。
D、物体吸收热量，温度不一定升高；如：晶体熔化过程中吸收热量，但温度保持不变；故D
正确。
故选：D。
【点评】本题是一道热学综合题，主要考查学生对热量、热传递的条件、及改变物体内能方
法的理解，是中招的热点，热学的难点。
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8．（2 分）关于课本中的力学实验，下列说法错误的是（ ）
A．“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验，可用小车代替木块
B．“探究二力平衡的条件”实验，将小车转动一定角度是为了探究小车处于平衡状态时
二力是否在同一条直线上
C．“探究阻力对物体运动的影响”实验，小车受到阻力越小，小车速度减小得越慢
D．“探究动能的大小与哪些因素有关”实验，木块被小车推得越远，说明小车动能越大
【分析】A、变滑动为滚动，减小了摩擦力，从测量的可操作性分析；
B、将小车转动一定角度，小车在水平方向上受到两个力不在同一直线上，据此分析；
C、小车受到的阻力越小，其前进的距离会越远；
D、通过比较小车推动木块移动的距离来反映小车动能的大小，实验也采用了转换法。
【解答】解：A、探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，若用小车代替木块，变滑动为滚
动，减小了摩擦力，从而对测量摩擦力大小带来了困难，A 错误；
B、“探究二力平衡的条件”实验，将小车转动一定角度，小车在水平方向上受到两个力
不在同一直线上，是为了探究小车处于平衡状态时二力是否在同一条直线上，B 正确；
C、由实验现象可以看出：小车受的阻力越小，小车运动的路程越远，速度减小得越慢，C
正确；
D、“探究动能的大小与哪些因素有关”实验，根据转换法，木块被小车推得越远，说明小
车动能越大，D 正确。
故选：A。
【点评】本题考查减小摩擦力的方法、二力平衡的条件、力和运动的关系及转换法的运用，
综合性较强。
9．（2 分）有关电学知识，下列说法错误的是（ ）
A．对人体的安全电压不高于36V
B．一个电子所带电荷量为1.6×10﹣19C
C．手机功率约为200W
D．家用空调电流约为5A
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据
需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：
A、经验证明，对人体的安全电压是不高于36V，故A 正确；
B、一个电子所带的电荷量为1.6×10﹣19C，故B 正确；
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C、手机的功率很小，不足1W，不会达到200W，故C 错；
D、家用空调的功率在1000W 左右，工作电流约为I＝
＝
≈5A，故D 正确。
故选：C。
【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，
找出符合实际的选项即可。
10．（2 分）小明为自家的花卉大棚设计了一套智能电路管理系统，整个电路的通断可以通过
手动控制开关S1或手机远程控制开关S2实现。当大棚内光线较暗时，光控开关S3自动闭
合，接通灯泡；当需要给大棚通风时，闭合开关S4，启动风机。灯泡和风机均可独立工作，
以下简化电路图符合要求的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【分析】根据题意可知整个电路的通断可以通过手动控制开关S1或手机远程控制开关S2
实现。说明S1和S2并联，
灯泡和风机均可独立工作、互不影响即为并联，且光控开关S3控制照明灯泡，开关S4控制
风机，据此分析进行解答。
【解答】解：
由题知，整个电路的通断可以通过手动控制开关S1或手机远程控制开关S2实现，说明两
开关能独立工作、互不影响，则S1和S2应并联在干路上；
由题知，光线较暗时，光控开关S3自动闭合，接通灯泡提供照明，说明开关S3与灯泡串联，
闭合开关S4，启动风机，说明开关S4与风机串联，
而灯泡和风机均可独立工作，所以灯泡与风机应并联，
综上结合选项可知，只有C 图符合题意。
第15页（共35页）
故选：C。
【点评】本题考查了串、并联电路的设计，解答时可以根据题意分析选项找出符合要求的
选项即可。
11．
（3 分）一个质量为80g 的圆柱形瓶身的空玻璃瓶，内装10cm 高的水密封后放在水平地面
上，如图甲所示，再将玻璃瓶分别倒置在盛有水和某种未知液体的容器中，静止后，瓶内、
外液面的高度差如图乙和图丙所示（ρ 水＝1×103kg/m3，g＝10N/kg，瓶壁厚度忽略不计）。
