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高考重点考点解读与针对性训练
第十三章 交变电流和电磁波
考点118 变压器动态电路
【考点解读】
理想变压器的动态分析问题
1. 匝数比不变、负载变化的变压器的动态分析思路
（1）U1不变，根据 U 1
U 2
＝ n1
n2
，输入电压U1决定输出电压U2，可以得出不论负载电阻R
如何变化，U2不变。
（2）当负载电阻发生变化时，I2变化，根据输出电流I2决定输入电流I1，可以判断I1的变
化。
（3）I2变化引起P2变化，根据P1＝P2，可以判断P1的变化。
2 负载电阻不变、匝数比变化的变压器动态分析思路
（1）U1不变， n1
n2
发生变化，U2变化。
（2）R 不变，U2变化，I2发生变化。
（3）根据P2＝ U 2
2
R
和P1＝P2、P1＝U1I1，可以判断P2变化时，P1发生变化；U1不变，I1发
生变化。
【高考真题】
【典例1】．（2025 高考河北卷）2024 年底，世界装机容量最大的抽水蓄能电站——河北
丰宁抽水蓄能电站全面投产发电。如图，若该电站通过理想变压器调节输出电压
时，输
入电压
保持不变。已知副线圈总匝数为n，分接头
间和
间的线圈匝数
，开关S 接3 时输出电压的瞬时值
，则S 接2 时
A．
B．
C．
D．
【答案】D
【解析】根据理想变压器电压比与匝数比关系可知
，
由于输入电压
不变，可知
即
解得
；
可知此时输出的交流电的周期为
。则S 接2 时
的图像为D。
【典例2】（2024·全国甲卷19 题）如图，理想变压器的副线圈接入电路的匝数可通过滑动
触头T 调节，副线圈回路接有滑动变阻器R、定值电阻R0和R1、开关S。S 处于闭合状态，
在原线圈电压U0不变的情况下，为提高R1的热功率，可以（ ）
A.保持T 不动，滑动变阻器R 的滑片向f 端滑动
B.将T 向b 端移动，滑动变阻器R 的滑片位置不变
C.将T 向a 端移动，滑动变阻器R 的滑片向f 端滑动
D.将T 向b 端移动，滑动变阻器R 的滑片向e 端滑动
答案 AC
解析： 保持T 不动，则原、副线圈匝数比不变，又变压器的输入电压不变，根据变压器
的变压规律可知，变压器的输出电压不变，滑动变阻器的滑片向f 端滑动时，其接入电路
的电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可知通过R1的电流增大，根据P＝I2R 可知，R1的热功
率增大，A 正确；仅将T 向b 端移动，R1两端的电压减小，根据P＝U
2
R
可知，R1的热功率
减小，B 错误；同理，仅将T 向a 端移动，R1的热功率增大，再将滑动变阻器的滑片向f 端
滑动，R1的热功率进一步增大，C 正确；经以上分析可知，将T 向b 端移动，滑动变阻器的
滑片向e 端滑动，R1的热功率减小，D 错误。
【典例3】.（2024·浙江6 月选考7 题）理想变压器的原线圈通过a 或b 与频率为f、电压
为u 的交流电源连接，副线圈接有三个支路，如图所示。当S 接a 时，三个灯泡均发光，
若（ ）
A.电容C 增大，L1灯泡变亮
B.频率f 增大，L2灯泡变亮
C.RG上光照增强，L3灯泡变暗
D.S 接到b 时，三个灯泡均变暗
答案 A
解析： 电容C 增大，容抗减小，L1灯泡变亮，A 正确；频率f 增大，感抗增大，L2变暗，
B 错误；RG上光照增强，光敏电阻的阻值减小，L3灯泡变亮，C 错误；S 接到b 上时，副线
圈上的电压增大，三个灯泡均变亮，D 错误。
【典例4】.[2021 海南/多选]如图，理想变压器原线圈接在u＝220❑√2sin100πt（V）的交流
电源上，副线圈匝数可通过滑片P 来调节.当滑片P 处于图示位置时，原、副线圈的匝数比
n1∶n2＝2∶1，为了使图中“100V 50W”的灯泡能够正常发光，下列操作可行的是（
BD ）
A.仅将滑片P 向上滑动
B.仅将滑片P 向下滑动
C.仅在副线圈电路中并联一个阻值为20Ω 的电阻
D.仅在副线圈电路中串联一个阻值为20Ω 的电阻
答案 BD
解析 原线圈两端电压有效值为220V，由变压规律U 1
U 2
＝n1
n2
可知，理想变压器输出电压有
效值为110V，为使灯泡正常发光，则输出电压应减小，故滑片P 应下移，A 错误，B 正确；
仅在副线圈电路中并联电阻，不能改变灯泡两端电压，C 错误；小灯泡电阻为R＝U
2
P ＝
200Ω，由串联分压规律可知，在副线圈电路中串联20Ω 电阻，灯泡即可正常发光，D 正确.
