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绝密★启用前
2019 年全国统一高考数学试卷（理科）（新课标Ⅲ）
一、选择题：本题共12 小题，每小题5 分，共60 分。在每小题给的四个选项中，只有一项是符
合题目要求的。
1．已知集合
，则
A．
B．
C．
D．
2．若
，则z=
A．
B．
C．
D．
3．《西游记》《三国演义》《水浒传》和《红楼梦》是中国古典文学瑰宝，并称为中国古典小说四
大名著.某中学为了解本校学生阅读四大名著的情况，随机调查了100 学生，其中阅读过
《西游记》或《红楼梦》的学生共有90 位，阅读过《红楼梦》的学生共有80 位，阅读过《西游
记》且阅读过《红楼梦》的学生共有60 位，则该校阅读过《西游记》的学生人数与该校学生
总数比值的估计值为
A．0.5
B．0.6
C．0.7
D．0.8
4．（1+2x2 ）（1+x）
4的展开式中x3的系数为
A．12
B．16
C．20
D．24
5．已知各项均为正数的等比数列{an}的前4 项为和为15，且a5=3a3+4a1，则a3=
A． 16
B． 8
C．4
D． 2
6．已知曲线
在点（1，ae）处的切线方程为y=2x+b，则
A．
B．a=e，b=1
C．
D ．
，
7．函数
在
的图象大致为
A．
B．
C．
D．
8．如图，点N 为正方形ABCD 的中心，△ECD 为正三角形，平面ECD⊥平面ABCD，M 是线
段ED 的中点，则
A．BM=EN，且直线BM、EN 是相交直线
B．BM≠EN，且直线BM，EN 是相交直线
C．BM=EN，且直线BM、EN 是异面直线
D．BM≠EN，且直线BM，EN 是异面直线
9．执行下边的程序框图，如果输入的
为0.01，则输出
的值等于
A.
B.
C.
D.
10．双曲线C：
=1 的右焦点为F，点P 在C 的一条渐进线上，O 为坐标原点，若
，则△PFO 的面积为
A．
B．
C．
D．
11．设
是定义域为R 的偶函数，且在
单调递减，则
A．
（log3
）＞
（
）＞
（
）
B．
（log3
）＞
（
）＞
（
）
C．
（
）＞
（
）＞
（log3
）
D．
（
）＞
（
）＞
（log3
）
12．设函数
=sin（
）(
＞0)，已知
在
有且仅有5 个零点，下述四个
结论：
①
在（
）有且仅有3 个极大值点
②
在（
）有且仅有2 个极小值点
③
在（
）单调递增
④
的取值范围是[
)
其中所有正确结论的编号是
A． ①④ B． ②③ C． ①②③ D． ①③④
二、填空题：本题共4 小题，每小题5 分，共20 分。
13．已知a，b 为单位向量，且a·b=0，若
，则
___________.
14．记Sn为等差数列{an}的前n 项和，
，则
___________.
15．设
为椭圆C:
的两个焦点，M 为C 上一点且在第一象限.若
为等腰三角形，则M 的坐标为___________.
16 ．学生到工厂劳动实践，利用3D 打印技术制作模型. 如图，该模型为长方体
挖去四棱锥O—EFGH 后所得几何体，其中O 为长方体的中心，E，
F，G，H 分别为所在棱的中点，
，3D 打印所用原料密度为
0.9 g/cm3，不考虑打印损耗，制作该模型所需原料的质量为___________.
三、解答题：共70 分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。第17~21 题为必考题，每
个试题考生都必须作答。第22、23 题为选考题，考生根据要求作答。
（一）必考题：共60 分。
17．（12 分）
为了解甲、乙两种离子在小鼠体内的残留程度，进行如下试验：将200 只小鼠随机分成
A、B 两组，每组100 只，其中A 组小鼠给服甲离子溶液，B 组小鼠给服乙离子溶液，每组
小鼠给服的溶液体积相同、摩尔浓度相同．经过一段时间后用某种科学方法测算出残留
在小鼠体内离子的百分比.根据试验数据分别得到如下直方图：
记C 为事件：“乙离子残留在体内的百分比不低于5.5”，根据直方图得到P（C）的估计
值为0.70．
（1）求乙离子残留百分比直方图中a，b 的值；
（2）分别估计甲、乙离子残留百分比的平均值（同一组中的数据用该组区间的中点值为
代表）．
18．（12 分）
△ABC 的内角A、B、C 的对边分别为a、b、c，已知
．
（1）求B；
（2）若△ABC 为锐角三角形，且c=1，求△ABC 面积的取值范围．
19．（12 分）
图1 是由矩形ADEB、Rt△ABC 和菱形BFGC 组成的一个平面图形，其中AB=1，
BE=BF=2，∠FBC=60°，将其沿AB，BC 折起使得BE 与BF 重合，连结DG，如图2.