下列说法正确的是（ ）
A．玻璃瓶在水中受到的浮力小于在未知液体中受到的浮力
B．玻璃瓶底的面积为50cm2
C．未知液体的密度为0.75g/cm3
D．玻璃瓶在水中受到的浮力为4.8N
【分析】（1）图乙和丙中，玻璃瓶都处于漂浮状态，浮力等于其总重力，据此可知浮力关系；
根据p＝ρ 水gh 求出杯底受到水的压强；
（2）图乙中杯子处于漂浮状态，浮力等于其总重力，据此列出等式，然后即可求出玻璃瓶
底的面积；
（3）根据杯子在水中和在图丙的液体中受的浮力相等列出等式，解出液体密度；
（4）根据V＝Sh 求出玻璃瓶里水的体积，然后根据G＝mg＝ρVg 求出水的重力，根据漂浮
条件即可求出浮力。
【解答】解：
A、图乙和丙中，玻璃瓶都处于漂浮状态，则F 浮水＝F 浮液＝G 瓶总，故A 错误；
B、图乙中玻璃瓶处于漂浮状态，浮力等于其总重力，
G 杯＝m 杯g＝0.08kg×10N/kg＝0.8N，
F 浮水＝G 杯+G 水，
ρ 水gS（h1+h2）＝G 杯+ρ 水gSh1，
ρ 水gSh2＝G 杯，
第16页（共35页）
玻璃瓶底面积S＝
＝
＝4×10﹣3m2＝
40cm2，故B 错误；
C、设玻璃瓶的底面积为S，玻璃瓶在水中和在液体中受的浮力相等，
F 浮水＝F 浮液，
ρ 水gV 排＝ρ 液gV 排′，
ρ 水g（V 水+Sh2）＝ρ 液g（V 水+Sh3），
因为水的体积V 水＝Sh1，图中h1＝0.10m，h2＝0.02m，h3＝0.06m，
解得：ρ 液＝0.75×103kg/m3＝0.75g/cm3；故C 正确；
D、玻璃瓶中水的体积V 水＝Sh1＝4×10﹣3m2×0.10m＝4×10﹣4m3，
根据G＝mg 和ρ＝
可得：G 水＝ρ 水V 水g＝1.0×103kg/m3×4×10﹣4m3×10N/kg═4N，
则F 浮水＝G 杯+G 水＝0.8N+4N＝4.8N，故D 正确。
故选：CD。
【点评】此题主要考查的是学生对浮力、压强、二力平衡等知识的理解和掌握，综合性很强，
难度较大，能够读懂图中信息是解决此题的关键。
12．（3 分）如图所示是某同学设计的监测河水流速变化的装置原理图。机翼状的探头始终浸
没在水中，通过连杆带动滑动变阻器的滑片P 上下移动，电源电压保持4.5V 不变，电流表
量程为0～0.6A，电压表量程为0～3V，定值电阻R1阻值为5Ω，滑动变阻器R2的规格为
“15Ω，1A”。闭合开关S，随着水流速度的改变，下列说法正确的是（ ）
A．当水流速度增大时，电压表的示数变大
B．当水流速度减小时，电压表与电流表的示数之比变大
C．滑动变阻器允许接入电路的取值范围为2.5Ω～10Ω
D．电路消耗总电功率的变化范围为1.35W～4.05W
【分析】（1）流体的压强跟流速有关，流速越大的位置，压强越小。水流速度增大时，机翼
第17页（共35页）
状的探头上下表面的压强不同，下表面压强大于上表面压强，R2滑片上移，阻值减小，电
压表示数减小；
（2）机翼状的探头上下表面的压强不同，下表面压强大于上表面压强，水流速度减小时，
上下表面的压强差减小，R2滑片下移，阻值增大；
（3）根据电流表的量程确定电路中的最大电流，根据欧姆定律求出电路中的最小电阻，利
用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，
根据电压表量程可知滑动变阻器接入电路中的电阻两端的电压最大为3V，则根据电阻的
串联和欧姆定律求出电路中的电流，继而根据欧姆定律可知滑动变阻器接入电路中的电
阻；
（4）根据P＝UI 求出电阻消耗功率的最大和最小值。
【解答】解：A、流体的压强跟流速有关，流速越大的位置，压强越小。水流速度增大时，机
翼状的探头上下表面的压强不同，下表面压强大于上表面压强，R2滑片上移，阻值减小，
R1与R2串联，根据串联分压可知，电压表示数减小；故A 错误；
B、机翼状的探头上下表面的压强不同，下表面压强大于上表面压强，水流速度减小时，上
下表面的压强差减小，R2滑片下移，阻值增大，电压表与电流表的示数之比就是R2的阻值，
故B 正确；
C、串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0～0.6A，
所以电路中的最大电流为Imax＝0.5A，
由I＝
可得：电路中的总电阻R 总＝
＝
＝7.5Ω，
串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
滑动变阻器接入电路中的最小阻值：
R2＝R﹣R1＝7.5Ω﹣5Ω＝2.5Ω，
根据电压表量程可知滑动变阻器接入电路中的电阻两端的电压最大为3V，即U2＝3V，
根据串联电路的电压特点，R1的电压：U1＝U﹣U2＝4.5V﹣3V＝1.5V，