【典例5】.[2023 北京]自制一个原、副线圈匝数分别为600 匝和190 匝的变压器，原线圈
接12V 的正弦交流电源，副线圈接额定电压为3.8V 的小灯泡.实际测得小灯泡两端电压为
2.5V.下列措施有可能使小灯泡正常发光的是（ B ）
A.仅增加原线圈匝数
B.仅增加副线圈匝数
C.将原、副线圈匝数都增为原来的两倍
D.将两个3.8V 小灯泡并联起来接入副线圈
答案 B
解析 原线圈电压为U1，匝数为n1；副线圈电压为U2，匝数为n2
仅增加n1→n1
n2
变大→U2减小，U2'减小，A 错
仅增加n2→n1
n2
减小→U2增大，U2'增大，B 对
n1、n2都翻倍
并联灯泡
}
n1
n2
不变→U2不变，U2'不变，CD 错
【典例6】(2021·福建高考)某住宅小区变压器给住户供电的电路示意图如图所示，图中R
为输电线的总电阻。若变压器视为理想变压器，所有电表视为理想电表，不考虑变压器的
输入电压随负载变化，则当住户使用的用电器增加时，图中各电表的示数变化情况是(
)
A．A1增大，V2不变，V3增大
B．A1增大，V2减小，V3增大
C．A2增大，V2增大，V3减小
D．A2增大，V2不变，V3减小
答案：D
解析：不考虑变压器的输入电压随负载变化，即变压器原线圈的输入电压U1不变，根据＝
可知，变压器副线圈的输出电压U2即V2示数不变；因为住户的用电器均为并联，所以用
电器增加时，用户的总电阻R 总＝R＋R 用变小，由I2＝可知，副线圈的电流I2即A2示数变
大，而由U3＝U2－I2R，可知U3即V3示数减小；由理想变压器的关系U1I1＝U2I2，可知原线
圈的电流I1即A1示数变大，故选D。
【针对性训练】
1. （2025·四川达州期末）如图所示，理想变压器原线圈接入电压恒定的正弦交流电，副
线圈接入最大阻值为2R 的滑动变阻器和阻值为R 的定值电阻。在变阻器滑片从a 端向b 端
缓慢移动的过程中（ ）
A.电流表A1示数减小
B.电流表A2示数增大
C.原线圈输入功率先增大后减小
D.定值电阻R 消耗的功率先减小后增大
答案：A
解析：由于原线圈所接电压恒定，匝数比恒定，故变压器副线圈的输出电压恒定，滑动变
阻器的滑片从a 端向b 端缓慢移动的过程中，由数学知识可知，变压器副线圈所接的电阻
值逐渐增大，则由部分电路欧姆定律得I2＝U 2
R副
，可知副线圈的电流逐渐减小，由n1
n2
＝I 2
I 1
，
可知变压器原线圈的电流I1也逐渐减小，故A 正确，B 错误；原线圈的输入功率为P 入＝
U1I1，由于I1逐渐减小，则原线圈的输入功率逐渐减小，故C 错误；滑片从a 端向b 端滑动
时，副线圈干路电流减小，滑动变阻器右半部分和定值电阻并联的总电阻减小，则并联部
分分压减小，由PR＝U
2
R
知，定值电阻R 消耗的功率减小，故D 错误。
2.（2025·山东师大附中期末）如图所示，多匝正方形线圈abcd 在匀强磁场中绕垂直于磁
感线的转轴OO'匀速转动，在线圈外接一含有理想升压变压器的电路，四个电表均为理想
交流电表，电路中除滑动变阻器R 和线圈abcd 以外的电阻均不计。当滑动变阻器的滑片P
向上滑动时（ ）
A.电流表A1的示数变小
B.电流表A2的示数变大
C.电压表V1的示数变小
D.电压表V2的示数变大
答案 AD
解析： 当滑动变阻器的滑片P 向上滑动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，把变压器
和滑动变阻器看成一个等效电阻，则有R 等＝n1
2
n2
2R，可知等效电阻增大；设线圈产生的电
动势为E，线圈内阻为r，根据闭合电路欧姆定律可得I1＝
E
R等＋r 可知理想变压器原线圈
电流I1减小，即电流表A1的示数变小；线圈内阻分到的内电压减小，则理想变压器原线圈
的输入电压U1增大，即电压表V1的示数变大；根据U 2
U 1
＝n2
n1
可知副线圈输出电压U2增大，
即电压表V2的示数变大；根据I 2
I 1
＝n1
n2