（1）证明：图2 中的A，C，G，D 四点共面，且平面ABC⊥平面BCGE；
（2）求图2 中的二面角B-CG-A 的大小.
20．（12 分）
已知函数
.
（1）讨论
的单调性；
（2）是否存在
，使得
在区间
的最小值为
且最大值为1？若存在，求出
的所有值；若不存在，说明理由.
21．已知曲线C：y=
，D 为直线y=
上的动点，过D 作C 的两条切线，切点分别为A，B.
（1）证明：直线AB 过定点：
（2）若以E(0，)为圆心的圆与直线AB 相切，且切点为线段AB 的中点，求四边形ADBE
的面积.
（二）选考题：共10 分。请考生在第22、23 题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题
计分。
22．[选修4-4：坐标系与参数方程]（10 分）
如图，在极坐标系Ox 中，
，
，
，
，弧
，
，
所在圆的圆心分别是
，
，
，曲线
是弧
，曲线
是弧
，
曲线
是弧
.
（1）分别写出
，
，
的极坐标方程；
（2）曲线
由
，
，
构成，若点
在M 上，且
，求P 的极坐标.
23．[选修4-5：不等式选讲]（10 分）
设
，且
.
（1）求
的最小值；
（2）若
成立，证明：
或
.
2019 年全国统一高考数学试卷（理科）（新课标Ⅲ）
参考答案
一、选择题
1．A 2．D 3．C 4．A 5．C 6．D 7．B 8．B 9．C 10．A
11．C
12．D
二、填空题
13．
14．4
15．
16．118.8
三、解答题
17．解：（1）由已知得0.70=a+0.20+0.15，故a=0.35．
b=1–0.05–0.15–0.70=0.10．
（2）甲离子残留百分比的平均值的估计值为
2×0.15+3×0.20+4×0.30+5×0.20+6×0.10+7×0.05=4.05．
乙离子残留百分比的平均值的估计值为
3×0.05+4×0.10+5×0.15+6×0.35+7×0.20+8×0.15=6.00．
18．解：（1）由题设及正弦定理得
．
因为sinA
0，所以
．
由
，可得
，故
．
因为
，故
，因此B=60°．
（2）由题设及（1）知△ABC的面积
．
由正弦定理得
．
由于△ABC为锐角三角形，故0°<A<90°，0°<C<90°，由（1）知A+C=120°，所以30°<C<90°，
故
，从而
．
因此，△ABC面积的取值范围是
．
19．解：（1）由已知得AD
BE，CG
BE，所以AD
CG，故AD，CG确定一个平面，从而A，C，
G，D四点共面．
由已知得AB
BE，AB
BC，故AB
平面BCGE．
又因为AB
平面ABC，所以平面ABC
平面BCGE．
（2）作EH
BC，垂足为H．因为EH
平面BCGE，平面BCGE
平面ABC，所以EH
平
面ABC．
由已知，菱形BCGE的边长为2，∠EBC=60°，可求得BH=1，EH=
．
以H为坐标原点，
的方向为x轴的正方向，建立如图所示的空间直角坐标系H–xyz，
则A（–1，1，0），C（1，0，0），G（2，0，
），
=（1，0，
），
=（2，–1，0）．
设平面ACGD的法向量为n=（x，y，z），则
即
所以可取n=（3，6，–
）．
又平面BCGE的法向量可取为m=（0，1，0），所以
．
因此二面角B–CG–A的大小为30°．
20. 解：（1）
．
令
，得x=0 或
.