此时电路中的电流最小：Imin＝
＝
＝0.3A，
滑动变阻器接入电路中的最大阻值：R2′＝
＝
＝10Ω，
滑动变阻器允许接入电路的取值范围为2.5Ω～10Ω，故C 正确；
第18页（共35页）
D、电阻消耗功率的最大值：
Pmax＝UImax＝4.5V×0.6A＝2.7W，
电阻消耗功率的最小值：
Pmin＝UImin＝4.5V×0.3A＝1.35W，
电路消耗总电功率的变化范围为1.35W～2.7W，故D 错误。
故选：BC。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，是一道综合题。
二、填空题（本题共8 小题，共16 分，每小题2 分）
13．（2 分）人们在使用手机时，芯片上晶体管中的电阻会发热，是将电能转化为 内 能；手
机通话过程中，是利用 电磁波 来传递信息的。
【分析】电流流过导体时会产生热量，这是电流的热效应；手机是靠发射和接收电磁波来
工作的；
【解答】解：
（1）电流流过导体时会产生热量，这是电流的热效应；人们在使用手机时，芯片
上晶体管中的电阻会发热，芯片的温度升高，内能增加。
（2）手机是靠发射和接收电磁波来工作的。
故答案为：内；电磁波。
【点评】本题考查电流热效应的能量转化与手机通讯相关知识。
14．（2 分）小明在燃气灶上煲汤，将质量为2kg、初始温度为20℃的汤，升高了80℃，汤吸收
了
6.4×10
5
J 的热量，这是通过 热传递 方式来改变汤的内能。[汤的比热容为
4×103J/kg•℃）
【分析】（1）知道汤的质量、比热容、升高的温度，利用吸热公式Q 吸＝cm△t 求汤吸收的
热量；
（2）改变物体内能的方法：做功和热传递。
【解答】解：
（1）汤吸收的热量：
Q 吸＝cm△t＝4×103J/（kg•℃）×2kg×80℃＝6.4×105J；
（2）在燃气灶上煲汤时，汤吸收热量，内能增加、温度升高，是利用热传递来改变汤的内能。
故答案为：6.4×105；热传递。
【点评】本题考查了改变内能的方法、吸热公式Q 吸＝cm△t 的应用，属于基础题目。
15．（2 分）世界上第一个温度计是由伽利略发明的，其原理如图所示，中空玻璃管与玻璃泡
相连，玻璃管中水柱上方密封部分空气，用玻璃泡测量物体的温度。当大气压不变，被测
第19页（共35页）
物体温度升高时，水柱会 下降 。当被测物体温度不变、大气压变小时，水柱会 下降
。（两空均选填“上升”“下降”或“不变”）
【分析】要解答本题首先应了解：气体有着较突出的热胀冷缩的性质，随着外界温度的变
化，球形容器内气体的体积会有明显的变化。
【解答】解：
（1）当外界气温上升的时候，球形容器内的气体受热膨胀，由于密闭，所以压强
增大，使管内的液面下降；
（2）当温度不变，外界大气压变小，而玻璃管内的气体由于被封闭可以视为气压不变；所
以玻璃泡内外气压变小，能够支撑的水柱高度变低，水柱下降；
故答案为：下降；下降。
【点评】本题主要考查了气体压强跟温度、体积的关系，了解和掌握伽利略温度计的工作
原理，是一道中档题。
16．（2 分）将分别标有“6V，6W“和“3V，3W”的甲、乙两只灯泡串联接在电压为3V 的电
源两端， 甲 灯更亮；若并联接在该电源两端，两灯消耗的功率之比P 甲：P 乙＝
1 ：
2
。（忽略温度对灯丝电阻的影响）
【分析】（1）由灯泡铭牌计算灯泡电阻，灯泡的明暗是由其实际功率决定的，据此计算；
（2）根据并联电路的特点，由P＝UI＝
进行计算。
【解答】解：
（1）由P＝
可得，两灯的电阻分别为：
R 甲＝
＝
＝6Ω，R 乙＝
＝
＝3Ω，
若两灯串联，因串联电路中电流处处相等，R 甲＞R 乙，由P＝I2R 可得P 甲实＞P 乙实，所以甲
灯比乙灯更亮；
（2）若并联接在该电源两端，并联电路中各支路两端电压相等，即U 并甲＝U 并乙，
第20页（共35页）
由P＝UI＝
可得，两灯消耗的功率之比：
P 并甲：P 并乙＝
：
＝
×
＝
＝
＝
。
故答案为：甲；1：2。
【点评】本题考查串并联电路的综合运用，要熟练运用串并联电路的规律，掌握用电器正
常工作时的特点。
17．（2 分）黑洞是宇宙中质量很大的天体。如图，两恒星1、2 发出的光在经过某黑洞附近时
发生了弯曲之后射向地球，地球上的人类观测到恒星1 的位置比原位置 偏高 （选填
“偏高”、“偏低”或“不变”）；若在黑洞的位置用一个光学元件代替它对光的作用
（光学元件的尺寸可大于黑洞），该光学元件为 凸透镜 。
【分析】（1）人眼看到物体是因为物体发出或放射了光进入人眼，当光线经过偏转进入人
眼时，人大脑直觉认为光是沿直线传播过来，所以看到的是物体的虚像。
（2）凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线有发散作用；