可知理想变压器副线圈电流I2减小，即电流表A2的示
数变小。故选A、D。
3 (2022·湖南省娄底高三期末)理想变压器原、副线圈所接的电路如图甲所示，原、副线圈
的匝数比为n1∶n2＝5∶1，其中定值电阻R1＝R2＝R3＝110 Ω，两电表为理想交流电表，原
线圈两端接有如图乙所示的交流电。当t＝ s 时，原线圈的瞬时电压为u＝110 V。断开
S1、S2，电源消耗的电功率为P1；闭合S1、S2，电源消耗的电功率为P2。则下列说法正确
的是( )
A．闭合S1、断开S2，电压表的示数为44 V
B．闭合S1、S2，电流表的示数为4.0 A
C．断开S1、S2，电流表的示数为0.04 A
D．P1∶P2＝1∶4
答案：ACD
解析：由题图乙可得，周期T＝0.02 s，故可得ω＝＝100π rad/s，故交流电的表达式为u＝
Umsin (100πt) V，又因为t＝ s 时原线圈瞬时电压u＝110 V，所以Um＝220 V，原线圈电
压有效值为U1＝＝220 V，根据＝可得，副线圈电压U2＝44 V，当闭合S1、断开S2，电压
表测量副线圈电压，故电压表的示数为44 V，故A 正确；闭合S1、S2，副线圈电流为I2′＝
＋＝0.8 A，根据＝，可得I1′＝0.16 A，电流表的示数为0.16 A，故B 错误；断开S1、
S2，副线圈总电阻为R＝R1＋R2＝220 Ω，副线圈电流为I2＝＝0.2 A，根据＝，可得原线圈
电流I1＝0.04 A，故C 正确；P1＝U1I1＝8.8 W，P2＝U1I1′＝35.2 W，所以P1∶P2＝1∶4，
故D 正确。
4 如图所示，理想变压器原线圈接有效值保持不变的正弦交流电压，电压表和
电流表均为理想交流电表，RT为热敏电阻(温度升高，电阻减小)，R0、R1为定
值电阻，C 为电容器，通电后随着RT温度升高，下列说法正确的是( )
A.电压表V1的示数和V2的示数都不变
B.理想变压器的输入功率减小
C.通过R1的电流始终为零，R1不消耗电能
D.若电容器电容减小，则电流表A2的示数增大
答案 A
解析 理想变压器原线圈接有效值保持不变的正弦交流电压，则电压表V1的示
数和V2的示数都不变，故A 正确；随着RT温度升高，电阻减小，输出电流变
大，输入电流也变大，理想变压器的输入功率和输出功率均增大，故B 错误；
电容器电势差等于RT两端电压，输出电流变化的过程中，RT两端电压会发生变
化，根据C＝可知，电容器的电荷量改变，说明有电流通过R1，R1消耗电能，
故C 错误；电容器的电容与电流表A2的示数无关，故D 错误。
5. (2024·重庆市巴南区一模)如图所示，理想变压器的原、副线圈分别接理想电
流表
、理想电压表
，原线圈接输出电压恒定的交流电源，副线圈上通过输
电线接有一个灯泡L，一个电吹风M(内阻与灯泡L 相同)，输电线的等效电阻为
R，副线圈匝数可以通过调节滑片P 改变。S 断开时，灯泡L 正常发光。滑片P
位置不动，当S 闭合时，以下说法中正确的是( )
A.电压表读数增大
B.电流表读数增大
C.为使灯泡L 正常发光，滑片P 应向上滑动
D.灯泡L 与电吹风M 消耗的电功率一定相同
答案 BC
解析 滑片位置不动，当S 闭合时，电阻变小，原线圈电压及匝数比不变，副
线圈电压不变，电压表读数不变，故A 错误；副线圈电压不变，电阻变小，输
出功率变大，输入功率变大，根据P1＝U1I1知电流表读数变大，故B 正确；副
线圈电流变大，等效电阻两端的电压增大，并联部分的电压减小，为了使灯泡
L 正常发光，必须增大电压，滑片应向上滑动，故C 正确；电吹风除了内阻的
热功率外可能还有输出机械功率，即UI＝W＋I2R，可知电吹风UI>I2R，I<，灯
泡L 与电吹风M 的电流不同，消耗电功率不相同，故D 错误。
6.(多选)(2024·广东汕头仲元中学模拟)如图5 所示为正弦交流电通过理想变压器
对某家庭供电的电路图，线路电阻R 较大。开关S1、S2均合上，各用电器均正
常工作。某时突然发现指示灯L 亮度增加，可能的原因是( )