若a>0，则当
时，
；当
时，
．故
在
单调递增，在
单调递减；
若a=0，
在
单调递增；
若a<0，则当
时，
；当
时，
．故
在
单调递增，在
单调递减.
（2）满足题设条件的a，b 存在.
（i）当a≤0 时，由（1）知，
在[0，1]单调递增，所以
在区间[0，l]的最小值为
，最大值为
.此时a，b 满足题设条件当且仅当
，
，即a=0，
．
（ii）当a≥3 时，由（1）知，
在[0，1]单调递减，所以
在区间[0，1]的最大值为
，最小值为
．此时a，b 满足题设条件当且仅当
，
b=1，即a=4，b=1．
（iii）当0<a<3 时，由（1）知，
在[0，1]的最小值为
，最大值为b 或
．
若
，b=1，则
，与0<a<3 矛盾.
若
，
，则
或
或a=0，与0<a<3 矛盾．
综上，当且仅当a=0，
或a=4，b=1 时，
在[0，1]的最小值为–1，最大值为1．
21．解：（1）设
，则
.
由于
，所以切线DA的斜率为
，故
.
整理得
设
，同理可得
.
故直线AB的方程为
.
所以直线AB过定点
.
（2）由（1）得直线AB的方程为
.
由
，可得
.
于是
，
.
设
分别为点D，E到直线AB的距离，则
.
因此，四边形ADBE的面积
.
设M为线段AB的中点，则
.
由于
，而
，
与向量
平行，所以
.解得t=0或
.
当=0时，S=3；当
时，
.
因此，四边形ADBE的面积为3或
.
22.解：（1）由题设可得，弧
所在圆的极坐标方程分别为
，
，
.
所以
的极坐标方程为
，
的极坐标方程为
，
的极坐标方程为
.
（2）设
，由题设及（1）知
若
，则
，解得
；
若
，则
，解得
或
；
若
，则
，解得
.
综上，P的极坐标为
或
或
或
.
23．解：（1）由于
，
故由已知得
，
当且仅当x=
，y=–
，
时等号成立．
所以
的最小值为
.
（2）由于
，
故由已知
，
当且仅当
，
，
时等号成立．
因此
的最小值为
．
由题设知
，解得
或
．
绝密★启用前
2019 年全国统一高考数学试卷（理科）（新课标Ⅲ）
答案解析版
一、选择题：本题共12 小题，每小题5 分，共60 分。在每小题给的四个选项中，只
有一项是符合题目要求的。
1.已知集合
，则
（ ）
A.
B.
C.
D.
【答案】A
【解析】
【分析】
先求出集合B 再求出交集.
【详解】由题意得，
，则
．故选A．
【点睛】本题考查了集合交集的求法，是基础题.
2.若
，则
（ ）
A.
B.
C.
D.
【答案】D
【解析】
【分析】
根据复数运算法则求解即可.
【详解】
．故选D．
【点睛】本题考查复数的商的运算，渗透了数学运算素养．采取运算法则法，利用方程思想解
题．
3.《西游记》《三国演义》《水浒传》和《红楼梦》是中国古典文学瑰宝，并称为中国古典小说四
大名著.某中学为了解本校学生阅读四大名著的情况，随机调查了100 学生，其中阅读过《西
游记》或《红楼梦》的学生共有90 位，阅读过《红楼梦》的学生共有80 位，阅读过《西游记》且
阅读过《红楼梦》的学生共有60 位，则该校阅读过《西游记》的学生人数与该校学生总数比值
的估计值为（ ）
A.
B.
C.
D.
【答案】C
【解析】
【分析】
根据题先求出阅读过西游记的人数，进而得解.
【详解】由题意得，阅读过《西游记》的学生人数为90-80+60=70，则其与该校学生人数之比为
70÷100=0．7．故选C．
【点睛】本题考查抽样数据的统计，渗透了数据处理和数学运算素养．采取去重法，利用转化
与化归思想解题．
4.（1+2x2 ）（1+x）
4的展开式中x3的系数为
A. 12
B. 16
C. 20
D. 24
【答案】A
【解析】
【分析】
本题利用二项展开式通项公式求展开式指定项的系数．
【详解】由题意得x3的系数为
，故选A．
【点睛】本题主要考查二项式定理，利用展开式通项公式求展开式指定项的系数．
5.已知各项均为正数的等比数列
的前4 项和为15，且
，则
（ ）
A. 16
B. 8
C. 4
D. 2
【答案】C
【解析】
【分析】
利用方程思想列出关于
的方程组，求出
，再利用通项公式即可求得
的值．
【详解】设正数的等比数列{an}的公比为，则
，
解得
，
，故选C．
【点睛】应用等比数列前项和公式解题时，要注意公比是否等于1，防止出错．
6.已知曲线
在点
处的切线方程为
，则（ ）
A.