【解答】解：
（1）人眼看到物体是因为物体发出、反射（或折射）的光进入人眼，当光线经过偏转进入人
眼时，人大脑直觉认为光是沿直线传播过来，所以看到的是物体的虚像。
如图可知，看到的像在恒星1 的上方，比原位置偏高；
（2）由题目中的图可知，恒星1、恒星2 发出的光经过黑洞附近时，会在万有引力作用下弯
曲，光束变得集中，类似于凸透镜对光线的会聚作用，所以，在黑洞的位置可以用凸透镜
代替它对光的作用。
故答案是：偏高；凸透镜。
第21页（共35页）
【点评】该题考查学生对光的折射和虚像的理解，并且要求学生具有类比的思维。
18．（2 分）如图，骑马是古人最便捷的出行方式。“春风得意马蹄疾，一日看尽长安花”。当
诗人孟郊骑马看到百花纷纷向后退去，是以 马（或自己） 为参照物。西安到洛阳路程
约为360km，乘坐动车约需2 个小时；若古人骑马走完此路段，平均速度5m/s，则大约需
要
20
小时。
【分析】（1）判断物体的运动情况时，必须选取一个标准作为参照物，如果研究对象与参
照物之间的位置发生了变化，则是运动的；如果位置没有发生变化，则是静止的。
（2）已知速度和路程，利用速度公式计算时间。
【解答】解：诗人孟郊骑在马上以马（或自己）为参照物，百花与马（或自己）之间的位置发
生了变化，所以百花是运动的，即看到百花纷纷向后退去；
根据v＝
可得所用的时间：
t＝
＝
＝20h。
故答案为：马（或自己）；20。
【点评】本题考查了运动和静止的相对性，速度公式变形的应用。在判断物体运动和静止
时，关键看物体相对于参照物的位置是否发生了变化。
19．（2 分）如图是一款健身拉力器原理图，斜面的倾角为30°，重500N 的物块与固定在斜面
底端的弹簧相连，小明通过定滑轮拉着物块沿斜面向上匀速运动2m 的过程中（此过程弹
簧始终处于被拉伸状态），小明对绳的拉力所做的功为1000J，克服弹簧拉力做功300J，则
克服物块重力做的功为
500
J，物块与斜面之间摩擦力的大小为
100
N．（忽略绳重、
滑轮与轴的摩擦）
第22页（共35页）
【分析】根据W＝Gh 可求得克服物块重力做的功；小明对绳的拉力所做的功减去克服弹
簧拉力做功，再减去有用功即为额外功，然后利用W 额＝fs 可求得物块与斜面之间摩擦力
的大小。
【解答】解：已知斜面的倾角为30°，物块沿斜面向上匀速运动2m，则斜面的高度h＝
s＝
×2m＝1m，
克服物块重力做的功W 有用＝Gh＝500N×1m＝500J；
W 额＝W 总﹣W1﹣W 有用＝1000J﹣500J﹣300J＝200J，
由W 额＝fs 可得，物块与斜面之间摩擦力的大小f＝
＝
＝100N。
故答案为：500；100。
【点评】此题考查功的计算公式的应用，明确额外功为小明对绳的拉力所做的功减去克服
弹簧拉力做功，再减去有用功是关键。
20．（2 分）图甲是某新型电饭锅的简化电路图。R0为15Ω 的定值电阻，其阻值不受温度影响。
RT是热敏电阻，其阻值随温度的变化规律如图乙所示。由图象可知，当RT的温度从30℃
升高到130℃的过程中，电路总功率的变化规律是： 先增大后减小 ；当RT的温度达到
100℃时，RT的功率为
640
W。
【分析】（1）由图乙判断出电阻与温度的关系，根据P＝
判断出电路总功率的变化规律；
（2）由图乙知，RT与R0串联，根据I＝
算出电路的电流，然后根据PT＝I2RT计算出
RT的阻值。
【解答】解：
第23页（共35页）
（1）由图乙知，随着温度的升高，热敏电阻RT的电阻先变小，到100℃电阻达到最小，然后
随温度的升高电阻又逐渐增大，根据P＝
知，在总电压一定时，电路总功率先增大，
后减小；
（2）由图象可知，当RT的温度达到100℃时，RT的阻值为40Ω，
由图甲知，RT与R0串联，
则温度100℃时，电饭锅的电流：I＝
＝
＝4A，
此时RT的功率为：PT＝I2RT＝（4A）2×40Ω＝640W。
故答案为：先增大后减小；640。
【点评】本题考查了串联电路特点和电功率公式的灵活运用，解题的关键是看懂RT随温度
t 的变化曲线，并从中找到有用的数据。
三、作图题（本题共2 小题，共4 分，21 题2 分，22 题2 分）
21．（2 分）如图是一种活塞式抽水机的示意图。其中手柄AOB 是一个杠杆，杠杆在动力F1的
作用下绕O 点匀速转动，请在图中画出杠杆在B 点受到阻力的示意图和F1的力臂。
【分析】先确定阻力作用点（即B 点），然后过阻力作用点表示阻力的方向（即竖直向上）；
已知支点和动力的方向，过支点作力的作用线的垂线段（即力臂）。
【解答】解：
由图知，此时向上提起杠杆的左端，杠杆会绕O 点顺时针转动，则B 点会受到下面连杆向
上的支持力，即阻力的方向竖直向上，过B 点作竖直向上的阻力F2；