A.电阻R 变大
B.开关S2断开
C.输入电压U 变小
D.关闭了电视机
答案 BD
解析 电阻R 变大，则副线圈总电流减小，通过指示灯L 的电流减小，指示灯
L 亮度减小，故A 错误；开关S2断开，则副线圈输出功率减小，副线圈总电流
减小，电阻R 两端电压减小，则指示灯L 两端电压增大，指示灯L 亮度增加，
故B 正确；输入电压U 变小，则副线圈输出电压U2减小，副线圈总电流减小，
通过指示灯L 的电流减小，指示灯L 亮度减小，故C 错误；关闭了电视机，则
副线圈输出功率减小，副线圈总电流减小，电阻R 两端电压减小，则指示灯L
两端电压增大，指示灯L 亮度增加，故D 正确。
7.(多选)如图所示，理想变压器原线圈接u＝220sin(100πt) V 的交流电，R 为光
敏电阻(阻值随着光照强度的增强而减小)，电流表为理想交流电表。当电路工
作时，灯泡L 发光，下列说法正确的是( )
A.保持滑片P 不动，若照射R 的光变强，则灯泡L 变暗
B.保持滑片P 不动，若照射R 的光变强，则电流表示数变大
C.保持R 上的光照强度不变，若滑片P 向下滑动，则灯泡L 变亮
D.保持R 上的光照强度不变，若滑片P 向下滑动，则电流表示数减小
答案 BD
解析 滑片P 不动时照射R 的光变强，光敏电阻R 的阻值减小，流过光敏电阻
的电流变大，流经灯泡的电流不变，灯泡L 的亮度不变，副线圈中总电流变大，
原线圈电流变大，则电流表示数变大，故A 错误，B 正确；照射R 的光强度不
变时，滑片P 向下滑动，副线圈的匝数减小，两端电压减小，两支路电流均减
小，灯泡L 变暗，副线圈中的总电流减小，则电流表示数减小，故C 错误，D
正确。
8 (2024·广东广州高三月考)如图甲所示，在直铁棒上有两组线圈，线圈n1＝10
匝，n2＝20 匝，原线圈输入电压u1随时间变化如图乙所示，则( )
A.电压表读数为20 V
B.电压表读数为20 V
C.滑动变阻器滑片向上滑动，则电路输入功率变小
D.副线圈交流电的周期为2 s
答案 C
解析 由于该变压器磁芯是铁棒，会出现漏磁，不满足理想变压器的电压规律，
原线圈输入电压有效值为U1＝＝10 V，若为理想变压器，则副线圈输出电压为
U2＝U1＝20 V，但由于铁棒磁芯出现漏磁，所以电压表读数会小于20 V，故
A、B 错误；滑动变阻器滑片向上滑动，则副线圈中的电阻增大，输入电压不变，
输出电压不变，电压表示数不变，根据闭合电路欧姆定律可知，副线圈的输出
电流减小，根据P＝UI 可得输出功率变小，则电路输入功率变小，故C 正确；
变压器不改变交变电流的周期，根据图乙知交流电的周期T＝0.02 s，则副线圈
交流电的周期为0.02 s，故D 错误。
9 [2023 广东惠州一模]一理想变压器原、副线圈的匝数比为311∶11，原线圈输入电压的
变化规律如图甲，副线圈接如图乙电路，P 为滑动变阻器的触头，下列说法正确的是（ C
）
A.副线圈输出电压的频率为200Hz
B.副线圈输出电压的有效值为11V
C.P 向右移动时，变压器原、副线圈的电流都增加
D.P 向右移动时，变压器的输入功率减小
答案 C
解析 由题图甲可知，交流电的周期为T＝0.02 s，变压器不改变交流电的频率，故副线圈
输出电压的频率为f＝1
T ＝1
0.02 Hz＝50 Hz，故A 错误；原线圈电压的最大值为U1m＝311
V，根据电压与匝数成正比可知U1m∶U2m＝n1∶n2＝311∶11，可得副线圈电压的最大值为
U2m＝11 V，副线圈输出电压的有效值为U2＝11
❑√2 V，故B 错误；原、副线圈电压之比等于
匝数之比，原、副线圈的匝数不变，输入电压不变，则副线圈输出电压不变，P 向右移动
时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据功率公式P＝U 2
2
R总
可知变压器的输出功率增加，
则变压器的输入功率也增加；由P＝UI 可知变压器原、副线圈的电流都增加，故C 正确，
D 错误.