B.
C.
D.
【答案】D
【解析】
【分析】
通过求导数，确定得到切线斜率的表达式，求得，将点的坐标代入直线方程，求得．
【详解】详解：
将
代入
得
，故选D．
【点睛】准确求导数是进一步计算的基础，本题易因为导数的运算法则掌握不熟，二导致计算
错误．求导要“慢”，计算要准，是解答此类问题的基本要求．
7.函数
在
的图像大致为
A.
B.
C.
D.
【答案】B
【解析】
【分析】
由分子、分母的奇偶性，易于确定函数为奇函数，由
的近似值即可得出结果．
【详解】设
，则
，所以
是奇
函数，图象关于原点成中心对称，排除选项C．又
排除选项D；
，排除选项A，故选B．
【点睛】本题通过判断函数的奇偶性，缩小考察范围，通过计算特殊函数值，最后做出选择．本
题较易，注重了基础知识、基本计算能力的考查．
8.如图，点
为正方形
的中心，
为正三角形，平面
平面
是
线段
的中点，则（ ）
A.
，且直线
是相交直线
B.
，且直线
是相交直线
C.
，且直线
是异面直线
D.
，且直线
是异面直线
【答案】B
【解析】
【分析】
利用垂直关系，再结合勾股定理进而解决问题．
【详解】
，
为
中点
为
中点，
，
共面相交，选项C，D 为错．
作
于
，连接
，过
作
于
．
连
，
平面
平面
．
平面
，
平面
，
平面
，
与
均为直角三角形．
设正方形边长
2，易知
，
．
，故选B．
【点睛】本题为立体几何中等问题，考查垂直关系，线面、线线位置关系.
9.执行如图所示的程序框图，如果输入的为
，则输出的值等于（ ）
A.
B.
C.
D.
【答案】D
【解析】
分析】
根据程序框图，结合循环关系进行运算，可得结果.
【详解】
不成立
不成立
成立
输出
，故选D．
【点睛】循环运算，何时满足精确度成为关键，加大了运算量，输出前项数需准确，此为易错点．
10.双曲线C：
=1 的右焦点为F，点P 在C 的一条渐近线上，O 为坐标原点，若
，则△PFO 的面积为
A.
B.
C.
D.
【答案】A
【解析】
【分析】
本题考查以双曲线为载体的三角形面积的求法，渗透了直观想象、逻辑推理和数学运算素养．
采取公式法，利用数形结合、转化与化归和方程思想解题．
【详解】由
．
，
又P 在C 的一条渐近线上，不妨设为在
上，
，故选A．
【点睛】忽视圆锥曲线方程和两点间的距离公式的联系导致求解不畅，采取列方程组的
方式解出三角形的高，便可求三角形面积．
11.设
是定义域为
的偶函数，且在
单调递减，则（ ）
A.
B.
C.
D.
【答案】C
【解析】
【分析】
由已知函数为偶函数，把
，转化为同一个单调区间上，再比
较大小．
【详解】
是R 的偶函数，
．
，又
在(0，+∞)单调递减，
，
，故选C．
【点睛】本题主要考查函数的奇偶性、单调性，考查学生转化与化归及分析问题解决问题的能
力．
12.设函数
=sin（
）(
＞0)，已知
在
有且仅有5 个零点，下述
四个结论：
①
在（
）有且仅有3 个极大值点
②
在（
）有且仅有2 个极小值点
③
在（
）单调递增
④
的取值范围是[
)
其中所有正确结论的编号是
A. ①④
B. ②③
C. ①②③
D. ①③④
【答案】D
【解析】
【分析】
本题为三角函数与零点结合问题，难度大，可数形结合，分析得出答案，要求大，理解深度高，
考查数形结合思想．
【详解】
，在
有且仅有5 个零点．
，
，
，④正确．如图
为极大值点为3 个，①正确；
极小值点为2 个或3 个．
②不正确．
当
时，
，当
时，
．
③正确，故选D．
【点睛】极小值点个数动态的，易错，③正确性考查需认真计算，易出错．
二、填空题：本题共4 小题，每小题5 分，共20 分。
13.已知a，b 为单位向量，且a·b=0，若
，则
___________.
【答案】
.