反向延长力F1画出力的作用线，过支点O 作动力作用线的垂线段，即动力臂L1．如图所示：
第24页（共35页）
【点评】此类题的关键是掌握杠杆五要素，然后根据杠杆的五要素作出相应的作用力或力
臂，并且作图要求规范。
22．（2 分）闭合开关S 后小磁针的状态如图所示（小磁针黑色一端表示N 极），请在图中括号
内标出通电螺线管的N 极和电源的“+”极。
【分析】根据小磁针的N 极指向，利用磁极间的作用规律可以确定通电螺线管的N、S 极；
再根据螺线管的N、S 极和线圈绕向，利用安培定则可以确定螺线管中的电流方向，进而
可以确定电源正负极。
【解答】解：小磁针静止时N 极指向左，根据异名磁极相互吸引、同名磁极相互排斥，可以
确定通电螺线管的左端为S 极，右端为N 极；
结合图中的线圈绕向和通电螺线管的N 极，利用安培定则可知线圈中的电流方向是从螺
旋管的左端流入、右端流出，所以电源的左端为正极，右端为负极。如下图所示：
【点评】安培定则涉及三个方向：电流方向；磁场方向；线圈绕向，告诉其中的两个可以确
定第三个。其中的电流方向经常与电源的正负极联系在一起，磁场方向经常与磁感线方向、
周围小磁针的N、S 极联系在一起。
第25页（共35页）
四、实验探究题（本题共3 小题，共19 分，23 题6 分，24 题6 分，25 题7 分）
23．（6 分）如图是“探究凸透镜成像的规律”实验装置，小明通过实验得到了如表所示的实
验数据，请回答下列问题：
物距u
（cm）
60
50
35
30
20
19
18
17
16
15
14
12
像距v
（cm）
12
12.5
14
15
20
21.1
22.5
24.3
26.7
30
35
60
（1）根据表可知凸透镜的焦距f＝
10
cm。
（2）当u＝25cm 时，像距ν 应该在
16
﹣
17
（选填“15﹣16”、“16﹣17”、“17﹣
18“、“18﹣19”或“19﹣20”）cm 范围内；当u＝60cm 时，光屏上成 缩小 （选填
“放大”或“缩小”）的像，此种成像原理可以制成什么光学仪器？ 照相机 （选填
“照相机”或“投影仪“）；此时，用遮光板遮住LED 光源的一部分，光屏上的像相比原
来的像会 变暗 （选填“变暗”“缩小”或“不完整”）。
（3）LED 光源的高度h＝10cm，小明经过认真测量，得到像高h′与物距u 的数据，如图2
所示，请在图中画出h′与u 的关系图象。
【分析】（1）u＝v＝2f 时物与像大小相等，由此可求得焦距；
（2）根据物距、像距、焦距的关系式可求得像距；
凸透镜成像规律及其应用之一，u＞2f，成倒立缩小的实像，照相机利用了此原理；
物体由无数点组成，物体上任一点射向凸透镜有无数条光线，经凸透镜折射后，有无数条
折射光线会聚成该点的像。所以遮住凸透镜的一部分，还有另外的部分光线，经凸透镜折
射会聚成像。
（3）根据表中数据描点连线即可。
【解答】解：（1）由表格数据u＝v＝2f＝20cm，可得，所用透镜的焦距为10cm；
（2）已知f＝10cm，当u＝25cm 时，
＝
，
第26页（共35页）
则
＝
+
，
解得v≈16.7cm，故像距ν 应该在16﹣17cm 范围内。
当u＝60cm 时，u＞2f，成倒立缩小的实像，此种成像原理可以制成照相机；
用遮光板遮住LED 光源的一部分，物体上任一点射向凸透镜的其他部分，经凸透镜折射
后，照样能会聚成像，像的大小不发生变化，折射光线减少，会聚成的像变暗。
（3）根据表中数据描点连线，如图所示：
故答案为：（1）10；（2）16﹣17；缩小；照相机；变暗；（3）见上图。
【点评】此题是探究凸透镜成像规律的实验，考查了实验中器材的调节，同时考查了凸透
镜成像的规律的应用，掌握凸透镜成像的特点及物距、像距与焦距的关系是关键。
24．（6 分）小明利用杠杆做了以下实验，实验时使用的每个钩码的质量均相等，杠杆上相邻
刻线间的距离相等，请回答下列问题：
（1）如图甲所示，将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆的左端下沉，若想使杠
杆在水平位置平衡，应将杠杆的平衡螺母向 右 调节。杠杆在水平位置平衡后，在A 点
悬挂2 个钩码，要使杠杆在水平位置再次平衡，需在B 点悬挂
4
个钩码；之后在A、B
两点再各增加1 个钩码，杠杆将 逆时针旋转 （选填“不动”、“顺时针旋转”或“逆
时针旋转”）。
（2）如图乙所示，小明在A、C 两点分别悬挂等重的载物盘，制作了一个天平，左盘盛放物
体，右盘加减砝码，此天平是利用了哪一类杠杆制作面成的？ 等臂杠杆 。
第27页（共35页）
（3）小明正确使用自制天平称量物体质量时：
①假如支点O 因某种原因向右偏移，则测量值 大于 真实值（选填“大于”“等于”