10 如图所示，原、副线圈匝数比为100∶1 的理想变压器，b 是原线圈的中心抽头，电压
表和电流表均为理想电表，从某时刻开始在原线圈c、d 两端加上交变电压，其瞬时值表达
式为u1＝310sin（314t）V，则（ ）
A.当单刀双掷开关与a 连接时，电压表的示数为3.1 V
B.副线圈两端的电压频率为50 Hz
C.当单刀双掷开关由a 扳向b 时，原线圈输入功率变小
D.当单刀双掷开关由a 扳向b 时，电压表和电流表的示数均变小
答案：B
解析：U 1
U 2
＝n1
n2
，得U2＝U 1n2
n1
，因U1＝310
❑√2 V，所以U2＝310
❑√2 × 1
100 V≈2.2 V，A 错误；
由瞬时值表达式可得ω＝314 rad/s，则频率f＝ω
2π ＝314
2π Hz＝50 Hz，B 正确；当单刀双
掷开关由a 扳向b 时，n1减小，则U2增大，电压表示数变大，I2＝U 2
R
增大，副线圈的输出
功率P 出＝U2I2增大，原线圈的输入功率增大，C、D 错误。
11. 如图所示为一理想变压器，原线圈接在输出电压为U 的交流电源两端.电路中R0为定值
电阻，测量电表均为理想电表，导线电阻不计.现使滑动变阻器R 的滑片P 向上滑动，则下
列说法正确的是（ A ）
A.电压表V2的示数变大
B.电压表V1与电流表A 的示数的比值不变
C.电流表A 的示数变大
D.定值电阻R0消耗的电功率变大
答案 A
解析 输入电压不变，原、副线圈匝数比不变，输出电压由输入电压决定，则副线圈两端
电压U2不变，滑片向上滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，滑动变阻器两端电压变大，
V2示数变大，故A 正确；副线圈电路中总电阻变大，电流减小，原、副线圈匝数比不变，
则原线圈中电流也减小，故C 错误；副线圈中电流变小，定值电阻R0消耗的功率变小，故
D 错误；输入电压不变，输入电流随输出电流变化而变化，所以电压表V1与电流表A 的示
数的比值变化，故B 错误.
12. 如图所示，电路中的变压器为理想变压器，S 为单刀双掷开关，U1为加在原线圈两端
的交变电压，I1、I2分别为原、副线圈中的电流.下列说法正确的是（ BC ）
A.保持U1不变，S 由b 切换到a，则R 上消耗的功率减小
B.保持U1不变，S 由a 切换到b，则I2减小
C.保持U1不变，S 由b 切换到a，则I1增大
D.保持U1不变，S 由a 切换到b，则变压器的输入功率增大
答案 BC
解析 保持U1不变，S 由b 切换到a 时，副线圈匝数增多，则输出电压U2增大，输出电流
I2增大，根据P2＝I2U2知，P2增大，又因P1＝P2，故I1增大，A 错误，C 正确；S 由a 切换
到b 时，副线圈匝数减少，则输出电压U2减小，输出电流I2减小，根据P2＝I2U2知，P2减
小，又因P1＝P2，所以变压器输入功率减小，B 正确，D 错误.