【解析】
【分析】
根据
结合向量夹角公式求出
，进一步求出结果.
【详解】因为
，
，
所以
，
，所以
，
所以
．
【点睛】本题主要考查平面向量的数量积、向量的夹角．渗透了数学运算、直观想象素养．
使用转化思想得出答案．
14.记Sn为等差数列{an}的前n 项和，
，则
___________.
【答案】4.
【解析】
【分析】
根据已知求出
和
的关系，再结合等差数列前n 项和公式求得结果.
【详解】因
，所以
，即
，
所以
．
【点睛】本题主要考查等差数列的性质、基本量的计算．渗透了数学运算素养．使用转化
思想得出答案．
15.设
为椭圆
的两个焦点，
为
上一点且在第一象限.若
为等腰三角形，则
的坐标为___________.
【答案】
【解析】
【分析】
根据椭圆定义分别求出
，设出
的坐标，结合三角形面积可求出
的坐标.
【
详
解
】
由
已
知
可
得
，
．
．
设点
的坐标为
，则
，
又
，解得
，
，解得
（
舍去），
的坐标为
．
【点睛】本题考查椭圆标准方程及其简单性质，考查数形结合思想、转化与化归的能力，很好
的落实了直观想象、逻辑推理等数学素养．
16.学生到工厂劳动实践，利用
打印技术制作模型.如图，该模型为长方体
挖去四棱锥
后所得的几何体，其中
为长方体的中心，
分别为所在棱的中点，
，
打印所用原料密度
为
，不考虑打印损耗，制作该模型所需原料的质量为___________
.
【答案】118．8
【解析】
【分析】
根据题意可知模型的体积为四棱锥体积与四棱锥体积之差进而求得模型的体积，再求出模
型的质量.
【详解】由题意得，四棱锥O-EFGH 的底面积为
，其高为点O 到
底面
的距离为3cm，则此四棱锥的体积为
．又长方体
的体积为
，所以该模型体积为
，其质量为
．
【点睛】此题牵涉到的是3D 打印新时代背景下的几何体质量，忽略问题易致误，理解题中信
息联系几何体的体积和质量关系，从而利用公式求解．
三、解答题：共70 分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。第17~21 题为
必考题，每个试题考生都必须作答。第22、23 题为选考题，考生根据要求作答。
（一）必考题：共60 分。
17.为了解甲、乙两种离子在小鼠体内的残留程度，进行如下试验：将200 只小鼠随机分成
两组，每组100 只，其中
组小鼠给服甲离子溶液，
组小鼠给服乙离子溶液.每只小
鼠给服的溶液体积相同、摩尔浓度相同.经过一段时间后用某种科学方法测算出残留在小鼠
体内离子的百分比.根据试验数据分别得到如下直方图：
记
为事件：“乙离子残留在体内的百分比不低于
”，根据直方图得到
的估计值
为
.
（1）求乙离子残留百分比直方图中
的值；
（2）分别估计甲、乙离子残留百分比的平均值（同一组中的数据用该组区间的中点值为代表）.
【答案】(1)
，
；(2)
，.
【解析】
【分析】
(1)由
可解得和的值；(2)根据公式求平均数.
【
详
解
】
(1)
由
题
得
，
解
得
，
由
，解得
.
(2)由甲离子的直方图可得，甲离子残留百分比的平均值为
，
乙离子残留百分比的平均值为
【点睛】本题考查频率分布直方图和平均数，属于基础题.
18.
的内角
的对边分别为
，已知
．
（1）求
；
（2）若
为锐角三角形，且
，求
面积的取值范围．
【答案】(1)
;(2)
.