或“小于”）；
②假如砝码因生锈等原因质量增大，则测量值 小于 真实值（选填“大于”“等于”
或“小于”）。
【分析】（1）在调平杠杆平衡时，杠杆的哪端高，平衡螺母要向哪端移动；
设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，根据杠杆平衡条件判断在B 点挂钩码的数量；根
据杠杆平衡条件判断是否平衡；
（2）天平利用的•等臂杠杆的原理；
（3）天平是较精密的测量工具，砝码锈蚀或缺损了就不能再使用，因为此时的砝码质量与
标准值不同，所以会导致称量结果错误。支点O 因某种原因向右偏移，砝码的力臂减小；
砝码上生锈是砝码质量增加；
【解答】解：（1）杠杆静止时，杠杆左端下沉，说明右端偏高，平衡螺母需向右调节；
设杠杆每个格的长度为L，每个钩码的重力为G，根据杠杆的平衡条件：FALA＝FBLB，
即2G×4L＝FB×2L，解得FB＝4G，需挂4 个钩码；
在A、B 两点下方所挂的钩码下同时再加挂一个钩码，则左侧3G×4L＝12GL，右侧5G×2L
＝10GL，因为12GL＞10GL，杠杆不能平衡，左端下降，即A 端将下沉，杠杆逆时针旋转；
（2）如图乙所示，小明在A、C 两点分别悬挂等重的载物盘，制作了一个天平，左盘盛放物
体，右盘加减砝码，此天平是利用了等臂杠杆的原理；
（3）小明正确使用自制天平称量物体质量时：
①假如支点O 因某种原因向右偏移，砝码的力臂减小，故测量值大于实际值；
②假如砝码因生锈等原因质量增大，用比实际更少的砝码放在右盘，就可使横梁平衡。而
读数时仍按上面标的数值来读数，使用这时计算物体质量就比实际少了。．则测量值 小于
真实值。
故答案为：（1）右；4；逆时针旋转；（2）等臂杠杆；（3）①大于；②小于。
【点评】考查了杠杆平衡的条件，杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是
力臂，因此在此实验中我们应调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，以便直
接读出力臂；了解天平的使用原理，关键要把握外界的变化使放在右盘的砝码的质量如何
变化是解决此题的关键；关于杆秤也有这方面的考查，如：杆秤的秤砣掉了一块；秤杆折
了用铜丝重新绑起来等等，其解题思路与此相似。
25．（7 分）图甲是测量定值电阻R 阻值的实验电路图。
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（1）闭合开关S，当电压表的示数为2.4V 时，电流表示数如图乙所示，则R 的阻值为
8
Ω；调节滑片P 的位置，进行多次测量，其目的是 多次测量取平均值减小误差 。
（2）实验过程中，发现电流表示数突然变大，电压表示数几乎为零，则电路故障可能是
R
短路 。
（3）实验结束后，小明想探究“什么情况下磁能生电”，于是他在蹄形磁铁的磁场中悬挂
一根导线，导线的两端跟电流计连接，组成闭合电路，如图丙所示。
①保持导线在磁场中静止，观察到电流计的指针没有偏转，小明认为可能是电流太小，于
是换成更加灵敏的电流计，观察到指针仍没有偏转。他认为也有可能是由于磁铁磁性不够
强，没有电流产生，于是更换了磁性更强的磁铁进行探究，在更换磁铁的同时，发现电流
计的指针动了一下后又静止了。你认为电流计指针“动了一下”的原因是什么？
②当导线水平向右运动时，电流计指针反向偏转，为使电流计指针正向偏转，可以如何操
作？请说出两种方法： 导线水平向左运动 ； 调换磁铁的两极 。
③根据图丙装置原理人们制成了 发电 机。
【分析】（1）根据电流表选用小量程确定分度值读数，由欧姆定律求R；
多次测量取平均值减小误差。
（2）实验过程中，发现电流表示数突然变大，则电路为通路，由欧姆定律，电路的电阻变小，
根据电压表示数几乎为零分析。
（3）①产生感应的电流的条件：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割感应线运动；
②影响感应电流方向的因素：切割磁感应线的方向和磁场方向；
③根据电磁感应现象制成了发电机。
【解答】解：（1）闭合开关S，当电压表的示数为2.4V 时，电流表示数如图乙所示，电流表
选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.3A，由欧姆定律，
R＝
＝
＝8Ω；
调节滑片P 的位置，进行多次测量，其目的是：多次测量取平均值减小误差。
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（2）实验过程中，发现电流表示数突然变大，电路为通路，由欧姆定律，电路的电阻变小，