13 (2023·河南周口联考)如图甲所示，理想变压器三个线圈匝数分别n1＝600、n2＝300、n3
＝1 200，定值电阻R1＝10 Ω、R3＝20 Ω，R2是半导体热敏电阻(电阻随温度升高而减小)，
电压表和电流表均为理想电表。原线圈接线柱a、b 所接正弦交流电压随时间t 的变化规律
如图乙所示。下列说法正确的是( )
A．电压表的示数为10 V
B．开关K 闭合前，若环境温度降低，电流表A1的示数将减小
C．开关K 闭合前，电流表A1和A2的示数之比大于1∶2
D．若闭合开关K，电流表A1的示数将增大4 A
答案：BD
解析：根据理想变压器电压的关系＝可得副线圈n2两端的电压U2＝U1＝10 V，但电压表V
测量半导体热敏电阻R2两端的电压，A 错误；若环境温度降低，半导体热敏电阻R2的阻值
增大，副线圈n2输出的电功率P2＝减小，根据能量守恒定律得P2＝P1＝U1I1，所以电流表
A1的示数将减小，B 正确；由理想变压器原理可得＝＝，C 错误；若闭合开关K，根据理
想变压器原理可得副线圈n3两端的电压U3＝U1＝40 V，由能量守恒定律得ΔP1＝U1ΔI1＝P3
＝，所以电流表A1的示数增加量ΔI1＝4 A，D 正确。故选BD。
14 (2023·河北唐山统考)一线圈在匀强磁场中匀速转动，输出的电压随时间变化的规律如
图甲所示，发电机与如图乙所示的变压器电路相连，副线圈匝数可通过滑片P 来调节，原
线圈的匝数n1＝2 000，当滑片P 位于副线圈正中间位置时，额定电压为44 V 的灯泡恰好
正常发光。发电机线圈电阻忽略不计，灯泡的电阻保持不变，且灯泡没有烧毁。下列说法
正确的是( )
A．t＝0.5 s 时，穿过线圈的磁通量为零
B．副线圈的匝数n2＝400
C．若滑片P 由如图乙所示的位置向下移动，则灯泡的亮度变暗
D．若仅将线圈的转速提高1 倍，则灯泡的功率也增加1 倍
答案：C
解析：由题图甲可知交变电流的周期T＝0.02 s，t＝0.5 s 时穿过线圈的磁通量与t＝0 时穿
过线圈的磁通量相等，而t＝0 时线圈的电动势为零，此时穿过线圈的磁通量最大，故A 错
误；由题图甲可知原线圈的输入电压U1＝220 V，当滑片P 位于中间位置时有＝，解得n2
＝800，故B 错误；当滑片P 向下滑动时，副线圈接入电路的匝数减小，副线圈的输出电压
减小，所以灯泡的功率减小，即灯泡变暗，故C 正确；若仅将发电机线圈的转速提高一倍，
由Em＝NBSω＝2πNBSn，可知发电机的输出电压提高一倍，所以灯泡两端电压也提高一倍，
由P＝，可知，灯泡的功率变为原来的四倍，故D 错误。故选C。
15 如图所示，理想变压器的原线圈连接一只理想交流电流表，副线圈匝数可以通过滑动
触头Q 来调节，在副线圈两端连接了定值电阻R0和滑动变阻器R，P 为滑动变阻器的滑动
触头。在原线圈上加一电压为U 的正弦式交流电，则( )
A．保持Q 的位置不动，将P 向上滑动时，电流表读数变大
B．保持Q 的位置不动，将P 向上滑动时，电流表读数变小
C．保持P 的位置不动，将Q 向上滑动时，电流表读数变大
D．保持P 的位置不动，将Q 向上滑动时，电流表读数变小
答案：BC
解析：保持Q 的位置不动，则副线圈两端电压U2不变，P 向上滑动，则R 增大，副线圈电
流I2减小，由P1＝UI1＝U2I2，可知I1减小，电流表读数减小，故A 错误，B 正确；保持P
的位置不动，则R 不变，Q 向上滑动，n2变大，根据＝得，U2＝U，则U2增大，由I2＝知I2
增大，U 不变，由UI1＝U2I2知I1增大，电流表读数变大，故C 正确，D 错误。
16．如图所示，理想变压器原线圈输入电压u＝Umsin ωt，副线圈电路中R0为定值电阻，R
是滑动变阻器，V1和V2是理想交流电压表，示数分别用U1和U2表示；A1和A2是理想交流
电流表，示数分别用I1和I2表示，变压器原、副线圈匝数分别为n1和n2。下列说法正确的
是( )
A．＝
B．＝
C．滑片P 向下滑动过程中，U2不变、I1变大
D．滑片P 向下滑动过程中，U2变小、I1变小
答案：B
解析：由题图可知，原、副线圈两端电压满足电压之比为匝数之比，而U2不是副线圈两端
电压，为滑动变阻器两端电压，即≠，故A 错误；I1和I2是原、副线圈电路中的电流，满足
＝，故B 正确；滑片P 向下滑动过程中，滑动变阻器接入电路的电阻减小，所以副线圈所
在回路的电流I2变大，则由＝，可知I1变大，又因为U1不变，即副线圈两端电压不变，而
定值电阻两端电压增大，所以U2变小，故C、D 错误。