【解析】
分析】
(1)利用正弦定理化简题中等式，得到关于B 的三角方程，最后根据A,B,C 均为三角形内角解
得
.(2)根据三角形面积公式
，又根据正弦定理和
得到
关
于
的函数，由于
是锐角三角形，所以利用三个内角都小于
来计算
的定义域，
最后求解
的值域.
【详解】(1)根据题意
由正弦定理得
，因为
，故
，消去
得
。
，
因为故
或者
，而根据题意
，
故
不成立，所以
，又因为
，代入得
，所以
.
(2)因为
是锐角三角形，又由前问
，
，
得到
，故
又应用正弦定理
，
，由三角形面积公式有
.又因
,故
，故
.
故
的取值范围是
【点睛】这道题考查了三角函数的基础知识，和正弦定理或者余弦定理的使用（此题也可以用
余弦定理求解），最后考查
是锐角三角形这个条件的利用。考查的很全面，是一道很
好的考题.
19.图1 是由矩形ADEB，Rt△ABC 和菱形BFGC 组成的一个平面图形，其中AB=1，
BE=BF=2，∠FBC=60°，将其沿AB，BC 折起使得BE 与BF 重合，连结DG，如图2.
（1）证明：图2 中的A，C，G，D 四点共面，且平面ABC⊥平面BCGE；
（2）求图2 中的二面角B−CG−A 的大小.
【答案】(1)见详解；(2)
.
【解析】
【分析】
(1)因为折纸和粘合不改变矩形
，
和菱形
内部的夹角，所以
，
依然成立，又因
和
粘在一起，所以得证.因为
是平面
垂线，所以易证.(2)在图中找到
对应的平面角，再求此平面角即可.于是
考虑
关于
的垂线，发现此垂足与
的连线也垂直于
.按照此思路即证.
【详解】(1)证：
，
，又因为
和
粘在一起.
，A，C，G，D 四点共面.
又
.
平面BCGE，
平面ABC，
平面ABC
平面BCGE，得证.
(2)过B 作
延长线于H，连结AH，因为AB
平面BCGE，所以
而又
，故
平面
，所以
.又因为
所以
是二
面角
的平面角，而在
中
，又因为
故
，所以
.
而在
中
,
，即二面角
的度数为
.
【点睛】很新颖的立体几何考题。首先是多面体粘合问题，考查考生在粘合过程中哪些量是不
变的。再者粘合后的多面体不是直棱柱，建系的向量解法在本题中略显麻烦，突出考查几何
方法。最后将求二面角转化为求二面角的平面角问题考查考生的空间想象能力。
20.已知函数
.
（1）讨论
的单调性；
（2）是否存在
，使得
在区间
最小值为
且最大值为1？若存在，求出
的
所有值；若不存在，说明理由.
【答案】(1)见详解；(2)
或
.
【解析】
【分析】
(1)先求
的导数，再根据的范围分情况讨论函数单调性；(2) 根据的各种范围，利用函数单
调性进行最大值和最小值的判断，最终得出, 的值.
【详解】(1)对
求导得
.所以有
当
时，
区间上单调递增，
区间上单调递减，
区间上单调递增；
当
时，
区间上单调递增；
当
时，
区间上单调递增，
区间上单调递减，
区间上单调递增.
(2)若
在区间
有最大值1 和最小值-1，所以
若
，
区间上单调递增，
区间上单调递减，
区间上单调递增；
此时在区间
上单调递增，所以
，
代入解得
，
，与
矛
盾，所以
不成立.
若
，
区间上单调递增；在区间
.所以
，
代入解得
.
若
，
区间上单调递增，
区间上单调递减，
区间上单调递增.
即
在区间
单调递减，在区间
单调递增，所以区间
上最小值为
而
，故所以区间
上最大值为
.
即
相减得
，即
，又因为
，所以无解.
若
，
区间上单调递增，
区间上单调递减，
区间上单调递增.
即
在区间
单调递减，在区间
单调递增，所以区间
上最小值为
而
，故所以区间
上最大值为
.
即
相减得
，解得
，又因为
，所以无解.
若
，
区间上单调递增，
区间上单调递减，
区间上单调递增.
所以有
区间
上单调递减，所以区间
上最大值为
，最小值为
即
解得
.
综上得
或
.