根据电压表示数几乎为零，则电路故障可能是R 短路。
（3）①在更换磁铁的同时，发现电流计的指针动了一下后又静止了，即产生了瞬间的感应
电流，是因为更换磁铁的同时，相当于导线在磁场做切割了磁感应线，故电流计指针“动
了一下”；
②根据影响感应电流方向的因素，可将当导线水平向左运动或调换磁铁的两极；
③根据图丙装置原理人们制成了发电机。
故答案为：（1）8；多次测量取平均值减小误差；导线水平向左运动；（2）R 短路；（3）①导
线在磁场做切割了磁感应线；②导线水平向左运动；调换磁铁的两极；③发电机。
【点评】本题测电阻大小，考查电流表读数、电阻计算和数据处理，同时考查了产生感应电
流的条件及影响感应电流方向的因素及发电机的原理。
五、综合计算题（本题共3 小题，共25 分，26 题8 分，27 题9 分，28 题8 分.要求写出必要的文
字说明、单位、重要的公式及主要的运算过程，只写出结果不得分）
26．（8 分）小明家有一艘玻璃钢海钓船，底部平直，其参数如表所示（柴油热值q＝4.3×107J/
kg，g＝10N/kg）。
（1）不出海时，空船放置在水平沙滩上，船底与沙滩的接触面积为2m2，求船对沙滩的压强。
（2）小明一家人某次出海钓鱼，人员和钓鱼装备共300kg，船匀速直线行驶4.3km，船受到
的阻力为总重力的0.5 倍，发动机的实际输出功率为12kW、消耗柴油1kg（假设柴油完全
燃烧）。求：船行驶的速度和发动机的效率。
【分析】（1）根据重力和质量的关系G＝mg，即可求出空船的重力。空船放置在水平沙滩
上，对水平沙滩的压力等于自己的重力，已知船底与沙滩的接触面积即受力面积，利用压
强压强的计算公式 P＝
求出压强；
（2）求出人员和钓鱼装备及船的总质量；根据船受到的阻力为总重力的0.5 倍和根据二力
平衡得出动力大小，根据P＝
＝
＝Fv 求出速度大小；
（3）根据W 有＝F1s 求出做的有用功；根据Q＝mq 得出消耗柴油1kg 释放的能量，根据η
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＝
×100%求出发动机的效率。
【解答】解：（1）空船的重力：
G＝mg＝300kg×10N/kg＝3000N；
船对沙滩的压力等于自身的重力：
F＝G＝3000N；
船底与沙滩的接触面积为2m2∴
船对沙滩的压强：
p＝
＝
＝1.5×103Pa；
（2）①人员和钓鱼装备及船的总质量为：
m＝300kg+300kg＝600kg；
船受到的阻力为总重力的0.5 倍，
船匀速直线行驶，根据二力平衡：
f＝F1＝0.5G 总 ＝0.5×600kg×10N/kg＝3000N，
P＝
＝
＝Fv，
v＝
＝
＝4m/s；
做的有用功：
W 有＝F1s＝3000N×4300m＝1.29×107J；
消耗柴油1kg 释放的能量：
Q＝mq＝1kg×4.3×107J/kg＝4.3×107J；
发动机的效率：
η＝
＝
＝30%。
答：（1）船对沙滩的压强为1.5×103Pa；
（2）船行驶的速度为4m/s，发动机的效率为30%。
【点评】本题考查重力公式、压强公式、功率公式及Q＝mq 及效率公式、二力平衡的运用，
综合性强。
27．（9 分）火锅是人们比较喜欢的一种饮食方式，如图为小明家使用的一款电火锅工作电路
的原理图。它有高、中、低三个加热档位，旋钮开关可以分别置于“0 和1“、“1 和
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2”、“2 和3”或“3 和4”接线柱。正常工作时，低温档功率为高温档功率的
，R1为
242Ω，R2为60.5Ω．（忽略温度对电阻的影响）
（1）请指出开关置于什么接线柱时，火锅处于低温档？
（2）R3的阻值是多少欧姆？电火锅处于低温档正常工作时，在1 分钟内产生的热量是多
少焦耳？
（3）小明关闭家中的其他用电器，只让电火锅独立工作，用高温档加热汤液2 分钟，电能
表的表盘转了81 转。请通过计算判断此时电火锅是否正常工作？[电能表的铭牌上标有
3000r/（kW•h）]
【分析】（1）当旋钮开关置于不同的接线柱时，分析电路的连接方式，根据P＝
可判断
火锅处于的档位；
（2）当旋钮开关置于“3 和4”接线柱时，R1、R2并联，电路电阻最小，根据P＝
可知，
电功率最大，火锅处于高温档，根据P 高＝P1+P2＝
+
求出高温档时的电功率，
进而得出低温档功率，在利用P＝
可求出低温档时电路总电阻，根据串联电路电阻特
点求出R3的阻值；根据Q＝W＝P 低t 求出电火锅处于低温档正常工作1 分钟产生的热量；
（3）根据电能表的参数求出电能表的表盘转了81 转电火锅消耗的电能，根据P＝
求出
电火锅的功率，再与其高温档功率进行比较即可。
【解答】解：（1）当旋钮开关置于“1 和2”接线柱时，R2、R3串联，电路电阻最大，根据P＝
可知，电功率最小，火锅处于低温档；
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当旋钮开关置于“2 和3”接线柱时，R3被短路，电路为R2的简单电路，电路电阻较大，根
据P＝
可知，电功率较大，火锅处于中温档；
当旋钮开关置于“3 和4”接线柱时，R1、R2并联，电路电阻最小，根据P＝
可知，电功
率最大，火锅处于高温档。
（2）高温档时的电功率：P 高＝P1+P2＝
+
＝
+
＝1000W，
由题意知，低温档功率为高温档功率的
，即：P 低＝
P 高＝
×1000W＝200W，
由P＝
可得，低温档时电路总电阻：
R＝
＝
＝242Ω，
因串联电路总电阻等于各分电阻之和，
所以，R3的阻值：R3＝R﹣R2＝242Ω﹣60.5Ω＝181.5Ω。
电火锅处于低温档正常工作时，在1 分钟内产生的热量：
Q＝W＝P 低t＝200W×60s＝1.2×104J。
（3）电能表的表盘转了81 转，电火锅消耗的电能：
W′＝
＝0.027kW•h＝9.72×104J，
则电火锅的功率：P′＝
＝
＝810W，
因为电火锅的实际功率P′＜P 高，所以，此时电火锅不正常工作。
答：（1）当旋钮开关置于“1 和2”接线柱时，火锅处于低温档；
（2）R3的阻值是181.5 欧姆；电火锅处于低温档正常工作时，在1 分钟内产生的热量是
1.2×104J 焦耳；
（3）此时电火锅不正常工作。
【点评】本题主要考查用电器档位问题，涉及到电功公式、电功率公式、串并联电路的特点
以及电能表参数等，会利用P＝
判断用电器处于的档位，有一定难度。
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28．（8 分）如图所示，某考古队用滑轮组将重4.8×103N，体积为100dm3的文物打捞出水，定
滑轮重100N．滑轮组上共有三根绳子a，b 和c，其中a 是悬挂定滑轮，b 绕在定滑轮和动
滑轮上，c 悬挂文物，整个打捞过程始终缓慢匀速提升文物，文物完全浸没在水中时，滑轮
组的机械效率为95%（ρ 水＝1×103kg/m3，g＝10N/kg，绳重、滑轮与轴的摩擦以及水的阻力
均忽略不计）。请解答下列问题：
（1）文物浸没在水中时受到的浮力是多大？
（2）动滑轮的重力是多大？
（3）在整个打捞过程中，a、b、c 三根绳中哪根绳承受的拉力最大？该绳至少要承受多大的
拉力？
【分析】（1）知道文物的体积，即浸没水中排开水的体积，利用阿基米德原理求文物受到
的浮力；
（2）绳重、滑轮与轴的摩擦以及水的阻力均忽略不计，则滑轮组的机械效率η＝
＝
＝
，据此求动滑轮重力；
（3）由图知，n＝2，在整个打捞过程中，拉力F＝（G﹣F 浮+G 动），即b 根绳子承受的拉力；
a 点绳子的拉力Fa＝2F+G 定；c 点绳子的拉力Fc＝G﹣F 浮；据此确定a、b、c 三根绳中哪根
绳承受的拉力最大及其大小。
【解答】解：
（1）文物浸没在水中时排开水的体积：
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V 排＝V＝100dm3＝0.1m3，
则文物受到的浮力：
F 浮＝ρ 水gV 排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m3＝1×103N；
（2）因绳重、滑轮与轴的摩擦以及水的阻力均忽略不计，
则文物完全浸没在水中时，滑轮组的机械效率：
η＝
＝
＝
＝95%，
即：
＝95%，
解得动滑轮重力：G 动＝200N；
（3）由图知，n＝2，文物完全浸没在水中时，绳子自由端的拉力：
F＝
（G﹣F 浮+G 动）＝
（4.8×103N﹣1×103N+200N）＝2×103N，
即b 绳承受的拉力：Fb＝F＝2×103N；
a 绳承受的拉力：Fa＝2F+G 定＝2×2×103N+100N＝4.1×103N；
c 绳承受的拉力：Fc＝G﹣F 浮＝4.8×103N﹣1×103N＝3.8×103N；
可见，a、b、c 三根绳中a 绳承受的拉力最大，该绳至少要承受4.1×103N 的拉力。
答：（1）文物浸没在水中时受到的浮力是1×103N；
（2）动滑轮的重力是200N；
（3）在整个打捞过程中，a、b、c 三根绳中a 绳承受的拉力最大，该绳至少要承受4.1×103N
的拉力。
【点评】本题考查了阿基米德原理、效率公式的应用，要知道文物浸没水中时，滑轮组的机
械效率η＝
＝
＝
。
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