【点睛】1)这是一道常规的函数导数不等式和综合题，题目难度比往年降低了不少。考查的函
数单调性，最大值最小值这种基本概念的计算。思考量不大，由计算量补充。
21.已知曲线C：y=
，D 为直线y=
上的动点，过D 作C 的两条切线，切点分别为A，B.
（1）证明：直线AB 过定点：
（2）若以E(0，
)为圆心的圆与直线AB 相切，且切点为线段AB 的中点，求四边形ADBE 的
面积.
【答案】(1)见详解；(2) 3 或
.
【解析】
【分析】
可用解析法和几何法证明。解析法可设A，B 两点的坐标分别为
，
，然后求出
A，B 两点处的切线，两条切线交于直线
之上，所以交点的纵坐标为
联立方程可解
和
的关系。之后用两点式求出直线
方程，最后根据直线
方程求
出它所过的定点.(2)应用四边形面积公式，代入化简出关于
和
的对称式。然后分情况讨
论求解。如果不知道四面下面积公式则可以将四边形分成两个三角形求面积之后做和，但会
稍微麻烦一些。（此题若用向量积的概念则更为容易）
【详解】(1)证明：设A，B 两点的坐标分别为
，
，因为
，所以
，
则切线DA 为：
---------①，切线DB 为：
--------②，
代入
得
，
得
，因为
故消去得交点的纵坐标
，
因为DA 和DB 的交点D 为直线
上的动点，所以有
，
，
直线AB 为
，点A，B 在曲线
上，则有
，整理得
，即
.当
，
时无论
,
取何值时，此等式均成立。因此直线
AB 过定点
，得证。
(2)设AB 的中点为G，由题得G 点坐标为
，则
，又
.由题意知
，即
即
.代入
得
整理得
.
因
，故
.所以
或
.
由第一问中
，为这里的
为D 点坐标,然而
,故
，所以
，又因为
.所以
。即D 坐标为
.
那么
,
.
设为
与
的夹角，那么有
代入
进行化简有
若
，则
.
若
，则
,
代入有
.
所以四边形ADBE 的面积为3 或
.
【点睛】此题第一问是圆锥曲线中的定点问题和第二问是求面积类型，属于常规题型，按部就
班的求解就可以。思路较为清晰，但计算量不小。
（二）选考题：共10 分。请考生在第22、23 题中任选一题作答。如果多做，则按所
做的第一题计分。
22.如图，在极坐标系
中，
，
，
，
，弧
，
，
所在圆的圆心分别是
，
，
，曲线
是弧
，曲
线
是弧
，曲线
是弧
.
（1）分别写出
，
，
的极坐标方程；
（2）曲线
由
，
，
构成，若点
在
上，且
，求
的极坐标.
【答案】(1)
,
,
,
(2)
,
,
,
.
【解析】
【分析】
(1)将三个过原点的圆方程列出，注意题中要求的是弧，所以要注意的方程中的取值范围.
(2)根据条件
逐个方程代入求解，最后解出
点的极坐标.
【详解】(1)由题意得，这三个圆的直径都是2，并且都过原点.
，
,
.
(2)解方程
得
，此时P 的极坐标为
解方程
得
或
，此时P 的极坐标为
或
解方程
得
，此时P 的极坐标为
故P 的极坐标为
,
,
,
.
【点睛】此题考查了极坐标中过极点的圆的方程，思考量不高，运算量不大，属于中档题.
23.设
，且
.
（1）求
的最小值；
（2）若
成立，证明：
或
.
【答案】(1)
；(2)见详解.
【解析】
【分析】
(1)根据条件
，和柯西不等式得到
，再讨论
是否可以达到等号成立的条件.(2)恒成立问题，柯西不等式等号成立时构造的
代入原
不等式，便可得到参数的取值范围.
【
详
解
】
(1)
故
等号成立当且仅当
而又因
，解得
时等号成立
所以
的最小值为
.
(2)
因为
，所以
.
根据柯西不等式等号成立条件，当
，即
时有
成立.
所以
成立，所以有
或
.
另解：用反证法.
若
或
不成立，那么
成立，则
而
左面等号成立当且仅当
，又因为
所以
.故此时
,即
，与原命题矛盾放
【点睛】两个问都是考查柯西不等式，属于柯西不等式的常见题型.
